【近期汇编】2011届高考模拟试题分类汇编：电路

2011-2018 年高考真题物理试题分类汇编：闭合电路欧姆定律试题部分1.2016 年上海卷13.电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（ A ）电动势是一种非静电力（ B ）电动势越大，表明电源储存的电能越多（ C）电动势的大小是非静电力做功能力的反映（ D ）电动势就是闭合电路中电源两端的电压2.2012 年物理上海卷17．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（（ A）总功率一定减小（ B）效率一定增大（ C）内部损耗功率一定减小（ D）输出功率一定先增大后减小 3.2013 年上海卷24．如图，电路中三个电阻R l、 R2和 R3的阻值分别为R、 2R和 4R。

当电键S1 断开、S2 闭合时，电源输出功率为P0；当S1 闭合、S2 断开时，电源输出功率也为P0。

则电源电动势为；当S1、S2都断开时，电源的总功率为。

4. 2014 年物理上海卷B．加热时变小，冷却时变大D．加热或冷却时都变大15. 将阻值随温度升高而减小的热敏电阻I 和II 串联，接在不计内阻的稳压电源两端。

开始时I 和 II 阻值相等，保持I 温度不变，冷却或加热I I，则 II 的电功率在（）A．加热时变大，冷却时变小C．加热或冷却时都变小5. 2016 年江苏卷8．如图所示的电路中，电源电动势为值已在图中标出。

闭合开关S，下列说法正确的有（A．路端电压为10 V 12 V，内阻为 2 Ω，四个电阻的阻a5Ω b 15Ω15Ω5Ω12V 2 Ω SD ． a 、 b 间用导线连接后，电路的总电流为 1 A 6.2018 年海南卷 10．如图，三个电阻 R 1、 R 2、 R 3的阻值均为R ，电源的内阻r R ， c 为滑动变阻器的中点。

闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由 c 点向 a 端滑动，下列说法正确的是A ． R 2消耗的功率变小 R 2 R 3 C ．电源输出的功率变大 D ．电源内阻消耗的功率变大7.2018 年北京卷、 23． （ 18 分） 如图 1 所示， 用电动势为 E 、 内阻为 r 的电源， 向滑动变阻器 R 供电。

2011江苏各地模拟试题汇编—交流电1(2011苏北四市二模）．如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD 处于磁感应强度大小B =102T 的水平匀强磁场(中，线框面积S =0.5m 2，线框电阻不计。

线框绕垂直于磁场的轴OO ′以角速度ω=200rad/s 匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈线接入一只“220V ，60W”灯泡，且灯泡正常发光，熔断器允许通过的最大电流为10A ，下列说法正确的是 A ．图示位置穿过线框的磁通量为零 B ．线框中产生交变电压的有效值为2500V C ．变压器原、副线圈匝数之比为25︰11 D ．允许变压器输出的最大功率为5000W 答案：CD2(2011南京一模）．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为l0：1，b 是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R=10Ω，其余电阻均不计．从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上 如图乙所示的交变电压．则下列说法中正确的是 A ．当单刀双掷开关与a 连接时，电压表的示数为22V B ．当单刀双掷开关与d 连接且产0.01s 时，电流表示数为零 c ．当单刀双掷开关由a 拨向b 时，原线圈的输入功率变大 D ．当单刀双掷开关由a 拨向b 时，副线圈输出电压的频率变为25Hz答案：AC3(2011南京二模)·如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，R 1=20Ω ，R 2=30Ω，L 为无直流电阻的电感线圈．已知通过R 1的正弦交流电流如图乙所示 ，则A ．原线圈输入龟压的频率为500Hz 。

B ．原线圈输入电压为200 VC ．电阻R 1的电功率约为6.67 wD ．若保持u 的大小不变而增加交流电的频率，则电灯L 1将变暗灯泡答案：CD4(2011南通三模)．某交流发电机给灯泡供电，产生正弦式交变电流的图象如图所示，下列说法中正确的是 A ．交变电流的频率为0.02Hz B ．交变电流的瞬时表达式为5cos50(A)i t π= C ．在t=0.01s 时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D ．若发电机线圈电阻为0.4Ω，则其产生的热功率为5W 答案：D 5(2011苏、锡、常二模）．我国“西电东送”采用高压直流输电，继三峡至常州500kV 直流输电工程后，又实现了三峡至广东的500kV 直流输电工程．图示为其输电示意图．关于高压直流输电，下列说法正确的有A ．有利于减小输电电流，从而减少输电导线上的能量损失B ．有利于变压器直接改变输电电压，从而实现电网同步输送C ．有利于消除输电线路中感抗和容抗的影响D ．有利于降低对输电线路绝缘性能的要求 答案：AC6（2011苏北四市一模）．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10︰1，电阻R =22Ω，各电表均为理想电表。

2011 年全国各省市高考试题汇编-恒定电流讲评ppt
2011 普通高校招生考试试题汇编-恒定电流试题讲评
6(2011 上海)．右表是某逻辑电路的真值表，该电路是（）D12(2011 上海)．如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P 从最高端向下滑动时，（）
(A)电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数变大
(B)电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数变小
(C)电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数先变小后变大
(D)电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数先变大后变小A11．(2011 年江苏)(10 分) 某同学利用如图所示的实验电路来测量电阻的阻值。

(1)将电阻箱接入a、b 之间，闭合开关。

适当调节滑动变阻器R’后保持
其阻值不变。

改变电阻箱的阻值R，得到一组电压表的示数U 与R 的数据如下表：
请根据实验数据作出U-R 关系图象。

(2)用待测电阻RX 替换电阻箱，读得电压表示数为2.00V。

利用(1)中测绘
的U-R 图象可得RX=_________ Ω。

(3)使用较长时间后，电池的电动势可认为不变，但内阻增大。

若仍用本实
验装置和(1)中测绘的U-R 图象测定某一电阻，则测定结果将_________(选填“偏大”或“偏小”)。

现将一已知阻值为10Ω的电阻换接在a、b 之间，你应如
何调节滑动变阻器，便仍可利用本实验装置和(1)中测绘的U-R 图象实现对待测电阻的准确测定？20 偏小
调节滑动变阻器R´,
使电压表示数为1.50V10503040200.51.01.52.02.5˙˙˙˙˙˙。

2011年高考真题解析物理分项版12恒定电流和电路1．（北京）如图所示电路，电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，AVSR1E，rR2R0A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的小数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小[D．电压表的示数减小，电流表的示数增大答案：A[解析：变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，使连入电路中的R0阻值减小，整个电路的电阻减小，电路中的电流I增大，路端电压U=E－Ir 减小，即电压表的示数减小，又R2与R0并联后再与R1串联，在R0减小时，使得R2两端电压减小，R2中的电流减小，即电流表示数减小。

A正确，B、C、D错误。

2.（全国）（15分）（注意：在试题卷上答题无效）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为L，电阻不计。

在导轨上端并接2个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡。

整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直。

现将一质量为m、电阻可忽略不计的金属棒MN从图示位置由静止开始释放。

金属棒下落过程中保持水平，且与导轨接触良好。

已知某时刻后两灯泡保持正常发光。

重力加速度为g。

求：MNacLbd（1）磁感应强度的大小；（2）灯泡正常发光时导体棒的运动速率。

【解析】（1）设小灯泡的额定电流为I0，有P = I02R ①根据题意，金属棒MN沿导轨竖直下落的某时刻后，小灯泡保持正常发光，流经MN的电流为I = 2I0 ②此时金属棒MN所受的重力和安培力相等，下落的速度达到最大值，有mg = BLI ③联立①②③式得式得B = ④（2）设灯泡正常发光时，导体棒的速率为v，由电磁感应定律与欧姆定律得E = BLv ⑤E = RI0 ⑥联立①②④⑤⑥式得 v = ⑦[来3.（重庆）在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有两个错误电路，如题20图所示。

电源内阻不计，导线连接良好，若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S，在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种现象：a.电珠L不亮；电流表示数几乎为零b.电珠L亮度增加；电流表示数增大c电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断d.电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断与上述a b c d 四种现象对应的电路序号为A. ③①②④B. ③④②①C. ③①④②D. ②①④③【答案】A.[【解析】.对于电路①，随着滑动变阻器触头向右滑动，灯泡上电压增大，灯泡变亮，通过电流表的电流增加，由于滑动变阻器触头滑到最右端也不会造成短路，所以电流表不至于烧毁.据此判断①与b对应；对于电路②，滑动变阻器触头向右滑动时，灯泡亮度增加，电流表示数变大，当滑动变阻器触头滑到最右端时，造成短路，从而烧毁电流表，之后，灯泡变得最亮.据此判断，②与c对应；对于电路③，由于电压表串联进了电路，而电压表内电阻很大，滑动变阻器触头时，灯泡不亮，电流表示数几乎没有变化，据此判断③与a对应；对于电路④，随着滑动变阻器触头向右滑动，灯泡不亮，电流表将被短路烧毁.所以，③①②④对以a、b、c、d.4．（上海）如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，(A)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大(B)电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小(C)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大(D)电压表V读数先变小后变大，电流表A读数先变大后变小【答案】A.。

甲2011年高考物理真题分类汇编电学实验4．（2011年高考·江苏理综卷）某同学利用如图所示的实验电路来测量电阻的阻值。

⑴将电阻箱接入a 、b 之间，闭合开关。

适当调节滑动变阻器R ′后保持其阻值不变。

改变电阻箱的阻值R ，得到一组电压表的示数U 与R 的数据如下表：请根据实验数据作出U-R 关系图象。

⑵用待测电阻R x 替换电阻箱，读得电压表示数为2.00V 。

利用⑴中测绘的U-R 图象可得R x =_____Ω。

⑶使用较长时间后，电池的电动势可认为不变，但内阻增大。

若仍用本实验装置和⑴中测绘的U-R 图象测定某一电阻，则测定结果将_________（选填“偏大”或“偏小”）。

现将一已知阻值为10Ω的电阻换接在a 、b 之间，你应如何调节滑动变阻器，便仍可利用本实验装置和⑴中测绘的U-R 图象实现对待测电阻的准确测定？5.（2011年高考·福建理综卷）某同学在探究规格为“6V ，3W ”的小电珠伏安特性曲线实验中：（1）在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至____档进行测量。

（填选项前的字母）A ．直流电压10VB ．直流电流5mAC ．欧姆× 100D ．欧姆× 1（2）该同学采用图甲所示的电路进行测量。

图中R为滑动变阻器（阻值范围0~20Ω，额定电流1.0A ），L 为待测小电珠，○V 为电压表（量程6V ，内阻20k Ω），○A 为电流表（量程0.6A ，内阻1Ω），E 为电源（电动势8V ，内阻不计），S 为开关。

Ⅰ．在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最____端；（填“左”或“右”）Ⅱ．在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭和开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是_____点至_____点的导线没有连接好；（图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“2点至3点”的导线）Ⅲ．该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图如图乙所示，则小电珠的电阻值随工作电压的增大而______。

I 单元 电场 I1 电场的力的性质20．I1[2011·课标全国卷] 一带负电荷的质点在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的．关于b 点电场强度E 的方向，如图1－5所示中可能正确的是(虚线是曲线在b 点的切线)()图1－5【解析】 D 负电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相反，且电荷受力方向指向运动轨迹的凹侧，A 、C 错误；B 选项中负电荷所受电场力具有沿速度方向的分力，质点的速率是递增的，B 错误；D 选项中质点所受电场力具有沿速度反方向的分力，质点的速率是递减的，D 正确．1．I1、I2[2011·海南物理卷] 关于静电场，下列说法正确的是( ) A ．电势等于零的物体一定不带电 B ．电场强度为零的点，电势一定为零 C ．同一电场线上的各点，电势一定相等D ．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加【解析】 D 负电荷受电场力方向与电场方向相反，当负电荷沿电场线方向移动时，电场力对电荷做负功，电势能一定增加，故D 选项正确；电场中某点电势是否为零与电场强度的大小及物体是否带电无关，与选取的零电势点有关，故AB 选项错误；沿电场线的方向电势降低，所以同一电场线上的各点，电势不会相等，选项C 错误．3．I1[2011·海南物理卷] 三个相同的金属小球1、2、3分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径．球1的带电量为q ，球2的带电量为nq ，球3不带电且离球1和球2很远，此时球1、2之间作用力的大小为F .现使球3先与球2接触，再与球1接触，然后将球3移至远处，此时1、2之间作用力的大小仍为F ，方向不变．由此可知( )A ．n ＝3B ．n ＝4C ．n ＝5D ．n ＝6【解析】 D 设1、2两球间距离为r ，由库仑定律可得，接触前1、2两球间的作用力为F ＝k q ·nqr 2.由于小球完全相同，当小球互相接触时会平分电荷，即当小球3与小球2接触后各带电荷nq2，当小球3再与小球1接触时会再次平分所带电荷，最后小球1带电荷n ＋24q ，移走小球3后，1、2两球间的作用力为F ′＝k nq 2·(n ＋2)q4r 2，因F ′＝F ，可解得n ＝6，选项D 正确．21．I1[2011·广东物理卷] 图8为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的，下列表述正确的是()图8A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大21．I1[2011·广东物理卷] BD【解析】集尘极接直流高压电源正极，带正电荷，放电极接电源负极，带负电荷，故电场方向由集尘极指向放电极，B选项正确；尘埃在电场力作用下向集尘极运动，受力方向与电场方向相反，故尘埃带负电荷，A、C选项错误；由F＝qE 可知，当电场强度E不变时，F与q成正比，故D选项正确．图1－4图78．I1、I2[2011·江苏物理卷] 一粒子从A点射入电场，从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有()A．粒子带负电荷B．粒子的加速度先不变，后变小C．粒子的速度不断增大D．粒子的电势能先减小，后增大8．I1、I2[2011·江苏物理卷] AB【解析】根据电场线与等势面垂直并指向电势低的等势面，可大致画出电场线的形状，在电场力的作用下粒子轨迹向下弯曲，根据曲线运动的特点，可以说明电场力指向轨迹内侧，与场强方向相反，所以粒子带负电，A正确；等势面先是平行等距，后变得稀疏，则电场强度先是不变，后变小，即电场力(加速度)先不变，后变小，B正确；根据电场力做功W＝qU，电场力做负功，所以粒子速度不断减小，C错误；电场力始终做负功，由功能关系可知，粒子电势能始终增加，所以D错误．I2电场的能的性质图1－621．I2[2011·山东卷] 如图1－6所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是()A．b点场强大于d点场强B．b点场强小于d点场强C．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差D．试探电荷＋q在a点的电势能小于在c点的电势能【解析】BC两等量异种电荷产生的电场如图所示，由图可知，d点的电场线比b点的电场线密集，所以d点的场强大于b点的场强，A项错误，B项正确．a、c两点关于MN 对称，b点在MN上，同一点电荷从a到b和从b到c电场力做的功相同，由W＝qU可知U ab＝U bc，C项正确．a点电势高于c点电势，同一正电荷在a点的电势能大于在c点的电势能，D项错误．1．I1、I2[2011·海南物理卷] 关于静电场，下列说法正确的是()A．电势等于零的物体一定不带电B．电场强度为零的点，电势一定为零C．同一电场线上的各点，电势一定相等D．负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加【解析】D负电荷受电场力方向与电场方向相反，当负电荷沿电场线方向移动时，电场力对电荷做负功，电势能一定增加，故D选项正确；电场中某点电势是否为零与电场强度的大小及物体是否带电无关，与选取的零电势点有关，故AB 选项错误；沿电场线的方向电势降低，所以同一电场线上的各点，电势不会相等，选项C 错误．图78．I1、I2[2011·江苏物理卷] 一粒子从A 点射入电场，从B 点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有( )A ．粒子带负电荷B ．粒子的加速度先不变，后变小C ．粒子的速度不断增大D ．粒子的电势能先减小，后增大8．I1、I2[2011·江苏物理卷] AB 【解析】 根据电场线与等势面垂直并指向电势低的等势面，可大致画出电场线的形状，在电场力的作用下粒子轨迹向下弯曲，根据曲线运动的特点，可以说明电场力指向轨迹内侧，与场强方向相反，所以粒子带负电，A 正确；等势面先是平行等距，后变得稀疏，则电场强度先是不变，后变小，即电场力(加速度)先不变，后变小，B 正确；根据电场力做功W ＝qU ，电场力做负功，所以粒子速度不断减小，C 错误；电场力始终做负功，由功能关系可知，粒子电势能始终增加，所以D 错误．I3 电容器 带电粒子在电场中的匀变速运动17．I3[2011·全国卷] 通常一次闪电过程历时约0.2～0.3 s ，它由若干个相继发生的闪击构成．每个闪击持续时间仅40～80 μs ，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中．在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109 V ，云地间距离约为1 km ；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6 C ，闪击持续时间约为60 μs.假定闪电前云地间的电场是均匀的．根据以上数据，下列判断正确的是( )A ．闪电电流的瞬时值可达到1×105 AB ．整个闪电过程的平均功率约为1×1014 WC ．闪电前云地间的电场强度约为1×106 V/mD ．整个闪电过程向外释放的能量约为6×106 J【解析】 AC 在 60 μs 的短暂时间内的平均电流就可以当作瞬时电流，即I －＝qt＝660×10－6A ＝1×105A ，所以A 正确；整个闪电过程中的平均功率若这样计算就错了：P －＝W t ＝qU t ＝6×1×10960×10－6W ＝1×1014W ，因为题中整个闪电过程的时间是0.2～0.3 s 而不是60 μs ，所以B 错误；闪电前电场强度E ＝U d ＝1×1091×103 V/m ＝1×106 V/m ，C 正确；整个闪电过程向外释放的能量大约是W ＝qU ＝6×109 J ，所以D 错误．20．I3[2011·安徽卷] 如图1－12甲所示，两平行正对的金属板A 、B 间加有如图1－12乙所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P 处．若在t 0时刻释放该粒子，粒子会时而向A 板运动，时而向B 板运动，并最终打在A 板上．则t 0可能属于的时间段是( )图1－12A ．0<t 0<T4B.T 2<t 0<3T 4C.3T4<t 0<T D ．T <t 0<9T8【解析】 B 由U －t 图象可以作出几个典型时刻开始运动对应的v －t 图象，取向A 板运动方向为正方向，如图所示：分别考虑在一个周期内带电粒子的运动情况．当t 0＝0，粒子一直往B 板运动．当t 0＝T 8，粒子先往B 板运动，到7T8时往A 板运动，在一个周期内总位移还是向B 板．当t 0＝T 4，粒子先往B 板运动，到3T4时往A 板运动，在一个周期内总位移为零；同理也可以分析出其余几个典型时刻的运动情况．然后对运动情况总结如下：若0<t 0< T4，则粒子先往B 板运动，后往A 板运动，最终打到B 板，故选项A 、D 错误；若T 4<t 0<T2，则粒子先往B 板运动，后往A 板运动，最终打到A 板． 若T 2<t 0<3T4，则粒子先往A 板运动，后往B 板运动，最终打到A 板，故选项B 正确； 若3T4<t 0<T ，则粒子先往A 板运动，后往B 板运动，最终打到B 板，故选项C 错误．5．I3[2011·天津卷] 板间距为d 的平行板电容器所带电荷量为Q 时，两极板间电势差为U 1，板间场强为E 1.现将电容器所带电荷量变为2Q ，板间距变为12d ，其他条件不变，这时两极板间电势差为U 2，板间场强为E 2，下列说法正确的是( )A ．U 2＝U 1，E 2＝E 1B ．U 2＝2U 1，E 2＝4E 1C ．U 2＝U 1，E 2＝2E 1D ．U 2＝2U 1，E 2＝2E 15．[2011·天津卷] C 【解析】 由公式C ＝εS 4k πd 、C ＝Q U 和E ＝U d 得U ＝4k πdQ εS ，E ＝4k πQεS ，当Q 变为2Q 、d 变为d2时，电压U 不变，电场强度E 变为原来的2倍．C 正确．15．I3、K4[2011·江苏物理卷] 某种加速器的理想模型如图所示：两块相距很近的平行小极板中间各开一个有一小孔a 、b ，两极板间电压u ab 的变化图象如图所示，电压的最大值为U 0、周期为T 0，在两极板外有垂直纸面向里的匀强磁场．若将一质量为m 0、电荷量为q 的带正电的粒子从板内a 孔处静止释放，经电场加速后进入磁场，在磁场中运行时间T 0后恰能再次从a 孔进入电场加速．现该粒子的质量增加了1100m 0.(粒子在两极板间的运动时间不计，两极板外无电场，不考虑粒子所受的重力)(1)若在t ＝0时将该粒子从板内a 孔处静止释放，求其第二次加速后从b 孔射出时的动能； (2)现要利用一根长为L 的磁屏蔽管(磁屏蔽管置于磁场中时管内无磁场，忽略其对管外磁场的影响)，使图中实线轨迹(圆心为O )上运动的粒子从a 孔正下方相距L 处的c 孔水平射出，请在图上的相应位置处画出磁屏蔽管；(3)若将电压u ab 的频率提高为原来的2倍，该粒子应何时由板内a 孔处静止开始加速，才能经多次加速后获得最大动能？最大动能是多少？图1415．I3、K4[2011·江苏物理卷] 【解析】 (1)质量为m 0的粒子在磁场中做匀速圆周运动， q v B ＝m 0v 2r ，T 0＝2πr v 则T 0＝2πm 0qB当粒子的质量增加了1100m 0，其周期增加ΔT ＝1100T 0. 则根据图可知，粒子第一次的加速电压u 1＝U 0粒子回到电场中用时⎝⎛⎭⎫1＋1100T 0，由图可读出粒子第二次的加速电压u 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫1－T 0100T 04U 0＝2425U 0 射出时的动能E k2＝qu 1＋qu 2； 解得E k2＝4925qU 0.图15(2)磁屏蔽管的位置如图所示．(3)在u ab >0时，粒子被加速，则最多连续被加速的次数 N ＝T 0/4ΔT，得N ＝25分析可得，粒子在连续被加速的次数最多且u ＝U 0时也被加速的情况下，最终获得的动能最大．粒子由静止开始加速的时刻t ＝⎝⎛⎭⎫12n ＋12－1100×12T 0＝⎝⎛⎭⎫12n ＋1950T 0 (n ＝0,1,2，…) 最大动能E km ＝2×⎝⎛⎭⎫125＋325＋…＋2325qU 0＋qU 0解得E km ＝31325qU 0.20．I3[2011·福建卷] 反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似．如图1－9所示，在虚线MN 两侧分别存在着方向相反的两个匀强电场，一带电微粒从A 点由静止开始，在电场力作用下沿直线在A 、B 两点间图1－9往返运动．已知电场强度的大小分别是E 1＝2.0×103 N/C 和E 2＝4.0×103 N/C ，方向如图1－9所示，带电微粒质量m ＝1.0×10－20 kg ，带电量q ＝－1.0×10－9 C ，A 点距虚线MN 的距离d 1＝1.0 cm.不计带电微粒的重力，忽略相对论效应．求：(1) B 点到虚线MN 的距离d 2；(2) 带电微粒从A 点运动到B 点所经历的时间t . 20．I3[2011·福建卷] 【答案】 (1)带电微粒由A 运动到B 的过程中，由动能定理有 |q |E 1d 1－|q |E 2d 2＝0①由①式解得d 2＝E 1E 2d 1＝0.50 cm ②(2)设微粒在虚线MN 两侧的加速度大小分别为a 1、a 2，由牛顿第二定律有 |q |E 1＝ma 1③ |q |E 2＝ma 2④设微粒在虚线MN 两侧运动的时间分别为t 1、t 2，由运动学公式有 d 1＝12a 1t 21⑤d 2＝12a 2t 22⑥又t ＝t 1＋t 2⑦由②③④⑤⑥⑦式解得t ＝1.5×10－8 sI 4 带电粒子在电场中的非匀变速运动I 5 实验：用描迹法画出电场中平面上的等势线I 6 实验：练习使用示波器I 7 电场综合18．I7[2011·安徽卷] 图1－9甲为示波管的原理图．如果在电极YY ′之间所加的电压按图1－9乙所示的规律变化，在电极XX′之间所加的电压按图1－9丙所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是()图1－9图1－10【解析】B由图可知，电极XX′之间加扫描电压，电极YY′之间加正弦式交变电压，并且有相同的周期，在0时刻，U Y＝0，电子在YY′之间没有偏转，U X为负向最大电压，电子只在XX′之间偏转，并且向左有最大偏转，故选项A、C错误；在0～t1之间，U Y>0，U X<0，电子在XX′之间由左向右水平移动，同时在YY′之间由正中间先向上运动，再向下运动，在荧光屏看到的图形是选项B，故选项D错误，选项B正确．【答案】(1)收集效率η为81%，即离下板0.81d0的尘埃恰好到达下板的右端边缘，设高压电源的电压为U，则在水平方向有L＝v0t①在竖直方向有0．81d 0＝12at 2②其中a ＝F m ＝qE m ＝qU md 0③ 当减小两板间距时，能够增大电场强度，提高装置对尘埃的收集效率．收集效率恰好为100%时，两板间距即为d m .如果进一步减小d ，收集效率仍为100%.因此，在水平方向有L ＝v 0t ④在竖直方向有d m ＝12a ′t 2⑤其中a ′＝F ′m ＝qE ′m ＝qU md m⑥联立①～⑥各式可得 d m ＝0.9d 0⑦(2)通过前面的求解可知，当d ≤0.9d 0时，收集效率η均为100%.⑧ 当d ＞0.9d 0时，设距下板x 处的尘埃恰好到达下板的右端边缘，此时有 x ＝12qU md ⎝⎛⎭⎫L v 02⑨ 根据题意，收集效率为 η＝x d⑩ 联立①②③⑨⑩式解得 η＝0.81⎝⎛⎭⎫d 0d 2(3)稳定工作时单位时间下板收集的尘埃质量为 ΔMΔt＝η×nmbd v 0 当d ≤0.9d 0时，η＝1，因此 ΔMΔt＝nmbd v 0 当d >0.9d 0时，η＝0.81⎝⎛⎭⎫d 0d 2，因此 ΔM Δt ＝0.81nmb v 0d 20d 绘出的图线如下24．I7[2011·北京卷] 静电场方向平行于x 轴，其电势φ随x 的分布可简化为如图所示的折线，图中φ0和d 为已知量．一个带负电的粒子在电场中以x ＝0为中心、沿x 轴方向做周期性运动．已知该粒子质量为m 、电量为－q ，其动能与电势能之和为－A (0<A <qφ0)，忽略重力．求：(1)粒子所受电场力的大小； (2)粒子的运动区间； (3)粒子的运动周期．24．I7[2011·北京卷] 【答案】 (1)由图可知，O 与d (或－d )两点间的电势差为φ0. 电场强度的大小E ＝φ0d电场力的大小F ＝qE ＝qφ0d(2)设粒子在[－x ，x 0]区间内运动，速率为v ，由题意得 12m v 2－qφ＝－A ① 由图可知φ＝φ0⎝⎛⎭⎫1－|x |d ② 由①②得12m v 2＝qφ0⎝⎛⎭⎫1－|x |d －A ③ 因动能非负，有qφ0⎝⎛⎭⎫1－|x |d －A ≥0 得|x |≤d ⎝⎛⎭⎫1－Aqφ0即x 0＝d ⎝⎛⎭⎫1－Aqφ0④粒子的运动区间－d ⎝⎛⎭⎫1－A qφ0≤x ≤d ⎝⎛⎭⎫1－A qφ0(3)考虑粒子从－x 0处开始运动的四分之一周期 根据牛顿第二定律，粒子的加速度a ＝F m ＝qE m ＝qφ0md ⑤由匀加速直线运动t ＝2x 0a将④⑤代入，得t ＝2md 2qφ0⎝⎛⎭⎫1－A qφ0 粒子的运动周期T ＝4t ＝4dqφ02m (qφ0－A )⑥1．【2011·济南模拟】有两个固定的异号点电荷，电量给定但大小不等，用E 1和E 2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小，则在通过两点电荷的直线上，E 1＝E 2的点( )A ．有三个，其中两处合场强为零B ．有三个，其中一处合场强为零C ．只有两个，其中一处合场强为零D ．只有一个，该处合场强不为零1．C 【解析】 假设两个固定的异号点电荷如图所示分布，左边正电荷电量大些，根据E ＝kQr2，可知E 1＝E 2的点应在靠近电量小些的负电荷附近，不可能在电量大些的正电荷左侧，只会有两处，假设在图中的M 和N 点，N 处合场强为零，故答案选C.2．【2011·广州模拟】如图X 10－1所示，真空中A 、B 两处各有一个正点电荷，若放入第三个点电荷C C 的电性及位置是( )A ．正电；在A 、B 之间 B ．正电；在A 的左侧C ．负电；在A 、B 之间D ．负电；在B 的右侧2．C 【解析】 A 、B 两正电荷所产生的电场的合场强为零的地方只会在它们之间，所以第三个电荷放在A 、B 之间，如果放正电荷，A 、B 不会平衡，故选C.3．【2011·德州模拟】如图X 10－4所示，虚线a 、b 、c 是电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，实线为一个带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P 、QA ．三个等势面中，等势面c 的电势最低B．带电质点一定是从Q点向P点运动C．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时小3．ACD【解析】假设质点从Q向P运动，过Q作轨迹的切线，速度就沿这个方向，过Q点作等势面的切线，如图中虚线所示，过Q再作等势面的垂线，表示力的方向，指向轨迹弯曲的方向，由于质点带负电，场强方向与力的方向相反，根据沿电场线的方向电势降低，可知A对；质点的运动方向无法确定，B错；P处电场线密集，电场力大，加速度也大，C 对；速度方向与力的方向夹角为钝角，说明P点的动能比Q点的小，D对．4．【2011·海淀一模】某电场的电场线分布如图X10－5所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是()A．A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C．一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D．若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动4．AC【解析】电场线密集处场强大，沿电场线的方向电势逐渐降低，所以A对；逆着电场线方向移动电荷，电场力对正电荷做负功，对负电荷做正功，B错；负电荷在电势高的地方的电势能小，正电荷在电势高的地方的电势能大，故C对；正电荷由A点释放，它将向图中电场线密集处运动，加速度增大，D错．5．【2011·所示，下列说法正确的是()A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能增加场、等量异种(或同种)电荷的电场，要记牢其电场线的形状特点．5．C【解析】沿电场线方向电势降低，故A错；电场线密集的地方场强大，故B错；若将一正试探电荷由a点移到b点，是逆着电场线移动，所以电场力做负功，C对；若将一负试探电荷由c点移到d点，电场力做正功，所以电势能减少，D错．6．【2011·德州一模】如图X10－8所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量异种点电荷分别固定在椭圆的两个焦点M、N上，A、E两点关于M点对称．下列说法正确的是()图X10－8A．A、B两点电势、场强均相同B．C、D两点电势、场强均相同C．A点的场强小于E点的场强D．带正电的试探电荷在O点的电势能小于在E点的电势能6．BCD【解析】取无穷远处电势为零，CD左侧电势均为正，右侧电势均为负，CD 线上电势为零，所以A错，B对；M、N两电荷在A处的场强方向相反，在E处的场强方向一致，所以A点的场强小于E点的场强，C对；由于O点电势为零，E点电势为正，所以带正电的试探电荷在O点的电势能小于在E点的电势能，D对．7．【2011·濮阳一模】如图X10－11所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下．则从M 到N的过程中，下列说法正确的是()图X10－11A．小物块所受的电场力减小B．小物块的电势能可能增加C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功7．AD【解析】小物体所受的摩擦阻力不变，它先加速后减速，说明它所受合外力先向下后向上，又由于远离点电荷时受到的电场力越来越小，故电场力方向沿斜面向下，电场力做正功，电势能减小，A对、B错；由于小物体及Q的电性无法确定，故C错；由功能关系，小物体减少的电势能与重力势能之和等于克服摩擦力做的功，D对．8．【2011·西城一模】如图X10－12甲所示，A、B是某电场中一条电场线上的两点．一个带负电的点电荷仅受电场力作用，从A点沿电场线运动到B点．在此过程中，该点电荷的速度v随时间t变化的规律如图乙所示．下列说法中正确的是()10A．A点的电场强度比B点的大B．A、B两点的电场强度相等C．A点的电势比B点的电势高D．A点的电势比B点的电势低8．C【解析】由点电荷的速度v随时间t变化的规律可知，带负电的点电荷是做加速度逐渐增大的减速运动，故A点的电场强度比B点的小，负电荷的动能减小，电势能增加，对应位置的电势减小，因此C对．9．【2011·巢湖模拟】在如图X11－1所示的实验装置中，平行板电容器的极板B与一灵敏静电计相接，极板A接地．下列操作中可以观察到静电计指针张角变大的是()图X 11－1A ．极板A 上移B ．极板A 右移C ．极板间插入一定厚度的金属片D ．极板间插入一云母片9．A 【解析】 平板板电容器的电量不变，灵敏静电计测的是板间电压，由U ＝QC，要使电压变大，减小电容器电容即可，要注意的是，极板间插入一定厚度的金属片相当于减小板间距离，再由公式C ＝εS4πkd，可判断A 对．10．【2011·淄博模拟】如图X 11－2所示，用电池对电容器充电，电路a 、b 之间接有一灵敏电流表，两极板间有一个电荷q ( )图X 11－2A ．电荷将向上加速运动B ．电荷将向下加速运动C ．电流表中将有从a 到b 的电流D ．电流表中将有从b 到a 的电流10．BD 【解析】 充电后电容器的上极板A 带正电．不断开电源，增大两板间距，U不变、d 增大．由E ＝Ud知两极板间场强减小，场强减小会使电荷q 受到的电场力减小，电场力小于重力，合力向下，电荷q 向下加速运动．由C ＝εS4πkd知电容C 减小，由Q ＝CU 知极板所带电荷量减少，会有一部分电荷返回电源，形成逆时针方向的电流，故电流表中将会有由b 到a 的电流，选项BD 正确．11．【2011·西城一模】如图X 11－4所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与M 点，则( )图X 11－4A ．当开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B ．当开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C ．开关再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止D ．开关再断开后，若增大两板间距，液滴将下降11．BC 【解析】 带电液滴恰好静止在两板间，说明重力与电场力平衡，当开关闭合时，板间电压不变，由E ＝Ud，若增大两板间距，场强减小，电场力减小，液滴将下降，A错，B 对；开关再断开后，电量保持不变，若无论增大或减小两板间距，板间场强都不变，C 对，D 错．12．【2011·温州模拟】一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合开关S ，电容器充电后，悬线与竖直方向夹角为θ，如图X θ减小的是( )图X 11－5A ．保持开关闭合，使两极板靠近一些B ．保持开关闭合，使滑动变阻器滑片向右移动C ．保持开关闭合，使两极板远离一些D ．断开开关，使两极板靠近一些12．C 【解析】 保持开关闭合，两极间电压不变，使两极板靠近一些，板间场强变大，夹角θ增大，A 错；保持开关闭合，使滑动变阻器滑片向右移动，不会影响板间电压，夹角θ不变，B 错；保持开关闭合，使两极板远离一些，由E ＝Ud可知，场强减小，夹角θ减小，C 对；断开开关，使两极板靠近一些，板间场强不变，夹角θ不变，D 错．13.【2011·巢湖模拟】如图X 11－7所示，在等势面沿竖直方向的匀强电场中，一带负电的微粒以一定初速度射入电场，并沿直线( )图X 11－7A . 电场中A 点的电势低于B 点的电势B ．微粒在A 点时的动能大于在B 点时的动能，在A 点时的电势能小于在B 点时的电势能C ．微粒在A 点时的动能小于在B 点时的动能，在A 点时的电势能大于在B 点时的电势能D ．微粒在A 点时的动能与电势能之和等于在B 点时的动能与电势能之和13．B 【解析】 一带负电的微粒以一定初速度射入电场，并沿直线AB 运动，其受到的电场力F 只能垂直等势面水平向左，场强则水平向右，如图所示：所以电场中A 点的电势高于B 点的电势，A 错；微粒从A 向B 运动，则合外力做负功，动能减小，电场力做负功，电势能增加，C 错，B 对；微粒的动能、重力势能、电势能三种能量的总和保持不变，所以D 错．14．[2011·泰安模拟]在电场强度为E 的匀强电场中，有一条与电场线平行的直线，如图X 11－8中虚线所示．直线上有两个静止的小球A 和B(均可视为质点)，两小球的质量均为m ，A 球带电量为＋q ，B 球不带电．开始时两球相距L ，在电场力的作用下，A 球开始沿直线运动，并与B 球发生正对碰撞，碰撞中A 、B 两球的总动能无损失．设每次碰撞后A 、B 两球速度互换，碰撞时，A 、B 两球间无电荷转移，且不考虑重力及两球间的万有引力，不计碰撞时间，问：(1)A 球经过多长时间与B 球发生第一次碰撞？ (2)再经过多长时间A 球与B 球发生第二次碰撞？。

专题36 电路动态变化一、单项选择题1．【2016·天津卷】如图所示,理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表。

下列说法正确的是A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大、A2示数变大【答案】B【考点定位】变压器；电路的动态分析【名师点睛】此题考查变压器问题的动态分析;要知道变压器副线圈电压是由原线圈电压和匝数比决定的,与副线圈中负载无关；副线圈电路的动态分析基本上和直流电路的动态分析一样，先从局部变化的电阻开始分析，然后分析总电阻，再分析电流,然后再分析各局部的电压和电流。

2．【2011·北京卷】如图所示电路,电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的小数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大【答案】A【考点定位】电路动态变化3．【2011·海南卷】如图,E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表。

初始时S0与S均闭合，现将S断开，则A．V的读数变大，A的读数变小B．V的读数变大，A的读数变大C．V的读数变小，A的读数变小D．V的读数变小，A的读数变大【答案】B【解析】由闭合电路欧姆定律得：,将S断开后外电路总电阻R变大，则总电流I变小，而，所以路端电压U(即V的读数）变大;由部分电路欧姆定律得:，流过的电流(即A的读数)与两端电压成正比，又因为，总电流I 变少，变大，所以变大.因此选择答案B.【考点定位】电路动态分析4．【2011·上海卷】如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P从最高端向下滑动时，（A)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数变大（B）电压表V读数先变小后变大，电流表A读数变小（C)电压表V读数先变大后变小，电流表A读数先变小后变大（D）电压表V读数先变小后变大,电流表A读数先变大后变小【答案】A【考点定位】电路动态变化5．【2012·福建卷】如图，理想变压器原线圈输入电压u=,副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器。

最新6年高考4年模拟（更新到2010年高考）之交变电流、电磁学第一部分 六年高考题荟萃2010年高考新题1．2010·重庆·1７一输入电压为220v ，输出电压为36V 的变压器副线圈烧坏，为获知此变压器元、复线圈匣数，某同学拆下烧坏的副线圈，用绝缘导线在铁芯上新饶了5匣线圈。

如题17图所示，然后将原来线圈接到220v 交流电源上，测得新绕线全的端电压为1v ，按理想变压器分析，该变压器烧坏前的原、副线数分别为A ．1100,360 B.1100，180 C ．2200,180 D. 2200,360 【答案】B【解析】对新绕线的理想变压器，根据变压比公式得1100122053131=⨯==U U n n 变压器烧坏前，同理 1802203611001212=⨯==U U n n ，B 正确。

2. 2010·天津·1下列关于电磁波的说法正确的是 A ．均匀变化的磁场能够在空间产生电场 B ．电磁波在真空和介质中传播速度相同 C ．只要有电场和磁场，就能产生电磁波 D ．电磁波在同种介质中只能沿直线传播 答案：A3. 2010·天津·7为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L 1、L 2，电路中分别接了理想交流电压表V 1、V 2和理想交流电流表A 1，A 2，导线电阻不计，如图所示。

当开关S 闭合后A. A 1示数变大，A 1与A 2示数的比值不变B. A 1示数变大，A 1与A 2示数的比值变大C. V 2示数变小，V 1与V 2示数的比值变大D. V 2示数不变，V 1与V 2示数的比值不变 答案：AD4. 2010·全国卷Ⅱ·19图中为一理想变压器，其原线圈与一电压有效值不变的交流电源相连：P 为滑动头。

现令P 从均匀密绕的副线圈最底端开始，沿副线圈匀速上滑，直至白炽灯L 两端的电压等于其额定电压为止。

第44节 部分电路欧姆定律 电阻定律1.2018年浙江卷（4月选考）5．杭州市正将主干道上的部分高压钠灯换成LED 灯，已知高压钠灯功率为400W ，LED 灯功率为180W ，若更换4000盏，则一个月可节约的电能约为（ B ） A ．9×102 kW ⋅h B ． 3×105kW ⋅h C ． 6×105 kW ⋅h D ． 1×1012 kW ⋅h解析：一个月30天，每天亮灯按10h 计，共30×10h=300h ，LED 灯比高压钠灯每盏功率小220W ，使用4000盏可节电4000×0.22kW×300h=2.64×105kWh ， 即可节电2.64×105kwh ，最接近为B 。

2. 2012年理综浙江卷17．功率为10W 的发光二极管（LED 灯）的亮度与功率为60W 的白炽灯相当。

根据国家节能战略，2016年前普通白炽灯应被淘汰。

假设每户家庭有2只60W 的白炽灯，均用10W 的LED 灯替代，估算出全国一年节省的电能最接近 （ B ）A. 8×108kW ∙hB. 8×l010 kW ∙hC. 8×l011 kW ∙hD. 8×l013 kW ∙h【解析】 估算取值：每户节约功率为100W ，每天用灯6小时，每年365天，全国估计为4亿户，W Pt = ，得结果与B 最接近。

3. 2012年物理上海卷13．当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C ，消耗的电能为0.9J 。

为在相同时间内使0.6C 的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是 （ D ） （A ）3V ，1.8J（B ）3V ，3.6J（C ）6V ，l.8J（D ）6V ，3.6J解析：根据E=Uq ，可知通过该电阻的电荷量为0.3C ，消耗的电能为0.9J 时电阻两端所加电压U =3V ，在相同时间内通过0.6C 的电荷量，则电流强度为原来的2倍，而根据I=U/R ，电压也为原来的2倍，即为6V ，这样消耗的电能E =Uq =3.6J 4. 2013年安徽卷19.用图示的电路可以测量电阻的阻值。

2011年5月份物理高考模拟试卷分类汇编（实验部分）1．（2011届北京朝阳区二模）（8分）（1）如图甲所示为多用电表的示意图，现用它测量一个阻值约为200Ω的待测电阻，具体测量步骤如下：①调节，使电表指针停在表盘左侧的零刻度线处。

②将选择开关旋转到“Ω”档的位置。

（填“×1”、“×10”、“×100”或“×1k”）③将红、黑表笔分别插入“+”、“—”插孔，将两表笔短接，调节，使电表指针指向表盘右侧的零刻度线处。

④将红、黑表笔分别与待测电阻两端相接触，若电表读数如图乙所示，该电阻的阻值为Ω。

⑤测量完毕，将选择开关旋转到“OFF”位置。

（2）某同学用图甲所示的实验装置研究小车在斜面上的匀变速直线运动。

实验步骤如下：a．安装好实验器材，将打点计时器接到频率为50Hz的交流电源上。

b．接通电源后，让拖着纸带的小车沿斜面向下运动，重复几次。

选出一条点迹清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每2个打点间隔取一个计数点，如图乙中0、1、2……8点所示。

c．用最小刻度是毫米的刻度尺测量各计数点的刻度数值，分别记作x0、x1、x2……x8。

d．分别计算出打点计时器打下计数点1、2、3……7时小车的瞬时速度v1、v2、v3……v7。

e．以v为纵坐标、t为横坐标，标出v与对应时间t的坐标点，画出v-t图线。

结合上述实验步骤，请你完成下列任务：①表1记录的是该同学测出计数点的刻度数值，其中x s未测定，请你根据图乙将这个测量值填入表l中。

表1：符号x0 x1x2x3x4x5x6x7x8刻度0 1.12 2.75 4.86 7.49 14.19 18.27 22.03 数值/m②表2记录的是该同学根据各计数点的刻度数值，计算出打点计时器打下各计数点时小车的瞬时速度，请你根据表l中的x5和x7，计算出v6的值，并填人表2中。

表2：符号v1 v2v3v4v5v6v7速度数值/0.34 0.47 0.59 0.72 0.84 0.98（m·s—1）③该同学在图丙中已标出v1、v2、v3、v5和v7对应的坐标点，请你在图中标出v4和v6对应的坐标点，并画出v—t图线。