贵州省麻江县一中2021-2021学年高二物理上学期10月月考试题

2021年高二上学期月考物理试卷（课改班）（10月份）含解析一、选择题（本题包括12小题，1-7为单选，8-12为多选，每小题4分，共48分．）1．关于电路中感应电动势的大小，下列说法中正确的是（）A．穿过电路的磁通量越大，感应电动势就越大B．电路中磁通量的改变量越大，感应电动势就越大C．电路中磁通量变化越快，感应电动势越大D．若电路中某时刻磁通量为零，则该时刻感应电流一定为零2．某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断（）A．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C．从A～D时刻线圈转过的角度为2πD．若从O～D时刻历时0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次3．如图所示，导线框abcd与通电导线在同一平面内，直导线中通有恒定电流并通过ad和bc的中点，当线框向右运动的瞬间，则（）A．线框中有感应电流，且按顺时针方向B．线框中有感应电流，且按逆时针方向C．线框中有感应电流，但方向难以判断D．由于穿过线框的磁通量为零，所以线框中没有感应电流4．闭合线圈与匀强磁场垂直，现将线圈拉出磁场，第一次拉出速度为v1，第二次拉出速度为v2，且v2=2v1，则（）A．两次拉力做的功一样多B．两次所需拉力一样大C．两次拉力的功率一样大D．两次通过线圈的电荷量一样多5．图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里．abcd 是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l．t=0时刻，bc边与磁场区域边界重合（如图）．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t 变化的图线可能是（）A． B． C． D．6．在变电所里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，使用的仪器是电流互感器，下列图中能正确反映其工作原理的是（）A． B．C． D．图中半径为金属圆盘在垂直于盘的匀强磁场中，绕以角速度逆时针方向匀转动，电阻两分别接盘心盘边缘，则通过电阻电流强度的大小和方向是（某发电站采用高压输向外输送电能若输送的总功率为0，输电电压为输电导线的总电阻为则下列说法正确的输电线上的电流输电线上的电流输电线上损失的功率）2R输电线上损失的功率传感器是把非电学量如速度、温度压力等）的变化化成电学量变的一种元件，自动控制中有着当广泛的应用如图所示，是种测定液面高度电容式传感器意图，金属芯与导电的液体形一个电容器，大小变化就能反映导电面的升降情况两者的关系是（大表示大表示小表示小表示如图所示的电路为示自感现象的实电路，若闭合电流达到稳定后过线圈电流为1，通过小灯泡2的电流为2，小灯泡2处于正常发光状态，则列说法中正确合瞬间，2灯缓慢变亮，1灯立即变亮合瞬间，通过线圈电流由零逐渐增大到1开瞬间，小灯泡2中的电流由I1逐渐减为零，方向与I2相反D．S断开瞬间，小灯泡L2中的电流由I1逐渐减为零，方向不变11．如图所示，变压器初级线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数减小的是（）A．只将S1从2拨向1B．只将S2从4拨向3C．只将S3从闭合改为断开D．只将变阻器R3的滑动触头上移12．如图所示，相距为d的两条水平虚线L l、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L（L＜d），质量为m，电阻为R，将线圈在磁场上方高h 处静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0．则线圈穿越磁场的过程中，（从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止）以下说法正确的是（）A．感应电流所做的功为mgdB．感应电流所做的功为2mgdC．线圈的最小速度一定为D．线圈的最小速度一定为二、填空题13．硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件．某同学用左所示电路探究硅光电池的路端电压U与总电流I的关系．图中R0为已知定值电阻，电压表视为理想电压表．（1）请根据题电路图，用笔画线代替导线将图中的实验器材连接成实验电路．（2）若电压表V2的读数为U0，则I=．（3）实验一：用一定强度的光照射硅光电池，调节滑动变阻器，通过测量得到该电池的U﹣I 曲线a，如图．由此可知电池内阻（填“是”或“不是”）常数，短路电流为mA，电动势为V．（4）实验二：减小实验一中光的强度，重复实验，测得U﹣I曲线b，如图．当滑动变阻器的电阻为某值时，若实验一中的路端电压为1.5V．则实验二中外电路消耗的电功率为mW （计算结果保留两位有效数字）．三、计算题14．如图所示，为交流发电机示意图，匝数为n=100匝矩形线圈，边长分别10cm和20cm，内电阻r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′以轴ω=rad/s角速度匀速转动，线圈和外电阻为R=20Ω相连接，求：（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数．15．如图所示，光滑导轨MN、PQ在同一水平面内平行固定放置，其间距d=1m，右端通过导线与阻值R L=8Ω的小灯泡L相连，CDEF矩形区域内有方向竖直向下、磁感应强度B=1T 的匀强磁场，一质量m=50g、阻值为R=2Ω的金属棒在恒力F作用下从静止开始运动s=2m 后进入磁场恰好做匀速直线运动．（不考虑导轨的电阻，金属棒始终与导轨垂直并保持良好接触）．求：（1）恒力F的大小；（2）小灯泡发光时的电功率．16．如图所示，在坐标xoy平面内存在B=2.0T的匀强磁场，OA与OCA为置于竖直平面内的光滑金属导轨，其中OCA满足曲线方程，C为导轨的最右端，导轨OA与OCA相交处的O点和A点分别接有体积可忽略的定值电阻R1和R2，其R1=4.0Ω、R2=12.0Ω．现有一足够长、质量m=0.10kg的金属棒MN在竖直向上的外力F作用下，以v=3.0m/s的速度向上匀速运动，设棒与两导轨接触良好，除电阻R1、R2外其余电阻不计，g取10m/s2．求：（1）金属棒MN在导轨上运动时感应电流的最大值；（2）外力F的最大值；（3）金属棒MN滑过导轨OC段，整个回路产生的热量．xx学年山东省德州市陵城一中高二（上）月考物理试卷（课改班）（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题包括12小题，1-7为单选，8-12为多选，每小题4分，共48分．）1．关于电路中感应电动势的大小，下列说法中正确的是（）A．穿过电路的磁通量越大，感应电动势就越大B．电路中磁通量的改变量越大，感应电动势就越大C．电路中磁通量变化越快，感应电动势越大D．若电路中某时刻磁通量为零，则该时刻感应电流一定为零【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】由磁生电的现象叫电磁感应现象，由电生磁的现象叫电流的磁效应．只有当线圈的磁通量发生变化时，才会有感应电流出现，而感应电流的大小则是由法拉第电磁感应定律来得．【解答】解：A、穿过电路的磁通量越大，不能得出磁通量的变化率越大，所以感应电动势不一定越大．故A错误；B、电路中磁通量的改变量越大，不能得出磁通量的变化率越大，所以感应电动势不一定越大．故B错误；C、电路中磁通量变化越快，即磁通量的变化率大，所以感应电动势一定越大，故C正确；D、若电路中某时刻磁通量为零，但磁通量的变化率不一定为零，则该时刻感应电流不一定为零，故D错误；故选：C2．某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断（）A．在A和C时刻线圈处于中性面位置B．在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C．从A～D时刻线圈转过的角度为2πD．若从O～D时刻历时0.02s，则在1s内交变电流的方向改变100次【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】线圈在中性面上磁通量最大，感应电动势与感应电流均为零；线圈在平行于磁场位置（垂直于中性面处）穿过线圈的磁通量为零，感应电动势与感应电流最大；在一个周期内，电流方向改变两次，根据图象分析答题．【解答】解：A、由图象可知，A、C时刻感应电流最大，此时线圈与中性面垂直，故A错误；B、由图象可知，在B、D时刻，感应电流为零，此时线圈位于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故B错误；C、由图象可知，到从A到D，线圈转过的角度小于2π，故C错误；D、若从O～D时刻历时0.02s，则交变电流的频率为50Hz；在一个周期内交流电的方向改变两次；故在1s内交变电流的方向改变100次，故D正确；故选：D3．如图所示，导线框abcd与通电导线在同一平面内，直导线中通有恒定电流并通过ad和bc的中点，当线框向右运动的瞬间，则（）A．线框中有感应电流，且按顺时针方向B．线框中有感应电流，且按逆时针方向C．线框中有感应电流，但方向难以判断D．由于穿过线框的磁通量为零，所以线框中没有感应电流【考点】楞次定律．【分析】当导线中通以如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可知，直导线周围的磁场分布，根据感应电流产生条件，与楞次定律，即可求解．【解答】解：如图所示，直导线电流，根据右手螺旋定则可知，直导线右边的磁场垂直向里，左边的磁场垂直向外，因处于线框的中点处，所以穿过线框的磁通量相互抵消，恰好为零；当线框向右运动的瞬间，导致直导线右边垂直向里穿过线框的磁通量减小，而直导线左边垂直向外的磁通量在增大，根据楞次定律，则有感应电流的方向顺时针，故A正确，BCD错误；故选：A．4．闭合线圈与匀强磁场垂直，现将线圈拉出磁场，第一次拉出速度为v1，第二次拉出速度为v2，且v2=2v1，则（）A．两次拉力做的功一样多B．两次所需拉力一样大C．两次拉力的功率一样大D．两次通过线圈的电荷量一样多【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【分析】在恒力作用下，矩形线圈被匀速拉出时，拉力与安培力大小相等，拉力做功等于拉力与位移的乘积，而拉力功率等于拉力与速度的乘积，线圈产生的焦耳热等于拉力做的功．根据E=BLv、I=和F=BIL推导出安培力与速度的关系，再列出拉力、功率和电荷量的表达式，再运用比例法求解．【解答】解：A、B、线框的速度为v1时，产生的感应电流为：I=线框所受的安培力大小为：F A1=BIL1=，由于线框匀速运动，则拉力为：F1=F A1=，拉力做的功为：W1=F1L2=L2同理，线框的速度为v2，时，拉力为：F2=F A2=，拉力做的功为：W2=F2L2=L2因为v2=2v1，则2F1=F2，2W1=W2，可见速度越大，所用的拉力越大，拉力做功越大．则第二次拉力和拉力做功较大，故A、B错误．C、拉力的功率P=Fv=•v∝v2，所以第二次拉力的功率大，故C错误．D、两种情况下，线框拉出磁场时穿过线框的磁通量的变化量相等，根据感应电荷量公式q=可知，通过导线截面的电量相等．故D正确．故选：D．5．图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里．abcd 是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l．t=0时刻，bc边与磁场区域边界重合（如图）．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t 变化的图线可能是（）A． B． C． D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】首先根据右手定则判断边cb刚进入磁场时回路中感应电流方向，再根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．【解答】解：A、D开始时bc边进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，即为负方向，故A错误；当bc边开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针，方向为正方向，故D 错误，B、C开始时bc边进入磁场切割磁感线，根据感应电动势大小公式：E=BLV可得，有效切割长度越来越长，感应电动势增大，故感应电流越来越大，且电流方向为负方向；当bc边开始出磁场时，根据感应电动势大小公式：E=BLV可得，切割长度越来越长，感应电动势增大，故感应电流越来越大，且电流方向为正方向．故B正确，C错误．故选B6．在变电所里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，使用的仪器是电流互感器，下列图中能正确反映其工作原理的是（）A． B．C． D．【考点】变压器的构造和原理．【分析】原理是依据电磁感应原理的．电流互感器是由闭合的铁心和绕组组成．它的一次绕组匝数很少，串在需要测量的电流的线路中，因此它经常有线路的全部电流流过，二次绕组匝数比较多，串接在测量仪表和保护回路中，电流互感器在工作时，它的2次回路始终是闭合的，因此测量仪表和保护回路串联线圈的阻抗很小，电流互感器的工作状态接近短路．【解答】解：由理想变压器的原副线圈的电流之比可知，电流与匝数成反比．则电流互感器应串连接入匝数较少的线圈上．故C正确；故选：C7．图中半径为r的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场中，绕O轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，电阻两端分别接盘心O和盘边缘，则通过电阻R的电流强度的大小和方向是（）A．由c到d，I= B．由d到c，I=C．由c到d，I= D．由d到c，I=【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】先根据转动切割磁感线感应电动势公式E=L2ω，求出感应电动势，再由欧姆定律求出通过电阻R的电流强度的大小．由右手定则判断感应电流的方向．【解答】解：将金属圆盘看成无数条金属幅条组成的，这些幅条切割磁感线，产生感应电流，由右手定则判断可知：通过电阻R的电流强度的方向为从c到d．金属圆盘产生的感应电动势为：E=r2ω，通过电阻R的电流强度的大小为：I==故选：C8．某发电站采用高压输电向外输送电能．若输送的总功率为P0，输电电压为U，输电导线的总电阻为R．则下列说法正确的是（）A．输电线上的电流I=B．输电线上的电流I=C．输电线上损失的功率P=（）2RD．输电线上损失的功率P=【考点】远距离输电．【分析】根据P=UI求出输电线上的电流，结合求出输电线上损失的功率．【解答】解：A、根据P0=UI得，输电线上的电流I=，由于U不是输电线上损失的电压，不能通过求解输电线上的电流．故A错误，B正确．C、输电线上损失的功率．故C正确，D错误．故选：BC．9．传感器是把非电学量（如速度、温度、压力等）的变化转化成电学量变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用，如图所示，是一种测定液面高度的电容式传感器示意图，金属芯线与导电的液体形成一个电容器，从电容C的大小变化就能反映导电液面的升降情况，两者的关系是（）A．C增大表示h增大 B．C增大表示h减小C．C减小表示h减小 D．C减小表示h增大【考点】电容器的动态分析．【分析】金属芯线与导电液体形成一个电容器，液面高度h变化相当于正对面积变化，根据电容的决定式C= 分析电容的变化．【解答】解：若电容C增大时，根据电容的决定式C= 分析正对面积应增大，则知，液面高度h增大；若电容C减小时，根据电容的决定式C= 分析正对面积应减小，则知，液面高度h减小．故AC正确，BD错误．故选：AC．10．如图所示的电路为演示自感现象的实验电路，若闭合开关S，电流达到稳定后通过线圈L 的电流为I1，通过小灯泡L2的电流为I2，小灯泡L2处于正常发光状态，则下列说法中正确的是（）A．S闭合瞬间，L2灯缓慢变亮，L1灯立即变亮B．S闭合瞬间，通过线圈L的电流由零逐渐增大到I1C．S断开瞬间，小灯泡L2中的电流由I1逐渐减为零，方向与I2相反D．S断开瞬间，小灯泡L2中的电流由I1逐渐减为零，方向不变【考点】自感现象和自感系数．【分析】当灯泡处于正常发光状态时，迅速断开开关S时，灯泡中原来的电流突然减小到零，线圈中电流开始减小，磁通量减小产生感应电动势，产生自感现象，根据楞次定律分析线圈中电流的变化．【解答】解：A、S闭合后，电源的电压立即加到两灯泡两端，故两灯泡将立刻发光，故A错误；B、S闭合瞬间，通过线圈L的电流由零逐渐增大到I1，故B正确；CD、开关S断开后，线圈与L2构成回路，由于自感的存在，电流将从I1开始减小为0，方向与I2方向相反，故C正确，D错误；故选：BC．11．如图所示，变压器初级线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数减小的是（）A．只将S1从2拨向1B．只将S2从4拨向3C．只将S3从闭合改为断开D．只将变阻器R3的滑动触头上移【考点】变压器的构造和原理．【分析】理想变压器原副线圈电压与匝数成正比，电流与匝数成反比；理想变压器输入功率等于输出功率；根据以上两条规律分析讨论即可．【解答】解：A、只将S1从2拨向1时，原线圈匝数减小，输出电压变大，故输出电流变大，输入电流即电流表的示数也变大，故A错误；B、只将S2从4拨向3时，副线圈匝数减小，输出电压变小，故输出电流变小，输入电流变小，故B正确；C、只将S3从闭合变为断开，少一个支路，电压不变，总电阻变大，输出功率减小，则输入功率也减小，电流表的示数减小，故C正确；D、只将变阻器R3的滑动触头上移，负载总电阻变大，故输出电流变小，故输入电流减小，故D正确．故选：BCD．12．如图所示，相距为d的两条水平虚线L l、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L（L＜d），质量为m，电阻为R，将线圈在磁场上方高h 处静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0．则线圈穿越磁场的过程中，（从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止）以下说法正确的是（）A．感应电流所做的功为mgdB．感应电流所做的功为2mgdC．线圈的最小速度一定为D．线圈的最小速度一定为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】线圈在下落分别经过图中的四个位置：初位置到1位置自由落体，2位置到3位置做加速度为g的匀加速运动，所以1位置到2位置必做减速运动，同样3位置到4位置必做减速运动，运动情况与1位置到2位置完全相同，产生的电能也相同．1位置到3位置用动能定理可计算1位置到2位置克服安培力做功，根据能的转化和守恒定律可得1位置到2位置电流做功，也等于3位置到4位置电流做功．综上所述可求电流做功．初位置到1位置自由落体，2位置到3位置做加速度为g的匀加速运动，使用运动学公式即可求出线圈穿越磁场的最小速度．【解答】解：线圈在下落分别经过图中的四个位置：1位置cd边刚进入磁场，2位置ab边进入磁场，3位置cd边刚出磁场，4位置ab边刚出磁场，根据题意1、3位置速度为v0；2到3位置磁通量不变，无感应电流，线圈只受重力，做加速度为g的匀加速运动；结合1、3位置速度相同，可知1到2减速，2到3匀加速，3到4减速，并且1到2减速与3到4减速所受合力相同，运动情况完全相同．对线圈由1到3位置用动能定理：mgd﹣W=△E k=0，W为克服安培力所做的功，根据能的转化和守恒定律，这部分能量转化为电能（电流所做的功），所以线圈由1到3位置电流做功为mgd；线圈由1到3位置过程中只有线圈由1到2位置有电流，所以线圈由1到2位置有电流做功为mgd，线圈由3到4位置与线圈由1到2位置完全相同，所以线圈由3到4位置有电流做功也为mgd．综上所述，从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止，即1到4位置电流做功为2mgd．A错误，B正确．线圈速度最小时并未受力平衡，不满足mg=，所以C错误．有以上分析可知2和4位置速度最小，初始位置到1位置自由落体v0=，2到3位置做加速度为g的匀加速运动，结合两式解得；D正确．故选：BD二、填空题13．硅光电池是一种可将光能转换为电能的器件．某同学用左所示电路探究硅光电池的路端电压U与总电流I的关系．图中R0为已知定值电阻，电压表视为理想电压表．（1）请根据题电路图，用笔画线代替导线将图中的实验器材连接成实验电路．（2）若电压表V2的读数为U0，则I=．（3）实验一：用一定强度的光照射硅光电池，调节滑动变阻器，通过测量得到该电池的U﹣I 曲线a，如图．由此可知电池内阻不是（填“是”或“不是”）常数，短路电流为0.295 mA，电动势为 2.67V．（4）实验二：减小实验一中光的强度，重复实验，测得U﹣I曲线b，如图．当滑动变阻器的电阻为某值时，若实验一中的路端电压为1.5V．则实验二中外电路消耗的电功率为0.065 mW（计算结果保留两位有效数字）．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】（1）已知原理图，则由原理图先连接R与电源，再将电压表依次并入；（2）R0为定值电阻，故由欧姆定律可求得电路中的电流；（3）由图象及公式可知图象的斜率表示电池内阻，由内阻的斜率变化可知是否为常数；图象与横坐标的交点为短路电流；图象与纵坐标的交点为电源的电动势；（4）由于外电阻为线性元件，故可由实验一做出其伏安特性曲线，图象与b的交点为实验二中的状态，读出电流和电压可求得电功率．【解答】解：（1）由原理图可得出电路的连接方式，则按实物图的连接方法将各元件相连即可，注意导线不能交叉，导线要接在接线柱上；如下图所示；（2）由欧姆定律可知，流过R0的电流I=；（3）路端电压U=E﹣Ir，若r为常数、则U﹣I图为一条不过原点的直线，由曲线a可知电池内阻不是常数；当U=0时的电流为短路电流、约为295μA=0.295mA；当电流I=0时路端电压等于电源电动势E、约为2.67V；（4）实验一中的路端电压为U1=1.5V时电路中电流为I1=0.21mA，连接a中点（0.21mA、1.5V）和坐标原点，此直线为此时对应滑动变阻器阻值的外电路电阻（定值电阻）的U﹣I图，和图线b的交点为实验二中的路端电压和电路电流，如右图，电流和电压分别为I=97μA、U=0.7V，则外电路消耗功率为P=UI=0.068 mW．故答案为：（1）如上图（2）（3）不是，0.295（0.293﹣0.297），2.67（2.64﹣2.70），（4）0.065（0.060﹣0.070）三、计算题14．如图所示，为交流发电机示意图，匝数为n=100匝矩形线圈，边长分别10cm和20cm，内电阻r=5Ω，在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中绕OO′以轴ω=rad/s角速度匀速转动，线圈和外电阻为R=20Ω相连接，求：（1）S断开时，电压表示数；（2）开关S合上时，电压表和电流表示数．【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系；交流发电机及其产生正弦式电流的原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】（1）线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m=NBSω，开关S断开时，电压表测量电源的电动势的有效值；（2）开关闭合时，电流表测量电流的有效值．根据有效值与最大值的关系求出电动势的有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电流和路端电压；【解答】解：（1）感应电动势最大值E m=nBSω=100×0.5×0.1×0.2×50 V=50 V感应电动势有效值E==50V．故电压表的数值为50V；（2）电键S合上后，由闭合电路欧姆定律I= A==2.0 A，U=IR=2×20 V=40 V．答：（1）S断开时，电压表的示数为50V；（2）电压表的示数为40V；电流表的示数为2.0A．15．如图所示，光滑导轨MN、PQ在同一水平面内平行固定放置，其间距d=1m，右端通过导线与阻值R L=8Ω的小灯泡L相连，CDEF矩形区域内有方向竖直向下、磁感应强度B=1T 的匀强磁场，一质量m=50g、阻值为R=2Ω的金属棒在恒力F作用下从静止开始运动s=2m 后进入磁场恰好做匀速直线运动．（不考虑导轨的电阻，金属棒始终与导轨垂直并保持良好接触）．求：（1）恒力F的大小；（2）小灯泡发光时的电功率．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率；法拉第电磁感应定律．【分析】（1）由动能定理可以求出金属棒进入磁场时的速度，金属棒进入磁场后做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可以求恒力大小．（2）由电功率公式可以求出灯泡发光时的电功率．【解答】解：（1）对金属棒，由动能定理得：Fs=mv2﹣0，导体棒受到的安培力：F B=BId=，金属棒做匀速直线运动，由平衡条件得：F=F B，即：F=，解得：F=0.8N，v=8m/s；（2）小灯泡发光时的功率：P=I2R L=R L，代入数据解得：P=5.12W；答：（1）恒力F的大小为0.8N；（2）小灯泡发光时的电功率为5.12W．。

2021年高二上学期月考物理试卷（10月份）（三区）含解析一、选择题：（每小题5分，共50分，请将每小题正确答案的字母填入答卷的表格内）1．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识正确的是（）A．磁感线有可能出现相交的情况B．磁感线总是由N极出发指向S极C．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致D．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零2．如图是电子射线管示意图．接通电源后，电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向下（z轴负方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁场，磁场方向沿z轴负方向B．加一磁场，磁场方向沿y轴正方向C．加一电场，电场方向沿z轴负方向D．加一电场，电场方向沿y轴正方向3．如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F．为使F=0，可能达到要求的方法是（）A．加水平向右的磁场B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场 D．加垂直纸面向外的磁场4．如图，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会（）A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸内偏转D．向纸外偏转5．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）A．0 B．0.5B C．B D．2B6．粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电．让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动．已知磁场方向垂直纸面向里．以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是（）A．B．C．D．7．如图所示，长方形abcd长ad=0.6m，宽ab=0.3m，O、e分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场（边界上无磁场），磁感应强度B=0.25T．一群不计重力、质量m=3×10﹣7kg、电荷量q=+2×10﹣3C的带电粒子以速度v=5×102m/s沿垂直ad方向且垂直于磁场射入磁场区域（）A．从Od边射入的粒子，出射点全部分布在Oa边B．从aO边射入的粒子，出射点全部分布在ab边C．从Od边射入的粒子，出射点分布在Oa边和ab边D．从aO边射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边8．如图所示，在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一个不计重力的带电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场，粒子进人磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成120°角，若粒子穿过y轴正半轴后在磁场中到x轴的最大距离为a，则该粒子的比荷和所带电荷的正负是（）A．，正电荷B．，正电荷C．，负电荷D．，负电荷9．如图所示，A、B两回路中各有一开关S1、S2，且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的结果可能的是（）A．先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转B．S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转D．S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转10．如图所示，一带负电的质点在固定的正的点电荷作用下绕该正电荷做匀速圆周运动，周期为T0，轨道平面位于纸面内，质点的速度方向如图中箭头所示．现加一垂直于轨道平面的匀强磁场，已知轨道半径并不因此而改变，则（）A．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将大于T0B．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将小于T0C．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将大于T0D．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将小于T0二．填空题：（每空3分，共18分）11．磁场对放入其中的长为l、电流强度为I、方向与磁场垂直的通电导线有力F的作用，可以用磁感应强度B描述磁场的力的性质，磁感应强度的大小B= ，在物理学中，用类似方法描述物质基本性质的物理量还有等．12．在磁感应强度B的匀强磁场中，垂直于磁场放入一段通电导线．若任意时刻该导线中有N 个以速度v做定向移动的电荷，每个电荷的电量为q．则每个电荷所受的洛伦兹力f= ，该段导线所受的安培力为F= ．13．边长为a的正方形，处于有界磁场如图，一束电子以v0水平射入磁场后，分别从A处和C处射出，则v A：v C= ；所经历的时间之比t A：t B= ．三．计算题（14、15小题10分，16小题12分共32分．解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤）14．据报道，最近已研制出一种可投入使用的电磁轨道炮，其原理如图所示．炮弹（可视为长方形导体）置于两固定的平行导轨之间，并与轨道壁密接．开始时炮弹在导轨的一端，通以电流后炮弹会被磁力加速，最后从位于导轨另一端的出口高速射出．设两导轨之间的距离w=0.10m，导轨长L=5.0m，炮弹质量m=0.30kg．导轨上的电流I的方向如图中箭头所示．可以认为，炮弹在轨道内运动时，它所在处磁场的磁感应强度始终为B=2.0T，方向垂直于纸面向里．若炮弹出口速度为v=2.0×103m/s，求通过导轨的电流I．忽略摩擦力与重力的影响．15．如图所示，一个带电粒子两次以同样的垂直于场线的初速度v0分别穿越匀强电场区和匀强磁场区，场区的宽度均为L，偏转角度均为α，求E：B．16．质谱仪是用来测定带电粒子的质量和分析同位素的装置．如图所示，电容器两极板相距为d，两极板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1，一束电荷量相同的带正电的粒子沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间的距离为x，粒子所带电荷量为q，不计重力．（1）求粒子进入匀强磁场B2时的速度v的大小．（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m为多少？xx学年山东省滨州市邹平双语学校高二（上）月考物理试卷（10月份）（三区）参考答案与试题解析一、选择题：（每小题5分，共50分，请将每小题正确答案的字母填入答卷的表格内）1．磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，对磁场认识正确的是（）A．磁感线有可能出现相交的情况B．磁感线总是由N极出发指向S极C．某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致D．若在某区域内通电导线不受磁场力的作用，则该区域的磁感应强度一定为零【考点】磁感线及用磁感线描述磁场．【分析】磁感线外部由N极流向S极，内部由S极流向N极，形成闭合曲线，磁感线不相交．磁场的方向为小磁针静止时N极的指向．【解答】解：A、磁感线不会相交，因为相交，交点有两个切线方向，则同一点有两个磁场方向．故A错误．B、磁感线外部由N极流向S极，内部由S极流向N极，形成闭合曲线．故B错误．C、某点磁场的方向与放在该点小磁针静止时N极所指方向一致．故C正确．D、通电导线不受磁场力，该处磁感应强度不一定为零，若电流的方向与磁场的方向平行，不受磁场力，但是磁感应强度不为零．故D错误．故选C．2．如图是电子射线管示意图．接通电源后，电子射线由阴极沿x轴方向射出，在荧光屏上会看到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向下（z轴负方向）偏转，在下列措施中可采用的是（）A．加一磁场，磁场方向沿z轴负方向B．加一磁场，磁场方向沿y轴正方向C．加一电场，电场方向沿z轴负方向D．加一电场，电场方向沿y轴正方向【考点】射线管的构造及其工作原理．【分析】电子射线由阴极沿x轴方向射出，形成的亮线向下（z轴正方向）偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向下，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向．【解答】解：A、若加一沿z轴负方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故A错误．B、若加一沿y轴正方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴负方向，亮线向下偏转，符合题意．故B正确．C、若加一沿z轴负方向的电场，电子带负电，电场力方向沿z轴正方向，亮线向上偏转，不符合题意．故C错误．D、若加一沿y轴正方向的电场，电子带负电，电场力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故D错误．故选：B．3．如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F．为使F=0，可能达到要求的方法是（）A．加水平向右的磁场 B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场 D．加垂直纸面向外的磁场【考点】安培力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】以直导线MN为研究对象，开始没有电流时重力和绳子拉力大小相等，若使绳子上的拉力为零，则可以在该空间中加上磁场，使MN所受安培力方向向上即可．【解答】解：根据左手定则可知，在MN中通入电流，在空间加上垂直与纸面的磁场，可以使MN受到向上的安培力，这样可以使MN受到绳子拉力为零，具体根据左手定则有：当MN中通入从M到N的电流时，要使安培力向上，可以加上垂直纸面向里的磁场，故ABD错误，C正确．故选C．4．如图，在阴极射线管正下方平行放置一根通有足够强直流电流的长直导线，且导线中电流方向水平向右，则阴极射线将会（）A．向上偏转 B．向下偏转 C．向纸内偏转D．向纸外偏转【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】首先由安培定则分析判断通电直导线周围产生的磁场方向，再由左手定则判断出电子流的受力方向，可知电子流的偏转方向．【解答】解：由安培定则判断可知，通电直导线上方所产生的磁场方向向外，电子向右运动，运用左手定则可判断出电子流受到向上的洛伦兹力作用，所以电子流要向上偏转．故A正确，BCD错误．故选：A5．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为（）A．0 B．0.5B C．B D．2B【考点】磁感应强度．【分析】本题比较简单，考查了通电螺线管周围的磁场，弄清两图中电流以及导线的绕法的异同即可正确解答本题．【解答】解：在图（b）中，由于两根导线中的电流方向相反，产生的磁场相互抵消，所以在b中螺线管内中部的磁感应强度大小为零，故BCD错误，A正确．故选A．6．粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，两粒子均带正电．让它们在匀强磁场中同一点以大小相等、方向相反的速度开始运动．已知磁场方向垂直纸面向里．以下四个图中，能正确表示两粒子运动轨迹的是（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；左手定则．【分析】由洛仑兹力充当向心力可求得两粒子的半径关系，则由图可知两粒子的轨迹图；由左手定则可判断粒子的运动方向．【解答】解：两粒子均带正电，以大小相等的速度在磁场中向相反的方向运动，都是由洛伦兹力充当粒子做圆周运动的向心力．所以有，得到，因为粒子甲的质量与电荷量分别是粒子乙的4倍与2倍，所以甲的半径为乙半径的2倍．根据左手定则，甲粒子做圆周运动的洛伦兹力指向圆心，运动方向一定为逆时针，所以A正确．故选A．7．如图所示，长方形abcd长ad=0.6m，宽ab=0.3m，O、e分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场（边界上无磁场），磁感应强度B=0.25T．一群不计重力、质量m=3×10﹣7kg、电荷量q=+2×10﹣3C的带电粒子以速度v=5×102m/s沿垂直ad方向且垂直于磁场射入磁场区域（）A．从Od边射入的粒子，出射点全部分布在Oa边B．从aO边射入的粒子，出射点全部分布在ab边C．从Od边射入的粒子，出射点分布在Oa边和ab边D．从aO边射入的粒子，出射点分布在ab边和bc边【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，先得到轨道半径，再找出圆心，确定半径并分析可能的轨迹．【解答】解：粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，得到r===0.3m由于初速度向右，故圆心在ao之间AC、以O点为例，假设长方形完全被磁场覆盖，则按照轨迹会达到b点，但由于只有半圆内存在磁场，所以出了磁场后，由于不再受到洛伦兹力，所以无法偏转到b点，所以最终会落在bc边上；故从Od边射入的粒子，出射点全部分布在ab、bc边上，故A错误，C错误；BD、同理从aO边射入的粒子，出射点全部分布在ab、bc边上，故B错误，D正确；故选：D．8．如图所示，在x轴上方存在着垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，一个不计重力的带电粒子从坐标原点O处以速度v进入磁场，粒子进人磁场时的速度方向垂直于磁场且与x轴正方向成120°角，若粒子穿过y轴正半轴后在磁场中到x轴的最大距离为a，则该粒子的比荷和所带电荷的正负是（）A．，正电荷B．，正电荷C．，负电荷D．，负电荷【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】根据带电粒子的运动的情况，画出粒子的运动的轨迹，再根据粒子运动轨迹的几何关系和半径的公式可以求得该粒子的比荷．【解答】解：由图意可知粒子沿顺时针方向运动，根据左手定则可得粒子带负电粒子的运动轨迹如图中虚线，红色线段为圆的半径，由已知得进入磁场时，半径与x轴正方向的夹角为30°，所以有a=R+R=R，洛伦兹力充当粒子做圆周运动的向心力，所以有，所以有所以C正确．故选C．9．如图所示，A、B两回路中各有一开关S1、S2，且回路A中接有电源，回路B中接有灵敏电流计，下列操作及相应的结果可能的是（）A．先闭合S2，后闭合S1的瞬间，电流计指针偏转B．S1、S2闭合后，在断开S2的瞬间，电流计指针偏转C．先闭合S1，后闭合S2的瞬间，电流计指针偏转D．S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，电流计指针偏转【考点】楞次定律；法拉第电磁感应定律．【分析】当闭合电路的磁通量发生变化时，线圈中出现感应电流，从而会导致指针偏转．【解答】解：A、先闭合S2，构成闭合电路，当后闭合S1的瞬间时，通过线圈A的电流增大，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，从而产生感应电流，则指针发生偏转，故A正确；B、当S1、S2闭合后，稳定后线圈B中没有磁通量的变化，因而线圈B中没有感应电流，在断开S2的瞬间，当然指针也不偏转，故B错误；C、先闭合S1，后闭合S2的瞬间，穿过线圈B的磁通量没有变化，则不会产生感应电流，故C 错误；D、当S1、S2闭合后，在断开S1的瞬间，导致穿过线圈B的磁通量发生变化，因而出现感应电流，故D正确，故选AD10．如图所示，一带负电的质点在固定的正的点电荷作用下绕该正电荷做匀速圆周运动，周期为T0，轨道平面位于纸面内，质点的速度方向如图中箭头所示．现加一垂直于轨道平面的匀强磁场，已知轨道半径并不因此而改变，则（）A．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将大于T0B．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将小于T0C．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将大于T0D．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将小于T0【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】负电荷在正电荷的库仑引力作用下做匀速圆周运动，当外加一垂直平面的匀强磁场时，负电质点还会受到洛伦兹力作用，轨道半径因不变，所以会导致周期发生变化．当磁场方向指向纸里时，负电荷受到的洛伦兹力与库仑力方向相反，所以周期变大；当磁场方向指向纸外时，负电荷受到的洛伦兹力与库仑力方向相同，所周期变小．【解答】解：在未加磁场时，由库仑力提供向心力，根据牛顿第二定律和库仑定律得：k=m rA、B、在加磁场时，若磁场方向指向纸里，由左手定则可知：负电荷所受的洛伦兹力背离圆心向外，根据牛顿第二定律、库仑定律和洛仑兹力公式得：k﹣qvB=m，则得 T＞T0，故A正确，B错误．C、D、若磁场指向纸外，由左手定则可知：负电荷所受的洛伦兹力指向圆心向里，根据牛顿第二定律、库仑定律和洛仑兹力公式得：k+qvB=m，则得 T＜T0，故C错误，D正确．故选：AD二．填空题：（每空3分，共18分）11．磁场对放入其中的长为l、电流强度为I、方向与磁场垂直的通电导线有力F的作用，可以用磁感应强度B描述磁场的力的性质，磁感应强度的大小B= ，在物理学中，用类似方法描述物质基本性质的物理量还有电场强度等．【考点】磁感应强度；电场强度．【分析】在物理学中有很多概念是采用比值法定义的如速度、加速度、电场强度、磁感应强度等概念，要正确理解这些概念的物理意义以及定义法特点．【解答】解：根据磁场强度的定义可知：，是采用比值法定义的，B的大小与F、IL无关，由磁场决定的，物理中的很多概念是采用比值法定义的，如电场强度等．故答案为：，电场强度．12．在磁感应强度B的匀强磁场中，垂直于磁场放入一段通电导线．若任意时刻该导线中有N 个以速度v做定向移动的电荷，每个电荷的电量为q．则每个电荷所受的洛伦兹力f= qvB ，该段导线所受的安培力为F= NqvB ．【考点】安培力的计算；洛仑兹力．【分析】电荷定向运动时所受洛伦兹力的合力，表现为导体所受的安培力．按照这个思路，就可以推导出安培力和洛伦兹力之间的关系．【解答】解：根据运动电荷在磁场中运动时所受洛伦兹力可知导体中电荷所受洛伦兹力为：f=qvB，导体中的运动电荷运动方向相同，故所受洛伦兹力方向相同，所以该段导线所受的安培力为：F=NqvB．故答案为：qvB，NqvB．13．边长为a的正方形，处于有界磁场如图，一束电子以v0水平射入磁场后，分别从A处和C处射出，则v A：v C= 1：2 ；所经历的时间之比t A：t B= 2：1 ．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】由几何关系可知从两孔射出的粒子的运动半径，则由洛仑兹力充当向心力可得出粒子的速度关系；由周期公式及转过的角度可求得时间之比．【解答】解：电子磁场中做匀速圆周运动，从A点射出时，OA中点为圆心，轨迹半径R A=a，轨迹的圆心角θA=π；从C点射出时，A为圆心，轨迹半径R C=a，轨迹的圆心角θC=；由轨迹半径公式R=，得：v A：v C=R A：R C=a：a=1：2；电子在磁场中运动的周期T=，可知电子运动的周期与速度无关．电子在磁场中所经历的时间 t=T则得t A：t B=θA：θC=π： =2：1故答案为：1：2，2：1．三．计算题（14、15小题10分，16小题12分共32分．解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤）14．据报道，最近已研制出一种可投入使用的电磁轨道炮，其原理如图所示．炮弹（可视为长方形导体）置于两固定的平行导轨之间，并与轨道壁密接．开始时炮弹在导轨的一端，通以电流后炮弹会被磁力加速，最后从位于导轨另一端的出口高速射出．设两导轨之间的距离w=0.10m，导轨长L=5.0m，炮弹质量m=0.30kg．导轨上的电流I的方向如图中箭头所示．可以认为，炮弹在轨道内运动时，它所在处磁场的磁感应强度始终为B=2.0T，方向垂直于纸面向里．若炮弹出口速度为v=2.0×103m/s，求通过导轨的电流I．忽略摩擦力与重力的影响．【考点】安培力；匀变速直线运动的速度与位移的关系；牛顿第二定律．【分析】当导轨上通入电流后，炮弹在安培力的作用下，做初速度为零匀加速直线运动，因此根据牛顿第二定律求出加速度然后利用运动学公式即可求解．【解答】解：在导轨通有电流I时，炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为F=IwB ①设炮弹的加速度的大小为a，则有因而F=ma ②炮弹在两导轨间做匀加速运动，因而v2=2aL ③联立①②③代入题给数据得：I=6×105A故通过导轨的电流I=6×105A．15．如图所示，一个带电粒子两次以同样的垂直于场线的初速度v0分别穿越匀强电场区和匀强磁场区，场区的宽度均为L，偏转角度均为α，求E：B．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】正离子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合得到偏转角正切tanα的表达式．在磁场中，离子由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出半径，由牛顿第二定律求出sinα．联立即可求得磁感应强度．【解答】解：因宽度为L，只有电场时做类平抛运动，L=v0t，v y=at=tanα==，解得E=当只有磁场存在时，带电粒子做匀速圆周运动：sinα=，R=解得B==联立解得=．答：则E：B之比为．16．质谱仪是用来测定带电粒子的质量和分析同位素的装置．如图所示，电容器两极板相距为d，两极板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1，一束电荷量相同的带正电的粒子沿电容器的中线平行于极板射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在感光片上的a、b两点，设a、b两点之间的距离为x，粒子所带电荷量为q，不计重力．（1）求粒子进入匀强磁场B2时的速度v的大小．（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m为多少？【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】（1）根据粒子沿直线运动时电场力等于洛伦兹力求出速度的大小．（2）根据带电粒子在磁场中的半径公式，抓住a、b两点的距离差求出粒子的质量之差．【解答】解：（1）粒子在电容器间做匀速直线运动，有：解得v=．（2）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，有：解得R=．则x=2R2﹣2R1=2解得△m=m2﹣m1=．答：（1）粒子进入匀强磁场B2时的速度v的大小为．（2）打在a、b两点的粒子的质量之差△m为．xx年5月4日33283 8203 舃20335 4F6F 佯@39812 9B84 鮄24884 6134 愴@22929 5991 妑]22036 5614 嘔37664 9320 錠rt34538 86EA 蛪}。

2021年高二10月月考（物理）（普通班）说明：本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），考试时间为90分钟，卷面总分为100分，第Ⅰ卷应涂在答题卡上，考试完毕后，只交第Ⅱ卷和答题卡.第Ⅰ卷（选择题共60分）一、选择题（本题共15小题；每小题4分，共60分.在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分.）1、毛皮与橡胶棒摩擦后，毛皮带正电，这是因为（）A．毛皮上的一些电子转移到橡胶棒上B．毛皮上的一些正电荷转移到橡胶棒上C．橡胶棒上的一些电子转移到毛皮上D．橡胶棒上的一些正电荷转移到毛皮上2、对元电荷的理解，下列说法正确的是（）A．目前认为：元电荷是自然界中最小的电荷量，其值是1.60×10-19CB．元电荷就是质子C．元电荷就是电子D．物体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍3、对于库仑定律，下列说法正确的是（）A.凡计算两个点电荷间的相互作用力，就可以使用公式B.两个带电小球相距非常近时，也能用库仑定律C.相互作用的两个点电荷，不论它们的电量是否相同，所受的库仑力大小一定相等D.两个点电荷的电量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的一半4、关于电场线下列说法正确的是（）A 、电场线是客观存在的B 、电场线与电荷的运动轨迹是一致的C 、沿电场线的方向电场强度一定是越来越大D 、电场线上某点的切线方向与电荷在该点所受的静电力的方向可以不同 5、如下说法中正确的是（ ）A ．正电荷由电势低处移到电势高处，静电力作负功B ．负电荷沿电场线方向移动，电势能减小C ．正电荷放于电势越低处，电势能越小D ．负电荷放于电场线越密处，电势能越小 6、关于电容器，以下说法中正确的是（ ） A 、电容器的带电量是指两个极板所带电量的绝对值之和B 、电容器的电容跟它所容纳的电荷的电荷量无关，但跟两极板间的电压有关C 、可变平行板电容器的动片旋进（两极板正对面积减小），它的电容就增大；旋出，它的电容就减小D 、任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体，就组成了电容器，跟导体是否带电无关 7、在真空中，有两个点电荷，它们之间的静电力为F.如果将一个电荷的电量增大为原来的3倍，将它们之间的距离减小为原来的1/3，它们之间的静电力大小等于（ ） A ．F B ．9F C ．27F D ．F/98、在真空中的A 点固定一个带电量大小为Q 的正点电荷，有一个质量为m 的带电油滴恰好是在A 点正下方距离为r 的B 点处保持静止，油滴带电量大小q ，则（ ） A ．油滴一定带正电B ．油滴一定带负电C ．B 点处的电场强度大小等于mg/qD ．B 点处的电场强度大小等于KQ/r 29、如图所示，Q 是带正电荷的点电荷，P 1和P 2为其电场中的两点，若E 1、E 2为两点的电场强度的大小，、为两点的电势，则（ ） A 、E 1>E 2, B 、E 1>E 2, C 、E 1 <E 2, D 、E 1<E 2,10、一个点电荷从静电场中的a 点移到b 点，其电势能的变化为零，则（ ）··· P 2Q P 1A．a、b两点的场强一定相等B．该点电荷一定沿等势面移动C．作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的D．a、b两点的电势一定相等11、如图10所示，一电场的电场线分布关于y轴(沿竖直方向)对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM＝MN.P点在y轴右侧，MP⊥ON.则（)A．M点的电势比P点的电势高B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动12、图中所示是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电．现将一个试探电荷q由两极板间的A点移动到B点，如图所示．A、B两点间的距离为s，连线AB 与极板间的夹角为30°．则静电力对试探电荷q所做的功等于（）A．B．C．D．13、下面各图中A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出．A球能保持静止的是( )14、一平行板电容器，始终与电池相连，现将一块均匀的电介质板插进电容器，恰好充满两极板的容间，与未插电介质时相比（）A．电容器所带的电量增大B．电容器的电容增大C．两极板间各处电场强度减小D．两极板间的电势差减小15、一个不带电的枕形绝缘导体，移到带正电的带电体C的附近，如图所示，达到静电平衡AB300++ + +- - - -d时，则（）A．A端带正电，B端带负电，A端比B端电势高B．A端带负电，B端带正电，A端比B端电势低C．A端带正电，B端带负电，A端与B端电势相等D．A端带负电，B端带正电，A端与B端电势相等第Ⅱ卷(非选择题共40分)二、填空题(每空2分, 共18分)16、在真空中有两个完全相同的金属小球，所带电量的大小之比是2:6，当它们之间的距离为r时，有大小为F的吸引力.如果将它们接触一下后，把它们间的距离变为r/2，其间的相互作用为力，大小为 .17、一个点电荷，带有5.0×10-9C的负电荷．当把它放在电场中某点时，受到方向竖直向下、大小为2.0×10-8N的电场力，则该处的场强大小为，方向 .如果在该处放上一个电量为3.2×10-12C带正电的点电荷，所受到的静电力大小为，方向 .18、在图示的实验装置中，已充电的平行板电容器的极板A与一静电计相连接，极板B接地．若极板B稍向上移，则电容器电容，静电计指针偏角；若极板B稍向右水平移动，则电容器的带电荷量．（填“增大”、“减小”或“不变”）三、计算题（本题共3小题，22分.解答应写出必要的文字说明，方程式和主要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）19、（6分）真空中有两个相距0.1m、带电量相等的点电荷，它们之间的静电力的大小为3.6×10-4N，求每个电荷的带电量是元电荷的多少倍？20、（8分）在真空中的O点放一点电荷Q=1.0×10-9C，直线MN过O点，OM=30cm，M点放有一点电荷q=-2×10-10C，如图1-9-16所示.求:(1)M点的场强大小；(2)若M点的电势比N 点的电势高15V，则电荷q从M点移到N点，电势能变化了多少?21、（8分）如图所示,两块相同的金属板水平平行放置，两板的正对面相距30 cm，A、B两板分别跟电源的正负极相连，电源电压为60V，求：(1) 两板间电场的场强大小和方向，(2)若A板接地，则B板电势是多少？(3)若C点离A板10cm，D点离B板15 cm，则C、D两点间的电势差是多少？B卷答案一，选择题二，填空题三，计算题19 F=K 3.6×10-4=9×109·得q=2×10-8C =1.25×101121、(1)方向竖直向下(2)A板接地(3)23022 59EE 姮}32845 804D 聍40074 9C8A 鲊28380 6EDC 滜3g23469 5BAD 宭W32761 7FF9 翹7x39096 98B8 颸39181 990D 餍。

2021年高二第一学期10月份考试物理试卷高二年级物理学科试题本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。

满分: 100分。

考试时间: 90分钟。

第I卷（选择题共53分）一、单项选择题(本题包括11个小题，每题3分，共计33分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。

)1．电场线的切线方向表示A．正电荷在该处的速度方向B．正电荷在该处所受的电场力方向C．电荷在该处的加速度方向D．电荷在该处的动量方向2．电荷q在电场中由一点移动到另一点时，电场力做的功为W，则两点的电势差为A．W B．qW C．D．3．两个带同种电荷的带电体，距离增大的过程中，以下说法正确的是A．电场力做正功，电势能增加B．电场力做负功，电势能增加C．电场力做正功，电势能减少D．电场力做负功，电势能减少4．用6伏干电池对一个电容器充电时A．只要电路不断开，电容器的带电量就会不断增加B．电容器接电源正极的极扳带正电，接电源负极的极板带负电C．电容器两极板所带电量之和叫做电容器的带电量D．充电后电容器两极板之间不存在电场5．一个电容器带电量为Q时，两极板间的电压为U，下述叙述中错误．．的是A．若它带的电量减半，则它的电容减半，两板电压不变B．若它带的电量减半，则它的电容不变，两板的电压减半C．若它带的电量为0，则它的电容不变，两板电压为0D．若它带的电量加倍，则它的电容不变，两板电压加倍6．一个点电荷由电场中a点移到b点，其电势能变化为零，则A．a、b两点场强一定相等B．该点电荷一定沿等势面移动C．作用于电荷的电场力与其运动方向垂直D．a，b两点电势一定相等7．电量分别为q1、q2的两个点电荷，相距r时，相互作用力为F，下列说法错误．．的是A．如果q1、q2恒定，当距离变为r／2时，作用力将变为2FB．如果其中一个电荷的电量不变，而另一个电荷的电量和它们间的距离都减半时，作用力变为2FC．如果它们的电量和距离都加倍时，作用力不变D．如果它们的电量都加倍，距离变为时，作用力将变为2F8．如图，真空中A、B两处各有一个正点电荷，若放入第三个点电荷C，只在电场力作用下三个电荷都处于平衡状态，则C的电性及位置是A．正电；在A、B之间B．正电；在A的左侧C．负电；在A、B之间D．负电；在B的右侧9．平行板电容器的电容为C，电荷量为Q，极板间的距离为d，在两极间的中点放一电荷量很小的点电荷q，它所受的电场力大小等于A．B．C．D．10．如图是利用电容式传感器制作而成的话筒的示意图。