高三物理月考试题及答案-北京四十一中届高三下学期月考(3月份).docx

2021年高三物理下学期3月月考试题一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1.关于以下核反应方程式:(1HHHe+X (2U+XXeSr+2Y (3NaMg+Z下列说法正确的是 ( )A.X与Z相同B.Y与Z相同C.方程(1)是核聚变反应D.方程(3)是核裂变反应2．如图（a）所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图（b）所示的交变电压，一重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。

若在t0时刻释放该粒子，粒子会时而向A板运动，时而向B板运动，并最终打在A板上。

则t0可能属于的时间段是 ( ) A． B．C． D．3．某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场．在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘．在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动．在A、B一起向左运动的过程中，对图乙中的图线以下说法正确的是（）A．①可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B．②可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C．①可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D．②可以反映B的合力大小随时间t变化的关系4. 如图所示，木块从左边斜面的A点自静止开始下滑，经过一段水平面后，又滑上右边斜面并停留在B点。

若动摩擦因数处处相等，AB连线与水平面夹角为θ，不考虑木块在路径转折处碰撞损失的能量，则( )A．木块与接触面间的动摩擦因数为sinθB．木块与接触面间的动摩擦因数为tanθC．两斜面的倾角一定大于θD．右边斜面的倾角可以大于θ5．如图甲所示，为测定物体冲上粗糙斜面能达到的最大位移x与斜面倾角的关系，将某一物体每次以不变的初速率沿足够长的斜面向上推出，调节斜面与水平方向的夹角，实验测得x与斜面倾角的关系如图乙所示，g取10 m／s2，根据图象可求出( )A．物体的初速率B．物体与斜面间的动摩擦因数为0.5C．当某次时，物体达到最大位移后将沿斜面下滑D．取不同的倾角，物体在斜面上能达到的位移x的最小值二、非选择题（本大题共4小题，共68分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。

北京市西城区41中2024年高三下学期2月月考物理试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。

写在试题卷、草稿纸上均无效。

2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图，若x轴表示时间，y轴表示位置，则该图像反映了某质点做匀速直线运动时，位置与时间的关系。

若令x轴和y轴分别表示其它的物理量，则该图像又可以反映在某种情况下，相应的物理量之间的关系。

下列说法中正确的是（）A．若x轴表示时间，y轴表示动能，则该图像可以反映某物体受恒定合外力作用做直线运动过程中，物体动能与时间的关系B．若x轴表示频率，y轴表示动能，则该图像可以反映光电效应中，光电子最大初动能与入射光频率之间的关系C．若x轴表示时间，y轴表示动量，则该图像可以反映某物体在沿运动方向的恒定合外力作用下，物体动量与时间的关系D．若x轴表示时间，y轴表示感应电动势，则该图像可以反映静置于磁场中的某闭合回路，当磁感应强度随时间均匀增大时，闭合回路的感应电动势与时间的关系2、同一平面内固定有一长直导线PQ和一带缺口的刚性金属圆环，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于圆环所在平面固定放置的平行金属板MN连接，如图甲所示．导线PQ中通有正弦交流电流i，i的变化如图乙所示，规定从Q到P为电流的正方向，则在1~2s内A．M板带正电，且电荷量增加B．M板带正电，且电荷量减小C．M板带负电，且电荷量增加D．M板带负电，且电荷量减小3、空间存在如图所示的静电场，图中实线a、b、c、d、e为静电场中的等势线，虚线为等势线的水平对称轴。

一个带负电的粒子从P 点以垂直于虚线向上的初速度v 0射入电场，开始一小段时间内的运动轨迹已在图中画出，粒子仅受电场力作用，则下列说法中正确的是（ ）A ．等势线a 的电势最高B ．带电粒子从P 点射出后经过等势线b 时，粒子的速率小于v 0C ．若让粒子从P 点由静止释放，在图示空间内，其电势能逐渐减小D ．若让粒子从P 点由静止释放，在图示空间内，粒子的加速度先减 小后增大4、2018年12月8日“嫦娥四号”发射升空，它是探月工程计划中第四颗人造探月卫星．已知万有引力常量为G ，月球的半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，嫦娥四号绕月球做圆周运动的轨道半径为r ，绕月周期为T ．则下列说法中正确的是A ．“嫦娥四号”2gr RB grC ．嫦娥四号绕行的向心加速度大于月球表面的重力加速度gD ．月球的平均密度为ρ＝3233r GT Rπ 5、质量为m 的铁锤从高h 处落下，打在水泥桩上，铁锤与水泥桩撞击的时间是t ，则撞击过程中，铁锤对桩的平均冲击力大小为（ ）A 2m gh mgB 2m gh mg -C m gh mg +D m gh mg - 6、如图所示，一小物体沿光滑斜面做匀变速直线运动经过a c b 、、三点。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.相距为d 、半径为r （r 比d 小得多）的两个相同绝缘金属球A 、B 带有大小相等的电荷量，两球之间相互吸引力大小为F 。

现用绝缘装置把第三个半径与A 、B 球相同且不带电的绝缘金属球C 先后与A 、B 两球接触后移开。

这时，A 、B 两球之间相互作用力的大小是（ ） A.B.C.D.2.如图所示，将一个半径为r 的不带电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧放置一个电荷量为Q 的带正电的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离也为r 。

由于静电感应在金属球上产生感应电荷。

设静电力常量为k 。

则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法中正确的是（ ）A ．金属球内各点的场强都是零B ．感应电荷在金属球球心处激发的电场场强，方向向右C ．金属球的右端带有正电荷，左端带有负电荷D ．金属球右侧表面的电势高于左侧表面3.如图，真空中O 点有一点电荷，在它产生的电场中有a 、b 两点，a 点的场强大小为E a ，方向与ab 连线成60°角，b 点的场强大小为E b ，方向与ab 连线成30°角。

关于a 、b 两点的场强E a 、E b 及电势a 、b 的关系，有( )A ． E a ＝3E b ，a＞bB ． E a ＝3E b ，a＜bC ． E a ＝E b ，a＜bD ．E a ＝E b ，a＜b4.显像管原理的示意图如图所示，当没有磁场时，电子束将打在荧光屏正中的O 点，安装在管径上的偏转线圈可以产生磁场，使电子束发生偏转。

设垂直纸面向外的磁场方向为正方向，若使电子打在荧光屏上的位置由a 点逐渐移动到b 点，下列变化的磁场能够使电子发生上述偏转的是（ ）5.如图所示，质量相同的两个带电粒子P 、Q 以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中。

2021年高三3月月考物理含答案1、如图所示，一个质量为M的物体a放在光滑的水平桌面上，当在细绳下端挂上质量为m的物体b时，物体a的加速度为a，绳中张力为T，则（）A．a=g B． C．T=mg D．2、科学研究表明地球的自转在变慢。

据分析，地球自转变慢的原因主要有两个：一个是潮汐时海水与海岸碰撞、与海底摩擦而使能量变成内能；另一个是由于潮汐的作用，地球把部分自转能量传给了月球，使月球的机械能增加了(不考虑对月球自转的影响)。

由此可以判断，月球绕地球公转的（）A．速度在增大 B．角速度在增大 C．周期在减小 D．半径在增大3、如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1∶5，原线圈两端的交变电压为u＝20sin 200πt(V)．氖泡在两端电压达到100 V时开始发光，下列说法中正确的有( )A．开关接通后，氖泡的发光频率为200 HzB．开关接通后，电压表的示数为 VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后，变压器的输出功率不变4、如图所示是一报警器的一部分电路示意图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器，当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I、报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小5．已知两个电源的电动势E1和E2、内阻r1和r2满足关系E2＞E1，r2＞r1，有一定值电阻R1分别接在两个电源上，获得相等的功率，则将另一电阻R2且满足R2＞R1也分别接在该两个电源上，若接电源电动势为E1、E2的电源上时，R2获得的功率依次为P1、P2,则关于电阻R2获得的功率P1、P2有（）A．P1＜P2B．P1>P2C．P1=P2D．条件不足无法确定二．实验题：（本题共1小题，共16分。

把答案写在答题卡中指定的答题处。

）6.（一）.如图为验证机械能守恒定律的实验装置示意图．现有的器材为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带，带铁夹的重锤、天平．回答下列问题：(1)为完成此实验，除了所给的器材外，还需要的器材有 ________．(填入正确选项前的字母)A．刻度尺 B．秒表C．0～12 V的直流电源 D．0～12 V的交流电源(2)下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器材 B．将打点计时器接到电源的“直流输出”上C．用天平测出重锤的质量 D．先接通电源，后释放纸带，打出一条纸带E．测量纸带上某些点间的距离F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能其中操作不当的和不必要的步骤是___________．(3)利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值．根据打出的纸带，选取纸带上连续的五个点A、B、C、D、E，测出各点之间的距离如图所示．使用交流电的频率为f，则计算重锤下落的加速度的表达式a＝____________.(用x1、x2、x3、x4及f表示)（二）某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻(R0＝5Ω)一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图①.(1)在图②的实验图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接．(2)请完成下列主要实验步骤：A．检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图③所示，读得电阻值是________；B．将开关S1闭合，开关S2断开，电压表的示数（可认为等于电动势）是1.80V；C．将开关S2________，电压表的示数是1.20V；断开开关S1.(3)使用以上数据，计算出干电池的内阻是________(计算结果保留两位有效数字)．(4)由于所用电压表不是理想电压表，所以测电动势比实际值偏______(填“大”或“小”)三、计算题：本题共3小题，共52分。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.对于一个热力学系统，下列说法中正确的是A．如果外界对它传递热量则系统内能一定增加B．如果外界对它做功则系统内能一定增加C．如果系统的温度不变则内能一定不变D．系统的内能增量等于外界向它传递的热量与外界对它做的功的和2.如图所示氢原子能级图，如果有大量处在n=3激发态的氢原子向低能级跃迁，则能辐射出几种频率不同的光及发出波长最短的光的能级跃迁是A．3种，从n=3到n="2"B．3种，从n=3到n=1C．2种，从n=3到n=2D．2种，从n=3到n=13.如图所示，MN是介质Ⅰ和介质Ⅱ的交界面，介质Ⅰ中的光源S发出的一束光照射在交界面的O点后分成两束光OA和OB，若保持入射点O不动，将入射光SO顺时针旋转至SO的位置，则在旋转过程中下列说法正确的是1A．光线OA逆时针旋转且逐渐减弱B．光线OB逆时针旋转且逐渐减弱C．光线OB逐渐减弱且可能消失D．介质Ⅰ可能是光疏介质4.一列简谐横波某时刻的波形图如图甲表示，图乙表示介质中某质点此后一段时间内的振动图像，则下列说法正确的是A．若波沿x轴正向传播，则图乙表示P点的振动图像B．若图乙表示Q点的振动图像，则波沿x轴正向传播C．若波速是20m/s，则图乙的周期是0.02sD．若图乙的频率是20Hz，则波速是10m/s5.木星是绕太阳公转的行星之一，而木星的周围又有卫星绕木星公转。

如果要通过观测求得木星的质量M，已知万有引力常量为G，则需要测量的量及木星质量的计算式是A．卫星的公转周期T1和轨道半径r1，B．卫星的公转周期T1和轨道半径r1，C．木星的公转周期T2和轨道半径r2，D．木星的公转周期T2和轨道半径r2，6.一个同学在体重计上做如下实验：由站立突然下蹲。

则在整个下蹲的过程中，下列说法正确的是A．同学处于失重状态，体重计的读数小于同学的体重B．同学处于失重状态，体重计的读数大于同学的体重C．同学先失重再超重，体重计的读数先小于同学的体重再大于同学的体重D．同学先超重再失重，体重计的读数先大于同学的体重再小于同学的体重7.对磁现象的研究中有一种“磁荷观点”。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一束单色光从真空斜射向某种介质的表面，如图所示。

下列说法中正确的是A．介质的折射率等于B．介质的折射率等于1.5C．介质的折射率等于D．增大入射角，可能发生全反射现象2.钍核（）具有放射性，它能放出一个新的粒子而变为镤核（），同时伴随有γ射线产生，其方程为。

则x粒子为A．质子B．中子C．α粒子D．β粒子3.堵住打气筒的出气口，缓慢向下压活塞使气体体积减小，你会感到越来越费力。

设此过程中气体的温度保持不变。

对这一现象的解释正确的是A．气体的密度增大，使得在相同时间内撞击活塞的气体分子数目增多B．气体分子间没有可压缩的间隙C．气体分子的平均动能增大D．气体分子间相互作用力表现为斥力4.行星在太阳的引力作用下绕太阳公转，若把地球和水星绕太阳的运动轨迹都近似看作圆。

已知地球绕太阳公转的半径大于水星绕太阳公转的半径，则下列判断正确的是A．地球的线速度大于水星的线速度B．地球的角速度大于水星的角速度C．地球的公转周期大于水星的公转周期D．地球的向心加速度大于水星的向心加速度5.一列简谐横波沿x轴传播，图甲是t=0时刻的波形图，图乙是x=3m处质点的振动图像，下列说法正确的是A．该波的波长为5m B．该波的周期为1sC．该波向x轴负方向传播D．该波的波速为2m/s6.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接。

弹簧的另一端固定在墙上，并且处于原长状态。

现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L，圆环下滑到最低点时弹簧的长度为2L（未超过弹性限度），从圆环开始运动至第一次运动到最低点的过程中A．弹簧对圆环的冲量方向始终向上，圆环的动量先增大后减小B．弹簧对圆环的拉力始终做负功，圆环的动能一直减小C．圆环下滑到最低点时，所受合力为零D．弹簧弹性势能变化了7.著名物理学家费曼曾设计过这样一个实验：一块水平放置的绝缘体圆盘可绕过其中心的竖直轴自由转动，在圆盘的中部有一个线圈，圆盘的边缘固定着一圈带负电的金属小球，如图所示。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法正确的是（）A．物体没有功，则物体就没有能量B．重力对物体做功，物体的重力势能一定减少C．滑动摩擦力只能做负功D．重力对物体做功，物体的重力势能可能增加2.A、B两个物体的质量比为1：3，速度之比是3：1，那么它们的动能之比是（）A．1：1 B．1：3 C．3：1 D．9：13.如图所示，物体以120J的初动能从斜面底端向上运动，当它通过斜面某一点M时，其动能减少80J，机械能减少32J，如果物体能从斜面上返回底端，则物体到达底端的动能为（）A．20J B．24J C．48J D．88J4.从空中以40m/s的初速度平抛一重为10N的物体．物体在空中运动3s后落地，不计空气阻力，g取10m/s2，则物体落地前瞬间，重力的瞬时功率为（）A．300W B．400W C．500W D．700W5.某人用手将1Kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为2m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（）A．手对物体做功12J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．物体克服重力做功10J6.水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上．设工件初速为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的滑动摩擦系数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中，下列说法错误的是（）A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的机械能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做功为零7.如图所示，物体从A处开始沿光滑斜面AO下滑，又在粗糙水平面上滑动，最终停在B处．已知A距水平面OB 的高度为h，物体的质量为m，现将物体m从B点沿原路送回至AO的中点C处，需外力做的功至少应为（）A．mgh B．mgh C．2mgh D．mgh二、填空题1.一个光滑斜面长为L 高为h ，一质量为m 的物体从顶端静止开始下滑，当所用时间是滑到底端的时间的一半时，重力做功为 ，重力做功的即时功率为 ，重力做功的平均功率为 ，以斜面底端为零势能点，此时物体的动能和势能的比是 ．2.把质量为3.0kg 的石块，从高30m 的某处，以5.0m/s 的速度向斜上方抛出，不计空气阻力，石块落地时的速率是 m/s ；若石块在运动过程中克服空气阻力做了73.5J 的功，石块落地时的速率又为 m/s ．3.具有某一速率v 0的子弹（不计重力）恰好能垂直穿过四块叠放在一起的完全相同的固定木板，如果木板对子弹的阻力相同，则该子弹在射穿第一块木板时的速率为 ．4.汽车牵引着高射炮以36km/h 的速度匀速前进，汽车发动机的输出功率为60kw ，则汽车和高射炮在前进中所受的阻力为 ．5.如图所示，绕过定滑轮的绳子，一端系一质量为10kg 的物体A ，另一端被人握住，最初绳沿竖直方向，手到滑轮距离为3m ．之后人握住绳子向前运动，使物体A 匀速上升，则在人向前运动4m 的过程中，对物体A 作的功为 ．（绳的质量、绳与轮摩擦、空气阻力均不计）6.光滑的水平桌面离地面高度为2L ，在桌边缘，一根长L 的软绳，一半搁在水平桌面上，一半自然下垂于桌面下．放手后，绳子开始下落．试问，当绳子下端刚触地时，绳子的速度是 ．三、实验题用打点计时器研究自由下落过程中的机械能守恒的实验中，量得纸带上从0点（纸带上打下的第一个点），到连续选取的1、2、3…之间的距离分别为h 1，h 2，h 3…，打点计时器打点的周期为T ，那么重物下落打下第n 个点时的瞬时速度可以由v n = 来计算．重物运动到打下第n 点时减小重力势能的表达式为 ．根据机械能守恒定律，在理论上应有mv n 2 mgh n ，实际上mv n 2 mgh n ．四、计算题1.如图所示，将质量为3.5kg 的小球水平抛出，空气阻力不计．求：①抛出时人对球所做的功？②抛出后0.2秒小球的动能？2.如图所示，m A =4kg ，m B =1kg ，A 与桌面动摩擦因数μ=0.2，B 与地面间的距离s=0.8m ，A 、B 原来静止．求：（1）B 落到地面时的速度？（2）B 落地后（不反弹），A 在桌面上能继续滑行多远才能静止下来？（桌面足够长）（g 取10m/s 2）3.汽车在水平直线公路上行驶，额定功率为Pe=80kW，汽车行驶过程中所受阻力恒为f=2.5×103N，汽车的质量M=2.0×103kg．若汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度的大小为a=1.0m/s2，汽车达到额定功率后，保持额定功率不变继续行驶．求：（1）汽车在整个运动过程中所能达到的最大速度；（2）匀加速运动能保持多长时间；（3）当汽车的速度为5m/s时的瞬时功率；（4）当汽车的速度为20m/s时的加速度．4.质量均为m的物体A和B分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固定在倾角为30°的斜面顶端的定滑轮上，斜面固定在水平地面上，开始时把物体B拉到斜面底端，这时物体A离地面的高度为0.8米，如图所示．若摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．（斜面足够长，g取10m/s2）求：（1）物体A着地时的速度；（2）物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．北京高三高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.下列说法正确的是（）A．物体没有功，则物体就没有能量B．重力对物体做功，物体的重力势能一定减少C．滑动摩擦力只能做负功D．重力对物体做功，物体的重力势能可能增加【答案】D【解析】功等于力与力的方向上的位移的乘积，这里的位移是相对于参考系的位移，滑动摩擦力的方向与物体的相对滑动的方向相反，知道重力做功量度重力势能的变化．根据重力做功与重力势能变化的关系有wG =﹣△Ep，知道表达式中的负号含义．解：A、功是能量转化的量度，但不是物体没有做功，就没有能量，故A错误；BD、重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增大，故B错误，D正确；C、恒力做功的表达式W=FScosα，滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，物体受滑动摩擦力也有可能位移为零，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故C错误．故选：D【点评】本题考查功能关系，要求了解一些常见力做功的特点，熟悉什么力做功量度什么能的变化，并能建立对应的定量关系2.A、B两个物体的质量比为1：3，速度之比是3：1，那么它们的动能之比是（）A．1：1 B．1：3 C．3：1 D．9：1【答案】C【解析】根据动能的定义式EK=mV2，可以求得AB的动能之比．解：根据动能的定义式EK=mV2，可得，===，故选C．【点评】本题是对动能公式的直接应用，题目比较简单．3.如图所示，物体以120J的初动能从斜面底端向上运动，当它通过斜面某一点M时，其动能减少80J，机械能减少32J，如果物体能从斜面上返回底端，则物体到达底端的动能为（）A．20J B．24J C．48J D．88J【答案】B【解析】运用动能定理列出动能的变化和总功的等式，运用除了重力之外的力所做的功量度机械能的变化关系列出等式，两者结合去解决问题．解：运用动能定理分析得出：物体损失的动能等于物体克服合外力做的功（包括克服重力做功和克服摩擦阻力做功），损失的动能为：△Ek=mgLsinθ+fL=（mgsinθ+f）L ①损失的机械能等于克服摩擦阻力做功，△E="fL" ②由得：==常数，与L无关，由题意知此常数为2.5．则物体上升到最高点时，动能为0，即动能减少了120J，那么损失的机械能为48J，那么物体返回到底端，物体又要损失的机械能为48J，故物体从开始到返回原处总共机械能损失96J，因而它返回A点的动能为24J．故选：B．【点评】解题的关键在于能够熟悉各种形式的能量转化通过什么力做功来量度，并能加以运用列出等式关系．4.从空中以40m/s的初速度平抛一重为10N的物体．物体在空中运动3s后落地，不计空气阻力，g取10m/s2，则物体落地前瞬间，重力的瞬时功率为（）A．300W B．400W C．500W D．700W【答案】A【解析】物体做平抛运动，重力的瞬时功率只于重物的竖直方向的末速度有关，根据竖直方向的自由落体运动求得末速度的大小，由P=FV可以求得重力的瞬时功率．解：物体做的是平抛运动，在竖直方向上是自由落体运动，所以在物体落地的瞬间速度的大小为Vy=gt=10×3=30m/s，物体落地前瞬间，重力的瞬时功率为P=FV=mgVy=10×30W=300W．故选A．【点评】本题求得是瞬时功率，所以只能用P=FV来求解，用公式P=求得是平均功率的大小．5.某人用手将1Kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为2m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（）A．手对物体做功12J B．合外力做功2JC．合外力做功12J D．物体克服重力做功10J【答案】ABD【解析】根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况．解：分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为2m/s，由速度位移公式得：v2﹣v2=2ax，解得：a=2m/s2，由牛顿第二定律可得，F﹣mg=ma，解得：F=12N，A、手对物体做功W=Fs=12×1J=12J，故A正确；B、合力的大小：F合=ma=2N，所以合力做的功为：W合=F合s=2×1=2J，所以合外力做功为2J，故B正确，C错误；D、重力做的功为：WG=﹣mgh=﹣1×10×1=﹣10J，所以物体克服重力做功10J，故D正确；故选：ABD．【点评】本题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况．6.水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上．设工件初速为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止．设工件质量为m，它与传送带间的滑动摩擦系数为μ，则在工件相对传送带滑动的过程中，下列说法错误的是（）A．滑动摩擦力对工件做的功为B．工件的机械能增量为C．工件相对于传送带滑动的路程大小为D．传送带对工件做功为零【答案】D【解析】物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机多做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能．解：A、在运动的过程中只有摩擦力对物体做功，由动能定理可知，摩擦力对物体做的功等于物体动能的变化，即为mv2，故A正确．B、工件动能增加量为mv2，势能不变，所以工件的机械能增量为．故B正确．C、根据牛顿第二定律知道工件的加速度为μg，所以速度达到v而与传送带保持相对静止时间t=工件的位移为工件相对于传送带滑动的路程大小为vt﹣=，故C正确．D、根据A选项分析，故D错误．本题选错误的，故选D．【点评】当物体之间发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，相同的内能也要增加，这是解本题的关键地方．7.如图所示，物体从A处开始沿光滑斜面AO下滑，又在粗糙水平面上滑动，最终停在B处．已知A距水平面OB的高度为h，物体的质量为m，现将物体m从B点沿原路送回至AO的中点C处，需外力做的功至少应为（）A．mgh B．mgh C．2mgh D．mgh【答案】D【解析】物体从A到B全程应用动能定理可得，重力做功与物体克服滑动摩擦力做功相等，返回AO的中点处时，滑动摩擦力依然做负功，重力也会做负功，要想外力做功最少，物体末速度应该为零，有动能定理可解答案解：物体从A到B全程应用动能定理可得：mgh﹣W=0﹣0f由B返回C处过程，由动能定理得：联立可得：故选：D【点评】恰当选择过程应用动能定理，注意功的正负二、填空题1.一个光滑斜面长为L高为h，一质量为m的物体从顶端静止开始下滑，当所用时间是滑到底端的时间的一半时，重力做功为，重力做功的即时功率为，重力做功的平均功率为，以斜面底端为零势能点，此时物体的动能和势能的比是．【答案】mgh； mg；；1：3【解析】应用公式P=Fv求某力的瞬时功率时，注意公式要求力和速度的方向在一条线上，在本题中应用机械能守恒求出物体滑到斜面底端时的速度，然后将速度沿竖直方向分解即可求出重力功率．解：物体下滑过程中机械能守恒，所以有：mgh=mv2解得：v=所以平均速度为根据匀加速直线运动，中时刻的速度等于这段时间的平均速度，因此当所用时间是滑到底端时间的一半时，动能增加量为，则重力做功也为；=mg；重力做功的瞬时功率为P=Gv坚而重力做功的平均功率为P=G=mg=；由于机械能守恒，当所用时间是滑到底端时间的一半时，动能为mgh，以斜面底端为零势能点，则重力势能为，所以物体的动能和势能的比1：3故答案为：mgh； mg；；1：3【点评】物理公式不仅给出了公式中各个物理量的数学运算关系，更重要的是给出了公式需要遵循的规律和适用条件，在做题时不能盲目的带公式，要弄清公式是否适用．2.把质量为3.0kg的石块，从高30m的某处，以5.0m/s的速度向斜上方抛出，不计空气阻力，石块落地时的速率是 m/s；若石块在运动过程中克服空气阻力做了73.5J的功，石块落地时的速率又为 m/s．【答案】25，24【解析】不计空气阻力时，石块从抛出到落地过程中，只有重力做功，根据动能定理求出石块落地时的速率．若有空气阻力时，重力和空气阻力都做功，空气阻力做功为﹣73.5JJ，重力做功不变，再动能定理求解石块落地时的速率．．根据动能定理得解：不计空气阻力时，设石块落地时的速率为v1mgh=﹣m=25m/s．得到 v1若有空气阻力时，设石块落地时的速率为v．根据动能定理得2=﹣mmgh﹣W阻=24m/s代入解得 v2故答案为：25，24．【点评】本题是动能定理简单的应用，从结果可以看出，在没有空气阻力的情况下，物体落地速度大小与物体的质量、初速度的方向无关．的子弹（不计重力）恰好能垂直穿过四块叠放在一起的完全相同的固定木板，如果木板对子弹3.具有某一速率v的阻力相同，则该子弹在射穿第一块木板时的速率为．【答案】v【解析】子弹在穿越木板的过程中，阻力做负功，使子弹的动能减小，根据动能定理分别研究子弹射穿第一块木板和穿过4块木板的过程，利用比例法求解子弹在射穿第一块木板时的速率．解：设子弹在射穿第一块木板时的速率为v，块木板的厚度为d，阻力大小为f，由动能定理得：2①子弹射穿第一块木板的过程：﹣fd=mv2﹣mv2②子弹射穿3块木板的过程：﹣f•4d=0﹣mv；由①②解得：v=v．故答案为：v【点评】本题运用动能定理时关键是选择研究的过程，也可以运用运动学公式进行研究求解．4.汽车牵引着高射炮以36km/h的速度匀速前进，汽车发动机的输出功率为60kw，则汽车和高射炮在前进中所受的阻力为．【答案】6000N【解析】汽车匀速行驶时，汽车受到的阻力的大小和汽车的牵引力大小相等，由P=Fv=fv可以求得阻力．解：36km/h=10m/s，汽车匀速行驶时，阻力等于牵引力，则：f=F=故答案为：6000N【点评】本题主要考查了汽车功率与牵引力的关系，关键是熟练应用功率的变形公式、平衡条件解题，难度不大，属于基础题．5.如图所示，绕过定滑轮的绳子，一端系一质量为10kg 的物体A ，另一端被人握住，最初绳沿竖直方向，手到滑轮距离为3m ．之后人握住绳子向前运动，使物体A 匀速上升，则在人向前运动4m 的过程中，对物体A 作的功为 ．（绳的质量、绳与轮摩擦、空气阻力均不计） 【答案】200J 【解析】以物体为研究对象，人向前运动4m 的过程中，物体上升的高度等于绳子被拉过来的长度，由几何知识求出物体上升的高度，根据动能定理求出人对物体A 作的功． 解：人向前运动4m 的过程中，物体上升的高度h=根据动能定理得，W ﹣mgh=0得到人对物体A 作的功：W=mgh=10×10×2J=200J ．故答案为：200J ．【点评】本题关键是运用几何知识求出物体上升的高度，要注意物体上升的高度不等于后来右侧绳子的长度5m ．基础题．6.光滑的水平桌面离地面高度为2L ，在桌边缘，一根长L 的软绳，一半搁在水平桌面上，一半自然下垂于桌面下．放手后，绳子开始下落．试问，当绳子下端刚触地时，绳子的速度是 ．【答案】【解析】在运动的过程中，对整个系统而言，机械能守恒．抓住系统重力势能的减小量等于动能的增加量，分别求出离开桌面时的速度．解：铁链释放之后，到离开桌面到落地的过程，由于桌面无摩擦，整个软绳的机械能守恒．取地面为0势能面，整个软绳的质量为m ．根据机械能守恒定律得：0.5mg•2L+0.5mg•（2L ﹣）=+mg解得v=故答案为：． 【点评】解决本题的关键知道系统机械能守恒，抓住系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量进行求解．注意软绳不能看成质点，要研究重心下降的高度．三、实验题用打点计时器研究自由下落过程中的机械能守恒的实验中，量得纸带上从0点（纸带上打下的第一个点），到连续选取的1、2、3…之间的距离分别为h 1，h 2，h 3…，打点计时器打点的周期为T ，那么重物下落打下第n 个点时的瞬时速度可以由v n = 来计算．重物运动到打下第n 点时减小重力势能的表达式为 ．根据机械能守恒定律，在理论上应有mv n 2 mgh n ，实际上mv n 2 mgh n ．【答案】；mgh n ；=；＜【解析】匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．可以通过求DF 段的平均速度表示E 点的瞬时速度．明确机械能守恒定律的表达式及误差分析．解：由平均速度可知，n 点的速度可以用h n ﹣1到h n+1过程的平均速度来表示；即v n =；由机械能守表达式可知，减小的重力势能应等于增加的动能；而在实际情况中，由于阻力的存在，减小的重力势能总是大于增加的动能的；故答案为：；mgh n ；=；＜【点评】了解实验的装置和工作原理，对于纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点和一些规律；并能正确应用机械能守恒定律分析解答问题．四、计算题1.如图所示，将质量为3.5kg 的小球水平抛出，空气阻力不计．求：①抛出时人对球所做的功？②抛出后0.2秒小球的动能？【答案】①700J ；②707J【解析】①小球抛出后做平抛运动，根据平抛运动的特点求出初速度，根据动能定理即可求解人对球做的功； ②根据平抛运动的特点求出抛出后0.2秒时小球的速度，根据动能的表达式即可求解．解：小球抛出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，h=解得t=水平方向做匀速运动，根据动能定理得：W==700J（2）抛出后0.2秒时小球的速度v== 动能为：答：①抛出时人对球所做的功为700J ；②抛出后0.2秒时小球的动能为707J【点评】本题主要考查了平抛运动的特点，即水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，难度适中．2.如图所示，m A =4kg ，m B =1kg ，A 与桌面动摩擦因数μ=0.2，B 与地面间的距离s=0.8m ，A 、B 原来静止．求：（1）B 落到地面时的速度？（2）B 落地后（不反弹），A 在桌面上能继续滑行多远才能静止下来？（桌面足够长）（g 取10m/s 2）【答案】（1）0.8m/s ．（2）0.16m ．【解析】（1）在B 下落过程中，B 减小的重力势能转化为AB 的动能和A 克服摩擦力做功产生的内能，根据能量守恒定律求解B 落到地面时的速度．（2）B 落地后（不反弹），A 在水平面上继续滑行，根据动能定理求解A 滑行的距离．解：（1）B 下落过程中，它减少的重力势能转化为AB 的动能和A 克服摩擦力做功产生的热能，B 下落高度和同一时间内A 在桌面上滑动的距离相等、B 落地的速度和同一时刻A 的速度大小相等由以上分析，根据能量转化和守恒有：m B gs=+μm A gs 得，v B =代入解得v B =0.8m/s（2）B 落地后，A 以v A =0.8m/s 初速度继续向前运动，克服摩擦力做功最后停下，根据动能定理得其中，v A =v B得，s′==0.16m答：（1）B 落到地面时的速度为0.8m/s ．（2）B 落地后（不反弹），A 在桌面上能继续滑动0.16m ．【点评】本题是连接体问题，采用能量守恒定律研究，也可以运用动能定理、或牛顿运动定律和运动公式结合研究．3.汽车在水平直线公路上行驶，额定功率为P e =80kW ，汽车行驶过程中所受阻力恒为f=2.5×103N ，汽车的质量M=2.0×103kg ．若汽车从静止开始做匀加速直线运动，加速度的大小为a=1.0m/s 2，汽车达到额定功率后，保持额定功率不变继续行驶．求：（1）汽车在整个运动过程中所能达到的最大速度；（2）匀加速运动能保持多长时间；（3）当汽车的速度为5m/s 时的瞬时功率；（4）当汽车的速度为20m/s 时的加速度．【答案】（1）32m/s ；（2）17.8s ；（3）22.5kw ；（4）0.75m/s 2．【解析】（1）汽车先做匀加速直线运动，当功率达到额定功率，做加速度逐渐减小的加速运动，当加速度减小到零，速度达到最大，做匀速直线运动．（2）根据牛顿第二定律求出匀加速直线运动过程中的牵引力，再根据P=Fv 求出匀加速直线运动的末速度，从而得出匀加速直线运动的时间．（3）当汽车以额定功率做匀速运动时，速度最大，此时牵引力与阻力大小相等，由牵引力功率公式P=Fv m ，求出阻力大小．汽车做匀加速直线运动过程中，由牵引力和阻力的合力产生加速度，根据牛顿第二定律求出牵引力．汽车的速度大小v=at ，由P=Fv 求解汽车从静止开始做匀加速直线运动，．（4）判断20m/s 是处于匀加速直线运动阶段还是变加速直线运动阶段，求出牵引力，根据牛顿第二定律求出加速度．解：（1）汽车达到最大速度时，匀速运动，牵引力F=f由P=F•v ，得v m ==8×104/2.5×103="32" m/s（2）由牛顿第二定律有：F 1﹣f=ma由匀变速运动规律有：v t =at由P=F 1v t 可得匀加速过程所用的时间：（3）当v t ="5" m/s 时，v t ＜v tm故汽车仍做匀加速运动．所求P 2=F 1v t =2.25×104W="22.5" kW（4）当v t ′="20" m/s 时，由于v t ′＞v tm ，故汽车不做匀加速运动了，但功率仍为额定功率，由P e =F t ′v t ′有：F t ′==4.0×103N 又由F t ′﹣f=ma′可得a′=="0.75" m/s 2答：（1）汽车在整个运动过程中所能达到的最大速度32m/s ； （2）匀加速运动能保持17.8s 时间；（3）当汽车的速度为5m/s 时的瞬时功率为22.5kw ；（4）当汽车的速度为20m/s 时的加速度为0.75m/s 2．【点评】解决本题的关键会根据汽车的受力判断其运动情况，汽车汽车先做匀加速直线运动，当功率达到额定功率，做加速度逐渐减小的加速运动，当加速减小到零，速度达到最大，做匀速直线运动．本题是交通工具的启动问题，关键抓住两点：一是汽车运动过程的分析；二是两个临界条件：匀加速运动结束和速度最大的条件．4.质量均为m 的物体A 和B 分别系在一根不计质量的细绳两端，绳子跨过固定在倾角为30°的斜面顶端的定滑轮上，斜面固定在水平地面上，开始时把物体B 拉到斜面底端，这时物体A 离地面的高度为0.8米，如图所示．若摩擦力均不计，从静止开始放手让它们运动．（斜面足够长，g取10m/s2）求：（1）物体A着地时的速度；（2）物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离．【答案】（1）2m/s．（2）0.4m．【解析】A、B开始运动到A着地过程中，分析系统的受力及做功情况，系统的机械能守恒，运用机械能守恒定律求出它们的速度．A着地后，B沿斜面做匀减速运动，当速度减为零时，B能沿斜面滑行的距离最大．解：（1）、设A落地时的速度为v，系统的机械能守恒：，代入数据得：V="2" m/s．（2）、A落地后，B以v为初速度沿斜面匀减速上升，设沿斜面又上升的距离为S，由动能定理得：代入数据得：s=0.4m．答：（1）、物体A着地时的速度是2m/s．（2）、物体A着地后物体B沿斜面上滑的最大距离0.4m．【点评】A、B单个物体机械能不守恒，但二者组成的系统机械能守恒．。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电场强度和磁感应强度，下列说法中正确的是 ( )A．电场强度的定义式E =适用于任何静电场B．电场中某点电场强度的方向与在该点的带正电的检验电荷所受电场力的方向相同C．磁感应强度公式B=说明磁感应强度B与放入磁场中的通电导线所受安培力F成正比，与通电导线中的电流I 和导线长度L的乘积成反比D．磁感应强度公式B=说明磁感应强度的方向与放入磁场中的通电直导线所受安培力的方向相同2.如图所示，将一个半径为的不带电的金属球放在绝缘支架上，金属球的右侧放置一个电荷量为的带正电的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离也为．由于静电感应在金属球上产生感应电荷．设静电力常量为．则关于金属球内的电场以及感应电荷的分布情况，以下说法正确的是（）A．电荷与感应电荷在金属球内做生意位置激发的电场场强都是等大且反向的B．感应电荷在金属球球心处激发的电场场强，方向向右C．感应电荷全部分布在金属球的表面上D．金属球右侧表面的电势高于左侧表面3.某同学在“探究感应电流产生的条件”的实验中，将直流电源、滑动变阻器、线圈（有铁芯）、线圈、灵敏电流计及开关按图连接成电路．在实验中，该同学发现形状闭合的瞬间，灵敏电流计的指针向左偏．由此可以判断，在保持开关闭合的状态下：（）A．当线圈拔出时，灵敏电流计的指针向左偏B．当线圈中的铁芯拔出时，灵敏电流计的指针向右偏C．当滑动变阻器的滑片匀速滑动时，灵敏电流计的指针不偏转D．当滑动变阻器的滑片向端滑动时，灵敏电流计的指针向右偏4.如图所示，在真空中有一对带电的平行金属板水平放置．一带电粒子沿平行于板面的方向，从左侧两极板中央射入电场中，恰能从右侧极板边缘处离开电场．不计粒子重力．若可以改变某个量，下列哪种变化，仍能确保粒子一定飞出电场：（）A．只增大粒子的带电量B．只增大电场强度C．只减小粒子的比荷D．只减小粒子的入射速度5.如图所示为洛伦兹力演示仪的结构示意图．由电子枪产生电子束，玻璃泡内充有稀薄的气体，在电子束通过时能够显示电子的径迹．前后两个励磁线圈之间产生匀强磁场，磁场方向与两个线圈中心的连线平行．电子速度的大小和磁感强度可以分别通过电子枪的加还电压和励磁线圈的电流来调节．适当调节和，玻璃光中就会出现电子束的圆形径迹．下列调节方式中，一定能让圆形径迹半径增大的是：（）A．同时增大和B．同时减小和C．增大，减小D．减小，增大6.如图所示，水平放置的两个正对的带电金属板MN、PQ间存在相互垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度为E，磁感应强度为B。

峙对市爱惜阳光实验学校市高三〔下〕月考物理试卷〔二〕〔3月份〕一、选择题，本共8小题，每题6分，共48分，在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项．1．〔6分〕〔2021•一模〕以下有关热现象的表达中正确的选项是〔〕A．分子间的作用力随分子间距离的增大而减小B．分子势能一随分子间距离的增大而增大C．温度升高，每个分子的动能都增大D．粗测分子直径可利用“油膜法〞，测量单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径2．〔6分〕〔2021•一模〕以下说法正确的选项是〔〕A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反B．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，其核反方程式是N+He→O+H C．I的半衰期是8天，8克I经过16天后还剩6克未衰变D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的电势能减小，电子的动能增大，原子总能量增大3．〔6分〕〔2021•区一模〕如下图是一列简谐横波在t=0时刻的波形图，这列波沿x轴正方向传播，周期为T，P是x=0.5m处的一个质点，那么〔〕A．t=0时刻，P点速度沿+y方向B．t=0时刻，P 点速度沿+x方向C．t=时刻，P点在波谷位置D．t=时刻，P点在波峰位置4．〔6分〕〔2021•区一模〕卡文迪许用扭秤测出引力常量G，被称为第一个“称〞出地球质量的人．假设地球外表的重力加速度g、地球的半径R、地球绕太阳运转的周期T，忽略地球自转的影响，那么关于地球质量M，以下计算正确的选项是〔〕A．M=B．M=C．M= D．M=5．〔6分〕〔2021秋•期末〕如下图，在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD，AB边与磁场垂直，MN边始终与金属滑环K相连，PQ边始终与金属滑环L相连．金属滑环L、交流电流表A、值电阻R、金属滑环K通过导线串联．使矩形线圈以恒角速度绕过BC、AD中点的轴旋转．以下说法中正确的选项是〔〕A．线圈平面与磁场垂直时，流经值电阻R的电流最大B．线圈平面与磁场平行时，流经值电阻R的电流最大C．线圈转动的角速度越大，交流电流表A的示数越小D．交流电流表A的示数随时间按正弦规律变化6．〔6分〕〔2021•东城区模拟〕某同学采用如图1所示的装置探究物体的加速度与所受合力的关系．用砂桶和砂的重力充当小车所受合力F；通过分析打点计时器打出的纸带，测量加速度a．分别以合力F 和加速度a作为横轴和纵轴，建立坐标系．根据中得到的数据描出如图2所示的点迹，结果跟教材中的结论不完全一致．该同学列举产生这种结果的可能原因如下：〔1〕在平衡摩擦力时将木板右端垫得过高；〔2〕没有平衡摩擦力或者在平衡摩擦力时将木板右端垫得过低；〔3〕测量小车的质量或者加速度时的偶然误差过大；〔4〕砂桶和砂的质量过大，不满足砂桶和砂的质量远小于小车质量的条件．通过进一步分析，你认为比拟合理的原因可能是〔〕A．〔1〕和〔4〕 B．〔2〕和〔3〕C．〔1〕和〔3〕D．〔2〕和〔4〕7．〔6分〕〔2021•模拟〕如图〔甲〕所示，一根粗绳AB的长度为l，其质量均匀分布，在水平外力F的作用下，沿水平面做匀加速直线运动．绳上距A端x 处的张力T与x的关系如图〔乙〕所示．以下说法中正确的选项是〔〕A．粗绳可能受到摩擦力作用B．粗绳一不受摩擦力作用C．可以求出粗绳的质量 D．可以求出粗绳运动的加速度8．〔6分〕〔2021•区一模〕1885年瑞士的教师巴耳末发现，氢原子光谱中可见光的四条谱线的波长可归纳成一个简单的经验公式：，n为大于2的整数，R为里德伯常量．19，丹麦物理学家玻尔受到巴耳末公式的启发，同时还吸取了普朗克的量子假说、爱因斯坦的光子假说和卢瑟福的核式结构原子模型，提出了自己的原子理论．根据玻尔理论，推导出了氢原子光谱谱线的波长公式：=R 〔﹣〕，m与n都是正整数，且n＞m．当m取一个数值时，不同数值的n得出的谱线属于同一个线系．如：m=1，n=2、3、4、…组成的线系叫赖曼系；m=2，n=3、4、5、…组成的线系叫巴耳末系；m=3，n=4、5、6、…组成的线系叫帕邢系；m=4，n=5、6、7、…组成的线系叫布喇开系；m=5，n=6、7、8、…组成的线系叫逢德系．以上线系只有一个在紫外光区，这个线系是〔〕A．赖曼系B．帕邢系C．布喇开系D．逢德系二、非选择题9．〔10分〕〔2021春•校级月考〕某同学使用如图1所示的装置来验证“机械能守恒律〞．①下面是操作步骤：a．按图1安装器材；b．松开铁夹，使重物带动纸带下落；c．接通电火花计时器电源，使计时器开始工作；d．进行数据处理；e．根据需要，在纸带上测量数据．把上述必要的操作步骤按正确的顺序排列．②电火花计时器接在频率为50Hz的交流电源上，图2为中打出的一条纸带，从起始点O开始，将此后连续打出的7个点依次标为A、B、C、D…，电火花计时器打F点时，重锤下落的速度为m/s．〔保存3位有效数字〕③如果重锤的质量为0.50kg，当地的重力加速度为9.80m/s2．从打O点到打F 点的过程中，重锤重力势能的减少量为J，重锤动能的增加量为J．〔保存2位有效数字〕10．〔8分〕〔2021•校级模拟〕乙同学采用如图甲所示的装置进行了有关“动能理〞研究的．〔a〕按图1把器材安装好，不挂配重，反复移动垫木直到小车做匀速直线运动；〔b〕把细线系在小车上并绕过滑轮悬挂质量为100g的配重，接通电源，放开小车，电火花计时器在被小车带动的纸带上打下一点．从某点A开始，此后在纸带上每隔4个点取一个计数点，依次标为B、C、D、…；〔c〕测量出B、C、D、…各点与A点的距离，分别记为x1、x2、x3、…；〔d〕用配重受到的重力分别乘以x1、x2、x3、…，得到配重重力所做的功W1、W2、W3、…；〔重力加速度g=9.80m/s2〕〔e〕求出B、C、D、…各点的速度大小，分别记为v1、v2、v3、…，再求出它们的平方v12、v22、v32、…；〔f〕用纵坐标表示速度的平方v2，横坐标表示配重重力所做的功W，作出v2﹣W图象，并在图象2中描出〔W i，v i2〕坐标点，再连成图线；〔以下计算保存到小数点后两位〕〔1〕在步骤d中，该同学测得x4=40.00cm，那么配重重力所做的功W4= J；〔2〕该同学得到的v2﹣W图象如图2所示．通过图象可知，打A点时对小车的速度v0= m/s；〔3〕小车的质量M= kg．11．〔16分〕〔2021•一模〕如图甲所示，电荷量为q=1×10﹣4C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕前两秒电场力做功多少？〔2〕物块的质量多少？〔3〕物块与水平面间的动摩擦因数．12．〔18分〕〔2021春•校级月考〕如图甲所示，在圆形水池正上方，有一半径为r的圆形储水桶．水桶底部有多个沿半径方向的水平小孔，小孔喷出的水在水池中的落点离水池中心的距离为R，水桶底部与水池水面之间的高度差是h．为了维持水桶水面的高度不变，用水泵通过细水管将洒落的水重抽回到高度差为H的水桶上方．水泵由效率为η1的太阳能电池板供电，电池板与水平面之间的夹角为α，太阳光竖直向下照射〔如图乙所示〕，太阳光垂直照射时单位时间、单位面积接受的能量为E0．水泵的效率为η2，水泵出单位时间流出水的质量为m0，流出水流的速度大小为v0〔不计水在细水管和空气中运动时所受的阻力〕．求：〔1〕水从小孔喷出时的速度大小；〔2〕水泵的输出功率；〔3〕为了使水泵的工作能维持水面的高度不变，太阳能电池板面积的最小值S．市高三〔下〕月考物理试卷〔二〕〔3月份〕参考答案与试题解析一、选择题，本共8小题，每题6分，共48分，在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项．1．〔6分〕〔2021•一模〕以下有关热现象的表达中正确的选项是〔〕A．分子间的作用力随分子间距离的增大而减小B．分子势能一随分子间距离的增大而增大C．温度升高，每个分子的动能都增大D．粗测分子直径可利用“油膜法〞，测量单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径考点：分子间的相互作用力；温度是分子平均动能的标志；用油膜法估测分子的大小．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：分子间的作用力和分子势能与分子间距离的关系比拟复杂，与分子力表现为引力还是斥力有关；温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大；“油膜法〞可粗测分子直径．解答：解：A、当分子间的作用力表现为斥力时，分子力随分子间距离的增大而减小，而当分子间的作用力表现为引力时，分子力随分子间距离的增大先增大后减小，故A错误．B、当分子间的作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而减小，当分子间的作用力表现为引力时，分子势能随分子间距离的增大而增大，故B 错误．C、温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大，由于分子的运动是无规那么的，杂乱无章的，不是每个分子的动能都增大，故C错误．D、粗测分子直径可利用“油膜法〞，在水面上形成单分子层油膜，单分子油膜的厚度可以认为是分子的直径，故D正确．应选：D点评：此题关键要理解并掌握分子动理论，知道温度是分子平均动能的标志，懂得单分子油膜法测量分子直径的原理．2．〔6分〕〔2021•一模〕以下说法正确的选项是〔〕A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反B．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，其核反方程式是N+He→O+HC．I的半衰期是8天，8克I经过16天后还剩6克未衰变D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的电势能减小，电子的动能增大，原子总能量增大考点：裂变反和聚变反；原子核衰变及半衰期、衰变速度．专题：衰变和半衰期专题．分析：太阳辐射的能量是核聚变反；核反方程满足质量数与质子数守恒规律；经过一个半衰期，只有一半没有发生衰变；电子的轨道半径增大时，电势能增大，动能减小，总能量增大，从而即可求解．解答：解：A、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反，故A错误；B、卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，其核反方程式，符合质量数与质子数守恒，故B正确；C、半衰期是8天，8克I经过16天后，经过两次半衰期，还剩2克未衰变，故C错误；D、核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的电势能增大，电子的动能减小，原子总能量增大，故D错误；应选：B．点评：考查核聚变与裂变的区别，掌握核反方程的书写规律，理解半衰期的内涵，注意轨道半径越大时，动能越小，电势能越大．3．〔6分〕〔2021•区一模〕如下图是一列简谐横波在t=0时刻的波形图，这列波沿x轴正方向传播，周期为T，P是x=0.5m处的一个质点，那么〔〕A．t=0时刻，P点速度沿+y方向B．t=0时刻，P点速度沿+x方向C．t=时刻，P点在波谷位置D．t=时刻，P点在波峰位置考点：横波的图象；弹性碰撞和非弹性碰撞．专题：振动图像与波动图像专题．分析：简谐横波沿x轴正方向传播，质点的振动方向与波的传播方向垂直，只能上下振动，根据波的平移法判断质点的速度方向．经过t=时间，根据质点P的速度方向分析位置．解答：解：A、B、简谐横波沿x轴正方向传播，波形向右平移，根据波的平移法判断得知t=0时刻，P点速度沿﹣y方向，由于横波中质点的速度方向与波的传播方向垂直，P点的速度不可能沿+x方向，故AB错误．C、D、t=0时刻质点P向下运动，经过t=时间，P点在波谷位置，故C正确，D错误．应选：C．点评：知道波的传播方向，能直接判断出质点的振动方向，常用的方法有波形的平移法、质点的带动法和“上下坡法〞，都要运用．4．〔6分〕〔2021•区一模〕卡文迪许用扭秤测出引力常量G，被称为第一个“称〞出地球质量的人．假设地球外表的重力加速度g、地球的半径R、地球绕太阳运转的周期T，忽略地球自转的影响，那么关于地球质量M，以下计算正确的选项是〔〕A．M=B．M=C．M= D．M=考点：万有引力律及其用．专题：万有引力律的用专题．分析：根据地球外表的物体受到的重力于万有引力=mg，可解得地球的质量M．地球绕太阳运动，由G =m2r，可求得太阳的质量．解答：解：A、B、设地球外表上一物体的质量为m，根据地球外表的物体受到的重力于万有引力，有：=mg，解得：M=，故A正确，B错误．C、D、地球绕太阳运动，由G =m2r，那么得太阳的质量 M=，地球绕太阳运转的周期T，假设再地球到太阳的距离r，能求出太阳的质量M，不能求出地球的质量．故CD错误．应选：A点评：此题要掌在星球外表的物体受到的重力于万有引力；行星绕太阳运行时，由万有引力提供向心力，知道行星的公转半径和周期，能求出太阳的质量，但不能求出行星的质量．5．〔6分〕〔2021秋•期末〕如下图，在匀强磁场中有一个矩形单匝线圈ABCD，AB边与磁场垂直，MN边始终与金属滑环K相连，PQ边始终与金属滑环L相连．金属滑环L、交流电流表A、值电阻R、金属滑环K通过导线串联．使矩形线圈以恒角速度绕过BC、AD中点的轴旋转．以下说法中正确的选项是〔〕A．线圈平面与磁场垂直时，流经值电阻R的电流最大B．线圈平面与磁场平行时，流经值电阻R的电流最大C．线圈转动的角速度越大，交流电流表A的示数越小D．交流电流表A的示数随时间按正弦规律变化考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系．专题：交流电专题．分析：从图示位置开始计时，交变电流的瞬时电动势表达式为：e=NBSωcosωt；根据表达式进行分析讨论即可．解答：解：A、线圈平面与磁场垂直时，磁通量最大，但线框不切割磁感线，故电流为零，故A错误；B、图示位置，线圈平面与磁场平行，线框切割磁感线最快〔垂直切割〕，感电动势最大，流经值电阻R的电流瞬时值最大，故B正确；C、线圈转动的角速度越大，根据E m=nBSω知最大值增大，故有效值增大，故交流电流表A的示数增大，故C错误；D、交流电流表测量的是交流电流的有效值，不随时间变化，故D错误应选：B．点评：此题关键要明确：〔1〕对于正弦式交变电流，有效值于峰值除以；〔2〕交流电表测量的是有效值，而不是峰值，更不是瞬时值；〔3〕线圈经过中性面时，磁通量大，但磁通量的变化率最小，感电动势最小．6．〔6分〕〔2021•东城区模拟〕某同学采用如图1所示的装置探究物体的加速度与所受合力的关系．用砂桶和砂的重力充当小车所受合力F；通过分析打点计时器打出的纸带，测量加速度a．分别以合力F 和加速度a作为横轴和纵轴，建立坐标系．根据中得到的数据描出如图2所示的点迹，结果跟教材中的结论不完全一致．该同学列举产生这种结果的可能原因如下：〔1〕在平衡摩擦力时将木板右端垫得过高；〔2〕没有平衡摩擦力或者在平衡摩擦力时将木板右端垫得过低；〔3〕测量小车的质量或者加速度时的偶然误差过大；〔4〕砂桶和砂的质量过大，不满足砂桶和砂的质量远小于小车质量的条件．通过进一步分析，你认为比拟合理的原因可能是〔〕A．〔1〕和〔4〕 B．〔2〕和〔3〕C．〔1〕和〔3〕D．〔2〕和〔4〕考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：题；牛顿运动律综合专题．分析：探究物体的加速度与所受合力的关系的，运用控制变量法探究加速度与力和力的关系．根据牛顿第二律分析“将砂桶和砂的重力近似看作小车的牵引力〞的条件．根据原理分析图线不经过原点和曲线上部出现弯曲现象的原因．解答：解：根据中得到的数据描出如图2所示的点迹，1、图线不经过原点，当拉力为零时，加速度不为零，知平衡摩擦力过度，即长木板的末端抬得过高了．故〔1〕正确2、曲线上部出现弯曲现象，随着F的增大，即砂和砂桶质量的增大，不在满足砂和砂桶远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象．故〔4〕正确应选A．点评：对于问题一要明确原理，并且亲自动手，熟练用所学根本规律解决问题．7．〔6分〕〔2021•模拟〕如图〔甲〕所示，一根粗绳AB的长度为l，其质量均匀分布，在水平外力F的作用下，沿水平面做匀加速直线运动．绳上距A端x 处的张力T与x的关系如图〔乙〕所示．以下说法中正确的选项是〔〕A．粗绳可能受到摩擦力作用B．粗绳一不受摩擦力作用C．可以求出粗绳的质量 D．可以求出粗绳运动的加速度考点：牛顿第二律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动律综合专题．分析：此题的关键是设出绳子总长度和总质量，求出单位长度，然后分别对绳子用整体法和隔离法受力分析，列出牛顿第二律方程，求解即可．解答：解：A、绳单位长度质量为λ=，先对整个绳子有F﹣f=ma，可得绳子加速度为a==，再对绳子左端有T﹣μλ〔l﹣x〕g=λ〔l﹣x〕a，整理可得T=，由图线可知得出拉力和绳长的大小，无法确是否受到摩擦力，故A正确，B错误．C、根据T与x的表达式无法求出粗绳的质量，由于质量未知，无法求出粗绳运动的加速度大小．故C、D错误．应选：A．点评：遇到连接体问题，一般是采用“先整体，后隔离〞的分析方法，运算较简洁．8．〔6分〕〔2021•区一模〕1885年瑞士的教师巴耳末发现，氢原子光谱中可见光的四条谱线的波长可归纳成一个简单的经验公式：，n为大于2的整数，R为里德伯常量．19，丹麦物理学家玻尔受到巴耳末公式的启发，同时还吸取了普朗克的量子假说、爱因斯坦的光子假说和卢瑟福的核式结构原子模型，提出了自己的原子理论．根据玻尔理论，推导出了氢原子光谱谱线的波长公式：=R 〔﹣〕，m与n都是正整数，且n＞m．当m取一个数值时，不同数值的n得出的谱线属于同一个线系．如：m=1，n=2、3、4、…组成的线系叫赖曼系；m=2，n=3、4、5、…组成的线系叫巴耳末系；m=3，n=4、5、6、…组成的线系叫帕邢系；m=4，n=5、6、7、…组成的线系叫布喇开系；m=5，n=6、7、8、…组成的线系叫逢德系．以上线系只有一个在紫外光区，这个线系是〔〕A．赖曼系B．帕邢系C．布喇开系D．逢德系考点：氢原子的能级公式和跃迁．专题：原子的能级结构专题．分析：电磁波是由变化电磁场产生的，电磁波有：无线电波、红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、γ射线．它们的波长越来越短，频率越来越高．根据氢原子光谱谱线的波长公式：=R 〔﹣〕和紫外光区的频率求解．解答：解：在真空中，电磁波的波长和频率互成反比例关系，波长最长的频率最小．紫外光区的频率较大，根据氢原子光谱谱线的波长公式：=R 〔﹣〕得这个线系是赖曼系．故A 正确，BCD错误；应选：A．点评：此题考查了电磁波的波速、波长与频率之间的关系，能够根据题目中提供的信息结合所学的知识进行判断求解．二、非选择题9．〔10分〕〔2021春•校级月考〕某同学使用如图1所示的装置来验证“机械能守恒律〞．①下面是操作步骤：a．按图1安装器材；b．松开铁夹，使重物带动纸带下落；c．接通电火花计时器电源，使计时器开始工作；d．进行数据处理；e．根据需要，在纸带上测量数据．把上述必要的操作步骤按正确的顺序排列a、c、b、e、d ．②电火花计时器接在频率为50Hz的交流电源上，图2为中打出的一条纸带，从起始点O开始，将此后连续打出的7个点依次标为A、B、C、D…，电火花计时器打F点时，重锤下落的速度为5〔4﹣﹣6〕m/s．〔保存3位有效数字〕③如果重锤的质量为0.50kg，当地的重力加速度为9.80m/s2．从打O 点到打F 点的过程中，重锤重力势能的减少量为0.35〔0.34﹣﹣﹣0.35〕J，重锤动能的增加量为0.33〔0.32﹣﹣﹣0.34〕J．〔保存2位有效数字〕考点：验证机械能守恒律．专题：题．分析：①步骤要符合事物开展逻辑，要有利于操作和减小误差，在明确原理的情况下奔着这个原那么即可正确安排步骤．②在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度于该过程中的平均速度，据此可以求出点F的速度大小．③根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量．解答：解：①在明确原理的前提下，先安装器材，然后再进行，故具体步骤为：A、D、B、C、E、F．②在匀变速直线运动中，中间时刻的瞬时速度于该过程中的平均速度，故C 点的速度为：，由于刻度尺在读数时需要估读，因此答案在1.14m/s ﹣1.16m/s都正确．③重力势能的减小量于重力做功大小，故有：△E p=mgs OF=0.35J，由于刻度尺在读数时需要估读，因此答案在0.34J﹣﹣﹣0.35J都正确．动能增量为：，答案在0.32J﹣﹣﹣0.34J范围内均正确．故答案为：〔1〕①a、c、b、e、d；②5〔4～6〕；③0.35〔0.34～0.36〕； 0.33〔0.32～0.34〕；点评：正问题的前提是明确原理，从原理出发进行分析所需器材、步骤、所测数据，会起到事半功倍的效果．10．〔8分〕〔2021•校级模拟〕乙同学采用如图甲所示的装置进行了有关“动能理〞研究的．〔a〕按图1把器材安装好，不挂配重，反复移动垫木直到小车做匀速直线运动；〔b〕把细线系在小车上并绕过滑轮悬挂质量为100g的配重，接通电源，放开小车，电火花计时器在被小车带动的纸带上打下一点．从某点A开始，此后在纸带上每隔4个点取一个计数点，依次标为B、C、D、…；〔c〕测量出B、C、D、…各点与A点的距离，分别记为x1、x2、x3、…；〔d〕用配重受到的重力分别乘以x1、x2、x3、…，得到配重重力所做的功W1、W2、W3、…；〔重力加速度g=9.80m/s2〕〔e〕求出B、C、D、…各点的速度大小，分别记为v1、v2、v3、…，再求出它们的平方v12、v22、v32、…；〔f〕用纵坐标表示速度的平方v2，横坐标表示配重重力所做的功W，作出v2﹣W图象，并在图象2中描出〔W i，v i2〕坐标点，再连成图线；〔以下计算保存到小数点后两位〕〔1〕在步骤d中，该同学测得x4=40.00cm，那么配重重力所做的功W4=0.39 J ；〔2〕该同学得到的v2﹣W图象如图2所示．通过图象可知，打A点时对小车的速度v0= 0.50〔0.45～0.55〕m/s；〔3〕小车的质量M= 0.30〔0.29～0.31〕kg．考点：探究功与速度变化的关系．专题：题；动能理的用专题．分析：〔1〕配重物体的重力即为小车所受合外力，据此可正此题．〔2〕根据题意可知，图象上的纵轴截距就是对的就是，据此可求出打A点时对小车的速度v0大小．〔3〕结合图象，根据功能关系可求出小车质量大小．解答：解：〔1〕配重重力做功为：W=mgx4=0.1××0.4≈0.39J故答案为：0.39．〔2〕由图可知，纵轴截距对的就是打A点速度的平方，因此有：，所以有：v A=0.50m/s．故答案为：0.50〔0.48﹣0.52〕〔3〕根据动能理：，可得：，所以图象的斜率：，代入数据得：m=0.30kg．故答案为：0.30〔0.28﹣0.32〕．点评：此题考查了该的具体操作和结合图象进行数据处理，对图象问题处理方法为，结合数学知识，写出图象的函数关系方程，明确截距、斜率含义即可．11．〔16分〕〔2021•一模〕如图甲所示，电荷量为q=1×10﹣4C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕前两秒电场力做功多少？〔2〕物块的质量多少？〔3〕物块与水平面间的动摩擦因数．考点：电场强度；匀变速直线运动的图像；牛顿第二律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：〔1〕速度时间图象的斜率表示加速度，再由位移公式得出位移大小，最后由恒力功表达式即可求解；〔2〕由图丙可知物体先做匀加速运动，然后做匀速运动，根据图象可知电场力与摩擦力的关系，再由牛顿第二律可得出物块的质量；〔3〕根据2秒到4秒内图象与的质量，即可求解．解答：解：〔1〕由题意可得，在匀强电场中电场力F为：F=qE，由图象得前2秒内的位移S 为：，那么电场力做的功为：W=FS，代入数据解得：W=6J〔2〕在2秒到4秒内图象可得，qE2=μmg在前2秒物块的加速度为：a=1m/s2由牛顿第二律得：qE2﹣qE1=ma代入数据解得：m=1kg〔3〕在2秒到4秒内由图象可得，qE2=μmg又m=1kg，那么有μ=0.2答：〔1〕前两秒电场力做功为6J；〔2〕物块的质量1kg；〔3〕物块与水平面间的动摩擦因数0.2．点评：对物体搞好受力分析，准确提取图象信息，利用速度图象的特点解题，难度适中．12．〔18分〕〔2021春•校级月考〕如图甲所示，在圆形水池正上方，有一半径为r的圆形储水桶．水桶底部有多个沿半径方向的水平小孔，小孔喷出的水在水池中的落点离水池中心的距离为R，水桶底部与水池水面之间的高度差是h．为了维持水桶水面的高度不变，用水泵通过细水管将洒落的水重抽回到高度差为H的水桶上方．水泵由效率为η1的太阳能电池板供电，电池板与水平面之间的夹角为α，太阳光竖直向下照射〔如图乙所示〕，太阳光垂直照射时单位时间、单位面积接受的能量为E0．水泵的效率为η2，水泵出单位时间流出水的质量为m0，流出水流的速度大小为v0〔不计水在细水管和空气中运动时所受的阻力〕．求：〔1〕水从小孔喷出时的速度大小；〔2〕水泵的输出功率；〔3〕为了使水泵的工作能维持水面的高度不变，太阳能电池板面积的最小值S．考点：功能关系；功率、平均功率和瞬时功率；能源的和利用．分析：〔1〕由题意可知水做平抛运动的水平位移及竖直高度，那么由平抛运动规律可得出水从小孔中喷出的速度；〔2〕由功能关系可求得水泵做的功，由功率公式可求得功率；〔3〕由太阳能及水泵在转化中的效率可求得实际需要的太阳能量，那么可求得太阳能的电池板面积的最小值．解答：解：〔1〕水从小孔喷出时速度沿水平方向，只受重力作用，做平抛运动，设水喷出时的速度大小为v，有：R﹣r=vt。

2013-2014学年北京四十一中高三（下）月考物理试卷（3月份）一、选择题1．（3分）（2014春•西城区校级月考）把每个电动势为1.5V，内电阻为0.5Ω的两节电池串联后，外接一个14Ω的电阻，则通过外电阻的电流为A，其中一节电池两端的电压为V．2．（3分）（2011•金山区校级学业考试）在一个全电路中，若只将外电阻R变为原来的3倍，电流也随之变为原来的一半，那么电源的内电阻r一定满足（）A．r=R B．r＞R C．r＜R D．r=03．（3分）（2014春•西城区校级月考）两个相同的电阻R，串联起来接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I．若把这两个电阻并联起来，仍接在该电源上，此时通过一个电阻R的电流变为，则电源的内阻为．4．（3分）（2009•湖南校级模拟）如图所示电路，已知电池组的总内电阻r=1Ω，外电路电阻R=5Ω，电压表的示数U=2.5V，则电池组的电动势E为（）A．2.0V B．2.5V C．3.0V D．3.5V5．（3分）（2011•平江县校级学业考试）电源的电动势为4.5V，内电阻为0.50Ω，外电路接一个4.0Ω的电阻，这时电源路端的电压为（）A．5.0V B．4.5V C．4.0V D．3.5V6．（3分）（2013秋•翠屏区校级期末）许多人造卫星都用太阳能电池供电，太阳电池由许多片电池板组成．当太阳光照射某电池板时，该电池板的开路电压是600mV，短路电流是30mA，那么，这块电池板的内电阻是（）A．10ΩB．20ΩC．40ΩD．60Ω7．（3分）（2014春•西城区校级月考）如图所示的电路，电源内阻不能忽略，当电键S 打开时，测得电阻R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，当电键S闭合后（）A．电压表V的示数大于18V B．电阻R2两端的电压大于12VC．电阻R1两端的电压大于6V D．内电阻r上的电压变小8．（3分）（2014春•西城区校级月考）用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻．其中V为电压表（其电阻足够大），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）A．6.0V，0.5ΩB．6.0V，1.25ΩC．5.6V，1.25ΩD．5.6V，0.5Ω9．（3分）（2010秋•红花岗区校级期末）在如图所示电路中，当滑动变阻器R的滑片P向下移动时，电压表V和电流表A的示数变化是（）A．V的示数增大，A的示数减小B．V和A的示数都增大C．V和A的示数都减小D．V的示数减小，A的示数增大10．（3分）（2013秋•宁海县校级期中）将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，则它们之间的关系是（）A．E1=E2＞E3B．E1＞E2＞E3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3二、解答题11．（2014春•西城区校级月考）如图所示电路中，电源电动势E=50V，内阻r=5Ω，电阻R1=30Ω，R2=60Ω．求：（1）流过电源的电流强度大小；（2）电压表示数为多少？（3）电阻R2上的电功率．12．（2011秋•吉安县校级期中）如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，R3=30Ω，电池组的电动势E=12伏，内电阻r=1Ω，求电流表的读数．13．（2014秋•锦州期末）如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．14．（2014春•西城区校级月考）如图所示的电路中，电阻R1=14Ω，R3=15Ω，电源的电动势E=12Ω，内电阻r=1Ω．当开关S闭合时，电流表的读数I3=0.2A，求：（1）R3电阻两端的电压U3；（2）通过电源的电流I；（3）R2的阻值；（4）电阻R2消耗的功率P2．15．（2011秋•建湖县校级期末）在如图电路中，电阻R1=3.2Ω，电池组的电动势E=10V，内电阻R=0.8Ω．（1）当电键S断开时，电压表的读数为1.6V，求电阻R2的阻值和它这时消耗的电功率．（2）当电键S闭合时，电压表的读数为6.4V，求电阻R3的阻值和R2．R3这时分别消耗的电功率．16．（2014春•西城区校级月考）如图电路所示，已知定值电阻R=35Ω，变阻器R'的最大电阻值为5Ω，电源的内阻r=1Ω．当开关S1、S2均闭合、变阻器的滑动片在正中间时，电源的总功率为8W，电源的输出功率为7W，且小灯泡恰正常发光，求：（1）小灯泡的额定功率P0；（2）若开关S1闭合，S2断开，为使小灯泡仍正常发光，变阻器的电阻值应取多少？2013-2014学年北京四十一中高三（下）月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题1．（3分）（2014春•西城区校级月考）把每个电动势为1.5V，内电阻为0.5Ω的两节电池串联后，外接一个14Ω的电阻，则通过外电阻的电流为0.2 A，其中一节电池两端的电压为 1.4 V．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律列式即可求解．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得：I=，其中一节电池两端的电压U=E﹣Ir=1.5﹣0.2×0.5=1.4V故答案为：0.2；1.4点评：本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，知道电池串联时，电动势和内阻都相加，难度不大，属于基础题．2．（3分）（2011•金山区校级学业考试）在一个全电路中，若只将外电阻R变为原来的3倍，电流也随之变为原来的一半，那么电源的内电阻r一定满足（）A．r=R B．r＞R C．r＜R D．r=0考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律分别研究电阻为R和3R时电路中的电流，采用比例法求解内阻．解答：解：设电源的电动势为E，内阻这r．根据闭合电路欧姆定律及已知条件得：=2•解得：r=R故选：A点评：本题是闭合电路欧姆定律简单的应用，由本题启发可设计：由电源和电阻箱连接，能测量电源的内阻．3．（3分）（2014春•西城区校级月考）两个相同的电阻R，串联起来接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I．若把这两个电阻并联起来，仍接在该电源上，此时通过一个电阻R的电流变为，则电源的内阻为 5.5R ．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律分别对两个电阻串联和并联情况研究，列出含有电动势和内阻的两个方程，联立求解电动势和内阻．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得E=I1（2R+r）=I（2R+r）①E=I2（0.5R+r）=1.25I（0.5R+r）②联立①②，解得：r=5.5R；故答案为：5.5R．点评：本题考查应用闭合电路欧姆定律研究电源电动势和内阻的能力，常常根据两种情况列方程组求解．4．（3分）（2009•湖南校级模拟）如图所示电路，已知电池组的总内电阻r=1Ω，外电路电阻R=5Ω，电压表的示数U=2.5V，则电池组的电动势E为（）A．2.0V B．2.5V C．3.0V D．3.5V考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路的欧姆定律求解电池组的电动势E，即可．解答：解：根据闭合电路的欧姆定律得，电池组的电动势E=U+r=2.5V+V=3.0V 故选C点评：本题运用伏阻法测量电源的电动势，关键掌握闭合电路的欧姆定律．5．（3分）（2011•平江县校级学业考试）电源的电动势为4.5V，内电阻为0.50Ω，外电路接一个4.0Ω的电阻，这时电源路端的电压为（）A．5.0V B．4.5V C．4.0V D．3.5V考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：已知电源的电动势，内电阻和外电阻，根据闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流，由欧姆定律求出路端电压．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得：I=路端的电压为U=IR=1×4V=4V故选：C．点评：本题考查对闭合电路欧姆定律的掌握情况，比较简单．6．（3分）（2013秋•翠屏区校级期末）许多人造卫星都用太阳能电池供电，太阳电池由许多片电池板组成．当太阳光照射某电池板时，该电池板的开路电压是600mV，短路电流是30mA，那么，这块电池板的内电阻是（）A．10ΩB．20ΩC．40ΩD．60Ω考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：根据开路电压等于电源电动势，求出电动势；再根据电动势和短路电流求出内电阻．解答：解：由题，开路电压U=0.6V，则E=U=0.6V又E=I短r，得：r=故选：B点评：本题关键根据电源开路和短路的特点，求解电源的内电阻7．（3分）（2014春•西城区校级月考）如图所示的电路，电源内阻不能忽略，当电键S 打开时，测得电阻R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，当电键S闭合后（）A．电压表V的示数大于18V B．电阻R2两端的电压大于12VC．电阻R1两端的电压大于6V D．内电阻r上的电压变小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当电键S打开时，原来路端电压为18V，当电键S闭合后，电路的总电阻变小，路端电压变小，即电压表的示数小于18V；电路的总电阻变小，则总电流变大，则R1两端的电压变大，大于原来的6V；R2和R3并联后，其并联的阻值比R2小，则其分得的电压也比原来12V还小．解答：解：A、当电键S打开时，测得电阻R1两端的电压为6V，R2两端的电压为12V，则原来路端电压为18V，即电压表的示数为18V．当电键S闭合后，电路的总电阻变小，路端电压变小，即电压表的示数小于18V．故A错误．B、R2和R3并联后，其并联的阻值比R2小，即使路端电压没有变小的话，其分得的电压也比原来12V小，故B错误．C、当电键S闭合后，电路的总电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变大，则R1两端的电压U1=IR1变大，原来是6V，故现在大于6V，故C正确．D、当电键S闭合后，电路的总电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变大，内电阻r上的电压变大，故D错误．故选：C．点评：要会根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系．8．（3分）（2014春•西城区校级月考）用图所示电路，测定电池组的电动势和内电阻．其中V为电压表（其电阻足够大），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（）A．6.0V，0.5ΩB．6.0V，1.25ΩC．5.6V，1.25ΩD．5.6V，0.5Ω考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当开关断开时，电压表接在电源两端，电压表示数为电池组的电动势；K闭合时，电压表测量路端电压，则根据闭合电路的欧姆定律可求得内电阻．解答：解：电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流I==0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r==0.5Ω；故选：A点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的使用，注意因电压表为理想电表，故当电压表直接接在电源两端时，相当于开路，电压表示数即为电源的电动势．9．（3分）（2010秋•红花岗区校级期末）在如图所示电路中，当滑动变阻器R的滑片P 向下移动时，电压表V和电流表A的示数变化是（）A．V的示数增大，A的示数减小B．V和A的示数都增大C．V和A的示数都减小D．V的示数减小，A的示数增大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电路中，滑动变阻器向下移动时，连入电路的阻值变小；变阻器与一个定值电阻并联后与另一个定值电阻串连接入电源两端，电压表测量的是路段电压，电流表测量的是通过滑动变阻器的电流，根据串并联知识和闭合电路欧姆定律分析即可．解答：解：滑动变阻器向下移动时，连入电路的阻值变小，故外电路的总电阻变小，故根据闭合电路欧姆定律，总电流变大，故路端电压U=E﹣Ir变小；变阻器和与其并联的定值定则的总电阻变小，故根据串联电路的分压公式，其分得的电压减小，故通过与其并联的定值定则的电流减小，由于总电流增加，故通过变阻器的电流增加了；故选D．点评：本题是恒定电流问题中动态分析问题，解决这类问题通常先判断电路中总电阻的变化情况，得到总电流的变化情况，再分析与电阻有变化支路并联的那部分支路的电流和电压的变化情况，最后得到电阻有变化支路的电流和电压的变化情况．10．（3分）（2013秋•宁海县校级期中）将三个不同的电源的U﹣I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，它们的电动势分别为E1、E2、E3，则它们之间的关系是（）A．E1=E2＞E3B．E1＞E2＞E3C．E1＞E2=E3D．E1=E2＜E3考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源的路端电压等于电动势减去内电压，即U=E﹣Ir，即路端电压与电流为线性关系，可知：图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．解答：解：根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣Ir，由数学知识可知，图象的纵轴截距表示电源的电动势，斜率的绝对值等于电源的内阻r．对照图象知，E1＞E2=E3，r1=r2＜r3，故C正确．故选：C．点评：本题关键要明确电源的路端电压与电流的关系，然后根据关系公式得到U﹣I图象，要明确图象的纵轴截距、横轴截距、斜率的物理意义．二、解答题11．（2014春•西城区校级月考）如图所示电路中，电源电动势E=50V，内阻r=5Ω，电阻R1=30Ω，R2=60Ω．求：（1）流过电源的电流强度大小；（2）电压表示数为多少？（3）电阻R2上的电功率．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）先求出外电路总电阻，再由全电路欧姆定律求解．（2）电压表测量路端电压，由全电路欧姆定律求解．（3）电阻R2上的电功率由公式P=求解．解答：解：（1）R1、R2并联阻值为：R===20Ω则流过电源的电流强度为：I==A=2A（2）电压表示数为：U=E﹣Ir=50﹣2×5=40V（3）电阻R2上的电功率由公式有：P==W≈26.7W答：（1）流过电源的电流强度大小是2A；（2）电压表示数为40V．（3）电阻R2上的电功率是26.7W．点评：对于电路的计算，要在明确电路结构的基础上，灵活应用闭合电路的欧姆定律是解题关键．12．（2011秋•吉安县校级期中）如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，R3=30Ω，电池组的电动势E=12伏，内电阻r=1Ω，求电流表的读数．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电流表测量流经R2的电流，只要求出R2两端的电压即可，根据闭合电路的欧姆定律则可求出R2两端的电压．解答：解：电路中R2和R3并联后在和R1串联由闭合电路欧姆定律得干路电流由部分电路的欧姆定律得并联电路两端的电压为电流表的读数为答：电流表的读数为0.4A．点评：本题考查部分电路和闭合电路的欧姆定律的综合应用，即．13．（2014秋•锦州期末）如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据电压表和电流表的示数，由欧姆定律可以求得电阻R3的阻值的大小；（2）当S闭合后，R2和R3并联，之后和R1串联，根据闭合电路的欧姆定律可以求得电路的总电流的大小，进而可以求得电阻的功率的大小．解答：解：（1）S断开时，由U1=I1R3得 R3==2Ω，又由求得 R1=1.4Ω，（2）S闭合时，R2、R3并联电阻，回路总电流，电压表示数为 U2=I2R23=1V，R2上消耗的功率．点评：本题考查的是电阻的串并联的知识，根据闭合电路欧姆定律可以求得电路的电流和电压的大小．14．（2014春•西城区校级月考）如图所示的电路中，电阻R1=14Ω，R3=15Ω，电源的电动势E=12Ω，内电阻r=1Ω．当开关S闭合时，电流表的读数I3=0.2A，求：（1）R3电阻两端的电压U3；（2）通过电源的电流I；（3）R2的阻值；（4）电阻R2消耗的功率P2．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据欧姆定律求解R3电阻两端的电压U3；（2）根据闭合电路欧姆定律求解通过电源的电流I；（3）由闭合电路欧姆定律得到并联部分的电压，再求解R2的阻值；（4）根据功率公式求解电阻R2消耗的功率P2．解答：解：（1）R3电阻两端的电压 U3=I3R3=0.2×15V=3V（2）通过电源的电流 I==A=0.6A（3）通过R2的电流 I2=I﹣I3=0.6﹣0.2=0.4AR2的阻值 R2===7.5Ω（3）电阻R2消耗的功率 P2=U3I2=3×0.4W=1.2W答：（1）R3电阻两端的电压U3是3V．（2）通过电源的电流I是0.6A（3）R2的阻值是7.5Ω；（4）电阻R2消耗的功率P2是1.2W．点评：对于直流电路的计算问题，要在搞清电路结构的基础上，根据串联、并联电路的特点，运用欧姆定律解答．15．（2011秋•建湖县校级期末）在如图电路中，电阻R1=3.2Ω，电池组的电动势E=10V，内电阻R=0.8Ω．（1）当电键S断开时，电压表的读数为1.6V，求电阻R2的阻值和它这时消耗的电功率．（2）当电键S闭合时，电压表的读数为6.4V，求电阻R3的阻值和R2．R3这时分别消耗的电功率．考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：（1）当电键S断开时，电阻R2与R1串联连接到电源上．电键S闭合后，R2和R3的并联后与R1串联连接到电源上，根据闭合电路欧姆定律及功率公式联立方程即可求解；（2）当电键S断开时R1消耗的电功率根据P=I2R1求解．解答：解：（1）当电键S断开时，电阻R2与R1串联连接到电源上．根据欧姆定律得电路中的电流为：I==A=0.5A，R2==Ω=16Ω，R2消耗的电功率为：P2=I2R2=0.52×16W=4W（2）当电键S闭合时，电路中电流为：I′==A=2A并联部分的电压为：U并=E﹣U2﹣I′R=10V﹣6.4V﹣2×0.8V=2V并联部分的电阻为：R并==Ω=1Ω则有：R并=代入得：1=得：R3=ΩR2、R3这时分别消耗的电功率为：P2==W=0.25WP3==W=3.75W答：（1）当电键S断开时，电压表的读数为1.6V，电阻R2的阻值为16Ω，它这时消耗的电功率为4W．（2）当电键S断开时，电压表的读数为6.4V，电阻R3的阻值为，R2．R3这时分别消耗的电功率为0.25W；3.75W．点评：对于电路的分析和计算问题，首先要搞清电路的连接关系，再根据欧姆定律、功率公式等等规律求解．本题要抓住电源的电动势是不变的，根据第一种情况要求出电动势是关键．16．（2014春•西城区校级月考）如图电路所示，已知定值电阻R=35Ω，变阻器R'的最大电阻值为5Ω，电源的内阻r=1Ω．当开关S1、S2均闭合、变阻器的滑动片在正中间时，电源的总功率为8W，电源的输出功率为7W，且小灯泡恰正常发光，求：（1）小灯泡的额定功率P0；（2）若开关S1闭合，S2断开，为使小灯泡仍正常发光，变阻器的电阻值应取多少？考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：（1）根据电源的总功率等于输出功率与电源热功率之和，求出电源的热功率；根据电源的热功率求出通过电源的电流，由电源的总功率求出电动势；由电源的输出功率求出外电路总电阻，再求解电灯的额定功率．（2）先求出灯泡正常发光的电流，再据闭合电路的欧姆定律求解即可．解答：解：（1）根据能量守恒得：电源的热功率P热=P总﹣P出=8W﹣7W=1W．由P热=I2r得，I===1A，由P总=EI得，电源的电动势为 E==8V．路端电压 U=E﹣Ir=8﹣1×1=7V通过R的电流 I R==A=0.2A灯泡的电流 I L=I﹣I R=0.8A，电压为 U L=U﹣I L•=5V故小灯泡的额定功率 P0=U L I L=4W（2）灯泡的电阻 R L==6.25Ω当开关S断开时，据闭合电路的欧姆定律得：I L=联立①②代入数据解之得：R′=2.75Ω答：（1）小灯泡的额定功率P0是4W．（2）若开关S1闭合，S2断开，为使小灯泡仍正常发光，变阻器的电阻值应取2.75Ω．点评：本题关键要搞清电路中功率的关系，抓住电源的总功率等于电源的输出功率与内部消耗的热功率之和是关键；灵活应用闭合电路的欧姆定律．。

高三物理月考试题（带答案）A．B．C．D．4．人用手托着质量为m的“小苹果”，从静止开始沿水平方向运动，前进距离l后，速度为v（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是( )A．手对苹果的作用力方向竖直向上B．苹果所受摩擦力大小为μmgC．手对苹果做的功为mv2D．苹果对手不做功5．一质点在a、b两点之间做匀变速直线运动，加速度方向与初速度方向相同，当在a点初速度为v时，从a点到b点所用的时间为t，当在a点初速度为2v时，保持其他量不变，从a点到b点所用的时间为t′，则( )A．t′＞B．t′= C．t′＜D．t′=t6．若地球和火星绕太阳做匀速圆周运动的周期分别为T1和T2，如地球和火星绕太阳做匀速圆周运动的轨道半径大小分别为R1和R2，则（）A．B．C．D．7．如图所示，半径为r的圆在竖直平面上，A、B、C、D是圆周上的点，AB水平，CD竖直，在点C固定一点电荷，电荷量为﹣Q，现从A点将一质量为m、电荷量为﹣q的带电小球（带电小球对点电荷电场的影响忽略不计）由静止释放，该小球沿光滑绝缘轨道ADB 运动到D点时的速率为3 ，g为重力加速度，取电场中B点为零电势点，静电力常数为k，则( )A．O点电场强度大小是A点的倍B．A点电势比D点的高C．带电小球在D点具有的电势能为﹣D．带电小球在D点受轨道的作用力为10mg8．如图所示，在x轴上方有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，在原点O处有一粒子源，t=0时刻沿纸面内的各个方向同时发射一群速率相同、质量为m、电荷量为+q的粒子，其中一个与x轴正方向成60°角射入磁场的粒子在t1时刻到达A点（图中未画出），A点为该粒子运动过程中距离x轴的最远点，且OA=L．不计粒子间的相互作用和粒子的重力，下列结论正确的是( )A．粒子的速率为B．粒子的速率为C．t1时刻仍在磁场中的所有粒子均处在以O点为圆心、L为半径的1/4圆周上D．t1时刻仍在磁场中的所有粒子均处在以O点为圆心、L为半径的1/6圆周上9．如图甲所示，平行纸面放一环形闭合导体线圈，线圈所在空间充满垂直纸面的匀强磁场，该磁场方向垂直纸面向里为B的正方向，线圈中感应电流方向沿顺时针方向为正方向，如要产生如图乙所示的随时间变化的感应电流，则磁感应强度B随时间变化图象可能是图中的( )A．B．C．D．10．如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，电阻R1=R2=25Ω，D为理想二极管，原线圈接u=220 sin100πt （v）的交流电，则( )A．交流电的频率为100Hz B．通过R2的电流为1AC．通过R2的电流为A D．变压器的输入功率为200W二、实验题（共2小题，共18分）11．(8 分)在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图(a)所示的实验装置。

2021年高三物理下学期3月月考试卷（含解析）一、选择题（本题7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1．（6分）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程中的认识，下列说法不正确的是（）A．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B．在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可能不是同时的，而是一先一后发生的C．质能关系式E=mc2中的质量m是经过爱因斯坦狭义相对论“改造”过的质量，它不是一个不变的量D．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人2．（6分）下列说法不正确的是（）A．麦克斯韦预言了光是横波，并且首次用实验验证了光是横波B．高速运动的飞船中的宇航员发现地面的时钟变慢了C．在磁场中做圆周运动的带电粒子会发出电磁波D．过强或过长时间的紫外辐射、X射线或γ射线的作用，会对人体（眼镜、皮肤、血液、神经系统、生殖系统等）造成危害3．（6分）2014年2月12日在新疆于田县附近发生7.3级地震，震源深度12千米．如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是（）A．从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3s时间=360m处的质点加速度B．从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x1最大C．再经过△t=0.3 s质点M经过的路程为56mD．此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有5个4．（6分）xx年我国相继完成“神十”与“天宫”对接，“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程，某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到h高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球，设“玉兔”质量为m，月球半径为R，月面的重力加速度为g月．以月面为零势能面，“玉兔”在h高度的引力势能可表示为E p=，其中G为引力常量，M为月球质量，若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为（）A．（h+2R）B．（h+R）C．（h+R）D．（h+R）5．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为5：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈与热水器、抽油烟机连接．已知副线圈上的电压按图乙所示规律变化，现闭合开关s接通抽油烟机，下列说法正确的是（）A．电压表示数为44 VB．副线圈上电压的瞬时值表达式 u=220sin （10πt）VC．热水器消耗的功率变大D．变压器的输入功率增大6．（6分）如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的导线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知导线框电阻为R，横边边长为L．有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、导线框竖直边长均为h．初始时刻，磁场的下边缘和导线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，导线框加速进入磁场，穿出磁场前已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g．则下列说法中正确的是（）A．导线框进入磁场时的速度为B．导线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则加速度为a=g﹣C．导线框穿出磁场时的速度为D．导线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh﹣7．（6分）如图所示，虚线MN上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，MN下方存在竖直向下的匀强磁场，两处磁场磁感应强度大小均为B．足够长的不等间距金属导轨竖直放置，导轨电阻不计．两个金属棒通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上，其中光滑金属棒AB质量为m，长为L，电阻为R；金属棒CD质量为2m、长为2L、电阻为2R，与导轨之间的动摩擦因数为μ．若AB棒在外力F的作用下向上做匀速运动，CD棒向下做匀速运动，下列说法正确的是（）A．AB棒中电流方向从A到BB．AB棒匀速运动的速度C．AB杆所受拉力F=mg+mgD．时间t内CD棒上的焦耳热为二、实验题（共17分）（8-1、7分，8-2、10分）8．（3分）某同学用圆柱形玻璃砖做测定玻璃折射率的实验，先在白纸上放好圆柱形玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在圆柱形玻璃砖另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在一侧相继又插上两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，使P4挡住P3和P1、P2的像，在纸上标出大头针位置和圆柱形玻璃砖的边界如图所示．测出的折射率n=．（画出光路图，在图上标出需要测量的物理量，用这些物理量表示n）9．（4分）用单摆测定重力加速度，采用图所示的实验装置．①该组同学先测出悬点到小球球心的距离L，然后用秒表测出单摆从小球某次经过最低点时开始计时，测得之后漏斗第n次经过最低点共用时t秒；请写出重力加速度的表达式g=．（用所测物理量表示）②在测量摆长后，测量周期时，摆球振动过程中悬点O处摆线的固定出现松动，摆长略微变长，这将会导致所测重力加速度的数值．（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）10．（10分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的（6V，2.5W）伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．电流表G（满偏电流 3mA，内阻R g=10Ω）B．量程为3A，内阻约为0.1Ω的电流表A2；C．量程为0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A l；D．量程为3V，内阻约为3kΩ的电压表V1E．滑动变阻器（0～20Ω，10A）F．滑动变阻器（0～200Ω，1A）G．定值电阻R0（阻值1990Ω）H．开关与导线若干I．直流电源（6V，内阻不计）（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（画在方框内）（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，应该选用的电流表是，滑动变阻器应选用．（填写器材序号）（3）实验中，的示数为时，可测出电子元件R1的额定功率2.5W．（4）将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图2所示的电路甲中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中ob、oa所示．电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1的阻值为Ω，R3接入电路的阻值为Ω．三、计算题（共3个题、共51分、要求写出必要的步骤和文字说明，只有结果不给分）11．（15分）如图所示，小物块A、B由跨过定滑轮的轻绳相连，A置于倾角为37°的光滑固定斜面上，B位于水平传送带的左端，轻绳分别与斜面、传送带平行．传送带始终以速度v0=2m/s向右匀速运动，某时刻B从传送带左端以速度v1=6m/s向右运动，经一段时间回到传送带的左端．已知A、B质量均为1kg，B与传送带间的动摩擦因数为0.2，斜面、轻绳、传送带均足够长，A不会碰到定滑轮，定滑轮的质量与摩擦均不计．g取10m/s2，sin37°=0.6．求：（1）B向右运动的总时间；（2）B回到传送带左端时的速度；（计算结果可用根号表示）12．（17分）如图（a）所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为圆心，半径为L的圆形区域，圆形区域与x轴的交点分别为M、N．现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后恰能从M点进入圆形区域，速度方向与x轴夹角30°，此时圆形区域加如图（b）所示周期性变化的磁场（以电子进入圆形区域开始计时，且磁场方向以垂直于纸面向外为正方向），最后电子运动一段时间后从N点飞出，速度方向与x轴夹角也为30°．求：（1）电子进入圆形区域时的速度大小；（2）0≤x≤L区域内匀强电场的场强大小；（3）写出圆形区域磁场的变化周期T、磁感应强度B0的大小各应满足的表达式．13．（19分）如图所示，PQ右侧平面区域分布N个足够大条形磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直纸面向里，相邻磁场区域的距离为S．左测存在一个加速电场，A板为加速电场正极板，B板为负极板，极板间电压为U，质量m、带正电量为q 的粒子从A板静止释放加速后垂直射入磁场（重力不计）．（1）试求粒子在磁场区域做圆周运动的轨道半径；（2）粒子恰好经过右边第二个磁场区域的右边界后返回，最终垂直PQ边界离开磁场，试求从粒子进入磁场返回边界PQ所用的时间；（3）若要求粒子经过右边第N个磁场后再返回通过边界PQ，试求加速电场的电压应该调节到多大．四川省成都外国语学校xx届高三下学期月考物理试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的、不选的得0分）1．（6分）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程中的认识，下列说法不正确的是（）A．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可能用实验直接验证B．在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可能不是同时的，而是一先一后发生的C．质能关系式E=mc2中的质量m是经过爱因斯坦狭义相对论“改造”过的质量，它不是一个不变的量D．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成就，所以被称为能“称量地球质量”的人考点：物理学史；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、牛顿第一定律是在实验的基础上经分析推理而得出的，采用的是实验加推理的方法，不可能用实验直接验证，故A正确；B、在一个参考系中观测是同时发生的两事件，在相对于此参考系运动的别的参考系中观测就可能不是同时的，而是一先一后发生的，故B正确；C、质能关系式E=mc2中的质量m是经过爱因斯坦狭义相对论“改造”过的质量，它不是一个不变的量，故C正确；D、牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了引力常量G，卡文迪许被称为能“称量地球质量”的人，故D错误；本题选不正确的，故选：D．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（6分）下列说法不正确的是（）A．麦克斯韦预言了光是横波，并且首次用实验验证了光是横波B．高速运动的飞船中的宇航员发现地面的时钟变慢了C．在磁场中做圆周运动的带电粒子会发出电磁波D．过强或过长时间的紫外辐射、X射线或γ射线的作用，会对人体（眼镜、皮肤、血液、神经系统、生殖系统等）造成危害考点：* 时间间隔的相对性；电磁波的产生；X射线、α射线、β射线、γ射线及其特性．分析：偏振可以证明波性，下面是光偏振的发现过程，偏振现象的发现：1809年，马吕斯在试验中发现偏振现象．在进一步研究光的简单折射中的偏振时，他发现光在折射时是部分偏振的；高速运动的飞船中的宇航员发现地面的时钟变慢了；在磁场中做圆周运动的带电粒子会发出电磁波；紫外辐射、X射线或γ射线具有很强的化学作用．解答：解：A、麦克斯韦预言了光是横波，马吕斯在试验中发现光的偏振现象，证明了光是横波．故A错误；B、根据爱因斯坦的相对论理论，高速运动的飞船中的宇航员发现地面的时钟变慢了．故B 正确；C、根据经典的电磁学理论，在磁场中做圆周运动的带电粒子在空间中产生周期性变化的磁场，会发出电磁波．故C正确；D、紫外辐射、X射线或γ射线具有很强的化学作用，过强或过长时间的紫外辐射、X射线或γ射线的作用，会对人体（眼镜、皮肤、血液、神经系统、生殖系统等）造成危害．故D正确．本题要求选择不正确的．故选：A点评：该题考察了光的偏振、相对论理论、经典的电磁场理论和各种电磁波的特性，都是属于记忆性的知识点，要加强这类知识点的记忆．3．（6分）2014年2月12日在新疆于田县附近发生7.3级地震，震源深度12千米．如果该地震中的简谐横波在地壳中匀速传播的速度大小为4km/s，已知波沿x轴正方向传播，某时刻刚好传到x=120m处，如图所示，则下列说法正确的是（）A．从波源开始振动到波源迁移到地面需要经过3s时间B．从波传到x=120 m处开始计时，经过t=0.06 s位于x1=360m处的质点加速度最大C．再经过△t=0.3 s质点M经过的路程为56mD．此刻波动图象上除M点外与M点势能相同的质点有5个考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：机械波传播的过程中介质中的质点不向前迁移．由图得到波长，求出周期，根据时间与周期的关系分析质点的加速度．势能相同的点位移大小相等．由x=vt求解波传播的距离．解答：解：A、波向前传播的过程中，介质中所有质点都不随波向前迁移，故A错误；B、由图知波长为λ=60m，该波的周期为 T==s=0.015s，从波传到x=120m处开始计时，经过t=0.06s，恰好完成了4个周期，位于x=360m处的质点在平衡位置，加速度最小，故B 错误；C、再经过△t=0.3s，质点M经过的路程为S=×4A=56m，故C正确；D、位移大小相等的点势能相同．由简谐运动的对称性可得，除M点外与M点势能相同的质点有7个，故D错误；故选：C．点评：解决本题的关键要掌握波的特点：质点不“随波逐流”，由波的传播方向，运用“上下坡”法判断质点的振动方向．能根据时间与周期的关系，分析质点的状态．4．（6分）xx年我国相继完成“神十”与“天宫”对接，“嫦娥”携“玉兔”落月两大航天工程，某航天爱好者提出“玉兔”回家的设想：如图，将携带“玉兔”的返回系统由月球表面发射到h高度的轨道上，与在该轨道绕月球做圆周运动的飞船对接，然后由飞船送“玉兔”返回地球，设“玉兔”质量为m，月球半径为R，月面的重力加速度为g月．以月面为零势能面，“玉兔”在h高度的引力势能可表示为E p=，其中G为引力常量，M为月球质量，若忽略月球的自转，从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为（）A．（h+2R）B．（h+R）C．（h+R）D．（h+R）考点：万有引力定律及其应用；功的计算．专题：万有引力定律的应用专题．分析：先根据万有引力提供向心力，以及重力等于万有引力，求出“玉兔”绕月球做圆周运动的动能，再根据功能关系求解需要对“玉兔”做的功．解答：解：根据万有引力提供向心力，得：G=m在月球表面上，由重力等于万有引力，则得：G=m′g月，即有GM=g月R2；“玉兔”绕月球做圆周运动的动能 E k=联立以上三式解得：E k=“玉兔”在h高度的引力势能为E p===根据功能关系得：从开始发射到对接完成需要对“玉兔”做的功为 W=E p+E k=（h+R）故选：D．点评：解决本题的关键掌握万有引力的两个重要理论：1、万有引力等于重力，2、万有引力提供向心力，并能灵活运用．5．（6分）如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为5：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈与热水器、抽油烟机连接．已知副线圈上的电压按图乙所示规律变化，现闭合开关s接通抽油烟机，下列说法正确的是（）A．电压表示数为44 VB．副线圈上电压的瞬时值表达式 u=220sin （10πt）VC．热水器消耗的功率变大D．变压器的输入功率增大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：电压表测的是电流的有效值．根据图乙所示图象求出交变电流的峰值、角频率初位相，然后写出交变电流的瞬时值表达式．根据动态分析法分析实际功率．由W=Pt可以求出热水器机消耗的电能解答：解：A、U1=V=1100V，则电压表示数为1100V，故A错误；B、由图乙可知，交变电流的峰值是220V，ω==100πrad/s，则副线圈两端电压的瞬时值表达式为u=220sin100πtv，故B错误；C、接通开关，副线圈所接电路电阻减小，电流增大，热水器两端电压不变，所以消耗功率不变，故C错误；D、接通开关，电流增大，电压不变，所以线圈消耗的功率增大，输入功率等于输出功率，故D正确；故选：D点评：会写交变电流的瞬时值表达式，应知道电压表与电流表测的是交变电流的有效值，能用动态分析法判断电流、电压的变化6．（6分）如图所示，质量为3m的重物与一质量为m的导线框用一根绝缘细线连接起来，挂在两个高度相同的定滑轮上，已知导线框电阻为R，横边边长为L．有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场上下边界的距离、导线框竖直边长均为h．初始时刻，磁场的下边缘和导线框上边缘的高度差为2h，将重物从静止开始释放，导线框加速进入磁场，穿出磁场前已经做匀速直线运动，滑轮质量、摩擦阻力均不计，重力加速度为g．则下列说法中正确的是（）A．导线框进入磁场时的速度为B．导线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，则加速度为a=g﹣C．导线框穿出磁场时的速度为D．导线框通过磁场的过程中产生的热量Q=8mgh﹣考点：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒求解线框进入磁场时的速度；推导出安培力表达式，由平衡条件也可求得线框穿出磁场时的速度；线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动；根据能量守恒定律求解产生的热量Q；若某一时刻的速度为v，推导出安培力，运用牛顿第二定律列式求解加速度．解答：解：A、线框进入磁场前，根据重物与线框组成的机械能守恒得：（3mg﹣mg）•2h=（3m+m）v2；解得线框进入磁场时的速度为：v=．故A错误．B、线框进入磁场后，若某一时刻的速度为v，对整体，根据牛顿第二定律得：3mg﹣mg﹣=（3m+m）a，解得：a=g﹣．故B正确．C、线框进入磁场时，根据平衡条件得：3mg﹣mg=F安，而F安=联立解得线框进入磁场时的速度为：v=．线框的高度与磁场的高度相等，线框通过磁场的过程都做匀速直线运动，所以线框穿出磁场时的速度为v=．故C错误．D、设线框通过磁场的过程中产生的热量为Q．对从静止到刚通过磁场的过程，根据能量守恒得：Q=（3mg﹣mg）•4h﹣，将v=代入得：Q=8mgh﹣，故D正确．故选：BD．点评：本题力学知识与电磁感应的综合，要认真审题，明确物体运动的过程，正确分析受力及各力的做功情况，要熟练推导或记住安培力的表达式F安=．7．（6分）如图所示，虚线MN上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，MN下方存在竖直向下的匀强磁场，两处磁场磁感应强度大小均为B．足够长的不等间距金属导轨竖直放置，导轨电阻不计．两个金属棒通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上，其中光滑金属棒AB质量为m，长为L，电阻为R；金属棒CD质量为2m、长为2L、电阻为2R，与导轨之间的动摩擦因数为μ．若AB棒在外力F的作用下向上做匀速运动，CD棒向下做匀速运动，下列说法正确的是（）A．AB棒中电流方向从A到BB．AB棒匀速运动的速度C．AB杆所受拉力F=mg+mgD．时间t内CD棒上的焦耳热为考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：AB棒沿竖直向上运动，切割磁感线产生感应电流，由右手定则判断感应电流的方向，由CD棒的电流方向及磁场方向判断所受安培力的方向，再判断摩擦力从而确定运动情况，力F所做的功应等于所产生的总内能与增加的机械能之和．解答：解：A、根据右手定则可知，AB棒中电流方向由B到A，故A错误；B、令AB棒的速度为v1，所以电路的电流I=，对于CD棒的匀速运动有：2mg=μIB2L，联立上式可解得，故B正确；C、由AB棒匀速上升，故有F=mg+BIL，代入、I=，可得F=mg+，故C正确；D、CD棒上的焦耳热Q=I22Rt=，故D错误．故选：BC．点评：本题关键是根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式、牛顿第二定律、综合运用，难度较大．二、实验题（共17分）（8-1、7分，8-2、10分）8．（3分）某同学用圆柱形玻璃砖做测定玻璃折射率的实验，先在白纸上放好圆柱形玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在圆柱形玻璃砖另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在一侧相继又插上两枚大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，使P4挡住P3和P1、P2的像，在纸上标出大头针位置和圆柱形玻璃砖的边界如图所示．测出的折射率n=．（画出光路图，在图上标出需要测量的物理量，用这些物理量表示n）考点：测定玻璃的折射率．专题：实验题．分析：画出光路图，确定出入射光线和出射光线，从而确定出入射角和折射角，结合折射定律求出折射率的大小．解答：解：通过P1、P2和P3、P4作出入射光线和出射光线，从而确定出在玻璃砖中的折射光线，光路图如图所示，入射角为i，折射角为r，根据折射定律得，n=．故答案为：．点评：解决本题的关键作出光路图，确定入射角和折射角，从而结合折射定律进行求解，基础题．9．（4分）用单摆测定重力加速度，采用图所示的实验装置．①该组同学先测出悬点到小球球心的距离L，然后用秒表测出单摆从小球某次经过最低点时开始计时，测得之后漏斗第n次经过最低点共用时t秒；请写出重力加速度的表达式g=．（用所测物理量表示）②在测量摆长后，测量周期时，摆球振动过程中悬点O处摆线的固定出现松动，摆长略微变长，这将会导致所测重力加速度的数值偏大．（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题．分析：依据单摆周期公式，可得重力加速度表达式；依据重力加速度表达式分析摆长对结果的影响；解答：解：①依据单摆周期公式，可得：，解得：，②在测量摆长后，测量周期时，摆球振动过程中悬点O处摆线的固定出现松动，摆长略微变长，依据，这将会导致所测重力加速度的数值偏大．故答案为：①；②偏大．点评：该题重点值掌握单摆周期公式，另外要会依据公式分析测量结果的误差．10．（10分）某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1的（6V，2.5W）伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．电流表G（满偏电流 3mA，内阻R g=10Ω）B．量程为3A，内阻约为0.1Ω的电流表A2；C．量程为0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A l；D．量程为3V，内阻约为3kΩ的电压表V1E．滑动变阻器（0～20Ω，10A）F．滑动变阻器（0～200Ω，1A）G．定值电阻R0（阻值1990Ω）H．开关与导线若干I．直流电源（6V，内阻不计）（1）根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图（R1可用“”表示）．（画在方框内）（2）在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，应该选用的电流表是C，滑动变阻器应选用E．（填写器材序号）（3）实验中，电流表G的示数为3mA时，可测出电子元件R1的额定功率2.5W．（4）将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图2所示的电路甲中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中ob、oa所示．电源的电动势E=6.0V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电阻R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电阻R1的阻值为10Ω，R3接入电路的阻值为4Ω．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）在研究该元件的伏安特性曲线时，要求电压从零调节，因此滑动变阻器采用分压接法，所以在选择时选择总阻值较小的，便于调节；（2）在该实验中，滑动变阻器采用分压接法，由于没有电压表，因此需要用已知内阻的电流表G进行改装，由此可画出原理图，（3）根据电表的改装原理可知电流表示数为多少时可以应元件两端电压为6V；（4）由电表的电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，说明它们的电压和电流相等，根据图象求出此时流过R1和R2的电压电流，从而求出R1的阻值，根据串并联知识进一步求出滑动变阻器接入电路中的电阻值．解答：解：（1）在研究该元件的伏安特性曲线时，要求电压从零调节，因此滑动变阻器采用分压接法，在该实验中，滑动变阻器采用分压接法，由于没有电压表，因此需要用已知内阻的电流表G进行改装，由此可画出原理图如下所示：（2）该元件的电流约为：I m==0.43A；故电流表应选用0.6A量程，故选：C；因采用分压接法，故滑动变阻器选择小电阻；故选：E；（3）根据改装原理可知，新改装的电表内阻为：1990+10=xxΩ；则要使电压示数为6V，则表头的示数应为3mA；此时元件达额定功率为2.5W；。

北京市西城区41中2023年高三第四次模拟物理试题试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，重型自卸车装载一巨型石块，当利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度，车厢上的石块就会自动滑下．以下说法正确的是（）A．石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的压力不变B．石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的摩擦力变大C．石块开始下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的作用力变大D．石块开始下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块受到的合力不变2、如图所示，上表面粗糙、倾角θ=37︒的斜面体放在光滑的水平地面上，一物块静止在斜面体上。

现给斜面体一水平向左的推力F，发现无论F多大，物块均能与斜面体保持相对静止。

若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37︒=0.6，cos37︒=0.8，则物块与斜面体间的动摩擦因数μ应满足的条件为（）A．43μ<B．43μC．34μ<D．34μ3、下列说法中，正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在恒力作用下不可能做圆周运动C．物体在变力作用下不可能做直线运动D．物体在变力作用下不可能做曲线运动4、如图所示，电灯悬挂于两壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动而保持O点的位置不变，则A点向上移动时（）A ．绳OA 的拉力逐渐增大B ．绳OA 的拉力逐渐减小C ．绳OA 的拉力先增大后减小D ．绳OA 的拉力先减小后增大5、2016里约奥运会男子50米自由泳决赛美国埃尔文夺得金牌。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.一质量为m的物块静止在倾角为θ的斜面上，现对物块施加一个垂直于斜面向下的恒力F，如图所示，物体仍保持静止。

则物块A．受到的支持力不变B．受到的支持力减小C．受到的摩擦力不变D．受到的摩擦力减小2.竖直上抛一个小球，并在抛出点接住该小球。

在小球飞行过程中不计空气阻力，设竖直向上为正方向，则图中描述该小球运动的图像正确的是3.如图所示，一个匀速转动的半径为r的水平圆盘上放着两个小木块M和N，木块M放在圆盘的边缘处，木块N 放在离圆心处，它们都随圆盘一起运动。

下列说法中正确的是A．M受到重力、支持力、向心力B．M、N两木块的线速度相等C．M的角速度是N的3倍D．M的向心加速度是N的3倍4.“嫦娥二号”环月飞行的高度为100km，所探测到的有关月球的数据将比环月飞行高度为200km的“嫦娥一号”更加详实。

若两颗卫星环月的运行均可视为匀速圆周运动，运行轨道如图所示。

则A．“嫦娥二号”环月运行的周期比“嫦娥一号”大B．“嫦娥二号”环月运行的线速度比“嫦娥一号”小C．“嫦娥二号”环月运行的向心加速度比“嫦娥一号”大D．“嫦娥二号”环月运行的向心力与“嫦娥一号”相等5.一列横波沿x轴正方向传播，图（甲）为t=0.5s时的波动图像，图（乙）为介质中某质点的振动图像。

对该波的说法正确的是A．这列机械波的频率为0.25HzB．这列机械波的波速为4m/sC．质点N的振幅为0D．（乙）图描述的是（甲）图中M点的振动情况6.在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。

质量为60kg的跳水运动员进入水中后受到水的阻力做竖直向下的减速运动，设水对他的阻力大小恒为2600N，那么在他减速下降2m的过程中，下列说法正确的是（g=10m/s2）A．他的动能减少了5200JB．他的重力势能减少了1200JC．他的机械能减少了4000JD．他的机械能保持不变7.已知负电荷在电场中划过的轨迹为曲线ab，图中只画出电场线的疏密，并没有标出电场线的方向，则A．不论该负电荷如何运动，在a、b点的加速度有 a a<a bB．不论该负电荷如何运动，在a、b点的电势有φa>φbC．不论该负电荷如何运动，在a、b点的电势能有εa>εbD．不论该负电荷如何运动，在a、b点的速度有 v a>v b8.按如图所示的电路连接各元件后，闭合开关S，、两灯泡都能发光。

北京高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.在不计空气阻力作用的条件下，下列说法中正确的是（）A．自由下落的小球在空中运动的任意一段时间内，其增加的动能一定等于其减少的重力势能B．做平抛运动的小球在空中运动的任意相同的时间内，其速度的变化量一定相同C．做匀速圆周运动的小球在任意一段时间内其合外力做的功一定为零，合外力的冲量也一定为零D．单摆在一个周期内，合外力对摆球做的功一定为零，合外力的冲量也一定为零2.在水平桌面上有一个倾角为的斜面体，一个质量为m的物块，在平行于斜面的拉力F作用下，沿斜面向上做匀速运动，斜面体始终处于静止状态，如图所示，已知物块与斜面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，下列结论正确的是（）A．斜面对物块的摩擦力大小是FB．斜面对物块的摩擦力大小是C．桌面对斜面体的摩擦力大小是0D．桌面对斜面体的摩擦力大小是3.在游乐园中，游客乘坐升降机可以体验超重与失重的感觉，关于游客在随升降机一起运动的过程中所处的状态，下列说法中正确的是（）A．游客处在失重状态时，升降机一定在加速下降B．游客处在失重状态时，升降机速度可能向上运动C．游客处在失重状态时，升降机一定向下运动D．游客处在失重状态时，升降机的加速度方向一定向下4.如图所示，长为L的小车置于光滑的水平面上，小车前端放一小物块，用大小为F的水平力将小车向右拉动一段距离，物块刚好滑到小车的左端，物块与小车间的摩擦力为，在此过程中（）A．系统产生的内能为B．系统增加的机械能为C．物块增加的动能为D．小车增加的动能为5.使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第一宇宙速度，星球的第二宇宙速度与第一宇宙速度的关系是。

已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）A．B．C．D．6.如图甲所示，静置于光滑水平面上坐标原点O处的小物块，在水平拉力F的作用下沿x轴方向运动，拉力F随物块所在位置坐标x的变化关系如图乙所示，图线为半圆，则小物块运动到处时的动能为（）A．B．C．D．7.某载人飞船运行的轨道示意图如图所示，飞船现沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P。

xx 届高三物理三月份月考试卷一．填空题. （共 24分） ( 本大题共5小题，每小题4分. 答案写在题中横线上的空白处或指定位置，不要求写出演算过程 )1、发现质子的核反应方程为:发现中子的核反应方程为: 2. 在x 轴上传播的简谐波在t 1=0和t 2=2s 时的波形图如图所示.若已知波的传播方向是-x 方向.周期T>2s ，则此波的周期T= s ；若波沿x 轴正方向传播，周期T>2s ，则T= s.3、如图所示，AB 两端接直流稳压电源，U AB ＝100V ，R 0＝40Ω，滑动变阻器总电阻R ＝20Ω，当滑动片处于变阻器中点时，C 、D 两端电压U CD 为_________V ，通过电阻R 0的电流为__________A 。

4、鸟鲁木齐市达板城地区风力发电网每台风力发电机4张叶片总共有效迎风面积为S ，空气密度为ρ、风速为v ，设风力发电机的效率（风的动能转化为电能的百分比）为η.则每台风力发电机的平均功率P= 。

5、 如图所示，一物体从倾角为30°的斜面顶端由静止开始下滑，S 1段光滑，S 2段有摩擦，已知S 2=2S 1，物体到达底部的速度刚好为零，则S 2段的动摩擦因数u 为 。

6、取离开地球无穷远处为重力势能的零点，设地球质量为M ，半径为R ，万有引力常量为G ，距地面高为h ，质量为m 的人造地球卫星的势能为)(h R MmG +- ，则卫星的总机械能为二．选择题（共40分）. 本大题共8小题，每小题5分. 每小题给出的四个答案中，至少有一个是正确的. 把正确答案全选出来，并将正确答案前面的字母填写在题后的方括号内. 每一小题全选对的得5分；选对但不全，得部3分；有选错或不答的，得0分. 填写在方括号外的字母，不作为选出的答案. 7．抽制高强度纤维细丝时可用激光监控其粗细，如图，观察激光束经过细丝时在光屏上产生的条纹即可判断细丝粗细的变化，关于这个过程的叙述正确的是： （ ）A ．这主要是利用了光的干涉现象C R R 0ABDS 1S 2 300B．这主要是利用了光的衍射现象C．这主要是利用了影形成的原理D．屏上条纹的宽窄变化，能反映抽制的细丝粗细的变化8．历史上，为了说明光的性质，牛顿提出了光的微粒说，惠更斯提出了光的波动说，如今人们对光的性质有了更进一步的认识．下面四幅示意图中所表示的实验中能说明光的性质的是：（）9．取两个完全相同的长导线，用其中一根绕成如图（a）所示的螺线管，当该螺线管中通以电流强度为I的电流时，测得螺线管内中部的磁感应强度大小为B，若将另一根长导线对折后绕成如图（b）所示的螺线管，并通以电流强度也为I的电流时，则在螺线管内中部的磁感应强度大小为：（）（A）0。