黑龙江省哈尔滨市第六中学2015届高三12月月考物理试题

3．如图所示，PQ 和MN 为水平平行放置的金属导轨，相距l ＝1m ，PM 间接有电动势E ＝6V 、内阻r ＝1Ω的电源和滑动变阻器R 。

导体棒ab 跨放在导轨上，棒的质量m ＝0.2kg ，棒的中点用细绳经定滑轮与物体相连，物体质量M ＝0.3kg 。

棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.5，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，导轨与棒的电阻均不计，g 取10 m ／s 2。

匀强磁场的磁感应强度B ＝2T ，方向竖直向下，为使物体保持静止，滑动变阻器R 接入电路的阻值不可能的是（ ） A ．2Ω B ．4ΩC ．5ΩD ．6Ω4．如图所示A 、B 、C 、D 四个电路中，电源电动势E 、内阻为r ，定值电阻R 0。

当滑动变阻器R 的滑动片P 从a 向b 滑动时，理想电压表读数将变大的电路是（ ）（A ） （B ） （C ） （D ）5．如图所示，比荷相同的带正电粒子1和2，以速度v 1和v 2从宽度为d 的匀强磁场的边界上O 点分别以60°和30°（与边界夹角）方向射入磁场，均恰好不从另一边界飞出，则下列说法中正确的是（ ） A ．1和2两粒子的速率之比为（2－）∶3 B ．1和2两粒子在磁场中的位移之比为1∶1 C ．1和2两粒子在磁场中的路程之比为1∶2 D ．1和2两粒子在磁场中的运动时间之比为4∶56．如图所示，空间存在足够大且互相垂直的匀强电、磁场，电场强度为E 、方向竖直向下；磁感应强度为B ，方向垂直纸面向里。

由某点P 静止释放质量为m 、带电量为＋q 的粒子（重力忽略不计），其运动轨迹如图所示。

对于带电粒子下落的最大高度H ，下面给出了四个表达式，你认为正确的是（ ） A ． B ． C ． D ．7．三条在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线搭成一等边三角形。

在导线中通过的电流均为I ，电流方向如图所示。

a 、b 和c 三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上，且到相应顶点的距离相等。

哈尔滨市第六中学校201届第次模拟考试 理科综合能力测试 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅰ卷第33－41题为选考题，其它题为必考题。

考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。

考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

注意事项： 1、答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置上。

2、选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3、请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。

4、保持卡面清洁，不折叠，不破损。

5、做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。

可能用到的相对原子质量：C12 H:1 O:16 N:14 Si:28 Na:23 S:32 Fe:56 Cu:64 Ca:40 Al: 27 Cl:35.5 Mg:24 F:19 第Ⅰ卷 一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

( ) A.甲状腺滤泡上皮细胞摄取碘 B.效应T细胞与靶细胞结合 C. mRNA进入细胞质与核糖体结合 D.传出神经细胞兴奋引起肌肉收缩 2. 分析下列以酵母菌为材料的有关实验，正确的是( ) A．探究细胞呼吸的方式：可通过观察澄清石灰水是否变浑浊来判断 B．探究酵母菌种群数量变化：最简便的方法是采用逐个计数法 C．探究细胞呼吸的方式：将葡萄糖溶液煮沸的目的是除去溶液中的氧气 D．探究酵母菌种群数量变化：将试管震荡摇匀后再取培养液进行计数 3.精子和卵细胞是进行有性生殖的生物连接亲子代之间的桥梁，在精卵结合之后不可能发生的是 A．DNA分子在复制过程中发生基因突变 ( ) B．非同源染色体的非等位基因之间自由组合 C．非同源染色体之间发生染色体片段的易位 D．密码子与反密码子之间的碱基互补配对 4.下列关于探究遗传物质的实验的叙述，不正确的是( ) A．主要设计思路是将DNA、蛋白质和多糖等物质分开研究 B．加热杀死后的S型菌能转化R型菌说明遗传物质能产生可遗传变异 C．噬菌体利用自身的脱氧核苷酸为原料在细菌体内进行复制 D．培养R型活细菌时加S型细菌的蛋白质，不能产生有毒性的细菌 5.下列关于人体内环境及稳态的反应的叙述，错误的是( ) A．长期摄入蛋白质过少→引起组织液增加 B．某种器官的功能障碍→引起机体稳态失调 C．细胞的代谢活动→参与内环境的形成和维持 D．组织液中的物质→大部分被毛细淋巴管吸收 6. 某人注射白喉毒素疫苗和感染白喉杆菌后，体内抗体产生情况如右图所示。

黑龙江省哈尔滨市第六中学2015届高三10月月考数学（文）试题考试时间：120分钟 满分：150分 一、选择题：（每题5分，共60分） 1.已知βα,R∈，则“βα=”是“βαtan tan =”的（ ）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件 2.下列有关命题的说法正确的是（ ）A.命题“若21,x =则1x =”的否命题为“若21x =则1x ≠”B ．“1x =-”是 “2560x x --=”的必要不充分条件 C. 命题若“x y =”则“sin sin x y =”的逆否命题为真D ．命题“2000,10x R x x ∃∈++<”的否定是“对01,2>++∈∀x x R x 。

” 3.已知α为第二象限角，53s i n=α，则si n α=（ ） A ．2524-B.2512- C.2512 D.2524 4.17cos 30cos 17sin -47sin （ ） A.23-B.21-C.21D.235.已知点)1,1(-A 、)2,1(B 、)1,2(--C 、)4,3(D ,则向量→-AB 在→-CD 方向上的投影为 （ ）A ．223 B ．2153 C ．223-D ．2153-6.已知向量),2,2(),1,1(+=+=→→λλn m 若)()(→→→→-⊥+n m n m ，则=λ（ ）A ．4-B ．3-C ．2-D ．1-7．函数sin()y A x ωϕ=+的部分图像如图所示， 则其解析式可以是（ ）A ．3sin(2)3y x π=+B ．3sin(2)3y x π=-+ C ．13sin()212y x π=+D ．13sin()212y x π=-+8．要得到函数)12cos(+=x y 的图象，只要将函数x y 2cos =的图象（ ） A ． 向左平移1个单位 B. 向右平移1个单位 C. 向左平移 12个单位 D. 向右平移12个单位9.已知函数f (x )是定义在[]12a ,a -上的偶函数,且当0x >时, f (x )单调递增，则关于x的不等式1f (x )f (a )->的解集为（ ）A ．45[,)33B ．2112,,3333⎛⎤⎡⎫-- ⎪⎥⎢⎝⎦⎣⎭ C ．1245,,3333⎡⎫⎛⎤⎪ ⎢⎥⎣⎭⎝⎦D ．随a 的值而变化10．已知定义在R 上的奇函数)(x f 满足)()2(x f e x f -=+（其中 7182.2=e ），且在区间[]e e 2,上是减函数，令21=a ，51,31==c b ，则（ ） A ．)()()(c f b f a f << B ．)()()(a f c f b f << C ．)()()(b f a f c f <<D ．)()()(a f b f c f <<11. 在△ABC 中，角A 、B 、C 所对的边分别是c b a ,,且BC 边上的高为2a ，则cbb c +的最大值为 （ ）A ．22 B2 C 2 D 412.已知函数0x a e ,x f (x )ln x,x ⎧⋅≤=⎨->⎩，其中e 为自然对数的底数，若关于x 的方程0f (f (x ))=，有且只有一个实数解，则实数a 的取值范围为（ ）A. ()0,-∞B. ()()001,,-∞C. ()01,D. ()()011,,+∞二、填空题（每题5分，共20分） 13.函数()f x =____________。

2015-2016学年黑龙江省哈尔滨六中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题：本题共16小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～16题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）一个电量为10﹣6C的负电荷从电场中A点移动到B点，电场力做功2×10﹣6J，从C点移动到D点电场力做功﹣7×10﹣6J，已知C点比B点电势高3V，且A、B、C、D四点在同一条电场线上，则图中正确的是（）A．B．C．D．2．（4分）一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C． D．3．（4分）如图所示，有三个质量相等的分别带正电、负电和不带电的粒子从两水平放置的金属板左侧中央以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后在正极板上打出A、B、C三个点，则（）A．三种粒子在电场中运动时间相同B．三种粒子到达正极板时速度相同C．三种粒子到达正极板时落在A、C处的粒子机械能增大，落在B处粒子机械能不变D．落在C处的粒子带正电，落在B处的粒子不带电，落在A处的粒子带负电4．（4分）如图所示，一质量为m、电荷量为q的带电液滴以速度v沿与水平面成θ角的方向斜向上进入匀强电场，在电场中做直线运动，则液滴向上运动过程中（）A．电场力不可能小于mgcosθB．液滴的动能一定不变C．液滴的机械能一定变化 D．液滴的电势能一定不变5．（4分）如图所示A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回．现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是（）A．保持S闭合，将A板适当上移B．保持S闭合，将B板适当下移C．先断开S，再将A适当上移 D．先断开S，再将B适当下移6．（4分）如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态．现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的支持力先增大后减小B．物体A受到斜面的支持力一直增大C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．地面对斜面C的摩擦力先减小后增大7．（4分）质量为m的物块，带电荷量为+Q，开始时让它静止在倾角α=60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E=的匀强电场中，如图所示，斜面高为H，释放物块后，物块落地时的速度大小为（）A．2B．C．2D．28．（4分）某同学研究电子在匀强电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹（虚线所示），图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点的场强小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较大D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小9．（4分）在光滑绝缘水平面的P点正上方0点固定一电荷量为+Q的点电荷，在水平面上的N点，由静止释放质量为m，电荷量为﹣q的检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ=60°．则在+Q形成的电场中（规定P 点的电势为零）（）A．N点电势低于P点电势B．N点电势为﹣C．P点电场强度大小是N点的2倍D．检验电荷在N点具有的电势能为﹣mv210．（4分）如图所示，虚线框的真空区域内存在着沿纸面方向的匀强电场（具体方向未画出），一质子从bc边上的M点以速度v垂直于bc边射入电场，从cd边上的Q点飞出电场，不计重力．下列说法正确的是（）A．质子到Q点时的速度方向可能与cd边垂直B．不管电场方向如何，若知道a、b、c三点的皂势，一定能确定d点的电势C．电场力一定对电荷做了正功D．M点的电势一定高于Q点的电势11．（4分）两个点电荷Q1，Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点O），在移动过程中，试探电荷的电势能随位置的变化关系如图所示．则下列判断正确的是（）A．M点电势为零，N点场强为零B．M点场强为零，N点电势为零C．Q1带负电，Q2带正电，且Q2电荷量较小D．Q1带正电，Q2带负电，且Q2电荷量较小12．（4分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变13．（4分）如图所示，在O点放置正点电荷Q，a、b两点的连线过O点，且Oa=ab．以下说法正确的是（）A．将质子从a点由静止释放，质子向b点做匀加速运动B．将质子从a点由静止释放，质子运动到b点时的速率为v，则将α粒子从a点由静止释放后运动到b点时的速率为C．若电子以Oa为半径绕O点做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O点做匀速圆周运动的线速度为2vD．若电子以Oa为半径绕O点做匀速圆周运动的线速度为v，则电子以Ob为半径绕O点做匀速圆周运动的线速度为14．（4分）如图所示，竖直放置的光滑绝缘圆环穿有一带正电的小球，匀强电场方向水平向右，小球绕O点做圆周运动，那么（）A．在A点小球电势能最大B．在B点小球重力势能最大C．在C点小球机械能最大 D．在D点小球动能最大15．（4分）如图所示，两块较大的金属板A、B平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为m、电荷量为q的油滴恰好处于静止状态，以下说法中正确的是（）A．若将A板向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有b→a的电流B．若将A板向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G中有b→a的电流C．若将S断开，则油滴立即做自由落体运动，G中无电流D．若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G中有b→a的电流16．（4分）如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1＞θ2）．两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E kA和E kB．则（）A．m A一定小于m B B．q A一定大于q BC．v A一定大于v B D．E kA一定大于E kB二、实验题（6分）17．（6分）用传感器观察电容器的放电过程：按图（甲）连接电路，电源电动势E=8V，电容器选用几百微法的电解电容器．先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，这个过程瞬间完成．然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的I﹣t曲线，如图（乙）．（1）估算电容器在全部放电过程中释放的电荷量q=C；（2）根据以上数据估算电容为C=μF．二、计算题（共40分，要求写出必要的文字说明、方程式或重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（12分）如图，匀强电场中有一半径为r的光滑绝缘圆轨道，轨道平面与电场方向平行．a、b为轨道直径的两端，该直径与电场方向平行．一电荷量为q（q＞0）的质点沿轨道内侧运动，经过a点和b点时对轨道压力的大小分别为N a和N b．不计重力，求电场强度的大小E、质点经过a点和b点时的动能．19．（14分）如图所示，一根长为L=1.5m的绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C、与水平方向成θ=37°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×10﹣6C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×10﹣6C，质量m=1.0×10﹣2kg，与杆之间的动摩擦因数μ=0.1．现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动．（静电力常量k=9.0×109N•m2/C2．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h为多大？（3）若小球B在下落过程的最大速度为0.77m/s，则从开始下落到速度达到最大的过程中，小球B的电势能改变了多少？20．（14分）如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的轨道，AB段光滑水平，BC段为光滑圆弧，对应的圆心角θ=37°，半径r=4.0m，CD段平直倾斜且粗糙，各段轨道均平滑连接，倾斜轨道所在区域有场强大小为E=2×105 N/C、方向垂直于斜轨向下的匀强电场．质量m=5×10﹣2 kg、电荷量q=+1×10﹣6C的小物体（视为质点）被弹簧枪发射后，沿水平轨道向左滑行，在C点以速度v0=4m/s冲上斜轨．以小物体通过C点时为计时起点，0.1s以后，场强大小不变，方向反向．已知斜轨与小物体间的动摩擦因数μ=0.25．设小物体的电荷量保持不变，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求弹簧枪对小物体所做的功；（2）在斜轨上小物体能到达的最高点为P，求CP的长度．（结果保留两位有效数字）2015-2016学年黑龙江省哈尔滨六中高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共16小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～16题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．（4分）（2013•清浦区校级学业考试）一个电量为10﹣6C的负电荷从电场中A点移动到B点，电场力做功2×10﹣6J，从C点移动到D点电场力做功﹣7×10﹣6J，已知C点比B点电势高3V，且A、B、C、D四点在同一条电场线上，则图中正确的是（）A．B．C．D．【分析】根据电势差公式U=，分别求出AB间和CD间的电势差，即可判断出A、B间电势和C、D电势高低，根据顺着电场线方向电势降低，即可进行判断．【解答】解：A、B间的电势差为U AB===﹣2V＜0，则A的电势低于B的电势；C、D间的电势差为U CD==7V＞0，则C的电势高于D的电势；又由题，C点比B点电势高3V，所以电势从高到低的顺序是：C、B、A、D．根据根据顺着电场线方向电势降低，故C正确，ABD错误．故选：C【点评】本题关键掌握电势差定义式，并能正确求解两点间的电势差，通过电场线，直观即能反映各点电势的高低．2．（4分）（2016•揭阳校级模拟）一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C． D．【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向，再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符．故B错误．C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意．故D正确．故选D【点评】本题是电场中轨迹问题，抓住电荷所受的合力指向轨迹的内侧和速度沿轨迹的切线方向是解题的关键．3．（4分）（2015秋•西藏校级期末）如图所示，有三个质量相等的分别带正电、负电和不带电的粒子从两水平放置的金属板左侧中央以相同的水平初速度v0先后射入电场中，最后在正极板上打出A、B、C三个点，则（）A．三种粒子在电场中运动时间相同B．三种粒子到达正极板时速度相同C．三种粒子到达正极板时落在A、C处的粒子机械能增大，落在B处粒子机械能不变D．落在C处的粒子带正电，落在B处的粒子不带电，落在A处的粒子带负电【分析】因为上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力．则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动．由此根据平抛和类平抛运动规律求解．【解答】解：A、根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移h相等：h=at2，解得：t=；由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，根据t=得到正电荷运动时间最长，负电荷运动时间最短，不带电的小球所用时间处于中间；故A错误．BC、3种粒子下落过程有重力和电场力做功，它们的初动能相同，根据动能定理合力做功越多则末动能越大，而重力做功相同，A粒子带负电，电场力做正功；B粒子不带电，电场力不做功；C粒子带正电电场力做负功；所以动能E kC＜E kB＜E kA，故BC错误．D、三粒子水平方向做匀速直线运动，水平位移：x=v0t，由于初速度相同，所用时间越长则水平位移越大，所用A 粒子带负电，B粒子不带电，C粒子带正电，故D正确．故选：D．【点评】确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析．4．（4分）（2011•德阳模拟）如图所示，一质量为m、电荷量为q的带电液滴以速度v沿与水平面成θ角的方向斜向上进入匀强电场，在电场中做直线运动，则液滴向上运动过程中（）A．电场力不可能小于mgcosθB．液滴的动能一定不变C．液滴的机械能一定变化 D．液滴的电势能一定不变【分析】根据液滴做直线运动的条件：合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，分析液滴所受的电场力可能方向．根据电场力方向与速度方向的关系，判断电场力做功正负，分析机械能和电势能的变化．当电场力与速度方向垂直时，电场力最小，可求出最小值．【解答】解：A、当电场力与速度方向垂直时，电场力最小，由几何知识求得最小值为mgcosθ，故A正确；B、液滴做直线运动，电场力可能竖直向上，与重力相平衡，液滴做匀速直线运动，动能不变；电场力也可能不在竖直向上，合力与速度方向相同时，液滴做匀加速直线运动，动能增大；合力与速度方向相反时，液滴做匀减速直线运动，动能减小，故B错误；C、D、电场力方向可能与速度方向垂直，电场力不做功，电势能不变，机械能不变，电场力也可能与速度不垂直，电场力做功，电势能改变，机械能也改变，故C错误，D错误；故选A．【点评】本题关键是掌握质点做直线运动的条件：合力方向与速度方向在同一直线上或合力为零，要考虑匀速直线运动和变速直线运动两种情形，全面分析，不能遗漏．5．（4分）（2012•合肥二模）如图所示A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b，在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰为零，然后返回．现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是（）A．保持S闭合，将A板适当上移B．保持S闭合，将B板适当下移C．先断开S，再将A适当上移 D．先断开S，再将B适当下移【分析】由题质点到达b孔时速度恰为零，根据动能定理列式．若保持S闭合时，将A板适当上移，重力做功和电场做功没有变化，质点恰好到达b孔速度为零，不能穿过b孔；将B板适当下移，重力做功大于电场力做功，质点到达b孔的速度大于零，能穿过b孔．若断开S时，将A板或B板适当移动，根据动能定理分析研究．【解答】解：设质点距离A板的高度h，A、B两板原来的距离为d，电压为U．质点的电量为q．A、由题质点到达b孔时速度恰为零，根据动能定理得mg（h+d）﹣qU=0．若保持S闭合，将A板适当上移，设质点到达b时速度为v，由动能定理得mg（h+d）﹣qU=mv2，v=0，说明质点到达b孔时速度恰为零，然后返回，不能穿过b孔．故A错误．B、若保持S闭合，将B板适当下移距离△d，由动能定理得mg（h+d+△d）﹣qU=mv2，则v＞0，质点能穿过b孔．故B正确．C、若断开S时，将A板适当上移，板间电场强度不变，设A板上移距离为△d，质点进入电场的深度为d′时速度为零．由动能定理得mg（h﹣△d）﹣qEd′=0，又由原来情况有mg（h+d）﹣qEd=0．比较两式得，d′＜d，说明质点在到达b孔之前，速度减为零，然后返回．故C错误．D、若断开S，再将B板适当下移，根据动能定理，并由C选项分析可知，质点在到达b孔之前，速度减为零，然后返回．故D错误．故选：B．【点评】本题应用动能定理分析质点的运动情况，其中用到一个重要推论：对于平行板电容器，当电量、正对面积不变，改变板间距离时，板间电场强度不变．6．（4分）（2013•抚顺模拟）如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态．现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的支持力先增大后减小B．物体A受到斜面的支持力一直增大C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．地面对斜面C的摩擦力先减小后增大【分析】先对A分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．分析地面对斜面C的摩擦力可以以A和C整体为研究对象，运用平衡条件列式分析．【解答】解：A、B、对A研究：P对A的库仑力垂直于斜面方向的分力，先逐渐增大后逐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，根据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故A正确，B错误．C、D、以A和C整体为研究对象，分析受力情况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．根据平衡条件得：f=Fsinθ由于F大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力逐渐减小．故C、D错误．故选：A．【点评】本题首先要灵活选择研究对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7．（4分）（2015春•抚州校级期末）质量为m的物块，带电荷量为+Q，开始时让它静止在倾角α=60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E=的匀强电场中，如图所示，斜面高为H，释放物块后，物块落地时的速度大小为（）A．2B．C．2D．2【分析】对物块进行受力分析，找出力的关系，判断合外力的方向，判断物体的运动，运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题．【解答】解：对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力．电场力F=QE=mg重力和水平向左的电场力合力与水平方向夹角β=30°运用动能定理研究从开始到落地过程，mgH+F•H=mv2﹣0可得v=2故选：C．【点评】了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．8．（4分）（2010秋•福州期中）某同学研究电子在匀强电场中的运动时，得到了电子由a点运动到b点的轨迹（虚线所示），图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势面，下列说法正确的是（）A．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的电势都比b点的电势低B．不论图中实线是电场线还是等势面，a点的场强都比b点的场强小C．如果图中实线是电场线，电子在a点动能较大D．如果图中实线是等势面，电子在b点动能较小【分析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低．匀强电场中场强处处大小相等．根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b 点动能的大小．【解答】解：A、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低；若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高．故A错误．B、不论图中实线是电场线还是等势面，该电场是匀强电场，a点和b点的场强大小相等．故B错误．C、如果图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向右，电场力对电子做正功，则由动能定理得知，电子在a点动能较小．故C错误．D、如果图中实线是等势面，电子所受电场力方向向下，电场力对电子做负功，则电子在b点动能较小．故D正确．故选D．【点评】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向．9．（4分）（2012•河南一模）在光滑绝缘水平面的P点正上方0点固定一电荷量为+Q的点电荷，在水平面上的N 点，由静止释放质量为m，电荷量为﹣q的检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中θ=60°．则在+Q形成的电场中（规定P点的电势为零）（）A．N点电势低于P点电势B．N点电势为﹣C．P点电场强度大小是N点的2倍D．检验电荷在N点具有的电势能为﹣mv2【分析】解答本题应抓住：顺着电场线方向电势降低，判断出M点电势高于N点的电势，M、P两点的电势相等，即可知N、P两点电势关系；由真空中点电荷产生的电场强度公式E=k，分析P点与N点电场强度的大小关系；根据动能定理研究电荷由N到P的过程，求解N点的电势；由E P=﹣qφN求出检验电荷在N点具有的电势能．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于N点的电势，而M、P两点的电势相等，则N点电势低于P点电势．故A正确．B、根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程：﹣q（φN﹣φP）=mv2，由题，P点的电势为零，即φP=0，解得，N点的电势φN=﹣．故B正确．C、P点电场强度大小是E P=k，N点电场强度大小是E N=k，则E P：E N=4：1．故C错误．D、检验电荷在N点具有的电势能为E P=﹣qφN=mv2．故D错误．故选：AB．【点评】本题关键要掌握电场线方向与电势高低的关系，即顺着电场线方向电势降低，以及点电荷场强公式E=k、电势能公式E P=﹣qφN．10．（4分）（2015秋•哈尔滨校级月考）如图所示，虚线框的真空区域内存在着沿纸面方向的匀强电场（具体方向未画出），一质子从bc边上的M点以速度v垂直于bc边射入电场，从cd边上的Q点飞出电场，不计重力．下列说法正确的是（）A．质子到Q点时的速度方向可能与cd边垂直B．不管电场方向如何，若知道a、b、c三点的皂势，一定能确定d点的电势C．电场力一定对电荷做了正功D．M点的电势一定高于Q点的电势【分析】带电粒子在匀强电场中受到电场力为恒力，则知质子做匀变速运动．将电场力沿着水平和竖直方向正交分解，由于粒子从Q点飞出，故水平分量向右，竖直分量未知，则无法确定电场力方向，其做功情况也无法确定，电势高低无法比较．。

2．2008年北京奥运会上何雯娜夺得中国首枚奥运会女子蹦床金牌。

为了测量运动员跃起的高度，可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录运动员运动过程中对弹性网的压力，并由计算机作出压力-时间图象，如图所示。

运动员在空中运动时可视为质点，则可求运动员跃起的最大高度为（g 取10m/s 2）（ ）A ．7.2mB ．5.0mC ．1.8mD ．1.5m3 (多选) ．如图所示的位移(x )－时间(t )图象和速度(v )－时间(t )图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是( )A ．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B ．0～t 1时间内，甲车通过的路程大于等于乙车通过的路程C ．0～t 2时间内，丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ．0～t 2时间内，丙、丁两车的平均速度相等4．如图所示，ACB 是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“∧”形框架，其中CA 、CB 边与竖直方向的夹角均为θ。

P 、Q 两个轻质小环分别套在CA 、CB 上，两根细绳的一端分别系在P 、Q 环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O .将质量为m 的钩码挂在绳套上，OP 、OQ 两根细绳拉直后的长度分别用l 1、l 2表示，若l 1∶l 2＝2∶3，则两绳受到的拉力之比F 1∶F 2等于( )A ．1∶1B ．2∶3C ．3∶2D ．4∶95．在平直道路上，甲汽车以速度v 匀速行驶。

当甲车司机发现前方距离为d 处的乙汽车时，立即以大小为a 1的加速度匀减速行驶，与此同时，乙车司机也发现了甲，立即从静止开始以大小为a 2的加速度沿甲运动的方向匀加速运动。

则 （ ）A ．甲、乙两车之间的距离一定不断减小B ．甲、乙两车之间的距离一定不断增大C ．若d a a v )(221+>，则两车一定不会相撞D ．若d a a v )(221+<，则两车一定不会相撞6．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB 。

黑龙江省哈六中2015届高三上学期期中考试物理试题（解析版）【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律、万有引力与航天、电场、磁场等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，题型大部分都是历年全国各地高考题，思路活，是份非常好的试卷。

一、选择题：本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

【题文】1．在离地高h 处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v 0，不计空气阻力，两球落地的时间差为（ ）ABCD【知识点】竖直上抛运动．A3【答案解析】A 解析：由于不计空气阻力，两球运动过程中机械能都守恒，设落地时速度为v′，则由机械能守恒定律得：mgh+12mv 2=12mv′2球的速度大小相等．对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为-g ，则运动时间为：t 1=//v v v v g g--+=-对于竖直下抛的小球，运动时间为：t 2=/v v g-故两球落地的时间差为：△t=t 1-t 2=2v g ,故选：A ． 【思路点拨】小球都作匀变速直线运动，机械能守恒，可得到落地时速度大小相等，根据运动学公式表示运动时间，得到落地时间差．本题关键要明确两球运动中机械能守恒，要理清过程中的速度关系，写出相应的公式，分析运动的关系．【题文】2．如图所示，物体自O 点由静止出发开始做匀加速直线运动，途经位置A 、B 、C ，其中A 、B 之间的距离l 1＝2m ，B 、C 之间的距离l 2＝3m 。

若物体通过l 1、l 2这两段位移的时间相等，则O 、A 之间的距离l 等于（ ）ABCD【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用．A8【答案解析】 C 解析：设物体通过AB 、BC 、CD 所用时间分别为T ，则B 点的速度v B =522AC x T T =， 根据△x=aT 2得，a=221x T T ∆=则v A =v B -aT=51322T T T -=，则x O A =222994228A v T m a T ==．故C 正确，A 、B 、D 错误．故选C ．【思路点拨】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设相等的时间为T ，求出B 点的速度，从而得出A 点的速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出加速度的大小，再根据速度位移公式求出0A 间的距离．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式以及推论，并能进行灵活的运用．【题文】3．如图所示，足够长的传送带以恒定速率顺时针运行，将某物体轻轻放置在传送带底端，第Ⅰ阶段物体被加速到与传送带速度相同，第Ⅱ阶段与传送带相对静止，运动至其顶端。

黑龙江省哈尔滨第六中学2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题3．如图所示，质量分别为m A 和m B 的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A 和q B ，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平直线上，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2(θ1>θ2)．现在同时剪断两绝缘细线，下列判断正确的是( )A ．m A 一定小于m BB ．q A 一定大于q BC ．剪断细线后A 、B 两球都沿原细线方向做匀加速直线运动。

D ．在两小球落地前观察，同一时刻两小球一定都在同一高度。

4．如图所示，直线MN 是某电场中的一条电场线（方向未画出）。

虚线是一带电粒子只在电场力的作用下，由a 到b 的运动轨迹，轨迹为一抛物线。

下列判断正确的是( )A ．电场线MN 的方向一定是由N 指向MB ．带电粒子由a 运动到b 的过程中动能一定逐渐减小C ．带电粒子在a 点的电势能一定大于在b 点的电势能D ．带电粒子在a 点的加速度一定大于在b 点的加速度5. 如图所示，一电子沿x 轴正方向射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD ，已知O A ＝A B ，电子过C 、D 两点时竖直方向的分速度为v Cy 和v Dy ；电子在OC 段和OD 段动能的变化量分别为ΔE k1和ΔE k2，则( )A ．v Cy ∶v Dy ＝1∶2B ．v Cy ∶v Dy ＝1∶4C ．ΔE k1∶ΔE k2＝1∶3D ．ΔE k1∶ΔE k2＝1∶46．如图所示，抛物线C 1、C 2分别是纯电阻直流电路中，内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线．由该图可知下列说法中错误的是（ ）A ．电的电动势为4VB ．电的内电阻为1ΩC ．电输出功率最大值为8WD ．电被短路时，电消耗的最大功率可达16W7．下列关于欧姆表的说法中正确的是( )A ．欧姆表的每一档测量范围都是0到“∞”B ．红表笔与表内电池负极相联，黑表笔与表内电池正极相联C ．“∞”刻度一般在刻度盘的右端D ．用欧姆表测电阻时，指针越靠近右边误差越小 MNa b8．下图中平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．R3上消耗的功率增大9．如图所示，ab、cd是两根在同一竖直平面内的直导线，在两导线中央悬挂一个小磁针，静止时小磁针和直导线在同一竖直平面内，当两导线中通以大小相等的电流时，小磁针N极向纸面里转动，则两导线中的电流方向（）A．一定都是向上 B．一定都是向下C．ab中电流向下，cd中电流向上 D．ab中电流向上，cd中电流向下10．质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具．如图所示为质谱仪的原理示意图．现利用这种质谱议对氢元素进行测量．氢元素的各种同位素从容器A下方的小孔S，无初速飘入电势差为U的加速电场．加速后垂直进入磁感强度为B的匀强磁场中．氢的三种同位素最后打在照相底片D上，形成a、b、c三条“质谱线”．关于三种同位素进人磁场时速度的排列顺序以及a、b、c三条“质谱线”的排列顺序，下列判断正确的是( )A．进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氚、氘、氕B．进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氘、氚、氕C．a、b、c三条质谱线依次排列的顺序是氘、氚、氕D．a、b、c三条质谱线依次排列的顺序是氚、氘、氕11．如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起，此时磁铁对水平面的压力为N1，现在磁铁正上方位置固定一导体棒，当导体棒中通以垂直纸面向里的电流后，磁铁对水平面的压力为N2 ，则以下说法正确的是( )A．弹簧长度将变长 B．弹簧长度将变短C．N1＞N2 D．N1＜N212．如右图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀磁强场，磁感应强度大小为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为600，如图所示。

4、设,,αβγ是三个互不重合的平面，,m n 是两条不同的直线，给出下列命题：（1）,αββγ⊥⊥，则αγ⊥； （2）若α∥β，m β⊄，m ∥α，则m ∥β；（3）若,m n 在γ内的射影互相垂直，则m n ⊥；（4）若m ∥α，n ∥β，αβ⊥，则m n⊥其中正确命题的个数为（ ）A .0 B. 1 C. 2 D. 35已知()f x 是定义域为正整数集的函数，对于定义域内任意的k ，若 ()2f k k ≥成立，则()()211f k k +≥+成立，下列命题成立的是 （ ）A.若()39f ≥成立，则对于任意1k ≥，均有()2f k k ≥成立；B.若()416f ≥成立，则对于任意的4k ≥，均有()2f k k <成立；C.若()749f ≥成立，则对于任意的7k <，均有()2f k k <成立；D.若()425f =成立，则对于任意的4k ≥，均有()2f k k ≥成立。

6. 已知,,a b c 分别为ABC ∆内角,,A B C 的对边，且,,a b c 成等比数列，且3B π=，则11tan tan A C +=（ ）A.3B.23C.332D.3347．设数列{}n a 的前n 项和为n S ，11,2(1)()nn Sa a n n N n *==+-∈，若2321(1)402723n S SS S n n ++++--=，则n 的值为（ ）A 4027B 2013C 2014D 40268．已知实数,x y 满足不等式20403x y x y x -≥⎧⎪+-≥⎨⎪≤⎩，则3322x y x y +的取值范围是（ ）A 19]3B 1[,2]3C 19[3,]3D 55[3,]99. 已知函数)0,0)(cos()(πθωθω<<>+=x x f 的最小正周期为π，且0)()(=+-x f x f ，若2tan =α，则)(αf 等于（ ） A. 54 B. 54- C. 53- D. 53 10.已知正实数b a ,满足12=+b a ，则aba b 2+的最小值为（ ） A.221+ B.21+ C.4 D.22 11．给定下列命题：（1） 在△ABC 中，B A ∠<∠是B A 2cos 2cos >的充要条件；（2） λ，μ为实数，若b a μλ=，则a 与b 共线； （3）若向量a ，b 满足｜a ｜=｜b ｜，则a =b 或a =-b ；（4）函数sin 2sin 236y x x ππ⎛⎫⎛⎫=+- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭的最小正周期是π； （5）若命题p 为：011>-x ，则011:≤-⌝x p （6）由1131n a a n ＝，＝－，求出123S S S ，，猜想出数列的前n 项和n S 的表达式的推理是归纳推理. 其中正确的命题的个数为：（ ）A ． 1B ． 2C ． 3D ．412.已知函数x xe x f =)(，方程)(01)()(2R t x tf x f ∈=++. 有四个不同的实数根，则t 的取值范围为 ( ).A )1,(2e e +--∞ .B (),2-∞- .C 21,2e e ⎛⎫+-- ⎪⎝⎭.D ),1(2+∞+e e 二、填空题（每题5分共20分）13.已知数列}{n a 满足)2,(*112≥∈=+-n N n a a a n n n ，若4,111164654==++a a a a a ，则 =++654a a a .14.已知四棱锥BCDE A -的底面是边长为2的正方形，面ABC ⊥底面BCDE ，且2==AC AB ，则四棱锥BCDE A -外接球的表面积为________15.在ABC ∆中，已知232BC AC AB AC AB =⋅=⋅，则=∠C _______________16.在△ABC 中，E 为AC 上一点，且4AC AE =，P 为BE 上一点，且满足(0,0)AP mAB nAC m n =+>>，则11m n+取最小值时，向量(),a m n =的模为 ．三、解答题17. 已知函数()()21cos cos 02f x x x x ωωωω=+->，其最小正周期为.2π （I ）求()f x 的表达式； （II ）将函数()f x 的图象向右平移8π个单位，再将图象上各点的横坐标伸长到原来的2倍（纵坐标不变），得到函数()y g x =的图象，若关于x 的方程()0g x k +=，在区间0,2π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上有且只有一个实数解，求实数S E DCBA k 的取值范围18. 已知三棱柱ABC —A 1B 1C 1的直观图和三视图如图所示，其主视图BB 1A 1A 和侧视图A 1ACC 1均为矩形，其中AA 1=4。

考试时间：120分钟 满分：150分【试卷综析】试卷注重对基础知识和基本方法全面考查的同时,又突出了对数学思想、数学核心能力的综合考查, 试卷以考查考生对“双基”的掌握情况为原则,重视基础,紧扣教材,回归课本,整套试卷中有不少题目可以在教材上找到原型.对中学数学教学和复习回归课本,重视对基础知识的掌握起到好的导向作用.一、选择题：（每题5分共60分）【题文】1．已知全集U R =.集合{}3|<=x x A ，{}0log |2<=x x B ，则U AC B =（ ）A. {}13x x << B. {}310|<≤≤x x x 或 C. {}3x x < D.{}13x x ≤<【知识点】对数函数的单调性与特殊点；交、并、补集的混合运算．B7 A1 【答案解析】B 解析：由log 2x ＜0得0＜x ＜1，∴B={x|0＜x ＜1}， ∴U C B ={x|x ≤0或x ≥1}，结合A={x|x ＜3}， ∴U AC B =={x|}={}310|<≤≤x x x 或．故选：B ．【思路点拨】先将集合B 进行化简，然后求出其在R 上的补集，再利用交集的定义结合数轴求解．【题文】2. 已知映射B A f →:,其中R B A ==，对应法则21||:x y x f =→，若对实数B k ∈，在集合A 中不存在元素x 使得k x f →:，则k 的取值范围是（ ）A ．0≤kB ．0>kC ．0≥kD ． 0<k 【知识点】映射A1【答案解析】D 解析：由题意可得 k=≥0，∵对于实数k ∈B ，在集合A 中不存在原象，∴k ＜0，故选D ．【思路点拨】先求出k 的值域，则k 的值域的补集即为k 的取值范围． 【题文】3.要得到函数21sin 2+-=x y 的图像，只需将x x y cos sin =的图像（ ） A.向左平移4π个单位 B.向右平移4π个单位 C.向左平移2π个单位 D. 向右平移2π个单位【知识点】函数y=Asin （ωx+φ）的图象变换．C4 【答案解析】B 解析：∵函数21sin 2+-=x y =cos2x 又∵y=sinxcosx=sin2x=cos （2x+）∴只需将y=sinxcosx=sin2x=cos （2x+）的图象向右平移个单位即可得到函数y=﹣sin 2x+=cos2x 的图象．故选：B ．【思路点拨】将函数用二倍角公式化简，根据函数y=Asin （ωx+φ）的图象变换规律即可解决．【题文】4.下列有关命题的说法正确的是（ ）A.命题“若21,x =则1x =”的否命题为“若21x =则1x ≠” B ．“1x =-”是 “2560x x --=”的必要不充分条件 C. 命题若“x y =”则“sin sin x y =”的逆否命题为真D ．命题“2000,10x R x x ∃∈++<”的否定是“对01,2>++∈∀x x R x 。

黑龙江省哈尔滨第六中学2024学年物理高三第一学期期中考试试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。

2．答题时请按要求用笔。

3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。

4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。

5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示的曲线为运动员抛出的铅球运动下落轨迹(铅球视为质点)，A、B、C为曲线上的三点，关于铅球在B点的速度方向，下列说法正确的是( )A．沿AB的方向B．沿BD的方向C．沿BC的方向D．沿BE的方向2、以下说法正确的是（）A．合外力对物体做功为0，则该物体动量一定不变B．合外力对物体冲量为0，则该物体动能一定不变C．做变速运动的物体，动能一定变化D．做变速运动的物体，动量可能不变3、如图所示，一轻绳的一端系在固定在光滑斜面上的O点，另一端系一小球，给小球一初速度让它在斜面上能做完整的圆周运动，a点和b 点分别是最低点和最高点，在此过程中( )A．绳子拉力做功，小球机械能不守恒B．重力的瞬时功率始终为零C．在b点速度最小值为零D．在a点所受轻绳拉力最小值和斜面倾角有关4、人用手托着质量为m的小苹果，从静止开始沿水平方向运动，前进距离L后，速度为v （物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（ ）A ．手对苹果的作用力方向竖直向上B ．苹果所受摩擦力大小为mg μC ．手对苹果做的功为212mv D ．苹果对手不做功5、某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k 1和k 2倍，最大速率分别为v 1和v 2，则( ) A ．v 2＝k 1v 1B ．v 2＝12k k v 1 C ．v 2＝21k k v 1 D ．v 2＝k 2v 16、如图所示，两长直导线P 和Q 垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l ，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流．在纸面内与两导线距离均为l 的a 点，每根通电直线 产生的磁场磁感应强度大小均为B ．若在a 点平行于P 、Q 放入一段长为L 的通电直导线，其电流大小为I ，方向垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是A ．大小等于BIL ，方向水平向左B ．大小等于BIL ，方向水平向右C 3BIL ，方向竖直向下D 3BIL ，方向竖直向上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

黑龙江省哈尔滨市第六中学校2021届高三第一学期12月月考物理试题一、选择题：本题共14小题，每小题4分，共56分。

在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～14题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．下列说法中正确的是（）A．磁感应强度的方向就是小磁针N极所受磁场力的方向B．运动的物体所受合外力不为零，则该物体一定做变速运动，其动能也一定变化C．电场中某点电势越高，电荷在该点具有的电势能越大D．由于月球表面的重力加速度是地球表面的1/6，所以同一物体从地球移到月球表面，其惯性减小2．如图所示，三个点电荷q1、q2、q3位于同一直线上，q2与q3的距离为q1与q2的距离的3倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量之比q1∶q2∶q3为()A．16∶9∶144 B．9∶4∶36C．-16∶9∶-144 D．9∶-36∶43．如图所示，有一水平向右的匀强电场，一个质量为m、电荷量为＋q的小球以初速度v0从A点竖直向上射入电场中，小球通过电场中B点时速度的大小仍为v0，方向与电场方向成37º斜向上，则A、B两点的电势差为（）A．qmv25162B．qmv2582C．qmv2542D．qmv5424．如图所示，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相同的电流。

a、O、b在MN的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等。

关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是（）A．O点处的磁感应强度最大B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反C ．c 、d 两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D ．a 、c 两点处的磁感应强度的方向相同5．如图所示，在天花板下用绝缘细线分别悬挂四个金属载流线圈，已知各载流线圈的匝数相同、质量相同，且边长MN 相等。

5．17世纪的世界历史以“血与火的征服与掠夺”为主要内容，主要殖民国家之间展开了一场世界版的“三国演义”。

它们是：A．葡、西、荷 B．英、西、荷 C．英、法、荷 D．英、法、俄6．有学者在总结西方两千多年的幸福观时说：在荷马时期，幸福就是幸运；在古希腊哲学家所处的时期，幸福等同于智慧与德行；在启蒙时期，幸福就是（）。

材料空白处应是A．权利与财富 B．民主与独立 C．摆脱君主专制 D．自由与平等7．有人描述19世纪初英国的情景时说，妇女和女孩们曾从黎明到深夜整天不断地使用的嘤嘤作响的纺车，如今已被弃置屋隅。

那些打着拍子砰然作响的手织机也多半闲置无闻。

这说明A．轻工业成为国民经济主导 B．工业革命推动妇女解放C．生产方式出现革命性变化 D．家庭手工业已不复存在8．1811英国政府准备对美战争，派人拿着议会批准的100万英镑军费的批文前往英格兰银行要求预付，银行审计长发现上面未盖国王印章，拒绝支付。

此事反映出当时英国A．议会不能支配政府财政 B．国王掌控财政权C．银行担心政府违约失信 D．宪政制度确立9．被誉为“近代经济学之父”的亚当•斯密在其出版于1759年的《道德情操论》中指出：“如果一个社会的经济发展成果不能真正分流到大众手中，那么它在道义上将是不得人心的，而且是有风险的。

”作者当时担心的主要问题是A．工人捣毁机器，进行罢工斗争 B．贫富悬殊扩大，威胁社会稳定C．经济危机发生，经济进入“滞涨”状态 D．垄断组织出现，中小企业破产10．马克思主义经典作家指出，“尽管有这些（关税）保护措施，大工业仍使竞争普遍化了，大工业创造了交通工具……把所有的资本都变成为工业资本，从而使流通加速，资本集中”；“它首次开创了世界历史，因为它使每个文明国家以及这些国家中的每一个人的需要的满足都依赖于整个世界。

”对此最恰当的理解是A．关税保护阻碍不了资本的竞争 B．工业革命促进了世界市场的形成C．交通工具扩大了工业文明的影响 D．自由竞争增强了工业资本的流通11．2003年，英美两国决定以伊拉克有大规模杀伤性武器为借口，发动战争。

2015年黑龙江省哈尔滨六中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）某质点在0～3s内运动的v﹣t图象如图所示．关于质点的运动，下列说法正确的是（）A．质点在第1 s内的平均速度等于第2 s内的平均速度B．t=3s时，质点的位移最大C．质点在第2 s内的加速度与第3 s内的加速度大小相等，方向相反D．质点在第2 s内的位移与第3 s内的位移大小相等，方向相反【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：在v﹣t中图象的斜率代表物体的加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，平均速度等于位移处于时间，据此即可求解．【解析】：解：A、v﹣t图象与时间轴围成的面积表示物体在该段时间内发生的位移大小，故第1s位移大于第2s位移，故第1s内的平均速度大于第2s内的平均速度，故A错误；B、0﹣2s沿着正方向运动，第3s沿着负方向运动，故t=2s时，质点的位移最大，故B错误；C、v﹣t图象的斜率表示加速度，故质点在第2 s内的加速度与第3 s内的加速度大小相等，方向相同，故D错误；D、图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移，则第2s内的位移与第3s 内的位移大小相等，方向相反，故D正确；故选：D．【点评】：速度图象的斜率等于物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内发生的位移．掌握了这一规律即可顺利解决此类题目．2．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时．假设这种趋势会持续下去，地球的其它条件都不变，则未来与现在相比（）A．地球的第一宇宙速度变小B．地球赤道处的重力加速度变小C．地球同步卫星距地面的高度变小D．地球同步卫星的线速度变小【考点】：万有引力定律及其应用；向心力．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，据此分析地球自转周期的变化对速度和向心加速度的影响．【解析】：解：B、赤道上的物体受到的重力等于万有引力减去向心力，，因为T变大，向心力变小，故重力变大，即地球赤道处的重力加速度变大，故B错误．A、地球的第一宇宙速度，就是近地卫星的运行速度，根据重力提供向心力，得，因为地球表面的重力加速度变大，故地球的第一宇宙速度变大．故A错误．C、地球同步卫星由万有引力提供圆周运动向心力，据，得，由此可知，地球自转在逐渐变慢，即同步卫星的周期T增大，轨道半径r增大，距地面的高度变大，故C错误．D、万有引力提供圆周运动向心力，得，由此可知，轨道半径r变大，卫星的线速度变小，故D正确．故选：D．【点评】：本题考查向心力公式及同步卫星的性质，要注意明确同步卫星的转动周期与地球的自转周期相同．3．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上的两点，其中Q1位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点．现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b两点时的速度分别为v a、v b，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是（）A．粒子从a点运动到b点电场力先做负功，后做正功B．Q2带负电且|Q2|＜|Q1|C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在a点的电势能比在b点的电势能大【考点】：电势能．【分析】：在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性．可通过电场力做功正确判断电势能的变化．【解析】：解：A、由乙图知，粒子从a到b点做减速运动，根据动能定理可知，故电场力一直做负功．故A错误；B、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见在b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知Q2带负电，由于两个点电荷在b点的场强大小相等，由点电荷场强公式E=k知，|Q2|＜|Q1|．故B正确；C、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b点电势较高．故C错误；D、粒子从a到b，速度减小，电场力做负功，故电势能增大，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，故D错误．故选：B．【点评】：解决本题的关键以b点的加速度为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系．以及知道电场力做功和电势能的关系．4．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）如图所示，理想变压器原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L1、L2，交流电压表V1、V2和电流表A1、A2均为理想电表，导线电阻不计．当开关S闭合后（）A．A1示数变大，A1与A2示数的比值变大B．A1示数变小，A1与A2示数的比值不变C．V2示数变小，V1与V2示数的比值变大D．V2示数不变，V1与V2示数的比值不变【考点】：变压器的构造和原理．【专题】：交流电专题．【分析】：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，在根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况【解析】：解：由于理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，V2示数不变，V1与V2示数的比值不变，C错误、D正确．开关S闭合后，变压器副线圈的负载电阻减小，V2不变，由欧姆定律可得A1示数变大，由于理想变压器P2=P1，V1与V2示数的比值不变，所以A1与A2示数的比值不变，AB错误．所以只有D正确．故选：D【点评】：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法5．（6分）（2015•浙江一模）如图，可视为质点的小球，位于半径为m半圆柱体左端点A 的正上方某处，以一定的初速度水平抛出小球，其运动轨迹恰好能与半圆柱体相切于B点．过B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为60°，则初速度为：（不计空气阻力，重力加速度为g=10m/s2）（）A．m/s B．4m/s C．3m/s D．m/s【考点】：平抛运动．【专题】：平抛运动专题．【分析】：根据平抛运动速度与水平方向夹角的正切值等于位移与水平方向夹角正切值的2倍，求出竖直方向上的位移，从而求出竖直方向上的分速度，根据速度方向求出平抛运动的初速度．【解析】：解：飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，知速度与水平方向的夹角为30°，设位移与水平方向的夹角为θ，则有：tanθ==．因为tanθ==．则竖直位移为：y=R，=2gy=R所以，tanθ=．联立以上各式解得：v0===3m/s故选：C．【点评】：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合位移关系、速度关系进行求解．6．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）如图所示，固定于竖直面内的粗糙斜杆，与水平方向夹角为30°．质量为m的小球套在杆上，在拉力F的作用下，小球沿杆由底端匀速运动至顶端．已知小球与斜杆之间的动摩擦因数为μ=，则关于拉力F的大小及其做功情况，下列说法正确的是（）A．当α=30°时，拉力F最小B．当α=60°时，拉力F做功最少C．当α=60°时，拉力F最小D．当α=90°时，拉力F做功最少【考点】：动能定理的应用．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：对小球受力分析，根据受力平衡列方程，然后结合数学三角函数知识求F的最小值，解本题的突破口为找到使拉力做功最小的条件，为此要分析小球受到的各个力及做功情况：重力做负功，弹力不做功，拉力F做正功，又因小球做匀速运动，动能的变化为零，那么只要摩擦力不做功（即摩擦力为零），则拉力F做功最小，然后正交分解小球受到的各力，列力的平衡方程解答即可求出答案．【解析】：解：小球匀速运动，根据平衡条件，在沿杆方向上有：Fcosα=mgsin30°+μ（mgcos30°﹣Fsinα）整理得：Fcosα+μFsinα=10F=•m由数学知识知当cosα+μsinα最大值为此时arctan=60°则α=90°﹣60°=30°，故A正确，C错误；B、小球匀速运动，由动能定理得；W F﹣W f﹣W G=0要使拉力做功最小则W f=0，即摩擦力为0，则支持力为0．分析小球受的各力然后正交分解列方程：垂直斜面方向：Fsinα=mgcos30°沿斜面方向：Fcosα=mgsin30°解以上两方程得：α=60°，F=mg，故B正确D错误，；故选：AB【点评】：本题考查了受力分析以及正交分解的应用，关键是熟练结合数学知识求极值．通过分析小球的受力及各力做功情况，再结合动能定理得出拉力F做功最小时摩擦力为零．7．（6分）（2015•临沂校级二模）如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框．金属线框的质量为m，电阻为R，在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界．并与线框的bc边平行，磁场方向垂直于线框平面向里．现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到完全穿过匀强磁场区域瞬间的v﹣t图象，图中字母均为已知量．重力加速度为g，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A．金属线框刚进入磁场时感应电流方向沿adcba方向B．金属线框的边长为v1（t2﹣t1）C．磁场的磁感应强度为D．金属线框在0﹣t4的时间内所产生的热量为2mgv1（t2﹣t1）+m（v32﹣v22）【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律；磁感应强度．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：金属框进入磁场前做匀加速运动，由图线与时间轴所围的面积读出金属框初始位置的bc边到边界MN的高度；由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，根据时间和速度求解金属框的边长；由图知，金属线框进入磁场过程做匀速直线运动，重力和安培力平衡，列式可求出B．由能量守恒定律求出在进入磁场过程中金属框产生的热量．【解析】：解：A、金属线框刚进入磁场时，根据楞次定律判断可知，感应电流方向沿abcda 方向；故A错误；B、由图象可知，金属框进入磁场过程中是做匀速直线运动，速度为v1，运动时间为t2﹣t1，故金属框的边长：l=v1（t2﹣t1）；故B正确；C、在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力，则得：mg=BIl，I=，又l=v1（t2﹣t1）．联立解得：B=；故C正确；D、t1到t2时间内，根据能量守恒定律，产生的热量为：Q1=mgl=mgυ1（t2﹣t1）；t3到t4时间内，根据能量守恒定律，产生的热量为：Q2=mgl+m=mgυ1（t2﹣t1）+m故Q=Q1+Q2=2mgυ1（t2﹣t1）+m；故D正确；故选：BCD．【点评】：本题电磁感应与力学知识简单的综合，能由图象读出线框的运动情况，选择与之相应的力学规律是解答本题的关键，要加强练习，培养自己识别、理解图象的能力和分析、解决综合题的能力．8．（6分）（2015•哈尔滨校级一模）如图所示，一轻质弹簧下端固定在粗糙的斜面底端的档板上，弹簧上端处于自由状态，斜面倾角为θ．一质量为m的物块（可视为质点）从离弹簧上端距离为l1处由静止释放，物块与斜面间动摩擦因数为µ，物块在整个过程中的最大速度为v，弹簧被压缩到最短时物体离释放点的距离为l2（重力加速度为g）．则（）A．从物块释放到弹簧被压缩到最短的过程中，系统损失的机械能为µmg l2cosθB．从物块释放到弹簧被压缩到最短的过程中，物体重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量与系统产生的内能之和C．物块的速度最大时，弹簧的弹性势能为mhl1（sinθ﹣μcosθ）﹣mv2D．弹簧的最大弹性势能为mg（l2﹣l1）sinθ+mv2【考点】：功能关系；机械能守恒定律．【分析】：物块下滑做匀加速直线运动，接触弹簧时，沿斜面方向又受到向上的弹力作用，物体做加速度减小的加速运动，当弹簧弹力等于重力在斜面向下的分量时，加速度为零，速度最大，动能最大，根据动能定理求出刚与弹簧接触时的动能即可判断A，弹黉被压缩到最短时．物块速度为零，根据动能定理即可求出此时弹簧的弹性势能，系统损失的机械能为滑动摩擦力做的功．【解析】：解：A、系统损失的机械能为滑动摩擦力做的功，所以物块运动到最低点时，机械能的损失量为△E=μmgcosθL2，故A正确；B、根据能量守恒定律可知，从物块释放到弹簧压缩到最短的过程中，物体重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量与系统产生的内能之和，故B正确；C、物块的最大速度是在合力为零时，即受力平衡时，设速度最大时设弹簧压缩量x则：根据功能关系E弹=（mgsinθ﹣μmgcosθ）（L1+x）﹣mv2，故C错误；D、弹黉被压缩到最短时弹性势能最大．物块速度为零，根据动能定理得：0﹣0=mgsinθL2﹣μmgcosθL2﹣W弹解得：W弹=mgsinθL2﹣μmgcosθL2所以此时弹簧的弹性势能为：E P弹=mgsinθL2﹣μmgcosθL2，故D错误；故选：AB．【点评】：本题主要考查了动能定理及能量守恒定律的直接应用，要求同学们能正确分析物体的运动情况，知道什么时候速度最大，难度适中．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．（7分）（2015•哈尔滨校级一模）如图1为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图．实验步骤如下：A．用天平测出物块质量M=500g、重物质量m=200g；B．调整长木板上的轻滑轮，使细线水平；C．调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力；D．打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹；E．多次重复步骤（D），选取点迹清晰的纸带，求出加速度a；F．根据上述实验数据求出动摩擦因数μ．回到下列问题：（1）以上实验步骤中，不需要的步骤是C；（2）某纸带如图2所示，各点间还有4个点未标出，则物块的加速度a= 1.25m/s2（结果保留三位有效数字）；（3）根据实验原理，动摩擦因数μ=（用M、m、a和重力加速度g表示）．【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题；摩擦力专题．【分析】：（1）根据实验的目的和要求事项分析答题；（2）由导出公式：△x=aT2，即可求出加速度；（3）由动能定理列方程求出动摩擦因数．【解析】：解：（1）该实验的目的是为了测量物块与长木板之间的摩擦因数，所以在实验的过程中，不能调整长木板倾斜程度，平衡摩擦力，否则不能测量摩擦因数．所以不需要的步骤是C．（2）各点间还有4个点未标出，所以时间间隔是5t0=5×0.02s=00.1s物块的加速度：，物块的加速度：==m/s2=1.25m/s2（3）对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：μ=．故答案为：①C；②1.25；③【点评】：本题考查了实验注意事项、求动摩擦因数、求加速度，知道实验注意事项、实验原理、应用牛顿第二定律与匀变速直线运动的推论即可正确解题10．（8分）（2015•哈尔滨校级一模）二极管是一种半导体元件，它的符号为．二极管具有单向导电性，即电流从+极流入时电阻比较小，而从+极流出时电阻比较大．（1）使用万用表测量测量二极管的正反向电阻，可辨明它的正负极．步骤是：将选择开关旋至合适倍率，调整欧姆零点，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端，指针偏角比较小；将红、黑表笔对调再进行测量，指针偏角比较大．由此判断右（填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）某二极管的伏安特性曲线如图1，可选用下列器材验证其正向电压时的伏安特性曲线：A．直流电源E：电动势3V，内阻忽略不计B．滑动变阻器R：0～20ΩC．电压表V1：量程5V、内阻约为50kΩD．电压表V2：量程3V、内阻约为20kΩE．电流表A：量程0.6A、内阻约为0.5ΩF．电流表mA：量程50mA、内阻约为5ΩG．待测二极管DH．单刀单掷开关S，导线若干为提高测量结果的准确度，电压表应选用D，电流表应选用F．（填写各器材前的字母代号）（3）为达到测量目的，请在如图2虚线框内画出正确的实验电路图．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：注意多用电表黑表笔接的是内部电源的正极，然后结合二极管正向导通反向截止的特性分析；根据电源电动势大小选择电压表量程，结合图象中电流表的最大值选择电流表的量程，连接电路图时注意滑动变阻器是分压接法还是限流接法，电流表是内接还是外接；要控制电路关键在于控制二极管两端的电压，故可以通过加入保护电阻分压，或在调节时让滑动变阻器分压慢慢变大，进行控制；根据闭合电路欧姆定律列方程结合二极管伏安特性曲线求解．【解析】：解：①黑表笔接的是内部电源的正极，因此电流从黑表笔流出，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端时，指针偏角比较小说明测得的阻值较大，因此此时测得的是反向电阻，即黑表笔连接的是二极管的负极，则左端为负极右端为正极；②电源电动势为3V，故电压表选用量程为3V的D；由描出的图象可以看出最大电流为30mA，故电流表选择量程为50mA的F即可；③电压从零开始测量，故选择滑动变阻器分压接法，二极管正向电阻较小，属于小电阻故选择电流表外接法，电路图如图：故答案为：（1）右；（2）D、F；（3）如图【点评】：本题考查了欧姆表的原理及伏安特性曲线，综合性较强，要求学生能全面掌握实验知识；注意欧姆表的原理及分压接法等基本原理．11．（13分）（2015•哈尔滨校级一模）如图所示，截面为直角三角形的木块置于粗糙的水平地面上，其倾角θ=37°．现有一质量m=1.0kg的滑块沿斜面由静止下滑，经时间0.40s沿斜面运动了0.28m，且该过程中木块处于静止状态．重力加速度g取10m/s2，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）滑块滑行过程中受到的摩擦力大小；（2）滑块在斜面上滑行的过程中木块受到地面的摩擦力大小及方向．【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】：（1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出滑块的加速度，根据牛顿第二定律求出滑块在运动过程中受到的摩擦力大小．（2）对整体分析，根据牛顿第二定律运用正交分解法求解地面对木楔的摩擦力的大小和方向．【解析】：解：（1）根据x=得，加速度a=，根据牛顿第二定律得，mgsinθ﹣f=ma代入数据解得f=2.5N．（2）以物块和斜面整体为研究对象，作出力图如图．根据牛顿第二定律得，地面对木楔的摩擦力的大小：f=macosθ=1×3.5×=N≈3..03N．方向水平向左答：（1）滑块滑行过程中受到的摩擦力大小为2.5N；（2）滑块在斜面上滑行过程中木块受到地面的摩擦力大小为3.03N，水平向左【点评】：本题的解法是对加速度不同的两个物体用整体法，中学用得较少．常用方法是隔离木楔ABC研究，分析受力，根据平衡求解地面对木楔的摩擦力的大小和方向．12．（19分）（2014•南湖区校级一模）如图所示，在y＞0的区域内有沿y轴正方向的匀强电场，在y＜0的区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场．一电子（质量为m、电量为e）从y轴上A点以沿x轴正方向的初速度v0开始运动．当电子第一次穿越x轴时，恰好到达C点；当电子第二次穿越x轴时，恰好到达坐标原点；当电子第三次穿越x轴时，恰好到达D点．C、D两点均未在图中标出．已知A、C点到坐标原点的距离分别为d、2d．不计电子的重力．求：（1）电场强度E的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）电子从A运动到D经历的时间t．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力；带电粒子在混合场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）分析电子的运动情况：电子在电场中，受到竖直向下的电场力而做类平抛运动（或匀变速曲线运动）；进入磁场做匀速圆周运动；画出轨迹．根据牛顿第二定律和运动学公式研究电子在电场中的类平抛运动，即可求出电场强度E；（2）由上题结果，求出电子进入磁场中的速度v的大小，以及v与x轴的夹角，由几何知识求出圆周运动的半径，由牛顿第二定律和向心力求磁感应强度B；（3）根据电场中抛物线的对称关系，可见电子在电场中运动的时间为3t1=，根据轨迹的圆心角求出磁场中运动时间，即可得到总时间．【解析】：解：电子的运动轨迹如图所示（1）电子在电场中做类平抛运动，设电子从A到C的时间为t1，则2d=v0t1解得E=（2）设电子进入磁场时速度为v，v与x轴的夹角为θ，则，得θ=45°解得电子进入磁场后做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，得由图可知解得（3）由抛物线的对称关系，电子在电场中运动的时间为3t1=电子在磁场中运动的时间t2=电子从A运动到D的时间t=3t1+t2=答：（1）电场强度E的大小为．（2）磁感应强度B的大小为；（3）电子从A运动到D经历的时间t为．【点评】：电子在电场中做类平抛运动的研究方法是运动的分解，而磁场中圆周运动的研究方法是画轨迹，都常用的思路，难度不大．[物理--选修3-5]（15分）13．（5分）（2015•哈尔滨校级一模）下列说法正确的是（）A．卢瑟福α粒子散射实验说明原子核内部具有复杂的结构B．极限频率越大的金属材料逸出功越大C．轻核聚变反应方程有：H+H→He+nD．氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级和从n=2能级跃迁到n=1能级，前者跃迁辐射出的光子波长比后者的长E．氦原子核由两个质子和两个中子组成，其中两个质子之间三种作用力从大到小的排列顺序为：核力、库仑力、万有引力【考点】：氢原子的能级公式和跃迁．【专题】：原子的能级结构专题．【分析】：α粒子散射实验说明了原子的核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部有复杂结构．跃迁时辐射的能量等于两能级间的能级差．【解析】：解：A、α粒子散射实验说明了原子的核式结构模型，天然放射现象说明原子核内部有复杂结构．故A错误．B、极限频率越大的金属材料逸出功越大．故B正确．C、轻核聚变反应方程有：H+H→He+n．故C正确．D、跃迁时辐射的能量等于两能级差，氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级和从n=2能级跃迁到n=1能级，前者跃迁辐射出的光子的能量大，频率大，则波长比后者的短．故D错误．E、根据原子核的组成理论，氦原子核由两个质子和两个中子组成，其中两个质子之间三种作用力从大到小的排列顺序为：核力、库仑力、万有引力．故E正确．故选：BCE【点评】：本题考查了物理学史、极限频率与逸出功、能级的跃迁等知识点，比较简单，只有对教材熟悉，就能轻松解决14．（10分）（2015•哈尔滨校级一模）如图所示，AB为倾角θ=37°的粗糙斜面轨道，通过一小段光滑圆弧与光滑水平轨道BC相连接，质量为2m的小球乙静止在水平轨道上，质量为m的小球甲以速度v0与乙球发生弹性正碰．若轨道足够长，两球能发生第二次碰撞，求乙球与斜面之间的动摩擦因数μ的取值范围．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）【考点】：动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】：由于两球发生弹性碰撞，则动量守恒、机械能守恒，结合动量守恒定律和机械能守恒定律求出碰后两球的速度大小，根据能能定理得出碰后乙球返回斜面底端的速度，抓住该速度大于甲的速度，得出动摩擦因数的范围．【解析】：解：设碰后甲的速度为v1，乙的速度为v2，m2=m1=2m由动量守恒和能量关系：m1v0=m1v1+m2v2①②联立①②解得：设上滑的最大位移大小为s，滑到斜面底端的速度大小为v，由动能定理：（m2gsin37°+μm2gcos37°）s=，③（m2gsin37°﹣μm2gcos37°）s=，④联立③④解得：乙要能追上甲，则：⑤解得：μ＜0.45．答：乙球与斜面之间的动摩擦因数μ的取值范围为μ＜0.45．。

哈尔滨市第六中学2014-2015学年高二12月月考物理试题D. 电流元IL在磁场中受力为F，则磁感应强度B可能大于或等于FIL2．当接通电源后，小磁针A的指向如图所示，则( )A．小磁针B的N极向纸外转B．小磁针B的N极向纸里转C．小磁针B不转动D．因电流未标出，所以无法判断小磁针B如何转动3.如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为v0的带电小球从A点射入电场 (阻力不计) ，在竖直平面内沿直线从A运动到B，在此过程中( )A.小球带负电B.小球的动能和重力势能之和减少C.小球的重力势能和电势能都增加D.动能增加，重力势能和电势能之和减少4．两根同种材料制成的电阻丝a和b，a的长度和横截面的直径均为b的两倍，要使两电阻丝接入电路后消耗的电功率相等，加在它们两端的电压之比U a∶U b为( )A．1∶1 B．2∶1 C.2∶1 D．1∶ 25．用多用电表测量直流电压U和测电阻R，若红表笔插入多用电表的正(＋)插孔，则( )A．前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表B．前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表C．前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表D．前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表6．R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图所示的电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，则下列判断正确的是( )A．R1＝R2 B．R1>R2C．U1＝U2D．R1 中自由电荷定向移动的速率小于R2 中自由电荷定向移动的速率B7．如图所示的电路中，电源有不可忽略的电阻，R 1、R 2、R 3为三个可变电阻，电容器C 1、C 2所带电荷量分别为Q 1和Q 2，下面判断正确的是( ) A ．仅将R 1增大，Q 1和Q 2都将增大B ．仅将R 2增大，Q 1和Q 2都将增大，电源输出功率不一定增大C ．仅将R 3增大，Q 1和Q 2都将不变D ．突然断开开关S ，Q 1和Q 2都将不变8．如图所示，电源的电动势和内阻分别为E 和r ，在滑动变阻器的滑片P 由a 向b 移动的过程中，电流表、电压表的示数变化情况为( ) A ．电流表的示数一直减小 B ．电压表的示数一直增大C ．电流表的示数先减小后增大D ．电压表的示数先增大后减小9．如下图所示，直线Ⅰ、Ⅱ分别是电源1与电源2的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线Ⅲ是一个小灯泡的伏安特性曲线，如果把该小灯泡先后分别与电源1和电源2单独连接时，则下列说法不正确．．．的是( ) A ．电源1和电源2的内阻之比是11：7 B ．电源1和电源2的电动势之比是1：1C ．在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是1：2D ．在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1：210.如图所示，在场强大小为E 的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细线一端拴一个质量为m 电荷量为q 的带负电小球，另一端固定在O 点。

哈尔滨市第六中学校2016届第一次模拟考试理科综合能力测试物理一、选择题：1．如图所示，三个物体质量分别为m 1＝1.0 kg 、m 2＝2.0 kg 、m 3＝3.0 kgθ＝30°，m 1和m 2之间的动摩擦因数μ1＝0.8，m 1和斜面之间的动摩擦因数μ2＝.不计绳和滑轮的质量和摩擦．初始用外力使整个系统静止，当撤掉外力时，m 2将(g ＝10 m/s 2，最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )A ．和m 1一起沿斜面下滑B ．和m 1一起沿斜面上滑C ．仍静止不动D ．相对于m 1下滑2．如图所示为一种获得高能粒子的装置，环形区域内存在垂直纸面向外、大小可调节的均匀磁场，质量为m 、电荷量为＋q 的粒子在环中做半径为R 的圆周运动，A 、B 为两块中心开有小孔的极板，原来两板间电压为零，每当粒子飞经A 板时，两板间加电压U ，粒子在两极板间的电场中加速，每当粒子离开B 板时，两板间的电压又变为零，粒子在电场一次次加速下动能不断增大，而绕行半径不变，则( )A ．绕行n 圈回到A 板时获得的动能为(n－1)UqB 1C ．粒子在A 、B 之间第一次与第二次加速的时间之比为1D ．在粒子绕行的整个过程中，每一圈的周期不变3．如图所示，实线为电视机显像管主聚焦电场中的等势面。

a 、b 、c 、d 为一个圆周上的四个点，则下列说法中正确的是( )A ．从左侧平行于中心轴线进入电场区域的一束电子，电场可使其向中心轴线汇聚B ．若电子从b 点运动到c 点，电场力做的功为－0.6 eVC ．仅在电场力作用下电子从a 点运动到c 点，则经过a 点处的动能大于经过c 点处的动能D ．若一电子仅在电场力作用下从左侧沿中心轴线穿越电场区域，将做加速度先减小后增加的直线运动4．一辆载货卡车正在一段坡路上以速度v 1匀速行驶，卡车受到来自地面的阻力大小为f 1。

上坡过程中，突然天降大雨，地面的阻力大小减小为f 2，卡车功率保持不变，一直运动到再次保持匀速v2，则下列说正确的是（ ）v 1v 2t 乙图A ．甲图为卡车的速度时间图像B ．乙图为卡车的速度时间图像C ．卡车先后匀速速度大小之比1221::f f v v =D ．卡车在变速运动阶段的平均速度小于5．一物体以一定的初速度从足够长的斜面底端向上冲，向上运动过程中的物体的机械能E 随高度h 变化的图像如图所示(0-h 1段为直线)。

黑龙江省哈尔滨六中2015-2016学年高三(上)月考物理试卷（12月份）一、不定项选择题（本大题共14小题，每小题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，有一个选项或多个选项正确，请将选项填写在答题卡相应位置．全部选对的得4分,选对但不全的得2分，不答或有选错的得零分．）(3、4、5、10、12、13、为多选）1．甲、乙两球从同一地点、沿同一直线运动的v﹣t图线如图所示，根据图线可以判断（）A．两球在t=2s时速度相同B．两球在t=2s时相距最近C．两球在t=8s时相遇D．在2s～8s内，两球的加速度大小相等2．如图，质量为M、半径为R的半球形物体A放在粗糙水平地面上，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住一质量为m、半径为r的光滑球B，重力加速度为g．则（）A．A对地面的摩擦力方向向左B．B对A的压力大小为mgC．细线对小球的拉力大小为mgD．若剪断绳子（A不动），则此瞬时球B加速度大小为3．如图是汽车运送圆柱形工件的示意图．图中P、Q、N是固定在车体上的压力传感器，假设圆柱形工件表面光滑，汽车静止在水平地面上不动时Q传感器示数为零，P、N传感器示数不为零．现该汽车正沿倾角为15°的斜面向上匀加速启动，P传感器示数为零而Q、N传感器示数不为零．已知sin15°=0。

26，cos15°=0。

97,tan30°=0.58，g=10m/s2．则汽车匀加速启动的加速度可能为(）A．2m/s2B．3m/s2C．4m/s2D．5m/s24．关于曲线运动的下列说法中正确的是(）A．做曲线运动物体的动能大小一定变化B．做曲线运动物体的加速度一定变化C．做曲线运动物体的速度方向总在变化D．做曲线运动物体所受的合外力不一定变化5．我国研制的“嫦娥三号”月球探测器于2013年12月1日发射成功，并成功在月球表面实现软着陆．探测器首先被送到距离月球表面高度为H的近月轨道做匀速圆周运动，之后在轨道上的A点实施变轨,使探测器绕月球做椭圆运动，当运动到B点时继续变轨，使探测器靠近月球表面，当其距离月球表面附近高度为h(h＜5m）时开始做自由落体运动,探测器携带的传感器测得自由落体运动时间为t,已知月球半径为R，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．“嫦娥三号”的发射速度必须大于第一宇宙速度B．探测器在近月圆轨道和椭圆轨道上的周期相等C．“嫦娥三号”在A点变轨时,需减速才能从近月圆轨道进入椭圆轨道D．月球的平均密度为6．当前，我国“高铁”事业发展迅猛，假设一辆高速列车在机车牵引力和恒定阻力作用下，在水平轨道上由静止开始启动，其v﹣t图象如图示，已知在0﹣t1时段为过原点的倾斜直线，t1时刻达到额定功率P,此后保持功率P不变，在t3时刻达到最大速度v3，以后匀速运动，则下述判断正确的有(）A．从0至t3时间内一直做匀加速直线运动B．在t2时刻的加速度大于t1时刻的加速度C．在t3时刻以后，机车的牵引力为零D．该列车所受的恒定阻力大小为7．如图所示，质量相等的物体A、B通过一轻质弹簧相连，开始时B放在地面上，A、B 均处于静止状态，此时弹簧压缩量△x1．现通过细绳将A向上缓慢拉起，第一阶段拉力做功为W1时，弹簧变为原长；第二阶段拉力再做功W2时，B刚要离开地面,此时弹簧伸长量为△x2．弹簧一直在弹性限度内，则（)A．△x1＞△x2B．拉力做的总功等于A的重力势能的增加量C．第一阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量D．第二阶段，拉力做的功等于A的重力势能的增加量8．如图所示，一根很长、且不可伸长的柔软轻绳跨过光滑定滑轮，绳两端各系一个小球a 和b．a球质量为m，静置于地面;b球质量为4m，用手托住,高度为h，此时轻绳刚好拉紧．从静止开始释放b后，a能够达到的最大高度为（）A．3h B．4h C．1.6h D．2。

14．在一笔直公路上有a 、b 两辆汽车，它们同时经过同一路标开始计时，此后的t v -图象如图，下列判断正确的是A ．在t 1时刻a 、b 相遇B ．0～t 1时间内，a 、b 间距离在减小C ．0～t 1时间内，a 位于b 前面D ．t 1时刻以后，b 位于a 前面15．一个截面是直角三角形的木块放在水平面上，在斜面上放一个光滑球，球的一侧靠在竖直墙上，木块处于静止，如图所示。

若在光滑球的最高点施加一个竖直向下的力F ，球仍处于静止，则木块对地面的压力N 和摩擦力f 的变化情况是A ．N 增大、f 不变B ．N 增大、f 增大C ．N 不变、f 增大D ．N 不变、f 不变16．一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下，某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB .该爱好者用直尺量出轨迹的长度（照片与实际尺度比例为1：10），如图所示．已知曝光时间为0.01 s ，则小石子的出发点离A点约为A ．6.5 mB ．10 mC ．20 mD ．45 m17．某山村由于供电线路老化，向农户送电的导线电阻较大，如图是经过降压变压器(可视为理想变压器)降压后经过一段较长距离对农户供电的示意图，假设降压变压器原线圈两端的电压U 1不变，电压表测量的是入户的电压，则当合上电键S 时，下列说法正确的是A ．电压表的示数不变B ．电压表的示数变大C ．灯泡A 的亮度不变D ．灯泡A 变暗18．如图所示，人造卫星A 、B 在同一平面内绕地心O 做匀速圆周运动。

已知A 、B 连线与A 、O 连线间的夹角最大为θ，则卫星A 、B 的角速度之比ω1/ω2等于A ． sin 3θB ．1/ sin 3θ C ．θ3sin D ．θ31/sin19．以下说法中正确的是A ．牛顿是动力学的奠基人，他总结和发展了前人的成果，发现了力和运动的关系B ．法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机──法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕C ．重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想D ．变压器的铁芯使用了硅钢片，这样在铁芯中就不会产生任何涡流20．真空中有一竖直向上的匀强电场，其场强大小为E ，电场中的A 、B 两点固定着两个等量异号点电荷+Q 、－Q ，A 、B 两点的连线水平，O 为其连线的中点，c 、d 是两点电荷连线垂直平分线上的两点，Oc =Od ，a 、b 两点在两点电荷的连线上，且与c 、d 两点的连线恰好形成一个菱形，则下列说法中正确的是A．a、b两点的电场强度相同B．c、d两点的电势相同C．将电子从a点移到c点的过程中，电场力对电子做正功D．质子在O点时的电势能大于其在b点时的电势能21．如图所示，等离子气流(由高温高压的等电量的正、负离子组成)由左方连续不断的以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中，ab和cd的作用情况为：0～1 s内互相排斥，1～3 s内互相吸引，3～4 s内互相排斥．规定向左为磁感应强度B的正方向，线圈A内磁感应强度B随时间t变化的图象可能是第Ⅱ卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

哈尔滨市第六中学2014-2015学年高二12月考历史试题4、下列有关糖代谢及调节的叙述正确的是（）A．在肌肉、肝脏细胞中，②过程均可发生B．胰岛B细胞分泌的激素促进①、③过程C．胰岛A细胞分泌的激素促进④过程D．胰岛素促进④、⑤、⑥等过程5、激素在调节人体生命活动过程中有重要作用，下列叙述正确的是（）A．血糖含量升高会引起胰岛A细胞分泌的胰岛素增多B．血液中甲状腺激素增加会促进垂体分泌促甲状腺激素C．寒冷刺激会引起下丘脑分泌的促甲状腺激素释放激素减少D．细胞外液渗透压升高会引起垂体释放的抗利尿激素增多6、如图2－8所示是高等动物甲状腺激素分泌调节示意图，以下叙述正确的是（）A．在寒冷的环境中，激素③的分泌减少B．切除垂体后，①的分泌会增加，③的分泌会立即停止C．切除甲状腺后，①和②的分泌会增加，但不促进代谢D．给动物注射③，反馈调节使①和②的分泌会增加7、下列人体各项免疫反应中，不会发生于体液免疫过程中的是（）A．吞噬细胞摄取、处理病原体，暴露出该病原体特有抗原B．效应T细胞与靶细胞密切接触并导致靶细胞裂解C．B细胞可增殖分化形成浆细胞和记忆(B)细胞D．T细胞分泌的淋巴因子能促进B细胞增殖、分化8、右图为人体体液免疫过程的示意图。

当机体再次接触相同抗原时，a、b、c、d四种免疫细胞中，能迅速增殖分化的是（）A.aB.bC.cD.d9、能正确表示病毒或病菌侵入机体后，引起血液中抗体浓度变化的是（①表示第一次感染，②表示第二次感染）（）10、如图为用燕麦胚芽鞘进行的实验。

下列判断正确的是（）A．①④是一组对照实验 B．向左弯曲生长的是⑤C．不生长也不弯曲的是①③ D．单侧光能够对②④起作用11、如图表示苹果生长发育时期几种激素的动态变化,图中甲、乙、丙三条曲线依次代表三种激素。

下列说法正确的是（）A.甲激素促进细胞分裂和组织分化B.乙激素主要作用是促进果实成熟C.苹果在成熟期只受丙激素的影响D.乙、丙两种激素主要作用是促进细胞衰老12、、某农场面积为140hm2，农场丰富的植物资源为黑线姬鼠提供了很好的生存条件，鼠大量繁殖吸引鹰来捕食，某研究小组采用标志重捕法来研究黑线姬鼠的种群密度，第一次捕获100只，标记后全部放掉，第二次捕获280只，发现其中有2只带有标记，下列叙述错误．．的是（）A．鹰的迁入率增加会影响黑线姬鼠的种群密度B．该农场黑线姬鼠的种群密度约为100只/hm2C．黑线姬鼠种群数量下降说明农场群落的丰富度下降D．植物→鼠→鹰这条食物链，第三营养级含能量少13、关于图中种群数量变化说法错误的是（）A.种群“J”型曲线只有在理想条件下才能出现B.种群呈“S”型增长过程中,在达到K值之前就是“J”型增长C.自然状态下种群数量达到600时,种群的增长速率为0D.环境条件变化时,种群的K值也会发生相应变化14、下列是有关实验与探究的叙述，错误．．的是（）A．探究生长素类似物促进生根最适浓度时，做预实验后可更合理设计浓度梯度B．生物体维持pH稳定机制实验的自变量是酸或碱的滴数C．用抽样检测法探究培养液中酵母菌种群数量的变化D．调查土壤中小动物类群丰富度的常用方法是标志重捕法15、甲地因森林火灾使原有植被消失，乙地因火山喷发被火山岩全部覆盖，之后两地均发生了群落演替。

哈六中2018届上学期12月阶段性测试高三物理试题一、选择题1. 取水平地面为零势能面，一物块从某高处水平抛出，在抛出点其重力势能为动能的3倍。

不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A. B. C. D.【答案】D【解析】试题分析：根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能是重力势能的，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．物块做平抛运动，机械能守恒，初状态的机械能，其中；所以，末状态的机械能，根据机械能守恒定律，所以，设落地时速度与水平方向的夹角α，，解得，故D正确．2. 如图所示，一个质量为m的滑块静止置于倾角为30º的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，轻弹簧与斜面垂直，则（）A. 滑块不可能只受到三个力作用B. 弹簧一定处于压缩状态C. 斜面对滑块的支持力大小可能为零D. 斜面对滑块的摩擦力大小一定等于【答案】D【解析】弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态；也可能受到弹簧的拉力或者推力，即受4个力作用，AB错误；沿斜面方向，根据平衡条件滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于），不为零，有摩擦力必有弹力，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，C错误D正确．3. 如图所示，质量分别为m和M的两长方体物块P和Q，叠放在倾角为θ的固定斜面上。

P、Q间的动摩擦因数为μ1，Q与斜面间的动摩擦因数为μ2。

当它们从静止释放沿斜面滑下时，两物块始终保持相对静止，则物块P对Q的摩擦力为（）A. μ1mg cosθ，方向平行于斜面向上B. μ2mg cosθ，方向平行于斜面向下C. μ2mg cosθ，方向平行于斜面向上D. μ1mg cosθ，方向平行于斜面向下【答案】B【解析】对PQ整体受力分析，受到重力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有(m+M)g sinθ−μ2(m+M)g cosθ=(M+m)a解得a=g(sinθ−μ2cosθ) ①再对P物体受力分析，受到重力mg、支持力和沿斜面向上的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有mg sinθ−Ff=ma②由①②解得Ff=μ2mg cosθ根据牛顿第三定律，物块P对Q的摩擦力大小为μ2mg cosθ，方向平行于斜面向下。