2020年军队院校招生文化科目统考士官初中《物理》章节题库(无处不在的能量)【圣才出品】

第117页共246页◎第118页共246页………………2020年全军士官招生文化科目统一考试模拟试卷（三）综合科目·物理一．选择题（每小题3分，共18分）1．自行车在平直公路上匀速前进时，前后轮所受摩擦力的方向是（）A ．都向后B ．都向前C ．前轮向后，后轮向前D ．前轮向前，后轮向后2．关于圆周运动的说法，正确的是（）A ．做匀速圆周运动的物体，所受合力一定指向圆心B ．做匀速圆周运动的物体，其速度不变C ．做匀速圆周运动的物体，其加速度不变D ．匀速圆周运动是匀变速曲线运动3．一定质量的气体，不计分子之间作用力，在压缩过程中与外界没有热交换，则（）A ．外界对气体做功，温度降低，内能减小B ．外界对气体做功，温度升高，内能增大C ．气体对外界做功，温度降低，内能增大D ．气体对外界做功，温度升高，内能减小4．一列简谐横波沿x 轴传播，某时刻的波形如图所示，质点a 、b 均处于平衡位置，质点a 正向上运动。

则下列说法正确的是（）A ．波沿x 轴正方向传播B ．该时刻质点b 正向上运动C ．该时刻质点a 、b 的速度相同D ．质点a 、b 的振动周期相同5．一枚炮弹上升到最高点速度为零时，发生爆炸，爆裂为质量为m 1和m 2的两个部分，已知，其中，m 1部分获得水平速度为v 1，则m 2部分速度大小（）A ．v 1B ．1211v m m m C ．121v m m D ．112v m m 6．下列说法中正确的是（）A ．光从一种介质进入到另一种介质，一定要发生偏折B ．光从空气进入介质，折射角大于入射角C ．光从空气进入介质，光速减小D ．光从介质进入空气，折射角小于入射角二．填空题（每空4分，共计20分）7．一辆汽车行驶速度为54km/h ，以加速度大小a ＝3m/s 2开始刹车，刹车后3s 时速度，刹车3s 内位移。

8．一质量为50kg 的杂质演员，表演时不慎掉下，当他下落5m 时安全带被拉直，带和人作用时间为1s ，则安全带对人的平均作用力为N （g 取102s /m ）。

军校物理试题及答案一、选择题（每题5分，共50分）1. 光在真空中传播的速度是：A. 299,792,458 m/sB. 299,792,458 km/sC. 300,000,000 m/sD. 300,000,000 km/s答案：A2. 牛顿第一定律描述的是：A. 物体在没有外力作用下保持静止或匀速直线运动B. 物体在受到外力作用下保持静止或匀速直线运动C. 物体在没有外力作用下做加速运动D. 物体在受到外力作用下做加速运动答案：A3. 电流通过导体时产生的热量与以下哪些因素有关？A. 电流大小B. 电阻大小C. 通电时间D. 以上都是答案：D4. 以下哪种波是横波？A. 声波B. 电磁波C. 光波D. 地震波答案：B5. 根据能量守恒定律，以下说法正确的是：A. 能量可以被创造B. 能量可以被消灭C. 能量既不能被创造也不能被消灭D. 能量可以在不同形式间转化答案：C6. 以下哪个公式表示了万有引力定律？A. F = maB. F = G * (m1 * m2) / r^2C. F = k * q1 * q2 / r^2D. F = B * I答案：B7. 以下哪种物质是超导体？A. 铁B. 铜C. 铝D. 汞答案：D8. 以下哪个选项是热力学第一定律的表述？A. 热能可以完全转化为功B. 热能不能完全转化为功C. 热能可以完全转化为功，但有损失D. 热能可以完全转化为功，且没有损失答案：B9. 根据量子力学，电子在原子中的运动状态是由什么决定的？A. 电子的质量B. 电子的电荷C. 电子的能级D. 电子的动量答案：C10. 以下哪个选项是描述电磁波的波长和频率关系的公式？A. λ = c / fB. λ = c * fC. λ = f / cD. λ = f * c答案：A二、填空题（每题5分，共30分）1. 光的折射定律是斯涅尔定律，其公式为：n1 * sin(θ1) = n2 * sin(θ2)，其中n1和n2分别代表______和______的折射率。

士官考试真题试卷物理一、选择题（每题2分，共20分）1. 根据牛顿第二定律，如果一个物体的质量为2kg，作用在物体上的力为10N，那么物体的加速度是多少？A. 5 m/s²B. 50 m/s²C. 100 m/s²D. 200 m/s²2. 光在真空中的速度是多少？A. 3×10^8 m/sB. 3×10^5 m/sC. 3×10^6 m/sD. 3×10^7 m/s3. 以下哪个选项不是能量守恒定律的表述？A. 能量既不能创造也不能消失，只能从一种形式转化为另一种形式。

B. 能量的总量在封闭系统中保持不变。

C. 能量可以在物体间传递。

D. 能量可以无限增加。

4. 根据欧姆定律，如果电阻为5Ω，通过电阻的电流为2A，那么电压是多少？A. 10VB. 20VC. 30VD. 40V5. 物体在自由落体运动中，其速度与时间的关系是什么？A. v = gtB. v = gt²C. v = gt^(1/2)D. v = gt^(-1)6. 以下哪个选项是正确的波长、频率和速度的关系？A. v = λfB. v = 1/(λf)C. v = λ/fD. v = λ * f7. 一个物体从静止开始做匀加速直线运动，经过4秒后，其速度达到8m/s，那么它的加速度是多少？A. 2 m/s²B. 4 m/s²C. 6 m/s²D. 8 m/s²8. 根据热力学第一定律，以下哪个表述是正确的？A. ΔU = Q - WB. ΔU = Q + WC. ΔU = Q / WD. ΔU = Q * W9. 一个理想气体经历等压过程，其温度与体积的关系是什么？A. T ∝ VB. T ∝ 1/VC. T ∝ V^2D. T ∝ √V10. 以下哪个选项是正确的动量守恒定律的表述？A. 系统总动量在没有外力作用下保持不变。

第1章物质的初步认识一、单项选择题1．我国民间有句谚语：“水缸穿裙子，天就要下雨”．其中，“水缸穿裙子”是指盛水的水缸外表面出现了一层密密麻麻的小水珠，小水珠是由（）．A．水缸中的水蒸发形成的B．空气中的水蒸气液化形成的C．水缸中的水汽化形成的D．空气中的水蒸气凝华形成的【答案】B【解析】AC两项，水缸中的水蒸发会形成水蒸气跑到空气中，不会以液体的形式吸附在水缸壁上；B项，水缸外面的水珠是由空气中的水蒸气遇到冷的水缸液化而形成的；D项，空气中的水蒸气凝华形成的是固体冰，不会是液态的水．2．我们生活在这炎炎的夏日里，多么期盼环境的凉爽；但真正到了深冬时节，却又是滴水成冰的寒冷．对于滴水成冰这一过程，有关物态变化和热量，下列说法正确的是（）．A．物态变化是凝固，放出热量B．物态变化是汽化，吸收热量C．物态变化是熔化，吸收热量D．物态变化是液化，放出热量【答案】A【解析】滴水成冰，是液态水变为固态的冰，是凝固，凝固放热．．3．生活中我们常看到“白气”，下列有关“白气”形成的说法中正确的是（）．A．文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象B．夏天从冰箱取出的冰棍周围冒“白气”，这是空气中水蒸气的凝华现象C．深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是河面上水蒸气的汽化现象D．冬天水烧开后壶嘴处喷出“白气”，这是壶嘴喷出水蒸气的液化现象【答案】D【解析】A项，舞台上的“白气”，是由于干冰升华吸热，降低了舞台温度，导致水蒸气遇冷液化形成的小水滴；B项，冰棍周围的“白气”是由于空气中的水蒸气遇冷液化形成的；C项，河面上出现的“白气”也是水蒸气液化形成的；D项，壶嘴喷出的“白气”是水蒸气液化形成的．4．如图1-1所示，在铝质易拉罐中放入少量的水，然后用酒精灯加热．待罐口出现白雾时，用橡皮泥堵住罐口，把酒精灯撤去，让易拉罐自然冷却．下列说法正确的是（）．A．罐口出现的白雾是熔化形成的B．易拉罐被压瘪，是由于罐体冷却收缩形成的C．易拉罐被压瘪，是由于大气压的作用D．易拉罐被压瘪后，过一段时间又自动恢复原状图1-1【答案】C【解析】A项，罐口的白雾是液态的，是由罐内的水蒸气遇冷液化形成的；B项，易拉罐被压瘪是在罐口被封的情况下，若罐口不封，易拉罐依然在加热后冷却的情况下，易拉罐是不会被压瘪的，这就说明了易拉罐压瘪不是冷却收缩形成的；C项，罐内水蒸气遇冷液化使罐内的气体减少，压强减小，小于大气压，在大气压的作用下就会被压瘪；D项，易拉罐被压瘪后，要恢复原状，需要使罐内的气体压强变大，且大于外界的大气压，但罐子离开酒精灯后，罐内的压强和外界的大气压都是不会变化的，所以不能恢复原状．5．熬制糖水的时间越长，糖水的味道越甜．这是由于熬制过程中，糖水内的水经过下列哪种物态变化所致（）．A．凝固B．升华C．汽化D．熔化【答案】C【解析】糖水内的水经过熬制会汽化为水蒸气而消失，熬制的时间越长，水蒸发的越多，剩余的糖水的味道就越甜．6．中央二台“真假实验室”探究，刚从冰箱冷冻室拿出冰棍贴紧舌头，舌头会被“冻”在冰棍上，这时舌头上的水发生了某种物态变化，与其对应的图象是（）．【答案】D【解析】舌头会被“冻”在冰棍上，是因为舌头上的水分遇到比较冷的冰棍凝固造成的，液态变为固态的现象叫凝固，因为冰是晶体，因此从图中找出晶体的凝固图象即可．A项，固体吸收热量，温度升高到达一定温度，不断吸收热量，温度不变，符合晶体熔化特点，这是晶体的熔化图象，不符合题意；B项，固体吸收热量，温度升高到达一定温度，不断吸收热量，温度不变，熔点为0℃，符合晶体熔化特点，这是冰的熔化图象，不符合题意；C项，液体不断放出热量，温度不断降低，符合非晶体的凝固特点，是非晶体的凝固图象，不符合题意；D项，液体温度降低到0℃时，不断放热，温度保持不变，符合冰的凝固特点，符合题意．7．下列物态变化现象中属于汽化吸热的是（）．A．春天早晨经常出现大雾B．夏天向教室的地面上洒水很快变干C．秋天的早晨，花草上出现小露珠D．冬天的早晨，地面出现白白的一层霜【答案】B【解析】A项，雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的；B项，教室地面上洒的水很快变干是水汽化为水蒸气了，汽化要吸热，所以可以降低教室的温度；C项，露是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的；D项，霜是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的．8．利用干冰（固态二氧化碳）进行人工降雨的主要过程是：干冰在高空中直接变成气体，高空中的水蒸气遇冷直接变成冰晶，冰晶下落时变成雨．以下分析错误的是（）．A．干冰直接变成气体是升华过程B．干冰直接变成气体是放热过程C．水蒸气直接变成冰晶是凝华过程D．冰晶下落时变成雨是吸热过程【答案】B【解析】AB两项，干冰直接变为气体，是升华过程，需要吸收热量；C项，水蒸气直接变为冰晶，是凝华过程，需要放热；D项，冰晶下落时由固态变为液态，是液化现象，要吸收热量．9．下列自然现象中，属于吸热的是（）．A．春天，冰雪消融B．夏天，露水晶莹C．秋天，薄雾缥缈D．冬天，瑞雪纷飞【答案】A【解析】BC两项，露水和雾都是水蒸气的液化过程，液化要放热．D项，雪是水蒸气的凝华过程，凝华是放热的．10．下列物态变化中，属于凝固现象的是（）【答案】D【解析】A项，白雾是水蒸气液化形成的；B项，大雨是水蒸气液化形成的，也有熔化现象；C项，霜是水蒸气凝华形成的；D项，冰的形成是凝固现象．11．下列过程中，属于液化的是（）．A．积水干涸B．大雾弥漫C．千里冰封D．霜满枝头【答案】B【解析】A项，“积水干涸”属于汽化现象；B项，“大雾弥漫”属于液化现象；C项，“千里冰封”属于凝固现象；D项，“霜满枝头”属于凝华现象．12．关于雪的形成下列说法中正确的是（）．A．融化、放热过程B．融化、吸热过程C．凝华、放热过程D．凝固、放热过程【答案】C。

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一．选择题（共11小题）1．如图所示，一个矩形线框abcd 放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，O 1O 2是线框的对称轴．线框在下列各种运动中，整个线框始终处于磁场之内，能使线框中产生感应电流的是（）A ．沿纸面向左移动B ．以O 1O 2为轴转动C ．垂直纸面向里移动D ．垂直纸面向外移动2．通电直导线旁放一个金属线框，线框和导线在同一平面内，如图所示．在线框abcd 中没有产生感应电流的运动情况是（）A．线框向右移动B．线框以AB为轴旋转C．线框以ad边为轴旋转D．线框以ab边为轴旋转3．将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中．回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示．用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图象是（）A．B．C．D．4．半径为r带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如图1所示．有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图2所示．在t=0时刻平板之间中心有一重力不计，电荷量为q的静止微粒，则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末微粒回到了原来位置D．第3秒末两极板之间的电场强度大小为5．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图乙所示的变化电流，t=t2时电流的方向为顺时针（如图中箭头所示），在t1～t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势6．如图所示，abcd为水平放置的平行“⊂”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好）．则（）A．电路中感应电动势的大小为B．电路中感应电流的大小为C．金属杆所受安培力的大小为D．金属杆的热功率为7．如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L（L＜d），质量为m，电阻为R，将线圈在磁场上方高h处静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中（从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止），则以下说法中不正确的是（）A．感应电流所做的功为2mgdB．线圈下落的最小速度一定为C．线圈下落的最小速度可能为D．线圈进入磁场和穿出磁场的过程比较，所用的时间不一样8．如图所示，在置于匀强磁场中的平行导轨上，横跨在两导轨间的导体杆PQ 以速度v向右匀速移动，已知磁场的磁感强度为B、方向垂直于导轨平面（即纸面）向外，导轨间距为l，闭合电路acQPa中除电阻R外，其他部分的电阻忽略不计，则（）A．电路中的感应电动势E=IlBB．电路中的感应电流I=C．通过电阻R的电流方向是由a向cD．通过PQ杆中的电流方向是由Q向P9．如图所示，匀强磁场的方向垂直于光滑的金属导轨平面向里，极板间距为d 的平行板电容器与总阻值为2R0的滑动变阻器通过平行导轨连接，电阻为R0的导体棒MN可在外力的作用下沿导轨从左向右做匀速直线运动．当滑动变阻器的滑动触头位于a、b的中间位置、导体棒MN的速度为v0时，位于电容器中P点的带电油滴恰好处于静止状态．若不计摩擦和平行导轨及导线的电阻，重力加速度为g，则下列判断正确的是（）A．油滴带正电荷B．若将上极板竖直向上移动距离d，油滴将向上加速运动，加速度a=C．若将导体棒的速度变为2v0，油滴将向上加速运动，加速度a=2gD．若保持导体棒的速度为v0不变，而将滑动触头置于a位置，同时将电容器上极板向上移动距离，油滴仍将静止10．如图所示，在一均匀磁场中有一U形导线框abcd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一根导体杆，它可在ab、cd 上无摩擦地滑动．杆ef及线框中导线的电阻都可不计．开始时，给ef一个向右的初速度，则（）A．ef将减速向右运动，但不是匀减速，最后停止B．ef将匀减速向右运动，最后停止C．ef将匀速向右运动D．ef将往返运动11．如图所示，间距为L、电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左端用一阻值为R的电阻连接，导轨上横跨一根质量为m、电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好．整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中．现使金属棒以初速度v沿导轨向右运动，若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q．下列说法正确的是（）A．金属棒在导轨上做匀减速运动B．整个过程中金属棒在导轨上发生的位移为C．整个过程中金属棒克服安培力做功为mv2D．整个过程中电阻R上产生的焦耳热为mv2二．填空题（共19小题）12．如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距为L，上端接有两个定值电阻R1、R2，已知R1=R2=2r．将质量为m、电阻值为r的金属棒从图示位置由静止释放，下落过程中金属棒保持水平且与导轨接触良好．自由下落一段距离后金属棒进入一个垂直于导轨平面的匀强磁场，磁场宽度为h．金属棒出磁场前R1、R2的功率均已稳定为P．则金属棒离开磁场时的速度大小为，整个过程中通过电阻R1的电量为．（已知重力加速度为g）13．如图所示，虚线区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一单匝正方形导线框垂直磁场放置，框的右边与磁场边界重合．现将导线框沿纸面垂直边界拉出磁场，则此过程中穿过导线框的磁通量（填“增加”或“减少”）；若这一过程磁通量变化了0.05Wb，所用时间为0.1s，导线框中产生的感应电动势是V．14．如图所示，两根相距为L的竖直平行金属导轨位于磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，导轨电阻不计，另外两根与上述光滑导轨保持良好接触的金属杆ab、cd质量均为m，电阻均为R，若要使cd静止不动，则ab杆应向运动，速度大小为，作用于ab杆上的外力大小为．15．在磁感应强度B为0.4T的匀强磁场中，让长为0.2m，电阻为1Ω的导体ab 在金属框上以6m/s的速度向右移动，如图所示．此时感应电动势大小为V．如果R1=6Ω，R2=3Ω，其余部分电阻不计．则通过ab的电流大小为A．16．一个500匝的线圈，其电阻为5Ω，将它与电阻为495Ω的电热器连成闭合电路．若在0.3s内，穿过线圈的磁通量从0.03Wb均匀增加到0.09wb，则线圈中产生的感应电动势为V，通过电热器的电流为A．17．如图所示，一个匝数为n、面积为S的闭合线圈置于水平面上，若线圈内的磁感应强度在时间t内由竖直向下大小为B1减少到零，再反向增加到大小为B2，则线圈内磁通量的变化量为，这段时间线圈内平均感应电动势为．18．一个200匝、面积为20cm2的线圈，放在磁场中，磁场的方向与线圈平面成30°角，若磁感应强度在0.05s内由0.1T增加到0.5T．在此过程中穿过线圈的磁通量的变化是Wb；磁通量的平均变化率是Wb/s；线圈中的感应电动势的大小是V．19．穿过单匝闭合线圈的磁通量随时间变化的Φ﹣t图象如图所示，由图知0～5s线圈中感应电动势大小为V，5s～10s线圈中感应电动势大小为V，10s～15s线圈中感应电动势大小为V．20．有一面积为150cm2的金属环，电阻为0.1Ω，在环中100cm2的同心圆面上存在如图（b）所示的变化的磁场，在0.1s到0.2s的时间内环中感应电流为，流过的电荷量为．21．如图所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁场均匀增加时，有一带电粒子静止于平行板（两板水平放置）电容器中间，则此粒子带电（填“正”或“负”），若线圈匝数为n，平行板电容器板间距离为d，粒子质量为m，带电量为q，则磁感应强度的变化率为（设线圈面积为S）．22．一个200匝，面积0.2m2的均匀圆线圈，放在匀强磁场中，磁场方向与线圈垂直．若磁感应强度在0.05s内由0.1T增加到0.5T，则在此过程中，磁通量的变化率是=Wb/s，线圈中的感应电动势为E=V．23．如图所示，长度L=0.4m，电阻R ab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动，运动的速度v=5m/s．线框中接有R=0.4Ω的电阻．整个空间有磁感应强度B=0.1T的匀强磁场，磁场方向垂直于线框平面，其余电阻不计．电路abcd中相当于电源的部分是；相当于电源的正极，金属杆ab两端间的电压为V，导体ab所受安培力的大小F=N，电阻R上消耗的功率P=W．24．如图所示，在光滑绝缘的水平面上，一边长为10cm、电阻为1Ω、质量为0.1kg的正方形金属线框abcd以m/s的速度向一有界磁场滑去，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度大小为0.5T，当线框全部进入磁场时，线框中已放出了1.8J的热量．则当线框ab边刚出磁场的瞬间，线框速度大小为m/s；线框中电流的瞬时功率为W．25．如图所示，电阻R ab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，导体的ab长度l=0.4m，运动速度v=10m/s．线框的电阻不计．（1）电路abcd中相当于电源的部分是，相当于电源的正极是端．（2）使导体ab向右匀速运动所需的外力F′=N，方向（3）电阻R上消耗的功率P=W．26．如图所示，一质量m=0.1kg的金属棒ab可沿接有电阻R=1Ω的足够长的竖直导体框架无摩擦地滑动，框架间距L=50cm，匀强磁场的磁感应强度B=0.4T，方向如图示，其余电阻均不计．若棒ab由静止开始沿框架下落，且与框保持良好接触，那么在下落的前一阶段，棒ab将做运动，当棒ab运动达到稳定状态时的速度v=．（g=10m/s2）27．两根相距为L的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边垂直于水平面．质量均为m的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，导轨电阻不计，回路总电阻为2R．整个装置处于磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在平行于水平导轨的拉力作用下以速度v1沿导轨匀速运动时，cd杆也正好以速度v2向下匀速运动．重力加速度为g．则回路中的电流I=；μ与υ1大小的关系为μ=．28．如图所示，将边长为l、总电阻为R的正方形闭合线圈，从磁感强度为B的匀强磁场中以速度v匀速拉出（磁场方向，垂直线圈平面）（1）所用拉力F=．（2）拉力F的功率P F=．（3）线圈放出的热量Q=．29．如图，一宽度为L=0.4m的光滑金属导轨水平放置，导轨左端连接电阻R1=2Ω，右端连接电阻R2=1Ω和电容C=0.3μF，垂直于轨道面向下的匀强磁场B=0.1T，导体棒AD垂直于导轨放置且与导轨接触良好，导轨和导体棒的电阻均不计．当导体棒以5m/s速度向右匀速运动时，导体棒的端电势高，电容器上所带电量为C．30．如图所示，水平面上有两电阻不计的光滑金属导轨平行、固定放置，间距d 为0.5m，右端通过导线与阻值为4Ω的小灯泡L连接．在CDFE矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，CE长为2m，CDFE区域内磁场的磁感强度B随时间t的变化如图．在t=0s时，一阻值为1Ω的金属棒在恒力F作用下由静止从AB位置沿导轨向右运动，当金属棒从AB位置运动到EF位置过程中，小灯泡的亮度没有发生变化．则恒力F的大小为N，金属棒的质量为kg．三．多选题（共1小题）31．如图所示的情况都是线框在磁场中做切割磁感线运动，其中线框中有感应电流的是（）A．B．C．D．电磁感应参考答案与试题解析一．选择题（共11小题）1．如图所示，一个矩形线框abcd放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，O1O2是线框的对称轴．线框在下列各种运动中，整个线框始终处于磁场之内，能使线框中产生感应电流的是（）A．沿纸面向左移动B．以O1O2为轴转动C．垂直纸面向里移动D．垂直纸面向外移动【分析】产生感应电流的条件是：穿过闭合回路的磁通量发生变化．因此无论线圈如何运动，关键是看其磁通量是否变化，从而判断出是否有感应电流产生．【解答】解：A、由于磁场是匀强磁场，把线圈向右拉动，或向上拉动，或垂直纸面向外运动，其磁通量均不变化，均无感应电流产生，故ACD错误；B、当线圈以O1O2为轴转动时，其磁通量发生变化，故有感应电流产生，故B正确．故选：B【点评】本题考查感应电流产生的条件；解题时把握问题实质，关键是看闭合线圈中的磁通量是否变化，与运动形式无关．2．通电直导线旁放一个金属线框，线框和导线在同一平面内，如图所示．在线框abcd中没有产生感应电流的运动情况是（）A．线框向右移动B．线框以AB为轴旋转C．线框以ad边为轴旋转D．线框以ab边为轴旋转【分析】由安培定则可确定线圈所处磁场的分布，当闭合回路中磁通量发生变化时，回路中就会产生感应电流．根据楞次定律即可判断出感应电流的方向．【解答】解：A、当保持M边与导线平行线圈向右移动时，穿过线圈的磁通量发生减小，则线圈中产生顺时针方向的感应电流；B、线框以导线为轴加速转动，穿过线圈的磁通量不变，则不可以产生感应电流；C、线框以ad边为轴旋转，穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中产生感应电流．D、导线框以ab边为轴旋转，穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中产生感应电流；本题选择不能产生感应电流的；故选：B．【点评】该题将安培定则与楞次定律相结合，要先根据安培定则判断出电流周围的磁场才方向与特点，然后在使用楞次定律判定感应电流的方向．3．将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场Ⅰ中．回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场Ⅱ，以向里为磁场Ⅱ的正方向，其磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示．用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图象是（）A．B．C．D．【分析】当线圈的磁通量发生变化时，线圈中才会产生感应电动势，从而形成感应电流；当线圈的磁通量不变时，则线圈中没有感应电动势，所以不会有感应电流产生．由楞次定律可知电流的方向，由左手定则判断安培力的方向．【解答】解：分析一个周期内的情况：在前半个周期内，磁感应强度均匀变化，磁感应强度B的变化度一定，由法拉第电磁感应定律得知，圆形线圈中产生恒定的感应电动势恒定不变，则感应电流恒定不变，ab边在磁场中所受的安培力也恒定不变，由楞次定律可知，圆形线圈中产生的感应电流方向为顺时针方向，通过ab的电流方向从b→a，由左手定则判断得知，ab所受的安培力方向水平向左，为负值；同理可知，在后半个周期内，安培力大小恒定不变，方向水平向右．故B正确．故选B【点评】本题要求学生能正确理解B﹣t图的含义，故道B如何变化，才能准确的利用楞次定律进行判定．根据法拉第电磁感应定律分析感应电动势的变化，由欧姆定律判断感应电流的变化，进而可确定安培力大小的变化．4．半径为r带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如图1所示．有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图2所示．在t=0时刻平板之间中心有一重力不计，电荷量为q的静止微粒，则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末微粒回到了原来位置D．第3秒末两极板之间的电场强度大小为【分析】由图可知磁感应强度的变化，则由楞次定则可得出平行板上的带电情况；对带电粒子受力分析可知带电粒子的受力情况，由牛顿第二定律可知粒子的运动情况；根据粒子受力的变化可知粒子加速度的变化，通过分析可得出粒子的运动过程．【解答】解：0～1s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；若粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上而向上做匀加速运动．1～2s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；故A正确；若粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向下而向上做匀减速运动，2s末速度减小为零．2～3s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；故B错误；若粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向下而向下做匀加速运动．两极板间的电场强度大小，故D错误；3～4s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带负电，金属板下极板带正电；若粒子带正电，则粒子所受电场力方向竖直向上而向下做匀减速运动4s末速度减小为零，同时回到了原来的位置．故C错误；故选A．【点评】本题属于综合性题目，注意将产生感应电流的部分看作电源，则可知电容器两端的电压等于线圈两端的电压，这样即可还原为我们常见题型．5．如图甲所示，两个闭合圆形线圈A、B的圆心重合，放在同一水平面内，线圈A中通以如图乙所示的变化电流，t=t2时电流的方向为顺时针（如图中箭头所示），在t1～t2时间内，对于线圈B，下列说法中正确的是（）A．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有扩张的趋势B．线圈B内有顺时针方向的电流，线圈有收缩的趋势C．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有扩张的趋势D．线圈B内有逆时针方向的电流，线圈有收缩的趋势【分析】根据安培定则确定电流与磁场的方向关系，再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．【解答】解：在t1～t2时间内，对于线圈A的顺时针方向电流增大，导致线圈B 磁通量增大，感应电流的磁场与它相反，根据安培定则可知，线圈A在线圈B 内部产生磁场方向垂直纸面向里，则线圈B内有逆时针方向的电流．此时线圈B 的电流方向与线圈A电流方向相反，由异向电流相互排斥，可知线圈间有相互排斥，所以线圈B有的扩张的趋势．故A、B、D错误，C正确．故选：C【点评】解决本题的关键掌握安培定则、楞次定律的内容，知道感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．同时注意t=t2时电流方向为顺时针，而在t1～t2时间内电流方向为顺时针．6．如图所示，abcd为水平放置的平行“⊂”形光滑金属导轨，间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计，已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r，保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动（金属杆滑动过程中与导轨接触良好）．则（）A．电路中感应电动势的大小为B．电路中感应电流的大小为C．金属杆所受安培力的大小为D．金属杆的热功率为【分析】由导体切割磁感线公式可求得感应电动势的大小，由安培力公式F=BIL 可求得安培力以；由P=FV即可求得功率；注意公式中的l均为导轨间的距离．【解答】解：A、电路中感应电动势的大小E=Blv；公式中的l为切割的有效长度，故电动势E=Blv；故A错误；B、感应电流i==；故B正确；C、导线与磁场均垂直且长度为，故安培力的大小F=BIL=；故C错误；D、功率P=FV=；故D错误；故选：B．【点评】本题考查导体切割磁感线中的电动势和安培力公式的应用，要注意明确E=BLv和F=BIL均为导轨宽度，即导线的有效切割长度．7．如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L（L＜d），质量为m，电阻为R，将线圈在磁场上方高h处静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中（从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止），则以下说法中不正确的是（）A．感应电流所做的功为2mgdB．线圈下落的最小速度一定为C．线圈下落的最小速度可能为D．线圈进入磁场和穿出磁场的过程比较，所用的时间不一样【分析】线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度是相同的，又因为线圈全部进入磁场不受安培力，要做匀加速运动．可知线圈进入磁场先要做减速运动．根据线框的运动情况，分析进入和穿出磁场的时间关系．【解答】解：A、根据能量守恒可知：从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：线圈动能变化量为0，重力势能转化为线框产生的热量，产生的热量Q=mgd．cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，所以线圈穿出磁场与进入磁场的过程运动情况相同，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到cd 边离开磁场的过程，产生的热量Q′=2mgd，感应电流做的功为2mgd，故A正确．B、线圈全部进入磁场时没有感应电流，不受安培力，做匀加速运动，而cd边刚离开磁场与刚进入磁场时速度相等，所以线圈进磁场时要减速，设线圈的最小速度为v m，可知全部进入磁场的瞬间速度最小．由动能定理，从cd边刚进入磁场到线框完全进入时，则有：mv m2﹣mv02=mgL﹣mgd，有mv02=mgh，综上可解得线圈的最小速度为．故B正确；C、线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前做匀速运动，因为完全进入磁场时的速度最小，则mg=，则最小速度v=．故C正确．D、cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，故知线圈进入磁场和穿出磁场的过程运动情况相同，所用的时间一样，故D错误．本题选错误的，故选：D．【点评】解决本题的关键根据根据线圈下边缘刚进入磁场和刚穿出磁场时刻的速度都是v0，且全部进入磁场将做加速运动，判断出线圈进磁场后先做变减速运动，也得出全部进磁场时的速度是穿越磁场过程中的最小速度．8．如图所示，在置于匀强磁场中的平行导轨上，横跨在两导轨间的导体杆PQ 以速度v向右匀速移动，已知磁场的磁感强度为B、方向垂直于导轨平面（即纸面）向外，导轨间距为l，闭合电路acQPa中除电阻R外，其他部分的电阻忽略不计，则（）A．电路中的感应电动势E=IlBB．电路中的感应电流I=C．通过电阻R的电流方向是由a向cD．通过PQ杆中的电流方向是由Q向P。

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一．解答题（共10小题）1．如图所示，在倾角θ=30°的绝缘斜面上，固定一宽L=0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器，电源电压为U=12V．一质量m=20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好，整个装置处于磁感应强度B=0.8T，方向垂直于斜面向下的匀强磁场中．金属导轨光滑，导轨与金属棒的电阻不计，取g=10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（i）通过金属棒的电流；（ii）滑动变阻器R接入电路中的阻值．【分析】（1）金属棒与磁场方向垂直，根据安培力公式F=BIL，求出电流．（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器R接入电路中的阻值【解答】解：（i）有共点力平衡可知BIL=mgsin30°代入数据解得：I=0.5A（ii）设变阻器接入电路的阻值为R，根据欧姆定律可得：代入数据解得：R=24Ω答：（i）通过金属棒的电流为0.5A；（ii）滑动变阻器R接入电路中的阻值为24Ω【点评】本题考查应用平衡条件解决磁场中导体的平衡问题，关键在于安培力的分析和计算，比较容易．在匀强磁场中，当通电导体与磁场垂直时，安培力大小F=BIL，方向由左手定则判断．2．如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37电阻R°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小；（3）导体棒受到的摩擦力．【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小．（2）根据安培力的公式F=BIL求出安培力的大小．（3）导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小．【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，有：I===1.5A；（2）导体棒受到的安培力：F安=BIL=0.5×1.5×0.4=0.30N；（3）导体棒受力如图，将重力正交分解，如图：F1=mgsin37°=0.24NF1＜F安，根据平衡条件：mgsin37°+f=F安代入数据得：f=0.06N答：（1）通过导体棒的电流为1.5A；（2）导体棒受到的安培力大小0.30N；（3）导体棒受到的摩擦力为0.06N．【点评】解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，安培力的大小公式，以及会利用共点力平衡去求未知力．3．把一根长l=10cm的导线垂直磁感线方向放入如图所示的匀强磁场中，（1）当导线中通以I=2A的电流时，导线受到的安培力大小为1.0×10﹣7N，则1该磁场的磁感应强度为多少？=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向（2）若该导线中通以I2如何？【分析】（1）已知B与L互相垂直，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B．（2）根据安培力的公式F=BIL，求出安培力的大小，并用左手定则判断出安培力的方向．【解答】解：（1）代入数据得：B=5×10﹣7T故磁场的磁感应强度为5×10﹣7T．（2）由F=BIL代入数据得：F=1.5×10﹣7N方向竖直向上故安培力的大小1.5×10﹣7N，方向竖直向上．【点评】解决本题的关键掌握安培力的公式F=BIL，会用左手定则判断出安培力的方向．4．据报道，最近已研制出一种可投入使用的电磁轨道炮，其原理如图所示．炮弹（可视为长方形导体）置于两固定的平行导轨之间，并与轨道壁密接．开始时炮弹在导轨的一端，通以电流后炮弹会被磁力加速，最后从位于导轨另一端的出口高速射出．设两导轨之间的距离w=0.10m，导轨长L=5.0m，炮弹质量m=0.30kg．导轨上的电流I的方向如图中箭头所示．可以认为，炮弹在轨道内运动时，它所在处磁场的磁感应强度始终为B=2.0T，方向垂直于纸面向里．若炮弹出口速度为v=2.0×103m/s，求通过导轨的电流I．忽略摩擦力与重力的影响．【分析】当导轨上通入电流后，炮弹在安培力的作用下，做初速度为零匀加速直线运动，因此根据牛顿第二定律求出加速度然后利用运动学公式即可求解．【解答】解：在导轨通有电流I时，炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为F=IwB①设炮弹的加速度的大小为a，则有因而F=ma②炮弹在两导轨间做匀加速运动，因而v2=2aL③联立①②③代入题给数据得：I=6×105A故通过导轨的电流I=6×105A．【点评】本题实质上就是借助安培力问题考查了力与运动，因此解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄清运动形式，然后依据相应规律求解．5．如图所示，水平放置的光滑金属导轨宽L=0.2m，接有电动势E=3V、内阻r=0.6Ω的电源，导轨电阻不计，匀强磁场竖直向下穿过导轨，磁感应强度B=1T．导体棒ab的电阻R=2.4Ω，质量m=0.1kg，垂直放在导轨上并接触良好，当合上开关的瞬间：①导体棒中的电流I；②导体棒受到安培力的大小F；③导体棒的加速度大小a．【分析】根据欧姆定律计算AB中的电流，再根据安培力F=BIL计算安培力大小．根据牛顿第二定律计算加速度【解答】解：①根据欧姆定律，导体棒中的电流为I===1A，②所以AB棒受到的安培力F=BIL=1×1×0.2N=0.2N③根据牛顿第二定律F=ma，所以导体棒AB的加速度a===2m/s2答：①导体棒中的电流为1A；②导体棒AB受到的安培力大小为0.2N；③导体棒AB的加速度为2m/s2【点评】本题要求掌握利用左手定则判断安培力分方向，能利用安培力的计算公式计算安培力的大小，比较简单6．如图所示，在水平面上放置的相距为0.2m的平行金属导轨与电源、电键、导体棒AB、滑动变阻器可构成闭合电路，磁感应强度为B=0.5T的匀强磁场竖直向下，导体棒AB的质量m=0.5kg，它与轨道之间的动摩擦因数μ=0.05．当电键S 闭合时，电路中电流为5A（g取10m/s2）．求：（1）此时导体棒AB受到的安培力大小及方向．（2）此时导体棒AB的加速度大小．【分析】由图象可知电流方向，由左手定则判断安培力的方向，根据牛顿第二定律求加速度的大小．【解答】解：（1）由题可得，导体AB受到安培力大小F=BIL=0.5×0.2×5=0.5N 根据左手定则可知，安培力的方向：水平向左（2）根据牛顿第二定律，AB的加速度a，则：F﹣μmg=ma代入数据得：a=0.5m/s2答：（1）此时导体棒AB受到的安培力大小是0.5N，方向水平向左．（2）此时导体棒AB的加速度大小是0.5m/s2【点评】本题考查了通电导线在匀强磁场中的受力与运动，应用左手定则和牛顿第二定律可以解决此类问题．7．“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快，效率高等优点．如图是“电磁炮”的原理结构示意图．光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为L=0.2m．在导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B=1×102T．“电磁炮”弹体总质量m=0.2kg，其中弹体在轨道间的电阻R=0.4Ω．可控电源的内阻r=0.6Ω，电源的电压能自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是I=4×103A，不计空气阻力．求：（1）弹体所受安培力大小；（2）弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要多长？（3）弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量；（4）请说明电源的电压如何自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．【分析】当导轨上通入电流后，炮弹在安培力的作用下，做初速度为零匀加速直线运动，因此根据牛顿第二定律求出加速度然后利用运动学公式即可求解．消耗的总能量转化为弹体的动能和热量；由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，是电磁炮匀加速发射．【解答】解：（1）在导轨通有电流I时，炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为：F=ILB=8×104N（2）由动能定理：Fx=弹体从静止加速到4000m/s，轨道至少要x==20m（3）由F=ma，v=at发射过程产生的热量：Q=I2（R+r）t=1.6×105J弹体的动能：+Q=1.76×106J系统消耗的总能量E=Ek（4）由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，是电磁炮匀加速发射．答：（1）弹体所受安培力大小8×104N；（2）弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要20m（3）弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量1.76×106J；（4）由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流．【点评】本题实质上就是借助安培力问题考查了力与运动，因此解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄清功能转化关系，然后依据相应规律求解．8．电磁炮是一种理想的兵器，它的主要原理如图所示，1982年，澳大利亚国立大学制成了能把2.2g的弹体（包括金属杆EF的质量）加速到10km/s的电磁炮（常规炮弹的速度约为2km/s），若轨道宽2m，长为100m，通以恒定电流10A，则（1）轨道间所加匀强磁场的磁感应强度为多大？（2）安培力的最大功率为多大？（不计轨道摩擦）【分析】（1）金属杆受到安培力作用，做加速运动，使弹体获得了速度，根据动能定理和安培力公式求解匀强磁场的磁感应强度．（2）当弹体被加速到最大速度时，磁场力有最大功率，由公式P=Fv求解．【解答】解：（1）由题设条件，炮弹水平方向受恒定磁场力作用，由动能定理有：FB •S=mvm2﹣0又安培力大小为FB=BIL即得：BILS=mvm2，则得：B===55T（2）由题知，当弹体被加速到最大速度时，磁场力有最大功率，则：Pm =BIL•vm=55×10×2×104W=1.1×107W答：（1）所加的匀强磁场磁感应强度是55T．（2）发射炮弹过程中，磁场力的最大功率是1.1×107W．【点评】本题重点是运动学的应用，由运动学得到加速度才能得到磁感应强度；及安培力是恒力，涉及到力空间的累积效应，运用动能定理研究是常用的思路．9．如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，放置一根长为L，质量为m，通过电流为I的导线，若另加一匀强磁场，下列情况下，导线始终静止在斜面上（重力加速度为g）：（1）若磁场方向竖直向下，则磁感应强度B为多少？（2）若使磁感应强度最小，求磁感应强度的最小值和方向．【分析】对导线受力分析，根据平衡条件列方程求解【解答】解：（1）对导线受力分析，由平衡条件得：BIL=mgtanα得：B=（2）若使磁感应强度最小，方向应垂直斜面向下，IL=mgsinαBB=（1）若磁场方向竖直向下，则磁感应强度B为；（2）若使磁感应强度最小，磁感应强度的方向应垂直斜面向下，磁感应强度的最小值为【点评】分析力平衡中极值的条件是常遇到的问题，要学会分析，正确分析受力情况是解决力电综合题的基础，要培养基本功．10．如图所示，导轨间的距离L=0.5m，B=2T，ab棒的质量m=1kg，物块重G=3N，ab棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.2，电源的电动势E=10V，r=0.1Ω，导轨的电阻不计，ab棒电阻也不计，问R的取值范围怎样时棒处于静止状态？（g取10m/s2）【分析】若要保持ab静止不动，受力必须平衡．由于M所受的最大静摩擦力为0.2mg=2N，而M的重力为Mg=3N，要保持导体棒静止，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断电流的方向．分两种情况研究：安培力大于Mg和安培力小于Mg进行讨论，根据平衡条件和安培力公式求出导体棒中电流的范围，由欧姆定律求解电流的范围．【解答】解：依据物体平衡条件可得，恰不右滑时有：G﹣μmg﹣BLI1=0…①恰不左滑时有：G+μmg﹣BLI2=0…②依据闭合电路欧姆定律可得：E=I1（R1+r）…③E=I2（R2+r）…④联立①③得：R1=﹣r=9.9Ω．联立②④得：R2=﹣r=1.9Ω．所以R的取值范围为：1.9Ω≤R≤9.9Ω．答案：1.9Ω≤R≤9.9Ω时棒处于静止状态【点评】此题是通电导体在磁场中平衡问题，要抓住静摩擦力会外力的变化而变化，挖掘临界条件进行求解．。

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一．解答题（共15小题）1．某快递公司分拣邮件的水平传输装置示意如图，皮带在电动机的带动下保持v=1m/s的恒定速度向右运动，现将一质量为m=2kg的邮件轻放在皮带上，邮件和皮带间的动摩擦因数μ=0.5．设皮带足够长，取g=10m/s2，在邮件与皮带发生相对滑动过程中，求：（1）邮件滑动的时间t；（2）邮件对地的位移大小x；（3）邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W．【分析】（1）对邮件运用动量定理，求出邮件速度达到传送带速度所需的时间．（2）对邮件运用动能定理，求出邮件相对地面的位移大小．（3）根据摩擦力的大小以及皮带的位移大小求出邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W．【解答】解：（1）设邮件放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到的滑动摩擦力为F，则：F=μmg①取向右为正方向，对邮件应用动量定理得，Ft=mv﹣0，②由①②式并代入数据得，t=0.2s③（2）邮件与皮带发生相对滑动的过程中，对邮件应用动能定理，有：④由①④式并代入数据得，x=0.1m⑤（3）邮件与皮带发生相对滑动的过程中，设皮带相对地面的位移为s，则：s=vt⑥摩擦力对皮带做的功W=﹣Fs⑦由①③⑥⑦式并代入数据得，W=﹣2J．答：（1）邮件滑动的时间t为0.2s；（2）邮件对地的位移大小x为0.1m；（3）邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W为﹣2J．【点评】本题考查了动量定理、动能定理的基本运用，本题也可以采用动力学知识进行求解，关键需理清邮件在整个过程中的运动规律．2．如图所示，在海滨游乐场里有一种滑沙游戏，人坐在滑板上从倾角为θ的斜坡上由静止开始下滑，经过斜坡底端沿水平滑道再滑行一段距离停下．已知滑板与斜面和水平滑道间的动摩擦因数均为μ=0.3．若某人和滑板的总质量m=60kg，滑行过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）把人和滑板看做整体，画出该整体从斜坡上下滑过程中的受力分析示意图．（2）若已知θ=37°，人从斜坡滑下时加速度的大小；=20m，求人在斜坡上滑下的（3）若已知θ=37°，水平滑道BC的最大长度为L1高度应不超过多少；（4）若斜坡倾角θ大小可调节且大小未知、水平滑道BC的长度未知，但是场地=30m，人在斜坡上从D的正上方A处由静止的水平空间距离DC的最大长度为L2下滑，那么A到D的高度不超过多少？【分析】（1、2）作出受力分析图，结合牛顿第二定律求出整体下滑的加速度．（3）对全过程分析，抓住动能的变化量为零，结合动能定理求出人在斜坡上滑下的最大高度．（4）对全过程运用动能定理，求出A到D的最大高度．【解答】解：（1）受力分析示意图如图所示．（2）根据牛顿第二定律得，mgsin37°﹣f=maN=mgcos37°f=μN联立代入数据解得a=3.6m/s2（3）人和滑板从距水平面高H处下滑，从人和滑板在斜面上开始运动到人和滑板停止运动的过程中，根据动能定理：代入数据解得H=10m（4）设A到D的高度为h，根据动能定理代入数据解得h=μL=9m2答：（1）受力分析图如图所示．（2）人从斜坡滑下时加速度的大小为3.6m/s2．（3）人在斜坡上滑下的高度应不超过10m．（4）A到D的高度不超过9m．【点评】本题考查了牛顿第二定律和动能定理的基本运用，运用动能定理解题关键确定好研究的过程，分析过程中有哪些力做功，然后根据动能定理列式求解．3．汽车发动机的额定功率为30kW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，（1）汽车在路面上能达到的最大速度？（2）当汽车速度为10m/s时的加速度？（3）若汽车从静止开始保持1m/s2的加速度作匀加速直线运动，则这一过程能持续多长时间？【分析】当汽车以额定功率行驶时，随着汽车速度的增加，汽车的牵引力会逐渐的减小，所以此时的汽车不可能做匀加速运动，直到最后牵引力和阻力相等，到达最大速度之后做匀速运动．【解答】解：（1）汽车有最大速度时，此时牵引力与阻力平衡，由此可得：P=F牵•vm=f•vm∴（2）当速度v=10m/s时，则∴（3）若汽车从静止作匀加速直线运动，则当P=P额时，匀加速结束∴P额=F牵•vt又∵F牵﹣f=ma∴∴【点评】本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．4．山谷中有三块石头和一根不可伸长的轻质青藤，其示意图如下．图中A、B、C、D均为石头的边缘点，O为青藤的固定点，h1=1.8m，h2=4.0m，x1=4.8m，x2=8.0m．开始时，质量分别为M=10kg和m=2kg的大、小两只滇金丝猴分别位于左边和中间的石头上，当大猴发现小猴将受到伤害时，迅速从左边石头A点起水平跳到中间石头，大猴抱起小猴跑到C点，抓住青藤下端荡到右边石头上的D点，此时速度恰好为零．运动过程中猴子均看成质点，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2．求：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值；（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小；（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小．【分析】（1）大猴从A点到B点做平抛运动，根据高度求出运动时间，再根据水平位移求出大猴水平跳离时的速度最小值．（2）根据C到D点机械能守恒，抓住到达D点的速度为零，求出猴子抓住青藤荡起时的速度大小．（3）根据牛顿第二定律，通过竖直方向上的合力提供向心力求出拉力的大小．【解答】解：根据，解得则跳离的最小速度．（2）根据机械能守恒定律得，解得v==m/s≈9m/s．（3）根据牛顿第二定律得，根据几何关系得，联立解得F=216N．答：（1）大猴从A点水平跳离时速度的最小值为8m/s．（2）猴子抓住青藤荡起时的速度大小9m/s．（3）猴子荡起时，青藤对猴子的拉力大小为216N．【点评】本题综合考查了平抛运动，圆周运动，运用了机械能守恒定律、牛顿第二定律，综合性较强，难度不大，需加强这类题型的训练．5．质量为m的小球在竖直向上的恒定拉力作用下，由静止开始从水平地面向上运动，经一段时间，拉力做功为W．此后撤去拉力，球又经相同时间回到地面．以地面为零势能面，不计空气阻力．求：（1）球回到地面时的动能；（2）撤去拉力前球的加速度大小a及拉力的大小F；．（3）球动能为时的重力势能EP【分析】（1）有拉力作用过程，机械能的增加量等于拉力做的功；没有拉力作用的过程，只有重力做功，机械能守恒；（2）对加速上升过程和竖直上抛过程根据运动学公式列式求解加速度，根据牛顿第二定律列式求解拉力；（3）球动能为时，可能是加速过程，也可能是减速过程，分情况根据功能关系列式求解．【解答】解：（1）撤去拉力时球的机械能为W，由机械能守恒定律，回到地面时的动能为：=WEkt（2）设拉力作用时间为t，在此过程中球上升h，末速度为v，则：h=v=at由题意有：﹣h=vt﹣解得：a=根据牛顿第二定律，有：F﹣mg=ma解得：F=（3）动能为时球的位置可能在h的下方或上方；设球的位置在h下方离地h′处，则：（F﹣mg）h′=而W=Fh=mgh，（F﹣mg）h==解得：h′=重力势能：Ep=mgh′=mgh=W设球的位置在h上方离地h′处，由机械能守恒，有：因此：答：（1）球回到地面时的动能为W；（2）撤去拉力前球的加速度大小a为，拉力的大小F为；（3）球动能为时的重力势能或．【点评】本题关键是明确物体的受力情况和运动情况，结合功能关系、牛顿第二定律定律和运动学公式列式求解即可．6．如图所示，在高出水平地面h=1.8m的光滑平台上放置一质量M=2kg、由两种不同材料连接成一体的薄板A，其右段长度l1=0.2m且表面光滑，左段表面粗糙．在A最右端放有可视为质点的物块B，其质量m=1kg．B与A左段间动摩擦因数μ=0.4．开始时二者均静止，现对A施加F=20N水平向右的恒力，待B脱离A（A 尚未露出平台）后，将A取走．B离开平台后的落地点与平台右边缘的水平距离x=1.2m．（取g=10m/s2）求（1）B离开平台时的速度vB．（2）B从开始运动到刚脱离A时，B运动的时间tB 和位移xB．（3）A左端的长度l2．【分析】对A、B隔离受力分析，根据受力情况再做运动过程情况分析，根据运动性质结合物理规律解决问题．要注意物体运动的位移指的是相对于地面的位移．要善于画出运动过程的位置图象，有利于解题．【解答】解：（1）设物块平抛运动的时间为t，由平抛运动规律得：h=gt2，x=vBt联立解得vB=2m/s．（2）设B的加速度为aB，B在A的粗糙表面滑动，受向右的滑动摩擦力做匀加速直线运动．由牛顿第二定律，F合=μmg=maB，由匀变速直线运动规律，vB =aBtB，xB=aBtB2，联立解得：tB =0.5s，xB=0.5m．（3）设B刚好开始运动时A的速度为v，以A为研究对象，由动能定理得Fl1=Mv12设B运动后A的加速度为aA，由牛顿第二定律和运动学的知识得：F﹣μmg=MaA ，（l2+xB）=v1tB+aAtB2，联立解得l2=1.5m．答：（1）B离开平台时的速度vB为2m/s．（2）B运动的时间tB 为0.5s，位移xB为0.5m．（3）A左端的长度l2为1.5m．【点评】能够根据物体的受力情况确定物体的运动情况，运用牛顿第二定律和运动学公式解决．动能定理的应用要注意过程的选取和总功的求解．7．一物体放在水平地面上，如图1所示，已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示，物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示．求：（1）物体与地面间的动摩擦因数；（2）0～10s时间内，物体克服摩擦力所做的功．【分析】（1）根据图象求只受摩擦力时的加速度，根据牛顿运动定律求解动摩擦因数（2）结合图2和图3可知：在0﹣2s物体不动，受到的静摩擦力不做功；在2﹣10s受到的滑动摩擦力做负功，滑动摩擦力不变，根据W=FScosθ解即可．==1.5m/s2【解答】解：（1）在8﹣10s：根据图象知加速度大小a4根据牛顿运动定律知f=μmg=ma4（2）结合图2和图3可知：在0﹣2s物体不动，受到的静摩擦力不做功；在2﹣10s受到的滑动摩擦力做负功，滑动摩擦力不变f=2N在0﹣10s：=fs=2×15=30JW克f（1）物体与地面间的动摩擦因数为0.15；（2）0～10s时间内，物体克服摩擦力所做的功为30J【点评】此题考查读图获取信息的能力，注意根据需要选取合适的阶段．8．目前，上海有若干辆超级电容车试运行，运行中无需连接电缆，只需在乘客上车间隙充电30秒到1分钟，就能行驶3到5公里．假设有一辆超级电容车，质量m=2×103kg，额定功率P=60kW，当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的0.1倍，g取10m/s2．（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是多少？（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维持多长时间？（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，求此过程中超级电容车的位移．【分析】（1）当汽车匀速运动时，牵引力等于阻力，速度达到最大，由P=Fv求的最大速度；（2）当汽车以恒定的加速度运动时，由牛顿第二定律求出牵引力，在牵引力下达到额定功率前，加速度将保持不变，由v=at求出加速时的时间；（3）有动能定理求出位移；【解答】解：（1）当汽车速度达到最大时汽车的牵引力与阻力平衡，即F=ff=kmg=0.1×2×103×10=2000NP=fvm得：vm===30m/s（2）汽车做匀加速运动：F1﹣f=maF1=3000N设汽车刚达到额定功率时的速度v1：P=F1v1v1===20m/s设汽车匀加速运动的时间t：v1=at解得：t==40s（3）从静止到最大速度整个过程牵引力与阻力做功，由动能定理得：Pt2﹣fs=mvm2代入数据解得：s=m=1050m答：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是30m/s（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度作匀加速直线运动，这一过程能维持40s（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，此过程中超级电容车的位移为1050m．【点评】本题主要考查了机车启动的两种方式，恒定功率启动和恒定加速度启动，掌握恒定功率启动时功率保持不变，牵引力随速度增大而减小，恒定加速度启动时牵引力不变，功率随速度增加而增加．9．质量为5×103kg的汽车在以P=6×104W的额定功率下沿平直公路前进，某一=10m/s，再经72s达到最大速度，设汽车受恒定阻力，其大时刻汽车的速度为v小为2.5×103N．求：=10m/s时汽车的加速度a；（1）v；（2）汽车的最大速度vm（3）汽车在72s内经过的路程s．【分析】汽车以额定功率启动，做的是牵引力减小，加速度减小的加速运动．到最大速度时汽车做匀速运动，将功率公式和速度公式结合使用．根据P=Fv求得牵引力，再根据牛顿第二定律求得加速度．由于是一个变加速运动，对应路程的求解不可用匀变速直线运动的公式呢，可以运用动能定理．【解答】解：（1）根据P=Fv得：=F﹣f=maF合（2）汽车以额定功率启动，牵引力减小，加速度减小，到最大速度时汽车做匀速运动．∴当达到最大速度时，牵引力等于阻力（3）从开始到72s时刻依据动能定理得：Pt﹣fs=mvm 2﹣mv2，解得：s=1252m．答：（1）v=10m/s时汽车的加速度是0.7m/s2；（2）汽车的最大速度是24m/s；（3）汽车在72s内经过的路程是1252m．【点评】在此题中汽车的牵引力时刻在发生变化但是功率不变，所以属于变力做功问题，而且这是一个变加速运动，动能定理是一种很好的处理方法．10．有一质量m=1000kg的混合动力轿车，在平直公路上以v1=90km/h匀速行驶，发动机的输出功率为P=50kw．当驾驶员看到前方有80km/h的限速标志时，保持发动机功率不变，立即启动利用电磁阻尼带动的发电机工作给电池充电，使轿车做减速运动，运动L=72m后，速度变为v2=72km/h．此过程中发动机功率的五分之一用于轿车的牵引，五分之四用于供给发电机工作，发动机输送给发电机的能量最后有50%转化为电池的电能．假设轿车在上述运动过程中所受阻力保持不变．求（1）轿车以90km/h在平直公路上匀速行驶时，所受阻力F阻的大小；（2）轿车从90km/h减速到72km/h过程中，获得的电能E电；电L'．【分析】（1）由瞬时功率公式可以得到匀速运动时的牵引力的大小，牵引力和阻力相等，可以得到阻力的大小；（2）对汽车的减速运动过程运用动能定理，可以求得此时发动机的功率，再由电能的转化关系，可以求得转化的电能；（3）运用能量守恒定律可以求得匀速运动的距离．【解答】解：（1）由瞬时功率公式有：P=F牵v．当汽车匀速运动时，由共点力平衡条件有：F牵﹣F阻=0．代入数据解得：F牵=F阻=2000N；（2）对汽车的减速运动过程，运用动能定理有：Pt﹣F阻L=mV22﹣mV12．代入数据解得：Pt=1.575×105J．电源获得的电能为：E电=0.5×Pt=6.3×104J．（3）依题意，汽车在平直公路上匀速行驶时受到的阻力仍为F阻=2000N．对这一过程运用能量守恒定律有：E电=FL′=F阻L′．代入数据解得：L′=31.5m答：（1）轿车以90km/h在平直公路上匀速行驶时，所受阻力F阻的大小是2000N；（2）轿车从90km/h减速到72km/h过程中，获得的电能E电是6.3×104J；电L'是31.5m．【点评】题目中的第一问是平时较常见的类型，第二问比较新颖，但是根据能量转化的关系，也是比较容易解出来的，关键还是看学生对基本方法的掌握．11．如图所示，AB是半径为R的光滑圆弧轨道．B点的切线在水平方向，且B 点离水平地面高为h，有一物体（可视为质点）从A点静止开始滑下，到达B点时，对轨道的压力为其所受重力的3倍（重力加速度为g）．求：（1）物体运动到B点时的速度；（2）物体到达B点时的加速度a1及刚离开B点时的加速度a2；（3）物体落地点到B点的距离s．【分析】（1）滑块从A到B过程，机械能守恒，根据守恒定律列式求解即可；（2）在B点的加速度为向心加速度，离开B点后的加速度为平抛运动的加速度；（3）根据平抛运动的分位移公式列式求解即可．【解答】解：（1）根据机械能守恒定律，有：mgR=；可知小球运动由A到B点的速度大小为；（2）物体到达B点时受到重力和支持力的作用，其合力提供向心力，即加速度a1为向心加速度：；物体刚离开B点时只受到重力作用，加速度：a2=g；（3）小球离开B点后做平抛运动，下落时间：，水平射程：．物体落地点到B点的距离：s==；答：（1）物体运动到B点时的速度为；（2）物体到达B点时的加速度为2g，刚离开B点时的加速度为g；（3）物体落地点到B点的距离s为．【点评】本题关键明确滑块的运动规律，结合机械能守恒定律和平抛运动的分位移公式列式求解；题目中“到达B点时，对轨道的压力为其所受重力的3倍”是重复条件．12．一架质量m=2.0×104kg的飞机在水平跑道上起飞，发动机提供的推力恒为F1，在跑道上经过s1=400m的加速运动，达到起飞速度vM=100m/s．现要使该飞机能在s2=100m的航母跑道上起飞，需用电磁弹射器辅助．假设电磁弹射器对飞机施加恒定推力F2，飞机在地面和航母跑道上运动时所受的阻力均为Ff=1.0×104N，求：（1）飞机发动机的推力F1大小；（2）电磁弹射器的推力F2大小；（3）电磁弹射器的平均输出功率．【分析】（1）飞机在后一阶段，在发动机的推力F1和阻力的作用下匀加速运动，根据运动学求解加速度大小，根据牛顿第二定律求解飞机发动机的推力F1；（2）由运动学公式求加速度，由牛顿第二定律求牵引力F2．（3）根据匀变速直线运动规律=求出平均速度，根据P=FV求平均功率．【解答】解：（1）设第一阶段的加速度大小为a1，飞机在地面和航母跑道上运动时所受的阻力均为Ff=1.0×104N，根据牛顿第二定律得F1﹣Ff=ma1…①根据运动学知识知﹣0=2a1s…②联立①②解得：F1=2.6×105N．（2）令飞机在电磁弹射区的加速度大小为a2，a2===50m/s2…③由F2+F1﹣f1=ma1…④解③④得：F2=7.5×105N．（3）平均速度为：==50m/s平均功率为：=F2=7.5×105×50W=3.75×107W．答：（1）飞机发动机的推力F1大小为2.6×105N；（2）电磁弹射器的推力F2大小为=7.5×105N；（3）电磁弹射器的平均输出功率3.75×107W．【点评】本题是牛顿运动定律和运动学规律的结合，是动力学的基本问题，关键是求解加速度，加速度是联系力学和运动学的桥梁．13．如图所示，固定的光滑圆弧轨道ACB的半径为0.8m，A点与圆心O在同一水平线上，圆弧轨道底端B点与圆心在同一竖直线上．C点离B点的竖直高度为0.2m．物块从轨道上的A点由静止释放，滑过B点后进入足够长的水平传送带，传送带由电动机驱动按图示方向运转，不计物块通过轨道与传送带交接处的动能损失，物块与传送带间的动摩擦因数为0.1，g取10m/s2．若物块从A点下滑到传送带上后，又恰能返回到C点，（1）求传送带的速度．（2）求物块在传送带上第一次往返所用的时间．【分析】由机械能守恒可求得物体到达B点时的速度；物体以此速度在传送带上减速运动，由牛顿第二定律可求得加速度；则由运动学公式可求得减速到零的时间和位移；物体再反向做加速运动，由机械能守恒可求得返回到B点的速度；根据运动学公式可判断出物体反向加速的运动情况，从而求得传送带的速度；分段求出物体运动的时间，则可求得总时间．【解答】解：由机械能守恒定律得，==4m/s；VB物块先在传送带上作匀减速直线运动，运动时间为t1==4s，通过的位移为x1===8m；物块再在传送带上作匀加速直线运动，其末速度由得v1==2m/s，则匀加速直线运动的时间为t2===2s，通过的位移为x2==2m，然后再作匀速运动，故传送带的速度应为2m/s；其位移为通过的位移为x3=x1﹣x2=8﹣2=6m，匀速运动的时间为t3==3s，所以物块在传送带上第一次往返所用的时间为t=t1+t2+t3=4+2+3=9s．答：（1）传送带的速度为2m/s；（2）物体第一次往返的时间为9s．【点评】本题难点在于对过程的分析，要弄清楚物体在传送带上运动的全过程，特别是最后一段的先加速再匀速过程．14．一列火车总质量m=500t，机车发动机的额定功率P=6×105W，在轨道上行驶时，轨道对列车的阻力Ff是车重的0.01倍，g取10m/s2，求：（1）火车在水平轨道上行驶的最大速度；（2）在水平轨道上，发动机以额定功率P工作，当行驶速度为v1=1m/s和v2=10m/s时，列车的瞬时加速度a1、a2各是多少；（3）在水平轨道上以36km/h速度匀速行驶时，发动机的实际功率P′；（4）若火车从静止开始，保持0.5m/s2的加速度做匀加速运动，这一过程维持的最长时间．【分析】（1）以恒定的功率行驶时，当牵引力和阻力大小相等时，列车的速度达到最大值；（2）发动机的功率不变，根据P=Fv可以求得不同速度时的牵引力的大小，再根据牛顿第二定律F﹣f=ma可以求得此时机车的加速度的大小；（3）列车匀速行驶时，发动机的实际功率P′=Fv=fv，由此可以求得发动机的功率的大小；（4）当列车以恒定的加速度运动时，列车的速度在不断的增大，同时列车的功率也在不断的增大，当功率增加到额定功率时，发动机的牵引力开始减小，此时的速度为匀加速运动的最大的速度，再根据v=at就可以求得运动的时间．【解答】解：（1）列车以额定功率工作时，当牵引力等于阻力，即F=Ff=kmg时列车的加速度为零，速度达最大vm，则：vm====12m/s．（2）当v＜vm时列车加速运动，当v=v1=1m/s时，F1==6×105N，据牛顿第二定律得：a1==1.1m/s2当v=v2=10m/s时，F2==6×104N据牛顿第二定律得：a2==0.02m/s2．（3）当v=36km/h=10m/s时，列车匀速运动，则发动机的实际功率P′=Ffv=5×105W．（4）根据牛顿第二定律得牵引力F′=Ff+ma=3×105N，在此过程中，速度增大，发动机功率增大．当功率为额定功率时速度大小为v′，m′==2m/s即vm′=at，据vm得：t==4s．答：（1）火车在水平轨道上行驶的最大速度是12m/s；=1m/s时的加（2）在水平轨道上，发动机以额定功率P工作，当行驶速度为v1=10m/s时加速度的大小为0.02m/s2；速度的大小为1.1m/s2，当行驶速度为v2（3）在水平轨道上以36km/h速度匀速行驶时，发动机的实际功率P′为5×105 W；（4）若火车从静止开始，保持0.5m/s2的加速度做匀加速运动，这一过程维持的最长时间是4s．【点评】本题考查的是汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．15．某兴趣小组对一辆自制遥控小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为υ﹣t图象，如图所示（除2s～10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s～14s时间段内小车的功率保持不变，在14s 末停止遥控而让小车自由滑行，小车的质量为1.0kg，可认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车所受到的阻力大小；（2）小车匀速行驶阶段的功率；（3）小车在加速运动过程中（指图象中0～10秒内）位移的大小．【分析】（1）在14s末停止遥控而让小车自由滑行，小车只受摩擦力，故可以可以先求加速度，再求出合力，等于摩擦力；（2）匀速阶段，牵引力等于阻力，速度已知，直接根据公式P=Fv求解；（3）前2秒位移根据运动学公式求解，2s到10s为变加速过程，其位移可以由动能定理求解．【解答】解：（1）由图象可得：在14s～18s时间段a=m/s2=﹣1.5m/s2小车受到阻力大小：Ff=ma=﹣1.5N（负号表示力的方向与运动方向相反）（2）在10s～14s小车做匀速运动，牵引力大小F与Ff大小相等F=1.5NP=Fυ=1.5×6W=9W（3）速度图象与横轴之间的“面积”等于物体运动的位移0～2s内x1=×2×3m=3m2s～10s内根据动能定理Pt﹣Ff x2=﹣解得x2=39m加速过程中小车的位移大小为：x=x1+x2=42m答：（1）小车所受到的阻力大小为1.5N；（2）小车匀速行驶阶段的功率为9W；（3）小车在加速运动过程中位移的大小为42m．【点评】本题关键分析清楚小车各段的运动规律以及力的变化情况，结合牛顿第。

军队院校招生文化科目统考士官初中《物理》考前点题卷一[单选题]1.如图1示，物体在20N的水平拉力F作用下沿水平地面向右以3m/（江南博哥）s的速度匀速运动了10m，撤去水平拉力后，该物体又向前运动了1.5m后停了下来.则().图1A.物体受到的重力和它对地面的压力是一对作用力和反作用力B.撤去拉力后，物体慢慢停止运动，说明惯性与速度有关C.物体匀速运动时拉力与它受到的摩擦力是一对平衡力D.撤去拉力后，物体慢慢停止运动，说明力是维持物体运动的原因参考答案：C参考解析：A项，重力是地球对物体施加的力，压力是物体对地面施加的力，不是一对作用力和反作用力；B项，撤去拉力后，物体由于惯性而继续向前运动，惯性的大小与物体的质量有关，与速度大小无关；C项，物体匀速运动时拉力与它受到的摩擦力大小相等，方向相反，作用在同一物体上，故是平衡力；D项，撤去拉力后，物体受到摩擦力的作用而慢慢停止运动，说明力是改变物体运动状态的原因，物体的运动不需要力来维持.[单选题]2.下列实例中，不是利用大气压强的是().A.用胶头滴管吸取药液B.用力压打气筒的活塞.把气充进轮胎C.用吸管喝饮料D.活塞式抽水机参考答案：B参考解析：ACD三项，胶头滴管吸取药液、用吸管喝饮料和活塞式抽水机利用的都是大气压；B项，用力压打气筒活塞是外力对气体做功.[单选题]3.如图2小明用一轻质杠杆自制简易密度秤的过程中，在A端的空桶内分别注入密度已知的不同液体，改变物体M悬挂点B的位置，当杠杆在水平位置平衡时，在M悬挂点处标出相应液体的密度值.下列关于密度秤制作的说法中，错误的是().图2A.每次倒入空桶的液体体积相同B.秤的刻度值向右越来越大C.悬点O适当右移，秤的量程会增大D.增大M的质量，秤的量程会增大参考答案：C参考解析：A项，根据杠杆平衡条件，只有桶内注入相同体积的液体，才能保证液体的密度与悬挂物M到支点的距离成比例，从而计算出未知液体的密度；B 项，注入液体密度越大，重力越大，根据杠杆平衡条件，悬挂物M到支点的距离越大，所以密度秤的刻度向右越来越大；C项，根据杠杆平衡条件，支点O右移，会使杠杆左侧力与力臂的乘积变大，悬挂物M只有右移才会保证杠杆平衡，这样密度秤的量程会变小；D项，物体M的质量越大，力越大，根据杠杆平衡条件，对应的力臂越小，则物体M到支点的距离减小，密度秤量程变大. [单选题]4.摄氏温标规定，在标准大气压下冰水混合物的温度为().A.0℃B.10℃C.40℃D.l00℃参考答案：A参考解析：摄氏温度规定：在标准大气压下，冰水混合物的温度是0℃，沸水的温度是100℃.[单选题]5.如图3示，用手电筒对着平面镜中的像照射时，观察到像比原来亮多了，其原因是().图3A.光射到像上，所以像变亮了B.光反射到物体上，物体变亮了，所以像也变亮了C.光使整个空间变亮了，更便于观察像，所以像变亮了D.光使镜子更明亮了，所成的像也就变亮了参考答案：B参考解析：用手电筒对着平面镜中的像照射时，由反射规律可知，大部分光反射到物体上，物体变亮了，所以像也变亮了.[单选题]6.如图4示，一束光线射向平面镜.那么这束光线的入射角和反射角的大小分别为().图4A.30°、30°B.60°、60°C.30°、60°D.60°、30°参考答案：B参考解析：法线与镜面垂直，入射光线与镜面之间的夹角为30°，所以入射角为60°，根据反射角等于入射角，可以得出反射角也为60°.[单选题]7.在常温干燥的情况下，下列餐具属于导体的是().A.塑料筷子B.陶瓷碗C.不锈钢勺D.玻璃果盘参考答案：C参考解析：ABD三项，常温干燥的情况下，塑料、陶瓷、玻璃都是绝缘体，不易导电；C项，不锈钢是金属，容易导电.[单选题]8.楼道里，夜间只是偶尔有人经过，电灯总是亮着会浪费电能.小明和小刚利用“光控开关”（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）和“声控开关”（当有人走动发出声音时，自动闭合，无人走动没有声音时，自动断开）设计了如图所示电路，使楼道照明变得“智能化”，下列符合这种“智能”要求的电路图是().A.B.C.D.参考答案：D参考解析：由题意知，需同时具备天黑且有人走动产生声音的条件下灯才亮，说明声控开关和光控开关同时控制电灯，两个开关应是串联的.[单选题]9.定值电阻甲、乙中的电流与电压关系如图5示，现将甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端，下列分析正确的是().图5A.乙消耗的电功率为0.9WB.甲消耗的电功率为0.45WC.甲中的电流小于乙中的电流D.甲的电阻值大于乙的电阻值参考答案：A参考解析：A项，乙消耗的电功率为；B项，甲消耗的电功率为18W；C项，甲中的电流大于乙中的电流；D项，定值电阻甲、乙阻值分别为5Ω和10Ω，甲的电阻值小于乙的电阻值.[单选题]10.有关电和磁的说法正确的是().A.金属外壳用电器必须使用两脚插头B.电动机是根据电磁感应的原理制成的C.磁体之间的相互作用是通过磁场发生的D.同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥参考答案：C参考解析：A项，有金属外壳的用电器必须使用三脚插头，三脚插头插入三孔插座时，使金属外壳和大地相连，避免触电事故的发生；B项，电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的，发电机是利用电磁感应现象的原理工作的；C项，磁体间的相互作用是通过磁场发生的；D项，电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引.[问答题]1.按要求作图.(作图时请用刻度尺)请在图10中画出木块受到浮力的示意图，并标注浮力的符号.图10参考答案：如图11所示图11[问答题]2.如图12所示，是一束光射到平面镜后的反射光线，请画出其入射光线和法线.图12参考答案：如下图13所示.根据法线与分界面垂直画出法线，入射角等于反射角，作出入射光线.图13[问答题]3.请在图14的方框中正确填入开关和灯泡的符号.图14参考答案：如图15所示图15用电器的一端接零线，另一端通过开关和火线连接.[问答题]4.如图16所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极.图16参考答案：如下图17所示，根据螺线管中的电流方向，结合安培定则即可判断螺线管右端是N极，左端是S极，因为异名磁极相互吸引，故小磁针的右端是N极，磁感线的方向是从N极出发回到S极.图17[问答题]5.如图18所示，滑轮组在向上的拉力F作用下，将重为120N的物体匀速提起，在10s内物体上移的距离为2m.求：图18（1）物体上升的速度；（3分）（2）有用功；（3分）（3）如果拉力F为50N，滑轮组提升该重物时的机械效率.（4分）参考答案：（1）物体上升速度为V＝h/t＝2m/10s＝0.2m/s（2）拉力做的有用功为W＝Gh＝120N×2m＝240J（3）由效率公式有[问答题]6.王大刚同学和家人在郊外野餐，用木炭烧水.铁锅内装有5kg水，把水从18℃加热至98℃，已知水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）.如果木炭的热值为3.4×107J/kg，它燃烧放出的热有10％被水吸收.求：（1）在这个过程中水吸收的热量；（6分）（2）在这个过程中用掉多少木炭.（6分）参考答案：（1）水吸收的热量为（2）根据公式有[问答题]7.在如图19所示的电路中，电源电压不变，R1＝3Ω，R2＝6Ω.（1）当S1、S3断开，S2闭合时，电流表示数为1A，求电源电压；（4分）当S1、S3闭合，S2断开时，求：（2）电路中的总功率；（4分）（3）通电1min，电阻R1产生的热量.（4分）图19参考答案：（1）当S1、S3断开，S2闭合时，R1、R2串联，则U＝I(R1＋R2)＝1A×(3Ω＋6Ω)＝9V（2）当S1、S3闭合，S2断开时，R1、R2并联，则（3）.[填空题]1.知人耳区分两次声音的时间间隔为0.1s以上.现有一根长为8.5m的铁管，如果你将耳朵贴在铁管的一端，让另外一个人敲击下铁管的另一端，则敲击声由空气传入你的耳朵需要（）s，你会听到（）次敲打的声音.（已知声音在空气中的传播速度为340m／s，在铁中传播速度为5200m／s）参考答案：0.025；1参考解析：因为管长s＝8.5m，空气中的声速是340m／s,,则由v＝s／t得声音在空气中的传播时间,声音由铁管传入人耳需要的时间,两次声音的时间间隔，人耳不能区分，故只能听见一次敲打的声音.[填空题]2.球运动员起脚射门，足球离脚后由于（）还能继续飞向球门；守门员飞身将球扑住，说明力能改变物体的（）.参考答案：惯性；运动状态参考解析：在脚的作用下，足球由静止变为运动，足球离开脚后，由于惯性，仍然要保持原来的运动状态，所以能继续飞向球门；守门员飞身将球扑住，足球由运动变为静止，说明力能改变物体的运动状态.[填空题]3.图6用的一种体温计，它是根据液体（）的规律制成的.此时它指示的温度是（）℃.图6参考答案：热胀冷缩；37.6参考解析：体温计是利用了液体的热胀冷缩的性质制成的，它的分度值是0.1℃，此时示数为37.6℃.[填空题]4.打扫教室清洁时，用湿抹布擦黑板，过一会儿黑板就会变干，这是水的（）现象（填物态变化的名称）.夏天，从冰箱中取出一瓶饮料，空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在饮料瓶外表面，水蒸气在液化过程中要（）（填“吸热”或“放热”）.参考答案：汽化；放热参考解析：用湿抹布擦黑板，过一会儿黑板就会变干，水由液态变成气态，这是水的汽化现象；空气中的水蒸气遇冷液化要散热.[填空题]5.平桌面上放着一块平面镜，一只小球沿桌面向平面镜滚去，结果人从平面镜中观察到小球的像是竖直向下运动的.由此可知，平面镜与桌面的夹角是（）度.参考答案：45参考解析：由平面镜成像特点可以判定.[填空题]6.毛狗在家中的沙发上玩耍，淘气的小明用干燥的毯子将它包裹起来并来回摩擦，结果小狗的长毛竖了起来，像一只可爱的刺猬，如图7示.狗毛是因为摩擦带上了（）（填“同种”或“异种”）电荷而互相排斥的.在实验室中用到的（）（填“验电器”或“试电笔”）就是利用这一原理制成的仪器.图7参考答案：同种；验电器参考解析：狗毛竖起来是因为摩擦使其带上同种电荷相互排斥的作用；验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制成的.[填空题]7.如图8所示，电源电压恒定，小灯泡L1、L2均标有“6V3W”的字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），当开关S1、S2都闭合时，灯泡L1正常发光，则电源电压为（）V；当开关S1闭合，S2断开时，电路的总功率为（）W.图8参考答案：6；1.5参考解析：当S1、S2均闭合，只有L1有电流通过，已知L1正常发光，所以U＝U1＝6V；因为P＝U2/R，所以每只灯泡的电阻为R＝U2/P＝（6V）2/3W＝12Ω，当开关S1闭合，S<s ub>2断开时.电路的总电阻为R<s ub>总＝2R＝2×12Ω＝24Ω，电路的总功率为P总＝U2/R总sub>＝（6V）2/24Ω＝1.5W.[填空题]8.家庭中测量所用电能多少的仪表是（）表.当标有“220V 11W”字样的节能灯正常工作时，两端的电压为（）伏，通过的电流为（）安.参考答案：电能；220；0.05参考解析：家庭中测量所用电能多少的仪器是电能表；由灯泡的铭牌可知，灯泡的额定电压为220V，额定功率为11W，由P＝UI可得，正常工作时的电流I＝P/U＝11W/220V＝0.05A.[填空题]9.如图9所示，根据磁感线方向，可以判断：电源的a端为（）极，小磁针的b端为（）极.图9参考答案：负(或“－”)；N(或北)参考解析：磁体外部的磁感线总是从N极发出回到S极.由通电螺线管的磁感线方向可判断出通电螺线管的右端为N极，依据安培定则可判断出通电螺线管纸面一侧的电流方向是向下的，则电源的a端为负极；依据处于磁场中的小磁针静止时N极指向与该点的磁场方向一致，可判断出小磁针的b端为N极.[填空题]10.通电导体在磁场中要受到（）的作用，利用这一现象制成了（）机，它工作时的能量转化是（）.参考答案：磁场力；电动；电能转化为机械能参考解析：通电导体在磁场中受到了磁场力的作用从而产生了运动；电动机在工作时消耗电能产生机械能，即将电能转化为机械能.。

2020年解放军和武警部队院校招生文化科目统一考试《物理》练习题(14)关键词：军校考试张为臻士兵军考军校考试辅导考试范围与要求军考物理1、关于温度、热量和内能的说法不正确的是()。

A.的冰块也有内能B.温度高的物体，内能一定大C.物体放出热量，温度不一定降低D.物体对外做功，内能可能减小准维解析：B。

因物体的分子永不停息地做无规则的运动，所以任何物体都有内能，则的冰块也有内容，说法正确;内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，单比较物质的温度不能判断内能的大小，则温度高的物体，内能一定大，说法错误;发生热传递时，物体放出热量，内能减小，减小的内能可能降低温度，也可能发生状态变化，则物体放出热量，温度不一定降低，说法正确;对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能减小，说法正确。

2、质量相等、温度相同的铁块和铜块，在吸收了相等的热量后再相互接触，那么(已知铁的比热比铜的比热大)()。

A.热由铁块传给铜块B.热由铜块传给铁块C.铁块跟铜块之间不发生热传递D.以上情况都有可能准维解析：B。

已知铜和铁的质量、初温相同，并且吸收相同的热量，但铁的比热容比铜的比热容大，由公式可知，比热容越大，升高的温度越低，即最后的温度越低，所以铜的末温比铁的末温高，热量将会由铜块传向铁块。

3、下列关于热现象的说法，正确的是()。

A.物体的温度越高，分子热运动越剧烈B.汽油机的做功冲程是将机械能转化为内能C.温度越高的物体具有的热量就越多D.煤油吸收的热量越多，其比热容和热值就越大准维解析：A。

物体的温度越高，扩散越快，说明分子热运动越剧烈，A项正确;汽油机的做功过程是将内能转化为机械能，B项错误;热量是热传递过程中转移的那部分内能，所以说一个物体具有的热量多少是没有意义的，C项错误;比热容和热值是物质自身的特性，只和物质的种类和状态有关，与其他因素无关，D项错误。

4、对于库仑定律，下列说法正确的是()。

A.凡计算两个点电荷的作用力，就可以使用公式B.两个带电小球即使距离非常近，也能用库仑定律C.相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷量是否相同，它们之间的库仑力大小一定相等D.两个点电荷的电荷量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的一半准维解析：C。

……………○○……………………线线………………○……________考号：……○…………………订…________学历：………订………○…________姓名：……○………………装…:___________单位………装………○○……………………外内……………………○○………2020年全军士官招生文化科目统一考试模拟试卷（一）综合科目·物理一．选择题（每小题3分，共计18分）1．如图所示，竖直墙面上有一只壁虎从A 点沿水平直线加速运动到B 点，此过程中壁虎受到摩擦力的方向是（）A ．斜向右上方B ．斜向左上方C ．水平向左D ．竖直向上2．一汽车通过拱形桥顶时速度为10m/s ，车队桥顶的压力为车重的3，则拱桥的半径为（）4A ．20mB ．30mC ．40mD ．60m3．下列说法正确的是（）A ．气体对外界做功，其内能一定减小B ．气体从外界吸热，其内能一定增大C ．温度越低，分子的平均动能越大D ．温度越高，分子热运动越剧烈4．周期为2.0s 的简谐横波沿x 轴传播，该波在某时刻的图象如图所示，此时质点P 沿y 轴负方向运动。

则该波（）A ．沿x 轴正方向传播，波速v ＝10m/sB ．沿x 轴正方向传播，波速v ＝5m/sC ．沿x 轴负方向传播，波速v ＝10m/sD ．沿x 轴负方向传播，波速v ＝5m/s5．学校运动会进行跳远比赛时，要在沙坑里填沙。

这样做的目的是为了减小人触地过程中的（）A ．作用时间B ．动量变化量C ．动量变化率D ．受到的冲量6．如图，用理想变压器给电灯L 供电，如果只增加副线圈匝数，其它条件不变，则（）A ．电灯L 亮度减小B ．电流表示数减小C ．电压表示数增加D ．变压器输入功率不变二．填空题（每空4分，共计20分）7．在光滑的水平面上，有一静止的物体，其质量为7kg ，它在一大小为14N 的水平拉力作用下从静止开始运动，则物体开始运动5s 所通过的位移大小m ，运动5s 末速度大小是m/s 。

现役士兵考军校试题第二部分 物 理一、本题共5小题，每小题4分，共20分. 对于有多个正确选项的题，全选对得4分，选不全的得2分，有选错的得0分.1. 加速度不变的运动（ ）.A. 一定是直线运动B. 可能是曲线运动C. 可能是匀速圆周运动D. 若初速度为零，一定是直线运动2. 对于一定质量的理想气体，可能发生的过程是（ ）.A. 气体的压强增大，温度升高，气体对外界做功B. 气体的压强增大，温度不变，气体对外界放热C. 气体的压强减小，温度降低，气体从外界吸热D. 气体的压强减小，温度升高，外界对气体做功3. 一个运动物体，在任何相等的时间内，动量的变化量．．．．．．相同，则物体的运动可能是（ ）.A. 匀减速曲线运动B. 只受某一恒力作用的曲线运动C. 匀速圆周运动D. 任何只有重力做功的运动4. 某人在高h 处抛出一个质量为m 的物体. 不计空气阻力，物体落地时的速度是v ，则人对物体做的功是（ ）.A. mghB. 221mvC. mgh mv +221D. mgh mv -221 5. 如图所示，质点S 为波源，做上下振动，形成向左、向右传播的简谐波，振动频率为20Hz ，波速为16m/s ，已知15.8m PS =，14.6m QS =. 足够长的时间后的某时刻，质点S 恰好通过平衡位置向上运动，此时（ ）.A. P 在波峰B. P 在波谷C. Q 在波峰D. Q 在波谷二、本题共3小题，每空3分，共15分. 不要求写出演算过程.6. 两行星A 、B 各有一颗卫星a 和b ，卫星的圆轨道接近各自行星表面，如果两行星的质量比p M M B A =:，两行星半径之比q R R B A =:，则两卫星的周期之比=b a T T : .7. 一个质量为1kg 的物体，在0时刻以速度05m/s v =向东运动. 物体同时受两个恒力的作用：12N F =，方向向南；20.5N F =，方向向西. 则2秒末物体的动．量．大小为 kg m/s ⋅，方向为 .8. U 23892经过2次α衰变和3次β衰变后，得到的原子核中质子数为 ，中子数为 .三、（12分）9. 某登山运动员在一次攀登珠穆朗玛峰的过程中，在接近山顶时他裸露在手腕上的防水手表的表盘玻璃突然爆裂了. 而手表没有受到任何撞击，该手表出厂时给出的参数为：27℃时表内气体压强为51.010Pa ⨯（常温下的大气压强值），当内外压强差超过46.010Pa ⨯时表盘玻璃将爆裂. 当时登山运动员携带的温度计的读数是21-℃，表内气体体积的变化可忽略不计.(1) 手表的表盘是向外爆裂还是向内爆裂的？通过计算判断.(2) 当时外界的大气压强为多少？四、（13分）现役士兵大专生考军校资料网站/———军考网！10. 用线绳悬挂质量1kg M =的木块，木块重心到悬点的距离1m L =，有一质量0.01kg m =的子弹以0500m/s v =的水平速度射入木块，以1100m/s v =的速度从木块中射出，子弹穿过前后木块的质量变化忽略不计. 求：(1) 木块能摆动多高？(2) 此过程中有多少机械能转化为内能？第三部分化学注意：可能用到的相对原子质量：H: 1 C: 12 N: 14 O: 16 Na: 23 Mg: 24 Al: 27 S: 32 Cl: 35.5 Ca: 40一、选择题（每小题3分，共21分。

◎……○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…单位:___________姓名：________学历：________考号：________……○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○………2020年全军士官招生文化科目统一考试模拟试卷（一）综合科目·物理一．选择题（每小题3分，共计18分）1．如图所示，竖直墙面上有一只壁虎从A 点沿水平直线加速运动到B 点，此过程中壁虎受到摩擦力的方向是（）A ．斜向右上方B ．斜向左上方C ．水平向左D ．竖直向上2．一汽车通过拱形桥顶时速度为10m/s ，车队桥顶的压力为车重的43，则拱桥的半径为（）A ．20m B ．30m C ．40m D ．60m 3．下列说法正确的是（）A ．气体对外界做功，其内能一定减小B ．气体从外界吸热，其内能一定增大C ．温度越低，分子的平均动能越大D ．温度越高，分子热运动越剧烈4．周期为2.0s 的简谐横波沿x 轴传播，该波在某时刻的图象如图所示，此时质点P 沿y 轴负方向运动。

则该波（）A ．沿x 轴正方向传播，波速v ＝10m/s B ．沿x 轴正方向传播，波速v ＝5m/s C ．沿x 轴负方向传播，波速v ＝10m/s D ．沿x 轴负方向传播，波速v ＝5m/s 5．学校运动会进行跳远比赛时，要在沙坑里填沙。

这样做的目的是为了减小人触地过程中的（）A ．作用时间B ．动量变化量C ．动量变化率D ．受到的冲量6．如图，用理想变压器给电灯L 供电，如果只增加副线圈匝数，其它条件不变，则（）A ．电灯L 亮度减小B ．电流表示数减小C ．电压表示数增加D ．变压器输入功率不变二．填空题（每空4分，共计20分）7．在光滑的水平面上，有一静止的物体，其质量为7kg ，它在一大小为14N 的水平拉力作用下从静止开始运动，则物体开始运动5s 所通过的位移大小m ，运动5s 末速度大小是m/s 。

2020年军队院校招生文化科目统考士官初中《物理》章节题库第4章功勋卓著的磁现象一、单项选择题1．下列说法正确的是（）．A．放在磁场中的导体一定会受到磁场力的作用B．发电机是把电能转化为机械能的装置C．电动机是把电能转化为机械能的装置D．电热水壶是利用电流的磁效应工作的【答案】C【解析】A项，放在磁场中的导体不一定会受到磁场力的作用；B项，发电机不是把电能转化为机械能的装置；D项，电热水壶是利用电流的热效应工作的．2．获2015年科技创意大赛一等奖的“校园脚踏式发电装置”，是利用脚踩踏板带动线圈运动发电的，下图能反映其工作原理的是（）．【答案】B【解析】A项所对应的图形是电磁继电器的结构图；B项所对应的图形是发电机的原理，闭合电路中的部分导体做切割磁感线的运动，产生感应电流；C项所对应的图形是电动机的原理；D项所对应的图形表明电流周围存在磁场．3．关于电磁波，下列说法正确的是（）．A．色光的三原色是红、黄、蓝B．电磁波不能传递声音信息C．红外线可以用来遥控D．电磁波不能在真空中传播【答案】C【解析】A项，色光的三原色是红、绿、蓝；B项，电磁波可以传递声音信息，如收音机接收的电磁波中就携带有声音信息；D项，电磁波可以在真空中传播；C项正确．4．下列装置中，利用电磁感应原理工作的是（）．A．电磁起重机B．动圈式话筒C．扬声器D．电磁继电器【答案】B【解析】AD两项，电磁起重机、电磁继电器都是利用电磁铁工作的；C项，扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的；B项，动圈式话筒是通过声音的振动带动音圈的振动从而产生感应电流，利用的是电磁感应原理．5．如图4-1所示，当导体ab水平向右运动时，电流表指针向左偏转．下列情况中，电流表指针偏转方向正确的是（）．A．ab不动，磁体向右运动，指针向左偏转B．磁体不动，ab向左运动，指针向左偏转C．磁体不动，ab向上运动，指针向左偏转D．对调磁体的磁极，ab向左运动，指针向左偏转图4-1【答案】D6．首先发现电流磁效应的物理学家是（）．A．牛顿B．欧姆C．安培D．奥斯特【答案】D【解析】A项，牛顿是英国伟大的物理学家，在力学、光学等领域取得了卓著的成就；B项，欧姆是德国物理学家，发现了电流与电压、电阻的关系——欧姆定律；C项，安培是英国著名的物理学家，提出了安培右手定则；D项，1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家．7．随着大数据产业的发展，贵阳市逐步进入了全城免费WiFi（无线局域网）时代，市民可在城区内用智能手机与互联网免费连接．手机接收的网络信息是通过（）．A．电磁波传递B．铜质导线传递C．声波传递D．高压线传递【答案】A【解析】由无线局域网实际上就是把有线网络信号转换成无线信号可知，WiFi利用了电磁波进行信息传输．8．关于磁感线，下述说法正确的是（）．A．磁感线是磁场中实际存在的曲线B．磁体周围的磁感线都是从磁体北极出来，回到磁体南极C．小磁针南极在某点所受的磁场力的方向，跟该点磁感线方向相同D．磁感线只分布在磁体外，不分布在磁体内【答案】B【解析】磁感线是为描述磁场而画出的一些有方向的曲线，任何一点的曲线方向都跟放在该点的磁针北极所受力的方向一致．磁感线是封闭的曲线．磁体周围的磁感线都是从磁体的北极出来，回到磁体的南极，而在磁体内部从南极到北极．9．我们知道磁体间的相互作用是通过磁场这一看不见、摸不着的物质发生．下列物体间相互作用的发生与此类似的是（）．A．运动场对正在跑步的运动员有摩擦力的作用B．形变的跳板对跳水运动员有弹力的作用C．向两张竖直放置的白纸中间吹气，两张纸会相互靠拢D．带电的橡胶棒对靠近它的不带电泡沫小球有吸引力【答案】D【解析】A项，运动场对正在跑步的运动员有摩擦力的作用，这是接触的物体间的摩擦作用；B项，形变的跳板对跳水运动员有弹力的作用，这是物体相互接触后发生形变的作用；C项，向两张竖直放置的白纸中间吹气，两张纸会相互靠拢，这是因为流体中流速大的地方压强小；D项，带电的橡胶棒对靠近它的不带电泡沫小球有吸引力，这是通过看不见的场而产生的．10．法国科学家阿尔贝·费尔和德国科学家彼得·格林贝格尔由于巨磁电阻（GMR）效应而荣获2007年诺贝尔物理学奖．如图4-2是研究巨磁电阻特性的原理示意图，实验发现，在闭合开关S1、S2且滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗．这说明（）．图4-2A．电磁铁的左端为N极B．流过灯泡的电流增大C．巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显减小D．巨磁电阻的阻值与磁场的强弱没有关系【答案】A【解析】A项，依据电磁铁所在电路中电源的正、负极可判断出电磁铁中纸面一侧的电流方向是向上的，依据安培定则可判断出电磁铁的左端为N极、右端为S极；BCD三项，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大．由欧姆定律可知该电路中的电流将变小，电磁铁的磁性将减弱，此时指示灯明显变暗，说明流过指示灯的电流变小，巨磁电阻的阻值变大．11．2015年3月．我国成功将首颗新一代“北斗”导航卫星发射升空，标志着我国“北斗”卫星导航系统由区域运行向全球拓展，它与地面通信时利用的是（）．A．电磁波B．紫外线C．红外线D．超声波【答案】A【解析】电磁波能够在真空中传播，并且传播速度快，卫星通信都利用电磁波来传递信息．12．在安装直流电动机模型的实验中，为了改变电动机的转动方向，可采取的措施是（）．A．同时改变电流方向和磁场方向B．改变电流的大小C．只改变电流方向或只改变磁场方向。

2020年军队院校招生文化科目《物理》大纲考点解读：液体表面张力(参考) 关键词：军校考试张为臻士兵军考军校考试辅导武警部队军考物理考点【液体表面张力】凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力。

它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力。

就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势。

正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如。

2020年士兵军校考试《物理》大纲中的“热学”部分主要考点：分子动理论：理解分子动理论的基本观点和实验依据;了解阿伏加德罗常数、温度是分子平均动能的标志、液体的表面张力现象：了解内能、晶体、非晶体的概念。

定律与能量守恒：理解气体实验定律、理想气体的状态方程，能运用它解决生活中简单的问题;了解热力学第一定律、热力学第二定律。

准维教育军队考试网影响因素无机液体的表面张力比有机液体的表面张力大的多;水的表面张力0.0728N/m(20℃);有机液体的表面张力都小于水;含氮、氧等元素的有机液体的表面张力较大;张为臻含F、Si的液体表面张力最小;分子量大表面张力大;水溶液：如果含有无机盐，表面张力比水大;含有有机物，表面张力比水小。

外因：温度升高表面张力减小;压力和表面张力没有关系。

【准维军考考点归纳】1、凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力。

2、无机液体的表面张力比有机液体的表面张力大的多。

准维教育军队考试网3、水溶液：如果含有无机盐，表面张力比水大;含有有机物，表面张力比水小。

【准维军校考试精练】有一些小昆虫可以在水面上停留或能跑来跑去而不会沉入水中，这是由于昆虫受到向上的力跟重力平衡，这向上的力主要是()。

A.弹力B.表面张力C.弹力和表面张力D.浮力和表面张力参考答案：B。