浙江省金丽衢十二校2018-2019学年高三数学第二次联考试卷

1．C 【解析】分析：解分式不等式得集合M,再根据集合的并集定义得结果. 详解：因为，所以,因此M ∪N= [0，2）， 选C.点睛：集合的基本运算的关注点(1)看元素组成．集合是由元素组成的，从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提． (2)有些集合是可以化简的，先化简再研究其关系并进行运算，可使问题简单明了，易于解决． (3)注意数形结合思想的应用，常用的数形结合形式有数轴、坐标系和Venn 图．2．A 【解析】双曲线两条渐近线互相垂直, 21b a ⎛⎫∴-=- ⎪⎝⎭,计算得出b a =.即为等轴双曲线.c e a ===点睛：1.解答此类题目的关键是由多面体的三视图想象出空间几何体的形状并画出其直观图．2．三视图中“正侧一样高、正俯一样长、俯侧一样宽”，因此，可以根据三视图的形状及相关数据推断出原几何图形中的点、线、面之间的位置关系及相关数据．4．B 【解析】分析：先根据图确定半个周期，得ω，再根据最大值求φ. 详解：因为，所以因为，所以因为|φ|＜因此，选B.点睛：已知函数的图象求解析式(1).(2)由函数的周期求(3)利用“五点法”中相对应的特殊点求.点睛：首先对于复数的四则运算，要切实掌握其运算技巧和常规思路，如. 其次要熟悉复数相关基本概念，如复数的实部为、虚部为、模为、对应点为、共轭为6．B【解析】分析：先根据等差数列定义及其通项公式得，再根据正项数列条件得a n，即得a6.详解：因为，所以所以公差等差数列，，因为，因此，选B.点睛：证明或判断为等差数列的方法：(1)用定义证明：为常数）；(2)用等差中项证明：；(3)通项法：为的一次函数；(4)前项和法：7．A【解析】分析：先根据能被3整除的三位数字组成为012，024，123，234四种情况，再分类讨论排列数，最后相加得结果.详解：因为能被3整除的三位数字组成为012，024，123，234四种情况，所以对应排列数分别为因此一共有，选A.点睛：求解排列、组合问题常用的解题方法：(1)元素相邻的排列问题——“捆邦法”；(2)元素相间的排列问题——“插空法”；(3)元素有顺序限制的排列问题——“除序法”；(4)带有“含”与“不含”“至多”“至少”的排列组合问题——间接法.若f（x）= sin2（x+）是“Θ函数”，则，因此“Θ函数”的个数为2，选B.点睛：函数是奇函数；函数是偶函数；函数是奇函数；函数是偶函数.9．A【解析】分析：根据基本不等式求最值c，并确定a,b取值，再根据绝对值定义去掉绝对值，结合分段函数图像确定最小值.详解：因为，所以当且仅当时取等号，此时因为，所以因此当时，f（x）取最小值为3.选A.点睛：在利用基本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、“等”(等号取得的条件)的条件才能应用，否则会出现错误.点睛：立体几何中定值或定位置问题，其基本思想方法是以算代证，或以证代证，即从条件出发，计算所求体积或证线面平行与垂直关系，得到结果为定值或位置关系为平行或垂直.11． 6 【解析】分析：根据偶函数性质求对偶区间解析式，结合函数图像与确定交点个数.详解：因为f（x）为偶函数，所以当x＜0时，f（x）=,因为[5f（x）﹣1][f（x）+5]=0，所以研究与交点个数，如图：因此有6个交点.点睛：对于方程解的个数(或函数零点个数)问题，可利用函数的值域或最值，结合函数的单调性、草图确定其中参数范围．从图象的最高点、最低点，分析函数的最值、极值；从图象的对称性，分析函数的奇偶性；从图象的走向趋势，分析函数的单调性、周期性等．点睛：求二项展开式有关问题的常见类型及解题策略(1)求展开式中的特定项.可依据条件写出第项，再由特定项的特点求出值即可.(2)已知展开式的某项，求特定项的系数.可由某项得出参数项，再由通项写出第项，由特定项得出值，最后求出其参数.13．【解析】分析：根据向量模的性质以及向量数量积求以及||，再根据向量数量积求向量夹角.详解：因为的夹角为，所以，，所以因此.点睛：求平面向量夹角方法：一是夹角公式；二是坐标公式；三是几何方法，从图形判断角的大小.14．【解析】分析：根据条件A=B，得f（0）=0，解得a;再根据f（-b）=0，得f（x）=-b无解或仅有零根，解得b的取值范围.详解：因为A=B，所以f（x）=0成立时f（f（x））=0也成立，因此f（0）=0，，即参数a的所有取值构成的集合为，因为f（x）=x2+ bx，所以由f（x）=0得当-b=0时, f（f（x））= x4=0,满足A=B，当时,由f（f（x））=0得f（x）=0或f（x）=-b，因此f（x）=-b无解或仅有零根，因为，即方程无解，，综上b的取值范围为点睛：已知函数有零点或方程有解求参数取值范围常用的方法和思路(1)直接法：直接根据题设条件构建关于参数的方程或不等式，再通过解方程或不等式确定参数范围；(2)分离参数法：先将参数分离，转化成求函数交点或函数值域问题加以解决；(3)数形结合法：先对解析式变形，在同一平面直角坐标系中，画出函数的图象，然后数形结合求解．点睛：垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型.(1)证明线面、面面平行，需转化为证明线线平行.(2)证明线面垂直，需转化为证明线线垂直.(3)证明线线垂直，需转化为证明线面垂直.16．7.2【解析】分析：先确定随机变量的取法2，4，8，16，再分别求对应概率，最后根据数学期望公式求期望.详解：因为留在手中的球的标号可以为2，4，8，16，所以,,,因此点睛：求解离散型随机变量的数学期望的一般步骤为：第一步是“判断取值”，第二步是“探求概率”，第三步是“写分布列”，第四步是“求期望值”.点睛：研究解几问题，一是注重几何性，利用对称性减少参数；二是巧记一些结论，简约思维、简化运算，如利用关于原点对称，为椭圆上三点).18．（1）（2）2或【解析】分析：（1）先根据两角和与差正弦公式展开，再根据配角公式得基本三角函数形式，最后根据正弦函数周期公式求结果，（2）先求A,再根据面积公式求不，最后根据余弦定理求a.详解：解：函数f（x）=sin（x+）+sin（x﹣）+cosx．化简可得：f（x）=2sinxcos+cosx=sinx+cosx=2sin（x+）（Ⅰ）f（x）的最小正周期T=；（Ⅱ）由f（A）=，即2sin（A+）=，∴sin（A+）=，∵0＜A＜π，∴＜（A+）．可得：（A+）=或则A=或A=．当则A=时，△ABC的面积为=bcsinA，AB=c=，∴b=AC=2余弦定理：BC2=22+（2）2﹣2××cos，解得：BC=2当A=时，△ABC的面积为=bc，AB=c=，∴b=AC=1直角三角形性质可得：BC2=22+（2）2，解得：BC=．点睛：解三角形问题，多为边和角的求值问题，这就需要根据正、余弦定理结合已知条件灵活转化边和角之间的关系，从而达到解决问题的目的.19．（1）见解析（2）1详解：证明：（Ⅰ）连结AC，BD，∵四边形ABCD是正方形，∴AC⊥BD，∵SB⊥底面ABCD，∴AC⊥SB，∴AC⊥面SBD，又由AC⊂面SAC，∴面SAC⊥面SBD．解：（Ⅱ）将四棱锥补成正四棱柱ABCD﹣A′SC′D′，连结A′D，作AE⊥A′D于E，连结SE，由SA′∥CD，知平面SCD即为平面SC DA′，∵CD⊥侧面ADD′A′，∴CD⊥AE，又AE⊥A′D，∴AE⊥面SCD，∴∠ASE即为SA与平面SCD所成角的平面角，设SB=x，在直角△ABS中，SA=，在直角△DAA′中，∴=，解得x=1，∴SB的长为1．点睛:垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型.(1)证明线面、面面平行，需转化为证明线线平行.(2)证明线面垂直，需转化为证明线线垂直.(3)证明线线垂直，需转化为证明线面垂直.20．（1）y=1（2）在[0，+∞）递增，在（﹣∞，0]递减；（3）详解：解：（Ⅰ）∵f′（x）=a x lna﹣lna=（a x﹣1）lna，∴f′（0）=0，又∵f（0）=1，∴所求切线方程是：y=1；（Ⅱ）当a＞1时，令f′（x）＞0，解得：x＞0，令f′（x）＜0，解得：x＜0，当0＜a＜1时，令f′（x）＞0，解得：x＞0，令f′（x）＜0，解得：x＜0，故对∀a＞0，且a≠1，f（x）在[0，+∞）递增，在（﹣∞，0]递减；（Ⅲ）记f（x）在x∈[﹣1，1]上的最大值是M，最小值是m，要使对任意x1，x2∈R，有|f（sinx1）﹣f（sinx2）|≤e﹣2，只需M﹣m≤e﹣2即可，要使M﹣m≤e﹣2，即有a﹣lna﹣1≤e﹣2，再令h（x）=x﹣lnx，由h′（x）=可知h（x）在（1，+∞）递增，不等式a﹣lna≤e﹣1可化为h（a）≤h（e），解得：1＜a≤e，当0＜a＜1时，g（a）＞g（1）=0，即f（﹣1）＞f（1），此时M=+lna，要使M﹣m≤e﹣2，即有+lna﹣1≤e﹣2，再令l（x）=+lnx，由l′（x）=，可知l（x）在（0，1）递减，不等式+lna≤e﹣1可化为l（a）≤l（），解得：≤a＜1，综上，a的范围是[，1）∪（1，e]．点睛：对于求不等式成立时的参数范围问题，一般有三个方法，一是分离参数法, 使不等式一端是含有参数的式子，另一端是一个区间上具体的函数，通过对具体函数的研究确定含参式子满足的条件.二是讨论分析法，根据参数取值情况分类讨论，三是数形结合法，将不等式转化为两个函数，通过两个函数图像确定条件.21．（1）（2）【解析】分析：（1）根据条件列关于a,b,c方程组，解方程组可得a,b，（2）交轨法求轨迹，先设P,Q坐标,根据垂直关系得斜率乘积为-1，两式对应相乘，利用椭圆方程化简可得Q点轨迹方程，最后根据根据纯粹性去掉两点.（Ⅱ）设P（5cosθ，3sinθ），A'（5，0），θ≠kπ，k∈Z，设Q（x，y），x≠5且x≠﹣5，于是，×=﹣1，×=﹣1，两式相乘：×=1，化简，所求轨迹方程为：，x≠5且x≠﹣5，∴点Q的轨迹方程，x≠5且x≠﹣5．点睛：求轨迹方程，一般有以下方法，一是定义法，动点满足圆或圆锥曲线定义；二是直接法，化简条件即得；三是转移法，除所求动点外，一般还有已知轨迹的动点，寻求两者关系是关键；四是交轨法或参数法，如何消去参数是解题关键，且需注意消参过程中的等价性.22．（1）见解析（2）见解析（3）见解析【解析】分析：（1）先根据和项与通项关系得项之间递推关系，再利用等比数列定义证数列{a n+1}为等比数列；（2）先根据等比数列通项公式求a n+1，解得a n，再放缩利用等比数列求和公式得结论，（3）先求导数，得，再利用错位相减法求其中部分和，即得，最后根据相邻两项差的关系判断数列单调性,这时可利用数学归纳法证明.详解：解：（Ⅰ）证明：a n+1=Sn+n+1，可得当n≥2时，a n=S n﹣1+n，两式相减可得，a n+1﹣a n=a n+1，可得a n+1+1=2（a n+1），n≥2，由a1+1=2，a2+1=4，可得数列{a n+1}为公比为2的等比数列；n＞3时，Tn=1++++…+＜1+++（++…+）=1+++＜1+++=1++＜1++=；（Ⅲ）设函数，令，f′n（x）=a n+2a n﹣1x+…+na1x n﹣1，则bn=f′n（1）=a n+2a n﹣1+…+na1=（2n﹣1）+2（2n﹣1﹣1）+3（2n﹣2﹣1）+…+n（21﹣1）=2n+2•2n﹣1+3•2n﹣2+…+n•21﹣．令A=2n+2•2n﹣1+3•2n﹣2+…+n•21，A=2n﹣1+2•2n﹣2+3•2n﹣3+…+n•20，两式相减可得，A=2n+2n﹣1+2n﹣2+…+2﹣n=2n+1﹣n﹣2，即A=2n+2﹣2n﹣4，bn=2n+2﹣2n﹣4﹣=2n+2﹣n2﹣n﹣4，{bn}递增，只需证明当n为自然数时，bn+1﹣bn=2n+2﹣n﹣3＞0．当n=1时，2n+2﹣n﹣3=4＞0，假设n=k时，2k+2﹣k﹣3＞0，则当n=k+1时，2k+3﹣k﹣4=（2k+2﹣k﹣3）+（2k+2﹣1）＞0恒成立，综上可得，当n为一切自然数时，b n+1＞b n．即数列{b n}为递增数列．点睛：用错位相减法求和应注意的问题(1)要善于识别题目类型，特别是等比数列公比为负数的情形；(2)在写出“”与“”的表达式时应特别注意将两式“错项对齐”以便下一步准确写出“”的表达式；(3)在应用错位相减法求和时，若等比数列的公比为参数，应分公比等于1和不等于1两种情况求解.。

金丽衙十二校2018-2019学年高三第二次联考数学试题一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的）．1、集合A=｛x|x 2－2x ＞0}，B=｛x|－3<x<3｝，则（ ）A 、A ∩B ＝∅ B 、 A ∪B ＝RC 、B ⊆AD 、A ⊆B2、点F 1和F 2是双曲线223x y -＝1的两个焦点，｜F 1F 2｜（ ）A B 、 2 C 、 D 、 4 3、复数122,3z i z i =-=+，则12||z z ＝（ ）A 、 5B 、 6C 、 7D 、4、某几何体的三视图如右图所示（图中单位:cm)，则该几何体的表面积为（ ）A πcm 2B 、πcm 2C 、（1）πcm 2D 、（2）πcm 25.已知直线l ⊥平面α，直线m ∥平面β，则“α∥β”是“l ⊥m ”的（ ） A 、充分不必要条件 B 、必要不充分条件 C 、充要条件 D 、既不充分也不必要条件6、甲和乙两人独立的从五门选修课程中任选三门进行学习，记两人所选课程相同的门数为ξ，则E(ξ)为（ ）A 、1.2B 、1.5C 、1.8D 、2 7、函数()ln8xf x x=-的图象大致为（ ）8.已知a ，b ，c 和d 为空间中的4个单位向量，且a ＋b ＋c ＝0，则｜a 一d ｜+｜b 一d ｜+｜c 一d ｜不可能等于（ ）A 、 3B 、C 、4D 、9.正三棱锥P －ABC 的底面边长为1 cm ，高为h cm ，它在六条棱处的六个二面角（侧面 与侧面或者侧面与底面）之和记为θ，则在h.从小到大的变化过程中，θ的变化情况 是（ ）A 、一直增大B 、一直减小C 、先增大后减小D 、先减小后增大， 10、数列{a n }满足：1111,n n na a a a +==+则a 2018的值所在区间为（ ） A 、(0，100) B 、 (100，200) C 、 (200，300) D 、 (300， +∞) 二、填空题（本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分）11、《九章算术》第七章“盈不足”中第一题：“今有共买物，人出八，盈三钱；人出七，不足四，问人数物价各几何？”借用我们现在的说法可以表述为：有几个人合买一件物 品，每人出8元，则付完钱后还多3元；若每人出7元，则还差4元才够付款．问他们的人数和物品价格？答：一共有 人；所合买的物品价格为 元． 12、（1一2x)5展开式中x 3的系数为 ；所有项的系数和为 ．13、若实数x ，y 满足约束条件1221x y x y x +≥⎧⎪+≤⎨⎪≤⎩，则目标函数Z ＝2x+3y 的最小值为 ；最大值为14、在△ABC 中，角A ，B 和C 所对的边长为a ，b 和c ，面积为2221()3a cb +-内，且∠C 为钝角，则tanB ＝ ；ca的取值范围是 15、安排3名支教老师去6所学校任教，每校至多2人，则不同的分配方案共有 种（用数字作答）16、定义在R 上的偶函数()f x 满足：当x ＞0时有1(4)()3f x f x +=，且当0≤x ≤4时， f (x)＝3｜x －3｜，若方程()0f x mx -=恰有三个实根，则m 的取值范围是17、过点P （1，1）的直线l 与椭圆22143x y +=交于点A 和B ，且AP PB λ= ．点Q 满足 AQ QB λ=-，若O 为坐标原点，则｜OQ ｜的最小值为三、解答题（本大题兵5小题，共．74分．解答应写出文字说明‘证明过程或演算步卿． 18、 (14分）己知函数2()sin sin()2f x x x x π=+（I ）求()f x 的最小正周期；（II ）求函数()f x 在区间20,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的取值范围·19、 (15分）在三棱柱ABC-A 1B 1C 1中，A B ⊥侧面BB 1C 1C ，己知BC ＝1，∠BCC 1＝3π， AB ＝C 1 C ＝2.（I ）求证：C 1B ⊥平面ABC ；(II) E 在棱C 1 C(不包含端点C 1，C)上，且EA ⊥EB 1，求A 1E 和平面AB 1 E 所成角的正弦值·20、 (15分）数列{}n a 的前n 项和为Sn ，a 1＝1，对任意*n N ∈，有121n n a S +=+ （I ）求数列{}n a 的通项公式；（II ）若1n an n b a +=，求数列｛3log n b ｝的前n 项和Tn.21、 (15分）已知抛物线E ：2(0)y ax a =>内有一点P （1，3），过点P 的两条直线12,l l 分别与抛物线E 交于A 、C 和B 、D 两点，且满足AP PC λ= ，(0,1)BP PD λλλ=>≠。

浙江省金丽衢十二校2018届高三第二次联考英语第Ⅰ卷第一部分听力（共两节，满分30分）做题时，先将答案划在试卷上。

录音内容结束后，你将有两分钟的时间将试卷上的答案转涂到答案卡上。

第一节（共5小题；每小题1.5分，满分7.5分）听下面5段对话。

每段对话后有一个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后，你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1.How much does the man pay?A. $8.7B. $41.30C. $502.What is the weather like today?A. RainyB. CloudyC. Sunny3.Where does the conversation take place?A. At a storeB. At a hotelC. At the man’s house4.What does the man think of the goalkeeper?A. ImportantB. Cold-heartedC. Weak5.What are the speakers mainly talking about?A. A celebrationB. ClothesC. Performances第二节（共15小题；每小题1.5分，满分22.5分）听下面5段对话或独白。

每段对话或独白后有几个小题，从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项，并标在试卷的相应位置。

听每段对话或独白前，你将有时间阅读各个小题，每小题5秒钟；听完后，各小题将给出5秒钟的作答时间。

每段对话或独白读两遍。

听第6段对话，回答第6、7题。

6.What is the woman’s problem?A. She doesn’t know DarrylB. She doesn’t want to have lunchC. She doesn’t have enough money for lunch7.What does the man suggest the woman do?A. Ask someone else for helpB. Try to find her walletC. Get to know Darryl听第7段材料，回答第8、9题。

浙江金丽衢十二校2019高三第二次联合考试-数学理数学试卷(理科)本试卷分第一卷和第二卷两部分.考试时间120分钟. 试卷总分为150分.请考生将所有试题的答案涂、写在答题纸上.第一卷【一】选择题：本大题共10小题，每题5分，共50分.在每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的. 1、在复平面内，复数ii 4332-+-〔是虚数单位〕所对应的点位于A 、第一象限B 、第二象限C 、第三象限D 、第四象限2. 设集合}032|{2<--=x x x M ,{}22<=x x N ，那么N C M R⋂等于A 、[]1,1-B 、)0,1(-C 、[)3,1D 、)1,0(3.61(2)x x-的展开式中2x 的系数为A.240-B. 240C. 60-D. 604、“2πϕ=”是“函数()x x f cos =与函数()()ϕ+=x x g sin 的图像重合”的A 、充分而不必要条件B 、必要而不充分条件C 、充要条件D 、既不充分也不必要条件①假设m ∥α，m ∥β，那么α∥β；②假设m ⊥α，m ⊥β，那么α∥β； ③假设m ∥α，n ∥α，那么m ∥n ；④假设m ⊥α，n ⊥α，那么m ∥n 、 上述命题中，所有真命题的序号是 A.①②B.③④C.①③D.②④ 6、数列{}n a满足11=a ，11++=+n a a nn (*N n ∈)，那么201321111a a a +++ 等于A.20132012B.20134024C.10072013D.100710067.在平面直角坐标系xOy 中,圆C 的方程为228150x y x +-+=,假设直线2y kx =-上至少存在一点,使得以该点为圆心,1为半径的圆与圆C 有公共点,那么k 的取值范围是A.403k ≤≤ B.<0k 或4>3kC.3443k ≤≤ D.0k ≤或4>3k 8.对数函数x y alog =〔10≠>a a 且〕与二次函数()x x a y --=21在同一坐标系内的图象可能是9.函数31,0()9,0x x f x xx x ⎧+>⎪=⎨⎪+≤⎩，假设关于x 的方程()a x x f =+22有六个不同的实根，那么实数a 的取值范围是A 、(]2,8B 、(]2,9C 、()9,8D 、(]8,910.记集合{}8,6,4,2,0=P ,{}P a a a a a a m m Q ∈++==321321,,,10100，将集合Q 中的所有元素排成一个递增数列，那么此数列第68项是 A 、68B 、464C 、468 D 、666第二卷【二】填空题：本大题有7小题,每题4分,共28分.把答案填在答题卷的相应位置. 11.假设某程序框图如下图，那么该程序运行后输出的值是▲ 12.如图是一个几何体的三视图，那么该几何体的体积是▲13.等比数列{n a }的前n 项和为n S ,123,2,3S S S 成等差数列，那么等比数列{n a }的公比为___▲__14、假设实数x 、y 满足⎪⎩⎪⎨⎧+-≥≥≥-b x y xy y x 02，且2z x y =+的最小值为3，那么实数b 的值为__▲15.我们把焦点相同，且离心率互为倒数的椭圆和双曲线称为一对“黄金搭档”、1F 、2F 是一对“黄金搭档”的焦点，P 是它们在第一象限的交点，当 6021=∠PF F 时，这一对“黄金搭档”中双曲线的离心率是▲16、实数0,0<<b a ,且1=ab ,那么ba b a ++22的最大值为▲17.如图，边长为1的正方形ABCD 的顶点A ，D 分别在x 轴、y 轴正半轴上移动，那么OB OC ⋅的最大值是▲(第17题图)三.解答题：本大题共5小题,总分值72分.解承诺写出文字说明,证明过程或演算步骤.18.〔此题总分值14分〕函数()21)cos sin 3(cos +-=x x x x f ωωω〔0>ω〕的周期为π2. 〔Ⅰ〕求ω的值；〔Ⅱ〕在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别是,,a b c ，且满足a c A b 32cos 2-=，求)(B f 的值、19.某竞猜活动有4人参加，设计者给每位参与者1道填空题和3道选择题，答对一道填空题得2分，答对一道选择题得1分，答错得0分，假设得分总数大于或等于4分可获得纪念品，假定参与者答对每道填空题的概率为21，答对每道选择题的概率为31，且每位参与者答题互不妨碍.(Ⅰ)求某位参与竞猜活动者得3分的概率；(Ⅱ)设参与者获得纪念品的人数为ξ，求随机变量ξ的分布列及数学期望. 20.如图，在四边形ABCD 中，4==AD AB ，7==CD BC ，点E 为线段AD 上的一点.现将DCE ∆沿线段EC 翻折到PAC 〔点D 与点P 重合〕，使得平面PAC ⊥平面ABCE ，连接PA ，PB . (Ⅰ)证明：⊥BD 平面PAC ；(Ⅱ)假设︒=∠60BAD ，且点E 为线段AD 的中点，求二面角C AB P --的大小. 21.〔此题总分值15分〕点M 到定点()0,1F 的距离和它到定直线4:=x l 的距离的比是常数21,设点M 的轨迹为曲线C .〔Ⅰ〕求曲线C 的轨迹方程;〔Ⅱ〕曲线C 与x 轴的两交点为A 、B ,P 是曲线C 上异于A ，B 的动点,直线AP 与曲线C 在点B 处的切线交于点D ，当点P 运动时，试判断以BD 为直径的圆与直线PF 的位置关系，并加以证明、 22.函数xa x x f ln )()(2-=〔其中a 为常数〕.(Ⅰ)当0=a 时，求函数的单调区间；(Ⅱ)当10<<a 时，设函数)(x f 的3个极值点为321x x x ，，，且321x x x <<.证明：ex x 231>+. 金丽衢十二校2018学年第二次联合考试数学试卷(理科)参考答案【一】选择题(5×10=50分)题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B C B A D C A A D B【二】填空题(4×7=28分)11.1612.313.3114.4915.316.1-17.2【三】解答题(共72分)18、解：〔Ⅰ〕()2122cos 12sin 2321cos cos sin 32++-=+-=x x x x x x f ωωωωωx x ωω2cos 212sin 23-=⎪⎭⎫ ⎝⎛-=62sin πωx 21=∴ω——7分 〔Ⅱ〕解法〔一〕ac A b 32cos 2-=ac bca cb b 3222222-=-+⋅⇒ 整理得ac b c a 3222=-+，故232cos 222=-+=ac b c a B6,0ππ=∴<<B B0sin )6sin()(==-=∴πB B f ——14分解法〔二〕a c A b 32cos 2-=A C A B sin 3sin 2cos sin 2-=⇒A B A A B sin 3)sin(2cos sin 2-+=⇒0sin 3cos sin 2=-⇒A B A 0)3cos 2(sin =-⇒B A 0sin ,0≠∴<<A A π 23cos =∴B又6,0ππ=∴<<B B0sin )6sin()(==-=∴πB B f ——14分19解：(Ⅰ)答对一道填空题且只答对一道选择题的概率为9231)32(21223=⨯⨯⨯C ，答错填空题且答对三道选择题的概率为541)31(213=⨯〔对一个4分〕 ∴某位参与竞猜活动者得3分的概率为541354192=+；…………………7分 (Ⅱ)由题意知随机变量ξ的取值有0，1,2，3，4.又某位参与竞猜活动者得4分的概率为9132)31(21223=⨯⨯⨯C 某位参与竞猜活动者得5分的概率为541)31(213=⨯∴参与者获得纪念品的概率为547………………………11分∴)547,4(~B ξ，分布列为kk k C k P -==44)5447()547()(ξ，4,3,2,1,0=k ∴随机变量ξ的数学期望ξE =27145474=⨯.………………………14分20解：(Ⅰ)连接AC ，BD 交于点O ,在四边形ABCD 中， ∵4==AD AB ，7==CD BC∴ADC ABC ∆≅∆，∴BAC DAC ∠=∠, ∴BD AC ⊥又∵平面PAC ⊥平面ABCE ，且平面PAC 平面ABCE =AC ∴⊥BD 平面PAC ………6分(Ⅱ)如图，以O 为原点，直线OA ，OB 分别为x 轴，y 轴，平面PAC 内过O 且垂直于直线AC 的直线为z 轴建立空间直角坐标系，可设点),0,(z x P 又)0,0,32(A ，)0,2,0(B ，)0,0,3(-C ，)0,1,3(-E ，且由2=PE ，7=PC 有⎩⎨⎧=++=++-7)3(41)3(2222z x z x ，解得332==z x ，∴)332,0,332(P …………9分 那么有)332,0,334(-=，设平面PAB 的法向量为),,(c b a n =，由⎪⎩⎪⎨⎧=⋅=⋅00，即⎩⎨⎧==xy xz 32，故可取)2,3,1(=n ………12分又易取得平面ABC 的法向量为)1,0,0(，并设二面角C AB P --的大小为θ， ∴2281)2,3,1()1,0,0(cos =⋅⋅=θ，∴4πθ=∴二面角C AB P --的大小为4π.…………………14分21、解：〔Ⅰ〕设点M ()y x ,，那么据题意有()214122=-+-x y x∴化简得22143x y += 故曲线C 的方程为22143x y +=，…………5分 〔Ⅱ〕如图由曲线C 方程知()()0,2,0,2B A -,在点B 处的切线方程为2=x .以BD 为直径的圆与直线PF 相切、证明如下：由题意可设直线AP 的方程为(2)y k x =+(0)k ≠.那么点D 坐标为(2, 4)k ，BD 中点E 的坐标为(2, 2)k 、由22(2),143y k x x y =+⎧⎪⎨+=⎪⎩得2222(34)1616120k x k x k +++-=、设点P 的坐标为00(,)x y ，那么2021612234k x k --=+、因此2026834k x k-=+，00212(2)34k y k x k =+=+、……………………………7分 因为点F 坐标为(1, 0)， 当12k =±时，点P 的坐标为3(1, )2±，点D 的坐标为(2, 2)±.直线PF x ⊥轴，如今以BD 为直径的圆22(2)(1)1x y -+=与直线PF 相切、 当12k ≠±时，那么直线PF 的斜率0204114PF y k k x k ==--. 因此直线PF 的方程为24(1)14ky x k=--、 点E 到直线PF 的距离d 2||k 、又因为kR BD 42==，故以BD 为直径的圆与直线PF 相切、综上得，当直线AP 绕点A 转动时，以BD 为直径的圆与直线PF 相切、………15分 22解：(Ⅰ)xx x x f 2ln )1ln 2()('-=令0)('=x f 可得e x =.列表如下:x ()1,0()e ,1e()+∞,e()x f '--+()x f减 减 极小值 增单调减区间为()1,0,()e ,1;增区间为()+∞,e .------------5分(Ⅱ)由题，xxax a x x f 2ln )1ln 2)(()('-+-=关于函数1ln 2)(-+=x a x x h ，有22)('x a x x h -=∴函数)(x h 在)2,0(a 上单调递减，在),2(+∞a上单调递增 ∵函数)(x f 有3个极值点321x x x <<，从而012ln 2)2()(min <+==a a h x h ，因此ea 2<，当10<<a 时，0ln 2)(<=a a h ，01)1(<-=a h ，∴函数)(x f 的递增区间有),(1a x 和),(3+∞x ，递减区间有),0(1x ，)1,(a ，),1(3x ，如今，函数)(x f 有3个极值点，且a x =2；∴当10<<a 时，31,x x 是函数1ln 2)(-+=xax x h 的两个零点，————9分 即有⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=-+=-+01ln 201ln 23311x ax x ax ，消去a 有333111ln 2ln 2x x x x x x -=-令x x x x g -=ln 2)(，1ln 2)('+=x x g 有零点ex 1=，且311x ex <<∴函数x x x x g -=ln 2)(在)1,0(e 上递减，在),1(+∞e上递增 要证明ex x 231>+⇔132x ex ->⇔)2()(13x eg x g ->()()31x g x g = ∴即证)2()()2()(1111>--⇔->x eg x g x eg x g构造函数())2()(x eg x g x F --=，⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛e F 1 =0只需要证明]1,0(e x ∈单调递减即可.而()2)2ln(2ln 2+-+='x ex x F ，()0)2()22(2''>--=x ex x e x F ()x F '∴在]1,0(e 上单调递增,()01=⎪⎪⎭⎫⎝⎛<'∴e F x F ∴当10<<a 时，ex x 231>+.————————15分。

金丽衢十二校2018学年高三第二次联考数学试题一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）.1.集合2{|20}A x x x =->，{}33}B x x =-<<，则（ ）A ．AB ⋂=∅ B ．A B R ⋃=C ．B A ⊆D ．A B ⊆2.点1F 和2F 是双曲线2213x y -=的两个焦点，则12||F F =A ． 2 C ．．4 3.复数12z i =-，23z i =+，则12||z z ⋅=（ ）A ．5B ．6C ．7D ． 4.某几何体的三视图如图所示（图中单位：cm ），则该几何体的表面积为（ ）A 2cm B ．2cm C.21)cm π D ．22)cm π 5.已知直线l ⊥平面α，直线m平面β，则“αβ”是“l m ⊥”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件6.甲和乙两人独立的从五门选修课课程中任选三门进行学习，记两人所选课程相同的门数为ξ，则()E ξ为（ ）A ．1.2B ．1.5 C. 1.8 D ．2 7.函数()ln8xf x x=-的图像大致为（ ） A ． B ．C.D ．8.已知a ，b ，c 和d 为空间中的4个单位向量，且0a b c ++=，则||||||a d b d c d -+-+-不可能等于（ ）A ．3B ．．9.正三棱锥P ABC -的底面边长为1cm ，高为hcm ，它在六条棱处的六个二面角（侧面与侧面或者侧面与底面）之和记为θ，则在h 从小到大的变化过程中，θ的变化情况是（ ）A ．一直增大B ．一直减小 C.先增大后减小 D ．先减小后增大 10.数列{}n a 满足：11a =，11n n na a a +=+，则2018a 的值所在区间为（ ） A ．(0,100) B ．(100,200) C. (200,300) D ．(300,)+∞二、填空题（本大题共7小题，多空题每题6分，单空题每题4分，共36分）11.《九章算术》第七章“盈不足”中第一题：“今有共买物，人出八，盈三钱；人出七，不足四，问人数物价各几何？”借用我们现在的说法可以表述为：有几个人合买一件物品，每人出8元，则付完钱后还多3元；若每人出7元，则还差4元才够付款.问他们的人数和物品价格？答：一共有 人；所合买的物品价格为 元．12.5(12)x -展开式中3x 的系数为 ；所有项的系数和为 ．13.若实数x ，y 满足约束条件1,22,1,x y x y x +≥⎧⎪+≤⎨⎪≤⎩则目标函数23Z x y =+的最小值为 ；最大值为 ．14.在ABC ∆中，角A ，B 和C 所对的边长为a ，b 和c ，面积为2221()3a cb +-，且C ∠为钝角，则tan B = ；ca的取值范围是 ． 15.安排3名支教老师去6所学校任教，每校至多2人，则不同的分配方案共有 种（用数字作答）． 16.定义在R 上的偶函数()f x 满足：当0x >时有1(4)()3f x f x +=，且当04x ≤≤时，()3|3|f x x =-，若方程()0f x mx -=恰有三个实根，则m 的取值范围是 ．17.过点(1,1)P 的直线l 与椭圆22143x y +=交于点A 和B ，且AP PB λ=.点Q 满足AQ QB λ=-，若O 为坐标原点，则||OQ 的最小值为 ．三、解答题 （本大题共5小题，共74分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）18.已知函数2()sin sin()2f x x x x π=+.（1）求()f x 的最小正周期；（2）求函数()f x 在区间2[0,]3π上的取值范围.19. 在三棱柱111ABC A B C -中，AB ⊥侧面11BB C C ，已知1BC =，13BCC π=∠，12AB C C ==.（1）求证：1C B ⊥平面ABC ；（2）E 在棱1C C （不包含端点1C ，C ）上，且1EA EB ⊥，求1A E 和平面1AB E 所成角的正弦值. 20. 数列{}n a 的前n 项和为n S ，11a =，对任意*n N ∈，有121n n a S +=+.（1）求数列{}n a 的通项公式；（2）若1n an n b a +=，求数列3{log }n b 的前n 项和n T .21. 已知抛物线E ：2(0)y ax a =>内有一点(1,3)P ，过P 的两条直线1l ，2l 分别与抛物线E 交于A ，C 和B ，D 两点，且满足AP PC λ=，(0,1)BP PD λλλ=>≠，已知线段AB 的中点为M ，直线AB 的斜率为k .（1）求证：点M 的横坐标为定值；（2）如果2k =，点M 的纵坐标小于3，求PAB ∆的面积的最大值.22. 函数()ln )f x n x =-，其中*n N ∈，(0,)x ∈+∞.（1）若n 为定值，求()f x 的最大值；（2）求证：对任意*m N ∈，有ln1ln 2ln3ln(1)m ++++21)>；（3）若2n =，ln 1a ≥，求证：对任意0k >，直线y kx a =-+与曲线()y f x =有唯一公共点.试卷答案一、选择题1-5: BDDBA 6-10: CAADA9.当0h +→（比0多一点点），有13θθπ=→；当h +∞→，有352πθθ=→；当h 刚好使得正三棱锥变为正四面体时，二面角之和记为2θ，则23341cos6233θ+-==⨯，于是2217cos2()1339θ=⨯-=-> 即253πθ<.所以与θ的变化情况相符合的只有选项D .10.因为22212123n n n n a a a a +=++≤+，所以2018100a <<=.二、填空题11. 7；53 12. -80；-1 13. 2；72 14. 43；5(,)3+∞ 15. 210 16.3113(,)(,)4884--⋃ 17.设11(,)A x y ，22(,)B x y ，(,)Q m n 则12121,(1),x x x x m λλλλ+=+⎧⎨-=-⎩于是22212()(1)x x m λλ-=-，同理22212()(1)y y n λλ-=-，于是我们可以得到222221122()()4343x y x y λ+++2(1)()43m n λ=++.即143m n+=，所以min 12||5OQ ==.18.（1）1()sin(2)62f x x π=-+，所以T π=； （2）3()[0,]2f x ∈.19.（1）∵1BC =，12CC =，13BCC π=∠，∴1BC =又∴22211BC BC CC +=，∴1BC BC ⊥.（1） ∵AB ⊥侧面11BB C C ，∴1AB BC ⊥.（2） 由（1）和（2）可得直线1C B ⊥平面ABC .（2）以B 为原点，分别以BC ，1BC 和BA 的方向为x ，y 和z 轴的正方向建立如图所示的空间直角坐标系.则有(0,0,2)A，1(1B -，设(1,0)(01)E t t -<<，由10EA EB ⋅=可求得12t =.又1(1A -，13(2EA =-，1(2)2AE =-，13(,2B E =，则平面1AB E 的法向量(1,3,1)n =，设1A E 和平面1AB E 所成角为θ，于是332sin θ-++===20.（1）由121n n a S +=+求得13n n a a +=.所以1*3()n n a n N -=∈.（2）1311log (3)nnn n i i i T b n -====⋅∑∑1111(3(1)33)2n n n n i n n --===⋅--⋅-∑113113()32213244n n n n n -=⨯-⨯=-+-. 21.（1）设CD 中点为N ，则由AP PC λ=，BP PD λ=可推得AB DC λ=，MP PN λ=，这说明AB CD ，且M ，P 和N 三点共线.对A ，B 使用点差法，可得()()A B A B A B y y a x x x x -=-+，即2AB M k a x =⋅. 同理2CD N k a x =⋅.于是M N x x =，即MN x ⊥轴，所以1M P x x ==为定值.（2）由2k =得到1a =，设(1,3)M y t =∈，||3PM t =-，联立2,2(1),y x y t x ⎧=⎨-=-⎩得2220x x t -+-=，所以||A B x x -=于是(3PAB S t ∆=-53t =时，PAB S ∆. 22.（1）max ()(1)f x f n ==. （2）由前一问可知ln x n ≥，取2n =得ln 2x ≥，于是1112ln (2m m i i i ++==≥∑∑1224m i m +=>-1224m i m +==-∑24m =-21)=.（3）要证明当a e ≥，0k >时，关于xln )x kx a -=-+有唯一解，令t =2()22ln g t kt t t t a =+--有唯一零点.我们先证三个引理【引理1】(1ln )1x x -≤...................................（由第1问取1n =即可） 【引理2】1ln 1x x≥-.....................................（由【引理1】变形得到） 【引理3】ln 1x x ≤-..............................（可直接证明也可由【引理2推出】证明：11ln ln(1)11x x xx=-≤--=-. 证毕！下面我们先证明函数()g t 存在零点，先由【引理2】得到：221()22(1)2g t kt t t a kt a t≤+---=+-.令t =()0g t ≤.再由【引理3】得到ln x x <，于是()((2)g t t kt t a =-+-4)(2)t a >-.令216t k >，且2at >，可知()0g t >.由连续性可知该函数一定存在零点. 下面我们开始证明函数()g t 最多只能有一个零点.我们有ln ()22ln 2()tg t kt t t k t'=-=-. 令ln ()t h t t =，则21ln ()t h t t -'=，则()h t 在(0,)e 递增，在(,)e +∞递减，即max1()h t e=. 当1k e≥时，有()0g t '≥恒成立，()g t 在(0,)+∞上递增，所以最多一个零点. 当10k e<<时，令12()()0g t g t ''==，12t e t <<，即11ln t kt =，于是 111111()ln 22ln g t t t t t t a =+--11(2ln )t t a =--.再令1(01)t eT T =<<，由【引理1】可以得到1()(1ln )10g t eT T a e a =--<⨯-≤.因此函数()g t 在1(0,)t 递增，12(,)t t 递减，2(,)t +∞递增，1t t =时，()g t 有极大值但其极大值1()0g t <，所以最多只有一个零点.综上，当0k >，a e ≥时，函数()y f x =与y kx a =-+的图像有唯一交点.。

浙江省金丽衢十二校2018-2019学年高三数学第二次联考试卷一、单选题 (共10题；共10分)1．（1分）集合A={x|x2−2x>0}，B={x}−3<x<3}，则（）A．B．C．D．2．（1分）点F1和F2是双曲线y2−x23=1的两个焦点，则|F1F2|=（）A．B．2C．D．43．（1分）复数z1=2−i，z2=3+i，则|z1⋅z2|=（）A．5B．6C．7D．4．（1分）某几何体的三视图如图所示（图中单位：cm），则该几何体的表面积为（）A．B．C．D．5．（1分）已知直线l⊥平面α，直线m∥平面β，则“ α∥β”是“ l⊥m”的（）A．充分不必要条件B．必要不充分条件C．充要条件D．既不充分也不必要条件6．（1分）甲和乙两人独立的从五门选修课课程中任选三门进行学习，记两人所选课程相同的门数为ξ，则E(ξ)为（）A．1.2B．1.5C．1.8D．27．（1分）函数f(x)=lnx8−x的图像大致为（）A．B．C．D．8．（1分）已知a⇀，b⇀，c⇀和d⇀为空间中的4个单位向量，且a⇀+b⇀+c⇀=0，则|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+|c⇀−d⇀|不可能等于（）A．3B．C．4D．9．（1分）正三棱锥P−ABC的底面边长为1cm，高为ℎcm，它在六条棱处的六个二面角（侧面与侧面或者侧面与底面）之和记为θ，则在ℎ从小到大的变化过程中，θ的变化情况是（）A．一直增大B．一直减小C．先增大后减小D．先减小后增大10．（1分）数列{a n}满足：a1=1，a n+1=a n+1an，则a2018的值所在区间为（）A．B．C．D．二、填空题 (共7题；共11分)11．（2分）《九章算术》第七章“盈不足”中第一题：“今有共买物，人出八，盈三钱；人出七，不足四，问人数物价各几何？”借用我们现在的说法可以表述为：有几个人合买一件物品，每人出8元，则付完钱后还多3元；若每人出7元，则还差4元才够付款.问他们的人数和物品价格？答：一共有人；所合买的物品价格为元．12．（2分）(1−2x)5展开式中x3的系数为；所有项的系数和为．13．（2分）若实数x，y满足约束条件{x+y≥1,x+2y≤2,x≤1,则目标函数Z=2x+3y的最小值为；最大值为．14．（2分）在ΔABC中，角A，B和C所对的边长为a，b和c，面积为13(a2+c2−b2)，且∠C为钝角，则tanB=；ca的取值范围是．15．（1分）安排3名支教老师去6所学校任教，每校至多2人，则不同的分配方案共有种.（用数字作答）16．（1分）定义在R上的偶函数f(x)满足：当x>0时有f(x+4)=13f(x)，且当0≤x≤4时，f(x)=3|x−3|，若方程f(x)−mx=0恰有三个实根，则m的取值范围是．17．（1分）过点P(1,1)的直线l与椭圆x24+y23=1交于点A和B，且AP⇀=λPB⇀.点Q满足AQ⇀=−λQB⇀，若O为坐标原点，则|OQ|的最小值为．三、解答题 (共5题；共10分)18．（2分）已知函数f(x)=sin2x+√3sinxsin(x+π2 ).（1）（1分）求f(x)的最小正周期；（2）（1分）求函数f(x)在区间[0,23π]上的取值范围.19．（1分）在三棱拄ABC−A1B1C1中，AB⊥侧面BB1C1C，已知BC=1，∠BCC1=π3，AB=C1C=2.（Ⅰ）求证：C1B⊥平面ABC；（Ⅱ）试在棱C1C(不包含端点C,C1)上确定一点E的位置，使得EA⊥EB1；（Ⅲ）在（Ⅱ）的条件下,求AE和平面ABC所成角正弦值的大小.20．（2分）数列{a n}的前n项和为S n，a1=1，对任意n∈N∗，有a n+1=2S n+1.（1）（1分）求数列{a n}的通项公式；（2）（1分）若b n=a n+1a n，求数列{log3b n}的前n项和T n.21．（2分）已知抛物线E：y=ax2(a>0)内有一点P(1,3)，过P的两条直线l1，l2分别与抛物线E交于A，C和B，D两点，且满足AP⇀=λPC⇀，BP⇀=λPD⇀(λ>0,λ≠1)，已知线段AB的中点为M，直线AB的斜率为k.（1）（1分）求证：点M的横坐标为定值；（2）（1分）如果k=2，点M的纵坐标小于3，求ΔPAB的面积的最大值.n(n−lnx)，其中n∈N∗，x∈(0,+∞).22．（3分）函数f(x)=√x（1）（1分）若n为定值，求f(x)的最大值；（2）（1分）求证：对任意m∈N∗，有ln1+ln2+ln3+⋯ln(m+1)>2(√m+1−1)2；（3）（1分）若n=2，lna≥1，求证：对任意k>0，直线y=−kx+a与曲线y= f(x)有唯一公共点.答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】解：A={x|x＜0，或x＞2}，B={x|﹣3＜x＜3}；∴A∩B={x|﹣3＜x＜0，或2＜x＜3}，A∪B=R；∵A∩B≠A，且A∩B≠B，∴B⊈A，A⊈B；即B符合题意．故答案为：B．【分析】通过解不等式求出集合A，根据集合的关系逐一判断即可. 2．【答案】D【解析】【解答】由y2−x 23=1可知a2=1,b2=3所以c2=a2+b2=4，则c=2,2c=4，所以|F1F2|=2c=4.故答案为：D【分析】根据双曲线的标准方程，得到两个焦点坐标，即可求出线段的长度.3．【答案】D【解析】【解答】因为|z1|=|2−i|=√5，|z2|=|3+i|=√10，所以|z1⋅z2|=|z1|⋅|z2|=√5×√10=5√2故答案为：D.【分析】根据复数的乘法运算，得到z1·z2，结合复数的模运算即可求出相应的值.4．【答案】B【解析】【解答】由三视图可知，该几何体的直观图为一个竖立的圆锥和一个倒立的圆锥组成，其表面积为S=2πrl=2×π×1×√2=2√2π，故答案为：B.【分析】根据三视图确定几何体的结构特征，即可求出几何体的表面积.5．【答案】A【解析】【解答】根据已知题意，由于直线l⊥平面α，直线m∥平面β，如果两个平面平行α//β，则必然能满足l⊥m，但是反之，如果l⊥m，则对于平面可能是相交的，故条件能推出结论，但是结论不能推出条件，故答案为：A【分析】根据直线与平面的位置关系，即可确定充分、必要性.6．【答案】C【解析】【解答】由已知得ξ=1,2,3，P(ξ=1)=C53C31C53C53=310, P(ξ=2)=C53C32C21C53C53=35, P(ξ=3)=C53C53C53=110,所以E(ξ)=1×310+2×610+3×110=1.8,故答案为：C【分析】求出随机变量的可能取值及相应的概率，即可求出数学期望. 7．【答案】A【解析】【解答】函数定义域为(0,8)，当x→0时，x8−x→0，lnx8−x→−∞，故排除B,D，当x→8时，x8−x→+∞，lnx8−x→+∞，故排除C,故答案为：A.【分析】根据函数的定义域及函数值的变化情况，逐一排除，即可确定函数的大致图象.8．【答案】A【解析】【解答】因为|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+|c⇀−d⇀|≥|a⇀−d⇀+b⇀−d⇀+c⇀−d⇀|=|a⇀+b⇀+c⇀−3d⇀|而a⇀+b⇀+c⇀=0，所以|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+|c⇀−d⇀|≥|−3d⇀|=3因为a⇀，b⇀，c⇀，d⇀是单位向量，且a⇀+b⇀+c⇀=0，所以a⇀−d⇀，b⇀−d⇀，c⇀−d⇀不共线，所以|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+|c⇀−d⇀|>3，故答案为：A.【分析】根据向量的关系，求出|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+|c⇀−d⇀|的最小值，即可确定|a⇀−d⇀|+|b⇀−d⇀|+ |c⇀−d⇀|不可能的取值.9．【答案】D【解析】【解答】当ℎ→0+（比0多一点点），有θ→θ1=3π；当ℎ→+∞，有θ→θ3=5π2；当ℎ刚好使得正三棱锥变为正四面体时，二面角之和记为θ2，则cosθ26=3+3−42×3=13，于是cos θ23=2×(13)2−1=−79>−√32，所以θ23<5π6，即θ2<5π2，所以与θ的变化情况相符合的只有选项D.故答案为：D【分析】根据几何体的结构特征，求出角的余弦值，即可得到角的变化情况. 10．【答案】A【解析】【解答】因为a1=1，所以a n+12=a n2+2+1a n2≤a n2+3an+12≤an2+3≤an−12+3+3…可得：a n+12<a12+3n所以a2018<√a12+3×2017<√10000=100.故答案为：A【分析】根据递推关系式得到数列项之间的关系，解不等式即可确定a2018的值所在区间.11．【答案】7；53【解析】【解答】设共有x人，由题意知8x−3=7x+4，解得x=7，可知商品价格为53元.即共有7人，商品价格为53元.【分析】设共有x人，通过解方程即可求出共有人数和商品价格.12．【答案】-80；-1【解析】【解答】因为T r+1=C5r(−2)r x r，令r=3，T4=−80x3，所以x3的系数为-80，设(1−2x)5=a0+a1x+⋯+a5x5，令x=1，则a0+a1…+a5=−1，所以所有项的系数和为-1.【分析】写出二项展开式的通项，即可求出特定项的系数及所有项的系数之和. 13．【答案】2；【解析】【解答】作出可行域如下：由Z=2x+3y可得y=−23x+z，作出直线y=−23x,平移直线过B(1,0)时，z有最小值z=2+0=2，平移直线过A(1，12）时，z有最大值z=2×1+3×12=72.【分析】作出可行域及目标函数相应的直线，平移该直线即可求出目标函数的最大值和最小值.14．【答案】；【解析】【解答】因为S=12acsinB=13(a2+c2−b2)，所以34sinB=a2+c2−b22ac=cosB即tanB=43，因为∠C为钝角，所以sinB=45,cosB=35，由正弦定理知ca=sinCsinA=sin(B+A)sinA=cosB+sinBcosAsinA=35+45cotA因为∠C为钝角，所以A+B<π2,即A<π2−B所以cotA>cot(π2−B)=tanB=43所以ca>35+45×43=53，即ca的取值范围是(53,+∞).【分析】通过面积公式及正弦定理，确定三角形边和角的关系，即可求出相应的值和取值范围. 15．【答案】210【解析】【解答】分两类，（1）每校1人：A63=120；（2）1校1人，1校2人：C32A62=90，不同的分配方案共有120+90=210．故答案为：210【分析】根据加法原理和乘法原理，即可确定不同的分配方案种数.16．【答案】【解析】【解答】因为当0≤x≤4时，f(x)=3|x−3|，设4≤x≤8，则0≤x−4≤4，所以f(x−4)=3|x−4−3|=3|x−7|，又f(x+4)=13f(x)，所以f(x)=13f(x−4)=|x−7|，可作出函数y=f(x)在x∈[0,8]上的图象，又函数为偶函数，可得函数在[−8,8]的图象，同时作出直线y=mx，如图：方程f(x)−mx=0恰有三个实根即y=f(x)与y=mx图象有三个交点，当m>0时，由图象可知，当直线y=mx过（8,1），即m=18时有4个交点，当直线y=mx过（4,3），即m=34时有2个交点，当18<m<34时有3个交点，同理可得当m<0时，满足−34<m<−18时，直线y=mx与y=f(x)有3个交点.故填(−34,−18)∪(18,34).【分析】通过函数的性质，作出函数的图象，数形结合即可求出实数m的取值范围. 17．【答案】【解析】【解答】设A(x1,y1)，B(x2,y2)，Q(m,n)则{x1+λx2=1+λ,x1−λx2=m(1−λ),于是x12−(λx2)2=m(1−λ2)，同理y12−(λy2)2=n(1−λ2)，于是我们可以得到(x124+y123)+λ2(x224+y223)=(1+λ2)(m4+n3).即m4+n3=1，所以Q点的轨迹是直线，|OQ|min即为原点到直线的距离，所以|OQ|min=1√116+19=125【分析】设出点A 和B 的坐标，根据向量的关系，确定Q 的轨迹是直线，即可求出线段长度的最小值.18．【答案】（1）解： f(x)=sin 2x +√3sinxsin(2x +π2)=1−cos2x 2+√32sin2x =sin(2x −π6)+12所以 T =π（2）解：由 −π2+2kπ≤2x −π6≤π2+2kπ 得 −π6+kπ≤x ≤π3+kπ,k ∈z 所以函数 f(x) 的单调递增区间是 [−π6+kπ,π3+kπ],k ∈z ． 由 x ∈[0，2π3] 得 2x −π6∈[−π6,76π] ，所以 sin(2x −π6)∈[−12,1]所以 f(x)∈[0,32] ．【解析】【分析】（1）根据正弦和余弦的二倍角公式，结合辅助角公式，得到函数的表达式，即可求出函数的最小正周期；（2）根据正弦函数的单调性，确定函数f （x ）的单调区间，即可求出函数f （x ）的取值范围.19．【答案】解：（Ⅰ）因为 BC =1 ， ∠BCC 1=π3 ， C 1C =2 ，所以 BC 1=√3 ，BC 2+BC 12=CC 12 ，所以 BC 1⊥BC 因为 AB ⊥ 侧面 BB 1C 1C ， BC 1⊂ 平面 BB 1C 1C ，所以 BC 1⊥AB ，又 BC ∩AB =B ， 所以， C 1B ⊥ 平面 ABC（Ⅱ）取 C 1C 的中点 E ，连接 BE ， BC =CE =1 ， ∠BCC 1=π3 ，等边 ΔBEB 1 中， ∠BEC =π3同理， B 1C 1=C 1E 1=1 ， ∠B 1C E 1=2π3，所以 ∠B 1EC 1=π6 ，可得 ∠BEB 1=π2 ，所以EB 1⊥EB因为 AB ⊥ 侧面 BB 1C 1C ， EB 1⊂ 平面 BB 1C 1C ，所以 EB 1⊥AB ，且 EB ∩AB =B ，所以 B 1E ⊥ 平面 ABE ，所以；（Ⅲ） AB ⊥ 侧面 BB 1C 1C ， AB ⊂ 平面，得平面 BCC 1B 1⊥ 平面 ABC 1 ， 过 E 做 BC 1 的垂线交 BC 1 于 F ， EF ⊥ 平面 ABC 1连接AF，则∠EAF为所求，因为BC⊥BC1，EF⊥BC1，所以BC∥EF，E为CC1的中点得F为C1B的中点，EF=12，由（2）知AE=√5，所以sin∠EAF=12√5=√510【解析】【分析】根据线面垂直的判定定理，证明直线与平面内两条相交直线垂直即可；（2）根据线面垂直的定义，证明直线与平面垂直，即可说明直线与平面内任何一条直线垂直；（3）通过作垂线得到直线与平面所成的角，通过解三角形求出线面所成角的正弦即可. 20．【答案】（1）解：由a n+1=2S n+1知a n=2S n−1+1(n≥2)两式相减得：a n+1=3a n(n≥2)又a2=2s1+1=2a1+1=3，所以a2a1=3也成立，故a n+1=3a n,n∈N∗即数列{a n}是以1为首项，3为公比的等比数列，所以a n=3n−1(n∈N∗).（2）解：因为log3b n=log3a n+1an=3n−1log33n=n⋅3n−1，所以T n=1×30+2×31+3×32+⋯+n⋅3n−13T n=1×31+2×32+3×33+⋯+(n−1)⋅3n−1+n⋅3n两式相减得：−2Tn =(12−n)⋅3n−12，所以T n=(n2−14)3n+14.【解析】【分析】（1）根据等比数列的定义确定数列{a n}是以1为首项，3为公比的等比数列，即可求出的通项公式；（2）根据对数恒等式，结合错位相消求和法，即可求出前n项和T n.21．【答案】（1）证明：设CD中点为N，则由AP⇀=λPC⇀，BP⇀=λPD⇀可推得AB⇀=λDC⇀，MP⇀=λPN⇀，这说明AB⇀∥CD⇀，且M，P和N三点共线.对A，B使用点差法，可得y A−y B=a(x A−x B)(x A+x B)，即k AB=2a⋅x M.同理k CD=2a⋅x N.于是x M=x N，即MN⊥x轴，所以x M=x P=1为定值.（2）解：由k=2得到a=1，设y M=t∈(1,3)，|PM|=3−t，联立{y=x2,y−t=2(x−1),得x2−2x+2−t=0，所以|x A−x B|=2√t−1, |AB|=√1+k2|x A−x B|=√5⋅2√t−1,根据点到直线的距离公式知P到AB的距离为d=|t−3|√5，于是SΔPAB=(3−t)√t−1，令x= √t−1，x∈(0,2),则S=−x3+2x，S′=−3x2+2，令S′=0得x=√63，当x∈(0,√63)时，S′>0,函数为增函数，当x∈(√63，2)时，S′<0，函数为减函数，故当x=√63，即t=53时，SΔPAB有最大值4√69.【解析】【分析】（1）根据向量之间的关系，采用点差法，即可确定点M的坐标为定值；（2）根据点斜式写出直线方程，将直线方程与抛物线方程联立，通过弦长公式和点到直线的距离，表示出三角形的面积，求导数，利用导数研究函数的单调性，即可求出三角形面积的最大值.22．【答案】（1）解：n为定值，故f′(x)=1n x 1n−1(n−lnx)+√xn(−1x)=−√xn lnxx（x>0)，令f′(x)=0，得x=1，当0<x<1时，f′(x)>0，当x>1时，f′(x)<0，所以函数在(0,1)上单调递增，在(1,+∞)上单调递减，所以当x=1时，函数有极大值f(1)，也是最大值，所以f(x)max=f(1)=n.（2）解：由前一问可知lnx≥n−n√xn，取n=2得lnx≥2−2√x，于是∑m+1 i=1lni≥∑(2−2i)m+1i=2>2m−4∑m+1i=21√i+√i−1=2m−4∑(√i−√i−1)m+1i=2=2m−4√m+1+4=2(√m+1−1)2.（3）解：要证明当a≥e，k>0时，关于x的方程√x(2−lnx)=−kx+a有唯一解，令t=√x，即证明g(t)=kt2+2t−2tlnt−a有唯一零点，先证明g(t)存在零点，再利用导数得函数单调性，极值确定函数只有唯一零点.我们先证三个引理【引理1】x(1−lnx)≤1（由第1问取n=1即可）【引理2】lnx≥1−1x（由【引理1】变形得到）【引理3】lnx≤x−1（可直接证明也可由【引理2推出】证明：lnx=−ln 1x≤−(1−11x)=x−1.下面我们先证明函数g(t)存在零点，先由【引理2】得到：g(t)≤kt2+2t−2t(1−1t)−a=kt2+2−a.令t=√a−2k，可知g(t)≤0.再由【引理3】得到lnx<x，于是g(t)=t(kt−4ln√t)+(2t−a)>t√t(k√t−4)(2t−a).令t>16k2，且t>a2，可知g(t)>0.由连续性可知该函数一定存在零点.下面我们开始证明函数g(t)最多只能有一个零点.我们有g′(t)=2kt−2lnt=2t(k−lnt t).令ℎ(t)=lntt ，则ℎ′(t)=1−lntt2，则ℎ(t)在(0,e)递增，在(e,+∞)递减，即ℎ(t)max=1e.当k≥1e时，有g′(t)≥0恒成立，g(t)在(0,+∞)上递增，所以最多一个零点.当0<k<1e时，令g′(t1)=g′(t2)=0，t1<e<t2，即lnt1=kt1，于是g(t1)=t1lnt1+2t1−2t1lnt1−a=t1(2−lnt1)−a.再令t1=eT(0<T<1)，由【引理1】可以得到g(t1)=eT(1−lnT)−a<e×1−a≤0.因此函数g(t)在(0,t1)递增，(t1,t2)递减，(t2,+∞)递增，t=t1时，g(t)有极大值但其极大值g(t1)<0，所以最多只有一个零点.综上，当k>0，a≥e时，函数y=f(x)与y=−kx+a的图像有唯一交点.【解析】【分析】（1）求导数，利用导数确定函数的单调性，结合单调性求出函数的最大值即可；（2）由（1）可得不等式lnx≥n−n√xn，结合放缩法，即可证明相应的不等式；（3）构造函数，求导数，利用导数确定函数的单调性，求出函数的极值，根据函数零点与函数图象交点横坐标的关系，数形结合，即可证明相应的结论.。

金丽衙十二校2018-2019学年高三第二次联考数学试题2018.12一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目要求的）．1、集合A=｛x|x 2－2x ＞0}，B=｛x|－3<x<3｝，则（ ）A 、A ∩B ＝∅ B 、 A ∪B ＝RC 、B ⊆AD 、A ⊆B 答案：B考点：集合的运算，一元二次不等式。

解析：因为A=｛x|x ＜0或x ＞2}，在数轴上表示如下图，可知：A ∪B ＝R ，选B 。

2、点F 1和F 2是双曲线223x y -＝1的两个焦点，｜F 1F 2｜＝（ ）A 、2B 、 2C 、2 2D 、 4答案：D考点：双曲线的性质。

解析：依题意，得：1,3a b ==，所以，22c a b =+＝2， ｜F 1F 2｜＝2c ＝4。

3、复数122,3z i z i =-=+，则12||z z ＝（ ）A 、 5B 、 6C 、 7D 、 52 答案：D考点：复数的运算。

解析：12z z ＝(2)(3)i i -+＝7－i ， 所以，2212||71z z =+＝524、某几何体的三视图如右图所示（图中单位:cm)，则该几何体的表面积为（ ）A、2πcm2B、22πcm2C、（22＋1）πcm2D、（22＋2）πcm2答案：B考点：三视图。

解析：由三视图可知，该几何体为有同底的两个圆锥组成，圆锥的底面半径为1，高为1，所以，母线长为：2表面积为两个圆锥的侧面积，S＝2×12122π⨯⨯⨯＝22πcm25.已知直线l⊥平面α，直线m∥平面β，则“α∥β”是“l⊥m”的（）A、充分不必要条件B、必要不充分条件C、充要条件D、既不充分也不必要条件答案：A考点：直线与直线，直线与平面，平面与平面之间的平等与垂直关系，充分必要条件。

解析：当α∥β时，由直线l⊥平面α，有直线l⊥平面β，又直线m∥平面β，所以，l⊥m，充分性成立。

数学参考答案 第1页 （共4页）2019学年金丽衢十二校高三第二次联考数学评分标准与参考答案一、选择题（4×10=40分）二、填空题（9—12题每题6分，13—15题每题4分，共36分） 11．四，2； 12．6，20；13．12，1,1]；14．316,45； 15．-1； 16．30；17．2(1,e 2)-三、解答题（本大题共5小题，共74分。

解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。

） 18．解：（Ⅰ）12T =,6ωπ=,116ϕπ=……………………………………7分（Ⅱ）()114sin 4sin 8sin cos 6666666x x x x g x πππππππ=+++==⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭所以()g x 的单调递增区间是[]123,123,k k k -+∈Z .…………14分19．（Ⅰ）由勾股定理逆定理可知PB ⊥BC ，所以MN ⊥BC ，又因为N 为中点, 所以AN ⊥BC , 所以BC ⊥面AMN …………………………7分（Ⅱ）延长NM 到Q ，使NM=MQ ，连接PQ ，AQ ，于是四边形PQNM 为平行四边形. 根据前一问的结论可知PQ ⊥面AMN ， 所求线面角为∠P AQ . ……………………12分 在直角三角形PAQ 中，1sin 2PAQ ∠=，所以30PAQ ∠=︒……………………… 15分20．解：（Ⅰ）因为21n n n a S n n -+=+，………………①1122n n n a S n n---+=-，……………②由①—②可得， 当n ≥2时，122122n n n n a a n nn n----=-+-，…………………4分整理得，()()111211n n a a n n n n-+=++-⎛⎫ ⎪⎝⎭，数学参考答案 第2页 （共4页）又 11122a +=，所以()11n a n n ++⎧⎫⎨⎬⎩⎭为首项公比均为12的等比数列；…………………7分（Ⅱ）由（Ⅰ）得 ()1112n na n n =++，所以 ()11111()2121n nn a n n n n =-=--++， 所以 1111111(1)22231n nS n n =-+-+-++-+L故有 1112n nS n =-+，……………………………11分因为 ()111(1)(1)21(1)2n n nn n a n n n n +=-=-++，令 (1)()12nn n f n +=-，则 1(1)(2)(1)()2n n n f n f n ++-+-=，所以 (1)(2)(3)(4)f f f f <=>>L ，又 (1)0,(4)0,(5)0f f f =><，所以当 5n ≥时，0n a <即1n n S S ->,当4n ≤时,1n n S S -≤, 因此n S 的最大值为41380S =. ……………………………………………… 15分21．解：（Ⅰ）1a =…………………………………………………… 5分（Ⅱ）[解法一]设:1AB x my =-,()()()112200,,,,,A x y B x y Q x y ,于是直线PC 的方程为1y x m=--，所以()0,C m -，PC =分由21x my y x =-=⎧⎨⎩得()222110m y m y -++=，于是122122211m y y m y y m ++==⎧⎪⎪⎨⎪⎪⎩…………… 9分 又因为,AP PB QA QB λλ==u u r u u r u u r u u r ，所以21111201122222111y y y y y y y y y y y λλλ---====--+--代入化简得0221y m =+.所以PQ =……………………… 13分数学参考答案 第3页 （共4页）即211511212142122PQC m S m m m ∆+==++-++⎛⎫ ⎪⎝⎭≥,当且仅当21m +=时取等号 .……………………………………………………………………15分[解法二]设由 AP PB λ=u u r u u r可知λPA PB=-，于是()PA PQ PA PA PQ PB-=-，化简得211PQ PA PB=+.设PA 的倾斜角为θ，于是关于t 的方程()2sin cos 1t t θθ=-的两根恰为,PA PB ，则112cos sin PAPBθθ+=+,又由1sin PCθ=,得到1sin PC θ=,所以()112122cos sin sin 2sin 2cos 212S PQ PC θθθθθ=⨯===+-+…………………………………………………………………………………………15分22．解：（Ⅰ）由题意得：2ln 2'()ax f x --+=x a >）………………2分（算对即可）由'()0f x = 得 2ln 20a x x--+=，设2g()ln 2ax x x=--+，则22g '()a x x x -=令'()0g x =解得2x a =，列表如下：所以()g x 的极大值为(2)1ln(2)g a a =-，………………………………5分 又因为222()0a g e e =-<，………………………………6分数学参考答案 第4页 （共4页）所以函数()f x 有两个不同的极值点等价于g()0,(2)0a g a <>⎧⎨⎩，解得12e a <<，因此实数a 的取值范围为12e（，）；………………………………8分（Ⅱ）由（Ⅰ）知12e a ∈（，），故2()10a g e e=-> 设()g x 的较大零点为0x ，则20(,)x e e ∈且0(,)x e x ∈，'()0f x >；0()x x ∈+∞，，'()0f x < 所以()f x 在0(,)e x 上单调递增，在0()x +∞，上单调递减 从而()f x 有最大值为0()f x ， 又当x e ≥时，()0f x >，故可设函数()f x 的值域为0,()]b f x （，其中0b ≥. 由题意：对任意m ∈R ，存在[,)x e ∈+∞，使得|()|f x m k -≥成立 等价于00()()22f x b f x k -≤≤. ……………………………………12分而0()f x =0002()2ln 2x a a x x x -=-=所以0()f x ==,20e x e <<…………………………14分令2ln ()()x h x e x e x=<<，则21ln '()0x h x x-=<，所以()h x 在2(,)e e 上单调递减， 所以1()()h x h e e<=，故0()f x <因此0()2f x k <≤ ……………………………………15分。