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2023-2024学年江苏省泰州中学、江都中学、宜兴中学高三物理第一学期期末学业水平测试试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。
考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，矩形线圈处在磁感应强度大小为 B 、方向水平向右的匀强磁场中，线圈通过电刷与定值电阻 R 及理想电流表相连接，线圈绕中心轴线OO ' 以恒定的角速度ω 匀速转动，t =0 时刻线圈位于与磁场平行的位置。
已知线圈的匝数为n 、面积为S 、阻值为r 。
则下列说法正确的是（ ）A ．t =0 时刻流过电阻 R 的电流方向向左B ．线圈中感应电动势的瞬时表达式为e = nBS ω sin ωtC ．线圈转动的过程中，电阻 R 两端的电压为nBS RR rω+D ．从 t =0 时刻起，线圈转过 60°时电阻 R 两端的电压为()2nBS RR r ω+ 2、如图，小球甲从A 点水平抛出，同时将小球乙从B 点自由释放，两小球先后经过C 点时速度大小相等，方向夹角为30°，已知B 、C 高度差为h ，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（ ）A．小球甲做平抛运动的初速度大小为 B ．甲、乙两小球到达C点所用时间之比为C ．A ，B 两点高度差为4h D ．两小球在C 点时重力的瞬时功率大小相等 3、在杨氏双缝干涉实验中，如果A ．用白光作为光源，屏上将呈现黑白相间、间距相等的条纹B ．用红光作为光源，屏上将呈现红黑相间、间距不等的条纹C ．用红光照射一条狭缝，用紫光照射另一条狭缝，屏上将呈现彩色条纹D ．用紫光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上将呈现间距不等的条纹4、常言道，万物生长靠太阳，追根溯源，地球上消耗的能量绝大部分是来自太阳内部持续不断地发生核反应释放出的核能。
2017届江苏省泰州中学高三上学期第一次月考物理试题考试满分：120分；考试时间100分钟单项选择题（本题共6小题，每小题只有一个选项是正确的，每小题3分，共计18分）1.关于物理学研究方法，下列叙述正确的是A．探究加速度与物体质量、物体受力的关系时采用了控制变量法B．伽利略在研究自由落体运动时采用了将微小量放大的方法C．探究求合力方法的实验中使用了理想化的方法D．牛顿通过月地检测得到了万有引力常量2.关于绕地运行的人造地球卫星，下列说法中正确的是A．卫星离地球越远，线速度越大B．卫星运行的瞬时速度可以大于7.9km/sC．同一圆轨道上运行的两颗卫星，向心力大小一定相等D．地球同步卫星可以经过两极上空3.气象研究小组用图示简易装置测定水平风速．在水平地面上竖直固定一直杆，半径为R、质量为m 的薄空心塑料球用细线悬于杆顶端O，当水平风吹来时，球在风力的作用下飘起来．已知风力大小正比于风速和球正对风的截面积，当风速v0=3m/s时，测得球平衡时细线与竖直方向的夹角θ=30°．则A．若测得θ=60°时，风速v=6m/sB．若风速增大到某一值时，θ可能等于90°C．若风速不变，换用半径变大、质量相同的球，则θ不变D．若风速不变，换用半径相等、质量变大的球，则θ减小4.如图为“中国好歌声”娱乐节目所设计的“导师战车”，战车可以在倾斜直轨道上运动．当坐在战车中的导师按下按钮，战车就由静止开始沿长10米的斜面冲到学员面前，最终刚好停在斜面的末端，此过程约历时4秒．在战车的运动过程中，下列说法正确的是A．战车在运动过程中导师处于失重状态B．战车在运动过程中所受外力始终不变C．战车在倾斜导轨上做匀变速直线运动D．根据题中信息可以估算导师运动的平均速度5.如图，悬挂在O点的一根不可伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球A．在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B．当B到达悬点O的正下方并与A在同一水平线上，A处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向的角度为θ，若两次实验中B的电量分别为q1和q2，θ分别为300和45°，则12qqA. 2B. 3D.6.弹弓是孩子们喜爱的弹射类玩具，其构造原理如图所示，橡皮筋两端点A、B固定在把手上，橡皮筋处于ACB时恰好为原长状态，在C处（AB连线的中垂线上）放一固体弹丸，一手执把，另一手将弹丸拉至D点放手，弹丸就会在橡皮筋的作用下发射出去，打击目标．现将弹丸竖直向上发射，已知E 是CD中点，则A ．从D 到C 过程中，弹丸的机械能守恒B ．从D 到C 过程中，弹丸的动能一直在增大C ．从D 到E 过程橡皮筋对弹丸做功大于从E 到C 过程 D ．从D 到C 过程中，橡皮筋的弹性势能先增大后减小二、多项选择题（本题共6个小题，每小题有两个或两个以上的选项是正确的，每小题4分，共24分；错选或不选得零分，漏选得2分）7.如图所示，从地面上同一位置抛出两小球A 、B ，分别落在地面上的M 、N 点，两球运动的最大高度相同． 空气阻力不计，则A ．B 的加速度比A 的大 B ．B 的飞行时间比A 的长C ．B 在最高点的速度比A 在最高点的大D ．B 在落地时的速度比A 在落地时的大8.如图所示，质量分别为m 1、m 2的A 、B 两个物体放在斜面上，中间用一个轻杆相连，A 、B 与斜面间的动摩擦因数分别为μ1、μ2，它们在斜面上加速下滑，关于杆的受力情况．下列分析正确的是A ．若μ1＞μ2，m 1=m 2，则杆受到压力B ．若μ1=μ2，m 1＞m 2，则杆受到拉力C ．若μ1＜μ2，m 1＜m 2，则杆受到拉力D ．若μ1=μ2，m 1≠m 2，则杆无作用力9.如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为2μ．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g ．现对A 施加一水平拉力F ，则：A ．当F ＜2μmg 时，A 、B 都相对地面静止 B ．当83F mg μ=时，A 的加速度为13g μ C ．当F ＞3μmg 时，A 相对B 滑动 D ．无论F 为何值，B 的加速度不会超过12g μ 10.如图所示，M 、N 为两个固定的等量同种正电荷，在其连线的中垂线上的P 点放一个静止的负电荷（重力不计），下列说法中正确的是A ．从P 到O ，可能加速度越来越小，速度越来越大B ．从P 到O ，可能加速度先变大，再变小，速度越来越大C ．越过O 点后，加速度一直变大，速度一直变小D ．越过O 点后，加速度一直变小，速度一直变小11.北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航，定位等功能．“北斗”系统中两颗工作卫星1和2均绕地心O 做匀速圆周运动，轨道半径均为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置，如图所示．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力，以下判断中正确的是A ．两颗卫星所受的向心力大小一定相等B ．卫星1加速后可追上卫星2C ．两颗卫星的向心加速大小相等，均为22R g rD ．卫星1由位置A 运动到位置B12.如图所示，叠放在水平转台上的小物体A、B、C能随转台一起以角速度ω匀速转动，A、B、C的质量分别为3m、2m、m，A与B、B与转台、C与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r．设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法不正确的是A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：ω≤D．转台的角速度一定满足：ω≤三、实验题（本题共2小题，每空2分，共18分）13.（8分）某研究性学习小组分别用如图甲所示的装置进行以下实验：“探究加速度与合外力的关系”．装置中，小车质量为M，砂桶和砂子的总质量为m，通过改变m来改变小车所受的合外力大小，小车的加速度a可由打点计时器和纸带测出．现保持小车质量M不变，逐渐增大砂桶和砂的总质量m进行多次实验，得到多组a、F值（F为弹簧秤的示数）．（1）为了减小实验误差，下列做法正确的是（）A．需平衡小车的摩擦力B．沙桶和沙的总质量要远小于小车的质量C．滑轮摩擦足够小，绳的质量要足够轻D．先释放小车，后接通打点计时器的电源（2）某同学根据实验数据画出了图乙所示的一条过坐标原点的倾斜直线，其中纵轴为小车的加速度大小，横轴应为A.1MB.1mC. mgD. F（3）当砂桶和砂的总质量较大导致a较大时，图线（填选项前的字母）A．逐渐偏向纵轴B．逐渐偏向横轴C．仍保持原方向不变（4）下图为上述实验中打下的一条纸带，A点为小车刚释放时打下的起始点，每两点间还有四个计时点未画出，测得AB=2.0cm、AC=8.0cm、AE=32.0cm，打点计时器的频率为50Hz，小车的加速度m/s2．14.（10分）如图甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德（G•Atwood 1746﹣1807）创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律．某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示．（1）实验时，该同学进行了如下步骤：①将质量均为M（A的含挡光片、B的含挂钩）的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态．测量出（填“A的上表面”、“A的下表面”或“挡光片中心”）到光电门中心的竖直距离h．②在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统（重物A、B以及物块C）中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为△t．③测出挡光片的宽度d，计算有关物理量，验证机械能守恒定律．（2）如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，应满足的关系式为（已知重力加速度为g）．（3）引起该实验系统误差的原因有（写一条即可）．（4）验证实验结束后，该同学突发奇想：如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，不断增大物块C的质量m，重物B的加速度a也将不断增大，那么a与m之间有怎样的定量关系？a随m增大会趋于一个什么值？请你帮该同学解决，①写出a与m之间的关系式（还要用到M和g）：②a的值会趋于．四、计算论述题（本题共4小题，共60分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h 高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh2．如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离3．如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变4．如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小5．在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．6．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是 D．角速度是8．如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小10．如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大11．如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=kg．13．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D=mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ 上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．15．预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg 的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求：（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；（3）导弹击中敌机时的动能．16．如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求：（1）滑块通过B点时的速度v B；（2）弹簧释放的弹性势能E p；（3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．17．在竖直面内建立直角坐标系，曲线y=位于第一象限的部分如图，在曲线上不同点以初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m，带电量为+q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域，磁感应强度为B=T，方向垂直纸面向里，小球恰好做匀速圆周运动，并在做圆周运动的过程中都能打到y轴负半轴上（已知重力加速度为g=10m/s2、=102C/kg）．求：（1）第三象限的电场强度大小及方向；（2）沿水平方向抛出的初速度v0；（3）为使所有的小球都打到y轴负半轴，所加磁场区域的最小面积．2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h 高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh【考点】功能关系；牛顿运动定律的应用﹣超重和失重．【分析】根据牛顿第二定律求出磅秤的示数，结合合力做功得出动能的增加量，根据重力势能即动能的变化情况得出机械能的变化量．【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma解得：F=mg+ma=1.1mg，即磅秤的示数等于1.1mg，故AB错误；C、根据动能定理得：△E K=W合=mah=0.1mgh，故C错误；D、人上升h，则重力做功为﹣mgh，可知重力势能增大mgh，动能增加0.1mgh，则机械能增大了1.1mgh，故D正确．故选：D2．如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离【考点】安培力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】根据右手螺旋定则判断直线电流周围的磁场，根据楞次定律判断出回路中的感应电流，再结合左手定则判断ab、cd所受的安培力方向，确定导体棒的运动情况．【解答】解：根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手定则知，ab所受安培力方向向右，cd所受安培力向左，即ab和cd相向运动，相互靠近．故C正确，A、B、D错误．故选：C．3．如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变【考点】共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．【分析】对物体受力分析可知物体的受力情况，根据共点力的平衡条件可知F作用时的摩擦力；而F撤去后，根据受力的变化可分析物体的状态，再确定摩擦力．【解答】解：物体受重力、支持力、拉力及摩擦力而处于平衡，重力可分解为垂直于斜面及沿斜面的两个力；垂直斜面方向受力平衡，而沿斜面方向上有拉力重力的分子及摩擦力而处于平衡；故摩擦力应与拉力与重力分力的合力平衡；如图所示：当F撤去后，垂直斜面方向上受力不变，而沿斜面方向上只有重力的分力存在，很明显重力的分力小于刚才的合力，故物体不会发生滑动；此时的摩擦力仍为静摩擦力，方向沿斜面向上；故A、B、C错误，D正确；故选D．4．如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当R的滑动触头向上滑移动时，R变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定伏特表的读数变化和灯泡L亮度的变化．再分析并联部分的电压变化，判断安培表A读数变化．根据电流的变化，分析R0消耗的功率如何变化．【解答】解：AB、当R的滑动触点向上滑移动时，R变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，因此伏特表读数变小．灯泡L的电压减小，则灯L一定变暗．故A错误，B正确．CD、电路中并联部分电压变小，通过L的电流减小，而总电流增大，则安培表A 的读数变大，R0消耗的功率变大．故C、D错误．本题选不正确的，故选：ACD5．在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．【考点】楞次定律．【分析】根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势，根据楞次定律判断出各段时间内感应电动势的方向．【解答】解：在0﹣s内，根据法拉第电磁感应定律，=．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相反，为负值；在﹣T内，根据法拉第电磁感应定律，E′=n==2E，所以感应电流是之前的2倍．再根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A正确，B、C、D错误．故选A．6．如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小【考点】物体做曲线运动的条件；动能．【分析】物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大．【解答】解：其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确．故选C二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是 D．角速度是【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】根据万有引力提供向心力，结合向心加速度表达式，及黄金代换公式，即可求解加速度大小与角速度．【解答】解：A、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：G；而黄金代换公式：GM=g0R02，联立上两式，解得：a n=，故A错误，B正确；C、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：；且GM=g0R02，解得：角速度ω=，故C正确，D错误；故选：BC．8．如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】根据变压器中电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，灯泡正常发光求出电流，即可求解．【解答】解：A、有效值为：U==220V，副线圈的电压为：U2=U1=110V，则A正确．B、原线圈的频率为f=，变压器不会改变频率，故B正确，C、副线圈电流为：I2==0.2A，原线圈的电流为：I1=I1=0.1A，则C错误．D、ω=2πf=100π，瞬时表达式为：u=220sin100πtV，故D正确故选：ABD9．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小【考点】自感现象和自感系数．【分析】利用线圈对电流突变的阻碍作用：闭合瞬间相当于断路，稳定后相当于导线，判断电流变化．【解答】解：开关S闭合瞬间，L相当于断路，通过R1的电流I1较大，通过R2的电流I2较小；当稳定后L的自感作用减弱，通过R1的电流I1变小，通过R2的电流I2变大，故AC正确BD错误．故选：AC10．如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大【考点】动能定理；匀变速直线运动的图像．【分析】由图象可知，物体在水平面上做匀加速运动，在水平面做匀减速运动，v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移．【解答】解：A、由乙图图象斜率可知a做加速运动时的加速度比b做加速时的加速度大，故A正确；B、物体在水平面上的运动是匀减速运动，a从t1时刻开始，b从t2时刻开始．由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，a在水平面上做匀减速运动的位移比b 在水平面上做匀减速运动的位移大，故B错误；C、物体在斜面上运动的加速度为，因为a的加速度大于b的加速度，所以a与斜面间的动摩擦因数比b的小，故C 正确；D、物体在水平面上运动的加速度为，因为a的加速度小于b的加速度，所以a与水平面间的动摩擦因数比b的小，故D错误故选：AC11．如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】根据速度图象明确试探电荷的运动情况，再根据受力分析即可明确试探电荷的受力情况，从而判断电场分布；则可得出两点电荷的带电情况，由能量守恒定律分析电势能最大的位置．【解答】解：A、由图乙可知，试探电荷先向上做减速运动，再反向向下做加速运动，说明粒子受到的电场力应先向下后向上，故两点电荷一定都带正电；由于电场线只能沿竖直方向，故两个点电荷带电量一定相等；故AB错误；C、根据速度图象的斜率表示加速度，知t1、t2两时刻试探电荷的加速度不同，所受的电场力不同，所以不可能在同一位置．故C错误．D、t2时刻试探电荷的速度为零，动能为零，根据能量守恒定律可知试探电荷的电势能最大．故D正确．故选：D三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是BC．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=0.33m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线①是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=0.5kg．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力，．（2）从纸带上求加速度可以用逐差法求解．（3）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，根据F=ma得a﹣F图象的斜率k=．【解答】解：（1）A、平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力．所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故A错误；B、为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，故B正确；C、使用打点计时器时，先接通电源后释放小车，故C正确；D、试验中小车的加速度不是越大越好，加速度太大，纸带打的点太少，不利于测量，故D错误．故选：BC（2）由匀变速运动的规律得：s4﹣s1=3aT2s5﹣s2=3aT2s6﹣s3=3aT2联立得：（s4+s5+s6）﹣（s1+s2+s3）=9aT2解得：a===0.33m/s2，（3）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．根据F=ma得a﹣F图象的斜率k=，由a﹣F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5kg．故答案为：（1）BC；（2）0.33；（3）①，0.513．某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=50.15 mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D= 4.699mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=300Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．【考点】测定金属的电阻率．【分析】题（1）游标卡尺读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意分度大小；题（2）螺旋测微器读数时应分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出；题（4）首先根据电源电动势大小选择出电压表的量程，再通过求出通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程，根据电流表内外接法的选择方法判定应采用内接法；根据要求多测几组数据可知变阻器应采用分压式接法，即电路应是分压外接电路．【解答】解；（1）游标卡尺的读数为：L=50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器的读数为：D=4.5mm+19.9×0.01mm=4.699（4.700±0.001）；（3）欧姆表的读数为：R=30×10Ω=300Ω；（4）根据电源的电动势为4V可知电压表应选择；由于通过待测电阻的最大电流为===13mA，所以电流表应选择；由于待测电阻满足，所以电流表应用外接法；由于实验要求能测多组数据，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：。
一、单项选择题1. 下列叙述中，符合物理学史实的是A.楞次总结出了电磁感应定律B.法拉第最先发现电流的磁效应C。
库仑最早测出了元电荷e的数值D。
伽利略推翻了力是维持物体运动的原因的观点2. 如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置—时间（x-t）图线．已知在t1时刻b车追上a车，由图可知（）A．在时刻t2，两车再次相遇B．在t1到t2这段时间内,两车的平均速度相等C．在t1到t2这段时间内，b车的加速度大小先减少后增大D．在t1到t2这段时间内，两车之间的距离先增大后减小3. 如图,放在斜劈上的物块,受到平行于光滑斜面向下的力F作用，沿斜面向下运动，斜劈保持静止。
下列说法正确的是( ）A．地面对斜劈的摩擦力方向水平向右B．地面对斜劈的弹力大于斜劈和物块的重力之和C．若F增大，地面对斜劈的摩擦力也增大D．若F反向，地面对斜劈的摩擦力也反向4。
在如图所示的电路中，电源内阻不可忽略，在调节可变电阻R 的阻值过程中，发现理想电压表的示数减小,则A．R的阻值变大B．路端电压增大C．总电流减小D．路端电压和总电流的比值减小5. 如图甲所示,圆形的刚性金属线圈与一平行板电容器连接，线圈内存在垂直于线圈平面的匀强磁场,磁感应强度B随时间变化的关系如图乙所示（以图示方向为正方向）。
t=0时刻，平行板电容器间一带正电的粒子（重力可忽略不计）由静止释放，假设粒子运动未碰到极板，不计线圈内部磁场变化对外部空间的影响，下列粒子在板间运动的速度图像和位移图像（发向上为正方向）中，正确的是二、多项选择题6。
地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a，地球的同步卫星绕地球作匀速圆周运动的轨道半径为r1，向心加速度为a1．已知万有引力常量为G ，地球半径为R ，地球赤道表面的加速度为g.下列说法中正确的是（ ）A ．地球质量G aR M 2=B ．地球质量G r a M 211=C ．加速度之比2121r R a a =D ．a 、a 1、g 的关系是a 〈a 1<g7。
一、单选选择题：本题共6小题，每小题3分，共计18分，每小题只有一个选项符合题意。
1．一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度匀加速上升h高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh【答案】D考点：牛顿第二定律；动能定理2．如右图所示，在长载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两根可自由滑动的导体棒ab和cd。
当载流直导线中的电流逐渐减弱时，导体棒ab和cd的运动情况是A.一起向左运动B.一起向右运动C．相向运动，相互靠近D．相背运动，相互远离【答案】D【解析】试题分析：根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流减小时，磁场减弱，根据楞次定律得，回路中的感应电流为acdb，根据左手定则知，ab所受安培力方向向左，cd所受安培力向右，即ab和cd相背运动，相互远离．故D正确，ABC错误．故选D.考点：右手定则；左手定则3．如右图所示，一物块受到一水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤除，下列对物块的描述正确的是（）A．木块将沿斜面下滑B．木块受到的摩擦力变大C．木块立即获得加速度D．木块所受的摩擦力方向改变【答案】D【解析】试题分析：设木块的重力为G，将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面向下方向，沿斜面向下的分力大小为Gsinθ，如图，在斜面平面内受力如图．f=，力F撤掉时，重力分力Gsinθ力F未撤掉时，由图根据平衡条件得，静摩擦力大小1，所以木块仍保持静止．由图，根据平衡条件得f2=Gsinθ，所以木块受到的摩擦力变小．由图看出，木块所受的摩擦力方向发生了改变．故选D.考点：物体的平衡；摩擦力4．如右图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向下移动时，下列论述不正确．．．的是（）A．灯泡L一定变亮B．电流表的示数变大C．电压表的示数变小D．R0消耗的功率变小【答案】B考点：电路的动态分析5．在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B 的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B 随时间t 如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的图像是（ ）【答案】A 【解析】试题分析：在0-T/2s 内，根据法拉第电磁感应定律，04nB SE nt Tϕ=V V ＝．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相反，为负值；在T/2-T 内，根据法拉第电磁感应定律，'082nB SE n E t Tϕ==V V ＝，所以感应电流是之前的2倍．再根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A 正确，BCD 错误．故选A.考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律6．如右图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M 点运动到N 点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M 点到N 点的运动过程中动能将（ ）A ．不断增大B ．不断减小C ．先减小后增大D ．先增大后减小 【答案】C 【解析】试题分析：其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C 正确．故选C. 考点：曲线运动；动能定理二、多选选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意。
2016年江苏省泰州市高考物理二模试卷一、单项选择题（每小题3分，共15分，每小题只有一个正确答案）1．（3分）一颗卫星绕地球沿椭圆轨道运动，A、B是卫星运动的远地点和近地点．下列说法中正确的是（）A．卫星在A点的角速度大于B点的角速度B．卫星在A点的加速度小于B点的加速度C．卫星由A运动到B过程中动能减小，势能增加D．卫星由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大2．（3分）电荷量为+Q的点电荷和接地金属板MN附近的电场线分布如图所示，点电荷与金属板相距为2d，图中P点到金属板和点电荷间的距离均为d．已知P 点的电场强度为E0，则金属板上感应电荷在P点处产生的电场强度E的大小为（）A．E=0 B．E=C．E=E0﹣D．E=3．（3分）高三某同学参加引体向上体能测试，在20s内完成10次标准动作，则此过程中该同学克服重力做功的平均功率最接近于（）A．150W B．300W C．450W D．600W4．（3分）如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是（）A．电压表V示数增大B．电流表A示数减小C．电路的总功率减小D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显5．（3分）如图所示，钢铁构件A、B叠放在卡车的水平底板上，卡车底板和B 间动摩擦因数为μ1，A、B间动摩擦因数为μ2，μ1＞μ2，卡车刹车的最大加速度为a，a＞μ1g，可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时，要求其刹车后在s0距离内能安全停下，则卡车行驶的速度不能超过（）A．B．C．D．二、多项选择题（每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）6．（4分）如图所示电路中，A、B为两个相同灯泡，L为自感系数较大、电阻可忽略不计的电感线圈，C为电容较大的电容器，下列说法中正确的有（）A．接通开关S，A立即变亮，最后A、B一样亮B．接通开关S，B逐渐变亮，最后A、B一样亮C．断开开关S，A、B都立刻熄灭D．断开开关S，A立刻熄灭，B逐渐熄灭7．（4分）如图所示，含有H、H、He的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点．则（）A．打在P1点的粒子是HeB．打在P2点的粒子是H和HeC．O2P2的长度是O2P1长度的2倍D．粒子在偏转磁场中运动的时间都相等8．（4分）一小球从地面竖直上抛，后又落回地面，小球运动过程中所受空气阻力与速度成正比，取竖直向上为正方向下列关于小球运动的速度v、加速度a、位移s、机械能E随时间t变化的图象中，可能正确的有（）A．B．C．D．9．（4分）如图所示，小物块以初速度v0从O点沿斜面向上运动，同时从O点斜向上抛出一个速度大小也为v0的小球，物块和小球在斜面上的P点相遇．已知物块和小球质量相等，空气阻力忽略不计，则（）A．斜面可能是光滑的B．在P点时，小球的动能大于物块的动能C．小球运动到最高点时离斜面最远D．小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率相等三、简答题（共42分）10．（8分）某小组测量木块与木板间动摩擦因数，实验装置如图甲所示．（1）测量木块在水平木板上运动的加速度a．实验中打出的一条纸带如图乙所示．从某个清晰的点O开始，每5个打点取一个计数点，依次标出1、2、3…，量出1、2、3…点到O点的距离分别为s1、s2、s3…，从O点开始计时，1、2、3…点对应时刻分别为t 1、t2、t3…，求得=，=，=…．作出﹣t图象如图丙所示．图线的斜率为k，截距为b．则木块的加速度a=；b的物理意义是．（2）实验测得木块的加速度为a，还测得钩码和木块的质量分别为m和M，已知当地重力加速度为g，则动摩擦因数μ=．（3）关于上述实验，下列说法中错误的是．A．木板必须保持水平B．调整滑轮高度，使细线与木板平行C．钩码的质量应远小于木块的质量D．纸带与打点计时器间的阻力是产生误差的一个因素．11．（10分）测量电源的电动势和内阻，提供的器材如下：A．待测电源（电动势约为8V、内阻约为2Ω）B．电压表V（0～3V，内阻约为3kΩ）C．电流表A（0～1A）D．电阻箱R（0～99999.9Ω）E．滑动变阻器（0～20Ω）F．滑动变阻器（0～100Ω）G．开关、导线若干（1）采用图甲所示电路测量电压表的内阻R v，调节电阻箱R，使电压表指针满偏，此时电阻箱示数为R1；再调节电阻箱R，使电压表指针指在满刻度的一半处，此时电阻箱示数为R2．①电压表内阻R v=．②关于上述实验，下列说法中正确的有．A．实验中电源可使用待测电源B．闭合开关S前，应将电阻箱阻值调到最小C．调节电压表满偏时，电阻箱的阻值是逐渐增大的D．实验中忽略了电源的内阻，会使测量值偏大（2）若测得电压表内阻R v=3010Ω，与之串联R=Ω的电阻，将电压表的量程变为9V．（3）为测量电源的电动势和内阻，请用笔画线代替导线，将图乙电路连接完整，实验中滑动变阻器应选择（选填“E”或“F”），并指出产生实验误差的一个原因．【选修模块3—3】12．（4分）下列说法中错误的是（）A．雾霾在大气中的漂移是布朗运动B．制作晶体管、集成电路只能用单晶体C．电场可改变液晶的光学性质D．地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更易从地球逃逸13．（4分）每年入夏时节，西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇，形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大，当冷暖气流交汇时，冷气团下沉，暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会（选填“升高”、“不变”或“降低”），同时气团内空气的相对湿度会（选填“变大”、“不变”或“变小”）．14．（4分）一定质量的理想气体经历了如图所示的ABCDA循环，p1、p2、V1、V2均为已知量．已知A状态的温度为T0，求：①C状态的温度T；②完成一个循环，气体与外界热交换的热量Q．【选修模块3—4】15．（4分）2016年，科学家利用激光干涉方法探测到由于引力波引起的干涉条纹的变化，这是引力波存在的直接证据．关于激光，下列说法中正确的是（）A．激光是自然界中某种物质直接发光产生的，不是偏振光B．激光相干性好，任何两束激光都能发生干涉C．用激光照射不透明挡板上小圆孔时，光屏上能观测到等间距的光环D．激光全息照片是利用光的干涉记录下物体三维图象的信息16．（4分）测定玻璃的折射率．取一块半圆形玻璃砖，O点为圆心，一束红色激光从左侧圆面对准圆心O进入玻璃砖，最初入射光线垂直于玻璃砖右侧平面，如图中实线所示．保持入射光方向和O点位置不变，让玻璃砖绕O点沿逆时针方向缓慢旋转，当转过θ角时（图中虚线位置），折射光线消失．则玻璃对红光的折射率n=．若换绿色激光重复上述实验，则折射光线消失时，玻璃砖转过的角度θ′θ（选填“＞”、“=”或“＜”）．17．（4分）如图所示，在xOy平面内有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，频率为2.5Hz．在t=0时，x P=2m的P点位于平衡位置，速度沿﹣y方向；x Q=6m的Q点位于平衡位置下方最大位移处．求：①质点P第一次有+y方向最大加速度需经过的时间t；②波的传播速度v．【选修模块3—5】18．许多情况下光是由原子内部电子的运动产生的，因此光谱的研究是探索原子结构的一条重要途径．关于氢原子光谱、氢原子能级和氢原子核外电子的运动，下列说法中正确的是（）A．氢原子巴尔末线系谱线是包含从红外到紫外的线状谱B．氢原子光谱的不连续性，表明了氢原子的能级是不连续的C．氢原子处于不同能级时，电子在各处的概率是相同的D．氢光谱管内气体导电发光是热辐射现象19．我国科学家因中微子项目研究获2016基础物理学突破奖．中微子是一种静止质量很小的不带电粒子，科学家在1953年找到了中微子存在的直接证据：把含氢物质置于预计有很强反中微子流（反中微子用表示）的反应堆内，将会发生如下反应+H→n+e，实验找到了与此反应相符的中子和正电子．若反，则反中微子质量m=，该物质波的频率中微子能量是Ev=．（普朗克常量为h，真空中光速为c）20．在+H→n+e反应过程中，①若质子认为是静止的，测得正电子动量为p1，中子动量为p2，p1、p2方向相同，求反中微子的动量p．②若质子质量为m1，中子质量为m2，电子质量为m3，m2＞m1．要实现上述反应，反中微子能量至少是多少？（真空中光速为c）四、计算题（共47分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写处最后答案的不得分）21．（15分）如图所示，质量为m、电阻为R的单匝矩形线框置于光滑水平面上，线框边长ab=L、ad=2L．虚线MN过ad、bc边中点．一根能承受最大拉力F0的细线沿水平方向拴住ab边中点O．从某时刻起，在MN右侧加一方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小按B=kt的规律均匀变化．一段时间后，细线被拉断，线框向左运动，ab边穿出磁场时的速度为v．求：（1）细线断裂前线框中的电功率P；（2）细线断裂后瞬间线框的加速度大小a及线框离开磁场的过程中安培力所做的功W；（3）线框穿出磁场过程中通过导线截面的电量q．22．（16分）如图甲所示，y轴右侧空间有垂直xoy平面向里的匀强磁场，同时还有沿﹣y方向的匀强电场（图中电场未画出）．磁感应强度随时间变化规律如图乙所示（图中B0已知，其余量均为未知）．t=0时刻，一质量为m、电荷量为+q的带电粒子以速度v0从坐标原点O沿x轴射入电场和磁场区，t0时刻粒子到达坐标为（x0，y0）的点A （x0＞y0），速度大小为v，方向沿+x方向，此时撤去电场．t=t0+t1+t2时刻，粒子经过x轴上x=x0点，速度沿+x方向．不计粒子重力，求：（1）0﹣t0时间内OA两点间电势差U OA；（2）粒子在t=0时刻的加速度大小a0；（3）B1的最小值及对应t2的表达式．23．（16分）打井施工时要将一质量可忽略不计的坚硬底座A送到井底，由于A 与井壁间摩擦力很大，工程人员采用了如图所示的装置．图中重锤B质量为m，下端连有一劲度系数为k的轻弹簧，工程人员先将B放置在A上，观察到A不动；然后在B上再逐渐叠加压块，当压块质量达到m时，观察到A开始缓慢下沉时移去压块．将B提升至弹簧下端距井口为H0处，自由释放B，A被撞击后下沉的最大距离为h1，以后每次都从距井口H0处自由释放．已知重力加速度为g，不计空气阻力，弹簧始终在弹性限度内．（1）求下沉时A与井壁间的摩擦力大小f和弹簧的最大形变量△L；（2）求撞击下沉时A的加速度大小a和弹簧弹性势能E p；（3）若第n次撞击后，底座A恰能到达井底，求井深H．2016年江苏省泰州市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共15分，每小题只有一个正确答案）1．（3分）一颗卫星绕地球沿椭圆轨道运动，A、B是卫星运动的远地点和近地点．下列说法中正确的是（）A．卫星在A点的角速度大于B点的角速度B．卫星在A点的加速度小于B点的加速度C．卫星由A运动到B过程中动能减小，势能增加D．卫星由A运动到B过程中引力做正功，机械能增大【解答】解：A、近地点的速度较大，可知B点线速度大于A点的线速度，根据知，卫星在A点的角速度小于B点的角速度，故A错误．B、根据牛顿第二定律得，a=，可知卫星在A点的加速度小于B点的加速度，故B正确．C、卫星沿椭圆轨道运动，从A到B，万有引力做正功，动能增加，势能减小，机械能守恒，故CD错误．故选：B．2．（3分）电荷量为+Q的点电荷和接地金属板MN附近的电场线分布如图所示，点电荷与金属板相距为2d，图中P点到金属板和点电荷间的距离均为d．已知P 点的电场强度为E0，则金属板上感应电荷在P点处产生的电场强度E的大小为（）A．E=0 B．E=C．E=E0﹣D．E=【解答】解：+Q在P点产生的场强大小E1=k，方向水平向右根据电场的叠加原理可得：E0=E1+E解得金属板上感应电荷在P点处产生的电场强度E的大小为E=E0﹣k，故C 正确．故选：C3．（3分）高三某同学参加引体向上体能测试，在20s内完成10次标准动作，则此过程中该同学克服重力做功的平均功率最接近于（）A．150W B．300W C．450W D．600W【解答】解：高三同学体重大约60kg，引体向上时向上运动的位移大约0.5m，则克服重力做功的平均功率P=．故选：A．4．（3分）如图所示电路中，R为某种半导体气敏元件，其阻值随周围环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，下列说法中正确的是（）A．电压表V示数增大B．电流表A示数减小C．电路的总功率减小D．变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显【解答】解：AB、当一氧化碳气体浓度增大时，R减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，路端电压减小，可知，通过R1的电流减小，因此电压表V 示数减小，通过变阻器的电流减小，则电流表A示数增大．故A、B错误．C、电路的总功率为P=EI，E不变，I增大，则P增大，故C错误．D、变阻器R1的取值越大，R1与R并联的阻值越接近R，R对电路的影响越大，则知变阻器R1的取值越大，电压表示数变化越明显．故D正确．故选：D5．（3分）如图所示，钢铁构件A、B叠放在卡车的水平底板上，卡车底板和B 间动摩擦因数为μ1，A、B间动摩擦因数为μ2，μ1＞μ2，卡车刹车的最大加速度为a，a＞μ1g，可以认为最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等．卡车沿平直公路行驶途中遇到紧急情况时，要求其刹车后在s0距离内能安全停下，则卡车行驶的速度不能超过（）A．B．C．D．【解答】解：设A、B的质量为m，以最大加速度运动时，A与B保持相对静止，A与B之间的摩擦力小于等于A与B之间的最大静摩擦力，由牛顿第二定律得：f1=ma1≤μ2mg，解得：a1≤μ2g，同理，可知B的最大加速度：a2≤μ1g由于μ1＞μ2，则a1＜a2≤μ1g＜a可知要求其刹车后在s0距离内能安全停下，则车的最大加速度等于a1．所以车的最大速度：v m=故ABD错误，C正确故选：C二、多项选择题（每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分）6．（4分）如图所示电路中，A、B为两个相同灯泡，L为自感系数较大、电阻可忽略不计的电感线圈，C为电容较大的电容器，下列说法中正确的有（）A．接通开关S，A立即变亮，最后A、B一样亮B．接通开关S，B逐渐变亮，最后A、B一样亮C．断开开关S，A、B都立刻熄灭D．断开开关S，A立刻熄灭，B逐渐熄灭【解答】解：A、B、接通开关S，电容器C要通过A充电，因此A立刻亮，由于充电电流越来越小，当充电完毕后，相当于断路，而L对电流变化有阻碍作用，所以通过B的电流逐渐增大，故B逐渐变亮，当闭合足够长时间后，C中无电流，相当于断路，L相当于短路，因此A、B一样亮．故A正确，B也正确；CD、当S闭合足够长时间后再断开，A立刻熄灭，而L产生自感电动势，且电容器也要对B放电，故B要逐渐熄灭，故C错误，D正确．故选：ABD．7．（4分）如图所示，含有H、H、He的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点．则（）A．打在P1点的粒子是HeB．打在P2点的粒子是H和HeC．O2P2的长度是O2P1长度的2倍D．粒子在偏转磁场中运动的时间都相等【解答】解：带电粒子在沿直线通过速度选择器时，电场力与洛伦兹力大小相等方向相反，即：qvB=qE所以：可知从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度．A、带电粒子在磁场中做匀速直线运动，洛伦兹力提供向心力，所以：所以：r=可知粒子的比荷越大，则运动的半径越小，所以打在P 1点的粒子是H ，打在P 2点的粒子是H 和He ．故A 错误，B 正确；C 、由题中的数据可得，H 的比荷是H 和He 的比荷的2倍，所以H 的轨道的半径是H 和He 的半径的倍，即O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍．故C 正确；D 、粒子运动的周期：T=，三种粒子的比荷不相同，所以粒子在偏转磁场中运动的时间不相等．故D 错误．故选：BC8．（4分）一小球从地面竖直上抛，后又落回地面，小球运动过程中所受空气阻力与速度成正比，取竖直向上为正方向下列关于小球运动的速度v 、加速度a 、位移s 、机械能E 随时间t 变化的图象中，可能正确的有（ ）A ．B ．C ．D ．【解答】解：AB 、小球在上升过程中，设小球的加速度为a 1，由牛顿第二定律得：mg +f=ma 1，又f=kv ，得 a 1=g +，v 减小，则a 1减小，v ﹣t 图象的斜率逐渐减小．小球在下落过程中，设小球的加速度为a 2，由牛顿第二定律得：mg ﹣f=ma 1，又f=kv ，得 a 2=g ﹣，v 增大，则a 2减小，v ﹣t 图象的斜率逐渐减小．可知，v ﹣t 图象正确，a ﹣t 图象错误．故A 正确，B 错误．C 、根据位移时间图象的斜率等于速度，s ﹣t 图象的斜率先减小后反向增大，且下落时间大于上升时间，故C正确．D、根据功能关系得：﹣f△s=△E，则得=﹣f，由=•=•，则得=﹣fv=﹣kv2，v是变化的，则知E﹣t图象的斜率是变化的，图象应为曲线，故D错误．故选：AC9．（4分）如图所示，小物块以初速度v0从O点沿斜面向上运动，同时从O点斜向上抛出一个速度大小也为v0的小球，物块和小球在斜面上的P点相遇．已知物块和小球质量相等，空气阻力忽略不计，则（）A．斜面可能是光滑的B．在P点时，小球的动能大于物块的动能C．小球运动到最高点时离斜面最远D．小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率相等【解答】解：A、把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，则沿斜面方向的速度小于物块的速度，若斜面光滑，则小球和物块沿斜面方向的加速度相同，则不可能在P点相遇，所以斜面不可能是光滑的，故A错误；B、物块在斜面上还受摩擦力做功，根据动能定理，在P点时，小球的动能应该大于物块的动能，故B正确．C、当小球的速度方向与斜面平行时，离斜面最远，此时竖直方向速度不为零，不是运动到最高点，故C错误；D、小球和物块初末位移相同，则高度差相等，而重力相等，则重力做功相等，时间又相同，所以小球和物块到达P点过程中克服重力做功的平均功率相等，故D正确．故选：BD三、简答题（共42分）10．（8分）某小组测量木块与木板间动摩擦因数，实验装置如图甲所示．（1）测量木块在水平木板上运动的加速度a．实验中打出的一条纸带如图乙所示．从某个清晰的点O开始，每5个打点取一个计数点，依次标出1、2、3…，量出1、2、3…点到O点的距离分别为s1、s2、s3…，从O点开始计时，1、2、3…点对应时刻分别为t 1、t2、t3…，求得=，=，=…．作出﹣t图象如图丙所示．图线的斜率为k，截距为b．则木块的加速度a=2k；b的物理意义是O点的瞬时速度．（2）实验测得木块的加速度为a，还测得钩码和木块的质量分别为m和M，已知当地重力加速度为g，则动摩擦因数μ=．（3）关于上述实验，下列说法中错误的是C．A．木板必须保持水平B．调整滑轮高度，使细线与木板平行C．钩码的质量应远小于木块的质量D．纸带与打点计时器间的阻力是产生误差的一个因素．【解答】解：（1）图线纵轴截距是0时刻对应的速度，即表示O点的瞬时速度．各段的平均速度表示各段中间时刻的瞬时速度，以平均速度为纵坐标，相应的运动时间t的一半为横坐标，即﹣的图象的斜率表示加速度a，则﹣t图象的斜率的2倍表示加速度，即a=2k．（2）对木块、砝码盘和砝码组成的系统，由牛顿第二定律得：mg﹣μMg=（M+m）a，解得：μ=；（3）A．木板必须保持水平，则压力大小等于重力大小，故A正确；B．调整滑轮高度，使细线与木板平行，拉力与滑动摩擦力共线，故B正确；C．钩码的质量不需要远小于木块的质量，因选取整体作为研究对象的，故C错误；D．纸带与打点计时器间的阻力是产生误差的一个因素，故D正确；本题选错误的，故选：C故答案为：（1）2k，O点的瞬时速度；（2）；（3）C．11．（10分）测量电源的电动势和内阻，提供的器材如下：A．待测电源（电动势约为8V、内阻约为2Ω）B．电压表V（0～3V，内阻约为3kΩ）C．电流表A（0～1A）D．电阻箱R（0～99999.9Ω）E．滑动变阻器（0～20Ω）F．滑动变阻器（0～100Ω）G．开关、导线若干（1）采用图甲所示电路测量电压表的内阻R v，调节电阻箱R，使电压表指针满偏，此时电阻箱示数为R1；再调节电阻箱R，使电压表指针指在满刻度的一半处，此时电阻箱示数为R2．①电压表内阻R v=R2．②关于上述实验，下列说法中正确的有AD．A．实验中电源可使用待测电源B．闭合开关S前，应将电阻箱阻值调到最小C．调节电压表满偏时，电阻箱的阻值是逐渐增大的D．实验中忽略了电源的内阻，会使测量值偏大（2）若测得电压表内阻R v=3010Ω，与之串联R=6020Ω的电阻，将电压表的量程变为9V．（3）为测量电源的电动势和内阻，请用笔画线代替导线，将图乙电路连接完整，实验中滑动变阻器应选择E（选填“E”或“F”），并指出产生实验误差的一个原因电压表的分流．【解答】解：（1）①设总电压为U，则由串并联电路的规律可知：U+R1=+解得：R V=R2﹣2R1②A、由于要测量电源的电动势和内电阻，故应选用待测电源；故A正确；B、由于采用限流接法，故闭合开关前，应将电阻箱阻值调到最大；故B错误；C、为了保证实验安全，调节电压表满偏时，电阻箱的阻值是逐渐减小的；故C 错误；D、由于内阻的影响；当电压表半偏时，电路电流变小，路端电压变大，电压表半偏时的电压表大于电压表满偏时电压的一半，电压表实际电压偏大偏大，电压表内阻的测量值大于真实值．故D正确；故选：AD；（2）根据改装原理可知，=解得：R V=6020Ω；（3）根据原理图可得出对应的实物图；因电源内阻较小，为了便于调节，滑动变阻应选择总阻值为10Ω的E；由图可知，电路中采用相对电源的电流表外接法，故由于电压表的分流使电流表示数偏小；从而产生误差；故答案为：（1）R2﹣2R1 ②AD；（2）6020；（3）如图所示；E；电压表的分流．【选修模块3—3】12．（4分）下列说法中错误的是（）A．雾霾在大气中的漂移是布朗运动B．制作晶体管、集成电路只能用单晶体C．电场可改变液晶的光学性质D．地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更易从地球逃逸【解答】解：A、雾霾在大气中的漂移是气体的流动造成的，故A错误；B、制作晶体管、集成电路只能用单晶体，因为单晶体具有各向异性，故B正确；C、液晶具有液体的流动性，又对光显示各项异性，电场可改变液晶的光学性质，故C正确；D、在动能一定的情况下，质量越小，速率越大；地球大气中氢含量少，是由于外层气体中氢分子平均速率大，更容易大于地球的第一宇宙速度，更易从地球逃逸；故D正确；本题选错误的，故选：A．13．（4分）每年入夏时节，西南暖湿气流与来自北方的冷空气在江南、华南等地交汇，形成持续的降雨．冷空气较暖湿空气密度大，当冷暖气流交汇时，冷气团下沉，暖湿气团在被抬升过程中膨胀．则暖湿气团温度会降低（选填“升高”、“不变”或“降低”），同时气团内空气的相对湿度会变大（选填“变大”、“不变”或“变小”）．【解答】解：暖湿气团在被抬升过程中膨胀，膨胀的过程中对外做功，气团的内能减小，所以暖湿气团温度会降低；饱和汽压随温度的降低而变小，气团内空气的绝对湿度不变而饱和蒸汽压减小，所以相对湿度会变大．故答案为：降低，变大14．（4分）一定质量的理想气体经历了如图所示的ABCDA循环，p1、p2、V1、V2均为已知量．已知A状态的温度为T0，求：①C状态的温度T；②完成一个循环，气体与外界热交换的热量Q．。
2016年江苏省泰州市泰兴四中高考物理三模试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是（）A．牛顿应用“理想实验”推翻了亚里士多德的力是维持物体运动原因的观点B．英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了万有引力常量GC．在研究电荷间相互作用时，美国科学家密立根提出了电荷周围存在电场的观点D．元电荷的电荷量e最早由法国学者库仑测得2．某屋顶为半球形，一人在屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），则他在向上爬的过程中（）A．屋顶对他的摩擦力变大 B．屋顶对他的摩擦力不变C．屋顶对他的支持力变大 D．屋顶对他的支持力不变3．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点电势高于d点电势C．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差4．如图甲所示电路中，A1、A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R1、R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计．在某段时间内，理想变压器T原线圈内磁场的磁感应强度B 的变化情况如图乙所示，则在t1～t2时间内（）A．电流表A1和A2的示数相同 B．电流表A2的示数比A3的小C．电流表A1的示数比A2的小 D．电流表的示数都不为零5．如图所示，斜面体M放在水平地面上．现将物块m放在斜面上，物块恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动．若用平行于斜面向下的推力F，使物块加速下滑，则斜面体（）A．对地面的压力增大B．对地面的压力不变C．可能沿水平面向右运动D．受到地面的摩擦力方向水平向左二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对不全的得2分，错选或不答的得0分．6．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度7．如图所示，电路中电源电动势E恒定，内阻r=2Ω，定值电阻R3=4Ω．ab段电路消耗的电功率在开关S断开与闭合时相等，则以下说法中正确的是（）A．电阻R1、R2可能分别为3Ω、9ΩB．电阻R1、R2可能分别为4Ω、6ΩC．开关S断开时电压表的示数一定等于S闭合时的示数D．开关S断开与闭合时，电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比与R1、R2无关8．狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线呈均匀辐射状分布（如图甲所示），距离它r处的磁感应强度大小为（k为常数），其磁场分布与负点电荷Q的电场（如图乙所示）分布相似．现假设磁单极子S和负点电荷Q均固定，有带电小球分别在S极和Q附近做匀速圆周运动．则关于小球做匀速圆周运动的判断正确的是（）A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示9．如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，弹簧上放一个质量为m且带正电的小球，小球与弹簧不连接．现加外力F将小球向下压至某一位置．当撤去外力F后，小球由静止开始运动到离开弹簧的过程中，小球克服重力做功为W1、电场力对小球做功为W2，小球离开弹簧时的速度为v，不计空气阻力，则该过程中（）A．小球的重力势能增加W1B．小球动能的最大值一定为mv2C．弹簧弹性势能的最大值小于W1+mv2D．小球的机械能增加W2三、简答题：本题分必做题（第10-13题）和选做题两部分，请将解答填写在答题卡相应的位置．10．游标卡尺的读数mm；螺旋测微器的读数mm．11．在暗室中用图1示装置做“测定重力加速度”的实验．实验器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺丝夹接水铝盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪．具体实验步骤如下：①在漏斗内盛满清水，旋松螺丝夹子，水滴会以一定的频率一滴滴的落下．②用频闪仪发出的白闪光将水滴流照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率直到第一次看到一串仿佛固定不动的水滴．③用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度．④采集数据进行处理．（1）实验中看到空间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率满足的条件是：．（2）实验中观察到水滴“固定不动”时的闪光频率为30Hz，某同学读出其中比较圆的水滴到第一个水滴的距离如图2，根据数据测得当地重力加速度g=m/s2；第8个水滴此时的速度v8=m/s（结果都保留三位有效数字）．（3）该实验存在的系统误差可能有（答出一条即可）：．12．某学习小组为探究导电溶液的电阻在体积相同时，电阻值与长度的关系．选取了一根乳胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱．进行了如下实验：（1）该小组将盐水柱作为纯电阻，粗测其电阻约为几千欧．现采用伏安法测盐水柱的电阻，有如下实验器材供选择：A．直流电源：电动势12V，内阻很小，额定电流为1A；B．电流表A1：量程0～10mA，内阻约10Ω；C．电流表A2：量程0～600mA，内阻约0.5Ω；D．电压表V：量程0～15V，内阻约15kΩ；E．滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；F．滑动变阻器R2：最大阻值5kΩ；G．开关、导线等在可供选择的器材中，应选用的电流表是（填“A1”或“A2”），应该选用的滑动变阻器是（填“R1”或“R2”）．（2）该小组已经完成部分导线的连接，请你在如图1实物接线图中完成余下导线的连接．3L、电阻R的数据如下表：，作出了如图2所示的图线，你认为横坐标表示的物理量是．【选做题】（选修模块3-3）13．下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）A．微粒运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动B．当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥力大小相等C．食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的D．小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用14．如图，一定质量的理想气体由状态a沿abc变化到状态c，吸收了340J的热量，并对外做功120J．若该气体由状态a沿adc变化到状态c时，对外做功40J，则这一过程中气体（填“吸收”或“放出”）J热量．15．已知1mol水的质量为18g、密度为1.0×103kg/m3，阿伏伽德罗常数为6.0×1023mol﹣1，试估算1200mL水所含的水分子数目．（计算结果保留一位有效数字）（选修模块3-5）16．关于下列四幅图说法正确的是（）A．原子中的电子绕原子核高速运转时，运行轨道的半径是任意的B．光电效应实验说明了光具有粒子性C．电子束通过铝箔时的衍射图样证实了电子具有粒子性D．发现少数α粒子发生了较大偏转，说明原子的质量绝大部分集中在很小空间范围17．如图所示为氢原子的能级图．用光子能量为13.06eV的光照射一群处于基态的氢原子，可能观测到氢原子发射的不同波长的光有种，其中最短波长为m（结果保留2位有效数字，已知普朗克常量h=6.63×10﹣34 J•s）．18．速度为3m/s的冰壶甲与静止的相同冰壶乙发生对心正碰，碰后甲以1m/s的速度继续向前滑行．求碰后瞬间冰壶乙的速度大小．四、计算题：本题共3小题，共计45分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只与出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．19．电阻可忽略的光滑平行金属导轨长S=1.3m，两导轨间距L=0.75m，导轨倾角为30°，导轨上端ab接一阻值R=1.5Ω的电阻，磁感应强度B=0.8T的匀强磁场垂直轨道平面向上．阻值r=0.5Ω，质量m=0.2kg的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab处由静止开始下滑至底端，在此过程中金属棒产生的焦耳热Q=0.1J．（取g=10m/s2）求：（1）金属棒在此过程中克服安培力的功W安；（2）金属棒下滑速度v=2m/s时的加速度a．（3）为求金属棒下滑的最大速度v m，有同学解答如下：由动能定理W重﹣W安=mv m2，…．由此所得结果是否正确？若正确，说明理由并完成本小题；若不正确，给出正确的解答．20．长为6L质量为6m的匀质绳，置于特制的水平桌面上，绳的一端悬垂于桌边外，另一端系有一个可视为质点的质量为M的木块，如图所示．木块在AB段与桌面无摩擦，在BE 段与桌面有摩擦，匀质绳与桌面的摩擦可忽略．初始时刻用手按住木块使其停在A处，绳处于绷紧状态，AB=BC=CD=DE=L，放手后，木块最终停在C处．桌面距地面高度大于6L．（1）求木块刚滑至B点时的速度v，木块与桌面的BE段的动摩擦因数μ；（2）若木块在BE段与桌面的动摩擦因数变为，则木块最终停在何处？（3）是否存在一个μ值，能使木块从A处放手后，最终停在E处，且不再运动？若能，求出该μ值；若不能，简要说明理由．21．如图1所示，与纸面垂直的竖直面MN的左侧空间中存在竖直向上场强大小为E=2.5×102N/C的匀强电场（上、下及左侧无界）．一个质量为m=0.5kg、电量为q=2.0×10﹣2C的可视为质点的带正电小球，在t=0时刻以大小为v0的水平初速度向右通过电场中的一点P，当t=t1时刻在电场所在空间中加上一如图2所示随时间周期性变化的磁场，使得小球能竖直向下通过D点，D为电场中小球初速度方向上的一点，PD间距为L，D到竖直面MN的距离DQ为L/π．设磁感应强度垂直纸面向里为正．（g=10m/s2）（1）如果磁感应强度B0为已知量，使得小球能竖直向下通过D点，求磁场每一次作用时间t0的最小值（用题中所给物理量的符号表示）；（2）如果磁感应强度B0为已知量，试推出满足条件的时刻t1的表达式（用题中所给物理量的符号表示）；（3）若小球能始终在电磁场所在空间做周期性运动，则当小球运动的周期最大时，求出磁感应强度B0及运动的最大周期T的大小（用题中所给物理量的符号表示）．2016年江苏省泰州市泰兴四中高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意．1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是（）A．牛顿应用“理想实验”推翻了亚里士多德的力是维持物体运动原因的观点B．英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了万有引力常量GC．在研究电荷间相互作用时，美国科学家密立根提出了电荷周围存在电场的观点D．元电荷的电荷量e最早由法国学者库仑测得【考点】物理学史．【分析】本题属于对物理学史和常识的考查，熟记物理学家的贡献即可解答．【解答】解：A、伽利略应用“理想实验”推翻了亚里士多德的力是维持物体运动原因的观点，故A错误．B、牛顿发现了万有引力定律，但没能测出G的数值；G是由卡文迪许通过实验方法得出的，故B正确．C、在研究电荷间相互作用时，英国科学家法拉第提出了电荷周围存在电场的观点，故C错误．D、元电荷的电荷量e最早由美国科学家密立根测得的，故D错误．故选：B．2．某屋顶为半球形，一人在屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），则他在向上爬的过程中（）A．屋顶对他的摩擦力变大 B．屋顶对他的摩擦力不变C．屋顶对他的支持力变大 D．屋顶对他的支持力不变【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】以人为研究对象，作出力图，根据平衡条件得出屋顶对他的摩擦力和支持力与θ坡角的关系式，再分析两个力如何变化．【解答】解：以人为研究对象，作出力图．设此人的重力为G，根据平衡条件得：屋顶对他的摩擦力：f=Gsinθ屋顶对他的支持力：N=Gcosθ人在半球形屋顶上向上缓慢爬行的过程中，坡角θ减小，则f减小，N增大．即屋顶对他的摩擦力减小，屋顶对他的支持力增大．故选：C．3．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强大于d点场强B．b点电势高于d点电势C．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差【考点】电势能；电场强度；电势．【分析】据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．【解答】解：A：在两等量异号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，选项A错误；B：MN是一条等势线，与在两等量异号电荷连线上的点相比较，d点的电势要高，所以d 点电势高于b点电势，选项B错误；C：因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项C错误．D：由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故选项D正确；故选：D．4．如图甲所示电路中，A1、A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R1、R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计．在某段时间内，理想变压器T原线圈内磁场的磁感应强度B 的变化情况如图乙所示，则在t1～t2时间内（）A．电流表A1和A2的示数相同 B．电流表A2的示数比A3的小C．电流表A1的示数比A2的小 D．电流表的示数都不为零【考点】电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．【分析】由图可知副线圈电路中的磁通量的变化情况，则由电磁感应可得出产生的感应电流；根据电容器及电感器的性质可得出各表的电流大小．【解答】解：原线圈中磁场如乙图所示变化，则原线圈中的磁通量均匀变化，故副线圈中产生恒定的电流，因线圈电阻不计，故线圈L对恒定电流没有阻碍作用，所以电流表A1和A2的读数相同，而电容器“通交隔直”，所以电流表A3的读数为0．故A正确，BCD错误；故选：A．5．如图所示，斜面体M放在水平地面上．现将物块m放在斜面上，物块恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动．若用平行于斜面向下的推力F，使物块加速下滑，则斜面体（）A．对地面的压力增大B．对地面的压力不变C．可能沿水平面向右运动D．受到地面的摩擦力方向水平向左【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】未加推力F时，物块m沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动，两者都处于平衡状态，可以作为整体处理，分析地面对斜面体有无摩擦力．再研究施加推力F的情况，物块对斜面体的作用力没有变化，分析可知斜面体的受力情况不改变．【解答】解：在未加推力F时，物块m沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动，两者都处于平衡状态，以整体为研究对象，分析可知，竖直方向上受到总重力和地面的支持力，由平衡条件得知，地面的支持力大小等于总重力．水平方向上地面对斜面体没有摩擦力．施加推力F后，物块对斜面体的压力和摩擦力没有变化，则斜面体的受力情况没有改变，所以斜面体受到的地面的摩擦力仍然为零，地面对斜面体的支持力仍然等于总重力，保持不变，则斜面体对地面的压力也保持不变．故B正确，A、C、D错误．故选：B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对不全的得2分，错选或不答的得0分．6．已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G．有关同步卫星，下列表述正确的是（）A．卫星距离地面的高度为B．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C．卫星运行时受到的向心力大小为GD．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度【考点】同步卫星．【分析】同步卫星与地球相对静止，因而与地球自转同步，根据万有引力提供向心力，即可求出相关的量．【解答】解：A、万有引力提供向心力，有：==且r=R+h解得：h=﹣R，故A错误；B、第一宇宙速度为v1=，而同步卫星的速度为v=，因此运行速度小于第一宇宙速度，故B正确；=，故C错误；C、卫星运行时受到的向心力大小是F向D、地表重力加速度为g=，卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D正确；故选：BD．7．如图所示，电路中电源电动势E恒定，内阻r=2Ω，定值电阻R3=4Ω．ab段电路消耗的电功率在开关S断开与闭合时相等，则以下说法中正确的是（）A．电阻R1、R2可能分别为3Ω、9ΩB．电阻R1、R2可能分别为4Ω、6ΩC．开关S断开时电压表的示数一定等于S闭合时的示数D．开关S断开与闭合时，电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比与R1、R2无关【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当K闭合时R2被短路，根据电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，列出方程，将电阻R1、R2代入，选择使方程成立的阻值．根据外电路总电阻的变化，分析电压表示数的大小关系．根据闭合电路欧姆定律求解电键K断开与闭合时电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比．【解答】解：A、B、由题，电键K断开与闭合时，ab段电路消耗的电功率相等，则有：=将3Ω、9Ω代入方程成立，而将4Ω、6Ω代入方程不成立．故A正确，B错误．C、电键断开时外电路总电阻大于闭合时外电路总电阻，则电键断开时电压表的示数一定大于闭合时的示数．故C错误．D、根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣（R3+r）I，则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为：=R3+r=6Ω．故D正确．故选：AD．8．狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线呈均匀辐射状分布（如图甲所示），距离它r处的磁感应强度大小为（k为常数），其磁场分布与负点电荷Q的电场（如图乙所示）分布相似．现假设磁单极子S和负点电荷Q均固定，有带电小球分别在S极和Q附近做匀速圆周运动．则关于小球做匀速圆周运动的判断正确的是（）A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】粒子在磁场中受洛仑兹力及本身的重力做匀速圆周运动，故它们的合力应充当向心力；则分析甲图可得出正确的结果；而在点电荷周围粒子要做匀速圆周运动，则电场力与重力的合力应充当向心．【解答】解：要使粒子能做匀速圆周运动，则洛仑兹力与重力的合力应能充当向心力；在甲图中，若粒子为正电荷且逆时针转动（由上向下看）则其受力斜向上，与重力的合力可以指向圆心，故A正确；而若为负电荷，但顺时针转动，同理可知，合力也可以充当向心力，故C正确；Q带负电，则正电荷在图示位置各点受到的电场力指向Q，则电场力与重力的合力可能充当向心力，故B正确；但若小球带负电，则小球受电场力逆着电场线，故其与重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不会做匀速圆周运动，故D错误；故选ABC．9．如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，弹簧上放一个质量为m且带正电的小球，小球与弹簧不连接．现加外力F将小球向下压至某一位置．当撤去外力F后，小球由静止开始运动到离开弹簧的过程中，小球克服重力做功为W1、电场力对小球做功为W2，小球离开弹簧时的速度为v，不计空气阻力，则该过程中（）A．小球的重力势能增加W1B．小球动能的最大值一定为mv2C．弹簧弹性势能的最大值小于W1+mv2D．小球的机械能增加W2【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系．【分析】小球上升的过程中，根据动能定理分析弹簧的弹力做功．电场力做正功，小球的电势能减小．重力做负功，重力势能增加．电场力做功等于机械能的增加．根据功能关系进行分析．【解答】解：A 、小球克服重力做功为W 1，则小球的重力势能增加W 1．故A 正确．B 、小球在上升过程中先加速运动，后减速运动，故东灯的最大值要大于mv 2，故B 错误；C 、小球上升的过程中，由动能定理：W 弹+W 2﹣W 1=mv 2，得：W 弹=W 1﹣W 2+mv 2，而弹簧弹性势能最大值与弹簧做功W 弹相等．故C 正确；D 、重力和弹簧弹力以外的力做功，等于系统机械能的增加，即电场力做功等于系统机械能的增加，所以系统的机械能增加W 2．故D 正确故选：ACD三、简答题：本题分必做题（第10-13题）和选做题两部分，请将解答填写在答题卡相应的位置．10．游标卡尺的读数 7.2 mm ；螺旋测微器的读数 8.694 mm ．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：10分度的游标卡尺，精确度是0.1mm ，游标卡尺的主尺读数为7mm ，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm ，所以最终读数为：7mm +0.2mm=7.2mm ．螺旋测微器的固定刻度为8.5mm ，可动刻度为19.4×0.01mm=0.194mm ，所以最终读数为8.5mm +0.194mm=8.694mm ．故答案为：7.2，8.69411．在暗室中用图1示装置做“测定重力加速度”的实验．实验器材有：支架、漏斗、橡皮管、尖嘴玻璃管、螺丝夹接水铝盒、一根荧光刻度的米尺、频闪仪．具体实验步骤如下：①在漏斗内盛满清水，旋松螺丝夹子，水滴会以一定的频率一滴滴的落下．②用频闪仪发出的白闪光将水滴流照亮，由大到小逐渐调节频闪仪的频率直到第一次看到一串仿佛固定不动的水滴．③用竖直放置的米尺测得各个水滴所对应的刻度．④采集数据进行处理．（1）实验中看到空间有一串仿佛固定不动的水滴时，频闪仪的闪光频率满足的条件是： 频闪仪频率等于水滴滴落的频率 ．（2）实验中观察到水滴“固定不动”时的闪光频率为30Hz，某同学读出其中比较圆的水滴到第一个水滴的距离如图2，根据数据测得当地重力加速度g=9.72m/s2；第8个水滴此时的速度v8= 2.27m/s（结果都保留三位有效数字）．（3）该实验存在的系统误差可能有（答出一条即可）：存在空气阻力（或水滴滴落的频率变化）．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）当频闪仪频率等于水滴滴落的频率时，可看到一串仿佛固定不动的水滴．（2）该实验利用了自由落体运动的规律，根据匀变速直线运动的规律可以求出水滴C的速度，利用逐差法可以求出重力加速度的大小．（3）由于空气阻力对水滴的作用，水滴不是严格的自由落体．【解答】解：（1）频闪仪频率等于水滴滴落的频率时，则每滴下来的一滴水，频闪仪都在相同的位置记录，故可看到一串仿佛固定不动的水滴．（2）s67=19.36﹣13.43=5.93cm，s78=26.39﹣19.36=7.03cm，s89=34.48﹣26.39=8.09cm，s90=43.67﹣34.48=9.19cm，由逐差法可得：g=m/s2=9.72m/s2．第8滴水的速度为：v8==m/s=2.27m/s．（3）由于空气阻力对水滴的作用，水滴不是严格的自由落体；或者滴水的频率改变了，都会产生误差．故答案为：（1）频闪仪频率等于水滴滴落的频率；（2）9.72，2.27；（3）存在空气阻力（或水滴滴落的频率变化）．12．某学习小组为探究导电溶液的电阻在体积相同时，电阻值与长度的关系．选取了一根乳胶管，里面灌满了盐水，两端用粗铜丝塞住管口，形成一段封闭的盐水柱．进行了如下实验：。
2016-2017学年江苏省泰州二中高三（上）期初物理试卷一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）1．下列说法正确的是（）A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同，所以它的惯性也随位置的变化而变化C．一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D．物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小2．在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动．假定两板与冰面间的动摩擦因数相同．已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小3．如图所示，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B 与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为（取向下为正）（）A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g 4．如图所示，在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量m=1kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．在剪断轻绳的瞬间（g取10m/s2），下列说法中正确的是（）A．小球受力个数不变B．小球立即向左运动，且a=8m/s2C．小球立即向左运动，且a=10m/s2D．若剪断的是弹簧，则剪断瞬间时小球加速度的大小a=10m/s25．在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（）A．伸长量为tanθB．压缩量为tanθC．伸长量为D．压缩量为6．质量为m的滑块沿倾角为θ的固定光滑斜面下滑时（如图所示），滑块对斜面的压力大小为F1；另一同样的滑块放在另一个同样光滑的斜面上，在外力F 推动下，滑块与斜面恰好保持相对静止共同向右加速运动，这时滑块对斜面的压力大小为F2．则F1：F2等于（）A．cos2θ：1 B．cosθ：1 C．sin2θ：1 D．sin2θ：cos2θ7．如图甲所示，A、B两物块叠放在一起，在水平面上保持相对静止地做商线运动，运动的速度一时间图象如图乙所示，则运动过程中B受到的摩擦力F f随时间t的变化图象是（规定向右的方向为正方向）（）A． B．C． D．8．如图所示为粮袋的传送装置，已知AB间长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时其运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小B．粮袋开始运动的加速度为g（sin θ﹣μcos θ），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动C．若μ≥tan θ，则粮袋从A到B一定是一直做加速运动D．不论μ大小如何，粮袋从A到B一直做匀加速运动，且a＞gsin θ二、多项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）9．（4分）如图甲所示，质量为m的木块放在动摩擦因数为μ的水平面上静止不动．现对木块施加水平推力F的作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，则图丙反映的可能是木块哪两个物理量之间的关系（）A．x轴表示位移s，y轴表示加速度aB．x轴表示时间t，y轴表示加速度aC．x轴表示时间t，y轴表示速度vD．x轴表示时间t，y轴表示位移s10．（4分）如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一起向右做匀加速直线运动，且与斜面体始终保持相对静止，则（）A．物体A可能受二个力的作用B．物体A可能受三个力的作用C．当加速度增加时，物体A受的摩擦力一定增大D．当加速度增加时，物体A受的摩擦力可能先减小后增大11．（4分）某校科技兴趣小组观察“嫦娥一号”的发射过程后，用实验来模拟卫星的发射．火箭点燃后从地面竖直升空，t1时刻第一级火箭燃料燃尽后脱落，t2时刻第二级火箭燃料燃尽后脱落，此后不再有燃料燃烧．实验中测得火箭竖直方向的v﹣t图象如图所示，设运动中不计空气阻力，燃料燃烧时产生的推力大小恒定．下列判断中正确的是（）A．t2时刻火箭到达最高点，t3时刻火箭落回地面B．火箭在t2～t3时间内的加速度大小等于重力加速度C．火箭在0～t1时间内的加速度大于t1～t2时间内的加速度D．t1～t2时间内火箭处于超重状态，t2～t3时间内火箭处于失重状态12．（4分）下列说法正确的是（）A．物体有加速度，物体的速度一定在增大B．物体有加速度，物体的速度的大小有可能不变C．加速度为正值，说明物体的速度一直在增加；加速度为负值，说明物体的速度一直在减少D．速度变化越快，加速度一定越大13．（4分）一物体从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示．在A点，物体开始与弹簧接触，到B点时，物体速度为零，然后被弹回．下列说法中正确的是（）A．物体从A下降到B的过程中，速率不断变小B．物体从B点上升到A的过程中，速率不断变大C．物体在B点时，所受合力不为零D．物体从A下降到B，以及从B上升到A的过程中，速率都是先增大，后减小14．（4分）如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上．A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为μ，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A．当F＞3μmg时，A相对B滑动B．当F=μmg时，A的加速度为μgC．当F＜2μmg时，A、B都相对地面静止D．无论F为何值，B的加速度不会超过μg15．（4分）如图甲所示，用同种材料制成的倾角为30°的斜面和长水平面，斜面和水平面之间由光滑圆弧连接，斜面长为2.4m且固定．一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑．当v0=2m/s时，经过0.8s后小物块停在斜面上．多次改变v0的大小，记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t，作出t﹣v0图象如图乙所示，g取10m/s2，则（）A．小物块与该种材料间的动摩擦因数为0.25B．小物块与该种材料间的动摩擦因数为C．若小物块初速度为1 m/s，则根据图象可知小物块运动时间为0.4 sD．若小物块初速度为4 m/s，则根据图象可知小物块运动时间为1.6 s三、实验题：本题共1小题，每空2分，共计10分，把答案填在题中的横线上或根据要求作答．16．（10分）某同学做“探究加速度与力、质量关系”的实验．如图1所示是该同学探究小车加速度与力的关系的实验装置，他将光电门固定在水平轨道上的B 点，用不同重物通过细线拉同一小车，每次小车都从同一位置A由静止释放．（1）若用游标卡尺测出光电门遮光条的宽度d如图2所示，则d=cm；实验时将小车从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t，则小车经过光电门时的速度为（用字母表示）．（2）实验中可近似认为细线对小车的拉力与重物重力大小相等，则重物的质量m与小车的质量M间应满足的关系为；（3）测出多组重物的质量m和对应遮光条通过光电门的时间△t，并算出相应小车经过光电门时的速度v，通过描点作出线性图象，研究小车加速度与力的关系．处理数据时应作出（选填“v﹣1﹣m”或“v2﹣m”）图象；（4）有关本实验的下列说法，正确的是．A．将不带滑轮的木板一端适当垫高，使小车在钩码拉动下恰好做匀速运动，此时细线对重物的拉力和摩擦力恰好平衡B．将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，当每次改变重物的质量时，都需要重新调节木板的倾角C．如果在实验过程中，木板始终保持水平，那么该同学在（3）中作出的图象将不是一条直线了D．将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，这是用小车受到的重力沿斜面方向的分力平衡了小车受到的摩擦力的结果．四、计算题：本题共4小题，满分58分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．17．（14分）2012年6月16日，我国第一位女航天员刘洋，随“神舟九号”飞船成功发射升空，并于6月29日安全返回，实现了国人“嫦娥飞天”的千年梦想．“神舟九号”载人飞船回收阶段完成的最后一个动作是断开主伞缆绳，启动反推发动机工作，此时返回舱的速度竖直向下，大小约为7m/s，距地面的高度约为1m，落地前一瞬间的速度约为1m/s，空气阻力及因反推火箭工作造成的质量改变均不计（g取10m/s2），求：（1）反推发动机工作后，返回舱落地前的加速度大小是多少？（2）航天员所承受的支持力是重力的多少倍？（3）假设返回舱与航天员的总质量为3t，求反推火箭对返回舱的平均推力多大？18．（14分）传送带以恒定速度v=4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角θ=37°．现将质量m=2kg的小物品轻放在其底端（小物品可看成质点），平台上的人通过一根轻绳用恒力F=20N拉小物品，经过一段时间物品被拉到离地高为H=1.8m的平台上，如图所示．已知物品与传送带这间的动摩擦因数μ=0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：①物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是多少？②若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，求特品还需多少时间离开皮带？19．（15分）如图所示，倾角为37°、足够长的斜面体固定在水平地面上，小木块在沿斜面向上的恒定外力F作用下，从斜面上的A点由静止开始向上作匀加速运动，前进了4.0m抵达B点时，速度为8m/s．已知木块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，木块质量m=1kg．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）木块所受的外力F多大？（2）若在木块到达B点时撤去外力F，求木块还能沿斜面上滑的距离S；（3）为使小木块再次通过B点的速率为m/s，求恒力F连续作用的最长时间t．20．（15分）如图1所示，地面不光滑，大小可忽略的铁块A静止放在木板B的最左端，m A=1kg，m B=1kg．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．已知木板B与地面间的动摩擦因数μ1=0.1，铁块 A 与木板B之间的动摩擦因数μ2=0.4，取g=10m/s2．现给A施加一个水平向右的力F．则：（1）若力F恒为3N，求A、B的加速度大小及方向；（2）若力F恒为8N，经1s铁块A恰好运动到木板B的最右端，求木板B的长度；（3）若力F从零开始逐渐增加，且木板B足够长．试通过分析与计算，在图2中作出铁块A受到的摩擦力f随力F大小变化的图象．2016-2017学年江苏省泰州二中高三（上）期初物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题只有一个选项符合题意）1．（2011•东莞二模）下列说法正确的是（）A．运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大B．同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同，所以它的惯性也随位置的变化而变化C．一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D．物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小【考点】惯性【分析】一切物体在没有受外力作用的时候（或受平衡力的时候），总保持匀速直线运动状态或静止状态．惯性是物体固有的属性，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比．【解答】解：A、运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，匀减速的距离越大，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比，即惯性不变，故A错误．B、同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同，惯性的大小和质量成正比，即惯性不变，故B错误．C、一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为物体具有惯性，故C错误．D、物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小，故D正确．故选D．【点评】考查了学生对惯性的理解，学生要牢固掌握惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量．2．（2015•上海模拟）在滑冰场上，甲、乙两小孩分别坐在滑冰板上，原来静止不动，在相互猛推一下后分别向相反方向运动．假定两板与冰面间的动摩擦因数相同．已知甲在冰上滑行的距离比乙远，这是由于（）A．在推的过程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．在推的过程中，甲推乙的时间小于乙推甲的时间C．在刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度D．在分开后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小【考点】作用力和反作用力；牛顿第二定律【分析】在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反；根据牛顿第二定律，两人受到的合力都是摩擦力，a=；由运动﹣2μgx=0﹣v2，可知道甲在冰上滑行的距离比乙远．【解答】解：A、在推的过程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反．故A错误．B、作用力与反作用力具有等时性．故B错误．C、分开后，两人受到的合力都是摩擦力，根据牛顿第二定律，a=；所以甲乙的加速度大小相等，由运动学公式﹣2μgx=0﹣v2知，刚分开时，甲的初速度大于乙的初速度．故C正确，D错误．故选C．【点评】解决本题的关键是熟悉牛顿第三定律：作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，以及能熟练运用牛顿第二定律．3．（2012•湖北校级模拟）如图所示，质量满足m A=2m B=3m C的三个物块A、B、C，A与天花板之间、B与C之间均用轻弹簧相连，A与B之间用细绳相连，当系统静止后，突然剪断AB间的细绳，则此瞬间A、B、C的加速度分别为（取向下为正）（）A．﹣g、2g、0 B．﹣2g、2g、0 C．﹣g、g、0 D．﹣2g、g、g 【考点】牛顿第二定律【分析】本题考查了瞬间加速度的计算，弹簧弹力不能发生突变，在剪短瞬间仍然保持原来的大小和方向；而细绳的弹力会发生突变，在剪断瞬间会突然改变；剪断细线前对A、B和C整体物体分别受力分析，根据平衡条件求出细线的弹力，断开细线后，再分别对A、B和C整体受力分析，求解出合力并运用牛顿第二定律求解加速度．【解答】解：设C物体的质量为m，则A物体的质量为3m，B物体的质量为1.5m，剪断细线前，对BC整体受力分析，受到总重力和细线的拉力而平衡，故T=2.5mg；再对物体A受力分析，受到重力、细线拉力和弹簧的拉力；剪断细线后，重力和弹簧的弹力不变，细线的拉力减为零，故物体A受到的力的合力等于2.5mg，向上，根据牛顿第二定律得A的加速度为①物体C受到的力不变，合力为零，故C的加速度为a C=0 ②剪断细线前B受重力、绳子的拉力和弹簧的拉力，他们合力为零；剪短细线后，绳子的拉力突变为零，重力和弹簧的弹力不变，故B合力大小等于绳子的拉力2.5mg，方向竖直向下，根据牛顿第二定律得B的加速度为③根据①②③式知ABD错误，C正确；故选C．【点评】本题是力学中的瞬时问题，关键是先根据平衡条件求出各个力，然后根据牛顿第二定律列式求解加速度；同时要注意轻弹簧的弹力与形变量成正比，来不及突变，而细线的弹力是有微小形变产生的，故可以突变．4．（2015•天水一模）如图所示，在动摩擦因数μ=0.2的水平面上有一个质量m=1kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成θ=45°角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零．在剪断轻绳的瞬间（g 取10m/s2），下列说法中正确的是（）A．小球受力个数不变B．小球立即向左运动，且a=8m/s2C．小球立即向左运动，且a=10m/s2D．若剪断的是弹簧，则剪断瞬间时小球加速度的大小a=10m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，确定小球的受力个数，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小．剪断弹簧的瞬间，因为绳子的作用力可以发生突变，小球瞬间所受的合力为零．【解答】解：A、在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得，弹簧的弹力：F=mgtan45°=10×1=10N剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为10N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用．小球的受力个数发生改变．故A错误．BC、小球所受的最大静摩擦力为：f=μmg=0.2×10N=2N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a=．合力方向向左，所以向左运动．故B正确，C错误．D、剪断弹簧的瞬间，轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，剪短弹簧的瞬间，轻绳的弹力要变化，结合牛顿第二定律进行求解．5．在水平地面上运动的小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根轻质弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k．在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m2的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内弹簧的形变为（）A．伸长量为tanθB．压缩量为tanθC．伸长量为D．压缩量为【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】先对小球受力分析，结合运动情况求出合力，然后根据牛顿第二定律求出加速度，再对物体受力分析，求出合力后确定弹簧弹力．【解答】解：对小球受力分析，如图由几何关系F合=m2gtanθ由牛顿第二定律a==gtanθ车向左加速或向右减速对小物体受力分析，受重力、支持力和弹簧弹力，合力等于弹簧弹力，根据牛顿第二定律F弹=m1gtanθ物体受向左的弹力结合胡克定律可知弹簧的伸长量为tanθ故选A．【点评】仅仅对物体受力分析，有时无法求出合力，本题中还必须要结合物体的运动情况进行受力分析，才能得到明确的结论．6．（2016秋•泰州校级月考）质量为m的滑块沿倾角为θ的固定光滑斜面下滑时（如图所示），滑块对斜面的压力大小为F1；另一同样的滑块放在另一个同样光滑的斜面上，在外力F推动下，滑块与斜面恰好保持相对静止共同向右加速运动，这时滑块对斜面的压力大小为F2．则F1：F2等于（）A．cos2θ：1 B．cosθ：1 C．sin2θ：1 D．sin2θ：cos2θ【考点】牛顿第二定律【分析】分别对两滑块受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，滑块与斜面一起匀加速直线运动时，加速度相同，所受的合力方向水平向右．【解答】解：斜面固定时，滑块加速下滑，在垂直斜面方向上合力为零，则F1=mgcosθ．斜面体和滑块一起匀加速运动时，滑块的合力水平向右，受力如图，根据平行四边形定则得，．所以．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】当物体一起做匀加速直线运动时，加速度相同，结合牛顿第二定律进行求解．7．（2016秋•泰州校级月考）如图甲所示，A、B两物块叠放在一起，在水平面上保持相对静止地做商线运动，运动的速度一时间图象如图乙所示，则运动过程中B受到的摩擦力F f随时间t的变化图象是（规定向右的方向为正方向）（）A． B．C． D．【考点】匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力【分析】速度图象的斜率表示加速度，根据速度时间图象分析加速度的变化情况，对B物体，摩擦力提供加速度，根据F=ma分析即可．【解答】解：根据速度图象的斜率表示加速度可知，AB整体0﹣1s内做匀加速直线运动，1﹣3s内做匀减速直线运动，加速度为负，3﹣5s内做匀减速直线运动，加速度为正，对B物体，根据牛顿第二定律可知，0﹣1s内摩擦力F f不变且沿正方向，1﹣3s内摩擦力F f不变且沿负方向，3﹣5s内摩擦力F f不变且沿正方向，故B正确．故选：B【点评】本题考查根据速度图象分析物体运动情况的能力，速度图象的斜率表示加速度，只要斜率没变则加速度不变，即为匀变速直线运动．8．（2016秋•泰州校级月考）如图所示为粮袋的传送装置，已知AB间长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时其运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋放到运行中的传送带上，关于粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（）A．粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小B．粮袋开始运动的加速度为g（sin θ﹣μcos θ），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动C．若μ≥tan θ，则粮袋从A到B一定是一直做加速运动D．不论μ大小如何，粮袋从A到B一直做匀加速运动，且a＞gsin θ【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v 相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v；粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，加速度为g（sinθ+μcosθ）．若μ≥tanθ，粮袋从A到B可能一直是做加速运动，也可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动．【解答】解：A、粮袋在传送带上可能一直做匀加速运动，到达B点时的速度小于等于v；可能先匀加速运动，当速度与传送带相同后，做匀速运动，到达B点时速度与v相同；也可能先做加速度较大的匀加速运动，当速度与传送带相同后做加速度较小的匀加速运动，到达B点时的速度大于v，故A正确．B、粮袋开始时受到沿斜面向下的滑动摩擦力，大小为μmgcosθ，根据牛顿第二定律得到，加速度a=g（sinθ+μcosθ），若μ＜tanθ，则重力的下滑分力大于滑动摩擦力，故a的方向一直向下，粮袋从A到B一直是做加速运动，可能是一直以g（sinθ+μcosθ）的加速度匀加速，也可能先以g（sinθ+μcosθ）的加速度匀加速，后以g（sinθ﹣μcosθ）匀加速；故B错误；C、若μ≥tan θ，粮袋从A到B可能是一直做加速运动，有可能在二者的速度相等后，粮袋做匀速直线运动．故C错误；D、由上分析可知，粮袋从A到B不一定一直匀加速运动，故D错误．故选：A．【点评】本题考查分析物体运动情况的能力，而要分析物体的运动情况，首先要具有物体受力情况的能力．传送带问题，物体的运动情况比较复杂，关键要考虑物体的速度能否与传送带相同．二、多项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）9．（4分）（2016秋•泰州校级月考）如图甲所示，质量为m的木块放在动摩擦因数为μ的水平面上静止不动．现对木块施加水平推力F的作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，则图丙反映的可能是木块哪两个物理量之间的关系（）A．x轴表示位移s，y轴表示加速度aB．x轴表示时间t，y轴表示加速度aC．x轴表示时间t，y轴表示速度vD．x轴表示时间t，y轴表示位移s【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；摩擦力的判断与计算【分析】根据牛顿第二定律求出a与F的关系式，再结合运动学公式求出v、x 与t的关系式，从而判断对应图线是否正确【解答】解：B、根据牛顿第二定律得，，发现a与F成一次函数关系，因为F与t成正比，即F=kt，所以，则a与t成一次函数关系，符合丙图线．故B正确．A、因为a随时间的变化在变化，所以速度、位移与时间不成一次函数关系．故A、C、D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键掌握牛顿第二定律，能够结合牛顿第二定律得出各物理量间的关系式10．（4分）（2012•株洲一模）如图所示，物体A放在一斜面体上，与斜面体一。
2016江苏泰州高三第三次模拟考试——物理一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。
每小题只有一个选项符合题意。
1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的是( )A．牛顿应用“理想实验”推翻了亚里士多德的力是维持物体运动原因的观点B．英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了万有引力常量GC．在研究电荷间相互作用时，美国科学家密立根提出了电荷周围存在电场的观点D．元电荷的电荷量e最早由法国学者库仑测得2．某屋顶为半球形，一人在屋顶上向上缓慢爬行（如图所示），则他在向上爬的过程中( )A．屋顶对他的摩擦力变大B．屋顶对他的摩擦力不变C．屋顶对他的支持力变大D．屋顶对他的支持力不变3．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上。
以下判断正确的是( )A．b点场强大于d点场强B．b点电势高于d点电势C．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差4．如图甲所示电路中，A1、A2、A3为相同的电流表，C为电容器，电阻R1、R2、R3的阻值相同，线圈L的电阻不计。
在某段时间内，理想变压器T原线圈内磁场的磁感应强度B的变化情况如图乙所示，则在t1～t2时间内( )A．电流表A1和A2的示数相同B．电流表A2的示数比A3的小C．电流表A1的示数比A2的小D．电流表的示数都不为零5．如图所示，斜面体M放在水平地面上．现将物块m放在斜面上，物块恰能沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动．若用平行于斜面向下的推力F，使物块加速下滑，则斜面体( )A．对地面的压力增大B．对地面的压力不变C．可能沿水平面向右运动D．受到地面的摩擦力方向水平向左二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。
江苏省泰州中学2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（12月份）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．△t→0时的平均速度可看成瞬时速度，运用了极限思想法B．伽利略得出力不是维持物体运动原因的结论，运用了理想实验方法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫等效替代法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．如图所示为空间站中模拟地球上重力的装置．环形实验装置的外侧壁相当于“地板”．让环形实验装置绕O点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应为（地球表面重力加速度为g，装置的外半径为R）（）A．B．C．2 D．3．如图．在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接，正好组成一个菱形，∠ADC=120°．整个系统保持静止状态．已知A物块所受的摩力大小为f．则D物块所受的摩擦力大小为（）A．2f B． f C．f D． f4．如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A．拉力F变小B．杆对A的弹力F N不变C．拉力F的功率P不变D．绳子自由端的速率v增大5．一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如图所示，t A，t B分别是带电粒子到达A、B两点对应的时刻，则下列说法中正确的是（）A．A处的场强一定小于B处的场强B．A处的电势一定高于B处的电势C．电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能D．电荷在A到B的过程中，电场力一定对电荷做正功6．螺线管正中间的上方悬挂一个通有顺时针方向电流的小线圈，线圈的平面与螺线管的轴线在同一竖直面内，如图所示，当开关S合上时（一小段时间内），从上方俯视，线圈应该（）A．顺时针方向转动，同时向左移动B．逆时针方向转动，同时向右移动C．顺时针方向转动，同时悬线的拉力减小D．逆时针方向转动，同时悬线的拉力增大7．如图所示，粗糙斜面固定在水平地面上，物体在沿斜面向上的拉力F的作用下匀速运动，则下列说法正确的是（）A．斜面与地面间的摩擦力为零B．地面对斜面的支持力的大小等于物体和斜面的重力之和C．物块受到的拉力与摩擦力做的总功等于其机械能的变化D．斜面对物块的摩擦力对物块做的功与物块对斜面的摩擦力对斜面做的功的代数和为零8．理论研究表明，无限长通电直导线磁场中某点的磁感应强度可用公式（k是常数、I是导线中电流强度、r是该点到直导线的距离）表示．如图，两根无限长通电直导线垂直x轴平行放置，相距为L，电流强度均为I，能正确反映两导线间的磁感应强度B与x关系的是图中的（规定B的正方向垂直纸面向里）（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24题．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全对得2分，错选或不答得0分．9．下列说法中正确的是（）A．电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零B．一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零C．把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱10．如图所示，A为置于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、B、C绕地心运动的周期相同．相对于地心，下列说法中正确的是（）A．卫星C的运行速度大于物体A的速度B．物体A和卫星C具有相同大小的加速度C．卫星B运动轨迹的半长轴与卫星C运动轨迹的半径相等D．卫星B在P点的加速度大小与卫星C在该点加速度大小相等11．如图所示，从同一竖直线上不同高度A、B两点处，分别以速率v1、v2同向水平抛出两个小球，P为它们运动轨迹的交点．则下列说法正确的有（）A．两球在P点一定具有相同的速率B．若同时抛出，两球不可能在P点相碰C．若同时抛出，落地前两球竖直方向的距离逐渐变大D．若同时抛出，落地前两球之间的距离逐渐变大12．在如图（a）所示的电路中，R l为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示．则（）A．电源内电阻的阻值为10ΩB．电源的最大输出功率为1.8WC．滑动变阻器R2的最大功率为0.9WD．图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线13．如图所示，I为电流表示数，U为电压表示数，P为定值电阻R2消耗的功率，Q为电容器C所带的电荷量，W为电源通过电荷量q时电源做的功．当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中，下列图象能正确反映各物理量关系的是（）A．B．C．D．14．如图所示，有一垂直于纸面向外的磁感应强度为B的有界匀强磁场（边界上有磁场），其边界为一边长为L的三角形，A、C、D为三角形的顶点．今有一质量为m、电荷量为+q的粒子（不计重力），以速度v=从AD边上某点P既垂直于AD边、又垂直于磁场的方向射人磁场，然后从CD边上某点Q（图中未画出）射出．若从P点射入的该粒子能从Q点射出，则（）A．|PD|≤L B．|PD|≤L C．|QD|≤L D．|QD|≤L三、简答题：本题共2小题，共计20分．15．如图甲所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德（G•Atwood1746﹣1807）创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律．某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示．（1）实验时，该同学进行了如下操作：①将质量均为M（A的含挡光片、B的含挂钩）的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离h．②在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统（重物A、B以及物块C）中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为△t．③利用螺旋测微器测出挡光片的宽度d如丙图所示，则d= mm，计算有关物理量，验证机械能守恒．（2）如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，应满足的关系式为（已知重力加速度为g）（3）引起该实验系统误差的原因有（写一条即可）．（4）验证实验结束后，该同学突发奇想：如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，不断增大物块C的质量m，重物B的加速度a也将不断增大，那么a与m之间有怎样的定量关系呢？a随m增大会趋于一个什么值？请你帮该同学解决：①写出a与m之间的关系式：（还要用到M和g）；②a的值会趋于．16．某同学用多用电表的欧姆档来测量电压表的内阻，如图甲所示．先将选择开关旋至倍率“×100”档，红、黑表笔短接调零后进行测量，红表笔应接电压表的接线柱（选填“+”或“﹣”），测量结果如图乙所示，电压表的电阻为Ω．本次实验的原理图如图丙，则滑动变阻器应选（填器材前的字母序号）．试分析引起情况的原因是．现将上述器材的连线略加改动就可使电压表的示数变化更明显，请在图丁中按改动后的原理图完成连线．四、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．17．如图所示，光滑导轨与水平面成θ角，导轨宽L，匀强磁场磁感应强度为B．金属杆长也为L，质量为m，水平放在导轨上．当回路总电流为I时，金属杆正好能静止．求：（1）当磁场B的方向竖直向上时，该匀强磁场的磁感应强度B的大小；（2）若磁场B的大小和方向均可改变，要使导体棒仍能保持静止，试确定此时磁感应强度B的最小值的大小和方向．18．如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块．已知木块的质量m=1kg，木板的质量M=4kg，长L=2.5m，上表面光滑，下表面与地面之间的动摩擦因数μ=0.2．现用水平恒力F=20N拉木板，g取10m/s2，求：（1）木板的加速度；（2）要使木块能滑离木板，水平恒力F作用的最短时间；（3）如果其他条件不变，假设木板的上表面也粗糙，其上表面与木块之间的最大静摩擦力为3N，欲使木板能从木块的下方抽出，需对木板施加的最小水平拉力．19．如图所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC右端连接内壁光滑、半径r=0.2m的四分之一细圆管CD，管口D端正下方直立一根劲度系数为k=100N/m 的轻弹簧，弹簧一端固定，另一端恰好与管口D端平齐．一个质量为1kg的小球放在曲面AB上，现从距BC的高度为h=0.6m处静止释放小球，它与BC间的动摩擦因数μ=0.5，小球进入管口C端时，它对上管壁有F N=2.5mg的相互作用力，通过CD后，在压缩弹簧过程中滑块速度最大时弹簧的弹性势能为E p=0.5J．取重力加速度g=10m/s2．求：（1）小球在C处受到的向心力大小；（2）在压缩弹簧过程中小球的最大动能E km；（3）小球最终停止的位置．20．如图所示xOy平面内，在x轴上从电离室产生的带正电的粒子，以几乎为零的初速度飘入电势差为U=200V的加速电场中，然后经过右侧极板上的小孔沿x轴进入到另一匀强电场区域，该电场区域范围为﹣l≤x≤0（l=4cm），电场强度大小为E=×104V/m，方向沿y轴正方向．带电粒子经过y轴后，将进入一与y轴相切的圆形边界匀强磁场区域，磁场区域圆半径为r=2cm，圆心C到x轴的距离为d=4cm，磁场磁感应强度为B=8×10﹣2T，方向垂直xoy平面向外．带电粒子最终垂直打在与y轴平行、到y轴距离为L=6cm的接收屏上．求：（1）带电粒子通过y轴时离x轴的距离；（2）带电粒子的比荷；（3）若另一种带电粒子从电离室产生后，最终打在接收屏上y=cm处，则该粒子的比荷又是多少？2015-2016学年江苏省泰州中学高三（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意．1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．△t→0时的平均速度可看成瞬时速度，运用了极限思想法B．伽利略得出力不是维持物体运动原因的结论，运用了理想实验方法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫等效替代法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．【解答】解：A、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故A正确；B、伽利略利用了理想斜面实验得出力不是维持物体运动原因的结论，故B正确；C、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故C错误；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确；本题选不正确的，故选：C．【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．如图所示为空间站中模拟地球上重力的装置．环形实验装置的外侧壁相当于“地板”．让环形实验装置绕O点旋转，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，则旋转角速度应为（地球表面重力加速度为g，装置的外半径为R）（）A．B．C．2 D．【考点】向心力．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】根据题意，能使“地板”上可视为质点的物体与在地球表面处有同样的“重力”，结合牛顿第二定律求出角速度的大小．【解答】解：根据牛顿第二定律得，mg=mRω2，解得，故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解．基础题．3．如图．在粗糙水平面上放置A、B、C、D四个小物块，各小物块之间由四根完全相同的轻弹簧相互连接，正好组成一个菱形，∠ADC=120°．整个系统保持静止状态．已知A物块所受的摩力大小为f．则D物块所受的摩擦力大小为（）A．2f B． f C．f D． f【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物体在水平面上受弹簧弹力和静摩擦力平衡，根据力的合成方法求解弹簧的弹力．【解答】解：已知A物块所受的摩擦力大小为f，设每根弹簧的弹力为F，则有：2Fcos30°=f，对D：2Fcos60°=f′，解得：f′= f故选：B．【点评】本题考查了物体受共点力平衡和力的合成计算，难度不大．4．如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则下列说法正确的是（）A．拉力F变小B．杆对A的弹力F N不变C．拉力F的功率P不变D．绳子自由端的速率v增大【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】对A分析，因为A做匀速直线运动，抓住A竖直方向上合力为零判断拉力F的变化．将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于F的速度，从而求出F的功率，判断其变化．【解答】解：设绳子与竖直方向上的夹角为θ，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcosθ=mg，因为θ增大，则F增大，水平方向合力为零，有：F N=Fsinθ，F 增大，F N增大，故A错误，B错误．C、物体A沿绳子方向上的分速度v1=vcosθ，该速度等于自由端的速度，θ增大，自由端速度减小，拉力的功率P=Fv1=，知拉力的功率不变．故C正确，D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键抓住A在竖直方向上平衡判断出拉力的变化，以及注意拉力的功率不能写成P=Fv，因为绳子末端速度大小与A上升的速度大小不等，A速度沿绳子方向上的分速度等于绳子末端速度的大小．5．一带电粒子在电场中仅在电场力作用下，从A点运动到B点，速度随时间变化的图象如图所示，t A，t B分别是带电粒子到达A、B两点对应的时刻，则下列说法中正确的是（）A．A处的场强一定小于B处的场强B．A处的电势一定高于B处的电势C．电荷在A处的电势能一定小于在B处的电势能D．电荷在A到B的过程中，电场力一定对电荷做正功【考点】电势能；动能定理的应用；电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】速度图象的斜率等于加速度，由数学知识看出带电粒子的加速度减小，即可判断电场力和场强的大小．因带电粒子的电性未知，无法判断电场方向，不能判断电势高低．根据能量守恒判断电势能的大小，确定电场力做功正负．【解答】解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，由数学知识可以看出，从A点运动到B点的过程中带电粒子的加速度减小，则其所受的电场力减小，电场强度减小，即有A处的场强一定大于B 处的场强．A错误．B、由于带电粒子的电性未知，无法判断电场方向，也就不能判断电势高低．故B错误．C、D由图看出，带电粒子的速度增大，动能增大，则由能量守恒定律得知，其电势能减小，电场力做正功．故C错误，D正确．故选D【点评】本题要抓住电场强度与加速度的关系：a=，即根据牛顿第二定律把握力与电场和联系，同时要掌握速度图象斜率的意义进行分析．6．螺线管正中间的上方悬挂一个通有顺时针方向电流的小线圈，线圈的平面与螺线管的轴线在同一竖直面内，如图所示，当开关S合上时（一小段时间内），从上方俯视，线圈应该（）A．顺时针方向转动，同时向左移动B．逆时针方向转动，同时向右移动C．顺时针方向转动，同时悬线的拉力减小D．逆时针方向转动，同时悬线的拉力增大【考点】楞次定律．【专题】定性思想；类比法；电磁感应中的力学问题．【分析】先根据右手定则判断出线圈产生的磁场，然后再根据磁极间的相互作用分析线圈的转动情况，再由左手定则，结合磁场的强弱不同，从而确定安培力大小，进而判定拉力的大小如何变化．【解答】解：根据安培定则可知，线圈所处的磁场方向由右向左，当通有顺时针方向电流的小线圈，由右手螺旋定则可知，线圈的外面为S极，里面为N极；因为异名磁极相互吸引，因此从上往下看，线圈做逆时针方向转动，同时根据左手定则可知，安培力使线圈的扩张趋势，因线圈下方的磁场强于上方，因此导致下方安培力大于上方的安培力，那么悬线的拉力增大；故D正确，ABC错误．故选：D．【点评】此题考查了右手定则和磁极间相互作用的应用，注意线圈产生的磁场与条形磁体产生的磁场很相似，可以利用右手螺旋定则判断磁场的N、S极．注意左手定则与右手螺旋定则的区别．7．如图所示，粗糙斜面固定在水平地面上，物体在沿斜面向上的拉力F的作用下匀速运动，则下列说法正确的是（）A．斜面与地面间的摩擦力为零B．地面对斜面的支持力的大小等于物体和斜面的重力之和C．物块受到的拉力与摩擦力做的总功等于其机械能的变化D．斜面对物块的摩擦力对物块做的功与物块对斜面的摩擦力对斜面做的功的代数和为零【考点】功能关系；机械能守恒定律．【专题】定性思想；寻找守恒量法；功能关系能量守恒定律．【分析】对物体和斜面整体，由平衡条件研究地面对斜面的摩擦力和支持力．根据功能原理分析拉力与摩擦力做的总功与其机械能的变化关系．根据功的公式分析斜面对物块的摩擦力对物块做的功与物块对斜面的摩擦力对斜面做的功大小关系．【解答】解：AB、以物体m和斜面整体为研究对象，根据平衡条件可得：水平方向有 f=Fcosθ竖直方向有 N+Fsinθ=（M+m）g，得 N=（M+m）g﹣Fsinθ＜（M+m）g因此斜面与地面间的摩擦力不为零，地面对斜面的支持力的大小小于物体和斜面的重力之和．故AB错误．C、根据功能关系，除重力以外其余力做的功等于物体机械能的变化量，故拉力F和摩擦力f做的总功等于物体机械能的变化，故C正确．D、斜面对物块的摩擦力对物块做负功，斜面不动，没有位移，则物块对斜面的摩擦力对斜面不做功，所以斜面对物块的摩擦力对物块做的功与物块对斜面的摩擦力对斜面做的功的代数和为负值，故D错误．故选：C【点评】本题关键是灵活选取研究对象，运用整体法分析力的关系比较简便．要熟悉各种功能关系：合力做功等于动能的增加量，除重力外其余力做的功等于机械能的增加量，克服摩擦力做功等于系统产生的热量．8．理论研究表明，无限长通电直导线磁场中某点的磁感应强度可用公式（k是常数、I是导线中电流强度、r是该点到直导线的距离）表示．如图，两根无限长通电直导线垂直x轴平行放置，相距为L，电流强度均为I，能正确反映两导线间的磁感应强度B与x关系的是图中的（规定B的正方向垂直纸面向里）（）A．B．C．D．【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】通电导线周围有磁场存在，磁场除大小之外还有方向，所以合磁场通过矢量叠加来处理．根据右手螺旋定则可得知电流方向与磁场方向的关系．【解答】解：根据右手螺旋定则可得左边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向里，右边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向外，离导线越远磁场越弱，在两根导线中间位置磁场为零．由于规定B的正方向垂直纸面向里，所以A正确；故选：A【点评】由于电流大小相等，方向相同，所以两根连线的中点磁场刚好为零，从中点向两边移动磁场越来越强，左边的磁场垂直纸面向里，右边的磁场垂直纸面向外．二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共计24题．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全对得2分，错选或不答得0分．9．下列说法中正确的是（）A．电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零B．一小段通电导线在某处不受安培力的作用，则该处磁感应强度一定为零C．把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱【考点】电场强度；磁感应强度．【分析】电场最基本的特性是对放入电场中的电荷有力的作用；通电导线与磁场平行时不受安培力；E=是电场强度的定义式；磁感应强度的定义式：B=，定义的前提条件是通电导线与磁场垂直．由这些知识解答即可．【解答】解：A、由E=得：F=qE，得知电荷在某处不受电场力的作用，则该处的电场强度为零．故A正确．B、一小段通电导线在某处不受安培力的作用，该处磁感应强度不一定为零，也可能是由于通电导线与磁场平行，但该处磁感应强度不为零．故B错误．C、E=是电场强度的定义式，电场强度E反映电场的强弱和方向，由此式知：把一个试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值﹣﹣电场强度，即表示电场的强弱，故C正确．D、只有通电导线垂直放入磁场中时，通电导线所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱．故D错误．故选：AC【点评】本题要明确电场强度和磁感应强度都采用比值法定义，E、B都反映场的强弱，但磁感应强度的定义式有条件：通电导线与磁场垂直，而电场强度的定义式没有条件．10．如图所示，A为置于地球赤道上的物体，B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、B、C绕地心运动的周期相同．相对于地心，下列说法中正确的是（）A．卫星C的运行速度大于物体A的速度B．物体A和卫星C具有相同大小的加速度。
2015-2016学年江苏省泰州中学高三（上）期中物理试卷一、单向选择题（共7小题，每小题3分，共21分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分）1．某中学生身高1.7m，在学校运动会上参加跳高比赛，采用背跃式，身体横着越过2.10m 的横杆，获得了冠军．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度约为（g=10m/s2）（）A．7m/s B．6.5m/s C．5m/s D．3m/s2．如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则以下说法正确的是（）①物体落到海平面时的势能为mgh②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为mv02+mgh④物体在海平面上的机械能为mv02．A．①②③B．②③④C．①③④D．①②④3．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强小于d点场强B．b点电势高于d点电势C．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差4．从距地面h高度水平抛出一小球，落地时速度方向与水平方向的夹角为θ．不计空气阻力，重力加速度为g，下列结论中正确的是（）A．小球初速度为•tanθB．小球着地速度大小为C．若小球初速度减为原来一半，则平抛运动的时间变为原来两倍D．若小球初速度减为原来一半，则落地时速度方向与水平方向的夹角变为2θ5．北京时间2012年3月31日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，将法国制造的“亚太7号”通信卫星成功送入近地点209km、远地点50419km的预定转移轨道，卫星在此轨道上运行一段时间后再经变轨成为一颗地球同步卫星，同步卫星轨道离地面高度为35860km．下列说法正确的是（）A．卫星在转移轨道运动的周期大于在同步轨道上运行的周期B．卫星在转移轨道运动时，经过近地点时的速率大于它在远地点的速率C．卫星在同步轨道运动时，飞船内的航天员处于超重状态D．卫星在同步轨道运动时的向心加速度小于静止于赤道上物体的向心加速度6．在上海世博会最佳实践区，江苏城市案例馆中穹形门窗充满了浓郁的地域风情和人文特色．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A．先变大后不变 B．先变小后不变 C．先变小后变大 D．先变大后变小7．游乐场内的新型滑梯可以简化为如图所示物理模型．一个小朋友从A点开始下滑，滑到C点时速度恰好减为0，整个过程中滑梯保持静止状态．若AB段的动摩擦因数μ1小于BC段的动摩擦因数μ2，则该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中（）A．小朋友在AB段的平均速度等于BC段的平均速度B．小朋友在AB段和BC段合外力所做的功相同C．地面对滑梯的摩擦力方向始终水平向左D．地面对滑梯的支持力大小始终等于小朋友和滑梯的总重力大小二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选择正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分8．一质点在XOY平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）A．质点沿X方向可能做匀速运动B．质点沿Y方向可能做变速运动C．若质点沿Y方向始终匀速运动，则X方向可能先加速后减速D．若质点沿Y方向始终匀速运动，则X方向可能先减速后加速9．如图所示，内壁光滑的半球形容器固定放置．两个完全相同的小球a、b分别沿容器内壁，在不同的水平面内做匀速圆周运动．下列判断正确的是（）A．a对内壁的压力小于b对内壁的压力B．a的周期小于b的周期C．a的角速度小于b的角速度D．a的向心加速度大小大于b的向心加速度大小10．如图a所示，A，B为某电场中一条直线上的两个点，现将一正点电荷由A点静止释放，仅在电场力作用下运动一段距离到达B点，其电势能E p随位移x的变化关系如图b所示，则该点电荷从A到B的过程中，下列说法正确的是（）A．电场力对电荷先做正功后做负功B．电势一直升高C．电荷所受电场力先减小后增大D．电荷所受电场力先增大后减小11．如图所示，一滑块从底端冲上固定的足够长粗糙斜面，到达某一高度后返回．下列各图分别表示滑块在斜面上运动的位移s、速度v、加速度a、机械能E K随时间变化的图象，可能正确的是（）12．如图所示，A、B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C 两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上．现用手控制住A，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面．下列说法正确的是（）A．斜面倾角α=30°B．A获得最大速度为2gC．C刚离开地面时，B的加速度最大D．从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒三、实验题：本题共2小题，每空2分，共16分13．某同学利用电磁打点计时器打出的纸带来验证机械能守恒定律，该同学在实验中得到一条纸带，如图所示，在纸带上取6个计数点，两个相邻计数点间的时间间隔为T=0.02s．其中1、2、3点相邻，4、5、6点相邻，在3点和4点之间还有若干个点．s1是1、3两点的距离，s2是2、5两点的距离，s3是4、6两点的距离．（1）实验过程中，下列操作正确的是．A．电磁打点计时器应接在220V交流电源上B．实验时应先松开纸带，然后迅速打开打点计时器C．实验时应先打开打点计时器，然后松开纸带D．纸带应理顺，穿过限位孔并保持竖直（2）点2速度的表达式v2=（3）该同学测得的数据是s1=4.00cm，s2=16.00cm，s3=8.00cm，重物（质量为m）从点2运动到点5过程中，动能增加量为m，势能减少量为m．（结果保留两位有效数字，重力加速度g=10m/s2）14．为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图1所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t变化规律，如图2所示．（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v= m/s，木块加速度a=m/s2；（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是；（已知当地的重力加速度g）（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是A．A点与传感器距离适当大些B．木板的倾角越大越好C．选择体积较大的空心木块D．传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻．四、计算或论述题，本题共4小题，共63分，把答案填在答题卡上，解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位15．（15分）（2010•惠州三模）在游乐场中，有一种大型游戏机叫“跳楼机”．参加游戏的游客被安全带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面40m高处，然后由静止释放．为研究方便，可以认为座椅沿轨道做自由落体运动1.2s后，开始受到恒定阻力而立即做匀减速运动，且下落到离地面4m高处时速度刚好减小到零．然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳下落，将游客送回地面．（取g=10m/s2）求：（1）座椅在自由下落结束时刻的速度是多大？（2）座椅在匀减速阶段的时间是多少？（3）在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍？16．（16分）（2015•乐山一模）一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中，开始时，将线与小球拉成水平，然后释放小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零．试求：（1）AB两点的电势差U AB；（2）匀强电场的场强大小；（3）小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．17．（16分）（2012•宿迁模拟）如图所示，一物体M从A点以某一初速度沿倾角α=37°的粗糙固定斜面向上运动，自顶端B点飞出后，垂直撞到高H=2.25m的竖直墙面上C点，又沿原轨迹返回．已知B、C两点的高度差h=0.45m，物体M与斜面间的动摩擦因数μ=0.25，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．试求：（1）物体M沿斜面向上运动时的加速度大小；（2）物体返回后B点时的速度；（3）物体被墙面弹回后，从B点回到A点所需的时间．18．（16分）（2013•蓟县校级模拟）如图，传送带AB总长为l=10m，与一个半径为R=0.4m 的光滑圆轨道BC相切于B点．传送带速度恒为v=6m/s，方向向右．现有一个滑块以一定初速度v0从A点水平冲上传送带，滑块质量为m=10kg，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.1．已知滑块运动到B端时，刚好与传送带共速．求（1）v0；（2）滑块能上升的最大高度h；（3）求滑块第二次在传送带上滑行时，滑块和传送带系统产生的内能．2015-2016学年江苏省泰州中学高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单向选择题（共7小题，每小题3分，共21分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选错或不答的得0分）1．某中学生身高1.7m，在学校运动会上参加跳高比赛，采用背跃式，身体横着越过2.10m 的横杆，获得了冠军．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度约为（g=10m/s2）（）A．7m/s B．6.5m/s C．5m/s D．3m/s【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】运动员跳高的运动模型为竖直上抛运动，因为是背跃式跳高，所以只要运动员的重心能够达到横杆处，即可认为运动员越过横杆．【解答】解：运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，有：运动员重心升高高度：．根据竖直上抛运动得：，故ABD错误，C正确．故选C．【点评】对于生活中的各种实际运动要能正确建立运动模型，然后依据运动规律求解．2．如图所示，在地面上以速度v0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低h的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则以下说法正确的是（）①物体落到海平面时的势能为mgh②重力对物体做的功为mgh③物体在海平面上的动能为mv02+mgh④物体在海平面上的机械能为mv02．A．①②③B．②③④C．①③④D．①②④【考点】机械能守恒定律；功的计算；重力势能．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】整个过程不计空气阻力，只有重力对物体做功，机械能守恒，应用机械能守恒和功能关系可判断各选项的对错．【解答】解：①以地面为零势能面，海平面低于地面h，所以物体在海平面上时的重力势能为﹣mgh，故①错误．②重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，抛出点与海平面的高度差为h，并且重力做正功，所以整个过程重力对物体做功为mgh，故②正确．③由动能定理得：mgh=E k2﹣mv02，物体在海平面上的动能为：E k2=mv02+mgh，故③正确．④整个过程机械能守恒，即初末状态的机械能相等，以地面为零势能面，抛出时的机械能为mv02，所以物体在海平面时的机械能也为mv02，故④正确．故选：B．【点评】此题考查重力势能、重力做功、动能定理和机械能守恒，动能定理揭示了外力对物体所做总功与物体动能变化之间的关系，它描述了力在空间的积累效果，力做正功，物体的动能增加，力做负功，动能减少．动能定理解决的问题不受运动形式和受力情况的限制．还有就是重力势能的变化与零势能面的选取无关．3．如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A．b点场强小于d点场强B．b点电势高于d点电势C．试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D．a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差【考点】电场的叠加；电场强度；电势差．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．【解答】解：A：在两等量异号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，选项A正确；B：MN是一条等势线，与在两等量异号电荷连线上的点相比较，d点的电势要高，所以b点电势低于d点电势，选项B错误；C：因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项C错误；D：由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故选项D正确．故选：AD．【点评】该题考查常见电场的电场线分布及等势面的分布，要求我们能熟练掌握并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．4．从距地面h高度水平抛出一小球，落地时速度方向与水平方向的夹角为θ．不计空气阻力，重力加速度为g，下列结论中正确的是（）A．小球初速度为•tanθB．小球着地速度大小为C．若小球初速度减为原来一半，则平抛运动的时间变为原来两倍D．若小球初速度减为原来一半，则落地时速度方向与水平方向的夹角变为2θ【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度．平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关．【解答】解：A、小球在竖直方向上的分速度，根据平行四边形定则知，小球的初速度．故A错误．B、根据平行四边形定则得，小球着地的速度大小v=．故B正确．C、平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，初速度减半，运动时间不变．故C错误．D、根据平行四边形定则知，tan，当初速度减半时，设落地的速度与水平方向的夹角为α，则tan，但是α≠2θ．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，结合平行四边形定则进行求解．5．北京时间2012年3月31日，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，将法国制造的“亚太7号”通信卫星成功送入近地点209km、远地点50419km的预定转移轨道，卫星在此轨道上运行一段时间后再经变轨成为一颗地球同步卫星，同步卫星轨道离地面高度为35860km．下列说法正确的是（）A．卫星在转移轨道运动的周期大于在同步轨道上运行的周期B．卫星在转移轨道运动时，经过近地点时的速率大于它在远地点的速率C．卫星在同步轨道运动时，飞船内的航天员处于超重状态D．卫星在同步轨道运动时的向心加速度小于静止于赤道上物体的向心加速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】人造卫星问题．【分析】根据开普勒行星运动定律由轨道半长轴大小确定周期关系，据能量守恒确定在远地点和近地点的速率大小问题，据同步卫星周期与轨道半径确定向心加速度的大小，根据超失重条件判定是超重还是失重．【解答】解：A、转移轨道的半长轴小于同步卫星的轨道半径，故转移轨道上卫星的周期小于同步卫星的周期，故A错误；B、卫星从远地点向近地点运动时，只有引力做功，卫星的动能增加，故近地点的速率大于远地点的速率，故B正确；C、卫星在同步轨道上运行时，万有引力完全提供卫星圆周运动的向心力，故卫星内的宇航员处于完全失重状态，故C错误；D、同步卫星的周期与地球自转的周期相同，同步卫星的轨道半径远大于地球半径，据a=知，同步卫星的向心加速度远大于静止在赤道上物体的向心加速度，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键是掌握开普勒行星运动定律，能从能量角度分析卫星的运动速率的大小，知道超失重的条件．本题有一定的综合性．6．在上海世博会最佳实践区，江苏城市案例馆中穹形门窗充满了浓郁的地域风情和人文特色．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A．先变大后不变 B．先变小后不变 C．先变小后变大 D．先变大后变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大．滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称．以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况．当轻绳的右端从直杆的最上端移到C点的过程中，根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件判断出绳子的拉力保持不变．【解答】解：当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得2Fcosθ=mg得到绳子的拉力F=所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端时的过程中，θ增大，cosθ减小，则F变大．当轻绳的右端从直杆最上端移到C点时，设两绳的夹角为2α．设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学知识得到sinα=，L、S不变，则α保持不变．再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变．所以绳中拉力大小变化的情况是先变大后不变．故选：A．【点评】本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析α的变化，这在高考中曾经出现过，有一定的难度．7．游乐场内的新型滑梯可以简化为如图所示物理模型．一个小朋友从A点开始下滑，滑到C点时速度恰好减为0，整个过程中滑梯保持静止状态．若AB段的动摩擦因数μ1小于BC段的动摩擦因数μ2，则该小朋友从斜面顶端A点滑到底端C点的过程中（）A．小朋友在AB段的平均速度等于BC段的平均速度B．小朋友在AB段和BC段合外力所做的功相同C．地面对滑梯的摩擦力方向始终水平向左D．地面对滑梯的支持力大小始终等于小朋友和滑梯的总重力大小【考点】功能关系；功的计算．【分析】由题意可知，小朋友在AB段做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下；在BC段做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上．以小朋友和滑梯整体为研究对象，将小朋友的加速度分解为水平和竖直两个方向，由牛顿第二定律分析地面对滑梯的摩擦力方向和支持力的大小．【解答】解：A、根据平均速度的公式，设B点的速度为v，则AB段和BC段的平均速度都为，故A正确；B、AB段小朋友加速运动，则mgsinθ＞μ1mgcosθ，BC段小朋友做减速运动，则mgsinθ＜μ2mgcosθ，所以μ1＜μ2．小孩受到的摩擦力不同，则摩擦力做的功不相等，所以在AB 段和BC段合外力所做的功不相同．故B错误；C、小朋友在AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度a1分解为水平和竖直两个方向，如图1．以小朋友和滑梯整体为研究对象，由于小朋友有水平向左的分加速度，根据牛顿第二定律得知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向左．同理可知，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的摩擦力方向水平向右．故C错误．D、以小朋友和滑梯整体为研究对象，小朋友在AB段做匀加速直线运动时，有竖直向下的分加速度，则由牛顿第二定律分析得知地面对滑梯的支持力F N小于小朋友和滑梯的总重力．同理，小朋友在BC段做匀减速直线运动时，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力．故D错误．故选：A．【点评】本题对加速度不同的两个运用整体法处理，在中学阶段应用得不多，也可以采用隔离法研究．二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分，在每小题给出的四个选项中，至少有两个选择正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分8．一质点在XOY平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）A．质点沿X方向可能做匀速运动B．质点沿Y方向可能做变速运动C．若质点沿Y方向始终匀速运动，则X方向可能先加速后减速D．若质点沿Y方向始终匀速运动，则X方向可能先减速后加速【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】物体做曲线运动，合力大致指向轨迹弯曲的内侧，则加速度大致指向轨迹凹的一侧．根据轨迹弯曲判断加速度的方向．【解答】解：A、物体做曲线运动，合力大致指向轨迹凹的一侧，则加速度大致指向轨迹凹的一侧，由图可知：加速度方向指向弧内，不能沿y轴方向，x轴方向有分加速度，所以x轴方向不可能匀速，y方向可能有分加速度，故质点沿Y方向可能做变速运动．故A错误，B正确．C、物体在x方向先沿正方向运动，后沿负方向运动，最终在x轴方向上的位移为零，所以x方向不能一直加速运动，也不能先加速后减速，只能X方向可能先减速后反向加速，故C 错误，D正确．故选BD【点评】解决本题得关键知道在曲线运动中，合力大致指向轨迹凹的一侧，会根据轨迹弯曲判断加速度的方向．9．如图所示，内壁光滑的半球形容器固定放置．两个完全相同的小球a、b分别沿容器内壁，在不同的水平面内做匀速圆周运动．下列判断正确的是（）A．a对内壁的压力小于b对内壁的压力B．a的周期小于b的周期C．a的角速度小于b的角速度D．a的向心加速度大小大于b的向心加速度大小【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】以任意一球为研究对象，根据牛顿第二定律得出角速度、周期、向心加速度和小球所受支持力的表达式，再比较其大小．【解答】解：A、以任意一球为研究对象，受力情况如图，由图得到轨道对小球的支持力N=，对于两球θa＞θb，所以N a＞N b，故A错误；B、小球受重力mg和内壁的支持力N，由两力合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：mgtanθ=mω2r，得：ω=，设球的半径为R，根据几何关系可知，运动半径r=Rsinθ，则ω=，对于两球θa＞θb，则ωa＞ωb，周期T=，所以T a＜T b，故B正确，C错误；D、向心加速度a n=gtanθ，对于两球θa＞θb，则向心加速度a a＞a b．故D正确．故选：BD【点评】分析受力情况，确定小球向心力的来源，再由牛顿第二定律和圆周运动结合进行分析，是常用的方法和思路．。
2016年江苏省泰州市姜堰二中高考物理三模试卷一、单项选择题：本题共5小题,每小题3分,共15分．每小题只有一个选项符合题意1．16世纪末，伽利略用实验和推理,推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元．在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是() A．四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明,物体受的力越大，速度就越大B．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体长时间不受力时的“自然状态"C．两物体从同一高度自由下落,较重的物体下落较快D．一个物体维持匀速直线运动，不需要力2．如图所示,A、B两物体通过两个质量不计的光滑滑轮悬挂起来，处于静止状态．现将绳子一端从P点缓慢移到Q点，系统仍然平衡,以下说法正确的是（）A．夹角θ将变小 B．夹角θ将变大C．绳子张力将增大D．物体B位置将变高3．图中L是绕在铁心上的线圈，它与电阻R、R0、电键和电池E可构成闭合回路．线圈上的箭头表示线圈中电流的正方向，当电流的流向与箭头所示的方向相同时,该电流为正,否则为负．电键K1和K2都处在断开状态．设在t=0时刻，接通电键K1，经过一段时间,在t=t l 时刻，再接通电键K2,则能较正确地表示L中的电流I随时间t变化的图线是下面给出的四个图中的哪个图？()A．B．C．D．4．一匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面，在xOy平面上，磁场分布在以O为圆心的一个圆形区域内．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，由原点O开始运动，初速度为v，方向沿x轴正方向．后来，粒子经过y轴上的P点，如图所示．不计重力的影响．粒子经过P点时的速度方向可能是图中箭头表示的（）A．只有箭头a、b是可能的B．只有箭头b、c是可能的C．只有箭头c是可能的D．箭头a、b、c、d都是可能的5．空间有一沿x轴对称分布的电场,其电场强度E随X变化的图象如图所示．下列说法正确的是（）A．O点的电势最低B．X2点的电势最高C．X1和﹣X1两点的电势相等D．该电场是等量负电荷从两电荷连线的中点沿中垂线向两侧外移形成的二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分．每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分选对但不全的得2分,错选或不答得0分．6．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为1：5，原线圈两端的交变电压为u=20sin100πtV 氖泡在两端电压达到100V时开始发光，下列说法中正确的有()A．开关接通后,氖泡的发光频率为100HzB．开关接通后,电压表的示数为100VC．开关断开后，电压表的示数变大D．开关断开后,变压器的输出功率不变7．水平面上的甲、乙两物体某时刻动能相同，它们仅在摩擦力作用下，逐渐停下来．图中a、b分别表示甲、乙两物体的功能E和位移s的图象，下列说法正确的是（）A．若甲和乙与水平面上的动摩擦因数相同,则甲的质量一定比乙大B．若甲和乙与水平面的动摩擦因数相同，则甲的质量一定比乙小C．若甲和乙质量相等，则甲和地面的动摩擦因数一定比乙大D．若甲和乙质量相等,则甲和地面的动摩擦因数一定比乙小8．在太阳系中有一颗行星的半径为R,若在该星球表面以初速度v0竖直上抛出一物体，则该物体上升的最大高度为H．已知该物体所受的其他力与行星对它的万有引力相比较可忽略不计．则根据这些条件，可以求出的物理量是（）A．该行星的密度B．该行星的自转周期C．该星球的第一宇宙速度D．该行星附近运行的卫星的最小周期9．如图，在水平桌面上放置两条相距l的平行光滑导轨ab与cd,阻值为R的电阻与导轨的a、c端相连．滑杆MN垂直于导轨并可在导轨上滑动．整个装置放于匀强磁场中，磁场的方向竖直向上,磁感应强度的大小为B．滑杆的中点系一不可伸长的轻绳，绳绕过固定在桌边的光滑轻滑轮后，与一质量为m的物块相连，绳处于拉直状态．现若从静止开始释放物块，用i表示回路中的感应电流，g表示重力加速度,则在物块下落过程中物块的速度可能（）A．小于B．大于C．小于D．大于三、简答题：10．现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．（1)填入适当的公式或文字,完善以下实验步骤(不考虑摩擦力的影响）：①让小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑到斜面底端A2，记下所用的时间t．②用米尺测量A1与A2之间的距离s,则小车的加速度a=．③用米尺测量A1相对于A2的高度h．设小车所受重力为mg,则小车所受的合外力F=．④改变，重复上述测量．⑤以h为横坐标，1/t2为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可验证“当质量一定时,物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．(2）在探究如何消除上述实验中摩擦阻力影响的过程中，某同学设计的方案是:①调节斜面倾角，使小车在斜面上匀速下滑．测量此时A1点相对于斜面底端A2的高度h0．②进行(1）中的各项测量．③计算与作图时用（h﹣h0）代替h．对此方案有以下几种评论意见：A．方案正确可行．B．方案的理论依据正确，但利用所给的器材无法确定小车在斜面上是否做匀速运动．C．方案的理论依据有问题，小车所受摩擦力与斜面倾角有关．其中合理的意见是．11．在“测定金属的电阻率"的实验中,用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图1所示，用米尺测出金属丝的长度L，金属丝的电阻大约为5Ω，先用伏安法测出金属丝的电阻R x,然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．（1）从图1中读出金属丝的直径为mm．（2）为此取来两节新的干电池、开关和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻10kΩB．电压表0～15V,内阻50kΩC．电流表0～0。
