2017年上海市高三物理一模试卷 黄浦区
- 格式：doc
- 大小：332.00 KB
- 文档页数：8
2017年上海市高三物理一模试卷黄浦区2017年1月12日（本试卷共4页，满分100分，考试时间60分钟。
）一．单项选择题（共40分，1-8题每小题3分，9-12题每小题4分，每小题只有一个正确选项。
）1．在国际单位制（SI）中，下列属于基本单位的是（）（A）千克（B）牛顿（C）库仑（D）焦耳2．奥斯特首先通过实验（）（A）提出了单摆的周期公式（B）测出了万有引力恒量G（C）发现了电流周围存在磁场（D）发现了电磁感应现象3．质量为2kg的质点仅受两个力作用，两个力的大小分别为3N和5N。
则该质点的加速度的值可能为（）（A）0.5m/s2（B）0.75m/s2（C）3.5m/s2 （D）4.5 m/s24．下列事例中属于利用静电现象的是（）（A）油罐车上连接地线（B）复印机复印文件资料（C）屋顶安装避雷针（D）印染厂车间保持湿度5．三段材质完全相同且不可伸长的细绳OA、OB、OC，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB水平，A端、B端固定。
若逐渐增加C端所挂重物的质量，则最先断的绳（）（A）必定是OA （B）必定是OB（C）必定是OC （D）可能是OB，也可能是OC6．根据分子动理论可知，在使两个分子间的距离由很远（r＞10-9m）变到很难再靠近的过程中，分子间的作用力的大小将（）（A）先减小后增大（B）先增大后减小（C）先增大后减小再增大（D）先减小后增大再减小7．如图所示，P为固定的点电荷，周围实线是其电场的电场线。
一带负电的粒子Q进入该电场后沿虚线运动，v a、v b分别是Q经过a、b两点时的速度。
则下列判断正确的是（）（A）P带正电，v a＞v b （B）P带负电，v a＞v b（C）P带正电，v a＜v b （D）P带负电，v a＜v b8．卫星在行星附近运动，绕行的每一周均可近似看做匀速圆周运动。
由于尘埃等物质的影响，轨道半径会逐渐减小，则卫星的（）（A）速度会减小（B）周期会减小（C）角速度会减小（D）加速度会减小9．如图所示，光滑水平面上的木块，在两水平力F1与F2的作用下，静止不动。
现保持F1恒定不变，F2方向不变、大小随时间均匀减小到零后再均匀增大到原来的大小。
下列图像中能正确描述这个过程中木块运动情况的是（）10．甲、乙两辆车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示，已知在t＝4s时两车恰好并排行驶，则甲车行驶在乙车后面的时间段为（）（A）0~2s （B）1~3s（C）2s~4s （D）3s~5s11．质量为2kg的物体，放在动摩擦因数μ＝0.5的水平地面上，在水平拉力的作用下，由静止开始运动，拉力做功W和物体位移s之间的关系如图所示，已知在0~1m内和1m~3m内水平拉力分别为大小不同的恒力。
若在运动的前3m过程中，拉力的最大功率为P max，运动前1m和后2m所用的时间之比为t1:t2，则（）（重力加速度g取10m/s2）（A）P max＝1010W，t1∶t2＝1∶2（B）P max＝2010W，t1∶t2＝1∶2（C）P max＝1010W，t1∶t2＝1∶1（D）P max＝2010W，t1∶t2＝1∶112．如图所示，Ⅰ、Ⅲ为两匀强磁场区，Ⅰ区域的磁场方向垂直纸面向里，Ⅲ区域的磁场方向垂直纸面向外，磁感强度均为B，两区域中间为宽l的无磁场区Ⅱ，有边长为L＝2l的正方形金属框abcd置于I区域，ab边与磁场边界平行，以Ⅰ、Ⅱ区域分界处为坐标原点O。
现使金属框向右匀速移动，在ab边从x＝0到x＝3l的过程中，能定性描述线框中感应电流随位置变化关系的是（）二．填空题（共20分，每小题4分。
）13．在所受合外力为零的情况下，物体将保持_______________状态；量度物体惯性大小的物理量是__________。
14．如图所示，左右两套装置完全相同，用导线悬挂的金属细棒ab、cd分别位于两个蹄形磁铁的中央，悬挂点用导线分别连通。
现用外力使ab棒向右快速摆动，则此时cd棒受到的安培力方向为________（选填“向右”或“向左”），这个过程中右侧装置的工作原理相当于_________（选填“电动机”或“发电机”）。
15．质量为m的质点做匀变速直线运动，初始时刻速度为v，经过t时间后动能变为初始时刻的4倍，则在这一过程中物体动能的变化量为_____________，物体的加速度为________________。
16．某品牌电动自行车的主要技术数据如右表所示。
当该电动自行车在额定状态下以v＝20 km/h的速度行驶时，电动机的输入功率为__________W；若不计电动自行车自身机械损耗，则此时自行车受到的牵引力约为________N。
17．在某介质中，两列相向传播的简谐波A、B（A为半个波形的脉冲波，B为连续波），t＝0时刻所形成的波如图所示，两列波的传播速度均为v＝1.0m/s，则在t＝17s时，x＝18m的质点的位移是__________cm，在此之前A波波峰与B波波峰相遇的次数为_______次。
三．综合题（共40分）18．在“用DIS测电源的电动势和内阻”的实验中，图（a）为实验电路图，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。
（1）请根据电路图，用笔画线代替导线连接图（b）中的实物；（2）某同学利用图（a）所示的电路，测得一组U-I实验数据，在直角坐标系上描绘的点如图（c）所示，请在图（c）上绘出U-I的图像。
（3）根据所画U-I的图像，可求得电源电动势E＝___________V，当电流I＝05A时电源的输出功率为__________W。
19．一内壁光滑、粗细均匀的U形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一轻活塞。
初始时，管内水银柱及空气柱长度如图所示。
已知大气压强p0＝75cmHg，环境温度不变。
（1）求右侧封闭气体的压强p右；（2）现用力向下缓慢推活塞，直至管内两边水银柱高度相等并达到稳定。
求此时右侧封闭气体的压强p右ʹ；（3）求第（2）问中活塞下移的距离x。
20．如图所示，足够长、固定的直角金属轨道左侧倾角θ1＝20°，右侧倾角θ2＝70°，轨道宽均为L＝0.6m。
整个装置位于B＝1T匀强磁场中，磁场方向垂直于右侧轨道平面向上。
金属棒ab、cd分别垂直于轨道放在左、右两侧轨道上。
t＝0时刻由静止释放两棒，同时在cd棒上施加一平行于右侧轨道的外力F，使cd开始沿右侧轨道向下做加速度a＝0.5m/s2的匀加速运动。
已知ab、cd棒的质量m1＝0.25kg、m2＝0.1kg，电阻R1＝1.5Ω、R2＝0.5Ω，其余电阻不计，两棒与轨道间的动摩擦因数均为μ＝0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力的大小。
（重力加速度g取10m/s2，sin70°＝0.94，cos70°＝0.34）（1）请通过分析、计算、推理，说明ab棒会始终静止在左侧轨道上的理由。
（2）请通过分析、计算、推理，描述施加在cd棒上的外力F随时间t的变化情况。
黄浦区2016学年度第一学期高三年级期终调研测试参考答案一．单项选择题（共40分，1-8题每小题3分，9-12题每小题4分。
每小题只有一个正确选项。
）二．填空题（共20分，每小题4分。
） 13．静止或匀速直线运动（平衡），质量14．向右，电动机 15．32mv 2，v t 或 -3v t16．576W ，63N17．-1，3三．综合题（共40分） 18．（12分）（1）（4分）评分建议：①电源、电键、滑动变阻器、电流传感器、电阻串联连接；（得1分）②滑动变阻器接线柱一上一下；（得1分） ③电压传感器并联在电源和电键两端，（得2分），电压表并联在电源两端，即电键不能控制电压表示数的有无。
（得1分）数据采集器电压传感器电流传感器（b ）R 0R接计算机（2）（3分）（略）（画成折线不得分）（3）2.0，0.8 第一空满分2分，第二空满分3分19. （14分）（1）p 右＝ p 左+ρgh ＝ p 0+ρgh＝75cmHg+（20-5）cmHg ＝90cmHg （3分） （2）p 右＝90cmHg ，V 右＝Sl 右；p 右’＝？，V 右’＝Sl 右’l 右＝20cm ，l 右’＝（20-20-52）cm ＝12.5 cm （2分） 根据p 右V 右＝ p 右’ V 右’可以解得p 右ʹ＝p 右V 右V 右’＝ 90×2012.5cmHg ＝144 cmHg （3分） （3）p 左＝75cmHg ，V 左＝Sl 左；p 左’＝ p 右’＝144 cmHg （1分）， V 左’＝Sl 左’l 左＝4cm ，l 左’＝（4+20-52-x ）cm 根据p 左V 左＝ p 左’ V 左’ 可以解得l 左ʹ≈2.08cm ，（3分） x ≈9.（2分） 20.（14分） （1）（6分）刚释放时，ab 棒的受力如右图。
……①沿轨道斜面向下的合力：m 1g sin20°＝0.25×10×0.34N＝0.85N最大静摩擦力f max ＝μN 1＝μm 1g cos20°＝0.4×0.25×10×0.94 N ＝0.94N 因为m 1g sin20°＜f max ，所以刚释放时ab 棒保持静止。
……②cd 棒向下做切割磁感线的运动，由楞次定律可以确定cd 棒中的电流从d 指向c ，ab 棒中的电流从a 指向b……③由左手定则可以确定ab 棒受到的安培力垂直于左侧轨道向下……④cd 棒速度增大，由E ＝BLv 和闭合电路欧姆定律可确定ab 棒中的电流增大， 再由F A ＝BIL 可确定ab 棒受到的安培力增大，导致压力增大进而导致ab 棒与轨道间的最大静摩擦力增大……⑤因为总有m 1g sin20°＜f max ，所以ab 棒不会由静止开始运动。
……⑥ 评分量表以上①~⑥各1分（2）（8分）cd 棒在右侧轨道上做匀加速运动时，其受力情况如图所示，设F 方向向下。
其中，斜面弹力N 2＝ m 2g cos70°，斜面摩擦力f 2＝μN 2＝μm 2g cos70°，安培力F A2＝BIL ＝ BL BLv R 1+R 2 ＝ B 2L 2atR 1+R 2……①以沿斜面向下为正方向，根据牛顿第二定律有：m 2g sin70°+F -μm 2g cos70°-F A ＝ m 2a ……② 代入已知数据可得： F ＝ -0.754+0.09t ……③ 所以：t ＝0s 时，F 沿右侧轨道向上，大小为0.754N ；120s~8.38s之间，F沿右侧轨道向上，大小随时间均匀减小；t＝8.38s时，F恰好为零；8.38s以后，F沿右侧轨道向下，大小随时间均匀增大。
