广州市2016届高三调研考试物理试卷及答案

广州市2016届高中物理毕业综合检测题2（带答案）广州市2016届高中毕业班综合测试（二）理综物理试题第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．图甲是法拉第于1831年发明的人类历史上第一台发电机——圆盘发电机。

图乙为其示意图，铜盘安装在水平的铜轴上，磁感线垂直穿过铜盘；两块铜片M、N分别与铜轴和铜盘边缘接触，匀速转动铜盘，电阻R就有电流通过。

则下列说法正确的是A．回路中恒定电流的大小与铜盘转速无关B．回路中有大小和方向都作周期性变化的涡流C．回路中电流方向不变，从M经导线流进电阻R，再从N 流向铜盘D．铜盘绕铜轴转动时，沿半径方向上的金属“条”切割磁感线，产生电动势15．正在以速度v匀速行驶的汽车，车轮的直径为d，则车轮的转动周期为A．B．C．C．16．如图，以恒定功率行驶的汽车，由水平路面驶上斜坡后，速度逐渐减小，则汽车A．牵引力增大，加速度增大B．牵引力增大，加速度减小C．牵引力减小，加速度增大D．牵引力减小，加速度减小17．如图，足够长的斜面固定在水平地面上，物块B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与装有细砂的砂桶A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，开始时B恰好不上滑。

已知B的质量mB=1kg，砂桶A的质量不计，细砂总质量为0.8kg，θ=30°，g=10m/s2。

设A不会碰到滑轮，B与斜面的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

当A 中的细砂缓慢漏出直到漏尽的过程中，B所受摩擦力fB与细砂质量m的关系图象正确的是18．如图，在匀强电场中，场强方向与△abc所在平面平行，，，。

一个电量的正电荷从a移到b，电场力做功为零；同样的电荷从a移到c，电场力做功为。

则该匀强电场的场强大小和方向分别为A．500V/m、沿ab由a指向bB．500V/m、垂直ab向上C．1000V/m、垂直ab向上D．1000V/m、沿ac由a指向c19．如图，水平固定的圆盘a带正电Q，电势为零，从盘心O处释放质量为m、带电量为+q的小球。

2016-2017学年广东省广州市越秀区高三（上）摸底物理试卷一、选择题（本大题共9小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一项是符合题目要求.每6-9题有多项符合题目要求.全部选对的得6分）1．牛顿第一定律和牛顿第二定律共同确定了力与运动的关系，下列相关描述正确的是（）A．力是维持物体运动状态的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速运动或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的效果越明显2．如图所示，A、B、C三个物体质量相符，它们与传送带间的动摩擦因数相同，三个物体随传送带一起匀速运动．运动方向如图中箭头所示．则下列说法正确的是（）A．摩擦力维持A物体的运动，故A受向右的摩擦力B．C物体受的摩擦力是可能为零C．B、C受的摩擦力大小相等，方向相同D．B、C受的摩擦力大小相等，方向相反3．踩板跳水运动员（可看作质点），速度与时间关系图象如图所示，t=0是其向上起跳瞬间，下列说法正确的是（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻到达最高点C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员一直处于失重状态4．如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O．另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重量为G的物体．BO段细线与天花板的夹角为θ=30°．系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是（）A．细线BO对天花板的拉力大小是B．a杆对滑轮的作用力大小是C．a杆和细线对滑轮的合力大小是GD．a杆对滑轮的作用力大小是G5．运动员手持乒乓球拍托球沿水平面做匀加速跑动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间夹角为θ．设球拍和球的质量分别为M、m，不计空气阻力以及球拍和球之间的摩擦，则（）A．运动员的加速度大小为gsinθB．球拍对球的作用力大小为mgcosθC．运动员对球拍的作用力大小为D．运动员对球拍的作用力方向水平向右6．如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上．在水平力F的作用下，A、B静止不动，则下列说法正确的是（）A．若A受三个力，B可能受三个力B．若A受三个力，B一定受四个力C．若A受四个力，B可能受四个力D．A、B之间可能不存在摩擦力7．光滑水平面上有一质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A．若剪断轻绳，则剪断的瞬间轻弹簧的弹力大小为20NB．若剪断轻绳，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右8．一名宇航员在某星球表面上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，小球作匀变速直线运动，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．小球在第2 s末的速度是8 m/sB．小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC．小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少5 mD．小球在5 s内的总位移是50 m9．如图甲所示，质量为1kg的小物块从倾角30°的斜劈上由静止滑下，位移x与速度平方v2的关系如图乙所示，斜劈在水平地面上静止不动，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．小物块下滑的加速度大小恒为2.5m/s2B．小物块受到的摩擦力大小为2.5NC．地面与斜劈的摩擦力大小为0D．地面对斜劈的摩擦力方向水平向左二、简答题（共2小题，共15分）10．（7分）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．弹簧自然悬挂，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，）表中有一个数值记录不规范，代表符号为．（2）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L0或L x”）．（3）由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（结果均保留两位有效数字，g取9.8m/s2）．11．（8分）某同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系，将装有传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=m/s2．（2）同一次实验中，F1F2（选填“＜”、“=”或“＞”）（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙．不计纸带与计时器间的摩擦．图象中F是实验中测得的．A、F1B、F2C、F1﹣F0D、F2﹣F0（4）关于该实验，下列说法中正确的是．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．三、计算题（共2小题，满分31分）12．（13分）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以15m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过4s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h 以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？13．（18分）如图，一质量M=1kg的足够长薄木板正在水平地面上滑动，当其速度为v0=5m/s 时将一质量m=1kg小铁块（可视为质点）无初速地轻放到木板的A端；已知薄木板与小铁块间的动摩撅因数μ1=0.2，薄木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.3，g=10m/s2．求：（1）小铁块放到薄木板后瞬间铁块和木板的加速度大小a1、a2；（2）当小铁块速度刚好减小到零时，小铁块到A端的距离．四、选考题（共2小题，每题10分）14．（10分）如图所示，导热的圆柱形汽缸固定在水平桌面上，横截面积为S、质量为m1的活塞封闭着一定质量的气体（可视为理想气体），活塞与汽缸间无摩擦且不漏气．总质量为m2的砝码盘（含砝码）通过左侧竖直的细绳与活塞相连．当环境温度为T时，活塞离缸底的高度为h．现使活塞离缸底的高度为，求：（1）当活塞再次平衡时，环境温度度是多少？（2）保持（1）中的环境温度不变，在砝码盘中添加质量为△m的砝码时，活塞返回到高度为h处，求大气压强．15．（10分）如图所示，木板A静止在光滑水平面上，一小滑块B（可视为质点）以某一水平初速度从木板的左端冲上木板．（1）若木板A的质量为M，滑块B的质量为m，初速度为v0，且滑块B没有从木板A的右端滑出，求木板A最终的速度v；（2）已知M=m，若滑块B以初速度v1=8m/s从左端冲上木板A，木板A最终速度的大小为v=2m/s；已知滑块B与木板A间的动摩擦因数μ=0.2，g取10m/s2．求木板A的长度L．2016-2017学年广东省广州市越秀区高三（上）摸底物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共9小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一项是符合题目要求.每6-9题有多项符合题目要求.全部选对的得6分）1．（2014秋•锦州期末）牛顿第一定律和牛顿第二定律共同确定了力与运动的关系，下列相关描述正确的是（）A．力是维持物体运动状态的原因B．力是使物体产生加速度的原因C．速度变化越快的物体惯性越大，匀速运动或静止时没有惯性D．质量越小，惯性越大，外力作用的效果越明显【考点】牛顿第二定律；力的概念及其矢量性【分析】力是使物体产生加速度的原因，力是改变物体运动状态的原因，惯性大小是由物体的质量来量度，与速度无关．【解答】解：A、力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，故A错误．B、根据牛顿第二定律F=ma得知，力是使物体产生加速度的原因，没有力就没有加速度．故B正确．C、惯性与物体的速度无关，匀速或静止的物体都有惯性．故C错误．D、质量越小，惯性越小，同样的力产生的加速度越大，外力作用的效果越明显．故D错误．故选：B【点评】本题关键从牛顿第二定律来理解力和运动的关系，抓住惯性是物体本身的属性，一切物体都有惯性，惯性大小是由质量决定，与速度无关．2．（2016秋•越秀区月考）如图所示，A、B、C三个物体质量相符，它们与传送带间的动摩擦因数相同，三个物体随传送带一起匀速运动．运动方向如图中箭头所示．则下列说法正确的是（）A．摩擦力维持A物体的运动，故A受向右的摩擦力B．C物体受的摩擦力是可能为零C．B、C受的摩擦力大小相等，方向相同D．B、C受的摩擦力大小相等，方向相反【考点】摩擦力的判断与计算【分析】利用假设法判断A物体是否受摩擦力，BC两物体有向下滑动的趋势，有关受摩擦力．【解答】解：A、A物体做水平方向的匀速直线运动，水平方向不受摩擦力，A错误；B、BC物体有向下滑动的趋势，受到沿斜面向上的静摩擦力，大小等于mgsinθ，C正确，BD错误；故选：C．【点评】产生摩擦力的条件是相互接触的物体间有相对运动或相对运动趋势．3．（2016秋•越秀区月考）踩板跳水运动员（可看作质点），速度与时间关系图象如图所示，t=0是其向上起跳瞬间，下列说法正确的是（）A．t1时刻开始进入水面B．t2时刻到达最高点C．t3时刻已浮出水面D．0～t2时间内，运动员一直处于失重状态【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像【分析】在v﹣t图象中，直线的斜率表示加速度的大小，速度的正负代表运动的方向，根据v﹣t图象可以分析人的运动的情况，即可进行判断；当加速度的方向向下上，运动员处于失重状态．【解答】解：A、与v﹣t图可知0时刻是运动员向上起跳，说明速度是负值时表示速度向上，则知0﹣t1在向上做匀减速运动，t1﹣t2时间内向下做匀加速直线运动，还没有进入水面．t2时刻运动员的速度开始变小，说明t2时刻开始进入水面，t3时刻，人的速度减为零，此时人处于水下的最深处，故ABC错误；D、由图可知，0﹣t1在向上做匀减速运动，t1﹣t2时间内向下做匀加速直线运动，加速度的方向始终向下，运动员处于失重状态．故D正确．故选：D【点评】本题主要就是考查学生对速度时间图象的理解，要知道在速度时间的图象中，速度的正负表示运动方向，直线的斜率代表的是加速度的大小，图象的面积代表的是位移．4．（2015•金湖县校级学业考试）如图所示，在水平天花板的A点处固定一根轻杆a，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O．另一根细线上端固定在该天花板的B点处，细线跨过滑轮O，下端系一个重量为G的物体．BO段细线与天花板的夹角为θ=30°．系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是（）A．细线BO对天花板的拉力大小是B．a杆对滑轮的作用力大小是C．a杆和细线对滑轮的合力大小是GD．a杆对滑轮的作用力大小是G【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】先对重物受力分析，根据平衡条件求得拉力；再对滑轮受力分析，根据力的合成的平行四边形定则求得细线对滑轮的合力，再得到a杆对滑轮的力．【解答】解：A、对重物受力分析，受到重力和拉力T，根据平衡条件，有T=mg，同一根绳子拉力处处相等，故绳子对天花板的拉力也等于mg，故A错误；B、D、对滑轮受力分析，受到绳子的压力（等于两边绳子拉力的合力），以及杆的弹力（向右上方的支持力），如图根据平衡条件，结合几何关系，有F=T=mg故B错误，D正确；C、由于滑轮处于平衡状态，故a杆和细线对滑轮的合力大小是零，故C错误；故选D．【点评】本题关键是先后对重物和滑轮受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．5．（2013秋•迎江区校级期中）运动员手持乒乓球拍托球沿水平面做匀加速跑动，球拍与球保持相对静止且球拍平面和水平面之间夹角为θ．设球拍和球的质量分别为M、m，不计空气阻力以及球拍和球之间的摩擦，则（）A．运动员的加速度大小为gsinθB．球拍对球的作用力大小为mgcosθC．运动员对球拍的作用力大小为D．运动员对球拍的作用力方向水平向右【考点】牛顿第二定律；牛顿第三定律【分析】球、球拍和人具有相同的加速度，对球分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，结合平行四边形定则求出球拍对球的作用力的大小．对整体分析，根据合力的方向确定地面对运动员的作用力方向．【解答】解：A、球和运动员具有相同的加速度，对小球分析如图所示，则小球所受的合力为mgtanθ，根据牛顿第二定律得，，故A错误．B、根据平行四边形定则知，球拍对球的作用力N=，故B错误．C、对球拍和球整体分析，整体的合力为（M+m）a，根据平行四边形定则知，运动员对球拍的作用力为，故C正确．D、由C分析可知，运动员对球拍的作用力方向垂直于球拍斜向上，故D错误故选：C【点评】解决本题的关键知道球、球拍和人具有相同的加速度，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法、隔离法的运用6．（2016秋•越秀区月考）如图所示，A、B两个楔形物体叠放在一起，B靠在竖直墙壁上．在水平力F的作用下，A、B静止不动，则下列说法正确的是（）A．若A受三个力，B可能受三个力B．若A受三个力，B一定受四个力C．若A受四个力，B可能受四个力D．A、B之间可能不存在摩擦力【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】先整体后隔离，先对AB整体分析，受到四个力作用；然后对A受力分析，肯定受到的三个力，B肯定受四个力，AB之间可能存在摩擦力．【解答】解：先对AB整体进行受力分析，受到四个力作用：力F、AB的重力G、墙壁的支持力N、墙壁的摩擦力f．对A分析，可以肯定受到的三个力：A的重力G A、力F、B对A的支持力N1．可能受到B 摩擦力沿虚线方向．对B分析，可以肯定受到的四个力：B的重力G B、墙壁的支持力N、墙壁的摩擦力f、A对B的压力N1'．可能受到A摩擦力沿虚线方向．故AC错误，BD正确．故选：BD．【点评】考查整体与隔离法．先整体后隔离，依据物体的平衡条件判断力是否存在，受力分析的顺序是，重力弹力摩擦力其它力，有弹力可能有摩擦力，有摩擦力一定有弹力．7．（2016秋•越秀区月考）光滑水平面上有一质量为m=2kg的小球，小球与水平轻弹簧及竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止平衡状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．取g=10m/s2，以下说法正确的是（）A．若剪断轻绳，则剪断的瞬间轻弹簧的弹力大小为20NB．若剪断轻绳，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0C．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为0D．若剪断弹簧，则剪断的瞬间小球的加速度大小为10 m/s2，方向向右【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小；剪断弹簧的瞬间，因为绳子的作用力可以发生突变，小球瞬间所受的合力为零．【解答】解：AB、在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=20×1=20N，绳子拉力，断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为20N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力作用，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==10m/s2，故A正确，B错误；CD、剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故C正确，D错误．故选：AC．【点评】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解．8．（2016秋•越秀区月考）一名宇航员在某星球表面上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，小球作匀变速直线运动，测得在第5s内的位移是18m，则（）A．小球在第2 s末的速度是8 m/sB．小球在第5 s内的平均速度是3.6 m/sC．小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少5 mD．小球在5 s内的总位移是50 m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】A、测得在第5s内的位移是18m，前5s得位移与前4s得位移差为18m，解得g，v=gt；B、求出平均速度；C、初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：…可以分析出；D、初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：…可以分析出；【解答】解：A、测得在第5s内的位移是18m，前5s得位移与前4s得位移差为18m：解得g=4m/s2v2=gt2=4×2=8m/s故A正确；B、故B错误；C、测得在第5s内的位移是18m，根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：7：9…可以分析出测得在第4s内的位移是14m小球在第4 s内的位移比第5 s内的位移少4 m，故C错误；D、测得在第5s内的位移是18m，根据初速度为零的匀加速直线运动在连续相等的时间内通过的位移之比为1：3：5：7：9…可以分析出5s的总位移为50m，故D正确．故选：AD．【点评】考查匀变速直线运动的基本公式，推论与比例式，灵活的运用公式、逆向思维和解题的思维转换，提高解题的速度和效率．9．（2016秋•越秀区月考）如图甲所示，质量为1kg的小物块从倾角30°的斜劈上由静止滑下，位移x与速度平方v2的关系如图乙所示，斜劈在水平地面上静止不动，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A．小物块下滑的加速度大小恒为2.5m/s2B．小物块受到的摩擦力大小为2.5NC．地面与斜劈的摩擦力大小为0D．地面对斜劈的摩擦力方向水平向左【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；摩擦力的判断与计算【分析】根据图象写出x﹣v2的表达式，对照运动学公式得到加速度，由牛顿第二定律求得摩擦力．根据斜劈受力平衡列式求解其与地面的摩擦力．【解答】解：A、由图得：x=v2，对照公式2ax=v2﹣v02，且初速度v0=0，得到加速度为：a=2.5m/s2，故A正确；B、对小物块进行受力分析，如图：由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma，得：f=mgsinθ﹣ma=2.5N，故B正确；CD、对斜劈进行受力分析，斜劈静止，则受到的合力为零，设地面对斜劈的摩擦力水平向右为f1，如图：沿水平方向有：f1+f'cos30°﹣N'sin30°=0，f'=f=2.5N，N'=N=mgcos30°联立解得：f1=，则方向水平向右，故C、D错误．故选：AB．【点评】本题采用对比的方法得到物体的初速度和加速度是关键，要求能对图象准确掌握，并能根据图象求解运动学规律，根据运动状态做好受力分析，再列式求解．二、简答题（共2小题，共15分）10．（7分）（2016秋•越秀区月考）某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．弹簧自然悬挂，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧（1）表中有一个数值记录不规范，代表符号为L3．（2）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与L x的差值（填“L0或L x”）．（3）由图可知弹簧的劲度系数为 4.9N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10g（结果均保留两位有效数字，g取9.8m/s2）．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【分析】弹簧自然悬挂，故是竖直放置；充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．【解答】解：（1）用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，记录数据的最后一位是估读位，故数据L3记录不规范，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm；（2）根据胡克定律公式△F=k△x，故横轴应为弹簧长度与L x差值；（3）由表格得到，弹簧原长为：L0=25.35cm；挂砝码盘时：L x=27.35cm；根据胡克定律，砝码盘质量为：M=；故答案为：（1）L3；（2）L x；（3）4.9；10、【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用图象处理实验数据来减少偶然误差．11．（8分）（2016秋•越秀区月考）某同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系，将装有传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数F0，再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数F1．释放小车，记录小车运动时传感器的示数F2．（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带．从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度a=0.16m/s2．（2）同一次实验中，F1＞F2（选填“＜”、“=”或“＞”）（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙．不计纸带与计时器间的摩擦．图象中F是实验中测得的C．A、F1B、F2C、F1﹣F0D、F2﹣F0（4）关于该实验，下列说法中正确的是D．A．小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B．实验中需要将长木板右端垫高C．实验中需要测出小车和传感器的总质量D．用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；（2）对小桶受力分析，根据牛顿第二定律求解；（3）由于已经平衡摩擦力，图象过原点的倾斜直线，则F表示合力；（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据．【解答】解：（1）从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=，（2）对小桶受力分析，设小桶重力为mg，木板释放前弹簧秤的示数F1，所以F1=mg，设小车的重力为Mg，小车在加速运动时弹簧秤的示数F2，根据牛顿第二定律得：mg﹣F2=ma所以F1＞F2，（3）图象是过原点的一条倾斜的直线，已经平衡摩擦力，所以F应该表示小车受到的合力，即F=F1﹣F0，故C正确；故选：C（4）A、在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，不需要使小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量，故A错误；B、实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，故B错误；C、实验中不需要测出小车和传感器的总质量，只需要保证小车和传感器的总质量不变，故C错误；D、用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据，故D正确；故选：D．故答案为：（1）0.16；（2）＞；（3）C；（4）D【点评】本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．三、计算题（共2小题，满分31分）12．（13分）（2015秋•兖州市期中）一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以15m/s的速度匀速行驶的货车严重超载时，决定前去追赶，经过4s后警车发动起来，并以2.5m/s2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90km/h 以内．问：（1）警车在追赶货车的过程中，两车间的最大距离是多少？（2）警车发动后要多长时间才能追上货车？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）当两车速度相等时，相距最远，结合速度时间公式求出速度相等经历的时间，结合位移关系求出两车间的最大距离．（2）根据位移关系求出追及的时间．。

2015-2016学年广东省广州市荔湾区高三（上）调研物理试卷（11月份）1．如图所示，为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象，已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0～t2时间内下列说法正确的是（）A．两物体在t1时刻速度大小相等B．t1时刻乙的速度大于甲的速度C．两物体平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度2．汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A． B． C． D．3．一物块从某一高度水平抛出，取水平地面为重力势能零点，在抛出点其动能为重力势能的．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．4．“嫦娥五号”探测器预计在2017年发射升空，自动完成月面样品采集后从月球起飞，返回地球，带回约2kg月球样品．某同学从网上得到一些信息，如表格中的数据所示，则地球和月球的密度之比为（）=4=6A．B．C．4 D．65．如图所示，内壁光滑的半球形碗固定不动，其轴线垂直于水平面，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度等于球B的线速度B．球A的角速度大于球B的角速度C．球A的向心加速度小于球B的向心加速度D．球A对碗壁的压力等于球B对碗壁的压力6．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A．物体之间普遍存在相互吸引力B．力不是维持物体运动的原因C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反D．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快7．如图所示，甲、丙物体在水平外力F的作用下静止在乙物体上，乙物体静止在水平面上．现增大水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法正确的是（）A．乙对甲的支持力一定增大B．乙对地面的压力一定不变C．乙对甲的摩擦力一定增大D．甲对丙的摩擦力一直为零8．如图甲所示，固定的粗糙斜面长为10m，一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面下滑的过程中，小滑块的动能E k随位移x的变化规律如图乙所示，取斜面底端为重力势能的参考平面，小滑块的重力势能E p随位移x的变化规律如图丙所示，重力加速度g取10m/s2．根据上述信息可以求出（）A．斜面的倾角B．小滑块与斜面之间的动摩擦因数C．小滑块下滑的合外力的大小D．小滑块受到的滑动摩擦力的大小9．某同学测定一空心铜管的长度和内径．应该用图甲所示游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）测量内径；示数如图乙、丙所示，则该铜管的长度和内径分别为cm和mm．10．一同学用图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”．请思考探究思路并回答下列问题：（1）该实验是否需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量（填“需要”或“不需要”）（2）为消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，应该在不挂砂桶的情况下，适当调整木板右端的高度，直到轻推小车，打点计时器在纸带上打出一系列的点．（3）实验中，得到一条打点的纸带如图乙所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间隔s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a=．（4）一组同学在保持小车（含力传感器）质量一定的情况下，探究加速度a与合外力F的关系．他们在木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到两条a﹣F图线，如图丙所示．则图线（填“①”或“②”）是在木板水平的情况下得到的，小车与水平木板间的摩擦力f=N；小车（含力传感器）质量M=kg．（结果均保留两位有效数字）11．（14分）接连发生的马航MH370和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=30s，在速度达到v0=72m/s 时，驾驶员对发动机的运行状态进行判断；在速度达到v1=78m/s时，必须做出判断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=84m/s时，就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到决定中止起飞的最长时间．（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以大小为4.2m/s2的加速度做匀减速直线运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最短长度．12．（18分）光滑水平面上，一个长平板与半圆组成如图甲所示的装置，半圆弧面（直径AB竖直）与平板表面相切于A点，整个装置质量M=5kg．在装置的右端放一质量为m=1kg 的小滑块（可视为质点），小滑块与装置一起以v0=8m/s的速度向左运动．现给装置加一个F=43N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，装置运动的v﹣t图如图乙所示．当装置速度减速为零时，小滑块恰好滑至长平板的左端A，此时撤去外力F并将装置锁定，小滑块继续沿半圆形轨道运动，恰好能通过轨道最高点B．滑块脱离半圆形轨道后又落回长平板．已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功W f=2.5J．g取10m/s2．求：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数μ；（2）长平板的长度L；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离．13．下列说法正确的是（）A．可以将工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用B．温度升高，说明物体中所有分子的动能都增大C．气体对容器壁有压强是因为气体分子对容器壁频繁碰撞的结果D．分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E．在一个绝热容器内，不停地搅拌液体，可使液体的温度升高14．（10分）如图所示，内壁光滑、截面积不相等的圆柱形气缸竖直放置，气缸上、下两部分的横截面积分别为2S和S．在气缸内有A、B两活塞封闭着一定质量的理想气体，两活塞用一根长为l的细轻杆连接，两活塞导热性能良好，并能在气缸内无摩擦地移动．已知活塞A的质量是2m，活塞B的质量是m．当外界大气压强为p0、温度为T0时，两活塞静止于如图所示位置．（1）求此时气缸内气体的压强．（2）若用一竖直向下的拉力作用在B上，使A、B一起由图示位置开始缓慢向下移动的距离，又处于静止状态，求这时气缸内气体的压强及拉力F的大小．设整个过程中气体温度不变．15．下列说法正确的是（）A．若使放射性物质的温度升高，其半衰期可能变小B．氢原子从第一激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子C．α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构D．Th核发生一次α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4E．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应16．在足够长的水平光滑直导轨上，静止放着三个大小相同的小球A、B、C，质量分别为m A=3kg、m B=m c=1kg．现让A球以v0=2m/s的速度正对着B球运动，A、B两球发生弹性正碰后，B球向右运动并与C球发生正碰，C球的最终速度v c=2m/s．求：（ⅰ）B球与C球相碰前，A、B球各自的速度多大？（ⅱ）三球还会发生第三次碰撞吗？B、C碰撞过程中损失了多少动能？答案1.【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据位移图象的斜率等于速度，坐标的变化量等于位移，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，则在t1时刻，甲图象的斜率大于乙图象的斜率，所以甲的速度大于乙的速度，故AB错误；C、坐标的变化量等于位移，根据图象可知，甲乙位移大小相等，方向相反，而时间相等，则平均速度的大小相等，故C正确，D错误．故选：C【点评】位移图象和速度图象都表示物体做直线运动，抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键，知道，平均速度等于位移除以时间．2.【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】根据P=Fv分析：匀加速运动时F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，当匀速时牵引力等于阻力，说明牵引力突变，故功率突变．【解答】解：根据P=Fv分析知匀加速运动时牵引力大于阻力，F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，故AD错误；当匀速时牵引力等于阻力，说明F突变小，速度不变，故功率突变小，以后保持不变，故B 错误，C正确．故选：C【点评】此题考查P=Fv的应用，注意在机车问题中F为牵引力，不是合力，力可以突变，速度不会突变．3.【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能恰好是重力势能的，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，物块离地的高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=mv2据题有：=mgh联立解得：v=2v0；则cosα==得α=故选：C【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．4.【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；方程法；万有引力定律的应用专题．【分析】在星球表面、重力等于万有引力，根据万有引力定律列式求解出质量、由密度定义求解密度表达式进行分析即可．【解答】解：在地球表面，重力等于万有引力，故：mg=G解得：M=故密度：ρ===同理．月球的密度：ρ0=故地球和月球的密度之比：==6×=故选：B．【点评】本题关键是明确在星球的表面重力等于万有引力，根据万有引力定律的表达式列式分析即可，基础题目．5.【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】小球受重力和支持力，靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，根据F合=ma=m=mrω2，比较线速度、角速度和向心加速度的大小．并比较支持力的大小，从而能比较压力的大小．【解答】解：ABC、对于任意一球，设其轨道处半球形碗的半径与竖直方向的夹角为β，半球形碗的半径为R．根据重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，得：F合=mgtanβ=ma=m=mrω2，又r=Rsinβ联立得：v=，a=gtanβ，ω=R一定，可知β越大，线速度v越大、角速度ω越大、向心加速度a越大，所以球A的线速度大于球B的线速度，球A的角速度大于球B的角速度，球A的向心加速度大于球B的向心加速度．故AC错误，B正确．D、由图得：球所受的支持力F N=，β越大，F N越大，则碗对A球的支持力较大，由牛顿第三定律知球A对碗壁的压力大于球B对碗壁的压力，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道小球做匀速圆周运动，靠重力和支持力的合力提供向心力，能灵活选择向心力的形式，由牛顿运动定律列式分析．6.【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】本题要掌握伽利略关于运动和力关系的观点、落体运动的规律理论等等．伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论．【解答】解：A、伽利略没有发现物体之间普遍存在相互吸引力的规律．故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验，发现了力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、伽利略没有发现物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反的规律．物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反是牛顿第三定律得内容，故C错误；D、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合的方法，得出了自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动；并且明确了重物和轻物下落的同样快；故D正确；故选：BD．【点评】伽利略是物理学的奠基人之一，要学习他的成就和科学研究的方法．理想斜面实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律．7.【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；合成分解法；图析法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】正确的受力分析是解决问题的关键，三物体仍然静止，说明物体处于平衡状态，所受外力合力为0，以甲乙丙整体为研究对象，当F增大时，地面对整体的摩擦力亦增大．再分别以甲、丙为研究对象即可求解．【解答】解：如图对甲进行受力分析有：F合x=Fcosθ+f﹣Gsinθ=0 (1)F合y=F N﹣Gcosθ﹣Fsinθ=0 (2)A、由（2）知，F N=Gcosθ+Fsinθ，当F增大时，则支持力增大．故A正确；B、把甲乙丙看成一个整体，当F增加时，根据静摩擦力大小的判断f=﹣F外，可知，当F 增大时，地面给乙的摩擦力随之增大，使系统处于平衡状态，但地面对乙的压力没有变，那么乙对地面的压力也没变，故B正确；C、由（1）知f=Gsi nθ﹣Fcosθ，由于未知摩擦力的方向，故当f为正值时，F增大则f减小，若f为负值即沿斜面向下时，当F增大则f亦增大，故C错误；D、对丙进行受力分析，丙处于静止状态，水平方向不受摩擦力，故D正确．故选：ABD．【点评】考虑到物体的受力分析，物体始终处于静止状态，即满足合外力为零，另物体受到斜面的摩擦力，因不知倾角和动摩擦因数的大小，摩擦力可能沿斜面向上也可能沿斜面向下，所以当F增大时，摩擦力可以变大也可以变小，要根据具体题目加以讨论．8.【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据动能图象可读出动能，由动能定理可以求出合力的大小，根据势能图象可以得出物体的初始势能．由动能定理和能量守恒定律结合分析．【解答】解：由图象知，物体的初始重力势能为E p1=100J，末动能为E k2=25J．A、据题斜面长度为10m，由E p=mgh=mgLsinα，可知由于不知道物体的质量，故不能根据初始势能和斜面长度来确定斜面的倾角，故A错误；B、根据能量守恒可以求出阻力做的功，再由斜面长度可求得摩擦力的大小，但因物体质量和倾角未知，故不能求得动摩擦因数的大小，故B错误；C、由图可得到动能的变化量，根据动能定理可以求得物体受到的合外力，结合W合=F合L 可知能求出滑块下滑的合外力大小．C正确；D、根据能量守恒可以求得下滑过程中克服摩擦力做功为W f=E p1﹣E k2=100J﹣25J=75J，而斜面长度L=10m，故由W f=fL可求得滑块下滑时受到滑动摩擦力的大小为7.5N，故D正确．故选：CD【点评】读懂图象及其反应的物理意义，知道物体在斜面上下滑时的受力特征是正确解题的关键，灵活运用动能定理和能量守恒定律研究．9.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题；定性思想；推理法；基本实验仪器．【分析】游标卡尺来测量空心铜管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量空心铜管应该用内爪，即A部分．该铜管的长度为l=50.10cm，游标卡尺测内径时，主尺读数为10mm，游标读数为0.05×4=0.20mm，最后读数为10.20mm．故答案为：A；50.10；10.20【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度，难度不大，属于基础题．10.【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）小车所受的拉力通过力传感器直接得出，不需要用砂和砂桶的总重力表示，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时小车做匀速直线运动．（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．（4）根据图线得出摩擦力的大小，结合图线的斜率求出小车的质量．【解答】解：（1）因为小车所受的拉力可以通过力传感器直接得出，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时，小车做匀速直线运动，打出一系列等间距的点．（3）根据，，得，小车的加速度a==．（4）木板水平时，未平衡摩擦力，则F不等于零时，加速度仍然为零，得出的图线为图线①．当F=0.25N时，小车开始运动，可知小车与木板间的摩擦力为0.25N．图线斜率的倒数表示小车的质量，则M==．故答案为：（1）不需要；（2）等间距（或间距相等）；（3），（4）①，0.25 0.25．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，以及知道a﹣F图线斜率和截距表示的含义，难度中等．11.【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】（1）由时间t0=28s、速度v0=70m/s，计算出加速度，结合v1=77m/s，得到做出决断终止起飞的最长时间（2）由位移时间关系结合速度时间关系求解位移，或利用v﹣t图象求解位移【解答】解：（1）设飞机加速过程中的加速度大小为a1，则飞机从静止开始加速到v0的过程有：v0=a1t0…①设飞机从v0加速到v1所用的时间为t，则飞机在此过程中有：v1=v0+at…②由①②代入数据，解得：t=2.5s…③（2）设飞机从静止开始加速到v2发生的位移大小为x1，则有：v22=2a1x1…④设飞机做匀减速直线运动过程发生的位移大小为x2，加速度大小为a2，则有：v22=2a2x2…⑤设跑道的最短长度为x，则依题意有：x=x1+x2…⑥由①④⑤⑥代入数据，解得：x=2310m答：：（1）最长时间为2.5s；（2）跑道的最小长度2310m【点评】本题考查运动学公式的应用；要注意正确建立运动情景，明确物理模型，找到已知的物理量及其关系，灵活选择公式是解决运动学问题的基本要求；同时第2问也可以直接应用图象法进行分析求解．12.【考点】动能定理；牛顿第二定律．【专题】定量思想；方程法；动能定理的应用专题．【分析】（1）根据图象求的装置的加速度大小，根据牛顿第二定律求的摩擦力，由f=μF N 求的摩擦因数（2）根据牛顿第二定律求的物块的加速度，根据运动学公式求的装置和物块的位移，即可求得装置的长度；（3）从A到B根据动能定理和牛顿第二定律求的圆弧的半径和B点的速度，根据平抛运动的特点求的水平距离【解答】解：（1）由图乙，装置向左减速运动的加速度大小a M==8m/s2…①装置减速过程水平方向受力如图所示：由牛顿第二定律：F﹣f=M a M…②滑块与平板间的滑动摩擦力f=μmg …③①～③联立，得：μ=0.3（2）由图乙，装置向左运动的位移S M=4m …④设这段时间内滑块的加速度大小为a m，由牛顿第二定律，f=m a m…⑤滑块运动到A点时的速度v A=v0﹣a m t1…⑥解得：v A=5m/s滑块向左运动的位移S m=…⑦解得：S m=6.5m平板的长度L=S m﹣S M…⑧③⑤⑥⑦⑧联立，解得：L=2.5m（3）设滑块在B点的速度大小为v B，半圆弧面的半径为R，从A至B，由动能定理得：…⑨在B点，有：…⑩解得：R=0.4m，v B=2m/s设滑块从B点飞出做平抛运动的时间为t2，有…⑪解得：t2=0.4s滑块落点离A的距离x=v B t2…⑫⑥⑧⑨⑩⑪联立，代入数据得：x=0.8m答：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数μ为0.3；（2）长平板的长度L为2.5m；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离为0.8m．【点评】弄清问题的运动情况和受力情况是解题的关键，灵活利用牛顿第二定律和运动学公式求解是解题的核心，此题综合性较强13.【考点】封闭气体压强；温度是分子平均动能的标志；热力学第二定律．【分析】明确热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志；气体压强的微观意义：气体的压强是由大量气体分子对容器壁的频繁碰撞产生的；分子间同时存在引力和斥力，随着分子距离的增加，引力和斥力同时减小；【解答】解：A、工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用，这个过程违反热力学第二定律，故A错误；B、温度升高，物体中分子平均动能增大，大多数分子的动能增大，具体到某个分子的动能变化不能确定，B错误；C、气体对容器壁的压强是气体分子对容器壁频繁碰撞的结果，C正确；D、分子间作用力（引力和斥力）随分子间距离增大而减小，D正确；E、搅拌液体外界对液体做功，而此过程又是绝热，液体与外界无热量交换，据热力学第一定律可知能使液体，故温度升高，E正确．故选：CDE【点评】本题考查热力学多个知识点，重点要理解并掌握布朗运动的实质和意义，知道温度的微观意义和热力学第二定律等等基础知识．14.【考点】理想气体的状态方程．【专题】理想气体状态方程专题．【分析】（1）以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件列式求解气缸内气体的压强．（2）整个过程中，气体的温度不变，发生等温变化．列出初态气缸内气体的压强和体积及末态气体的体积，由玻意耳定律列式求得末态气体的压强，再以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件求解拉力F的大小．【解答】解：（1）以两活塞整体为研究对象，设此时气缸内气体压强为p1，根据平衡条件则有：p0S+3mg=p1S解得：p1=p0+（2）初态：p1=p0+，V1=2lS末态：p2，V2=lS根据玻意耳定律有：（p0+）2lS=p2（lS）解得：p2=（p0+）以两活塞整体为研究对象，根据平衡条件有：p2S=F+p0S+3mg…②解得F=+mg答：（1）求此时气缸内气体的压强为p0+．（2）这时气缸内气体的压强为（p0+），拉力F的大小为+mg．【点评】对于封闭气体，常常以与气体接触的活塞或水银为研究对象，根据平衡条件求压强，要加强这方面的训练，做熟练掌握．15.【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度；粒子散射实验．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】原子核发生衰变时，半衰期与外界因素无关；电子从高能级向低能级跃迁，只能辐射光子；α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构；原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量数守恒的规律；太阳辐射属于热核反应．【解答】解：A、半衰期与外界因素无关，故A错误；B、氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子，故B正确；C、α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构，故C正确；D、原子核发生衰变时要遵守电荷守恒和质量数守恒的规律，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D错误；E、太阳的核反应属于热核反应，故E正确；故选：BCE．【点评】掌握衰变的实质和规律，知道原子核式结构模型的内容，理解半衰期与自身因素有关，区别热核反应与链式反应的不同．16.【考点】动量守恒定律；功能关系．【专题】计算题；定量思想；方程法；动量定理应用专题．【分析】（i）两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出碰撞前的速度．（ii）碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒动量与能量守恒定律分析答题．【解答】解：（ⅰ）设B球与C球相碰前，A、B球的速度分别为v A、v B，A、B两球发生弹性正碰，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v0=m A v A+m B v B…①碰撞过程无机械能损失，由机械能守恒定律得：…②解得：v A=1m/s，v B=3m/s；（ⅱ）B、C两球发生正碰的过程动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m B v B=m B v'B+m C v C…③解得：v'B=1m/s，由于v A=v'B＜v C，所以三球不会发生第三次碰撞．B、C碰撞过程中损失的动能：…④解得：△E k=2J；答：（ⅰ）B球与C球相碰前，A、B球各自的速度分别为：1m/s、3m/s．（ⅱ）三球不会发生第三次碰撞；B、C碰撞过程中损失了2J的动能．【点评】本题考查了求速度、损失的动能等问题，考查了动量守恒定律的应用，分析清楚物体的运动过程是解题的关键，应用动量守恒定律与机械能守恒定律可以解题．。

第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人” A ．阿基米德，发现了杠杆原理 B ．牛顿，发现了万有引力定律 C ．伽利略，测出了重力加速度的值 D ．卡文迪许，测出了万有引力常量 15．不计重力的两个带电粒子M 和N 沿同一方向经小孔S 垂直进入匀强磁场，在磁场中的径迹如图。

分别用v M 与v N ， t M 与t N ，M Mm q 与NN m q 表示它们的速率、在磁场中运动的时间、荷质比，则A ．如果M M m q =NNm q ，则v M ＞ v N B ．如果M M m q =NNm q ，则t M ＜ t N C ．如果v M = v N ，则M Mm q ＞NN m q D ．如果t M = t N ，则M Mm q ＞NN m q 16．如图a ，理想变压器原、副线圈的匝数比为2∶1，与副线圈相连的两个灯泡完全相 同、电表都为理想电表。

原线圈接上如图b 所示的正弦交流电，电路正常工作。

闭合开关后，A ．电压表示数增大B ．电流表示数增大C ．变压器的输入功率增大D ．经过灯泡的电流频率为25 Hz17．如图，窗子上、下沿间的高度H=1.6m ，墙的厚度d=0.4m ，某人在离墙壁距离L=1.4m 、距窗子上沿h=0.2m 处的P 点，将可视为质点的小物件以v 的速度水平抛出，小物件直接穿过窗口并落在水平地面上，取g=10m/s 2。

则v 的取值范围是A ．7>v m/sB ．32.v <m/sC ．7m/s m/s 3<<vD ．3m/s m/s 32<<v .ab18．电梯经过启动、匀速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动。

2016年广东省高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.下列叙述正确的是（）A.牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特首先发现了电流周围存在磁场C.磁感线越密的地方磁感应强度越大，磁通量也越大D.在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度增大【答案】B【解析】解：A、伽利略根据理想斜面实验，提出了力不是维持物体运动的原因．故A错误；B、奥斯特首先发现了电流周围存在磁场，故B正确；C、磁感线越密的地方磁感应强度越大，但磁通量不一定也越大，磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关，故C错误D、在回旋加速器中，电场力使带电粒子的速度增大，在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．故D错误故选：B根据物理学史和常识解答AB选项，记住著名物理学家的主要贡献即可；磁通量的大小还与线圈平面和磁感应强度之间的夹角有关；在回旋加速器中，磁场力使带电粒子的速度方向发生变化．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.质量为m的“嫦娥二号”探测卫星，在距月球表面高度为h的轨道上做匀速圆周运动，已知运行周期为T，月球的半径为R，月球质量为M，引力常量为G，则（）A.月球表面的重力加速度为B.月球对卫星的万有引力为C.卫星以恒定的向心加速度运行D.卫星运行周期T与卫星质量有关【答案】A【解析】解：A、根据万有引力等于重力得，，解得g=．故A正确．B、月球对卫星的万有引力F=．故B错误．C、根据得，a=，T=，知向心加速度大小不变，但是方向始终指向圆心，时刻改变．周期与卫星的质量无关．故C、D错误．故选A．根据万有引力等于重力求出月球表面的重力加速度，根据万有引力提供向心力得出向心加速度的大小以及判断出周期与什么因素有关．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．3.如图有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷，质量不等有m a=m b＜m c=m d，以不等的速率v a＜v b=v c＜v d进入速度选择器后，有两种离子从速度选择器中射出进入B2磁场．由此可判定（）A.射向P1板的是a离子B.射向P2板的是b离子C.射向A1的是c离子D.射向A2的是d离子【答案】A【解析】解：A、通过在磁场中偏转知，粒子带正电．在速度选择器中，有q E=qv B．v=，只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．所以只有b、c两粒子能通过速度选择器．a 的速度小于b的速度，所以a的电场力大于洛伦兹力，a向P1板偏转．故A正确，B错误．C、只有b、c两粒子能通过速度选择器进入磁场B2，根据r=，知质量大的半径大，知射向A1的是b离子，射向A2的是c离子．故C、D错误．故选A．在速度选择器中，粒子受到的电场力和洛伦兹力相等，有q E=qv B．知只有速度满足一定值的粒子才能通过速度选择器．进入磁场B2后，有r=，v、B2、q相同，质量大的半径大．解决本题的关键知道只有速度满足一定的值，才能通过速度选择器．由速度选择器出来进入磁场，速度一定，根据r=，可比较粒子偏转半径的大小．4.如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A.ab棒不受安培力作用B.ab棒所受安培力的方向向右C.ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D.螺线管产生的磁场，A端为N极【答案】C【解析】解：A：回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；B：根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；C：ab棒向右运动时，E=BL v，，F=BIL，所以：，速度越大，所受安培力越大．故C正确；D：根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据右手螺旋定则，B端的磁场方向为N极．故D错误．回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．该题考查楞次定律、右手定则及法拉第电磁感应定律，属于该部分知识的基本应用．属于简单题．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.如图所示，人和物处于静止状态、当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止、不计绳与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（）A.绳的拉力大小不变B.人所受的合外力增大C.地面对人的摩擦力增大D.人对地面的压力减小【答案】AC【解析】解：A、物体始终处于静止状态，所以绳子对物体的拉力始终等于mg，故A正确；B、人保持静止状态，合力为零，故B错误；C、D、对人受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：N+mgsinθ=M gf=mgcosθ当人拉着绳向右跨出一步后，θ将变小：所以：f=mgcosθ会变大，N=M g-mgsinθ也将变大，故C正确，D错误；故选AC．当人拉着绳向右跨出一步后，人和物仍保持静止，所以人和物始终处于平衡状态，分别对物体和任受力分析应用平衡条件分析即可．本题为平衡条件得应用：动态分析．常用的方法是画图法和解析式法，一般物体受3个力时常用画图法，受4个以上的力时用解析式法．6.物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，运动的v-t图象如图所示．则（）A.物体所受拉力是恒力B.物体所受拉力是变力C.第1s末和第4s末拉力的功率相等D.第5s末物体离出发点最远BD【解析】解：A、由速度时间图象可知，物体在运动的过程中的加速度是变化的，而重力是不变的，所以物体所受拉力一定是变力，所以A错误，B正确；C、第1s末和第4s末物体的速度是一样的，但是第1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，故C错误．D、根据速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，5s末位移最大，及第5s末物体离出发点最远，故D正确．故选BD．根据速度时间的图象，判断物体的受力的情况和运动的情况，知道速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，再由功率的公式就可以做出判断．要根据图象得出有用的信息，速度-时间图象中直线的斜率表示加速度的大小，面积表示位移，速度不变就表示物体处于受力平衡状态．7.在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器．开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A.灯泡L将变暗B.灯泡L将变亮C.电容器C的电荷量减小D.电容器C的电荷量增大【答案】AD【解析】解：A、B由题R增大，电流I=减小，灯泡L将变暗．故A正确，B错误．C、D路端电压U=E-I r增大，则电容器电量Q=CU增大．故C错误，D正确．故选AD．灯泡L和滑动变阻器R串联、电容器C和定值电阻R0串联后两条支路再并联．当电路稳定后，电容器这一路没有电流，相当于开关断开，对另一路没有影响．电容器的电压等于路端电压．当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据欧姆定律分析电流和路端电压的变化，分析灯泡亮度和电容器电量的变化．本题关键的要抓住电容器的特点：当电路稳定时，和电容器串联的电路没有电流，电容器电压等于这一串联电路两端的电压．8.用均匀导线做成的正方形线圈边长为l，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示，当磁场以的变化率增强时，则（）A.线圈中感应电流方向为acbdaB.线圈中产生的电动势C.线圈中a点电势高于b点电势D.线圈中a、b两点间的电势差为【答案】AB【解析】解：A、磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿acbda方向，故A正确；B、由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E==S=l××=•，故B正确；C、acb段导线相当于电源，电流沿a流向b，在电源内部电流从低电势点流向高电势点，因此a点电势低于b点电势，故C错误；D、设导线总电阻为R，则a、b两点间的电势差U ab=×=，故D错误；故选AB．由楞次定律可以判断出感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，由欧姆定律可以求出a、b两点间的电势差．熟练应用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题．9.如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图所示，则（）A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.MN两点电势差|U MN|等于NQ两点电势差|U NQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小【答案】BD【解析】解：A、由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性．故A错误．B、由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大，加速度增大．故B 正确．C、已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|U MN|大于NQ 两点电势差|U NQ|．故C错误．D、根据电场力做功公式W=U q，|U MN|＞|U NQ|，a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小．故D正确．故选BD根据粒子轨迹的弯曲方向，判断电场力方向．当电场力方向与场强方向相同时，粒子带正电，当电场力方向与场强方向相反时，粒子带负电．电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小．本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向能判断出粒子的电场力方向．常见题型，比较简单．三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学设计了如图1所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木块上，桌面的右边缘固定一个光滑的定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉现缓慢向瓶中加水，直到木块刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木块放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F，然后释放木块，并用秒表记下木块从P运动到Q处的时间t．①木块的加速度可以用d、t表示为a= ______ ．②改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度与弹簧秤示数F的关系．如图2图象能表示该同学实验结果的是______ ．③用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是______ ．A．可以改变滑动摩擦力的大小B．可以更方便地获取更多组实验数据C．可以更精确地测出摩擦力的大小D．可以获得更大的加速度以提高实验精度．【答案】；C；BC【解析】解：①根据匀变速直线运动公式得：d=at2，解得：a=．（2）由牛顿第二定律可知，F-F0=ma，故a=F-，当F1＞F0时，木板才产生加速度．随着继续向瓶中加水后，矿泉水瓶的质量不断增加，矿泉水瓶的质量不能远小于木板的质量，那么水的重力与绳子的拉力差值越来越大，则图象出现弯曲．故选：C．（3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．B、缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，故B正确．C、缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故C正确．D、并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误；故选：BC．故答案为：①；②C；③BC．①长木板做匀加速直线运动，根据位移时间关系公式列式求解加速度；②知道减小误差的常用方法是多次测量取平均值；③知道当水的质量远远小于木板的质量时，水的重力近似等于绳子的拉力实验要明白实验目的，懂得实验原理，科学选择器材，合理安排实验步骤，细心记录数据，认真分析和处理数据，总结实验结论．11.用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r，器材有：电压表：0-3-15V；电流表：0-0.6-3A；变阻器R1（总电阻20Ω）；以及电键S和导线若干．①根据现有器材设计实验电路并连接电路实物图甲，要求滑动变阻器的滑动头在右端时，其使用的电阻值最大．______ V．③表为另一组同学测得的数据．可以发现电压表测得的数据______ ，将影响实验结果的准确性，原因是：______ ．【答案】1.5；间隔很小；电池的内阻太小【解析】解：①一节干电池电动势约为1.5V，因此电压表应选0～3V量程；由坐标系内所描点可知，电流的最大值为0.6A，则电流表应选0～0.6A量程，如果选0～3A量程，则电路最大电流为其量程的五分之一，读数误差太大；伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流，实物电路图如图所示：②根据坐标系中所描出的点作出干电池的U-I图象如图所示：由图示干电池U-I图线可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则干电池的电动势：E=1.5V．③由表中实验数据可知，电压表测量值间隔很小，这是由于电源（电池）内阻太小造成的．故答案为：①电路图如图所示；②图象如图所示；1.5；③间隔很小；电池的内阻太小．①根据电源电动势选择电压表量程，根据图示电流最大值选择电流表量程；由于电池内阻较小，所以对电源来说，电流表应采用外接法，根据伏安法测电源电动势与内阻的实验原理连接实物电路图．②根据坐标系内描出的点，作出电源的U-I图象；电源的U-I的纵轴截距是电源电动势，图象斜率的绝对值是电电源的内阻．本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义．要掌握描点法作图的方法．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)12.如图所示，完全相同的金属板P、Q带等量异种电荷，用绝缘杆将其连成一平行正对的装置，放在绝缘水平面上，其总质量为M，两板间距为d，板长为2d，在P板中央位置处有一小孔．一质量为m、电量为+q的粒子，从某一高度下落通过小孔后进入PQ，恰能匀速运动．外部的电场可忽略，板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g，求：①PQ间电场强度及电势差；②粒子下落过程中，装置对绝缘水平面的压力；③现给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场，要使粒子进入PQ后不碰板飞出，则粒子应距P板多高处自由下落？【答案】解：①因小球受力平衡，mg=q E得：E=电场方向向上PQ间的电势差U=E d=②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后小球受到向上大小等于mg的电场力，根据牛顿第三定律可得PQ对地的压力N2=M g+mg③依题意得：当粒子轨迹恰好与P板右边缘相切时，粒子圆周运动的半径R1=根据qv1B=m得v1=又由机械能守恒定律得mgh1=联立解得h1=h2=故要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．答：①PQ间电场强度E=，方向向上；电势差为；②在小球未进入PQ前对地的压力N1=M g进入PQ后PQ对地的压力N2=M g+mg；③要使粒子进入PQ后不碰板飞出，粒子应距P板＜h＜高处自由下落．【解析】（1）粒子进PQ后，恰能匀速运动，重力与电场力平衡，由平衡条件求出电场强度E．（2）粒子进PQ前，装置对绝缘水平面的压力等于重力M g，粒子进PQ后，电场对粒子作用大小为mg，方向向上，根据牛顿第三定律，粒子对电场的力大小为mg，方向向下，则装置对绝缘水平面的压力等于总重力．（3）给PQ间再加一垂直纸面向里、磁感应强度B的匀强磁场后，粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力．当轨迹恰好与P板、Q板右边缘相切时，粒子恰好进入PQ 后不碰板飞出，分别由几何知识这两种临界情况下粒子的半径，根据牛顿第二定律求出速度，由机械能守恒定律求出下落时的高度，得到小球应距P板高度范围．本题是电场、磁场与力学知识的综合应用，关键在于分析磁场中临界条件，抓住各过程之间的联系．13.如图所示，宽为L=0.1m的MN、PQ两平行光滑水平导轨分别与半径r=0.5m的相同竖直半圆导轨在N、Q端平滑连接，M、P端连接定值电阻R，质量M=2kg的cd绝缘杆垂直静止在水平导轨上，在其右侧至N、Q端的区域内充满竖直向上的匀强磁场，B=1T．现有质量m=1kg的ab金属杆，电阻为R o，R o=R=1Ω，它以初速度v0=12m/s水平向右与cd绝缘杆发生正碰后，进入磁场并最终未滑出，cd绝缘杆则恰好能通过半圆导轨最高点，不计其它电阻和摩擦，ab金属杆始终与导轨垂直且接触良好，取g=10m/s2，求：（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1；（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q．【答案】解：（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律有：解得：碰撞后cd绝缘杆滑至最高点的过程中，由动能定理有：解得碰撞后cd绝缘杆的速度：v2=5m/s两杆碰撞过程，动量守恒，设初速度方向为正方向，则有：mv0=mv1+M v2解得碰撞后ab金属杆的速度：v1=2m/s（2）ab金属杆进入磁场瞬间，由法拉第电磁感应定律：E=BL v1闭合电路欧姆定律：安培力公式：F ab=BIL联立解得：F ab===0.01N；（3）ab金属杆进入磁场后由能量守恒定律有：解得：Q=×1×22=2J（1）碰后瞬间cd绝缘杆的速度大小v2与ab金属杆速度大小v1分别为5m/s和2m/s；答：（2）碰后ab金属杆进入磁场瞬间受到的安培力大小F ab为0.01N；（3）ab金属杆进入磁场运动全过程中，电路产生的焦耳热Q为2J．【解析】（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时，由牛顿第二定律可求得速度，再根据动能定理可求得碰撞cd的速度，则对碰撞过程分析，由动量守恒定律可求得碰后ab的速度；（2）对ab在磁场中运动分析，由E=BL v求得电动势，根据闭合电路欧姆定律以及安培力公式即可求得安培力；（3）对ab进入磁场过程进行分析，根据能量守恒定律可求得产生的热量．本题考查结合导体切割磁感线规律考查了功能关系以及动量守恒定律，要注意正确分析物理过程，明确导体棒经历的碰撞、切割磁感线、圆周运动等过程，明确各过程中物理规律的应用，要注意最高点时的临界问题以及动量守恒定律的应用方法等．。

物理高考调研答案2016篇一：2016年高考调研模拟卷理综一2016年高考调研模拟卷理科综合（一）本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分300分。

第Ⅰ卷（选择题，共120分）可能用到的相对原子质量：H－1 C－12N－14O－16 Mg－24 Al－27 S－32Cl－35.5 Ca－40 Fe－56 Cu－64 Ba－137一、选择题（本大题共17小题，每小题6分，共102分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．下列关于细胞中化合物的叙述，正确的是（）A．水分子间的氢键使水可以缓和温度的变化B．RNA与DNA分子均由四种核苷酸组成，前者不能储存遗传信息C．酶是具有催化作用的有机物，它的基本单位是氨基酸D．叶绿体和线粒体中都含有葡萄糖2．下列关于细胞增殖的叙述，正确的是（）A．只有能增殖的细胞才能进行DNA复制B．有丝分裂和减数分裂DNA复制和分配的次数不同C．减数分裂与生物染色体数目恒定有关D．同一细胞有丝分裂后期和减数第二次分裂后期染色体数目形态相同3．下列说法正确的是（）A．植物杂交实验，均需对母本进行：去雄→人工授粉→套袋B．受精卵中的遗传物质一半来自父方，一半来自母方C．21三体综合征可以由父方或母方在减Ⅰ或减Ⅱ分裂时21号染色体未正常分离引起D．苯丙酮尿症是常染色体上显性致病基因引起的单基因遗传病＋4．右图表示枪乌贼离体神经纤维在Na浓度不同的两种海水中受刺激后的膜电位变化情况。

下列描述错误的是（）A．曲线a代表正常海水中膜电位的变化B．两种海水中神经纤维的静息电位相同＋＋C．低Na海水中神经纤维静息时，膜内Na浓度高于膜外＋D．正常海水中神经纤维受刺激时，膜外Na浓度高于膜内5．下列关于种群特征的叙述，正确的有（）A．哺乳动物的存活曲线均为凸型B．植物集群分布与其种子的传播方式无关C．所有生物的种群均可分为生殖前期、中期和后期D．自然增长率一般用单位时间出生或死亡个数占种群总个数的百分数和千分数表示6．右图表示水稻种子成熟过程中生长素、脱落酸和有机物总量的变化情况，下列叙述错误的是（）．．A．脱落酸可以促进有机物的积累B．生长素能抑制脱落酸的合成C．与种子成熟有关的激素还有乙烯D．植物生命活动是多种激素协调控制的结果7．化学与科学、技术、社会、环境密切相关，下列有关说法中正确的是（）．．A．中国药学家屠呦呦因发现了青蒿素（分子式为C15H22O5）治疗疟疾的新疗法，获得了诺贝尔奖，青蒿素属于有机物，是纯净物B．SiO2制成的光导纤维，由于导电能力强而被用于制造通讯光缆C．汽车尾气催化转化装置可将尾气中的NO和CO等有害气体转化为N2和CO2，该装置中的催化剂可降低NO和CO反应的活化能，有利于提高该反应的平衡转化率D．牛奶中含有丰富的蛋白质，加热煮沸牛奶易造成蛋白质水解变成氨基酸8．下列关于实验原理或操作的说法中正确的是（）A．取一小块金属钠，用滤纸吸干表面的煤油，放入烧杯中，再加一定量的水，观察现象B．用pH试纸检验气体，一般先将pH试纸用蒸馏水湿润，粘在玻璃棒的一端，并使其接近出气口，观察颜色的变化C．硝酸银溶液因见光易分解，应保存在棕色广口试剂瓶中D．做焰色反应时，常用细铁丝代替铂丝；操作前一般先用稀硫酸清洗铁丝，并灼烧至无色，方可蘸取试样9．短周期元素A、B、C、D、E在元素周期表中的位置如表所示，其中C、D元素质子数之和等于A、B元素质子数之和的2倍，则下列说法中不正确的是（）．．．A．由B和D形成的化合物B2D2，含有离子键和共价键B．D、E、C三种元素最简单且常见的氢化物的沸点依次升高C．由A、B、C、D四种元素组成的两种盐，相互之间作用能产生有毒气体D．物质BA与水反应可生成气体，BA作氧化剂10. 下列有关说法中正确的是（）A．分子式为C6H14的有机物有多种可能结构，其中一种是2－甲基－2－乙基丙烷B．C2H4、C3H6 、C4H8 属于同系物，有相似的化学性质C．等质量的苯、乙炔、乙烯和甲烷分别充分燃烧，所消耗的氧气的量依次增加D．用Cu(OH)2悬浊液就可以鉴别乙酸溶液、葡萄糖溶液和淀粉溶液11. 某学习小组欲用甲图所示的原电池装置电解K2CrO4溶液制备重铬酸钾(K2Cr2O7)，-＋-已知：2CrO42(aq，黄色)＋2HCr2O72 (aq，橙红色)＋H2O。

14．了解科学家发现物理规律的过程，学会像科学家那样观察和思考，不断提升自己的科学素养，往往比掌握知识本身更重要。

以下符合物理发展史实的是A．伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动B．楞次发现磁场产生电流的条件和规律，即电磁感应现象C．牛顿最早用扭秤实验测出万有引力常数D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律15．如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个电荷量绝对值相同、质量相同的正、负粒子(不计重力)，从O点以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负粒子在磁场中A．运动轨迹的半径不相等B．运动时间相同C．重新回到边界时速度相同D．重新回到边界时与O点的距离不相等16．如图所示，T1、T2是监测交流高压输电参数的互感器，其中a、b是交流电压表或交流电流表．若已知高压输电线间的电压为220KV，T1的原、线圈匝数比为1：100，交流电压表的示数为100V，交流电流表的示数为1A，则A．b是交流电流表B．T2的原、副线圈匝数比为100：1C．高压线路输送的电流为1AD．高压线路输送的电功率为2.2×107W17．图甲是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，圆弧轨道底部P处安装一个压力传感器，其示数F表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，表示压力F和高度h关系的F—h图象如图乙所示，则光滑圆弧轨道的半径R的大小是A．5 mB．2 mC．0.8 mA M O NB xϕD ．2.5 m18．据新华社北京3月21日电，记者21日从中国载人航天工程办公室了解到，已在轨工作1630天的天宫一号目标飞行器在完成与三艘神舟飞船交会对接和各项试验任务后，由于超期服役两年半时间，其功能已于近日失效，正式终止了数据服务．根据预测，天宫一号的飞行轨道将在今后数月内逐步降低，并最终再入大气层烧毁．若天宫一号服役期间的轨道可视为圆且距地面h （h ≈343km ），运行周期为T ，地球的半径为R ，下列关于天宫一号的说法正确的是A ．因为天宫一号的轨道距地面很近，其线速度小于同步卫星的线速度B ．女航天员王亚平曾在天宫一号中漂浮着进行太空授课，那时她不受地球的引力作用C ．天宫一号再入外层稀薄大气一小段时间内，克服气体阻力做的功小于引力势能的减小量D ．由题中信息可知地球的质量为2324R GT π 19．空间存在着平行于x 轴方向的静电场，A 、M 、O 、N 、B 为x 轴上的点，OA <OB ，OM =ON ，AB 间的电势ϕ随x 的分布为如右图．一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M 点由静止开始沿x 轴向右运动，则下列判断中正确的是A ．粒子一定带负电B ．粒子从M 向O 运动过程所受电场力均匀增大C ．粒子一定能通过N 点D ．AO 间的电场强度大于OB 间的电场强度 20．质量相等的甲、乙两物体从离地面相同高度处同时由静止开始下落，运动中两物体所受阻力的特点不同，其v-t 图象如图．则下列判断正确的是A ．t 0时刻甲物体的加速度大于乙物体的加速度B ．t 0时刻甲、乙两物体所受阻力相同C ．0~t 0时间内，甲、乙两物体重力势能的变化量相同D ．0~t 0时间内，甲物体克服阻力做的功比乙的少21．有绝缘层包裹的一段导线绕成两个半径分别为R 和r 的两个圆形回路，如图所示，且扭在一起的两个圆的半径远大于导线自身半径，两个圆形区域内存在有垂直平面向里的磁场，磁感应强度大小随时间按B=kt （k >0，为常数）的规律变化．单位长度的电阻为a ，且R r >，则A ．小圆环中电流的方向为逆时针B ．大圆环中电流的方向为逆时针C ．回路中感应电流大小为()2k R r a- D ．回路中感应电流大小为22()2(R r)k R r a+-22．（6分） 利用如图所示装置 “验证机械能守恒定律”．把装有遮光条的滑块放在水平气垫导轨上的A 处，光电门安装在B 处，滑块用细绳通过定滑轮与钩码相连。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献．下列叙述符合物理学史实的是A ．亚里士多德指出“力是改变物体运动状态的原因”B ．伽利略得出“加速度与力成正比，与质量成反比”的结论C ．开普勒发现了万有引力定律D ．卡文迪许测出了引力常量G15．地球的半径为0R ，地球表面处的重力加速度为g ，一颗人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为0R ，下列关于卫星的说法中正确的是A ．卫星的速度大小为220gR B ．卫星的角速度大小082R g C ．卫星的加速度大小为2g D ．卫星的运动周期为gR 022π 16．如图甲所示，水平地面上的物体在竖直向上的力F 的作用下由静止开始运动，在整个向上运动的过程中，其机械能E 与位移x 的关系如图乙，其中AB 段为曲线，其余段为直线。

则下列说法正确的是A ．0～x 1过程中物体所受的拉力是全过程中的最小值B ．x 1～x 2过程中，物体加速度的方向一直竖直向上C ．x 2～x 3过程中，物体克服重力做功的功率一直增大D ．0～x 3过程中，物体的动能先增大后减小17．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc 从a 运动到c ，已知质点的速率是递减的。

关于b 点电场强度E 的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b 点的切线）18．如图所示，一横截面积为S 的n 匝线圈，与相距为d 的两块水平放置的平行金属板连接成电路。

线圈置于方向竖直向上的匀强磁场中，为使一质量为m ，电荷量为+q 的小球在平行金属板间水平向右做直线运动，重力加速度为g ，则磁感应强度的变化情况应为A ．正在增强，B mgd t nsq ∆=∆ B ．正在减弱，B mgd t nsq ∆=∆C ．正在增强，2B mgd t nsq ∆=∆ D ．正在减弱，2B mgd t nsq∆=∆19．如图所示，在倾角为θ的光滑斜劈P 的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A 、B ，C 为一垂直固定在斜面上的挡板．A 、B质量均为m ，弹簧的劲度系数为k ，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平力F 从零开始缓慢增大作用于P ，（物块A 一直没离开斜面，重力加速度g ）下列说法正确的是A ．力F 较小时A 相对于斜面静止，F 增加到某一值，A 相对于斜面向上滑行B ．力F 从零开始增加时，A 相对斜面就开始向上滑行C ．B 离开挡板C 时，弹簧伸长量为mgsinθ/kD ．B 离开挡板C 时，弹簧为原长20．如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ．理想电压表V 1、V 2示数为 U 1、U 2，其变化量的绝对值分别为△U 1和△U 2；流过电源的电流为I ，其变化量的绝对值为△I ．当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）A ．小灯泡L 3变暗，L 1、L 2变亮B ．△U 1<△U 2C ．I U ∆∆1不变 D ．I U ∆∆2不变21．环型对撞机是研究高能粒子的重要装置，如图所示，比荷相等的正、负离子由静止都经过电压为U 的直线加速器加速后，沿圆环切线方向同时注入对撞机的高真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B ．正、负离子在环状空腔内只受洛伦兹力作用而沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动，然后在碰撞区迎面相撞，不考虑相对论效应，下列说法正确的是A ．所加的匀强磁场的方向应垂直圆环平面向里B ．若加速电压一定，离子的比荷q m 越大，磁感应强度B 小 C ．磁感应强度B 一定时，比荷q m相同的离子加速后，质量大的离子动能小 D ．对于给定的正、负离子，加速电压U 越大，离子在环状空腔磁场中的运动时间越长第II 卷 非选择题三、非选择题:（包括必考题和选考题两部分。

广州增城区2016年调研测试物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．图甲是张明同学站在力传感器上做下蹲、起跳动作的示意图，点P是他的重心位置。

图乙是根据传感器采集到的数据画出的力一时间图线。

两图中a～g各点均对应，其中有几个点在图甲中没有画出。

取重力加速度g＝10 m／s2。

根据图象分析可知（）A．张明在下蹲、起跳全过程中机械能守恒B．e 点位置张明处于超重状态C．张明在c 点的加速度方向向下D．张明在d 点的加速度小于在f 点的加速度15．如图，倾角为θ的斜面上有A、B、C三点，现从这三点分别以不同的初速度水平抛出一小球，三个小球均落在斜面上的D点，今测得AB＝BC＝CD，不计空气阻力，由此可以判断（）A．A、B、C处三个小球飞行过程中速度变化快慢一样B．A、B、C处三个小球落到斜面上的时间之比为3 ：2 ：1C．A、B、C处三个小球的初速度大小之比为3 ：2 ：1D．A、B、C处三个小球的运动轨迹可能在空中相交16．如图上表面为光滑圆柱形曲面的物体静置于水平地面上，一小滑块受水平力作用从曲面底端缓缓地沿曲面向上滑动一小段的过程中物体始终静止不动，则地面对物体的摩擦力和地面对物体的支持力F N大小变化的情况是（）FA．F f增大F N减小B．F f不变F N不变C．F f增大F N不变D．F f减小F N增大17．A、B两物体放在同一水平面上，受到大小相同的水平力F的作用，各自从同一起点由静止开始运动．经过时间t0，撤去作用在A物体上的外力F；经过时间4t0，撤去作用在B 物体上的外力F ．两物体运动的v －t 图象如图所示，则（ ） A ．在0～t0时间间隔内， A 、B 两物体位移之比为8 ：1 B ．A 、B 两物体与水平面间的滑动摩擦因数之比为2 ：1 C ．A 、B 两物体的质量之比为3 ：5D ．在0～4t 0时间间隔内，水平力F 对A 、B 两物体做功之 比为2 ：118．下列说法中正确的是（ ）A ．由加速度表达式tva ∆∆=可知：加速度a 与Δv 成正比，与Δt 成反比 B ．加速度可以既不与速度同向，也不与速度反向 C ．有可能存在速度越来越小，加速度越来越大的运动 D ．有可能存在速度变化很大，加速度却很小的运动19．质量为m 的带正电的物体处于竖直向上的匀强电场中，已知带电物体所受电场力的大小为物体所受重力的47，现将物体从地面以一定初速度竖直上抛，物体以4g的加速度竖直上升到距地面高h 处(空气阻力恒定)，则在物体的上升过程中（ ） A ．物体的重力势能增加mgh 41B ．由物体与周围空气组成的系统的内能增加了mgh 21C ．物体的动能增加mgh 41D ．物体的机械能增加mgh 4120．2013年12月2日，我国第三颗探月卫星“嫦娥三号”搭乘“长征三号乙”火箭发射升空。

华南师大附中2016届高三综合测试（二）理综物理试题二、选择题（本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中．14~18题只有一项符合题目要求．19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．对以下物理学史，说法正确的是A．牛顿发现万有引力定律，并利用扭秤装置比较准确地测出了引力常量B．伽利略通过理想斜面实验,推翻了亚里士多德“力是维持运动的原因”的观点,提出了惯性定律C．爱因斯坦的相对论指出在任何惯性参照系中光速不变D．在国际单位制中，力学的基本单位有牛顿、米和秒15．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示。

取重力加速度g=10m/s2.由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为A．m＝0.5kg，μ＝0.4B．m＝1.5kg,μ＝215C．m＝0.5kg,μ＝0。

2D．m＝1kg，μ＝0.216．如图，半圆形凹槽的半径为R,O点为其圆心．在与O点等高的边缘A、B两点分别以速率v1、v2水平同时相向抛出两个小球，已v1 v2知v1∶v2＝1∶3,两小球恰落在弧面上的P点．则以下说法中正确的是A．∠AOP为45°B．若要使两小球落在P点右侧弧面上同一点,则应使v1、v2都增大C．改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D．若只增大v1，两小球可在空中相遇17．图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾"卫星补充能源,延长卫星的使用寿命。

图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心，轨道半径之比为1∶4。

若不考虑卫星与“轨道康复者"之间的引力,则在图示轨道上，A．“轨道康复者”的速度大于7.9 km/sB．“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的4倍C．“轨道康复者"的周期是3 h，且两者均从图示位置开始经1.5 h 与同步卫星距离最近D．若要对该同步卫星实施拯救，“轨道康复者”应加速，然后与同步卫星对接18．如图所示，A、B两球质量均为m．固定在轻弹簧的两端，分别用细绳悬于O点,其中球A处在光滑竖直墙面和光滑水平墙面的交界处,已知两球均处于平衡状态，OAB恰好构成一个正三角形，则下列说法正确的是（重力加速度为g)A．弹簧对球A的弹力大于对球B的弹力B．球A一定受到四个力的作用C．绳OB对球B的拉力大小一定等于mgD．绳OA对球A的拉力大小不可能小于OB绳对球B的拉力19．如图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点,左侧是一轮轴，大轮半径为4r，小轮半径为2r,b点在小轮上,到小轮中心距离为r，c点和d 点分别位于小轮和大轮的边缘上.若在传动过程中，皮带不打滑，则A．a点与b点线速度大小相等B．a点与c点角速度大小相等C．a点与d点向心加速度大小相等D．a、b、c、d四点中，加速度最小的是b点20．一辆汽车保持功率不变驶上一斜坡，其牵引力逐渐增大，阻力保持不变,则汽车驶上斜坡的过程中A．加速度逐渐增大B．加速度逐渐减小C．速度逐渐增大D．速度逐渐减小21．如图所示,竖直平面内有一固定光滑半圆形细杆，圆心为O，物体A、B间用轻绳绕过光滑定滑轮彼此连接，B套在细杆上,定滑轮在O点正上方，A置于光滑水平桌面上，初始状态物体A、B位置如图，且均静止。

2016-2017学年第一学期高三调研测试（一）理科综合物理部分2016年9月第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用，下列叙述不．符合史实的是A．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应解释了电和磁之间存在联系B．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定线圈中，会出现感应电流C．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说 D．楞次在分析了许多实验事实后提出，感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化15．如图所示，a、b分别为甲、乙两物体在同一直线上运动时的位移与时间的关系图线，其中a为过原点的倾斜直线，b为开口向下的抛物线。

下列说法正确的是A．物体乙始终沿正方向运动B．t1时刻甲、乙两物体的位移相等、速度相等C．t1到t2时间内两物体的平均速度相同D．0～t2时间内无法比较甲、乙两物体的平均速度大小16．下表面粗糙，其余面均光滑的斜面置于粗糙水平地面上，倾角与斜面相等的物体A 放在斜面上，方形小物体B放在A上，在水平向左大小为F的恒力作用下，A、B及斜面均处于静止状态，如图所示。

现将小物体B从A上表面上取走，则A．A仍保持静止B．A对斜面的压力不变C．斜面可能向左运动D．斜面对地面的压力变小17．如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法中正确的是A．小球通过最高点时的最小速度v min＝g(R+r)B．小球通过最高点时的最小速度v min＝gRC．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D ．小球在水平线ab 以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力18．一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示，由图可知A ．该交流电的电压瞬时值的表达式为u =100sin(25t )VB ．该交流电的频率为0.25 HzC ．该交流电的电压的有效值为2100VD ．若将该交流电压加在阻值R =100 Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率是50 W19．如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、R 、Q 是这条轨迹上的三点，R 同时也在等势面b 上，据此可知A ．三个等势面中，a 的电势最低B ．带电质点在P 点的电势能比在Q 点的大C ．带电质点在P 点的动能与电势能之和比在Q 点的小D ．带电质点在R 点的加速度方向垂直于等势面b20．“静止”在赤道上空的地球同步气象卫星把广阔视野内的气象数据发回地面，为天气预报提供准确、全面和及时的气象资料。

2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P25．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v08．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m 关系图象是曲线，如此〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=m/s，v B=m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是，还应测量的物理量是．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕12．〔10分〕〔2015•宁德二模〕如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l；水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其他局部摩擦不计．取g=10m/s2．求：〔1〕物块经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；〔2〕物块从Q运动到P的时间与弹簧获得的最大弹性势能；〔3〕调节仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．13．〔12分〕〔2015春•株洲校级期末〕如图甲所示，在竖直平面内有一个直角三角形斜面体，倾角θ为30°，斜边长为x0，以斜面顶部O点为坐标轴原点，沿斜面向下建立一个一维坐标x轴．斜面顶部安装一个小的定滑轮，通过定滑轮连接两个物体A、B〔均可视为质点〕，其质量分别为m1、m2，所有摩擦均不计，开始时A处于斜面顶部，并取斜面底面所处的水平面为零重力势能面，B物体距离零势能面的距离为；现加在A物体上施加一个平行斜面斜向下的恒力F，使A由静止向下运动．当A向下运动位移x0时，B物体的机械能随x轴坐标的变化规律如图乙，如此结合图象可求：〔1〕B质点最初的机械能E1和上升x0时的机械能E2；〔2〕恒力F的大小．14．〔19分〕〔2015秋•姜堰区校级月考〕如下列图，左边为是两个四分之一圆弧衔接而成的轨道EF，右边为两个斜面AB、CD和一段光滑圆弧组成的曲面台．设大小两个四分之一圆弧半径为2R和R，两斜面倾角均为θ=370，AB=CD=2R，且A、D等高，D端固定一小挡板，假设碰撞不损失机械能．一质量为m的滑块与斜面动摩擦因数均为0.25，将滑块从地面上光滑的小平台上以一定的初速度经E点进入圆弧轨道，从最高点F飞出后进入右边的斜面上．重力加速度为g．〔1〕设滑块恰能无挤压地从F点飞出，同时为了使滑块恰好沿AB斜面进入右边轨道，应调节右边下面支架高度使斜面的A、D点离地高为多少？〔2〕接〔1〕问，求滑块在斜面上走过的总路程．〔3〕当滑块的以不同初速度进入EF，求其通过最高点F和小圆弧最低点E时受压力之差的最小值．2015-2016学年广东省广州市实验中学高三〔上〕第二次段考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：此题共9小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，如下说法中不正确的答案是〔〕A．伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来B．牛顿总结出了万有引力定律并用实验测出了引力常量C．笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献D．开普勒通过研究行星观测记录，发现了行星运动三大定律【考点】物理学史．【分析】此题比拟简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学开展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、爱因斯坦、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献．【解答】解：A、伽利略首先将实验事实和逻辑推理〔包括数学推演〕和谐地结合起来，标志着物理学的真正开始，故A正确；B、万有引力常量是由卡文迪许测出的，故B错误；C、笛卡尔等人又在伽利略研究的根底上进展了更深入的研究，他认为：如果运动物体，不受任何力的作用，不仅速度大小不变，而且运动方向也不会变，将沿原来的方向匀速运动下去，因此笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，故C正确；D、开普勒提出行星运动三大定律，故D正确．此题选错误的，应当选：B．【点评】要熟悉物理学史，了解物理学家的探索过程，从而培养学习物理的兴趣和为科学的奉献精神．2．如下列图，长为r的细杆一端固定一个质量为m的小球，使之绕另一端O在竖直面内做圆周运动，小球运动到最高点时的速度v=，物体在这点时〔〕A．小球对细杆的拉力是B．小球对杆的压力是C．小球对杆的拉力是 mg D．小球对杆的压力是mg【考点】向心力；物体的弹性和弹力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解速度；即时速度v=时，再对小球受力分析，根据牛顿第二定律列式求解杆的弹力即可．【解答】解：球在最高点对杆恰好无压力时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律，有：mg=m解得：由于v=＜v0故杆对球有支持力，根据牛顿第二定律，有：mg﹣N=m解得：N=mg﹣m=根据牛顿第三定律，球对杆有向下的压力，大小为mg；应当选：B．【点评】此题关键是明确向心力来源，求解出弹力为零的临界速度，然后结合牛顿第二定律列式分析，不难．3．水平抛出的小球，以刚抛出时为计时起点与位移起点，在t秒末时速度方向与水平方向的夹角为α1，在t+t0秒末时位移方向与水平方向的夹角为α2，重力加速度为g，忽略空气阻力，如此小球初速度的大小可表示为〔〕A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动．根据t时刻速度与水平方向的夹角，可得到水平初速度与时间的关系．再根据t+t0秒末时位移与水平方向的夹角，列式分析即可．【解答】解：据题可得：t秒末时有：tanα1==在t+t0秒末时有：tanα2===联立以上两式，消去t解得：v0=应当选：D【点评】解决此题的关键掌握平抛运动的处理方法：运动的分解法，知道平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动，并掌握分运动的规律．4．如图，竖直平面内的轨道Ⅰ和Ⅱ都由两段直杆连接而成，两轨道长度相等，一小球穿过细直杆且球与两轨道间的动摩擦因数相等．用一样的水平恒力将穿在轨道最低点B的静止小球，分别沿Ⅰ和Ⅱ推至最高点A，假定球在经过轨道转折点的前后速度大小不变．全过程中动能增量分别为△E k1、△E k2，重力势能增量分别为△E P1、△E P2，如此〔〕A．△E k1=△E k2，△E P1=△E P2 B．△E k1＞△E k2，△E P1=△E P2C．△E k1＜△E k2，△E P1=△E P2D．△E k1＞△E k2，△E P1＜△E P2【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定量思想；图析法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】先分析整个过程摩擦力做功关系，根据动能定理比拟动能的增加量；由重力做功情况，分析重力势能增量关系．【解答】解：设任一斜面的倾角为θ，斜面的长度为s，如此物体在该斜面上下滑时摩擦力做功为 W f=﹣μmgcosθ•s=﹣μmgx，x是斜面底边的长度，可知小球沿两轨道运动时，摩擦力做功相等，根据动能定理得：W F﹣mgh﹣W f=△E k，知两次情况拉力做功相等，摩擦力做功相等，重力做功相等，如此动能的变化量相等．即有△E k1=△E k2．根据W G=mgh知，重力做功相等，如此重力势能增量相等，即有△E P1=△E P2，故A正确．应当选：A【点评】此题考查了动能定理与运动学的综合，通过动能定理比拟动能变化量的关系，关键要知道滑动摩擦力做功与水平位移有关．5．质量为m=2kg的物体沿水平面向右做直线运动，t=0时刻受到一个水平向左的恒力F，如图甲所示，此后物体的v﹣t图象如图乙所示，取水平向右为正方向，g=10m/s2，如此〔〕A．物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5B．10s末恒力F的功率为6WC．10s末物体恰好回到计时起点位置D．10s内物体抑制摩擦力做功34J【考点】动能定理；功的计算．【专题】定量思想；图析法；动能定理的应用专题．【分析】由v﹣t图分别求得由力F和没有力F作用时的加速度，对两段时间分别运用牛顿第二定律列式后联立求解；设10s末物体离起点点的距离为d，d应为v﹣t图与横轴所围的上下两块面积之差，根据功的公式求出抑制摩擦力做功．【解答】解：A、设物体向右做匀减速直线运动的加速度为a1，如此由v﹣t图得：加速度大小a1===2m/s2，方向与初速度方向相反…①设物体向左做匀加速直线运动的加速度为a2，如此由v﹣t图得：加速度大小a2==1m/s2，方向与初速度方向相反…②根据牛顿第二定律，有：F+μmg=ma1…③F﹣μmg=ma2…④解①②③④得：F=3N，μ=0.05，故A错误．B、10s末恒力F的瞬时功率P=Fv=3×6W=18W．故B错误．C、根据v﹣t图与横轴所围的面积表示位移得：10s内位移为 x=×4×8﹣×6×6m=﹣2m，如此知10s末物体恰在起点左侧2m处．故C错误．D、10s内抑制摩擦力做功Wf=fs=μmgs=0.05×20×〔×4×8+×6×6〕J=34J．故D正确．应当选：D【点评】此题关键先根据运动情况求解加速度，确定受力情况后求解出动摩擦因数，根据v ﹣t图与横轴所围的面积表示位移求解位移．要注意滑动摩擦力与路程有关．6．如下列图，倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，其余局部都光滑，AB段长为3L．有假设干个一样的小方块〔每个小方块视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L．将它们由静止释放，释放时下端距A为3L．当下端运动到A下面距A为L/2时小方块运动的速度达到最大．设小方块与粗糙斜面的动摩擦因数为μ，小方块停止时下端与A点的距离为s，如此如下说法正确的答案是〔〕A．μ=tanθ B．μ=2tanθC．s=3L D．s=4L【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】定量思想；类比法；动能定理的应用专题．【分析】有半数木块过A点速度最大，此时整体的合力为零，根据平衡条件求解求出动摩擦因数．根据动能定理即可求解小方块停止时下端与A的距离．【解答】解：设小方块的总质量为m．当下端运动到A下面距A为L时小方块运动的速度达到最大，此时整体的合外力为零，根据平衡条件得：•μmgcosθ=mgsinθ解得：μ=2tanθ小方块停止时下端与A的距离是s，如此根据动能定理得：mg〔3L+s〕sinθ﹣μmgcosθ•L﹣μmgcosθ〔s﹣L〕=0将μ=2tanθ代入解得：s=4L．应当选：BD【点评】此题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取适宜的过程运用动能定理求解，要注意摩擦力随位移均匀增大时要用摩擦力的平均值求其做功．7．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动．物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．假设重力加速度大小为g，如下说法正确的答案是〔〕A．物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体加速运动的时间为D．物体匀速运动的速度大小为v0【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故AB正确C、物体做变加速运动，并非匀加速运动，不能利用v=at求得时间，故C错误；D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v==v0，故D正确应当选：ABD【点评】此题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决此题的关键8．如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度大小为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．抑制摩擦力做功0.5mghC．动能损失了2mgh D．机械能损失了mgh【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．【解答】解：A、物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，故A正确；B、根据牛顿第二定律知，物体运动的加速度大小为g，所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得，△E k=﹣mg•2h=﹣2mgh，知动能减小2mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh，除重力以外的力做的功等于物体机械能的变化量，如此摩擦力对物体做﹣mgh的功，所以抑制摩擦力做功mgh，故CD正确，B错误．应当选：ACD．【点评】解决此题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以与除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．为了探测X星球，载着登陆舱的探测飞船在以该星球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1…总质量为m1．随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m2，如此〔〕A．X星球的质量为M=B．X星球外表的重力加速度为g x=C．登陆舱在T1与r2轨道上运动时的速度大小之比为=D．登陆舱在半径为r2轨道上做圆周运动的周期为T2=T1【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出中心体的质量．研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度和周期．再通过不同的轨道半径进展比拟．【解答】解：A、研究飞船绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：G=m1r1〔〕2得出：M=，故A正确．B、根据圆周运动知识，a=只能表示在半径为r1的圆轨道上向心加速度，而不等于X星球外表的重力加速度，故B错误．C、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：在半径为r的圆轨道上运动：=m得出：v=，表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以登陆舱在r1与r2轨道上运动时的速度大小之比为==，故C错误．D、研究登陆舱绕星球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：在半径为r的圆轨道上运动：G=m r得出：T=2π ．表达式里M为中心体星球的质量，R为运动的轨道半径．所以可得T2=T1．故D正确．应当选：AD．【点评】此题主要考查万有引力提供向心力这个关系，要注意向心力的公式选取要根据题目提供的物理量或所求解的物理量选取应用．三、非选择题：10．利用图示装置可以做力学中的许多实验．〔1〕利用此装置做“研究匀变速直线运动〞的实验时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕设法消除小车和木板间的摩擦阻力的影响．〔2〕利用此装置探究“加速度与质量的关系〞并用图象法处理数据时，如果画出的a﹣m关系图象是曲线，如此不能〔选填“能〞或“不能〞〕确定小车的加速度与质量成反比．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要〔选填“需要〞或“不需要〞〕重新调节木板的倾斜度．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题．【分析】利用图示小车纸带装置可以完成很多实验，在研究匀变速直线运动时不需要平衡摩擦力，在探究“小车的加速度与质量的关系〞和探究“功与速度变化的关系〞实验时，需要平衡摩擦力；在探究“小车的加速度a与力F的关系〞时，根据牛顿第二定律求出加速度a 的表达式，不难得出当钧码的质量远远大于小车的质量时，加速度a近似等于g的结论．【解答】解：〔1〕此装置可以用来研究匀变速直线运动，但不需要平衡摩擦力；〔2〕曲线的种类有双曲线、抛物线、三角函数曲线等多种，所以假设a﹣m图象是曲线，不能断定曲线是双曲线，即不能断定加速度与质量成反比，应画出a﹣图象．〔3〕利用此装置探究“功与速度变化的关系〞的实验时，通过增减砝码改变小车所受拉力时，不需要重新调节木板的倾斜度．故答案为：〔1〕不需要；〔2〕不能；〔3〕不需要．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．11．某实验小组想测量木板对木块的摩擦力所做的功，装置如图1所示，一木块放在粗糙的水平长木板上，左侧栓有一细线，跨过固定在木板边缘的滑轮与重物连接，木块右侧与穿过打点计时器的纸带相连，长木板固定在水平实验台上．实验时，木块在重物牵引下向右运动，重物落地后，木块继续向左做匀减速运动，图2给出了重物落地后打点计时器打出的纸带，系列小黑点是计数点，每相邻两计数点间还有4个点〔图中未标出〕，计数点间的距离如下列图．打点计时器所用交流电频率为50Hz，不计纸带与木块间的作用力．〔1〕可以判断纸带的右〔左或右〕端与木块连接．〔2〕根据纸带提供的数据计算打点计时器在打下A点和B点时木块的速度：v A=0.72m/s，v B=0.97m/s．〔结果均保存两位有效数字〕〔3〕要测量在AB段木板对木块的摩擦力所做的功W AB，还需要的实验器材是G、H，还应测量的物理量是B．〔填入所选实验器材和物理量前的字母〕A．木板的长度l B．木块的质量m1 C．木板的质量m2D．重物质量m3 E．木块运动的时间t F．AB段的距离l ABG．天平 H．刻度尺 J．弹簧秤〔4〕在AB段，木板对木块的摩擦力所做的功的关系式W AB=．〔用v A、v B 和第〔3〕问中测得的物理量的字母表示〕【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题．【分析】〔1〕重物落地后，木块由于惯性继续前进，做匀减速直线运动，相邻计数点间的距离逐渐减小；。

2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A．B．C．D．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( ) A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是__________．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在__________（选填“直流”或“交流”）电源上．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=__________．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是__________．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=__________．（用题中所测的物理量的符号表示）11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．【物理---选修3-4】15．沿x轴方向的一条细绳上有O、A、B、C、D、E、F、G八个点，=======1m，质点O在垂直于x轴方向上做简谐运动，沿x轴方向传播形成横波．T=0时刻，O点开始向上运动，经t=0.2s，O点第一次到达上方最大位移处，这时A点刚好开始运动．那么在t=2.5s时刻，以下说法中正确的是( )A．B点位于x轴下方 B．A点与E点的位移相同C．D点的速度最大D．C点正向上运动E．这列波的波速为5m/s16．如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°，一束与BC面成θ=45°的光线从BC面的中点射入三棱镜，最后从三棱镜的另一面射出．不考虑光线在AB面的反射情况．已知三棱镜对该光的折射率n=．求：①光线经BC面的折射角．②光线在AB面的入射角．【物理---选修3-5】17．已知电子处于基态时的能量为E，该电子吸收频率为v的光子后跃迁到某一激发态，随后又立即辐射出一个光子，从而跃迁到另一个激发态，此时电子的能量为E′，则该辐射光子的频率为__________．若辐射的光子恰好使某金属发生光电效应，则该金属的逸出功为__________．（已知普朗克常量为h）18．如图所示，一质量M=3kg的小车左端放有一质量m=2kg的铁块，它们以v0=5m/s的共同速度沿光滑水平面向竖直墙运动，车与墙碰撞的时间极短，不计碰撞过程中机械能的损失．小车足够长，最终小车与铁块相对静止．求小车与铁块的共同速度v．2015-2016学年广东省高三（上）第一次联考物理试卷一、选择题：本题共8小题，每题6分．在每小题给出的四个先项中，第1～4题只有一项符合题目要求．第5～8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．如图所示，物体在斜面向右上方的力F的作用下向右做匀速直线运动，则物体受力的个数为( )A．1个B．2个C．3个D．4个考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：物体做匀速直线运动，合力为零，根据共点力平衡判断物体的受力个数．解答：解：做匀速直线运动，合力为零，对物体受力分析，物体受重力，拉力，把拉力进行分析，具有水平方向的分量，所以必定受到摩擦力与之平衡，则必有支持力，所以物体受力重力、支持力、拉力F，摩擦力4个力．故选：D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．2．甲、乙两物体朝同一方向做匀速直线运动，已知甲的速度大于乙的速度，t=0时，乙在甲之前一定距离处，则两个物体运动的位移图象应是( )A． B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：s﹣t图象中每一点的坐标表示该时刻物体的位置，倾斜的直线说明物体做匀速直线运动，其斜率表示速度．与纵坐标的交点不同说明初始位置不同．解答：解：根据已知，甲乙两物体在同一直线上向同一方向做匀速直线运动，所以图象是倾斜的直线而且倾斜方向相同，由因甲的速度大于乙的速度，所以甲的倾斜度要比乙的倾斜度大，故B、D错误．又因为初始时刻乙在甲的前面，所以与纵坐标的交点应乙在上面，甲在下面，故A错误，C 正确．故选C．点评：本题是位移﹣时间图象的应用，能根据图象读取信息，要明确斜率和坐标轴交点的含义，属于基础题．3．2014年10月11日，在广西南宁进行的第四十五届世界体操锦标赛中，我国选手刘洋在男子吊环决赛中获得金牌，如图是其比赛时的照片，设刘洋与吊环的总重为G，绳子重力不计，两根绳子悬挂点间的距离恰好为刘洋的肩宽，若刘洋张开双臂静止在图示位置时，则( )A．每根绳子的拉力大于B．每根绳子的拉力等于C．每根绳子的拉力小于D．若增加绳长，每根绳子的拉力不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：运动员受绳子的拉力及重力而处于平衡状态，三力为共点力；两绳索向上的分力之和应与向下的重力大小相等、方向相反，则由共点力的平衡可求得绳索的拉力．解答：解：ABC、运动员的受力分析简化如图：设细线与竖直方向的夹角为θ，由共点力的平衡可知，在竖直方向上：2Fcosθ=G解得：F=；故F＞故A正确，BC错误；D、若增加绳长，细线与竖直方向的夹角θ减小，故拉力F减小，故D错误；故选：A点评：本题中应注意两线索的拉力与重力相交于一点，故属于共点力平衡，可将两力分解为水平向和竖直向两分力，则在两个方向上的合力为零，由竖直方向的平衡关系可解得拉力的大小．4．2015年6月以来，我国南方多地遭遇暴雨袭击，为抢险救灾，某教授小分队需购买冲锋舟，为测试A、B两种不同型号的冲锋舟的性能．该小分队做了全力制动距离测试，测试结果如图所示，若把冲锋舟制动过程的运动视为匀减速直线支动，则同图可知，A、B两种冲锋舟的加速度之比为( )A．4：3 B．3：4 C．：2 D．2：考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出加速度，从而得出两种情况下冲锋舟的加速度之比．解答：解：根据v2=2ax得，a=，因为初速度相等时，A、B制动的距离之比为x A：x B=20：15=4：3，则加速度之比a A：a B=3：4，故B正确，A、C、D错误．故选：B点评：解决本题的关键知道汽车刹车后做匀减速直线运动，结合匀变速直线运动的速度位移公式分析判断．5．图示为王先生提着包回家的情景，其中王先生对包做了功的是( )A．将包题起来B．站在水平匀速行驶的车上C．乘升降电梯D．提着包上楼考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：掌握做功的两个必要因素即作用在物体上的力和在力的方向通过的位移，二者缺一不可解答：解：A、拉力竖直向上并在拉力方向上通过了位移，故拉力做功，故A正确；B、拉力竖直向上，位移水平方向，故拉力不做功，故B错误；C、拉力竖直向上，通过的位移竖直向上，故拉力做功，故C正确；D、拉力竖直向上，在竖直方向上也有位移，故拉力做功，故D正确；故选：ACD点评：此题考查了做功的必要因素，关键是看在力的方向通过的位移6．2015年7月25日，搭载两颗新一代北斗导航卫星的“长征三号乙/远征一号”运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，并精确入轨和正常运行．图示为部分北斗卫星的轨道图，这些卫星绕地球做圆周运动的半径相同，则对这些卫星，下列物理量相同的是( )A．向心力B．动能C．线速度的大小D．周期考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供，据此分析速度大小与轨道半径的关系，根据物理量的特点进行分析．解答：解：根据万有引力提供向心力有有：A、半径相同，卫星的质量未知，故不能确定卫星的向心力大小相同，且其方向也不相同，故A错误；BC、据v=可知，卫星的线速度大小相同，但卫星质量未知，不能确定动能相同，故B错误，C正确；D、据T=2可知，卫星的周期相同，故D正确．故选：CD．点评：卫星绕地球圆周运动万有引力提供圆周运动向心力，确定描述圆周运动物理量与半径的关系是正确解题的关键．7．如图所示，在一竖直平面内的三条平行导线串有两个电阻R1和R2，导体棒PQ与三条导线均接触良好，匀强磁场的方向垂直纸面向里，导体棒的电阻可忽略．若导体棒向左加速运动，则( )A．流经R1的电流方向向上B．流经R1的电流方向向下C．流经R2的电流方向向上D．流经R2的电流方向向下考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．分析：根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在PQcd回路和在电阻r的回路中找出电流方向．解答：解：AB、根据右手定则，可判断PQ作为电源，Q端电势高，在导线与R1回路中，电流为顺时针方向，即流过R的电流为向上，故A正确、B错误；CD、同理，流经R2的电流方向向上，故C正确、D错误．故选：AC点评：本题考查右手定则的应用．注意PQ作为电源构成了两个回路，分别在各自的回路中找出电流方向．8．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电荷量q=1×10﹣9C的正电荷由A点移动到C点，电场力做功W1=4×10﹣8J，该电荷由C点移动到B 点，电场力做功W2=0．若B点电势为零，则下列说法正确的是( )A．C点电势为4VB．A点电势为4VC．匀强电场的方向由A点垂直指向BCD．匀强电场的方向由A点指向B点考点：电势能．分析：根据试探电荷的电荷量和电场力做功，根据公式U=分别求出A与无穷远间、A与B间电势差，无穷远处电势为零，再确定A、B两点的电势．解答：解：AB、对于A、C间电势差为U AC==V=40V，而电荷由C点移动到B点，电场力做功W2=0．则有CB电势差为零，若B点电势为零，U CB=φC﹣φB，则C点电势φC=0．而A与C间的电势差为U AC=φA﹣φC，则A点电势φA=40V．故A错误，B错误；CD、由上分析可知，BC的电势差为0，BC点的连线即为等势线，且电场线垂直于等势线，根据沿着电场线方向，电势降低，则有匀强电场的方向由A点垂直指向BC，故C正确，D 错误；故选：C．点评：本题考查对电势差公式的应用能力，U AB=应用时，各量均需代入符号．注意电势有正负，而电压没有正负可言．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第23题---28题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．图示为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m的关系”的实验装置．在实验中认为细线对小车的拉力F的大小等于砝码和砝码盘的总重力，小车运动的加速度a可由纸带上的点求得．（1）本实验应用的实验方法是C．A．比较法B．转换法C．控制变量法D．等效替代法（2）实验过程中，打点计时器应接在交流（选填“直流”或“交流”）电源上．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）加速度与物体质量、物体受到的合力有关，在探究加速度与物体质量、受力关系的实验中，应该使用控制变量法．（2）打点计时器应使用交流电源．解答：解：（1）探究加速度与力的关系时，要控制小车质量不变而改变拉力大小；探究加速度与质量关系时，应控制拉力不变而改变小车质量，这种实验方法是控制变量法．故选：C（2）计时器应接在交流电源上．故答案为：（1）C；（2）交流点评：本题考查了物理实验的几种常见方法的应用，要求同学们能掌握控制变量法、等效替代法等物理方法，明确打点计时器应使用交流电源．10．图示的实验装置可以测量“小滑块与小平面之间的支摩擦因数μ”．弹簧左端固定，右端顶住小滑块（滑块与弹簧不连接），开始时使弹簧处于压缩状态，O点是小滑块开始运动的初始位置．某时刻释放小滑块，小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处．已知当地重力加速度为g．（1）实验中，测得小滑块上遮光条的宽度为d及与光电门相连的数字计时器显示的时间为△t，则小滑块经过A处时的速度v=．（用题中的符号表示）（2）为了测量小滑块与水平地面间的动摩擦因数，除了（1）中所测物理量外，还需要测量的物理量是光电门和B点之间的距离L．（说明物理意义并用符号表示）（3）利用测量的量表示动摩擦因数μ=．（用题中所测的物理量的符号表示）考点：探究影响摩擦力的大小的因素．专题：实验题；摩擦力专题．分析：（1）很短的时间内，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，由此可以求得铁块的速度大小；（2）根据滑动摩擦力的公式可以判断求动摩擦因数需要的物理量；（3）由滑块的运动情况可以求得铁块的加速度的大小，再由牛顿第二定律可以求得摩擦力的大小，再由滑动摩擦力的公式可以求得滑动摩擦因数．解答：解：（1）根据极限的思想，在时间很短时，我们可以用这一段的平均速度来代替瞬时速度，所以铁块通过光电门l的速度是v=（2）（3）要测量动摩擦因数，由f=μF N可知要求μ，需要知道摩擦力和压力的大小；小滑块在水平面上运动经过A处的光电门，最后停在B处，滑块做的是匀减速直线运动，根据光电门和B点之间的距离L，由速度位移的关系式可得，v2=2aL对于整体由牛顿第二定律可得，Mg﹣f=Ma因为f=μF N，所以由以上三式可得：μ=；需要测量的物理量是：光电门和B点之间的距离L故答案为：；光电门和B点之间的距离L；点评：测量动摩擦因数时，滑动摩擦力的大小是通过牛顿第二定律计算得到的，加速度是通过铁块的运动情况求出来的．运用动能定理来求解弹性势能，注意摩擦力做负功．11．（13分）在驾照科目三的训练中，某学徒驾驶一辆小轿车在水平路面上，从静止开始做匀加速直线运动，经过t=10s发生的位移x=50m．已知小轿车的质量m=1×103kg，牵引力F=2.2×103N，行驶过程中小轿车所受的阻力恒定，求：（1）小轿车运动的加速度大小a．（2）运动过程中，小轿车所受的阻力大小f．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）汽车做初速度为0的匀加速直线运动，由位移时间公式可求解加速度；（2）根据牛顿第二定律可求解汽车所受阻力．解答：解：（1）汽车做匀加速直线运动，初速度为0，由位移公式可得：m/s2（2）汽车受牵引力和阻力，根据牛顿第二定律可得：F﹣f=ma代入数据，解得：f=1200N答：（1）汽车运动的加速度大小为1m/s2；（2）运动过程中汽车所受的阻力大小为1200N点评：本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．12．（19分）一质量M=4kg、倾角为30°的上表面光滑的斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面上有两个质量均为m=2kg的小球A、B，它们用轻质细绳连接．现对小球B施加一水平向左的拉力F使小球A、B及斜面体一起向左做匀速直线运动，如图所示，重力加速度g=10m/s2．求：（1）细绳的拉力T；（2）水平拉力F的大小；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）以球A为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解细线的拉力；（2）以A、B整体为研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解；（3）以A、B、斜面整体为研究对象，受力分析后根据共点力平衡条件列式求解摩擦力和支持力，最后根据滑动摩擦定律列式求解动摩擦因素．解答：解：（1）以A为研究对象，受重力、拉力和支持力，根据平衡条件，有：T=mgsin30°=2×=10N（2）以A、B整体为研究对象，受拉力、重力和支持力，根据平衡条件，有：Fcos30°=2mgsin30°解得：F=N（3）以A、B、斜面及弹簧整体为研究对象，根据平衡条件，有：F=f=μ（M+2m）g解得：μ==答：（1）细绳的拉力T为10N；（2）水平拉力F的大小为N；（3）水平地面与斜面体间的动摩擦因数μ为．点评：对于连接体问题注意整体与隔离法的应用，正确选取研究对象然后受力分析，根据所处状态列方程求解．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3个选修中任选一个作答．如果多答则按所答的第一个计分．【物理-----选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明分子间存在斥力B．一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，气体分子的平均动能减少C．液体表面层的分子较密集，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力D．一定量的气体，在体积不变时，分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少E．第二类永动机是不能制造出来的，虽然它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律考点：热力学第二定律．专题：热力学定理专题．分析：温度是分子平均动能的标志，根据热力学第一定律判断内能的变化，液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律．解答：解：A、给篮球打气时，到后来越来越费劲，说明内部压强越来越大，与分子斥力无关，故A错误；B、一定质量的理想气体经历一缓慢的绝热膨胀过程，对外做功内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减少少，故B正确；C、液体表面层的分子较稀疏，分子间引力大于斥力，因此产生液体的表面张力，故C错误；D、一定量的气体，在体积不变时，温度降低，则分子运动的激烈程度降低，所以分子平均每秒碰撞器壁的次数随着温度的降低而减少，故D正确；E、第二类水动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律，故E正确；故选：BDE点评：掌握温度是分子平均动能的标志，会用热力学第一定律公式判断内能的变化，知道永动机不可能制成的原因．14．如图所示，在竖直放置的圆柱形导热容器内用一轻质活塞密封一定质量的理想气体，活塞与容器壁间无摩擦，容器的横截面积为S．开始时活塞与容器底的距离为h0，设大气压恒为p0．若外界温度保持不变，现用外力将活塞缓慢提升d后，活塞再次平衡．求活塞再次平衡时容器内气体的压强的大小．考点：理想气体的状态方程；封闭气体压强．专题：理想气体状态方程专题．分析：在整个过程中为等温变化，找出初末状态，根据玻意耳定律求的压强解答：解：活塞上升过程为等温变化开始状态：P1=P0，V1=sh0活塞提升d后：V2=S（h0+d0，压强为P2根据玻意耳定律有P1V1=P2V2。

广州市荔湾区2016届高三上学期调研物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示，为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象，已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0～t2时间内下列说法正确的是（）A．两物体在t1时刻速度大小相等B．t1时刻乙的速度大于甲的速度C．两物体平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度2．汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A． B． C． D．3．一物块从某一高度水平抛出，取水平地面为重力势能零点，在抛出点其动能为重力势能的．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．4．“嫦娥五号”探测器预计在2017年发射升空，自动完成月面样品采集后从月球起飞，返回地球，带回约2kg月球样品．某同学从网上得到一些信息，如表格中的数据所示，则地球和=4=6A．B．C．4 D．65．如图所示，内壁光滑的半球形碗固定不动，其轴线垂直于水平面，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度等于球B的线速度B．球A的角速度大于球B的角速度C．球A的向心加速度小于球B的向心加速度D．球A对碗壁的压力等于球B对碗壁的压力6．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A．物体之间普遍存在相互吸引力B．力不是维持物体运动的原因C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反D．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快7．如图所示，甲、丙物体在水平外力F的作用下静止在乙物体上，乙物体静止在水平面上．现增大水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法正确的是（）A．乙对甲的支持力一定增大B．乙对地面的压力一定不变C．乙对甲的摩擦力一定增大D．甲对丙的摩擦力一直为零8．如图甲所示，固定的粗糙斜面长为10m，一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面下滑的过程中，小滑块的动能E k随位移x的变化规律如图乙所示，取斜面底端为重力势能的参考平面，小滑块的重力势能E p随位移x的变化规律如图丙所示，重力加速度g取10m/s2．根据上述信息可以求出（）A．斜面的倾角B．小滑块与斜面之间的动摩擦因数C．小滑块下滑的合外力的大小D．小滑块受到的滑动摩擦力的大小三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学测定一空心铜管的长度和内径．应该用图甲所示游标卡尺的（填“A”“B”或“C”）测量内径；示数如图乙、丙所示，则该铜管的长度和内径分别为cm和mm．10．一同学用图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”．请思考探究思路并回答下列问题：（1）该实验是否需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量（填“需要”或“不需要”）（2）为消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，应该在不挂砂桶的情况下，适当调整木板右端的高度，直到轻推小车，打点计时器在纸带上打出一系列的点．（3）实验中，得到一条打点的纸带如图乙所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间隔s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a=．（4）一组同学在保持小车（含力传感器）质量一定的情况下，探究加速度a与合外力F的关系．他们在木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到两条a﹣F图线，如图丙所示．则图线（填“①”或“②”）是在木板水平的情况下得到的，小车与水平木板间的摩擦力f=N；小车（含力传感器）质量M=kg．（结果均保留两位有效数字）11．（14分）（2015秋•荔湾区月考）接连发生的马航MH370和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=30s，在速度达到v0=72m/s时，驾驶员对发动机的运行状态进行判断；在速度达到v1=78m/s时，必须做出判断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=84m/s时，就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到决定中止起飞的最长时间．（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以大小为4.2m/s2的加速度做匀减速直线运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最短长度．12．（18分）（2015秋•荔湾区月考）光滑水平面上，一个长平板与半圆组成如图甲所示的装置，半圆弧面（直径AB竖直）与平板表面相切于A点，整个装置质量M=5kg．在装置的右端放一质量为m=1kg的小滑块（可视为质点），小滑块与装置一起以v0=8m/s的速度向左运动．现给装置加一个F=43N向右的水平推力，小滑块与长平板发生相对滑动，装置运动的v﹣t图如图乙所示．当装置速度减速为零时，小滑块恰好滑至长平板的左端A，此时撤去外力F并将装置锁定，小滑块继续沿半圆形轨道运动，恰好能通过轨道最高点B．滑块脱离半圆形轨道后又落回长平板．已知小滑块在通过半圆形轨道时克服摩擦力做功W f=2.5J．g 取10m/s2．求：（1）小滑块与长平板间的动摩擦因数μ；（2）长平板的长度L；（3）小滑块最后落回长平板上的落点离A的距离．（二）选考题：共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．．[物理选修3-3]（15分）13．下列说法正确的是（）A．可以将工厂里扩散到外界的能量收集起来重新利用B．温度升高，说明物体中所有分子的动能都增大C．气体对容器壁有压强是因为气体分子对容器壁频繁碰撞的结果D．分子间的距离增大时，分子间的引力和斥力都减小E．在一个绝热容器内，不停地搅拌液体，可使液体的温度升高14．（10分）（2015•南昌校级二模）如图所示，内壁光滑、截面积不相等的圆柱形气缸竖直放置，气缸上、下两部分的横截面积分别为2S和S．在气缸内有A、B两活塞封闭着一定质量的理想气体，两活塞用一根长为l的细轻杆连接，两活塞导热性能良好，并能在气缸内无摩擦地移动．已知活塞A的质量是2m，活塞B的质量是m．当外界大气压强为p0、温度为T0时，两活塞静止于如图所示位置．（1）求此时气缸内气体的压强．（2）若用一竖直向下的拉力作用在B上，使A、B一起由图示位置开始缓慢向下移动的距离，又处于静止状态，求这时气缸内气体的压强及拉力F的大小．设整个过程中气体温度不变．[物理选修3-5]（15分）15．（2015•荆门模拟）下列说法正确的是（）A．若使放射性物质的温度升高，其半衰期可能变小B．氢原子从第一激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子C．α粒子散射实验能揭示原子具有核式结构D．Th核发生一次α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4E．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应16．（2015秋•荔湾区月考）在足够长的水平光滑直导轨上，静止放着三个大小相同的小球A、B、C，质量分别为m A=3kg、m B=m c=1kg．现让A球以v0=2m/s的速度正对着B球运动，A、B两球发生弹性正碰后，B球向右运动并与C球发生正碰，C球的最终速度v c=2m/s．求：（ⅰ）B球与C球相碰前，A、B球各自的速度多大？（ⅱ）三球还会发生第三次碰撞吗？B、C碰撞过程中损失了多少动能？2015-2016学年广东省广州市荔湾区高三（上）调研物理试卷（11月份）参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示，为甲乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图象，已知甲做匀变速直线运动，乙做匀速直线运动，则0～t2时间内下列说法正确的是（）A．两物体在t1时刻速度大小相等B．t1时刻乙的速度大于甲的速度C．两物体平均速度大小相等D．甲的平均速度小于乙的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度．【专题】运动学中的图像专题．【分析】根据位移图象的斜率等于速度，坐标的变化量等于位移，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，则在t1时刻，甲图象的斜率大于乙图象的斜率，所以甲的速度大于乙的速度，故AB错误；C、坐标的变化量等于位移，根据图象可知，甲乙位移大小相等，方向相反，而时间相等，则平均速度的大小相等，故C正确，D错误．故选：C【点评】位移图象和速度图象都表示物体做直线运动，抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键，知道，平均速度等于位移除以时间．2．汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A． B． C． D．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】根据P=Fv分析：匀加速运动时F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，当匀速时牵引力等于阻力，说明牵引力突变，故功率突变．【解答】解：根据P=Fv分析知匀加速运动时牵引力大于阻力，F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，故AD错误；当匀速时牵引力等于阻力，说明F突变小，速度不变，故功率突变小，以后保持不变，故B 错误，C正确．故选：C【点评】此题考查P=Fv的应用，注意在机车问题中F为牵引力，不是合力，力可以突变，速度不会突变．3．一物块从某一高度水平抛出，取水平地面为重力势能零点，在抛出点其动能为重力势能的．不计空气阻力．该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角为（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【专题】比较思想；合成分解法；平抛运动专题．【分析】根据机械能守恒定律，以及已知条件：抛出时动能恰好是重力势能的，分别列式即可求出落地时速度与水平速度的关系，从而求出物块落地时的速度方向与水平方向的夹角．【解答】解：设抛出时物体的初速度为v0，物块离地的高度为h，物块落地时的速度大小为v，方向与水平方向的夹角为α．根据机械能守恒定律得：+mgh=mv2据题有：=mgh联立解得：v=2v0；则cosα==得α=故选：C【点评】解决本题的关键会熟练运用机械能守恒定律处理平抛运动，并要掌握平抛运动的研究方法：运动的分解．4．“嫦娥五号”探测器预计在2017年发射升空，自动完成月面样品采集后从月球起飞，返回地球，带回约2kg月球样品．某同学从网上得到一些信息，如表格中的数据所示，则地球和=4=6A．B．C．4 D．6【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；方程法；万有引力定律的应用专题．【分析】在星球表面、重力等于万有引力，根据万有引力定律列式求解出质量、由密度定义求解密度表达式进行分析即可．【解答】解：在地球表面，重力等于万有引力，故：mg=G解得：M=故密度：ρ===同理．月球的密度：ρ0=故地球和月球的密度之比：==6×=故选：B．【点评】本题关键是明确在星球的表面重力等于万有引力，根据万有引力定律的表达式列式分析即可，基础题目．5．如图所示，内壁光滑的半球形碗固定不动，其轴线垂直于水平面，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在如图所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度等于球B的线速度B．球A的角速度大于球B的角速度C．球A的向心加速度小于球B的向心加速度D．球A对碗壁的压力等于球B对碗壁的压力【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】小球受重力和支持力，靠重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，根据F合=ma=m=mrω2，比较线速度、角速度和向心加速度的大小．并比较支持力的大小，从而能比较压力的大小．【解答】解：ABC、对于任意一球，设其轨道处半球形碗的半径与竖直方向的夹角为β，半球形碗的半径为R．根据重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力，得：F合=mgtanβ=ma=m=mrω2，又r=Rsinβ联立得：v=，a=gtanβ，ω=R一定，可知β越大，线速度v越大、角速度ω越大、向心加速度a越大，所以球A的线速度大于球B的线速度，球A的角速度大于球B的角速度，球A的向心加速度大于球B的向心加速度．故AC错误，B正确．D、由图得：球所受的支持力F N=，β越大，F N越大，则碗对A球的支持力较大，由牛顿第三定律知球A对碗壁的压力大于球B对碗壁的压力，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道小球做匀速圆周运动，靠重力和支持力的合力提供向心力，能灵活选择向心力的形式，由牛顿运动定律列式分析．6．伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索自然规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A．物体之间普遍存在相互吸引力B．力不是维持物体运动的原因C．物体间的相互作用力总是大小相等、方向相反D．忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快【考点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】本题要掌握伽利略关于运动和力关系的观点、落体运动的规律理论等等．伽利略的斜面实验是以可靠的事实为基础，经过抽象思维，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出的结论．【解答】解：A、伽利略没有发现物体之间普遍存在相互吸引力的规律．故A错误；B、伽利略根据理想斜面实验，发现了力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、伽利略没有发现物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反的规律．物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反是牛顿第三定律得内容，故C错误；D、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合的方法，得出了自由落体运动是初速度为零的匀变速直线运动；并且明确了重物和轻物下落的同样快；故D正确；故选：BD．【点评】伽利略是物理学的奠基人之一，要学习他的成就和科学研究的方法．理想斜面实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律．7．如图所示，甲、丙物体在水平外力F的作用下静止在乙物体上，乙物体静止在水平面上．现增大水平外力F，三物体仍然静止，则下列说法正确的是（）A．乙对甲的支持力一定增大B．乙对地面的压力一定不变C．乙对甲的摩擦力一定增大D．甲对丙的摩擦力一直为零【考点】物体的弹性和弹力；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；合成分解法；图析法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】正确的受力分析是解决问题的关键，三物体仍然静止，说明物体处于平衡状态，所受外力合力为0，以甲乙丙整体为研究对象，当F增大时，地面对整体的摩擦力亦增大．再分别以甲、丙为研究对象即可求解．【解答】解：如图对甲进行受力分析有：F合x=Fcosθ+f﹣Gsinθ=0 (1)F合y=F N﹣Gcosθ﹣Fsinθ=0 (2)A、由（2）知，F N=Gcosθ+Fsinθ，当F增大时，则支持力增大．故A正确；B、把甲乙丙看成一个整体，当F增加时，根据静摩擦力大小的判断f=﹣F外，可知，当F 增大时，地面给乙的摩擦力随之增大，使系统处于平衡状态，但地面对乙的压力没有变，那么乙对地面的压力也没变，故B正确；C、由（1）知f=Gsinθ﹣Fcosθ，由于未知摩擦力的方向，故当f为正值时，F增大则f减小，若f为负值即沿斜面向下时，当F增大则f亦增大，故C错误；D、对丙进行受力分析，丙处于静止状态，水平方向不受摩擦力，故D正确．故选：ABD．【点评】考虑到物体的受力分析，物体始终处于静止状态，即满足合外力为零，另物体受到斜面的摩擦力，因不知倾角和动摩擦因数的大小，摩擦力可能沿斜面向上也可能沿斜面向下，所以当F增大时，摩擦力可以变大也可以变小，要根据具体题目加以讨论．8．如图甲所示，固定的粗糙斜面长为10m，一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面下滑的过程中，小滑块的动能E k随位移x的变化规律如图乙所示，取斜面底端为重力势能的参考平面，小滑块的重力势能E p随位移x的变化规律如图丙所示，重力加速度g取10m/s2．根据上述信息可以求出（）A．斜面的倾角B．小滑块与斜面之间的动摩擦因数C．小滑块下滑的合外力的大小D．小滑块受到的滑动摩擦力的大小【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】定量思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】根据动能图象可读出动能，由动能定理可以求出合力的大小，根据势能图象可以得出物体的初始势能．由动能定理和能量守恒定律结合分析．【解答】解：由图象知，物体的初始重力势能为E p1=100J，末动能为E k2=25J．A、据题斜面长度为10m，由E p=mgh=mgLsinα，可知由于不知道物体的质量，故不能根据初始势能和斜面长度来确定斜面的倾角，故A错误；B、根据能量守恒可以求出阻力做的功，再由斜面长度可求得摩擦力的大小，但因物体质量和倾角未知，故不能求得动摩擦因数的大小，故B错误；C、由图可得到动能的变化量，根据动能定理可以求得物体受到的合外力，结合W合=F合L 可知能求出滑块下滑的合外力大小．C正确；D、根据能量守恒可以求得下滑过程中克服摩擦力做功为W f=E p1﹣E k2=100J﹣25J=75J，而斜面长度L=10m，故由W f=fL可求得滑块下滑时受到滑动摩擦力的大小为7.5N，故D正确．故选：CD【点评】读懂图象及其反应的物理意义，知道物体在斜面上下滑时的受力特征是正确解题的关键，灵活运用动能定理和能量守恒定律研究．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学测定一空心铜管的长度和内径．应该用图甲所示游标卡尺的A（填“A”“B”或“C”）测量内径；示数如图乙、丙所示，则该铜管的长度和内径分别为50.10cm和10.20 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用．【专题】实验题；定性思想；推理法；基本实验仪器．【分析】游标卡尺来测量空心铜管内径应该用内爪．游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读．【解答】解：游标卡尺来测量空心铜管应该用内爪，即A部分．该铜管的长度为l=50.10cm，游标卡尺测内径时，主尺读数为10mm，游标读数为0.05×4=0.20mm，最后读数为10.20mm．故答案为：A；50.10；10.20【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法．注意游标卡尺的精确度，难度不大，属于基础题．10．一同学用图甲所示装置“探究加速度与力、质量的关系”．请思考探究思路并回答下列问题：（1）该实验是否需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量不需要（填“需要”或“不需要”）（2）为消除小车与水平木板之间摩擦力的影响，应该在不挂砂桶的情况下，适当调整木板右端的高度，直到轻推小车，打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点．（3）实验中，得到一条打点的纸带如图乙所示，已知相邻计数点间的时间间隔为T，且间隔s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度的表达式为a=．（4）一组同学在保持小车（含力传感器）质量一定的情况下，探究加速度a与合外力F的关系．他们在木板水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到两条a﹣F图线，如图丙所示．则图线①（填“①”或“②”）是在木板水平的情况下得到的，小车与水平木板间的摩擦力f=0.25N；小车（含力传感器）质量M=0.25kg．（结果均保留两位有效数字）【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）小车所受的拉力通过力传感器直接得出，不需要用砂和砂桶的总重力表示，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时小车做匀速直线运动．（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．（4）根据图线得出摩擦力的大小，结合图线的斜率求出小车的质量．【解答】解：（1）因为小车所受的拉力可以通过力传感器直接得出，所以不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车（含力传感器）的质量．（2）平衡摩擦力时，小车做匀速直线运动，打出一系列等间距的点．（3）根据，，得，小车的加速度a==．（4）木板水平时，未平衡摩擦力，则F不等于零时，加速度仍然为零，得出的图线为图线①．当F=0.25N时，小车开始运动，可知小车与木板间的摩擦力为0.25N．图线斜率的倒数表示小车的质量，则M==．故答案为：（1）不需要；（2）等间距（或间距相等）；（3），（4）①，0.25 0.25．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，以及知道a﹣F图线斜率和截距表示的含义，难度中等．11．（14分）（2015秋•荔湾区月考）接连发生的马航MH370和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=30s，在速度达到v0=72m/s时，驾驶员对发动机的运行状态进行判断；在速度达到v1=78m/s时，必须做出判断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=84m/s时，就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到决定中止起飞的最长时间．（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以大小为4.2m/s2的加速度做匀减速直线运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最短长度．【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】（1）由时间t0=28s、速度v0=70m/s，计算出加速度，结合v1=77m/s，得到做出决断终止起飞的最长时间（2）由位移时间关系结合速度时间关系求解位移，或利用v﹣t图象求解位移【解答】解：（1）设飞机加速过程中的加速度大小为a1，则飞机从静止开始加速到v0的过程有：v0=a1t0…①设飞机从v0加速到v1所用的时间为t，则飞机在此过程中有：v1=v0+at…②由①②代入数据，解得：t=2.5s…③。

2016届高三六校第一次联考物理试题命题学校：惠州一中 2015，9，8 一、选择题:本题共9小题，共42分。

在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，每小题4分。

第7～9题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．北京获得2022年冬奥会举办权，冰壶是冬奥会的比赛项目。

将一个冰壶以一定初速度推出后将运动一段距离停下来。

换一个材料相同，质量更大的冰壶，以相同的初速度推出后，冰壶运动的距离将A．不变 B.变小 C. 变大 D.无法判断2．如图1所示，某一缆车沿着坡度为30°的山坡以加速度a上行，在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止(设缆车保持竖直状态运行)。

则A．小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下B．小物块受到的滑动摩擦力大小为C．小物块受到的静摩擦力大小为D．小物块受到斜面的弹力大小为3．某种型号焰火礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案。

假设礼花弹从炮筒中竖直向上射出时的初速度是v0，上升过程中所受的阻力大小始终是自身重力的k倍，g=10m/s2，那么v0和k分别等于A.40m/s，1.25B.40m/s，0.25C.50m/s，1.25D.50m/s，0.254、火星的直径为地球的一半，质量为地球的十分之一，它绕太阳公转的轨道半径约为地球绕太阳公转的轨道半径的1.5倍，地球表面重力加速度约为10m/s2，从以上信息可知A．火星公转的周期比地球公转的周期短B．火星表面重力加速度约为4m/s2C．火星公转的向心加速度比地球公转的向心加速度大D．火星公转的线速度大于地球公转的线速度5．如图2-甲所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F N，小球在最高点的速度大小为v，F N－v2图象如图2-乙所示．下列说法正确的是A ．当地的重力加速度大小为b RB ．小球的质量为b a RC ．当v 2＝c 时，杆对小球弹力方向向上D ．若v 2＝2b ，则杆对小球弹力大小为2a6、如图3所示，在光滑绝缘水平面上的P 点正上方O 点固定了一电荷量为＋Q 的正点电荷，在水平面上的N 点，由静止释放一质量为m 、电荷量为－q 的负检验电荷，该检验电荷经过P 点时速度为v ，图中θ＝60°，规定电场中P 点的电势为零，则在＋Q 形成的电场中，下列判断正确的是A ．P 点电场强度大小是N 点的2倍B ．N 点电势高于P 点电势C ．N 点电势为D ．检验电荷在N 点具有的电势能为7．在如图4-甲所示的电路中，螺线管匝数n ＝1500匝，横截面积S ＝20 cm 2.螺线管导线电阻r ＝1.0 Ω，R 1＝4.0 Ω，R 2＝5.0 Ω，C ＝30 μF.在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B 按如图4-乙所示的规律变化．则下列说法中正确的是A．螺线管中产生的感应电动势为1.2 VB．闭合S，电路中的电流稳定后电容器上极板带正电C．电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率为5×10－2 WD．S断开后，流经R2的电量为1.8×10－5 C8．如图5-甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交变电流的电动势图象如图5-乙所示，经原、副线圈匝数比为1∶10的理想变压器给一灯泡供电，如图5-丙所示，副线圈电路中灯泡的额定功率为22 W，现闭合开关，灯泡正常发光．则A．t＝0.01s时，穿过线框回路的磁通量为零B．金属线框的转速为50 r/sC．变压器原线圈中电流表的示数为AD．灯泡的额定电压为220V9．如图6所示，滑块以初速度v0滑上表面粗糙的固定斜面，到达最高点后又返回到出发点．则能大致反映滑块整个运动过程中速度v、加速度a、动能E k、重力对滑块所做的功W与时间t或位移x关系的是(取初速度方向为正方向)二、实验题：本大题共2小题，共15分。