高一物理十六周练习

四川省宜宾市一中2016－2017学年高中物理下学期第16周周练题编辑整理：尊敬的读者朋友们:这里是精品文档编辑中心,本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的,发布之前我们对文中内容进行仔细校对,但是难免会有疏漏的地方,但是任然希望（四川省宜宾市一中2016-２017学年高中物理下学期第１6周周练题）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

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四川省宜宾市一中201６—２017学年高中物理下学期第１6周周练题第二部分试题一.选择题(1—6单选,7-9多选）1.质量为ｍ的物体以速度ｖ0从地面竖直上抛(不计空气阻力）到落回地面,在此过程中( 。

）A。

上升过程和下落过程中动量的变化量大小均为mv0,但方向相反ﻫB.整个过程中重力的冲量为mv0C。

整个过程中重力的冲量为０ﻫＤ．上升过程冲量大小为ｍv0，方向向下2人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地,膝盖弯曲让身体重心继续下降．着地过程这样做,可以减小（）ﻫＡ。

人动量变化的时间 B.人受到的冲量Ｃ。

人的动量变化量Ｄ。

人的动量变化率３.如图所示,在水平光滑桌面上有两辆静止的小车Ａ和B.将两车用细线拴在一起,中间有一被压缩的弹簧.烧断细线后至弹簧恢复原长的过程中，两辆小车的（)A．A、B动量变化量相同 B。

A、B动能变化量相同ﻫC.弹簧弹力对A、B做功相同 D。

弹簧弹力对A、Ｂ冲量大小相同4.在一次救灾行动中，需要把飞机上的5０麻袋粮食投放到行驶的列车上，已知列车的质量为M，列车在铁轨上以速度v０做匀速直线运动，列车上方的飞机也沿铁轨以速度ｖ1同向匀速飞行.在某段时间内,飞机连续释放下50袋粮食，每袋粮食质量为m,且这50袋粮食全部落在列车车厢内.不计列车与铁轨之间的摩擦,则列车载有粮食后的速度为( ) ﻫA。

四川省宜宾市一中2017-2018学年高一物理上学期第16周周训练题第一部分：双向细目表第二部分：试题宜宾市一中高一物理第16周周训练题1．A ．牛顿第一定律是实验定律 B ．牛顿第一定律只是提出了惯性的概念C ．牛顿第一定律提出了当物体受到的合外力为零时，物体将处于静止状态D ．牛顿第一定律既提出了物体不受外力作用时的运动规律，又提出了力是改变物体运动状态的原因 2．(单选)对下列现象解释正确的是A ．在一定拉力作用下，车沿水平面匀速前进，没有这个拉力，小车就会停下来，所以力是物体运动的原因B ．向上抛出的物体由于惯性，所以向上运动，以后由于重力作用，惯性变小，所以速度也越来越小C ．急刹车时，车上的乘客由于惯性一样大，所以都会向前倾倒D ．质量大的物体运动状态不容易改变是由于物体的质量大，惯性也就大的缘故3．(单选)如图所示，物体静止在倾角为α的斜面上，将其重力G 分解为垂直斜面向下的力F 1和平行斜面向下的力F 2，则A ．F1就是物体对斜面的压力B ．F 2和斜面对物体的摩擦力是一对作用力与反作用力C ．斜面对物体的支持力和摩擦力的合力竖直向上D ．物体共受到五个力的作用4．(单选)在探究加速度与力、质量的关系的实验中，下列说法中正确的是A ．平衡摩擦力时，小盘应用细线通过定滑轮系在小车上，但小盘内不能装重物B ．实验中无需始终保持小车和砝码的质量远远大于盘和重物的质量C ．实验中如用纵坐标表示加速度，用横坐标表示小车和车内砝码的总质量，描出相应的点在一条直线上时，即可证明加速度与质量成反比D ．平衡摩擦力时，小车后面的纸带必须连好，因为运动过程中纸带也要受到阻力5．(单选)如图所示，一个小球从竖直立在地面上的轻质弹簧正上方某处自由下落，从小球与弹簧接触开始到弹簧被压缩到最短的过程中，小球的速度和加速度的变化情况是A ．加速度和速度均越来越小，它们的方向均向下B ．加速度先变小后变大，方向先向下后向上；速度越来越小，方向一直向下C ．加速度先变小后变大，方向先向下后向上；速度先变大后变小，方向一直向下D ．以上均不正确6．(单选)如图所示，一质量分布均匀、重力为G 的圆盘，用三根长度均为60cm 的轻质细绳悬吊在天花板的同一点O 上。

2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第十六周周练物理试卷一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．以下关于电场线的叙述，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合2．在某点电荷电场中的一根电场线如图所示，在该电场上有A、O、B三点，现将一带负电的点电荷放在O处，自由释放后，它将沿电场线向B处运动，下列的判断正确的是（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速度值逐渐减小的加速直线运动B．电场线由A指向B，该电行做匀加速直线运动C．电场线由B指向A，该电荷做变加速直线运动D．电场线由A指向B，该电荷做往返的直线运动3．以下关于电场线的叙述，错误的是（）A．匀强电场的电场线是一组相互平行间隔相等的直线，且代表正电荷的运动轨迹B．电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向C．电场线的疏密程度能表示电场的强弱D．两条电场线不能相交4．（6分）关于电场线，下列说法中正确的有（）A．电场线上每一点的切线方向表示电荷通过时的运动方向B．沿电场线方向，电场强度逐渐减小C．电场线越密的地方，电荷所受的电场力一定越大D．只受电场力作用的点电荷，在电场中可能做匀速圆周运动5．下列关于电场线的说法中正确的是（）A．在静电场中释放点电荷，在电场力作用下该点电荷一定沿电场线运动B．电场线上某点的切线方向与在该处正电荷的运动方向相同C．电场线上某点的切线方向与在该处的电荷所受的电场力方向相同D．在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示两处场强的大小，则（）A．a、b两点的场强方向相同B．因为电场线由a指向b，所以E a＞E bC．因为电场线是直线，所以E a=E bD．因为不知道a、b附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系7．如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q与q的带电一定是一正一负B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大8．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和﹣q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大三、填空题（每空5分，共20分）9．（20分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是，其带电量，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是，小球的加速度为．四、计算题（本题共2小题，共32分）10．（18分）（2010秋•乌鲁木齐期中）如图所示，质量为m，带电量为+q的小球，在P点具有沿PQ方向的初速度v0，为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向如何？场强大小多大？加上最小的电场后，小球经多长时间回到P点？11．（14分）（2012秋•德城区校级月考）竖直放置的平行金属板A、B带有等量异种电荷，在两板间用绝缘细线县挂一个质量m=4.0×10﹣5kg，带电量q=3.0×10﹣7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向，夹角为α=37°，如图所示．（1）A、B之间的电场是什么电场？场强的大小多少，方向怎样？（2）若剪断细线，小球在到达金属板之前将怎样运动？2014-2015学年江苏省泰州市兴化一中高一（下）第十六周周练物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共5小题，每小题6分，共30分）1．以下关于电场线的叙述，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是仅受电场力作用且从静止开始运动的电荷的运动轨迹C．仅受电场力作用时，电荷不可能沿电场线运动D．电荷的运动轨迹有可能与电场线重合【考点】电场线．【专题】带电粒子在电场中的运动专题；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，故电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．这三点缺一不可．【解答】解：电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误．电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．故BC错误D正确．故选D．【点评】掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键．2．在某点电荷电场中的一根电场线如图所示，在该电场上有A、O、B三点，现将一带负电的点电荷放在O处，自由释放后，它将沿电场线向B处运动，下列的判断正确的是（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速度值逐渐减小的加速直线运动B．电场线由A指向B，该电行做匀加速直线运动C．电场线由B指向A，该电荷做变加速直线运动D．电场线由A指向B，该电荷做往返的直线运动【考点】电场线．【分析】负电荷所受电场力方向与场强方向相反，根据电荷的运动方向判断电场力方向，确定场强的方向，即电场线的方向，并确定出正点电荷的位置，根据库仑定律分析电荷所受电场力大小的变化情况，由牛顿第二定律分析加速度的变化情况．【解答】解：由题，从O点由静止释放负电荷，它在电场力作用下沿电场线向B点运动，则该电荷所受的电场力方向由A指向B，因为电荷带负电，电场力方向与电场强度方向相反，所以电场线方向从由B指向A，逆着电场线的方向电场线疏密发生变化，若是正点电荷的电场：正电荷在B的右侧，所以电场线越来越密，场强增大，根据库仑定律得知电荷所受电场力变大，加速度变大，所以电荷作变加速运动．若是负点电荷的电场：负电荷在A的左侧，所以电场线越来越疏，场强减小，根据库仑定律得知电荷所受电场力变小，加速度变小，所以电荷作变加速运动．故选：C【点评】本题关键根据电荷运动的方向确定场强的方向，通过分析电场力大小的变化来确定加速度的变化，比较简单．3．以下关于电场线的叙述，错误的是（）A．匀强电场的电场线是一组相互平行间隔相等的直线，且代表正电荷的运动轨迹B．电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向C．电场线的疏密程度能表示电场的强弱D．两条电场线不能相交【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，并不存在；电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱．电场线不是电荷运动的轨迹；电荷运动的轨迹与电场线重合的条件：①电场线是直线．②带电粒子仅受电场力．③带电粒子从静止开始运动，或带电粒子的初速度方向和电场线在同一条直线上．【解答】解：A、电场线是为了形象的描述电场而人为的引入的，电场线并不存在，电场线不是电荷运动的轨迹．故A错误；B、电场线上每一点的切线方向代表正电荷在该处所受电场力的方向．故B正确．C、电场线的疏密程度能表示电场的强弱．故C正确；D、两条电场线不能相交，若相交则该点有两个电场的方向，这显然是不可能的．故D正确．本题选择错误的，故选：A【点评】掌握电场线的基本性质和特点是解决此类题目的关键．特别是要根据力学知识理解电荷的运动轨迹与电场线的关系．4．（6分）关于电场线，下列说法中正确的有（）A．电场线上每一点的切线方向表示电荷通过时的运动方向B．沿电场线方向，电场强度逐渐减小C．电场线越密的地方，电荷所受的电场力一定越大D．只受电场力作用的点电荷，在电场中可能做匀速圆周运动【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场线上每一点的切线方向表示该点的场强方向．【解答】解；A、电场线上每一点的切线方向表示该点的场强方向，与正电荷受力方向相同，与运动的方向无关，不表示运动方向，故A错误；B、电场线疏的地方电场强度小，沿电场线方向不一定越疏，故B错误；C、电场线密的地方电场强度大，根据F=Eq可知电荷所受的电场力还与电荷量有关，所以电场力不一定越大，故C错误；D、只受电场力作用的点电荷，若速度方向与电场力方向始终垂直，此时粒子做匀速圆周运动，故D正确．故选：D．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．下列关于电场线的说法中正确的是（）A．在静电场中释放点电荷，在电场力作用下该点电荷一定沿电场线运动B．电场线上某点的切线方向与在该处正电荷的运动方向相同C．电场线上某点的切线方向与在该处的电荷所受的电场力方向相同D．在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．【解答】解；A、在非均匀的电场中，初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动轨迹不会与电场线重合，故A错误B、电场线上某点的切线方向与在该处正电荷受到的电场力的方向相同，与运动方向无关，故B错误C、电场线的切线方向一定与通过此处的正电荷受力的方向相同，与负电荷所受的电场力方向相反．故C错误；D、在静电场中，电场线从正电荷出发到负电荷终止，故D正确．故选：D【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分．选不全的得3分）6．如图所示为电场中的一根电场线，在该电场线上有a、b两点，用E a、E b分别表示两处场强的大小，则（）A．a、b两点的场强方向相同B．因为电场线由a指向b，所以E a＞E bC．因为电场线是直线，所以E a=E bD．因为不知道a、b附近的电场线分布情况，所以不能确定E a、E b的大小关系【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的切线方向表示场强的方向．【解答】解：电场线的疏密程度反映了电场强度的大小，由于只有一根电场线，题目中也没有明确指出这根电场线是什么电场中的电场线，故无法判断a、b两点的场强大小；电场线的切线方向表示场强的方向，故a、b两点的场强方向相同．故选：AD．【点评】掌握电场线的特点：电场线的疏密表示电场的强弱，沿电场线方向电势降低，还要会判断电场线做功与电势能、动能的变化关系．7．如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q与q的带电一定是一正一负B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大【考点】电场强度；电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】从粒子运动轨迹看出，轨迹向下弯曲，可知带电粒子受到了吸引力作用，即可判断两个电荷电性关系；根据点电荷场强公式E=k分析a、b场强的大小关系；根据库仑力的方向判断加速度的方向．从a到b过程中，电场力做正功，可判断粒子的速度大小．【解答】解：A、由运动轨迹看出，微粒q的轨迹向下弯曲，q受到Q的吸引，所以Q与q 是异种电荷，故A正确．B、a点离Q的距离比b远，根据点电荷场强公式E=k分析得知，a点的场强一定比b点的场强小．故B正确．C、微粒通过a、b两点时，受到的库仑力方向都指向Q，根据牛顿第二定律分析可知，在这两点的加速度方向都是指向Q，故C正确．D、从a到b，由于电场力对q做正功，根据动能定理可知，微粒q的动能增加，速率增大，则微粒通过a时的速率比通过b时的速率小，故D错误．故选：ABC．【点评】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能或电势能的变化是常用的思路．8．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和﹣q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角，再隔离B研究，分析AB绳与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态．【解答】解：A、B、C、A带正电，受到的电场力水平向右，B带负电，受到的电场力水平向左．以整体为研究对象，分析受力如图．设OA绳与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得：tanα==0，因此α=0；而绳子AO的拉力等于2mg；故C正确，AB错误；D、AB绳子的拉力：F=﹣F库＞mg﹣F库，故D正确；故选：CD．【点评】本题采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力．三、填空题（每空5分，共20分）9．（20分）（2014秋•杨浦区校级期中）如图所示，质量为m的小球用绝缘细线悬挂在O点，放在匀强电场中，在图示位置处于平衡状态．匀强电场场强的大小为E，方向水平向右，那么小球的带电性质是带正电，其带电量，此时，将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线，小球的加速度为2g ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡的条件及其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，根据电场力方向与场强方向间的关系判断小球的电性．将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动．【解答】解：由图看出，细线向右偏离竖直方向，小球受到的电场力方向水平向右，场强方向也水平向右，则小球应带正电；小球受到重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，其中：，所以：；将细线剪断后，小球受到重力和电场力两个恒力作用，将沿它们的合力方向做匀加速直线运动，即将细线剪断，小球在电场中的运动轨迹是直线．加速度的大小：，g是重力加速度．故答案为：带正电，，直线，a=2g【点评】物体从静止开始将沿着合力方向运动，如合力是恒力，将做匀加速直线运动．四、计算题（本题共2小题，共32分）10．（18分）（2010秋•乌鲁木齐期中）如图所示，质量为m，带电量为+q的小球，在P点具有沿PQ方向的初速度v0，为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向如何？场强大小多大？加上最小的电场后，小球经多长时间回到P点？【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；电场强度．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】1、属于已知合力方向和其中一个分力的大小方向，求另一个力最小值的问题，这一类问题由已知大小的力向已知方向的力作垂线，即由重力向PQ方向作垂线（把PQ反向延长），然后根据直角三角形的知识求出这个最小值．这个最小的力就是要求的电场力，再根据电场强度的定义求场强．2、求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀变速直线运动的位移公式，可求得时间．【解答】解：1、球只受重力和电场力．重力的大小方向都不变．为使小球能沿PQ方向运动，应让小球所受合力方向沿PQ方向．用三角形定则，由重力向PQ方向作垂线，垂线段最短，最短的力为电场力F．如图所示．则电场力F=mgcos30°=场强大小=，正电荷受电场力方向与场强方向一致，故场强方向垂直于PQ方向．2、上最小场强后，由图可知小球受合力大小为，方向沿QP方向．根据牛顿第二定律，故a=所以物体作初速度为V0，加速度为的匀减速运动．运用匀变速直线运动的位移公式，物体再回到P点时，位移为零，故有解得=答：为使小球能沿PQ方向运动，所加的最小匀强电场方向应垂直于PQ向上，场强大小为．加上最小的电场后，小球经又回到P点．【点评】本题关键在于把握物体做直线运动的条件：合力与速度共线．分析受力情况是解决带电粒子在电场中运动问题的基础．11．（14分）（2012秋•德城区校级月考）竖直放置的平行金属板A、B带有等量异种电荷，在两板间用绝缘细线县挂一个质量m=4.0×10﹣5kg，带电量q=3.0×10﹣7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向，夹角为α=37°，如图所示．（1）A、B之间的电场是什么电场？场强的大小多少，方向怎样？最新K12教育教案试题 （2）若剪断细线，小球在到达金属板之前将怎样运动？【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；电场强度．【分析】（1）小球处于静止状态，分析受力，根据受力平衡方程，即可求解电场强度的大小，并由极板的电性可确定电场强度的方向．（2）将细线突然剪断小球将沿细线方向做匀加速直线运动，可根据牛顿第二定律列式求解加速度．【解答】解：（1）小球受到重力mg 、电场力F 和绳的拉力T 的作用，由共点力平衡条件有： F=qE=mgtan α解得： E===1.0×103N/C ； 匀强电场的电场强度的方向与电场力的方向相同，即水平向右；（2）剪断细线后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°匀加速直线运动，设其加速度为a ，由牛顿第二定律有：=ma解得： a==12.5m/s 2答：（1）匀强电场，场强的大小1.0×103N/C ，方向水平向右；（2）细线剪断后，小球做偏离竖直方向，夹角为37°的匀加速直线运动，加速度大小为12.5m/s 2．【点评】本题是带电体在电场中平衡问题，分析受力情况是解题的关键，并能根据受力情况判断此后小球的运动情况．。

应对市爱护阳光实验学校高一〔上〕第十六次周练物理试卷一、选择题1．〔3分〕〔2021秋•校级期末〕探究力的平行四边形那么的原理是效原理，其效性是指〔〕A．使两分力与合力满足平行四边形那么B．使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合C．使两次橡皮筋伸长的长度相D．使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变2．〔3分〕〔2021秋•北林区校级期末〕F1、F2是力F的两个分力．假设F=10N，那么以下不可能是F的两个分力的是〔〕A．F1=10 N，F2=10 N B．F1=20 N，F2=20 NC．F1=2 N，F2=6 N D．F1=20 N，F2=30 N3．〔3分〕〔2021秋•区期末〕小东在体育课上做单杠练习时，两臂伸直，双手平行握住单杠，之后逐渐增加双手间距，此过程中手臂上的拉力变化情况为〔〕A．逐渐变小B．逐渐变大C．先变大后变小D．先变小后变大4．〔3分〕〔2021秋•寿校级期末〕如下图，两个共点力F1、F2的大小一，夹角θ是变化的，合力为F．在θ角从0逐渐增大到180°的过程中，合力F的大小变化情况〔〕A．从最小逐渐增加B．从最大逐渐减小到零C．从最大逐渐减小D．先增大后减小5．〔3分〕〔2021秋•期末〕平面内作用于同一点的四个力假设以力的作用点为坐标原点，有F1=5N，方向沿x轴的正向；F2=6N，沿y轴正向；F3=4N，沿x轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指向〔〕A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限6．〔3分〕〔2021秋•区校级期末〕一个重为20N的物体置于光滑的水平面上，当用一个F=5N的力竖直向上拉该物体时，如下图，物体受到的合力为〔〕A．15 N B．25 N C．20 N D．0 N7．〔3分〕〔2007秋•期末〕一根轻质细绳能承受的最大拉力是G，现把一重为G的物体系在绳的中点，两手先并拢分别握住绳的两端，然后缓慢地左右对称分开，假设想绳不断，两绳间的夹角不能超过〔〕A．45°B．60° C．120° D．135°8．〔3分〕两个大小相的共点力F1、F2，当它们间的夹角为90°时，合力大小为20N，那么当它们之间的夹角为120°时，合力的大小为〔〕A．40 N B．10 N C．20 N D．10 N9．〔3分〕〔2021秋•校级月考〕设有三个力同时作用在质点P上，它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线，如下图，这三个力中最小的力的大小为F，那么这三个力的合力于〔〕A．3F B．4F C．5F D．6F10．〔3分〕〔2021秋•区校级期中〕物体同时受到同一平面内三个力的作用，以下几组力的合力不可能为零的是〔〕A． 5 N，7 N，8 N B． 5 N，2 N，3 NC． 5 N，1 N，10 N D．10 N，10 N，10 N 11．〔3分〕〔2021•〕用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为〔g取10m/s2〕〔〕A．B．C． D．二、填空题12．〔3分〕〔2021•一模〕图甲为“探究求合力的方法〞的装置．〔1〕以下说法中正确的选项是A．在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下C．F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D．为减小测量误差，F1、F2方向间夹角为90°〔2〕弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为N．高一〔上〕第十六次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．〔3分〕〔2021秋•校级期末〕探究力的平行四边形那么的原理是效原理，其效性是指〔〕A．使两分力与合力满足平行四边形那么B．使两次橡皮筋与细绳套的结点都与某点O重合C．使两次橡皮筋伸长的长度相D．使弹簧秤在两种情况下发生相同的形变考点：验证力的平行四边形那么．专题：题；平行四边形法那么图解法专题．分析：本中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形那么，效果的相同是通过拉橡皮筋产生大小和方向相同的形变量来实现的．解答：解：在“探究力的平行四边形那么〞的中，采用了“效法〞，即要求两次拉橡皮筋到同一点O，从而是橡皮筋产生的形变大小和方向都相同，故ACD错误，B正确；应选：B．点评：在“验证力的平行四边形那么〞中，我们要知道分力和合力的效果是同的，这要求同学们对于根底知识要熟练掌握并能正确用，理解“效替换〞的含义，对根底理解．2．〔3分〕〔2021秋•北林区校级期末〕F1、F2是力F的两个分力．假设F=10N，那么以下不可能是F的两个分力的是〔〕A．F1=10 N，F2=10 N B．F1=20 N，F2=20 NC．F1=2 N，F2=6 N D．F1=20 N，F2=30 N考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法那么图解法专题．分析：根据合力F和两分力F1、F2之间的关系|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，求出两个力的合力范围，判断哪一组合力不可能为10N．解答：解：A、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，10N和10N的合力范围为[0N，20N]，可能为10N．故A正确．B、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，20N和20N的合力范围为[0N，40N]，可能为10N．故B正确．C、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，2N和6N的合力范围为[4N， 8N]，不可能为10N．故C错误．D、根据|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|，20N30N的合力范围为[10N，50N]，可能为10N．故D正确．此题选不可能的，应选：C．点评：此题考查合力和分力之间的关系．合力F和两分力F1、F2之间的关系为|F1﹣F2|≤F≤|F1+F2|．3．〔3分〕〔2021秋•区期末〕小东在体育课上做单杠练习时，两臂伸直，双手平行握住单杠，之后逐渐增加双手间距，此过程中手臂上的拉力变化情况为〔〕A．逐渐变小B．逐渐变大C．先变大后变小D．先变小后变大考点：合力的大小与分力间夹角的关系．分析：两手间距增大时，增大了手臂之间的夹角，两只手臂所受的力T的合力F与运发动重力平衡，由此可知合力F大小不变，由于夹角的增大，合力保持不变，只每只手臂所受力T是增大的．解答：解：运发动所受T的合力F与运发动重力大小相方向相反，故夹角增大时合力大小不变；手臂间距增大时，相当于在力图中两力T之间的夹角θ增大，假设力T大小不变，那么其合力F随夹角的增大而减小，现要保持合力F大小不变，当夹角增大时，那么T增大．应选B．点评：两个力合成时，分力大小不变，合力随分力间夹角的增大而减小，能反推出：假设保持合力不变，分力那么随夹角的增大而增大．4．〔3分〕〔2021秋•寿校级期末〕如下图，两个共点力F1、F2的大小一，夹角θ是变化的，合力为F．在θ角从0逐渐增大到180°的过程中，合力F的大小变化情况〔〕A．从最小逐渐增加B．从最大逐渐减小到零C．从最大逐渐减小D．先增大后减小考点：合力的大小与分力间夹角的关系．专题：平行四边形法那么图解法专题．分析：力的合成中，当两个共点力F1与F2合成时，同向合力最大，反向合力最小，不在一条直线上时，遵循平行四边形那么，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．解答：解：力是矢量，合成遵循平行四边形那么，同向合力最大，反向合力最小，根据平行四边形那么，两个分力的夹角越大，合力越小，如图，那么有C正确，ABD错误；应选：C．点评：此题关键是根据平行四边形那么作图分析，夹角越大，合力越小，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．5．〔3分〕〔2021秋•期末〕平面内作用于同一点的四个力假设以力的作用点为坐标原点，有F1=5N，方向沿x轴的正向；F2=6N，沿y轴正向；F3=4N，沿x轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指向〔〕A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：多个力合成时，可以先合成其中的任意两个力，然后再与第三个力合成，直到合成完为止．解答：解：F1=5N，方向沿x轴的正向；F3=4N，沿x轴负向；故F1与F3的合力F13沿着x轴的正向，为1N；F2=6N，沿y轴正向；F4=8N，沿y轴负向；故F2与F4的合力F24为2N，沿着y 轴负方向；最后再将F13与F24合成，故合力F1234为N，指向第四象限；应选D．点评：此题关键先合成F1与F3，再合成F2与F4，最后得到总合力，用平行四边形那么求解合力时通常采用正交分解法，即先将各个力沿着x、y轴正交分解，求出x方向和y方向的合力，最后得到总的合力．6．〔3分〕〔2021秋•区校级期末〕一个重为20N的物体置于光滑的水平面上，当用一个F=5N的力竖直向上拉该物体时，如下图，物体受到的合力为〔〕A．15 N B．25 N C．20 N D．0 N考点：物体的弹性和弹力；力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：当拉力为5N时，小于物体的重力，物体不能被提动，仍保持静止，根据平衡条件确物体的合力．解答：解：据题，拉力为F=5N，小于物体的重力20N，不能提动物体，物体仍保持静止，根据平衡条件可知，物体受到的合力为0．应选：D点评：此题要根据力的大小判断物体的状态，确合力的大小，不能头脑简单，得到物体的合力于重力与拉力的差15N．7．〔3分〕〔2007秋•期末〕一根轻质细绳能承受的最大拉力是G，现把一重为G的物体系在绳的中点，两手先并拢分别握住绳的两端，然后缓慢地左右对称分开，假设想绳不断，两绳间的夹角不能超过〔〕A．45°B．60° C．120° D．135°考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：把一重为G的物体系在绳的中点，将绳子左右对称分开，即两个力的合力不变且夹角在逐渐变大，故两个力逐渐变大，便到达临界条件大小为G 时进行计算．解答：解：受力分析如图：两个力的合力不变始终为G且夹角在逐渐变大，故两个力逐渐变大，两侧绳子力拉力F到达了最大为G，那么由这两侧的力在竖直方向的分量之和于重力G 得：解得：θ=120°应选：C点评：对节点进行受力分析，找到临界条件，用受力平衡列式求解即可．8．〔3分〕两个大小相的共点力F1、F2，当它们间的夹角为90°时，合力大小为20N，那么当它们之间的夹角为120°时，合力的大小为〔〕A．40 N B．10 N C．20 N D．10 N考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：两个大小相的共点力F1、F2，当它们间夹角为90°时合力大小为20N，根据平行四边形那么求出分力的大小，当夹角为120°时，再根据平行四边形那么求出合力的大小．解答：解：当两个力之间的夹角为90°时合力大小为20N，根据平行四边形那么，知F1=F2=10N．当两个力夹角为120°时，根据平行四边形那么知，F合=10N．故B正确，A、C、D错误．应选：B．点评：解决此题关键知道力的合成与分解遵循平行四边形那么，会根据平行四边形那么去求合力或分力．9．〔3分〕〔2021秋•校级月考〕设有三个力同时作用在质点P上，它们的大小和方向相当于正六边形两条边和一条对角线，如下图，这三个力中最小的力的大小为F，那么这三个力的合力于〔〕A．3F B．4F C．5F D．6F考点：力的合成．分析：多个力合成时可以先合成任意两个力，再把这两个力的合力与第三个力相合成，只到把所有的力都合成进去，即可求得最后的合力．解答：解：有图可知，F1、F2的夹角的大小为120°根据平行四边形那么可知，F1、F2的合力的大小为F，由于F3=F1+2F1cos60°=2F，所以F1、F2、F3的合力的大小为3F．应选：A．点评：对于多力的合成，不一非常逐一相合成，可以先合成任意两个，再将合力合成，效果相同．10．〔3分〕〔2021秋•区校级期中〕物体同时受到同一平面内三个力的作用，以下几组力的合力不可能为零的是〔〕A． 5 N，7 N，8 N B． 5 N，2 N，3 NC． 5 N， 1 N，10 N D．10 N，10 N，10 N考点：力的合成．分析：根据力的合成法那么可知：三个力的合力为零时，那么第三个力肯在第一二两个力的合力范围里，由此判断选项即可．解答：解：三个力合力为0时，那么任意两个力的合力与第三个力大小相，方向相反，由此可知，任意一个力在另外两个力的合力范围．A、5N和7N的合力范围为：2N﹣12N，8N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；故A错误B、2N和3N的合力范围为：1N﹣5N，5N在合力范围里，故三个力的合力可能为0；故B错误C、1N和5N的合力范围为：4N﹣6N，10N不在合力范围里，故三个力的合力不可能为0；故C正确D、10N和10N的合力范围为：0N﹣20N，10N在合力的范围里，故三个力的合力可能为0．故D错误此题不可能的，应选：C．点评：熟悉三个力合力最小值的判方法，熟悉平衡条件的推论即其用．11．〔3分〕〔2021•〕用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上，绳能承受的最大张力为10N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为〔g取10m/s2〕〔〕A．B．C． D．考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其用．分析：将重力按照力的效果进行分解，即沿两细线的方向分解，求出绳子即将断开时的临界角度〔两细线夹角〕即可得出画框上两个挂钉的最大间距．解答：解：一个大小方向确的力分解为两个大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大，因而当绳子拉力到达F=10N的时候，绳子间的张角最大，为120°，此时两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图．绳子与竖直方向的夹角为θ=60°，绳子长为L0=1m，那么有mg=2Fcosθ，两个挂钉的间距离，解得m，A项正确；应选：A．点评：熟练用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律，是解决此题的根本．二、填空题12．〔3分〕〔2021•一模〕图甲为“探究求合力的方法〞的装置．〔1〕以下说法中正确的选项是ACA．在测量同一组数据F1、F2和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B．弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下C．F1、F2和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D．为减小测量误差，F1、F2方向间夹角为90°〔2〕弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为 4.00 N．考点：验证力的平行四边形那么．专题：题；平行四边形法那么图解法专题．分析：〔1〕该采用了“效法〞，只要明确了原理即可，判断选项中的各个说法是否正确，从而正确的解答此题；〔2〕根据弹簧秤指针的指示可读出拉力的大小．解答：解：〔1〕A、在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形那么，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，方向不一向下，只有把O点拉到同一位置即可，故B错误；C、根据弹簧测力计的使用原那么可知，在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、F1、F2方向间夹角为90°并不能减小误差，故D错误．应选AC．〔2〕由图乙弹簧秤的指针指示可知，拉力F的大小为：4.00N．故答案为：4.00．点评：此题考查了“效法〞的用行四边形那么根底知识，对于这些根底知识在平时练习中要不断训练，以提高解题能力；同时注意弹簧秤的读数方法．。