2019-2020学年吉林梅河口市第五中学新高考化学模拟试卷含解析

2019-2020学年吉林梅河口市第五中学新高考化学模拟试卷

一、单选题（本题包括15个小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项符合题意）

1．生活中处处有化学。根据你所学过的化学知识，判断下列说法错误的是

A．柑橘属于碱性食品

B．为防止流感传染，可将教室门窗关闭后，用食醋熏蒸，进行消毒

C．氯化钠是家庭常用的防腐剂，可用来腌制食品

D．棉、麻、丝、毛及合成纤维完全燃烧都只生成CO2和H2O

【答案】D

【解析】

【详解】

A.含钾、钠、钙、镁等矿物质较多的食物，在体内的最终的代谢产物常呈碱性，产生碱性物质的称为碱性食品，蔬菜、水果、乳类、大豆和菌类食物等，柑橘水水果，属于碱性食品，选项A正确；

B.为防止流感传染，可将教室门窗关闭后，用食醋熏蒸，进行消毒，杀除病菌，选项B正确；

C.氯化钠的浓溶液(超过0.9%)才有防腐作用，因为这是生理盐水的浓度，超过这个浓度，细胞就会脱水死亡，可用来腌制食品，选项C正确；

D.棉、麻属于纤维素，含有C、H两种元素，完全燃烧只生成CO2和H2O；羊毛属于蛋白质，含有C、H、O、N等元素，完全燃烧除生成CO2和H2O，还有其它物质生成；合成纤维是以小分子的有机化合物为原料，经加聚反应或缩聚反应合成的线型有机高分子化合物，分子中出C、H元素外，还含有其它元素，如N元素等，完全燃烧除生成CO2和H2O，还有其它物质生成，选项D错误；

答案选D。

2．由下列实验及现象推出的相应结论正确的是（

）

实验 现象 结论

A．某溶液中滴加溶液 产生蓝色沉淀 原溶液中有，无

B．①某溶液中加入溶液

②再加足量盐酸 ①产生白色沉淀

②仍有白色沉淀 原溶液中有

C．向含有和的悬浊液中滴加溶液 生成黑色沉淀

D．向溶液中通入 溶液变浑浊 酸性：

A．A B．B C．C D．D

【答案】D 【解析】

【详解】

A．K3[Fe(CN)6]与亚铁离子反应生成蓝色沉淀，不能检验铁离子，由现象可知原溶液中有Fe2+，不能确定是否含Fe3+，故A错误；

B．Ba(NO3)2的酸性溶液具有强氧化性，能够将亚硫酸根离子氧化为硫酸根离子，从而生成硫酸钡沉淀，则原溶液中可能有SO32-或SO42-，或二者均存在，故B错误；

C．溶液中含有Na2S，不一定发生沉淀的转化，不能比较Ksp(CuS)与Ksp(ZnS)的大小，故C错误；

D．C6H5ONa溶液中通入CO2，溶液变浑浊，说明反应生成了苯酚，发生强酸制弱酸的反应，则酸性：H2CO3＞C6H5OH，故D正确；

答案选D。

3．几种无机物之间转化关系如下图(反应条件省略。部分产物省略)。下列推断不正确的是

A．若L为强碱，则E可能为NaCl溶液、F为钾

B．若L为强酸，则E可能为NaHS、F为HNO3

C．若L为弱酸，则E可能为Mg、F为CO2

D．若L为强酸，则E可能为NH4Cl、F为Ca(OH)2

【答案】A

【解析】

A、E为NaCl溶液、F为钾，G为KOH，H为H2，H2与O2生成H2O，H2O与O2不反应，故A错误；B、若L为强酸，则E可能为NaHS、F为HNO3，NaHS与HNO3生成Na2SO4和NO，NO与O2反应生成NO2，NO2与水反应生成HNO3，L是HNO3是强酸，故B正确；C、若L为弱酸，则E可能为Mg、F为CO2，Mg与CO2反应生成MgO和C，C与O2反应生成CO，CO再与O2反应生成CO2，CO2溶于水生成H2CO3，L为H2CO3，是弱酸，故C正确； D．若L为强酸，则E可能为NH4Cl、F为Ca(OH)2，NH4Cl与Ca(OH)2反应生成CaCl2和NH3，NH3与O2反应生成NO，NO与O2反应生成NO2，NO2溶于水生成HNO3，L是HNO3是强酸，故D正确；故选A。

4．将铝粉与Fe3O4粉末配制成铝热剂，分成三等份。

①一份直接放入足量的烧碱溶液中，充分反应后放出气体在标准状况下的体积为V1；

②一份在高温下恰好反应完全，反应后的混合物与足量的盐酸反应后，放出的气体在标准状况下的体积为V2；

③一份直接放入足量的盐酸中，充分反应后放出气体在标准状况下的体积为V3。

下列说法正确的是 A．V1＝V3＞V2 B．V2＞V1＝V3

C．V1＝V2＞V3 D．V1＞V3＞V2

【答案】A

【解析】

【详解】

假设每份含2mol铝，

①能和烧碱反应生成氢气的物质只有铝，2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑，2mol铝与氢氧化钠溶液反应生成氢气3mol；

②铝先和四氧化三铁反应生成氧化铝和铁3 Fe3O4+8Al4Al2O3+9 Fe，铁和盐酸反应生成氢气

Fe+2HCl=FeCl2+H2↑，2mol铝与四氧化三铁反应生成9/4mol铁，9/4mol铁与盐酸反应生成氢气9/4mol；

③能和盐酸反应生成氢气的只有铝，2Al+6HCl=2AlCl3+3H2↑，2mol铝与盐酸溶液反应生成氢气3mol氢气；

所以V1=V3＞V2，故选A。

5．下列物质的性质与用途具有对应关系的是

A．二氧化硅熔点高，可用作光导纤维

B．过氧化钠可与二氧化碳反应生成氧气，可用作呼吸供氧剂

C．明矾易溶于水，可用作净水剂

D．二氧化硫有氧化性，可用于漂白纸张

【答案】B

【解析】A. 二氧化硅用作光导纤维是因为光在二氧化硅中能够发生全反射，与熔点无关，A错误；B. 过氧化钠可与二氧化碳反应生成氧气，可用作呼吸供氧剂，之间存在因果关系，B正确C. 明矾可用作净水剂，是因为水解生成氢氧化铝胶体，与易溶于水无关，C错误；D. 二氧化硫可用于漂白纸张，是因为二氧化硫具有漂白性，D错误；故选B。

6．常温下，HNO2的电离平衡常数为K＝4.6×10－4(已知46．＝2.14)，向20 mL 0.01 mol·L－1HNO2溶液中逐滴加入相同浓度的NaOH溶液，测得混合液的pH随NaOH溶液体积的变化如图所示，下列判断正确的是

A．X＝20

B．a点溶液中c(H＋)＝2.14×10－3 mol·L－1 C．a、b、c、d四点对应的溶液中水的电离程度逐渐减小

D．b点溶液中微粒浓度的大小关系为c(HNO2)＞c(Na＋)＞c(2NO－)

【答案】B

【解析】

【详解】

A. 向20mL 0.01mol⋅L−1的HNO2溶液中逐滴加入相同浓度的NaOH溶液，若恰好反应需要氢氧化钠溶液体积20 mL，C点是溶液呈中性，溶质为HNO2、NaNO2混合溶液，X<20，A项错误；

B. 由HNO2⇌H++NO2−，K=22cHcNOcHNOg≈22cHcHNO，则4.6×10−4≈20.01mol/LcH，得到c(H+)=2.14×10−3

mol/L，B项正确；

C. c点是溶液呈中性，溶质为HNO2、NaNO2混合溶液；氢氧化钠溶液体积为20mL时恰好反应，那么a到恰好完全反应时，水的电离程度逐渐增大；d点从图中读不出是在恰好反应之前还是恰好反应之后，C项错误；

D. b点溶液为HNO2、NaNO2混合溶液，且浓度比为1:1，由NO2−+H2O⇌HNO2+OH−，HNO2⇌H++NO2−，电离程度大于水解程度，可知溶液呈酸性，微粒浓度大小为c(NO2−)>c(Na+)>c(HNO2)，D项错误；

答案选B。

7．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W是地壳中含量最高的元素，X的原子半径是所有短周期主族元素中最大的，非金属元素Y的原子序数是Z的最外层电子数的2倍。下列叙述不正确的是

A．Y单质的熔点高于X单质 B．W、Z的氢化物沸点W>Z

C．X、W、Z能形成具有强还原性的XZW D．X2YW3中含有共价键

【答案】C

【解析】

【分析】

短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大，W是地壳中含量最高的元素，W是O元素，X的原子半径是所有短周期主族元素中最大的，X为Na元素，非金属元素Y的原子序数是Z的最外层电子数的2倍，Z的最外层电子数为7，则Z为Cl元素，Y为Si元素。

【详解】

根据分析可知，W为O，X为Na，Y为Si，Z为Cl元素。

A．Na形成晶体为金属晶体，其熔点较低，而Si形成晶体为原子晶体，具有较高熔点，则单质熔点：Y＞X，故A正确；

B．水分子间形成氢键，沸点较高，W、Z的氢化物沸点W>Z，故B正确；

C．X、W、Z能形成具有强氧化性的NaClO，而不是还原性，故C错误；

D．Na2SiO3中含有Si-O共价键，故D正确； 故选C。

8．室温下，在20 mL新制氯水中滴加pH=13的NaOH溶液，溶液中水电离的c(H)与 NaOH溶液体积的关系如图所示。已知：K(HClO)=3×108，H2CO3：Ka1=4.3×107，Ka2=5.6×1011。下列说法正确的是

A．m一定等于20

B．b、d点对应的溶液显中性

C．c点溶液中c(Na)=2c(ClO)+2c(HClO)

D．向c点溶液中通入少量CO2：2ClO+H2O+CO2=2HClO+CO32【答案】C

【解析】

【分析】

分析题中由水电离的氢离子浓度变化曲线图可知，a～c段水电离出的氢离子浓度逐渐增大，说明这个过程中促进了水的电离，在c～d段水电离出的氢离子浓度逐渐减小，说明此过程中水的电离被抑制。在c点水的电离程度最大，此时溶液中的溶质为：NaCl和NaClO。据此进行判断。

【详解】

A．NaOH溶液的pH=13，则c(NaOH)=0.1mol·L1，新制氯水的浓度不确定，m不一定等于20，A项错误；

B．由题给信息可知，a点时还未加入NaOH，此时溶液呈酸性，c点中水电离程度最大，此时所得溶液溶质是NaCl和NaClO，溶液呈碱性，故b点溶液呈中性，c～d段水电离出的氢离子浓度逐渐减小，说明随着NaOH的继续加入，水的电离受到抑制，故d点溶液应呈碱性，B项错误；

C．a~c点发生反应为Cl2＋2NaOH=NaCl＋NaClO＋H2O，c(Cl)=c(HClO)＋c(ClO)，由物料守恒知，c(Na)=c(Cl)＋c(HClO)＋c(ClO)，故c(Na)=2c(ClO)＋2c(HClO)，C项正确；

D．由电离常数知，电离质子能力：H2CO3＞HClO＞HCO3-，故H2O+ClO-＋CO2= HCO3-＋HClO，D项错误；

答案选C。

9．下列有关叙述错误的是( )

A．中国古代利用明矾溶液的酸性清除铜镜表面的铜锈

B．陶瓷、水泥和光导纤维均属于硅酸盐材料

C．“煤改气”、“煤改电”等清洁燃料改造工程有利于减少雾霾天气

D．石油裂解、煤的干馏、玉米制醇、蛋白质的变性都是化学变化

【答案】B

【解析】