广东省汕头市2012-2013学年高二下学期期末考试物理试题(扫描版) 2

2012-2013学年广东省汕头市高一（下）期末物理试卷一、选择题（共8小题，每小题4分，满分32分）3．（4分）（2013春•汕头期末）如图为某一质点运动的速度一时间图象，图线为一段圆弧，下面表述正确的是（）4．（4分）（2013春•汕头期末）如图，小车受到水平向右的弹力作用，下面表述正确的是（）5．（4分）（2013春•汕头期末）如图，细线a和b的一端分别固定在天花板上，另一端系一个重为G的木块静止空中，细线与天花板的夹角分别为30°和60°．若a、b受到的拉力分别为T a和T b，则（）6．（4分）（2013春•汕头期末）如图，汽车通过拱形桥时可以看作圆周运动，则以一定速度通过最高点时（）7．（4分）（2013春•汕头期末）如图，一个小球从某一高度自由下落，在空中依次经过两个完全相同的窗口1、2．不计空气阻力的影响，则（）8．（4分）（2013•广州模拟）如图所示，与轻绳相连的物体A和B跨过定滑轮，质量m A＜m B，A由静止释放，不计绳与滑轮间的摩擦，则A向上运动过程中，轻绳拉力（）二、选择题（共6小题，每小题4分，满分24分）9．（4分）（2013春•汕头期末）如图，物体M在竖直向上的拉力F的作用下静止在斜面上，下面表述正确的是（）10．（4分）（2013春•汕头期末）战机从航母上滑行起飞，若滑行的距离一定，牵引力保持不变时（）11．（4分）（2013春•汕头期末）在著名的伽利略斜面铜球实验中，当斜面倾角一定，阻力可忽略时，小球从静止开始滚下过程中（）13．（4分）（2013春•汕头期末）如图，人站在自动扶梯的水平踏板上不动，随扶梯匀速上升的过程中（）14．（4分）（2013春•汕头期末）如图，“北斗一号”a为地球同步轨道卫星，“北斗二号”b为地球中轨道卫星，它们都绕地球球心做匀速圆周运动，则b在运行时（）三、解答题（共4小题，满分44分）15．（10分）（2013春•汕头期末）（1）如图1验证牛顿第二定律的实验装置示意图．①平衡小车所受的阻力的操作：A、取下，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，（填“轻推”或“释放”）小车，让小车拖着纸带运动．B、如果打出的纸带如图2示，则应（填“减小”或“增大”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹为止．②某同学得到如图3示的纸带．已知打点计时器电源频率为50Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．从图（c）中读出s DG=cm．由此可算出小车的加速度a=m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）如图4“验证机械能守恒定律”的实验装置（g取9.8m/s2）：是纸带静止时打出的点，A、B、C是标出的3个计数点，测出它们到O点的距离分别x1、x2、x3，数据如上表．表中有一个数值记录不规范，代表它的符号为．由表可知所用刻度尺的最小分度为．②已知电源频率是50Hz，利用表中给出的数据求出打B点时重物的速度v B=m/s．（结果保留三位有效数字）③重物在计数点O到B对应的运动过程中，减小的重力势能为mgx2，增加的动能为，通过计算发现，mgx2（选填“＞”“＜”或“=”），其原因是．16．（10分）（2013春•汕头期末）如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处由A点静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．已知AB间的距离x AB=100m，人和滑板的总质量m=60.0kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数相同，大小为μ=0.50，斜坡的倾角θ=37°．斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计．试求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）人和滑板从斜坡滑下的加速度和滑到斜坡底端B点速度的大小．（2）人和滑板由A到C的过程中，克服摩擦力所做的功．17．（12分）（2013春•汕头期末）如图，质量为m的小球悬挂在长为L的细线下端，将它拉至与竖直方向成θ=60°的位置后自由释放．当小球摆至最低点时，恰好与水平面上原来静止的、质量为2m的木块相碰．不考虑空气阻力，重力加速度取g．（1）求小球摆至最低点与木块碰前瞬间，小球的速度v和细线拉力F的大小．（2）若木块被碰后获得的速度为，木块与地面的动摩擦因数μ=，求木块在水平地面上滑行的距离．18．（12分）（2013春•汕头期末）如图所示，一个圆弧形光滑细圆管轨道ABC，放置在竖直平面内，轨道半径为R，在A点与水平地面AD相接，地面与圆心O等高，AP=2R．将一个质量为m、直径略小于圆管直径的小球从A处管口正上方某处由静止释放，不考虑空气阻力．（1）若小球通过C点后恰好能打在A 点，求小球经过C点时的速度．（2）若小球通过C点后落到水平地面的AP之间，求小球离A点的高度范围．2012-2013学年广东省汕头市高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题4分，满分32分）3．（4分）（2013春•汕头期末）如图为某一质点运动的速度一时间图象，图线为一段圆弧，下面表述正确的是（）4．（4分）（2013春•汕头期末）如图，小车受到水平向右的弹力作用，下面表述正确的是（）5．（4分）（2013春•汕头期末）如图，细线a和b的一端分别固定在天花板上，另一端系一个重为G的木块静止空中，细线与天花板的夹角分别为30°和60°．若a、b受到的拉力分别为T a和T b，则（）=mg6．（4分）（2013春•汕头期末）如图，汽车通过拱形桥时可以看作圆周运动，则以一定速度通过最高点时（）=m7．（4分）（2013春•汕头期末）如图，一个小球从某一高度自由下落，在空中依次经过两个完全相同的窗口1、2．不计空气阻力的影响，则（）运动的平均速度公式，，通过第一个窗户过程的平均速度最小，因而通8．（4分）（2013•广州模拟）如图所示，与轻绳相连的物体A和B跨过定滑轮，质量m A＜m B，A由静止释放，不计绳与滑轮间的摩擦，则A向上运动过程中，轻绳拉力（）二、选择题（共6小题，每小题4分，满分24分）9．（4分）（2013春•汕头期末）如图，物体M在竖直向上的拉力F的作用下静止在斜面上，下面表述正确的是（）10．（4分）（2013春•汕头期末）战机从航母上滑行起飞，若滑行的距离一定，牵引力保持不变时（）x=fx=11．（4分）（2013春•汕头期末）在著名的伽利略斜面铜球实验中，当斜面倾角一定，阻力可忽略时，小球从静止开始滚下过程中（）13．（4分）（2013春•汕头期末）如图，人站在自动扶梯的水平踏板上不动，随扶梯匀速上升的过程中（）14．（4分）（2013春•汕头期末）如图，“北斗一号”a为地球同步轨道卫星，“北斗二号”b为地球中轨道卫星，它们都绕地球球心做匀速圆周运动，则b在运行时（）=v=三、解答题（共4小题，满分44分）15．（10分）（2013春•汕头期末）（1）如图1验证牛顿第二定律的实验装置示意图．①平衡小车所受的阻力的操作：A、取下砝码，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推（填“轻推”或“释放”）小车，让小车拖着纸带运动．B、如果打出的纸带如图2示，则应减小（填“减小”或“增大”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹间隔均匀为止．②某同学得到如图3示的纸带．已知打点计时器电源频率为50Hz．A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点．从图（c）中读出s DG= 3.90cm．由此可算出小车的加速度a= 5.00m/s2（结果保留三位有效数字）．（2）如图4“验证机械能守恒定律”的实验装置（g取9.8m/s2）：是纸带静止时打出的点，A、B、C是标出的3个计数点，测出它们到O点的距离分别x1、x2、x3，数据如上表．表中有一个数值记录不规范，代表它的符号为x2．由表可知所用刻度尺的最小分度为1mm．②已知电源频率是50Hz，利用表中给出的数据求出打B点时重物的速度v B= 1.90m/s．（结果保留三位有效数字）③重物在计数点O到B对应的运动过程中，减小的重力势能为mgx2，增加的动能为，通过计算发现，mgx2＞（选填“＞”“＜”或“=”），其原因是纸带与限位孔间有摩擦．cm=m/s=1.90 m/s16．（10分）（2013春•汕头期末）如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处由A点静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．已知AB间的距离x AB=100m，人和滑板的总质量m=60.0kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数相同，大小为μ=0.50，斜坡的倾角θ=37°．斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计．试求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）人和滑板从斜坡滑下的加速度和滑到斜坡底端B点速度的大小．（2）人和滑板由A到C的过程中，克服摩擦力所做的功．17．（12分）（2013春•汕头期末）如图，质量为m的小球悬挂在长为L的细线下端，将它拉至与竖直方向成θ=60°的位置后自由释放．当小球摆至最低点时，恰好与水平面上原来静止的、质量为2m的木块相碰．不考虑空气阻力，重力加速度取g．（1）求小球摆至最低点与木块碰前瞬间，小球的速度v和细线拉力F的大小．（2）若木块被碰后获得的速度为，木块与地面的动摩擦因数μ=，求木块在水平地面上滑行的距离．解得：小球在最低点时速度F=mg+小球的速度为，）若木块被碰后获得的速度为=18．（12分）（2013春•汕头期末）如图所示，一个圆弧形光滑细圆管轨道ABC，放置在竖直平面内，轨道半径为R，在A点与水平地面AD相接，地面与圆心O等高，AP=2R．将一个质量为m、直径略小于圆管直径的小球从A处管口正上方某处由静止释放，不考虑空气阻力．（1）若小球通过C点后恰好能打在A 点，求小球经过C点时的速度．（2）若小球通过C点后落到水平地面的AP之间，求小球离A点的高度范围．竖直方向：③=mgR+④=mgR+点时的速为参与本试卷答题和审题的老师有：qyang；听潮；SXZ；FAM；ljc；蒙山；木子；高中物理（排名不分先后）菁优网2015年7月2日。

广东省汕头市2013-2014学年下学期期末考试高一物理试卷一、选择题.本题共共8小题，每小题3分，满分24分。

每小题的四个选项中只有一个符合题意，选对的得3分，选错或不选的得0分）1．下列图象中反映物体做匀变速直线运动的是（x 表示位移、v 表示速度、t 表示时间）（ ）.【答案】 D【解析】匀变速直线运动中的速度随时间均匀变化，故在v ﹣t 图象中其图象为倾斜的直线，在x ﹣t 图象中应为二次函数图象，故ABC 错误，D 正确；2．飞机着陆后在地面滑行时的运动可视为匀减速直线运动，若飞机滑行时的初速度大小为50m/s ，滑行100m 后停了下来，则飞机在滑行时的加速度大小为（ ）A ．10m/s 2B ．12.5m/s 2C ．15m/s 2D ．25m/s 2【答案】 B【解析】已知：050m s v /=，0t v =，100m x = 由2202v v ax =﹣得：222050m s 125m s 2100a /./-==⨯﹣ 3．下列关于力的说法正确的是（ ）A. 物体在平衡力作用下一定处于静止状态B. 在弹性限度内，弹簧的弹力跟弹簧的长度成正比C ．物体受到摩擦力作用时一定受到弹力作用，且这两个力的方向一定相互垂直D. 合力必大于分力【答案】 C【解析】 物体在平衡力作用下一定处于平衡状态，可能处于匀速直线运动状态，也可能保持静止状态，故A 错误；根据胡克定律，在弹性限度内，弹簧的弹力跟弹簧的形变量成正比，不是与长度成正比，故B 错误；物体受到摩擦力作用时一定受到弹力作用，且这两个力的方向一定相互垂直，其中摩擦力与接触面平行，弹力与接触面垂直，故C正确；两个不共线的分力与合力遵循平行四边形定则，故合力可以大于、等于、小于分力，故D错误；4．风能是一种绿色能源．如图所示，叶片在风力推动下转动，带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是（）A．M点的线速度小于N点的线速度B．M点的角速度小于N点的角速度C．M点的加速度大于N点的加速度D．M点的周期大于N点的周期【答案】A【解析】M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等，根据v=rω知，M点转动的半径小，则M点的线速度小于N点的线速度．故A正确，B错误，D错误．根据a=rω2知，M、N 的角速度相等，M点的转动半径小，则M点的加速度小于N点的加速度．故C错误．5．下列现象中，与离心运动无关的是（）A．汽车转弯时速度过大，乘客感觉往外甩B．汽车急刹车时，乘客身体向前倾C．洗衣机脱水桶旋转，将衣服上的水甩掉D．运动员投掷链球时，在高速旋转的时候释放链球【答案】B【解析】汽车在转弯时，由于汽车的速度快，需要的向心力大，乘客感觉往外甩，这是离心运动属于离心现象，所以A错误；公共汽车急刹车时，乘客都向前倾倒，这是由于惯性的作用，不是离心现象，所以B正确；脱水桶高速转动时，需要的向心力的大小大于了水和衣服之间的附着力，水做离心运动被从衣服上甩掉，属于离心现象，所以C错误；链球原来做的是圆周运动，当松手之后，由于失去了向心力的作用链球做离心运动，所以投掷链球属于离心现象，所以D错误．6．如图所示，自动卸货车静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下， 角缓慢增大，在货物m相对车厢仍然静止的过程中，下列说法正确的是（）A ． 货物对车厢压力变小B ． 货物受到的摩擦力变小C ． 地面对车的摩擦力增大D ． 车对地面的压力增大【答案】 A【解析】 货物处于平衡状态，受重力、支持力、静摩擦力，根据共点力平衡条件，有： sin mg f θ=，cos N mg θ=，θ增大时，f 增大，N 减小；再根据牛顿第三定律，压力也就减小；故A 正确，B 错误；对货车整体受力分析，只受重力与支持力，不是摩擦力； 根据平衡条件，支持力不变；再根据牛顿第三定律，压力也就不变；故C 错误，D 错误；7．如图，滑板运动员以速度v 0从离地高度h 处的平台末端水平飞出，落在水平地面上．忽略空气阻力，运动员和滑板可视为质点，下列表述正确的是（ ）A ． v 0越大，运动员在空中运动时间越长B ． v 0越大，运动员落地瞬间速度越大C ． 运动员落地瞬间速度与高度h 无关D ． 运动员落地位置与v 0大小无关【答案】B 【解析】运动员和滑板做平抛运动，有212h gt =，故运动时间与初速度无关，故A 错误；根据动能定理，有2201122mgh mv mv =-，解得v =v 0越大，运动员落地瞬间速度越大，故B 正确，C 错误；射程0x v t v ==大，故D 错误； 8．如图，当看到甲放开手时，乙立即握住木尺，根据木尺下降的高度，可以算出乙的反应时间．若某次测量中木尺下降了约10cm ，由此可知此次乙的反应时间约为（ ）A ． 1.4sB ． 0.01sC ． 0.14sD ． 0.02s【答案】 C【解析】由题意，在反映时间内，木尺下落的高度为：H =10cm=0.1m由自由落体运动的规律知：212H gt =，得 014s t .== 二、选择题。

汕头市2012-2013年度第二学期教学质量监测高二级物理试题答案和评分标准一、单选题：每小题3分，共18分. 1.C 2.D 3.C 4.B 5.B 6.D 二、双选题：每小题4分，共28分7.AB 8.AD 9.AC 10.BD 11.AD 12AB 13.AC 三、非选择题：4题，共54分.14.（1）①1.30（1.29-1.32）（2分）说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分. 0.70（0.69-0.71）或7.0×10-１（2分）说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分. ②匀加速直线运动（或匀加速运动）说明：有错别字视为歧义，该答案给0分.仅答加速直线运动给0分.（2）①A 2 （2分）②如图所示（3分）有一处接错得0分.③1.60 （1分） 0.24（1分）说明：有效数字错误给0分 ④第6次（1分）.增大（2分）.0.75 （2分） 说明：有效数字错误给0分，重复单位只给1分.15.（10分）参考解答：⑪由法拉第电磁感应定律有：E=BLv ① （2分） 由闭合电路欧姆定律有：rR E I +=②（1分）由安培力公式有：F 安=ILB ③（1分）联立①②③并代入数据解得：导体棒受到的安培力F 安=0.4N （1分） ⑫设导体棒达到最大速度v m 时，产生的电动势为E 1，通过导体棒电流为I 1， 根据受力平衡有： I 1LB =F ④（2分）由法拉第电磁感应定律有：E 1=BLv m ⑤（1分） 由闭合电路欧姆定律有：rR E I +=11 ⑥ （1分）联立④⑤⑥并代入数据解得： m/s 5.12m =v （1分）说明：⑪没有必要的文字说明，没有设或没有说明依据的定理（公式），全题扣1分.⑫把具体数值代入书写方程，该式0分. 15.（12分）参考解得：(1)设粒子进入磁场的速度为v ，由动能定理得 221mv qEL =（2分） 又mqL B E 62=解得：mqBL v 33=（2分）(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为R由Rv mqvB 2=（2分）解得：33L R =（2分）设圆心为C 点，则CP ＝33L R =，（1分） OC ＝L 23－R ＝L 63（1分）由几何关系解得P 点到O 点的距离为x OP ＝2L （2分）说明：⑪没有必要的文字说明，没有设或没有说明依据的定理（公式），全题扣1分.⑫把大写L 写成小写l ，质量m 写成M 等该方程为0分.. 17.（14分）参考解答：（1）物块a 由M 到N 过程中，由机械能守恒有：2121mv mgR =①（1分）由牛顿第二定律有：Rmv mg F 21=- ② （1分）联立①②解得：轨道对a 支持力F =3mg （1分） （2）物块a 从N 滑至D 过程中，由动能定理有： 212112121mv mv mgl D -=-μ ③（1分）物块a 、b 在D 点碰撞，根据动量守恒有：213D D mv mv = ④ （1分）Pv解得两物块在D 点向左运动的速度3)1.0(22l R g v D -=（1分）（3）a 、b 一起压缩弹簧后又返回D 点时速度大小3)1.0(23l R g v D -=⑤ (1分）由于物块b 的加速度大于物块a 的加速度，所以经过D 后，a 、b 两物块分离，同 时也与弹簧分离。

广东省汕头市重点中学2012-2013学年度第一学期期中考试高二物理试卷 2012.11一、单项选择题：（8小题，每题2分，共16分）1．由电场强度的定义式q F E /= 可知，在电场中的同一点A ．电场强度E 跟F 成正比，跟q 成反比B ．无论检验电荷所带的电量如何变化q F /始终不变C ．改变检验电荷的电性，则该点的电场强度的方向也发生改变D ．一个不带电的小球在P 点受到的电场力为零，则P 点的场强一定为零 2．电场线分布如图所示，电场中a ，b 两点的电场强度大小分别为aE 和b E ，电势分别为a ϕ和b ϕ，则A ．b a b a E E ϕϕ>>,B ．b a b a E E ϕϕ<>,C ．b a b a E E ϕϕ><,D ．b a b aE E ϕϕ<<,3．图为等量异种电荷产生的电场线，点电荷q 在两个异种电荷连线的垂直平分线上移动，则A ．电场力做正功B ．电场力做负功C ．电场力不做功D ．电场力做功的正负,取决于q 的正负4．某金属导线的电阻率为ρ，电阻为R ，现将它均匀拉长 一倍，那么该导线的电阻率和电阻分别变为A ．4ρ和4RB ．ρ和2RC ．2ρ和2RD ．ρ和4R 5．在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板与灵敏的静电计相连，极板B 接地，若极板B 稍向上移动一点，下列说法正确的是 A ．两极板间的电压几乎不变 B ．电容器两极板间的电压变小 C ．电容器极板上所带电荷量几乎不变 D ．电容器极板上所带电荷量变大 6．关于电流，下列说法正确的是A ．只要将导体置于电场中，导体中就有持续的电流B ．电源的作用是保持导体两端的电压C ．导体内无电流时，导体内一定无任何电荷运动GkStKD ．导体中的电流一定是由正负电荷同时向相反方向运动产生的7．三个电阻的阻值之比为R 1∶R 2∶R 3=1∶2∶5，并联后接入电路，则通过三个支路电流之比为A ．1∶2∶5B ．5∶2∶1C ．10∶5∶2D ．2∶5∶108．两个小灯泡的标识分别是L 1“6V 6W”，L 2“6V 9W”，把它们分别接在同一直流电源上（电源内阻不可忽略），L 1消耗的功率恰好为6W ，则L 2消耗的功率为A ．一定小于9WB ．一定等于9WC ．一定大于9WD ．条件不足，不能确定二、双项选择题：（8小题，每题4分，共32分。

广东省汕头二中2012-2013学年高二下学期期中考试物理（文）试题一、单项选择题I ：本大题共35 小题，每题2 分，共70 分．在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1. 关于参考系的选取，下列说法正确的是 （ ）A ．参考系必须选取静止不动的物体B ．参考系必须是和地面联系在一起的C ．在空中运动的物体不能作为参考系D ．任何物体都可以作为参考系2. 建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（ ）A ．法拉第B ．奥斯特C ．赫兹D ．麦克斯韦3. 一个从地面上抛的物体,当物体到达最高点时（ ）A. 速度为零，加速度不为零 B ．速度为零，加速度为零C ．速度不为零，加速度为零D ．速度不为零，加速度不为零4.在日常生活中,下列几种做法正确的是（ ）A ．保险丝熔断后，可用铁丝代替B ．可用湿布擦洗带电设备C ．发现电线着火，立即泼水灭火D ．发现有人触电时，应赶快切断电源或用干燥木棍将电线挑开5.油罐车后面都有一条拖地的铁链，其作用是（ ）A ．向外界散热B ．做为油罐车的标志C ．发出响声，提醒其他车辆和行人的注意D ．把电荷导入大地，避免由静电造成危害6．卡文迪许利用扭秤实验测量的物理量是（ ）A ．地球的半径B ．太阳的质量C ．地球到太阳的距离D ．万有引力常数7.下列过程中，没有直接利用电磁波的是（ ）A ．电冰箱冷冻食物B ．用手机通话C ．微波炉加热食物D ．用收音机收听广播9.下列物体处于平衡状态的是 （ ）A 、加速启动的汽车B 、做匀速圆周运动的小球C 、在水平面上减速滑行的木块D 、静止在桌面上的文具盒10.质量为m 的小车做匀加速直线运动，所受的牵引力和阻力分别为F 和8F ，则小车加速度的大小为（ ）A ．m F 8 B ．m F 87 C ．m F D ．mF 8913. 用遥控器调换电视机的频道的过程，实际上就是传感器把光信号转化为电信号的过程。

2012-2013学年广东省汕头市高二（下）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共18.0分)1.甲、乙两物体做直线运动的v-t图象如图，由图可知（）A.甲的加速度为2m/s2B.乙的速度为m/sC.3s末两物体的速度都为2m/sD.3s末两物体相遇【答案】C【解析】解：A、甲图线的斜率为0，表示加速度为0，故A错误；B、乙图线的斜率k===m/s2，即乙的加速度为m/s2，不是速度，故B错误；C、由图象可以看出3s末两物体的速度都为2m/s，C正确；D、速度-时间图线与时间轴围城图形的面积表示位移，由图看出0-3s内乙的位移是甲位移的2倍，但二者的初始位置不确定是什么关系，故无法判断是否相遇，D错误．故选：C．速度-时间图象的斜率表示加速度，速度-时间图线与时间轴围城图形的面积表示位移．本题是速度图象问题，考查基本的读图能力，要注意两图线的交点是速度相等，不是相遇．2.如图，将一正电荷沿电场线从a点移到b点，已知a点电势比b点高．下列判断正确的是（）A.电场线方向由b指向aB.该电场一定是匀强电场C.正电荷的电势能增加D.电场力对正电荷做正功【答案】D【解析】解：A、将一正电荷从电场线上的a点移到b点，a点电势比b点高，根据顺着电场线方向电势降低，可知电场线的方向由a指向b．故A错误．B、由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，所以无法判断场强大小的变化，故该电场不一定是匀强电场，故B错误．C、D正电荷所受的电场力方向从a点到b点，与位移方向相同，所以电场力对正电荷做正功，其电势能减小，故C错误，D正确．故选：D根据顺着电场线方向电势降低，确定电场线的方向．电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，分析电场力做功的正负，判断电势能如何变化．本题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的高低．将电场力当作一般的力，根据力与位移方向间的关系，判断其做功正负．3.如图，用平行于斜面的推力F使物体静止于倾角为θ的固定斜面上，下列表述正确的是（）A.斜面对物体的摩擦力一定沿斜面向下B.斜面对物体的摩擦力一定沿斜面向上C.斜面对物体的摩擦力可能为零D.物体对斜面的压力可能为零【答案】C【解析】解：A、物体受重力、支持力、推力和摩擦力处于平衡．若F=mgsinθ，f=0；若F＞mgsinθ，物体有沿斜面向上运动的趋势，静摩擦力方向沿斜面向下；若F＜mgsinθ，物体有沿斜面向下运动的趋势，静摩擦力方向沿斜面向上．故AB错误C正确．D、物体对斜面的压力等于mgcosθ，不为零，故D错误．故选：C．对物体受力分析，根据共点力平衡判断摩擦力的方向．解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解．4.如图，用理想变压器给电灯L供电，如果只增加副线圈匝数，其它条件不变，则（）A.变压器输入电压U1增大B.电灯L变亮C.变压器输入功率不变D.电流表示数减少【答案】B【解析】解：只增加副线圈匝数，根据匝数与电压成正比，可知，副线圈的电压增加，则：A、变压器的输入电压与副线圈的匝数无关，副线圈匝数增大，原线圈的电压不变，故A错误；B、原线圈匝数增加使得副线圈电压增加，输出功率增加，所以电灯变亮，故B正确；C、负载电阻不变，电压增大，电流增大，所以输出功率和输入功率都增大，故C错误；D、原线圈匝数增加使得副线圈电压增加，输出功率增加，输入功率也增加，所以电流表示数增大，故D错误；故选：B根据电压器的特点：匝数与电压成正比，与电流成反比，输入功率等于输出功率．做好本类题目除了利用变压器特点外，还要根据闭合电路的欧姆定律去分析负载变化引起的电流变化．5.某同学用手托着书使它做下述各种情况的运动，则书对手的压力最大的情况是（）A.向下的匀加速运动B.向上的匀加速运动C.向左匀速运动D.向右匀速运动【答案】B【解析】解：书对手的作用力最大的情况是书超重的情况下，即加速度向上，故B正确，ACD错误．故选：B加速度向上时超重可以是加速上升或减速下降，加速度向下时失重，可以是加速下降或减速上升．超重和失重只是对支撑物的压力变大或变小，而物体本身的重力是不变的．6.如图，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下．在将磁铁的S极插入线圈的过程中（）A.线圈与磁铁相互吸引，通过电阻的感应电流的方向由a到bB.线圈与磁铁相互吸引，通过电阻的感应电流的方向由b到aC.线圈与磁铁相互排斥，通过电阻的感应电流的方向由a到bD.线圈与磁铁相互排斥，通过电阻的感应电流的方向由b到a【答案】D【解析】解：当磁铁S极向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为b→a．根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥．综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为b→a，磁铁与线圈相互排斥．故选：D当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则判断感应电流的方向；根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用．楞次定律应用的题目我们一定会做，大胆的去找原磁场方向，磁通量的变化情况，应用楞次定律判断即可．二、多选题(本大题共2小题，共8.0分)7.如图，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带正电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动．在物块的运动过程中，下列表述正确的是（）A.两个物块的库仑力为斥力，且大小相等B.物块受到的库仑力逐渐减少C.库仑力对物块不做功D.两个物块的电势能逐渐增大【答案】AB【解析】解：A、同种电荷相互排斥，故两个物块的库仑力为斥力，根据牛顿第三定律，大小相等，故A正确；B、由于间距逐渐增加，故库仑力逐渐减小，故B正确；C、两物块之间存在库仑斥力，与位移同方向，故对物块做正功，故C错误；D、电场力做功等于电势能的减小量，库仑力对物块做正功，故两个物块的电势能逐渐减小，故D错误；故选：AB．由静止释放后，两个物块间的库仑力大于物块的摩擦力，两个物块都做加速运动，当库仑力小于摩擦力后，物块做减速运动，直到停止．本题首先考查分析物块受力情况和运动情况的能力，要抓住库仑力随距离增大而减小的特点．8.如图所示，AB为半圆环ACB的水平直径，C为环上的最低点．一个小球从A点以不同的速度水平抛出，不计空气阻力，下列表述正确的是（）A.小球落在C点时，运动时间最长B.小球落在C点时，运动时间最短C.初速度v0足够大时，小球将落在B点D.无论初速度v0多大，小球都不可能落在B点【答案】AD【解析】解：A、小球落在C点，下落的高度最大，根据h=得，知落在C点运动时间最长．故A正确，B错误．C、小球做平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，因为A、B等高，所以小球不论初速度多大，都不可能落在B点．故C错误，D正确．故选：AD．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道高度决定运动的时间．三、单选题(本大题共2小题，共8.0分)9.图中标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】AC【解析】解：A、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向上，故A正确；B、由图可知，磁感应强度B与电流I平行，导线不受安培力，故B错误；C、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向下，故C正确；D、由左手定则可知，通电导线所受安培力垂直于纸面向外，故D错误；故选AC．由左手定则可以判断出B、I、F方向间的关系，然后选出正确的选项．本题考查了左手定则的应用，要掌握左手定则内容，会用左手定则判断安培力及洛伦兹力的方向．10.为减小京广高铁火车高速转弯时对外轨的磨损，以下措施可行的是（）A.减小内外轨的高度差B.增加内外轨的高度差C.减小弯道半径D.增大弯道半径【答案】BD【解析】解：火车转弯时为减小外轨所受压力，可使外轨略离于内轨，使轨道形成斜面．若火车速度合适，内外轨均不受挤压．此时，火车的重力与支持力的合力提供其向心力，如图．F=mgtanθ=m，解得：v=．当火车速度增大时，应适当增大转弯半径或增加内外轨道的高度差．故BD正确，A、C错误．故选：BD．火车转变时需要向心力，若重力和支持力的合力提供向心力，则内外轨道均不受压力；根据向心力公式可得出解决方案．火车转弯是向心力的实际应用之一，关键应掌握火车向心力的来源，以及如何减小内外轨道的压力．四、多选题(本大题共2小题，共8.0分)11.下列核反应方程及其表述完全正确的是（）A.H e+H→H e+H是聚变反应B.U→T h+H e是人工转变 C.N a→M g+e是裂变反应 D.U+n→K r+B a+3n是裂变反应【答案】AD【解析】解：A、聚变是质量较轻的和聚变为质量较大的核，A正确；B、B为α衰变产生氦原子核，B错误；C、C为β衰变产生电子，C错误；D、裂变生成两个质量中等的核，D正确；故选：D．α衰变产生氦原子核，β衰变产生电子，裂变生成的核质量差不多．要知道衰变的产物，重核裂变和轻核聚变都能释放出巨大能量．12.如图，质量相同的带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入匀强电场中，P从平行板间正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们都打到上极板同一点，不计粒子重力（）A.它们运动的时间相同B.它们运动的加速度不相等C.它们所带的电荷量相同D.电场力对它们做负功【答案】AB【解析】解：A、垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，所以A正确；B、平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：x=at2解得：a=…①由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为1：2，所以a Q＞a P，即加速度不相等，故B正确；C、根据牛顿第二定律，有：q E=ma…②由①②两式解得：q=所以它们所带的电荷量之比q P：q Q=1：2，即电荷量不相同，故C错误；D、粒子所受电场力向上，位移又有竖直向上的分量，故电场力做正功，故D错误；故选：AB．将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律列式分析．本题关键将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律求解．五、单选题(本大题共1小题，共4.0分)13.质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则航天器的（）A.线速度v=B.角速度ω=C.运行周期T=2πD.向心加速度a=【答案】AC【解析】解：根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力和万有引力等于重力得出：A、=m⇒v=故A正确；B、mg=mω2R⇒ω=故B错误；C、mg=m R⇒T=2π故C正确；D、=ma⇒a=故D错误．故选AC．研究月航天器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出问题．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所要求解的物理量选取应用．不考虑月球自转的影响，万有引力等于重力．应用万有引力定律进行卫星加速度、速度、周期和中心天体质量的估算．六、实验题探究题(本大题共1小题，共18.0分)14.（1）如图是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带．打点计时器电源频率为50H z．A、B、C、D、E、F、G是打点计时器在纸带上依次、连续打下的点．①从图中读出s EF= ______ cm．算出F点对应的速度v F= ______ m/s（结果保留两位有效数字）．②根据如图的数据可以判断，物体做______ 运动．（2）某同学用图a电路图研究小灯泡（2.5V）的伏安特性曲线．采用器材有：直流电源（3V，内阻不计）；电流表A1（0～3A）；电流表A2（0～0.6A）；电压表（0～3V）；滑动变阻器；开关、导线等．①为减小测量误差，电流表应选用______ （填“A1”或“A2”）．②根据实验原理图补充完成实物图b中的连线．③下表记录的是实验测得的数据，其中第8次实验测得的电压表（U）、电流表（I）的示数如图c所示，请把图c中电压表、电流表示数填入表中的空格处．④分析表中数据可知，第______ 次记录的电流表的示数有较大误差．小灯泡的电阻随电流的增大而______ （填“增大”或“减小”）．小灯泡的额定功率为______ w（保留2位有效数字）．【答案】1.30；0.70；匀加速直线运动；A2；第6；增大；0.75【解析】解：（1）①由图示刻度尺可知，s EF=5.00cm-3.70cm=1.30cm，F点的速度等于EG之间的平均速度，因此有：v F===70cm/s=0.70m/s；②根据题意可知，连续相等时间内的位移差相等为：△x=0.20cm，因此物体做匀加速直线运动．（2）①2.5V的小灯泡的功率一般在1W左右，根据P=UI计算出小灯泡的电流：I===0.4A，即小灯泡的额定电流约为0.25A，所以要选择0.6A电流表A2；②根据实验的原理图，逐步完成电路的连接如下图；③电压表的量程为3V，每一格表示0.1V，所以读数为：1.60V；电流表的量程为0.6A，每一格表示0.02A，所以读数为：0.24A．④在测量的过程中，两个灯泡的电流随电压的最大而增大，但是，第6组数据的电流值小于第5组数的电流值，存在明显的错误；根据欧姆定律：R=，通过表格中的数据可得，电压线性增大时，电流也增大，但增大的幅度越来越小．表明了灯泡的电阻随电压的增大而增大；当灯泡两端的电压为2.50V时，电流为0.30A，所以，小灯泡的实际功率为：P=UI=2.50×0.30W=0.75W故答案为：（1）①1.30；0.70；②匀加速直线运动；（2）①A2；②电路图如图所示；③1.60；0.24；④第6；增大；0.75（1）①根据刻度尺的指示可得出EF之间的距离大小，注意需要进行估读，F点的瞬时速度等于EG之间的平均速度；②根据连续相等时间内的位移差是否相等，来判断运动性质．（2）①2.5V的小灯泡的功率一般在1W左右，根据P=UI计算出小灯泡的电流，然后选择电流表；②根据实验的原理图，逐步完成电路的连接；③根据电压表和电流表的量程，得出它们的最小分度，然后得出数据；④在测量的过程中，两个灯泡的电流随电压的最大而增大，根据P=UI可计算出实际功率．（1）利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．（2）测小灯泡伏安特性曲线实验要求滑动变阻器用分压式接法，电流表用外接法，分压式时变阻器要选阻值小的，要熟记．七、计算题(本大题共3小题，共36.0分)15.如图，光滑金属直轨道MN和PQ固定在同一水平面内，MN、PQ平行且足够长，轨道的宽L=0.5m．轨道左端接R=0.4Ω的电阻．轨道处于磁感应强度大小B=0.4T，方向竖直向下的匀强磁场中．导体棒ab在沿着轨道方向向右的力F=1.0N作用下，由静止开始运动，导体棒与轨道始终接触良好并且相互垂直，导体棒的电阻r=0.1Ω，轨道电阻不计．求：（1）导体棒的速度v=5.0m/s时，导体棒受到安培力的大小F安．（2）导体棒能达到的最大速度大小v m．【答案】解：（1）由法拉第电磁感应定律有：E=BL v①由闭合电路欧姆定律有：I=②由安培力公式有：F安=ILB③联立①②③并代入数据解得：F安=0.4N（2）设导体棒达到最大速度v m时，产生的电动势为E1，通过导体棒电流为I1，根据受力平衡有：I1LB=F④由法拉第电磁感应定律有：E1=BL v m⑤由闭合电路欧姆定律有：I1=⑥联立④⑤⑥并代入数据解得：V m=12.5m/s答：（1）导体棒的速度v=5.0m/s时，导体棒受到安培力的大小0.4N．（2）导体棒能达到的最大速度大小12.5m/s．【解析】（1）由题已知速度大小v，由E=BL v求出感应电动势大小，再由闭合电路欧姆定律可求出通过电阻的电流大小；根据安培力公式可求出其大小．（2）在水平方向上，导线受到拉力和安培力，当二力平衡时达到最大速度．本题是导体在导轨上运动类型，根据法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力公式结合研究．16.如图，坐标系x O y在竖直平面内，第一象限内分布匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；第二象限内分布着沿x轴正方向的水平匀强电场，场强大小，质量为m、电荷量为+q的带电粒子从A点由静止释放，A点坐标为（-L，），在静电力的作用下以一定速度进入磁场，最后落在x轴上的P点．不计粒子的重力．求：（1）带电粒子进入磁场时速度v的大小．（2）P点与O点之间的距离．【答案】解：（1）设粒子进入磁场的速度为v，由动能定理得q EL=mv2又E=解得：v=（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，设半径为R．由qv B=m解得：R=，设圆心为C点，则CP=R=，OC=L-R=L在直角三角形COP中，有勾股定理的OP=L．答：（1）带电粒子进入磁场时速度v的大小为．（2）P点与O点之间的距离为L．【解析】1、粒子在电场中只受电场力，粒子水平向右做匀加速直线运动，水平进入第一象限的磁场，在第二象限中根据动能定理计算带电粒子进入磁场时速度v的大小．2、粒子在第一象限中，只受洛伦兹力，洛伦兹力提供向心力，粒子做圆周运动，计算出半径，画出轨迹，根据直角三角形的知识求解OP距离．本题中带电小球先加速后做圆周运动，关键是画出轨迹图，结合几何关系进行分析．17.如图，半径为R，光滑的圆弧轨道固定在竖直平面内，与水平轨道CN相接．水平轨道的CD段光滑、DN段粗糙．一根轻质弹簧一端固定在C处的竖直面上，另一端与质量为2m的小物块b刚好在D点接触但不连接，弹簧处于自然长度．质量为m的小物块a从圆弧轨道顶端M点由静止释放并下滑，后与物块b碰撞后一起向左压缩弹簧（两物块不粘连）．若=l，物块a、b与轨道DN的动摩擦因数分别为μ1=0.1和μ2=0.2，重力加速度为g．求：（1）小物块a第一次经过N点时，轨道对a支持力的大小．（2）小物块a与物块b碰撞后瞬间的共同速度大小．（3）若a、b能且只能发生一次碰撞，试讨论l与R的关系．【答案】解：（1）物块a由M到N过程中，由机械能守恒有：mgr=mv①由牛顿第二定律有：②联立①②解得：轨道对a支持力F=3mg（2）物块a从N滑至D过程中，由动能定理有：③物块a、b在D点碰撞，根据动量守恒有：mv D1=3mv D2④解得两物块在D点向左运动的速度（3）a、b一起压缩弹簧后又返回D点时速度大小v D3=⑤由于物块b的加速度大于物块a的加速度，所以经过D点后，a、b两物块分离，同时也与弹簧分离．讨论：①假设a在D点时的速度v D1=0，即l=10R，要使a、b能够发生碰撞，则l＜10R②假设物块a滑上圆弧轨道又返回，最终停在水平轨道P点，物块b 在水平轨道上匀减速滑至P点也恰好停止，设=x，则=l-x，根据能量守恒，对a物块μ1mg（l+x）=⑥对b物块μ22mg（l-x）=2mv⑦由以上两式解得：x=l，⑧将x=代人μ1mg（l+x）=解得：l=R⑨要使a、b只发生一次碰撞，则l≥⑩综上所述，当10R＞l≥时，a、b能且只能发生一次碰撞．答：（1）小物块a第一次经过N点时，轨道对a支持力的大小为3mg．（2）小物块a与物块b碰撞后瞬间的共同速度大小为．（3）若a、b能且只能发生一次碰撞，讨论l与R的关系见上．【解析】（1）物块a由M到N过程中，轨道的支持力不做功，机械能守恒，由机械能守恒定律求出物块a第一次经过N点时的速度．在N点，对物块a由重力和轨道的支持力的合力提供其向心力，根据牛顿第二、第三定律求解物块a第一次经过N点时对轨道的压力．（2）物块a从N滑至D过程中，由动能定理可求出与b碰撞前的速度大小．a、b碰撞过程，根据动量守恒定律求出碰后的共同速度．（3）根据动能定理和动量守恒定律求出a、b一起压缩弹簧时的速度，根据物块a到达D点的速度不为零，求出l的范围，以及知道a、b只发生一次碰撞，物块a滑上圆弧轨道又返回，最终停在水平轨道上P点，物块b在水平轨道上匀减速滑至P点也恰好停止．结合动能定理求出l的范围．本题综合考查了机械能守恒定律、动量守恒定律和动能定理，对学生能力的要求较高．要注意本题中含有非弹性碰撞，弹簧弹性最大值不等于碰撞前物块a的动能．高中物理试卷第11页，共11页。

2012-2013学年度第二学期 高二级理科物理期末考试试卷 本试卷分选择题和非选择题两部分，共12页，满分为100分，考试用时90分钟。

注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。

2、选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。

3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答的答案无效。

4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。

第一部分 选择题(共45分) 一．单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。

本大题共5小题，每题3分，共15分） 1、用不同频率的分别照射钨和锌的表面而发生光电效应，可得到光电子最大初动能Ek随入射光频率ν变化的Ek－ν图象．已知钨的逸出功是3.28 eV，锌的逸出功是3.34 eV，若将二者的图线画在同一个Ek－ν坐标图中，用实线表示钨，虚线表示锌，则能正确反映这一过程的是图中的( ) 2、近年来，数码相机几近家喻户晓，用来衡量数码相机性能的一个非常重要的指标就是像素，1像素可理解为光子打在光屏上的一个亮点，现知300万像素的数码相机拍出的照片比30万像素的数码相机拍出的等大的照片清晰得多，其原因可以理解为( ) A．光是一种粒子，它和物质的作用是一份一份的 B．光的波动性是大量光子之间的相互作用引起的 C．大量光子表现光具有粒子性 D．光具有波粒二象性，大量光子表现出光的波动性239（Pu），这种钚239可由铀239（U）经过n次β衰变而产生，则n为 ( ) A．2 B．239 C．145 D．92 5、如图所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量。

汕头市金山中学2012～2013学年度第一学期期末考试高二物理试题一、单项选择题：〔7小题，每题2分，共14分〕1．如下列图是电场中某一条电场线，某一电子先后放在A、B点时，受到的电场力分别为F1、F2，具有的电势能分别为E P1、E P2，如下说法正确的答案是A．F1一定大于F2A BB．电子在A、B两点受力方向一样C．E P1一定小于E P2D．A点电势一定大于B点电势2．空间存在如下列图的匀强磁场，矩形闭合线圈平面跟磁感线方向平行。

如下情况中线圈有感应电流的是A．线圈垂直纸面向外平动B．线圈以上边的边框为轴转动C．线圈绕ab轴转动D．线圈绕cd轴转动3．如下列图，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ。

整个装置处于沿竖直方向的匀强磁场中。

金属杆ab垂直导轨放置，当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止。

如此A．磁场方向竖直向上B．磁场方向竖直向下C．金属杆ab受平行导轨向上的安培力D．金属杆ab受水平向左的安培力4．如图，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场，三个质量和电荷量都一样的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图。

假设带电粒子只受磁场力的作用，如此如下说法正确的答案是A．a粒子速率最大，在磁场中运动时间最长B．c粒子速率最大，在磁场中运动时间最短C．a粒子速度最小，在磁场中运动时间最短D．c粒子速率最小，在磁场中运动时间最短ABI5．如下列图，固定的水平长直导线中通有电流 I ，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行。

线框由静止释放，在下落过程中 A ．线框做自由落体运动 B ．穿过线框的磁通量保持不变 C ．线框的机械能不断增大 D ．线框中感应电流方向保持不变6．如下列图，两根相距为L 的平行直导轨ab 、cd ，b 、d 间连有一固定电阻R ，导轨电阻可忽略不计。

MN 为放在ab 和cd 上的一导体杆，与ab 垂直，其电阻也为R ，整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于导轨所在平面〔指向图中纸面内〕。

学必求其心得，业必贵于专精2012~2013学年度汕头金山中学高二年级月考物理试题2012。

12本试卷共11页,满分300分．考试时间150分钟．可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 Cl 35.5 Cu 64第一部分选择题（共118分）一、单项选择题：本题包括16小题，每小题4分,共64分。

每小题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求。

多选、错选均不得分。

13．条形磁铁竖直放置，闭合圆环水平放置，条形磁铁中心线穿过圆环中心，如图所示,若圆环为弹性环，其形状由Ⅰ扩大到Ⅱ，那么圆环内磁通量的变化情况是A．磁通量增大B．磁通量减小C．磁通量不变D．条件不足，无法确定14．在桌面上放一个小磁针，在磁针东面放一螺线管，如图所示，闭合开关后，小磁针S极向东偏转(忽略地磁场的影响），下述判断正确的是A．电源的A端是正极，在电源内电流由A流向BB．电源的A端是正极，在电源内电流由B流向AC．电源的B端是正极，在电源内电流由A流向BD．电源的B端是正极，在电源内电流由B流向A15．如图所示，直导线MN与矩形线框abcd在同一平面内，直导线中通有向上的电流I,矩形线框中通有沿逆时针方向的电流I0，则直导线中电流I的磁场对通电矩形线框各边的安培力合力A．大小为零B．大小不为零，方向向左C．大小不为零，方向向右D．大小不为零，方向向上16. 质量和电量都相等的带电粒子M和N,以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场,运行的半圆轨迹如图虚线所示，下列表述正确的学必求其心得，业必贵于专精是A．M带负电，N带正电B．M的速度率小于N的速率C．洛伦磁力对M、N做正功D．M的运行时间大于N的运行时间二、双项选择题:本题包括9小题,每小题6分，共54分.每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。

全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分。

17．如图，在x>0、y〉0的空间有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy平面向里，大小为B，现有四个质量及电荷量均相同的带电粒子,由x轴上的P点以不同的初速度平行于y轴射入此磁场，其出射方向如图所示，不计重力的影响，则A．初速度最大的粒子是沿①方向射出的粒子B．初速度最大的粒子是沿②方向射出的粒子C．在磁场中运动时间最长的是沿③方向射出的粒子D．在磁场中运动时间最长的是沿④方向射出的粒子18．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙。