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必修一第一章：第一节：1、“一江春水向东流”是水相对地面（岸）的运动，“地球的公转”是说地球相对太阳的运动，“钟表时、分、秒针都在运动”是说时、分、秒针相对钟表表面的运动，“太阳东升西落”是太阳相对地面的运动。
2、诗中描写船的运动，前两句诗写景，诗人在船上，卧看云动是以船为参考系。
云与我俱东是说以两岸为参考系，云与船均向东运动，可认为云相对船不动。
3、x A=-0.44 m，x B=0.36 m第二节：1．A．8点42分指时刻，8分钟指一段时间。
B．“早”指时刻，“等了很久”指一段时间。
C．“前3秒钟”、“最后3秒钟”、“第3秒钟”指一段时间，“3秒末”指时刻。
2．公里指的是路程，汽车的行驶路线一般不是直线。
3．（1）路程是100 m，位移大小是100 m。
（2）路程是800 m，对起跑点和终点相同的运动员，位移大小为0；其他运动员起跑点各不相同而终点相同，他们的位移大小、方向也不同。
4．解答3 m 8 m 0 5 m -8 m -3 m0 5 m -3 m 5 m -8 m -3 m 第三节：1．（1）1光年=365×24×3600×3.0×108 m=9.5×1015 m。
（2）需要时间为16154.010 4.2 9.510⨯=⨯年2．（1）前1 s平均速度v1=9 m/s前2 s平均速度v2=8 m/s前3 s平均速度v3=7 m/s前4 s平均速度v4=6 m/s全程的平均速度v5=5 m/sv1最接近汽车关闭油门时的瞬时速度，v1小于关闭油门时的瞬时速度。
（2）1 m/s，03．（1）24.9 m/s，（2）36.6 m/s，（3）0第四节：1．电磁打点记时器引起的误差较大。
因为电磁打点记时器打点瞬时要阻碍纸带的运动。
2．（1）纸带左端与重物相连。
（2）A点和右方邻近一点的距离Δx=7．0×10-3 m，时间Δt=0.02 s，Δt很小，可以认为A点速度v=xt∆∆=0.35 m/s3．解（1）甲物体有一定的初速度，乙物体初速度为0。
人教版高中物理选修3-4 课后习题答案
物理选修 3-4 课后习题答案第十一章机械振动
1简谐运动
2简谐运动的描述
3简谐运动的回复力和能量
4单摆
5外力作用下的振动
第十二章机械波1波的形成和传播
2波的图像
3 波长频率和波速
4波的衍射和干涉
5多普勒效应
第十三章光
1光的反射和折射
2全反射
3光的干涉
4用双缝干涉测量光的波长5光的衍射
6光的偏振
7 光的颜色色散
第十四章电磁波
1电磁波的发现
2电磁震荡
无
3电磁波的发射和接受
4电磁波与信息化社会
5电磁波谱。
电磁感应和楞次定律1. 答案：CD详解：导体棒做匀速运动，磁通量的变化率是一个常数，产生稳恒电流，那么被线圈缠绕的磁铁将产生稳定的磁场，该磁场通过线圈 c 不会产生感应电流；做加速运动则可以；2．答案：C详解：参考点电荷的分析方法，S 磁单极子相当于负电荷，那么它通过超导回路，相当于向左的磁感线通过回路，右手定则判断，回路中会产生持续的adcba 向的感应电流；3．答案：A详解：滑片从 a 滑动到变阻器中点的过程，通过 A 线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出，产生向右的磁场，而且滑动过程中，电阻变大，电流变小，所以磁场逐渐变小，所以此时 B 线圈要产生向右的磁场来阻止这通过 A 线圈的电流从滑片流入，从固定接口流出种变化，此时通过R 点电流由c流向d;从中点滑动到b的过程，通过A线圈的电流从固定接口流入，从滑片流出，产生向左的磁场，在滑动过程中，电阻变小，电流变大，所以磁场逐渐变大，所以此时B线圈要产生向右的磁场来阻止这种变化，通过R的电流仍从c流向d o4．答案：B详解：aob 是一个闭合回路，oa 逆时针运动，通过回路的磁通量会发生变化，为了阻止这种变化，ob 会随着oa 运动;5．答案：A详解：开关在 a 时，通过上方的磁感线指向右，开关断开，上方的磁场要消失，它要阻止这种变化，就要产生向右的磁场来弥补，这时通过R2的电流从c指向d;开关合到b上时，通过上方线圈的磁场方向向左，它要阻止这种变化，就要产生向右的磁场来抵消，这时通过R2的电流仍从c指向d;6．答案：AC详解：注意地理南北极与地磁南北极恰好相反，用右手定则判断即可。
电磁感应中的功与能1．答案:C、D详解：ab 下落过程中，要克服安培力做功，机械能不守恒，速度达到稳定之前其减少的重力势能转化为其增加的动能和电阻增加的内能，速度达到稳定后，动能不再变化，其重力势能的减少全部转化为电阻增加的内能。
选CD2．答案：A详解：E=BLvI=E/R=BLv/RF=BIL=B A2L A2v/R W=Fd=B A2L A2dv/R=B A2SLv/R, 选A3．答案:B、C详解：开始重力大于安培力，ab 做加速运动，随着速度的增大，安培力增大，当安培力等于重力时，加速度为零；当速度稳定时达到最大，重力的功率为重力乘以速度，也在此时达到最大，最终结果是安培力等于重力，安培力不为0，热损耗也不为0.选BC4. 答案：(1) 5m/s。
高中物理3.2课后习题答案第4章第1节划时代的发现1．奥斯特实验，电磁感应等．2．电路是闭合的．导体切割磁感线运动．第2节探究电磁感应的产生条件1．（1）不产生感应电流（2）不产生感应电流（3）产生感应电流2．答：由于弹簧线圈收缩时，面积减小，磁通量减小，所以产生感应电流．3．答：在线圈进入磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量增大，所以线圈中产生感应电流；在线圈离开磁场的过程中，由于穿过线圈的磁通量减小，所以线圈中产生感应电流；当个线圈都在磁场中时，由于穿过线圈的磁通量不变，所以线圈中不产生感应电流．4．答：当线圈远离导线移动时，由于线圈所在位置的磁感应强度不断减弱，所以穿过线圈的磁通量不断减小，线圈中产生感应电流．当导线中的电流逐渐增大或减小时，线圈所在位置的磁感应强度也逐渐增大或减小，穿过线圈的磁通量也随之逐渐增大或减小，所以线圈中产生感应电流．5．答：如果使铜环沿匀强磁场的方向移动，由于穿过铜环的磁通量不发生变化，所以，铜环中没有感应电流；如果使铜环在不均匀磁场中移动，由于穿过铜环的磁通量发生变化，所以，铜环中有感应电流．6． 答：乙、丙、丁三种情况下，可以在线圈B 中观察到感应电流．因为甲所表示的电流是稳恒电流，那么，由这个电流产生的磁场就是不变的．穿过线圈B 的磁通量不变，不产生感应电7． 流．乙、丙、丁三种情况所表示的电流是随时间变化的电流，那么，由这样的电流产生的磁场也是变化的，穿过线圈B 的磁通量变化，产生感应电流．8． 为了使MN 中不产生感应电流，必须要求DENM 构成的闭合电路的磁通量不变，即2BS B l =，而()S l vt l =+，所以，从0t =开始，磁感应强度B 随时间t 的变化规律是0B l B l vt =+ 第3节 楞次定律1． 答：在条形磁铁移入线圈的过程中，有向左的磁感线穿过线圈，而且线圈的磁通量增大．根据楞次定律可知，线圈中感应电流磁场方向应该向右，再根据右手定则，判断出感应电流的方向，即从左侧看，感应电流沿顺时针方向．2． 答：当闭合开关时，导线AB 中电流由左向右，它在上面的闭合线框中引起垂直于纸面向外的磁通量增加．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻碍它的增加，所以感应电流的磁场在闭合线框内的方向是垂直纸面向里，再根据右手定则可知感应电流的方向是由D 向C ．当断开开关时，垂直于纸面向外的磁通量减少．根据楞次定律，闭合线框中产生感应电流的磁场，要阻碍原磁场磁通量的减少，所以感应电流的磁场在闭合线框内的方向是垂直纸面内外，再根据右手定则可知感应电流的方向是由C向D．3．答：当导体AB向右移动时，线框ABCD中垂直于纸面向内的磁通量减少．根据楞次定律，它产生感应电流的磁场要阻碍磁通量减少，即感应电流的磁场与原磁场方向相同．垂直于纸面向内，所以感应电流的方向是A→B→C→D．此时，线框ABFE中垂直纸面向内的磁通量增加，根据楞次定律，它产生的磁场要阻碍磁通量的增加，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，垂直于纸面向外．所以，感应电流的方向是A→B→F→E．所以，我们用这两个线框中的任意一个都可以判定导体AB中感应电流的方向．说明：此题对导体AB中的电流方向的判定也可用右手定则来确定．4．答：由于线圈在条形磁铁的N极附近，所以可以认为从A 到B的过程中，线圈中向上的磁通量减小，根据楞次定律，线圈中产生的感应电流的磁场要阻碍磁通量的减少，即感应电流的磁场与原磁场方向相同，再根据右手螺旋定则可知感应电流的方向，从上向下看为逆时针方向．从B到C的过程中，线圈中向下的磁通量增加，根据楞次定律，线圈中产生的感应电流的磁场要阻碍磁通量的增加，即感应电流的磁场与原磁场方向相反，再根据右手螺旋定则可知感应电流的方向，从上向下看为逆时针方向．5． 答：（1）有感应电流（2）没有感应电流；（3）有感应电流；（4）当合上开关S 的一瞬间，线圈P 的左端为N 极；当打开开关S 的上瞬间，线圈P 的右端为N 极．6． 答：用磁铁的任一极（如N 极）接近A 球时，穿过A 环中的磁通量增加，根据楞次定律，A 环中将产生感应电流，阻碍磁铁与A 环接近，A 环将远离磁铁；同理，当磁铁远离发A 球时，A 球中产生感应电流的方向将阻碍A 环与磁铁远离，A 环将靠近磁铁．由于B 环是断开的，无论磁极移近或远离B 环，都不会在B 环中形成感应电流，所以B 环将不移动．7． 答：（1）如图所示．圆盘中任意一根半径CD 都在切割磁感线，这半径可以看成一个电源，根据右手定则可以判断，D 点的电势比C 点高，也就是说，圆盘边缘上的电势比圆心电势高，（2）根据右手定则判断，D 点电势比C 点高，所以流过电阻R 的电流方向自下向上．说明：本题可拓展为求CD 间的感应电动势．设半径为r ，转盘匀速转动的角速度ω，匀强磁场的磁感应强度为B ，求圆盘转动时的感应电动势的大小．具体答案是212E Br ω=． 第4节 法拉第电磁感应定律1． 正确的是D ．2． 解：根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势为0.090.021000V 175V 0.4E n t -∆Φ==⨯=∆；根据闭合电路欧姆定律可得，通过电热器的电流为175A=0.175A 99010E I R r ==++3． 解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式E Blv =得：缆绳中的感应电动势54334.6102.05107.610V=7.210V E -=⨯⨯⨯⨯⨯⨯ 4． 答：可以．声音使纸盒振动，线圈切割磁感线，产生感应电流．5． 答：因为线圈绕OO '轴转动时，线圈长2L 的边切割磁感线的速度变化，感应电动势因而变化．根据公式sin E Blv θ=和v r ω=有12sin E BL L ωθ=．因为12S L L =，90θ=︒，所以，E BS ω=． 6． 答：（1）根据法拉第电磁感应定律，线圈中感应电动势2B E n n R t t π∆Φ∆==∆∆，所以，22441AB E E ==．（2）根据闭合电路欧姆定律，可得通过线圈的电流2122S E B B I n R n R R tR t Sππρρ∆∆===∆∆，所以，221A A B B I R I R ===． 7． 答：管中有导电液体流过时，相当于一段长为d 的导体在切割磁感线，产生的感应电动势E Bdv =．液体的流量()22d Q v π=，即液体的流量与电动势E 的关系为4d Q E B π=． 第5节 电磁感应定律的应用1． 解：根据导线切割磁感线产生感应电动势的公式E Blv =，该机两翼尖间的电势差为54.71012.70.7340V=0.142V E -=⨯⨯⨯⨯，根据右手定则可知，从驾驶员角度来说，左侧机翼电势高。
人教版高中物理选修课后习题参考答案Revised by Chen Zhen in 2021第一章第一节1．答：在天气干躁的季节，脱掉外衣时，由于摩擦，外衣和身体各自带了等量、异号的电荷。
接着用手去摸金属门把手时，身体放电，于是产生电击的感觉。
2．答：由于A、B都是金属导体，可移动的电荷是自由电子，所以，A带上的是负电荷，这是电子由B移动到A的结果。
其中，A得到的电子数为，与B失去的电子数相等。
3．答：图1－4是此问题的示意图。
导体B中的一部分自由受A的正电荷吸引积聚在B的左端，右端会因失去电子而带正电。
A对B左端的吸引力大于对右端的排斥力，A、B之间产生吸引力。
4．答：此现象并不是说明制造出了永动机，也没有违背能量守恒定律。
因为，在把A、B分开的过程中要克服A、B之间的静电力做功。
这是把机械转化为电能的过程。
第二节1．答：根据库仑的发现，两个相同的带电金属球接触后所带的电荷量相等。
所以，先把A球与B球接触，此时，B球带电；再把B球与C 球接触，则B、C球分别带电；最后，B球再次与A球接触，B球带电。
2．答：（注意，原子核中的质子间的静电力可以使质子产生的加速度！）3．答：设A、B两球的电荷量分别为、，距离为，则。
当用C接触A时，A的电荷量变为，C的电荷量也是；C再与接触后，B的电荷量变为；此时，A、B间的静电力变为：。
在此情况下，若再使A、B间距增大为原来的2倍，则它们之间的静电力变为。
4．答：第四个点电荷受到其余三个点电荷的排斥力如图1－6所示。
共受三个力的作用，，由于，相互间距离分别为、、，所以，。
根据平行四边形定则，合力沿对角线的连线向外，且大小是。
由于对称性，每个电荷受到其他三个电荷的静电力的合力的大小都相等，且都沿对角线的连线向外。
5．答：带电小球受重力、静电斥力和线的拉力作用而平衡，它的受力示意图见图1－7。
静电斥力，又，，所以，第三节1．答：A、B两处电场强度之比为。
A、C两处电场强度之比为。
物理人教版选修2课后题答案一、选择题1. 【答案】A2. 【答案】C3. 【答案】B4. 【答案】A5. 【答案】D二、填空题1. 【答案】抛物线2. 【答案】动量守恒定律3. 【答案】恒定4. 【答案】抛体运动5. 【答案】抛物线三、计算题1. 【答案】质量m=2kg，初速度v0=10m/s，加速度a=2m/s2动量p=mv0=2×10=20kg·m/s动能E=1/2mv02=1/2×2×102=100J2. 【答案】质量m=2kg，初速度v0=10m/s，加速度a=2m/s2时间t=v0/a=10/2=5s位移s=v0t+1/2at2=10×5+1/2×2×52=75m3. 【答案】质量m=2kg，初速度v0=10m/s，加速度a=2m/s2动量p=mv0=2×10=20kg·m/s动能E=1/2mv02=1/2×2×102=100J动能变化ΔE=E2-E1=100-0=100J动量变化Δp=p2-p1=20-0=20kg·m/s动能变化ΔE=Δpv=20×v=20×10=200J四、解答题1. 【答案】抛体运动是指物体在重力场中运动的一种运动，它的运动轨迹是一个抛物线，其运动规律可由牛顿第二定律和动量守恒定律来描述。
牛顿第二定律表明，物体受到的外力等于物体的质量乘以物体的加速度，即F=ma；动量守恒定律表明，物体的动量在没有外力作用的情况下是守恒的，即p=mv。
2. 【答案】抛体运动的特点有：（1）运动轨迹是抛物线：抛体运动的运动轨迹是一个抛物线，它的运动轨迹是由物体受到重力作用而产生的，重力的作用使物体的运动轨迹呈抛物线形。
（2）动量守恒：抛体运动的动量守恒定律表明，物体的动量在没有外力作用的情况下是守恒的，即p=mv。
（3）动能变化：抛体运动的动能变化定律表明，物体的动能变化等于物体的动量变化乘以物体的速度，即ΔE=Δpv。
物理选修3-5课后习题答案冲量与动量1.答案：0详解：4*20 - 5*16，减号是因为两个冲量反向。
2.答案：A详解：因为二者动量都是正，于是速度方向相同，要保证二者相碰，左边那个要去追右边的，于是左球速度大，因为B质量大，于是B速度小，于是右球是B.碰后A动量是2 kg?m/s 据动量守恒，B动量是10 kg?m/s.动量除以质量得到速度比。
3.答案：B详解：因为A在B后方嘛，碰后A会减速，B会加速，于是A动量必然减小，根据动量守恒，C不可能，B才对。
4.答案：BD详解：冲量大小肯定是一样的。
因为这就是作用力和反作用力的冲量。
然而人质量小，于是速度改变量大，于是人走得快。
D说得很明确了，就是因为动量守恒，船必停。
5.答案：3588N详解：先算落地速度，从1.28米高度落地，根据自由落体公式，速度是5.0m/s (g取9.8)然后落地速度减为0，根据Ft = m△v，F = 3000N。
然后加上重力588N即可6.答案：D详解：冲量表征的是动量变化量。
D就是按定义判断的。
A错，冲量和速度没什么关系。
B错，力作用时间未知。
C错，力作用时间和物体质量都未知。
7.答案：D详解：重物动量改变量不少，但是动量改变的时间大大延长了。
不拉皮筋，动量瞬间变为0，有了皮筋，动量要过一会儿才减为0.动量改变量不少，也就是受到的冲量不变。
这么看，只有D对。
8.答案：BD详解：二者位移一样，然而上升过程阻力和重力都同向，下降过程阻力和重力反向，于是上升过程加速度大，时间短，重力冲量小。
比较速度改变量，因为回到抛出点速度必然小于初速度，于是上升过程改变量大，上升过程合外力冲量大。
C项，重力方向不变，重力冲量方向也不变，都是竖直向下。
D项空气阻力反向，于是冲量方向也是反向。
动量守恒定律及其应用1. 答案：2.9m/s详解，由系统动量守恒得：MV0 - m v′ = mv 于是V0可以算出是2.9m/s2.答案：D详解：机械能必然不守恒，因为子弹和木块之间的作用摩擦生热。
课后练习一第10讲库仑定律和场强1.如图1-15所示，用一根跟毛皮摩擦过的硬橡胶棒，靠近不带电验电器的金属小球a，然后用手指瞬间接触一下金属杆c后拿开橡胶棒，这时验电器小球A和金箔b的带电情况是（）A．a带正电，b带负电B．a带负电，b带正电C．a、b均带正电D．a、b均不带电答案：Ｃ详解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，靠近小球a,会在球上感应出正电荷，而负电荷就远离棒，到了金属杆c上。
此时用手指触碰c，会把杆上的负电荷转移走，于是整个验电器就带正电了。
球带正电，金箔也带正电。
2.如图1-4所示，真空中两个自由的点电荷A和B，分别带有-Q和+4Q的电荷，现放入第三个点电荷C，使点电荷A、B、C都处于平衡，则点电荷C应放在什么区域？点电荷C带什么电？答案：应该放入一个“+”电荷，并且放在A的左边。
详解：首先电荷不可能放中间，否则该电荷必受到两个同方向的力。
电荷放在右边也不可能，本身B处电荷电荷量就大，如果离它更近，必然是受到的两个电场力大小不一。
因此要放在A左边，并且只能是带正电才可行，因为如果带负电，AB两处电荷不可能平衡。
3.将一定量的电荷Q，分成电荷量q、q＇的两个点电荷，为使这两个点电荷相距r时，它们之间有最大的相互作用力，则q值应为______。
答案：详解：二者相互作用力就是看乘积的大小了。
数学上有如下规律，两个正数和一定，必然在二者相等时积最大。
于是答案是。
4.两个点电荷甲和乙同处于真空中．（1）甲的电荷量是乙的4倍，则甲对乙的作用力是乙对甲的作用力的______倍．（2）若把每个电荷的电荷量都增加为原来的2倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的______倍；（3）保持原电荷电荷量不变，将距离增为原来的3倍，那么它们之间的相互作用力变为原来的______倍；（4）保持其中一电荷的电荷量不变，另一个电荷的电荷量变为原来的4倍，为保持相互作用力不变，则它们之间的距离应变为原来的______倍；（5）把每个电荷的电荷都增大为原来的4倍，那么它们之间的距离必须变为原来的______倍，才能使其间的相互作用力不变。
高中物理选修一课后习题答案本文将会给出高中物理选修一课后习题的答案及解析。
这些题目涵盖了本章节所讲述的知识点，通过逐一分析这些习题最终可以更好的掌握课程中的核心概念。
以下是习题及其解析。
一、选择题1. 对流是一种传热方式，以下说法正确的是：A. 只存在于气体和液体中。
B. 对流需要介质。
C. 对流不需要介质。
D. 只存在于固体中。
答案：A解析：对流传热只存在于气体和液体中，因为只有气体和液体才可以自由流动，形成对流现象。
对流需要介质，因为介质的流动是对流现象发生的前提条件。
2. 声音的传播速度与下列哪种因素有关？A. 音源频率。
B. 音源强度。
C. 空气密度。
D. 空气湿度。
答案：C解析：空气密度对声音的传播速度有影响。
空气密度越大，声音的传播速度就越大。
空气湿度和其他两个选项则不会影响声音的传播速度。
3. 下面哪一个单位用于测量电场强度？A. 米/秒^2B. 牛/米^2C. 瓦特/米^2D. 伏特/米答案：D解析：电场强度的单位是伏特/米。
二、计算题1. 如果一个电荷为10C的电子在电场中受到的力为5N，那么电场强度为多少？答案：0.5 V/m解析：根据电场强度的定义，利用公式E=F/q，得到电场强度E=F/q=5N/10C=0.5V/m。
2. 火车以10m/s的速度通过一个长为200m的隧道，由于隧道壁面的回声，司机听到车笛声的频率比真实发出的频率高12Hz，声速为340m/s，则车笛声的真实频率是多少？答案：160 Hz解析：声速v=340m/s，从火车口到隧道入口的距离为200m；火车相对于隧道的速度为10m/s，所以声波相对于空气的速度为v+10m/s=350m/s。
则声波通过隧道的时间t=200m/350m/s=0.57s。
设车笛声的真实频率为f，则（f+12）×0.57=f，得到f=160Hz。
三、问答题1. 什么是迎风面？答：面对气流方向的一面。
解析：在空气中物体移动时，会对空气产生阻力，产生的阻力取决于物体所受气流方向的大小。
物理选修3-5课后习题答案冲量与动量1.答案：0详解：4*20 - 5*16，减号是因为两个冲量反向。
2.答案：A详解：因为二者动量都是正，于是速度方向相同，要保证二者相碰，左边那个要去追右边的，于是左球速度大，因为B质量大，于是B速度小，于是右球是B.碰后A动量是2 kg?m/s 据动量守恒，B动量是10 kg?m/s.动量除以质量得到速度比。
3.答案：B详解：因为A在B后方嘛，碰后A会减速，B会加速，于是A动量必然减小，根据动量守恒，C不可能，B才对。
4.答案：BD详解：冲量大小肯定是一样的。
因为这就是作用力和反作用力的冲量。
然而人质量小，于是速度改变量大，于是人走得快。
D说得很明确了，就是因为动量守恒，船必停。
5.答案：3588N详解：先算落地速度，从1.28米高度落地，根据自由落体公式，速度是5.0m/s (g取9.8)然后落地速度减为0，根据Ft = m△v，F = 3000N。
然后加上重力588N即可6.答案：D详解：冲量表征的是动量变化量。
D就是按定义判断的。
A错，冲量和速度没什么关系。
B错，力作用时间未知。
C错，力作用时间和物体质量都未知。
7.答案：D详解：重物动量改变量不少，但是动量改变的时间大大延长了。
不拉皮筋，动量瞬间变为0，有了皮筋，动量要过一会儿才减为0.动量改变量不少，也就是受到的冲量不变。
这么看，只有D对。
8.答案：BD详解：二者位移一样，然而上升过程阻力和重力都同向，下降过程阻力和重力反向，于是上升过程加速度大，时间短，重力冲量小。
比较速度改变量，因为回到抛出点速度必然小于初速度，于是上升过程改变量大，上升过程合外力冲量大。
C项，重力方向不变，重力冲量方向也不变，都是竖直向下。
D项空气阻力反向，于是冲量方向也是反向。
动量守恒定律及其应用1. 答案：2.9m/s详解，由系统动量守恒得：MV0 - m v′= mv 于是V0可以算出是2.9m/s2.答案：D详解：机械能必然不守恒，因为子弹和木块之间的作用摩擦生热。
动量也不守恒，因为水平方向系统是受到墙壁的作用力的。
3. 答案：ABD详解：AB严格符合动量守恒的条件。
C不行，因为系统水平方向受到墙的作用力。
D可以，爆炸瞬间作用力极大，这一瞬间可以忽略其他比较小的力（比如重力），动量爆炸瞬间动量守恒。
4.答案：CD详解：t1时刻弹簧压缩，这点很明显，t3时刻之前，B速度大于A速度，因此这段时间B 和A之间的距离越拉越大，t3时刻弹簧是拉伸的。
AB不对。
至于质量比，因为t1时刻二者速度都是1m/s。
于是可以根据动量守恒和初始条件，轻松求得C对。
质量比由C项求出，t2时刻速度比由图得出，于是动能比好算了，D正确。
5.答案：BC详解：a未离开墙壁时，系统受到墙壁的水平力作用，动量不守恒。
A离开墙后，系统水平方向不受外力，动量守恒很显然。
6. 答案：B详解：列车原来做匀速直线运动，牵引力F等于摩擦力f，f=k(m＋M)g(k为比例系数)，因此，整个列车所受的合外力等于零．尾部车厢脱钩后，每一部分所受摩擦力仍正比于它们的重力．因此，如果把整个列车作为研究对象，脱钩前后所受合外力始终为零，在尾部车厢停止前的任何一个瞬间，整个列车(前部+尾部)的动量应该守恒．考虑刚脱钩和尾部车厢刚停止这两个瞬间，由(m+M)v0=0+Mv得此时前部列车的速度为7.答案：B详解：全部的车和人，以及那个球，是一个系统，动量守恒。
现在系统分成了两部分，A车和人，B车和人和球。
现在两部分速度方向相反，在相互远离。
明显前者质量小，于是根据动量守恒，前者速率大。
相互作用过程中的能量转化1.答案：BC详解：B明显对，速度变化量就是6 -（-6）= 12m/s。
小球动能不变，因此W是0.2. 答案：详解：(1)设C球与B球碰撞结成D时,D的速度为v1,由动量守恒定律有mv0=2mv1当弹簧压至最低时,D与A有共同速度,设此速度为v2,由动量守恒定律有2mv1=3mv2两式联立求得A的速度v2= v0(2)设弹簧长度被锁定后,储存在弹簧中的弹性势能为Ep,由能量守恒有Ep= ?2mv12- ?3mv22撞击P后,A、D均静止.解除锁定后，当弹簧刚恢复到原长时，弹性势能全部转为D球的动能，设此时D的速度为v3，由能量守恒有2mv32=Ep以后弹簧伸长，A球离开挡板P，当A、D速度相等时，弹簧伸长到最长，设此时A、D速度为v4,由动量守恒定律有2mv3=3mv4当弹簧最长时，弹性势能最大，设其为Ep′，由能量守恒有Ep′= ?2mv32- ?3mv42联立以上各式，可得Ep′= mv023. 答案：①详解：炮艇（包括那个发出去的炮弹）作为一个系统动量守恒，在地面参考系中看，动量守恒方程就是①4.答案：（1）0.67m/s，向后（2）40N详解：（1）用动量守恒：因为是在水面上，可以看成是在在水平方向上动量守恒.0=(M-m)V-mv将M=120Kg，m=0.01Kg，v=800m/s代入，求得V≈0.67m/s.(2)由冲量的表达式：F*t=ΔP=MV-0.将M=120Kg，V=0.67m/s，t=2s代入，求得F=40N（因为子弹的质量相对120kg太小了，打掉子弹后质量的那一点儿损耗忽略不计）5. 答案：D详解：自由下落，那么二者相对静止。
于是整个系统状态不变。
6. 答案：碰后球1、球2的速度为零，球3速度为v0．详解：根据动量守恒中"速度交换"的结论，也就是当完全弹性碰撞的两个物体质量相同时，一个物体碰后速度等于碰前另一个物体的速度，这就是速度交换。
然后容易得出，第一次碰撞，1静止，2速度是v0，然后2立马和3碰撞，2停下，3速度是v07.答案：BC详解：根据动量守恒，可见最终子弹和木块速度都是v/2。
子弹克服阻力会做功，它等于子弹动能的减少，这是根据动能定理。
容易算，这个数是系统机械能损失量，也就是系统内能增量，容易得出，是木块动能增量，也就是冲击力对木块的功，是于是BC正确光的波粒二象性1.答案：C详解：光电子的最大初动能等于入射光的能量减去逸出功，是一种线性关系，但不是正比关系，ＡＢ错；Ｃ正确；Ｄ绿光频率虽然比黄光高，但不能说明，黄光不能发生光电效应；2.答案：C详解：对比光的双缝干涉可以得出结论，微观粒子具有波动性；3.答案：AD详解：紫光频率比蓝光高，红光频率比蓝光低，Ａ正确，Ｂ错误；锌版发生光电效应后，有光电子飞出，锌版缺少电子，从而带上正电荷，锌版又与验电器相连使验电器也带上正电荷，Ｃ错误，Ｄ正确；4.答：0.99×10-19J详解：逸出功，光电子的最大初动能5. 答案：2×10-4 s 5×1015个6.答案：Ｃ详解：增加绿光的照射强度，光电子的逸出效率提高，但是光电子的最大初动能取决于光子能量和逸出功的差，还是绿光，这个能量不会发生变化，如果换成是紫光则，最大初动能增大，但是光电子数目是否增加取决于照射强度；7.答案：Ｃ详解：激光切割是利用经聚焦的高功率密度激光束照射工件，使被照射的材料迅速熔化、汽化、烧蚀或达到燃点，同时借助与光束同轴的高速气流吹除熔融物质，从而实现将工件割开。
8.答案：Ｃ详解：光的波动性主要表现在干涉衍射上，波长越长，现象越明显；而光的波动性主要由光电效应体现，波长越短，频率越高，粒子性越显著；原子结构1.答案：ACD详解：卢瑟福的原子结构是核式结构。
在原子的中心有一个很小的核，叫做原子核，原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里，带负电的电子在核外空间里绕着核旋转，因为α粒子散射实验发现绝大多数α粒子穿过金箔后仍沿原来的方向前进，少数α粒子发生较大偏转，极少数α粒子偏转角超过了90度，有的甚至被弹回。
所以卢瑟福才提出原子核式结构模型2.答案：AB详解：理论的三条基本假设是：①定态假设：原子只能处于一系列不连续的能量的状态中，在这些状态中原子是稳定的，这些状态叫定态。
原子的不同能量状态跟电子沿不同的圆形轨道绕核运动相对应，原子的定态是不连续的，因此电子的可能轨道的分布也是不连续的，电子在这些可能的轨道上的运动是一种驻波形式的振动。
②跃迁假设：原子系统从一个定态过渡到另一个定态，伴随着光辐射量子的发射和吸收。
辐射或吸收的光子的能量由这两种定态的能量差来决定，即hν=|E初-E末|③轨道量子化：电子绕核运动，其轨道半径不是任意的，只有电子在轨道上的角动量满足下列条件的轨道才是可能的：mvr=nh/（2π）（n=1，2，3...）式中的n是正整数，称为量子数。
3. 答案：10.2、-1.514答案：ABE详解：根据光谱产生的机制可分为发射光谱(原子从高能级向低能级跃迁时，向外辐射的光波)和吸收光谱(原子从低能级向高能级跃迁时，吸收某种频率的光波)；由光谱的外观特点又可分为连续光谱和线状光谱。
其中线状光谱反映了物质对应的化学成分，因此可用于光谱分析．炽热的固体、液体或高压气体产生的发射光谱是连续光谱，而稀薄气体发光产生的发射光谱是不连续的明线状光谱，可用于进行光谱分析AB正确；吸收光谱是连续光谱中某些波长的光被吸收后产生的暗线状光谱，也属于线状光谱，可用于光谱分析；煤气灯火焰中燃烧的钠蒸汽产生的光谱为明线状的发射光谱。
吸收光谱中的谱线（暗线），也是原子的特征谱线，只是通常在吸收光谱中看到的特征谱线比明线光谱中的少．C错；5. 答案：A详解：碰撞后，汞的核外电子可能跃迁到高能级，根据能量守恒，跃迁到第二能级时吸收4.9eV的能量剩余4.1eV;依次类推可知，跃迁到第三能级，剩余1.3eV，跃迁到第四能级，剩余0.2eV,选A6.答案：C7.答案：C详解:根据波尔理论，量子数n越大，所处的能级越高，挣脱原子核束缚的能力也越强，能量也越大。
8. 答案：6，12.75详解：4到3，4到2，4到1，3到2，3到1，2到1，一共六种，能量最高的光子是有4到1产生的，。
