下载文档原格式
2020年浙江省温州市中考物理试卷一、选择题1.如图所示,在中国象棋棋盘正中央竖立一块垂直于棋盘的平面镜,棋子“象”由甲移到乙,则平面镜中“象”的移动是（ ）A. 由④到②B. 由③到①C. 由②到④D. 由①到③【参考答案】C【解析】【详解】根据平面鏡所成像的特点可知,物距等于像距,像和物体对应点的连线与平面镜垂直；棋子“象”在甲处时,像在位置②处；棋子“象”在乙处时,像在位置④处；棋子原来的像位于②处,移动后的像则位于④处,所以,其移动路径②到④,故ABD不符合题意,C符合题意。
故选C。
2.兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系,将吹风机对准竖管上端管口向下吹风,在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球,某时刻乒乓球处于如图所示的位置。
下列说法合理的是（ ）A. 乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力B. 装置中三个水平玻璃管的横截面积不同C. 三个水平玻璃管的左端口处压强不相同D. 该装置可以测量竖管中各处的压强大小【参考答案】C【解析】【分析】流体的流速越大,压强越小；流体的流速越小,压强越大。
据此分析即可解答。
【详解】由图中实验装置可知,将吹风机对准竖管上端管口向下吹风,由于竖管口越来越粗,所以风的流动速度越来越慢,即最上端的空气流速快、水平玻璃管左端开口处压强小,最下端的空气流速慢、水平玻璃管左端开口处压强大。
乒乓球在右侧大气压的作用下会向左运动,所以会产生三个乒乓球向左运动的位置不同的现象。
故只有选项C说法正确。
故选C。
【点睛】本题通过一个创新的实验装置,探究了流体压强与流速的关系,属实验能力的考查。
3.小明家的智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁。
第一次识别成功时S1闭合,发声器S发出声音,但不开锁；第二次识别成功时S2闭合,有电流通过电动机M,开锁成功。
下列电路设计符合要求的是（ ）A. B.C. D.【参考答案】A【解析】【详解】根据题意可知,闭合开关S1,只有发声器工作；两个开关都闭合时,有电流通过电动机,这说明两个开关都闭合时,电动机才会工作。
2020年浙江温州中考物理试卷（解析版）一、单选题（本大题共6小题，每小题4分，共24分）1.电蚊拍灭蚊时，蚊子碰到金属网形成闭合电路，蚊子往往会被烧毁．下列说法的（ ）A.蚊子是可以导电的B.电蚊拍电压降低烧毁效果变差C.蚊子烧毁是因为电流的热效应D.烧毁时可能没有电流通过蚊子不.合.理.A.房子的窗户 B.路边的灯杆 C.行驶的卡车 D.轿车的司机2.小明家的窗外有条公路．他看到窗外的情景由图甲变为图乙，判断轿车是运动的．他选择的参照物是（ ）不.可.能.3.如图所示，在中国象棋棋盘正中央竖立一块垂直于棋盘的平面镜，棋子“象”由甲移到乙，则平面镜中“象”的移动是（ ）A.由④到②B.由③到①C.由②到④D.由①到③4.兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球，某时刻乒乓球处于如图所示的位置．下列说法合理的是（ ）A.乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力B.装置中三个水平玻璃管的横截面积不同C.三个水平玻璃管的左端口处压强不相同D.该装置可以测量竖管中各处的压强大小5.小明家的智能锁需通过“密码指纹”两次识别成功才能开锁．第一次识别成功时闭合，发声器发出声音，但不开锁；第二次识别成功时闭合，有电流通过电动机，开锁成功．下列电路设计符合要求的是（ ）A.B.C.D.6.科学中常用数学方法来表示某些量的关系．下列图像中能用阴影面积表示相应的量是（ ）A.压强B.压力C.功率D.时间二、填空题（本大题共3小题，共14分）（1）（2）（3）7.如图表示太阳、地球和月球三者的相对位置，其中数字表示月球绕地球运动时的不同位置．月球在图中位置时的月相是新月．中秋节月球出现在图中 位置．（填相应数字）月球在位置时，地球上有的区域在白天可能会发生看不到太阳的现象，这是由于光是 ，月球挡住了太阳光．月球表面有许多环形山，它主要由小天体撞击形成，这是因为月球表面没有 ．（1）（2）（3）8.北宋著名科学家沈括所著的《梦溪笔谈》是一部中国古代科技类百科全书，记载了我国古代的许多科技发现与发明．在北宋之前就有人将磁石（磁体）磨成针悬挂或支撑起来，磁针就能指南．“磁针指南”是因为地球存在 ．沈括考察太行山时，发现有些岩石中夹杂着螺蚌壳．他推测太行山以前是大海，但现在太行山距离大海有近千里．造成这种海陆变迁的主要原因是 ．沈括大胆预测石油在未来社会中会得到广泛使用，现预测已被证实．石油的大量使用引起大气中的二氧化碳含量增加，导致全球气候变暖，这种环境问题称为 ．9.小明观察了小区入口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，绿灯亮，栏杆抬起，车辆通行．于是他设计了如图所示的模拟电路，车牌识别成功相当于图中开关闭合．（1）（2）已知该电路电源电压为伏，指示灯工作时的阻值为欧，滑动变阻栏杆器接入电路的阻值为欧，线圈阻值不计．闭合开关后，线圈吸住铁柱时，指示灯的功率为 瓦．若电源电压下降，栏杆不能抬起．除了更换电池外，请你再写出一种能使栏杆正常抬起的方法．三、实验探究题（本大题共2小题，每小题9分，共18分）（1）（2）10.在做“探究动能大小与质量关系”的实验时，小明想：小球从相同高度滚下，若小球材质和斜面倾角不同，到达水平位置时的速度会相同吗？图甲是用挡板控制大小不同的两个小球在斜面上起始位置的两种方案，小明实验时选择A方案而不能选择B方案的原因是 ．小明选择大钢球、小钢球、木球以及可调整倾角的斜面进行实验．分别让球从斜面同一高度由静止开始释放，利用测速仪测出球到达水平位置时的速度如表所示：大钢球小钢球木球分析表中数据可知：要使球到达水平位置时的速度与球是钢质或木质无关，则斜面倾角是（ ）A.B.C.D.不.可.能.（3）小明利用图乙装置做“探究动能大小与质量关系”的实验时，通过观察球撞击相同塑料软片的数目来比较球的动能大小（图中未画出固定塑料软片的装置）．老师指出此装置不适合体积不同的两个球做实验，原因是 ．（1）（2）11.在研究“电流与电压的关系”时，小明连接了如图甲的电路，电源电压为伏．闭合开关后，小明发现电流表指针如图乙，出现这种现象的原因是 ．改正错误操作后，小明分别将电阻为欧、欧和欧的定值电阻接入电路，测得电阻的电压和电流数据，如表一所示．小明想进一步研究“电阻的电流变化量大小电压变化量大小关系”，根据数据计算出部分电压变化量大小相应的电流变化量大小如表二所示，则表二中的为 ．表一组别第组第组第组（欧）（伏）（安）表二组别（伏）（安）第组第组第组（3）小明发现，滑动变阻器电压变化量大小与电流变化量大小的比值，总是等于定值电阻的阻值，请结合上表数据和所学电学知识解释此规律．四、解答题（本大题3小题，共23分）12.英国物理学家斯特林于年发明了“斯特林发动机”．斯特林发动机气缸内工作介质易汽化、易液化，该介质经过吸热膨胀、冷却压缩的循环过程输出动力，因此又被称为热气机．某工程师按照“斯特林发动机”原理设计学如图甲所示的模型机，工作过程中飞轮持续旋转如图乙．请结合所学知识解释飞轮能持续转动的工作原理．（1）（2）13.某跳伞运动员从飞机上跳下，沿竖直方向降落，一段时间后打开降落伞，最后安全着地．已知运动员和跳伞设备的总重力为牛，跳伞过程中下降的速度与时间的关系如图甲所示．图甲中曲线段速度越来越大的原因是 ．图乙是跳伞过程中部分阶段的情景及受力示意图，其中与图甲曲线中阶段对应的是 ．（3）计算运动员和跳伞设备的总重力在段所做的功．（1）（2）14.小明对“篮球在空气中是否受到浮力”进行探究，由此进行一系列的思考与实验，并最终设计出可直接测量空气密度的简易“空气密度仪”．如图甲，将一个带阀门的篮球放在天平的托盘上，阀门连接未充气的气球，且处于关闭状态．加砝码使天平平衡．打开阀门，气球变大，天平指针向右偏转．指针向右偏转的原因是 ．为测量篮球受到的浮力大小，小明设计了如图乙所示的电路．电路中电源电压为伏，定值电阻的阻值为欧，是力敏电阻，其阻值与所受压力的关系如图丙所示．当左盘中篮球未给气球充气时，电流表示数为安；当篮球给气球充气到体积为篮球的倍时（篮球体积不变），电流表示数为安．力敏电阻所受压力与篮球对左侧托盘的压力的关系如图丁所示．请计算篮球所受的浮力．【答案】解析:（3）图乙中篮球和气球内的气体总质量保持不变，并控制气球体积为篮球的倍，在电压表指针所指的刻度盘上标上对应的空气密度值，就制成了一台测量当地空气密度的“空气密度仪”．现用此装置测量大于千克米的空气密度，指针大致指示在何处？请在图戊的刻度盘中用箭头标出，并写出你的判断依据．D 1.D 2.（1）（2）（3）轿车与房子的窗户、路边的灯杆、行驶的卡车都有发生相对的位置变化即有相对运动，但是轿车司机没有发生相对运动；故选D．解析:平面镜成像有物体到镜面的距离等于像到镜面的距离的特点，图中移动前，像的位置在②，移动后像的位置在④，故ABD错误，C正确；故选C．解析:先闭合，需有电流通过才发出声音，再闭合，电流再通过电动机使得电动机运作，则符合要求的是A，故A正确，BCD错误；故选A．解析:月球围绕地球自西向东旋转，每月转过一圈，在图中位置出现新月时为农历初一．故当中秋节即农历十五时应该在位置．光的最基本性质为光的直线传播．光在同一种均匀介质中沿直线传播，当光遇到不透明物体之后，光的直线传播被阻碍，产生阴影．月球环形山形成的原因主要有两个：①早期月球活跃时的高温熔岩与气体冲破表层冷却后形成；②由于月球引力较小表面没有大气，故流星体、陨石直接撞击地表的陨石坑形成环形山．C 3.C 4.A 5.B 6.（1）（2）沿直线传播（3）大气7.（1）地磁场（2）地壳运动（3）温室效应8.（1）（2）（3）（1）（2）（1）（2）解析:地磁场是指地球内部存在的天然磁性现象．地球可视为一个磁偶极，其中一磁极位于地理北极附近，另一磁极位于地理南极附近．海陆变迁是发生在地球上的一种自然现象，海陆变迁的自然原因主要是地壳变动、海平面的升降；人为原因主要是人类活动等．题目中特别说明了离大海有“近千里”，故可以排除海平面的升降．温室效应，又称“花房效应”，是大气保温效应的俗称．现代化工业生产大量燃烧煤炭、石油和天然气，这些燃料燃烧后，产生的二氧化碳气体大量进入大气，大气中的二氧化碳浓度的不断增加．二氧化碳气体具有吸热和隔热的功能．解析:串联电路中，，．答：指示灯的功率为．电源电压下降，栏杆不能抬起，是由于磁场不够强，故可通过减少滑动变阻器阻值来增大电流，来增强磁场．解析:A中两球从起始位置到水平面高度差相同，B中小球由于体积小一些，从图中可以看出小球从起始位置到水平面的高度差小于大球从起始位置到水平面的高度差．从表中可以看出前时钢球木球到达水平面的速度相同，大于时钢球和木球的速度不同，那么我可以推测钢球和木球速度不同的区分点在到之间，那么要验证速度与球的材质无关不可能的角度为;故选D．（1）（2）减小滑动变阻器阻值9.灯灯灯灯（1）B方案中两球从起始位置到水平位置的高度差不同（2）D（3）塑料软片对不同体积的小球的阻力不同10.（3）（1）（2）（3）（1）（2）体积不同的小球到达水平面时作用在塑料软片的作用点不同，引起作用效果不同，使受到的阻力不同．解析:电流表反方向偏转，是正负接线柱接反．第二组中电压变化量为伏和电流变化量为安，第三组中电压选取伏和伏，差值为伏，相应的电流差值为安，第一组中电压差值为伏，可以知道选取的电压值是伏和伏，相应的电流为安和安，差值为安．根据串联电路电压特点，得；根据串联电路电流特点，得．所以与的比值等于与的比值．据表二数据可知，第组与的比值为，第组为，第组为，可以得出与的比值等于，从而推出与的比值等于．解析:题目与书本的汽轮机工作原理相似，通过对工作介质的加热，利用能量转换，将内能通过做功方式传递给飞轮，转为飞轮的机械能，之后利用惯性，回到初始位置，如此往复，使得发动机工作．解析:由图片可知，随着时间的增加段速度越来越大，所以此时运动员和跳伞设备没有受到平衡力的作用，即竖直向下的总重力大于阻力．（1）正负接线柱接反（2）（3）根据串联电路电压特点，得；根据串联电路电流特点，得．所以与的比值等于与的比值．据表二数据可知，与的比值等于，从而推出与的比值等于11.酒精灯加热将化学能转化为内能，热气缸中的工作介质吸热汽化膨胀，推动活塞向右运动做功，将内能转化为机械能：由于飞轮具有惯性，带动活塞向左运动，活塞将热气缸中的工作介质推入冷气缸并液化，活塞又将介质推回热气缸，如此反复12.（1）运动员和跳伞设备的总重力大于阻力（2）③（3）焦13.（3）（1）（2）由图片可知，段整体速度突然下降，即运动员在点时刻开伞．段运动员和跳伞设备整体已经开伞，在空中做方向向下的匀速直线运动，故此时整体处于二力平衡状态，竖直向下的总重力等于向上的阻力，又因为已经开伞；故选③．运动员和跳伞设备整体在段以的速度做匀速直线运动，用时．故整体在段运动的距离为．此时整体受到的重力为．故整体的重力在段所做的功为．解析:随着气球体积变大，排开空气体积变大；根据阿基米德原理，受到空气浮力也变大，篮球对左盘的压力减小；砝码对右盘压力不变，天平右端受力大于左端，故向右倾斜，指针向右偏转．由欧姆定律得，则，由图丙得，根据图丁可知是的倍，故对应的；得，则，由图丙得，由图丁得；根据阿基米德原理，及对篮球和气球整体受力分析；盘前后两次收到的压力差等于篮球所受浮力的倍，即：，．答：篮球所受的浮力为牛．（1）随着气球体积变大，排开空气体积变大；根据阿基米德原理，受到空气浮力也变大，篮球对左盘的压力减小（2）（3）；与密度为千克米的空气相比，装置在密度大于千克米的空气中，受到的浮力较大，则篮球对盘的压力较小，力敏电阻受压力也较小，电阻较大，电路中的电流较小，则电压表示数较小14.总总总总总总浮浮（3）与密度为千克米的空气相比，装置在密度大于千克米的空气中，受到的浮力较大，则篮球对盘的压力较小，力敏电阻受压力也较小，电阻较大，电路中的电流较小，则电压表示数较小．。
温州市高三第一次适应性测试理综物理能力测试本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（综合）两部分。
满分300分。
考试时间150分钟。
可能用到的相对原子质量：H-1 C-12 O-16 N-14 Na-23 S-32 K-39 Fe-56 I-127第Ι卷（选择题共120分）14．下列问题的研究应用了极限思想方法的是A．在不考虑带电体的大小和形状时，常用点电荷代替带电体B．在研究复杂电路时，可用总电阻代替所有电阻产生的效果C．速度xvt∆=∆，当t∆非常小时可表示t时刻的瞬时速度D．在探究加速度与力和质量的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系15．跳台滑雪是勇敢者的运动，它是利用山势特点建造的一个特殊跳台。
一运动员穿着专用滑雪板，不带雪杖，在助滑路上获得高速后从A点水平飞出，在空中飞行一段距离后在山坡上B点着陆，如图所示。
已知可视为质点的运动员水平飞出的速度v0=20m/s，山坡看成倾角为37°的斜面，不考虑空气阻力，则运动员（g=10m/s2，sin370=0.6，cos370=0.8）A．在空中飞行的时间为3sB．落到斜面上时的位移为60mC．在空中飞行的平均速度为20m/sD．落到斜面上时的速度大小为50m/s16．如图所示，一幼儿园小朋友在水平桌面上将三个形状不规则的石第15题图第16题图第18题图块成功叠放在一起，受到老师的表扬。
下列说法正确的是A ．石块b 对a 的支持力与a 受到的重力是一对相互作用力B ．石块b 对a 的支持力一定等于a 受到的重力C ．石块c 受到水平桌面向左的摩擦力D ．石块c 对b 的作用力一定竖直向上17．某重型气垫船，自重达5.0×105kg ，最高时速为108km/h ，装有额 定输出功率为9000kW 的燃气轮机。
假设该重型气垫船在海面航行 过程所受的阻力F f 与速度v 满足F f =kv ，下列说法正确的是A ．该重型气垫船的最大牵引力为3.0×105N B ．从题中给出的数据，可算出k=1.0×104 N ·s/mC ．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船所受的阻力为3.0×105N D ．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4500kW二、不定项选择题（本题共3小题，共18分。
2020年浙江省温州市中考物理试卷一、选择题（本题有4小题，每小题4分，共16分。
每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选均不给分）1．（4分）如图所示，在中国象棋棋盘正中央竖立一块垂直于棋盘的平面镜，棋子“象”由甲移到乙，则平面镜中“象”的移动是（）A．由④到②B．由③到①C．由②到④D．由①到③2．（4分）兴趣小组用如图装置研究压强与流速的关系，将吹风机对准竖管上端管口向下吹风，在三个水平玻璃管的右端口处同时释放相同规格的乒乓球，某时刻乒乓球处于如图所示的位置。
下列说法合理的是（）A．乒乓球运动是因受到竖管气流的吸引力B．装置中三个水平玻璃管的横截面积不同C．三个水平玻璃管的左端口处压强不相同D．该装置可以测量竖管中各处的压强大小3．（4分）小明家的智能锁需通过“密码+指纹”两次识别成功才能开锁。
第一次识别成功时S1闭合，发声器发出声音，但不开锁；第二次识别成功时S2闭合，有电流通过电动机，开锁成功。
下列电路设计符合要求的是（）A．B．C．D．4．（4分）科学中常用数学方法来表示某些量的关系。
下列图象中能用阴影面积表示相应的量是（）A．压强B．压力C．功率D．时间二、填空题（本题有1小题，每空2分，共4分）5．（4分）小明观察了小区入口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，绿灯亮，栏杆抬起，车辆通行。
于是他设计了如图所示的模拟电路，车牌识别成功相当于图中开关S闭合。
（1）已知该电路电源电压为6伏，指示灯L工作时的阻值为5欧，滑动变阻器接入电路的阻值为10欧，线圈阻值不计。
闭合开关后，线圈吸住铁柱时，指示灯的功率为瓦。
（2）若电源电压下降，栏杆不能抬起。
除了更换电池外，请你再写出一种能使栏杆正常抬起的方法。
三、实验探究题（本题有2小题，每空3分，共18分）6．（9分）在做“探究动能大小与质量关系”的实验时，小明想：小球从相同高度滚下，若小球材质和斜面倾角不同，到达水平位置时的速度会相同吗？（1）图甲是用挡板控制大小不同的两个小球在斜面上起始位置的两种方案，小明实验时选择A方案而不能选择B方案的原因是。
2021年浙江省温州市中考物理试卷一、选择题（本题有5小题，每小题4分，共20分。
每小题只有一个选项是正确的，不选、多选、错选均不给分）1．（4分）用伏安法测电功率时，某电表的指针位置如图所示，其示数为（）A．1.30安B．0.26安C．1.30伏D．0.26伏2．（4分）小明将纸条分别紧紧卷在木棒和铁棒上，加热纸条（如图），木棒上的纸条立即燃烧，而铁棒上的纸条不会立即燃烧。
据此推测木棒和铁棒具有不同的（）A．密度B．导热性C．硬度D．延展性3．（4分）水平过道上方有一盏灯（如图），小明站在1号地砖上时，通过2号地砖看到灯的像；走到2号地砖上时，通过3号地砖看到灯的像。
则小明通过两块地砖所看到的像（）A．大小相同、位置不同B．大小相同、位置相同C．大小不同、位置相同D．大小不同、位置不同4．（4分）停放自行车时，若要从如图四点中选择一点施加竖直向上的力，将后轮略微提起。
其中最省力的点是（）A．A点B．B点C．C点D．D点5．（4分）一颗番茄从手中由静止开始下落，撞击水面时溅起许多水珠（如图），同时番茄仍有较大速度并继续下沉。
若不计一切机械能损耗，番茄从开始下落至刚好浸没时减少的势能（）A．等于所有溅起的水珠在撞击过程中增加的机械能总和B．大于所有溅起的水珠在撞击过程中增加的机械能总和C．等于所有溅起的水珠在空中上升过程中增加的机械能总和D．小于所有溅起的水珠在空中上升过程中增加的机械能总和二、填空题（本题有3小题，每空2分，共16分）6．（6分）“地漏”（如图甲）是连接排水管道与室内地面的接口。
“磁悬浮地漏”相对于传统地漏具有较多优点，如排水速度可随积水深度自动调节、在不排水时能密封管道等。
（1）若地漏不密封，排水管内臭气会扩散到室内。
从微观角度解释该现象：。
（2）磁悬浮地漏的工作原理如图乙。
①当密封盖上方无水时，在磁体B作用下，磁体A将密封盖顶起。
若磁体A下端为N极，则磁体B上端为极。
②当密封盖上方有水时，密封盖下移，开始排水。
一、选择题（本大题共14小题，每小题2分，共计28分，选项中有且仅有一个选项符合题目要求）1．某家庭电路中安装有“220V10A”的空气开关（未画出），如图是电路中的四种情况，开关全部闭合后，不会引起空气开关“跳闸”的是（）A.B.C.D.2．在图3所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时（）A.电流表示数变大，电压表示数变大B.电流表示数变小，电压表示数变小C.电流表示数变大，电压表示数变小D.电流表示数变小，电压表示数变大3．下列现象中，不能说明分子在永不停息地运动的是（）A.香水瓶盖打开后，满屋充满香味B.糖放入水中后，整杯水都变甜了C.阳光下扫地时，能看到尘土飞扬D.公共场所禁止吸烟4．如图是小明制作的“浮沉子”，下列说法错误的是（）A.拧紧大瓶瓶盖，用力捏大瓶，大瓶内的气压会变大B.松开大瓶瓶盖，用力捏大瓶，小瓶会下沉C.如果小瓶中的水过少，小瓶将无法下沉D.适当控制捏大瓶的力，可以让小瓶悬浮5．对下列四幅图情景描述错误的是（）A.图甲中用电吹风向下吹漏斗中的乒兵球，球不掉落，表明气体压强与气体流速有关B.图乙中纸片不掉落、杯中的水不流出，证明了大气压的存在C.图丙中手提袋手柄宽大是为了减小对手的压强D.图丁中鱼吐出的气泡在上升未露出水面前，水对气泡的压强不变，浮力不变6．某工厂为减轻工人的劳动强度，安装了一套传送带装置，用传送带运送工件，如图所示，工件与传送带一起向右匀速运动时，关于工件受力，下列说法中正确的是（）A.工件共受到四个力的作用B.工件在水平方向上受到向右的摩擦力C.工件受到的重力与工件对传送带的压力是一对相互作用力D.工件对传送带的压力与传送带对工件的支持力是一对相互作用力7．如图所示，物体沿斜而匀速下滑，其受力分析正确的是（）A.B.C.D.8．运用你学过的物理知识进行“特殊测量”，下面的几种方法中不可行的是（）A.用天平“称”出墨水瓶的容积B.用量筒“量”出小钢球的质量C.用天平“称”出一张纸的厚度D.用量筒“量”出1kg的酒精9．显微镜的结构如图所示，则下列说法正确的是（)A.物镜相当于凸透镜，目镜相当于凹透镜B.物镜和目镜都相当于凸透镜，但只有目镜起放大作用C.物镜和目镜都相当于凸透镜，但只有物镜起放大作用D.反光镜的作用是将光反射到载物台上10．下列关于光现象的说法中正确的是（）A.当人离平面镜较近时，在镜中不能看到自己的全身像，适当远离平面镜后就能在镜中看到自己的全身像B.如果甲同学从平面镜中能看见乙同学的脚，则由光路可逆可知乙同学从平面镜中也一定能看见甲同学的脚C.因为人在岸边看见的水中的鱼的位置比鱼的实际位置要浅，所以由光路可逆可知鱼在水中看见的岸边的人的头顶位置比人的头顶的实际位置要高D.由于太阳光进入地球大气层后，其传播路径会发生弯曲，所以用激光武器摧毁敌人的空间站时不能直接瞄准空间站发射激光，而应该偏低一些发射11．给一定量的水加热时，其温度与时间关系如图中实线A所示，若其他条件不变，仅将水量增加，则温度与时间的曲线是（）A.E曲线B.D曲线C.C曲线D.B曲线12．下列说法中正确的是（）A.乐音就是乐器发出的声音,它不可能是噪声B.打开门窗,加快空气的流动,可以减弱马路上的噪音C.噪声可以影响人们的休息和学习,但不会影响健康D.植树造林可以保护环境,减弱噪音13．下列单位换算的写法中正确的是（）A.12厘米=12÷100=0.12米B.12厘米=12厘米×10=120毫米C.1.5千克=1.5千克×1000克=1500克D.1.5千克=1.5×1/1000吨=1.5×10-3吨14．如图所示是无锡蠡湖边上的摩天轮，小明乘坐匀速转动的“摩天轮”向最高点运动的过程中，关于小明的能量变化下列说法正确的是（）A.动能转化为重力势能，机械能保持不变B.动能转化为重力势能，机械能变大C.动能不变，重力势能增大，机械能变大D.动能不变，重力势能不变，机械能不变二、填空题（本大题共8小题，每小题2分，共计16分）15．如图甲所示，当开关S闭合后，电流表测量的是通过________（选填“电源”、“L”1”）的电流；电流表指针偏转如图乙所示，电流表的示数为________A。
浙江省温州市2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（3）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．下面列出的是一些核反应方程，针对核反应方程下列说法正确的是（ ）①2382349290U Th+X →②234112H+H He+Y →③9210415Be+H B+K →④2351901369203854U+n Sr+Xe+10M →A ．核反应方程①是重核裂变，X 是α粒子B ．核反应方程②是轻核聚变，Y 是中子C ．核反应方程③是太阳内部发生的核聚变，K 是正电子D ．核反应方程④是衰变方程，M 是中子【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．①不是重核裂变方程，是典型的衰变方程，故A 错误；B ．②是轻核聚变方程，23411120H+H He+n →所以Y 是中子，故B 正确；C ．太阳内部发生的核聚变主要是氢核的聚变，921014150Be+H B+n →K 是中子，不是正电子，故C 错误；D ．④不是衰变方程，是核裂变方程，故D 错误。
故选B 。
2．下列说法正确的是（ ）A ．β衰变所释放的电子是原子核外电子电离形成的B ．贝克勒尔通过实验发现了中子C ．原子从a 能级状态跃迁到b 能级状态时吸收波长为λ1的光子；原子从b 能级状态跃迁到c 能级状态时发射波长为λ2的光子，已知λ1＞λ2，那么原子从a 能级状态跃迁到c 能级状态时将要吸收波长为212λλλ-的光子D．赫兹首次用实验证实了电磁波的存在【答案】D【解析】【分析】【详解】A．β衰变的本质是原子核内的一个中子释放一个电子变为质子，故A错误；B．根据物理学史可知，查德威克通过α粒子轰击铍核的实验，发现了中子的存在，故B错误；C．光子的能量hc Eλ=，由题12λλ＞，则12E E＜，从a能级状态跃迁到b能级状态时吸收波长为λ1的光子，原子从b能级状态跃迁到c能级状态时发射波长为λ2的光子，根据玻尔理论，a能级的能量值大于c能级的能量值223hc hc hcλλλ-=所以原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要辐射波长为1212λλλλ-的光子，故C错误；D．根据物理学史可知，赫兹首次用实验证实了电磁波的存在，故D正确。
浙江省温州市2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（2）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2019年5月17日，在四川省西昌卫星发射基地成功发射了第45颗北斗导航卫星，该卫星属于地球静止轨道卫星（同步卫星）。
已知地球的质量为M 、半径为R 、地球自转周期为T 、该卫星的质量为m 、引力常量为G ，关于这颗卫星下列说法正确的是（ ）A RB ．动能为2GMm RC ．加速度为2GM a R =D ．入轨后该卫星应该位于西昌的正上方【答案】A【解析】【分析】【详解】 A ．万有引力提供向心力2224Mm G m r r Tπ= 解得同步卫星的轨道半径r =R ，A 正确； B ．万有引力提供向心力22Mm v G m r r= 动能2k 122GMm E mv r== B 错误；C ．万有引力提供向心力2Mm G ma r = 解得加速度为 2GM a r =C 错误；D ．同步卫星在赤道上空，西昌不在赤道，入轨后该卫星不可能位于西昌的正上方，D 错误。
故选A 。
2．研究光电效应现象的实验装置如图（a ）所示，用光强相同的黄光和蓝光照射光电管阴极K 时，测得相应的遏止电压分别为U 1和U 2，产生的光电流I 随光电管两端电压U 的变化规律如图（b ）所示。
已知电子的质量为m ，电荷量为－e ，黄光和蓝光的频率分别为v 1和v 2，且v 1<v 2。
则下列判断正确的是（ ）A ．U 1 <U 2B ．图（b ）中的乙线是对应黄光照射C ．根据题述条件无法算出阴极K 金属的极限频率D ．用黄光照射时，光电子的最大初动能为eU 2【答案】A【解析】【分析】【详解】AB ．根据光电效应方程则有0km h W E ν=+在光电管中，遏止电压满足c km eU E =联立方程有0c =W h U e eν- 因为12νν<所以对于同一光电管和金属12U U <蓝光对应的遏止电压大，则图（b ）中的乙线是对应蓝光照射，A 正确，B 错误；C ．极限频率满足c 0h W ν=则 c 11=h h U e eνν- c 22=h h U e eνν- 联立两式解得2112c 21U U U U ννν-=- C 错误；D ．用黄光照射时，光电子的最大初动能为1eU ，D 错误。
浙江省温州市2021届新高考中招适应性测试卷物理试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，小球甲从A 点水平抛出，同时将小球乙从B 点自由释放，两小球先后经过C 点时速度大小相等，方向夹角为30°，已知B 、C 高度差为h ，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（ ）A ．小球甲做平抛运动的初速度大小为23gh B ．甲、乙两小球到达C 点所用时间之比为3C ．A ，B 两点高度差为4h D ．两小球在C 点时重力的瞬时功率大小相等【答案】C【解析】A 项，小球乙到C 的速度为2v gh =，此时小球甲的速度大小也为2v gh =直方向成30°2gh 故A 错；B 、小球运动到C 时所用的时间为212h gt = 得2h t g = 而小球甲到达C 6gh ，所以运动时间为6gh t '= 所以甲、乙两小球到达C 32 故B 错C 、由甲乙各自运动的时间得：2211224h h gt gt '∆=-= ，故C 对； D 、由于两球在竖直方向上的速度不相等，所以两小球在C 点时重力的瞬时功率也不相等故D 错； 故选C2．图1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图2所示为该波中x=2m 处质点P 的振动图象，下列说法正确的是（ ）A ．该波的波速为2m/sB ．该波沿x 轴负方向传播C ．t= 1.0s 时，质点P 的速度最小，加速度最大D ．在t=0到t=2.0s 的时间内，质点P 的速度和加速度方向均未发生改变【答案】C【解析】【详解】A.由图1读出波长4m λ=，由图2读出4s T =，因此该波的波速4m/s 1m/s 4v T λ===，故选项A 错误； B.由图2可以看出，质点P 在0t =时向上振动，根据“同侧法”知，波沿x 轴正方向传播，故选项B 错误；C.由图2可知， 1.0s t =时，质点P 位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故选项C 正确；D.从0t =到 2.0s t =是半个周期，质点P 从平衡位置向上振动到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向上再向下，加速度方向是由回复力方向决定的，该过程中回复力的方向一直向下，所以加速度方向一直向下，故选项D 错误。
中考物理模拟试卷一、选择题1．下列关于热机效率的说法中，正确的是A．热机的功率越大，效率越高B．热机做的有用功越多，效率就越高C．减少热机的各种热损失，保持良好的润滑，能提高热机效率D．增加热机的工作时间，能提高热机效率【答案】C【解析】热机的功率越大，表示做功越快，与效率无关，故A错误；热机做的有用功占燃料完全燃烧放出热量的比例越大，热机的效率越高，热机效率与热机做的有用功无关，故B错误；使燃料充分燃烧、减少废气带走的热量、减少热机部件间的摩擦都可以减少热量的损失，提高效率，故C 正确；增加热机的工作时间，并不能减少热量的损失，所以不能提高热机的效率，故D错误；故选C。
2．关于磁场和磁感线，下列说法正确的是（）A．只有磁铁周围才有磁场B．磁感线是由铁屑组成的C．磁体周围的磁感线都是从磁体北极出来回到南极D．磁场中某点小磁针静止时，南极的指向就是该点磁场的方向【答案】C【解析】A. 磁铁周围存在磁场，通电导体周围也存在磁场．故不符合题意．B. 磁感线是为了形象表述磁场引入的，是不存在的，不是铁屑组成的．故不符合题意．C. 磁感线在磁体外部从北极出发回到南极，内部由南极回到北极．故符合题意．D. 磁场中某点小磁针静止时，北极所指的方向为该点磁场方向．故不符合题意．故选C.3．用图甲所示的装置测出凸透镜的焦距，并“探究凸透镜成像规律”，当蜡烛、透镜、光屏位置如图乙时，在光屏上可成清晰的像．下列说法正确的是A．凸透镜的焦距是30 cmB．图乙中烛焰成的是倒立放大的像C．照相机成像特点与图乙中所成像的特点相同D．保持凸透镜、光屏位置不变，将蜡烛远离凸透镜，烛焰仍可在光屏上成清晰的像【答案】B【解析】A．平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将汇聚于点F，点F即为此透镜的焦点，从焦点到透镜中心的距离即为焦距，则透镜的焦距为30cm﹣20cm=10cm，故本选项错误；B．图乙中，物距u=15cm，像距v=30cm，像距大于物距，由凸透镜成像规律可知，图乙中烛焰成的是倒立放大的实像，故本选项正确；C．由凸透镜成像规律可知，当u＞2f时，成倒立缩小的实像，应用于照相机．故本选项错误；D．因为凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，所以将蜡烛远离凸透镜，保持凸透镜、光屏位置不变，则在光屏上不能成清晰的像，要想在光屏上成清晰的像，应将光屏向靠近透镜的方向移动，故本选项错误．4．如图所示，某市民正站在平面玻璃制的地铁安全门外候车．地铁到站后，安全门向两侧打开，该市民在左右两侧安全中成像的情况分析正确的是（）A．都成完整的像，且两个像的位置与原来像的位置重合B．都成完整的像，且两个像在不同位置，两个像的距离等于两侧安全门之间的间距C．在两侧安全门中成的像越来越小，直至不成像D．各成半个像，合起来成一个完整的像【答案】A【解析】两扇玻璃门向两侧分开后，人可以在两扇门中成两个完整的像，由于人的位置没变，所以像的位置也不变，A正确．5．有两个铜块甲和乙，其中甲的质量大于乙的质量，让它们放出相等的热量后，再相互接触，则A．热量从甲传到乙B．热量从乙传到甲C．它们之间不发生热传递D．无法确定【答案】D【解析】两铁块的比热容相同，由题知它们放出的热量相同，甲的质量大于乙的质量，根据△t=Qcm知，甲降低的温度小于乙降低的温度，由于不知道初温的高低，所以无法判断末温度的高低，所以让它们立即接触时，无法判断热传递的方向，故D正确，ABC错误。
浙江省温州市中考适应性物理试卷(解析版)一、选择题（每小题4分，请选出一个符合题意的正确选项，不选、多选、错选，均不给分）1．为了研究电流产生的热量与哪些因素有关，设计了如图装置，将两根阻值分别为5Ω、10Ω的电阻丝串联后放入两个透明容器中，并封闭等量的空气．通电前，A、B两U形管内的液面相平．该实验中的自变量是（）A．电阻大小B．液柱高度C．电流大小D．空气质量【考点】焦耳定律．【分析】（1）由电路图可知两电阻串联，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系；（2）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过液面高度差的变化来反映，这属于转换法；（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究时运用了控制变量法；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变．【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等，需要控制的变量是电流，故A错误，B正确；（2）电流产生的热量不能用眼睛直接观察，通过液面高度差的变化来反映，需要控制液柱的高度相同，故C正确；（3）电流通过导体所产生的热量，通过容器中气体的热膨胀体现，需要控制两个容器中空气的质量相同，故D正确．故选：BCD．【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了控制变量法和转换法的运用，是中考物理常见题型．2．一颗铁质的小螺丝掉入细小狭长的小洞中，使用下列方案不能取出小螺丝的（）A．B．C．D．【考点】磁性、磁体、磁极．【分析】磁体具有吸引磁性物质的性质．同时磁性物质可以被磁体磁化，从而获得磁性．【解答】解：A、图中磁体可以吸引小螺丝，可以取出，不合题意；B、图中磁体可以吸引小螺丝，可以取出，不合题意；C、图中铁棒可以被磁体磁化，从而具有磁性，能吸引小螺丝，可以取出，不合题意；D、铜棒不是磁性物质，不能被磁化，无法吸引小螺丝，不能取出，符合题意．故选D．【点评】本题考查了磁体的磁性和磁化、磁性物质的应用，属简单的磁现象，难度不大．3．《初中科学实验活动册》中有一个如图所示的实验：在大试管里装满水，然后把小试管（小试管的直径略小于大试管）放到大试管中，一起倒过来，这时我们观察到水向下流，小试管却向上运动．该实验可以证明（）A．大气压的存在B．牛顿第一定律C．能的转化与守恒定律D．物体间力的作用是相互的【考点】大气压的综合应用．【分析】大气压是客观存在的，生活中许多现象都是利用了大气压，如：吸管吸饮料、钢笔吸墨水等等，结合实验中的现象可做出判断．【解答】解：装置倒置后，大试管中的水由于重力的作用，会流下来，小试管上方的空间的压强减小，小于外界大气压，小试管就在大气压的作用下，被压着向上运动．所以会看到小试管在大试管中上升．故这一实验现象可以证明大气压的存在．故选A．【点评】明确大气压的概念及大气压的相关实验，是解答此题的关键．4．课堂上部分同学有“将笔放在手指上不停地转圈”的不良习惯，如图所示．手指停止拨动时笔能继续转圈的原因是（）A．笔受到重力的作用B．笔受到摩擦力的作用C．笔具有惯性D．手具有惯性【考点】惯性．【分析】物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性．据此分析解答即可．【解答】解：手指停止拨动时笔能继续转圈，是因为笔具有惯性，仍要保持原来的运动状态．故ABD错误，C正确．故选C．【点评】此题主要考查学生对惯性现象的理解．惯性现象在现实生活中随处可见，和我们的生活密切相关，学习中要注意联系实际，用所学惯性知识解决生活中的实际问题．5．小华视物时成像情况如图所示，医生向她介绍激光手术：通过激光烧蚀厚度均匀的透明眼角膜，使之改变形状，实现视力矫正．手术后的眼角膜形状应为下列图中的（）A．B．C．D．【考点】近视眼的成因与矫正办法．【分析】近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；然后对各个选项逐一分析．【解答】解：激光矫正近视，是对晶状体和角膜构成的透镜进行手术，使其变薄，相当于一个凹透镜，使其对光的偏折能力变弱，使成的像后移，直到移到视网膜上．图A角膜的中间和边缘一样厚，图B中间薄边缘厚，符合凹透镜的特点，图C中间厚，边缘薄，属于凸透镜，不符合题意，图D是多块凹透镜组成，不符合题意．故选B．【点评】近视眼是长期用眼不卫生，包括用眼姿势不正确、长时间看书不注意休息、在强光下或弱光下看书等，造成像成在视网膜的前方，矫正的办法主要是带凹透镜做成的眼镜或进行必要的手术．6．某同学设计并制作了一个“盲人水杯”．水杯底部装上电池后，当杯中的水位到达一定高度，水杯会自动发出音乐声，表示水己盛满．水杯发出音乐声时的能量形式转化是（）A．电能→内能B．电能→声能C．化学能→声能D．化学能→电能【考点】能量的相互转化．【分析】判断清楚该过程中消耗了哪种形式的能，进而产生了哪种形式的能即可；【解答】解：水杯发出音乐声时，消耗电能，产生声能，故是将电能转化为声能的过程；故选B．【点评】能准确的判断出该过程中能量的转化是解决该题的关键．二、填空题（本题有9小题20空格，每空格2分，共40分）7．使用指甲剪剪指甲时，沿同样方向用力，手指按在A点比B点省力的原因是手指无论按在A点，还是按在B点，其阻力和阻力臂不变，但按在A点时动力臂大于按在B点时的动力臂，所以手指按在A点比B点省力．（2）指甲剪使用久了，刀口变钝，此时需用较大的力才能把指甲剪断，上述事实说明指甲所受的压强与压力和受力面积等因素有关．【考点】杠杆的应用；压强．【分析】（1）由杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂来进行解答．（2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力．【解答】解：（1）使用指甲剪剪指甲时，沿同样方向用力，手指按在A点和B点时，动力臂都大于阻力臂，都是省力杠杆；由杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，当阻力×阻力臂是定值时，动力臂越大时，动力越小，越省力．因为手指按在A点时的力臂比在B点时的力臂大，所以手指按在A点比B点省力；（2）指甲剪使用久了，刀口变钝，受力面积变大，由p=可知，要想增大压强，需用较大的力才能把指甲剪断，由此说明指甲所受的压强与压力和受力面积等因素有关．故答案为：（1）手指无论按在A点，还是按在B点，其阻力和阻力臂不变，但按在A点时动力臂大于按在B点时的动力臂，所以手指按在A点比B点省力；（2）压力和受力面积．【点评】本题使得知识生活化，让学生感受到了身边的物理，有助于学习兴趣的培养，是道好题．8．（2016温州模拟）某研究小组想测一个额定电压为2.5伏的灯泡的额定电流，己知电源电压为6伏．（1）如图1所示，他们设计的电路如图a所示，连接电路后闭合开关，灯泡不亮，其原因是灯泡被短路．（2）改正错误后，继续实验，第4次实验时电流表的示数如图b所示．实验次数 1 2 3 4电压表示数/伏 1.0 1.5 2.0 2.5电流表示数/安0.16 0.22 0.26通过分析可知，灯泡的额定电流为0.3 安．（3）如图2所示，根据实验过程分析，实验中选用的滑动变阻器最合适的是乙．【考点】电功率的测量．【分析】（1）电压表自身电阻非常大，电流表自身电阻非常小，由此分析灯泡不能发光的原因；（2）根据电流表的量程和分度值读出灯泡的额定电流；（3）灯泡正常发光时，由串联电路特点和欧姆定律计算滑动变阻器连入阻值，从而选择变阻器的规格．【解答】解：（1）由图a知，电压表与灯泡串联，电流表与灯泡并联了，因为自身电阻非常大，所以电路中电阻非常大，而电流表自身电阻非常小，相当于一根导线，所以相当于灯泡被短路，故灯泡不发光；（2）由图b，电流表使用0﹣0.6A量程，分度值为0.02A，所以灯泡正常发光时的电流，即灯泡的额定电流为0.3A；（3）灯与变阻器串联，当灯泡正常发光时滑动变阻器两端电压：U滑=U﹣U额=6V﹣2.5V=3.5V，串联电路中电流处处相等，所以灯泡正常发光时变阻器连入阻值：R滑==≈11.7Ω，所以滑动变阻器应选择乙．故答案为：（1）灯泡被短路；（2）0.3；（3）乙．【点评】本题考查电路故障的判断、电表读数以及滑动变阻器规格的选择，电表的读数先要明确量程和分度值，读数时视线要与刻度面垂直．9．．如表表为实验记录的数据：序号扇叶宽度/cm 扇叶长度/cm 扇叶倾斜角度θ纸片被吹起的角度α1 3 7 30°30°2 2 7 30°20°3 34 30°20°4 3 7 45°40°5（1）实验中，风扇产生的空气流动强度是用纸片被吹起的角度来表示的．（2）他在分析空气流动强度与扇叶长度的关系时，得出的结论是：在其它条件相同时，扇叶越长，空气流动强度越大．（3）老师说：“生活中电风扇转动的速度都比较快，因此空气流动强度应与风扇的转动速度有关．”针对这个猜想，请你帮助同学们设计一个实验方案加以验证．【考点】控制变量法与探究性实验方案．【分析】（1）本实验用了转换法，风扇产生的空气流动强度是用纸片被吹起的角度大小来判断；（2）由于风扇产生的空气流动强度与多个因素：风扇的扇叶宽度、扇叶长度、扇叶倾斜角度都有关系，所以在设计实验时要采用控制变量法进行研究，即当研究与某个因素关系时，要控制其它因素不变；（3）需要利用同一个扇叶，让几次转动的速度不同，观察纸片被吹起的角度是否相同．【解答】解：（1）实验中，风扇产生的空气流动强度是用纸片被吹起的角度大小来判断；（2）要分析空气流动强度与扇叶长度的关系时，要控制扇叶宽度和扇叶倾斜角度不变，而改变扇叶的长度，由实验数据可知，在其它条件相同时，扇叶越长，空气流动强度越大；（3）需要利用同一个扇叶，让几次转动的速度不同，观察纸片被吹起的角度是否相同；如果相同说明与转速无关，如果不相同，说明与转速有关．故答案为：（1）纸片被吹起的角度；（2）在其它条件相同时，扇叶越长，空气流动强度越大；（3）需要利用同一个扇叶，让几次转动的速度不同，观察纸片被吹起的角度是否相同；如果相同说明与转速无关，如果不相同，说明与转速有关．【点评】此题结合影响扇子风速的实验考查对控制变量法的理解与掌握情况，会根据控制变量法分析与设计实验．10．S2线一期工程将于开工，我市市民轻轨出行指日可待．S2线一期工程部分数据起止北起乐清市虹桥镇，南至瑞安城区全长70千米车站数20座设计时速140千米/时（1）S2线从乐清虹桥到瑞安城区按设计时速匀速行驶，需0.5 小时．（2）轻轨电车沿平直轨道运动时所受阻力约为车总重的2%．当载客200人后，它的总质量为50吨，若仍以设计时速作匀速直线运动时，轻轨电车牵引动力的输出功率为多少千瓦？（保留一位小数）【考点】速度公式及其应用；功率的计算．【分析】（1）由表格知乐清虹桥到瑞安城区的路程和速度，由速度公式计算时间；（2）知道物体的质量，根据公式G=mg求出物体的重力，再计算出牵引力大小；知道拉力和物体移动速度，根据公式P===Fv求出拉力的功率．【解答】解：（1）由表格数据知，乐清虹桥到瑞安城区的路程：s=70km，设计时速v=140km/h，由v=可得S2线从乐清虹桥到瑞安城区按设计时速匀速行驶的时间，t===0.5h；（2）电车和乘客总的重力为：G=m总g=50×103kg×10N/kg=5×105N；匀速直线运动时，电车的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，牵引力F=f=2%G=0.02×5×105N=104N，由P===Fv可得，牵引动力的输出功率：P=Fv=104N×140×m/s≈3.889×105W=388.9kW．答：（1）0.5；（2）轻轨电车牵引动力的输出功率为388.9kW．【点评】主要考查了速度、功率等计算公式的理解和掌握，注意公式的变形及其运用．11．（2016温州模拟）如图l所示，水平地面上有一块质量为100千克、底边为40厘米×50厘米、高1米的长方体木块．小明用水平推力F把木块向前推动，此过程中，推力F和木块前进的速度v的大小随时间t的变化情况分别如图2甲、乙所示．（1）木块静时，对水平地面的压强有多大？g=10N/kg（2）在0～6秒范围内，木块的运动状态没有发生改变的时间段有0～1s、3s～5s ．（3）请在图2丙中，将0～6秒内木块所受的摩擦力f随时间t变化的图线补充完整．【考点】压强的大小及其计算；摩擦力的大小．【分析】（1）木块放在水平地面时的压力和自身的重力相等，求出受力面积，利用p=求对水平地面的压强；（2）由图乙可知木块在0～1s静止，在3s～5s匀速直线运动，据此找出运动状态不变的时间段；（3）物体处于平衡状态时受到的力就是平衡力，根据平衡力的大小相等判断出摩擦力的大小；滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，而与运动速度无关，据此得出摩擦力的大小、作图．【解答】解：（1）木块对水平地面的压力：F=G=mg=100kg×10N/kg=1000N，受力面积S=40cm×50cm=2000cm2=0.2m2，对水平地面压强：由p===5000Pa；（2）由图乙可知，木块在0～1s静止，在3s～5s匀速直线运动，可见运动状态不变的时间段是0～1s、3s～5s；（3）由图丙可知，用200N的水平推力能使木箱匀速前进说明此时木箱所受的摩擦力和推力是水平方向上的一对平衡力，摩擦力等于推力等于200N．木块在1～3s内做加速运动，木块在3～5s内减速运动，受到的摩擦力都为滑动摩擦力，滑动摩擦力与推力大小无关，接触面粗糙程度与压力不变，物体受到的滑动摩擦力不变，则1s～6s木块受到的摩擦力大小为200N．图象如下图：答：（1）木块静止时对地面的压强为6000Pa；（2）0～1s、3s～5s；（3）如图所示．【点评】本题考查了学生对力学图象的分析能力，能从图象上得到有用的物理信息是解题的关键，是一道锻炼学生分析思考能力的好题．12．（2016温州模拟）某电热加湿器的工作原理是：加湿器水箱中部分水通过进水阀门进入电热槽中受热至沸腾，产生的水蒸气通过蒸汽扩散装置喷入空气中，从而提高空气湿度．下表是某同学设计的电热加湿器部分参数，其发热电路如图所示，R1、R2为阻值相同的发热电阻，l、2、3、4为触点，S为旋转型开关，实现关、低、高档的转换．额定电压220伏额定最大发热功率400瓦水箱容积4升适用面积40～60米2（1）旋转型开关接触3、4两个触点时，电路中通过的电流是 1.81 安．计算电热加湿器在低档时的发热功率．（3）对于需要制冷的室内，电热加湿器会使其气温升高，请提出一条改进的建议．【考点】电功率与电压、电流的关系；电功率的计算．【分析】（1）旋转关于S转至触点3、4间时，电路为R1的简单电路，根据电阻的串联比较电路中的总电阻，利用P=判断加湿器的状态；然后可求得电路中通过的电流；（2）根据P=求出R1的阻值，旋转关于S转至触点2、3间时两发热电阻串联，加湿器处于低档，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI求出发热功率．（3）电热加湿器会使需要制冷的室内气温升高，可以根据液体的沸点随压强的降低而降低进行改进．【解答】解：（1）旋转关于S转至触点3、4间时，电路为R1的简单电路，此时电路中的电阻最小，由P=可知，加湿器的功率最大，处于高档状态，则由P=UI可得，电路中通过的电流I==≈1.81A；（2）由P=可知，R1的阻值：R1===121Ω旋转关于S转至触点2、3间时两发热电阻串联，加湿器处于低温档，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I===A≈0.9A，发热功率：P低=UI=220V×A=200W．（3）电热加湿器会使需要制冷的室内气温升高，可以降低电热槽内气压来降低沸点，达到改进的目的．答：（1）1.81；（2）电热加湿器在低档时的发热功率为200W．（3）降低电热槽内气压．【点评】本题考查了电功率公式和电阻串联、欧姆定律的应用，关键是旋转关于S转至不同触点时电路连接方式的判断．。
