(完整版)高中物理安培定则、左手定则、右手定则专题训练人教版必修2

高中物理中的左右手定则：全面总结与解析在高中物理的学习过程中，我们会遇到各种各样的定律和规则。

其中，左右手定则是电磁学中的两个重要工具，用于判断电流、磁场以及运动电荷之间的相互作用关系。

下面，我们将对这两个定则进行全面的总结和解析。

一、右手螺旋法则（安培定则）右手螺旋法则是用来判断电流产生的磁场方向的。

具体步骤如下：1. 手心向上握住导线，让拇指指向电流的方向。

2. 其余四指环绕导线弯曲，其指向就是由该电流产生的磁场方向。

需要注意的是，这个定则仅适用于直导线周围的磁场方向，对于非直线电流或复杂的电流分布，需要通过积分计算得出。

二、左手定则（电动机定则）左手定则是用来判断载流导线在磁场中受力方向的。

具体步骤如下：1. 左手平伸，大拇指与其他四指垂直且处于同一平面。

2. 让四指弯曲，以表示磁场的方向，即磁感线的方向。

3. 使大拇指指向电流的方向，那么大拇指所指的方向就是载流导线在磁场中受力的方向。

三、右手定则（发电机定则）右手定则是用来判断闭合电路中的感应电动势方向的。

具体步骤如下：1. 右手平伸，大拇指与其他四指垂直且处于同一平面。

2. 让四指弯曲，以表示导体切割磁感线的运动方向。

3. 使大拇指指向磁场的方向，那么大拇指所指的方向就是闭合电路中的感应电动势方向。

需要注意的是，这个定则仅适用于导体切割磁感线产生感应电动势的情况，对于其他情况，需要通过法拉第电磁感应定律进行分析。

总结来说，左右手定则是高中物理学习中非常重要的知识点，它们能够帮助我们理解和解决许多实际问题。

然而，要想熟练运用这些定则，还需要大量的练习和实践。

希望这篇文章能对你有所帮助，祝你在物理学习的道路上越走越远！。

安培定则-左手定则-右手定则-专题“安培定则”“左手定则”“右手定则”专题板块1 安培定则☆电流能产生磁场，电流方向与磁感线方向的关系用安培定则（右手螺旋定则）。

右手手势注意：四指是弯曲，拇指伸直。

当电流沿直线时，拇指→电流方向四指→磁感线方向当电流为环形时，四指→电流方向拇指→螺线管内部磁感线方向☆专项练习：例1如图所示，通电导线的电流方向和它周围产生的磁场磁感线的方向关系正确的是( )例2一束粒子沿水平方向飞过小磁针的下方，如图所示，此时小磁针的N极向纸内偏转，这一束粒子可能是 ( )A．向右飞行的正离子束 B、向左飞行的负离子束C、向右飞行的电子束D、向左飞行的电子束N S练1、如图所示，给圆环通电时，与其共面的小磁针S极转向读者，则圆环中的电流方向是（填顺时针或逆时针）。

练2、如图1所示，若一束电子沿y轴正向移动，则在z轴上某点A的磁场方向应是（）A．沿x的正向B．沿x的负向图1 C．沿z的正向D．沿z的负向板块2 左手定则☆左手注意：四指伸直，四指与拇指在同一平面且垂直。

手心→磁感线穿过；四指→电流方向拇指→安培力方向☆手心→磁感线穿过；四指→正电荷运动的方向→负电荷运动的反方向拇指→洛伦磁力方向☆专项练习：例1如图所示，关于磁场方向、运动电荷的速度方向和洛伦兹力方向之间的关系正确的是( )练1、如图所示，а、ｂ、ｃ三种粒子垂直射入匀强磁场，根据粒子在磁场中的偏转情况，判断粒子的带电情况是：а________、ｂ________、ｃ________。

(填“正电”、“负电”或“不带电”)例2下图表示一条放在磁场里的通电直导线，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，下列选项中正确的是( )练2、图1所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央的上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电流，则[ ]A．磁铁对桌面压力减小，不受桌面的摩擦力作用B．磁铁对桌面压力减小，受到桌面的摩擦力作用C．磁铁对桌面压力增大，不受桌面的摩擦力作用D．磁铁对桌面压力增大，受到桌面的摩擦力作用a cb板块3右手定则☆导体在磁场中切割磁感线的运动时，感应电流的方向可用右手定则判定。

安培定则、左手定则的理解与应用高考频度：★★☆☆☆难易程度：★★★☆☆如图，P环位于螺线管的中垂面处，当P环中感应电流为顺时针方向（右视）且受背离圆心向外的张力时，则螺线管中电流的方向及大小变化是A．b→a，减小 B．b→a，增大C．a→b，减小 D．a→b，增大【参考答案】D【试题解析】此题极易错选答案，P环受向外的张力，则说明P环有扩大其面积的趋势，穿过它的原磁场的磁通量在增加（注意：穿过P环内外磁感线方向是不同的，这里P扩大面积不是想增大其磁通量，而是穿过它的原磁场磁通量在增加，其感应电流的磁场欲阻碍原磁通量的增加），由楞次定律和安培定则可知答案选D。

【知识补给】安培定则和左手定则的使用情况（1）安培定则用于判定电流磁场的磁感线分布，使用时注意分清“因——电流方向”和“果——磁场方向”。

（2）左手定则用于判定安培力的方向，使用时注意分清“因——电流方向和磁场方向”和“果——受力方向”。

电视机显象管的偏转线圈示意图如图所示，某时刻电流方向如图所示。

则环心O处的磁场方向为A．向下B．向上C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外关于通电直导线所受的安培力F、磁感应强度B和电流I三者方向之间的关系，下列说法中正确的是A．F与B、I的三者必定均相互垂直B．F必定垂直于B、I，但B不一定垂直于IC．B必定垂直于F、I，但F不一定垂直于ID．I必定垂直于F、B，但F不一定垂直于B把圆形导线圈用细线挂在通电直导线附近，使两者在同一竖直平面内，其中直导线固定，线圈可以自由活动，如图所示.当圆线圈中通入图示方向的电流时，线圈将A．发生转动，同时靠近直导线B．发生转动，同时离开直导线C．远离直导线D．靠近直导线初速为0v的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变有一自由的矩形导体线圈，通以电流I′。

安培定则、左手定则、右手定则专题高考真题
一、画出下列各图中电流的磁场方向或根据磁场方向标出电流的方向（ 12×2′=24′）
二、在下列各图中标出通电导体在磁场中所受安培力的方向或导体中电流方向或磁场方向（6×2′=12′）
三、在下列各图中判断带电粒子受洛仑兹力的方向或粒子运动方向或粒子带何种电荷或判断磁场方向（6×2′=12′）
四、在下列各图中标出导体切割磁感线产生感应电流方向或导体割磁感线的方向或磁场方向（6×2′=12′）
五、判断（7×2′=14′）：图（31）是已知直线电流下方磁场方向判断导体中电流方向；图（32）是已知通电导体受力方向判断电流方向；图（33）是已知导体切割磁感线方向判断感应电流方向；图（34）是已知粒子受力方向判断运动方向。

图（35）是已知通电导体受力情况要判断磁场方向；图（36）是已知导体切割磁感线产生感应电流方向要判断磁场方
向；图（37）是已知带电粒子运动和受力方向要判断磁场方向。

六、（8′）如图（38）所示，a、b 是直线电流，cd 是闭合电路的部分导体，v为导体切割磁感线方向，标出 cd 中产生的感应电流方向和 cd 受安培力的方向。

七、（8′）在图（39）中标出导体切割磁感线产生的感应电流方向和导体受到的安培力的方向。

八、（10′）如图（40）所示，∏型金属导体框架与水平面有一定夹角，裸导线置于框架平面上，在重力作用下下滑，请在甲、乙、丙三个图中标出导体所受安培力的方向。

高二安培定则，左右手定则，楞次定律专项训练学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1.如图所示,在通电长直导线(电流方向如图)下方,有一不计重力的电子沿平行导线方向以速度v开始运动,则电子( )A.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越小B.将沿轨迹Ⅰ运动,半径越来越大C.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越小D.将沿轨迹Ⅱ运动,半径越来越大答案：A解析：由安培定则可知,该通电直导线在其下方产生的磁场方向垂直纸面向里.根据左手定则可知,电子所受洛伦兹力的方向向上,所以沿轨迹Ⅰ运动,故C、D错误;因离导线越近,磁感应强度越大,根据2vBqv mr可知,轨迹半径越来越小,故A正确,B错误.2.如图所示，匀强磁场中放置一矩形线圈，线圈所在平面与磁场平行，现通了如图的电流，则线圈的运动情况是：（）A．从上往下看是顺时针方向转动；B．从上往下看是逆时针方向转动；C．从左往右看是顺时针方向转动；D．从左往右看是逆时针方向转动。

答案：A解析：3.如图所示，水平直导线ab通有向右的电流I，置于导线正下方的小磁针S极将()A．向纸外偏转B．向纸内偏转C．在纸面内顺时针转过90°D．不偏转答案：A解析：4.为寻找“磁生电”现象,英国物理学家法拉第在1831年把两个线圈绕在同一个软铁环上(如图所示),一个线圈A连接电池E和开关K,另一个线圈B闭合,并在其中一段直导线正下方放置一小磁针.闭合开关K前,小磁针静止且与直导线平行.当闭合开关K后,从上往下看( )A.小磁针沿顺时针方向偏转了一下,最终复原B.小磁针沿逆时针方向偏转了一下,最终复原C.小磁针沿顺时针方向偏转了一下,并一直保持这种偏转状态D.小磁针沿逆时针方向偏转了一下,并一直保持这种偏转状态答案：A解析：5.如图所示，P点在螺线管的正上方，当螺线管通以恒定电流，不计其他磁场的影响，螺线管左边的小磁针静止时，N极的指向水平向左．则下面判断中正确的是()A. 电源的甲端是正极，P点的磁感应强度方向向右B. 电源的乙端是正极，P点的磁感应强度方向向右C. 电源的甲端是负极，P点的磁感应强度方向向左D. 电源的乙端是负极，P点的磁感应强度方向向左答案：B解析：6.下列各图中,已标出电流I、磁感应强度B的方向,其中符合安培定则的是( )A.B.C.D.答案：C解析：7.竖直直导线ab与水平面上放置的圆形线圈隔有一小段距离,其中直导线固定,线圈可自由运动,当同时通以如图所示方向的电流时(圆形线圈内电流从上向下看是逆时针方向),则从左向右看,线圈将( )A.不动B.顺时针转动,同时靠近直导线C.顺时针转动,同时离开直导线D.逆时针转动,同时靠近直导线答案：D解析：根据右手螺旋定则可知,通电直导线以在右侧产生的磁场方向垂直于纸面向里.采用电流元法,将圆形线圈分成内外两半,根据左手定则可知,线圈外侧半圈受到的安培力向上,内侧半圈受到的安培力向下,圆线圈将逆时针转动.再用特殊位置法,圆形线圈转过90°时,通电直导线ab对左侧线圈产生吸引力,对右侧线圈产生排斥力,由于吸引力大于排斥力,圆形线圈靠近则从左向右看,线圈将逆时针转动,同时靠近直导线故D正确,A、B、C错误.8.如图所示为电流产生磁场的分布图,正确的是( )A. B.C. D.答案：C解析：电流方向向上,由右于螺旋定则可得磁场为右边进,左边出,故A错误;电流沿顺时针方向,由右手螺旋定则可得内部磁场方向垂直纸面向里,故B错误;由右手螺旋定则可知,环形电流内部磁场应向下,故C正确;根据图示电流方向,由右手螺旋定则可知,螺线管内部磁场方向向上,小磁针处磁场方向向下,故小磁针N极应该指向下方,故D错误.9.一条形磁铁放在水平桌面上，它的上方靠右极一侧吊挂一根与它垂直的导电棒，图中只画出此棒的截面图，并标出此棒中的电流是流向纸内的，逐渐增大导电棒中的电流，磁铁一直保持静止。

安培定则、左手定则的理解与应用高考频度：★★☆☆☆难易程度：★★★☆☆如图，P环位于螺线管的中垂面处，当P环中感应电流为顺时针方向（右视）且受背离圆心向外的张力时，则螺线管中电流的方向及大小变化是A．b→a，减小 B．b→a，增大C．a→b，减小 D．a→b，增大【参考答案】D【试题解析】此题极易错选答案，P环受向外的张力，则说明P环有扩大其面积的趋势，穿过它的原磁场的磁通量在增加（注意：穿过P环内外磁感线方向是不同的，这里P扩大面积不是想增大其磁通量，而是穿过它的原磁场磁通量在增加，其感应电流的磁场欲阻碍原磁通量的增加），由楞次定律和安培定则可知答案选D。

【知识补给】安培定则和左手定则的使用情况（1）安培定则用于判定电流磁场的磁感线分布，使用时注意分清“因——电流方向”和“果——磁场方向”。

（2）左手定则用于判定安培力的方向，使用时注意分清“因——电流方向和磁场方向”和“果——受力方向”。

电视机显象管的偏转线圈示意图如图所示，某时刻电流方向如图所示。

则环心O处的磁场方向为A．向下B．向上C．垂直纸面向里D．垂直纸面向外关于通电直导线所受的安培力F、磁感应强度B和电流I三者方向之间的关系，下列说法中正确的是A．F与B、I的三者必定均相互垂直B．F必定垂直于B、I，但B不一定垂直于IC．B必定垂直于F、I，但F不一定垂直于ID．I必定垂直于F、B，但F不一定垂直于B把圆形导线圈用细线挂在通电直导线附近，使两者在同一竖直平面内，其中直导线固定，线圈可以自由活动，如图所示.当圆线圈中通入图示方向的电流时，线圈将A．发生转动，同时靠近直导线B．发生转动，同时离开直导线C．远离直导线D．靠近直导线初速为0v的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则A．电子将向右偏转，速率不变 B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变 D．电子将向右偏转，速率改变有一自由的矩形导体线圈，通以电流I′。

人教版（2019）：选择性必修第二册左手定则训练一一一一一一一16一一一1．下列各图中，正确的是（）A．B．C．D．2．在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图。

过c点的导线所受安培力的方向（）A一一ab一一一一一一一一B一一ab一一一一一一一一C一一ab一一一一一一一一D一一ab一一一一一一一一3．如下图所示，表示磁场对通电直导线的作用，其中不正确的是（）A．B．C．D．4．如图所示，用细橡皮筋悬吊一轻质线圈，置于一固定直导线上方，线圈可以自由运动．当给两者通以图示电流时，线圈将（）A一一一一一一一一一一一一一一一一一一B一一一一一一一一一一一一一一一一一一C一一一一一一一一一一一90°D一一一一一一一一一一一90°5．如图各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（）A．B．C．D．6．如图，一段半圆形粗铜线固定在绝缘水平桌面（纸面）上，铜线所在空间有一匀强磁场，磁场方向竖直向下。

当铜线通有顺时针方向电流时，铜线所受安培力的方向（）A一一一B一一一C一一一D一一一7．如图所示，在水平向右的匀强磁场中，有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线所受的安培力方向是（）A一一一一一B一一一一一C一一一一一D一一一一一8．一个不计重力的带正电荷的粒子，沿图中箭头所示方向进入磁场，磁场方向垂直于纸面向里，则粒子的运动轨迹（）A一一一一一一a B一一一一一一bC一一一一一一c D一a一b一c一一一一9．沈括在《梦溪笔谈》中记载了“方家以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也”。

现代研究表明，地球地磁场的磁感线分布如图所示。

下列与地磁场有关说法正确的是（）A一一一一一一一一一一一一一一一一一一B一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一C一一一一一一一一一一一一一一一D一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一一10．如图所示的匀强磁场中有一根放入其中的通电直导线，图中已经标出了电流I和磁感应强度B以及磁场对电流作用力F三者的方向，其中不正确的是（）A．B．C． D．11．如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）A．B．C．D．12．如图所示，匀强磁场方向垂直于纸面向里，若在O点发射带正电荷的粒子，为了打中正上方的A点，下列说法正确的是（）A一一一一一一一一一一一一B一一一一一一一一一一一一C一一一一一一一一一一一一D一一一一一一一一一一一一13．在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，紧贴边缘内壁放一个圆环形电极，并把它们与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水。

安培力和洛伦兹力一、重要内容1.左手定则（安培力方向的判断）伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心垂直进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。

2.安培力的大小安培力的大小：F＝BIl·sinθ说明①θ为B与I方向的夹角当θ＝0°时，即B∥I，F＝0当θ＝90°时，即B⊥I，F＝BIl②表达式F＝BIl sinθ中l指的是导线在磁场中的“有效长度”，弯曲导线的有效长度l等于连接两端点直线段的长度(如图虚线所示)；相应的电流沿导线由始端流向末端。

3.左手定则（洛伦兹力方向的判断）伸开左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心垂直进入，并使四指指向正电荷运动的方向，这时拇指所指的方向就是运动的正电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向。

说明：①对于负电荷，四指指向电荷运动的反方向。

②洛伦兹力的方向总是与电荷运动的方向和磁场方向垂直，即洛伦兹力的方向总是垂直于运动电荷速度方向和磁场方向所决定的平面。

F、B、v三个量的方向关系是：F⊥B，F⊥v，但B与v不一定垂直，如图甲、乙所示。

③洛伦兹力永不做功，它只改变电荷的运动方向，不改变电荷的速度大小。

4.洛伦兹力的大小F ＝q v B sin θ当v ⊥B ，F ＝qvB ，即运动方向与磁场垂直时，洛伦兹力最大。

当v ∥B ，F ＝0，即运动方向与磁场平行时，不受洛伦兹力。

当v 与B 成θ角时，F ＝qvB sin θ。

二、重要方法1.解决安培力作用下的平衡问题与解决一般物体平衡方法类似，只是多出一个安培力。

一般解题步骤为：2.带电体在磁场中运动受洛伦兹力时的动态分析带电体在匀强磁场中速度变化时洛伦兹力的大小往往随之变化，并进一步导致弹力、摩擦力的变化，带电体将在变力作用下做变加速运动。

利用牛顿运动定律和平衡条件分析各物理量的动态变化时要注意弹力为零的临界状态，此状态是摩擦力发生改变的转折点。

微点3 右手定则的理解和应用1．(多选)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，如图所示，能正确表示磁感应强度B的方向、导体运动速度v的方向与产生的感应电流I的方向间关系的是( )2．如图所示，边长为d的正方形线圈，从位置A起先向右运动，并穿过宽为L(L>d)的匀强磁场区域到达位置B，则( )A．整个过程中，线圈中始终有感应电流B．整个过程中，线圈中始终没有感应电流C．线圈进入磁场和离开磁场的过程中，有感应电流，方向都是逆时针方向D．线圈进入磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向；离开磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向3．如图所示，匀强磁场与圆形导体环平面垂直，导体ef与环接触良好，当ef向右匀速运动时( )A．圆环中磁通量不变，环上无感应电流产生B．整个环中有顺时针方向的电流C．整个环中有逆时针方向的电流D．环的右侧有逆时针方向的电流，环的左侧有顺时针方向的电流4．为了测量列车运行的速度和加速度的大小，可采纳如图甲所示的装置，它由一块安装在列车车头底部的强磁体和埋设在轨道地面的一组线圈及电流测量记录仪组成(测量记录仪未画出).当列车经过线圈上方时，线圈中产生的电流被记录下来，P、Q为接测量仪器的端口．若俯视轨道平面，磁场垂直地面对里，如图乙所示，则在列车经过测量线圈的过程中，流经线圈的电流( )A．始终沿逆时针方向B．先沿逆时针方向，再沿顺时针方向C．先沿顺时针方向，再沿逆时针方向D．始终沿顺时针方向5．如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极(Ⅰ在上、Ⅱ在下)，ab为放在其间的金属棒；金属棒ab和金属棒cd用导线连成一个闭合回路；当ab棒向左运动时，cd棒受到向下的磁场力，则( )A．d点电势高于c点电势B．Ⅰ是S极C．Ⅰ是N极D．当cd棒向下运动时，ab棒不受到向左的磁场力[答题区]题号1234 5答案微点3 右手定则的理解和应用1．答案：BC解析：图A中导体不切割磁感线，导体中无电流，A错误；由右手定则可推断，B、C 正确；图D中感应电流方向应垂直纸面对外，D错误．2．答案：D解析：在线圈进入或离开磁场的过程中，穿过线圈的磁通量发生改变，有感应电流产生；线圈完全在磁场中时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，选项A、B错误．由右手定则可知，线圈进入磁场的过程中，线圈中感应电流的方向沿逆时针方向；线圈离开磁场的过程中，感应电流的方向沿顺时针方向，选项C错误，D正确．3．答案：D解析：由右手定则知，导体ef上的电流由e→f，故环的右侧的电流方向为逆时针，环的左侧的电流方向为顺时针，故D正确．4．答案：B解析：列车带着磁场向右运动，进入线圈的过程中，线圈左边的一段导线向左切割磁感线，依据右手定则，线圈中的电流沿逆时针方向；线圈离开磁场时，线圈右边的一段导线向左切割磁感线，这一过程中线圈中的感应电流沿顺时针方向．故线圈中的电流先沿逆时针方向，再沿顺时针方向，选项B正确．5．答案：B解析：由于cd棒受到向下的磁场力，依据左手定则可知，电流方向由c到d，d点电势低于c点电势，故A错误；电流方向由b到a，依据右手定则可知，Ⅰ是S极，故B正确，C错误；当cd棒向下运动时，cd棒中产生方向由d到c的电流，ab棒中的电流方向由a到b，依据左手定则可知，ab棒受到向左的磁场力，故D错误．。

专题复习安培定则、右手定则、左手定则、楞次定律的综合应用1、安培定则、左手定则、右手定则、楞次定律应用于不同的现象：（1）安培定则：（2）右手定则（3）左手定则（4）楞次定律2、右手定则与左手定则区别：抓住“因果关系”分析才能无误．“因动而电”——用右手；“因电而动”——用左手，3、运用楞次定律处理问题的思路运用楞次定律判定感应电流方向的基本思路可归结为：“一原、二感、三电流”，即为：①明确原磁场：弄清原磁场的方向及磁通量的变化情况.②确定感应磁场：即根据楞次定律中的"阻碍"原则，结合原磁场磁通量变化情况，确定出感应电流产生的感应磁场的方向：原磁通量增加，则感应磁场与原磁场方向相反；原磁通量减少，则感应磁场与原磁场方向相同——“增反减同”.③判定电流方向：即根据感应磁场的方向，运用安培定则判断出感应电流方向.（见例1）据原磁场（B原方向及ΔΦ情况）确定感应磁场（B感方向）−−−−→−安培定则判断感应电流（I感方向）−−−−→−左手定则导体受力及运动趋势.例1一平面线圈用细杆悬于P点，开始时细杆处于水平位置，释放后让它在如图所示的匀强磁场中运动，已知线圈平面始终与纸面垂直，当线圈第一次通过位置Ⅰ和位置Ⅱ时，顺着磁场的方向看去，线圈中的感应电流的方向分别为（）A．逆时针方向；逆时针方向B．逆时针方向；顺时针方向C．顺时针方向；顺时针方向D．顺时针方向；逆时针方向例2如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N 极朝下. 当磁铁向下运动时（但未插入线圈内部），（）A．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C. 线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引D．线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥例3在水平放置的光滑绝缘杆ab上，挂在两个金属环M和N，两环套在一个通电密绕长螺线管的中部，如图所示，螺线管中部区域的管外磁场可以忽略；当变阻器的滑动接头向左移动时，两环将怎样运动（）A．两环一起向左移动B．两环一起向右移动C．两环互相靠近D．两环互相离开例4一直升飞机停在南半球的地磁极上空. 该处地磁场的方向竖直向上，磁感应强度为B. 直升飞机螺旋桨叶片的长度为l，螺旋桨转动的频率为f，顺着地磁场的方向看螺旋桨，螺旋桨按顺时针方向转动. 螺旋桨叶片的近轴端为a，远轴端为b，如图所示. 如果忽略a到转轴中心线的距离，用ε表示每个叶片中的感应电动势，则（）A．ε＝πfl2B，且a点电势低于b点电势B．ε＝2πfl2B，且a点电势低于b点电势C．ε＝πfl2B，且a点电势高于b点电势D．ε＝2πfl2B，且a点电势高于b点电势基本现象应用的定则或定律运动电荷、电流产生的磁场安培定则磁场对运动电荷、电流的作用（安培力）左手定则电磁感应部分导体做切割磁感线运动右手定则闭合电路磁通量变化楞次定律SNB专项练习1．如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方．有一条形磁铁（N极朝上，S极朝下）由静止开始下落，磁铁从圆环中穿过且不与圆环接触，关于圆环中感应电流的方向（从上向下看），下列说法正确的是（）A．总是顺时针B．总是逆时针C．先顺时针后逆时针 D．先逆时针后顺时针2．法拉第圆盘发电机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别于圆盘的边缘和铜轴接触，圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中，圆盘旋转时，关于流过电阻R的电流，下列说法正确的是（）A．若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定B．若从上往下看，圆盘顺时针转动，则电流沿a到b的方向流动C．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化D．若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍3．图中装置可演示磁场对通电导线的作用．电磁铁上下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨，L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆．当电磁铁线圈两端a、b，导轨两端e、f，分别接到两个不同的直流电源上时，L便在导轨上滑动．下列说法正确的是（）A．若a接正极，b接负极，e接正极，f接负极，则L向右滑动B．若a接正极，b接负极，e接负极，f接正极，则L向右滑动C．若a接负极，b接正极，e接正极，f接负极，则L向左滑动D．若a接负极，b接正极，e接负极，f接正极，则L向左滑动4．如图，在水平光滑桌面上，两相同的矩形刚性小线圈分别叠放在固定的绝缘矩形金属框的左右两边上，且每个小线圈都各有一半面积在金属框内，在金属框接通逆时针方向电流的瞬间（）A．两小线圈会有相互靠拢的趋势B．两小线圈会有相互远离的趋势C．两小线圈中感应电流都沿顺时针方向D．左边小线圈中感应电流沿顺时针方向，右边小线圈中感应电流沿逆时针方向4.在图中MN和PQ是两条在同一水平面内平行的光滑金属导轨，ef和cd 为两根导体棒，整个装置放在广大的匀强磁场中，如果ef在外力作用下，沿导轨运动，回路产生了感应电流，于是cd在磁场力作用下向右运动，那么，感应电流方向以及ef的运动方向分别为（）（A）c到d，向右（B）c到d,向左（C）d到c,向右（D）d到c，向左5、(多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一闭合电路，当PQ在外力的作用下运动时，MN向右运动，则PQ所做的运动可能是() A．向右加速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向左减速运动6、(多选)如图所示，两个线圈套在同一个铁芯上，线圈的绕向在图中已经标出。

《2. 安培力的应用》同步训练(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、将一条形磁铁插入一个闭合电路的线圈中，不计内外电路的电阻，那么在条形磁铁插入线圈的过程中，电路中的电流方向为（）。

A. 从北极到南极B. 从南极到北极C. 无电流产生D. 电流方向取决于插入速度2、两根平行放置的直导线通以相同方向的电流，它们之间（）。

A. 产生吸引力B. 产生排斥力C. 无相互作用D. 无法确定3、在水平方向匀速拉动一根通有电流的直导线L，导线L与一根垂直于其所在平面且通有电流的平行导线N之间存在相互作用力。

为了使两导线间的相互作用力最小，以下哪个条件必须满足？（）A. 导线L的电流方向应与导线N的电流方向相同B. 导线L的电流方向应与导线N的电流方向垂直C. 导线L、N的电流量应尽可能大D. 导线L、N的距离应尽可能大4、一个矩形线圈匝数为10匝，放置在垂直纸面向内（即线圈N极朝向读者）的匀强磁场中，磁场强度为0.5T。

线圈长度为0.1m，宽度为0.05m，当线圈从磁场中匀速拉出字段过程中，磁通量减少了0.05Wb。

那么，线圈拉出磁场的速度是多少？（）A. 1m/sB. 2m/sC. 1.25m/sD. 1.5m/s5、在磁场中，一个电流为I的直导线垂直于磁场方向放置，已知磁感应强度为B，导线长度为L。

求导线所受的安培力大小。

选项：A. F = BILB. F = 2BILC. F = BI^2LD. F = (1/2)BIL6、一个矩形线圈在匀强磁场中，当线圈平面与磁场方向垂直时，线圈中感应电动势的大小为E。

若将线圈平面旋转到与磁场方向成θ角，此时线圈中感应电动势的大小变为E’。

则E’与E的关系是：选项：A. E’ = EB. E’ = EcosθC. E’ = EsinθD. E’ = 07、在匀强磁场中，一个矩形线框处于静止状态，线框平面与磁场方向垂直。

若该磁场的磁感应强度B逐渐增大，下列说法正确的是（）。

《第1节安培力及其应用》同步训练(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、一个电流元在磁场中受到的安培力与以下哪个因素无关？A、电流的大小B、电流元的长度C、磁场的强度D、电流元与磁场的夹角2、一个长直导线通以电流(I)，在距离导线(r)处放置一个与导线垂直的小磁针，小磁针静止不动。

则该处的磁场方向为：A、垂直于导线向里B、垂直于导线向外C、沿导线方向D、与导线方向成任意角度3、通电直导线在磁场中受到安培力方向的判定方法是（）。

A. 用左手定则来判断B. 用右手定则来判断C. 根据直导线的电流方向来判断D. 根据磁场线的方向来判断4、一段通电导线在均匀磁场中受到安培力大小与下列哪些因素有关（）。

A. 电流的大小B. 磁感应强度C. 导线长度D. 导线的角度E. 导线材料5、题目：一根长直导线通有电流I，放置在水平方向。

若让导线产生的安培力方向垂直于导线，以下哪种情况可以实现这个条件？A. 导线插入均匀磁场中，磁场方向垂直于导线。

B. 导线载有电流，磁场方向平行于导线。

C. 导线进入自由空间，周围无外界磁场存在。

D. 导线插入均匀磁场中，磁场方向垂直于电流。

6、题目：一个电流元在均匀磁场中的运动轨迹是直线形状，则以下哪个说法正确？A. 磁场方向必须与电流方向垂直。

B. 磁场方向必须与电流方向共线。

C. 磁场方向可以与电流方向垂直或共线。

D. 磁场强度大小不变。

7、在磁场中，一段通有电流的直导线受到的安培力最大时，其与磁场的方向关系为（）A. 垂直B. 平行C. 成45度角D. 垂直且反方向二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、关于安培力的描述，下列说法正确的是：A. 安培力的方向与电流方向垂直；B. 安培力的方向与磁场方向平行；C. 安培力的大小与导线长度成正比；D. 安培力的大小与电流强度成反比；E. 安培力的方向可通过左手定则判断。

2、在磁场中，一根直导线通以恒定电流时，关于该导线所受安培力的说法正确的是：A. 若导线平行于磁场方向放置，则导线不受安培力作用；B. 若导线垂直于磁场方向放置，则导线受到的最大安培力；C. 改变导线中的电流方向，不会改变导线所受安培力的方向；D. 当导线与磁场方向之间的夹角为(45∘)时，导线所受安培力小于最大值；E. 导线所受安培力的大小与磁场强度成正比。

习题精选1．如图所示，电磁铁通电时，小磁针静止在图示的位置上，小磁针a端是极；当滑动变阻器的滑片向右移动时，电磁铁的磁性将。

2．如图所示，两通电螺线管在靠近时相互排斥，请在B图中标出通电螺线管的N、S极，螺线管中电流的方向及电源的正负极。

3．如左下图所示，在通电螺线管磁场中的A点位置放一小磁针，小磁针静止时N极水平向右，请画出螺线管导线的绕法。

4．如右上图所示，弹簧下端挂一条形磁体，磁体的下端为S极，条形磁体的下方有一带铁芯的螺线管，闭合开关后，弹簧的长度会（填“伸长”“缩短”或“不变”）。

5．如图所示，当闭合开关S，且将滑动变阻器的滑片P向右移动时，图中的电磁铁（）。

A.A端是N极，磁性增强B.B端是N极，磁性减弱C.A端是S极，磁性增强D.B端是S极，磁性减弱6．如图所示，在静止的磁针上方拉一根与磁针平行的导线，给导线时，磁针发生偏转，此实验表明，这一现象是1820年物理学家发现的。

7．下列改变通电螺线管磁性强弱的方法中正确的是（）。

A.改变通过螺线管电流的强弱B.改变螺线管的匝数C.调换螺线管两端的极性D.调节铁芯在通电螺线管中的深浅8．奥斯特实验证明了（）。

A.通电导体周围存在着大量的电荷B.通电导体周围存在着磁场C.通电导体在磁场中要受到力的作用D.通电导体内部存在磁场9．如图所示，甲乙两线圈套在光滑的玻璃棒上，当S闭合时，两线圈将（）。

A.互相吸引靠近B.互相排斥远离C.先吸引靠近，后排斥远离D.既不排斥，又不吸引一、填空题：（每空1分，42分）1._______________________________________________叫做磁性，_________________叫做磁体。

人造磁体通常是用__________________________制成的。

2.磁体各部分磁性强弱_______________，条形磁体______________磁性最强，________部分磁性最弱。

第一章 安培力与洛伦兹力 1.磁场对通电导线的作用力1.安培力的方向(1)安培力：□01通电导线在磁场中受的力。

(2)左手定则：伸开□02左手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线□03从掌心垂直进入，并使四指指向□04电流的方向，这时□05拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向。

(3)安培力的方向与磁场方向、电流方向的关系：F ⊥B ，F ⊥I ，即F 垂直于□06B 和I 所确定的平面。

(4)平行通电直导线间的相互作用：同向电流相互□07吸引，反向电流相互□08排斥。

2．安培力的大小(1)□01垂直于磁场B 的方向放置的长为l 的一段导线，当通过的电流为I 时，它所受的安培力F ＝□02IlB 。

(2)当磁感应强度B 的方向与通电导线的方向平行时，导线受力为□030。

(3)当磁感应强度B 的方向与电流方向成 θ角时，导线所受的安培力F ＝□04IlB sin θ。

(4)求弯曲导线在匀强磁场中所受安培力时，l 为□05有效长度，即导线两端点所连直线的长度，相应的电流方向沿此直线由□06始端流向末端。

3．磁电式电流表(1)构造：磁体、□01线圈、螺旋弹簧、指针、软铁、极靴。

如图1所示。

(2)物理学原理：通电线圈因受□02安培力而转动。

(3)工作原理如图2所示是线圈在磁场中受力的示意图。

当电流通过线圈时，导线受到安培力的作用。

由左手定则知，线圈左右两边所受的安培力的方向相反，于是安装在轴上的线圈就要转动。

线圈转动时螺旋弹簧变形，以反抗线圈的转动。

电流越大，安培力就越大，螺旋弹簧的形变也就越大，线圈偏转的角度也越大，达到新的平衡。

所以，从线圈偏转的角度就能判断通过电流的大小。

线圈中的电流方向改变时，安培力的方向随着改变，指针的偏转方向也随着改变。

所以，根据指针的偏转方向，可以知道被测电流的方向。

(4)磁场特点：两磁极间的极靴和极靴中间的铁质圆柱，使磁极与圆柱间的磁场都沿□03半04平行，线圈左右两边径方向，如图3所示。

新教材高中物理新人教版选择性必修第二册：专项2 “三定则一定律”的综合应用1．[2023·湖北襄阳五中高二阶段练习](多选)如图所示装置中，ab、cd杆垂直放置在导轨上，与导轨接触良好，杆与轨道之间的摩擦力不计．原来ab、cd杆均静止，当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向左移动( )A．向右减速运动B．向右加速运动C．向左加速运动D．向左减速运动2．媒体报道，某大学研究人员发现了一种能够将内能直接转化为电能新型合金．据描述，只要将该合金略微加热，这种合金就会变成强磁性合金，从而使放在周围的金属线框产生电流，简化模型如图所示．A为柱形合金，B为金属圆环．现对合金进行加热，则( )A．加热时，穿过金属圆环B的磁通量减小B．加热时，金属圆环B中一定会产生顺时针电流C．加热时，金属圆环B有缩小的趋势D．加热时，金属圆环B有扩张的趋势3．(多选)两根相互平行的金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，与导轨接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动．当导体棒AB在外力F的作用下向右运动时，下列说法中正确的是( )A．导体棒CD内有电流通过，方向是D→CB．导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC．磁场对导体棒CD的作用力向左D．磁场对导体棒AB的作用力向左4．(多选)如图所示为某实验小组探究“影响感应电流的因素”实验装置俯视图，装置置于绝缘水平面上，两线圈绕在同一铁芯上，线圈L1连接电源和开关S.光滑金属杆置于与线圈L2连接的两水平导轨上，导电性良好，其间有竖直向下的匀强磁场．则( )A．开关S闭合瞬间，通过金属杆的感应电流方向向左B．开关S闭合后一段时间，金属杆匀速靠近线圈L2C．开关S断开瞬间，通过金属杆的感应电流方向向左D．开关S断开一段时间后，金属杆减速远离线圈L25．[2023·河南宜阳县高二阶段练习](多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一如图所示的闭合电路，当PQ在一外力的作用下运动时，MN向右运动，则PQ所做的运动可能是( )A．向右加速运动B．向左加速运动C．向右减速运动D．向左减速运动专项2 “三定则一定律”的综合应用1．答案：AC解析：cd杆向左移动，则cd杆受到的安培力水平向左，根据左手定则，cd杆上电流方向为从d流向c，根据楞次定律，线圈L1中磁场方向向下增强或是向上减弱，若线圈L1中磁场方向向下增强，则ab杆中电流方向为从b流向a，并且逐渐变大，所以ab杆向左加速运动，同理可得，若线圈L1中磁场方向向上减弱，ab杆向右减速运动，B、D错误，A、C正确．2．答案：D解析：加热时，合金磁性变强，磁感应强度变大，所以金属圆环B的磁通量增大，故A 错误；根据楞次定律可知，磁通量变大，感应磁场方向与原磁场方向相反，由于原磁场方向未知，所以电流方向无法判断，故B错误；假设合金产生的磁场上北下南，加热时，根据楞次定律可知，圆环B的电流方向为顺时针．再根据左手定则可知，圆环B所受安培力向外，故圆环B有扩张趋势．同理可得，当合金磁场上南下北时，圆环B依旧有扩张趋势，故C 错误，D正确．3．答案：BD解析：导体棒AB切割磁感线产生感应电流，根据右手定则可知，AB中感应电流的方向为B→A，则导体棒CD内有电流通过，方向是C→D，故A错误，B正确；导体棒CD内有电流通过，导体棒CD受到安培力作用，由左手定则判断可知，磁场对导体棒CD的作用力向右，磁场对导体棒AB的作用力向左，故C错误，D正确．4．答案：CD解析：开关S闭合瞬间，穿过线圈L2的磁通量向右增大，根据安培定则和楞次定律可知，通过金属杆的感应电流方向向右，故A错误；开关S闭合瞬间，金属杆受到安培力，根据左手定则可知，金属杆靠近线圈L2，开关S闭合后一段时间，流过线圈L1的电流恒定，穿过线圈L2的磁通量不变，但金属杆运动时切割磁感线，金属杆受到的安培力朝远离线圈L2方向，故金属杆减速靠近线圈L2，故B错误；开关S断开瞬间，穿过线圈L2的磁通量减小，根据安培定则和楞次定律可知，通过金属杆的感应电流方向向左，故C正确；开关S断开瞬间，金属杆受到安培力，根据左手定则可知，金属杆远离线圈L2，开关S断开后，流过线圈L1的电流为零，穿过L2的磁通量为零，但金属杆运动时切割磁感线，金属杆受到的安培力指向线圈L2方向，故金属杆减速远离线圈L2，故D正确．5．答案：BC解析：根据安培定则可知，ab在右侧产生的磁场方向为垂直向里，又因为MN向右运动，根据左手定则可判断MN中感应电流方向由M到N.由安培定则可知L1中感应电流产生的磁场方向向上，由楞次定律可知L2中感应电流产生的磁场方向向上并减弱或向下并增强．如果L2中磁场向上减弱，根据安培定则可知PQ中感应电流为Q到P且减小，再根据右手定则可知PQ向右减速运动；如果L2中磁场向下增强，根据安培定则可知PQ中感应电流为P到Q 且增大，再根据右手定则可知PQ向左加速运动，A、D错误，B、C正确．。