高二上学期第二次阶段考试物理试题

鹤山一中2024-2025学年度第一学期第二阶段考试高二物理选考试卷 2024.12一、单选题（本题7小题，每小题4分，共28分）1．两个半径均为r 的相同金属球，两球相距r ，分别带有电荷量2Q 和，它们之间库仑力的大小为F ，现将两球接触后再放回原处，则（ ）A ．两球均带正电B ．两球电荷量均为C．两小球间库仑力为D ．两小球间库仑力小于2．如图所示，虚线表示电场中的三个等势面，电势分别为、、，实线是一带电粒子在该区域内的运动轨迹，a 、b 、c 是轨迹上的三个点，粒子重力不计，下列说法正确的是（ ）A ．粒子带负电B ．粒子必先过a ，再到b ，然后到cC ．粒子在三点所受的电场力大小关系为D ．粒子在三点所具有的动能大小关系为3．如图所示，匀强电场中有一个半径为4cm 的圆，电场方向与圆面平行，A 、B 、C 是圆上的三个等分点，已知，，则该电场的电场强度大小为（ ）A ．100V/mB．150V/m C．D ．4．如图所示，一平行板电容器，两极板水平放置，b 板接地，P 点在两板之间，与两板距离相等。

开关S 闭合后，一带电油滴在P 点处于静止状态，现在断开开关，而后将b 板缓慢向上平移一小段距离，下列说法中正确的是（ ）A ．滴将将向下运动B ．油滴将向上运动C ．P 点电势降低D ．P 点电势升高5．某品牌推出了手机快充技术，其中66W 快充的参数如图，当充电器与手机连接时，手机将启动66W 快充模式充电，即充电器输出电压为11V ，输出电流为6A 。

若用该充电模式对容量为4500mAh 的电池充电（初始电量为零），要把电池充满，理论上充电的时间约为（ ）A ．15分钟B ．30分钟C ．45分钟D ．60分钟6．下列关于的磁场相关知识说法正确的是（ ）4Q -Q18F 18F 10V 20V 30V c b aF F F >>k k k c b aE E E >>6V AB U =6V BC U =-A ．甲图中，通电螺线管内部小磁针静止时N 极水平向左B ．乙图中，小磁针正上方的直导线中通有电流时，小磁针的N 极会垂直纸面向外转动C ．丙图中，面积为S 的矩形线框置于磁感应强度为B 的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，此时通过线框的磁通量为BSD ．丁图中，同向通电直导线之间的相互作用是通过磁场发生的7．带电粒子在磁场中运动的实例如图所示，下列判断正确的有（ ）A ．甲图中，只有速度为的带电粒子从P 射入，才能做匀速直线运动从Q 射出B ．乙图中，同种带电粒子在磁场中运动的半径越大，周期也越大C ．丙图中，直线加速器使用直流电，且电压越大，粒子获得的能量越高D ．丁图中，磁感应强度增大时，a 、b 两表面间的电压U 减小二、多选题（本题3小题，每小题6分，共18分;全选正确得6分，，少选但正确得3分，错选或不选得0分）8．下列有关静电现象的说法，正确的是（ ）A ．摩擦起电创造了电荷B ．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施C ．某些小汽车顶上有一根露在外面的小天线是用来避免雷击的D ．超高压带电作业的工人穿戴的工作服是用包含金属丝的织物制成的9．如图所示，细线栓一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则( )A ．小球不可能做匀速圆周运动B ．当小球运动到最高点时绳的张力可能最小C ．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D ．小球运动到最低点时，电势能一定最大10．如图所示电路，电源内阻不可忽略。

——教学资料参考参考范本——【高中教育】最新高二物理上学期第二次段考试卷（含解析）______年______月______日____________________部门一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．1-7小题只有一个选项正确．8-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对部分得2分，有选错得0分）1．关于电动势，下列说法正确的是( )A．电源电动势一定等于电源两极间的电压B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．体积越大的电源，电动势一定越大D．电源电动势与外电路的组成有关2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A．B．C．D．3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )A．三个等势面中，c等势面电势最高B．带电质点通过P点时电势能较小C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较小4．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则( )A．N点的电场强度大小为零B．q1电量小于q2C．NC间场强方向指向x轴负方向D．将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是( )A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c 6．平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差将减小B．P点的场强将减小C．P点的电势将降低D．固定在P点的负电荷电势能将减小7．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的A、B、C所示，根据图线可知( )A．反映Pr变化的图线是bB．电源电动势为4 VC．电源内阻为1ΩD．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为8Ω8．如图所示，A是带正电的球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点．以无限远处为电势零点，当导体B 达到静电平衡后，说法正确的是( )A．M、N两点电场强度大小关系为EM=EN=0B．M、N两点电势高低关系为φM＞φNC．M、N两点电势高低关系为φM＞φN＞0D．感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′9．一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期T=，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则( )A．所有电子都从右侧的同一点离开电场B．所有电子离开电场时速度都是v0C．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D．t=时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有( )A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少二．实验题（本题共2小题，每空2分，共16分）11．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为__________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为__________mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为__________Ω．（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=__________Ω•m．（保留2位有效数字）12．某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0﹣3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．①实验中滑动变阻器应选用__________（填“R1”或“R2”）．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=__________V；内阻，r=__________Ω．三．计算题（本题共44分，解题过程中要求写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分）13．一个量程为15V的电压表，串一个电阻为3000Ω的电阻后再去测量电路某两端的电压时，电压表示数为12V，已知该两端实际电压为15V，求：（1）电压表的内阻．（2）将该电压表改装成量程为90V的新电压表，应串联一个多大的电阻？14．在一个水平面上建立x轴，如图在过原点O右侧空间有一个匀强电场，电场强度大小E=6×105 N/C，方向与x轴正方向相同，在O处放一个电荷量q=5×10﹣8C、质量m=0.010kg的带负电绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2，沿x轴正方向给物块一个初速度v0=2m/s，如图所示，（g取10m/s2）求：（1）物体进入电场的最大距离（2）物块最终停止时的位置；（3）物块在电场中运动过程的机械能增量．15．有一个用直流电动机提升重物的装置，重物的质量m=50kg，电路电压为120V，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流I=5A，（取g=10m/s2）求：（1）电动机线圈的电阻R等于多少．（2）电动机对该重物的最大提升速度是多少．（3）若因故障电动机不能转动，这时通过电动机的电流是多大，电动机消耗的电功率又为多大．16．（14分）如图所示，在O点放一个正电荷，在过O点的竖直平面内的A点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（图中实线表示）相交于B、C两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，试求：（1）小球通过C点的速度大小．（2）小球由A到C的过程中电场力做了多少功；（3）小球由A到C机械能的损失．20xx-20xx学年江西省新余一中高二（上）第二次段考物理试卷一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．1-7小题只有一个选项正确．8-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对部分得2分，有选错得0分）1．关于电动势，下列说法正确的是( )A．电源电动势一定等于电源两极间的电压B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．体积越大的电源，电动势一定越大D．电源电动势与外电路的组成有关【考点】电源的电动势和内阻；闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，等于电源没有接入电路时两极间的电压，根据闭合电路欧姆定律分析电动势与外、内电压的关系．【解答】解：A、根据闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故A错误．B、电源是把其它形式的能转化为电能的装置，电动势表征了这种转化本领的大小，所以电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故B正确．C、干电池的电动势与正负极的材料有关，与电源的体积无关；而其他的电源的电动势的大小也不一定与体积有关．故C错误．D、电动势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故D错误．故选：B【点评】对于电动势，可以结合电动势的物理意义、定义式和闭合电路欧姆定律等知识理解．2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A．B．C．D．【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．【解答】解：由电阻的决定式可知，A中电阻RA=，B中电阻RB=；C中电阻RC=；D中电阻RD=；故电阻最小的为A；故选：A．【点评】本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )A．三个等势面中，c等势面电势最高B．带电质点通过P点时电势能较小C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较小【考点】电势差与电场强度的关系；等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c 等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B错误；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C正确；D、由于相邻等势面之间的电势差相同．等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大，故D错误．故选：C．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化4．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则( )A．N点的电场强度大小为零B．q1电量小于q2C．NC间场强方向指向x轴负方向D．将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．【专题】定性思想；控制变量法；电场力与电势的性质专题．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：A、该图象的斜率等于场强E，则知N点电场强度不为零，故A错误；B、如果q1和q2为等量异种电荷，点连线中垂线是等势面，故连线中点为零电势点；由于OA＞AM，故q1＞q2；故B错误；C、由图可知：OM间电场强度方向沿x轴正方向，MC间电场强度方向沿x轴负方向，NC间场强方向向x轴负方向．故C正确D、由于从N到D，电势先增加后减小；将一正电荷从N点移到D点，根据公式Ep=qφ，电势能先增加后减小，故电场力先做负功后正功；故D错误；故选：C【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是( )A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c 【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】对于不在同一电场线上的两点在判断其电势高低时，可以通过等势线把它们移动到同一电场线上，然后根据沿电场线电势降低进行判断．根据电场线的疏密判断电场强度的大小，根据电场力做功情况，判断电势能的变化．【解答】解：A、由沿电场线的方向电势降落和电场线与等势面垂直的特点，可知a点的电势低于b点的电势，故A正确；B、将一正试探电荷由a点移到b点，由于a点的电势低于b点的电势，由电势能的公式式：Ep=qφ，可知正电荷在a点的电势能小于b点的电势能，由电场力做功与电势能变化的关系，说明电场力做负功，故B 错误；C、因为电场线的疏密表示电场的强弱，故c点的电场强度小于d点的电场强度，故C错误；D、正试探电荷在d点时所受的电场力沿该处电场线的切线方向，使该电荷离开该电场线，所以该电荷不可能沿着电场线由d到c．故D错误．故选：A【点评】本题考查了电场线和电场强度、电势之间的关系，对于电势能可以通过电势高度进行判断，也可以通过电场力做功进行判断．6．平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差将减小B．P点的场强将减小C． P点的电势将降低D．固定在P点的负电荷电势能将减小【考点】电容器的动态分析；匀强电场中电势差和电场强度的关系；电容．【专题】电容器专题．【分析】平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变．移动极板，根据推论分析板间场强是否变化．由电容的决定式分析电容的变化，确定电压U的变化．根据P点与上板间电势差的变化，分析P点的电势如何变化，判断电势能的变化．【解答】解：A、由题意可知，电容器始终与电源相连，故电源器两端的电压不变；即电容器两端的电势差保持不变，故A错误；B、由U=Ed可知，d增大，U不变，则场强E减小；故B正确；C、因E减小，而BP间的距离不变，故BP间的电势差减小，故P与A之间的电势差减增大；因A板接地，则P点的电势为降低；故C正确；D、因电势降低，而P点放置的为负电荷，故电荷的电势能将增大；故D错误；故选BC．【点评】本题要注意上极板接地，故电容器中的各点的电势均为负值；同时明确对于负电荷来说，电势越低的地方，电荷的电势能越高．7．某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在了同一坐标系上，如图中的A、B、C所示，根据图线可知( )A．反映Pr变化的图线是bB．电源电动势为4 VC．电源内阻为1ΩD．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为8Ω【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】定量思想；图析法；电学图像专题．【分析】电源内部的发热功率Pr=I2r．直流电源的总功率PE=EI，P﹣I图象的斜率等于电动势E．由图知：当I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，求出电源的内阻．根据闭合电路欧姆定律求出电流为0.5A时的外电阻．【解答】解：A、电源内部的发热功率为 Pr=I2r，则Pr﹣I图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c．故A错误．B、直流电源的总功率为 PE=EI，P﹣I图象的斜率等于电动势E，则有E==V=4V．故B正确．C、图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有Pr=I2r，得到r==Ω=2Ω．故C错误．D、当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：I=，代入解得：R=6Ω．故D错误．故选：B【点评】本题要根据电源的总功率公式PE=EI求解电动势，根据发热功率的解析式I2r，求解电源的内阻．要明确内外电路功率的关系．8．如图所示，A是带正电的球，B为不带电的导体，A、B均放在绝缘支架上，M、N是导体B中的两点．以无限远处为电势零点，当导体B 达到静电平衡后，说法正确的是( )A．M、N两点电场强度大小关系为EM=EN=0B．M、N两点电势高低关系为φM＞φNC．M、N两点电势高低关系为φM＞φN＞0D．感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′【考点】静电场中的导体；电场强度；电势．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】物体带电有接触起电，有感应带电，有摩擦起电．对于感应带电，是利用同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引的原理．且带电体是等势体．【解答】解：A、D、M、N两点的场强为导体球与B上感应电荷在这两处的场强之和，合场强大小为零，即EM=EN=0；而带电球A在M、N两点产生的场强不同，故B上感应电荷在M、N两点产生的电场强度不相等，根据点电荷电场强度公式，可知，离A越远的，电场强度越小，则感应电荷在M、N两点产生的电场强度EM′＞EN′，故AD正确．B、C、处于静电平衡的导体，其整体是等势体，故φM=φN，故B错误，C错误．故选：AD．【点评】本题重点掌握感应带电的本质是电荷的转移；当金属导体处于电场时出现静电平衡现象，注意处于静电平衡的导体内部电场强度为零，是由感应电荷与场源电荷叠加而成的，同时知道是等势体是解题的关键．9．一对平行金属板长为L，两板间距为d，质量为m、电荷量为e的电子从平行板左侧以速度v0沿两板的中线不断进入平行板之间，两板间所加交变电压uAB如图所示，交变电压的周期T=，已知所有电子都能穿过平行板，且最大偏距的粒子刚好从极板的边缘飞出，不计重力作用，则( )A．所有电子都从右侧的同一点离开电场B．所有电子离开电场时速度都是v0C．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时动能最大D．t=时刻进入电场的电子，在两板间运动时最大侧位移为【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向运动情况不同，则知不是从同一点离开电场．所有电子都能穿过平行板，竖直方向加速和减速的时间必然相等，飞出电场时，电子只有水平速度．t=0时刻进入电场的电子，离开电场时速度等于v0，电子的动能不是最大．分析t=时刻进入电场的电子运动情况，由牛顿第二定律和运动学公式求解最大侧位移．【解答】解：A、电子进入电场后做类平抛运动，不同时刻进入电场的电子竖直方向分速度图象如图，根据图象的“面积”大小等于位移可知，各个电子在竖直方向的位移不全相同，故所有电子从右侧的离开电场的位置不全相同．故A错误．B、由图看出，所有电子离开电场时竖直方向分速度vy=0，速度都等于v0，故B正确．C、由上分析可知，电子离开电场时的速度都相同，动能都相同．故C 错误．D、t=时刻进入电场的电子，在t=时刻侧位移最大，最大侧位移为ymax=2=…①在t=0时刻进入电场的电子侧位移最大为，则有：=4×a…②联立①②得：ymax= 故D正确．故选BD【点评】本题作出速度图象，根据“面积”大小等于位移分析竖直方向的运动情况．10．如图电路，C为电容器的电容，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想表．闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为△U1，电压表V2的示数改变量大小为△U2，电流表A的示数改变量大小为△I，则下列判断正确的有( )A．的值变大B．的值变大C．的值不变，且始终等于电源内阻rD．滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少【考点】电容；闭合电路的欧姆定律．【专题】电容器专题．【分析】由电路图先明确电路的结构，再根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可知电路电流的变化，则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化．【解答】解：由图可知R1与R串联，V1测R两端的电压，V2测路端的电压．若P向左端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，则内电压减小，路端电压增大，即电压表V2的示数增大，R1两端的电压减小，所以V1的示数增大．A、根据欧姆定律得的值等于滑动变阻器的阻值，所以的值变大，故A正确；B、根据闭合电路欧姆定律得：U1=E﹣I（R1+r），则=R1+r，所以的值不变；故B错误；C、根据闭合电路欧姆定律得：由U2=E﹣Ir，则=r，所以的值不变；故C正确；D、滑片向左移动的过程中，由于理想二极管具有单向导通作用，所以电容器所带的电荷量不变，故D错误；故选：AC．【点评】闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路﹣内电路﹣外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．二．实验题（本题共2小题，每空2分，共16分）11．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为4.700mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为220Ω．（4）若该同学用伏安法跟用多用电表测量得到的R测量值几乎相等，由此可估算此圆柱体材料的电阻率约为ρ=7.6×10﹣2Ω•m．（保留2位有效数字）【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）20分度游标卡尺游标每一分度表示长度为0.05mm，由主尺读出整毫米数，根据游标尺上第几条刻度线与主尺对齐，读出毫米的小数部分．（2）螺旋测微器固定刻度最小分度为1mm，可动刻度每一分度表示0.01mm，由固定刻度读出整毫米数包括半毫米数，由可动刻度读出毫米的小数部分．（3）电阻的测量值=指针指示值×倍率．（4）根据欧姆定律求得电阻的表达式，再由电阻定律即可求得电阻率．【解答】解：（1）主尺读数为50mm，游标上第3条刻度线与主尺对齐，读数为3×0.05mm=0.15mm，则长度为50.15mm．（2）螺旋测微器固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.200mm，则直径为4.700mm．（3）电阻的阻值R=22×10Ω=220Ω（4）由电阻定律R=，S=代入解得ρ=7.6×10﹣2Ω•m．本题答案是（1）50.15（2）4.700（3）220（4）7.6×10﹣2【点评】测量电阻最基本的原理是伏安法，电路可分为测量电路和控制电路两部分设计．测量电路要求精确，误差小，可根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表内、外接法．控制电路关键是变阻器的分压式接法或限流式接法．在两种方法都能用的情况下，为了减小能耗，选择限流式接法．12．某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0﹣3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．①实验中滑动变阻器应选用R1（填“R1”或“R2”）．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E=1.47V；内阻，r=1.81Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】①为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；②根据实物电路图作出实验电路图；③根据电源U﹣I图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：①电源内阻约为1.5V，电路最大电流约为零点几安培，两滑动变阻器均可保证安全，为方便实验操作，滑动变阻器应选R1；。

2021-2022年高二物理上学期第二次段考试题(I)一、单项选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分，1—5题给出的四个选项中只有一个是正确的；6—8题为多项选择题，对而不全的得3分）1. 下列说法中正确的是（）A.电流既有大小，又有方向，因此电流是矢量B.电场强度是矢量,方向就是电荷在该点的受力方向C.磁感应强度是矢量，方向与垂直放入该点的电流元受力方向一致D.磁通量、电势均有正负，但它们是标量2. 在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）3.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以L 2相同的初速度飞入。

仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则：（ ）A ．一定带正电，b 一定带负电vB ．加速度增大，b 加速度增大C ．电势能减小，b 电势能增大D ．和b 的动能一定都增大4．如图所示，电源的电动势为E ，内电阻为r 。

开关S 闭合后，灯泡L 1、L 2均能发光。

现将滑动变阻器R 的滑片P 稍向下移动，则 （ ）A ．灯泡 L 1变暗，L 2变亮B ．灯泡 L 1、L 2均变暗C ．电流表的示数变大D ．电源的输出功率变小5.如图所示的虚线区域内，充满垂直于纸面向里的匀强磁场和竖直向下的匀强电场。

一带电粒子a （不计重力）以一定的初速度由左边界的O 点射入磁场、电场区域，恰好沿直线由区域右边界的O′点（图中未标出）穿出。

若撤去该区域内的磁场而保留电场不变，另一个同样的粒子b（不计重力）仍以相同初速度由O点射入，从区域右边界穿出，则粒子b（）A．穿出位置一定在O′点下方B．穿出位置一定在O′点上方C．运动时，在电场中的电势能一定减小D．在电场中运动时，动能一定减小6. 质子和α粒子的电荷量比q1 :q2=1:2，质量比m1: m2= 1 : 4，它们以相同速度进入同一匀强磁场中后，在垂直磁场的平面内做匀速圆周运动，其轨道半径分别为R1、R2，周期分别为T1、T2，则（）A. R1:R2=1:2 B. R1:R2=2:1C. T1:T2=1:2 D. T1:T2=2:17.如图所示，实线表示某静电场中的电场线，图中A、O、B是同一电场线上的三点.下列说法中正确的是（）A. 正电荷在A点受到的电场力一定比负电荷在A点受到的电场力大B. 正电荷在A点的电势能比在O点的电势能大C. 把电荷由A点移到B点电场力做正功D. A点的电势一定比B点的电势高8．如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接。

高二第一学期第二次阶段考试试题第一部分 选择题（共46分）一、单项选择题（本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题的四个选项中只有一个符合题意，答案涂在答题卡上）1、下列叙述不符合史实的是( )A ．库伦通过扭秤实验首先发现了点电荷之间相互作用的规律B ．法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线形象表示电场C ．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系D ．电荷e 的数值最早是由密立根通过油滴实验测得的2、物理量的决定式能揭示该物理量的大小受什么因素的影响，以下公式不属于决定式的是( )A ．平行板电容器的电容kdS C πε4= B ．导体的电阻S lR ρ=C ．导体中的电流t q I =D ．孤立点电荷的电场强度2r Q k E = 3、如图~1所示的情况中，a 、b 两点的电场强度和电势均相同的是( )．A ．甲图：离点电荷等距的a 、b 两点B ．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a 、b 两点C ．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a 、b 两点D ．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a 、b 两点4、如图~2所示，两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N 与静电计金属球相连，极板M 和静电计的外壳均接地。

在两板相距为d 时，给电容器充电，静电计指针张开一定角度。

在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量Q 不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是( )A ．仅将M 板向下平移B ．仅将M 板向左平移C ．仅将M 板向上平移D ．仅在M 、N 之间插入云母板(介电常数大于1)图~1图~25、下列说法中不正确的是（ ）A ．无论在何种导体中，电流的方向都与负电荷定向移动的方向相反B ．电源的作用是能为电路提供自由电子C ．在非纯电阻电路中，某段电路两端的电压U 、通过电流I 和电阻R 三者的关系有：UI > I 2RD ．并联电路中任一支路的电阻增大（其它支路不变），则总电阻也增大 6、如图~3为两个闭合电路中的两个电源的U —I 图线，下列说法中正确的是（A ．电动势E a >Eb ，内阻r a<r b B ．电动势E a <E b ，内阻r a >r b C ．内阻r a >r b ，短路电流I a >I bD ．当两电源的工作电压变化相同时，电源b 的内电流变化较大二、多项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题有两个或两个以上选项符合题意，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

2021-2022年高二物理上学期第二次段考试卷一、单选题（只有一个选项正确，每题3分）1．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。

以下符合史实的是( )A．焦耳发现了电流的磁效应B．法拉第发现了电磁感应现象，并总结出了电磁感应定律C．惠更斯总结出了折射定律D．英国物理学家托马斯杨利用双缝干涉实验首先发现了光的干涉现象2．长10cm的通电直导线，通以1A的电流，在匀强磁场中受到的磁场力为0.4N，则该磁场的磁感应强度为（）A．等于4T B．大于或等于4T C．小于或等于4T D．上述说法都错误3.如图所示的电路中，两只小灯泡的规格相同。

在开关S闭合一段时间后，发现两个灯泡的亮度相同。

断开开关S后，进行如下操作，下列对小灯泡发光的描述正确的是（）A.开关S闭合瞬间，两灯一样亮B.开关S闭合后，灯A2一直比A1亮C.若将电源换成交流电，两灯一样亮D.断开开关S时，两灯都逐渐熄灭4.如图是地磁场的分布图，已知地球自转方向是自西向东的，则下列说法正确的是（）A.磁感线是磁场中真实存在的曲线B.如果地磁场是地球表面带电产生的，则地球带正电C. 赤道处一条通有竖直向下方向电流的导体棒受到的安培力向西D. 竖直向下射向赤道的带正电的宇宙射线受到的洛伦兹力向东5.法拉第圆盘发动机的示意图如图所示。

铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触。

圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中。

圆盘旋转时，下列说法正确的是（）A．圆盘虽然转动，但由于通过圆盘的磁通量没有变化，没有电流通过电阻RB．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流过电阻RC．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D．若圆盘转动的角速度变为原来的两倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍6.如图带电粒子以相同速率经过A、B两点，且粒子经过A、B两处时速度方向与AB连线所成夹角相等，则空间可能是 ( )A.一定分布着平行于纸面的匀强电场Ax3L 图甲 a b L B.一定分布着平行于纸面的点电荷电场 C.一定分布着垂直于纸面的匀强磁场 D.以上三者都有可能7.现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。

河北省卓越联盟2024-2024学年高二上学期第二次联考物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题一列简谐横波在x轴上传播，t=0时刻的波形如图甲所示，x=2m的质点P的振动图象如图乙所示，由此可以判断（ ）A．该波的传播方向是沿x轴正方向B．2s末质点P到达x=0m位置C．在t=5s时质点P的加速度为零D．在0到5s时间内质点P通过的路程是25cm第(2)题如图所示直径为d的圆环中通有顺时针方向的电流I，以通过圆心的虚线为界线，左侧有垂直圆环平面向外的匀强磁场，右侧有垂直圆环平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小都为B，则对圆环受到的安培力情况正确的是（ ）A．受到的安培力的合力为0B．受到的安培力的合力大小为BdI，方向垂直虚线向右C．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向左D．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向右第(3)题木星有4颗卫星是伽利略发现的，称为伽利略卫星。

已知木卫二的质量m、绕木星做匀速圆周运动的轨道半径r，木星的质量M、半径R、自转周期T，万有引力常量G。

根据万有引力的知识计算木卫二绕木星运动的周期，下列表达式中正确的是（ ）A．B．C．D．第(4)题如图所示，闭合矩形线圈abcd与长直导线MN在同一平面内，线圈的ab、dc两边与直导线平行，直导线中有逐渐增大、但方向不明的电流，则（ ）A．可知道线圈中的感应电流方向abcdaB．可知道线圈中的感应电流方向adcbaC．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向右D．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向左第(5)题我国初，高中学生及大学生近视眼率超过70%，现在医学上治疗近视眼时，用激光“焊接”视网膜，所用激光的波长，已知普朗克常量，光在真空中的传播速度，则该激光中每个光子的能量为（ ）A．B．C．D．第(6)题如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心处放一点电荷，将质量为，带电量为的小球从圆弧管的水平直径端点C由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力。

嗦夺市安培阳光实验学校宁阳一中高二物理上学期阶段性考试二试题第I卷（选择题）一、选择题（本题共有12小题，共48分，其中1-7题只有一个选项正确，8-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1.了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。

以下说法符合史实的是（）A. 焦耳发现了电流的热效应B. 安培发现了电流的磁效应C. 卡文迪许利用扭秤实验得出了电荷间的相互作用规律D. 奥斯特不仅提出了场的概念，而且用电场线和磁感线直观地描绘了场2.下列说法中正确的是（）A．在静电场中电场强度为零的位置，电势也一定为零B．放在静电场中某点的检验电荷所带的电荷量q发生变化时，该检验电荷所受电场力F与其电荷量q的比值保持不变C．在空间某位置放入一小段检验电流元，若这一小段检验电流元不受磁场力作用，则该位置的磁感应强度大小一定为零D．磁场中某点磁感应强度的方向，由放在该点的一小段检验电流元所受磁场力方向决定3.如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。

在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电 B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大 D．A、B两点相比，B点电势较低3题图 4题图5题图4.在如图所示的电路中，开关S闭合后，由于电阻元件发生短路或断路故障，某时刻电压表读数减小、电流表读数增大，则可能出现了下列哪种故障（）A．R1短路B．R2断路 C．R2短路 D．R3断路5.如图所示，在等量异种电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，B、D两点关于O点对称，则关于各点电场强度及电势的关系，下列说法中正确的是：（）A．A点电势比B点电势高 B．O点的电场强度为零C．C、D两点的电势与无穷远处的电势相等 D．B、D两点的电场强度不相同6.如图所示，光滑的金属轨道分为水平段和圆弧段两部分，O点为圆弧的圆心，N 为轨道交点。

高二上学期第二次阶段性考试物理试题一、选择题（每小题3分,共45分。

1~10题为单选题;11~15题为多选题）1. 物体在运动过程中加速度不为零,则下列说法正确的是( )A. 物体速度的大小一定随时间变化B. 物体速度的方向一定随时间变化C. 物体动能一定随时间变化D. 物体动量一定随时间变化【答案】D【解析】试题分析：做匀变速直线运动的物体,加速度不为零,但是物体的速度方向不随时间变化;做匀速圆周运动的物体,加速度不为零,但是物体的速度大小不随时间变化,动能也不随时间变化;但是只要物体的加速度不为零则,物体的速度一定随时间变化,即物体的动量一定随时间变化．选项D正确．考点：速度、加速度、动能及动量的关系．2. 物体沿粗糙的斜面上滑,到最高点后又滑回原处,则（）A. 上滑时摩擦力冲量比下滑时大B. 上滑时重力的冲量比下滑时小C. 支持力的冲量为0D. 整个过程中合外力的冲量为零【答案】B【解析】【详解】物体上滑时受到的合力大于下滑时的合力,上滑时的加速度大于下滑时的加速度,上滑与下滑的位移大小相等,则上滑的时间比下滑的时间少A．上滑与下滑时摩擦力大小相等,上滑时间比下滑的时间少,则上滑时摩擦力冲量比下滑时小,A错误; B．由于重力相等,上滑的时间小于下滑的时间,则上滑时重力的冲量小于下滑时重力的冲量,B正确; C．支持力不为零,作用时间不为零,则支持力的冲量不为零,C错误;D．整个过程物体动量的变化不为零,由动量定理可知,物体所受合外力的冲量不为零,D错误。

故选B。

3. 如图所示,位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视为质点,质量相等．Q与水平轻弹簧相连,设Q静止,P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞．在整个过程中,弹簧具有的最大弹性势能等于() A. P的初动能B. P的初动能的12C. P的初动能的13D. P的初动能的14【答案】B 【解析】在整个过程中,弹簧具有最大弹性势能时,P和Q的速度相同．根据动量守恒定律：mv0=2mv．根据机械能守恒定律,有222000*********p k E mv mv mv E-⋅＝＝＝故最大弹性势能等于P的初动能的12．故选D．点睛：本题关键对两物体的受力情况和运动情况进行分析,得出P和Q的速度相同时,弹簧最短,然后根据动量守恒定律和机械能守恒定律列式求解．4. 质量分别为m1和m2的两个物体在光滑的水平面上相碰,碰撞前后的位移－时间图象如图所示,若图中θ<45°,则( )A. m1>m2B. 碰撞前两物体速率相等C. 碰撞后两物体一起做匀速直线运动D. 碰撞前两物体动量大小相等、方向相反【答案】D【解析】【详解】s－t图象的斜率表示速度．根据图象可知,碰撞前两物体的速度大小v1>v2,速度方向相反．碰撞后两物体均静止,根据动量守恒定律有m 1v 1＋(－m 2v 2)＝0 即m 1v 1＝m 2v 2 则m 1<m 2 故ABC 错误,D 项正确．故选D 。

江苏省如皋中学2020～2021学年度第一学期第二次阶段考试高二物理（选修）考试时间：90分钟；命题：审题：一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共计30分，每小题只有一个选项符合题意．1．关于简谐振动，以下说法中正确的是A．回复力总是指向平衡位置；B．加速度和速度的方向总是跟位移方向相反；C．加速度和速度的方向总是跟位移方向相同；D．做简谐振动的物体，向平衡位置运动，加速度越来越小，速度也越来越小.2．如图甲、乙所示的电路中，电阻R和自感线圈L的电阻值都很小，且小于灯泡A的电阻，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，则A．在电路甲中，断开S后，A将立即变暗B．在电路甲中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗C．在电路乙中，闭合S后，A将逐渐变亮D．在电路乙中，断开S后，A将先变得更亮，然后才逐渐变暗3．用a、b两束单色光分别照射同一双缝干涉装置，在距双缝恒定距离的屏上得到如图所示的干涉图样，其中图甲是a光照射时形成的，图乙是b光照射时形成的。

则关于a、b两束单色光，下列说法中正确的是A．a光的频率比b光的小B．在水中a光传播的速度比b光的小C．水对a光的折射率比b光的小D．b光的波长比a光的短4．质点A做简谐运动，其振动图象和t＝1.6s时刻的波的图象如图所示，则下列说法正确的是A．质点A向上运动，波向左传播C．质点A向下运动，波向左传播D．质点A向下运动，波向右传播5．如图所示，一束白光沿半径方向射向半圆形玻璃砖的圆心O，折射后发生了色散，a、b为最外侧的两束光，下列说法错误的是A．a为紫光、b为红光B．a光的折射率小于b光的折射率C．a光在玻璃中的传播速度小于b光D．逐渐增大入射角，a光先发生全反射6．2018年4月15日，中国国际小家电展览会在广州拉开帷幕，家电展上有些国家家用电器的额定电压和我国是不同的，例如美国家用电器不能直接接到220V的照明电路上，可以接到交变电压是u=1102sin120πt(V)的电源上使用，交变电压是由矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生的，下列说法正确的是A．用电压表测该电压其示数为1102VB．电流方向每秒改变60次C．交流电的频率为60Hz，当t=0.1s时u=1102VD．将该电压加在110Ω的电阻两端，则该电阻消耗的电功率为110W7．如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘块，甲、乙叠放在一起置于光滑的水平地面上，空间存在着水平方向的匀强磁场，在水平恒力F的作用下，甲、乙无相对滑动地一起向左加速运动，在加速运动阶段A．甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的摩擦力不变C．甲、乙向左运动的加速度不断减小D．甲对乙的压力不断减小8．如图所示，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ是竖直平面内三个相同的半圆形光滑轨道，K为轨道最低点，Ⅰ处于匀强磁场中，Ⅱ和Ⅲ处于匀强电场中，三个完全相同的带正电小球a、b、c从轨道最高点自由下滑至第一次到达最低点K的过程中，下列说法正确的是A．在K处球a速度最大B．在K处球b对轨道压力最大C．球b需要的时间最长D．球c机械能损失最多9．如图所示，两条相距d的平行金属导轨位于同一水平面内，其右端接一阻值为R的电阻．质量为m的金属杆静置在导轨上，其左侧的矩形匀强磁场区域MNPQ的磁感应强度大小为B、方向竖直向下．当该磁场区域以速度v匀速地向右扫过金属杆ab后，金属杆的速度变为v．导轨和金属杆的电阻不计，导轨光滑且足够长，杆在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，以下说法正确的是A．当MN刚扫到金属杆时，杆中感应电流方向由b到aB．当MN刚扫到金属杆时，杆中感应电流大小为()Bd v vR-C．当MN刚扫到金属杆时，杆中感应电动势的大小为BdvD．当MN刚扫到金属杆时，杆的加速度大小为220 B d v mR10．如图所示，14圆形区域AOB内存在垂直纸面向内的匀强磁场，AO和BO是圆的两条相互垂直的半径，一带电粒子从A点沿AO方向进入磁场，从B点离开，若该粒子以同样的速度从C点（C 点为AB弧上任意一点）平行于AO方向进入磁场，则A．粒子带负电B．该粒子从OB之间某点离开磁场C．该粒子仍然从B点离开磁场D．入射点C越靠近B点，粒子运动时间越长二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选的得0分．11．下列说法中正确的是A．用紫光做双缝干涉实验的干涉条纹间距比用红光的大B．光的波长越长，其衍射现象越明显C．从竖立肥皂膜上看到的彩色条纹是从膜的前后表面反射的光相干涉的结果D．当声源和观察者相向运动时，观察者听到声音频率变高，是由于观察者在单位时间内接收到的完全波的个数增多12．甲、乙两位同学分别使用图甲中所示的同一套装置，观察单摆做运动时的振动图象。

精心整理高二物理上学期第二次段考试卷（含解析）一、选择题（本题有10小题，每小题4分，共40分．1-7小题只有一个选项正确．8-10题有多个选项正确，全部选对得4分，选对部分得2分，有选错得0分）1．关于电动势，下列说法正确的是( )A．电源电动势一定等于电源两极间的电压B．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大C．体积越大的电源，电动势一定越大D．电源电动势与外电路的组成有关2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A．B．C．D．3．如图所示，虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相同，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知( )A．三个等势面中，c等势面电势最高B．带电质点通过P点时电势能较小C．带电质点通过Q点时动能较大D．带电质点通过P点时加速度较小4．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则( )A．N点的电场强度大小为零B．q1电量小于q2C．NC间场强方向指向x轴负方向D．将一正点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功5．某点电荷和金属圆环间的电场线分布如图所示．下列说法正确的是( )A．a点的电势低于b点的电势B．若将一正试探电荷由a点移到b点，电场力做正功C．c点的电场强度与d点的电场强度大小无法判断D．若将一正试探电荷从d点由静止释放，电荷将沿着电场线由d到c 6．平行板电容器两极板A和B分别与电源的正、负极相连且A板接地，P为两板间的一点．现保持B板不动，将A板慢慢平移到图中虚线所示的位置，这时( )A．电容器两极板间的电势差将减小B．P点的场强将减小C．P点的电势将降低D．固定在P点的负电荷电势能将减小。

2021年高二物理上学期第二次段考试题注意事项：1．物理试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分，答题前，考生务必将自己的姓名、班级、考号填在答题卡和答题卷的相应位置。

2.回答第Ⅰ、Ⅱ卷时，请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，且都必须将答案填在答题卷上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，只交回答题卡。

一、单项选择题：（本题共8小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

）1. 关于点电荷，下列说法中正确的是( )A. 只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B. 体积较大的带电体一定不能看成是点电荷C. 当两个带电体之间的距离比它们自身的大小大得多，以至带电体的形状、大小及电荷分布对它们之间的相互作用的影响可以忽略时，这两个带电体均可看成点电荷D.当带电体带电量很少时，可看成点电荷2. 根据电容器的定义式C=Q∕U可知( )A. 电容器所带电荷量就越多，电容越大B. 电容器的两级板间电势差越大，电容越大C. 电容器的电容与其带电荷量成正比，与两级板间的电势差成反比D. 电容器的电容不随带电荷量及两级板间的电势差的变化而变化3．真空中有两个电点荷,它们之间的静电力为F,如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大为原来的两倍，它们之间作用力的大小等于( )A.FB. 2F C F/2 D. F/44. 一电流表的满偏电流Ig=5mA，内阻为30Ω。

要把它改装成一个量程为3A的电流表，则应在电流表上（）A．并联一个570Ω的电阻 B．并联一个约0.05Ω的电阻C．串联一个570Ω的电阻 D．串联一个0.05Ω的电阻5．一根导线电阻为10Ω，把它均匀拉长为原来的两倍长度，其电阻变为为( ) A．20ΩB．40ΩC．2.5ΩD．5Ω6. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图所示的U－I图像，则由图可知：A．短路电流为0.5A B．电源内阻为3ΩC．电动势为1.5V D．电源内阻为5Ω7．用电动势为6V、内电阻为4 Ω的直流电源，依次给下列四个小灯泡供电，最亮的是( )A．R1=2Ω B．R2=4Ω C．R3=6Ω D．R4=8Ω8. 如图所示电路中，已知电的内阻r＜R 2，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值．闭合电键S，当滑动变阻器的滑臂P由变阻器的中点向左滑动的过程中，下列说法中正确的有( )A．A1的示数不断减小，A2的示数不断减小B．V1的示数先变小后变大，V2的示数先变大后变小C．电内部的热功率先变大后变小D．电的输出功率先变小后变大二、不定项选择题：（本题共4小题，每小题4分。

嗦夺市安培阳光实验学校湖南师大附中高二（上）第二次段考物理试卷一、选择题（14小题，共56分，第1-9题每题只有一个正确答案，第10-14题每题至少有一个正确答案，选对但没选全的得2分，全部选对的得4分，有错选的得0分）1．有关磁场的下列叙述，正确的是（）A．磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大B．顺着磁感线的方向，磁感应强度越来越小C．安培力的方向一定与磁场方向垂直D．在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大2．对于某一闭合电路，下列说法中正确的是（）A．外电阻越大，电源的路端电压就越大B．电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．电源的输出功率越大，电源的效率就越大D．电流总是从电势高的地方流向电势低的地方3．如图所示为一个半径为R的均匀带电圆环，其单位长度带电量为η．取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴．设轴上任意点P到O点的距离为x，以无限远处为零电势，P点电势的大小为φ．下面给出φ的四个表达式（式中k为静电力常量），其中只有一个是合理的．你可能不会求解此处的电势φ，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性进行判断．根据你的判断，φ的合理表达式应为（）A ．φ=B ．φ=C ．φ=D ．φ=4．两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它们串联起来接人电路中．则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：35．如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定，P为与圆环良好接触的滑动头，闭合开关S，在滑动头P 缓慢地由m点经n点移到q点过程中，电容器C所带的电荷量将（）A．由少变多B．由多变少C．先增多后减少D．先减少后增多6．如图所示，一根长为L的铝棒用两个劲度系数均为k的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流I方向从左到右时，弹簧的长度变化了△x，则下面说法正确的是（）A．弹簧长度缩短了△x，B=B．弹簧长度缩短了△x，B=C．弹簧长度伸长了△x，B=D．弹簧长度伸长了△x，B=7．如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，则这个过程中磁铁受力情况为（）A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变8．三个速度大小不同的同种带电粒子，沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，则它们在磁场中运动的时间之比为（）A．3：2：1 B．1：2：3 C．1：1：1 D．1：：9．如图所示，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电小球，整个装置处在有水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的v﹣t图象中正确的是（）A ．B ．C ．D ．10．如图示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，a、b为两个带有同种电量的小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左作用力F 作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现若稍改变F的大小，使b稍有向左移动一段小距离，则当a、b重新处于静止状态后（）A．a、b间电场力增大 B．作用力F将减小C．系统重力势能增加D．系统的电势能将增加11．电池A和B的电动势分别为E A和E B，内阻分别为r A和r B，若这两个电池分别向同一电阻R供电时，这个电阻消耗的电功率相同；若电池A、B分别向另一个阻值比R大的电阻R'供电时，R'消耗的电功率分别为P A、P B．已知E A＞E B，则下列判断中正确的是（）A．电池内阻r A＞r B B．电池内阻r A＜r BC．电功率P A＞P B D．电功率P A＜P B12．如图所示电路，电源内阻不能忽略，R1阻值小于变阻器的总电阻，当滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点时，电压表的示数为U，电流表的示数为I．那么，滑片P由中点向上移动的全过程中（）A．电压表的示数始终小于U B．电流表的示数始终大于IC．电压表的示数先增大后减小D．电流表的示数先减小后增大13．竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R 的圆弧MN和半径为r的半圆弧NP拼接而成（两段圆弧相切于N点），小球带正电，质量为m，电荷量为q．已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A．若加竖直向上的匀强电场E（Eq＜mg），则小球能通过P点B．若加竖直向下的匀强电场，则小球不能通过P点C．若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D．若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点14．如图所示，空间中存在一水平方向匀强电场和一水平方向匀强磁场，且电场方向和磁场方向相互垂直．在电磁场正交的空间中有一足够长的固定粗糙绝缘杆，与电场正方向成60°夹角且处于竖直平面内．一质量为m，带电量为+q 的小球套在绝缘杆上．初始，给小球一沿杆向下的初速度v0，小球恰好做匀速运动，电量保持不变．已知，磁感应强度大小为B，电场强度大小为E=，则以下说法正确的是（）A．小球的初速度为v0=B ．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止C ．若小球的初速度为，小球将做加速度不断增大的减速运动，最后停止D ．若小球的初速度为，则运动中克服摩擦力做功为二、实验题15．（2015秋•湖南校级月考）（1）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝直径以及电流表、电压表的读数如图甲所示，则金属丝的直径的读数是．（2）已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为0﹣10Ω，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ．电源为干电池（不宜在长时间、大功率状况下使用），电动势E=4.5V，内阻很小．则图乙电路图中（填图乙电路图下方的字母代号）电路为本次实验应采用的最佳电路，但用此最佳电路测量的结果仍然会比真实值（填“大”或“小”）．（3）若已知实验所用的电流表内阻的准确值R A是已知的，那么准确测量金属丝电阻R x的最佳电路应是图乙中的电路（填图乙电路图下的字母代号），此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻R x= （用题中字母代号表示）．16．（2011秋•许昌校级期中）某同学采用如图1所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（0﹣3V，3kΩ）、电流表（0～0.6A，1.0Ω）、滑动变阻器有R1（10Ω，2A）和R2（100Ω，0.1A）各一只．①实验中滑动变阻器应选用（填“R1”或“R2”）．②在图2中画出实验电路图．③在实验中测得多组电压和电流值，得到如图3所示的U﹣I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E= V；内阻，r= Ω．三、计算题17．（2015秋•牡丹江校级期中）一个质量m=0.1g的小滑块，带有q=5×10﹣4C 的电荷，放置在倾角α=30°的光滑斜面上（斜面绝缘），斜面置于B=0.5T的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，如图所示．小滑块由静止开始沿斜面下滑，其斜面足够长，小滑块滑至某一位置时，要离开斜面．问：（1）小滑块带何种电荷？（2）小滑块离开斜面时的瞬时速度多大？（3）该斜面的长度至少多长？18．（2015秋•湖南校级月考）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm．电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间，小球恰能到达A板．若小球带电荷量为q=1×10﹣2C，质量为m=2×10﹣2kg，重力加速度g=10m/s2，不考虑空气阻力．求：（1）此时AB两板的电压U是多少？（2）滑动变阻器接入电路的阻值为多大时？（3）此时电源的输出功率是多大？19．（2014秋•汉阳区校级期中）如图所示，在边长为a的正方形ABCD的对角线AC左右两侧，分别存在垂直纸面向内磁感应强度为B的匀强磁场和水平向左电场强度大小为E的匀强电场，AD、CD是两块固定荧光屏（能吸收打到屏上的粒子）．现有一群质量为m、电量为q的带正电粒子，从A点沿AB方向以不同速率连续不断地射入匀强磁场中，带电粒子速率范围为≤v≤．已知E=，不计带电粒子的重力和粒子之间的相互作用．求：（1）恰能打到荧光屏C D上的带电粒子的入射速度；（2）AD、CD两块荧光屏上形成亮线的长度．湖南师大附中高二（上）第二次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（14小题，共56分，第1-9题每题只有一个正确答案，第10-14题每题至少有一个正确答案，选对但没选全的得2分，全部选对的得4分，有错选的得0分）1．有关磁场的下列叙述，正确的是（）A．磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大B．顺着磁感线的方向，磁感应强度越来越小C．安培力的方向一定与磁场方向垂直D．在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【考点】磁现象和磁场；质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】磁感线是为了形象地描述磁场假想的线，外部由N指向S，内部由S 指向N，磁感线的疏密表示磁场的强弱，切线方向表示磁场的方向．磁通量：Φ=BScosθ；在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大．【解答】解：A、磁感线越密的地方磁感应强度越大，而磁通量：Φ=BScosθ，还要与线圈的面积、线圈与磁场之间的夹角有关，故A错误．B、磁感线越密的地方磁感应强度越大，与是否顺着磁感线的方向无关．故B错误；C、根据左手定则可知，安培力的方向一定与磁场方向垂直．故C正确．D、洛伦兹力只改变粒子运动的方向，不改变粒子速度的大小，在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，故D错误．故选：C．【点评】该题考查到磁场的知识点比较多，解决本题的关键知道与磁通量相关的因素，以及知道磁感线和电场线的相同点和不同点，基础题．2．对于某一闭合电路，下列说法中正确的是（）A．外电阻越大，电源的路端电压就越大B．电源的路端电压越大，电源的输出功率就越大C．电源的输出功率越大，电源的效率就越大D．电流总是从电势高的地方流向电势低的地方【考点】闭合电路的欧姆定律；电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律分析电流与外电阻的关系，得出内电压和路端电压的变化．根据推论，当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大．在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方．【解答】解：A、在闭合电路中，外电阻越大，由闭合电路欧姆定律知，电路中的电流越小，内电压越小，则电源的路端电压就越大．故A正确．B、闭合电路中，电源的路端电压越大，说明外电阻越大，根据推论：当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，可知，电源的输出功率不一定越大．故B错误．C、当电源的外电阻等于内电阻时，输出功率最大，此时的效率只有50%，不是最大．故C错误．D、在闭合电路的外电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方，而在内电路中，电流总是从电势低的地方流向电势高的地方．故D错误．故选：A【点评】闭合电路中，路端电压随外电阻的增大而增大，减小而减小．抓住电源的内电阻不变，内电压与电流成正比是关键．3．如图所示为一个半径为R的均匀带电圆环，其单位长度带电量为η．取环面中心O为原点，以垂直于环面的轴线为x轴．设轴上任意点P到O点的距离为x，以无限远处为零电势，P点电势的大小为φ．下面给出φ的四个表达式（式中k为静电力常量），其中只有一个是合理的．你可能不会求解此处的电势φ，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性进行判断．根据你的判断，φ的合理表达式应为（）A ．φ=B ．φ=C ．φ=D ．φ=【考点】电势；力学单位制．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】除点电荷的周围电势的公式外，我们没有学习其它带电体周围的电势公式，本题看似无从下手，实际上我们可以采取“特值法”，将一些特值如x=0等代入公式，从而得出正确结果．【解答】解：电势的高低与圆环带电量的大小有关，B表达式显然与电量Q无关，因此B错误；无论圆环带什么电荷，圆环中心处的电势均不为零，因此x=0时，电势不为零，故D错误；同理x=R处的电势为无穷大，也不可能，故C错误；故只有A正确．故选A．【点评】“特值法”、“代入法”是解答选择题经常用到的方法，因此要熟练掌握．4．两只电压表V1和V2是由完全相同的两个电流计改装成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它们串联起来接人电路中．则（）A．它们的示数相等，指针偏转角度也相等B．它们的示数之比为1：3．指针偏转角度相等C．它们的示数相等，指针偏转角度之比为1：3D．它们的示数之比、指针偏转角度之比均为1：3【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】两电压表量程不同总内阻不同，两内阻之比为量程之比，再据电压表的改装原理和电路连接关系分析求解．【解答】解：A 串联后电流一样故偏转角度相等但两表的读数为两电压表的分压，读数之比为两者的电阻之比故不相等；故A错误B 因是串联关系通过两电压表的电流相同，故指针偏转的角度相同，读数之比为两者的电阻之比为1：3．故B正确C 它们示数不等．故C错误D 它们偏转角度相等故D错误故选：B【点评】电压表的改装是由一电流表串联电阻构成的．分析电流与电压当成一电阻根据电路连接关系分析即可．5．如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的O点固定，P为与圆环良好接触的滑动头，闭合开关S，在滑动头P 缓慢地由m点经n点移到q点过程中，电容器C所带的电荷量将（）A．由少变多B．由多变少C．先增多后减少D．先减少后增多【考点】电容．【专题】电容器专题．【分析】由电路图可知，当触点P由m点经n点移到q点的过程中，电路总电阻先变大后变小，由闭合电路欧姆定律分析答题电路中电流变化，再根据部分电路欧姆定律分析R的电压变化，即可知道电容器电压的变化，由C=分析电量的变化．【解答】解：当触点P由m点经n点移到q点的过程中，电路总电阻先变大后变小，由闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，R的电压先变小后变大，对于电容器，其电压等于R两端的电压，则由电量公式Q=CU，可知电容器的电量先变小后变大．故选：D 【点评】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路特点及欧姆定律、电容器电量公式Q=CU即可正确解题．6．如图所示，一根长为L的铝棒用两个劲度系数均为k的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中，磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，当铝棒中通过的电流I方向从左到右时，弹簧的长度变化了△x，则下面说法正确的是（）A．弹簧长度缩短了△x，B=B．弹簧长度缩短了△x，B=C．弹簧长度伸长了△x，B=D．弹簧长度伸长了△x，B=【考点】安培力．【分析】根据左手定则判断安培力的方向，则可明确弹簧的形变量的变化；分别对金属杆由平衡条件列式，联立可求得磁感应强度．【解答】解：根据安培力和力的平衡条件有（设棒的重力为mg，原来的形变量为x）：因放入磁场后，由左手定则可知，安培力向上；故形变量减小了△x；没有通电流时，由平衡关系可得：mg=2Kx当电流方向由左向右时：BIL+2K（x﹣△x）=mg联立解得：B=故选：A．【点评】本题考查安培力的计算，要注意正确应用共点力的平衡条件的应用；并掌握安培力方向的判断．7．如图条形磁铁放在桌面上，一条通电的直导线由S极的上端平移到N极的上端，在此过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图，则这个过程中磁铁受力情况为（）A．支持力先大于重力后小于重力B．支持力始终大于重力C．摩擦力的方向由向右变为向左D．摩擦力的方向保持不变【考点】安培力．【分析】由左手定则判断出导线所受安培力的方向，根据牛顿第三定律判断磁铁所受磁场力的方向，然后判断磁铁受到的摩擦力方向和如何变化【解答】解：如图所示，导线在S极上端时导线所受安培力方向斜向左上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向右下方，磁铁有向右的运动趋势，则磁铁受到的摩擦力水平向左；同理当导线在N极上端时，导线所受安培力方向斜向右上方，由牛顿第三定律可知，磁铁受到的磁场力斜向左下方，磁铁有向左的运动趋势，则磁铁受到的摩擦力水平向右；由以上分析可知，磁铁受到的摩擦力先向左后向右，正上方时为零，故摩擦力先减小后增大．磁铁受到的磁场力始终有向下的分力，所以支持力始终大于重力．故ADC错误，B正确；故选：B 【点评】首先根据左手定则确定出通电导线所受安培力方向，然后根据牛顿第三定律确定出条形磁铁所受安培力的方向，最后根据共点力的平衡确定出静摩擦力的方向和变化规律，是此类题目的解答思路8．三个速度大小不同的同种带电粒子，沿同一方向从图中长方形区域的匀强磁场上边缘射入，当它们从下边缘飞出时对入射方向的偏角分别为90°、60°、30°，则它们在磁场中运动的时间之比为（）A．3：2：1 B．1：2：3 C．1：1：1 D．1：：【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据粒子的运动的轨迹和粒子做圆周运动的周期公式可以判断粒子的运动的时间．【解答】解：粒子在磁场中运动的周期的公式为T=，由此可知，粒子的运动的时间与粒子的速度的大小无关，所以粒子在磁场中的周期相同，由粒子的运动的轨迹可知，三种速度的粒子的偏转角分别为90°、60°、30°，所以偏转角为90°的粒子的运动的时间为T，偏转角为60°的粒子的运动的时间为T，偏转角为30°的粒子的运动的时间为T．所以有T ： T ： T=3：2：1，选项A正确．故选：A．【点评】带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动解题一般程序是1、画轨迹：确定圆心，几何方法求半径并画出轨迹．2、找联系：轨迹半径与磁感应强度、速度联系；偏转角度与运动时间相联系，时间与周期联系．9．如图所示，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电小球，整个装置处在有水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的v﹣t图象中正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】对小球受力分析，开始时洛伦兹力较小，所以木杆对小球的支持力较大，摩擦力较大，加速度较小，随着速度的增加，分析竖直方向的合力变化，从而判断加速度的变化．了解了加速度变化的情况，也就知道了v﹣t图象的变化规律．【解答】解：在小球下滑的过程中，对小球受力分析，如图所示，受到重力mg、电场力qE、洛伦兹力qvB、摩擦力f，还有木杆对小球的支持力N，开始时，速度较小，qvB较小，N较大，随着速度的增加，N在减小，由f=μN 可知f减小，竖直方向的合力增加，加速度增加；当速度增加到一定的程度，qvB和qE相等，此时N为零，f为零，加速度为g，达到最大；速度继续增加，N要反向增加，f增加，竖直方向上的合力减小，加速度减小，当f与mg相等时，竖直方向上的加速度为零，速度达到最大．所以选项ABD所示的v﹣t图象不符合所分析的运动规律，C选项符合．故选：C．【点评】解得此题的关键是正确的对小球进行受力分析．受力分析时要注意各力的特点：重力场中所受的重力以及在匀强电场中所受的电场力均为恒力，其合力也是恒定的；而洛伦兹力情况却不同，随着速度的变化而变化．此题由于洛伦兹力的变化，引起了摩擦力的变化，从而使竖直方向上的合外力发生变化，这也是解决此题的关键所在．分析物体运动中的临界状态也是至关重要的，像该题的最大加速度的时刻和刚好最大速度的时刻．10．如图示，相互垂直的固定绝缘光滑挡板PO、QO，竖直放置在重力场中，a、b为两个带有同种电量的小球（可以近似看成点电荷），当用水平向左作用力F 作用于b时，a、b紧靠挡板处于静止状态．现若稍改变F的大小，使b稍有向左移动一段小距离，则当a、b重新处于静止状态后（）A．a、b间电场力增大 B．作用力F将减小C．系统重力势能增加D．系统的电势能将增加【考点】电势能；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析a、b间电场力和挡板对小球的弹力如何变化，由库仑定律分析两间距离的变化情况，根据电场力做功正负判断系统电势能的变化．对整体研究，分析作用力F如何变化．【解答】解：A、B以a球为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得：电场力F电=，α减小，cosα增大，则电场力F电减小．挡板对a的弹力N=mgtanα，α减小，N减小．对整体研究：水平方向：F=N，则作用力F将减小．故A错误，B正确．C、D电场力F电减小，根据库仑定律得知，两球间的距离增大，电场力做正功功，系统的电势能减小，而F做正功，根据功能关系可知，系统重力势能增加．故C正确，D错误．故选BC【点评】本题是动态平衡问题，关键要灵活选择研究对象，先对a研究，再对b研究，比较简便．11．电池A和B的电动势分别为E A和E B，内阻分别为r A和r B，若这两个电池分别向同一电阻R供电时，这个电阻消耗的电功率相同；若电池A、B分别向另一个阻值比R大的电阻R'供电时，R'消耗的电功率分别为P A、P B．已知E A＞E B，则下列判断中正确的是（）A．电池内阻r A＞r B B．电池内阻r A＜r BC．电功率P A＞P B D．电功率P A＜P B【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】用作图法求解：分别做出两个电池的U﹣I图线，据两者电动势的大小关系及两条图线有交点，大体作出两者的图象，由图可读出内阻的大小关系；两线的交点对应的工作电阻为R，再作出一大于R的电阻的U﹣I图线，分析对应电流及电压从而分析出功率的大小关系．【解答】解：A、B、用这两个电池分别向某一个电阻R供电时，这个电阻所消耗的功率相等，故电流相同，根据闭合电路欧姆定律公式I=，由于E1＞E2，故r1＞r2，故A正确，B错误；C、D、将一电动势为E、内电阻为r的电源与一阻值为R的电阻组成一闭合回路，路端电压U和干路电流I的关系为U=E﹣Ir．在U﹣I直角坐标系中作U﹣I图线，则该图线为一条在纵轴上截距为E、斜率为﹣r的直线．这条线可被称为电源的伏安特性曲线．如果再在此坐标系中作出外电阻R的伏安特性曲线为过原点的直线，斜率为R，则两条线的交点就表示了该闭合电路所工作的状态，此交点的横、纵坐标的乘积即为外电阻所消耗的功率．依题意作电池甲和乙及电阻R的伏安特性曲线．由于两电池分别接R时，R消耗的电功率相等，故这三条线必相交于一点，如图所示，由于α1＞α2，所以r1＞r2．作R′的伏安特性曲线，由图可知：当甲电池接R′时，P1=U1I1；当乙电池接R′时，P2=U2I2．由于U1＞U2，I1＞I2，所以P1＞P2．故C正确，D错误；故选AC．【点评】本题为有关全电路电阻、功率关系的半定量问题，采用图线方法分析是较简捷的思路．把电源和外电阻的伏安特性曲线合在一个坐标轴上比较，给运算带来方便．12．如图所示电路，电源内阻不能忽略，R1阻值小于变阻器的总电阻，当滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点时，电压表的示数为U，电流表的示数为I．那么，滑片P由中点向上移动的全过程中（）A．电压表的示数始终小于U B．电流表的示数始终大于IC．电压表的示数先增大后减小D．电流表的示数先减小后增大【考点】闭合电路的欧姆定律．。

2021年高二上学期第二学段考试题生物理一、选择题：(单选题，1-40每题1分，41-50每题2分，共60分)1．血浆、组织液和淋巴三者之间关系模式图正确的是2．下列有关稳态与调节的叙述正确的是A．人体内环境是由血液、组织液和淋巴组成的B．神经递质由突触前膜合成并释放C．免疫系统受损使患癌症的几率大大提高D．胰岛素和胰高血糖素相互协同作用，共同维持血糖含量的稳定3．正常情况下，转氨酶主要分布在各种组织细胞内，以心脏和肝脏活性最高，在血浆中活性很低。

当某种原因使细胞膜通透性增高或因组织坏死细胞破裂后，可有大量转氨酶进入血浆。

这项事实可作为下列哪项结论的证据A．内环境是不稳定的，其稳态是不存在的B．内环境的生化指标能反映机体的健康状况，可作为诊断疾病的依据C．稳态的动态变化将不利于机体的正常代谢D．内环境的稳态不受细胞代谢过程的影响4．在人体血液中甲状腺激素的含量只有3×10—5～14×10—5mg/mL，而1mg的甲状腺激素却使人体产热量增加4200kJ。

说明了激素调节具有A．通过体液运输 B．直接作用于靶器官、靶细胞C．直接参与细胞内的代谢活动 D．微量和高效的特点5．关于人体内水和无机盐平衡调节的叙述中，正确的是A．血浆渗透压降低时，引起口渴B．机体失水时，抗利尿激素分泌减少C．抗利尿激素使肾小管重吸收水的能力增强D．抗利尿激素使肾小管重吸收水的能力减弱6．在一些山区的溪流里有时能见到一些大蝌蚪没能正常完成变态发育，其原因是体内缺乏A．性激素 B．生长激素 C．生长抑制素 D．甲状腺激素7．某外伤病人不能说话，但能听懂别人讲话，能看书看报。

则受伤的中枢可能是下列哪项？A．S区 B．H 区 C．W 区 D．V 区8．下列关于人体在寒冷时维持体温恒定的叙述，正确的是A．寒冷时，酶活性自然增强，因而代谢加快，产热增加B．寒冷时，产热增加，产生的热量全部经皮肤散失C．寒冷时，经皮肤所散失的热是对生命活动无意义的热量D．寒冷时，代谢增强、产热增加与多种激素分泌增加有关9．切除胰腺的狗排出的尿液常常会吸引许多蚂蚁，这是因为A．肾小管吸收能力降低，出现尿糖 B．非糖物质的转化，使尿糖升高C．胰岛素缺乏，使狗出现糖尿 D．蛋白质转化加强，使尿糖升高10．下列有关突触结构和功能的叙述中，错误的是A．突触前膜与后膜之间有间隙B．兴奋由电信号转变成化学信号，再转变成电信号C．兴奋在突触处只能由前膜传向后膜D．突触前后两个神经元的兴奋是同步的11．在一条离体的神经纤维中段施加电刺激，使其兴奋，则A．所产生的神经冲动向轴突末梢方向传导B．邻近的未兴奋部分表现为膜内正电、膜外负电C．所产生的神经冲动向树突末梢方向传导D．兴奋部位的膜外由正电变为负电，膜内由负电变为正电12．农业科技人员做了两个实验（1）用适当浓度的生长素溶液处理末授粉的番茄花蕾子房，获得无籽番茄。

高二上学期物理第二次阶段考试试卷一、单选题1. 关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A . 电场强度较大的地方电场线一定较疏B . 沿电场线方向，电场强度一定越来越小C . 沿电场线方向，电势一定越来越低D . 电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹2. 如图所示,电路中的电阻R1=10Ω,R2=60Ω,R3=40Ω。

另有一测试电源,电动势为100V,内阻忽略不计.则（）A . 当c、d端短路时,a、b之间的等效电阻是50ΩB . 当a、b端短路时,c、d之间的等效电阻是50ΩC . 当a、b两端接通测试电源时,c、d两端的电压为60VD . 当c、d两端接通测试电源时,a、b两端的电压为40V3. 如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R 构成，当闭合开关S1、S2后，电动机正常工作，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出，断开开关S1，电吹风吹冷风。

已知电吹风的额定电压为220V，吹热风时的功率为1000W，吹冷风时的功率为120W，关于该电吹风，下列说法正确的是A . 当电吹风吹热风时，电热丝每秒消耗的电能为880JB . 当电吹风吹冷风时，电热丝每秒消耗的电能为120JC . 电热丝的电阻为65ΩD . 电动机线圈的电阻为Ω4. 如图所示的电路中,电源的电动势E和内阻r恒定不变,灯泡L恰能正常发光.如果变阻器的滑片向a端滑动,则A . 灯泡L变亮,电流表的示数减小B . 灯泡L变亮,电流表的示数增大C . 灯泡L 变暗,电流表的示数增大D . 灯泡L变亮,电流表的示数不变5. 如图所示电路，闭合开关S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是A . 电流表坏了或未接好B . 从点a经过灯L1到点b的电路中有断路C . 灯L2的灯丝断了或灯座未接通D . 电流表和灯L1、L2都坏了6. 有两个相同的灵敏电流计，允许通过的电流最大值为Ig=1 mA，表头内阻为Rg=50 Ω，若改装成一个量程为0~3 V的电压表和一个量程为0~0.6 A的电流表，应给他们分别（）A . 串联一个2 980 Ω的电阻和并联一个0.033 Ω的电阻B . 并联一个2 990 Ω的电阻和串联一个0.033 Ω的电阻C . 串联一个2 950 Ω的电阻和并联一个0.083 Ω的电阻D . 并联一个2 970 Ω的电阻和串联一个0.083 Ω的电阻7. 一带电粒子从电场中的A点运动到B点轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则（）A . 粒子带正电B . A点的场强小于B点的场强C . 粒子的电势能逐渐增加D . 粒子的速度不断增大8. 如图所示的三条相互平行、距离相等的虚线分别表示电场中的三个等势面,电势分别为7V、14V、21V,实线是一带电粒子在该区域内的运动轨迹,下列说法正确的是A . 粒子一定带负电荷,且粒子在a、b、c三点所受合力相同B . 粒子运动径迹一定是a→b→cC . 粒子在三点的动能大小为EKb>EKa>EKcD . 粒子在三点的电势能大小为EPc>EPa>EPb二、多选题9. 下列说法错误的是A . 电动势就是电源正负极之间的电压B . 由公式可知，导体的电阻与通过它的电流成反比C . 电动势公式中的W与电压公式中的W是一样的，都是电场力做的功D . 在电源内部电路中，正电荷在非静电力作用下由电源的负极流向正极10. 在如图所示电路中,电源内阻不可忽略。

高二物理上册第二次阶段性考试试题一。

选择题（本题包括12小题，每小题4分，共48分。

每小题给出命题人：莫红青校卷人：赖春辉计的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，不选或者有选错的得0分）1．如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内，且和匀强磁场B垂直，则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是（）A．a点B．b点C．c点D．d点F，下列说法中正确的是（）2．根据磁感应强度的定义式B=ILA．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处受磁场力F=0，那么该处的磁感应强度B一定为零C．磁场中某处的磁感应强度B的方向跟电流在该处受磁场力F的方向相同D．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到磁场力F也一定为零3．对θqvBF=的理解，下列说法正确的是（）sinA．当θ=0º时，电荷的运动方向与磁感应强度方向垂直B．θ角是电荷的运动方向与磁感应强度方向的夹角C．θ角是指运动电荷进入磁场时速度与水平方向的夹角D．θ角是指运动电荷进入磁场时速度与竖直方向的夹角4．如图所示，两个相同的轻质铝环能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设有大小不相等的电流按如图所示的方向通入两铝环，则两铝环的运动情况是（）A．都绕圆柱体运动B．彼此相向运动，且具有大小相等的加速度C．彼此相向运动，加速度大小不同D．彼此反向运动，加速度大小相同5．两圆环A、B同心放置且半径R A＞R B，将一条形磁铁置于两环圆心处，且与圆环平面垂直，如图所示，则穿过A、B两圆环的磁通量的大小关系为（）A．φA＞φB B．φA=φBC．φA＜φB D．无法确定6．如图所示，放在台秤上的条形磁铁两极未知，为了探明磁铁的极性，在它中央的正上方固定一导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电流，则（）A．如果台秤的示数增大，说明磁铁左端是北极B．如果台秤的示数增大，说明磁铁右端是北极C．无论如何台秤的示数都不可能变化D．以上说法都不正确7．如图所示，在一水平放置的平板MN的上方有匀强磁场，磁感应强度的大小为B ，磁场方向垂直于纸面向里。