思明区2011年初中毕业班质量检查

图2图1 图32011年初中毕业生第二次质量调查物 理 试 卷（满分：120分 理化时间：150分钟 g ＝10N/kg ）一、填空题(每空1分，共26分)1．元宵节的夜晚，市政府广场举行了盛大的焰火表演。

观众不仅看到了璀璨的焰火，还听到了清脆的爆竹声，前者是由于光的 形成的；后者是由于火药爆炸引起空气的 发出的，并通过 传入观众的耳朵。

2．如图1所示，显微镜的镜筒各有一组透镜，每组透镜都相当于一个凸透镜，靠近眼睛的凸透镜叫做目镜，靠近被观察物体的凸透镜叫做物镜。

使用显微镜观察微小物体时， （填“目镜”或“物镜”）的作用类似投影仪，（填“目镜”或“物镜”）的作用类似放大镜。

3．如图2所示，教学用的投影仪是利用凸透镜能成 立、放大、实像的原理制成的，如果想要屏幕上的字更大些，应该调整凸透镜和投影片的距离，同时 （填“增大”或“缩小”）凸透镜与屏幕的距离。

屏幕的表面很粗糙，光射到屏幕表面会发生反射，使坐在各个方向的同学都能看到屏幕上的字。

4．如图3所示，有一潜水艇悬浮在水中。

当用压缩空气把水舱中的水排出一部分时，潜水艇将 （填“上浮”或“下沉”），在未露出水面之前，潜水艇所受的浮力 （填“变大”“变小”或“不变”）。

5．小强身高1.5米，站在竖直放置的平面镜前1.2米处照镜子，看到镜子中自己的像，这是由于光的 形成的，他在镜中的像高_______m 。

他以0.5m/s 的速度沿垂直于平面镜的方向上走近平面镜时，他相对于他的像的速度是____________m/s 。

6．2011年3月11日日本大地震中，福岛第一核电站发生核泄漏，使全球面临核辐射的重大危机。

核电站正常工作时，是将 能转化为电能，该能源属于 （填“可”或“不可”）再生能源。

7．如图4所示，点燃蜡烛会使它上方的扇叶旋转起来，这是因为蜡烛的火焰使周围空气的温度升高，体积膨胀，密度变________，所以热空气________（填“上升”或“下降” ）形成气流，气流流过扇叶时，带动扇叶转起来。

图1厦门市思明区初中毕业班质量检查物理（试卷满分：100分 考试时间：90分钟）注意事项：1．全卷六大题，33小题，试卷共6页，另有答题卡。

2．答案一律写在答题卡上，否则不能得分。

3．作图题可直接用2B 铅笔画。

4．全卷g 取10 N/kg 。

一、选择题（本大题共12小题。

每小题2分，共24分。

每小题只有1个选项符合题意） 1．2013年1月18日，福建直通台湾的首条海底光纤“海峡光缆1号”工程竣工。

海底光纤的主要用途是A ．通信B ．输电C ．供暖D ．照明2．台湾台南市环保局推广公共场所张贴「宁静场所」标志，如图1，倡导人们轻声说话，提升环境安宁，改变民众在公共场所不自觉高声喧哗的豪迈习性。

这里的“轻声”和“高声”是指声音的 A ．音调 B ．音色 C ．响度 D ．频率 3．验电器的两个金属箔片因带电而张开，则这两个金属箔片一定带A ．正电B ．负电C ．异种电荷D ．同种电荷 4．下列估测符合实际情况的是A ．普通中学生的课桌高度是75 cmB ．刚出生婴儿的质量是20 kgC ．升旗时奏一遍国歌的时间是8 minD ．家庭照明电路的电压是 36 V 5．下列现象中利用熔化吸热的是A ．加冰块会使饮料变得冰凉B ．向地上洒水会使周围更凉快C ．利用干冰降温防止食品变质D ．游泳完上岸后感到有点冷 6．惯性是一切物体固有的属性。

在如图2所示的四种物体中，惯性最大的是7．如图3所示的小电器中，应用电磁感应原理工作的是C ．行驶的汽车A ．飞翔的老鹰B ．出膛的子弹D ．进站的动车图2A ．电动剃须刀B ．非蓄电手压电筒C ．电脑小音箱D ．电吹风机图3图4图58．如图4、5所示，某跳水运动员完全入水后，身体由蜷曲变为打开蹬地。

在这过程中，他所受的浮力和水对脚底压强的变化情况是A ．浮力减小，压强增大B ．浮力增大，压强减小C ．浮力不变，压强增大D ．浮力不变，压强减小9．传说乾隆皇帝傍晚在月色下散步，看到江边树上鸟儿栖息，倒影映水中，水中鱼儿游动。

2011年初中毕业班质量检查语文试题一、知识积累与运用（35分）1．阅读下面一段话，按要求作答。

（7分）青春是用勤劳的血汗和拼搏的泪水酿成的琼浆——历久弥香；青春是用不凋的希望和不灭的向往编织的彩虹——绚丽辉煌；青春是用永恒的执著和顽强的韧劲筑起的一道铜墙铁壁——固若金汤。

青春（）是美好的，（）又稍纵即逝。

（）一旦你错过了，你将遗憾终生。

(1)下列加点字读音相同．．的一项是（）。

（2分）A. 血．汗血．缘B. 琼浆．浆．糊C. 执著．著．作D.顽强．倔强．（2）下面表格中，对应内容不正确．．．的一项是（）。

（2分）（3）在文段括号处填写关联词，使语意更为连贯。

（3分）2．古诗文默写（10分）①万里赴戎机，。

②，一览众山小。

③落红不是无情物，。

④，草色遥看近却无。

⑤角声满天秋色里，。

⑥，似曾相识燕归来。

，⑦至于负者歌于途，行者休于树，，，，，滁人游也。

3．按提示填空。

（3分）读冰心的《忆读书》，我们认识了的读书观；读季羡林的《永久的悔》，我们明白了的道理；读林希的《石缝间的生命》，我们获得了的哲学认识。

4．综合探究：桥（7分）（1）泉州古代建筑的各类桥梁共609座，至今仍保存完好的仅有100余座，比如“海内第一桥”的洛阳桥，“天下无桥长此桥”的安平桥。

请根据下面提供的材料，说说你的探究结果。

（5分）材料一：洛阳桥，横跨洛阳江入海口处，为我国现存最早的跨海梁式大石桥。

桥全系花岗岩石砌筑，初建时桥长360丈，宽1.5丈，武士造像分立两旁。

现桥长731.29米、宽4.5米、高7.3米，有44座船形桥墩（是世界桥梁筏形基础的开端）、645个扶栏、104只石狮、1座石亭、7座石塔。

桥之中亭附近历代碑刻林立，有“万古安澜”等宋代摩岩石刻；桥北有昭惠庙、真身庵遗址；桥南有蔡襄祠，著名的蔡襄《万安桥记》宋碑，立于祠内，被誉为书法、记文、雕刻“三绝”。

材料二：安平桥位于晋江县安海镇西畔与南安水头镇交界处，是中世纪世界最长的梁式石桥。

2011年莆田市初中毕业班质量检查试卷参考答案1、行万里路读万卷书2、49 做九做双寿3、（1）有关“中美教育方法”的大讨论（或虎妈的教育方法是否可取）（2）示例：中西方的教育方式应该中和一下。

单纯说哪一方好或是不好，难免有失偏颇4 （1）江春入旧年（2）衡阳雁去无留意（3）隔江犹唱后庭花（4）感时花溅泪（5）此后汉所以倾颓也（6）虽不能察（7）人有悲欢离合月有阴晴圆缺（8）落红不是无情物化作春泥更护花（9）不畏浮云遮望眼自缘身在最高层5、写完成渐渐常人6、（1）这首诗以赡养父母、团结同宗族的人为内容，传送给全乡的秀才观赏（2）（他的父亲）每天拉着仲永四处拜访同县的人，不让（他）学习7、“父异焉”的原因：仲永生五年，未尝识书具，忽啼求之。

“邑人奇之”的原因：自是指物作诗立就，其文理皆有可观者。

8、示例：一个人要成才，仅有好的天资是不够的，后天还要接受教育，努力学习；否则难于成才，就像仲永一样。

9、中国是一个发展中国家10、要摆事实、讲道理、讲平等，要多看外国的优点。

11、（1）8岁时初见的木兰溪（2）灵动、幽静（晶莹、纯净、幽雅）（3）轻盈（芦絮飘零，溪水清冽）（4）忧伤（叹息）（5）经常骑车到木兰溪（6）宁静（平静，不感慨）（7）一点也不蓝12、（1）我从小与木兰溪相伴成长（2）木兰溪使我产生了与生俱来的漂泊感（3）木兰溪是我心中的河流（4）我和木兰溪一样在寻找生命的过程13、运用了比喻（排比）用多种喻体进行反复譬喻，突出溪水晶莹、纯净、幽雅忧郁的特点，把溪水的特点写得具体可感。

14、示例：这句话告诉我们，每个人都应当有自己的追求，都要像流水一样时刻奔流着，执着地寻找着，不必过于重视结果，过程本身才是生命的意义和价值所在。

15、鲁滨孙漂流记格列佛游记16、示例：孙悟空大闹天宫孙悟空向东海龙王借得定海之宝鑫箍捧，却被龙王告状，被骗到天庭当弼马温。

知道受骗后，他跑回花果山称“齐天大圣”。

李天王率领天兵天将捉拿他，被他打败。

2011福建省质检文综试卷及答案2011福建省质检文综试卷及答案 2011年福建省普通高中毕业班质量检查文科综合能力测试 2011．4.11 本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。

第I卷为必考题，第Ⅱ卷包括必考题和选考题两部分。

本试卷共14页。

满分300分。

考试时间150分钟。

第I卷（选择题，共144分）本卷共36小题，每小题4分，共计144分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。

读2009年我国东部与中、西部电子信息产业发展变化对比表，回答1～2题。

东部中部西部增速（%）比重（%）增速（%）比重（%）增速（%）比重（%）销售产值 1．5 91．7 24．1 5．1 25．6 3．2 投资 1．4 60．0 46．6 26．5 72．3 13．5 1．引起我国东部与中、西部电子信息产业发展变化的最重要因素是 A．技术 B．交通C．政策 D．环境 2．投资增速快的地区，资金主要流入的电子信息产业部门是 A．硬件制造 B．品牌营销 C．信息传输 D．软件设计图1为某年部分国家、城市人均二氧化碳的排放量示意图。

读图回答3～4题。

图1 3．四个城市中 A．北京二氧化碳排放总量最大 B．首尔二氧化碳排放总量最小 C．东京人均二氧化碳排放量高于该国人均水平 D．上海人均二氧化碳排放量低于该国人均水平 4．影响上述城市人均二氧化碳排放量的主要因素是 A．纬度位置 B．大气环流 C．交通网络 D．产业结构图2为中国某市城区1980年和2007年日均车流量（部分路口）及趋势分布图。

读图回答5～6题。

图2 5．最有可能位于该市市中心的路口是 A．① B．② C．③ D．④ 6．比较该市两个年份的日均车流量变化趋势。

判断该市主要扩展方向是 A．向西、向北 B．向东、向南 C．向东、向北 D．向西、向南水平衡（年降水量减去年蒸发量）反映某地区水分的盈亏。

图3为世界某区域地图。

读图回答7～9题。

福建省厦门市思明区2013年初中毕业班第一轮质量检测数学试卷一、选择题（本大题有7小题，每小题3分，共21题，每小题都有四个选项，其中有且只有一个选项正确）1．（3分）（2008•淄博）的相反数是（）A．﹣3 B．3C．D．考点：相反数．分析：求一个数的相反数，即在这个数的前面加负号．解答：解：根据相反数的定义，得的相反数是．故选D．点评：本题考查的是相反数的求法．2．（3分）（2013•思明区一模）内角和为360°的多边形是（）A．三角形B．四边形C．五边形D．六边形考点：多边形内角与外角．分析：多边形的内角和可以表示成（n﹣2）•180°，根据内角和为360°列方程可求解．解答：解：设所求多边形边数为n，则（n﹣2）•180°=360，解得n=4．故选B．点评：本题考查根据多边形的内角和计算公式列方程求多边形的边数，是基础题型．3．（3分）（2012•南平）下列计算正确的是（）A．a3+a2=a5B．a5÷a4=a C．a•a4=a4D．（ab2）3=ab6考点：同底数幂的除法；合并同类项；同底数幂的乘法；幂的乘方与积的乘方．分析：利用幂的有关运算性质及合并同类项的法则进行计算后即可求得正确的答案．解答：解：A、a3与a2不是同类项，不能合并，故选项错误；B、a5÷a4=a5﹣4=a，故选项正确；C、a•a4=a4+1=a5，故选项错误；D、（ab2）3=a3b6，故选项错误．故选B．点评：本题考查了幂的有关运算性质及合并同类项的法则，属于基本运算，应重点掌握．4．（3分）（2013•枣庄）如图，AB∥CD，∠CDE=140°，则∠A的度数为（）A．140°B．60°C．50°D．40°考点：平行线的性质．分析：先求出∠CDE的邻补角，再根据两直线平行，内错角相等解答．解答：解：∵∠CDE=140°，∴∠ADC=180°﹣140°=40°，∵AB∥CD，∴∠A=∠ADC=40°．故选D．点评：本题考查了两直线平行，内错角相等的性质，熟记性质是解题的关键．5．（3分）（2012•厦门）某种彩票的中奖机会是1%，下列说法正确的是（）A．买一张这种彩票一定不会中奖B．买1张这种彩票一定会中奖C．买100张这种彩票一定会中奖D．当购买彩票的数量很大时，中奖的频率稳定在1%考点：概率的意义．分析：由某种彩票的中奖机会是1%，即可得中奖的概率是1%，机会较小，但也有可能发生，即可求得答案，注意排除法在解选择题中的应用．解答：解：A、因为中奖机会是1%，就是说中奖的概率是1%，机会较小，但也有可能发生，故本选项错误；B、买1张这种彩票中奖的概率是1%，即买1张这种彩票会中奖的机会很小，故本选项错误；C、买100张这种彩票不一定会中奖，故本选项错误；D、当购买彩票的数量很大时，中奖的频率稳定在1%，故本选项正确．故选D．点评：此题考查了概率的意义．此题难度不大，注意概率是反映事件发生机会的大小的概念，只是表示发生的机会的大小，机会大也不一定发生，机会小也有可能发生，注意概率是大量实验出现时，频数的一个稳定的数值，6．（3分）（2013•思明区一模）如图，△ABC中，点D在BC的延长线上，若∠ACD=100°，∠A=40°，则∠B 的度数是（）A．40°B．60°C．80°D．100°考点：三角形的外角性质．分析：根据三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和列式计算即可得解．解答：解：∵∠ACD=100°，∠A=40°，∴∠B=∠ACD﹣∠A=100°﹣40°=60°．故选B．点评：本题三角形的一个外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质，熟记性质是解题的关键．7．（3分）（2013•思明区一模）直线y=2x﹣1上到两坐标轴距离相等的点有（）A．0个B．1个C．2个D．无数多个考点：一次函数图象上点的坐标特征．分析：到两坐标轴距离相等，说明此点的横纵坐标的绝对值相等，那么x=y，或x=﹣y据此作答．解答：解：设A（x，y）．∵点A为直线y=2x﹣1上的一点，∴y=﹣2x﹣1．又∵点A到两坐标轴距离相等，∴x=y或x=﹣y．当x=y时，解得x=y=1当x=﹣y时，解得y=﹣，x=．故A点坐标为（1，1）或（，﹣）．故选C．点评：本题考查的是一次函数图象上点的坐标特点，熟知一次函数图象上各点的坐标一定适合此函数的解析式是解答此题的关键．二、填空题（本大题有10小题，每小题4分，共40分）8．（4分）（2013•思明区一模）若根式有意义，则实数x的取值范围是x≥5．考点：二次根式有意义的条件．专题：计算题．分析：本题主要考查自变量的取值范围，函数关系中主要有二次根式．根据二次根式的意义，被开方数是非负数．解答：解：根据题意得：x﹣5≥0，解得x≥5．故答案为：x≥5．点评：本题考查二次根式有意义的条件，（1）当函数表达式是整式时，自变量可取全体实数；（2）当函数表达式是分式时，考虑分式的分母不能为0；（3）当函数表达式是二次根式时，被开方数为非负数．9．（4分）（2013•丽水）分解因式：x2﹣2x= x（x﹣2）．考点：因式分解-提公因式法．分析：提取公因式x，整理即可．解答：解：x2﹣2x=x（x﹣2）．点评：本题考查了提公因式法分解因式，因式分解的第一步：有公因式的首先提取公因式．10．（4分）（2012•天津）袋子中装有5个红球和3个黑球，这些球除了颜色外都相同．从袋子中随机的摸出一个球，则它是红球的概率是．考点：概率公式．分析：根据概率的求法，找准两点：①全部情况的总数；②符合条件的情况数目；二者的比值就是其发生的概率．解答：解；袋中球的总数为：5+3=8，取到红球的概率为：；故答案为：．点评：此题主要考查了概率的求法，如果一个事件有n种可能，而且这些事件的可能性相同，其中事件A 出现m种结果，那么事件A的概率P（A）=．11．（4分）（2013•思明区一模）如图，AD与BC相交于点O，∠A=∠C，添加一个条件AB=CD（答案不唯一），使得△ABO≌△CDO．（只需写出一个答案）考点：全等三角形的判定．专题：开放型．分析：根据题意可得∠AOB=∠COD，∠A=∠C，只需添加一组对边相等，即可判定△ABO≌△CDO．解答：解：添加AB=CD．∵在△ABO和△CDO中，，∴△ABO≌△CDO（AAS）．故答案可为：AB=CD．点评：本题考查了全等三角形的判定，判定两个三角形全等的一般方法有：SSS、SAS、ASA、AAS、HL．注意：AAA、SSA不能判定两个三角形全等．12．（4分）（2012•成都）商店某天销售了11件衬衫，其领口尺寸统计如下表：领口尺寸（单位：cm）38 39 40 41 42件数 1 4 3 1 2则这11件衬衫领口尺寸的众数是39 cm，中位数是40 cm．考点：众数；中位数．专题：压轴题．分析：根据中位数的定义与众数的定义，结合图表信息解答．解答：解：同一尺寸最多的是39cm，共有4件，所以，众数是39cm，11件衬衫按照尺寸从小到大排列，第6件的尺寸是40cm，所以中位数是40cm．故答案为：39，40．点评：本题考查了中位数与众数，确定中位数的时候一定要先排好顺序，然后再根据奇数和偶数个来确定中位数，如果数据有奇数个，则正中间的数字即为所求，如果是偶数个则找中间两位数的平均数，中位数有时不一定是这组数据的数；众数是出现次数最多的数据，众数有时不止一个．考点：正多边形和圆．分析：首先根据题意画出图形，六边形ABCDEF是正六边形，易得△OAB是等边三角形，又由圆的半径为5cm，即可求得它的内接六边形的边长．解答：解：如图，连接OA，OB，∵六边形ABCDEF是正六边形，∴∠AOB=×360°=60°，∴△OAB是等边三角形，∴AB=OA=OB=5cm，即它的内接六边形的边长为：5cm．故答案为：5cm．点评：此题考查了正多边形与圆的性质．此题难度不大，注意根据题意得到△OAB是等边三角形是解此题的关键，注意数形结合思想的应用．14．（4分）（2013•思明区一模）双曲线过点（﹣1，y1），（﹣2，y2）和（3，y3），且y1＞y2＞y3，则k ＜0．（填“＞”或“＜”）考点：反比例函数图象上点的坐标特征．分析：根据y1＞y2＞y3，可判断反比例函数在第二、第四象限，从而可判断k＜0．解答：解：∵x1=﹣1，x2=﹣2，x3=3，y1＞y2＞y3，∴可判断函数图象大致如下：，则反比例函数在第二、第四象限，故k＜0．故答案为：＜．点评：本题考查了反比例函数图象上点的坐标特征，解答本题的关键是判断出函数所在的象限，难度一般．15．（4分）（2013•思明区一模）已知△ABC三边分别为a、b、c，若a=3，b=4，则c的取值范围是1＜c ＜7 ；已知四边形ABCD四边分别为a、b、c、d，若a=3，b=4，d=10，则c的取值范围是3＜c＜17 ．考点：三角形三边关系．分析：根据三角形的三边关系“任意两边之和＞第三边，任意两边之差＜第三边”，求得第三边应＞两边之差1，而＜两边之和11．根据三角形的三边关系求得对角线的长度，再根据三角形的三边关系求得c的取值范围．解答：解：由三角形的三边关系，得第三边的取值范围是：4﹣3＜x＜4+3，解得1＜x＜7．由三角形的三边关系，得4﹣3＜对角线的长＜4+3，即1＜对角线的长＜7，则c的取值范围是10﹣7＜c＜10+7，即3＜c＜17．故答案为：1＜x＜7；3＜c＜17．点评：此题考查了三角形的三边关系，熟练利用三角形三边关系得出是解题关键．16．（4分）（2013•思明区一模）已知a2+2a+b﹣4=0，①若b=1，则a= ﹣3或1 ；②b的最大值是 5 ．考点：解一元二次方程-因式分解法；非负数的性质：偶次方；配方法的应用．专题：计算题．分析：①将b=1代入a2+2a+b﹣4=0中计算即可求出a的值；②利用完全平方公式将已知等式变形，即可求出b的最大值．解答：解：①将b=1代入已知等式得：a2+2a﹣3=0，即（a﹣1）（a+3）=0，解得：a=﹣3或1；②由已知等式得：b=﹣a2﹣2a+4=﹣（a+1）2+5，∵（a+1）2≥0，∴b的最大值为5．故答案为：①﹣3或1；②5．点评：此题考查了解一元一次方程﹣因式分解法，非负数的性质，以及配方法的应用，弄清题意是解本题的关键．17．（4分）（2013•思明区一模）如图，矩形ABCD中，AB=π，点E、F分别为AD、BC的中点，以A为圆心，AE为半径画弧，交BF于点G，以E为圆心，AE为半径画弧，交FC于点H，交EF的延长线于点M，若两个阴影部分的面积相等，则AD的长为8 ．考点：扇形面积的计算；矩形的性质．分析：如图，两个阴影部分的面积相等，可得出长方形CDEF的面积=圆的面积，列出等式可得出DE的值，也可求得AD的值．解答：解：如图，长方形CDEF的面积=DC•DE=DE•π，S圆=S扇形DPHE面积=π•DE2，∵阴影面积相等，∴DE•π=π•DE2，∵E为AD的中点，∴AD=2DE=8．故答案为：8．点评：本题考查了扇形面积的计算以及矩形的性质，将阴影部分的面积进行转化是解此题的关键，难度一般．三、解答题（本大题有9小题，共89分）18．（18分）（2013•思明区一模）（1）解方程组：（2）如图，△OAB三个顶点的坐标分别为O（0，0），A（1，2），B（3，0）．以O为位似中心，画出一个△OA′B′，使得△OA′B′与△OAB的相似比为2：1，并写出点A′和点B′的坐标．（3）先化简再求值：，其中．考点：作图-位似变换；分式的化简求值；解二元一次方程组．分析：（1）利用加减消元法求出x，y的值即可；（2）利用位似图形的性质得出A′，B′的位置即可得出答案；（3）首先将各分式因式分解，进而化简把a的值代入即可．解答：（1）解：，①+②，得4x=20．解得：x=5．将x=5代入①，得5﹣y=4．解得y=1．∴原方程组的解是；（2）解：如图所示：A'（2，4）B'（6，0）；（3）解：====，把代入上式，原式=．点评：此题主要考查了位似图形的画法以及二元一次方程组的解法以及分式方程的化简求值，根据因式分解正确化简分式是解题关键．19．（7分）（2013•思明区一模）进入中考复习后，为了解所教班级学生复习备考情况，张老师对部分学生进行了跟踪调查，将调查结果分成四类，A：特别好；B：好；C：一般；D：待进步．张老师将调查结果绘制成以下两幅不完整的统计图（如图），请你根据统计图解答下列问题：（1）本次调查中，张老师一共调查了20 名同学；（2）将条形统计图补充完整；（3）为了共同进步，张老师想从被调查的A类和D类学生中分别选取一位同学进行“一帮一”互助学习，考点：条形统计图；扇形统计图；列表法与树状图法．专题：计算题．分析：（1）根据等级为B的男生与女生的人数之和除以所占的百分比，即可得到调查的学生数；（2）由总人数乘以等级C占的百分比求出等级C男女之和，减去男生人数求出女生人数，同理求出等级D男生的人数，补全条形统计图即可；（3）根据题意列表得出所有等可能的情况数，找出一男一女的情况数，即可求出所求的概率．解答：解：（1）根据题意得：（4+6）÷50%=20（名），故答案为：20（2）C类的人数为：20×25%=5（名），则C类的女生有5﹣3=2（名），D类占总数的百分比为1﹣15%﹣50%﹣25%=10%，∴D类的人数为20×10%=2（名），则D类的男生有2﹣1=1（名），补全图形为：（3）列表如下：男女女男（男，男）（女，男）（女，男）女（男，女）（女，女）（女，女）所有等可能的情况数有6种，其中一男一女的情况数有3种，则P一男一女==．点评：此题考查了条形统计图，扇形统计图，以及概率，弄清题意是解本题的关键．20．（8分）（2013•思明区一模）已知：四边形ABCD，AD∥BC，∠A=90°．（1）若AD=BC，判断四边形ABCD的形状，并说明理由；（2）如图，若AD＜BC，cos∠C=，DC=AD+BC．设AD=x，BC=y，求y与x的函数关系式，并画出它的图象．考点：直角梯形；正比例函数的图象；矩形的判定与性质；解直角三角形．分析：（1）根据平行线的判定得出四边形ABCD为平行四边形进而利用矩形的判定得出即可；（2）利用锐角三角函数的关系得出cos∠C=，得出，即，即可得出y与x的函数关系，进而画出图象．解答：解：（1）四边形ABCD为矩形，∵AD∥BC，AD=BC，∴四边形ABCD为平行四边形，又∵∠A=90°，∴四边形ABCD是矩形．（2）如图，过点D作DE⊥BC于点E，∵AD=x，BC=y，DC=AD+BC，∴EC=y﹣x，DC=x+y．在Rt△DEC中，∠DEC=90°，cos∠C=，∴，即，∴y=4x（x＞0）如图所示：点评：此题主要考查了平行线的判定以及矩形的判定和锐角三角函数的关系等知识，根据已知得出=是解题关键．21．（8分）（2013•思明区一模）如图，在△ABC中，AB=AC，⊙A与边AB、AC交于点D、E，劣弧的长为．P是⊙A上的一点，且∠DPE=60°（1）求⊙A的半径；（2）若BC=，判断边BC与⊙A的位置关系，并说明理由．考点：切线的判定；弧长的计算．分析：（1）根据圆周角定理求得劣弧所对的圆周角∠DAE=120°，所以根据弧长的计算公式l=来求该圆的半径；（2）BC与⊙A相切．如图，过点A作AF⊥BC于点F，欲证明BC与⊙A相切，只需证得AF=r即可．解答：（1）解：设⊙O的半径为r．∵∠DPE=60°，∴∠DAE=120°∵劣弧的长为，设⊙A的半径为r，∴，即∴r=2；（2）BC与⊙A相切．如图，过点A作AF⊥BC于点F，∵AB=AC，AF⊥BC BC=∴BF=BC=，∠BAF=∠BAC=60°，在Rt△ABF中，∠ABF=90°，∠BAF=60°∴tan∠BAF=，即．∴AF=2=r．∴BC与⊙A相切．点评：本题考查了切线的判定、弧长的计算．切线必须满足两个条件：a、经过半径的外端；b、垂直于这条半径，否则就不是圆的切线．22．（8分）（2013•思明区一模）小球以v0（m/s）的速度开始向前滚动，滚动路程s（m）与时间t（ s）满足如下关系：．（1）若v0=10（m/s），当t=2（s）时，求运动路程s；（2）若v0=8（m/s），小球能否滚动10（m）？请说明理由．考点：一元二次方程的应用．分析：（1）将已知数据代入已知的函数关系式即可求解；（2）将v0=8，s=10代入后得到方程t2﹣4t+5=0，其根的判别式小0，即可说明小球不能滚动10m．解答：解：（1）解：把v0=10，t=2代入，得s=12，∴当v0=10（m/s），t=2（ s）时，运动路程s为12m．（2）小球无法滚动10m．（解法1）：当v0=8时，，即运动路程最多为8m，小球无法滚动10m．（解法2）：当v0=8时，令s=10，则﹣2t2+8t=10即 2t2﹣8t+10=0，t2﹣4t+5=0∵△=16﹣20＜0∴方程无解，∴小球无法滚动10m．点评：本题考查了一元二次方程的应用，解题的关键是将已知数据代入函数关系式得到一元二次方程并用相关的知识求解．23．（8分）（2013•思明区一模）如图，矩形ABCD的对角线相交于点O，DE∥AC，CE∥BD．（1）求证：四边形OCED是菱形；（2）若AB=3，BC=4，求点D到CE的距离．考点：矩形的性质；勾股定理；菱形的判定．分析：（1）根据矩形性质求出OD=OC，根据平行四边形和菱形的判定推出即可；（2）过点D作DF⊥CE于点F，过点C作CG⊥BD于点G，求出DF=CG，求出BD，根据三角形面积公式求出CG，即可得出答案．解答：（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴AC=BD，OA=OC=，OB=OD=，∴OC=OD，又∵DE∥AC，CE∥BD，∴四边形OCED是平行四边形，∴四边形OCED是菱形．（2）解：如图，过点D作DF⊥CE于点F，过点C作CG⊥BD于点G，∵CE∥BD，∴DF=CG．∵四边形ABCD是矩形，∴DC=AB=3，∠DCB=90°．∴，又∵，∴．∴DF=，即点D到CE的距离为．点评：本题考查了矩形的性质，平行四边形的判定，菱形的判定，三角形的面积，勾股定理等知识点的应用，主要考查学生运用定理进行推理和计算的能力．24．（10分）（2013•思明区一模）如果一元二次方程ax2+bx+c=0的两根x1、x2均为正数，且满足（其中x1＞x2），那么称这个方程有“邻近根”．（1）判断方程是否有“邻近根”，并说明理由；（2）已知关于x的一元二次方程mx2﹣（m﹣1）x﹣1=0有“邻近根”，求m的取值范围．考点：根的判别式；解一元二次方程-公式法；解一元二次方程-因式分解法；正比例函数的性质；反比例函数的性质．分析：（1）先解方程得到x1=，x2=1，则满足，所以可判断方程有“邻近根”；（2）根据判别式的意义得到m≠0且△=（m﹣1）2﹣4m×（﹣1）=（m+1）2≥0，利用求根公式解得x1=1，或，x2=1，则m＜0，然后讨论：若x1=1，，则，是关于m的正比例函数，根据正比例函数性质得到﹣2＜m＜﹣1；若，x2=1，则，是关于m的反比例函数，根据反比例函数性质得，最后综合得到m的取值范围．解答：解：（1）方程有“邻近根”．理由如下：∵，∴（x﹣1）（x﹣）=0，∵x1＞x2，∴x1=，x2=1，这时x1＞0，x2＞0，且，∵，∴满足，∴方程有“邻近根”；（2）由已知m≠0且△=（m﹣1）2﹣4m×（﹣1）=（m+1）2≥0，∴∴x1=1，或，x2=1，∵一元二次方程ax2+bx+c=0有“邻近根”，∴x1、x2均为正数，∴m＜0若x1=1，，则，是关于m的正比例函数，∵﹣1＜0，∴随m的增大而减小．当1＜﹣m＜2时，∴﹣2＜m＜﹣1；若，x2=1，则，是关于m的反比例函数，∵﹣1＜0，∴在第二象限，随m的增大而增大．当时，∴．…（9分）综上，m的取值范围是﹣2＜m＜﹣1或．点评：本题考查了一元二次方程ax2+bx+c=0（a≠0）的根的判别式△=b2﹣4ac：当△＞0，方程有两个不相等的实数根；当△=0，方程有两个相等的实数根；当△＜0，方程没有实数根．也考查了解一元二次方程和正比例与反比例函数性质．25．（11分）（2013•思明区一模）如图，在△ABC中，∠ACB=90°，CB=CA=，点E、F在线段AB上（不与端点A、B重合），且∠ECF=45°．（1）求证：BF•AE=2；（2）判断BE、EF、FA三条线段所组成的三角形的形状，并说明理由．考点：相似三角形的判定与性质；全等三角形的判定与性质；勾股定理的逆定理．分析：（1）先根据等腰直角三角形的性质求出∠A与∠B的度数，再根据∠ECF=45°，可知∠B=∠ECF，根据等量代换可得出∠CEF=∠BCF，故可得出△BCF∽△AEC，根据相似三角形的对应边成比例即可得出结论；（2）将CE绕点C顺时针旋转90°得到CG，连结GA，GF，先由全等三角形的判定定理得出△BCE≌△ACG，根据全等三角形的性质可得出△FAG中，∠FAG=90°，由勾股定理可知FG2=AG2+AF2=BE2+AF2．故可得出∠FCG=∠ECG﹣∠ECF=45°=∠ECF，根据全等三角形的判定定理可知△BCF≌△GCF，故可得出EF=GF，故EF2=BE2+AF2，由此可得出结论．解答：（1）证明：∵∠ACB=90°，CB=CA=，∴∠A=∠B==45°．∵∠ECF=45°，∴∠B=∠ECF，又∵∠CEF=∠B+∠BCE=45°+∠BCE，∠BCF=∠ECF+∠BCE=45°+∠BCE，∴∠CEF=∠BCF．∴△BCF∽△AEC．∴=，∴BF•AE=AC•BC=•=2；（2）解：BE、EF、FA三条线段所组成的三角形是直角三角形．（解法一）如图1，将CE绕点C顺时针旋转90°得到CG，连结GA，GF，∵∠BCE+∠ECA=∠ACG+∠ECA=90°∴∠BCE=∠ACG．∵在△BCE与△ACG中，，∴△BCE≌△ACG（SAS），∴∠B=∠CAG=45°，BE=AG，∴∠FAG=∠FAC+∠CAG=90°．在Rt△FAG中，∠FAG=90°，∴FG2=AG2+AF2=BE2+AF2．又∵∠ECF=45°，∴∠FCG=∠ECG﹣∠ECF=45°=∠ECF．∵在△BCF与△GCF中，，∴△ECF≌△GCF（SAS）．∴EF=GF，∴EF2=BE2+AF2．∴BE、EF、FA三条线段所组成的三角形是直角三角形．（解法二）如图，过A作AG⊥AF，使得AG=BE，连结GF，∴∠CAG=∠BAG﹣∠BAC=45°=∠B．∵在△BCE与△ACG中，，∴△BCE≌△ACG（SAS）．∴CE=CG，∠BCE=∠ACG．∵∠ECG=∠ACG+∠ECA=∠BCE+∠ECA=90°，∴∠FCG=∠ECG﹣∠FCG=45°=∠ECF．∵在△BCF与△GCF中，∴△ECF≌△GCF（SAS）．∴EF=GF，在Rt△FAG中，∠FAG=90°，∴FG2=AG2+AF2=BE2+AF2．∴EF2=BE2+AF2．∴BE、EF、FA三条线段所组成的三角形是直角三角形．（解法三）∵CB=CA=，∠ACB=90°，∴．∴BE+EF+FA=2．设BE=a，EF=b，FA=c，则a+b+c=2．∴（a+b+c）2=4，即a2+b2+c2+2ab+2bc+2ac=4．①又∵BF•AE=2，∴（a+b）（b+c）=2，即ab+ac+b2+bc=2．②①﹣②×2得：a2+c2﹣b2=0，即a2+c2=b2，EF2=BE2+AF2．∴BE、EF、FA三条线段所组成的三角形是直角三角形．点评：本题考查的是全等三角形的判定与性质，涉及到勾股定理的逆定理、图形旋转不变性的性质等知识，难度适中．26．（11分）（2013•思明区一模）如图，抛物线y=ax2﹣bx+c（a＞1）过点A（1，0），且对称轴为x=2，直线y=kx+m（k＞0）与抛物线交于点A和点B．（1）求a：b：c；（2）过抛物线的顶点P作直线l∥x轴，过点A、B分别作直线l的垂线，垂足为点C、D，比较AC+BD与CD的大小．考点：二次函数综合题．分析：（1）根据抛物线y=ax2﹣bx+c（a＞1）过点A（1，0），且对称轴为x=2，可得a、b、c之间的关系，从而可求a：b：c；（2）联立直线和抛物线的解析式，得到A、B两点的坐标，根据两点之间的距离公式可得AC、BD、CD 之间的距离，进行比较即可得出AC+BD与CD的大小．解答（1）解：∵抛物线y=ax2﹣bx+c（a＞1）过点A（1，0），且对称轴为x=2，：∴，∴b=4a，又∵a﹣b+c=0，∴c=3a，∴a：b：c=1：4：3；（2）解：AC+BD＞CD，∵直线y=kx+m（k＞0）过点A（1，0），∴k+m=0即m=﹣k∴y=kx﹣k，由y=ax2﹣4a+3a，得顶点P（2，﹣a），解，得，，∵直线y=kx+m的k＞0∴y随x的增大而增大∴y B＞y A=0∵直线l∥x轴，AC⊥l、BD⊥l∴C（1，﹣a），∴AC=a，，（法1）：==∵a＞1且k＞0∴a﹣1＞0，a+k﹣1＞0∴∴AC+BD＞CD（法2）：∵a＞1且k＞0∴a+k＞1∴a2＞a，（a+k）2＞a+k∴a2+（a+k）2＞a+a+k=2a+k∴，∴AC+BD＞CD．点评：考查了二次函数综合题，涉及的知识点有：代入法，对称轴公式，方程思想，两点之间的距离公式，线段的大小比较，综合性较强，有一定的难度．。

2011年泉州市初中学业质量检查 数学试题参考答案及评分标准说明：（一）考生的正确解法与“参考答案”不同时，可参照“参考答案及评分标准”的精神进行评分. （二）如解答的某一步出现错误，这一错误没有改变后续部分的考查目的，可酌情给分，但原则上不超过后面应得的分数的二分之一；如属严重的概念性错误，就不给分. （三）以下解答各行右端所注分数表示正确做完该步应得的累计分数.一、选择题（每小题3分，共21分）1. C ；2. B ；3. A ；4.C ；5. A ；6.B ；7. D ； 二、填空题（每小题4分，共40分）8. 6a ； 9. ()3+x x ； 10. 1110057.1⨯； 11.⎩⎨⎧==4,6y x ； 12. 28； 13.6；14. 360； 15. 2； 16. 如x y 2=（答案不惟一）；17. (1)210；(2)627π. 三、解答题（共89分）18.（本小题9分）解：原式3124+--=…………………………………………………………………（8分）4=…………………………………………………………………………（9分）19. （本小题9分）解：原式=()()()11111112-++-⋅+-+a a a a a a …………………………………………………（5分） = 1111-++-a a a ………………………………………………………………（6分） =12-+a a …………………………………………………………………………（7分） 当3-=a 时，原式=1323--+-…………………………………………………………（8分）=41…………………………（9分） 20. （本小题9分）(1)依次为：40% 正正┬ 12 40；（每个空格1分，共4分） （补图正确2分）（2）①80分以上（含80分）的人数占全班人数的60%；………………………………………………（8分）②上述成绩的中位数落在80－89分数段………………………………………………………（9分） 21.（本小题9分） (1)补充条件：CD AB =…………………………………………………（3分） 证明：∵AB ∥CD ，∴D B ∠=∠………………………………………………………………（6分） 在ABE ∆和CDF ∆中，∵CD AB =,D B ∠=∠,DF BE =，∴ABE ∆≌CDF ∆………………………………………………………（9分）补充条件：C A ∠=∠……………………………………………………………………………（3分） 证明：∵AB ∥CD ，∴D B ∠=∠……………………………………………………………………………（6分） 在ABE ∆和CDF ∆中，∵C A ∠=∠，D B ∠=∠，DF BE =，∴ABE ∆≌CDF ∆………………………………………………………………………（9分） 补充条件：CFD AEB ∠=∠……………………………………………………………………（3分） 证明：∵AB ∥CD ，∴D B ∠=∠……………………………………………………………………………（6分） 在ABE ∆和CDF ∆中，∵D B ∠=∠,DF BE =,CFD AEB ∠=∠，∴ABE ∆≌CDF ∆………………………………………………………………………（9分） 22.（本小题9分）解： (1)()317=摸出P ；………………………………………………………………………………（3分） (2) （解法一）列举所有等可能结果，画出树状图如下：…………………………………………………………………………………………………（6分）由上图可知，所有等可能结果为：76, 73, 67, 63, 36, 37共有6种，其中组成的两位数恰好是偶数有：76, 36，共2种.…………………………………………………………………………（7分）AB CD EF∴3162)(＝＝偶数P …………………………………………………………………………（9分）…………………………………………………………………………………………………（6分）由上图可知，所有等可能结果为：76, 73, 67, 63, 37, 36共有6种，其中组成的两位数恰好是偶数有：76, 36，共2种.……………………………………………………………………………（7分）∴3162)(＝＝偶数P ……………………………………………………………………………（9分）23.（本小题9分） (1) ∵3=OA ，∴3=OB ∵2=PB ，∴523=+=+=BP OB OP ……………………………………………（2分） 在OAP ∆中，3=OA ，4=PA ，5=OP22222252543OP AP OA ===+=+∴OAP ∆是直角三角形，且︒=∠90OAP .∴AP OA ⊥…………………………………………………………………………………（4分） ∴PA 是⊙O 的切线. ………………………………………………………………………（5分） (2)由(1)得：︒=∠90OAP ， ∴︒=∠+∠90O P ∵OP AD ⊥， ∴︒=∠90ADO∴︒=∠+∠90O DAO∴P DAO ∠=∠………………………………………………………………………………（7分）在OAP Rt ∆中，53sin sin ===∠OP OA P DAO …………………………………………………（9分）24.（本小题9分）解：（1）()x -50…………………………………………………………………………（3分） （2）依题意得：()()⎩⎨⎧≤-+≤-+26205010030,3800504090x x x x ……………………………………………………………………（5分）解得3634≤≤x （x 为正整数）∴34=x 或35或36．…………………………………………………………………………（6分） 第一种方案：A 种造型34个，B 种造型16个； 第二种方案：A 种造型35个，B 种造型15个；第三种方案：A 种造型36个，B 种造型14个．…………………………………………………（9分） 25.(本小题13分)解：(1)点()0,4B 、()3,0C ， 411-=b .…………………………………………………………（3分） （2）①如图1，设过点()0,4B 、()3,0C 的直线CB 的解析式为 ()0y kx m k =+≠，则有40,3k m m +=⎧⎨=⎩，解得：3,43k m ⎧=-⎪⎨⎪=⎩∴直线CB 的解析式是343+-=x y ………………………………（ 5∵MN ∥OC∴依题意得：⎪⎭⎫ ⎝⎛+-343,t t N , M ⎪⎭⎫⎝⎛+-341121,2t t t ，∵当04t <<时，点M 在点N 的下方 ∴2311133424MN t t t ⎛⎫⎛⎫=-+--+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭()221221222t tt =-+=--+.…………………………………………………………………………………………………（ 7分） ∴当2=t 时，MN 有最大值2.…………………………………………………………………（ 8分） ②依题意得：当MN NB =时，点B 恰好在⊙N 上………………………………………………（9分）a ）当04t <<时，如图1，由①得：MN =2122t t -+又∵MN ∥OC ，OC ⊥OB∴MN ⊥OB ，垂足为(,0)T t∴4cos 5TB OB NBT NB BC ∠===，即54=NB TB ……………………………………………………（Ⅰ） 此时点N 在点T 的上方，点T 在点B 的左边，(图1)∴4TB t =-代入（Ⅰ）式，可得：5(4)4NB t =- 由2122t t -+=5(4)4t -，可整理得：0201322=+-t t ， 解得41=t （不合题意，舍去），252=t ,故此时点M 的坐标是⎪⎭⎫⎝⎛-43,25.…………………（ 11分）b ）当4>t 时，如图2，点M 在点N 的上方，MN =2122t t - 此时点N 在点T 的下方，点T 在点B 的右边， ∴4TB t =- 代入（Ⅰ）式，可得：5(4)4NB t =-由251(4)242t t t -=-，可整理得：0201322=+-t t ， 解得41=t （不合题意，舍去），252=t （不合题意，舍去）. ……………………………（ 13分）综上，符合题意的点M 的坐标为⎪⎭⎫ ⎝⎛-43,25.26. （本小题13分）解：（1）()t -10；= ；（2）四边形EBPA 的面积不会变化. 理由如下：如图1，∵BF ∥AC ，∴BF 与AC 设BF 与AC 的距离为h又∵PE∥BC ，∴四边形EBCP ∴t PC EB ==，t AP -=10， ∴()()10522EB AP h t t h S h+⋅+-⋅===（3）①如图2，依题意得：AQ t =, 则10BQ t =-，又t AP -=10，EB t = ∴AQ EB =,AP BQ =, 又∵BF ∥AC ，∴QAP EBA ∠=∠∴EBQ ∆≌QAP ∆……………………………………………………………………………（6分） 在ABC ∆中，cm AC AB 10==，cm BC 12=，作BC AH ⊥于点H ，如图2，则2121⨯==BC CH 由勾股定理得：=AH 作BM AC ⊥于点M ∵ABC S ∆=12BC ⋅⋅ ∴12810BM ⨯=⋅()S 10482255BPQ EBQ BPQ QAP APB S S S S S AP BM t t ∆∆∆∆∆=+=+==⋅=-⨯=-，即24485S t =-.………………………………………………………………………………（8分）②解法一：如图2，∵BF ∥AC ，∴BE 不平行PQ∴当EQ ∥BP 时，四边形EBPQ 是梯形………………………………………………………（9分） ∴12∠=∠，又∵PE ∥BC ，∴23∠=∠，∴31∠=∠过P 、Q 分别作PK BC ⊥于点K ，BC QT ⊥于点T ，QT 交PE 于点O 则QEO Rt ∆∽Rt PBK ∆ ∴BKPKEO QO =……………（I ）………………………………………………………………（10分） 由QT ∥AH ∥PK ，得： BQT ∆∽BAH ∆∽CPK ∆.∴QT AH PKBQ AB PC==， ∴81010QT PKt t==-， ∴()t QT -=1054，45PK t =，同理可得：35CK t =，∴3125BK t =-，4(102)5QO t =-，而62121===BC PE OE代入（I ）式得： 44(102)5536125t t t -=- 化简得：2301000t t -+=P解得115t =+（不合题意，舍去）215t =-综上，当15t =-EBPQ 是梯形. ……………………………………………（13分） 解法二：如图1，∵BF ∥AC ，∴BE 不平行PQ∴当EQ ∥BP 时，四边形EBPQ 是梯形………………………………………………………（9分） ∴GPB GEQ ∠=∠，GBP EQB ∠=∠ ∴EGQ ∆∽PGB ∆∴BGGQGP EG =…………（I ）分） 又AC AB =，∴C ABC ∠=∠ 又PG ∥BC ，且BC PG ≠∴四边形GBCP 是等腰梯形∴t PC GB ==,∴t GQ 210-=又由(2)可知，t CP EB ==，同理可证∴AGP ∆∽BGE ∆∴GP EG PA EB =，∴GB QG PA EB = ∴tt t t 21010-=- 化简得：2301000t t -+=解得115t =+（不合题意，舍去）215t =-综上，当15t =-EBPQ 是梯形. ……………………………………………（13分） 注：也可利用QGP ∆∽PCB ∆或APQ ∆∽ABP ∆或直接延长EQ 等等，求解，请参照评分标准给分.四、附加题（共10分）1.（5分）60……………………………………………………………………………………（5分）2.（5分）2……………………………………………………………………………………（5分）。

厦门市2011-2012年度中考模拟考试卷语文试卷（试卷满分：150分考试时间：120分钟）温馨提示：1、全卷分四个部分，共20小题。

2、答案一律用黑色笔写在答题卡上，否则不能得分。

一、完成第1题（7分）1、根据对话情境，完成（1）—（3）小题。

2012年5月3日，作为厦门市思明区“智慧·讲堂”——中小学德育宣讲团成员之一，被誉为最美洗脚妹的刘丽，来到厦门大同中学，与学生们分享自己的成长经历和道德理念，引起了班级同学的热议。

同学甲：我觉得学校没有必要请洗脚妹刘丽来做报告，我校不是有很多著名的校友吗？你看刘丽，拼命工作挣钱，10年来却只栖身于租来的房子，舍不得买衣服、化妆品，就连租房、吃饭、手机费，都尽可能节约，辛苦挣钱不就是为了改善生活吗？她是不是很傻啊！同学乙：我觉得学校请刘丽来做报告是为了让我们受到道德的熏陶，很有必要。

刘丽辛苦挣钱不为自己，为的是需要帮助的贫困学生，让他们有机会受到良好的教育，将来为社会做出贡献。

这比改善她一人的生活有意义得多，也高尚得多。

同学丙：我同意乙的看法。

10年来，刘丽用辛辛苦苦洗脚打工挣的钱资助了逾百名贫困学生。

若这些学生懂得感恩，懂得回报社会，那该是多么有意义的事情。

她是道德模范，是我们学习的榜样。

以后我会珍惜自己这么好的的学习条件，好好学习，主动帮助需要帮助的同学。

同学丁：……(1)甲乙丙三位同学争论的焦点是什么？（）（2分）A、刘丽是不是傻子。

B、学校有没有必要请刘丽来做报告。

C、刘丽该不该改善生活。

D、我们该不该帮助需要帮助的人。

（2）以下各项意思不符合同学甲的意思的一项是（）（2分）A、甲同学认为刘丽很傻。

B、甲同学觉得学校应该请事业有成的著名校友作报告。

C、甲同学认为辛苦赚钱就是为了改善自己的生活。

D、甲同学认为刘丽没有必要拼命辛苦挣钱。

（3）假如你是同学丁，你会发表怎样的看法？请将你的理由说清楚。

（3分）第二部分语言的积累与运用（满分：37分）二、完成2-5题（37分）2、请根据提示填写相应的古诗文。

2011 年福州市初中毕业班质量检查英语试卷（含听
力材料与答案）
2011 年福州市初中毕业班质量检查
英语试卷
(完卷时间：120 分钟；满分：150 分)
友情提示：1．全卷共10 页，包括第1 卷和第Ⅱ卷，共115 小题；
2．请把所有答案填涂到答题卡上，请不要错位、越界答题；
3．听力测试第V 大题26-30 小题的答案须填写在答题卡第Ⅱ卷相应的横线上。

第1 卷听力测试(30 分)
I．听句子，选择正确的图画。

每小题念一遍。

(每小题1 分，共5
分) ，
II．听句子，选择恰当的答语。

每小题念一遍。

(每小题1 分，共5 分)
6. A. It’s Friday. B. It’s ten o’clock. C. It’s April 22nd.
7. A. Good idea. B. It doesn’t matter. C. You’re welcome.
8. A. I don’t agree with you. B. I can’t find my key. C. I’m sorry to hear that.
9. A. It’s my pleasure. B. Well, let me try. C. It’s very kind of you.
10. A. Sorry. B. It’s great. C. Of course not. Ⅲ．听对话，选择正确的答案。

对话念两遍。

(每小题1 分，共10 分)
听第一段对话，完成第11 小题。