湖北省宜昌市葛洲坝中学2018学年高一上学期期中物理试卷 含解析

2018-2018学年湖北省宜昌市葛洲坝中学高一（上）期中物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．1-6题所给出的四个选项中只有一个是符合题意的，选对得5分，选错的得0分；7-10题所给出的四个选项中有多个选项符合题意，完全选对得5分，选对但不完整的得3分；只要有选错或不选得0分）1．关于质点，下列说法中正确的是（）A．评委为体操运动员刘璇的“跳马”动作评分，可将刘璇看着质点B．质点是一个理想化模型，但是实际是存在的C．物理学中的“质点”跟几何学中的“点”没有区别D．如果物体的大小和形状在研究的问题中属于无关的或次要的因素，就可以把物体看做质点2．下列说法正确的是（）A．相互接触的两个物体之间一定有弹力B．斜面上的物体受到的支持力方向垂直于支持面C．拉力越大的物体弹力也越大D．拉力不属于弹力3．一辆汽车沿平直公路以速度v1匀速行驶了的路程，接着又以速度v2=20km/h匀速行驶完其余的路程，如果汽车对全程的平均速度为28km/h，那么汽车在前路程上速度的大小是（）A．25km/h B．34km/h C．35km/h D．38km/h4．以20m/s速度行驶的汽车，制动后以5m/s2的加速度做匀减速直线运动．则汽车在制动后的6s内的位移大小是（）A．45m B．50m C．37.5m D．40m5．物体自高为h的楼顶处自由下落（不计空气阻力），重力加速度为g，物体从楼顶落到一半高度时的速度大小为（）A．B．C． D．26．在不计空气阻力的情况下，某物体以30m/s的初速度从地面竖直上抛，则（重力加速度g 取10m/s2）（）A．前4s内物体的平均速度大小为10m/sB．前4s内物体的位移大小为50mC．第2s末到第4s末物体的平均速度为5m/sD．第2s内和第4s内物体的速度改变量不相同7．A、B两物体均做匀变速直线运动，A的加速度a1=1m/s2，B的加速度a2=﹣2m/s2，根据这些条件作出的下列判断中，正确的是（）A．B的加速度大于A的加速度B．A做的是匀加速运动，B做匀减速运动C．任意时刻两物体的速度都不可能为零D．两个物体的运动方向可能相反8．如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得AB=2m，BC=3m，且物体通过AB、BC、CD所用的时间均为0.2s，则下列说法正确的是（）A．物体的加速度为20 m/s2B．CD=4 mC．OA之间的距离为1.125 m D．OA之间的距离为1.5 m9．如图所示x﹣t图象和v﹣t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．x﹣t图象中t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内4的平均速度大于3的平均速度D．两图象中，t2、t4时刻分别表示2、4开始反向运动10．甲、乙两物体相距S，同时同向运动，乙在后面做加速度为a2，初速度不为零的匀加速运动；甲在前面做初速为零的加速度为a1的匀加速直线运动，则（）A．若a1=a2，一定能相遇一次B．若a1＞a2，可能相遇两次C．若a1＜a2，可能相遇两次D．若a1＞a2，不可能相遇二、实验题（本题共2小题，共16分．把答案填在横线上或按题目要求作答）11．为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为5mm的挡光条，如图所示，滑块在牵引力作用下，先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了挡光条通过第一个光电门时的时间为△t1=0.180s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.010s，挡光条从第一个光电门到挡住第二个光电门之间的时间间隔为△t3=3.0s．则滑块通过第一个光电门时的速度为，滑块通过第二个光电门的速度为．滑块的加速度为m/s2，两个光电门之间的距离是m．（结果均保留两位有效数字）12．研究小车做匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50Hz．图b中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出．（答案均要求保留2位有效数字）（1）部分实验步骤如下：A．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．B．关闭电源，取出纸带．C．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔．D．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．上述实验步骤的正确顺序是：（用字母填写）．（2）该物体的加速度为m/s2，加速度方向（选填：向左、向右）（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比（选填：偏大、偏小或不变）．三、计算题（本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一辆汽车从原点O出发沿x轴做直线运动，为研究汽车的运动而记下它在各时刻的位（2）汽车在前3s内的平均加速度为多少？（3）汽车在第4s内的平均速度为多少？14．一根轻质弹簧，当它受到10N的拉力时长度为12cm；当它受到25N的拉力时长度为15cm．求：（1）弹簧原长为多少？（2）该弹簧的劲度系数为多大？15．如图所示，木块m1从光滑的斜面上的A点以a=2m/s2的加速度由静止开始下滑，与此同时小球m2在距C点的正上方h=20m处自由落下，木块m1以不变的速率途经斜面底端B 点后继续在粗糙的水平面上运动，在C点恰好与自由下落的小球m2相遇，若斜面AB段长L1=lm，水平BC段长L2=1.2m，不计空气阻力，试求：（1）木块m1滑到B点时的速度大小；（2）两球经多长时间相遇；（3）相遇时木块m1的速度大小．16．我国ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v1=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果通过ETC通道，需要在收费站中心线前l0m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果通过人工收费通道，需要匀减速至中心线处停下，经过15s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶．设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为l m/s2．求：（1）汽车通过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶的过程中，位移s和时间t；（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约多少时间．2018-2018学年湖北省宜昌市葛洲坝中学高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．1-6题所给出的四个选项中只有一个是符合题意的，选对得5分，选错的得0分；7-10题所给出的四个选项中有多个选项符合题意，完全选对得5分，选对但不完整的得3分；只要有选错或不选得0分）1．关于质点，下列说法中正确的是（）A．评委为体操运动员刘璇的“跳马”动作评分，可将刘璇看着质点B．质点是一个理想化模型，但是实际是存在的C．物理学中的“质点”跟几何学中的“点”没有区别D．如果物体的大小和形状在研究的问题中属于无关的或次要的因素，就可以把物体看做质点【考点】质点的认识．【分析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题，要看物体的形状是否可以忽略．【解答】解：A、跳马时，评委根据肢体动作评分，大小形状不能忽略；不能看作质点，故A错误；B、质点是理想化的物理模型，实际中不存在；故B错误；C、质点是有质量的点，不是几何中的点；故C错误；D、只要物体的大小和形状在研究的问题中属于无关的或次要的因素，就可以把物体看做质点；故D正确；故选：D．2．下列说法正确的是（）A．相互接触的两个物体之间一定有弹力B．斜面上的物体受到的支持力方向垂直于支持面C．拉力越大的物体弹力也越大D．拉力不属于弹力【考点】物体的弹性和弹力．【分析】要解答此题需掌握：弹力的产生条件．两物体要直接接触且发生弹性形变才能产生弹力，弹力的方向总是与恢复形变的方向相同，且垂直于接触面；明确弹力的大小与形变量有关．【解答】解：A、产生弹力的条件之一是物体必须相互接触，不相互接触，无法产生弹力的作用，但是，接触不挤压的物体间无弹力产生．故A错误；B、弹力的方向总是与恢复形变的方向相同，压力和支持力的方向总是垂直于接触面指向被压或被支持的物体．故B正确；C、弹力的大小与形变量有关，与它受到外力并没有关系；故物体受到拉力大但弹力并不一定大；故C错误；D、拉力是由于物体发生弹性形变而产生的，属于弹力的一种；故D错误；故选：B．3．一辆汽车沿平直公路以速度v1匀速行驶了的路程，接着又以速度v2=20km/h匀速行驶完其余的路程，如果汽车对全程的平均速度为28km/h，那么汽车在前路程上速度的大小是（）A．25km/h B．34km/h C．35km/h D．38km/h【考点】平均速度．【分析】假设汽车的总位移为3x，前的位移汽车做匀速直线运动，求出此段时间表达式．后位移，汽车也做匀速直线运动，再求出此段时间，最后由平均速度公式列出全程平均速度与总位移和时间的关系式，求解v1．【解答】解：设全程的位移为3x，则汽车以速度v1行驶了前2x的位移．以速度v2=20km/h 行驶了后x的位移，则汽车通过前位移的时间为：汽车通过后位移的时间为：全程平均速度代入解得：v1=35km/h故选：C．4．以20m/s速度行驶的汽车，制动后以5m/s2的加速度做匀减速直线运动．则汽车在制动后的6s内的位移大小是（）A．45m B．50m C．37.5m D．40m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】汽车刹车后做匀减速直线运动，根据初速度和加速度，由速度时间公式求出汽车从刹车到停止运动的时间，判断汽车刹车后5s时的运动状态，再选择运动学公式求解位移．【解答】解：设汽车从刹车到停止运动的时间t0，则得：t0==s=4s可知，刹车4s汽车停止运动，故汽车在制动后的6s内的位移实际等于4s内的位移，为：x==m=40m故选：D5．物体自高为h的楼顶处自由下落（不计空气阻力），重力加速度为g，物体从楼顶落到一半高度时的速度大小为（）A．B．C． D．2【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动是初速度为零加速度为零g的匀加速直线运动，根据位移与速度关系公式求解．【解答】解：设物体从楼顶落到一半高度时的速度大小为v．由v2﹣v18=2gx得v===故选C6．在不计空气阻力的情况下，某物体以30m/s的初速度从地面竖直上抛，则（重力加速度g 取10m/s2）（）A．前4s内物体的平均速度大小为10m/sB．前4s内物体的位移大小为50mC．第2s末到第4s末物体的平均速度为5m/sD．第2s内和第4s内物体的速度改变量不相同【考点】平均速度．【分析】竖直上抛运动是初速度向上，加速度向下的匀变速直线运动，对上升和下降的整个过程列式求解比较简便．【解答】解：A、选向上为正方向，4s末的速度V=30﹣10×4=﹣10m/s，平均速度=10m/s，故A正确；B、根据平均速度公式，前4s位移为x4=t4=10×4=40m，故B错误；C、对于匀变速直线运动，某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，故第2s末到第4s末物体的平均速度等于第3s末的瞬时速度，根据速度时间公式，有：=30﹣10×3=0，故C错误；D、加速度为g，向下，故第2s内和第4s内物体的速度改变量△v=g•△t=10×1=10m/s，故D错误；故选：A．7．A、B两物体均做匀变速直线运动，A的加速度a1=1m/s2，B的加速度a2=﹣2m/s2，根据这些条件作出的下列判断中，正确的是（）A．B的加速度大于A的加速度B．A做的是匀加速运动，B做匀减速运动C．任意时刻两物体的速度都不可能为零D．两个物体的运动方向可能相反【考点】加速度．【分析】物体做加速运动还是减速运动关键是看加速度和速度的方向是相同还是相反，不是看加速度的正负；表示矢量时，负号表示矢量的方向不表示矢量的大小．【解答】解：A、A的加速度a1=1.0m/s2，B的加速度a2=﹣2.0m/s2，正负只表示方向，则可知，B的加速度大于A的加速度，故A正确；B、因为不知道速度的方向，可能A加速，B减速，也可能A减速，而B加速，故B错误；C、由于A、B中一个加速时另一个减速，减速运动的物体某个时刻速度会为零，故C错误；D、由题意，只知道加速度是相反的，两个物体的运动方向可能相同，也可能相反，故D正确．故选：AD．8．如图所示，物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得AB=2m，BC=3m，且物体通过AB、BC、CD所用的时间均为0.2s，则下列说法正确的是（）A．物体的加速度为20 m/s2B．CD=4 mC．OA之间的距离为1.125 m D．OA之间的距离为1.5 m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等时间为t，即可表示出B点的速度，在相邻的相等时间内的位移差是恒量，即△x=at2=1m，结v B=，求出B点的速度．再结合运动学公式可求出OA的距离．【解答】解：A、由△s=at2可得物体的加速度a的大小为a==m/s2=25m/s2，故A错误；B、根据s CD﹣s BC=s BC﹣s AB=1m，可知s CD=3+1m=4m，故B正确；C、物体经过B点时的瞬时速度v B为v B===12.5m/s，再v t2=2as可得OB两点间的距离为s OB==3.125m，所以O与A间的距离s OA为s OA=s OB﹣s AB=（3.125﹣2）m=1.125m，故C正确，D错误．故选：BC9．如图所示x﹣t图象和v﹣t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．x﹣t图象中t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内4的平均速度大于3的平均速度D．两图象中，t2、t4时刻分别表示2、4开始反向运动【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，速度时间图线通过位移的大小判断平均速度的大小．在位移时间图线中，通过物体位移增加还是减小判断物体的运动方向，在速度时间图线中，通过速度的正负值判断物体的运动方向．【解答】解：A、位移时间图线是物体的位移随时间的变化规律，并不是物体运动的轨迹．故A错误．B、位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，图线1在t1时刻的斜率大于图线2的斜率，则v1＞v2．故B正确．C、v﹣t图象中0至t3时间，4的位移大于3的位移，时间相等，则4的平均速度大于3的平均速度．故C正确．D、在位移时间图线中，在t2时刻，位移减小，则运动反向，在速度时间图线中，在t4时刻，速度减小，但方向不变．故D错误．故选BC．10．甲、乙两物体相距S，同时同向运动，乙在后面做加速度为a2，初速度不为零的匀加速运动；甲在前面做初速为零的加速度为a1的匀加速直线运动，则（）A．若a1=a2，一定能相遇一次B．若a1＞a2，可能相遇两次C．若a1＜a2，可能相遇两次D．若a1＞a2，不可能相遇【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】分析两物体的速度及加速度可知在相同时间内的位移关系，即可判断两物体能否相遇及相遇几次．【解答】解：A、因加速度相同，而乙有初速度，则乙一定可以追上甲，相遇一次，故A正确．B、若a1＞a2．虽然甲的加速度大，但是由于乙有初速度，所以还是有可能追上，但是如果追上了，因为甲的加速度大，甲的速度最终还是会大过乙的，那么就会再赶上，可能相遇两次．故B正确，D错误．C、如果a1＜a2，因为乙有初速度，所以乙的速度会比甲的大，一定可以追上，追上后乙的速度大，那么甲不可能再追上．所以相遇一次，故C错误；故选：AB．二、实验题（本题共2小题，共16分．把答案填在横线上或按题目要求作答）11．为了测定气垫导轨上滑块的加速度，滑块上安装了宽度为5mm的挡光条，如图所示，滑块在牵引力作用下，先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了挡光条通过第一个光电门时的时间为△t1=0.180s，通过第二个光电门的时间为△t2=0.010s，挡光条从第一个光电门到挡住第二个光电门之间的时间间隔为△t3=3.0s．则滑块通过第一个光电门时的速度为0.10m/s，滑块通过第二个光电门的速度为0.50m/s．滑块的加速度为0.13m/s2，两个光电门之间的距离是0.92m．（结果均保留两位有效数字）【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过第一个和第二个光电门的速度．根据通过两个光电门的瞬时速度，结合运动的时间，根据速度时间公式求出滑块的加速度；最后由位移与速度公式，即可求解．【解答】解：滑块通过第一个光电门的速度：v1==m/s=0.10m/s，滑块通过第一个光电门的速度：v2==m/s=0.50m/s．滑块加速度：a==m/s2≈0.13m/s2．根据s==m=0.92m故答案为：0.10m/s、0.50m/s，0.13，0.92．12．研究小车做匀变速直线运动的实验装置如图（a）所示，其中斜面倾角θ可调．打点计时器的工作频率为50Hz．图b中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出．（答案均要求保留2位有效数字）（1）部分实验步骤如下：A．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．B．关闭电源，取出纸带．C．把打点计时器固定在平板上，让纸带穿过限位孔．D．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连．上述实验步骤的正确顺序是：CDAB（用字母填写）．（2）该物体的加速度为0.74m/s2，加速度方向向左（选填：向左、向右）（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比偏小（选填：偏大、偏小或不变）．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】（1）先连接实验器材，测量时先接通电源，后释放纸带；（2）打点计时器的工作频率为50Hz，每隔0.18s打一次电，每相邻两点之间还有4个记录点未画出，共5个0.18s；（3）根据公式△x=aT2列式求解．【解答】解：（1）在实验过程中应先固定打点计时器，再放置小车，然后打开电源，最后释放小车，所以正确的顺序是CDAB．（2）设1、2间的位移为x1，2、3间的位移为x2，3、4间的位移为x3，4、5间的位移为x4；因为周期为T=0.18s，且每打5个点取一个记数点，所以每两个点之间的时间间隔T=0.1s；由匀变速直线运动的推论x m﹣x n=（m﹣n）at2得：x4﹣x1=3at2代入数据得：（5.84﹣3.62）×10﹣2=3a×0.12解得：a=0.74m/s2，方向向左；（3）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，则周期变小，计数点之间的时间间隔变小，即实际的时间间隔小于0.1s，但是该同学不知道仍以0.1s计算，根据x4﹣x1=3at2，知测量值比实际值偏小；故答案为：（1）CDAB（2）0.74，向左；（3）偏小．三、计算题（本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一辆汽车从原点O出发沿x轴做直线运动，为研究汽车的运动而记下它在各时刻的位（2）汽车在前3s内的平均加速度为多少？（3）汽车在第4s内的平均速度为多少？【考点】平均速度；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】（1）第2s末在时刻表中对应的是2s这一时刻，从时刻表中读出瞬时速度．（2）从表中读出第3s末的速度，根据a=求出汽车在前3s内的加速度．（3）从表中得出第4s内的位移，根据=求出平均速度．【解答】解：（1）从表中得知，第2s末的瞬时速度为v2=3m/s．（2）汽车在前3秒内的加速度为：a==m/s2=1m/s2（3）汽车在第4秒内的位移为△x4=3.5m，时间为t4=1s，则平均速度为：v4===3.5m/s．答：（1）汽车在第2秒末的瞬时速度为3m/s．（2）汽车在前3秒内的加速度为1m/s2．（3）汽车在第4秒内的平均速度为3.5m/s．14．一根轻质弹簧，当它受到10N的拉力时长度为12cm；当它受到25N的拉力时长度为15cm．求：（1）弹簧原长为多少？（2）该弹簧的劲度系数为多大？【考点】胡克定律．【分析】根据胡克定律，结合弹簧的形变量，列方程组求出弹簧的原长和劲度系数．【解答】解：设弹簧的原长为L，根据胡克定律得，F1=k（x1﹣L）F2=k（x2﹣L），代入数据解得L=10cm，k=500N/m．答：（1）弹簧的原长为10cm．（2）弹簧的劲度系数为500N/m．15．如图所示，木块m1从光滑的斜面上的A点以a=2m/s2的加速度由静止开始下滑，与此同时小球m2在距C点的正上方h=20m处自由落下，木块m1以不变的速率途经斜面底端B 点后继续在粗糙的水平面上运动，在C点恰好与自由下落的小球m2相遇，若斜面AB段长L1=lm，水平BC段长L2=1.2m，不计空气阻力，试求：（1）木块m1滑到B点时的速度大小；（2）两球经多长时间相遇；（3）相遇时木块m1的速度大小．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；自由落体运动．【分析】（1）对m1滑到B点的过程由速度和位移公式可求得到达B点的速度；（2）两球相遇时，m2应恰好到C点，由自由落体规律可求得相遇的时间；（3）根据时间关系明确m2在水平面上的运动时间，由运动学公式可求得到达C点时的速度．【解答】解：（1）由v B2=2aL1可得：代入数据解得：v B=2m/s；（2）相遇时两球运动时间相同，由小球自由落体运动可知列方程有：h=gt2代入数据解得：t=2s（3）木块在AB段匀加速运动，由L1=at12可解得木块在斜面上运动时间为：t1=1s所以木块在水平面上减速的时间为：t2=t﹣t1=1s由L2=t2，解得C点相遇时木块速度为：v C=0.4m/s；答：（1）木块m1滑到B点时的速度大小为2m/s（2）两球经2s相遇；（3）相遇时木块m1的速度大小为0.4m/s16．我国ETC联网正式启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称．汽车分别通过ETC 通道和人工收费通道的流程如图所示．假设汽车以v1=15m/s朝收费站正常沿直线行驶，如果通过ETC通道，需要在收费站中心线前l0m处正好匀减速至v2=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果通过人工收费通道，需要匀减速至中心线处停下，经过15s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶．设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为l m/s2．求：（1）汽车通过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶的过程中，位移s和时间t；（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约多少时间．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速和减速的位移，以及匀速运动的位移大小求出总位移s．由速度时间公式求时间t．（2）根据匀变速直线运动的速度时间公式求出匀加速和匀减速运动的时间，结合通过ETC 通道和人工收费通道的时间求出节约的时间【解答】解：（1）通过ETC通道时，汽车做匀减速运动和匀加速运动位移相等，为：s1=s3==100m匀速运动位移为：s2=d=10m故总位移为：s=s1+s2+s3=210m总用时为：t=2+=22s（2）汽车通过人工收费通道时，总用时为：t人工=2+t停=45s总位移为：s人工=2=225m两者位移差为：△s=s人工﹣s=15m这段距离对于通过ETC通道的汽车还需的时间为：t′==1s故汽车通过ETC通道比通过人工收费通道，节省时间为：△t=t人工﹣t﹣t′=22s答：（1）汽车通过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶的过程中，位移s是210m，时间t是22s；（2）汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约22s时间．2018年1月7日。