高考生物一轮复习 课后作业14(含解析)新人教版必修2

1 课后作业(十四)

(时间45分钟，满分100分)

一、选择题(每小题6分，共60分)

1．(2012·江苏高考)下列关于遗传实验和遗传规律的叙述，正确的是( )

A．非等位基因之间自由组合，不存在相互作用

B．杂合子与纯合子基因组成不同，性状表现也不同

C．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型

D．F2的3∶1性状分离比一定依赖于雌雄配子的随机结合

【解析】 配子形成时，非同源染色体上的非等位基因之间实现自由组合，若两对基因控制一对相对性状时可存在相互作用，A错误；杂合子和显性纯合子的基因组成不同，但都表现出显性性状，B错误；测交实验可以检测F1的基因型，而其根本目的是判定F1在形成配子时遗传因子的行为，C错误；在雌雄配子随机结合的前提条件下，F2才会出现3∶1的性状分离比，D正确。

【答案】 D

2．(2013届马鞍山二次质检)科研人员为探究某种鲤鱼体色的遗传，做了如下实验：用黑色鲤鱼与红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤，F1自交结果如下表所示。

杂交组 F2总数 F2性状的分离情况

黑鲤 红鲤 黑鲤∶红鲤

1 1 699 1 592 107 14.88∶1

2 1 546 1 450 96 15.10∶1

根据实验结果，下列推测错误的是( )

A．鲤鱼体色中的黑色是显性性状

B. 鲤鱼的体色由细胞核中的基因控制

C. 鲤鱼体色的遗传遵循自由组合定律

D. F1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤与红鲤的比例为1∶1

【解析】 由“用黑色鲤鱼与红色鲤鱼杂交，F1全为黑鲤”可知黑色为显性性状，F1自交，F2性状分离比约为15∶1，表明鲤鱼体色的遗传遵循自由组合定律，只有两对基因全部是隐性纯合时，才会出现红色。F1与隐性亲本杂交，后代中黑鲤与红鲤的比例为3∶1。

【答案】 D

3．(2010·安徽高考)南瓜的扁盘形、圆形、长圆形三种瓜形由两对等位基因控制(A、a和B、b)，这两对基因独立遗传。现将2株圆形南瓜植株进行杂交，F1收获的全是扁盘形南瓜；F1自交，F2获得137株扁盘形、89株圆形、15株长圆形南瓜。据此推断，亲代圆形南 2 瓜植株的基因型分别是( )

A．aaBB和Aabb B．aaBb和AAbb

C．AAbb和aaBB D．AABB和aabb

【解析】 此题考查F2中特殊性状分离比的自由组合定律的应用，具体分析如下：

由F2三种表现型的数目―→F2中扁盘形∶圆形∶长圆形≈9∶6∶1―→F2中三种表现型通式为A－B－∶(aaB－＋A－bb)∶aabb―→双亲基因型为AAbb和aaBB。

【答案】 C

4．(2013届宣城模拟)已知玉米某两对基因按照自由组合定律遗传，现有子代基因型及比例如下：

基因型 TTSS TTss TtSS Ttss TTSs TtSs

比例 1 1 1 1 2 2

则双亲的基因型是( )

A．TTSS×TTSs B．TtSs×TtSs

C．TtSs×TTSs D．TtSS×TtSs

【解析】 由子代TT∶Tt＝1∶1，因此亲代控制该性状的基因型为TT×Tt，子代SS∶Ss∶ss＝1∶2∶1，因此亲代控制该性状的基因型为Ss×Ss，故亲代基因型为TtSs×TTSs。

【答案】 C

5．(2013届亳州模拟)现有AaBb和Aabb两种基因型的豌豆个体，假设这两种基因型个体的数量和它们的生殖能力均相同，在自然状态下，子一代中能稳定遗传的个体所占比例是( )

A．1/2 B．1/3

C．3/8 D．3/4

【解析】 两种基因型个体的数量相同，说明两种基因型各占1/2，AaBb和Aabb自交后代纯合子分别是1/4、1/2，故自然状态下，子一代能稳定遗传的个体所占的比例为1/2×1/4＋1/2×1/2＝3/8。

【答案】 C

6．已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现感病植株的比例为( ) 3 A．1/8 B．3/8

C．1/16 D．3/16

【解析】 设控制小麦抗病和感病、无芒和有芒的基因分别为A、a和B、b。由题意知：F2植株中有9/16抗病无芒(A－B－)、3/16抗病有芒(A－bb)、3/16感病无芒(aaB－)和1/16感病有芒(aabb)四种表现型。因对F2中的有芒植株在开花前进行了清除，并对剩余植株3/4抗病无芒(A－B－)、1/4感病无芒(aaB－)进行套袋自交。在抗病无芒中，AAB－∶AaB－＝1∶2，故F3中感病植株比例为3/4×2/3×1/4＋1/4＝3/8。

【答案】 B

7．(2013届黄山模拟)人类中，显性基因D对耳蜗管的形成是必需的，显性基因E对听神经的发育是必需的；二者缺一，个体即聋。这两对基因分别位于两对常染色体上。下列有关说法，不正确的是( )

A．夫妇中有一个耳聋，也有可能生下听觉正常的孩子

B．一方只有耳蜗管正常，另一方只有听神经正常的夫妇，只能生下耳聋的孩子

C．基因型为DdEe的双亲生下耳聋的孩子的概率为7/16

D．耳聋夫妇可以生下基因型为DdEe的孩子

【解析】 听觉正常与否受两对等位基因的控制，符合孟德尔自由组合定律的条件，其基因型控制相应的表现型如下表：

性状 听觉正常 听觉不正常(耳聋)

基因型 D_E_ D_ee ddE_ ddee

夫妇中一个听觉正常(D_E_)、一个耳聋(D_ee、ddE_、ddee)有可能生下听觉正常的孩子。双方其中一方只有耳蜗管正常(D_ee)，另一方只有听神经正常(ddE_)的夫妇也有可能生下听觉正常的孩子。夫妇双方基因型均为DdEe，后代中听觉正常的占9/16，耳聋的占7/16。基因型为D_ee和ddE_的耳聋夫妇，有可能生下基因型为D_E_听觉正常的孩子。

【答案】 B

8．(2012·淮北一模)小鸡羽毛的着色，必须有色素产生并沉积，否则为白色毛。已知鸡羽毛的毛色由位于常染色体上的两对独立遗传的基因控制。在一个位点上，显性基因可产生色素，隐性基因则不产生色素；在另一位点上，显性基因阻止色素的沉积，隐性基因则可使色素沉积。如果表现型为白色的鸡(两位点均为隐性的纯合体)和另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性的纯合体)进行杂交，F1与隐性个体测交后代羽毛着色的几率为( )

A．0 B．1/4

C．1/2 D．3/4

【解析】 假设控制色素产生的基因为A、a，控制色素沉积的基因为B、b，羽毛着色的鸡的基因型为A_bb。表现型为白色的鸡(两位点均为隐性的纯合体)与另一种表现型为白色的鸡(两位点均为显性的纯合体)杂交，F1基因型为AaBb，其与隐性个体测交，后代中羽 4 毛着色的个体(Aabb)占1/4。

【答案】 B

9．(2013届南京质检)一种观赏植物的颜色由两对等位基因控制，且遵循基因自由组合定律。纯合的蓝色品种与纯合的鲜红色品种杂交，F1都为蓝色；F1自交，得到F2。F2的表现型及其比例为9蓝∶6紫∶1鲜红。若将F2中的蓝色植株中的双杂合子用鲜红色植株授粉，则后代的表现型及其比例为( )

A．1紫∶1鲜红∶1蓝 B．1紫∶2蓝∶1鲜红

C．1蓝∶2紫∶1鲜红 D．2蓝∶2紫∶1鲜红

【解析】 两对等位基因的纯合子杂交，F1为双杂合子，只表现一种性状，自交结果F2为9蓝∶6紫∶1鲜红，孟德尔遗传实验中F2为9∶3∶3∶1，可推断双显性表现为蓝色，而单显性均表现为紫色，双隐性表现为鲜红色。若将F2中的蓝色植株中的双杂合子(AaBb)用鲜红色植株(aabb)授粉，后代的表现型及其比例为1AaBb(蓝色)∶1Aabb(紫色)∶1aaBb(紫色)∶1aabb(鲜红色)。

【答案】 C

10．某种鼠中，黄鼠基因Y对灰鼠基因y为显性，短尾基因T对长尾基因t为显性，且基因Y或t纯合时都能使胚胎致死，这两对基因是独立分配的，现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代表现型比例为( )

A．2∶1 B．9∶3∶3∶1

C．4∶2∶2∶1 D．1∶1∶1∶1

【解析】 解答本题可把正常的两对等位基因遗传比例9∶3∶3∶1与条件“基因Y或t纯合时都能使胚胎致死”有机结合。杂合亲本的基因型为YyTt，根据分离定律Yy×Yy→YY∶Yy∶yy＝1∶2∶1，Tt×Tt→TT∶Tt∶tt＝1∶2∶1，YY和tt胚胎致死，所以后代的基因型为YyTT∶YyTt∶yyTT∶yyTt＝2∶4∶1∶2，表现型比例为2∶1。

【答案】 A

二、非选择题(共40分)

11．(12分)(2013届六安联考)某家鸡鸡冠的形状由两对基因(A和a，B和b)控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别有关。据表完成下列问题：

项目 基因组合 A、B同时存在(A_B_型) A、存在、B不存在(A_bb型) B存在、A不存在(aaB_型) A和B都不存在(aabb型)

鸡冠形状 核桃状 玫瑰状 豌豆状 单片状

杂交组合 甲：核桃状×单片状→F1：核桃状，玫瑰状，豌豆状，单片状

乙：豌豆状×豌豆状→F1：豌豆状，单片状

丙：豌豆状×玫瑰状→F1：全是核桃状 5 (1)甲组杂交方式在遗传学上称为________；甲组杂交F1四种表现型比例是________。

(2)让乙组后代F1中豌豆状鸡冠的家鸡与另一纯合玫瑰状鸡冠的家鸡杂交，杂交后代表现型及比例在理论上是____________________________________________________________________。

(3)让丙组F1中的雌雄个体交配，后代表现为玫瑰状冠的有120只，那么表现为核桃状冠的杂合子理论上有________只。

(4)基因型为AaBB与aaBb的个体杂交，它们的后代基因型的种类有________种，后代中能稳定遗传的个体比例占________。

【解析】 由题意可知，单片状鸡冠的基因型为aabb，则核桃状×单片状→F1：核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状，可知该亲本中核桃状的基因型为AaBb，则甲组杂交方式在遗传学上称为测交，后代四种表现型比例为1∶1∶1∶1。乙组后代中有单片状，则豌豆状鸡亲本的基因型为aaBb，则后代中豌豆状个体的基因型为aaBB(1/3)、aaBb(2/3)。让乙组后代F1中豌豆状鸡冠的家鸡与另一纯合玫瑰状鸡冠的家鸡杂交，后代的表现型的情况为：aaBB(1/3)×AAbb→1/3AaBb；aaBb(2/3)×AAbb→2/3(1/2AaBb、1/2Aabb)，则表现型核桃状：玫瑰状＝(1/3＋2/3×1/2)∶2/3×1/2＝2∶1。由丙组豌豆状×玫瑰状→F1：全是核桃状，可判断出该组亲本中豌豆状的基因型为aaBB，玫瑰状的基因型为AAbb，后代中核桃状的基因型为AaBb。AaBb×AaBb后代中表现为玫瑰状鸡冠的占后代的比例为3/16，而核桃状鸡冠的杂合子占后代的比例为8/16。基因型为AaBB与aaBb的个体杂交，它们的后代基因型的种类为2×2＝4种，后代中能稳定遗传的个体即纯合子所占比例为1/2×1/2＝1/4。