考点四电路的动态分析
例1如图2所示，E为内阻不能忽略的电池，R1、R
2、R
3为定值电阻，S
0、S为开关，与
分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则()A.的读数变大，的读数变小B.的读数变大，的读数变大C.的读数变小，的读数变小D.的读数变小，的读数变大
1．[电路的动态分析]如图3所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R
0的
滑动端向下滑动的过程中()
A．电压表与电流表的示数都减小
B．电压表与电流表的示数都增大
C．电压表的示数增大，电流表的示数减小
D．电压表的示数减小，电流表的示数增大
考点二电路中的功率及效率问题
例2如图所示，已知电源电动势E＝5V，内阻r＝2Ω，定值电阻R1
＝0.5Ω，滑动变阻器R2的阻值范围为0～10Ω.求：
(1)当滑动变阻器R
2的阻值为多大时，电阻R
1消耗的功率最大？最大功
率是多少？
(2)当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器消耗的功率最大？最大功率是多少？
(3)当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大？最大功率是多少？
3．[电路中的功率与效率]电源的电动势为E＝30V，内阻为r＝1Ω，将它与一只“6V12W”
的灯泡和一台电阻为2Ω的小电动机串联组成闭合电路，当灯泡正常发光时，若不计摩擦，
电动机输出机械功率与输入电功率之比为()
A．91%B．82%C．67%D．60%
4．[电路中功率的动态分析](2012·上海·17)直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右
移动时，电源的()
A．总功率一定减小B．效率一定增大
C．内部损耗功率一定减小D．输出功率一定先增大后减小
考点三电路故障问题
例3如图是某同学连接的实验实物图，开关闭合后A、B灯都不亮，他采用以下方法进行
故障检查．选用量程为10V的已校准的电压表进行检查，测试结果如表1所示．根据测试结果，可判定
故障是________．
A．灯A短路B．灯B短路C．cd段断路D．df段断路
5．[电路故障的判断]如图9所示的电路中，电源的电动势为6V，当开关S接通后，灯泡L
第 1 页 共 10 页 第二章 恒定电流
第一节 电源和电流
习题精练：
1.关于电流，下列说法中正确的是 ( )
A．通过导体横截面的电荷量越多，电流越大
B．电子运动速率越大，电流越大
C．单位时间内通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流就越大
D．因为电流有方向，所以电流是矢量
2.关于电流，下列说法中哪些是正确的 ( )
A．通电导线中自由电子定向移动的速率等于电流的传导速率
B．金属导线中电子运动的速率越大，导线中的电流就越大
C．电流是一个矢量，其方向就是正电荷定向移动的方向
D．国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位“安培”是基本单位
3.已知电子的电荷量为e，质量为m，氢原子的电子在核的静电力吸引下做半径为r的匀速圆周运动，则电子运动形成的等效电流大小为多少？
4．下列说法中正确的是( )
A．导体中电荷运动就形成了电流 B．在国际单位制中，电流的单位是A
C．电流有方向，它是一个矢量 D．任何物体，只要其两端电势差不为零，就有电流存在
5．关于电流，下列叙述正确的是( )
A．只要将导体置于电场中，导体中就有持续电流 B．电源的作用可以使电路中有持续电流
C．导体中没有电流时，就说明导体内部的电荷没有移动 D．恒定电流是由恒定电场产生的
6．一台半导体收音机，电池供电的电流是8mA，也就是说( )
A．1h电池供给8C的电量 B．1 000s电池供给8C的电量
C．1s电池供给8C的电量 D．1min电池供给8C的电量
7．如图所示，在NaCl溶液中，正、负电荷定向移动，方向如图所示，若测得2s内有1.0×1018个Na＋和Cl－通过溶液内部的横截面M，试问：溶液中的电流方向如何？电流多大？
8．北京正负电子对撞机的储存环是长为240m的近似圆形轨道，当环中的电流为10mA时，若电子的速率为十分之一光速，则在整个环中运行的电子数目是多少？
1 恒定电流
(分值：100分)
一、单选题(共8个小题，每小题3分，共24分)
1．关于公式I＝qt，下列说法正确的是(
)
A．式中的q表示单位时间内通过导体横截面的电荷量
B．式中的q表示通过导体单位横截面积的电荷量
C．比值qt能表示电流的强弱
D．该公式表明电流跟通过导体横截面的电荷量成正比，跟通电时间成反比
C [公式I＝qt中q表示在时间t内通过导体横截面的电荷量，选项A、B错误；比值qt表示电流的强弱，选项C正确；由电流的微观表达式I＝nqSv可知，电流决定于导体中单位体积内的自由电荷数、自由电荷的电荷量、自由电荷定向移动的速率以及导体的横截面积，故选项D错误。]
2．(2019·4月浙江选考物理)电动机与小电珠串联接入电路，电动机正常工作时，小电珠的电阻为R1，两端电压为U1，流过的电流为I1；电动机的内电阻为R2，两端电压为U2，流过的电流为I2。则( )
A．I1＜I2 B．U1U2＞R1R2
C．U1U2＝R1R2 D．U1U2＜R1R2
D [电动机和小电珠串联接入电路，故I1＝I2，A错误；电动机是非纯电阻用电器，满足I2＜U2R2，小电珠是纯电阻用电器，满足I1＝U1R1，又I1＝I2，故U1R1＜U2R2，可得U1U2＜R1R2，D正确。]
3．(2020·广东佛山一中模拟考试)在如图所示的并联电路中，保持干路上的电流I不变，当增大R1的阻值时( )
A．R1和R2上的电压减小
B．R1上的电流I1增大
C．R2上的电流I2减小
D．I1和I2之和不变 2 D [R1的阻值变大，则并联后总电阻的阻值也变大，又电流I不变，由欧姆定律可知，并联部分电压增大，即R1和R2上的电压都增大，选项A错误；根据I＝UR可知，R2上电流I2增大，选项C错误；因干路电流I不变，即I1和I2之和不变，则R1中电流I1减小，故选项B错误，选项D正确。]
4．投影仪的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇降温。现设计投影仪的简易电路，要求：带动风扇的电动机先启动后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡绝对不可以发光，则下图中符合设计要求的是( )
用心 爱心 专心 1 章末检测(七)
(时间：90分钟 满分：100分)
一、选择题(每题3分，共36分)
1．如图所示，定值电阻R1＝10 Ω，R2＝8 Ω，当开关S接“1”时，电流表示数为0.20 A，那么当S接“2”时，电流表示数的可能值为(电源内阻不可忽略)( )
A．0.28 A B．0.25 A
C．0.22 A D．0.19 A
答案：C
解析：开关接“2”后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以不可能是0.19 A，故D错；路端电压一定减小，一定小于2 V，因此电流一定小于0.25 A，故A、B错，C对．
2．“神舟”七号载入飞船上的电子仪器及各种动作的控制都是靠太阳能电池供电的．由于光照而产生电动势的现象称为光伏效应，“神舟”飞船上的太阳能电池就是依靠光伏效应设计的单晶硅太阳能电池，在正常照射下，太阳能电池的光电转换效率可达23%.单片单晶硅太阳能电池可产生0.6 V的电动势，可获得0.1 A的电流，则每秒照射到这种太阳能电池上的太阳光的能量是( )
A．0.24 J B．0.25 J
C．0.26 J D．0.28 J
答案：C
解析：根据W＝UIt可得每秒太阳能电池产生的能量为W＝0.6×0.1×1 J＝0.06 J，设太阳能每秒照射的能量为Q，则由能的转化和守恒定律得Q×23%＝W，所以Q＝0.26 J.
3．一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的12，再给它两端加上电压U，则(
)
A．通过导线的电流为I4
B．通过导线的电流为I16
C．导线中自由电子定向移动的速率为v4
D．导线中自由电子定向移动的速率为v2
答案：BC
解析：导线被拉长后，其横截面积变小，变为原来的14，l变为原来的4倍，根据电阻定律，其电阻增大为原来的16倍，加相同的电压U，电流会减为原来的116，B选项对；又根据I＝neSv，导线被拉长后，n、e不变，I变为I16，S变为S4，故v变为v4，C对． 用心 爱心 专心 2 4．两根材料相同的均匀导线x和y，x长为L，y长为2L，串联在电路中时，沿x到y的长度方向电势变化如图所示，则x、y导线的横截面积之比为(
