2018届福建省莆田市高三下学期教学质量检测(3月) 语文扫描版含答案

2018年莆田市高中毕业班教学质量检测试卷语文本试卷共10页，22题。

全卷满分150分。

考试用时150分钟。

注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，用0．5毫米黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1-3题。

传统手工技艺是民众在长期的生产生活实践中发明、积累和传承下来的，具有丰富的历史、科技、人文内涵和独特的价值。

它一般以天然原材料为主，有完整的工艺流程，采用传统的手工，有鲜明的地域特色和传统审美意趣。

它不只为人们简单的生活所需，更蘊含了人类的聪明才智和情感追求。

木雕、泥塑、剪纸、皮影、年画等不仅给人以美的愉悦，更具有丰富的文化内涵和艺术价值。

传统手工技艺是当前非物质文化遗产生产性保护的核心。

非物质文化遗产生产性保护是指在具有生产性质的实践过程中，以保持非物质文化遗产的真实性、整体性和传承性为核心，以有效传承非物质文化遣产技艺为前提，借助生产、流通、销售等手段，将非物质文化遗产及其资源转化为文化产品的保护方式。

这种保护方式使传统手工技艺回归民众日常生活，在生产实践中创新和发展，实现传统手工技艺的持久传承。

传统手工技艺类非物质文化遗产生产性保护（以下简称“生产性保护”）的根本是保持其核心技艺和核心价值。

相较于处于濒危状态的非物质文化遗产抢教性保护和文化积淀深厚、非遗项目较为集中的整体性保护，生产性保护是贴近百姓生活、在生产中能产生经济效益和社会效益的保护方式，这种活态保护方式的目的是使传统手工技艺持久传承下去。

这需要三个条件：一是作为生产性保护核心的传统手工技艺不能中断。

传统手工技艺不仅仅是一种生产技术，还包含了丰富的文化内涵，是地域文化的象征，是文脉廷续的保证。

2018年莆田市高中毕业班第二次质量检测试卷（A卷）语文本试卷共10页，22题。

全卷满分150分。

考试用时150分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，用0.5毫米黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1-3题。

中国传统司法智慧是中国传统法律文化孕育的产物，对中国传统司法文明的演进起了不可忽视的促进作用，其人道性、正义性更是具有历久弥新的价值。

在中国传统法律文化中，儒家、法家是两个影响深远的学派，其司法智慧也对司法实践影响颇巨，而且在今日仍有重要借鉴价值，可为现代司法改革提供有价值的精神资源和制度资源。

“德主司法”是指以道德精神主导司法，它体现了儒家学派的司法智慧。

儒家道德有着丰富的内容，但大略言之，以“仁道”为核心和主流。

“仁道”，即仁爱之道，强调尊重人、关心人、爱护人，特别是重视人的生命价值，这与现代的人道主义理念也有相通之处。

应该指出，儒家的仁道思想在中国历史上产生了积极影响，此种影响亦及于传统司法制度，如“录囚”“直诉”“赦宥”“存留养亲”“死刑覆奏”“死刑监候”等，无不体现了一定的仁道精神。

虽然封建司法制度在整体上仍然偏于严酷，但上述制度的创设却在一定程度上稀释了其严酷性，而显示了某种人道温情。

“德主司法”既然是让道德主宰司法，当然要求司法人员必须具备高尚的道德，或者说必须具备人道情怀，儒家经典提倡的“好生之德”就是例证，它要求司法人员必须尊重人的生命价值，绝对不可嗜血成性，无视人的生命尊严，靠“刑杀”树威。

在儒家看来，一切反仁道的司法活动都应受到道义的谴责。

另外，司法人员还应当具备“敬”“慎”之类的道德素质，严肃认真、小心谨慎地对待司法活动，让每一个案件都经得起法律和历史的检验。

2018年莆田市高中毕业班教学质量检测试卷数学（文科）第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合2{|60}A x x x =--<，{|31}x B x =>，则A B = （ ） A ．(1,2) B ．(1,3) C ．(0,2) D ．(0,3)2.设复数z 满足z i 3i ⋅=-，则z =（ ）A ．13i +B ．13i --C ．13i -+D ．13i -3.等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，已知2132S a a =+，41a =，则4S =（ ） A ．78 B ．158C ．14D ．15 4.执行下面的程序框图，如果输入的1,2,3a b n ===，则输出的S =（ ）A ．5B ．6 C.8 D ．135.为了解某校一次期中考试数学成绩情况，抽取100位学生的数学成绩，得如图所示的频率分布直方图，其中成绩分组区间是[40,50),[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100]，则估计该次数学成绩的中位数是（ ）A ．71.5B ．71.8 C.72 D ．756.“干支纪年法”是中国历法上自古以来就一直使用的纪年方法．干支是天干和地支的总称．把干支顺序相配正好六十为一周，周而复始，循环记录，这就是俗称的“干支表”．甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、葵等十个符号叫天干；子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥等十二个符号叫地支．如：公元1984年农历为甲子年、公元1985年农历为乙丑年，公元1986年农历为丙寅年．则公元2047年农历为（ ）A ．乙丑年B ．丙寅年 C.丁卯年 D ．戊辰年7.已知O 为坐标原点，F 为抛物线2:8C y x =的焦点，过F 作直线l 与C 交于,A B 两点．若||10AB =，则OAB ∆重心的横坐标为（ ） A ．43 B ．2 C.83D ．3 8.已知函数2()sin f x x =，则下列说法正确的是（ ） A ．()f x 的最小正周期为2πB ．()f x 在区间[,]22ππ-上是增函数C.()f x 的图像关于点(,0)4π对称 D ．()f x 的图像关于直线2x π=对称9.甲乙两人被安排在某月1日至4日值班，每人各值班两天，则甲、乙均不连续值班的概率为（ ） A ．16 B ．13 C.23 D ．1210.如图，网络纸的各小格都是正方形，粗线画出的是一个几何体的三视图，则这个几何体是（ ）A ．三棱锥B ．四棱锥 C.三棱柱 D ．四棱柱11.已知圆22:1O x y +=．若,A B 是圆O 上不同两点，以AB 为边作等边ABC ∆，则||OC 的最大值是（ ）A1 12.已知直三棱柱111ABC A B C -外接球的表面积为8π，90BAC ∠=︒．若,E F 分别为棱11,BC B C 上的动点，且1BE C F =，则直线EF 被该三棱柱外接球球面截得的线段长为（ ）A．．2 C.4 D ．不是定值第Ⅱ卷二、填空题：本题共4小题，每题小5分，共20分．13.已知向量(2,4)a = ，(1,)b m =-．若//a b ，则a b ⋅= ．14.若,x y 满足约束条件222022x y y x y +≥⎧⎪-≤⎨⎪-≤⎩，则z x y =+的最大值为．15.已知数列{}n a 满足11a =，112n n n n a a a a ++-=，则6a =．16.已知()f x 是R 上的偶函数，且2,01()1()1,12x x x f x x ≤≤⎧⎪=⎨+>⎪⎩．若关于x 的方程22()()0f x af x -=有三个不相等的实数根，则a 的取值范围是．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.ABC ∆的内角,,A B C 的对边分别为,,a b c，已知cos 2c B a +=．（1）求C ；（2）如图，若a b =，D 为ABC ∆外一点，//AD BC ，2AD CD ==，求四边形ABCD 的面积． 18.某公司为确定下一年度投入某种产品的宣传费，需了解年宣传费x （单位：千元）对年销售量y （单位：t ）和年利润z （单位：千元）的影响，对近13年的宣传费i x 和年销售量i y (1,2,,13)i = 数据作了初步处理，得到下面的散点图及一些统计量的值．由散点图知，按b y a x =+建立y 关于x 的回归方程是合理的．令1xω=，则y a b ω=+，经计算得如下数据：（1）根据以上信息，建立y 关于ω的回归方程；（2）已知这种产品的年利润z 与,x y 的关系为10z y x =-．根据（1）的结果，求当年宣传费20x =时，年利润的预报值是多少？附：对于一组数据(,)(1,2,,)i i u i n υ= ，其回归直线u υαβ=+的斜率和截距的最小二乘估计分别为1221ni i i nii u nu unuυυβ∧==-=-∑∑，u αυβ∧∧=-．19.如图，四棱锥E ABCD -中，底面ABCD 是平行四边形，,M N 分别为,BC DE 中点．（1）证明：//CN 平面AEM ；（2）若ABE ∆是等边三角形，平面ABE ⊥平面BCE ，CE BE⊥，2BE EC ==，求三棱锥N AEM -的体积．20.已知两定点1(2,0)A -，2(2,0)A ，动点M 使直线12,MA MA 的斜率的乘积为14-． （1）求动点M 的轨迹E 的方程；（2）过点(F 的直线与E 交于,P Q 两点，是否存在常数λ，使得||PQ FP FQ λ=⋅？并说明理由．21.已知函数()xp x e =，()ln(1)q x x =+．（1）若()()()f x p x aq x =+在定义域上是增函数，求a 的取值范围； （2）若存在b Z ∈，使得21()(1)()2q x b x p x ≤+≤，求b 的值，并说明理由． （二）选考题：共10分．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22.选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系xOy 中，曲线C的参数方程为3cos x y αα=⎧⎪⎨=⎪⎩（α是参数）．以坐标原点为极点，x 轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，直线l 的极坐标方程为cos()13πρθ+=．（1）求l 的直角坐标方程和C 的普通方程；（2）l 与C 相交于,A B 两点，设点P 为C 上异于,A B 的一点，当PAB ∆面积最大时，求点P 到l 的距离． 23.选修4-5：不等式选讲 已知函数()|||1|f x x a x =-+-．（1）当2a =时，求不等式()4f x <的解集； （2）若2()21f x a a ≥--，求a 的取值范围．试卷答案一、选择题1-5:DBDCC 6-10:CBDBA 11、12：CA二、填空题13.10- 14.4 15.11116.(0,2][3,4] 三、解答题17.解：（1）在ABC ∆中，由正弦定理得sin cos sin C B B A =， 又()A B C π=-+，所以sin cos sin()C B B B C +=+，故sin cos C B B +sin cos cos sin B C B C =+，所以sin cos 2B C B =， 又(0,)B π∈，所以sin 0B ≠，故cos 2C =， 又(0,)C π∈，所以6C π=．（2）因为//AD BC ，故6CAD ACB π∠=∠=，在ACD ∆中，2AD CD ==， 所以6ACD CAD π∠=∠=，故23ADC π∠=， 所以222222222cos 123AC π=+-⨯⨯=， 又6ACB π∠=，AC BC =， 所以211sin 3264ACB S AC BC AC π∆=⋅==，又12sin23ACD S CD AD π∆=⋅= 所以四边形ABCD的面积为318.解：（1）131132211313()i ii ii y yb ωωωω∧==-=-∑∑ 2.10100.21-==-， 109.94100.16111.54a y b ω∧∧=-=+⨯=，则y 关于ω的回归方程为111.5410y ω∧=-．（2）依题意1010(111.5410)z y x x ω∧∧=-=⨯--1001115.4x x=--， 当20x =时，1090.4z ∧=， 所以年利润的预报值是1090.4.19.解：（1）取AE 中点F ，连结,MF FN ． 因为AED ∆中，,F N 分别为EA ED 、中点， 所以1//2FN AD ． 又因为四边形ABCD 是平行四边形，所以//BC AD ． 又M 是BC 中点，所以1//2MC AD ，所以//FN MC ． 所以四边形FMCN 为平行四边形，所以//CN MF ， 又CN ⊄平面AEM ，MF ⊂平面AEM ， 所以//CN 平面AEM ．（2）取BE 中点H ，连结AH ，则AH BE ⊥，因为平面ABE ⊥平面BCE ，平面ABE 平面BCE BE =，AH ⊂平面ABE ， 所以AH ⊥平面BCE ．又由（1）知//CN 平面AEM ，所以N AEM C AEM A MEC V V V ---==． 又因为M 为BC 中点，所以1133A MEC MEC V S AH -∆=⋅=11112322BEC S AH ∆⋅⋅=⨯⨯22⨯⨯=．所以三棱锥N AEM -20.解：（1）设(,)M x y ，由1214A M A M k k ⋅=-， 得1224y y x x ⋅=-+-，即2214x y +=． 所以动点M 的轨迹方程是221(2)4x y x +=≠±． （2）因为2x ≠±，当直线PQ 的斜率为0时，与曲线C 没有交点，不合题意， 故可设直线PQ的方程为x ty =，联立22440x y x ty ⎧+-=⎪⎨=⎪⎩，消去x得22(4)10t y +--=，设1122(,),(,)P x y Q x y，则12y y +=12214y y t =-+，21224(1)|||4t PQ y y t +=-=+ ．12(FP FQ x x ⋅= 22121221(1)4t y y t y y t ++=+=-+． 故存在实数4λ=-，使得||4PQ FP FQ =-⋅恒成立．21.解：（1）因为()ln(1)xf x e a x =++在定义域上为增函数． 所以'()01xaf x e x =+≥+在(1,)-+∞上恒成立， 即(1)x a x e ≥-+在(1,)-+∞上恒成立．令()(1)xu x x e =-+，(1)x >-，则'()(2)0xu x x e =-+<，所以()u x 在(1,)-+∞上为减函数，故()(1)0u x u <-=，所以0a ≥． 故a 的取值范围为[0,)+∞． （2）因为21()(1)()2q x b x p x ≤+≤， 取1x =，得ln 22b e ≤≤，又b Z ∈，所以1b =．所以存在整数b ，当1b =时，21ln(1)(1)(1)2x x b x e x +≤+≤>-． 令21()(1)ln(1)2g x x x =+-+，则1(2)'()111x x g x x x x +=+-=++，令'()0g x =，得0x =．()g x ，'()g x 的变化情况如下表：所以0x =时，()g x 取到最小值，且最小值为1(0)02g =>． 即21()(1)2q x x ≤+． 令21()(1)2x h x e x =-+，则'()(1)x h x e x =-+，令()1x k x e x =--，由'()10xk x e =-=，得0x =， 所以当10x -<<时，'()0k x <，()k x 在(1,0)-上单调递减， 当0x >时，'()0k x >，()k x 在(0,)+∞上单调递增， 所以()(0)0k x k ≥=，即1xe x ≥+．因此'()0h x ≥，从而()h x 在(1,)-+∞上单调递增， 所以1()(1)0h x h e >-=>，即21(1)()2x p x +≤． 综上，1b =．22.解：（1）因为直线l 的极坐标方程为cos()13πρθ+=，所以1(cos )12ρθθ=， 所以直线l的直角坐标方程为20x -=．曲线C的参数方程为3cos x y αα=⎧⎪⎨=⎪⎩，（α是参数）， 所以曲线C 的普通方程为22193x y +=． （2）直线:20l x -=与曲线22:193x y C +=相交于A B 、两点，所以||AB 为定值． 要使PAB ∆的面积最大，只需点P 到直线l 的距离d 最大．设点(3cos )P αα为曲线C 上任意一点．则点P 到直线l 的距离|3cos 3sin 2|2d αα--=|)2|42πα+-=， 当cos()14πα+=-时，d取最大值为2||122-=+． 所以当PAB ∆面积最大时，点P 到l的距离为1 23.解：（1）当2a =时，不等式()4f x <，即|2||1|4x x -+-<． 可得2214x x x ≥⎧⎨-+-<⎩，或12214x x x <<⎧⎨-+-<⎩，或1214x x x ≤⎧⎨-+-<⎩． 解得1722x -<<． 所以不等式的解集为17{|}22x x -<<． （2）因为()|||1||1|f x x a x a =-+-≥-．当且仅当()(1)0x a x --≤时，()f x 取得最小值|1|a -．又因为对任意的2,()21x f x a a ≥--恒成立，所以2|1|21a a a -≥--， 即2(1)|1|20a a ----≤，故|1|2a -≤，解得13a -≤≤．所以a 的取值范围为[1,3]-．。

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20１８年莆田市高中毕业班教学质量检测试卷 数学(文科）第Ⅰ卷一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.已知集合2{|60}A x x x =--<，{|31}x B x =>,则A B =( ) Ａ.(1,2) Ｂ．(1,3) C ．(0,2) D.(0,3) ２。

设复数z 满足z i 3i ⋅=-，则z =( ）Ａ.13i + B ．13i -- C.13i -+ D ．13i - 3。

等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，已知2132S a a =+,41a =,则4S =( ) A.78B.158Ｃ．14 Ｄ．1５ 4。

执行下面的程序框图,如果输入的1,2,3a b n ===，则输出的S =( )A.5 B．6 C。

8 D．135.为了解某校一次期中考试数学成绩情况，抽取1００位学生的数学成绩,得如图所示的频率分布直方图,其中成绩分组区间是[40,50),[50,60),[60,70),[70,80),[80,90),[90,100],则估计该次数学成绩的中位数是（）Ａ.71。

5 Ｂ．71。

8 C．72 D．7５6。

“干支纪年法”是中国历法上自古以来就一直使用的纪年方法．干支是天干和地支的总称.把干支顺序相配正好六十为一周，周而复始,循环记录,这就是俗称的“干支表”．甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、葵等十个符号叫天干；子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥等十二个符号叫地支.如:公元１9８4年农历为甲子年、公元198５年农历为乙丑年，公元１986年农历为丙寅年．则公元2047年农历为( ）A ．乙丑年 B.丙寅年 C 。

2018年莆田市高中毕业班第二次质量检测试卷（B卷）语文本试卷共10页，22题。

全卷满分150分。

考试用时150分钟。

注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，用0.5毫米黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1～3题对于任何一种文化传统来说，如何协调守成、创新与外来文化三者之间的关系始终是一个关键问题。

晚清至20世纪，中国文化与西方文化的大规模接触伴随着侵略、殖民与长时间的冷战，这些历史事实增加了问题的复杂程度。

尽管如此，多数人愿意认为，五四新文学运动是文学史上的一个成功范例。

五四新文学不仅改变了古典文学的传统形式，而且，相当多的作家动手译介域外文学，使各种西方文化元素逐渐汇入中国文学的表述体系。

这开辟了汉语白话文学的新阶段——“现代文学”。

之所以认定这是一次成功的文学转换，首要的标志是：相对于先秦至晚清的中国古典文学，汉语白话文学更适合表现今天的中国经验。

这丝毫不存在贬低中国古典文学的意思。

中国古代批评家就曾经深刻地指出：“文变染乎世情，兴废系乎时序。

”每一个时代都有自己的文学及其评价依据。

任何一个时期的文学都将受到文学传统与现实世界纵横坐标构成的不同压力。

强调来自纵轴的文学传统，还是追求更大限度地再现当代的现实世界？现实主义的宗旨显然是后者。

这时，所谓的创新可以表述为，一种再现当代现实的企图改变了文学传统的发展方向。

这同时划出了一个区分的标准：如何辨别鲁迅式的“盗火者”与“言必称希腊”的崇洋分子？尽管二者都对西方文化表示出浓厚的兴趣，但是，“盗火者”的宗旨是探索民族的独特道路，力图“师夷长技以制夷”；相反，崇洋分子热衷于将民族历史纳入一个普遍的模式，使之成为西方文化逻辑的具体例证。

2018 年莆田市高中毕业班第二次质量检测试卷（ A 卷）语文本试卷共 10页， 22 题。

全卷满分 150 分。

考试用时 150 分钟。

注意事项： 1. 答卷前，考生务势必自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每题答案后，用 2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，用 0.5 毫米黑色墨水署名笔将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下边的文字，完成1-3题。

中国传统司法智慧是中国传统法律文化孕育的产物，对中国传统司法文明的演进起了不可忽视的促进作用，其人道性、正义性更是具有历久弥新的价值。

在中国传统法律文化中，儒家、法家是两个影响深远的学派，其司法智慧也对司法实践影响颇巨，而且在今日仍有重要借鉴价值，可为现代司法改革20 ×20提供有价值的精神资源和制度资源。

“德主司法”是指以道德精神主导司法，它体现了儒家学派的司法智慧。

儒家道德有着丰富的内容，但大略言之，以“仁道”为核心和主流。

“仁道”，即仁爱之道，强调尊重人、关心人、爱护人，特别是重视人的生命价值，这与现代的人道主义理念也有相通之处。

应该指出，儒家的仁道思想在中国历史上产生了积极影响，此种影响亦及于传统司法制度，如“录囚”“直诉”“赦宥”“存留养亲”“死刑覆奏”“死刑监候”等，无不体现了一定的仁道精神。

虽然封建司法制度在整体上仍然偏于严酷，但上述制度的创设却在一定程度上稀释了其严酷性，而显示了某种人道温情。

“德主司法”既然是让道德主宰司法，当然要求司法人员必须具备高尚的道德，或者说必须具备人道情怀，儒家经典提倡的“好生之德”就是例证，它要求司法人员必须尊重人的生命价值，绝对不可嗜血成性，无视人的生命尊严，靠“刑杀”树威。

在儒家看来，一切反仁道的司法活动都应受到道义的谴责。

福建省莆田市莆田第六中学2018届高三下学期第三次模拟考试语文试题一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1～3题。

区块链技术是伴随加密数字货币逐渐兴起的一种去中心化基础架构与分布式计算范式，以块链结构存储数据，使用密码学原理保证传输和访问的安全性，数据存储受到互联网多方用户共同维护和监督，具有去中心化、透明公开、数据不可修改等显著优点。

区块链技术通过在网络中建立点对点之间可靠的信任，去除价值传递过程中介的干扰，既公开信息又保护隐私，既共同决策又保护个体权益，为实现共享经济提供了全新的技术支撑，有望支撑实现共享交通、共享教育、共享住房、共享能源等多个共享经济场景，是实现共享经济的一种非常理想的解决方案。

数据公开透明，为共享经济提供信用保障。

区块链本身即为一个大型海量数据库，记录在链上的所有数据和信息都是公开透明的，任何节点都可以通过互联网在区块链平台进行信息查询。

任何第三方机构无法将记录在区块链上的已有信息进行修改或撤销，从而便于公众监督和审计。

这种体现为“公正性”的技术优势，使得区块链技术在金融、选举、保险、知识产权、慈善公益等领城都具有广泛深入的应用价值。

具体到共享经济当中，能够为以用户体验为核心的信用体系提供保障。

催生智能合约，为共享经济提供解决方案。

智能合约是当一定条件被满足的情况下，就可以在网络信息平台和系统中得到自动执行的合约。

基于区块链技术的智能合约系统兼具自动执行和可信任性的双重优点，使其可以帮助实现共享经济中的诸如产品预约、违约赔付等多种涉及网上信任的商业情景，使共享经济更加完善可靠。

当然，区块链技术应用于共享经济场景也有一些障碍，比如缺乏完善有效的“共识机制”，目前为止，还没有一种完善的共识机制能够同时解决安全性、环保性、高效性等问题。

在现有区块链技术下，当用户对交易的公平性产生怀疑时无法向任何机构进行申诉。

同时，区块链被设计成环环相扣，能够从任何一点追溯至初始区块，查询到链上所有信息。

2018届福建省莆田第一中学高三第三次月考语文试题Word版含答案莆田一中2018届高三年级第三次月考语文试卷一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1～3题。

应该如何面对中国古代文论的丰富资源？这已经算得上一个老话题了。

我们之所以还来谈论这个话题，是因为它还远远没有说完，依然有话可说。

但是在正面阐述这个问题之前，似乎有必要对当前古代文论研究中存在的一些具有普遍性的问题进行简要评述。

比如所谓“失语症”的问题。

这本来不是直接的古代文论话题，但它隐含着对古代文论的一种很大的期望，所以对古代文论的研究来说也就具有影响作用。

“失语症”的提出，无疑是基于对大量西方学术话语充斥学界这一现状的不满。

这当然不仅仅是文学理论方面的事，它可以涵盖当代中国整个学术界。

“失语症”的提出者们之所以认为这个话题是有意义的，那是因为在他们看来，我们是可以不患这种病症的。

他们这种自信的依据，自然是我们身后存储的那无比丰富的话语资源。

换句话说，他们认为中国古代文论话语（经过选择和变换）应该成为当今我们的文学理论与批评的主要话语形式。

有的论者看到这种想法不大容易操作，因此认为“失语症”问题是一个缺乏意义的话题。

然而我以为“失语症”这个提法本身即具有极为重要的象征意义——它表征着20世纪以来几代中国学人的一种“基本焦虑”。

这可以用一个简单的比喻来表述：一个在智商与勤奋方面都足以傲视邻里的家族穷数代之力积累了大量钱币，本想凭此发家致富、光耀门楣，却不料一夜之间改朝换代，旧币贬值，新币坚挺，其痛心疾首是可以想见的。

这个家族中当然也会有人适应潮流，去积极获取新币，但当他偶然看到那盈满箱箧的旧币时，心中的苦涩毕竟是在所难免的。

他们做梦都想着有朝一日旧币会忽然重新获得价值。

从洋务派的“中体西用”到国粹派的“中西会通”；从新儒家的“中西互为体用”，到当下学人的“现代转换”，均可视为这种“基本焦虑”的话语显现。

2018年莆田市高三语文3月质量检测试卷（带答案）
5
9题。

晚泊① 陆游
半世无归似转蓬，今年作梦到巴东。

身游万死一生地，路入千峰百嶂中。

邻舫有时乞火，丛祠无处不祈风。

晚潮又泊淮南岸，落日啼鸦戍堞空。

[注]①陆游因“力说张浚用兵”的罪名被罢黜，闲居四年后被任命为夔州通判，此诗即作于赴任西行途中。

8诗中哪些内容扣住诗题“晚泊”？请简要分析。

（5分）
9 本诗表达了丰富的思想感情，请结合诗句简要分析。

（6分）
（三）名篇名句默写（6分）
10补写出下列句子中的空缺部分。

（6分）
（1）《诗经氓》中“ ，”两句，表现女主人天天早起晚睡地操劳家务。

（2）《荀子劝学》中强调空想不如学习的句子是“ ，”。

（3）辛弃疾《破阵子为陈同甫赋壮词以寄之》一词中，表现梦想中战斗获胜，功成名就的句子是“ ，” 。

乙选考题
请考生在第三、四两大题中选定其中一大题作答。

注意作答时必须用2B铅笔在答题卡上把所选大题题号的方框涂黑。

只能做所选定大题内的小题，不得选做另一大题内的小题。

如果多做，则按所做的第一大题计分。

三、学类本阅读
11 阅读下面的字，完成（1）-（4）题。

（25分）
走火崔立。

2018年莆田市高中毕业班教学质量检测试卷数学（文科）第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 已知集合，，则（）A. B. C. D.【答案】D【解析】集合，，.故选D.2. 设复数满足，则（）A. B. C. D.【答案】B【解析】复数满足，.故选B.3. 等比数列的前项和为，已知，，则（）A. B. C. 14 D. 15【答案】D【解析】由，得，即，又为等比数列，所以公比，又，所以..故选D.4. 执行下面的程序框图，如果输入的，则输出的（）A. 5B. 6C. 8D. 13【答案】C【解析】输入，成立，；成立，；成立，.不成立，输出.故选C.5. 为了解某校一次期中考试数学成绩情况，抽取100位学生的数学成绩，得如图所示的频率分布直方图，其中成绩分组区间是，则估计该次数学成绩的中位数是（）A. 71.5B. 71.8C. 72D. 75【答案】C【解析】的频率为：；的频率为：；的频率为：；的频率为：；的频率为：；的频率为：.所以，得：.的频率和为：.由，得中位数为：.故选C.点睛：用频率分布直方图估计总体特征数字的方法： ①众数：最高小长方形底边中点的横坐标；②中位数：平分频率分布直方图面积且垂直于横轴的直线与横轴交点的横坐标； ③平均数：频率分布直方图中每个小长方形的面积乘小长方形底边中点的横坐标之和.6. “干支纪年法”是中国历法上自古以来就一直使用的纪年方法．干支是天干和地支的总称．把干支顺序相配正好六十为一周，周而复始，循环记录，这就是俗称的“干支表”．甲、乙、丙、丁、戊、己、庚、辛、壬、葵等十个符号叫天干；子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、戌、亥等十二个符号叫地支．如：公元1984年农历为甲子年、公元1985年农历为乙丑年，公元1986年农历为丙寅年．则公元2047年农历为（ ）A. 乙丑年B. 丙寅年C. 丁卯年D. 戊辰年 【答案】C【解析】记公元1984年为第一年，公元2047年为第64年，即天干循环了十次，第四个为“丁”，地支循环了五次，第四个为“卯”,所以公元2047年农历为丁卯年. 故选C.7. 已知为坐标原点，为抛物线的焦点，过作直线与交于两点．若，则重心的横坐标为（ ）A. B. 2 C. D. 3 【答案】B 【解析】为抛物线的焦点，所以. 设由抛物线定义知：，解得.重心的横坐标.故选B.8. 已知函数，则下列说法正确的是（）A. 的最小正周期为B. 在区间上是增函数C. 的图像关于点对称D. 的图像关于直线对称【答案】D【解析】函数.，得：的最小正周期为，A不正确；在区间上，，此时函数不单调，B不正确；当时，，所以的图像关于点对称，C不正确；当时，，的图像关于直线对称正确.故选D.9. 甲乙两人被安排在某月1日至4日值班，每人各值班两天，则甲、乙均不连续值班的概率为（）A. B. C. D.【答案】B【解析】甲乙两人被安排在某月1日至4日值班，每人各值班两天，共有种可能.甲、乙均不连续值班的情况有：甲乙甲乙和乙甲乙甲两种情况，所以甲、乙均不连续值班的概率为.故选B.10. 如图，网络纸的各小格都是正方形，粗线画出的是一个几何体的三视图，则这个几何体是（）A. 三棱锥B. 四棱锥C. 三棱柱D. 四棱柱【答案】A【解析】作出三视图的直观图，如图所示：三棱锥即为所求.故选A.点睛：思考三视图还原空间几何体首先应深刻理解三视图之间的关系，遵循“长对正，高平齐，宽相等”的基本原则，其内涵为正视图的高是几何体的高，长是几何体的长；俯视图的长是几何体的长，宽是几何体的宽；侧视图的高是几何体的高，宽是几何体的宽.由三视图画出直观图的步骤和思考方法：1、首先看俯视图，根据俯视图画出几何体地面的直观图；2、观察正视图和侧视图找到几何体前、后、左、右的高度；3、画出整体，然后再根据三视图进行调整.11. 已知圆．若是圆上不同两点，以为边作等边，则的最大值是（）A. B. C. 2 D.【答案】C【解析】在四边形中，，所以，取中点为,设，则..当时，取得最大值2.故选C.12. 已知直三棱柱外接球的表面积为，．若分别为棱上的动点，且，则直线被该三棱柱外接球球面截得的线段长为（）A. B. 2 C. 4 D. 不是定值【答案】A【解析】直三棱柱中，，取的中点为，的中点为，连接，取的中点为，则为直三棱柱外接球的球心.由外接球的表面积为，设球半径为，则，所以.由分别为棱上的动点，且，所以经过点，即直线经过球心，所以截得的线段长为球的直径.故选A.点睛：本小题主要考查几何体外接球的表面积的求法，考查三角形外心的求解方法.在解决有关几何体外接球有关的问题时，主要的解题策略是找到球心，然后通过解三角形求得半径.找球心的方法是先找到一个面的外心，再找另一个面的外心，球心就在两个外心垂线的交点位置.第Ⅱ卷二、填空题：本题共4小题，每题小5分，共20分．13. 已知向量，．若，则__________．【答案】-10【解析】向量，．若，，得..故答案为：-10.14. 若满足约束条件，则的最大值为__________．【答案】4【解析】作出可行域如图所示：由，解得.目标函数，即为，平移斜率为-1的直线，经过点时，.15. 已知数列满足，，则__________．【答案】【解析】由，同时除以可得.即是以为首项，为公差的等差数列.所以，即.故答案为：.16. 已知是上的偶函数，且．若关于的方程有三个不相等的实数根，则的取值范围是__________．【答案】【解析】由方程，得或.是上的偶函数，当或时有三个不相等的实数根，因为，所以只需时，有唯一解即可.如图所示：，即.故答案为：.点睛：本题主要考查函数的图象与性质以及函数与方程思想、数形结合思想的应用，属于难题. 数形结合是根据数量与图形之间的对应关系，通过数与形的相互转化来解决数学问题的一种重要思想方法，.函数图象是函数的一种表达形式，它形象地揭示了函数的性质，为研究函数的数量关系提供了“形”的直观性．三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17. 的内角的对边分别为，已知．（1）求；（2）如图，若，为外一点，，，求四边形的面积．【答案】(1) (2)【解析】试题分析：（1）由正弦定理将边化为角结合三角形内角和的性质，两角和的展开式得，进而得解；（2）由，得，由，得，进而得，由余弦定理得AC，进而求和即可.试题解析：（1）在中，由正弦定理得，又，所以，故，所以，又，所以，故，又，所以．（2）因为，故，在中，，所以，故，所以，又，，所以，又，所以四边形的面积为．18. 某公司为确定下一年度投入某种产品的宣传费，需了解年宣传费（单位：千元）对年销售量（单位：）和年利润（单位：千元）的影响，对近13年的宣传费和年销售量数据作了初步处理，得到下面的散点图及一些统计量的值．由散点图知，按建立关于的回归方程是合理的．令，则，经计算得如下数据：（1）根据以上信息，建立关于的回归方程；（2）已知这种产品的年利润与的关系为．根据（1）的结果，求当年宣传费时，年利润的预报值是多少？附：对于一组数据，其回归直线的斜率和截距的最小二乘估计分别为，．【答案】(1) (2)年利润的预报值是1090.4【解析】试题分析：（1）根据表中参考数据利用即可得解；（2）由结合（1）得，代入求解即可.试题解析：（1），，则关于的回归方程为．（2）依题意，当时，，所以年利润的预报值是1090.4.点睛：求解回归方程问题的三个易误点：① 易混淆相关关系与函数关系，两者的区别是函数关系是一种确定的关系，而相关关系是一种非确定的关系，函数关系是一种因果关系，而相关关系不一定是因果关系，也可能是伴随关系．② 回归分析中易误认为样本数据必在回归直线上，实质上回归直线必过点，可能所有的样本数据点都不在直线上．③ 利用回归方程分析问题时，所得的数据易误认为准确值，而实质上是预测值(期望值)．19. 如图，四棱锥中，底面是平行四边形，分别为中点．（1）证明：平面；（2）若是等边三角形，平面平面，，，求三棱锥的体积．【答案】(1)见解析(2)【解析】试题分析：（1）取中点，连结，易证得四边形为平行四边形，进而得证；（2）取中点，连结，则，利用等体积转换即可得解.试题解析：（1）取中点，连结．因为中，分别为中点，所以．又因为四边形是平行四边形，所以．又是中点，所以，所以．所以四边形为平行四边形，所以，又平面，平面，所以平面．（2）取中点，连结，则，因为平面平面，平面平面，平面，所以平面．又由（1）知平面，所以．又因为为中点，所以．所以三棱锥的体积为．20. 已知两定点，，动点使直线的斜率的乘积为．（1）求动点的轨迹的方程；（2）过点的直线与交于两点，是否存在常数，使得？并说明理由．【答案】(1) (2)存在实数【解析】试题分析：（1）设，由，代入坐标整理可得；（2）因为，当直线的斜率为0时，与曲线没有交点，不合题意，可设直线的方程为，与椭圆联立得：，设，由及根据韦达定理求解即可.试题解析：（1）设，由，得，即．所以动点的轨迹方程是．（2）因为，当直线的斜率为0时，与曲线没有交点，不合题意，故可设直线的方程为，联立，消去得，设，则，，．．故存在实数，使得恒成立．点睛：定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是什么、“定值”是多少，或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题，证明该式是恒定的. 定点、定值问题同证明问题类似，在求定点、定值之前已知该值的结果，因此求解时应设参数，运用推理，到最后必定参数统消，定点、定值显现. 21. 已知函数，．（1）若在定义域上是增函数，求的取值范围；（2）若存在，使得，求的值，并说明理由．【答案】(1) (2)【解析】试题分析：（1）问题等价于在上恒成立，即在上恒成立，令，，进而求最值即可.（2）取，易得，所以存在整数，当时，，令，令，证明时不等式成立即可.试题解析：（1）因为在定义域上为增函数．所以在上恒成立，即在上恒成立．令，，则，所以在上为减函数，故，所以．故的取值范围为．（2）因为，取，得，又，所以．所以存在整数，当时，．令，则，令，得．，的变化情况如下表：所以时，取到最小值，且最小值为．即．令，则，令，由，得，所以当时，，在上单调递减，当时，，在上单调递增，所以，即．因此，从而在上单调递增，所以，即．综上，．（二）选考题：共10分．请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22. 选修4-4：坐标系与参数方程在直角坐标系中，曲线的参数方程为（是参数）．以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴，建立极坐标系，直线的极坐标方程为．（1）求的直角坐标方程和的普通方程；（2）与相交于两点，设点为上异于的一点，当面积最大时，求点到的距离．【答案】(1) (2)【解析】试题分析：（1）由和代入直线的极坐标方程即可得的直角坐标方，曲线利用消去参数即可；（2）要使的面积最大，只需点到直线的距离最大，利用点到直线的距离即可得最值.试题解析：（1）因为直线的极坐标方程为，所以，所以直线的直角坐标方程为．曲线的参数方程为，（是参数），所以曲线的普通方程为．（2）直线与曲线相交于两点，所以为定值．要使的面积最大，只需点到直线的距离最大．设点为曲线上任意一点．则点到直线的距离，当时，取最大值为．所以当面积最大时，点到的距离为．23. 选修4-5：不等式选讲已知函数．（1）当时，求不等式的解集；（2）若，求的取值范围．【答案】(1) (2)【解析】试题分析：（1）分段讨论去绝对值解不等式即可；（2）若，只需即可，将看作整体解不等式即可. 试题解析：（1）当时，不等式，即．可得，或，或．解得．所以不等式的解集为．（2）因为．当且仅当时，取得最小值．又因为对任意的恒成立，所以，即，故，解得．所以的取值范围为．。