云南省玉溪市峨山一中2017-2018学年下学期6月份考试 高二物理试题

云南省玉溪市峨山民中2017-2018学年高二物理下学期第一次月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，100分，考试时间120分钟。

分卷I一、单选题(共12小题,每小题3分,共36分)1.内壁光滑的环形凹槽半径为R，固定在竖直平面内，一根长度为R的轻杆，一端固定有质量为m的小球甲，另一端固定有质量为2m的小球乙．现将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示，由静止释放后( )A．下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B．下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的重力势能C．甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D．杆从右向左滑回时，乙球一定不能回到凹槽的最低点2.用接在50 Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．如图是实验得到的纸带．则小车的加速度和在点1时的瞬时速度分别是多少？( )＝1.60 m/sA．a＝5.00 m/s2和vB．a＝5.00 m/s2和v1＝3.20 m/sC．a＝50.0 m/s2和v1＝1.60 m/sD．a＝50.0 m/s2和v1＝3.20 m/s3.阴极射线示波管的聚焦电场是由电极A1、A2形成，实线为电场线，虚线为等势线，z轴为该电场的中心轴线，P、Q、R为一个从左侧进入聚焦电场的电子运动轨迹上的三点，则( )A．电极A1的电势高于电极A2的电势B．电场中Q点的电场强度小于R点的电场强度C．电子在P点处的动能大于在Q点处的动能D．电子从P至R的运动过程中，电场力对它一直做正功4.如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场中，磁场方向垂直线框平面，MN线与线框的边成45°角，E、F分别为PS和PQ的中点．关于线框中的感应电流( )A．当E点经过边界MN时，感应电流最大B．当P点经过边界MN时，感应电流最大C．当F点经过边界MN时，感应电流最大D．当Q点经过边界MN时，感应电流最大5.关于电源，下列说法正确的是( )A．当电池用旧之后，电源电动势减小，内阻增大B．当电池用旧之后，电源电动势和内阻都不变C．当电池用旧之后，电源电动势基本不变，内阻增大D．以上说法都不对6.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m，电荷量为－q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道．不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的运动情况，下列说法正确的是( )A．小球一定能从B点离开轨道B．小球在AC部分可能做匀速圆周运动C．若小球能从B点离开，上升的高度一定等于HD．小球到达C点的速度可能为零7.如图所示，在水平路面上一运动员驾驶摩托车跨越壕沟，壕沟两侧的高度差为0.8 m，取g=10 m/s2，则运动员跨过壕沟所用的时间为（）A． 3.2 sB． 1.6 sC． 0.8 sD． 0.4 s8.如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用钉子靠着线的左侧，沿与水平方向成30°角的斜面向右以速度v匀速运动，运动中始终保持悬线竖直，下列说法正确的是( )A．橡皮的速度大小为vB．橡皮的速度大小为vC．橡皮的速度与水平方向成30°角D．橡皮的速度与水平方向成45°角9.如图甲所示，A、B两物体叠放在光滑水平面上，对物体A施加一水平力F，F－t图象如图乙所示，两物体在力F作用下由静止开始运动，且始终相对静止，规定水平向右为正方向，则下列说法正确的是( )A．两物体在4 s时改变运动方向B．在1～3 s时间内两物体间摩擦力为零C． 6 s时两物体的速度为零D．B物体所受的摩擦力方向始终与力F的方向相同10.在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V的电动势，可获得0.1 A的电流，则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是( )A． 0.24 JB． 0.25 JC． 0.26 JD． 0.28 J11.物理学的基本原理在生产、生活中有着广泛的应用，下列列举的四种电器中，利用了涡流原理工作的是( )A．电饭煲B．微波炉C．电磁灶你D．白炽灯泡12.如图所示，mA＝2mB，不计摩擦阻力，物体A自H高处由静止开始下落，且B物体始终在水平台面上．若以地面为零势能面，则当物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面的高度是( )A．B．C．D．二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)质量为m的物体在水平力F的作用下由静止开始在光滑地面上运动，前进一段距离之后速度大小为v，再前进一段距离使物体的速度增大为2v，则( )A．第二过程的速度增量等于第一过程的速度增量B．第二过程的动能增量是第一过程动能增量的3倍C．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做的功D．第二过程合外力做的功等于第一过程合外力做功的2倍14.(多选)如图所示，线圈匝数为n、横截面积为S、线圈电阻为r，处于一个均匀增强的磁场中，磁感应强度随时间的变化率为k，磁场方向水平向右且与线圈平面垂直，电容器的电容为C，两个电阻的阻值分别为r和2r.由此可知，下列说法正确的是( )A．电容器上极板带正电B．电容器下极板带正电C．电容器所带电荷量为D．电容器所带电荷量为15.(多选)如图所示为a、b、c三个质点在同一直线上做直线运动的v－t图象，t＝3t0时刻三个质点相遇，则( )A．t＝0时刻，b、c两个质点在同一位置B．t＝2t0时刻，a、b两质点在同一位置C．t＝0时刻，a、c间距离是b、c间距离的2倍D． 0～3t0时间内，a的平均速度是c的平均速度的2倍16.(多选)关于电容器和电容的概念，下列说法正确的是( )A．任何两个彼此绝缘又互相靠近的导体都可以看成是一个电容器B．用电源对平行板电容器充电后，两极板一定带有等量异种电荷C．某一电容器带电荷量越多，它的电容就越大D．某一电容器两板间的电压越高，它的电容就越大分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)17.把一个満偏电流I=1 mA、线圈电阻R=的小量程电流表，改装成量程U=10 V的电压表，需串联的分压电阻阻值为_________；改装成量程10 mA的电流表，需并联的分流电阻的阻值为_______.18.某同学用图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地重力加速度大小为g＝9.80 m/s2.实验中该同学得到的一条点迹清晰的完整纸带如图乙所示，纸带上的第一个点记为O，另选连续的三个点A、B、C进行测量，图中给出了这三个点到O点的距离hA、hB和hC的值．回答下列问题(计算结果保留3位有效数字)：(1)打点计时器打B点时，重物速度的大小v B＝______ m/s；(2)通过分析该同学测量的实验数据，他的实验结果是否验证了机械能守恒定律？简要说明分析的依据．四、计算题(共4小题)19.如图所示，一质量M＝0.2 kg的长木板静止在光滑的水平地面上，另一质量m＝0.2 kg的小滑块，以v0＝1.2 m/s的速度从长木板的左端滑上长木板，已知小滑块与长木板间的动摩擦因数μ＝0.4.g取10 m/s2，则(1)经过多少时间小滑块与长木板速度相等？(2)从小滑块滑上长木板到小滑块与长木板相对静止，小滑块运动的距离为多少？20.如图所示，水平地面上有一重60 N的物体，在与水平方向成30°角斜向上、大小为20 N 的拉力F作用下匀速运动，求地面对物体的支持力和摩擦力大小．21.一个重力不计的带电粒子，以大小为v的速度从坐标(0，L)的a点，平行于x轴射入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域，并从x轴上b点射出磁场，射出速度方向与x轴正方向夹角为60°，如图所示．求：(1)带电粒子在磁场中运动的轨道半径；(2)带电粒子的比荷及粒子从a点运动到b点的时间；(3)其他条件不变，要使该粒子恰从O点射出磁场，粒子入射速度的大小．22.用“滴水法”可以测量重力加速度g，具体操作方法是：(1)将一只空铁皮水桶倒置在水龙头的正下方，可以十分清晰地听到水滴滴到桶底上的声音．细心地调整水龙头的阀门或水桶的高度，使得后一个水滴离开水龙头的同时，恰好听到前一个水滴撞击桶底的声音．(2)听到某次响声时开始用秒表计时，并数“0”，以后每听到1次响声就顺次加1，数到“100”时停止计时．(3)用尺子量出水龙头滴水处到桶底的高度．如果停止计时的时候，秒表上的读数是50 s，水龙头滴水处到桶底的高度为122.5 cm，请你根据以上实验及其数据，计算当地重力加速度的值．答案解析1.【答案】A【解析】环形凹槽光滑，甲、乙组成的系统在运动过程中只有重力做功，故系统机械能守恒，下滑过程中甲减少的机械能总是等于乙增加的机械能，甲、乙系统减少的重力势能等于系统增加的动能；甲减少的重力势能等于乙增加的势能与甲、乙增加的动能之和；由于乙的质量较大，系统的重心偏向乙一端，由机械能守恒，知甲不可能滑到槽的最低点，杆从右向左滑回时乙一定会回到槽的最低点．2.【答案】A【解析】在匀变速直线运动中有Δx＝aT2，将Δx＝0.2 cm，T＝0.02 s，带入解得：a＝m/s＝5.00m/s2；在匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度大小等于该过程中的平均速度，因此有：v1＝＝m/s＝1.60 m/s，A正确．3.【答案】D【解析】沿电场线方向电势降低，因此电极A1的电势低于电极A2的电势，故A错误；等势线密的地方电场线也密，因此Q点电场线比R点电场线密，故Q点的电场强度大于R点的电场强度，故B错误；电子从低电势向高电势运动时，电场力做正功，动能增加，电势能减小，故C错误，D正确．4.【答案】B【解析】当P点经过边界MN时，有效切割长度最长，感应电动势最大，所以感应电流最大．5.【答案】C【解析】电池用旧之后，电源电动势基本不变，但是内阻变的很大．6.【答案】B【解析】若电场力大于重力，则小球有可能不能从B点离开轨道，A错．若电场力等于重力，小球在AC部分做匀速圆周运动，B正确．因电场力做负功，有机械能损失，上升的高度一定小于H，C错误．由圆周运动知识可知若小球到达C点的速度为零，则在此之前就已脱轨了，D错．7.【答案】D【解析】根据得，t==s=0.4 s．故D正确，A、B、C错误．8.【答案】B【解析】钉子沿斜面匀速运动，橡皮具有向上的分速度v，同时具有沿斜面方向的分速度v，根据运动的合成可知，橡皮的速度大小为v，速度与水平方向成60°角，选项B正确．9.【答案】D【解析】对整体分析，整体的加速度与F的方向相同，4 s时两个物体受到的力最大，但力F 方向依然向右，故加速度方向依然向右，速度方向与加速度方向相同，速度继续增大，方向向右，故A错误；根据牛顿第二定律可知：在1～3 s时间内两物体AB受到合外力，故整体向右做匀加速运动，AB保持相对静止，故B在方向向右的摩擦力作用下做匀加速直线运动，故B错误；由图分析可知，物体一直向右做加速运动，在6 s末时速度最大，故C错误；在这段时间内两物体AB受到向右的外力，根据牛顿第二定律可知整体向右做加速运动，AB保持相对静止，故B在摩擦力作用下向右做加速直线运动，故B物体所受的摩擦力方向与力F方向一致，故D正确．10.【答案】C【解析】根据W＝UIt可得每秒太阳能电池产生的能量为W＝0.6×0.1×1 J＝0.06 J，设太阳光每秒照射的能量为Q，则由能的转化和守恒定律得Q×23%＝W，所以Q≈0.26 J.11.【答案】C【解析】电饭煲利用电流的热效应，不是利用电磁感应原理，故A错误；微波炉是利用变化的电磁场，产生电磁波．故B错误；电磁炉是利用电磁感应原理产生涡流，将电能最终转化成内能，故C正确；白炽灯泡利用电流的热效应，不是利用电磁感应原理，故D错误．12.【答案】B【解析】A、B组成的系统机械能守恒．设物体A的动能与其势能相等时，物体A距地面的高度是h、速度为v.则有mAgh＝mA v2，即v2＝2gh.从开始到A距地面的高度为h的过程中，A减少的重力势能为ΔE p＝mAg(H－h)＝2mBg(H－h)．系统增加的动能为ΔE k＝(mA＋mB)v2＝×3mB×2gh＝3mBgh.由ΔE p＝ΔE k，得h＝H.13.【答案】AB【解析】由题意知，两个过程中速度增量均为v，A正确；由动能定理知：W1＝mv2，W2＝m(2v)2－mv2＝mv2，故B正确，C、D错误．14.【答案】AD【解析】磁场向右均匀增强，由楞次定律可知，电容器上极板带正电，B错误，A正确．闭合线圈与阻值为r的电阻形成闭合回路，线圈相当与电源，电容器两极板间的电压等于路端电压，线圈产生的感应电动势为：E＝nS＝nkS，路端电压：U＝r＝，则电容器所带电荷量为：Q＝CU＝，D正确，C错误．15.【答案】BCD【解析】由于三个质点t＝3t0时刻相遇，而在3t0时间内a的位移为：xa＝×4t0v0＝2v0t0，b 的位移为：xb＝3t0v0＝1.5v0t0，c的位移为：xc＝v0t0，因此t＝0时刻，b、c并不在同一位置，A错误；由于t＝2t0时刻以后至3t0时刻，a、b运动的位移相同，且三个质点在t＝3t0时刻相遇，说明t＝2t0时刻，两者在同一位置，B正确；t＝0时刻，a、c间距离v0t0，b、c间距离为0.5v0t0，C正确；0～3t0时间内，a的平均速度＝＝v0，c的平均速度＝＝v0，D正确．16.【答案】AB【解析】电容器是储存电荷的容器，电容是描述电容器容纳电荷本领大小的物理量．电容的大小与电容器带电荷量多少及两极间电压大小都无关，平行板电容器两极板带等量异种电荷．17.【答案】(1) 9000(2) 111．1【解析】把一个满偏电流Ig=1 mA、线圈电阻Rg=1 kΩ的小量程电流表，改装成量程U=10 V的电压表，需要串联一个分压电阻，分压电阻阻值：，改装成量程10 mA的电流表，需要并联一个分流电阻，分流电阻阻值：。

云南省峨山一中2017-2018学年下学期期末考试 高二物理试题一、单选题1. 在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E点关于c电荷的对称点，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A．D点的电场强度为零、电势为零B．E、F两点的电场强度等大反向、电势相等C．E、G、H三点的电场强度和电势均相同D．若释放c电荷，c电荷将一直做加速运动2. 如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点，已知在P、Q连线至某点R处的电场强度为零，且PR=2RQ，则A．q1=2q2B．q1=4q2C．q1=-2q2D．q1=-4q23. 如图所示，用1表示有信号输出，用0表示无信号输出，则当A、B、C的输入分别为0、1、0时，在输出端Y的结果是（）A．0B．1C．0或1D．无法确定4. 如图所示是一种冶炼金属的感应炉的示意图，此种感应炉应接怎样的电源（）A．直流低压B．直流高压C．低频交流电D．高频交流电5. 光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图，抛物线的方程为y＝x2，其下半部分处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y＝a的直线(如图中的虚线所示)．一个小金属块从抛物线上y＝b(b>a)处以速度v沿抛物线向上滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是( )A．mgbB．mv2＋mgbC．mg(b－a)D．mg(b－a)＋mv26. 在制作精密电阻时，为了消除使用过程中由于电流变化而引起的自感现象，采取了双线绕法，如图所示，其道理是( )A．当电路中的电流变化时，两股导线中产生的自感电动势互相抵消二、多选题三、实验题B ．当电路中的电流变化时，两股导线中产生的感应电流互相抵消C ．当电路中的电流变化时，两股导线中产生的磁通量互相抵消D ．以上说法均不对7. 如图所示，在均匀磁场中有一U 形导线框abcd ，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R 为一电阻，导体棒ef 垂直ab 静置于导线框上且接触良好，可在ab ，cd 上无摩擦地滑动，杆ef 及线框中导线的电阻都忽略不计.若给棒ef 一个向右的初速度，则棒ef 将（ ）A ．往返运动B ．匀速向右运动C ．匀减速向右运动，最后停止D ．减速向右运动，但不是匀减速8. 甲、乙两个电阻，它们的伏安特性曲线画在一个坐标系中如图所示，则(A ．甲的电阻是乙的电阻的B ．把两个电阻两端加上相同的电压，通过甲的电流是通过乙的两倍C ．欲使有相同的电流通过两个电阻，加在乙两端的电压是加在甲两端电压的3倍D ．甲的电阻是乙的电阻的2倍9. 热敏电阻包括正温度系数电阻器（PTC ）和负温度系数电阻器(NTC).正温度系数电阻器( PTC)在温度升高时电阻值增大，负温度系数电阻器(N TC)在温度升高时电阻值减小，热敏电阻的这种特性，常常应用在控制电路中，某实验小组选用下列器材探究通过热敏电阻Rx (常温下阻值约为)的电流随其两端电压变化的特点，如图所示.A ．电流表（量程100mA ，内阻约）B ．电流表A 2（量程0.6A ，内阻约）)C ．电压表（量程3.0V ，内阻约）D ．电压表V 2（量程15.0V，内阻约E ．滑动变阻器R （最大阻值为）F ．滑动变阻器（最大阻值为G ．电源E (电动势15V ，内阻忽略)H.电键、导线若干①实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从零开始逐渐增大，请在所提供的器材中选择必需的器材，应选择的器材为：电流表________；电压表_________；滑动变阻器____________（只需填写器材前面的字母即可）②请在所提供的器材中选择必需的器材，在如图虚线框内画出该小组设计的电路图_________. ③该小组测出热敏电阻的U -I 图线如图曲线I 所示，请分析说明该热敏电阻是______热敏电阻（填“PTC”或“NTC”）.④该小组又通过查阅资料得出了热敏电阻R 2的U -I 图线如图曲线Ⅱ所示.然后又将热敏电阻分别与某电池组连成电路如图所示.测得通过和的电流分别为0. 30A 和0.60A ，则该电池组的电动势为________V ，内阻为______（结果均保留三位有效数字）10. 如图1所示为某同学用传感器研究小灯泡的U －I 关系图线．实验中可用的器材有：电压传感器、电流传感器、滑动变阻器R 1(阻值变化范围0～50 Ω)、滑动变阻器R 2(阻值变化范围0～1 000 Ω)、电动势为6 V 的电源(不计内阻)、小灯泡、开关、导线若干．(3)如果将该小灯泡分别接入甲、乙两个不同电路，如图3所示，其中甲电路的电源为一节干电池，乙电路的电源为三节干电池，每节干电池的电(2)由U －I 关系图线可知，小灯泡灯丝电阻随温度升高而________(填“增大”、“减小”或“不变”)．(1)实验中要求得到U －I 关系的完整曲线，在方框图2中画出实验电路图，并标出所用滑动变阻器的符号______________．动势为1.5 V，内阻为1.5 Ω，定值电阻R＝18 Ω，则接入________(填“甲”或“乙”)电路时，小灯泡较亮些．(4)在乙电路中，小灯泡消耗的电功率为________ W.四、解答题11. 如图所示电路中，R1=6Ω，R2=12Ω，R3=3Ω，C=30μF，当开关S断开，电路稳定时，电源总功率为4W，当开关S闭合，电路稳定时，电源总功率为8W，求：(1)电源的电动势E和内电阻r；(2)在S 断开和闭合时，电容器所带的电荷量各是多少？12. 如图所示，空间等间距分布着水平方向的条形匀强磁场，竖直方向磁场区域足够长，磁感应强度B＝1T，每一条形磁场区域的宽度及相邻条形磁场区域的间距均为d＝0.5m，现有一边长l＝0.2m、质量m＝0.1kg、电阻R＝0.1Ω的正方形线框MNOP以v0＝7m/s的初速从左侧磁场边缘水平进入磁场，求：（1）线框MN边刚进入磁场时受到安培力的大小F；（2）线框从开始进入磁场到竖直下落的过程中产生的焦耳热Q；（3）线框能穿过的完整条形磁场区域的个数n13. 可绕固定轴OO′转动的正方形线框的边长为L，不计摩擦和空气阻力，线框从水平位置由静止释放，到达竖直位置所用的时间为t，ab边的速度为v.设线框始终处在竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场中，如图所示，试求：(1)这个过程中回路中的感应电动势大小；(2)到达竖直位置瞬间回路中的感应电动势．。

云南省玉溪市2017-2018学年期末统一检测高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部份，共100分，考试时刻120分钟。

一、单项选择题(共10小题,每题3.0分,共30分)1.用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近不带电验电器的金属小球a（如图），然后用手指刹时接触一下金属杆c后拿开橡胶棒，这时验电器小球a和金箔b的带电情形是（）A．a带正电，b带负电B．a、b均带负电C．a、b均带正电D．a带负电，b带正电2.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如下图，在半球面AB上均匀散布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球极点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝4R.已知M点的场壮大小为E，静电力常量为k，那么N点的场壮大小为( )A．－E B．－EC．D．＋E3.如图是某一电场中的一簇电场线，现把一个正电荷别离放在AB两点以下说法正确的选项是（）A．此正电荷在A点受到的电场力比B点大B．此正电荷在A点的电势能比B点大C．电场中B点的电势高于A点的电势D．假设把此正电荷从A点静止释放，它将沿电场线运动到B点4.如下图是一个平行板电容器，其电容为C，带电荷量为Q，上极板带正电，两极板间距为d.现将一个试探电荷＋q由两极板间的A点移动到B点，A、B两点间的距离为s，连线AB与极板间的夹角为30°，那么静电力对试探电荷＋q所做的功等于( )A．B．C．D．5.在如下图的电路中，电源内阻不能忽略，当移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变大，那么( )A．电源的总功率不必然增大B．电源的输出功率必然增大C．电源内部消耗的功率必然减小D．电源的效率必然减小6.两个绝缘导体环AA′、BB′大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如下图，那么圆心O处磁感应强度的方向为（AA′面水平，BB′面垂直纸面）（）A．指向左上方B．指向右下方C．竖直向上D．水平向右7.如下图，半径为R的1/4圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场的左侧垂直x轴放置一线型粒子发射装置，能在0≤y≤R的区间内遍地沿x轴正方向同时发射出速度相同、带正电的同种粒子，粒子质量为m，电荷量为q，不计粒子的重力及粒子间的彼此作使劲，假设某时刻粒子被装置发射出后，通过磁场偏转击中y轴上的同一名置，那么以下说法中正确的选项是( )A．粒子都击中在O点处B．粒子的初速度为C．粒子在磁场中运动的最长时刻为D．粒子抵达y轴上的最大时刻差为－8.交流发电机线圈电阻r＝1 Ω，用电器电阻R＝9 Ω，电压表示数为9 V，如下图，那么该交流发电机( )A．电动势的峰值为10 VB．电动势的有效值为9 VC．交流发电机线圈通过中性面时电动势的瞬时值为10VD．交流发电机线圈自中性面转过90°的进程中的平均感应电动势为V9.在图中，EF、GH为平行的金属导轨，其电阻不计，R为电阻，C为电容器，AB为可在EF和GH上滑动的导体横杆．有匀强磁场垂直于导轨平面．假设用I1和I2别离表示图中该处导线中的电流，那么当横杆AB( )A．匀速滑动时，I1＝0，I2＝0B．匀速滑动时，I1≠0，I2≠0C．加速滑动时，I1＝0，I2＝0D．加速滑动时，I1≠0，I2≠010.如下图，金属棒ab置于水平放置的滑腻框架cdef上，棒与框架接触良好，匀强磁场垂直于ab棒斜向下．从某时刻开始磁感应强度均匀减小，同时施加一个水平方向上的外力F使金属棒ab维持静止，那么F( )A．方向向右，且为恒力B．方向向右，且为变力C．方向向左，且为变力D．方向向左，且为恒力二、多项选择题(共4小题,每题4.0分,共16分)11.（多项选择）如图1所示，一个带正电的物块m，由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来．已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块通过B处时的机械能损失，此刻ABC所在空间加竖直向下的匀强电场，如图2，第二次让物块m从A点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D′点停下．后又撤去电场，在ABC所在空间加水平向里的匀强磁场，如图3，再次让物块从A点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的D″点停下来．那么以下说法中正确的选项是（）A．D′点必然在D点左侧B．D′点必然与D点重合C．D″点必然在D点右边D．D″点必然与D点重合12.如下图，关于磁铁、电流间的彼此作用，以下说法正确的选项是( )A．甲图中，电流不产生磁场，电流对小磁针力的作用是通过小磁针的磁场发生的B．乙图中，磁体对通电导线的力的作用是通过磁体的磁场发生的C．丙图中电流间的彼此作用是通过电流的磁场发生的D．丙图中电流间的彼此作用是通过电荷的电场发生的13.(多项选择)如下图，沿x轴、y轴有两根长直导线，相互绝缘．x轴上的导线中通有沿－x 方向的电流，y轴上的导线中通有沿＋y方向的电流，两虚线是坐标轴所夹角的角平分线．a、b、c、d是四个圆心在虚线上、与坐标原点等距的相同的圆形导线环．当两直导线中的电流从相同大小，以相同的快慢均匀减小时，各导线环中的感应电流情形是( )A．a中有逆时针方向的电流B．b中有顺时针方向的电流C．c中有逆时针方向的电流D．d中有顺时针方向的电流14.(多项选择)如图是温度报警器电路示用意，以下关于此电路的分析正确的选项是( )A．当R T的温度升高时，R T减小，A端电势降低，Y端电势升高，蜂鸣器会发出报警声B．当R T的温度升高时，R T减小，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声C．当增大R1时，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声D．当增大R1时，A端电势降低，Y端电势升高，蜂鸣器会发出报警声分卷II三、实验题(共2小题,共14分)15.在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如下图．它们是：①电流计②直流电源③带铁芯(图中未画出)的线圈A④线圈B⑤开关⑥滑动变阻器(1)按实验的要求在实物图上连线(图中已连好一根导线)．(2)如何才能使线圈B中有感应电流产生？试举出两种方式：①________________________________________________________________________；②________________________________________________________________________.16.某学生实验小组利用图1所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“×1k”挡内部电路的总电阻．利用的器材有：多用电表；电压表：量程5 V，内阻十几千欧；滑动变阻器：最大阻值5 kΩ；导线假设干．回答以下问题：（1）将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡，再将红表笔和黑表笔，调零点．（2）将图1中多用电表的红表笔和（选填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端．（3）将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图2所示，这时电压表的示数如图3所示．多用电表和电压表的读数别离为kΩ和V．（4）调剂滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．现在多用电表和电压表的读数别离为12.0 kΩ和4.00 V．从测量数据可知，电压表的内阻为kΩ．（5）多用电表电阻挡内部电路可等效为由一个无内阻的电池、一个理想电流表和一个电阻串联而成的电路，如图4所示．依照前面的实验数据计算可得，此多用电表内电池的电动势为V，电阻“×1k”挡内部电路的总电阻为kΩ．四、计算题17.如下图，A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场，一电子以v0＝4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场，从电场右边边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e＝1.6×10－19C，电子质量m＝0.91×10－30kg.求：(1)电子在C点时的动能是多少焦？(2)O、C两点间的电势差大小是多少伏？18.如图甲所示为一对间距为d且竖直固定放置的平行滑腻金属导轨．在导轨下端接有一阻值为R的定值电阻，导轨上方放着一质量为m、长度为L的金属棒PQ(已知L>d)．导轨下部处于垂直导轨平面向外的匀强磁场中，磁场上边界距导轨下端为h，磁感应强度随时刻转变情形如图乙所示．金属棒PQ从t＝0以前某时刻自由释放，t0时刻进入磁场并恰好开始做匀速直线运动，金属棒PQ与金属导轨的电阻不计，棒在下落进程中始终与导轨接触良好，求：(1)金属棒匀速运动的速度大小v；(2)t1时刻(t1<t0)，流过电阻R的电流I1；(3)t2时刻(t2>t0)，流过电阻R的电流I2；(4)0～t2时刻内，电阻R产生的焦耳热Q.19.如下图，两根等高的四分之一滑腻圆弧轨道，半径为r、间距为L，图中Oa水平，cO竖直，在轨道顶端连有一阻值为R的电阻，整个装置处在一竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B.现有一根长度稍大于L、质量为m、电阻不计的金属棒从轨道的顶端ab处由静止开始下滑，抵达轨道底端cd时受到轨道的支持力为2mg.整个进程中金属棒与导轨接触良好，轨道电阻不计，求：(1)金属棒抵达轨道底端cd时的速度大小和通过电阻R的电流；(2)金属棒从ab下滑到cd进程中回路中产生的焦耳热和通过R的电荷量；(3)假设金属棒在拉力作用下，从cd开始以速度v0向右沿轨道做匀速圆周运动，那么在抵达ab的进程中拉力做的功为多少？云南省玉溪市2017-2018学年期末统一检测高二物理1.【答案】C【解析】毛皮摩擦过的硬橡胶棒带负电；由于人和地球都是导体，用手指刹时接触金属杆c 时，人、地球和验电器组成一个整体，在带负电荷的橡胶棒的阻碍下发生静电感应，近端带正电；移开手指后，验电器上的正电荷可不能再改变，故验电器带正电，再移开橡胶棒后，验电器上的正电荷可不能再改变；故C正确，ABD错误．2.【答案】A【解析】假设将带电荷量为2q的球面放在O处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场，那么在M、N点所产生的电场为：E＝＝，由题知当半球面在M点产生的场强为E，那么N点的场强为E′＝－E，应选A.3.【答案】B【解析】依照电场线的疏密知，A点的场强小于B点，那么正电荷在A点所受电场力小于B点，故A错误；沿着电场线方向电势慢慢降低，A点电势高于B点，那么正电荷在A点电势能比B 点大，故B正确，C错误；将正电荷从A点静止释放，运动轨迹不沿电场线方向，故 D错误。

玉溪一中2017-2018学年下学期期末考试高二物理试题本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

考试时间：120分钟。

满分：100分。

第Ⅰ卷（共48分）一、单项选择题，每小题3分，共8小题24分。

1．某人将小球以初速度v 0竖直向上抛出，经过一段时间小球上升到最高点，然后向下返回。

以抛出点为原点，竖直向上为正方向，不计空气阻力，则下列图象中能正确描述小球从抛出到返回的整个过程中速度v 随时间t 的变化规律的是2．作用于同一点的两个力，大小分别为F 1=5N ，F 2=4N ，这两个力的合力F 与F 1的夹角为θ，则θ不．可能．．为 A. 30° B. 45° C. 53° D. 60°3．如图所示，一木块在竖直向下的推力F 作用下静止于斜面上，则下列判断正确的是A ．木块可能受三个力作用B ． 若推力F 逐渐增大，木块将可能滑动C ．斜面所受摩擦力方向沿斜面向上D ．木块受斜面的摩擦力会随推力F 的增大而增大4．如图所示，真空中M 、N 处放置两等量异号电荷，a 、b 、c 表示电场中的3条等势线，d 点和e 点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，d f 平行于M N ．已知：一带负电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是 A ．M 点处放置的是负电荷B ．d 点的场强与f 点的场强完全相同C ．d 点的电势高于f 点的电势D ．若将带正电的试探电荷沿直线由d 点移动到e 点，则电场力先做正功、后做负功F5．一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上，如图所示。

设副线圈回路中电阻两端的电压为U ，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为K ，则A. 166,9U V K ==B. 122,9U V K == C. 166,3U V K == D. 122,3U V K ==6．如图所示，虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，正三角形金属框电阻为R ，边长为L ，自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下匀速进入磁场区域，t 1时刻线框全部进入磁场．规定顺时针方向为感应电流I 的正方向，外力大小为F ，线框中电功率的瞬时值为P ，通过线框横截面的电荷量为q ，图象中的曲线为抛物线，则这些量随时间变化的关系正确的是7．如右图，轻弹簧上端与一质量为m 的木块1相连，下端与另一质量为M 的木块2相连，整个系统置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。

玉溪一中2017—2018学年下学期高二年级第二次月考物理学科试卷一、选择题（本题共13小题，每小题3分，共39分，其中1-7题是单选题， 8-13题是多选题，漏选得1.5分，多选、错选均不得分．）1. 下列关于牛顿运动定律的说法正确的是（）A. 根据牛顿第二运动定律可知，在合外力为零时物体将保持静止或匀速直线运动，所以牛顿第一运动定律只是牛顿第二运动定律的特殊情形B. 质量越大，物体的惯性越大，所以惯性大小的单位是千克C. 将物块置于水平桌面上，物体受到的重力就是物体对桌面的压力D. 作用力与反作用力一定是同性力，而且必须成对出现【答案】D【解析】牛顿第一定律说明了所有物体都具有惯性和物体不受力情况下具有的状态，牛顿第二定律并没有包含这两点，故A错误；质量是惯性的唯一决定因素，质量越大的物体惯性越大，惯性没有单位，故B错误；物体静止在水平桌面上，物体对水平桌面的压力大小等于物体的重力，由于压力与重力的性质、施力物体和受力物体都不同，不能说压力就是重力，故C错误；作用力与反作用力一定是同性力，而且必须成对出现，故D正确。

所以D正确，ABC错误。

2. 氢原子从能级m跃迁到能级n时辐射红光的频率为ν1，从能级n跃迁到能级k时吸收紫光的频率为ν2，已知普朗克常量为h，若氢原子从能级k跃迁到能级m，则( )A. 吸收光子的能量为hν1＋hν2B. 辐射光子的能量为hν1＋hν2C. 吸收光子的能量为hν2－hν1D. 辐射光子的能量为hν2－hν1【答案】D【解析】由题意可知E m－E n＝hν1，E k－E n＝hν2.因为紫光的频率大于红光的频率，所以ν2>ν1，即能级k的能量大于能级m的能量，氢原子从能级k跃迁到能级m时向外辐射能量，其值为E k－E m＝hν2－hν1，选项D正确，ABC错误，故选D．点睛：本题考查原子跃迁与能级能量变化及辐射或光子能量的关系．要明确色光间的波长及频率关系，可见光中紫光的频率最大，波长最小．3. 目前，我国ETC(电子不停车收费系统)已实现全国联网，大大缩短了车辆通过收费站的时间。

2017-2018学年云南省玉溪一中高二（下）期中物理试卷一、单项选择题（每小题4分，共28分）1．放在水平桌面上的物体质量为m ，在时间t 内施以水平恒力F 去推它，物体始终未动，那么在t 时间内推力F 的冲量为（ ） A ．0 B ．Ft C ．mgt D ．无法计算2．如图所示，两个质量相同的物体从同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止滑下，到达斜面底端的过程中，两物体相同的物理量为（ ）A ．重力的冲量B ．弹力的冲量C ．合外力的冲量D ．动量改变量的大小3．自p 点以某一速度竖直向上抛出的小球，上升到最高点Q 后又回到p 的过程中，空气阻力大小不变，下列说法正确的是（ ）A ．上升过程中重力的冲量等于下降过程中重力的冲量B ．上升过程中重力所做的功等于下降过程中重力所做的功C ．上升过程中合外力的冲量等于下降过程中合外力的冲量D ．以上说法都不对4．某物体受到﹣2Ns 的冲量作用，则（ ） A ．物体初动量方向一定与这个冲量的方向相反 B ．物体末动量一定是负值C ．物体动量的增量一定与规定的正方向相反D ．物体的动量一定减小5．质量相同的两方形木块A 、B 紧靠一起放在光滑水平面上，一子弹先后水平穿透两木块后射出，若木块对子弹的阻力恒定不变，且子弹射穿两木块的时间相同，则子弹射穿木块时A 、B 木块的速度之比（ ）A ．1：1B ．1：2C ．1：3D ．1：6．关于黑体及黑体辐射下列说法正确的是（ ） A ．黑体是真实存在的B ．黑体辐射电磁波的强度与温度有关C ．随着温度升高黑体辐射中的有些成分会增强，有些成分会减弱D ．随着温度升高黑体辐射中强度最强的那一部分始终不变7．甲、乙两球在光滑水平轨道上沿同一方向运动，已知它们的动量分别是P 甲=5kgm/s ，P 乙=7kgm/s ，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为P ′乙=10kgm/s ，则两球质量m 甲与m 乙的关系可能是（ ）A ．m 乙=m 甲B ．m 乙=3m 甲C ．m 乙=4m 甲D ．m 乙=5m 甲二．多项选择题（每小题4分，共20分）8．对一确定的物体下列说法正确的是（）A．动能发生变化时，动量必定变化B．动量发生变化时，动能必定变化C．物体所受的合外力不为零时，其动量一定发生变化，而动能不一定变D．物体所受的合外力为零时，其动能和动量一定不变9．木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在粗糙水平面上，a紧靠在光滑的墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（）A．a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量守恒B．a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量不守恒C．a离开墙壁后，a和b组成的系统动量守恒D．a离开墙壁后，a和b组成的系统动量不守恒10．甲、乙两溜冰者，甲的质量为48kg，乙的质量为50kg，甲手里拿着质量为2kg的球静止，乙以2m/s的速度向甲运动，不计冰面的摩擦．现甲将球抛给乙，乙再将球抛给甲，这样抛接若干次之后乙静止下来，球留在某溜冰者手里不再抛接，此时甲的速度可能是（）A．0 B．2m/s C．1m/s D．大于2m/s11．将一质量为m的小球从足够高的地方斜向上抛出，不计空气阻力，则小球在落地前（）A．任意相等的时间内动量的变化都相同B．任意相等的时间内动能的变化都相同C．任意相等的时间内速度的变化都相同D．动量的变化率保持不变12．关于光电效应的说法不正确的是（）A．光电子的最大初动能与入射光频率成正比B．逸出功与入射光的频率有关C．某金属在一束紫外光照射下发生光电效应，若改用一束强度更弱的紫外光照射，也一定会产生光电效应D．在光电效应实验中，若加大正向电压，则饱和光电流也增大二．填空题（每空3分，共15分）13．一木块放在光滑水平面上，一颗子弹以水平速度v0射向它，可能有三种情况：（1）子弹反弹回去；（2）子弹击中物体后留在其中，二者以相同的速度一起运动；（3）子弹射穿后各以大小不同的速度同向运动，在这三种情况中，子弹对木块冲量的最大值是第种情况．14．如图所示，质量为M、半径为R的光滑圆环静止在光滑的水平面上，有一质量为m的小滑块从与O等高处开始无初速下滑，当到达最低点时，圆环产生的位移大小为．15．一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀变速直线运动，它的动量p随位移的变化关系为p=4，则质点的加速度为m/s2．16．某同学利用图所示的装置，通过半径相同且质量分别为m1、m2的A、B两球所发生的碰撞来验证动量守恒定律．图中o点为球离开轨道时球心的投影位置，p点为A球单独平抛后的落点，p1、p2分别为A、B碰撞后A、B两球的落点．已知A球始终从同一高度滚下．今测得op=x，op1=x1，op2=x2，则动量守恒表达式为，（用m1、m2、x1、x2表示）若表达式成立，则可判断AB发生弹性正碰．三、计算题（本大题有3小题，共37分，要求写出必要的文字说明，方程和推演步骤）17．如图所示，质量为2kg的小球由h1=3.2m的高处自由下落，经0.1秒由地面反弹上升的高度为h2=0.8m，不计空气阻力，g=10m/s2，求地面对小球的平均作用力．18．如图所示，质量分别为m和2m的A、B两物块由弹簧连接，静止在光滑的水平面上，弹簧为原长．现将质量为m，可视为质点的子弹以速度v0在极短时间内击中A并停留在其中．求：（1）最大的弹性势能（2）物块B的最大速度．19．如图所示，质量M=1.5kg的长为m的木板C静止在光滑水平面上，在C的左上端有质量分别为m1=1kg和m2=0.5kg的可视为质点的A、B两滑块，在A、B间有一用细线系住的压缩弹簧（弹簧与A、B不连接且压缩时的长度不计），弹簧具有6J的弹性势能，B与C 间的动摩擦因数μ=0.2，现烧断细线．求：（1）烧断细线后m2获得的速度多大？（2）整个过程中木板C获得的最大速度？2017-2018学年云南省玉溪一中高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题4分，共28分）1．放在水平桌面上的物体质量为m，在时间t内施以水平恒力F去推它，物体始终未动，那么在t时间内推力F的冲量为（）A．0 B．Ft C．mgt D．无法计算【考点】动量定理．【分析】冲量等于力与时间的乘积，根据I=Ft求出冲量的大小．【解答】解：力的大小为F，作用时间为t，则推力的冲量I=Ft，故B正确．故选：B【点评】解决本题的关键知道冲量的定义，知道各力都有冲量，并且要明确只有合力的冲量才等于物体动量的变化．2．如图所示，两个质量相同的物体从同一高度沿倾角不同的两个光滑斜面由静止滑下，到达斜面底端的过程中，两物体相同的物理量为（）A．重力的冲量B．弹力的冲量C．合外力的冲量 D．动量改变量的大小【考点】动量定理．【分析】分析物体的受力情况，并找出各力的冲量情况，由动量定理、机械能守恒可判断出各量是否相同．【解答】解：物体在下滑中只有重力做功，而重力做功只与高度差有关，故两种情况下重力做功相等，由=mgh得两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的；若斜面的夹角为θ，则：a=gsinθ，斜面长的斜面倾角小，物体的加速度小，所以斜面越长下滑的时间越长．A、两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等，又因长的斜面倾角小，物体的加速度小，所以斜面越长下滑的时间越长，所以两种情况下重力作用的时间不相等，重力的冲量也不相等．故A错误；B、两种情况下斜面的倾角不同，则弹力的方向不同，所以弹力的冲量一定不同．故B错误；C、物体在两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的，而速度的方向不同，所以物体情况下物体的末动量不同．根据动量定理：I=△P=mv﹣0，所以合力的冲量大小相等，方向是不同的．故C错误；D、物体在两种情况下到达斜面底端的速度的大小是相等的，所以两种情况下物体的动量的变化量大小相等．故D正确．故选：D【点评】该题结合斜面问题考查动量定理的应用，在研究功能关系时一定不要忽视了受力分析过程，只有正确地受力分析才能准确地找出做功情况．3．自p点以某一速度竖直向上抛出的小球，上升到最高点Q后又回到p的过程中，空气阻力大小不变，下列说法正确的是（）A．上升过程中重力的冲量等于下降过程中重力的冲量B．上升过程中重力所做的功等于下降过程中重力所做的功C．上升过程中合外力的冲量等于下降过程中合外力的冲量D．以上说法都不对【考点】动量定理．【分析】对物体受力分析，根据物体的受力情况应用动量定理分析答题．动量的变化等于合外力的冲量，冲量等于力与时间的乘积．重力做功的多少与路径、时间都无关．【解答】解：物体向上运动过程受到竖直向下的重力与空气阻力，物体下降过程受到竖直向下的重力与竖直向上的空气阻力，因此上升过程合力大于下降过程的合力，由牛顿第二定律可知，上升过程加速度大于下降过程加速度，a上＞a下，上升与下降过程位移大小相等，由匀变速直线运动的速度位移公式可知，v上＞v下，由位移公式可知：t上＜t下；A、重力的冲量大小：I=mgt，t上＜t下，则上升过程中重力的冲量比下落过程中重力的冲量小，故A错误；B、上升过程与下降的过程中物体的位移大小相等方向相反，所以上升过程中物体克服重力所做的功等于下降过程中重力所做的功，故B错误；C、由于v上＞v下，所以上升的过程与下降的过程相比，m△v上＞m△v下，根据动量定理：I=m△v，所以上升过程中合外力的冲量大于下降过程中合外力的冲量．故C错误；D、以上的选项都错误，故D正确；故选：D【点评】本题考查了比较冲量大小关系，根据题意判断出上升与下降时间的关系是解答的关键，然后即可应用冲量的定义式、动量定理即可正确解题．4．某物体受到﹣2Ns的冲量作用，则（）A．物体初动量方向一定与这个冲量的方向相反B．物体末动量一定是负值C．物体动量的增量一定与规定的正方向相反D．物体的动量一定减小【考点】动量定理．【分析】根据动量定理，物体所受合力的冲量等于物体动量的变化；同时结合动量的矢量性进行解答即可．【解答】解：A、根据动量定理得：I合=△P=mv2﹣mv1=﹣2Ns说明物体的动量增量一定与规定的正方向相反，不能说明原动量、末动量的方向和大小，故AB错误，C正确；D、物体的动量增量一定与规定的正方向相反，但由于不知道初动量的方向，所以物体的动量不一定减小．故D错误．故选：C【点评】本题主要考查了动量定理的直接应用，难度不大，属于基础题，解答的关键是正确理解矢量变化的正负号的意义．5．质量相同的两方形木块A 、B 紧靠一起放在光滑水平面上，一子弹先后水平穿透两木块后射出，若木块对子弹的阻力恒定不变，且子弹射穿两木块的时间相同，则子弹射穿木块时A 、B 木块的速度之比（ ）A ．1：1B ．1：2C ．1：3D ．1： 【考点】动量定理．【分析】木块是水平方向只受到子弹的作用力，分别以两个木块组成的整体和B 木块为研究对象，应用动量定理求出子弹的速度之比．【解答】解：水平面光滑，子弹射穿木块过程中，子弹受到的合外力为子弹的冲击力，设子弹的作用力为f ，对子弹与木块组成的系统，由动量定理得： 对A 、B ：ft=（m+m ）v A ， 对B ：ft=mv B ﹣mv A ，解得：v A ：v B =1：3，故C 正确； 故选：C ．【点评】本题应用动量定理求木块的速度之比，分析清楚运动过程，应用动量定理即可正确解题．6．关于黑体及黑体辐射下列说法正确的是（ ） A ．黑体是真实存在的B ．黑体辐射电磁波的强度与温度有关C ．随着温度升高黑体辐射中的有些成分会增强，有些成分会减弱D ．随着温度升高黑体辐射中强度最强的那一部分始终不变 【考点】物质波．【分析】能100%地吸收入射到其表面的电磁辐射，这样的物体称为黑体．普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一；原子向外辐射光子后，能量减小，加速度增大．黑体辐射随着波长越短温度越高辐射越强；【解答】解：A 、能100%地吸收入射到其表面的电磁辐射，这样的物体称为黑体，黑体不是真实存在的．故A 错误．B 、黑体辐射电磁波的强度与温度有关，温度越高，辐射越强．故B 正确；C 、黑体辐射随着波长越短温度越高则辐射越强，随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加，故C 错误；D 、黑体辐射随着温度的升高，各种波长的辐射强度都增加且辐射强度的极大值向波长较短的方向移动，故D 错误． 故选：B【点评】首先要知道什么是黑体，其次要知道黑体的辐射只与温度有关，关于黑体问题，只要求有基本的了解就行．7．甲、乙两球在光滑水平轨道上沿同一方向运动，已知它们的动量分别是P 甲=5kgm/s ，P 乙=7kgm/s ，甲追上乙并发生碰撞，碰后乙球的动量变为P ′乙=10kgm/s ，则两球质量m 甲与m 乙的关系可能是（ ）A ．m 乙=m 甲B ．m 乙=3m 甲C ．m 乙=4m 甲D ．m 乙=5m 甲【考点】动量守恒定律．【分析】两球碰撞过程遵守动量守恒定律，由动量守恒求出碰撞后甲的动量．根据甲球速度大于乙球速度，以及碰撞过程中总动能不增加，列出不等式，求出甲与乙质量比值的范围进行选择．【解答】解：因为碰撞前，甲球速度大于乙球速度，则有＞，得到＜根据动量守恒得，p 甲+p 乙=p 甲′+p 乙′， 代入解得p 甲′=2kgm/s ．据碰撞过程总动能不增加得到：+≥+代入解得：＜=碰撞后两球同向运动，甲的速度不大于乙的速度，则≤，代入解得≥所≤≤故选：BCD ．【点评】本题考查对碰撞规律的理解和应用能力．碰撞有三个基本规律：一、动量守恒；二、系统总动能不增加；三、碰撞后如同向运动，后面的物体的速度不大于前面物体的速度，即要符合实际运动情况．二．多项选择题（每小题4分，共20分） 8．对一确定的物体下列说法正确的是（ ） A ．动能发生变化时，动量必定变化 B ．动量发生变化时，动能必定变化C ．物体所受的合外力不为零时，其动量一定发生变化，而动能不一定变D ．物体所受的合外力为零时，其动能和动量一定不变 【考点】动量定理．【分析】速度是矢量，外力是改变速度的原因，但外力不一定做功；根据动能定理分析动能变化的原因；动量是矢量，动能是标量．根据动量定理分析冲量与速度的关系．【解答】解：A 、物体动能发生变化，则速度的大小运动变化，动量的大小一定变化，故A 正确．B 、物体动量发生变化，若只是动量方向改变，动量大小不变，速率不变，则动能不变，比如匀速圆周运动，故B 错误．C 、物体受到冲量不为零时，根据动量定理得知，物体的速度必定改变，可能是速度方向改变，而速率不变，动能不变．比如匀速圆周运动，故C 正确．D 、物体所受的合外力为零时，物体处于静止状态或做匀速直线运动，其动能和动量一定不变，故D 正确．故选：ACD【点评】本题关键要知道动量、动能、冲量之间的关系，掌握动能定理和动量定理，并能进行定性分析是解答的常见步骤．9．木块a 和b 用一根轻弹簧连接起来，放在粗糙水平面上，a 紧靠在光滑的墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（ ）A ．a 尚未离开墙壁前，a 和b 组成的系统动量守恒B ．a 尚未离开墙壁前，a 和b 组成的系统动量不守恒C ．a 离开墙壁后，a 和b 组成的系统动量守恒D ．a 离开墙壁后，a 和b 组成的系统动量不守恒 【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】机械能守恒的条件是：重力或者弹力以外的力不做功；系统动量守恒的条件是：系统所受的合外力为0．【解答】解：A 、撤去外力后，b 向右运动，在a 尚未离开墙壁前，系统所受合外力不为零，因此该过程系统动量不守恒，故A 错误B 正确；C 、当a 离开墙壁后，系统水平方向仍受摩擦外力，系统不动量守恒，故C 错误，D 正确； 故选：BD ．【点评】本题考查了系统机械能守恒的条件和动量守恒的条件，注意区分，墙壁对物块a 有弹力作用的过程，物块并没有发生位移，因此墙壁的弹力不做功．10．甲、乙两溜冰者，甲的质量为48kg ，乙的质量为50kg ，甲手里拿着质量为2kg 的球静止，乙以2m/s 的速度向甲运动，不计冰面的摩擦．现甲将球抛给乙，乙再将球抛给甲，这样抛接若干次之后乙静止下来，球留在某溜冰者手里不再抛接，此时甲的速度可能是（ ）A ．0B ．2m/sC ．1m/sD ．大于2m/s 【考点】动量守恒定律．【分析】以两人和球为研究对象，系统水平方向动量守恒，根据动量守恒列方程即可正确解答．【解答】解：乙溜冰者的运动方向为正方向，根据动量守恒定律，若最后球在甲手中，m 乙v 1=（m 甲+m ）v ，解得v=．若最后球在乙手中，m 乙v 1=m 甲v ，解得v=．故B 、D 正确，A 、C 错误．故选：BD ．【点评】该题比较简单，考查了动量守恒定律的应用，注意该定律的应用条件，同时注意动量守恒定律公式的矢量性．注意最终小球可能在甲手中，也可能在乙手中． 11．将一质量为m 的小球从足够高的地方斜向上抛出，不计空气阻力，则小球在落地前（ ） A ．任意相等的时间内动量的变化都相同B．任意相等的时间内动能的变化都相同C．任意相等的时间内速度的变化都相同D．动量的变化率保持不变【考点】动量定理；竖直上抛运动．【分析】根据斜抛运动的受力特点利用动能定理及动量定理可求得动能的变化及动量的变化．【解答】解：A、斜抛运动只受重力，故由动量定理可知△P=mgt，故任何相等的时间内动量的变化量相同，故A正确；B、由于斜抛运动在竖直方向速度发生变化，故相同时间内重力做功不同，故由动能定理可知，动能的变化量不同，故B错误；C、斜抛运动只受重力，故加速度保持不变，根据△v=g△t可知，任意相等的时间内速度的变化都相同，故C正确；D、由动量定理可知动量的变化率与时间的比值即为物体受到的力，因斜抛运动只受重力，故动量对时间的变化率相同，故D正确；故选：ACD【点评】本题要注意斜抛运动的特点，明确斜抛运动只受重力，只有重力做功，进而再由动量定理和动能定理进行分析．12．关于光电效应的说法不正确的是（）A．光电子的最大初动能与入射光频率成正比B．逸出功与入射光的频率有关C．某金属在一束紫外光照射下发生光电效应，若改用一束强度更弱的紫外光照射，也一定会产生光电效应D．在光电效应实验中，若加大正向电压，则饱和光电流也增大【考点】光电效应．【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，与入射光的强度无关，入射光强度会影响饱和电流的大小，根据光电效应方程分析影响光电子最大初动能的因素．【解答】解：A、根据光电效应方程E km=hv﹣W0知，光电子最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不是成正比关系，故A不正确．B、逸出功由金属本身决定，与入射光的频率无关，故B不正确．C、能否发生光电效应与入射光的强度无关，由入射光的频率决定，当入射光的频率大于金属的极限频率，会发生光电效应，故C正确．D、加上正向电压，光电流增大，但是饱和电流的大小与入射光的强度有关，与正向电压无关，故D不正确．本题选错误的，故选：ABD．【点评】解决本题的关键知道光电效应的条件，知道影响光电子最大初动能的因素，知道光电子的最大初动能与入射光的强度无关．二．填空题（每空3分，共15分）13．一木块放在光滑水平面上，一颗子弹以水平速度v0射向它，可能有三种情况：（1）子弹反弹回去；（2）子弹击中物体后留在其中，二者以相同的速度一起运动；（3）子弹射穿后各以大小不同的速度同向运动，在这三种情况中，子弹对木块冲量的最大值是第（1）种情况．【考点】动量守恒定律；动量定理．【分析】木块在光滑的水平面上，子弹与之相互作用的过程中，水平方向的动量守恒，由动量守恒定律分别求出不同情况下木块获得的速度的表达式，然后再由动量定理解答即可．【解答】解：设子弹的质量为m，木块的质量为M，子弹与木块相互作用的过程中水平方向的动量守恒，选取子弹运动的方向为正方向，则：（1）子弹反弹回去，设返回的速度为v，木块的速度为v1，由动量守恒得：mv0=﹣mv+Mv1所以：①（2）子弹击中物体后留在其中，二者以相同的速度v2一起运动，则：mv0=（m+M）v2得：；②（3）子弹射穿后各以大小不同的速度同向运动，设子弹的速度为v′，木块的速度为v3，则：mv0=mv′+Mv3所以：③由于是子弹穿过木块，所以：v′＞v3④比较①②③④可得：v1＞v2＞v3根据动量定理，子弹对木块冲量：I=M△v由于第一种的情况下木块获得的速度最大，所以第一种情况下子弹对木块冲量最大．故答案为：（1）【点评】在解答该题的过程中，也可以结合动量守恒定律，木块获得的冲量与子弹获得的冲量大小相等，方向相反，先求出子弹获得的冲量，然后再得出结论也可以．14．如图所示，质量为M、半径为R的光滑圆环静止在光滑的水平面上，有一质量为m的小滑块从与O等高处开始无初速下滑，当到达最低点时，圆环产生的位移大小为．【考点】动量守恒定律；位移与路程．【分析】小滑块无初速下滑到达最低点时，滑块与圆环组成的系统水平方向动量守恒，用位移表示平均速度，根据水平方向平均动量守恒定律求出滑块发生的水平位移，再由几何知识求出滑块的位移．【解答】解：设滑块滑到最低点所用的时间为t，滑块发生的水平位移大小为R﹣x，则圆环的位移大小为x，取水平向左方向为正方向．则根据水平方向平均动量守恒得：即：解得：，负号表示方向向右．故答案为：；【点评】本题不能静止地看问题，把圆环当作不动的，要注意位移的参考系．中等难度．15．一质量为2kg的质点从静止开始沿某一方向做匀变速直线运动，它的动量p随位移的变化关系为p=4，则质点的加速度为2m/s2．【考点】动量定理；牛顿第二定律．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式和动量的表达式，结合动量随位移变化的关系式求出加速度．【解答】解：A、根据v2=2ax得，v=，则动量P=mv=m，可知P=4=2×，解得质点的加速度为：a=2m/s2．故答案为：2【点评】本题考查动量的表达式以及运动学公式的综合运用，难度不大，需掌握匀变速直线运动的规律，并能灵活运用．16．某同学利用图所示的装置，通过半径相同且质量分别为m1、m2的A、B两球所发生的碰撞来验证动量守恒定律．图中o点为球离开轨道时球心的投影位置，p点为A球单独平抛后的落点，p1、p2分别为A、B碰撞后A、B两球的落点．已知A球始终从同一高度滚下．今测得op=x，op1=x1，op2=x2，则动量守恒表达式为m1x=m1x1+m2x2，（用m1、m2、x1、x2表示）若表达式m1x2=m1x12+m2x22成立，则可判断AB发生弹性正碰．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】实验要验证两个小球系统碰撞过程动量守恒，即要验证m1v1=m1v1′+m2v2，可以通过平抛运动将速度的测量转化为水平射程的测量，并依据弹性碰撞，动能守恒，从而即可求解．【解答】解：碰撞过程中，如果水平方向动量守恒，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2，小球做平抛运动时抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间t相等，两边同时乘以时间t，m1v1t=m1v1′t+m2v2t，则有：m1=m1+m2；今测得op=x，op1=x1，op2=x2，即有m1x=m1x1+m2x2，由此可认为成功验证了碰撞中的动量守恒．。

云南省峨山一中2017-2018学年下学期6月月考高二物理试卷时间：120分钟第I 卷（选择题，共36分）一、单选题（每题3分，共36分）1．汽车以5 m/s 的速度在水平路面上匀速前进，紧急制动时以2/2s m 的加速度在粗糙水平面上滑行，则在 4 s 内汽车通过的路程为( )A. 4 mB. 36 mC. 6.25 mD. 以上选项都不对2．如图所示，粗糙的半圆形凹槽固定在水平面上，ac 为水平直径，b 点为凹槽的最低点，小滑块（可视为质点）从a 点由静止释放，沿凹槽来回运动，在滑块来回运动的过程中，滑块经过b 点时受到的滑动摩擦力大小的变化情况，下列判断正确的是 ( )A. 一直增大B. 一直减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大3．人造卫星在运行中因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运行的轨道半径会慢慢变小，卫星的运动可近似视为匀速圆周运动，当它变化前在轨道半径r 1上运行时线速度为v 1，周期为T 1，变化后在轨道半径r 2上运行时线速度为v 2，周期为T 2，则它们的关系是（ ）A. v 1＜v 2，T 1＞T 2B. v 1＜v 2，T 1＜T 2C. v 1＞v 2，T 1＞T 2D. v 1＞v 2，T 1＜T 24．图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a 、b 是轨迹上的两点。

若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是 ( )A. 粒子一定是从a 点向b 点运动B. 粒子在a 点的加速度比b 点的加速度大C. a 点的电势比b 点电势高D. 粒子在a 点的电势能比在b 点时电势能大5．如图所示，左侧有一个竖直放置的超导体圆环，O 点为圆环的圆心，右侧有一条形磁铁。

一开始圆环中没有电流，条形磁铁由静止沿轴线向左加速运动，当N 极到达圆心O 所在位置时，突然静止不动。

下列说法正确的是（ ）A. 条形磁铁运动的过程中，线圈中有逆时针电流（从左向右看）B. 条形磁铁N 极运动到O 点静止瞬间，线圈中的电流消失C. 条形磁铁运动的过程中，线圈对条形磁铁有向右的作用力D. 条形磁铁运动的过程中，条形磁铁对线圈始终没有作用力B 间电阻R 上消耗的功率与开关S 闭合后A 、B 间两电阻R 上消耗的总功率相等，则下列说法正确的是（ ）A. 流过R 1的电流方向每秒钟变化50次B. 变压器原线圈匝数小于副线圈匝数C. 开关从断开到闭合时，电流表示数变小D. 12R R =17．下图是分别对两种金属甲和乙用不同频率的光照射发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光频率间的函数图像，下列判断正确的是（ ）A. 利用图像纵轴截距可以求出金属材料的逸出功B. 利用图像横轴截距可以求出普朗克常量C. 图像纵轴截距与入射光强度有关D. 利用图像斜率可以求出极限频率8．如图所示是某原子的能级图,abc 为原子跃迁所发出的三种波长的光,已知三种光的波长分别为a λ、b λ、c λ，则下列关系式正确的是（ ）A.c b a λλλ>>B.c b a λλλ>=C.c b a λλλ<<D. c b a λλλ111+=9．放射性同位素钍232经α、β衰变会生成氡，其衰变方程为Rn Th 2208623290→＋x α＋y β，其中( )A. x ＝1，y ＝3B. x ＝2，y ＝3C. x ＝3，y ＝2D. x ＝3，y ＝110．用M 表示液体或固体的摩尔质量，m 表示分子质量，ρ表示物质密度，V m 表示摩尔体积，V 0表示分子体积．N A 表示阿伏加德罗常数，下列关系式不正确的是( ) A. 0A m V N V = B. 0m A V N V = C. m M V ρ= D. A M m N = 11．一定质量的气体经历一系列状态变化，其V p 1-图线如图所示，变化顺序由a →b →c →d →a ，图中ab 线段延长线过坐标原点，cd 线段与p 轴垂直，da 线段与1/V 轴垂直。

云南省玉溪市峨山一中2017-2018学年下学期6月份考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分) 1.关于电磁感应现象，下列说法中正确的是( ) A ． 电磁感应现象最先是由奥斯特通过实验发现的 B ． 电磁感应现象说明了在自然界中电一定能产生磁 C ． 电磁感应现象是由于线圈受磁场力的作用而产生的D ． 电磁感应现象是指闭合回路满足一定的条件产生感应电流的现象2.一根条形磁铁自左向右穿过一个闭合线圈，则流过灵敏电流计的感应电流方向是( ) A ． 始终由a 流向b B ． 始终由b 流向aC ． 先由a 流向b ，再由b 流向aD ． 先由b 流向a ，再由a 流向b3.如图甲所示，n ＝50匝的圆形线圈M ，它的两端点a 、b 与内阻很大的电压表相连，线圈中磁通量的变化规律如图乙所示，则a 、b 两点的电势高低与电压表的读数为( )A ．φa ＞φb,20 VB ．φa ＞φb,10 VC ．φa ＜φb,20 VD ．φa ＜φb,10 V4.如图所示，边长为L 的正方形导线框质量为m ，由距磁场H 高处自由下落，其下边ab 进入匀强磁场后，线圈开始做减速运动，直到其上边dc 刚刚穿出磁场时，速度减为ab 边刚进入磁场时的一半，磁场的宽度也为L ，则线框穿越匀强磁场过程中产生的焦耳热为( ) A ． 2mgL B ． 2mgL ＋mgH C ． 2mgL ＋mgHD ． 2mgL ＋mgH5.如图所示的电路中，三个灯泡L 1、L 2、L 3的电阻关系为R 1<R 2<R 3，电感L 的电阻可忽略，D 为理想二极管．开关K 从闭合状态突然断开时，下列判断正确的是( ) A ． L 1逐渐变暗，L 2、L 3均先变亮然后逐渐变暗 B ． L 1逐渐变暗，L 2立即熄灭，L 3先变亮然后逐渐变暗 C ． L 2立即熄灭，L 1、L 3均逐渐变暗 D ． L 1、L 2、L 3均先变亮然后逐渐变暗6.某磁场磁感线如图所示，有铜盘自图示A 位置落至B 位置，在下落过程中，自上向下看，线圈中的涡流方向是( ) A ． 始终顺时针 B ． 始终逆时针 C ． 先顺时针再逆时针 D ． 先逆时针再顺时针7.下列关于交变电流和直流的说法中，正确的是( )A ． 如果电流的大小做周期性变化，则一定是交变电流B ． 直流的大小可以变化，但方向一定不变C ． 交变电流一定是按正弦或余弦规律变化的D ． 以上说法都不正确8.一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知该交变电流()A．周期为0.125 sB．电压的有效值为10VC．电压的最大值为20VD．电压瞬时值的表达式为u＝10sin 8πt(V)9.如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比n1∶n2＝4∶1，当导线在平行导轨上匀速切割磁感线时，电流表A1的示数是12 mA，则副线圈中电流表A2的示数是()A． 3 mA B． 48 mAC．零 D．与R阻值有关10.如图所示，理想变压器的原线圈接入u＝11 000sin 100πt V的交变电压，副线圈通过电阻r＝6 Ω的导线对“220 V880 W”的电器R L供电，该电器正常工作，由此可知()A．原、副线圈的匝数比为50∶1B．交变电压的频率为100 HzC．副线圈中电流的有效值为4 AD．变压器的输入功率为880 W11.如图所示，R3是光敏电阻(光照时电阻变小)，当开关S闭合后，在没有光照射时，a、b两点等电势．当用光照射电阻R3时，则()A．a点电势高于b点电势B．a点电势低于b点电势C．a点电势等于b点电势D．a点电势和b点电势的大小无法比较12.小强用恒温箱进行实验时，发现恒温箱的温度持续升高，无法自动控制．经检查，恒温箱的控制器没有故障．参照图，下列对故障判断正确的是()A．只可能是热敏电阻出现故障B．只可能是温度设定装置出现故障C．热敏电阻和温度设定装置都可能出现故障D．可能是加热器出现故障二、多选题(共3小题,每小题4.0分,共12分)13.(多选)如图所示，边长为L、不可形变的正方形导体框内有半径为r的圆形区域，其磁感应强度B随时间t 的变化关系为B＝kt(常量k＞0)．回路中滑动变阻器R的最大阻值为R0，滑动片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1＝R0、R2＝0.5R0.闭合开关S，电压表的示数为U，不考虑虚线MN右侧导体的感应电动势．则()A．R1两端的电压为B．电容器的a极板带正电C．滑动变阻器R的热功率为电阻R2的5倍D．正方形导线框中的感应电动势为kL214.(多选)如图为远距离输电的示意图，若电厂输出电压u1＝220sin 100πt(V)，则下列表述正确的是()A．U1<U2，U3>U4B．U1＝220VC．若U2提高为原来的10倍，输电线上损失的功率为原来的D．用户得到的交变电流频率为25 Hz15.(多选)某同学设计的家庭电路保护装置如图所示，铁芯左侧线圈L1由火线和零线并行绕成．当右侧线圈L2中产生电流时，电流经放大器放大后，使电磁铁吸起铁质开关K，从而切断家庭电路．仅考虑L1在铁芯中产生的磁场，下列说法正确的有()A．家庭电路正常工作时，L2中的磁通量为零B．家庭电路中使用的电器增多时，L2中的磁通量不变C．家庭电路发生短路时，开关K将被电磁铁吸起D．地面上的人接触火线发生触电时，开关K将被电磁铁吸起分卷II三、实验题16.如图1所示为某同学用传感器研究小灯泡的U－I关系图线．实验中可用的器材有：电压传感器、电流传感器、滑动变阻器R1(阻值变化范围0～50 Ω)、滑动变阻器R2(阻值变化范围0～1 000 Ω)、电动势为6 V的电源(不计内阻)、小灯泡、开关、导线若干．(1)实验中要求得到U－I关系的完整曲线，在方框图2中画出实验电路图，并标出所用滑动变阻器的符号．(2)由U－I关系图线可知，小灯泡灯丝电阻随温度升高而________(填“增大”、“减小”或“不变”)．(3)如果将该小灯泡分别接入甲、乙两个不同电路，如图3所示，其中甲电路的电源为一节干电池，乙电路的电源为三节干电池，每节干电池的电动势为1.5 V，内阻为1.5 Ω，定值电阻R＝18 Ω，则接入________(填“甲”或“乙”)电路时，小灯泡较亮些．(4)在乙电路中，小灯泡消耗的电功率为________ W.17.图为“研究电磁感应现象”的实验装置．(1)将图中所缺的导线补接完整．(2)如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后可能出现的情况有：①将小线圈迅速插入大线圈时，灵敏电流计指针将向________(填“左”或“右”)偏一下；②小线圈插入大线圈后，将滑动变阻器的阻值调大时，灵敏电流计指针将向________(填“左”或“右”)偏一下．四、计算题18.如图所示，边长为L 的正方形金属框abcd ，质量为m ，电阻为R ，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘，金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外．磁场随时间变化规律为B ＝kt (k ＞0)，已知细线所能承受的最大拉力为2mg ，求： (1)线框中感应电流的方向；(2)分析线框的各边所受安培力的方向； (3)从t ＝0开始，经多长时间细线会被拉断？19.如图甲所示，相距为L 的光滑平行金属导轨水平放置，导轨一部分处在以OO ′为右边界匀强磁场中，匀强磁场的磁感应强度大小为B 、方向垂直导轨平面向下，导轨右侧接有定值电阻R ，导轨电阻忽略不计．在距边界OO ′也为L 处垂直导轨放置一质量为m 、电阻为r 的金属杆ab .(1)若金属杆ab 固定在导轨上的初始位置，磁场的磁感应强度在t 时间内由B 均匀减小到零，求此过程中电阻R 上产生的电量q .(2)若ab 杆在恒力作用下由静止开始向右运动3L 距离，其速度—位移的关系图象如图乙所示(图中所示量为已知量)．求此过程中电阻R 上产生的焦耳热Q 1.(3)若ab 杆固定在导轨上的初始位置，使匀强磁场保持大小不变绕OO ′轴匀速转动．若磁场方向由图示位置开始转过的过程中，电路中产生的焦耳热为Q 2.则磁场转动的角速度ω大小是多少？20.一种半导体材料称为“霍尔材料”，用它制成的元件称为“霍尔元件”，这种材料有可定向移动的电荷，称为“载流子”，每个载流子的电荷量大小为1个元电荷，即q ＝1.6×10－19C ，霍尔元件在自动检测、控制领域得到广泛应用，如录像机中用来测量录像磁鼓的转速、电梯中用来检测电梯门是否关闭以及自动控制升降电动机的电源的通断等．在一次实验中，一块霍尔材料制成的薄片宽＝1.0×10－2m 、长＝4.0×10－2m 、厚h ＝1×10－3m ，水平放置在竖直方向上的磁感应强度B ＝1.5 T 的匀强磁场中，bc 方向通有I ＝3.0 A 的电流，如图所示，沿宽度产生1.0×10－5V 的横向电压．(1)假定载流子是电子，a 、b 两端中哪端电势较高？(2)薄板中形成电流I 的载流子定向运动的速率多大？答案解析1.【答案】D【解析】电磁感应现象指的是磁生电的现象，C错；奥斯特是发现电生磁的科学家，A错；要让电生磁是需要满足一定条件的，例如运动的导体、运动的磁体，变化的电流，变化的磁场，在磁场中运动的导体，所以B错．2.【答案】D【解析】条形磁铁从左向右进入线圈的过程中，原磁场方向向左，且磁通量在增加，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场向右，由安培定则，知感应电流的方向b→Ⓖ→a.条形磁铁从左向右离开螺线管的过程中，原磁场方向向左，且磁通量在减少，根据楞次定律，感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，所以感应电流的磁场方向向左，由安培定则，知感应电流的方向a→Ⓖ→b，故D正确，A、B、C错误．3.【答案】B【解析】磁通量均匀增大，由楞次定律知，线圈中感应电流为逆时针方向，又线圈相当于内电路，故φa＞φb ；E＝n＝50×V＝10 V，因而电压表的读数为10 V．电压表测量的是电源的电动势，即感应电动势．故答案选B.4.【答案】C【解析】设线框刚进入磁场时的速度为v1，刚穿出磁场时的速度v2＝①线框自开始进入磁场到完全穿出磁场共下落高度为2L.由题意得mv＝mgH②mv＋mg·2L ＝mv＋Q③由①②③得Q＝2mgL ＋mgH.C选项正确．5.【答案】B【解析】当K突然断开时，电感L由于自感，电流继续原方向流动，L、L1和L3构成一闭合回路，L中电流从I1逐渐减少，则通过L1的电流也逐渐减少．通过L3的电流开始时比原来电流大，后逐渐变小．当K突然断开时，电感L相当于电源，由此时二极管处于反向截止状态，故L2立即熄灭．故B正确，A、C、D错误．故选B.6.【答案】C【解析】把铜盘从A至B的全过程分成两个阶段处理：第一阶段是铜盘从A位置下落到具有最大磁通量的位置O，此过程中穿过铜盘的磁通量方向向上且不断增大，由楞次定律判断感应电流方向(自上向下看)是顺时针方向；第二阶段是铜盘从具有最大磁通量位置O落到B位置，此过程中穿过铜盘的磁通量的方向向上且不断减小，由楞次定律可判断感应电流方向(自上向下看)是逆时针的，故C选项正确．7.【答案】B【解析】直流的方向不发生改变，而大小可以改变，课本中若没有特别说明，所说的直流一般是指大小和方向均不发生变化的恒定电流．交变电流一般是指大小、方向都发生周期性变化的电流，可以是锯齿波形、矩形波形、尖脉冲波形以及正弦波形等，这些都属于交变电流．其中矩形交变电流的电流方向改变，但大小可能不变．8.【答案】B【解析】由图象可知，交变电流的周期为0.250 s，A错误；电压的有效值U ＝V＝10V，B正确；电压的最大值为20 V，C错误；电压瞬时值的表达式为u＝20sin 8πt(V)，D错误．9.【答案】C【解析】当导线在平行导轨上匀速运动时，产生的电流是恒定的电流，不会使副线圈的磁通量变化，因而副线圈中无感应电流，选项C正确．10.【答案】C【解析】副线圈通过电阻r＝6 Ω的导线对“220 V880 W”的电器R L供电，该电器正常工作，导线(副线圈)中电流I＝4 A，导线损失电压Ur＝24 V，副线圈两端电压为220 V＋24 V＝244 V，由变压器变压公式可知原、副线圈的匝数比为11 000∶244＝2 750∶61，选项A错误，C正确；交变电压的频率为50 Hz，选项B 错误；导线损失功率为P＝I2r＝96 W，变压器的输入功率为880 W＋96 W＝976 W，选项D错误．11.【答案】A【解析】R3是光敏电阻，当有光照射时电阻变小，R3两端电压减小，故a点电势升高，因其他电阻的阻值不变，所以a点电势高于b点电势．12.【答案】C【解析】由恒温箱原理图可知，若热敏电阻出现故障或温度设定出现故障都会向控制器传递错误信息，导致控制器发出错误指令，故C正确，A、B错误．若加热器出现故障，只有一种可能，即不能加热，而题中加热器一直加热才会使温度持续升高，故D错误．13.【答案】AC【解析】滑片在中间位置时，P将R分为R左、R右等大两部分，大小为，则R2与R右并联，阻值为R0，再与R1、R左串联构成闭合电路外电路，所以根据欧姆定律得，R2两端电压为，选项A正确；由于B随时间增大，根据楞次定律得b板带正电，选项B错误；滑动变阻器上的电功率由R左、R右两部分构成，R左电流是R右的两倍，也是R2的两倍，功率表示为PR＝(2I)2r＋I2r，P2＝I2r，可解得PR＝5P2，选项C正确；由于产生电磁感应的磁场实际面积小于L2，知选项D错误．14.【答案】AC【解析】远距离采用高压输电，降压后再使用，A正确；U1为有效值，220 V，B错误；输电线上损失的功率为P损＝()2R线，C正确；由交变电流的瞬时值表达式可得交变电流的频率为f ＝Hz＝50 Hz，D错误．15.【答案】ABD【解析】电路正常或短路时，火线和零线中通过的电流大小相等、方向相反，故L1中火线与零线中电流产生的磁场相抵消，铁芯中的磁通量为零，L2中无感应电流产生，电磁铁中也就无电流，开关K不会被吸起．由上述分析可知，A、B项正确，C项错误．当地面上的人接触火线发生触电时，火线与零线中的电流大小不再相等，则L2中产生感应电流，电磁铁也就能把开关K吸起，即D正确．故选A、B、D.16.【答案】(1)(2)增大(3)甲(4)0.15【解析】(1)由于要画出U－I关系的完整曲线，变阻器应采用分压式接法；由于小灯泡的阻值较小，电流表应用外接法，电路图如图所示：(2)由U－I关系图线可知，小灯泡灯丝电阻随温度升高而增大．(3)分别在小灯泡灯丝电阻的U－I关系曲线图上画出电源的伏安特性曲线(电源乙的等效内阻为r乙＝4.5＋18 Ω＝22.5 Ω)，如图所示，与小灯泡灯丝电阻的U－I关系曲线交点即为工作点．显然接入甲电路时，灯泡中电流较大，小灯泡较亮些．(4)在电路乙中，小灯泡消耗的电功率为P＝UI＝1×0.15 W＝0.15 W.17.【答案】(1)如图：(2)①右②左【解析】(1)将电源、开关、滑动变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示．(2)闭合开关，磁通量增加，指针向右偏转，将原线圈迅速插入副线圈，磁通量增加，则灵敏电流计的指针将右偏．原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，电阻增大，则电流减小，穿过副线圈的磁通量减小，则灵敏电流计指针向左偏．18.【答案】(1)线框中感应电流的方向a→d→c→b→a；(2)ab边所受的安培力方向向下，bc边所受的安培力方向向左，cd边不受安培力，ad边的安培力方向向右；(3)【解析】(1)根据楞次定律，则有感应电流的方向：逆时针方向(即a→d→c→b→a)；(2)根据左手定则，结合感应电流的方向，则有：ab边所受的安培力方向向下，bc边所受的安培力方向向左，cd不受安培力，ad边的安培力方向向右．(线框有收缩的趋势)；(3)根据平衡条件，结合安培力表达式，则有：2mg＝mg＋B L且B＝kt解得：t ＝.19.【答案】(1)(2)(3)【解析】(1)E ＝＝L2，I ＝q＝It，得q ＝.(2)ab杆由起始位置发生位移L的过程，根据功能关系FL ＝mv＋Q总ab杆从L到3L的过程中，由动能定理可得2FL ＝mv －mv联立解得Q总＝，Q1＝Q总得Q1＝.(3)磁场旋转时，可等效为矩形闭合电路在匀强磁场中反方向匀速转动，所以闭合电路中产生正弦式交变电流，感应电动势的峰值E m＝BSω＝BL2ω，有效值E ＝，Q2＝·，而T ＝，则ω＝.20.【答案】(1)a(2)6.7×10－4m/s【解析】(1)根据左手定则可确定a端电势高．(2)当导体内由于载流子有沿电流方向所在的直线定向运动时，受洛伦兹力作用而产生横向分运动，产生横向电场，横向电场的电场力与洛伦兹力平衡时，导体横向电压稳定．设载流子沿电流方向所在直线定向移动的速度为v，横向电压为Uab，横向电场强度为E，电场力为Fe＝eE＝e，磁场力FB＝evB ，平衡时e＝evB，得v ＝≈6.7×10－4m/s.。

2017-2018学年下学期期末考试 高二物理试卷本卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间120分钟第Ⅰ卷（选择题，共48分） 一、单选题（本题共12题，每题4 分，共48 分）1、关于运动和力的关系，下列说法中正确的是（ ）A ．当物体所受合外力不变时，运动状态一定不变B ．当物体所受合外力为零时，速度一定不变C ．当物体运动的加速度为零时，所受合外力不一定为零D ．物体的运动方向一定是物体所受合外力的方向2、关于平抛运动，下列说法中正确的是（ ）A ．平抛运动是匀速直线运动B ．平抛运动不是匀变速运动C ．平抛运动是匀变速曲线运动D ．做平抛运动的物体，最后落地时的速度方向一定竖直向下3、关于地球同步通讯卫星，下述说法正确的是（ ）A ．同步通讯卫星上的物体处于超重状态B ．它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间C ．地球同步通讯卫星的轨道是唯一的(赤道上方一定高度处)D ．它可以通过北京的正上方4、一辆汽车的额定功率为73.5kw ，当它以36km/h 的速度行驶时，它的牵引力大小可能是（） A ．N 1035.73⨯ B. N 1035.74⨯ C. N 1035.75⨯ D. N 1035.72⨯5、关于电荷之间的相互作用，下列说法正确的是（ ）A ．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥B．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引C．不管是同种电荷还是异种电荷，都是相互吸引D．不管是异种电荷还是同种电荷，都是相互排斥6、电场线如图，某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，带电粒子的运动轨迹如图所示，可以判定（）A. A点的电势低于B点的电势B. 在A点的加速度大于在B点的加速度C. 粒子带正电D. 粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能7、对于水平放置的平行板电容器，下列说法不正确的是（）A．将两极板的间距加大，电容将减小B．将两极板平行错开，电容将减小C．在下极板上放置一块等大的金属板，电容将增大D．在两极板间放入其他电介质，电容不会改变8、有a、b、c、d四个电阻，它们的I—U关系如图所示，则电阻最大的是（）A．aB．bC．cD．d9、电动机正常工作时（）A．电能全部转化为内能B．电能全部转化为机械能C．电能主要转化为机械能，只有一小部分转化为内能D．电功率等于热功率之和10、在下图中标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）11、两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。

云南省峨山一中2017-2018学年下学期高二期末考试物理试卷一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1. 在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E点关于c电荷的对称点，不计空气阻力．下列说法中正确的是（）A. D点的电场强度为零、电势为零B. E、F两点的电场强度等大反向、电势相等C. E、G、H三点的电场强度和电势均相同D. 若释放c电荷，c电荷将一直做加速运动【答案】D【解析】试题分析：D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120°，故D点的场强为0．因为电势是一个相对性的概念即零电势的选取是任意的，故D点电势可能为0，故A 正确；由于a、b在E点的场强大小相等方向相反，故E点的场强仅由电荷c决定，故场强方向向左，而电荷c在D、F位置的场强大小相同方向相反，但电荷a、b在F点的场强矢量和不为0，故E、F两点的电场强度大小不同，方向相反．故B错误；E、G、H三点分别为ab、ac、bc的中点，故E的场强仅由电荷c决定，同理G点的场强仅由电荷b决定，H点的场强仅由电荷a决定，故三点的场强大小相同，但方向不同，故C错误；若释放电荷c，则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动．故D正确。

考点：电场的叠加【名师点睛】D点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在D点的场强大小相同，且夹角互为120°，故D点的场强为0；电场强度是矢量，场强的合成满足平行四边形定则，故E、G、H三点的场强大小相同，但方向不同；在直线cF上场强方向向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动。

2. 关于电场线，下述说法中正确的是( )A. 电场线是客观存在的B. 电场线与电荷运动的轨迹是一致的C. 电场线上某点的切线方向与电荷在该点受力方向可以不同D. 沿电场线方向，场强一定越来越大【答案】C【解析】试题分析：电场线是人为了方便研究电场而假想出来的，是不存在的，所以A错误电场线上某点的切线方向即为电场强度的方向，若是正电荷，电场力方向与电场强度方向相同，而电荷运动的轨迹在电场线上，电场线必须是直线，B错误；负电荷受到的电场力方向和电场方向相反，即和电场线的切线方向相反，C错误，沿电场方向，电势是降落的，电场强度用电场线的疏密程度来表示，D错误，考点：本题考查了对电场线的认识点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．当正电荷沿着电场线方向移动时，电场力做正功，则电势能减少，所以电势在减少．当负电荷沿着电场线方向移动时，电场力做负功，则电势能增加，而电势仍减小．3. 如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知在P、Q连线之间某点R处的电场强度为零，且PR＝2RQ.则( )A. q1＝4q2B. q1＝2q2C. q1＝－2q2D. q1＝－4q2【答案】A【解析】试题分析：因为R处的电场强度为零，q1和q2带同种电荷，由点电荷场强公式可得：，因为PR=2RQ，则q1=4q2，选项A 正确。