2020-2021学年上海市崇明区九年级(上)期末物理试卷(一模)(附答案详解)

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．以下研究方法相同的是（）①研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅表明音叉在振动③研究磁场时，引入“磁感线”④研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体A．①②B．②③C．③④D．①④【答案】D【详解】①研究压力作用效果与压力大小的关系时，保持受力面积不变，运用的是控制变量法；②研究声音的产生时，将发声的音叉与水面接触，水花四溅将音叉的振动放大，说明了声音是由物体振动产生的，采用的是转换法；③研究磁场时，引入“磁感线”，采用的是模型法；④研究电阻大小与导体长度的关系时，选择材料、横截面积相同的导体。

采用的是控制变量法。

所以研究方法相同的是①与④。

故选D。

2．如图所示的各种做法中，符合安全用电原则的是（）A．湿抹布擦电灯B．短路着火时马上用水泼C．用干木棒调开通电的裸线D．高压线附近放风筝【答案】C【详解】A．通电电灯的灯头属于带电体，用湿布擦拭时，湿布是导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故擦拭前应先断开开关。

故不符合题意；B．水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故。

故B不符合题意；C．发现有人触电时，应尽快切断电源或用绝缘干木棍挑开电线让触电者尽快脱离开电源，再实行救治措施。

故C符合题意；D．安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。

在高压线下放风筝会有触电的危险。

故C 不符合题意。

3．下面实例采用做功方式使划横线物体之内能逐渐减小的是A．热水倒入茶杯，茶杯的温度升高B．水蒸气冲开水瓶塞子C．电炉通电后，电阻丝逐渐变红D．汽油机压缩冲程中燃料混合物的温度发生变化【答案】B【解析】A、热水倒入茶杯，茶杯的温度升高，是通过热传递使茶杯的内能增加，故A不符合题意；B、水蒸气冲开水瓶塞子，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，则水蒸气的内能减小，故B符合题意；C、电炉通电后，电阻丝逐渐变红，是通过电流做功使电阻丝的内能增加，故C不符合题意；D、汽油机压缩冲程中，压缩混合气体做功，使燃料混合物的内能增大、温度升高，故D不符合题意．4．如图新型落地扇有一个电源开关S1，闭合S1，电动机正常作，其内部还有个防倾倒开关S2，S2处于常闭状态，当落地扇倾斜时S2能自动断开，使电动机停止工作，图中电路中符合这一功能的是A．B．C．D．【答案】C【详解】ABCD．由题意可以得出，当开关S1和S2同时闭合时，电动机工作，当开关S2断开时，电动机就停止工作，因此两开关应该为串联关系，故ABD选项不符合题意，C选项符合题意。

2020-2021学年上海市崇明区九年级(上)期末数学试卷(一模) 一、选择题（本大题共6小题，共24.0分）1.若四条不相等的线段a，b，c，d满足ab =cd，则下列式子中，成立的是()A. ba =cdB. ab=c+md+m(m>0)C. a−bb =d−cdD. a+cb+d=cd2.如图，△ABC中，三条中线AD，BE，CF相交于点O，若△ABC的面积是10，则△OCD的面积是()A. 2B. 1.5C. 53D. 53.已知非零向量，a⃗,b⃗ ,c⃗，下列条件中，不能判定a⃗//b⃗ 的是()A. |a⃗|=|b⃗ |B. a⃗=−b⃗C. a⃗//c⃗,b⃗ //c⃗D. a⃗=2c⃗,b⃗ =4c⃗4.如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标为(1,3)，AO与y轴正半轴所成的夹角为α，则sinα的值为()A. 3B. 13C. √1010D. 3√10105.已知a，b，c为常数，点P(a,c)是第四象限内的一点，则二次函数y=ax2+bx+c与x轴的交点个数为()A. 一个B. 没有交点C. 两个D. 无法确定6.已知正六边形的边心距是2√6，则正六边形的边长是()A. 4√2B. 4√6C. 6√2D. 8√2二、填空题（本大题共12小题，共48.0分）7. 已知x 2=y 3=z 4≠0，则x−y+zx+2y−z = ______ ． 8. 已知点P 是线段AB 的黄金分割点，且较长的线段AP 的长等于10厘米，那么较短的线段BP 的长为______厘米． 9. 如图，AB ，CD 相交于O 点，△AOC∽△BOD ，OC ：CD =1：3，AC =2，则BD 的长为______．10. 如图，在▱ABCD 中，AC 与BD 相交于点O ，点E 是OD 的中点，如BA ⃗⃗⃗⃗⃗ =a ⃗ , BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ ，那么AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =______． 11. 如图，为了了解山坡上两棵树间的水平距离，数学活动小组的同学们测得该山坡的倾斜角α=23°，两树间的坡面距离AB =10m ，则这两棵树的水平距离约为______m.(结果精确到0.1m ，参考数据：sin23°≈0.391，cos23°≈0.921，tan23°≈0.424)12. 如图，点P 在线段BC 上，AB ⊥BC ，DP ⊥AP ，CD ⊥DP ，如果BC =10，AB =2，tanC =12，那么DP 的长是______ ．13. 若二次函数y =x 2+2x +m 的图象与坐标轴有3个交点，则m 的取值范围是______．14. 将抛物线y =2x 2先向左平移1个单位，再向下平移3个单位，那么所得的抛物线的顶点坐标为______．15.如图，在平面直角坐标系中，长方形MNPQ的顶点M，N分别在x轴，y轴正半轴上滑动，顶点P、Q在第一象限，若MN=10，PN=4，在滑动过程中，点P与坐标原点O的距离的最大值为______．16.已知两圆的半径分别为3cm和5cm，且两圆的圆心距为2cm，那么这两圆的位置关系是．17.过m边形的一个顶点有7条对角线，n边形没有对角线，则n−m=______．18.如图，在矩形ABCD中，AB=6，BC=8，将矩形纸片沿BD折叠，使点A落在点E处，设DE与BC相交于点F，则BF的长为______．三、解答题（本大题共7小题，共78.0分）)−2+(√3−√7)0−2cos60°−|3−π|19.(1)计算：(12(2)分解因式：6(a−b)2+3(a−b)20.如图，已知△ABC，依据作图痕迹回答下面的问题：(1)AC和MN的位置关系是______；(2)若AB=3，BC=5时，求△ABE的周长；(3)若AE=AB，∠B=60°，求∠BAC的度数．21.已知：如图，在梯形ABCD中，AD//BC，AB⊥AD，对角线AC、BD相交于点E，BD⊥CD，AB=12，cot∠ADB=4．3求：(1)∠DBC的余弦值；(2)DE的长．22.钓鱼岛自古就是中国的领土，中国有关部门已对钓鱼岛及其附属岛屿开展常态化监视监测．一日，中国一艘海监船从A点沿正北方向巡航，其航线距钓鱼岛(设M，N为该岛的东西两端点)最近距离为12海里(即MC=12海里).在A点测得岛屿的西端点M在点A的东北方向；航行4海里后到达B点，测得岛屿的东端点N在点B的北偏东60°方向，(其中N，M，C在同一条直线上)，求钓鱼岛东西两端点MN之间的距离．23.如图，四边形ABCD是矩形，对角线AC、BD相交于点O，延长BA至点E，使得AE=AD，连接DE、OE，OE交AD于F.请从以下三个选项中选择一个作为已知条件，选择另一个作为结论，并写出结论成立的计算或证明的过程.①BE=DE；②EF=BD；③EF=√2DF.你选择的条件是______ ，结论是______ .(填序号)24.如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=ax2+bx+c经过原点，与x轴交于另一点A，对称轴x=−2交x轴于点C，直线l过点N(0,−2)，且与x轴平行，过点P作PM⊥l于点M，△AOB的面积为2．(1)求抛物线的解析式；(2)当∠MPN=∠BAC时，求P点坐标；(3)①求证PM=PC；②若点Q坐标为(0,2)，直接写出PQ+PC的最小值．25.如图1，点P是线段AB上除点A、B外的任意一点，分别以AP、PB为边在线段AB的同旁做等边三角形APC和等边三角形PBD，连接AD交PC于点M，连接BC交PC于点N，连接MN．(1)求证：AD=BC．(2)求∠DQB的度数．(3)如图2所示，△APC和△PBD仍为等边三角形，但PA和PB不在同一条直线上，AD=BC是否成立，∠DQB的度数与图1是否相等，请直接写出结论．参考答案及解析1.答案：D解析：解：A、∵ab =cd，∴ba=dc；故本选项错误；B、∵ab =cd，m>0，∴ab≠c+md+m；故本选项错误；C、∵ab =cd，∴a−bb=−d−cd；故本选项错误；D、∵ab =cd，∴a+cb+d=cd；故本选项正确．故选：D．根据比例的性质变形，再进行判断．本题考查了比例的性质．比例的基本性质：两内项之积等于两外项之积．2.答案：C解析：解：∵△ABC中，三条中线AD，BE，CF相交于点O，∴OAOD =21，CD=BD，∴S△ACD=S△ABD=12S△ABC=12×10=5，∴S△OCD=13S△ACD=13×5=53，故选：C．根据三角形的中线得出OAOD =21，CD=BD，根据等底等高的三角形的面积相等求出△ACD的面积，再根据三角形的面积公式求出即可．本题考查了三角形的重心和三角形的面积，能知道等底等高的三角形的面积相等和等高的三角形的面积比等于底边之比是解此题的关键．3.答案：A解析：解：A、|a⃗|=|b⃗ |，两个向量的模相等，方向不一定相同，故不一定平行，故本选项正确；B、a⃗=−b⃗ ，两个向量模相等，方向相反，互相平行，故本选项错误；C、a⃗//c⃗，b⃗ //c⃗，则a⃗与b⃗ 都与c⃗平行，三个向量都互相平行，故本选项错误；D、a⃗=2c⃗，b⃗ =4c⃗，则a⃗与b⃗ 都与c⃗平行，三个向量都互相平行，故本选项错误．故选A．根据向量的定义对各选项分析判断后利用排除法求解．本题考查了平面向量，主要利用了向量平行的判定，是基础题．4.答案：C解析：解：过A向x轴作垂线，垂足为B，因为A(1,3)，即OB=1，AB=3，所以OA=√AB2+OB2=√12+32=√10，由锐角三角函数的定义可知，cos∠1=OBOA =1√10=√1010，因为∠1+∠α=90°，所以sinα=cos∠1=√1010．故选C．过A向x轴作垂线，垂足为B，根据A点的坐标及勾股定理可求出OA的值，再根据互余两角的三角函数值求出sinα的值即可．此题比较简单，解答此题的关键是熟知直角三角形中锐角三角函数的定义及互余两角三角函数值的关系．5.答案：C解析：解：∵点P(a,c)是第四象限内的一点，∴a>0，c<0，∴△=b2−4ac>0，∴二次函数y=ax2+bx+c与x轴有2个交点．故选：C．利用第四象限内点的坐标特征得到a>0，c<0，则可判断△=b2−4ac>0，然后根据判别式的意义确定抛物线与x轴的交点个数．本题考查了抛物线与x轴的交点：把求二次函数y=ax2+bx+c(a,b,c是常数，a≠0)与x轴的交点坐标问题转化为解关于x的一元二次方程；△=b2−4ac决定抛物线与x轴的交点个数．6.答案：A解析：解：∵正六边形的边心距为2√6，∴OB=2√6，∠OAB=60°，∴AB=OBtan60∘=2√6√3=2√2，∴AC=2AB=4√2．故选：A．运用正六边形的性质，正六边形边长等于外接圆的半径，再利用勾股定理解决．此题主要考查正多边形和圆，根据题意画出图形，利用数形结合求解是解答此题的关键．7.答案：34解析：解：设x2=y3=z4=k≠0，则x=2k，y=3k，z=4k，x−y+z x+2y−z =2k−3k+4k2k+6k−4k=34；故答案为：34．设x2=y3=z4=k≠0，得出x=2k，y=3k，z=4k，再代入要求的式子进行计算即可得出答案．此题主要考查了比例的性质，正确利用同一未知数表示出各数是解题关键．8.答案：5√5−5解析：解：设线段AB的长为x，∵点P是线段AB的黄金分割点，较长的线段AP的长等于10厘米，∴√5−12x=10，解得，x=5√5+5，∴较短的线段BP的长=5√5+5−10=5√5−5(厘米)，故答案为：5√5−5．根据黄金比值是√5−12计算，得到答案．本题考查的是黄金分割的概念和黄金比值，掌握黄金比值是√5−12是解题的关键．9.答案：4解析：解：∵OC：CD=1：3，∴OC：OD=1：2，∵△AOC∽△BOD，∴ACBD =OCOD，即2BD =12，解得：BD=4，故答案为：4．根据OC：CD=1：3，求得OC：OD=1：2，根据相似三角形的对应边的比相等列出方程，计算即可．本题考查的是相似三角形的性质，掌握相似三角形的对应角相等，对应边的比相等是解题的关键．10.答案：34b ⃗ −14a ⃗ 解析：解：∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ ，OB =OD ，∴BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =BA ⃗⃗⃗⃗⃗ +AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =a ⃗ +b ⃗ ，∵点E 是OD 的中点，∴ED ⃗⃗⃗⃗⃗ =14BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =14a ⃗ +14b ⃗ ， ∴AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =ED ⃗⃗⃗⃗⃗ −AE ⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ −(14a ⃗ +14b ⃗ )=34b ⃗ −14a ⃗ ． 故答案为：34b ⃗ −14a ⃗ ． 由四边形ABCD 是平行四边形，根据平行四边形法则，可得AD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =b ⃗ ，然后由三角形法则，求得BD ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，又由点E 是OD 的中点，可求得ED ⃗⃗⃗⃗⃗ ，再由三角形法则求得答案．此题考查了平面向量的知识以及平行四边形的性质．注意掌握三角形法则的应用． 11.答案：9.2解析：解：过点A 作水平面的平行线AC ，过点B 作BC ⊥AC 于C ，由题意得：AB =10m ，∠BAC =23°，则AC =AB ⋅cos∠BAC ≈10×0.921≈9.2(米)，故答案为：9.2．过点A 作水平面的平行线AC ，过点B 作BC ⊥AC 于C ，根据余弦的定义计算即可．本题考查的是解直角三角形的应用—坡度坡角问题，掌握坡度的概念、熟记锐角三角函数的定义是解题的关键．12.答案：65√5解析：解：∵DP ⊥AP ，CD ⊥DP ，∴AP//CD ，∴∠C =∠APB ，∵AB ⊥BC ，∴tan∠APB =AB BP ，∵tanC =12，∴2BP =12，∴BP=4，∴PC=BC−BP=10−4=6，在Rt△CDP中，tanC=DPCD，CD=√PC2−DP2=√62−DP2，∴√62−DP2=12，解得：DP=65√5或DP=−65√5(不合题意舍去)，故答案为：65√5．由DP⊥AP，CD⊥DP，得AP//CD，则∠C=∠APB，由tan∠APB=ABBP，求得BP=4，PC=6，在Rt△CDP中，tanC=DPCD ，CD=√62−DP2，得出√62−DP2=12，即可得出结果．本题考查了三角函数定义、勾股定理、平行线的判定与性质等知识；熟练掌握三角函数定义是解题的关键．13.答案：m<1且m≠0解析：解：∵二次函数y=x2+2x+m的图象与坐标轴有3个交点，∴方程x2+2x+m=0有两个不相等的实数根，且m≠0，∴△=22−4m>0，∴m<1．∴m<1且m≠0．故答案为m<1且m≠0．由抛物线与坐标轴有三个交点可得出：方程x2+2x+m=0有两个不相等的实数根，且m≠0，利用根的判别式△>0可求出m的取值范围，此题得解．本题考查了抛物线与x轴的交点以及根的判别式，利用根的判别式△>0找出关于m的一元一次不等式是解题的关键．14.答案：(−1,−3)解析：解：由题意得：平移后的抛物线的解析式为：y=2(x+1)2−3，∴顶点坐标为(−1,−3)，故答案为：(−1,−3)．根据左→加，右→减，上→加，下→减的原则写出平移后的抛物线的解析式，并写出顶点坐标．本题考查了二次函数的平移变换，二次函数平移后二次项系数不变，熟练掌握平称原则是关键；注意左右与上下平移的不同，二次函数的顶点式为：y=a(x−ℎ)2+k，顶点坐标为(ℎ,k)．15.答案：5+√41解析：解：如图，取MN的中点E，连接OE，PE，OP，∵∠MON=90°，MN=5，∴Rt△MON中，OE=12又∵∠MQP=90°，MN=10，PN=4，NE=5，∴Rt△PNE中，PE=√PN2+NE2=√42+52=√41，又∵OP≤PE+OE=5+√41，∴OP的最大值为5+√41，即点P到原点O距离的最大值是5+√41，故答案为：5+√41．取MN的中点E，连接OE，PE，OP，根据勾股定理和矩形的性质解答即可．此题考查矩形的性质，关键是根据矩形的性质和勾股定理解答．16.答案：内切解析：试题分析：由两圆的半径分别为3cm和5cm，圆心距为2cm，根据两圆位置关系与圆心距d，两圆半径R，r的数量关系间的联系即可得出两圆位置关系．∵两圆的半径分别为3cm和5cm，圆心距为2cm，又∵5−3=2，∴两圆的位置关系是：内切．故答案为：内切．17.答案：−7解析：解：由题意得：m−3=7，n=3，解得m=10，n=3，∴n−m=3−10=−7．故答案为：−7．根据n边形从一个顶点出发可引出(n−3)条对角线，可得m、n的值，再代入所求式子计算即可．此题主要考查了多边形的对角线，关键是掌握对角线条数的计算公式．18.答案：254解析：解：∵AD//BC，∴∠ADB=∠FBD，由折叠的性质可知，∠FDB=∠ADB，∴∠FDB=∠FBD，∴FB=FD，在Rt△DFC中，DF2=CF2+CD2，即BF2=(8−BF)2+62，，解得，BF=254．故答案为：254根据矩形的性质得到AD//BC，得到∠ADB=∠FBD，根据翻转变换的性质得到∠FDB=∠ADB，证明FB=FD，根据勾股定理列出方程，解方程即可．本题考查的是矩形的性质、翻转变换的性质，翻转变换一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．−(π−3)19.答案：解：(1)原式=4+1−2×12=5−1−π+3=7−π；(2)6(a−b)2+3(a−b)=3(a−b)[2(a−b)+1]=3(a−b)(2a−2b+1)．解析：(1)直接利用负指数幂的性质以及零指数幂的性质和特殊角的三角函数值以及绝对值的性质分别化简得出答案；(2)直接提取公因式3(a−b)，进而分解因式得出答案．此题主要考查了实数运算以及提取公因式分解因式，正确提取公因式是解题关键．20.答案：垂直解析：解：(1)根据作图痕迹可知：MN是AD的垂直平分线，所以AC和MN的位置关系是垂直，故答案为垂直；(2)AB=3，BC=5，∵MN是AC的垂直平分线，∴EA=EC∴△ABE的周长=AB+AE+BE=AB+EC+BE=AB+BC=3+5=8；答：△ABE的周长为8．(3)∵AE=AB，∠B=60°，∴△ABE是等边三角形，∴∠AEB=60°∵AE=CE∴∠C=∠CAE=30°，∴∠BAC=90°．答：∠BAC的度数为90°．(1)根据作图痕迹可得AC和MN的位置关系是垂直；(2)根据线段的垂直平分线的性质，得AE=CE，AB=3，BC=5时，即可求△ABE的周长；(3)根据线段垂直平分线的性质得AE=CE，根据AE=AB，∠B=60°得三角形ABE是等边三角形，进而可求∠BAC的度数．本题考查了作图−基本作图，勾股定理，解决本题的关键是掌握线段垂直平分线的性质．21.答案：解：(1)∵Rt△ABD中，cot∠ADB=ADAB，∴43=AD12，则AD=16，∴BD=√AB2+AD2=√122+162=20，∵AD//BC，∴∠DBC=∠ADB，∴cos∠DBC=cos∠ADB=ADBD =1620=45；(2)在Rt△BCD中，cos∠DBC=BDBC ，即45=20BC，解得：BC=25，∵AD//BC，∴DEBE =ADBC=1625，∴DEBD =1641，∴DE=1641×BD=1641×20=32041．解析：(1)根据cot∠ADB=43，可求出AD的长度，在Rt△ABD中利用勾股定理求出BD，继而可得出∠DBC的余弦值；(2)在Rt△BDC中，由(1)的答案可求出BC的长度，再由平行线分线段成比例的知识可求出DE的长．本题考查了梯形、勾股定理及平行线分线段成比例的知识，解答本题的关键是熟练掌握解直角三角形的方法，能正确表示角的三角函数．22.答案：解：在直角△ACM，∠CAM=45度，则△ACM是等腰直角三角形，则AC=CM=12(海里)，∴BC=AC−AB=12−4=8(海里)，直角△BCN中，CN=BC⋅tan∠CBN=√3BC=8√3(海里)，∴MN=CN−CM=8√3−12(海里)．答：钓鱼岛东西两端点MN之间的距离是8√3−12海里．解析：在直角△ACM，∠CAM=45度，则△ACM是等腰直角三角形，即可求得AC的长，则BC可以求得，然后在直角△BCN中，利用三角函数求得AN，根据MN=CN−CM即可求解．23.答案：②①解析：解：选择的条件是②，结论是①．证明：∵四边形ABCD是矩形，∴∠DAB=∠EAF=90°，DO=OB，在Rt△DAB和Rt△EAF中，{AE=ADEF=DB，∴Rt△DAB≌Rt△EAF(HL)，∴∠ADB=∠AEF，∵∠DFO=∠EFA，∴∠DOF=∠EAF=90°，即EO⊥BD，∵DO=BO，∴EO是线段BD的垂直平分线，∴BE =DE ．故答案为：②；①．利用HL 证明△DAB≌△EAF ，再证得EO 是线段BD 的垂直平分线，即可证明结论．此题考查全等三角形的判定和性质，关键是根据HL 证明△DAB≌△EAF 解答．24.答案：解：(1)∵抛物线y =ax 2+bx +c 经过原点，且对称轴为x =−2，∴c =0，OA =4，又△AOB 的面积为2，∴BC =1，即顶点B 的坐标为(−2,−1)，∴−b 2a =−2，−b 24a =−1，解得a =14，b =1， ∴抛物线的解析式为y =14x 2+x ；(2)∵BC =1，AC =2，∴tan∠BAC =12，设P 点坐标为(x,14x 2+x)，如图1，当点P 在y 轴右侧，PM =14x 2+x −(−2)=14x 2+x +2，MN =x ，∴tan∠MPN =MN PM =x 14x 2+x+2=12，即x 2−4x +8=0，此方程无解；如图2，当点P 在y 轴左侧，此时PM =14x 2+x +2，MN =−x ，∴tan∠MPN =MNPM =−x 14x 2+x+2=12， 即x 2+12x +8=0，解得x 1=−6+2√7，x 2=−6−2√7，则y 1=10−4√7，y 2=10+4√7，∴点P 坐标为(−6+2√7,10−4√7)或(−6−2√7,10+4√7)；(3)①如图3，过点P 作PD ⊥BC 于点D ，则PD =x +2，DC =14x 2+x ，由(2)知PM =14x 2+x +2，在Rt △PCD 中，PC 2=(x +2)2+(14x 2+x)2=116x 4+12x 3+2x 2+4x +4=PM 2，∴PM =PC ；②由①知，PM =PC ，∴PQ+PC的最小值为PQ+PM的最小值，当Q、P、M三点共线时，PQ+PM有最小值为4．∴PQ+PC的最小值为4．解析：(1)根据抛物线y=ax2+bx+c经过原点，且对称轴为x=−2，可得c=0，OA=4，再由△AOB 的面积为2，可得BC=1，即得到顶点B的坐标，即可求得抛物线解析式；(2)设P点坐标为(x,14x2+x)，分点P在y轴右侧或y轴左侧两种情形进行讨论，即可求得点P的坐标；(3)①过点P作PD⊥BC于点D，在Rt△PCD中，应用勾股定理可求得PC2，与(2)中PM2比较可得PM= PC；②当Q、P、M三点共线时，PQ+PM有最小值为4.即PQ+PC的最小值为4．本题是中考压轴题，涉及知识点多，难度大，主要考查了二次函数图象和性质，顶点和对称轴，相似三角形判定和性质，线段和的最小值问题等，分类讨论和方程思想是本题解题关键．25.答案：(1)证明：如图1中，∵△APC，△PBD都是等边三角形，∴∠APC=∠DPB=60°，PA=PC，PD=PB，∴∠APD=∠CPD，在△APD和△CPB中，{PA=PC∠APD=∠CPB PD=PB，∴△APD≌△CPB(SAS)，∴AD=BC．(2)解：如图1中，设AD交PC于点J．∵△APD≌△CPB，∴∠PAD=∠PCB，∵∠AJP=∠CJQ，∴∠AQJ=∠APJ=60°，∴∠DQB=∠AQC=60°．(3)解：如图2中，结论不变，理由如下：设AD交PC于点J．∵△APC，△PBD都是等边三角形，∴∠APC=∠DPB=60°，PA=PC，PD=PB，∴∠APD=∠CPD，在△APD和△CPB中，{PA=PC∠APD=∠CPB PD=PB，∴△APD≌△CPB(SAS)，∴AD=BC，∠PAD=∠PCB，∵∠AJP=∠CJQ，∴∠AQJ=∠APJ=60°，∴∠DQB=∠AQC=60°．解析：(1)如图1中，证明△APD≌△CPB(SAS)，可得结论．(2)设AD交PC于点J.由△APD≌△CPB，推出∠PAD=∠PCB，利用“8字型”的性质即可解决问题．(3)结论不变，证明方法类似(1)(2)．本题属于三角形综合题，考查了等边三角形的性质，全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，属于中考常考题型．。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．某电热器的简化电路如图所示，两根电热丝R1、R2的阻值相等且不变。

开关S1可接a或b或c。

则电热器电功率最大时（）A．断开S2，S1接bB．闭合S2，S1接aC．闭合S2，S1接cD．闭合S2，S1接b【答案】B【详解】根据图示可知，电路电压不变，根据2UPR可知，当电路总电阻最小时，功率最大，由图示可知，当闭合S2，S1接a时，电路为并联电路，此时总电阻最小，故选B。

2．如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均为图乙所示，则电阻R1和R2的功率之比为A．4：1 B．5：1 C．1：4 D．1：5【答案】A【解析】如图所示电路图为串联电路，V1测量电源电压，V2测量R2两端电压，两个电压表指针偏转均为图所示，则说明量表的量程选择不同，而且V1采用的是大量程，V2采用的是小量程，而大小量程指针指在同一位置时，大量程是小量程的5倍关系，即R2两端电压是电源电压的1/5，所以可得R1两端电压是电源电压的4/5，由串联分压可得R1:R2=4:1，串联电路电流相等且P=I2R得电阻R1和R2的功率之比为4:1，故A正确．3．我国西晋学者张华在《博物志》中写道“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，亦有咤声”，句中所描述的物理现象属于（）A．升华B．做功改变内能C．摩擦生热D．摩擦起电【答案】D【分析】先要理解“今人梳头、脱着衣时，有随梳、解结有光者，也有咤声”这句话的意思，即人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦产生电荷，是静电现象。

【详解】人们梳头、穿衣时，梳子与头发，外衣与里面的衣服摩擦，使它们带有异种电荷，电荷放电，看到小火星和听到微弱响声，是摩擦起电，属于静电现象，综上分析D正确；故选D。

【点睛】能结合摩擦起电的原理解释生活中的静电现象，属于物理知识应用于实际的应用题目，难度不大，属于基础题。

4．如图甲所示，验电器A带负电，B不带电。

R1V AS R 2P 图2 A 1第一学期教学质量调研试卷九年级理化（物理部分）考生注意：1. 本试卷满分90分，理化合卷用时100分钟；2. 答案必须填写在答题卡上。

一、选择题（每题2分，共16分）1．一段金属丝剪去一半，其不变的物理量是A ．质量B ．体积C ．密度D ．电阻2．压力的方向A ．竖直向下B ．垂直向下C ．竖直向上D ．垂直受力面3．下列家用电器在正常工作时需要的电压是A ．空调最大B ．洗衣机最大C ．电视机最大D ．一样大4．第一个用实验准确测定大气压强数值的科学家是A ．帕斯卡B ．托里拆利C ．马德堡市长D ．阿基米德5．计算浮力的普遍公式是A ．F gV ρ=浮排B ．F G =浮物C ．12F F F =-浮D ．F F F =-浮向上向下6．如图1，下列例子主要利用压强大小与受力面积有关的是图1A ．啄木鸟嘴巴很尖B ．乳牛自动喂水器C ．用吸管吸饮料D ．拦河坝上窄下宽7．图2所示电路中，电源电压不变。

闭合电键S ，当滑动变阻器的滑片P 向左移动时，则A ．A 表示数与A 1表示数的差值变大B ．A 表示数与A 1表示数的比值变小C ．V 表示数与A 表示数的比值变大D ．V 表示数与A 1表示数的乘积变大图48．如图3所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的上方，此时压强p 甲、p 乙比较，正确的是 A ．可能是p p >甲乙 B ．一定是p p >甲乙C ．可能是p p =甲乙D ．一定是p p <甲乙二、填空题（第14题每格2分，其余每格1分，共23分）9．导体中形成电流的必要条件是导体两端要有 （1） ；一节干电池的电压是 （2） 伏；在同一个插座上充电的手机和iPad 是 （3） （选填“串联”或“并联”）的。

10．人们可以从物体是否发生 （4） 来判断物体是否受到压力；如果在连通器中注入同种液体，待液体静止后形状不同容器中的液面一定处于同一 （5） 面上；大气压强的大小主要与 （6） 有关，其次还与空气的温度和湿度有关。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．常用智能手机是通过指纹开关S1或密码开关S2来解锁的，若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能．若用灯泡L发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是A．B．C．D．【答案】C【详解】由题意知开关S1或开关S2均可接通电路，所以S1、S2并联，开关S3断开手机解锁功能暂停，说明S3位于电路干路．故C项符合题意；2．如图所示，当带电体接触验电器的金属球时，下列说法正确的是A．若带电体带正电荷，则这些正电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上B．若带电体带负电荷，则这些负电荷就通过金属杆全部转移到金属箔上C．若带电体带正电荷，则验电器就有一部分电子转移到带电体上D．若带电体带负电荷，则验电器就有一部分正电荷转移到带电体上【答案】C【分析】（1）验电器是根据同种电荷相互排斥的原理制作的，金属箔片所带的电荷量越多，其张角越大．（2）金属中的自由电荷是自由电子；质子不可移动．据此分析判断．【详解】AC、若带电体带正电荷，带电体缺少电子，所以不可能有电子从金属杆流向金属箔，而只能是有一部分电子从金属箔转移到金属杆上，故A错误，C正确；B、若带电体带负电荷，负电荷将部分转移到金属箔上，从而金属箔带负电，而带电体仍带负电，故B错误；D、若带电体带负电荷，是由于有多余的电子，则带电体就有一部分电子转移到验电器上，故D错误；故选C．3．如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。

燃料的质量相同，烧杯内的液体质量和初温也相同。

下列说法正确的是（）A．比较不同液体的比热容，可以选择甲、丙两图B．比较不同液体的比热容，可以选择乙、丙两图C．比较不同燃料的热值，可以选择甲、丙两图D．比较不同燃料的热值，可以选择乙、丙两图【答案】C【详解】AB．为了比较不同液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种液体比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验，故AB错误；CD．为了比较不同燃料的热值要用不同的燃料，应加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验，故C正确，D错误。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．在同一个电源两端接有两个不同的灯泡，用电压表测得两个灯泡两端的电压不相等，则这两灯泡的连接方式（）A．一定并联B．一定串联C．串联并联都有可能D．无法判断【答案】B【详解】两个不同规格的灯泡，如果串联到电路中，由串联分压U1:U2=R1:R2可知，两个灯泡两端的电压不会相等；如果并联到电路中，两个灯泡两端的电压一定相等，因为并联电路中各支路两端的电压相同，故选B2．小明晚上做功课，把台灯插头插在书桌边的插座上，闭合台灯开关，发现台灯不亮.．为了找出故障原因，小明把台灯插头插入其他插座，发现台灯能正常发光，用测电笔插入书桌边的插座孔进行检查，发现其中一个孔能使测电笔的氖管发光．故障原因可能是A．进户线火线上的熔丝烧断B．进户线零线断了C．书桌边的插座与零线断开D．书桌边的插座与火线断开【答案】C【解析】小明把台灯插头插入其他插座，发现台灯能正常发光，用测电笔插入书桌边的插座孔进行检查，发现其中一个孔能使测电笔的氖管发光．故障原因可能是书桌边的插座与零线断开．所以选C．3．一个“220V 300 W"的电热杯，一个“220 V 300W”的煮蛋器，一台“220V 300 W"的小型洗衣机，分别接在220V的电压下，则相同时间内它们产生的热量A．小型洗衣机最少B．电热杯最少C．煮蛋器最少D．一样多【答案】A【详解】由题意可知，三种仪器的额定功率相同，但小型洗衣机主要将电能转化为机械能；而电热杯、煮蛋器将电能全部转化为内能，故小型洗衣机产生热量最少，故选A。

4．关于家庭电路，下列说法正确的是A．用电器的金属外壳一定要接地B．空气开关自动断开，一定是某处出现了短路C．电能表测量的是家用电器的总功率D．使用测电笔时，手不能接触笔尾的金属电极【答案】A【详解】A. 带金属壳的用电器之所以接地是为了在发生漏电时能让电流流入大地，而不是进入人体，也就是说为了人的使用安全，故正确；B. 当电路发生短路或用电器的总功率过大时，空气开关会发生跳闸现象，故错误；C. 家用电能表测量的是家里用电器消耗的总电能，故错误；D. 使用测电笔时，手一定要接触笔尾的金属电极，故错误．5．如图所示，当开关S闭合，电路正常工作一段时间后，突然一个电表的示数变大，一个电表的示数变为0，若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R2上，用下列判断正确的是A．若电流表示数变为0，电压表示数变大，则R1开路B．若电流表示数变为0，电压表示数变大，则R2短路C．若电流表示数变大，电压表示数数为0，则R1开路D．若电流表示数变大，电压表示数变为0，则R2短路【答案】A【详解】A C．出现故障前，电阻R1、R2并联，电压表测得R1两端电压，若R1开路，电流表示数变为0，电压表测电源电压，示数变大，故A正确，C错误；B D．若R2短路，电流表示数变大，电压表示数变大，故BD错误；6．如图所示的充电鞋垫，利用脚跟起落驱动磁性转子旋转，线圈中就会产生电流，从而能给鞋垫上的电池充电。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．关于功、功率、机械效率，下列说法中正确的是A．机械做功少，功率一定小B．功率小的机械，做功一定慢C．功率大的机械，机械效率一定高D．功率大的机械一定比功率小的机械做功多【答案】B【详解】A．由P=Wt可知，时间未知，机械做功少，功率不一定小，故A错误；B．功率是表示做功快慢的物理量，功率小的机械做功一定慢，故B正确；C．功率是单位时间内所做的功，机械效率是指有用功与总功的比值，二者是两个不同的物理量，所以，功率大的机械，做功效率不一定高，故C错误；D．由W=Pt可知，时间未知，功率大的机械不一定比功率小的机械做功多，故D错误。

2．如图所示是四冲程汽油机的一个工作循环示意图，其中属于做功冲程的是A．B．C．D．【答案】C【详解】四冲程汽油机的四个工作冲程是：吸气、压缩、做功、排气，区分它们的依据有活塞的运动方向、进气阀和排气阀的开闭情况，如活塞向下运动、进气阀和排气阀都关闭时，是燃气推动活塞做功，是做功冲程，所以选项C正确．3．为维护消费者权益，某技术质量监督部门对市场上的电线产品进行抽查，发现有一个品牌电线中的铜芯直径明显比电线规格上标定的直径要小，引起导线电阻偏大，工作时发热量高甚至烧坏．从影响导体电阻大小的因素来分析，引起这种电线电阻不符合规格的主要原因是A．电线的长度B．电线的横截面积C．电线的材料D．电线的温度【答案】B【解析】当导体的材料、长度、温度不变时，横截面积越小，电阻越大．根据焦耳定律Q=I2Rt工作时发热量高甚至烧坏．题中电线中的铜芯直径明显比电线规格上标定的直径要小，是因为电线的横截面积小，电阻大．故B符合题意为答案．4．智能手环可随时记录佩戴人的运动数据，且能将数据无线传输到手机上显示，如图所示，将数据从智能手环无线传输到手机是利用（ ）A ．光纤B ．电磁波C ．超声波D ．次声波【答案】B【详解】将数据从智能手环无线传输到手机是通过电磁波以无线的方式向手机发送运动的统计数据，故应选B ．5．关于内能、温度、热量三者的关系，下列说法正确的是 A ．物体吸收热量，温度一定升高 B ．物体的温度升高，内能一定增大 C ．物体温度越低，所含的热量越少D ．热量都是从内能多的物体传递给内能少的物体 【答案】B【详解】A ．晶体熔化过程中，吸热但温度不变，故A 错误； B ．同一物体，温度升高，内能增大，故B 正确；C ．热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；故C 错误；D ．热量总是从高温物体向低温物体传递，放热的物体内能减小，吸热的物体内能增大；故D 错误。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．如图所示，将标有“8V 8W”的灯泡L1和“8V 16W”的灯泡L2接在12V的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是（）A．灯泡L1、L2都能正常发光B．灯泡L1、L2一样亮C．灯泡L2比灯泡L1亮D．灯泡L1比灯泡L2亮【答案】D【详解】根据P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1=118W =8VPU=1A，I2=2116W =8VPU=2A，根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻分别为：R1=118V 1AUI==8Ω，R2=228V 2AUI==4Ω，此时电路中的总电阻：R=R1+R2=8Ω+4Ω=12Ω此时电路中的电流：I=12V=12URΩ=1A．灯泡L1的实际功率为：P1=I2R1=（1A）2×8Ω=8W；灯泡L2的实际功率为：P2=I2R2=（1A）2×4Ω=4W；A．灯泡L1的实际功率与额定功率相同，能正常发光；灯泡L2的实际功率小于额定功率相同，不能正常发光；故选项A错误；BCD．因为灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以灯泡L1的实际功率较大，灯泡较亮；故BC选项错误，D 正确．故选D ．2．如图，电源电压18V 保持不变，电流表量程是1﹣1．6A ，电压表量程是1﹣15V ，小灯泡上 标有“6V 3W”字样．要求：开关闭合后两个电表的示数均不超过所选量程，且灯泡两端电压不允许超过额定电压（灯丝电阻不变）．则下列说法正确的是（ ）A ．滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表和电压表示数都变大B ．当电流表示数为1．4A 时，电压表示数为12VC ．该电路的最大功率为9WD ．滑动变阻器允许调节的范围是18Ω﹣61Ω【答案】C【解析】试题分析：观察电路图可见，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流．当滑动变阻器滑片向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可得，电路中的电流变大，电流表示数变大；由题意知灯泡电阻不变，根据U=IR 可得灯泡两端的电压变大；串联电路中总电压等于各串联用电器电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，A 选项错误；由P=UI 可得，灯泡的额定电流：3056L L L P W I .A U V===，灯泡的电阻：6120.5L L L U V R I A===Ω，当电流表示数为1．4A 时，灯泡两端的电压：L L U IR 0.4A 12 4.8V '==⨯Ω=，电压表的示数：L U U U 18V 4.8V 13.2V 滑﹣﹣='==，B 选项错误错误；串联电路中电流处处相等，灯泡的额定电流为1．5A ，电流表的量程为1～1．6A ，所以，电路中允许通过的最大电流为1．5A ；此时电路中的总电阻：min max 18360.5U V R I A===Ω，串联总电阻等于各串联电阻之和，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：min min -=36-12=24L R R R =ΩΩΩ滑，电路消耗的最大功率：max max P UI 18V 0.5A 9W ==⨯=，C 选项正确；当电压表的示数为15V 时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时灯泡两端的电压：L U U U 18V 15V 3V max "===滑﹣﹣，因串联电路中电流处处相等，所以L maxU max L U R R "=滑滑，即max L 151260U 3max L U V R R V==⨯Ω=Ω"滑滑，所以滑动变阻器阻值允许调节的范围是24Ω～61Ω，D 选项错误．答案：C考点：动态电路分析；串联电路规律应用；欧姆定律的应用；电功率的计算；电路安全参数计算．3．在如图所示的电路图中，正确的是( )A．B．C．D．【答案】C【详解】A.电路中无电器，故A错误；B.导线直接将电源的两极连通，会发生电源短路，故B.错误；C.有电源，电灯和开关串联，连接正确，故C正确；D.电路无电源，用电器均不能工作，故D错误．故选C. 【点睛】一个完整的电路包括电源、开关、用电器、导线，且不能出现短路；注意不要出现短路的情况，电源短路是指，电流不经过用电器直接连通的电路．4．下列说法中正确的是A．电功率是表示消耗电能多少的物理量B．电功率是表示电流做功快慢的物理量C．用电器的电功率越大，做功越多D．功率大的用电器耗电一定多【答案】B【解析】AB.电功率是表示电流做功快慢的物理量，故A错误、B正确；C. 电流通过功率大的用电器时，通电时间不一定多，所以做功不一定多，故C错误；D. 用电器消耗电能的多少与实际功率和通电时间有关，用电器通电后，实际功率和通电时间不能判断，则不能比较用电器消耗电能的多少，故D错误。

上海市崇明县中考物理一模试卷一、选择题1．人体的密度最接近于下列哪种物质的密度（）A．木材 B．水C．碳纤维D．水银2．人站着对地面的压强大小最接近于（）A．101帕B．102帕C．104帕D．106帕3．人体触电感到巨痛有生命危险的电流大小约是（）A．1毫安B．10毫安C．100毫安D．1安培4．浮力计算的普遍公式是（）A．F浮=ρ液gV排B．F浮=G物C．F浮=F1﹣F2D．F=F向下﹣F向上5．下列实例中，没有利用连通器原理的是（）A．茶壶 B．锅炉液位计C．船闸 D．吸盘式挂衣钩6．有两个阻值相同的电阻，串联后其总电阻是4欧，则这两个电阻并联后的总电阻是（）A．1欧B．2欧C．4欧D．8欧7．如图所示电路中，电源电压保持不变，当电键由断开到闭合时，下列判断错误的是（）A．电流表示数变大B．电压表示数变大C．电压表示数与电流表示数的比值变大D．电压表示数与电流表示数的乘积变大8．如图所示，水平地面上放着两个质地均匀的正方体甲和乙，且甲对地面的压强大于乙．若在两正方体上面各放一个物体，小明认为：若两物体质量相等，正方体甲对地面的压强可能小于乙；小强认为：若两物体体积相等，正方体甲对地面的压强可能小于乙．下列判断正确的是（）A．两人的观点均正确 B．两人的观点均不正确C．只有小明的观点正确D．只有小强的观点正确二、填空题（第9～14题每格1分，第15、16题每格2分，共26分）9．家庭用的电灯正常工作时的电压为伏．家庭中电灯和电风扇之间是连接的；带有照明灯的电风扇，其照明灯与电网扇之间是连接的．（以上两格均选填“串联”或“并联”）10．物理知识在日常生活中有着广泛的应用：图中，利用知识可以方便地估算游泳池中水的质量；用吸管吸饮料利用的是的知识；修筑拦河大坝时要做成上窄下宽，主要是根据的规律．（最后一格选填“固体压强”或“液体压强”）11．学习电压和电流概念时，我们运用的科学方法是；探究导体的电流和电压关系实验中，运用的科学方法是；引入“总电阻”概念时运用的科学方法是．（选填正确选项填入上面空格：A．控制变量法；B．类比法；C．建立模型法；D．等效替代法）12．若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，导体两端的电压为6伏，则通过导体的电流为安，导体的电阻为欧；如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻将（选填“变大”、“不变”或“变小”）．13．大约在六百年前，我国明代伟大的航海家郑和从南京开始了下西洋的壮举，当时他使用的是名叫“宝船”的大船，若宝船总重力为4.9×107牛，则船在长江水中航行时受到的浮力大小为牛，浮力方向竖直向，宝船进入大西洋中受到的浮力（选填“变大”、“不变”或“变小”）．14．如图所示，将质量相等的实心物体A和B放在水平桌面中央，它们对水平桌面的压力和压强分别为F A、F B，p A、p B，则F A F B，p A p B；如把它们按图示方向向右倾倒后，则它们对桌面的对桌面的压强p A′ p B′（以上三格均选填“＞”、“=”或“＜”）．15．在图所示电路中，电源电压保持不变，R1、R2可能出现了断路故障，闭合电键S后：（1）若观察到有两个电表有示数，则说明故障是；（2）若移动滑片时有电表示数发生了变化，则发生变化的一定是表．16．近代科学家利用托里拆利实验研究大气压与海拔高度之间关系时，在不同高度地方做了如图a、b、c、d、e、f组实验．请仔细观察各图并归纳结论：（1）由图a或b或c或d或e或f可以得到．（2）由图a和b和c和d和e和f可以得到．三、作图题（第17、18题各3分，第19题2分，共8分）17．在图中，重为10牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法画出地面受到的压力．18．在图中电路空白处填入电源、电流表和电压表的符号，要求：闭合电键S后，两灯泡均能正常发光，且电流表测量通过L1的电流．19．在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上．补上后要求：①电压表测小灯两端电压；②闭合电键S，向右端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．四、计算题（第20题4分，第21题9分，第22题9分，共22分）20．体积为1×10﹣3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮．21．如图，薄壁圆柱形容器甲和均匀正方体乙置于水平地面上，容器甲足够高、底面积为5×10﹣2米2盛有0.1米深的水，正方体乙质量为6千克，密度为3×103千克/米3．（1）求容器甲内水对容器底部的压强；（2）求正方体乙的体积；（3）若将正方体乙浸没在容器甲的水中，求水对容器底部的压强的增加量．22．如图所示电路中，电源电压为12伏，定值电阻为10欧，将电压表并联接入电路适当位置，闭合电键后，移动滑动变阻器滑片P且使其电阻每次减小相同的阻值，两个电表示数如下表所示．试求：（1）第1次实验时电流表示数为0.3安，则此时电阻R1两端的电压；（2）若滑动变阻器接入电路中电阻为14欧，求电路中的电流．（3）分析电压表并联的位置，并求出滑动变阻器再次减小相同的阻值时电压表和电流表的示数，填入表格空白处．滑片P移动的次序电流表示数电压表示数1 0.3A 9V2 0.4A 8V3 0.6A 6V 4五、实验题23．如图所示实验装置中，可以用来研究液体内部压强的是，用来测量液体密度的是，用来测定大气压强的是，测量时需要与用电器并联的是．（填字母）24．在探究压力的作用效果与哪些因素有关时，某同学用一个小板凳、重物和细沙做了如图所示的四个实验，通过观察四次实验时细沙的，反映压力的作用效果．比较序号a与c或b 与d所示实验，说明受力面积相同时，，压力作用效果越明显；比较序号所示实验，说明压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显．如图序号a与d所示，则应该比较，寻找压力作用效果与它的关系．25．在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，小李同学按图连接电路进行实验．所用电源为3节新干电池串联而成，且电压保持不变，滑动变阻器上标有“20Ω2A”字样．①在闭合电键S前，他应将滑动变阻器的滑片置于图中端．（选填“A”或“B”）②他实验步骤正确，闭合电键时，观察电流表的示数并记录在序号1中．接着，他移动滑片到中点位置（即滑动变阻器接入电路的电阻为10欧），将电压表的示数2.5伏记录在序号2中．当他将滑片移动到另一端时，将电流表的示数0.36安记录在序号3中．请在表中将该同学设计的表格空白处填写完整．（计算电阻时，精确到0.1欧）．物理量序号电压（伏）电流（安）电阻（欧）电阻平均值（欧）1 0.142 2.53 0.3626．某小组同学在做“探究并联电路的规律”实验时，按图所示的电路图正确连接电路．在已得知并联电路各支路两端电压等于电源电压的结论后继续探究．实验中他们多次改变电阻R1、R2，得到的实验数据如表所示．实验序号电阻R1（欧）电阻R2（欧）A1表示数（安）A2表示数（安）A表示数（安）V表示数（伏）总电阻R（欧）1 5 10 1.2 0.6 1.8 6.02 5 15 1.2 0.4 1.6 6.03 15 10 0.4 0.6 1.0 6.04 15 20 0.4 0.3 0.7 6.0①小王同学在分析实验序号1（或2或3或4）中的A1、A2和A表的数据及相关条件时，得出的初步结论是：并联电路中，干路中的电流等于．②小明同学进一步分析了实验序号1（或2或3或4）中的电流表A1、A2示数的比值和电阻R1、R2的比值及相关条件，可得结论是：并联电路中，．③他们根据所学知识，根据表格中的相关物理量，求出了每次实验时并联电路总电阻，请将求得的数据填写在表格的最后一列．④根据实验序号1与2（或3与4）中的R1、R2和总电阻R的数据及相关条件，可得结论是：并联电路中，．⑤为了使实验结论更加具有普遍性，同学们还应改变重复上述实验．2016年上海市崇明县中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．人体的密度最接近于下列哪种物质的密度（）A．木材 B．水C．碳纤维D．水银【考点】密度的大小比较．【专题】比较思想；密度及其应用．【分析】这是一道与生活联系密切的一道物理常识题目，同学们可以通过生活经验解答，或借助浮力知识、或借助人的主要组成成分进行解答．【解答】解：（1）由生活经验可知，人可以只露出头漂浮在水面上，也可以很轻松的潜入水中，说明人的平均密度接近水的密度，故B正确；（2）由生活经验可知，木材、碳纤维的密度小于水的密度，也小于人体的密度，水银的密度非常大，大于人体的密度，故ACD错误．故选B．【点评】解决此类题目需要同学们多观察生活，多了解一些常见物质的密度的大小．2．人站着对地面的压强大小最接近于（）A．101帕B．102帕C．104帕D．106帕【考点】压强的大小及其计算．【专题】估算题；压强、液体的压强．【分析】要估测人对地面的压强，根据p=可知需要先估测人的体重和人双脚的面积．【解答】解：人平均体重约为500N，两脚的总面积约为0.05m2，则人对地面的压强为：p===1×104Pa．故选C．【点评】本题主要考查学生对压强的大小及其计算的掌握情况，能估测人的质量和人站立的着地面积是本题的关键．3．人体触电感到巨痛有生命危险的电流大小约是（）A．1毫安B．10毫安C．100毫安D．1安培【考点】电流的大小．【专题】计算题；电流和电路．【分析】明确安全电压为不高于36V的电压，在体表干燥时人体的电阻约为3600Ω左右，由欧姆定律可求得通过人体的电流．【解答】解：对人体的安全电压为不高于36V的，当电阻为3600Ω时，由欧姆定律可得：通过人体的电流I===0.01A=10mA；所以人体触电感到巨痛有生命危险的电流大小约是10毫安．故选B．【点评】本题考查欧姆定律的使用，属公式的简单应用，同时注意人体的安全电压为不高于36V的电压．4．浮力计算的普遍公式是（）A．F浮=ρ液gV排B．F浮=G物C．F浮=F1﹣F2D．F=F向下﹣F向上【考点】浮力大小的计算．【专题】定性思想；浮力．【分析】知道浮力大小的计算方法：1．称重法：F浮=G﹣F；2．二力平衡法：F浮=G物；3．阿基米德原理法：F浮=G排．4．浮力的产生原因：F浮=F向上﹣F向下．【解答】解：A、根据阿基米德原理可知：F浮=ρ液gV排是浮力计算的普遍公式．故A正确；B、根据物体的浮沉条件可知，浮物体处于漂浮、悬浮时，浮力的计算公式为：F浮=G物．故B不合题意；C、根据实验称重法可知，浮力的计算公式为：F浮=F1﹣F2；（F1为物体在空气中时测力计的示数，F2为物体浸没在液体中时测力计的示数）；故C不合题意；D、根据浮力的产生原因可知，浮力的计算公式为：F浮=F向上﹣F向下．故D不合题意．故选A．【点评】本题是对阿基米德原理的一个直接考查，掌握浮力大小的计算方法．5．下列实例中，没有利用连通器原理的是（）A．茶壶 B．锅炉液位计C．船闸 D．吸盘式挂衣钩【考点】连通器原理．【专题】应用题；定性思想；压强、液体的压强．【分析】根据连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．【解答】解：A、茶壶上端开口，下部连同，即是连通器，故A不符合题意；B、水位计上端和下端都相连，所以属于连通器，故B不符合题意；C、船闸上面开口，下部通过阀门相连，属于连通器，故C不符合题意；D、把吸盘紧压在光滑的墙上，把吸盘内的空气排出，大气压就把吸盘紧压在了墙上，在钩上可以挂衣服，故D不符合题意．故选D．【点评】本题考查生活中常见的连通器原来的应用，同时干扰选项涉及到压强的应用，属于简单题目，考试需要准确区分各物理知识点及其应用．此点中考出现概率很高．6．有两个阻值相同的电阻，串联后其总电阻是4欧，则这两个电阻并联后的总电阻是（）A．1欧B．2欧C．4欧D．8欧【考点】电阻的串联；电阻的并联．【专题】计算题；电压和电阻．【分析】根据电阻的串并联进行求解，即串联电路的总电阻等于各分电阻之和，并联电路总电阻的倒数等于各分电阻到数值和．【解答】解：n个阻值相同的电阻R串联后的总电阻R串=nR，由题意知，两个相同电阻串联的总电阻R串=4Ω，所以每个电阻的阻值R=R串=×4Ω=2Ω，n个阻值相同的电阻R并联后的总电阻R并=R；因此它们并联后的总电阻R并=R=×2Ω=1Ω．故选：A．【点评】本题考查了本学生对电阻串联和电阻并联的理解和掌握，串联电阻相当于增加了导体的长度，所以电阻越串越大，并联电阻相当于增大了导体的横截面积，所以电阻越并越小．7．如图所示电路中，电源电压保持不变，当电键由断开到闭合时，下列判断错误的是（）A．电流表示数变大B．电压表示数变大C．电压表示数与电流表示数的比值变大D．电压表示数与电流表示数的乘积变大【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用．【专题】应用题；欧姆定律．【分析】当开关断开时，R、L串联，电压表断路，电流表测串联电路中的电流；当开关闭合时，R、L仍然串联，电压表测电源的电压，电流表测串联电路中的电流；根据电阻的串联特点和欧姆定律判断两种情况下电压表、电流表的示数关系．【解答】解：当开关断开时，R、L串联，电压表断路，电流表测串联电路中的电流；电路中的电流I1=，电压表断路即U1=0；当开关都闭合时，R、L仍然串联，电流表的示数I2=，电压表测电源的电压U，即U2=U；综上所述可知：I1=I2，U1＜U2；当电键S由断开到闭合时，电流表的示数不变，故A不正确．电压表的示数变大，故B正确；因为I1=I2，电压表与电流表的比值变大，故C正确；电压表示数与电流表示数的乘积变大，故D正确．故选A．【点评】本题考查了电阻的串联特点和欧姆定律的应用，关键是知道开关闭合前后电路变化的情况．8．如图所示，水平地面上放着两个质地均匀的正方体甲和乙，且甲对地面的压强大于乙．若在两正方体上面各放一个物体，小明认为：若两物体质量相等，正方体甲对地面的压强可能小于乙；小强认为：若两物体体积相等，正方体甲对地面的压强可能小于乙．下列判断正确的是（）A．两人的观点均正确 B．两人的观点均不正确C．只有小明的观点正确D．只有小强的观点正确【考点】压强大小比较．【专题】应用题；比较思想；压强、液体的压强．【分析】压强等于压力与受力面积的比值，结合图中的情形，针对当放上两个物体时，对压力和影响，进而利用压强公式判断对压强的影响，做出比较．【解答】解：由题意知，甲对地面的压强大于乙，且甲的底面积也大于乙．（1）若在两正方体上面各放一个质量相等的物体，即地面受到压力的增大量相同，由于甲的底面积大，所以甲对地面压强的增加量是小于乙的．因此可能存在正方体甲对地面的压强可能小于乙的情况．故小明的观点正确；（2）若在两正方体上面各放一个物体，且两物体体积相等，由于不知道物体重力的大小关系，所以可能是甲上面放的物体重力小，所以甲对地面压力的增加量就小．又因为甲的底面积大于乙，所以甲对地面压强的增加量是可能小于乙的．因此可能存在正方体甲对地面的压强可能小于乙的情况．故小强的观点正确．故选A．【点评】在本题的压强比较中，存在几个不确定的量，因此，要从压强等于压力与受力面积比值的角度，去分析其各个量的变化，最后做出判断．二、填空题（第9～14题每格1分，第15、16题每格2分，共26分）9．家庭用的电灯正常工作时的电压为220 伏．家庭中电灯和电风扇之间是并联连接的；带有照明灯的电风扇，其照明灯与电网扇之间是并联连接的．（以上两格均选填“串联”或“并联”）【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；家庭电路的连接．【专题】定性思想；电与热、生活用电．【分析】（1）我国照明电路的电压是220V，所以在照明电路中工作的用电器，正常工作电压基本都是220V；（2）照明电路中各用电器之间是并联的，用电器和控制本用电器的开关是串联的．【解答】解：（1）家庭用的电灯正常工作时的电压为220V；（2）家庭中电灯和电风扇之间工作时互不影响，故它们之间是并联连接的；带有照明灯的电风扇，其照明灯与电网扇之间也可以独立工作，所以是并联连接的．故答案为：220；并联；并联．【点评】（1）常见的电压：我国照明电路220V；一节干电池1.5V；一节铅蓄电池2V；一节手机电池3.7V；对人安全电压不高于36V．（2）家庭电路中不同的用电器之间并联；用电器和开关串联．10．物理知识在日常生活中有着广泛的应用：图中，利用密度知识可以方便地估算游泳池中水的质量；用吸管吸饮料利用的是大气压强的知识；修筑拦河大坝时要做成上窄下宽，主要是根据液体压强的规律．（最后一格选填“固体压强”或“液体压强”）【考点】密度的应用与物质鉴别；液体的压强的特点；大气压的综合应用．【专题】定性思想；图析法；密度及其应用；压强、液体的压强；气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】（1）估测出游泳池的容积，利用密度公式m=ρV可求游泳池中水的质量；（2）用吸管吸饮料，饮料在大气压的作用下被压到嘴里；（3）液体压强随深度的增加而增大，为了让拦河坝承受更大的水的压强，修成“上窄下宽”的形状；【解答】解：估测出游泳池的容积，利用密度公式m=ρV可求游泳池中水的质量，因此利用的是密度的知识；用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用的是大气压的知识；拦河大坝之所以修成“上窄下宽”的形状是因为液体内部压强随着深度的增加而增大，越往下面，液体内部压强越大，所以修成这种形状，河坝不易被冲垮．故答案为：密度；大气压强；液体压强．【点评】本题考查了：大气压的应用、液体压强的特点、密度变形公式的应用，考查的知识点较多，但考查方式较简单，是一道基础题．11．学习电压和电流概念时，我们运用的科学方法是 B ；探究导体的电流和电压关系实验中，运用的科学方法是 A ；引入“总电阻”概念时运用的科学方法是 D ．（选填正确选项填入上面空格：A．控制变量法；B．类比法；C．建立模型法；D．等效替代法）【考点】物理学方法．【专题】应用题；定性思想；归纳法；其他综合题．【分析】物理学常用的方法有“等效替代法”“控制变量法”“类比法”“建立模型法”“理想推理法”等，对以上三个问题逐一分析即可得到正确结论．【解答】解：（1）电流和水流都客观存在，电流和电压不能直接观察，水流和水压可以直接观察，通过水流、水压说明电流和电压的形成，采用的是类比法；（2）探究导体中的电流与电压关系时，保持电阻的大小不变，改变电压，探究电流的大小采用的是控制变量法；（3）研究串、并联电路的电阻时，引入“总电阻”的概念，用的是等效替代法．故答案为：B；A；D．【点评】本题考查控制变量法、等效替代法、类比法，它们是物理研究过程中常用的方法，我们要能熟练应用这些方法．12．若10秒内通过某导体横截面的电荷量为3库，导体两端的电压为6伏，则通过导体的电流为0.3 安，导体的电阻为20 欧；如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻将不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）．【考点】电量及其计算；欧姆定律的应用．【专题】计算题；电流和电路；欧姆定律．【分析】由I=计算通过导体的电流，由I=计算导体的电阻；导体的电阻只与导体的材料、长度、横截积和温度有关．【解答】解：10s内通过某导体横截面的电荷量为3C，所以通过导体的电流：I===0.3A，由I=可得导体的电阻：R===20Ω；因为导体的电阻是导体本身的一种性质，与导体的电压和电流无关，所以如果通过该导体的电流变大，则该导体的电阻不变．故答案为：0.3；20；不变．【点评】本题考查了有关电荷量的计算和欧姆定律的运用和对电阻的理解，属于基本内容，比较简单．13．大约在六百年前，我国明代伟大的航海家郑和从南京开始了下西洋的壮举，当时他使用的是名叫“宝船”的大船，若宝船总重力为4.9×107牛，则船在长江水中航行时受到的浮力大小为4.9×107牛，浮力方向竖直向上，宝船进入大西洋中受到的浮力不变（选填“变大”、“不变”或“变小”）．【考点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用．【专题】应用题；比较思想；浮力；浮沉的应用．【分析】轮船无论位于江水和海水中都漂浮，受到的浮力都等于轮船受到的重力；浮力的方向总是竖直向上的．【解答】解：船在长江水中航行时处于漂浮状态，因此受到的浮力F浮=G=4.9×107；浮力的方向是竖直向上的；宝船进入大西洋中仍然处于漂浮状态，浮力等于重力，而其重力不变，因此受到的浮力大小不变．故答案为：4.9×107；上；不变．【点评】解决此题型的关键是能够找到题目中的隐含信息，比如本题的轮船一定是处于漂浮状态．14．如图所示，将质量相等的实心物体A和B放在水平桌面中央，它们对水平桌面的压力和压强分别为F A、F B，p A、p B，则F A= F B，p A＞ p B；如把它们按图示方向向右倾倒后，则它们对桌面的对桌面的压强p A′= p B′（以上三格均选填“＞”、“=”或“＜”）．【考点】压强大小比较；压力及重力与压力的区别．【专题】应用题；定性思想；比较思想；推理法；图析法；压强、液体的压强．【分析】根据实心物体A和B的质量关系可判断其重力关系，物体放在水平桌面上，物体对水平桌面的压力等于物体的重力，据此判断其对水平桌面的压力关系；根据图示得出受力面积的大小关系，利用p=判断它们对水平桌面的压强关系．【解答】解：实心物体A和B质量相等，根据G=mg可知，G A=G B，物体对水平桌面的压力F=G，所以，它们对对水平桌面的压力F A=F B；由图可知，S A＜S B，根据p=可知，p A＞p B；把它们按图示方向向右倾倒后，则它们对桌面的压力不变，受力面积相同，根据p=可知，p A′=p B′．故答案为：=；＞；=．【点评】本题考查了压强的大小比较，关键是知道放在水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，然后利用p=进行定性分析．15．在图所示电路中，电源电压保持不变，R1、R2可能出现了断路故障，闭合电键S后：（1）若观察到有两个电表有示数，则说明故障是R2断路；（2）若移动滑片时有电表示数发生了变化，则发生变化的一定是A和A1表．【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】应用题；欧姆定律．【分析】首先分析电路连接和各电表的测量情况，然后根据各电表变化分析电路中电流的特点，判断可能的故障原因．【解答】解：由图可知：电阻R1和滑动变阻器R2并联，电压表始终测量电源电压，示数不变，电流表A测量的是干路电流，电流表A1测量的是R2支路上的电流；闭合电键S后，①两个电表有示数，由于电压表始终测量电源电压，电流表A测量的是干路电流，则电压表和电流表A一定同时有示数，所以没有示数是电流表A1，即滑动变阻器没有连入电路，所以电路中一定发生的故障是R2断路．②若移动滑片时有电表示数发生了变化，由于电压表始终测量电源电压，示数不变，则发生变化的一定是所有的电流表，即电流表A和A1．故答案为：①R2断路；②A和A1．【点评】此题考查电流表，电压表在电路故障中的作用判断，要结合电路图和两表特点进行分析，本题关键是分清电路的连接和各电表的测量情况．16．近代科学家利用托里拆利实验研究大气压与海拔高度之间关系时，在不同高度地方做了如图a、b、c、d、e、f组实验．请仔细观察各图并归纳结论：（1）由图a或b或c或d或e或f可以得到大气能产生压强．（2）由图a和b和c和d和e和f可以得到大气压随海拔高度增大而减小．。

图3图2 崇明区初三物理第一学期期末质量抽查试卷2019～2020学年（满分：90分 考试时间：60分钟）一、选择题（共16分） 下列各题均只有一个正确选项1．一段金属丝剪去一半，其不变的物理量是（ C ）A ．质量B ．体积C ．密度D ．电阻 2．压力的方向（ D ） A ．竖直向下 B ．垂直向下 C ．竖直向上 D ．垂直受力面 3．下列家用电器在正常工作时需要的电压是（ D ）A ．空调最大B ．洗衣机最大C ．电视机最大D ．一样大 4．第一个用实验准确测定大气压强数值的科学家是（ B ）A ．帕斯卡B ．托里拆利C ．马德堡市长D ．阿基米德 5．计算浮力的普遍公式是（ A ）A ．F 浮 ＝ρgV 排B ．F 浮 ＝G 物C ．F 浮 ＝F 1－F 2D ．F 浮 ＝F 向上－F 向下 6．如图1，下列例子主要利用压强大小与受力面积有关的是 （ A ）A ．啄木鸟嘴巴很尖B ．乳牛自动喂水器C ．用吸管吸饮料D ．拦河坝上窄下宽7．图2所示电路中，电源电压不变，闭合电键S ，当滑动变阻器的滑片P 向左移动时，则（ C ）A ．A 表示数与A 1 表示数的差值变大B ．A 表示数与A 1 表示数的比值变大C ．V 表示数与A 表示数的比值变大D ．A 表示数与A 1 表示数的乘积变大8．如图3所示，甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，若分别在两物体上沿竖直方向截去厚度相同的部分并分别叠放在对方剩余部分的上方，此时压强p 甲、p 乙 比较，正确的是（ B ）A ．可能是p 甲 ＞p 乙B ．一定是p 甲 ＞p 乙C ．可能是p 甲 ＝p 乙D ．一定是p 甲 ＜p 乙二、填空题（共23分）9．导体中形成电流的必要条件是导体两端要有 电压 ，一节干电池的电压是 1.5 伏，在同一个插座上充电的手机和iPad 是 并联 （选填“串联”或“并联”）的。

图5图6 图410．人们可以从物体是否发生形变来判断物体是否受到压力；如果在连通器中注入同种液体，待液体静止后形状不同容器中的液面一定处于同一水平面上；大气压强的大小主要与（海拔）高度有关，其次还与空气的温度和湿度有关。

2021-2022学年上海市崇明区九年级（上）期末物理试卷（一模）1.下列物理量中，属于物质特性的是( )A. 质量B. 密度C. 压强D. 浮力2.一张报纸平摊在水平桌面上时，它对桌面的压强约为( )A. 0.l帕B. 1帕C. 10帕D. 100帕3.通过大量实验研究得出电流与电压之间关系的科学家是( )A. 欧姆B. 安培C. 伏特D. 库仑4.导体的电阻与下列哪个因素有关( )A. 导体材料B. 导体中电流C. 导体两端的电压D. 导体中通过的电量5.如图所示的电路中，电源电压保持不变，当电键S由断开到闭合时，以下判断中正确的是( )A. 电压表的示数变大B. 电流表的示数变小C. 电压表的示数与电流表示数的乘积变大D. 电压表的示数与电流表示数的比值不变6.轻质圆柱形容器A、B放在水平桌面上，盛有质量相同的不同液体，两容器中液体的液面高度相同，如图所示.现有质量相同的甲、乙两实心球(ρ甲>ρ乙).选择其中一球放入某容器中，球浸没且液体不溢出，要使液体对容器底部的压强p最大，则( )A. 甲放入A中B. 甲放入B中C. 乙放入A中D. 乙放入B中7.公路上路灯正常工作的电压为______伏，路灯总是同时亮，同时灭，它们的连接方式一定是______联的；路灯正常工作时的盏数越多，电路中的总电阻______(选填“越大”、“不变”或“越小”)。

8.著名的______ 实验证明了大气压的存在并且大气压的值是很大的。

1644年，意大利科学家______ 用实验测定了大气压的值。

大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，大气压强就越______ 。

9.物理学研究中经常用到一些科学方法。

例如：研究电流时与水流进行对比，这属于运用了______法；研究串联、并联电路时，引入“总电阻”，这属于运用了______法；研究电路中电流与电压、电阻的关系所得出的规律时，需要运用______法。

10.物理知识在生产和生活中有着广泛应用.比如：为了安全，轿车上一般都配有安全带，安全带的宽度比较大，这是为了减小安全带与驾驶员之间的______；平日用吸管吸取饮料，利用的是______的知识；家庭中的水槽下面利用______原理做成回水弯，既能排水也能防臭。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．将标有“PZ220﹣100”的甲灯和标有“PZ220﹣40”的乙灯串联后，接到电压是220V的电源上，则（）A．两灯都不能正常发光，但甲灯比乙灯亮B．只有一盏灯能正常发光C．两灯都不能正常发光，但乙灯比甲灯亮D．甲、乙两灯都正常发光【答案】C【详解】BD．根据题意知道，两灯泡的额定电压相等，甲灯泡的额定功率100W大于乙灯泡的额定功率40W，由2UPR=知道，2URP=，所以R甲＜R乙；又因为串联电路电阻越串越大、大于任何一个分电阻，所以两灯泡串联后，接到电压是220V的电源上时，由UIR=知道，电路中的电流小于任何一个灯泡正常发光时的电流，所以，两灯泡均不能正常发光，故BD错误；AC．由于串联电路各处的电流相等，由P＝I2R知道，乙灯泡的电阻大，实际功率就大，即灯泡较亮，故C 正确，A错误。

2．小玲家有额定电压相同的电烤箱、电饭锅和电视机各一个，按照每度电0.5元的计费标准，将这三个用电器正常工作1小时的用电费用绘制成了如图所示的柱状图．则下列四个选项中，判断正确的是A．在这三个用电器中，电烤箱正常工作时的电压最高B．正常工作时，通过电饭锅的电流和通过电视机的电流相等C．电烤箱额定功率大于1 kWD．在一个月内，小玲家电烤箱的用电费用一定比电饭锅的用电费用多【答案】C【详解】A．由题意知三个用电器的额定电压相同，所以箱正常工作时它们的电压相同，故A错误；B．由图可知：三个用电器正常工作相同时间（1小时），各自消费的电费不同，由此可知消耗的电脑不同，根据P＝Wt可知，它们的功率各不相同，所以正常工作时通过的电流各不相同故B错误；C．电烤箱每小时消耗0.75元，消耗的电能W＝0.750.5＝1.5kW h，额定功率P＝1.51W kW ht h＝＝1.5Kw＝1500W,故C正确；D．根据W＝Pt可知，消耗电能的多少不光决定于功率．还决定于时间的长短，所以在一个月内，小玲家电烤箱的用电费用不一定比电饭锅的用电费用多，故D错误；3．两个定值电阻R1和R2，阻值分别为10Ω和20Ω，允许通过的电流分别为1 A和0.5 A，将它们串联在电路中，下列说法中正确的是（）A．加在它们两端的电压最大值为20VB．通过电路的电流最大值为1AC．通过电路的电流最大值为0.5AD．他们的总功率最大值是15W【答案】C【解析】解：∵电阻R1和R2串联，允许通过的电流分别为1 A和0.5 A，为了保护每一个用电器都工作，∴电路中的最大电流为：I=0.5A，故B不符合题意，C符合题意．此时电路中的总电阻为：R=R1+R2=10Ω+20Ω=30Ω，从而可知，加在它们两端的电压最大值为：U=IR=0.5A×30Ω=15V，故A不符合题意，他们的总功率最大值为：P=UI=15V×0.5A=7.5W，故D不符合题意．故选C．【点评】本题考查电功率和电压的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道两电阻串联时，电路中的最大电流的判断．4．“梁湖碧玉茶”是鄂州市梁子湖的特色农业品牌，曾在“中茶杯”全国名优茶评比中荣获特等奖．下列对于沏茶和品茶过程中情境的解释，正确的是A．沏茶时，杯内水面上方出现白雾，这是汽化现象B．沏茶时，玻璃杯的外壁上会出现小水珠，这是液化现象C．品茶时茶香四溢，这是一种升华现象D．品茶时茶香四溢，这说明了分子在不停地做无规则运动【详解】A、沏茶时，杯内水面上方出现白雾，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故A错误；B、沏茶时，玻璃杯的内壁上会出现小水珠，是热的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，故B错误；CD、茶香四溢是因为茶水的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，故C错误、D正确．5．两个相同的容器分别装满了质量相等的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，以下说法正确的是（）A．甲液体的比热容大于乙液体的比热容B．如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同C．加热相同时间，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量D．加热相同时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量【答案】C【详解】A．由于两种液体质量相等，由图象知道，在加热相同时间，即吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式Qcm t=∆吸知道，甲液体比热较小，故A错误；B．由图象知道，升高相同温度时，甲需要的时间较短，也就是甲需要的热量少，故B错误；CD．由于用同一热源分别加热，则加热时间相同，两种液体吸收的热量相同，故C正确，D错误。

初三上学期期末物理试卷一、选择题1．在图甲所示的测量电路中，闭合开关后电压表V 1和V 2的示数分别如图乙、丙所示，则下列说法中正确的是A ．电压表V 的示数应为15VB ．若小灯泡L 1突然断路，则电压表V 1的示数变为0VC ．若小灯泡L 1突然断路，则电压表V 2的示数变为0VD ．若小灯泡L 1突然被短接，则电压表V 2的示数变为0V【答案】C【详解】读图可知，电路为灯泡1L 和2L 的串联电路，电压表1V 测量的是1L ，2V 测量的是灯泡2L 两端的电压，V 测量的是电源电压，V 的示数应当比V 1、V 2的示数大，因此V 选用的是大量程0∼15V ，V 1、V 2选用的是小量程0∼3V.A ．1V 的示数显示的是1L 两端的电压1U ＝1V ，2V 的示数显示的是2L 两端的电压22V U ＝ ， 电压表V 的示数是3V ，故A 错误；BC ．若小灯泡1L 突然断路，电压表和灯2L 串联起来，则电压表1V 的示数变几乎接近于电源电压．所以电压表2V 的示数变0V ，故B 错误，C 正确；D ．若小灯泡1L 突然被短接，则电压表2V 的示数变为电源电压，故D 错误．故选C.【点睛】读图可知，电路为串联电路，电压表V 测量的是总电压，V 1测量的是灯泡1L 两端的电压， V 2测量的是灯泡2L 两端的电压，因此V 的示数应当比V 1、V 2的示数大，因此V 选用的是大量程0～15V ，V 1、V 2选用的是小量程0～3V.2．有甲、乙、丙三个带电体，甲物体吸引乙物体，乙物体排斥丙物体。

对于这三个物体的带电情况，下列说法正确的是（ ）A ．甲一定带正电，乙和丙一定带负电B ．甲和丙一定带异种电荷C ．甲一定带负电，乙和丙一定带正电D ．乙和丙一定带异种电荷【答案】B【分析】利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引即可判断。

【详解】有甲乙丙三个带电体，甲物体吸引乙物体，说明甲乙带异种电荷；乙物体排斥丙物体，说明乙丙带同种电荷，即甲和丙带异种电荷，故B 项正确。