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辽宁省实验中学东戴河分校【最新】高二上学期12月月考物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示的电路中，电感线圈 L 的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，L A，L B 是两个相同的灯泡，下列说法正确的是（）A．S闭合后，L A，L B同时发光且亮度不变B．S闭合后，L A慢慢亮起来C．S断开的瞬间，L A，L B同时熄灭D．S断开的瞬间，L A再次发光，然后又逐渐熄灭2．在两个倾角均为α的光滑斜面上，放有两个相同的金属棒，分别通有电流I1和I2，磁场的磁感应强度大小相同，方向分别为竖直向上和垂直于斜面向上，如图所示，两金属棒均处于平衡状态．则两种情况下的电流之比I1:I2为A．sinα:1B．1:sinαC．cosα:1D．1:cosα3．如图所示，玻璃试管内壁光滑、长为L，试管底部有一质量为m，电荷量为-q的小球(视为质点)。
匀强磁场方向竖直向下，磁感应强度为B，现让试管绕通过开口端的竖直轴以角速度ω在水平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，则试管底部所受压力大小( )B ．等于2mL ωC ．等于2mL qBL ωω+D ．等于2mL qBL ωω-4．如图所示，一理想变压器的原、副线圈的匝数比是20∶1，原线圈接入u ＝sin(100πt) V 的正弦交流电，一只理想二极管和一个阻值为10 Ω的电阻串联后接在副线圈上。
则( )A ．电流表示数为0.055 AB ．电压表示数约为7.8 VC ．二极管两端的最大电压为11VD ．1 min 内电阻R 上产生的热量为726 J5．如图所示，M 是小型理想变压器，原、副线圈匝数之比 n 1：n 2=10：1，接线柱a 、b 接正弦交变电源，电压u =311sin100πt （V ）．变压器右侧部分为火警系统原理图，其中R 2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻随温度升高而减少；R 1为定值电阻．下列说法正确的是（ ）A ．电压表V 1的示数为31.1VB ．变压器副线圈中电流的频率为100HzC ．当R 2所在处出现火警时，电压表V 2的示数变小，电流表A 的示数变小D ．当R 2所在处出现火警时，变压器的原线圈的输入功率变大6．有四个电源，电动势均为8 V ，内阻分别为1 Ω、2 Ω、4 Ω、8 Ω，今要对R ＝2 Ω的电阻供电，问选择内阻为多大的电源才能使R 上获得的功率最大( )A ．1 ΩB ．2 ΩC ．4 ΩD ．8 Ω二、多选题7．如图所示，有一台交流发电机E，通过理想升压变压器T1和理想降压变压器T2向远处用户供电，输电线的总电阻为R.T1的输入电压和输入功率分别为U1和P1，它的输出电压和输出功率分别为U2和P2；T2的输入电压和输入功率分别为U3和P3，它的输出电压和输出功率分别为U4和P4.设T1的输入电压U1一定，当用户消耗的电功率变大时，有( )A．U2变小，U4变大B．U2不变，U3变小C．P1变小，P2变小D．P2变大，P3变大8．磁流体发电是一项新兴技术．如图所示，平行金属板之间有一个很强的匀强磁场，将一束含有大量正、负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向以一定速度喷入磁场．图中虚线框部分相当于发电机．把两个极板与用电器相连，则( )A．用电器中的电流方向从B到AB．用电器中的电流方向从A到BC．若只增强磁场，发电机的电动势增大D．若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势增大T的水平匀强9．如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B＝10磁场中，线框面积S＝0.5 m2，线框电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω＝200 rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只额定电压为220 V、额定功率未知的灯泡，且灯泡正常发光，交流电流表的量程为0.6 A，读数为0.11 A．下列说法正确的是( )．A．灯泡的额定功率为22.4 WB．线框中产生交变电压的有效值为500 VC．变压器原、副线圈匝数之比为25∶11D．变压器输出端最多能并联6只这样的灯泡10．如图所示，闭合开关S后，A灯与B灯均发光，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，以下说法中正确的是（）A．A灯变亮B．B灯变亮C．电源的输出功率可能减小D．电源的总功率增大11．如图是某交流发电机产生的交变电流的图象，根据图象可以判定（）A．此交变电流的频率为5HzB．此交变电流的周期为0.1sC．将标有“12V、3W”的灯泡接在此交变电流上，灯泡可以正常发光D．图象上对应的0.1s时刻，发电机中的线圈刚好转至中性面12．如图所示，L1和L2为两条平行的虚线，L1上方和L2下方都是范围足够大，且磁感应强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L2上．带电粒子从A点以初速度v0与L2成30°角斜向右上方射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向上，不计重力，下列说法正确的是（）A．若将带电粒子在A点时的初速度变大（方向不变），它仍能经过B点B．带电粒子经过B点时的速度一定跟在A点时的速度大小相同C．若将带电粒子在A点时的初速度方向改为与L2成60°角斜向右上方，它将不能经过B点D．此带电粒子既可以是正电荷，也可以是负电荷三、实验题13．在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准．待测金属丝接入电路部分的长度约为50 cm.(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如图所示，其读数应为________mm(该值接近多次测量的平均值)．(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx.实验所用器材为：电池组(电动势3 V，内阻约1 Ω)、电流表(内阻约0.1 Ω)、电压表(内阻约3 kΩ)、滑动变阻器R(0～20 Ω，额定电流2 A)、开关、导线若干．某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：由以上实验数据可知，他们测量Rx是采用图中的________(填“甲”或“乙”)图．(3)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图丙所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点．请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出U-I图线________．由图线得到金属丝的阻值Rx＝________Ω(保留两位有效数字)．(4)根据以上数据可以估算出金属丝电阻率约为________(填选项前的符号)．A．1×10－2Ω·m B．1×10－3Ω·mC．1×10－6Ω·m D．1×10－8Ω·m(5)任何实验测量都存在误差．本实验所用测量仪器均已校准．下列关于误差的说法中正确的选项是___(有多个正确选项)．A．用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B．由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C．若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以减小由测量仪表引起的系统误差D．用U-I图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差14．某研究性学习小组欲测定一块电池的电动势E.(1)先直接用多用电表测定该电池电动势．在操作无误的情况下，多用电表表盘示数为9.4V.(2)然后，用电压表V、电阻箱R、定值电阻R0、开关S、若干导线和该电池组成电路，测定该电池电动势．①根据电路图乙，用笔画线代替导线，将实物图甲连接成完整电路________．②闭合开关S，调整电阻箱阻值R，读出电压表V相应示数U.该学习小组测出大量数据，分析筛选出R、U数据，并计算出相应的1/R与1/U的值，用数据在坐标纸上描点，并作出1/U -1/R图线丙．③从图线中可求得E＝________V.四、解答题)的实验原理如图所示．带电粒子经过电压为15．汤姆孙提出的测定带电粒子的比荷(qmU的加速电场加速后，垂直于磁场方向进入宽为L的有界匀强磁场，粒子穿过磁场时发生的偏转位移是d，若磁场的磁感应强度为B.求带电粒子的比荷．16．如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图.电动机内阻r=2Ω,电路中另一电阻R=10 Ω,直流电压U=220 V,电压表示数U V=180 V.试求:(1) 通过电阻R的电流;(2) 电动机的总功率和发热功率(3) 若电动机以v=1.5 m/s匀速竖直向上提升重物,求该重物的质量.(g取10 m/s2)17．如图甲所示，在粗糙的水平而上有一滑板，滑板上固定着一个用粗细均匀的导线绕成的正方形闭合线圈，匝数N=10，边长L=0.4m，总电阻R=1Ω，滑板和线圈的总质量M =2kg，滑板与地面间的动摩擦因数μ=0.5，前方有一长4L、高L的矩形区域，其下边界与线圈中心等高，区域内有垂直线圈平面的水平匀强磁场，磁感应强度大小按如图乙所示的规律变化，现给线圈施加一水平拉力，使线圈以速度v =0.4m/s匀速通过矩形磁场t=0时刻，线圈右侧恰好开始进入磁场．g=l0m/s2.求：(1)t =0.5s时线圈中通过的电流；(2)线圈全部进入磁场区域前的瞬间所需拉力的大小；(3)在t=1s至t=3s的这段时间内，线圈穿过磁场区域的过程中拉力所做的功．参考答案1．D【解析】闭合S 时，A 、B 同时亮，且亮度相同；随着L 中电流增大，由于线圈L 直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A 逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B 变亮，故AB 错误；断开S ，B 立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A 灯，A 闪亮一下后逐渐熄灭，故C 错误，D 正确．所以D 正确，ABC 错误．2．D【解析】导体棒受力如图，根据共点力平衡得12tan sin F mg F mg αα==，，所以导体棒所受的安培力之比12tan 1sin cos F F ααα==，因为F BIL =，所以11221cos I F I F α==，D 正确． 3．C【解析】【分析】分析小球在水平面内的受力情况：洛伦兹力和试管底部的支持力，由这两个力的合力提供向心力，由牛顿运动定律求解试管底部所受压力大小．【详解】以小球为研究对象，在水平面内小球受到洛伦兹力和试管底部的支持力，由左手定则判断可知，洛伦兹力沿半径向外，根据牛顿第二定律得：N-qBLω=mω2L解得：N=mω2L+qBLω根据牛顿第三定律得，试管底部所受压力大小N′=N=mω2L+qBLω．故选：C4．B【解析】【分析】根据原副线圈的匝数比可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压有效值的定义即可求得结论．【详解】二极管具有单向导电性，副线圈的电压只有正向电压。
2019-2020学年辽宁省实验中学东戴河分校高一（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题．（本题共12小题，每小题4分．第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）某人由西向东走，从A点出发到达B点，然后由B点向正南走到达C点，如图所示，已知各点间线段长度分别为AB＝s1，BC＝s2，AC＝s3，则该人的位移的大小和路程分别是（）A．s3，s1B．s3，s1+s2C．s2，s1+s2D．s1，s22．（4分）古希腊权威思想家亚里士多德曾经断言：物体从高空落下的快慢同物体的重量成正比，重者下落快，轻者下落慢．比如说，十磅重的物体落下时要比一磅重的物体落下快十倍．1800多年来，人们都把这个错误论断当作真理而信守不移．直到16世纪，伽利略才发现了这一理论在逻辑上的矛盾．并通过“比萨斜塔试验”，向世人阐述他的观点．对此进行了进一步的研究，通过实验来验证：伽利略用铜球从斜槽的不同位置由静止下落，伽利略手稿中记录的一组实验数据：伽利略对上述的实验数据进行了分析，并得出了结论，下列是伽利略得出的结论是（）A．v t＝v0+atB．＝kC．v t2﹣v02＝2axD．＝＝…＝k3．（4分）如图所示，两个大小相等，方向相反的水平力F分别作用在物体B、C上，物体A、B、C都处于静止状态，各接触面粗糙都与水平面平行，物体A、C的摩擦力大小为f1，物体B、C间的摩擦力为f2，物体C与地面间的摩擦力为f3则（）A．f1＝0，f2＝F，f3＝0B．f1＝0，f2＝0，f3＝0C．f1＝F，f2＝0，f3＝0D．f1＝0，f2＝F，f3＝F4．（4分）如图所示，将一个质量为m的球固定在弹性杆AB的上端，今用测力计沿水平方向缓慢拉球，使杆发生弯曲，现将测力计的示数逐渐减小到零的过程中（测力计保持水平），球对杆的弹力方向为（）A．斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐减小B．斜向左上方，与竖直方向的夹角逐渐增大C．斜向右下方，与竖直方向的夹角逐渐减小D．斜向右下方，与竖直方向的夹角逐渐增大5．（4分）某物体做直线运动，运动时间t内位移为x，物体的﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．物体的加速度大小为2m/s2B．t＝0时，物体的初速度为2m/sC．t＝0到t＝1这段时间物体的位移为2mD．t＝0到t＝2这段时间物体的平均速度为2m/s6．（4分）轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，电梯中有质量为50kg的乘客，如图所示，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量是电梯静止时轻质弹簧的伸长量的一半，这一现象表明（g＝10m/s2）（）A．电梯此时一定加速下降B．乘客一定处于超重状态C．电梯此时的加速度一定是10m/s2D．乘客对电梯地板的压力一定是250N7．（4分）如图所示，在光滑水平面上有两个质量分别为m1和m2的物体A、B，m1＞m2，A、B间水平连接着一轻质弹簧秤．若用大小为F的水平力向右拉B，稳定后B的加速度大小为a1，弹簧秤示数为F1；如果改用大小为F的水平力向左拉A，稳定后A的加速度大小为a2，弹簧秤示数为F2．则以下关系式正确的是（）A．a1＝a2，F1＞F2B．a1＝a2，F1＜F2C．a1＜a2，F1＝F2D．a1＞a2，F1＞F28．（4分）如图所示为某齿轮传动装置中的A、B、C三个齿轮，三个齿轮的齿数分别为32、12、20，当齿轮绕各自的轴勻速转动时，A、B、C三个齿轮转动的角速度之比为（）A．8：3：5B．5：3：8C．15：40：24D．24：40：159．（4分）一物体在光滑的水平桌面上运动，在相互垂直的x方向和y方向上的分运动的速度随时间变化的规律如图所示（y方向分速度最初沿y的负方向，图中单位为国际制单位）。
2019-2020学年辽宁省实验中学东戴河分校高二上学期12月月考数学试题一、单选题1．点()3,2,1A 关于xOy 平面的对称点为（ ） A ．()3,2,1--- B ．()3,2,1-C ．()3,2,1-D ．()3,2,1-【答案】D【解析】根据关于平面对称点的坐标的变化特征可直接写出结果. 【详解】由对称关系可知，点()3,2,1A 关于xOy 平面对称的点为()3,2,1A '- 故选：D 【点睛】本题考查空间直角坐标系中点的对称问题，需明确点(),,a b c 关于xOy 平面对称点的坐标为(),,a b c -，属于基础题.2．设等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，已知11329a a +=-，则9S =（ ） A ．27- B ．27 C ．54- D ．54 【答案】A【解析】Q 等差数列{}n a 的前n 项和为n S ， 11329a a +=-，11312943a d a d ∴+=-+=-，()9194272S a d =+=- 故选A3．已知直线3(1)10x a y +-+=与直线+2=0x y -平行，则a 的值为（ ） A ．4 B ．4-C ．2D ．2-【答案】A【解析】由题得3×（-1）-（1-a ）×1=0,解之即得a 的值. 【详解】由题得3×（-1）-（1-a ）×1=0,解之得a=4. 故答案为：A【点睛】(1)本题主要考查两直线平行的位置关系，意在考查学生对该知识的掌握水平和分析推理能力.(2) 直线1110a x b y c ++=和直线2220a x b y c ++=平行，则12210a b a b -=且两直线不重合，求出参数的值后要代入检验看两直线是否重合.4．已知双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的一条渐近线方程为20x y -=，则该双曲线的离心率是（ ） ABC．2D【答案】A【解析】∵双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的一条渐近线方程为20x y -=，2a b c ∴=∴=，， ∴双曲线的离心率是c e a == 故选A ．【大家】本题考查双曲线的离心率的求法，解题时要认真审题，要熟练掌握双曲线的简单性质．5．直三棱柱ABC －A 1B 1C 1中，∠BCA ＝90°，M ，N 分别是A 1B 1，A 1C 1的中点，BC ＝CA ＝CC 1，则BM 与AN 所成角的余弦值为( ) A ．110B ．25C．10D．2【答案】C【解析】以C 为原点，直线CA 为x 轴，直线CB 为y 轴，直线1CC 为z 轴，则设CA=CB=1，则(0,1,0)B ，11(,,1)22M ，A （1，0，0），1(,0,1)2N ，故11(,,1)22BM =-u u u u r，1(,0,1)2AN u u u r =-，所以cos ,BM AN BM AN BM AN⋅〈〉==⋅u u u u r u u u ru u u u r u u u r u u u u r u u ur 3=10，故选C. 【考点】本小题主要考查利用空间向量求线线角，考查空间向量的基本运算，考查空间想象能力等数学基本能力，考查分析问题与解决问题的能力.6．已知直线0x y m -+=与圆O ：221x y +=相交于A ，B 两点，若OAB ∆为正三角形，则实数m 的值为（ ）A ．B ．2C ．D ．2- 【答案】D【解析】 由题意得，圆22:1O x y +=的圆心坐标为(0,0)，半径1r =.因为OAB ∆为正三角形，则圆心O 到直线0x y m -+==，即d ==，解得=m 或m =，故选D. 7．已知等比数列{}n a 中，22a =，则其前三项的和3S 的取值范围是（ ） A ．(],2-∞ B ．()(),01,-∞⋃+∞ C ．[)6,+∞D ．(][),26,-∞+∞U【答案】D【解析】∵等比数列{a n }中，a 2=2，设公比为q , ∴其前三项和S 3=222q q++，当q ＞0时，S 3=222q q ++ ；当q ＜0时，S 3=222q q ++≤2﹣=2﹣4=﹣2． ∴其前三项和S 3的取值范围是（﹣∞，﹣2]∪[6，+∞）． 故选D ．点睛：在利用基本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用，否则会出现错误8．设椭圆22:142x y C +=与函数3y x =的图象相交于,A B 两点，点P 为椭圆C 上异于,A B 的动点，若直线PA 的斜率取值范围是[3,1]--，则直线PB 的斜率取值范围是（ ） A ．[6,2]-- B ．[2,6]C ．11,26⎡⎤--⎢⎥⎣⎦ D ．1162⎡⎤⎢⎥⎣⎦，【答案】D【解析】∵22:142x y C +=与函数3y x =的图象相交于,A B 两点，A B ∴，两点关于原点对称，设1111A x y x y --（，），（，）， 则2211 142x y +＝， 即22112(1)4x y -＝．设00P x y （，）， 则2200 142x y +＝，，可得：22002(1)4x y -＝．222201101()2y y x x ∴--＝． ∵直线PA 的斜率1k 的取值范围[31]--，，01011312x x y y +∴-≤-⋅≤-+，得010111 62y y x x ，+≤≤+ ∴直线PB 的斜率取值范围是1162⎡⎤⎢⎥⎣⎦，。
2019-2020学年辽宁省实验中学东戴河分校高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1至7题单选，8到12题多选，每题4分，部分得分2分）1．（4分）一个高尔夫球静止于平坦的地面上。
在t＝0时球被击出，若不计空气阻力的影响，飞行中球的速率与时间的关系如图，根据图象提供的信息不能求出的物理量是（）A．高尔夫球的飞行时间B．高尔夫球上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离2．（4分）一轻质弹簧，上端悬挂于天花板上，下端系一质量为M的平板，处在平衡状态。
一质量为m的均匀环套在弹簧外，与平板的距离为h，如图所示。
让环自由下落，撞击平板。
已知碰后环与板以相同的速度向下运动，使弹簧伸长，则（）A．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总动量守恒B．若碰撞时间极短，则碰撞过程中环与板的总机械能守恒C．环撞击板后，板的新平衡位置与h的大小有关D．在碰后板和环一起下落的过程中，它们减少的动能等于克服弹簧弹力所做的功3．（4分）如图所示，在竖直平面内有一矩形，其长边与一圆的底部相切于O点，现在有三条光滑轨道a、b、c，它们的上端位于圆周上，下端在矩形的底边，三轨道都经过切点O，现在让一物块先后从三轨道顶端由静止下滑至底端（轨道先后放置），则物块在每一条倾斜轨道上滑动时所经历的时间关系为（）A．t a＞t b＞t c B．t a＜t b＜t c C．t a＝t b＝t c D．无法确定4．（4分）如图所示，在倾角为θ的固定斜面上有两个靠在一起的物体A、B，两物体与斜面的动摩擦因数μ相同，用平行斜面的恒力F向上推物体A使两物体沿斜面向上做匀加速运动，且B对A的压力平行于斜面，在则下列说法中正确的是（）A．只减小A的质量，B对A 的压力大小不变B．只减小B的质量，B对A 的压力大小会增大C．只减小斜面的倾角，B对A 的压力大小不变D．只减小两物体与斜面的动摩擦因数μ，B对A 的压力会增大5．（4分）物体在直角坐标系xoy所在的平面内由O点开始运动，其沿坐标轴方向的两个分速度随时间变化如图所示。
辽宁省实验中学分校2019-2020学年高二物理上学期期末考试试题新人教版物理学科高二年级命题人：曲秀红校对人：吴妍一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8题为单向选择题；9-12为多向选择题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1.如图所示，直角三角形通电闭合线圈ABC处于匀强磁场中，磁场垂直纸面向里，则线圈所受磁场力的合力（）A.大小为零B.方向竖直向上C.方向竖直向下D.方向垂直纸面向里2．下列说法不．正确的是( )A. 电熨斗中的双金属片是温度传感器B．火灾报警器是利用烟雾对光的散射作用来工作的C．热敏电阻是把热量这个热学量转换为电阻这个电学量D. 霍尔元件是能够把磁感应强度这一磁学量转换为电压这一电学量的传感器3．在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图1所示，产生的交变电动势的图象如图2所示，则（）A．t =0.01s时线框的磁通量变化率为零B．t =0.005s时线框平面与中性面重合C．线框产生的交变电动势有效值为311VD．线框产生的交变电动势的频率为100Hz4.如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的A、B两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相同的电流。
a、o、b在A、B的连线上，o为AB的中点，c、d位于AB的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等。
关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A. o点处的磁感应强度方向竖直向下B. a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C. c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D. a、c两点处磁感应强度的方向相同5．如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、强度为B的匀强磁场中．质量为m、带电量为＋Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是( ) A．B很大时，滑块可能静止于斜面上B．滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面向下C．滑块受到的摩擦力不变D．滑块沿斜面做匀加速直线运动6. 图中半径为r 的金属圆盘在垂直于盘面的匀强磁场中，绕O 轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，电阻两端分别接盘心O 和盘边缘，则通过电阻R 的电流强度的大小和方向是( )A ．由c 到d ，I ＝Br2ωR B ．由d 到c ，I ＝Br2ωRC ．由c 到d ，I ＝Br2ω2RD ．由d 到c ，I ＝Br2ω2R7．在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环．规定导体环中电流的正方向如图a 所示，磁场方向向上为正．当磁感应强度B 随时间t 按图b 变化时，下列能正确表示导体环中感应电流变化情况的是( )8．如图所示，理想变压器的原线圈接入u ＝12 0002sin 100πt V 的交变电压，副线圈通过电阻r ＝5 Ω的导线对“220 V,880 W ”的电器R L 供电，该电器正常工作，由此可知( )A ．交变电压的频率为100 HzB ．原、副线圈的匝数比为50∶1C ．电流表的读数为42 AD ．变压器的输入功率为880 W9.如图所示的甲、乙两个电路，电感线圈的自感系数足够大，且直流电阻不可忽略，闭合开关S ，待电路达到稳定后，灯泡均能发光。
辽宁省实验中学东戴河分校2019-2020学年高二物理12月月考试题说明：1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分,第Ⅰ卷第（1）页至第（4）页,第Ⅱ卷第（5）页至第（8）页。
2、本试卷共100分,考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题,共48分）注意事项：1、答第Ⅰ卷前,考生务必将自己的姓名、班级填涂在答题卡上,贴好条形码。
答题卡不要折叠2、每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应的题目标号涂黑。
答在试卷上无效。
3、考试结束后,监考人员将试卷答题卡收回。
一．选择题（共12道题,1---7题为单项选择题,8---12题为多项选择题,每题4分,漏选得2分,错选不得分）1．火车的鸣笛声由空气传到铁轨中,则关于其频率和波长的变化情况,描述正确的是A．频率不变,波长变短B．频率不变,波长变长C．频率变小,波长变长D．频率变大,波长变短2．如图所示,三根长均为L的直导线水平放置,截面构成以A为顶点的等腰直角三角形,其中导线A、B电流的方向垂直纸面向里,导线C中电流的方向垂直纸面向外。
若导线B、C中的电流在导线A所在位置处产生的磁感应强度的大小均为0B,导线A通过的电流大小为I,则导线A受到的安培力的大小和方向为A0IL,水平向左 B．02B IL,水平向左C0IL,竖直向上 D．02B IL,竖直向上3．如图所示电路,其中R为一热敏电阻（温度升高时,阻值减小）,C为电容器,R1、R2为两个电阻箱。
闭合开关,当环境温度升高时,以下说法正确的是A．电容器的带电荷量减少B．减小电阻箱R1的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变C．减小电阻箱R2的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变D．增加电阻箱R2的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变4．如图所示,一个有矩形边界的匀强磁场区域,磁场方向垂直纸面向内。
一个三角形闭合导线框,由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）。
取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t=0）,规定逆时针方向为电流的正方向,则图中能正确反映线框中电流与时间关系的是（）A．B．C．D．5.如图所示为小型交流发电机的示意图,线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO’沿逆时针方向以角速度ω匀速转动。
辽宁省实验中学东戴河分校2019-2020学年高三物理上学期期初摸底考试试题说明：1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第（1）页至第（4）页，第Ⅱ卷第（5）页至第（8）页。
2、本试卷共100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共48分）注意事项：1、答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、班级填涂在答题卡上，贴好条形码。
答题卡不要折叠2、每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应的题目标号涂黑。
答在试卷上无效。
3、考试结束后，监考人员将试卷答题卡收回。
一、选择题。
(本题共12小题，每小题4分。
第1~7题只有一项符合题目要求，第8~12题有多项符合题目要求。
全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
)1.如图所示，一个物体放在光滑的水平地面上。
在0 t 时刻，物体在水平力F 作用下由静止开始做直线运动。
在0到0t 时间内物体的加速度a 随时间的变化规律如图所示，则（ ） A.在0到0t 时间内，物体的速度一直变大 B.在0到0t 时间内，物体受力F 一直变大 C.在0到0t 时间内，力F 的功率一直变大 D.在0到0t 时间内，力F 的功率一直变小2.拱形桥面上有一物体，在始终与桥面切线平行的拉力作用下，沿桥面做匀速圆周运动，在此过程中( ) A.物体受到合外力为零B.物体机械能守恒C.合外力对物体冲量为零D.合外力对物体做功为零3.据国外某媒体报道，科学家发明了一种新型超级电容器，能让手机几分钟内充满电，若某同学登山时用这种超级电容器给手机充电，下列说法正确的是（）A.该电容器给手机电池充电时，电容器的电容变小B.该电容器给手机电池充电时，电容器存储的电能变小C.该电容器给手机电池充电时，电容器所带的电荷量可能不变D.充电结束后，电容器不带电，电容器的电容为零4.传送带被广泛应用于机场和火车站，如图所示为一水平传送带装置示意图。
绷紧的传送带始终保持恒定的速率v运行，现将行李无初速度的放在右端点A处。
辽宁省实验中学东戴河校区2019～2020学年上学期高二年级十月份月考物理试卷说明：1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷第（1）页至第（4）页，第Ⅱ卷第（5）页至第（8）页。
2、本试卷共100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共58分）注意事项：1、答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、班级填涂在答题卡上，贴好条形码。
答题卡不要折叠2、每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应的题目标号涂黑。
答在试卷上无效。
3、考试结束后，监考人员将试卷答题卡收回。
一．选择题（共12道题，1---8题为单项选择题，9---12题为多项选择题，每题4分，漏选的得2分，错选不得分）1．．北京正负电子对撞机的储存环是周长为240m的近似圆形轨道．当环中电子以光速的的速度流动而形成的电流是10mA时，环中运行的电子数目为(已知光速c＝3×108m/s，电子电荷量e＝1.6×10－19 C) ( )A．5×1010 B．5×1011 C．1×102 D．1×1042．如图所示为两节某品牌的不同型号干电池，其上均标有“1.5V”字样，下列说法正确的是（）A.两种型号的电池都有内阻而且一定相同B.两种型号的电池储存的能量一定一样多C.“1.5V”表示电池供电时正负极之间的电压为1.5VD.“1.5V”表示电池供电时每通过1C的电量，有1.5J的化学能转化为电能3．某兴趣小组探究发现导电液体电阻变化规律与金属电阻相同.如图所示，将横截面积之比为3:5，长度相同的两段玻璃管注满相同的盐水，封闭构成盐水柱a 和b并联接入电路中，忽略温度对电阻的影响，则下列说法正确的是A.盐水柱a和b电阻之比为3:5B.通过盐水柱a和b电流之比为3:5C.盐水柱a和b中自由电荷移动速率之比3:5D.电路稳定时盐水柱中电场强度处处为零4．如图是米家牌扫地机器人的照片，下表内容是它的一些重要参数：根据以上信息，下列说法错误的是A．工作时，电池把化学能转化为电能B．电池充电时平均充电电流约1.73AC．电池充满电时储存的能量大约为5.94×105JD．在2.5小时工作时间内机器人并非一直以55W额定功率工作5．如图所示为一个小型电热水器。
辽宁省实验中学2019-2019学年度上学期第一次月考高二理科物理试卷一．选择题（1-8单选，9-12多选，每题4分，漏选得2分，共48分）1．两根完全相同的金属裸导线，如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍，另一根对折后绞合起来．然后给它们分别加上相同电压，则在同一时间内通过它们的电荷量之比为（）A．4：1 B．8：1 C．1：16 D．16：12．如图所示，A为一稳压管，它的作用是保证DE两端的电压U DE恒定不变，当流过稳压管的电流在5mA和40mA之间时，U DE就稳定在10V，R2为一可变电阻，它的最小值为500Ω，最大值为无穷大（即断路）．设电源电压U=20V，则当R2变化时，为使U DE稳定在10V，R1可取下列几个电阻值中的（）A．100ΩB．300ΩC．500ΩD．1 000Ω3．如图所示电路中，各灯额定电压和额定功率分别是：A灯“10V，10W“，B灯“60V，60W”，c灯“40V，40W“，D灯“30V，30W“．在a、b两端加上电压后，四个灯都能发光．比较各灯消耗功率的大小，正确的是（）A．P B＞P D＞P A＞P C B．P B＞P A＞P D＞P C C．P B＞P D＞P C＞P A D．P A＞P C＞P D＞P B4．某一电源的路端电压与电流的关系和电阻R1、R2的电压与电流的关系如图所示．用此电源和电阻R1、R2组成电路．R1、R2可以同时接入电路，也可以单独接入电路．为使电源输出功率最大，可采用的接法是（）A．将R1、R2串联后接到电源两端B．将R1、R2并联后接到电源两端C．将R1单独接到电源两端D．将R2单独接到电源两端5．如图所示的电路中，R1、R2、R3是固定电阻，R4是光敏电阻，其阻值随光照的强度增强而减小．当开关S闭合且没有光照射时，电容器C不带电．当用强光照射R4且电路稳定时，则与无光照射时比较（）A．电容器C的上极板带正电B．电容器C的下极板带正电C．通过R4的电流变小，电源的路端电压增大D．通过R4的电流变大，电源提供的总功率变小6．有两个相同的电流计改装成的量程不同的电流表A1和A2，A1的量程是A2的2倍，则（）A．若串联起来，两表指针偏角θ1＜θ2，两表示数相等B．若串联起来，两表指针偏角相等，A1表示数大于A2表示数C．若并联起来，两表指针偏角相等，A1表示数小于A2表示数D．若并联起来，两表指针偏角θ1＞θ2，两表示数相等7.如图所示的电路中，闭合电键k后，灯a和b都正常发光，后来由于某种故障使灯b突然变亮，电压表读数增加，由此推断这故障可能是（）A．a灯灯丝烧断B．电阻R2短路C．电阻R2断路 D．电容被击穿短路8．在用欧姆表测电阻的实验中，用“×10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度较大，正确的判断和做法是（）A．这个电阻阻值较小B．为了把电阻测得更准确一些，应换用“×1”挡，重新测量C．为了把电阻测得更准确一些，应换用“×1k”挡，重新测量D．换挡之后不需要欧姆调零，可直接测量。
物理试卷一．选择题（共12道题，1---7题为单项选择题，8---12题为多项选择题，每题4分，漏选得2分，错选不得分）1.火车的鸣笛声由空气传到铁轨中，则关于其频率和波长的变化情况，描述正确的是 A. 频率不变，波长变短 B. 频率不变，波长变长 C. 频率变小，波长变长 D. 频率变大，波长变短【答案】B 【解析】【详解】波的频率是由波源决定的，所以波从一种介质进入另一种介质时，频率不变．则声波由空气进入铁轨中，波速变大，频率不变，由波速公式v=λf 得知，声波的波长变长．故B 正确，ACD 错误．故选B 2.如图所示，三根长均为L 的直导线水平放置，截面构成以A 为顶点的等腰直角三角形，其中导线A 、B 电流的方向垂直纸面向里，导线C 中电流的方向垂直纸面向外．若导线B 、C 中的电流在导线A 所在位置处产生的磁感应强度的大小均为0B ，导线A 通过的电流大小为I ，则导线A 受到的安培力的大小和方向为0IL ，水平向左 B. 02B IL ，水平向左 0IL ，竖直向上 D. 02B IL ，竖直向上【答案】C 【解析】B 、C 中的电流在A 处产生的磁感应强度的大小均为0B ，如图所示：根据平行四边形定则，结合几何关系，有A 处的磁感应强度为：0A B =，由左手定则可知，安培力方向竖直向上，大小为0F IL =，故C 正确，ABD 错误，故选C ．3.如图所示电路,其中R 为一热敏电阻（温度升高时,阻值减小）,C 为电容器,R 1、R 2为两个电阻箱．闭合开关,当环境温度升高时,以下说法正确的是A. 电容器的带电荷量减少B. 减小电阻箱R 1的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变C. 减小电阻箱R 2的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变D. 增加电阻箱R 2的阻值,可使电容器的带电荷量保持不变 【答案】C 【解析】【详解】当环境温度升高时，R 的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流增大，则R 2的电压增大，电容器上的电压增大，电容器所带的电量增大．故A 错误；根据闭合电路欧姆定律得知，总电流增大，电容器所带的电量增大，R 1的大小与电容器的电量没有影响，若R 1的阻值减小，电容器的带电量仍然增大．故B 错误；当环境温度升高时，R 的电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，总电流增大，若R 2的阻值减小，可以使R 2的电压不变，电容器上的电压不变，电容器所带的电量不变，故C 正确，D 错误；故选C ．【点睛】本题是信息给予题，抓住R 的电阻随温度升高而减小，进行动态变化分析：R 为热敏电阻，温度升高，电阻变小，当环境温度升高时，电阻变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电容器带电量的变化．4.如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向内．一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）．取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（t =0），规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（ ）A. B. C. D.【答案】A 【解析】 分析】先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式E BLv=和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象． 【详解】线框进入磁场的过程，磁通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i 应为正方向，故BC 错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E=BLv ，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生．线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i 应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由E BLv =，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故A 正确，D 错误．5.如图所示为小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO ’沿逆时针方向以角速度ω匀速转动。
线圈的匝数为n 、电阻为r ，外接电阻为R ，A 为交流电流表。
线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过60︒时的感应电流为I 。
下列说法中正确的是【A. 电流表的读数为2IB. 转动过程中穿过线圈磁通量的最大值为2()I r R n ω+C. 线圈转动一周的过程中，电阻R 产生的热量为22I RπωD. 从图示位置开始转过90︒的过程中，通过电阻R 的电荷量为4Iω【答案】B 【解析】【详解】A ．由题有：πcos3m I I = 则得感应电流的最大值为：2m I I =有效值为：I 有2m I ==，故A 错误； B ．感应电动势的最大值为：()2()m m E I R r I R r =+=+又：m E nBS ω=磁通量的最大值：m BS Φ=联立解得：2()m I R r BS n ω+Φ==故B 正确；C ．线圈转动一周的过程中，电阻R 产生的热量：22224)RI Q I RT Rππωω===有故C 错误；D ．从图示位置开始转过2π的过程中，通过电阻R 的电荷量： ()22I r R BS n Iq nn R r R r R r n ωω+∆Φ====+++ 故D 错误； 故选B 。
6.图甲为一列简谐横波在t =0.10s 时刻的波形图，P 是平衡位置为x =1m 处的质点，Q 是平衡位置为x =4m 处的质点，图乙为质点Q 的振动图象，则（ ）A. t =0.10s 时，质点Q 的速度方向向上B. 该波沿x 轴的正方向传播C. 该波的传播速度为40m/sD. 从t =0.10s 到t =0.25s ，质点P 通过的路程为30 cm 【答案】C 【解析】【详解】AB ．由振动图象可知，0.10s t =时刻，Q 点经过平衡位置向下运动，根据波形的平移法可判断出来波沿x 轴负方向传播，故A 、B 错误； C ．由图可得：8m λ=0.20s T =该波的传播速度为：40m/s v Tλ==故C 正确；D ．从0.10s t =到0.25s t =，经过时间为：30.15s 4t T ∆==位于最大位移处和平衡位置处的质点通过的路程是330cm A =，质点P 通过的路程不等于30cm ，故D 错误； 故选C 。
7.如图所示为一种质谱仪的工作原理示意图,此质谱仪由以下几部分构成:离子源、加速电场、静电分析器、磁分析器、收集器.静电分析器通道中心线半径为R ,通道内有均匀辐射电场,在中心线处的电场强度大小为E ;磁分析器中分布着方向垂直于纸面,磁感应强度为B 的匀强磁场,其左边界与静电分析器的右边界平行.由离子源发出一个质量为m 、电荷量为q 的正离子(初速度为零,重力不计),经加速电场加速后进入静电分析器,沿中心线MN 做匀速圆周运动,而后由P 点进入磁分析器中,最终经过Q 点进入收集器.下列说法中正确的是( )A 磁分析器中匀强磁场方向垂直于纸面向内 B. 加速电场中的加速电压U=12ER C. 磁分析器中圆心O 2到Q 点的距离D. 任何离子若能到达P 点,则一定能进入收集器 【答案】B 【解析】【详解】A 、离子在磁分析器中沿顺时针转动，所受洛伦磁力指向圆心，根据左手定则，磁分析器中匀强磁场方向垂直于纸面向外，故A 错误.B 、离子在静电分析器中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律有：2v qE m R=，设离子进入静电分析器时的速度为v ，离子在加速电场中加速的过程中，由动能定理有：2102qU m =-v ，解得：2ER U =，B 正确. .C 、离子在磁分析器中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有：2v qvB m r =，解得：r =d r ==，故C 错误.D 、由B 可知：2U RE =，R与离子质量、电量无关；离子在磁场中的轨道半径：r =磁场中做圆周运动的轨道半径与电荷的质量和电量有关，能够到达P 点的不同离子，半径不一定都等于d ，不一定能进入收集器，故D 错误. 故选B【点睛】本题考查粒子在电场中加速与匀速圆周运动，及在磁场中做匀速圆周运动．掌握电场力与洛伦兹力在各自场中应用，注意粒子在静电分析器中电场力不做功．8.如图所示，长直导线通以方向向上的恒定电流i ，矩形金属线圈abcd 与导线共面，线圈的长是宽的2倍，第一次将线圈由静止从位置Ⅰ平移到位置Ⅱ停下，第二次将线圈由静止从位置Ⅰ绕过d 点垂直纸面的轴线旋转900到位置Ⅲ停下，两次变换位置的过程所用的时间相同，以下说法正确的是( )A. 两次线圈所产生的平均感应电动势相等B. 两次线圈所产生的平均感应电动势不相等C. 两次通过线圈导线横截面积的电量相等D. 两次通过线圈导线横截面积的电量不相等 【答案】BD 【解析】根据通电直导线周围的磁场分布可知，两次通过线圈的磁通量不同，根据E n t∆Φ=∆可知，线圈所产生的平均感应电动势不相等，选项A 错误，B 正确；根据q n R∆=Φ可知两次通过线圈导线横截面积的电量不相等，选项C 错误，D 正确；故选BD.9.如图甲所示是家用台灯亮度调节原理图，理想自耦变压器的a 、b 间接入如图乙所示正弦交流电压.交流电流表A 为理想电表，灯泡额定电压为15V 、额定功率30W （设灯泡的电阻值保持不变），当P 在c 处时灯泡正常发光.下列描述正确的有A. 灯泡正常发光时变压器线圈的总匝数与c 点下方的匝数之比为44∶3B. 当灯泡正常发光时电流表的读数为2AC. 将调压端的滑动触头P 向下移动时，变压器的输入功率变小D. 将调压端的滑动触头P 向下移动时，变压器的输入电压变小 【答案】AC 【解析】【详解】由图象知输入电压的有效值为220V ，灯泡正常发光副线圈电压为15V ，所以灯泡正常发光时变压器初、次级线圈的匝数比1244 3n n ＝，A 正确；当电灯正常发光时，电灯两端电流230215P I A A U ===，则变压器初级电流：2121322n I I A n == ，选项B 错误； 当滑动触头向下移动，即n 2减小时，电压U 2应该减小，所以灯泡功率减小，则变压器的输入功率变小，C 正确；变压器的输入电压只由发电机输出电压决定，与次级匝数无关，选项D 错误；故选AC.【点睛】自耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，根据基本的规律分析即可．10.如图所示，ab 、cd 是固定在竖直平面内的足够长的金属框架，bc 段接有一阻值为R 的电阻，其余电阻不计，ef 是一条不计电阻的金属杆，杆两端与ab 和cd 接触良好且能无摩擦下滑(不计空气阻力)，下滑时ef 始终处于水平位置，整个装置处于方向垂直框面向里的匀强磁场中，ef 从静止下滑，经过一段时间后闭合开关S ，则在闭合开关S 后A. ef的加速度大小不可能大于gB. 无论何时闭合开关S，ef最终匀速运动时速度都相同C. 无论何时闭合开关S，ef最终匀速运动时电流的功率都相同D. ef匀速下滑时，减少的机械能小于电路消耗的电能【答案】BC【解析】【详解】闭合开关S后，ef切割磁感线产生感应电流，ef所受的安培力方向向上．若ef所受的安培力大于重力的2倍，由牛顿第二定律得知，加速度大于g．故A错误．无论什么时刻闭合S，ef最终都做匀速运动，设最终的速度大小为v，则有：mg=22B L vR，得v=22mgRB L，由于m、R、B、L都相同，则v一定相同．故B正确．ef最终匀速运动时，设电流的功率为P，则：P=mgv=2222m g RB L，可见，电流的功率P是相同的．故C正确．ef匀速下滑时，根据能量守恒定律得知，ef减少的机械能等于电路消耗的电能．故D错误．故选BC．【点睛】本题首先要对开关闭合后ef可能的运动情况分析要清楚，其次从力平衡和能量守恒的角度分析，得到稳定时ef的速度、电功率等表达式，再进行判断．11.如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图（图中变压器均可视为理想变压器，图中电表均为理想交流电表）．设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻用R0表示，变阻器R相当于用户用电器的总电阻．当用电器增加时，相当于R变小，则当用电进入高峰时A. 电压表V1、V2的读数均不变，电流表A1、A2的读数均增大B. 电压表V3、V4的读数均减小，电流表A3的读数也减小C. 电流表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D. 发电厂的输出功率增大【答案】ACD【解析】【详解】电压表V1、V2的读数均不变，因为输入电压和匝数比都不变，用电高峰期，电阻减小，电流增大，根据电流与匝数成反比知电流都增大，故A正确；输电线上的电压损失增大，故电压表V3、V4的读数均减小，电流表A2的读数增大，电流表A3的读数增大，故B错误；电流表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变，等于输电线的电阻值，变压器的输入功率等于输出功率都增大，故CD正确．故选ACD．【点睛】此题是远距离输电电路的动态分析；根据表达式知道电压和频率，与闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的元件的电流和电压的变化的情况．12.如图所示，一根固定的绝缘竖直长杆位于范围足够大且相互正交的匀强电场和匀强磁场中，电场强度大小为E=2mgq，磁感应强度大小为B．一质量为m、电荷量为q的带正电小圆环套在杆上，环与杆间的动摩擦因数为μo现使圆环以初速度v o向下运动，经时间t o，圆环回到出发点．若圆环回到出发点之前已经开始做匀速直线运动，不计空气阻力，重力加速度为g．则下列说法中正确的是（）A. 环经过2t 时间刚好到达最低点 B. 环的最大加速度为a m =g+0qv BmμC. 环在t 0时间内损失的机械能为12m(v 02-22222m g q B μ)D. 环下降过程和上升过程系统因摩擦产生的内能相等 【答案】BC 【解析】 【分析】A 、环来回运动性质不相对称，从而判定即可；B 、依据牛顿第二定律，结合洛伦兹力大小公式f=Bqv ，及左手定则，即可求解；C 、根据动能定理，即可回到原点的机械能变化量；D 、依据动能定理，结合初末速度，即可求解．【详解】AB 、由题意可知，环在运动的过程中，受到的电场力大小为2F qE mg ==，方向始终竖直向上．假设竖直向下为正方向，则当环下滑的过程中，受力分析，根据牛顿第二定律得：()mg qE qvB ma μ-+=，化解得：qvB a g m μ⎛⎫=-+⎪⎝⎭，负号代表该加速度与运动方向相反，故物体在下滑的过程中做加速度逐渐减小的减速运动；当环上升的过程中，根据牛顿第二定律mg qvB qE ma μ+-'=，解得：qvB a g m μ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭'，环做加速度逐渐减小的减速运动，在到达原出发点前，加速度减为零，此时，0a '=，mgv vBμ=，开始以速度v 做匀速直线运动．所以，由于运动的不对称性可以确定，从开始下滑到最低点的时间不等于2t ，A 错误；整个运动过程中，加速度一直减小，所以在运动的最开始时，加速度最大，加速度大小的最大值为：0m qv Ba g mμ=+，B 正确；C、由以上计算，可知，整个过程中，系统损失的机械能2222200222111222m gE mv mv m vq Bμ⎛⎫∆=-=-⎪⎝⎭，C正确；D、环上升和下降的过程中，摩擦力的平均值大小不相等，故因摩擦产生的内能不相等，D错误．故本题选BC．【点睛】考查牛顿第二定律、动能定理的内容，掌握机械能损失与除重力以外的力做功有关，理解环在运动中受到洛伦兹力与速率的关系，及洛伦兹力的方向判定，注意环来回运动性质的不同，是解题的关键．第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二．填空题（共2道题，每空2分，共计22分）13.（1）在使用多用电表测电阻时，以下说法中正确的是_______A．每换一次档位，都必须重新进行电阻调零B．使用前须检查指针是否停在"Ω"刻线的"∞"处C．测量完毕应将选择开关置于"OFF"或交流电压最大档D．测量时，若指针偏角较小，应换倍率较小的档位来测量（2）如图甲、乙所示是螺旋测微器和游标卡尺测量工件长度时的情形。
