【附12套模拟卷】河南省实验中学2019-2020学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析

河南省实验中学2019-2020学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析一.选择题1.下列说法正确的是A. 电源电动势在数值上等于电源搬运单位正电荷由正极经由外电路运动到负极所做的功B. 电阻率是反映材料导电性能的物理量，仅与材料有关，与温度、压力等外界因素无关C. 点电荷是理想化模型，只有带电量小的带电体才可以看成点电荷D. 电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，但电容的大小并不是由Q(带电荷量)或U(电压)决定的【答案】D【解析】【详解】电源电动势在数值上等于电源搬运单位正电荷由负极经由内电路运动到正极所做的功，选项A错误；电阻率是反映材料导电性能的物理量，与材料有关，与温度、压力等外界因素都有关，选项B错误；点电荷是理想化模型，只有当带电体的电量与所研究的问题相比可以忽略不计时带电体才可以看成点电荷，所以带电量小的不一定能看做点电荷，选项C错误；电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，电容的大小是由电容器本身决定的，并不是由Q(带电荷量)或U(电压)决定的，选项D正确；故选D.2.关于电场强度的两个公式E=F/q和E=kQ/r2，下列说法中正确的是A. q表示放入电场中的试探电荷的电荷量，Q表示场源电荷的电荷量B. E随q的增大而减小、随Q的增大而增大C. 第一个公式仅适用于匀强电场，且E的方向与F的方向一致D. 第二个公式适用于包括点电荷在内的所有场源形成的电场【答案】A【解析】【分析】本题应明确三个公式的公式E=F/q为电场的定义式，公式E=kQ/r2是根据场强的定义式及库仑定律求出的公式．【详解】公式E=F/q中的q表示放入电场中的试探电荷的电荷量，公式E=kQ/r2中的Q表示场源电荷的电荷量，选项A正确；E与q的大小无关；E随Q的增大而增大，选项B错误；第一个公式适用于所有电场，且E的方向与正电荷所受的电场力F的方向一致，选项C错误；第二个公式只适用于点电荷电场，选项D 错误；故选A.【点睛】每一个物理公式都有其适用的范围，故在学习中要注意体会其范围，以免错用了公式．3. 关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A. 安培力的方向可以不垂直于直导线B. 安培力的方向总是垂直于磁场的方向C. 安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D. 将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半【答案】B【解析】试题分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故A错误，B正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，让其中的一半与磁场的方向平行，安培力的大小将变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．【此处有视频，请去附件查看】4.如图所示，三个电压表用满偏电流相同的表头G改装而成，已知电压表V1的示数为6V，电压表V3的示数为2 V，则关于电压表V2的示数，下列判断中正确的是A. 电压表V2的示数必为2VB. 电压表V2的示数必为4VC. 若三个电压表量程相同，则电压表V2的示数必为4VD. 即使三个电压表量程相同，电压表V2的示数也可能不等于4 V【答案】C【解析】【分析】由题意，三个电压表用满偏电流相同的电流表改装而成，满偏电流相等，量程与内阻成正比．根据串、并联电路电流关系，由欧姆定律确定电压表V2的示数．【详解】电压表V2与电阻串联，串联的总电压等于V3的示数2V，所以V2的示数必定小于2V，由于三个电压表量程关系未知，无法确定其示数。

故AB错误。

三个电压表用满偏电流相同的电流表改装而成，满偏电流相等，若电压量程相同，则三个电压表的内阻相等，设为R。

通过电压表V2的电流为I2=I1-I3=，电压表V2的示数为U2=I2R=4V．故C正确，D错误。

故选C。

【点睛】本题中电压当作可测量电压的电阻，根据电路的结构，由欧姆定律进行求解．5.电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示.为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d.在两极之间加上高压U，有一电子在极由静止被加速.不考虑电子重力，元电荷为e，则下列说法正确的是( )A. A、之间的电场强度为B. 电子到达A极板时的动能大于eUC. 由到A电子的电势能减小了eUD. 由沿直线到A电势逐渐减小【答案】C【解析】之间建立的是非匀强电场，公式U=Ed不适用，因此A、之间的电场强度不等，故A错误；根据动能定理得：E k-0=eU，得电子到达A极板时的动能 E k=eU，故B错误；由能量守恒定律知，由到A，电场力做正功，电势能减少，电子的电势能减小了△E P=eU．故C正确；由沿直线到A电势逐渐升高，故D错误。

故选C. 点睛：本题只要抓住电场线的疏密表示场强的大小，电场力做正功时，电荷的电势能减少，动能增大，就能轻松解答．要知道公式U=Ed只适用于匀强电场．6.有一种电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。

其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒，此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上显示出字符。

已知偏移量越小打在纸上的字迹越小，现要缩小字迹，下列措施可行的是A. 增大墨汁微粒的比荷B. 减小墨汁微粒进入偏转电场时的初动能C. 增大偏转极板间的电压D. 减小极板的长度【答案】D【解析】【分析】要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转量y，根据牛顿第二定律和运动学公式结合推导出偏转量y的表达式，再进行分析．【详解】微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动，则有：水平方向：L=v0t；竖直方向：y=at2，又；联立得，；要缩小字迹，就要减小微粒通过偏转电场的偏转量y，由上式分析可知，采用的方法有：减小比荷、增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能E k0、减小极板的长度L、减小偏转极板间的电压U，故ABc错误，D正确。

故选D。

【点睛】此题考查带电粒子在电场中的偏转在实际生活中的应用，关键要熟练运用运动的分解法，推导出偏转量y的表达式．7.图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8 eV时，它的动能应为：A. 8 eVB. 13 eVC. 20 eVD. 34 eV【答案】C【解析】电荷在运动中动能和电势能之间相互转化，总能量保持不变，由题可知相邻两个等势面之间动能的改变量为7ev，即等势面3的动能为12ev，可知总能量为12ev=-8eV+，计算知道它的动能应为20 eV，选C 8.电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图3所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是（）A. 电压表和电流表读数都增大B. 电压表和电流表读数都减小C. 电压表读数增大，电流表读数减小D. 电压表读数减小，电流表读数增大【答案】A【解析】当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，接在电路中的电阻变大，总电阻也变大，总电流变小，内电压变小，输出电压变大（V表读数变大），U1变小，U2变大，I2变大，A表读数变大，选项A正确。

9.如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一导体棒，当导体棒中通以方向如图所示的电流后，台秤读数为F2，则以下说法正确的是( )A. 弹簧长度将变长B. 弹簧长度将变短C. F1>F2D. F1<F2【答案】BC【解析】当在磁铁上方偏左位置固定一导体棒时，右图所示的电流，由右手螺旋定则的，产生绕导线的顺时针的磁场，磁感应强度随距离的增而减小，所以相当于给了磁铁一个向左上的力，所以弹簧长度将变短，F1大于F2。

所以选BC。

10.电子眼系统通过路面下埋设的感应线来感知汽车的压力。

感应线是一个压电薄膜传感器，压电薄膜在受压时两端产生电压，压力越大电压越大。

压电薄膜与电容器C、电阻R组成图甲所示的回路，红灯亮时，如果汽车的前、后轮先后经过感应线，回路中产生两个脉冲电流，如图乙所示，即视为“闯红灯”，电子眼拍照。

则红灯亮时A. 车轮停在感应线上时电阻R上有恒定电流B. 车轮经过感应线的过程中，电容器先充电后放电C. 车轮经过感应线的过程中，电阻R上的电流一直增大D. 汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内，仍会被电子眼拍照【答案】BD【解析】【分析】根据电流和电路图分析电容器的充放电过程，并根据工作原理明确汽车前轮刚越过感应线，又倒回到线内是否符合拍照条件。

【详解】车轮停在感应线上时，压力不变，则电压不变，电容器不充电，也不放电，电阻R上没有电流，故A错误；由乙图可知，当车轮经过时电流先增大后减小，然后再反向增大减小；因电压是在受压时产生的；故说明电容器先充电后放电；故B正确，C错误；若汽车前轮越过感应线，又倒回线内，则前轮两次压线，仍形成两个脉冲电流，符合拍照条件，电子眼仍可拍照；故D正确；故选BD。

【点睛】本题考查传感器的应用及电容器的使用，要注意对于未知事物能有效建立物理模型，应用所学过的物理规律求解。

11.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2×10－3 C、质量为0.1 kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放，其运动的v－t图象如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)。

则下列说法正确的是A. 由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大B. B点为中垂线上电场强度最大的点，场强大小E＝100 V/mC. 由C点到A点电势逐渐降低D. A、B两点间的电势差U AB＝500V【答案】BC【解析】【分析】由能量守恒定律分析电势能的变化情况．根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值．由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差．【详解】从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；带电粒子在B点的加速度最大，为 a m==2m/s2，所受的电场力最大为F m=ma m=0.1×2N=0.2N，则场强最大值为，故B正确；据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为v A=6m/s，v B=4m/s，再根据动能定理得 qU AB=mv mv A2=×0.1×（42-62）J=-1J，解得：U AB=-500V，故D错误。