江苏省徐州市高二物理上学期期中试卷理(含解析)

2023-2024学年江苏省徐州市高二上学期期中物理试题1.两个具有相同动能的物体A、B，质量分别为、，且，比较它们的动量则（）A．物体B的动量较大B．物体A的动量较大C．动量大小相等D．不能确定2.一个质量的蹦床运动员，从离水平网面高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面高处。

已知运动员与网接触的时间为，g取，则下列说法不正确的是（）A．运动员与网面接触过程动量的变化量大小为B．网对运动员的平均作用力为C．运动员和网面接触过程中弹力的冲量大小为D．从自由下落开始到蹦回高处这个过程中运动员所受重力冲量大小为3.海豚通过发出声波并接受其反射来寻找猎物。

声波在水中传播速度为，若海豚发出频率为的声波，下列说法正确的是（）A．海豚的利用声音捕捉猎物的原理和医学上“彩超”相同；B．声波由水中传播到空气中，频率会改变C．海豚接收到的回声频率与猎物相对海豚运动的速度无关D．该声波遇到尺寸约为的障碍物时会发生明显衍射4.水流射向墙壁，会对墙壁产生冲击力。

假设水枪喷水口的横截面积为S，喷出水的流量为Q（单位时间流出水的体积），水流垂直射向竖直墙壁后速度变为0。

已知水的密度为，重力加速度大小为g，则墙壁受到的平均冲击力大小为（）A．B．C．D．5.如图甲所示，弹簧振子以点为平衡位置，在两点之间做简谐运动，取向右为正方向，振子的位移随时间的变化规律如图乙所示，下列说法正确的是（）A．A、B之间的距离为B．和时，振子的速度方向相反C．时，振子位于点，此时振子的加速度最小D．到的时间内，振子的位移和弹性势能都在逐渐减小6.如图甲为一列简谐横波在时刻的波形图，为介质中的两个质点，图乙为质点的振动图像，则（）A．简谐横波沿轴正方向传播B．简谐横波的波速为C．时，质点的加速度小于质点的加速度D．时，质点距平衡位置的距离大于质点距平衡位置的距离7.如图所示为双缝干涉的实验装置，图中有六个光学元件的名称空缺，关于它们的名称正确的是（）A．①滤光片②单缝④遮光筒B．②单缝③双缝⑤毛玻璃C．①单缝②双缝⑥目镜D．②凸透镜③双缝⑥目镜8.如图所示，为半圆柱体玻璃的横截面，为直径，一束由紫光和红光组成的复色光沿方向从真空射入玻璃，分别从B、C点射出，下列说法中正确的是（）A．从B点射出的光波长比较长B．从B点射出的光频率比较大C．两束光在半圆柱体玻璃中传播时间不相等D．紫光在半圆柱体玻璃中传播速度较大9.如图所示，架子上面的电动机向下面的两组弹簧一钩码系统施加周期性的驱动力，使钩码做受迫振动。

2014-2015学年江苏省徐州市高二（上）期中物理试卷（理科）一．单项选择题：本题共6小题．每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．真空中A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和4r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）A．16：1 B．1：16 C．9：1 D．1：9解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力．F1=， F2==，得：F1=16F2根据电场强度的定义式：E=，得：==故选：A2．根据R=ρ可以导出电阻率的表达式ρ=，对温度一定的某种金属导线来说，它的电阻率（）A．跟导线的电阻只成正比 B．跟导线的横截面积S成正比C．跟导线的长度L成反比 D．只由其材料的性质决定解：电阻率的大小与材料的性质决定，与电阻的大小、导线的长度、横截面积无关．故D正确，A、B、C错误．故选：D．3．图中a、b为两根与纸面垂直的长直导线，导线中通有大小相等的电流，方向如图所示，O为两导线连线的中点．a在O处产生的磁感应强度为B，则O处的合磁感应强度为（）A．0 B．0.5 B C．B D．2 B解：根据安培定则，处导线在d点产生的磁感应强度的方向为竖直向下．a处导线和b处导线在O点产生的磁感应强度大小相等，方向相同都是向下，大小都为B，根据场强的叠加合磁场是2B．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握安培定则判断电流与其周围磁场的关系，以及知道磁感应强度是矢量，合成分解遵循平行四边形定则．4．如图所示为一速度选择器，内有一磁感应强度B方向垂直纸面向外的匀强磁场，一束正离子以速度v从左侧水平射入，为使粒子流经磁场时不偏转（不计重力）则磁场区域内必须同时存在一个匀强电场，下列说法不正确的是（）A．该电场场强大小为BV，方向向上B．离子沿沿直线匀速穿过该装置的时间与场强无关C．负离子从右向左水平射入时，不会发生偏转D．负离子从左向右水平射入时，也不会发生偏转解：A、为使粒子不发生偏转，粒子所受到电场力和洛伦兹力是平衡力，即为qvB=qE，所以电场与磁场的关系为：E=vB，粒子带正电，则受到向下的洛伦兹力，则电场力就应向上，电场向上，所以选项A正确．B、由上可知，当沿直线匀速穿过该装置的时间与场强无关，故B正确；C、若离子带负电，洛伦兹力向上，电场力向下，电场仍然向上．所以电场力的方向始终向上，与粒子的电性无关．选项C正确，D、当负离子从左向右水平射入时，电场力与洛伦兹力不再平衡，则会发生偏转，错误．本题选择错误的，故选：D．点评：在速度选择器中，粒子的受力特点：同时受到方向相反的电场力和洛伦兹力作用；粒子能匀速通过选择器的条件：电场力和洛伦兹力平衡，即qvB=qE，v=，只有速度为的粒子才能沿直线匀速通过选择器．若粒子从反方向射入选择器，所受的电场力和磁场力方向相同，粒子必定发生偏转．5．如图甲所示是实验室里用来测量磁场力的一种仪器一等臂电流天平，某同学在实验室里，用电流天平测算通电螺线管中的磁感应强度，已知：CD段导线长度为4×10﹣2m，天平平衡时钩码重力为4×10﹣5N，通过导线的电流为0.5A，如图乙所示．则通电螺线管中的磁感应强度B的大小为（）A．1.0×10﹣3T B．2.0×10﹣3T C．3.0×10﹣3T D．4.0×10﹣3T解：天平平衡时，CD段导线所受的安培力大小 F=mg由F=BIL得：B=T=2.0×10﹣3T．故选：B6．一个带电粒子处于垂直于匀强磁场方向的平面内，在磁场力的作用下做圆周运动．要想确定带电粒子的电荷量与质量之比，则需知道（）A．运动速度v和磁感应强度B B．轨道半径R和磁感应强度BC．轨道半径R和运动速度v D．磁感应强度B和运动周期T解：根据洛伦兹力做为向心力，可得，qvB=m=mr，所以比荷=，所以要确定带电粒子的电荷量与质量之比，需要知道v，r和B．根据T=可得，比荷=，所以要确定带电粒子的电荷量与质量之比，需要知道磁感应强度B和运动周期T，所以D正确．故选D．二．多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．在如图电路中，电源内阻不可忽略，当电键闭合后，电流表、电压表示数的变化情况是（）A．V表读数增大B．V表读数减小C．A表读数增大D．A表读数减小解：当电键闭合后，外电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知总电流增大，则A表读数增大；总电流增大，电源的内电压和干路中定值电阻的电压增大，由闭合电路欧姆定律分析可知电压表的读数减小．故选：BC．8．如图所示，在竖直绝缘的平台上，一个带少量正电的较重小球以水平速度v0抛出，落在地面上的A点，若加一垂直于纸面向里的匀强磁场，则小球的（）A．运动时间将延长B．落点在A点左侧 C．落点在A点右侧D．无法确定解：没有磁场时带电小球做平抛运动，当加入垂直纸面向里的匀强磁场时，带电小球除了受重力作用还受洛伦兹力作用．开始时mg＞qvB时，小球在运动中任一位置的受力重力和洛伦兹力，小球此时受到了斜向上的洛伦兹力的作用，小球在竖直方向的加速度a y=，故小球在空中做曲线运动的时间将增加，落点应在A点的右侧．故A、C正确，B、D错误．故选：AC．9．下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是（）A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零解：A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；故选：AC．10．如图所示，在y轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷+Q，在x轴上C点有点电荷﹣Q，且CO=OD，∠ADO=60°．下列判断正确的是（）A．O点电场强度为零 B．D点电场强度为零C．若将点电荷+q从O移向C，电势能增大 D．若将点电荷﹣q从O移向C，电势能增大解：A、题中A、B两个+Q在O点的场强矢量和为0，所以O点的场强等于C点在O点产生的场强（不为零），A选项错误；B、题中A、B、C三点电荷在D点产生的场强如图所示，大小相等，设E A=E B=E C=E，E A、E B 的矢量和沿x轴正方向，大小也等于E，E C方向沿x轴负方向，故三个场强的矢量和为0，B 选项正确；C、D、x轴上x＜0的区间，合场强方向沿x轴负方向，所以将正电荷从O移向C，电场力做正功，电势能减小，将负电荷从O移向C，电场力做负功，电势能增加，C选项错误，D选项正确．故选BD．点评：本题关键在于用矢量合成的平行四边形定则来求解空间任意一点的和场强，根据电场力做功情况来判断电势能的变化情况．11．环形对撞机是研究高能离子的重要装置，如图所示正、负离子由静止经过电压为U的直线加速器加速后，沿圆环切线方向注入对撞机的真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B．（两种带电粒子将被局限在环状空腔内，沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动，从而在碰撞区迎面相撞）为维持带电粒子在环状空腔中的匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越小B．对于给定的加速电压，带电粒子的比荷越大，磁感应强度B越大C．对于给定的带电粒子，不管加速电压U多大，粒子运动的周期都不变D．对于给定的带电粒子，加速电压U越大，粒子运动的周期越小解：电子在加速电场中，根据动能定理得 qU=mv2…①电子在匀强磁场中由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得 qvB=m …②得到，电子圆周运动的半径r=周期T=AB、对于给定的加速电压，v不变，又由题得知，r不变，则带电粒子的比荷越大，则B越小．故A周期，B错误．CD、由上可知，加速电压U越大，电子获得的速度v越大，要保持半径r不变，B应增大，则T会减小．故C错误，D正确．故选：AD．点评：本题是带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动类型，除了常规思路外，抓住隐含条件进行分析是关键；本题的隐含条件是电子的运动半径不变．三．实验题：本题共3小题，共22分．请将解答填写在答题卡相应的位置．12．某同学用游标卡尺测量一圆柱体的长度l，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径d，示数如图，由图可读出l= 2.25 cm，d= 6.860 mm．解：1、游标卡尺的主尺读数为：2.2cm=22mm，游标尺上第5个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为5×0.1mm=0.5mm，所以最终读数为：22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm．2、螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm．故答案为：2.25，6.860．点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．①分析表内实验数据可知，应选用的实验电路图是图甲（填“甲”或“乙”②在方格纸（图丙）内画出小灯泡的U﹣I曲线．分析曲线可知小灯泡的电阻随I变大而变大．（填“变大”、“变小”或“不变”）．解：（1）从表格数据可以看出，电流和电压是从零开始连续变化的，故选择分压式接法，故选择甲图；（2）通过描点法作出U﹣I图线，如图所示：图象上点与坐标原点的连线的斜率表示电阻，故小灯泡的电阻随I变大而变大；故答案为：（1）甲；（2）如图所示，变大．点评：在控制电路中，滑动变阻器有分压式、限流式两种接法，若变阻器阻值较小，一般设计为分压式；若变阻器阻值较大，一般设计为限流式，在二者都可行时，应先考虑限流方式，但下面三种情形必须设计为分压式接法：（1）数据要求从0开始变化；（2）变阻器阻值太小，限流限不住；（3）调节变阻器时，不能获取有区分度的多组数据．14．一毫安表，满偏电流为10mA，内阻约为300Ω．要求将此毫安表改装成量程为1A的电流表，其电路原理如图所示．图中是量程为2A的标准电流表，R0为电阻箱，R为滑动变阻器，S为开关，E为电源．（1）完成下列实验步骤：①将虚线框内的实物图按电路原理图连线；②将滑动变阻器的滑动头调至 b 端（填“a”或“b”），电阻箱R0的阻值调至零；③合上开关；④调节滑动变阻器的滑动触头，增大回路中的电流，使标准电流表读数为1A；⑤调节电阻箱R0的阻值，使毫安表指针接近满偏，此时标准电流表的读数会减小（填“增大”、“减小”或“不变”）；⑥多次重复步骤④⑤，直至标准电流表的读数为1A ，同时毫安表指针满偏．（2）回答下列问题：①在完成全部实验步骤后，电阻箱使用阻值的读数为3.1Ω，由此可知毫安表的内阻为306.9Ω．②用改装成的电流表测量某一电路中的电流，当电流表指针半偏，则通过电阻箱的电流为0.495 A．③对于按照以上步骤改装后的电流表，写出﹣个可能影响它的准确程度的因素：电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等．．解：（1）①：连线图如图所示：②：为保护电流表闭合电键前应将滑片移至阻值最大的b端；⑤：根据电路的动态分析规律可知，当电阻箱阻值增大时毫安表读数增大，电流表的读数应减小；⑥：多次重复步骤④⑤，直至标准电流表的读数为1A；（2）①：根据欧姆定律应有：I=，代入数据解得=306.9Ω；②：根据欧姆定律应有：==0.495A；③：根据题意影响电流表准确程度的因素可能有：电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等．故答案为：（1）①如图；②b；⑤减小；⑥1A（2）①306.9；②0.495；③电阻箱和滑动变阻器的阻值不能连续变化；标准表和毫安表头的读数误差；电表指针偏转和实际电流的大小不成正比等等．点评：应明确只要能根据相应的物理规律解出的物理量就能通过实验测量该物理量．四．计算题：本题3小题．共40分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题．答案中须明确写出数值和单位．15．如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V 6W”的灯泡L和内阻r′=0.5Ω的小型直流电动机均恰能正常工作，求：（1）电路中的电流强度；（2）电动机的输出功率；（3）电源的效率．解：（1）灯泡正常发光，电路流为：I=I L==A=2A；（2）电动机的额定工作电压为：U M=E﹣I（R+r）﹣U L1=20﹣2×（4+1）﹣3=7V电动机的输出功率为：P输=U2I﹣I2r′=7×2﹣22×0.5=12W（3）电动机的电功率为：P电=UI=7×2W=14W；外电路总功率为：P外=P电+P L+I2R=14+6+22×4=36W电源的总功率为：P总=EI=20×2=40W；故电源的效率为：η=×100%=×100%=90%答：（1）电路中的电流强度为2A；（2）电动机的输出功率为12W；（3）电源的效率为90%．点评：本题是简单的直流电路的计算问题，抓住用电器在额定电压下才能正常工作是关键，要注意效率与功率的区别，不能混淆．16．（14分）（2014秋•徐州期中）如图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4m，质量为6×1012 kg的通电直导线，电流强度I=1A，方向垂直于纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒均匀增加0.4T、方向竖直向上的磁场中．设t=0时，B=0.8T．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）t=0时轻绳中的张力大小；（2）需要多长时间，斜面对导线的支持力为零？（g取10m/s2）解：（1）当t=0时，F安=BIL=0.32N 又有Tsin37°+Ncos37°=mgNsin37°+BIL=Tcos37°解之得：T=0.616N（2）当N=0时：由题意知，当斜面对导线支持力为零时导线受力如图所示．由图知F T cos37°=F ① F T sin37°=mg ②由①②解得：导线所受安培力的为F==0.8 N．又根据F=BIL得：此时导线所处磁场的磁感应强度为 B==2T，因为磁感应强度每秒增加0.4T，所以有B=0.4t 得t=5s．答：（1）t=0时轻绳中的张力大小为0.616N；（2）需要5s，斜面对导线的支持力为零点评：抓住支持力为0时的导线受力特征，根据平衡条件求解是关键．17．如图是我国著名物理学家何泽慧院士在1945年首次通过实验观察到正、负电子的弹性碰撞过程的原理图：在图中的xOy平面内，A、C二小孔距原点的距离均为L，每隔一定的时间源源不断地分别从A孔射入正电子，从C孔射入负电子，初速度均为v0，且垂直x轴，正、负电子的质量均为m，电荷量均为e（忽略电子之间的相互作用）．在y轴的左侧区域加一水平向右的匀强电场，在y轴的右侧区域加一垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），要使正、负电子在y轴上的P（0，L）处相碰．求：（1）电场强度E的大小，磁感应强度B的大小及方向；（2）P点相碰的正、负电子的动能之比和射入小孔的时间差△t；（3）若某一从A点射入的正电子到达P点没能与负电子相碰，则在以后的运动中能否在第一象限内与C点射入的电子相碰？请简单说明理由．解：（1）对A处进入的正电子，由类平抛运动规律得：L=v0t A L=at A2=t A2．得：E=．对C处进入的负电子，由牛顿第二定律得： ev0B=可得 B=负电子在C点所受的洛伦兹力向左，由左手定则判断可知磁场B的方向垂直纸面向外．（2）对A处进入的正电子，由动能定理得：EeL=E kA﹣所以 E kA=而 E kB=故=从C进入的负电子运动的时间为 t B=×=，正电子在电场中运动的时间 t A=则△t=t B﹣t A=﹣=（3）不能相碰．原因是：带电粒子在磁场中匀速圆周运动的轨迹半径与速度成正比，则知从A经过P点的正电子在y轴右侧做圆周运动的轨迹半径大于L不能与C点射入的电子轨迹相交．答：（1）电场强度E的大小是，磁感应强度B的大小是，方向垂直纸面向外；（2）P点相碰的正、负电子的动能之比是5：1，射入小孔的时间差△t是；（3）在以后的运动中不能在第一象限内与C点射入的电子不能相碰．原因是：带电粒子在磁场中匀速圆周运动的轨迹半径与速度成正比，则知从A经过P点的正电子在y轴右侧做圆周运动的轨迹半径大于L不能与C点射入的电子轨迹相交．点评：解决本题的关键是抓住电场中偏转与磁场中偏转研究方法的不同，运用动力学方法处理．。

2015-2016学年江苏省徐州市高二（上）期中物理试卷（理）一．单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A．奥斯特B．爱因斯坦 C．伽利略D．牛顿2．下列关于磁感应强度大小的说法正确的是（）A．通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大B．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关3．如图1，AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点由静止自由释放，沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图所2示，则A、B两点场强大小和电势高低关系是（）A．E A＜E B；φA＜φB B．E A＜E B；φA＞φB C．E A＞E B；φA＜φB D．E A＞E B；φA＞φB4．如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电荷量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（）A．滑块会一直加速下滑到地面B．B很大时，滑块可能静止于斜面上C．滑块可能会匀速下滑到地面D．滑块到达地面时的动能与B的大小无关5．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小6．如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子二．多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（）A．液滴将向下运动B．液滴将向上运动C．极板带电荷量将增加D．极板带电荷量将减少8．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．离子由加速器的中心附近进入加速器B．离子由加速器的边缘进入加速器C．离子从磁场中获得能量D．离子从电场中获得能量9．污水处理站的管道中安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c．左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个面的内侧固定有金属板作为电极，当含有大量正负离子（其重力不计）的污水充满管口从左向右流经该装置时，测出电极间的电势差U，就可测出污水流量Q（单位时间内流出的污水体积）．则（）A．前表面的电势低于后表面的电势B．若污水为电中性，则两极间的电势差为零C．若污水中离子浓度越高，则两极间的电势差越大D．若管道中污水流量越大，则两极间的电势差越大10．如图甲所示为一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆于磁感应强度为B的匀强磁场中．现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度﹣时间图象可能是下列选项中的（）A．B．C．D．11．如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O 和y轴上的点a（0，L）、一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．下列说法中正确的是（）A．电子在磁场中运动的时间为B．电子在磁场中运动的时间为C．磁场区域的圆心坐标为（，）D．电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，﹣2L）三．实验题：本题共2小题，共20分．请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（10分）（2010秋•信阳期末）某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为mm．（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为cm．（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～20kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．13．（10分）（2015秋•徐州期中）为了测定干电池的电动势和内阻，现有下列器材：A．干电池一节；B．电压表V（0～3V～15V，内阻约为3kΩ，15kΩ）；C．电流表A（0～0.6A～3A，内阻约为10Ω，2Ω）；D．滑动变阻器（0～20Ω）；E．滑动变阻器（0～1000Ω）；F．开关、导线若干．（1）用电流表和电压表测量干电池的电动势和内阻时，应选用的滑动变阻器是（用代号回答）．（2）根据实验要求，用笔画线代替导线在如图甲上连线．（3）某次实验记录如下：实验次数 1 2 3 4 5电流表示数/A 0.24 0.50 0.70 1.10 1.50电压表示数/V 1.30 1.10 0.95 0.60 0.30根据表中数据在如图乙坐标图上画出U﹣I图线，由图可求得E= V，r=Ω．（4）用你设计的电路做实验，测得的电动势与电池电动势的真实值相比（填偏大、偏小或相等）；测得的内阻与电池内阻的真实值相比（填偏大、偏小或相等）．四．计算题：本题3小题，共42分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．14．（12分）（2015秋•徐州期中）在如图所示的电路中，R1是由某金属氧化物制成的导体棒，实验证明通过它的电流I和它两端的电压U遵循I=kU3的规律（式中k=0.02A/V3），R2是普通电阻，阻值为24Ω，遵循欧姆定律，电源电动势E=6V，闭合开关S后，电流表的示数为0.16A．试求：（1）R1两端的电压；（2）电源的内电阻r；（3）R1、R2和r上消耗的电功率P1、P2和P r．15．（13分）（2014秋•菏泽期末）如图所示，在倾角为θ=30°的斜面上，固定一宽L=0.25m 的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R，电源电动势E=12V，内阻r=1Ω．一质量m=20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B=0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中（导轨与金属棒的电阻不计）．金属导轨是光滑的，取g=10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力大小；（2）通过金属棒的电流；（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．16．（17分）（2015秋•徐州期中）如图所示，位于竖直平面内的坐标系够xoy，在其第三象限空间有沿水平方向的、垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B=0.5T，还有沿x轴负方向的匀强电场，场强大小为E=2N/C．在其第一象限空间有沿y轴负方向的、场强大小也为E的匀强电场，并在y＞h=0.4m的区域有磁感应强度也为B的垂直于纸面向里的匀强磁场．﹣个带电荷量为q的油滴从图中第三象限的P点得到一初速度，恰好能沿PO作匀速直线运动（PO 与x轴负方向的夹角为θ=45°），并从原点O进入第一象限已知重力加速度g=10m/s2，问：（1）油滴在第三象限运动时受到的重力、电场力、洛伦兹力三力的大小之比；（2）油滴在P点得到的初速度大小；（3）油滴在第一象限运动的时间以及油滴离开第一象限处的坐标值．2015-2016学年江苏省徐州市高二（上）期中物理试卷（理）参考答案与试题解析一．单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A．奥斯特B．爱因斯坦 C．伽利略D．牛顿【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】本实验是1820年丹麦的物理学家奥斯特做的电流磁效应的实验．【解答】解：当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特．故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】本题考查的是物理学常识．对于物理学史上著名物理学家、经典实验和重要理论要记牢，这也是高考内容之一．2．下列关于磁感应强度大小的说法正确的是（）A．通电导线受磁场力大的地方磁感应强度一定大B．通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C．放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D．磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关【考点】磁感应强度．【分析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．电流元所受磁场力是由左手定则来确定．【解答】解：A、当通电导线垂直放入磁场中，受磁场力大的地方，磁感应强度一定越大．故A错误；B、一小段通电导线平行放在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度不一定为零，故B错误；C、放在匀强磁场中各处的通电导线受力为F=BILsinα，受力大小与电流、导线的长度及导线与磁场的夹角有关．故C错误；D、磁感应强度的大小跟垂直放在磁场中的通电导线受力的大小没有关系，与通电导线电流大小也没有关系，它由磁场的性质决定．故D正确；故选：D【点评】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．3．如图1，AB是某电场中的一条电场线，若将正点电荷从A点由静止自由释放，沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图所2示，则A、B两点场强大小和电势高低关系是（）A．E A＜E B；φA＜φB B．E A＜E B；φA＞φB C．E A＞E B；φA＜φB D．E A＞E B；φA＞φB 【考点】电势；电场强度．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】从速度时间图线得到正点电荷做加速运动，加速度逐渐变小，根据牛顿第二定律得到电场力的变化情况．【解答】解：从速度时间图线得到正点电荷做加速运动，加速度逐渐变小，故电场力向右，且不断变小，故A点的电场强度较大，故E A＞E B；正电荷受到的电场力与场强方向相同，故场强向右，沿场强方向，电势变小，故A点电势较大，即φA＞φB；故选D．【点评】本题关键通过速度时间图象得到物体的速度变化情况和加速度变化情况，然后判断场强方向和电势大小．4．如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电荷量为+Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（）A．滑块会一直加速下滑到地面B．B很大时，滑块可能静止于斜面上C．滑块可能会匀速下滑到地面D．滑块到达地面时的动能与B的大小无关【考点】功能关系；洛仑兹力．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大，当加速度减到0，做匀速运动．【解答】解：A、小滑块向下运动的过程中受到重力，支持力，垂直斜面向下的洛伦兹力，摩擦力，向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大．滑块到地面时当B很大，则摩擦力有可能很大，当滑块受到的摩擦力与重力向下的分力相等时，滑块做匀速直线运动，洛伦兹力与摩擦力不再增大，所以滑块不可能静止在斜面上，故AB错误，C正确；D、B的大小不同，洛伦兹力大小不同，导致滑动摩擦力大小不同，根据动能定理，摩擦力功不同，到达地面的动能不同．故D错误．故选：C【点评】解决本题的关键知道洛伦兹力的方向和洛伦兹力的大小以及能够正确的受力分析，理清物体的运动状况．5．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大D．I1减小，I2不变，U减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】本题首先要理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，再采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．【解答】解：由图知电压表测量路端电压，电流表A1测量流过R1的电流，电流表A2测量流过R2的电流．R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大．故A、C、D错误，B正确．故选：B．【点评】解决本题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解．注意做题前一定要理清电路，看电压表测的是什么电压，电流表测的是什么电流．6．如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A．射向P1板的是a离子B．射向P2板的是b离子C．射向A1的是c离子D．射向A2的是d离子【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理；带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有qE=qvB．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．【解答】解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有qE=qvB．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．二．多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板A、B之间的P点，处于静止状态．现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变．下列说法中正确的是（）A．液滴将向下运动B．液滴将向上运动C．极板带电荷量将增加D．极板带电荷量将减少【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】带电油滴悬浮在平行板电容器中P点，处于静止状态，电场力与重力平衡，将极板A 向下平移一小段距离时，根据E=分析板间场强如何变化，判断液滴如何运动．根据电容的决定式和定义式结合分析极板所带电量如何变化．【解答】解：A、B电容器板间的电压保持不变，当将极板A向下平移一小段距离时，根据E=分析得知，板间场强增大，液滴所受电场力增大，液滴将向上运动．故A错误，B正确．C、D将极板A向下平移一小段距离时，根据电容的决定式C=得知电容C增大，而电容器的电压U不变，极板带电荷量将增大．故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题关键要抓住电容器的电压不变，由电容的决定式C=和电量Q=CU结合分析电量变化．8．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示．这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．离子由加速器的中心附近进入加速器B．离子由加速器的边缘进入加速器C．离子从磁场中获得能量D．离子从电场中获得能量【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功．【解答】解：要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器，故A正确而B错误．由于洛伦兹力并不做功，而离子通过电场时有qU=mv2，故离子是从电场中获得能量，故C错误，而D正确．故选AD．【点评】了解并理解了常用实验仪器或实验器材的原理到考试时我们就能轻松解决此类问题．9．污水处理站的管道中安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c．左右两端开口，在垂直于上下底面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个面的内侧固定有金属板作为电极，当含有大量正负离子（其重力不计）的污水充满管口从左向右流经该装置时，测出电极间的电势差U，就可测出污水流量Q（单位时间内流出的污水体积）．则（）A．前表面的电势低于后表面的电势B．若污水为电中性，则两极间的电势差为零C．若污水中离子浓度越高，则两极间的电势差越大D．若管道中污水流量越大，则两极间的电势差越大【考点】霍尔效应及其应用；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】定量思想；归纳法；方程法；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】A、正负离子作定向移动，受到洛伦兹力，发生偏转，打在前后表面上，正离子偏转向哪一个表面，哪一个表面的电势高．BC、前后表面上有正负离子，之间形成电场，最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力处于平衡，两极板间形成稳定的电势差．D、根据正负离子会受到电场力、洛伦兹力平衡，求出电压表所测的电压与什么因素有关即可知．【解答】解：A、污水中正离子较多，正负离子向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则，正离子向后表面偏，负离子向前表面偏．所以前表面比后表面电势低．故A正确．B、由A分析可知，前后面电势的高低与污水中有何种离子有关，与是否为电中性无关，故B 错误；C、根据Q=，则U=，电压表的示数与磁感应强度、流量Q以及流量计的高低有关，与离子浓度无关．故C错误．D、最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力处于平衡，有qE=qvB，即=vB．而污水流量Q=vbc=bc=，可知Q与U成正比，与a、b无关．故D正确．故选：AD．【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道在电磁流量计中，正负离子受电场力和洛伦兹力平衡．10．如图甲所示为一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆于磁感应强度为B的匀强磁场中．现给圆环向右的初速度v0，在以后的运动过程中，圆环运动的速度﹣时间图象可能是下列选项中的（）A．B．C．D．【考点】洛仑兹力；牛顿第二定律．【分析】带正电的小环向右运动时，受到的洛伦兹力方向向上，注意讨论洛伦兹力与重力的大小关系，然后即可确定其运动形式，注意洛伦兹力大小随着速度的大小是不断变化的．【解答】解：由左手定则可判断洛伦兹力方向向上，圆环受到竖直向下的重力、垂直细杆的弹力及向左的摩擦力，当qvB=mg时，小环做匀速运动，此时图象为A，故A正确；当qvB＜mg时，F N=mg﹣qvB此时：μF N=ma，所以小环做加速度逐渐增大的减速运动，直至停止，所以其v﹣t图象的斜率应该逐渐增大，故BC错误．当qvB＞mg时，F N=qvB﹣mg，此时：μF N=ma，所以小环做加速度逐渐减小的减速运动，直到qvB=mg时，小环开始做匀速运动，故D图象正确，故D正确；故选AD．【点评】分析洛伦兹力要用动态思想进行分析，注意讨论各种情况，同时注意v﹣t图象斜率的物理应用，总之本题比较全面的考查了高中所学物理知识．11．如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O 和y轴上的点a（0，L）、一质量为m、电荷量为e的电子从a点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场，并从x轴上的b点射出磁场，此时速度方向与x轴正方向的夹角为60°．下列说法中正确的是（）A．电子在磁场中运动的时间为B．电子在磁场中运动的时间为C．磁场区域的圆心坐标为（，）D．电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标为（0，﹣2L）【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子在匀强磁场中在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动．所以由几何关系可确定运动圆弧的半径与已知长度的关系，从而确定圆磁场的圆心，并能算出粒子在磁场中运动时间．并根据几何关系来，最终可确定电子在磁场中做圆周运动的圆心坐标．【解答】解：A、B、电子的轨迹半径为R，由几何知识，Rsin30°=R﹣L，得R=2L电子在磁场中运动时间t=，而 T=，得：t=，故A错误，B正确；C、设磁场区域的圆心坐标为（x，y）其中 x=Rcos30°= y=所以磁场圆心坐标为（），故C正确；D、根据几何三角函数关系可得，R﹣L=Rcos60°，解得R=2L所以电子的圆周运动的圆心坐标为（0，﹣L），故D错误；故选：BC【点评】由题意确定粒子在磁场中运动轨迹是解题的关键之处，从而求出圆磁场的圆心位置，再运用几何关系来确定电子的运动轨迹的圆心坐标．三．实验题：本题共2小题，共20分．请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（10分）（2010秋•信阳期末）某同学要探究一种新材料制成的圆柱体的电阻．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为50.15 mm．（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为0.4700 cm．（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为220 Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）。

江苏省徐州市铜山区2024届高二物理第一学期期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。

2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。

第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。

3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。

盗版书籍影响我们学习效率甚至给我们的学习带来隐患，小明有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个电荷所带的电荷量看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为下列几个关于电荷量的数字中正确的是（）A．6.6×10﹣19C B．7.2×10﹣19CC．8.0×10﹣19C D．8.4×10﹣19C2、如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，将带有等量电荷q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称．要使圆心O处的电场强度为零，可在圆周上再放置一个适当电荷量的正点电荷＋Q，则该点电荷＋Q应放在（）A．A点B．B点C．C点D．D点3、如图所示是半偏法测电流表内阻的电路图，测量的过程包含以下几个主要的步骤：①闭合k1，调节R1的阻值，使电流表满偏；②闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表半偏；③此时R2的读数即为电流表内阻测量值；④将R1的阻值调到最大；以上步骤，合理的顺序是（）A ．①④②③B ．④①②③C ．④②①③D ．④③②①4、如图甲所示x 轴上固定两个点电荷1Q 、2Q （位于坐标原点O ），轴上有M 、N 、P 三点，间距MN =NP ．1Q 、2Q 在轴上产生的电势φ随x 变化关系如图乙．则A ．M 点电场场强大小为零B ．N 点电场场强大小为零C ．M 、N 之间电场方向沿x 轴负方向D ．一正试探电荷从P 移到M 过程中，电场力做功PN NM W W =5、一列沿x 轴传播的简谐横波在某时刻波的图象如图所示，已知波速为20 m/s ，图示时刻x ＝2.0m 处的质点振动速度方向沿y 轴负方向，可以判断A ．质点振动的周期为0.20sB ．质点振动的振幅为1.6cmC ．波沿x 轴的正方向传播D ．图示时刻，x ＝1.5m 处的质点加速度沿y 轴正方向 6、在电场中P 点放一个检验电荷q -，它所受的电场力为F ，则关于P 点电场强度E ，正确的说法是（ ）A ．F E q=，方向与F 相同 B ．若取走q -， P 点的电场强度0E =C ．E 与检验电荷无关D ．若检验电荷为2q -，则2FE q= 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。