山东省师大附中2013届高三第四次模拟测试 1月 物理(附答案)

山东师大附中2013届高三〔上〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题包括18个小题，共54分．每一小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分，〕1．〔3分〕游乐园中，游客乘坐能加速或减速运动的升降机，可以体会超重与失重的感觉．如下描述正确的答案是〔〕A．当升降机加速上升时，游客是处在失重状态B．当升降机减速下降时，游客是处在超重状态C．当升降机减速上升时，游客是处在失重状态D．当升降机加速下降时，游客是处在超重状态考点：超重和失重．专题：压轴题．分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：A、当升降机加速上升时，乘客有向上的加速度，是由重力与升降机对乘客支持力的合力产生的．此时升降机对乘客的支持力大于乘客的重力，所以处于超重状态．A 错误．B、当升降机减速下降时，具有向上的加速度，同理此时乘客也处于超重状态．B正确．C、当升降机减速上升时，具有向下的加速度，是由重力与升降机对乘客支持力的合力产生的，所以升降机对乘客的支持力小于乘客的重力．此时失重．C正确．D、当升降机加速下降时，也具有向下的加速度，同理可得此时处于失重状态．故D错误．应当选BC．点评：此题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，此题就可以解决了．2．〔3分〕一小孩从公园中的滑梯上加速滑下，对于其机械能变化情况，如下说法中正确的答案是〔〕A．重力势能减小，动能不变，机械能减小B．重力势能减小，动能增加，机械能减小C．重力势能减小，动能增加，机械能增加D．重力势能减小，动能增加，机械能不变考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：功能关系有多种不同的表现形式：重力做功是重力势能的变化量度；合力做功是动能的变化量度；除重力外其余力做的功是机械能变化的量度．解答：解：小孩下滑过程中，受到重力、支持力和滑动摩擦力，其中重力做正功，支持力不做功，滑动摩擦力做负功；重力做功是重力势能的变化量度，故重力势能减小；小孩加速下滑，故动能增加；除重力外其余力做的功是机械能变化的量度，摩擦力做负功，故机械能减小；应当选B．点评：此题关键是抓住功能关系的不同表示形式进展分析处理，其中机械能的变化等于除重力外其余力做的功一定要记住．3．〔3分〕〔2013•桂林一模〕轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标．近来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率〞，用“加速度的变化率〞这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢，并认为，轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适．下面四个单位中，适合做加速度的变化率单位的是〔〕A．m/s B．m/s2C．m/s3D．m2/s3考点：力学单位制．分析：根据题意可知新物理量表示的是加速度变化的快慢，根据定义式的特点可以知道物理量的单位．解答：解：新物理量表示的是加速度变化的快慢，所以新物理量应该等于加速度的变化量与时间的比值，而加速度的单位是m/s2，所以新物理量的单位应该是m/s3，所以C正确．应当选C．点评：加速度是表示速度变化快慢的物理量，根据加速度的定义式，可以理解表示加速度变化的快慢的新物理量的单位．4．〔3分〕A、B两质点分别在各自的直线轨道上运动，图甲是质点A的位移随时间变化的图象，图乙是质点B的速度随时间变化的图象，如下说法中正确的答案是〔〕A．质点A在0～2s内的平均速度为零B．质点B在0～2s内的平均速度为零C．质点A在0～1s内的运动方向与在1～2s内的运动方向相反D．质点B在0～1s内的运动方向与在1～2s内的运动方向相反考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图读出速度的变化情况，分析物体的运动情况．速度图象的斜率等于加速度．位移时间图象的斜率表示速度．解答：解：A、由题图可知，0﹣1s，质点A沿正方向做匀速直线运动，1﹣2s，沿负方向做匀速直线运动，2s末回到出发点，2s内的位移为零，所以选项AC正确；B、0﹣1s，质点B沿正方向做匀加速直线运动，1﹣2s，沿正方向做匀减速运动，2s内的位移为2m，平均速度为1m/s，故BD错误．应当选AC点评：此题关键抓住速度图象的斜率表示加速度，位移时间图象的斜率表示速度来求解，难度适中．5．〔3分〕从三业飞往济南的波音737航班，到达遥墙国际机场，降落的速度为60m/s，然后以加速度大小为5m/s2做匀减速直线运动，如此飞机在第14秒内的位移为〔〕A．350m B．180m C．0m D．1330m考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：求解做匀减速运动的实际交通工具在某段时间内的位移的实际问题，首先要判断质点速度为零的时刻，被求的时间段内没有停止，如此带公式运算，否如此按实际情况运算解答：解：飞机着陆后到停止所需的时间t0==s=12s＜14s．所以飞机在第14s内的是静止的，位移等于0．应当选C点评：对于交通工具在某段时间内的位移的实际问题，要考虑实际的物理情景，不要当成单纯的数学题来解6．〔3分〕如下列图，三个物块重均为100N，小球P重20N，作用在物块2的水平力F=20N，整个系统平衡，如此〔〕A．1和2之间的摩擦力是20N B．2和3之间的摩擦力是20NC．物块3受5个力作用D．3与桌面间摩擦力为20N考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对物体1受力分析，根据平衡条件求解出物体1与物体2之间的静摩擦力；再对2受力分析，求解出物体2与3之间的静摩擦力；最后对3物体受力分析；解答：解：A、整个系统平衡，如此物块1只受到重力和物块2的支持力，1和2之间的摩擦力为0，故A错误；B、物块2水平方向受拉力F和物块3对其的摩擦力，由二力平衡可知2和对的摩擦力是20N，且水平向右，故B正确；C、D、物块3对2的摩擦力向右，故2对3的静摩擦力向左；对绳子的连接点受力分析．受重力、两个绳子的拉力，如图根据平衡条件，有T1=mg=20N；对物块3分析可知，水平方向受绳的拉力和物块2的向左的静摩擦力，二力平衡，所以物块3与桌面之间的摩擦力为0，物块3受重力、桌面的支持力、绳的拉力、物块2的压力和摩擦力5个力的作用，故C确D错误；应当选BC．点评：此题关键是一次对物体1、2、3受力分析，根据平衡条件并结合牛顿第三定律列式分析求解．7．〔3分〕如下列图，用一与水平方向成α的力F拉一质量为m的物体，使它沿水平方向匀速移动距离s，假设物体和地面间的动摩擦因数为μ，如此此力F对物体做的功，如下表达式中正确的有〔〕A．F scosαB．μmgsC．D．考点：动能定理的应用；滑动摩擦力．专题：动能定理的应用专题．分析：由功的计算公式或动能定理可以求出拉力的功．解答：解：A、由功的定义式可得，F的功为W=Fscosα，A正确；C、对物体受力分析知，竖直方向受力平衡mg=Fsinα+F N，摩擦力的大小f=μF N=μ〔mg﹣Fsinα〕，由于物体匀速运动，物体动能不变，由动能定理得，Fscosα﹣fs=0，解得F=，如此W=Fscosα=，故BC错误，D正确；应当选AD．点评：由动能定理求出拉力大小或由平衡条件求出拉力大小，熟练应用功的计算公式即可正确解题．8．〔3分〕如下列图，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下〔取g=10m/s2〕〔〕A．物体经10s速度减为零B．物体经2s速度减为零C．物体速度减为零后将保持静止D．物体速度减为零后将向右运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先分析物体的运动情况和受力情况：物体向右做匀减速运动，水平方向受到向右的恒力F和滑动摩擦力．由公式f=μF N=μG求出滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得求出物体的加速度大小，由运动学公式求出物体减速到0所需的时间．减速到零后，F＜f，物体处于静止状态，不再运动．解答：解：A、B物体受到向右恒力和滑动摩擦力，做匀减速直线运动．滑动摩擦力大小为f=μF N=μG=3N，根据牛顿第二定律得，a==m/s2=5m/s2，方向向右．物体减速到0所需的时间t==s=2s，故B正确，A错误．C、D减速到零后，F＜f，物体处于静止状态．故C正确，D错误．应当选BC点评：此题分析物体的运动情况和受力情况是解题的关键，运用牛顿第二定律和运动学公式研究物体运动时间，根据恒力与最大静摩擦力的关系，判断物体的速度为零后的状态．9．〔3分〕如图，水平传送带A、B两端相距S=3.5m，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1．工件滑上A端瞬时速度V A=4m/s，达到B端的瞬时速度设为V B，如此〔〕A．假设传送带不动，如此V B=3m/sB．假设传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，V B=3m/sC．假设传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=3m/sD．假设传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，V B=2m/s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：传送带专题．分析：假设传送带不动，由匀变速直线运动规律可知，a=μg，可求出vB．假设传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；假设传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的运动情况跟传送带不动时的一样；解答：解：A、假设传送带不动，工件的加速度a==μg=1m/s2，由，得v B==m/s=3m/s．故A正确．B、假设传送带以速度V=4m/s逆时针匀速转动，工件的受力情况不变，由牛顿第二定律得知，工件的加速度仍为a=μg，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，如此v B=3m/s．故B正确．C、D假设传送带以速度V=2m/s顺时针匀速转动，工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左，做匀减速运动，工件的加速度仍为a=μg，工件的运动情况跟传送带不动时的一样，如此v B=3m/s．故C正确．D错误．应当选ABC点评：此题关键要分析工件的受力情况，根据牛顿第二定律分析传送带运动与不动时加速度的关系，即可由运动学公式得到v B．10．〔3分〕如下列图，加装“保护器〞的飞机在空中发生事故失去动力时，上方的降落伞就会自动弹出．一根伞绳能承重2000N，伞展开后伞绳与竖直方向的夹角为37°，飞机的质量约为8吨．忽略其他因素，仅考虑当飞机处于平衡时，降落伞的伞绳至少所需的根数最接近于〔图中只画出了2根伞绳，sin37°=0.6，cos37°=0.8〕〔〕A．25 B．50 C．75 D．100考点：常见的承重结构与其特点；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对飞机受力分析，受重力和绳子的拉力，将每根绳子的拉力沿着水平和竖直方向正交分解，拉力竖直方向的分力之和等于重力．解答：解：设至少需要n根伞绳，每根伞绳的拉力F等于2000N，飞机受力平衡，将将每根绳子的拉力沿着水平和竖直方向正交分解，如图如此根据平衡条件，有nFcos37°=G解得=50〔根〕应当选B．点评：此题关键是将每根绳子的拉力沿着水平和竖直方向正交分解，根据平衡条件列式求解．11．〔3分〕质量为m的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的摩擦阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为v/3时，汽车的瞬时加速度的大小为〔〕A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：汽车速度达到最大后，将匀速前进，根据功率与速度关系公式P=Fv和共点力平衡条件，可以先求出摩擦阻力；当汽车的车速为时，先求出牵引力，再结合牛顿第二定律求解即可．解答：解：当汽车匀速行驶时，有f=F=．根据P=F′，得F′=，由牛顿第二定律得a==．故B正确，A、C、D错误应当选B点评：此题关键结合功率与速度关系公式P=Fv、共点力平衡条件以与牛顿第二定律联合求解．12．〔3分〕一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如下列图．在A点，物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回．如下说法中正确的答案是〔〕A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B点上升到A的过程中，速率不断变大C．物体在B点时，所受合力为零D．物体从A下降到B，以与从B上升到A的过程中，速率都是先增大，后减小考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：动能的大小与物体的速度有关，知道速度的变化规律可以知道动能的变化规律；重力势能与物体的高度有关，根据高度的变化来判断重力势能的变化；弹簧的弹性势能看的是弹簧形变量的大小；由外力做功与物体机械能变化的关系，可以判断机械能的变化．解答：解：首先分析一下，从A点接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短B点的过程中，物体的运动过程：在物体刚接触弹簧的时候，弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，小球还是向下加速，当弹簧的弹力和物体的重力相等时，小球的速度达到最大，之后弹力大于了重力，小球开始减速，直至减为零．弹簧从压缩到最短B点到弹簧弹回原长A点的过程中，物体的运动过程：弹簧压缩到最短时弹力最大，大于重力，合力方向向上，物体加速上升，当弹簧的弹力和物体的重力相等小球的速度达到最大，之后弹力小于重力，小球开始减速．A、根据以上分析，物体从A下降到B的过程中，物体的速度先变大后变小，所以动能也是先变大后变小，所以A错误．B、物体从B上升到A的过程中，速度先变大，后变小，所以动能先增大后减小，所以B错误．C、物体在B点时，弹力大于重力，所受合力方向竖直向上，所以C错误．D、物体从A下降到B以与从B上升到A的过程中速度大小都是先增大后减小，所以D正确．应当选D．点评：首先要明确物体的整个的下落过程，知道在下降的过程中各物理量之间的关系，在对动能和势能的变化作出判断，需要学生较好的掌握根本知识．13．〔3分〕〔2011•桂林模拟〕如图甲所示，在粗糙的水平面上，质量分别为m和M〔m：M=1：2〕的物块A、B用轻弹簧相连，两物块与水平面间的动摩擦因数一样．当用水平力F作用于B上且两块共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为x1；当用同样大小的力F竖直加速提升两物块时〔如图乙所示〕，弹簧的伸长量为x2，如此x1：x2等于〔〕A．1：1 B．1：2 C．2：1 D．2：3考点：牛顿第二定律；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：通过整体法求出加速度，再利用隔离法求出弹簧的弹力，从而求出弹簧的伸长量．解答：解：对甲图，运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度a=，对A物体有：F弹﹣μmg=ma，得，．对乙图，运用整体法，由牛顿第二定律得，整体的加速度，对A物体有：F弹′﹣mg=ma′，得，，如此x1：x2=1：1．故A正确，B、C、D错误．应当选A．点评：解决此题的关键注意整体法和隔离法的运用，先要由整体法通过牛顿第二定律求出加速度，再用隔离法运用牛顿第二定律求出弹簧的弹力．14．〔3分〕如下列图，质量、初速度大小都一样的A、B、C三个小球，在同一水平面上，A 球竖直上抛，B球以倾斜角θ斜向上抛，空气阻力不计，C球沿倾角为θ的足够长光滑斜面上滑，它们上升的最大高度分别为h A、h B、h C，如此〔〕A．h A=h B=h C B．h A=h B＜h C C．h A=h B＞h C D．h A=h C＞h B考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：A BC三个球的机械能都守恒，到达最高点时，根据机械能守恒定律分析比照可以得出结论．解答：解：对于A、C两个球，达到最高点时，A、C两个球的速度均为零，物体的动能全部转化为重力势能，所以A、C的最大高度一样；对于B球来说，由于B是斜抛运动，在水平方向上有一个速度，这个分速度的动能不会转化成物体的重力势能，所以B球在最高点时的重力势能要比AC两球的小，所以高度要比AC两球的高度小，所以D正确．应当选D．点评：B球做的是斜抛运动，水平方向的分速度是不能转化成物体的重力势能的，所以B的高度最低．15．〔3分〕如图，一很长的不可伸长的柔软细绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一小球a和b．a 球质量为m，静置于地面，b球质量为3m，用手托住，高度为h，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b后，a可能到达的最大高度为〔〕A．h B．l.5h C．2h D．2.5h考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：此题可以分为两个过程来求解，首先根据ab系统的机械能守恒，可以求得a球上升h 时的速度的大小，之后，b球落地，a球的机械能守恒，从而可以求得a球上升的高度的大小．解答：解：设a球到达高度h时两球的速度v，根据机械能守恒：b球的重力势能减小转化为a球的重力势能和a、b球的动能．即：3mgh=mgh+•〔3m+m〕V2解得两球的速度都为V=，此时绳子恰好松弛，a球开始做初速为V=的竖直上抛运动，同样根据机械能守恒：mgh+mV2=mgH解得a球能达到的最大高度H为1.5h．应当选B．点评：在a球上升的全过程中，a球的机械能是不守恒的，所以在此题中要分过程来求解，第一个过程系统的机械能守恒，在第二个过程中只有a球的机械能守恒．16．〔3分〕放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如下列图．取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为〔〕C．m=0.5kg，μ=0.2D．m=1kg，μ=0.2 A．m=0.5kg，μ=0.4B．m=1.5kg，μ=考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．专题：压轴题．分析：根据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在根据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿第二定律可以求得物体的质量的大小．解答：解：由v﹣t图可知4﹣6s，物块匀速运动，有F f=F=2N．在2﹣4s内物块做匀加速运动，加速度a=2m/s2，由牛顿第二定律得 ma=F﹣F f，将F=3N、F f=2N与a代入解得m=0.5kg．由动摩擦力公式得，所以A正确．应当选A．点评：此题考查学生对于图象的解读能力，根据两个图象比照可以确定物体的运动的状态，再由牛顿第二定律来求解．17．〔3分〕图中弹簧秤、绳和滑轮的重量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计，物体的重力都是G，在图甲、乙、丙三种情况下，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，如此〔〕A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F3考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为研究对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解．解答：解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图．由平衡条件得F2=Gsin60°==0.866mg丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图．由几何知识得F3=mg．故F3=F1＞F2应当选B点评：此题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图．对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆．18．〔3分〕将三个木板1、2、3固定在墙角，木板与墙壁和地面构成了三个不同的三角形，如下列图，其中1与2底边一样，2和3高度一样．现将一个可以视为质点的物块分别从三个木板的顶端由静止释放，并沿木板下滑到底端，物块与木板之间的动摩擦因数μ均一样．在这三个过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．沿着1下滑到底端时，物块的速度最大B．物块沿着3下滑到底端的过程中，产生的热量是最多的C．物块沿着1和2下滑到底端的过程中，产生的热量是一样多的D．沿着1和2下滑到底端时，物块的速度不同；沿着2和3下滑到底端时，物块的速度一样考点：动能定理的应用；功能关系．专题：动能定理的应用专题．分析：对物体进展受力分析和做功分析，得出物体沿斜面下滑，摩擦力做功情况跟哪些因素有关，并根据题目中给出的条件加以判断．解答：解：设斜面和水平方向夹角为θ，斜面长度为L，如此物体下滑过程中抑制摩擦力做功为：W=mgμLcosθ．Lcosθ即为底边长度，由图可知1和2底边相等且小于3的，故摩擦生热关系为：Q1=Q2＜Q3，故B、C正确；设物体滑到底端时的速度为v，根据动能定理得：mgh﹣mgμLcosθ=m v2﹣0，根据图中斜面高度和底边长度可知滑到底边时速度大小关系为：v1＞v2＞v3，故A正确D错误应当选ABC．点评：物体沿斜面下滑时，摩擦力做的功等于W=mgμLcosθ，对于不同的倾角下滑的物体，只要重力和动摩擦因数一样，我们只需要比拟物体在水平方向上通过位移的大小就可以比拟物体抑制摩擦力做功的多少．求解物体速度大小时结合摩擦力做功情况应用动能定理加以判断即可．二、实验题〔此题共2小题，共14分．将正确答案填在题中的横线上．〕19．〔7分〕为了测量两张纸之间的动摩擦因数，某同学设计了一个实验：如图甲所示，在木块A和木板B上贴上待测的纸，将木板B固定在水平桌面上，沙桶通过细线与木块A相连．〔1〕调节沙桶中沙的多少，使木块A匀速向左运动．测出沙桶和沙的总质量为m，以与贴纸木块A的质量M，如此两纸间的动摩擦因数μ=；〔2〕在实际操作中，发现要保证木块A做匀速运动比拟困难，有同学对该实验进展了改良：实验装置如图乙所示，木块A的右端接在力传感器上〔传感器与计算机相连接，从计算机上可读出对木块的拉力〕，使木板B向左运动时，木块A能够保持静止．假设木板B向左匀速拉动时，传感器的读数为F1，如此两纸间的动摩擦因数μ=；当木板B向左加速运动时，传感器的读数为F2= F1〔填“＞〞、“=〞或“＜〞〕．考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：滑动摩擦力大小f=μF N，而沙桶和沙匀速运动，如此绳子拉力F=mg；当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A保持静止，故A所受传感器的拉力等于A所受的滑动摩擦力；且滑动摩擦力的大小与物体是加速、减速还是匀速运动无关．解答：解：〔1〕木块A匀速向左运动，如此木块A所受合力为0，故绳子的拉力等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μMg，而由于沙桶和沙匀速运动，故绳子拉力F=mg，故有mg=μMg，解得μ==；〔2〕当B向左运动时A相对于B向右运动，故A所受滑动摩擦力方向向左，由于A 保持静止，故A所受传感器的拉力等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故有μmg=F1，解得两纸间的动摩擦因数μ=当木板B向左加速运动时，传感器的读数仍然等于A所受的滑动摩擦力，而滑动摩擦力f=μF N=μmg，故F2=μmg，所以F1=F2．故此题的答案为：〔1〕；〔2〕，=．点评：此题考查了滑动摩擦力的大小与其相关因素，技巧性很强，值得学习．20．〔7分〕如下列图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．〔1〕打点计时器电源频率为50Hz，如此纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s ．〔2〕A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、B两点间距x=0.65 cm；C点对应的速度是0.10 m/s，加速度是0.30 m/s2〔速度和加速度的计算结果保存两位有效数字〕。

理综答案1、C2、D3、D4、B5、B6、D 7.Ｂ 8.D 9.C 10.Ｃ 11.C 12.C 13. D 14.D　15.AD　16.BD　17.BC　18.BC　19.BC　20.ABC 21(1)①把木板的末端垫起适当高度以平衡摩擦力 ②点距均匀 ③不合适．由曲线不能直接确定W、v2的函数关系，应进一步绘制W－v2图象 (2)①A ②如图所示 1.47(1.46～1.48均可)　0.94(0.90～1.00均可) 1）1.4，得a=5m/s2（1分），得（1分）（1分）（分）（1分）在竖直方向的分速度（1分），得（分）（1分） 可知，质点在木板上滑动时，木板相对地面始终保持静止状态（分）（分）（分）23（1）1.4+0.6π）m（2）（3）（0.3m，2.25m） 【解析】 (1)因为微粒射入电磁场后受=Eq=8×10-3N mg=8×10-3N=mg，所以微粒在洛仑兹力作用下做匀速圆周运动（分） 因为qB1=m （1分） 所以R1= （1分） 匀速圆周运动的周期（分） 结合乙图可知在0—5π内微粒向上匀速圆周运动在5π—π（s）时间内微粒向匀速运动在π—15π（s）时间内微粒向上匀速圆周运动在π（s）以后粒子向右做匀速直线运动，直到穿过y轴 因此，距离y轴的最大距离S=xp+ 5πv + R1=（1.4+0.6π）m （2分） (2) 在0—5π内微粒向上匀速圆周运动5π s 在5π—π（s）时间内微粒向匀速运动5π s 在π—15π（s）时间内微粒向上匀速圆周运动5π s 粒子从15π（s）向右做匀速直线运动，直到穿过y轴的的时间 （2分） 粒子在第二象限的运动时间（2分） (3) 如图，微粒穿过圆磁场要求偏角最大，必须入射点A与出射点B连线为磁场圆的直径 （2分） 由 （1分） 得 （1分） 所以最大偏角 （分） 所以如图圆心坐标 x=0.3m （1分） （1分） 圆形磁场的圆心坐标0.3m，2.25m） 24.（10分，除注明外，每空1分） (1)1 3非重叠的 (2) 3 非重叠 无 (3)AAA (4)快速合成较多的肽链 原核细胞中的转录和翻译可以同时同地进行（2分） 25. （12分，除注明外，每空2分） （1）E 相同 F 不同 （每空1分） （2）EEFF或eeFF （3）②让该只基因型为EeFf的雄性灰毛豚鼠与多只雌性白毛豚鼠进行测交 ③灰毛：黑毛：白毛=1:1:2 灰毛：白毛=1:1 26.（10分，每空2分） 2）树突状和T细胞 T细胞 (4)a．树突状细胞能诱导T细胞产生抗肿瘤免疫反应 b．随着树突状细胞和T细胞用量的增加，裸鼠抗肿瘤免疫反应的能力增强 (5)定期瘤内注射与治疗组等量的树突状细胞的悬液，其他条件相同28．（14分，每空2分） (1) a d (2) ①72.5 ②0.25 mol?L-1?min-1 4 mol2?L-2 (3) ＞ 逆向 >7，表明电离程度大于水解程度；否则电离程度小于水解程度（其他合理答案亦可得分）。

专题07 不等式一、选择题：1. (山东省济南市2013年1月高三上学期期末理3)设0.30.33,log 3,log a b c e π===则,,a b c 的大小关系是A ．a b c <<B ．c b a <<C ．b a c <<D ．c a b <<2. (山东省济南市2013年1月高三上学期期末理8)设实数,x y 满足不等式组1103300x y x y x +-≤⎧⎪-+≤⎨⎪≥⎩，则 2z x y =+的最大值为 A. 13B. 19C. 24D. 293．(山东省德州市2013年1月高三上学期期末校际联考理3)设,,,,a b R ∈则“1a ≥且1b ≥”是“2a b +≥”的（ ）A ．充分而不必要条件B ．必要而不充分条件C ．充分必要条件D ．既不充分也不必要条件【答案】A【解析】若1a ≥，1b ≥，则2a b +≥。

若2a b +≥时，当15,2a b ==时有2a b +≥成立，但1b ≤，所以“1a ≥且1b ≥”是“2a b +≥”的充分而不必要条件，选A.4．(山东省德州市2013年1月高三上学期期末校际联考理6)如果不等式57|1|x x ->+和不等式220ax bx +->有相同的解集，则A ．8,10a b =-=-B ． 1,9a b =-=C ．4,9a b =-=-D ．1,2a b =-=5．(山东省德州市2013年1月高三上学期期末校际联考理7)已知变量x 、y ，满足202300x y x y x -≤⎧⎪-+≥⎨⎪≥⎩,则41(24)z og x y =++的最大值为 A ．23B ．1C ．32D ．26. (山东省烟台市2013年1月高三上学期期末理5)若实数x y 、满足240 00x y x y +-≤⎧⎪≥⎨⎪≥⎩，则21y z x +=-的取值范围为 A.2(,4][,)3-∞-⋃+∞B.2(,2][,)3-∞-⋃+∞C.2[2,]3-D.2[4,]3-7． (山东省烟台市2013年1月高三上学期期末理10)已知第一象限的点（a,b ）在直线2x+3y -1=0上，则代数式23a b+的最小值为 A.24B.25C.26D.278. （山东省泰安市2013年1月高三上学期期末理3）设0.533,log 2,cos 2a b c ===，则 A.c <b a < B.c a b << C.a <b c <D.b <c a <9. （山东省泰安市2013年1月高三上学期期末理9）已知不等式组210y x y kx y ≤-+⎧⎪≤-⎨⎪≥⎩所表示的平面区域的面积等于14的三角形，则实数k 的值为 A.1-B.12-C.12D.110.（山东省枣庄三中2013届高三上学期1月阶段测试理）设x , y 满足约束条件⎪⎩⎪⎨⎧≥≥≥+-≤--0,002063y x y x y x ，若目标函数z ax by =+(a .>0,b >0)，最大值为12，则b a 32+ 的最小值为A.724 B. 625 C. 5 D. 4 11.（山东省师大附中2013届高三第四次模拟测试1月理）已知x y 、满足5030x y x x y -+≥⎧⎪≤⎨⎪+≥⎩，则24z x y =+的最小值为( )A. 5B. -5 C . 6 D. -6【答案】D【解析】做出可行域如图：由24z x y =+，得124zy x =-+，平移直线，由图象可知当直线124z y x =-+经过点C 时，直线124zy x =-+的截距最小，此时z 最小。

山东师大附中2009-2010学年高三物理第一次模拟考试注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分。

考试用时90分钟。

2．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目、试卷类型（A ）用铅笔涂写在答题卡上。

3．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上。

4．考试结束，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷（选择题）一．选择题（本题共20小题；每小题3分，共60分。

每小题给出的四个答案中，至少有一个是正确的，把正确答案全选出来，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

每小题全选对的得3分；选对但不全，得1分；有选错或不答的，得0分。

） 1. 如图所示，在水平力作用下，木块A 、B 保持静止。

若木块A 与B 的接触面是水平的，且F≠0。

则关于木块B 的受力个数可能是A . 3个B . 4个C . 5 个D . 6 个2. 如图所示，质量为m 的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L ，稳定时绳与水平方向的夹角为 ，当传送带分别以v 1、v 2的速度作逆时针转动时(v 1<v 2)，绳中的拉力分别为F l 、F 2；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t l 、t 2，则下列说法正确的是A ．F l <F 2B ．F 1=F 2C ．t l >t 2D ．t l <t 23. 在静止的小车内，用细线a,b 系住一个小球．细线a 与竖直方向成θ角，拉力Ｔa ；细线b 成水平状态，拉力为T b ．现让小车从静止开始向右做匀加速直线运动，如图所示，此时小球在车内的位置仍保持不变(θ角不变)．则两细线的拉力变化情况是A ．Ｔa 变大，T b 不变B ．Ｔa 变大，T b 变小C ．Ｔa 变大，T b 变大D ．Ｔa 不变，T b 变小4. 如图所示，两个等大的水平力F 分别作用在B 和C 上.A 、B 、C 都处于静止状态。

山东师范大学附属中学2010级高三诊断性测试物理试题本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共 7页，满分100分，考试用时90分钟。

考试结束后，将答题纸交回。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目填涂在答题纸规定的地方。

第I卷(选择题，共 54 分)一、选择题（本题包括18小题，共54分.每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1、在物理学发展过程中，许多科学家做出了突出贡献．下列说法正确的是A．伽利略用理想斜面实验推翻了亚里士多德关于力和运动的理论B．卡文迪许通过扭秤实验测出了引力常量C．密立根发现了电荷之间的相互作用，并通过油滴实验测定了元电荷的电量D．胡克发现了弹簧的弹力与弹簧的伸长量（或压缩量）成正比的关系2、如图，桌面上固定一个光滑竖直挡板，现将一个重球A与截面为三角形垫块B叠放在一起，用水平外力F可以缓缓向左推动B，使球慢慢升高，设各接触面均光滑，则该过程中A．A和B均受三个力作用而平衡 B．B对桌面的压力越来越大C．A对B的压力越来越小 D．推力F的大小恒定不变3、如图，人站在自动扶梯的水平踏板上，扶梯起动过程，人随扶梯斜向上匀加速运动，以下说法正确的是A．人只受到重力和支持力的作用B．人处于超重状态C．人受到的支持力方向垂直于扶梯斜面斜向上D．人受到静摩擦力，方向水平向右4、一物体自t=0时刻开始做直线运动，其速度图象如图所示。

下列说法正确的是A．4～5s内物体的速度逐渐减小，位移逐渐减小B．0～6s内物体的位移为30mC．4～6s内物体所受合外力做功为零D．5～6s内物体所受合外力做负功5、静止在光滑水平面上的物体，同时受到在同一直线上的力F1、F2作用，F1、F2随时间变化的图象如图甲所示，则v-t图象是图乙中的6、2012年2月25日电：25日0时12分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第十一颗北斗导航卫星成功送入太空预定转移轨道。

山东师大附中高三第四次模拟考试物理试题（满分 110 分）第Ⅰ卷（选择题共 48分）本卷共 12 小题，每题 4 分，共 48 分。

1-8 单项选择题， 9-12 多项选择题，漏选得 2分，错选 0分。

1.一个质点沿 x 轴由静止开始做匀加快直线运动，其位移时间图像以下图，则以下说法正确的选项是 ()A．该质点的加快度大小为 2 m/s 2B．该质点在 t ＝1 s 时的速度大小为 2 m/sC．该质点在 t ＝1 到 t ＝ 2 s 时间内的均匀速度大小为 6 m/sD．该质点运动 4m需要的时间为2.以下图，在水平圆滑桌面上放有m1和m2两个小物块，它们中间有细线连结。

已知 m1＝3 kg，m2＝2 kg，连结它们的细线最大能蒙受 6 N 的拉力。

现用水平外力 F向左拉 m1，为保持细线不停，则 F 的最大值为 ()A．8N B．10N C ．12N D ．15N3.质量为 m 的人造卫星在地面上未发射时的重力为 G0，它在离地面的距离等于地球半径 R的圆形轨道上运转时的动能为 ()A．GRB．GRC．GRD．GR 86424.以下图， E 为内阻不可以忽视的电池， R1、R2、 R3均为定值电阻，电压表与电流表均为理想电表；开始时开关 S 闭合，电压表、电流表均有读数，某时辰发现电压表和电流表读数均变大，则电路中可能出现的故障是()A．R1断路B． R2断路C．R1短路D． R3短路5.以下图，一带电液滴在互相垂直的匀强电场和匀强磁场中恰巧做匀速圆周运动，其轨道半径为 R，已知该电场的电场强度为 E，方向竖直向下；该磁场的磁感觉强度为 B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加快度为 g，则 ()A．液滴带正电B．液滴沿顺时针方向运动q ED．液滴运动速度大小 v＝RgC．液滴比荷＝g BEm6. 用以下图电路丈量电源的电动势和内阻，数据办理时以11 U为纵坐标，R为横坐标获得直线的斜率为K，纵轴截距为 b，则A．，B．，C．，D．，7.以下图，两根垂直纸面平行搁置的直导线 M和 N，通有大小相等方向相反的电流I ，在纸面上有一点 P，P 与 M、N 组成等边三角形，此时 P 点磁感觉强度为 B。

2013年师大附中第四次模拟考试理综物理试题2013年师大附中第四次模拟考试物理答案22、（1）C （3分）0.635（3分）（2）0.228（0.227、0.229给分）（3分）23、9.79 （3分） 2.27（3分）24. 车厢：（1分）（1分）s（1分）m （2分）对整体：（2分）卡车：（2分）m/s2（1分）m （2分）m（2分）25.（1）（1分）（2分）（1分）（2）在磁场中（1分）（1分）（1分）在电场中（1分）（1分）（1分）（3）磁场中：（2分）电场中y方向（2分）（2分）（2分）3-3 （1）BDE（6分，有错选不得分，选对一个得2分）(2)①从图中可知，P B= 1.0atm，T B=（273+91）K=364K，T A=273K。

（1分）（2分）P A=0.75atm（2分）②P B= 1.0atm，V B=3L，P C=1.5atm（1分）（2分）V C=2L （1分）3-4 (1) 负 (3分) 10 (3分)(2)设入射光线与1/4球体的交点为C，连接OC，OC即为入射点的法线。

因此，图中的角α为入射角。

过C点作球体水平表面的垂线，垂足为B。

依题意，∠COB=α。

又由△OBC知sinα=①(2分)设光线在C点的折射角为β，由折射定律得②(2分)由①②式得③(1分)由几何关系知，光线在球体的竖直表面上的入射角γ为30°。

由折射定律得④(2分)因此解得：(2分)3-5(1)BCE（6分，有错选不得分，选对一个得2分）(2)A、B、人动量守恒，设向右为正方向对A、B、人系统有：对A和人有：。

高三期中考试物理试题第I卷注意事项：1．答第I卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔正确填涂在答题卡上。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

一、选择题(本题包括18个小题，共54分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分，)1．游乐园中，游客乘坐能加速或减速运动的升降机，可以体会超重或失重的感觉。

下列描述正确的是A．当升降机加速上升时，游客是处在失重状态B．当升降机减速下降时，游客是处在超重状态C．当升降机减速上升时，游客是处在失重状态D．当升降机加速下降时，游客是处在超重状态2．如图所示，一个小孩从粗糙的滑梯上加速滑下，对于其机械能的变化情况，下列判断正确的是A．重力势能减小，动能不变，机械能减小B．重力势能减小，动能增加，机械能减小C．重力势能减小，动能增加，机械能增加D．重力势能减小，动能增加，机械能不变3．轿车行驶时的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标。

近年来，一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时，提出了一个新的概念，叫做“加速度的变化率”，用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢。

轿车的加速度变化率越小，乘坐轿车的人感觉越舒适。

下面四个单位中，适合做加速度变化率单位的是A．m／s B．m／s2C．m／s3D．m2／s34．A、B两质点分别在各自的直线轨道上运动，图甲是质点A的位移随时间变化的图象，图乙是质点B的速度随时间变化的图象，下列说法中正确的是A．质点A在0～2s内的平均速度为零B．质点B在0～2s内的平均速度为零C．质点A在0～1s内的运动方向与在1～2s内的运动方向相反D．质点B在0～1s内的运动方向与存1～2s内的运动方向相反5．从三业飞往济南的波音737航班，到达遥墙国际机场，降落的速度为60m／s，然后以加速度大小为5m ／s 2做匀减速直线运动，则飞机在第14秒内的位移为A ．350mB ．180mC ．0mD ．1330m 6．如图所示，三个物块重均为100N ，小球P 重20N ，作用在物块2的水平力F=20N,整个系统平衡，则A ．1和2之间的摩擦力是20NB ．2和3之间的摩擦力是20NC ．物块3受5个力作用D ．3与桌面间摩擦力为20N7．如图所示，用一与水平方向成α的力F 拉一质量为m 的物体，使它沿水平方向匀速移动距离s ，若物体和地面间的动摩擦因数为μ，则此力F 对物体做的功，下列表达式中正确的有A ．Fscos αB ．μmgsC ．μmgs ／(cos α-μsin α)D ．μmgscos α/(cos α+μsin α)8．如图所示，质量为m=1kg 的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m ／s 时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N 的恒力，在此恒力作用下(取g=10m ／s 2)A ．物体经10s 速度减为零B ．物体经2s 速度减为零C ．物体速度减为零后将保持静止D ．物体速度减为零后将向右运动9．如图，水平传送带A 、B 两端相距S=3.5m ，工件与传送带间的动摩擦因数μ=0.1。

山东师大附中2010级高三第四次模拟考试 数学（理工类） 2013年1月命题人： 孙 宁 王俊亮1. 本试卷分第I 卷和第II 卷两部分，共4页。

满分150分。

考试时间120分钟.2. 本试卷涉计的内容: 集合与逻辑、基本初等函数（Ⅰ）（Ⅱ）、导数及其应用、三角函数、数列、不等式、向量、立体几何第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知α为第二象限角，3sin 5α=，则sin 2α=（ ）A ．2425-B ．1225-C ．1225D ．2425【答案】A【解析】因为α为第二象限角，所以4cos 5α=-，所以3424sin 22sin cos 2()5525ααα==⨯⨯-=-，选A.2．设全集()()2,{|21},{|ln 1}x x U R A x B x y x -==<==-，则右图中阴影部分表示的集合为（ ）A ．{|1}x x ≥B ．{|12}x x ≤<C ．{|01}x x <≤D ．{|1}x x ≤ 【答案】B 【解析】()2{|21}{(2)0}{02}x x A x x x x x x -=<=-<=<<,(){|ln 1}{10}{1}B x y x x x x x ==-=->=<,图中阴影部分为集合()U A B ð，所以{1}U B x x ==≥ð，所以(){12}U A B x x =≤< ð，选B. 3.已知各项均为正数的等比数列{n a }中,1237895,10,a a a a a a ==则456a a a =( ) A.52 B.7 C.6 D.42U【答案】A【解析】由1237895,10,a a a a a a ==得33285,10,a a ==又34565a a a a =，所以332851050a a =⨯=，即333628285()=50a a a a a ==，所以355052a ==，选A.4. 已知 1.20.8512,(),2log 22a b c -===，则,,a b c 的大小关系为（ ）A.c b a <<B. c a b <<C. b c a << D . b a c <<【答案】A【解析】 1.20.80.85512,()2,2log 2log 42a b c -=====，因为 1.20.8221>>，所以1a b >>，5log 41c =<，所以,,a b c 的大小关系为a b c >>，选A.5.已知某几何体的三视图如图，其中正(主)视图中半圆的半径为1，则该几何体的体积为( )A ．3242π-B ．243π-C ．24π-D ．242π-【答案】A【解析】由三视图可知该几何体是一个长方体去掉一个半圆柱。

高三模拟考试物理试题考试时间90分钟第Ⅰ卷注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考试科目用铅笔正确填涂在答题卡上．2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．一、选择题(本题包括18个小题，共54分。

每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分)1．如图所示，小物块A与圆盘保持相对静止，跟着圆盘一起做匀速圆周运动．则下列关于A的受力情况的说法中正确的是A．受重力、支持力B．受重力、支持力和与运动方向相反的摩擦力C．受重力、支持力、摩擦力和向心力D．受重力、支持力和指向圆心的摩擦力2．物体在外力作用下沿光滑水平地面运动，在物体的速度由0增为v的过程中，外力做功W1，在物体的速度由v增为2v的过程中，外力做功W2，则W1∶W2为A．1∶1 B．1∶2C．1∶3 D．1∶43．某质点在平直轨道上运动，右图是该质点运动的速度－时间图象，下列说法正确的是A．0～1 s内的平均速度是2 m/sB．0～2 s内的位移大小是3 mC．0～1 s内的加速度大于2～4 s内的加速度D．0～1 s内的运动方向与2～4 s内的运动方向相反4．一小船在静水中的速度为3 m/s，它在一条河宽150 m，流速为4 m/s的河流中渡河，则下列说法正确的是A．小船可以到达对岸任一位置B．小船渡河时间不少于50 sC ．小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200 mD ．小船以最短位移渡河时，位移大小为150 m5．如图16所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A 、B ，A 悬挂起来，B 穿在一根竖直杆上，两物体均保持静止，不计绳与滑轮、B 与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角为θ，则物体A 、B 的质量之比m A ∶m B 等于A ．cos θ∶1B ．1∶cos θC ．tan θ∶1D ．1∶sin θ6．如图所示，两个质量分别为m 1＝2 kg 、m 2＝3 kg 的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接．两个大小分别为F 1＝30 N 、F 2＝20 N 的水平拉力分别作用在m 1、m 2上，则A ．弹簧秤的示数是30 NB ．弹簧秤的示数是26 NC ．在突然撤去F 2的瞬间，m 1的加速度大小为5 m/s 2D ．在突然撤去F 1的瞬间，m 1的加速度大小为13 m/s 27．利用传感器和计算机可以研究力的大小变化情况，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H 后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h.计算机显示该同学受到地面支持力F 随时间变化的图象如图所示．根据图象提供的信息，以下判断正确的是A ．在0至t2时间内该同学处于失重状态B ．在t 2至t 3时间内该同学处于超重状态C ．t 3时刻该同学的加速度为零D ．在t 3至t 4时间内该同学处于静止状态8．一质量为m 的物体，同时受几个力的作用而处于静止状态．某时刻其中一个力F 突然变为F 3，则经过t 时刻，合力的功率的大小是 A.2F 2t 9m B.4F 2t 9mC.2F 2t 3mD.4F 2t 3m9．如图所示，质量为m 的物体用细绳拴住放在水平粗糙传送带上，物体距传送带左端距离为L ，稳定时绳与水平方向的夹角为θ，当传送带分别以v 1、v 2的速度做逆时针转动时(v 1<v 2)，绳中的拉力分别为F 1、F 2；若剪断细绳时，物体到达左端的时间分别为t 1、t 2，则下列说法正确的是A ．F 1 < F 2B ．θ1 < θ2C ．t 1 > t 2D ．t 1可能等于t 210．质量为m 的物块在水平恒力F 的推动下，从山坡(粗糙)底部的A 处由静止起运动至高为h 的坡顶B 处，获得的速度为v ，AB 之间的水平距离为x ，重力加速度为g.下列说法正确的是A ．物块克服重力所做的功是mghB ．合外力对物块做的功是12mv 2 C ．推力对物块做的功是12mv 2＋mgh D ．阻力对物块做的功是12mv 2＋mgh －Fx 11．如图所示，两个质量相同的小球A 和B ，分别用线悬在等高的O 1、O 2两点，A 球的悬线比B 球的悬线长，把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时(以悬点为零势能点)，下列说法正确的是A ．A 球的速度大于B 球的速度B ．悬线对A 球的拉力大于对B 球的拉力C ．A 球的向心加速度等于B 球的向心加速度D ．A 球的机械能大于B 球的机械能12．长为L 的轻杆一端固定一个小球，另一端固定在光滑水平轴上，使小球在竖直平面内做圆周运动，关于小球在过最高点的速度υ,下列叙述中正确的是A.υ的极小值为gLB. υ由零逐渐增大，向心力也逐渐增大C.当υ由gL 值逐渐增大时，杆对小球的弹力也逐渐增大D.当υ由gL 值逐渐减小时，杆对小球的弹力也逐渐减小13．某同学通过Internet 查询到“神舟”六号飞船在圆形轨道上运行一周的时间约为90分钟，他将这一信息与地球同步卫星进行比较，由此可知A ．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的向心加速度比地球同步卫星小B ．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的速率比地球同步卫星小C ．“神舟”六号在圆形轨道上运行时离地面的高度比地球同步卫星低D ．“神舟”六号在圆形轨道上运行时的角速度比地球同步卫星小14．三个点电荷电场的电场线分布如图5所示，图中a 、b 两点处的场强大小分别为E a 、E b ，电势分别为φa 、φb ，则A ．E a >E b ，φa >φbB ．E a <E b ，φa <φbC ．E a >E b ，φa <φbD ．E a <E b ，φa >φb15．一正电荷在电场中仅受电场力作用，从A 点运动到B 点，速度随时间变化的图象如图所示，tA 、tB 分别对应电荷在A 、B 两点的时刻，则下列说法中正确的是A ．A 处的场强一定小于B 处的场强B ．A 处的电势一定低于B 处的电势C ．电荷在A 处的电势能一定大于在B 处的电势能D ．从A 到B 的过程中，电场力对电荷做正功16．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M 点以相同速度飞出a 、b 两个带电粒子．运动轨迹如图中虚线所示．则A ．a 一定带正电，b 一定带负电B ．a 的速度将减小，b 的速度将增加C ．a 的加速度将减小，b 的加速度将增加D ．两个粒子的电势能一个增加一个减小17．如图所示，M 、N 为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P 点放一个静止的负电荷(重力不计)，下列说法中正确的是A ．从P 到O ，一定加速度越来越小，速度越来越大B ．从P 到O ，可能加速度先变大，再变小，速度越来越大C ．越过O 点后，加速度一直变大，速度一直变小D ．越过O 点后，加速度一直变小，速度一直变小18. 如图所示，带电的粒子以一定的初速度v 0沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出，已知板长为L ，板间距离为d ，板间电压为U ，带电粒子的电荷量为q ，粒子通过平行金属板的时间为t(不计粒子的重力)，则A ．在前t 2时间内，电场力对粒子做的功为Uq 4B ．在后t 2时间内，电场力对粒子做的功为38Uq C ．在粒子下落前d 4和后d 4的过程中，电场力做功之比为1∶2 D ．在粒子下落前d 4和后d 4的过程中，电场力做功之比为1∶1第Ⅱ卷（非选择题）二．实验题（本题共2小题，共12分，将正确答案填在题中横线上。