【解析】广东省湛江一中2016届高三上学期月考物理试题(11月份) Word版含解析[ 高考]

湛江市第一中学2016届高三上学期11月月考数学试卷（理）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，其中第Ⅱ卷第22～24题为选考题,其它题为必考题。

全卷满分150分。

考试时间120分钟。

第Ⅰ卷一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，满分60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.已知i 为虚数单位,复数 12i - 在复平面上对应的点位于（ ）A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限 2．集合A ={}16102-+-=x x y x ，集合B ={}A x x y y ∈=,log 2，则R A C B =( )A.[]32，B.(]21，C.[]83，D.(]83， 3．已知x 与y 之间的一组数据如下表：则y 与x 的线性回归方程∧∧∧+=a x b y 必过 ( )A ．点)2,2(B ．点)0,23( C ．点)2,1( D ．点)4,23(4．右面的程序框图，如果输入三个实数a 、b 、c ，要求输出这 三个数中最大的数，那么在空白的判断框中，应该填入下面四 个选项中的（ ）A. b c >B. c b > C . x c > D. c x > 5．已知正项数列中，，，222112(2)n n n a a a n +-=+≥，则等于（ ）A ．B ．4C ．8D ．166．设,,a b c 是空间三条直线，,αβ是空间两个平面，则下列命题中，逆命题不正确的是（ ）A ．当c α⊥时，若c β⊥，则//αβB ．当b α⊂时，若b β⊥，则αβ⊥x0 1 2 3 y1357C ．当,b a αα⊂⊄且c 是a 在α内的射影时，若b c ⊥，则a b ⊥D ．当b α⊂且c α⊄时，若//c α，则//b c7．若点),(y x M 满足⎪⎩⎪⎨⎧≥≥<-+04x xy y x ，则15--x y 的取值范围是（ ） A.),1()3,(+∞⋃--∞ B.),1[]3,(+∞⋃--∞ C.)1,3(- D.]1,3[- 8．使奇函数)2cos(3)2sin()(θθ+++=x x x f 在]0,4[π-上为减函数的θ值为（ ）A.3π-B. 6π-C. 65πD. 32π9．现有4名教师参加说课比赛，共有4个备选课题，若每位选手从中有放回地随机选出一个课题进行说课，其中恰有一个课题没有被这4位选中的情况有( ) A. 288种B. 144种C. 72种D. 36种10.矩形ABCD 中,2,3,AD AB E ==为AD 的中点,P 为边AB 上一动点,则tan DPE ∠的最大值为（ ）A ．22B ．23 C ．24D ．111．已知函数,log )31()(2xxx f -=实数c b a ,,满足),0(0)()()(>>><⋅⋅a b c c f b f a f 若实数0x 为方程0)(=x f 的一个解，那么下列不等式中，不可能成立的是( )A ．0x <aB ．0x >bC ．0x <cD ．0x >c12．设1F 、2F 是双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的左、右焦点，若双曲线右支上存在一点P ，使22()0OP OF PF +⋅=（O 为坐标原点），且122||3||PF PF =，则双曲线的离心率为( )A ．32 B ．132C ．13D ． 213 第Ⅱ卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，满分20分．13.有一个几何体的三视图及其尺寸如下（单位cm ），则该几何体的表面积为 . 14.设0(sin cos )a x x dx π=+⎰，则二项式61()a x x-展开式中含2x 项的系数是 . 15．在△ABC 中，a 、b 、c 分别为A 、B 、C 的对边，三边a 、b 、c 成等差数列，且4B π=，则cos cos A C -的值为 ． 16．给出以下四个命题：①设2:0p a a +≠,:0q a ≠，则q p 是的充分不必要条件；②过点)2,1(-且在x 轴和y 轴上的截距相等的直线方程是01=-+y x ； ③若函数()y f x =与()y g x =的图像关于直线y x =对称，则函数()2y f x =与()12y g x =的图像也关于直线y x =对称； ④若直线01cos sin =++ααy x 和直线1cos 102x y α--=垂直，则角2().26k k k ππαπαπ=+=+∈Z 或其中正确命题的序号为 ．（把你认为正确的命题序号都填上）三、解答题（本大题共6小题，共70分.应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤.） 17．（本题满分12分）数列的前项和为，数列的前项的和为，为等差数列且各项均为正数，，，（Ⅰ）求证：数列是等比数列；（Ⅱ）若，，成等比数列，求．}{n a n n S }{n b n n T }{n b 11=a 121+=+n n S a )(*N n ∈15321=++b b b }{n a 11b a +22b a +33b a +n T为了某项大型活动能够安全进行，警方从武警训练基地挑选防爆警察，从体能、射击、反应三项指标进行检测，如果这三项中至少有两项通过即可入选。

2015-2016学年广东省湛江一中等四校高三（上）第一次联考物理试卷一、单项选择题（本题有7小题，每题4分，共28分．选出各题中一个符合题意的选项，不选、多选、错选均不给分．）1．下列关于物理学发展史的表述，其中观点正确的是（）A．伽利略发现行星运动三大定律B．牛顿发现万有引力定律C．法拉第首先发现了电流的磁效应D．奥斯特首次测出元电荷量2．在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火．按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么v0和k分别等于（重力加速度g取10m/s2）（）A．25m/s，1.25 B．40m/s，0.25 C．50m/s，0.25 D．80m/s，1.253．如图所示，质量为m的小球置于光滑的正方体盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A．该盒子做匀速圆周运动的周期等于πB．该盒子做匀速圆周运动的周期等于2πC．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于3mgD．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于5mg4．如图所示，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动，其轨道半径为R．已知电场的电场强度为E，方向竖直向下；磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加速度为g，则（）A．液滴带正电B．液滴荷质比C．液滴顺时针运动D．液滴运动速度大小v=5．如图所示，在一磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，垂直于磁场方向水平放置着两根相距为L=0.1m的平行金属导轨MN和PQ，导轨电阻忽略不计，在两根导轨的端点N、Q之间连接一阻值R=0.3Ω的电阻．导轨上正交放置着金属棒ab，其电阻r=0.2Ω．当金属棒在水平拉力作用于以速度v=4.0m/s向左做匀速运动时（）A．a b棒所受安培力大小为0.02NB．N、Q间电压为0.2VC．a端电势比b端电势低D．回路中感应电流大小为1A6．某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经一段时间后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，重力加速度为g，则（）A．减速时加速度的大小为g B．减速时动力的大小等于mgC．加速时动力的大小等于mg D．加速时加速度的大小为g7．如图是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均有跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．如果电梯中载人的总质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，h为（）A．B．C．D．二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分，每题有两个以上选项是正确的，完全选对得4分，选对但不全得2分，不答或有选错得零分．）8．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力增大，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只增加重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大9．蒋昊南同学阅读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，万有引力常量在极其缓慢地减小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内侧，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星与地球的自转周期几乎相同，自转轴与公转轨道平面的倾角也几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据他摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力在缓慢减小B．太阳对地球的引力在缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间等于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月10．如图所示，一圆心为O、半径为R的圆中有两条互相垂直的直径AC和BD，电荷量均为Q的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+Q和O点的连线与OC间的夹角为60°，两个点电荷的连线与AC的交点为P．下列说法中正确的是（）A．P点的电场强度大于O点的电场强度B．A点的电势低于C点的电势C．点电荷﹣q在O点与在C点所受的电场力相同D．点电荷+q在点B具有的电势能小于在D点具有的电势能11．一理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头（）A．副线圈输出电压的频率为50HzB．副线圈输出电压的有效值为31VC．P向右移动时，原、副线圈的电流比减小D．P向右移动时，变压器的输出功率增加12．一个高尔夫球静止于平坦的地面上．在t=0时球被击出，飞行中球的速率与时间的关系如图所示．若不计空气阻力的影响，根据图象提供的信息可以求出的量是（）A．高尔夫球在何时落地B．高尔夫球可上升的最大高度C．人击球时对高尔夫球做的功D．高尔夫球落地时离击球点的距离三、实验题．13．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．丙图中多用电表的读数为Ω．14．如图甲示，是验证牛顿第二定律的实验装置．（1）请完善下列实验步骤：A．用天平测量吊盘m0和小车的质量M0．B．平衡小车的摩擦阻力：取下吊盘，调整木板右端的高度，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列间距相等的点．C．按住小车，挂上吊盘，使细线与长木板平行．D．，释放小车，在得到的纸带上标出吊盘（或小车）的总质量m（或M）．E．保持小车总质量一定，多次改变吊盘中的砝码，重复C D步骤．F．保持吊盘总质量一定，多次改变，重复C D步骤．（2）如图乙示，纸带上3个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．用米尺测量s1、s3的间距，由图可读出s1=24.3mm，s3= mm．已知打点计时器打点周期为0.02s，利用s1、s3计算小车加速度a= m/s2．（计算结果保留三位有效数字）15．有一标有“6V，0.5A”的小型直流电动机，转子是由铜导线绕制的线圈组成，阻值约为0.8Ω．某兴趣小组设计一个实验测量此电动机线圈的电阻．实验室现提供的器材除导线和开关外还有：A．直流电源E：8V（内阻不计）B．直流电流表A1：0～0.6A（内阻约为0.5Ω）C．直流电流表A2：0～3A（内阻约为0.1Ω）D．直流电压表V1：0～3V（内阻约为5kΩ）E．直流电压表V2：0～15V（内阻约为15kΩ）F．滑动变阻器R1：0～10Ω，2AG．标准电阻R2：3Ω（1）为能较准确地测出电动机线圈电阻，应选择以下的电路图．图中表示电动机．（2）为使电表指针有较大角度的偏转，需要选用的电流表是，电压表是．（填写实验器材前面的序号）（3）闭合开关后，调节滑动变阻器控制电动机不转动时读出电流表、电压表示数．若某次实验电压表的示数为2.00V，电流表的示数为0.50A，电动机线圈电阻为Ω．由此可计算出该电动机正常工作输出的机械功率为W．（以上两空计算结果均保留三位有效数字）四、计算解析题（本题共3小题，共9+12+13=34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤、规范的作图．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）16．如图示，有一固定在水平桌面上的轨道ABC，AB段粗糙，与水平面间的夹角为θ=37°；BC段光滑，C点紧贴桌子边缘；桌高h=0.8m．一小物块放在A处（可视为质点），小物块与AB间的动摩擦因数为μ=0.25．现在给小物块一个沿斜面向下的初速度v A=1m/s，小物块经过B处时无机械能损失，物块最后落在与C点水平距离x=1.2m的D处．（不计空气阻力，g 取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度大小a；（2）小物块到达B处时的速度大小v B；（3）求AB的长L．17．如图所示，两平行金属板E、F之间电压为U，两足够长的平行边界MN、PQ区域内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），由E板中央处静止释放，经F板上的小孔射出后，垂直进入磁场，且进入磁场时与边界MN 成60°角，最终粒子从边界MN离开磁场．求：（1）粒子离开电场时的速度大小v；（2）粒子在磁场中圆周运动的半径r和运动的时间t．（3）两边界MN、PQ的最小距离d．18．如图所示，一块质量为M、长为L的匀质板放在很长的光滑水平桌面上，板的左端有一质量为m的小物块，物块上连接一根很长的细绳，细绳跨过位于桌面边缘的定滑轮．现某人以恒定的速度v向下拉绳，物块随细绳运动，恰到达板的中点后相对板静止；取g=10m/s2，且所有过程板的右端均未撞上桌边定滑轮，求：（1）从开始拉绳起计时，物块到达板的中点经历的时间t0；（2）物块与板间的动摩擦因数μ0；（3）若板与桌面间有摩擦，为使物块能到达板的右端，板与桌面的动摩擦因数μ的范围．五、选考题．请同学从给出的3道题（19～21）中任选一题作答，并用2B铅笔在答题卷上把所选题目的题号涂黑．注意所做题目必须与所涂题目题号一致，在答题卷选答区域指定位置答题．如有多做，则按所做的第一题评分．【选修3-3】19．下列说法正确的是（）A．绝对湿度大，相对湿度一定大B．荷叶上的小水滴呈球形，这是表面张力使液面收缩的结果C．单晶体和多晶体都具有各向异性的物理性质D．一定质量理想气体等温膨胀，一定从外界吸热E．对于一定质量的理想气体，压强增大，体积增大，分子的平均动能一定增大20．如图所示，教室内用截面积为O.2m2的绝热活塞，将一定质量的理想气体封闭在圆柱形汽缸内，活塞与汽缸之间无摩擦．a状态是汽缸放在冰水混合物中气体达到的平衡状态，活塞离汽缸底部的局度为0.6m；b状态是汽缸从容器中移出后达到的平衡状态，活塞离汽缸底部的高度为0.65m．设室内大气压强始终保持1.0×105Pa，忽略活塞质量．（1）求教室内的温度；（2）若气体从a状态变化到b状态的过程中，内能增加了56OJ，求此过程中气体吸收的热量．【选修3-4】21．关于波的说法中，正确的是（）A．产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化B．发生干涉现象时，介质中振动加强的点，振动能量最大，减弱点振动能量可能为零C．振动图象和波的图象中，横坐标所反映的物理意义是不同的D．超声波比次声波更容易发生衍射E．在地球表面上走得很准的摆钟搬到月球表面上，其摆动周期变大22．一半径为R的球体放置在水平面上，球体由折射率为的透明材料制成．现有一束位于过球心O的竖直平面内的光线，平行于桌面射到球体表面上，折射入球体后再从竖直表面射出，如图所示．已知入射光线与桌面的距离为．求出射角．【选修3-5】23．下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B．某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强24．如图所示，光滑水平面上有A、B两个物块，其质量分别为m A=2.0kg，m B=1.0kg，现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J（弹簧仍处于弹性限度范围内），然后同时释放，弹簧开始逐渐变长．试求当弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度v A、v B的大小．2015-2016学年广东省湛江一中等四校高三（上）第一次联考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题有7小题，每题4分，共28分．选出各题中一个符合题意的选项，不选、多选、错选均不给分．）1．下列关于物理学发展史的表述，其中观点正确的是（）A．伽利略发现行星运动三大定律B．牛顿发现万有引力定律C．法拉第首先发现了电流的磁效应D．奥斯特首次测出元电荷量【考点】物理学史．【分析】根据物理学史解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、开普勒发现了行星运动三大定律，故A错误．B、牛顿发现万有引力定律，故B正确．C、奥斯特首先发现了电流的磁效应．故C错误．D、密立根首次测出元电荷量．故D错误．故选：B【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火．按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案．假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么v0和k分别等于（重力加速度g取10m/s2）（）A．25m/s，1.25 B．40m/s，0.25 C．50m/s，0.25 D．80m/s，1.25【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】礼花弹从炮筒中竖直射出时向上做匀减速直线运动，对其进行受力分析，根据牛顿第二定律及匀减速直线运动的基本公式即可求解．【解答】解：上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得：a==（k+1）g，根据h=at2得：a==12.5m/s2，所以v0=at=50m/s，而（k+1）g=12.5m/s2，所以 k=0.25．故选C．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，根据受力情况判断运动情况，并熟练运用运动学基本公式解题．3．如图所示，质量为m的小球置于光滑的正方体盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A．该盒子做匀速圆周运动的周期等于πB．该盒子做匀速圆周运动的周期等于2πC．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于3mgD．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于5mg【考点】向心力；动能定理的应用．【分析】小球在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，由此可以求得小球的运动周期，在最低点时对物体受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子与小球之间的作用力大小．【解答】解：AB、在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为小球的向心力，由mg=mR得，周期T=2π，故A错误，B正确．CD、盒子在最低点时受重力和支持力的作用，由F﹣mg=mR得：F=2mg，故C、D错误．故选：B【点评】物体做匀速圆周运动，小球在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，这是解决这道题的关键，再根据最高点和最低点时受力的不同，根据向心力的公式列方程求解即可．4．如图所示，一带电液滴在相互垂直的匀强电场和匀强磁场中刚好做匀速圆周运动，其轨道半径为R．已知电场的电场强度为E，方向竖直向下；磁场的磁感应强度为B，方向垂直纸面向里，不计空气阻力，设重力加速度为g，则（）A．液滴带正电B．液滴荷质比C．液滴顺时针运动D．液滴运动速度大小v=【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】（1）液滴在复合场中做匀速圆周运动，可判断出电场力和重力为平衡力，从而可求出液滴的比荷并可判断电场力的方向，结合电场的方向便可知液滴的电性．（2）根据洛伦兹力的方向，利用左手定则可判断液滴的旋转方向；结合重力与电场力平衡以及液滴在洛伦兹力的作用下的运动半径公式，可求出线速度．【解答】解：A、液滴在重力场、匀强电场和匀强磁场的复合场中做匀速圆周运动，可知，液滴受到的重力和电场力是一对平衡力，重力竖直向下，所以电场力竖直向上，与电场方向相同，故可知液滴带负电，故A错误；B、由液滴做匀速圆周运动，得知电场力和重力大小相等，得：mg=qE…①解得： =，故B错误；C、磁场方向垂直纸面向里，洛伦兹力的方向始终指向圆心，由左手定则可判断液滴的旋转方向为顺时针，故C正确；D、液滴在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动的半径为：R=…②联立①②得：v=，故D错误；故选：C．【点评】此题考查了液滴在复合场中的运动问题．复合场是指电场、磁场、重力场并存，或其中某两种场并存的场．液滴在这些复合场中运动时，必须同时考虑电场力、洛伦兹力和重力的作用或其中某两种力的作用，因此对液滴的运动形式的分析就显得极为重要．该题就是根据液滴的运动情况来判断受到的电场力情况．5．如图所示，在一磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中，垂直于磁场方向水平放置着两根相距为L=0.1m的平行金属导轨MN和PQ，导轨电阻忽略不计，在两根导轨的端点N、Q之间连接一阻值R=0.3Ω的电阻．导轨上正交放置着金属棒ab，其电阻r=0.2Ω．当金属棒在水平拉力作用于以速度v=4.0m/s向左做匀速运动时（）A．a b棒所受安培力大小为0.02NB．N、Q间电压为0.2VC．a端电势比b端电势低D．回路中感应电流大小为1A【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应——功能问题．【分析】根据E=BLv求出ab产生的感应电动势，由欧姆定律求感应电流，再由F=BIL求ab 棒所受的安培力大小．NQ间的电压是R两端的电压，由欧姆定律求．由右手定则判断电势高低．【解答】解：A、ab棒产生的感应电动势E=BLv=0.5×0.1×4V=0.2V感应电流为 I===0.4Aa b棒所受安培力大小 F安=BIL=0.5×0.4×0.1N=0.02N，故A正确．B、N、Q间电压为U=IR=0.4×0.3V=0.12V，故B错误．C、由右手定则判断知，ab棒中感应电流方向由b到a，a端相当于电源的正极，电势较高，故C错误．D、由上知，回路中感应电流大小为0.4A，故D错误．故选：A【点评】本题是电磁感应与电路知识的综合，关键要区分清楚哪部分电路是电源，哪部分是外部分．要知道NQ间的电压是外电压．6．某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角α=60°，使飞行器恰恰与水平方向成θ=30°角的直线斜向右上方匀加速飞行，经一段时间后，将动力的方向沿逆时针旋转60°同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，重力加速度为g，则（）A．减速时加速度的大小为g B．减速时动力的大小等于mgC．加速时动力的大小等于mg D．加速时加速度的大小为g【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，根据几何关系求出合力，由牛顿第二定律求出加速度，根据匀加速运动速度公式求解最大速度；推力方向逆时针旋转60°后，先根据牛顿第二定律求解加速度，再求出继续上升的时间．【解答】解：AB、t时刻的速率：v=a1t=gt推力方向逆时针旋转60°，合力的方向与水平方向成30°斜向下，推力F'跟合力F'h垂直，如图所示，此时合力大小为：F'h=mgsin30°动力大小：F′=mg飞行器的加速度大小为：a2==g故AB错误；CD、起飞时，飞行器受推力和重力，两力的合力与水平方向成30°角斜向上，设动力为F，合力为F b，如图所示：在△OFF b中，由几何关系得：F=mg，F b=mg由牛顿第二定律得飞行器的加速度为：a1=g故C错误，D正确；故选：D．【点评】本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对分析器进行受力分析并能结合几何关系求解，难度适中．7．如图是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均有跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动．如果电梯中载人的总质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，h为（）A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】载人箱、人及平衡重物加速度相同，则由隔离法可求得加速度的大小；再由运动学公式可求得上升的高度．【解答】解：设B对A拉力F T对B：Mg﹣F T=Ma对A：F T﹣（M+m）g=（M+m）a，a=由V2=2ah得h=，D选项正确．故选：D．【点评】本题也可以利用整体法直接求出整体沿绳子运动的加速度，再由运动学公式求解．二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分，每题有两个以上选项是正确的，完全选对得4分，选对但不全得2分，不答或有选错得零分．）8．如图所示是骨折病人的牵引装置示意图，绳的一端固定，绕过定滑轮和动滑轮后挂着一个重物，与动滑轮相连的帆布带拉着病人的脚，整个装置在同一竖直平面内．为了使脚所受的拉力增大，可采取的方法是（）A．只增加绳的长度B．只增加重物的质量C．只将病人的脚向左移动 D．只将两定滑轮的间距增大【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【专题】平行四边形法则图解法专题．【分析】以滑轮为研究对象，根据平衡条件得出脚所受的拉力与绳的拉力的关系，再选择可采取的方法．【解答】解：A、若只增加绳的长度，拉力不变，A选项错误；B、若只增加重物的质量，则绳子拉力增大，脚所受的拉力增大，B选项正确；C、若只将病人的脚向左移动，则夹角θ会减小，绳子拉力的合力增大，脚所受的拉力增大，C选项正确；D、只将两只滑轮的距离增大，则夹角θ会增大，绳子拉力的合力减小，脚所受的拉力减小，D选项错误．故选：BC．【点评】本题实质中动态平衡问题，采用的是函数法，考查运用物理知识分析实际问题的能力．9．蒋昊南同学阅读了一篇“火星的现在、地球的未来”的文章，摘录了以下资料：①根据目前被科学界普遍接受的宇宙大爆炸学说可知，万有引力常量在极其缓慢地减小；②太阳几十亿年来一直不断地在通过发光、发热释放能量；③金星和火星是地球的两位近邻，金星位于地球圆轨道的内侧，火星位于地球圆轨道的外侧；④由于火星与地球的自转周期几乎相同，自转轴与公转轨道平面的倾角也几乎相同，所以火星上也有四季变化．根据他摘录的资料和有关天体运动规律，可推断（）A．太阳对地球的引力在缓慢减小B．太阳对地球的引力在缓慢增加C．火星上平均每个季节持续的时间等于3个月D．火星上平均每个季节持续的时间大于3个月【考点】万有引力定律及其应用．。

湛江市2016年高考一模理综物理试题选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求，第l9～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分．选对但不全的得3分，有选错的得0分14. 甲、乙两物体由同一地点沿同一方向做直线运动，它们的v-t 图像如图所示，可知下列说法正确的是（ ） A.甲比乙提前出发0t 时间 B.在1t 时刻甲、乙两个物体相遇。

C.在1t 时刻甲、乙两个物体速度大小相等，方向相同。

D.在2t 时刻，甲和乙的运动方向相反，加速度方向相反15.如图所示，平行板电容器充电后形成一个匀强电场，大小保持不变。

让不计重力的相同 带电粒子a 、b 以不同初速度，先、后两次垂直电场射入，a 、b 分别落到负极板的中央和 边缘，则（ ）A ．b 粒子加速度较大B ．b 粒子的电势能变化量较大C ．若仅使a 粒子初动能增大到原来的2倍，则恰能打在负极板的边缘D ．若仅使a 粒子初速度增大到原来的2倍，则恰能打在负极板的边缘16. 下图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图。

变压器输入电压是市电网的电压，不会有很大的波动。

输出电压通过输电线输送给用户，输电线的电阻用R 0表示，变阻器R 表示用户用电器的总电阻，当滑动变阻器触头P 向下移时： A ．相当于在减少用电器的数目 B ．A 1表的示数随A 2 表的示数的增大而增大 C ．V 1表的示数随V 2表的示数的增大而增大D ．变压器的输入功率在减小17.如图所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R ，小球半径为r ，则下列说法中正确的是( )A ．小球通过最高点时的最小速度)(min r R g v +=B ．小球通过最高点时的最小速度v min ＝gRC ．小球在水平线ab 以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D ．小球在水平线ab 以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力18．如图所示，三个粗细均匀完全相同的圆木A 、B 、C 堆放在水平地面上，处于静止状态，每个圆木的质量为m ，截面的半径为R ，三个截面圆心连线构成的等腰三角形的顶角∠O 1 =120°，若在地面上的两个圆木刚好要滑动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不考虑圆木之间的摩擦，重力加速度为g ，则 A ．圆木间的弹力为12mg B ．下面两个圆木对地面的压力均为32mg C ．地面上的每个圆木受到地面的作用力为32mg D．地面与圆木间的动摩擦因数为219．如图所示为一个竖直面内的光滑圆形轨道，ＡＢ和ＣＤ是相互垂直的两条直径，Ｏ点是圆心，一个带正电的点电荷位于圆周上的Ａ点，则( )A ．Ｏ点电势比Ｃ点电势高B ．O Ｃ间的电势差等于O Ｂ间的电势差C ．O 点的的电场强度是Ｄ点电场强度的２倍。

2015-2016学年广东省湛江市廉江一中高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题1．关于加速度与速度的关系，正确的说法是( )A．速度越大，加速度也越大B．速度不变，加速度一定为零C．速度的改变量越大，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零2．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s，分析照片得到的数据，发现质点在第 1次、第2次闪光的时间间隔内移动了0.2m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了0.8m，由上述条件可知( )A．质点运动的加速度是0.6 m/s2B．质点运动的加速度是0.3 m/s2C．第1次闪光时质点的速度是0.1m/sD．第2次闪光时质点的速度是0.3m/s3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为( )A．3 B．4 C．5 D．64．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定．若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳( )A．必定是OA B．必定是OBC．必定是OC D．可能是OB，也可能是OC5．如图所示，完全相同的质量为m的A、B两球，用两根等长的细线悬挂在O点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧的长度被压缩了( )A．B．C．D．6．放在地面上的木箱重G1，人重G2，人站在木箱里用力F向上推木箱，如图所示，则有( )A．人对木箱底的压力大小为（G2+F）B．人对木箱底的压力大小为（G2﹣F）C．木箱对地面的压力大小为（G1+G2﹣F）D．木箱对地面的压力大小为（G1+G2）7．如图所示，将一个重物用两根等长的细绳OA、OB悬挂在半圆形的架子上，B点固定不动，悬点A由位置C向位置D移动，在这个过程中，重物对OA绳的拉力大小的变化情况是( )A．先减小后增大B．先增大后减小C．OA跟OC成30°角时，拉力最小D．OA跟OC成60°角时，拉力最小8．如图在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行单于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）．由此不可求出( )A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力D．物块对斜面的正压力二、解答题（共3小题，满分27分）9．小明同学在学完力的合成与分解后，想在家里做实验验证力的平行四边形定则，他从学校的实验室里借来两个弹簧测力计，按如下步骤进行实验．A．在墙上贴一张白纸，用来记录弹簧的弹力大小和方向．B．在一只弹簧测力计的下端悬挂一装满水的水杯，记下静止时弹簧测力计的示数F．C．将一根长约30cm的细线从杯带中穿过，再将细线两端栓在两个弹簧测力计的挂钩上．在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧测力计的示数相等，在白纸上记下细线的方向和弹簧测力计的示数，如图甲所示．D．在白纸上按一定标度作出两个弹簧测力计的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力F1（1）在步骤C中弹簧测力计的示数为__________N．（2）在步骤D中，合力F1=__________N．（3）__________，就可以验证力的平行四边形定则．10．在“探究弹力与弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图1，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度．（1）有一个同学通过以上实验测量后把6组数据描点在如坐标图2中，请作出F﹣L图线．（2）由此图线可得出的结论是__________；该弹簧的原长为L0=__________cm，劲度系数k=__________N/m．（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比较．优点在于：__________；缺点在于：__________．11．如图所示，B、C两个小球均重G，用细线悬挂而静止于A、D两点．求：（1）AB和CD两根细线的拉力各多大？（2）细线BC与竖直方向的夹角是多少？[物理--选考）12．如图所示，物体P放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长．若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到拉动，那么在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力F T的大小和地面对P的摩擦力F f的大小的变化情况( )A．弹簧对P的弹力F T始终增大，地面对P的摩擦力始终减小B．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力始终增大C．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力先减小后增大D．弹簧对P的弹力F T先不变后增大，地面对P的摩擦力先增大后减小13．如图所示，质量为m的物体用细绳OC悬挂在支架上的O点，轻杆OB的B端由铰链固定，可绕B点自由转动，细绳OA与轻杆OB所成的角为θ，求细绳OA中张力T的大小和轻杆OB 所受弹力F N的大小？2015-2016学年广东省湛江市廉江一中高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题1．关于加速度与速度的关系，正确的说法是( )A．速度越大，加速度也越大B．速度不变，加速度一定为零C．速度的改变量越大，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：速度的方向与加速度的方向相同时，物体就做加速，相反就做减速，不是单看正负的；加速度的物理意义是表示物体运动速度变化的快慢，加速度变小，只是说明速度增加的慢了，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大，而速度的变化量不一定大，速度也不一定大．解答：解：A、速度大小与加速度无关，速度很大如果是匀速运动，加速度为零，故A错误；B、加速度描述速度变化快慢，因此速度不变，加速度一定为零，故B正确；C、速度的改变量大，所用时间多少不明确，因此加速度不一定大，故C错误；D、物体的速度为零，加速度不一定为零，如自由落体运动的开始，速度为零，加速度为g，故D错误．故选B．点评：本题考查的就是学生对加速度，即加速度与速度的关系的理解，掌握好加速度的物理意义，在理解速度、加速度之间关系时，可以通过列举实例的方法进行．2．一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s，分析照片得到的数据，发现质点在第 1次、第2次闪光的时间间隔内移动了0.2m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了0.8m，由上述条件可知( ) A．质点运动的加速度是0.6 m/s2B．质点运动的加速度是0.3 m/s2C．第1次闪光时质点的速度是0.1m/sD．第2次闪光时质点的速度是0.3m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：由匀变速直线运动的规律相邻相等的时间内位移之差为常数，即△x=at2可得出第二次闪光到第三次闪光质点的位移；再由运动学公式分析其他各项能否求出解答：解：A、B设第一次到第二次位移为x1=0.2m；第三次到第四次闪光为x3=0.8m，则有：x3﹣x1=0.6m=2at2；则at2=0.3m则则A错误，B正确C、由，可求得v1=0.05m/s，则C错误D、第2次闪光点的速度是v2=v1+at=0. 35m/s，则D错误故选：B点评：本题考查对运动学公式的掌握及应用，要注意任意一段匀变速直线运动中，只有知道至少三个量才能求出另外的两个量，即知三求二3．如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，此时小车受力个数为( )A．3 B．4 C．5 D．6考点：力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析是指分析物体的受力情况同时画出受力的示意图，本题可以先对m受力分析，再结合牛顿第三定律对M受力分析．解答：解：先对物体m受力分析，受到重力、支持力和静摩擦力；再对M受力分析，受重力、m对它的垂直向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4个力；故选B．点评：对物体受力分析可以按照先已知力，再重力，最后弹力和摩擦力，要结合弹力和摩擦力的产生条件判断，本题中墙壁虽与小车接触，但无弹力．4．三段不可伸长的细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，如图所示，其中OB是水平的，A端、B端固定．若逐渐增加C端所挂物体的质量，则最先断的绳( )A．必定是OA B．必定是OBC．必定是OC D．可能是OB，也可能是OC考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题．分析：以结点O为研究，分析受力情况，根据三个细绳受到的拉力大小，判断哪根绳最先断．解答：解：以结点O为研究，在绳子均不被拉断时受力图如图．根据平衡条件，结合力图可知：F OA＞F OB，F OA＞F OC，即OA绳受的拉力最大，而细绳OA、OB、OC能承受的最大拉力相同，则当物体质量逐渐增加时，OA绳最先被拉断．故选A点评：本题首先要选择研究对象：结点O；其次关键是作好力图，就能直观比较三个绳子拉力的大小．5．如图所示，完全相同的质量为m的A、B两球，用两根等长的细线悬挂在O点，两球之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧的长度被压缩了( )A．B．C．D．考点：动摩擦因数；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件及其应用．分析：对A球受力分析，然后根据平衡条件并运用合成法得到弹簧的弹力，最后根据胡克定律得到弹簧的压缩量．解答：解：对球A受力分析，受重力mg、拉力T、弹簧的弹力F，如图根据平衡条件，结合合成法，有：F=mgtan根据胡克定律，有：F=kx解得：x=；故选：C．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件并运用合成法求解出弹力，最后根据胡克定律求解出弹簧的压缩量．6．放在地面上的木箱重G1，人重G2，人站在木箱里用力F向上推木箱，如图所示，则有( )A．人对木箱底的压力大小为（G2+F）B．人对木箱底的压力大小为（G2﹣F）C．木箱对地面的压力大小为（G1+G2﹣F）D．木箱对地面的压力大小为（G1+G2）考点：物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别对人和整体分析，根据共点力平衡求出人对木箱的压力和木箱对地面的压力．解答：解：A、对人分析，人受到重力、箱子对人的支持力，箱顶对人的压力，根据平衡有：N=G2+F．故A正确，B错误．C、对整体分析，受总重力和支持力，有：N′=G1+G2．则压力与支持力的大小相等，为G1+G2．故C错误，D正确．故选：AD点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，通过共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用．7．如图所示，将一个重物用两根等长的细绳OA、OB悬挂在半圆形的架子上，B点固定不动，悬点A由位置C向位置D移动，在这个过程中，重物对OA绳的拉力大小的变化情况是( )A．先减小后增大B．先增大后减小C．OA跟OC成30°角时，拉力最小D．OA跟OC成60°角时，拉力最小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：摩擦力专题．分析：B点固定不动，悬点A由位置C向位置D移动，在这个过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进行分析．解答：解：对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，OB 绳拉力方向不变，根据平行四边形定则得，如图，知OA绳上拉力大小先减小后增大．当OA跟OB垂直时，即与OC成60°角时，拉力最小．故AD正确，B、C错误．故选：AD．点评：此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变．8．如图在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行单于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）．由此不可求出( )A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力D．物块对斜面的正压力考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，四力平衡；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小；根据平衡条件列式求解即可．解答：解：A、B、C、对滑块受力分析，受重力、拉力、支持力、静摩擦力，设滑块受到的最大静摩擦力为f，物体保持静止，受力平衡，合力为零；当静摩擦力平行斜面向下时，拉力最大，有：F1﹣mgsinθ﹣f=0 ①；当静摩擦力平行斜面向上时，拉力最小，有：F2+f﹣mgsinθ=0 ②；联立解得：f=F1﹣F2故f可求；故C错误mgsinθ=F1+F2由于质量和坡角均未知，不能同时求出，故A正确，B正确；D、物块对斜面的正压力为：N=mgcosθ，由于质量和坡角均未知，不能求出物块对斜面的正压力．故D正确；本题选择不能求出的物理量，故选ABD．点评：本题关键是明确拉力最大和最小的两种临界状况，受力分析后根据平衡条件列式并联立求解．二、解答题（共3小题，满分27分）9．小明同学在学完力的合成与分解后，想在家里做实验验证力的平行四边形定则，他从学校的实验室里借来两个弹簧测力计，按如下步骤进行实验．A．在墙上贴一张白纸，用来记录弹簧的弹力大小和方向．B．在一只弹簧测力计的下端悬挂一装满水的水杯，记下静止时弹簧测力计的示数F．C．将一根长约30cm的细线从杯带中穿过，再将细线两端栓在两个弹簧测力计的挂钩上．在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧测力计的示数相等，在白纸上记下细线的方向和弹簧测力计的示数，如图甲所示．D．在白纸上按一定标度作出两个弹簧测力计的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力F1（1）在步骤C中弹簧测力计的示数为3.00N．（2）在步骤D中，合力F1=N．（3）F1近似在竖直方向，且数值与F近似相等，就可以验证力的平行四边形定则．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：（1）注意每小格代表的数值，然后进行读数；（2）以两个分力为边做出平行四边形，其对角线长度代表合力的大小；（3）水杯处于平衡状态，因此两个弹簧秤所测拉力的合力应该与重力等大反向．解答：解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成10格，则1格就等于0.1N，图指针落在3N格处，所以读数为3.00N．故答案为：3.00．（2）两个分力为边做出平行四边形，如下图所示：根据力的图示，可以测量出合力的大小大约为5.8N．故答案为：5.8±0.2（3）根据实验原理可知，只要合力的大小与水杯重力大小相等，方向与重力方向相反，即可验证力的平行四边形定则．故答案为：F1近似在竖直方向，且数值与F近似相等．点评：通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示，明确实验原理是解答实验问题的关键．10．在“探究弹力与弹簧伸长的关系，并测定弹簧的劲度系数”的实验中，实验装置如图1，所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力，实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度．（1）有一个同学通过以上实验测量后把6组数据描点在如坐标图2中，请作出F﹣L图线．（2）由此图线可得出的结论是在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比；该弹簧的原长为L0=10cm，劲度系数k=25N/m．（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比较．优点在于：避免弹簧自身所受重力对实验的影响；缺点在于：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：实验中需要测量多组弹力的大小和弹簧的长度，根据要求设计出表格．作出F﹣L的关系图线．当弹簧弹力为零时，弹簧处于原长，结合图线得出弹簧的原长，根据图线的斜率求出劲度系数的大小．误差分析．解答：解：（1）描点作图，F﹣L如图所示如图所示（2）由此图线可得出的结论是在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比．当弹力为零时，弹簧的形变量为零，此时弹簧的长度等于弹簧的原长，因为弹簧的长度L=10cm，可知弹簧的原长L0=10cm．根据胡克定律知，k=，可知图线的斜率表示劲度系数，则有：k===25N/m，（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧竖直悬挂放置相比较．优点在于：避免弹簧自身所受重力对实验的影响缺点在于：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差故答案为：（1）如图所示．（2）在弹性限度内，弹力和弹簧的伸长量成正比，10，25（3）优点在于：避免弹簧自身所受重力对实验的影响，缺点在于：弹簧与桌面及绳子与滑轮间存在的摩擦造成实验的误差．点评：本题考查了学生设计的能力和作图的能力，知道F﹣L图线的斜率表示劲度系数．注意误差来源．11．如图所示，B、C两个小球均重G，用细线悬挂而静止于A、D两点．求：（1）AB和CD两根细线的拉力各多大？（2）细线BC与竖直方向的夹角是多少？考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）对整体分析，运用共点力平衡，通过正交分解求出AB、CD两根绳子的拉力．（2）隔离对C球分析，根据共点力平衡求出细线BC与竖直方向的夹角．解答：解：（1）对整体分析，运用正交分解得：F AB=2Gcos30°=1.732GF CD=2Gcos60°=G（2）对C球受力分析得：F BC sinθ=Gsin60°Gcos60°+F BC cosθ=G所以：θ=60°答：（1）AB和CD两根细线的拉力各为1.732G、G．（2）细线BC与竖直方向的夹角是60°．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用．[物理--选考）12．如图所示，物体P放在粗糙水平面上，左边用一根轻弹簧与竖直墙相连，物体静止时弹簧的长度小于原长．若再用一个从0开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到拉动，那么在P被拉动之前的过程中，弹簧对P的弹力F T的大小和地面对P的摩擦力F f的大小的变化情况( )A．弹簧对P的弹力F T始终增大，地面对P的摩擦力始终减小B．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力始终增大C．弹簧对P的弹力F T保持不变，地面对P的摩擦力先减小后增大D．弹簧对P的弹力F T先不变后增大，地面对P的摩擦力先增大后减小考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：在P被拉动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体静止时弹簧的长度小于原长，物体P受到向左的静摩擦力，当拉力渐渐增大时，导致向左的静摩擦力增大，因而根据进行受力分析，即可判断．根据胡克定律判定弹簧弹力的变化．解答：解：由题意可知，放在粗糙水平面上，静止时弹簧的长度小于原长，则弹簧对P的弹力向右，由于粗糙水平面，因此同时受到水平向左的静摩擦力．当再用一个从零开始逐渐增大的水平力F向右拉P，直到把P拉动前过程中，物体P受到的静摩擦力大小一直增大．在物体被拉动之前，弹簧的长度没有发生变化，所以弹簧的弹力保持不变．故只有B正确，ACD 错误．故选：B．点评：本题解题的关键是对P物体进行正确的受力分析，知道当P没有运动时，弹簧弹力不变，而由于拉力的变化，从而导致静摩擦力的方向变化，难度适中．13．如图所示，质量为m的物体用细绳OC悬挂在支架上的O点，轻杆OB的B端由铰链固定，可绕B点自由转动，细绳OA与轻杆OB所成的角为θ，求细绳OA中张力T的大小和轻杆OB 所受弹力F N的大小？考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对点O受力分析，受AO的拉力、BO的支持力和物体的拉力，将物体的拉力按照作用效果分解，结合几何关系列式求解即可．解答：解：对点O受力分析，将物体的拉力按照作用效果分解，如图所示：故：T=F N=答：细绳OA中张力T的大小为和轻杆OB所受弹力F N的大小为．点评：题目中轻杆OB可绕B点转动，说明杆的弹力一定是沿着杆的方向，否则轻杆会转动，基础题目．。

湛江一中2016届高三第一学期第（11）月考物理科测试题参考答案 题号1415161718192021答案CDDCAADABCBC14.C 15. D　[解析] 由A到B的水平位移为L，竖直位移为2L，因此总的位移为＝L，选项D正确． ．D　[解析] 以整体为研究对象，所受合外力为(M＋m)g，根据牛顿第二定律可得(M＋m)g＝Ma′＋ma，因框架始终没有运动，所以a′＝0，故a＝g，选项D正确．C解析　在坐标原点O右侧，沿x轴正方向，电场强度先变大后变小，电势一直降低，故O点电势不是最低；x1和x3两点的电势不相等，故A、B错误；电场关于坐标原点O对称分布，则x2和－x2两点的电势相等，C正确． 18．A　[解析] 物体在星球表面做竖直上抛运动根据匀变速运动规律得h＝解得g星＝物体在星球表面上时由重力等于万有引力得G＝mg星解得M＝正确．　[解析] 汽车以功率P、速度v匀速行驶时牵引力与阻当司机减小油门使汽车的功率减小为时根据P＝Fv知汽车的牵引力突然减小到原来的一半即F＝F而阻力没有变化则汽车开始做减速运动由于功率保持为随着速度的减小牵引力逐渐增大根据牛顿第二定律知汽车的加速度逐渐减小做加速度减小的变减速运动．当汽车再次匀速运动时牵引力与阻力再次平衡大小相等由P＝Fv知此时汽车的速度为原来的一半．、D正确．解析：　kxcos37°＝mg时，圆环与竖直杆的摩擦力为零，此时x＝2.5 cm，A对；弹簧伸长量x＝0.5 cm时，圆环与竖直杆的弹力F＝kxsin 37°＝1.5 N，B对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，F＝kxsin θ随之变小，C对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，弹簧弹力的竖直分量增大，但初始状态摩擦力的方向未知，故不能断定其摩擦力的变化情况，D错． 答案：　ABCBC 解析　粒子在两平行金属板间做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，在前后两个的时间内沿电场线方向的位移之比为1∶3，则在前时间内，电场力对粒子做的功为Uq，在后时间内，电场力对粒子做的功为Uq，选项A错，B对；由W＝Eq·x知在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为1∶1，选项C对，D错． 22．（9分）(1)接通电源　释放小车 断开开关(2)5.06　0.49　(3)钩码所受的重力 小车所受的摩擦阻力(4)小车末、初速度的二次方之差与位移成正比　小车的质量(1)80 （2分）　(2)见解析图 （2分）(3)4.44×10－3　1.50 （2分） 解析　由闭合电路欧姆定律得： Ex＝U12＋I(R＋rx) 把I＝代入上式得Ex＝U12＋(R＋rx) 变形得＝＋＋R 从上式看出和R是线性关系，图象是直线，应剔除R＝80 Ω的数据点，根据所描点画出的－R图线是直线(大多数点落在直线上)，如图所示，图线的斜率k＝，由图象取两点(0,0.72)和(180,1.52)，得出k＝ V－1·Ω－1≈4.44×10－3 V－1·Ω－1， Ex＝＝ V≈1.50 V. 24（12分）.答案　(1)10 m/s，方向竖直向上　(2)C点上方到C点的竖直距离为 m处 (1)设带电体到达C点时的速度为v，从A到C由动能定理得：qE(xAB＋R)－μmgxAB－mgR＝mv2（3分） 解得v＝10 m/s （1分） (2)设带电体沿竖直轨道CD上升的最大高度为h，从C到D由动能定理得： －mgh－μqEh＝0－mv2 （2分） 解得h＝ m（1分） 在最高点，带电体受到的最大静摩擦力Ff max＝μqE＝4 N， （2分） 重力G＝mg＝2 N（1分） 因为G<Ff max （1分） 所以带电体最终静止在C点上方到C点的竖直距离为 m处．（1分） 25. （20分）解： 35.答案：（1）ADE （5分） （2）（10分）解①取向左为正方向,根据动量守恒定律, 推出木箱的过程 中:, （2分） 接住木箱的过程中: （2分） .（1分） ②若小孩第二次将木箱推出,根据动量守恒定律 （2分） （2分） 故无法再次接住木箱. （1分） 化学科参考答案 26．（14分）（1）防止D瓶溶液倒吸到B瓶中（2分）； （2）2NaClO3 +Na2SO3+H2SO4=2ClO2↑+2Na2SO4+H2O（2分）； 2NaOH+2ClO2+H2O2=2NaClO2+2H2O+O2（2分）；SO42－(1分)、 取少量反应后的溶液，先加足量的盐酸，再加BaCl2溶液，若产生白色沉淀，则说明含有SO42（1分）（3）②趁热过滤（1分③用38℃～60℃热水洗涤（1分）④低于60℃干燥（1分）③④不写温度给一半分) （4）NaClO3和NaCl；（1分）（5）c?V?10－3 mol（2分） 2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O； （2）使Fe3+转化为Fe（OH）3 （2分）；Fe2（SO4）3+6NH3?H2O=2Fe（OH）3↓+3（NH4）2SO4； （3）滴KSCN（或NH4SCN）溶液，若溶液不变红色； （4）蒸发浓缩；冷却结晶 28.（1）Mg2Ni（s）+2MgH2（s）2Mg（s）+Mg2NiH4（s）△H=+84.6kJ/mol，（2）①放热（2分），K=1/2（或0.5）（2分）②1.0×10-2mol·L-1·min-1（2分）；③b、c（2分） （3）①O2 ②2SO42- -4e－=2SO3↑+O2↑36.（1）提高铁的浸出率（2分） （2）14Fe3++FeS2+8H2O=15Fe2++2SO42—+16H+（2分） （3）①确保Fe3+完全转化为Fe2+（2分） ②偏高（2分） （4）①4Fe2++O2+4H+=4Fe3++2H2O（2分） ②a．向溶液中加入过量的酸性KMnO4溶液，搅拌（2分） b．滴加NaOH溶液，调溶液pH在3.2～3.8之间（2分）（1）氯原子、?羟基（2分）（2）取代反应 (1分)? NaOH溶液，加热（1分）（2分）（3）①bc（1分）? ②?（2分）?（2分）③ 3（2分）、、 任写一种）（2分） 分）（1）植物的光合作用速率增加幅度大于呼吸作用速率增加的幅度，使两者的差值越来越大（2）少?（3）左?（4）细胞质基质、线粒体、叶绿体 （2）AABBDd （3）紫色∶红色∶白色=6∶3∶7　紫色∶白色=9∶7 （4）①3/2　②4 32. （16分，每空2分）(1)1/3 终止密码（子）（）S（）碱基对排列顺序的多样性碱基互补配对(1) 3′（2）耐高温（1分） 高温 平板划线法（或稀释涂布平板法） （3）离体条件，需要高温，高温酶(答上两项即给分)31 000 40. （15分，除说明外，每空2分） Ⅰ．（1）没有核膜包被的细胞核　光合 （2）限制性核酸内切酶和DNA连接酶　破坏ch1L基因　缺失ch1L基因的细胞　动物细胞培养　动物细胞融合　①氨基喋呤次黄嘌呤和胸腺嘧啶核苷　②既能迅速大量繁殖，又能产生专一的抗体（必须答全　人绒毛膜促性腺激素或HCG 。

湛江一中2015——2016学年度第一学期第一次考试高一级物理科试卷考试时间：70分钟满分：110分一、选择题：本题共9小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第1~5题只有一项符合题目要求；第6~9题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．在以下的哪些情况中可将物体看成质点处理（）A．研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论研究哪方面，自行车都不能被视为质点B．在大海中航行的船要确定它在大海中的位置，可以把它当做质点来处理C．研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员可以当作质点来处理D．当物体的体积、质量都极小时，就一定要把物体当质点来处理。

2．一个学生在百米赛跑中，测得他在7 s末的速度为9 m/s，10 s末到达终点时的速度为10．2 m/s，则他在全程内的平均速度是（）A．5．1 m/s B．9．6 m/sC．10 m/s D．10．2 m/s3．下列关于时间和时刻的说法中，正确是：（）A．时间和时刻的区别在于长短不同，长的是时间，短的是时刻；B．两个时刻之间的间隔是一段时间；C．第3秒末和第4秒初是两个不同的时刻；D．第3秒内和第4秒内经历的时间不一样。

４．在轻绳的两端各拴一个小球，一个人用手拿着绳子上端的小球，站在三层楼的阳台上，释放小球，使小球自由下落，两小球相继落地的时间差为△t，如果人站在四层楼的阳台上，同样的方法释放小球，让小球自由下落，则两小球相继落地的时间差将( ) A．不变 B．变大 C．变小 D．无法确定５．一质点在x轴上运动，设当它经过O点时开始计时，其位置坐标x对时间t的关系如图所示．下列有关此质点运动的叙述，正确的是( )A．质点在0~2S内的平均速度为零 B．当t=3S时，质点到达O点的右侧C．在前5s内质点的路程为2 m D．质点一直在x轴上做匀速直线运动６．完全相同的三块木块并排固定在水平面上，一颗子弹以速度v水平射入，若子弹在木块中做匀减速直线运动，且穿过第三块木块后速度恰好为零，则子弹依次射入每块木块时的速度之比和穿过每块木块所用时间之比为（ ）A ．1:2:3::321=v v vB ．1:2:3::321=v v vC ．()()23:12:1::321--=t t t D ．()()1:12:23::321--=t t t７．甲、乙、丙三架观光电梯，甲中乘客看一高楼在向下运动；乙中乘客看甲在向下运动；丙中乘客看甲、乙都在向上运动.这三架电梯相对地面的运动情况可能是（ ）A. 甲向上、乙向下、丙不动B. 甲向上、乙向上、丙不动C. 甲向上、乙向上、丙向下D. 甲向上、乙向上、丙也向上，但比甲、乙都慢 ８.物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m /s ，1 s 后速度大小变为 10m / s ，在这 1 s 内该物体的 ( ) A ．位移的大小不可能小于 4 m B ．位移的大小不可能大于 10 m C ．加速度大小一定是 6 m / s 2D ．加速度大小可能大于 10 m / s 2９．甲、乙两个物体在同一条直线上运动, 它们的速度图象如图所示, 则 ( ) A ．甲、乙两物体都做匀加速直线运动 B ．甲物体的加速度比乙物体的加速度大 C ．甲乙两物体一定是在t 1时刻相遇D ．在t 1以后的任意时刻, 甲物体的速度大于同时刻乙的速度二、非选择题：共4小题56分。

广东省湛江市廉江一中2016届高三上学期第一次月考物理试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1．做匀加速直线运动的质点，在第4s末的速度为8m/s．下面判断正确的是( ) A．质点在第8s末的速度一定是16 m/sB．质点在前8s内的位移一定是64 mC．质点的加速度一定是2 m/s2D．质点在前8s内的平均速度一定大于8 m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动中某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，知道第4s 末的速度等于前8s内的平均速度．解答：解：匀变速直线运动中前8s内的平均速度等于第4s末的瞬时速度，则前8s内的位移x=8×8m=64m．知道4s末的速度，因为初速度未知，则无法求出加速度以及8s末的速度．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，并能灵活运用．2．如图所示，一小球在光滑的V形槽中由A点释放，经B点（与B点碰撞所用时间不计）到达与A点等高的C点，设A点的高度为1m，则全过程中小球通过的路程和位移大小分别为( )A． m， m B． m， m C． m， m D． m，1 m考点：位移与路程．分析：位移是由初位置指向末位置，是矢量；路程是运动轨迹的长度，是标量．解答：解：小球通过的路程为小球实际运动轨迹的长度，则小球的路程为s=2l AB=2× m= m；位移是由初位置指向末位置的有向线段，则小球的位移大小为x=l AC= m= m．选项C正确．故选：C点评：本题要明确小球的运动过程，再由位移与路程的定义分别求出即可，难度不大，属于基础题．3．物体做竖直上抛运动，在落回抛出点时该物体的速率是30m/s，那么物体（g取10m/s2）( )A．由抛出到落回抛出点的时间是3 sB．只有在2 s末时经过40 m高处C．经过25 m高处时的瞬时速率只能是20 m/sD．上升的最大高度是90 m考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：竖直上抛运动是初速度向上，只受重力的运动，根据牛顿第二定律可知，加速度为g，竖直向下，根据运动学公式直接列式求解即可．解答：解：A、由抛出到落回抛出点的时间：t==S=6 s，故A错误；B、由s=v0t﹣gt2得，t=2 s或=4 s，故B错误；C、由v2﹣v=﹣2gs得，v=±20 m/s，故C正确；D、上升的最大高度s==m=45 m，故D错误．故选：C点评：竖直上抛运动的上升过程是匀减速运动过程，下降过程是自由落体运动过程，整个过程加速度不变，是匀变速运动过程，可以全程列式，也可以分段列式．4．一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化规律如图所示．取开始运动方向为正方向，则下列物体运动的v﹣t图象中，正确的是( )A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：在0～1s内，物体从静止开始沿加速度方向匀加速运动，在1s～2 s内，加速度反向，速度方向与加速度方向相反，所以做匀减速运动，到2s末时速度为零．2 s～3 s内加速度变为正向，物体又从静止开始沿加速度方向匀加速运动，重复0～1s内运动情况，3s～4s内重复1s～2 s内运动情况．解答：解：在0～1s内，a1=1m/s2，物体从静止开始正向匀加速运动，速度图象是一条直线，1s末速度v1=a1t=1 m/s，在1s～2 s内，a2=﹣1m/s2，物体将仍沿正方向运动，但要减速，2s末时速度v2=v1+a2t=0，2 s～3 s内重复0～1s内运动情况，3s～4s内重复1s～2 s内运动情况，故选：C．点评：根据加速度随时间变化规律的图象找出对应的加速度大小和方向，结合物体的初状态状态分析物体的运动情况．5．2013年修订版《机动车驾驶证申领和使用规定》于2013年1月1日正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，如图所示．若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L=10. 5m，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t0为( )A．0.5s B．1.5s C．3s D．3.5s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，能根据图象读取有用信息知位移x=L=10.5．解答：解：在反应时间内小轿车匀速运动的距离为：x=v0△t=6×0.5 m=3 m，则小轿车匀减速运动的距离为：L﹣x=（t0﹣0.5），解得：t0=3 s，故C正确．故选：C点评：知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．6．在下面所说的物体运动情况中，可能出现的是( )A．物体在某时刻运动速度很大，而加速度为零B．物体在某时刻运动速度很小，而加速度很大C．运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度不为零D．做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，当物体加速度减小时，它的速度也减小考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度与速度无关，举例说明物体的这种运动情况是否可能发生．判断物体做加速运动还是减速运动，看加速度与速度两者方向的关系．解答：解：A、物体在某时刻运动速度很大，而加速度可能为零，比如匀速直线运动．故A正确；B、物体在某时刻运动速度很小，而加速度可能很大，比如火箭刚点火时．故B正确；C、运动的物体在某时刻速度为零，而其加速度可能不为零，比如物体竖直上抛到最高点时，速度为零，加速度不为零．故C正确；D、做变速直线运动的物体，加速度方向与运动方向相同，物体就在做加速运动，故D错误；故选：ABC．点评：本题容易产生错误选择的是D项，要理解只要加速度与速度方向相同，物体就在做加速运动；加速度与速度方向相反，物体就在做减速运动．7．如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上．关于斜面体A和B的受力情况，下列说法正确的是( )A．A一定受到四个力B．B可能受到四个力C．B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D．A与B之间一定有摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对AB整体受力分析，由平衡条件知，整体共受两个力作用，墙面无作用力；再分别隔离A、B受力分析，应用平衡条件分析受力个数．解答：解：先对AB整体受力分析，由平衡条件知，竖直方向：F=G A+G B水平方向，不受力，故墙面无弹力，也没有摩擦力（否则不能平衡）；隔离B物体，必受重力、A对B的支持力和摩擦力作用，受三个力；隔离A物体，受受重力、B对A的压力和摩擦力、外力F四个力作用；故AD正确，BC错误；故选AD．点评：关键利用整体法并结合共点力平衡条件得到B物体与墙间不存在弹力，不难．8．A、B两个物体从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则( )A．A、B两物体运动方向相反B．t=4s时，A、B两物体相遇C．在相遇前，t=4s时A、B两物体相距最远D．在相遇前，A、B两物体最远距离20m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在v﹣t图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．如果从同一位置出发，相遇要求在同一时刻到达同一位置，即同一段时间内的位移相同．解答：解：A、由图可知，两物体的速度均沿正方向，故方向相同，A错误；B、t=4s时，由图象可知A图象与坐标轴围成的面积比B与坐标轴围成的面积要小，又是从同一地点出发的，故不可能相遇，故B错误；C、由图象可知，t=4s时，A、B两物体的速度相同，之前B物体的速度比A物体的速度大，两物体相距越来越远，之后A物体的速度大于B物体的速度，故两物体相距越来越近，故t=4s时两物体相距最远，最远距离，故CD正确；故选CD．点评：对于速度时间图象要明确以下几点：（1）每一点的坐标表示该时刻物体的速度；（2）图象的斜率表示物体的加速度；（3）图象与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移．本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，然后根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析处理．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题．每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题．考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学用如图甲所示的装置测定重力加速度．（1）打出的纸带如图乙所示，实验时纸带的b端通过夹子和重物相连接．（填“a”或“b”）（2）纸带上1至9各点为计数点，由纸带所示数据可算出实验时的重力加速度为9.4m/s2（3）当地的重力加速度数值为9.8m/s2，请列出测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项．纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的加速度．解答：解：（1）从纸带上可以发现从a到b，相邻的计数点的距离越来越小，也就是说明速度越来越小．与重物相连接的纸带先打出点，速度较小，所以实验时纸带的b端通过夹子和重物相连接．（2）根据运动学公式得：△x=at2，g==9.4m/s2．（3）测量值与当地重力加速度的值有差异的一个原因是纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力．故答案为：（1）b；（2）9.4；（3）纸带和打点计时器间的摩擦阻力、空气阻力．点评：要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒．纸带问题的处理时力学实验中常见的问题，计算过程中要注意单位的换算和有效数字的保留．10．在做“研究匀变速直线运动”的实验时，某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图1所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G 7个计数点，每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接220V、50Hz交流电源．（1）设电火花计时器的周期为T，计算F点的瞬时速度v F的公式为v F=；（2）他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如表．以A点对应的时刻为t=0，试在图2所示坐标系中合理地选择标度，作出v﹣t图象，并利用该图象求出物体的加速度a=0.4 m/s2；对应点 B C D E F速度（m/s）0.141 0.180 0.218 0.262 0.301（3）如果当时电网中交变电流的电压变成210V，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比不变．（填“偏大”、“偏小”或“不变”）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度大小，根据速度﹣时间图象的斜率表示加速度解出加速度的数值，打点计时器的打点频率是与交流电源的频率相同，所以即使电源电压降低也不改变打点计时器打点周期．解答：解：（1）每相邻两个计数点间还有4个点图中没有画出，所以相邻两个计数点间的时间间隔T′=5T，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v F ==（2）作出v﹣t图象如图所示，注意尽量使描出的点落到直线上，不能落到直线上的点尽量让其分布在直线两侧．由速度﹣时间图象的斜率表示加速度，得：a== m/s2=0.4m/s2（3）电网电压变化，并不改变打点的周期，故测量值与实际值相比不变．故答案为：，如图，0.4，不变．点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．11．在一次低空跳伞演练中，当直升飞机悬停在离地面224m高处时，伞兵离开飞机做自由落体运动．运动一段时间后，打开降落伞，展伞后伞兵以12.5m/s2的加速度匀减速下降．为了伞兵的安全，要求伞兵落地速度最大不得超过5m/s，（取g=10m/s2）求：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为多少？着地时相当于从多高处自由落下？（2）伞兵在空中的最短时间为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）整个过程中，伞兵先做自由落体运动，后做匀减速运动，总位移大小等于224m．设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，先研究匀减速过程，由速度﹣位移关系式，得到v0与h的关系式，再研究自由落体过程，也得到一个v0与h的关系式，联立求解．（2）由（1）求出v0，由速度公式求出两个过程的时间，即可得到总时间．解答：解：（1）设伞兵展伞时，离地面的高度至少为h，此时速度为v0，则：对于匀减速运动过程，有，即52﹣=﹣2×12.5×h对于自由下落过程，有=2g（224﹣h）=2×10×（224﹣h）联立解得h=99 m，v0=50 m/s以5m/s的速度落地相当于从h1高处自由落下，即2gh1=v2所以h1=m=1.25 m．（2）设伞兵在空中的最短时间为t，则有v0=gt1，t1=s=5 s，t2=s=3.6 s，故所求时间t=t1+t2=（5+3.6）s=8.6 s．答：（1）伞兵展伞时，离地面的高度至少为99m，着地时相当于从1.25m高处自由落下．（2）伞兵在空中的最短时间为8.6s．点评：本题涉及两个过程的运动学问题，既要单独研究两个过程，更要抓住它们之间的联系：比如位移关系、速度关系等等．12．（18分）下表为甲乙两汽车的性能指标．开始时两车静止在同一条平直公路上，甲车在前乙车在后，两车相距170m．某时刻起两车向同一方向同时启动，若两车由静止开始运动到最大速度的时间内都以最大加速度（启动时的加速度）做匀加速直线运动．（1）求两车的最大加速度的大小．（2）通过计算判断两车相遇时各做何种性质的运动？启动的快慢/s（0～30n1/s的加速时间）最大速度m•s﹣1甲车 12 40乙车 6 50考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据表格给出的数据得到甲、乙两车的最大加速度大小；（2）根据求出的加速度，根据汽车相遇条件求出汽车可能的运动，注意汽车做匀加速运动的速度不能大于汽车所允许的最大速度．解答：解：根据表格给出的数据可得：=2.5m/s2=5m/s2（2）乙车达到最大速度时，经历时间，在这10s内两车的位移分别为：=250m＜x甲+170m故此时两车未相遇．当甲车达到最大速度时，经历的时间，两车运动的位移分别为故两车已相遇可知相遇时甲车做匀加速直线运动，乙车已达最大速度并做匀速直线运动．答：（1）两车的最大加速度的大小分别为2.5m/s2和5m/s2．（2）相遇时甲车做匀加速直线运动，乙车已达最大速度并做匀速直线运动．点评：解决本题的关键判断两车在什么阶段相遇，然后抓住位移关系，运用运动学公式求解．[物理--选修3-5]13．下列说法正确的是( )A．氡的半衰期为3.8天，若取4个氡原子核，经7.6天后就一定剩下1个原子核了B．原子核内的质子转化成一个中子和一个电子，这种转化产生的电子发射到核外，就是β粒子，这就是β衰变的实质C．光子的能量由光的频率所决定D．只要有核反应发生，就一定会释放出核能E．按照波尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁至较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，原子的总能量不变考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；玻尔模型和氢原子的能级结构；爱因斯坦质能方程．专题：衰变和半衰期专题．分析：半衰期是大量原子衰变时所表现出的统计规律，β衰变所释放的电子是由原子核内中子转化成质子后释放出的电子，光子能量计算公式E=hυ可知其能量由光子频率决定，氢原子吸收光子向高能级跃时，半径增大，电子运动的动能减小，系统势能增加，总能量增加．解答：解：A、半衰期是大量原子衰变时所表现出的统计规律，对少量原子核没有意义，故A错误；B、β衰变所释放的电子是由原子核内中子转化成质子后释放出的电子，故B错误；C、根据光子能量计算公式E=hυ可知其能量由光子频率决定，故C正确；D、只有存在质量亏损的核反应（核反应过程中比结核能下降）才会释放核能，故D错误；E、按玻尔理论，氢原子吸收光子向高能级跃时，半径增大，电子运动的动能减小，系统势能增加，总能量增加，故E错误；故选：C．点评：正确理解α、β、γ衰变特点，根据质量数和电荷数守恒书写衰变方程是该部分的重点，要加强重点知识的理解和应用，重点掌握半衰期的特点，β衰变的实质，质量亏损和原子跃迁中能量的变化．14．如图所示，一质量为1kg的物块静止在水平地面上，它与地面的动摩擦因数为0.2，一质量为10g的子弹以水平速度500m/s射入物块后水平穿出，物块继续滑行1m距离停下．求：子弹射穿物块过程中系统损失的机械能．（g取10m/s2）考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：由动能定理求出子弹射穿物块过程中物块的速度，子弹射穿物块的过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以求出损失的机械能．解答：解：设子弹射穿物块后的速度为v1，物块的速度为v2，对物块应用动能定理：﹣μMgx=0﹣Mv22，子弹射穿物块的过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2，对系统，由能量守恒定律得：mv02=mv12+Mv22+Q，代入数据解得：Q=798J；答：子弹射穿物块过程中系统损失的机械能为798J．点评：本题考查了求损失的机械能，分析清楚物体运动过程，应用动能定理、动量守恒定律与能量守恒定律即可正确解题．11。

2016-2017学年广东省湛江一中高一（上）第一次联考物理试卷一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．下列关于质点的说法正确的是（）A．研究和观察日食时，可以把太阳看成质点B．研究地球的公转时，可以把地球看成质点C．研究地球的自转时，可以把地球看成质点D．原子核很小，必须把它看成质点2．两个人以相同的速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADC行走，如图所示，当他们相遇时不相同的物理量是（）A．速度B．位移C．路程D．速率3．如表是四种交通工具的速度改变情况，下列说法正确的是（）A．①的速度变化最大，加速度最大B．②的速度变化最慢C．③的速度变化最快D．④的末速度最大，但加速度最小4．如图所示是A、B两个物体由同一地点沿相同方向做直线运动的图象，下列说法正确的是（）A ．A 出发时间比B 早5 sB ．第15 s 末A 、B 速度相等C ．第10 s 末A 、B 相遇D ．第15 s 末A 、B 相距50 m5．做匀减速直线运动的物体经4s 停止，若在第1s 内的位移是14m ，则最后1s 内的位移是（ ）A ．3.5mB ．2mC ．1mD ．06．某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为v 1，下山的平均速率为v 2，则往返的平均速度的大小和平均速率是（ ）A ．，B ．，C ．0，D ．0，7．伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A 、B 、C ．让小球分别由A 、B 、C 滚下，让A 、B 、C 与斜面底端的距离分别为s 1、s 2、s 3，小球由A 、B 、C 运动到斜面底端的时间分别为t 1、t 2、t 3，小球由A 、B 、C 运动到斜面底端时的速度分别为v 1、v 2、v 3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是（ ）A ．B ．C ．D ．s 1﹣s 2=s 2﹣s 38．在下列所示图象中，可能描述物体做自由落体运动的是（ ）A ．B ．C ．D ．二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9．中国空军八一飞行表演队在训练中，6架表演机保持队形，直刺苍穹，做出了多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的10．2008年9月25日晚21点10分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“神舟7号”宇宙飞船成功地送上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟．则下列叙述正确的是（）A．“21点10分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”B．卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C．卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点11．为了使公路交通有序、安全，道路两旁都竖立了许多交通标志．如图所示，甲图是广州市环市路高架桥上的限速标志（白底、红圈、黑字），表示允许行驶的最大速度是60km/h；乙图是路线指示标志，表示离下一出口还有25km．上述两个数据的物理意义是（）A．60km/h是平均速度B．60km/h是瞬时速度C．25km是位移D．25km是路程12．汽车从静止出发做匀加速直线运动，加速度为a，经过时间t后，又以同样数值的加速度做匀减速直线运动，最后静止．则汽车在这两个过程中（）A．位移相同 B．平均速度相同 C．经历时间相同 D．加速度相同13．如图所示为A、B两运动物体的位移图象，下列说法正确的是（）A．两物体开始时相距100 m，同时同向运动B．B物体做匀速直线运动，速度大小为5 m/sC．A、B两物体运动8 s时，在距A的出发点60 m处相遇D．A物体在运动中停了6 s14．一个做匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，经过ab 的时间是t，则下列判断正确的是（）A．经过ab路径中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移大D．物体运动的加速度为三、实验题：每空3分，共18分．15．目前实验室用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器两种，它们所接电源均为频率为Hz的交变电流，所以都是每隔0.02s打一个点．但前者所接交流电压为V，后者所接交流电压为V．16．如图所示是一位同学用手拉动纸带通过电磁打点计时器打出的一条纸带，在纸带旁边附着一把毫米刻度尺．根据纸带上点的排列情况可判定，手拉动纸带时，手的运动速度怎样变化：；由O到A这段距离上手运动的平均速度为m/s，打B点时手拉动纸带的速度约为m/s．四、计算题：共36分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．17．如图所示，直杆长L1=0.5m，圆筒高为L2=3.7m．直杆位于圆筒正上方H=0.8m处．直杆从静止开始做自由落体运动，并能竖直穿越圆筒．（取g=10m/s2），试求：（1）直杆下端刚到圆筒上端的时间；（2）直杆穿越圆筒所用的时间．18．小明是学校的升旗手，他每次升旗都做到了在庄严的《义勇军进行曲》响起时开始升旗，当国歌结束时恰好庄严的五星红旗升到了高高的旗杆顶端．已知国歌从响起到结束的时间是48s，旗杆高度是19m，红旗从离地面1.4m处开始升起．若设小明升旗时先拉动绳子使红旗向上匀加速运动，时间持续4s，然后使红旗做匀速运动，最后使红旗做匀减速运动，加速度大小与开始升起时的加速度大小相同，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．试计算小明升旗时使红旗向上做匀加速运动时加速度的大小和红旗匀速运动的速度大小．19．如图是一个十字路口的示意图，每条停车线到十字路中心O的距离均为20m．一人骑电动助力车以7m/s的速度到达停车线（图中A点）时，发现左前方道路一辆轿车正以8m/s 的速度驶来，车头已抵达停车线（图中B），设两车均沿道路中央作直线运动，助力车可视为质点，轿车长4.8m，宽度可不计．（1）请通过计算判断两车保持上述速度匀速运动，是否会发生相撞事故？（2）若轿车保持上述速度匀速运动，而助力车立即作匀加速直线运动，为避免发生相撞事故，助力车的加速度至少要多大？2016-2017学年广东省湛江一中高一（上）第一次联考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．下列关于质点的说法正确的是（）A．研究和观察日食时，可以把太阳看成质点B．研究地球的公转时，可以把地球看成质点C．研究地球的自转时，可以把地球看成质点D．原子核很小，必须把它看成质点【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、研究和观察日食时，太阳的大小直接影响观察结果，所以不可以把太阳看成质点，所以A错误．B、研究地球绕太阳的公转时，地球的大小对于和太阳之间的距离来说太小，可以忽略，所以可以把地球看成质点，所以B正确．C、研究地球的自转时，地球有大小和形状不能忽略，不能看作质点，否则就无法分辨地球的转动，所以C错误．D、质点并不是体积很小，就能看成质点，而是物体自身大小对所研究的问题没有影响，虽然原子核很小，并不一定能把它看成质点，所以D错误．故选B．2．两个人以相同的速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADC行走，如图所示，当他们相遇时不相同的物理量是（）A ．速度B ．位移C ．路程D ．速率【考点】位移与路程．【分析】速度是矢量，只有大小和方向都相同，速度才相同．位移决定于起点和终点．路程是物体运动轨迹的长度，由于速率相同，相同通过的路程相等．【解答】解：A 、相同时，两人的速度方向相反，速度不同，符合题意．故A 正确． B 、两人起点相同，终点相同，则位移相同．不符合题意．故B 错误．C 、两人速率相同，运动相同时间，通过的路程相同．不符合题意．故C 错误．D 、由题可知两人速率不变，保持相同．不符合题意．故D 错误．故选A3．如表是四种交通工具的速度改变情况，下列说法正确的是（ ）A ．①的速度变化最大，加速度最大B ．②的速度变化最慢C ．③的速度变化最快D ．④的末速度最大，但加速度最小【考点】加速度．【分析】根据加速度的物理意义：加速度表示物体速度变化的快慢，以及根据定义式a=，分析加速度的含义．【解答】解：根据加速度的定义式a=得：所以④的末速度最大，但加速度最小，①的加速度最大故选D．4．如图所示是A、B两个物体由同一地点沿相同方向做直线运动的图象，下列说法正确的是（）A．A出发时间比B早5 s B．第15 s末A、B速度相等C．第10 s末A、B相遇D．第15 s末A、B相距50 m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】速度时间图线反映了物体的速度随时间的变化情况，图线与时间轴围成的面积表示位移．根据位移关系分析两个物体何时相遇，并求物体间的距离．【解答】解：A、由图看出，甲比乙迟5s时间出发，故A错误．B、第15 s末A的速度为20m/s，B的速度为10m/s，两者速度不等，故B错误．C、根据图线与时间轴围成的面积表示位移，则知，在在前10s时间内，A的位移小于B的位移，两者又是从同一位置出发的，所以在第10s末两个物体没有相遇．故C错误．D、第15 s末A、B相距的距离等于它们在15s内通过的位移之差，根据“面积”表示位移，可知，第15 s末A、B相距等于B在前10s内的位移，为S=vt=10×5m=50m，故D正确．故选：D5．做匀减速直线运动的物体经4s停止，若在第1s内的位移是14m，则最后1s内的位移是（）A．3.5m B．2m C．1m D．0【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内的位移之比等于1：3：5：7，采用逆向思维求出最后1s内的位移．【解答】解：物体做匀减速直线运动，采用逆向思维，将物体的运动看成沿相反方向的做初速度为零的匀加速直线运动，根据推论：在相等时间内的位移之比等于1：3：5：7，则知在第1s内和最后1s内的位移之比为7：1，因为第1s内的位移为14m，则最后1s内的位移为：x=14m=2m，故B正确，A、C、D错误．故选：B．6．某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚，上山的平均速率为v1，下山的平均速率为v2，则往返的平均速度的大小和平均速率是（）A．，B．，C．0，D．0，【考点】平均速度；速率．【分析】注意平均速度和平均速率的区别，平均速度大小是位移与所用时间的比值，而平均速率为通过路程与所用时间比值，明确了这两个概念的区别便能正确解答本题．【解答】解：从山脚爬上山顶，然后又从原路返回到山脚时，通过位移为零，因此平均速度为零；设从山脚爬上山顶路程为s，则有：上山时间：，下山时间：因此往返平均速率为：，故ABC错误，D正确．故选：D．7．伽利略在研究自由落体运动时，做了如下的实验：他让一个铜球从阻力很小（可忽略不计）的斜面上由静止开始滚下，并且做了上百次．假设某次实验伽利略是这样做的：在斜面上任取三个位置A、B、C．让小球分别由A、B、C滚下，让A、B、C与斜面底端的距离分别为s1、s2、s3，小球由A、B、C运动到斜面底端的时间分别为t1、t2、t3，小球由A、B、C运动到斜面底端时的速度分别为v1、v2、v3，则下列关系式中正确并且是伽利略用来证明小球沿光滑斜面向下运动是匀变速直线运动的是（）A．B．C．D．s1﹣s2=s2﹣s3【考点】自由落体运动．【分析】小球在斜面上做匀变速直线运动，由运动学公式可判断各项是否正确；同时判断该结论是否由伽利略用来证明匀变速运动的结论．【解答】解：A、小球在斜面上三次运动的位移不同，末速度一定不同，故A错误；B、由运动学公式可知，，故三次下落中位移与时间平方向的比值一定为定值，伽利略正是用这一规律说明小球沿光滑斜面下滑为匀变速直线运动，故B正确；C、由v=at可得，三次下落中的加速度相同，故公式正确，但是不是当是伽利略用来证用匀变速直线运动的结论；故C错误；D由图可知及运动学规律可知，s1﹣s2与s2﹣s3，大小无法确定，因为它们的位置是任意选取的，故D错误；故选：B．8．在下列所示图象中，可能描述物体做自由落体运动的是（）A．B．C．D．【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间图象的斜率表示速度，速度时间图象的斜率表示加速度分析即可．【解答】解：A、位移时间图象是一条倾斜的直线，表示匀速直线运动，不可能是自由落体，故A错误；B、B图的初速度不为零，不可能是自由落体，故B错误；C、位移时间图象是一条倾斜的直线，表示匀速直线运动，不可能是自由落体，故C错误；D、速度时间图象是一条倾斜的直线，且初速度为零，可能是自由落体，故D正确；故选：D二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9．中国空军八一飞行表演队在训练中，6架表演机保持队形，直刺苍穹，做出了多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法正确的是（）A．地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B．飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D．以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【考点】参考系和坐标系．【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解答】解：A、地面上的人看到飞机是相对于地面飞过，是以地面为参考系，故A正确B、飞行员看到观礼台向后擦过，是以飞机为参考系；故B正确；C、D、以编队中某一飞机为参考系，所有飞机的位置相对不变，其他飞机是静止的，故C 正确，D错误．故选：ABC10．2008年9月25日晚21点10分，我国在九泉卫星发射中心将我国自行研制的“神舟7号”宇宙飞船成功地送上太空，飞船绕地球飞行一圈时间为90分钟．则下列叙述正确的是（）A．“21点10分”和“90分钟”前者表示“时刻”后者表示“时间”B．卫星绕地球飞行一圈，它的位移和路程都为0C．卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，但它在每一时刻的瞬时速度都不为0D．地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时可以将飞船看作质点【考点】质点的认识；位移与路程；时间与时刻．【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，与运动的路线无关．平均速度等于总位移除以总时间，质点是只计质量、不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略．【解答】解：A、“21点10分”对应一个点，是时刻，“90分钟”对应一个线段，表示“时间”故A正确；B、卫星绕地球飞行一圈，位移是0，路程是周长，故B错误；C、平均速度等于总位移除以总时间，属于卫星绕地球飞行一圈平均速度为0，只要运动其在每一时刻的瞬时速度都不为0，故C正确；D、地面卫星控制中心在对飞船进行飞行姿态调整时不能看成质点，否则没有姿态可言，故D错误，故选AC11．为了使公路交通有序、安全，道路两旁都竖立了许多交通标志．如图所示，甲图是广州市环市路高架桥上的限速标志（白底、红圈、黑字），表示允许行驶的最大速度是60km/h；乙图是路线指示标志，表示离下一出口还有25km．上述两个数据的物理意义是（）A．60km/h是平均速度B．60km/h是瞬时速度C．25km是位移D．25km是路程【考点】位移与路程．【分析】平均速度表示某一段时间或一段位移内的速度，瞬时速度表示某一时刻或某一位置的速度．路程表示运动轨迹的长度，位移的大小等于初位置到末位置的距离．【解答】解：允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度，是瞬时速度．到下一出口还有25km，25km是路程．故BD正确，AC错误．故选：BD12．汽车从静止出发做匀加速直线运动，加速度为a，经过时间t后，又以同样数值的加速度做匀减速直线运动，最后静止．则汽车在这两个过程中（）A．位移相同 B．平均速度相同 C．经历时间相同 D．加速度相同【考点】平均速度；位移与路程．【分析】题中加速和减速运动的时间不一定相同．作出速度图象，根据匀变速直线运动的平均速度公式、加速度公式、位移公式进行分析判断【解答】解：C、设物体运动方向为正方向，已知初速度v0=0，加速过程加速度为a，时间为t，减速过程加速度为﹣a物体匀加速过程：v=at设减速到末速度为零所用时间为t2，而末速度v2=0，由v2=v﹣at2得：t2=t 故C正确．A、加速过程位移x1=，减速过程位移x2=vt﹣=，所以x1=x2，故A正确．D、两个过程加速度大小相等，方向相反，所以加速度不同，故D错误．C、因为两过程位移相同，时间相等，所以平均速度相同，故C正确．故选：ABC13．如图所示为A、B两运动物体的位移图象，下列说法正确的是（）A．两物体开始时相距100 m，同时同向运动B．B物体做匀速直线运动，速度大小为5 m/sC．A、B两物体运动8 s时，在距A的出发点60 m处相遇D．A物体在运动中停了6 s【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】在位移图象中图象的斜率代表物体运动的速度；交点表示相遇．【解答】解：A、根据图象，A、B两物体开始时相距100m，速度方向相反，是相向运动，故A错误；B、s﹣t图象的斜率表示速度，故B物体做匀速直线运动，速度大小为：v==﹣5m/s；故B正确；C、t=8s时有交点，表面A、B两物体运动8s时，在距A的出发点60m处相遇，故C正确；D、2s﹣6s，物体A位置坐标不变，保持静止，即停止了4s；故D错误；故选：BC14．一个做匀加速直线运动的物体，先后经过a、b两点时的速度分别是v和7v，经过ab的时间是t，则下列判断正确的是（）A．经过ab路径中点的速度是4vB．经过ab中间时刻的速度是4vC．前时间通过的位移比后时间通过的位移大D．物体运动的加速度为【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与位移的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，联立方程组求出经过ab中点位置的速度，根据平均速度推论求出中间时刻的瞬时速度．结合速度时间公式求出物体运动的加速度．【解答】解：A、设物体经过ab中点位置的速度为，根据速度位移公式得，，，解得，故A错误．B、根据平均速度推论知，经过ab中间时刻的瞬时速度，故B正确．C、前时间内的平均速度，后时间内的平均速度，则，即前时间通过的位移比后时间通过的位移小，故C错误．D、物体运动的加速度a=，故D正确．故选：BD．三、实验题：每空3分，共18分．15．目前实验室用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花计时器两种，它们所接电源均为频率为50Hz的交变电流，所以都是每隔0.02s打一个点．但前者所接交流电压为4﹣6V，后者所接交流电压为220V．【考点】电火花计时器、电磁打点计时器．【分析】目前实验室用的打点计时器有电火花打点计时器和电磁式打点计时器两种，了解电磁打点计时器和电火花打点计时器的工作电压、工作原理即可正确解答．【解答】解：打点计时器是一种使用交流电源的记录运动物体在一定时间间隔内位移的仪器，目前实验室用的打点计时器有电磁打点计时器和电火花打点计时器两种，前者所接电源电压为4﹣6V，后者所接电源电压为220V．它们所接电源均为频率为50Hz的交变电流，它们都是每隔0.02s打一个点．故答案为：50，4﹣6，22016．如图所示是一位同学用手拉动纸带通过电磁打点计时器打出的一条纸带，在纸带旁边附着一把毫米刻度尺．根据纸带上点的排列情况可判定，手拉动纸带时，手的运动速度怎样变化：逐渐增大；由O到A这段距离上手运动的平均速度为0.38m/s，打B点时手拉动纸带的速度约为 1.00m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】打点计时器每间隔相等的时间打一个点，通过比较相等时间内位移大小来判断速度的变化情况；根据求解平均速度；可以用极短时间内的平均速度表示瞬时速度，故AC 段的平均速度近似等于B点的瞬时速度．【解答】解：OA段位移大小为3.01cm，平均速度：≈38cm/s=0.38m/s；AB段位移大小：4.94﹣3.01=1.93cm，平均速度：；BC段位移大小：7.01cm﹣4.94cm=2.07cm，平均速度：；故速度逐渐增大；B点时手拉动纸带的速度约等于AC段的平均速度，为：；故答案为：逐渐增大，0.38，1.00．四、计算题：共36分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．17．如图所示，直杆长L1=0.5m，圆筒高为L2=3.7m．直杆位于圆筒正上方H=0.8m处．直杆从静止开始做自由落体运动，并能竖直穿越圆筒．（取g=10m/s2），试求：（1）直杆下端刚到圆筒上端的时间；（2）直杆穿越圆筒所用的时间．【考点】自由落体运动．【分析】（1）直杆从开始下落到其下端刚好进入圆筒，即下落位移为H，根据位移时间公式可求解；（2）直杆从开始下落到其下端刚好穿出圆筒，根据位移时间公式可求解．【解答】解：（1）设直杆下端到达圆筒上方的时间为t1，上端离开圆筒下方的时间为t2，根据自由落体运动规律有：H=g，解得：t1==0.4s（2）根据自由落体运动规律有：解得：t2==1s则直杆穿越圆筒所用的时间t=t2﹣t1=0.6s答：（1）直杆下端刚到圆筒上端的时间为0.4s；（2）直杆穿越圆筒所用的时间为0.6s．18．小明是学校的升旗手，他每次升旗都做到了在庄严的《义勇军进行曲》响起时开始升旗，当国歌结束时恰好庄严的五星红旗升到了高高的旗杆顶端．已知国歌从响起到结束的时间是48s，旗杆高度是19m，红旗从离地面1.4m处开始升起．若设小明升旗时先拉动绳子使红旗向上匀加速运动，时间持续4s，然后使红旗做匀速运动，最后使红旗做匀减速运动，加速度大小与开始升起时的加速度大小相同，红旗到达旗杆顶端时的速度恰好为零．试计算小明升旗时使红旗向上做匀加速运动时加速度的大小和红旗匀速运动的速度大小．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．。

广东省湛江市高一物理上册第一学期11月月考考试题（ Word版含答案）一、选择题1．甲、乙、丙三辆汽车同时以相同的速度经过某一路标，此后甲一直做匀速直线运动，乙先加速后减速，丙先减速后加速，它们经过下一路标时的速度仍相同，则A．甲车先经过下一个路标B．乙车先经过下一个路标C．丙车先经过下一个路标D．无法判断谁先经过下一个路标2．如图所示，有3000个质量均为m的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为37°．则第1218个小球与1219个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）A．17814000B．12194000C．6092000D．89120003．如图是在购物商场里常见的电梯，左图为阶梯电梯，右图为斜面电梯，设两电梯中各站一个质量相同的乘客随电梯匀速上行，则两乘客受到电梯的A．摩擦力的方向相同B．支持力的大小相同C．支持力的方向相同D．作用力的大小与方向均相同4．如图甲所示,小孩用80 N的水平力推木箱不动,木箱此时受到水平地面的摩擦力大小为F1;如图乙所示,小孩用100 N的水平力恰能推动木箱,此时木箱与水平地面间的摩擦力大小为F2;如图丙所示,小孩把木箱推动了,此时木箱与水平地面间摩擦力大小为F3,若木箱对水平地面的压力大小为200 N,木箱与水平地面间动摩擦因数为0.45,则F1、F2、F3的大小分别为()A．80 N、80 N、90 N B．80 N、80 N、45 NC．80 N、100 N、90 N D．80 N、100 N、45 N5．如图所示，球A在斜面上，被竖直挡板挡住而处于静止状态，关于球A所受的弹力，以下说法正确的是 ( )A．球A仅受一个弹力作用，弹力的方向垂直斜面向上B．球A受两个弹力作用，一个水平向左，一个垂直斜面向下C．球A受两个弹力作用，一个水平向右，一个垂直斜面向上D．球A受三个弹力作用，一个水平向右，一个垂直斜面向上，一个竖直向下．6．关于位移和路程，下列说法中正确的是（）A．出租车是按位移的大小来计费的B．出租车是按路程的大小来计费的C．在田径场1500m长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为1500mD．高速公路路牌上显示“上海100km”，表示该处到上海的位移大小为100km7．近几年，在国家宏观政策调控下，我国房价上涨出现减缓趋势。

湛江第一中学2016届高三文数11月月考（2015.11.20 ）命题人：黄玉洁 审题人：宋光敏一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1. 集合{}12A x Z x =∈-≤≤，2|01x B x R x ⎧-⎫=∈≤⎨⎬+⎭⎩，A B 为（ ）A ．｛-1，0，1，2｝B ．｛0，1，2｝C ．｛|12x x -≤≤｝D ．｛|12x x -<≤｝ 2. 已知复数z 满足(1)1z i i -=+，则z 的共轭复数为（ ）A ．2i --B ．2i -+C ．2i -D ．2i +3. 已知命题ααπαcos )cos(,:=-∈∃R p ；命题01,:2>+∈∀x R x q .则下面结论正确的是( )A ．¬q 是真命题B ．p 是假命题C ．p ∧q 是假命题D ．p ∨q 是真命题4. 已知平面向量)2,(),1,2(-==x b a ，若b a //，则b a+等于( ) A ．（2，1） B ．)1,2(-- C ．（3，-1） D ．（-3，1）5. 已知n S 为等差数列{}n a 的前n 项和， 673=+a a ，则9S = ( )A . 27 B.227C. 54D.1086. 下列四个函数中，既关于原点对称，又在定义域上单调递增的是（ ） A 、tan y x = B 、1y x =+ C 、3y x = D 、2log y x =7. 已知⎪⎩⎪⎨⎧≥-+≤--≥-,02,063,0y x y x y x 则y x +2的最小值是（ ）.A.9B.4C.3D.28. 某班有49位同学玩“数字接龙”游戏，具体规则按如图所示的程序框图执行（其中a 为座位号），并以输出的值作为下一轮输入的值。

若第一次输入的值为8，第三次输出的值为（ ） A ． 8 B ．15 C ． 20 D ．369. 曲线x x y 23-=在(1,-1)处的切线方程为( )A ．02=--y xB ．02=+-y x C. 02=-+y x D ．02=++y x10. 如图所示，一游泳者自游泳池边AB 上的D 点，沿DC 方向游了10米，∠CDB=60°，然后任意选择一个方向并沿此方向继续游，则他再游不超过10米就能够回到游泳池AB 边的概率是（ ） A ．16 B ．14 C ．13 D ．1211. a R ∈，若函数3axy e x =+，x R ∈有大于零的极值点，则（ ） A ． B ．3a <- C ．13a >- D ．13a <-12. 某种游戏中，黑、黄两个“电子狗”从棱长为1的正方体ABCD —A 1B 1C 1D 1的顶点A 出发，沿棱向前爬行，每爬完一条棱称为“爬完一段”，黑“电子狗”爬行的路线是AA 1→A 1D 1→…， 黄“电子狗”爬行的路线是AB →BB 1→…，它们都遵循如下规则：所爬行的第i+2段与第i 段所在直线必须是异面直线（其中i 是正整数）设黑“电子狗”爬完2013段、黄“电子狗”爬完2015段后各自停止在正方体的某个顶点处，这时黑、黄“电子狗”间的距离是（ ） A ．0 B ．lCD二、 填空题：（本大题共4小题，每小题5分，满分20分） 13. 某几何体的三视图如图3所示，其中俯视图为半径为2的四分之一个圆弧，则该几何体的体积为 ．14. 设函数()113,1,,1,x e x f x x x -⎧<⎪=⎨⎪≥⎩则使得()2f x ≤成立的x 的取值范围是 ．15. 《九章算术》之后，人们进一步用等差数列求和公式来解决更多的问题，《张丘建算经》卷上第22题为：今有女善织，日益功疾，且从第2天起，每天比前一天多织相同量的布，若第1天织5尺布，现在一月（按30天计）共织390尺布，则每天比前一天多织 尺布.(不作近似计算)16. 已知函数()1f x +是定义在R 上的奇函数，若对于任意给定的不相等的实数12,x x ，不等式()()(){}12120x x f x f x --<恒成立，则不等式()10f x -<的解集为 ．三、解答题（本大题共6小题，共70分.17-21题各题12分，22、23或24题10分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）。