广东省肇庆四中2015-2016学年高二上学期第一次月考物理试卷【解析版】

A B M N肇庆市中小学教学质量评估第一学期统一检测高二物理（选修3-1、选修3-2之电磁感应）本试卷共4页，13小题，满分100分．考试时间90分钟． 注意事项：1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔，将自己所在县（市、区）、姓名、试室号、座位号填写在答题卷上对应位置，再用2B 铅笔将准考证号涂黑．2. 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答案不能写在试卷或草稿纸上．3. 非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内相应的位置上；如需改动，先划掉原的答案，然后再在答题区内写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．第Ⅰ卷 选择题（共40分）一、本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项是符合题目要求的，第5～8题有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1. 如图所示，在直线MN 上有一个点电荷，A 、B 是直线MN 上的两点，两点间的距离为L ， 场强大小分别为E 和2E .则 A ．该点电荷一定在A 点的右侧 B ．该点电荷一定在A 点的左侧 C ．A 点场强方向一定沿直线向左 D ．A 点的电势一定低于B 点的电势2. 如图所示，充有一定电荷量的平行板电容器极板A 与一静电 计相接，极板B 接地，若极板B 稍向上移动一点，由观察到 的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据 是A ．两极板间的电压不变，极板上的电量变大B ．两极板间的电压不变，极板上的电量减小C ．极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大D ．极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小3. 如图所示，要使线框abcd 在受到磁场力作用后，ab 边向纸外，cd边向纸里A B C DE 02E-E -2E E 02E -E -2E E 02E -E -2E E 02E -E -2E AB21转动，可行的方法是A ．加方向垂直纸面向外的磁场，通方向为ａ→ｂ→ｃ→ｄ→ａ的电 流B ．加方向平行纸面向上的磁场，通方向为ａ→ｂ→ｃ→ｄ→ａ的电流C ．加方向平行于纸面向下的磁场，通方向为ａ→ｂ→ｃ→ｄ的电流D ．加方向垂直纸面向内的磁场，通方向为ａ→ｄ→ｃ→ｂ→ａ的电流4. 在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，当磁场的磁感应强度B 随时间如图乙变化时， 下图中正确表示线圈中感应电动势E 变化的是5．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直流导线，电流方向指向读者，a 、b 、c 、d 是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中 A ．a 、b 两点磁感应强度相同 B ．a 点磁感应强度最大C ．c 、d 两点磁感应强度大小相等D ．b 点磁感应强度最大6. 如图所示是一火警报警器的电路示意图，其中R 2为用半导体热敏材料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而减小。

2015-2016学年广东省肇庆四中高二（上）第一次月考物理试卷一、本题共8小题，每小题4分，共32分，每小题的四个选项中只有一个符合题意，请将正确选项涂在答题卡上．1．对于库仑定律，下列说法中正确的是( )A．凡计算两个点电荷间的作用力，都可以使用公式F=kB．相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷是否相等，它们之间的库仑力大小一定相等C．两个带电小球即使距离非常近，也能使用库仑定律D．两个点电荷的电荷量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的一半2．如图所示，将一带正电的点电荷沿电场线方向从A点移动到B点，下列说法正确的是( )A．电场力做正功，电势能增加 B．电场力做负功，电势能增加C．电场力做正功，电势能减少 D．电场力做负功，电势能减少3．关于静电场的叙述，正确的是( )A．沿着电场线的方向，场强越来越小B．负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大，电势越小C．电场线的方向总是跟等势面垂直D．电场中某点的场强方向一定是该点试探电荷的受力方向4．某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是( )A．c点场强大于d点场强B．a点电势高于b点电势C．若将一试探电荷+q由a点静止释放，它将沿电场线运动到b点D．若将一试探电荷+q由a点静止释放，它将做加速运动5．如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是( )A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加6．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有( )A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做负功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小7．A、B两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，由图象可知( )A．A、B是非线性元件B．R A＞R BC．两导体串联在电路中时U A＞U BD．两导体并联在电路中时I A＞I B8．如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为﹣4×10﹣6C的点电荷从A点移到M 板，电场力做负功8×10﹣4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4J，N板接地．则( )A．A点的电势为100v B．MN电势差为﹣300vC．从A到N电势能增加D．从A到M电势能减少二、不定项选择，本题共3小题，每小题5分，共15分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题目要求，请将答案涂在答题卡上．9．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是( )A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大10．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体的长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻随工作温度的变化而变化D．对一段特定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化11．平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一个带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为θ，如图所示．那么( )A．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．开关S断开，则θ变为零D．开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变三、解答题（共5小题，满分53分）12．某小组在“测定小灯泡的电阻”实验中，选择了以下器材，请按要求完成实验内容．（1）在框中如图画出相应的电路图，并根据电路图了解好实物图．（2）实验前，开关应处于__________状态，这是为了__________闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至__________（左端或右端），这是为了__________；（3）正确连好电路后，闭合开关S，发现灯L不发光，故障的原因不可能是__________；A．电流表处有开路 B．电压表与灯泡相连接的导线接触不良C．导线接触不良 D．小灯泡L的灯丝断了．13．如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．（1）判断小球带何种电荷．（2）求电场强度E．14．如图所示有两块平行金属板A、B相隔6cm，接在36V的直流电源上，电源的正极接地，C 点在两板间且到B板的距离为4cm．（1）求A、B两板间的场强大小和方向；（2）以地为电势的零点，则C点的电势是多少？15．一个电子（电荷量为﹣e，质量为m）以速度v0从A点沿着电场线方向射入场强为E的匀强电场中，到达B点时速度恰为零，求：（1）在此过程中，电子的电势能的增量；（2）A、B两点的电势差；（3）A、B两点的距离．16．如图所示，匀强电场的宽度为d，电子以速率为v0沿垂直于场强方向穿越匀强电场，偏角θ=60°，电子的电荷量为﹣e，质量为m．求：（1）电子在场强方向的侧移；（2）匀强电场的场强大小．2015-2016学年广东省肇庆四中高二（上）第一次月考物理试卷一、本题共8小题，每小题4分，共32分，每小题的四个选项中只有一个符合题意，请将正确选项涂在答题卡上．1．对于库仑定律，下列说法中正确的是( )A．凡计算两个点电荷间的作用力，都可以使用公式F=kB．相互作用的两个点电荷，不论它们的电荷是否相等，它们之间的库仑力大小一定相等C．两个带电小球即使距离非常近，也能使用库仑定律D．两个点电荷的电荷量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的一半【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】清楚库仑定律的适用条件，了解点电荷这一个理想化的模型．两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷呢．运用牛顿第三定律解决B受到的静电力和A受到的静电力关系．【解答】解；AC、库仑定律的适用条件是：真空和静止点电荷．如果在研究的问题中，带电体的形状、大小以及电荷分布可以忽略不计，即可将它看作是一个几何点，则这样的带电体就是点电荷．一个实际的带电体能否看作点电荷，不仅和带电体本身有关，还取决于问题的性质和精度的要求，故AC错误．B、相互作用的两个点电荷之间的库伦力为作用力和反作用力的关系，大小始终相等，故B正确．D、根据库仑定律的计算公式，当两个点电荷的电荷量都减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间的库仑力减为原来的．故D错误．故选：B．【点评】清楚书本中一些定理和定律的适用条件，知道在处理复杂物理问题时建立具有普遍意义的基本规律一些不可或缺的理想模型，使得问题处理更简便．2．如图所示，将一带正电的点电荷沿电场线方向从A点移动到B点，下列说法正确的是( )A．电场力做正功，电势能增加 B．电场力做负功，电势能增加C．电场力做正功，电势能减少 D．电场力做负功，电势能减少【考点】电势能；功能关系；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】正电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，根据电场力与位移方向的关系判断电场力做功的正负，再判断电势能的变化．【解答】解：带正电的点电荷所受的电场力方向从A到B，该点电荷沿电场互A点移动到B点，电场力方向与位移方向相同，则电场力做正功，电势能减少．故选C【点评】本题只要把电场力当作一般的力，抓住力的共性，根据电场力与位移方向的关系判断电场力做功的正负．3．关于静电场的叙述，正确的是( )A．沿着电场线的方向，场强越来越小B．负点电荷形成的电场，离点电荷越近，场强越大，电势越小C．电场线的方向总是跟等势面垂直D．电场中某点的场强方向一定是该点试探电荷的受力方向【考点】电场；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是为了形象的描述电场的强弱和方向而假想的曲线，电场线的疏密表示场强的大小，顺着电场线电势不断降低，电场线的方向总是跟等势面垂直．正电荷所受的电场力方向和电场强度方向相同，负电荷所受的电场力方向和电场强度相反．【解答】解：A、场强大小是通过电场线的疏密反映的，沿电场线的方向场强大小不一定减小，故A错误．B、电场线从无穷远出发，终止于负电荷，离点电荷越近，电场线越密，场强越大，根据顺着电场线电势不断降低，可知电势不断减小，故B正确．C、电场线的方向与等势面总是垂直，故C正确．D、场强方向一定是该点正试探电荷的受力方向，而负试探电荷的受力方向相反，故D错误．故选：BC【点评】记住电场线的特点和物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，顺着电场线电势降低，即可顺利解出此题，要在理解的基础上牢记基本知识．4．某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是( )A．c点场强大于d点场强B．a点电势高于b点电势C．若将一试探电荷+q由a点静止释放，它将沿电场线运动到b点D．若将一试探电荷+q由a点静止释放，它将做加速运动【考点】电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线的疏密反映电场的强弱．沿着电场线方向电势降低．电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系．【解答】解：A、电场线的密的地方场强大，d点电场线密，所以d点场强大，故A错误．B、沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确．C、若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误．D、若将一试探电荷+q由a点静止释放，电场力对电荷做正功，电荷动能增加，所以将做加速运动，故D正确．故选BD．【点评】掌握电场线的特点即可解决问题．可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道速度大小的变化．5．如图所示，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹．M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点．不计重力，下列表述正确的是( )A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电场强度；电势能．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电子在匀强电场中受到的电场力的方向向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，电势能增加，根据电子的运动分析可以得出结论．【解答】解：A、电子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电子的速度减小，运动到M点时，电子的速度最小，所以A错误；B、电子受到的电场力的方向与电场线的方向相反，所以B错误；C、由于电子是在匀强电场中运动的，受到的电场力的大小是不变的，所以粒子在电场中的加速度也不变，所以C正确；D、当电子向右运动的过程中，电场力对电子做负功，电势能增加，在向左返回的过程中，电场力对电子做正功，电势能减小，所以D错误．故选C．【点评】本题就是对电场力做功特点的考查，掌握住电场力做正功，电势能减小，动能增加，电场力做负功时，电势能增加，动能减小．6．如图是某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有( )A．带正电的矿粉落在右侧 B．电场力对矿粉做负功C．带负电的矿粉电势能变大D．带正电的矿粉电势能变小【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】首先要明确矿料分选器内电场的分布及方向，判断矿粉的运动情况，从而可得到正确答案．【解答】解：由图可知，矿料分选器内的电场方向水平向左，A、带正电的矿粉受到水平向左的电场力，所以会落到左侧，选项A错误．B、无论矿粉带什么电，在水平方向上都会在电场力的作用下沿电场力的方向偏移，位移与电场力的方向相同，电场力做正功，电势能减小，选项B错误C、带负电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项C错误．D、带正电的矿粉电场力做正功，所以电势能减小，选项D正确．故选：D【点评】该题考察了带电物体在电场力作用下的运动，要熟练的掌握带电粒子在电场中的受力情况及其运动情况，并会分析电场力做功与电势能的变化情况．7．A、B两个金属导体的伏安特性曲线如图所示，由图象可知( )A．A、B是非线性元件B．R A＞R BC．两导体串联在电路中时U A＞U BD．两导体并联在电路中时I A＞I B【考点】路端电压与负载的关系；欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图线直线的斜率k=，根据斜率大小，比较电阻的大小．由图象的电压与电流比值可知，是否是线性元件，最后根据串联电流相同，则判定电压关系，并联时，电压相同，则判定电流关系．【解答】解：A、根据电阻的定义式R=可知，斜率不变，则A、B是线性元件，故A错误，B、根据电阻的定义式R=可知，I﹣U图线直线的斜率k=，斜率越大，其电阻越小，则由图可知，R A＜R B．故B错误；C、根据欧姆定律：U=IR，两导体串联在电路中时U A＜U B，故C错误；D、当两导体并联，可知，电压相同，则电流I A＞I B．故D正确．故选：D．【点评】本题考查识别、理解物理图象的能力．物理上常常从数学的角度理解图象的物理意义，同时掌握非线性元件与线性元件的区别．8．如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为﹣4×10﹣6C的点电荷从A点移到M 板，电场力做负功8×10﹣4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4J，N板接地．则( )A．A点的电势为100v B．MN电势差为﹣300vC．从A到N电势能增加D．从A到M电势能减少【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】比较思想；模型法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据电势差公式U=分别求出A、N间的电势差，即可得到A点的电势．由电势差公式求出A、M间的电势差．根据电场力做功正负分析电势能的变化．【解答】解：A、A、N间的电势差：U AN==V=﹣100V，又：U AN=φA﹣φN，φN=0，则A点的电势：φA=﹣100V．故A错误．B、AM间的电势差 U AM==V=200V，则MN间的电势差为 U MA=﹣U MA=﹣200V，则MN间的电势差为U MN=U MA+U AN=﹣200﹣100=﹣300V．故B正确．C、将点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10﹣4J，则其电势能减少4×10﹣4J．故C错误．D、点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10﹣4J，则其电势能增加8×10﹣4J．故D错误．故选：B【点评】运用电势差公式U=时，要注意电荷移动的方向，往往公式中三个量都要代入符号一起计算．二、不定项选择，本题共3小题，每小题5分，共15分．每小题给出的四个选项中，至少有一个选项符合题目要求，请将答案涂在答题卡上．9．如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动过程中只受到电场力的作用，根据此图可以作出的正确判断是( )A．带电粒子所带电荷的正、负B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的加速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的速度何处较大【考点】电场线；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】先由粒子的运动轨迹，判断粒子所受电场力的大体方向，即粒子受到的电场力大体向左，电场线方向不明，无法判断粒子的电性．根据电场线疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得ab点加速度的大小．【解答】解：ABC、由图，粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性和产生该电场的点电荷的电性．故A 错误，B正确．C、根据电场线的疏密程度，判断ab两点场强的大小，从而判断ab两点电场力大小，再根据牛顿第二定律得a点加速度的大，故C正确．D、由a到b，电场力做负功，动能减小，故b处的速度小，D正确故选：BCD．【点评】本题是电场中粒子的轨迹问题，首先要能根据轨迹的弯曲方向判断粒子受力方向．10．关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法正确的是( )A．导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B．导体的电阻仅与导体的长度、横截面积和材料有关C．导体的电阻随工作温度的变化而变化D．对一段特定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关，根据电阻定律R=可知，导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关．导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．【解答】解：A、导体的电阻只由导体本身的性质决定，不能根据R=而错误地认为R与U成正比，与I成反比．故A错误．B、C、根据R=ρ知导体的电阻由ρ、L、S决定，但还与温度有关，故B错误，C正确．D、在恒温下，一段特定导体的电阻与U和I无关，是一个定值，故D正确．故选：CD．【点评】对于电阻的两个公式：R=是电阻的定义式，定义方法是比值定义法，有比值定义法的共性，R与U、I无关．R=ρ是电阻的决定式，反映了电阻由导体的长度、横截面积和材料决定．11．平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一个带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为θ，如图所示．那么( )A．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ增大B．保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则θ不变C．开关S断开，则θ变为零D．开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则θ不变【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球受重力、拉力、电场力三个力处于平衡状态，保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变；断开开关S，电容器所带的电量不变．【解答】解：A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的A板向B板靠近，极板间距离减小，电场强度E增大，小球所受的电场力变大，θ增大．故A正确，B错误．C、断开开关S，电容器所带的电量不变，电容器之间存在匀强电场，所以θ不为零，故C错误；D、断开开关S，电容器所带的电量不变，C=，E=．知d变化，E不变，电场力不变，θ不变．故D正确．故选：AD．【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．三、解答题（共5小题，满分53分）12．某小组在“测定小灯泡的电阻”实验中，选择了以下器材，请按要求完成实验内容．（1）在框中如图画出相应的电路图，并根据电路图了解好实物图．（2）实验前，开关应处于断开状态，这是为了保护电路闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至左端（左端或右端），这是为了保护电路；（3）正确连好电路后，闭合开关S，发现灯L不发光，故障的原因不可能是B；A．电流表处有开路 B．电压表与灯泡相连接的导线接触不良C．导线接触不良 D．小灯泡L的灯丝断了．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）根据伏安法测电阻原理作出电路图，然后连接实物电路图；（2）为保护电路，连接电路时应断开开关，闭合开关前滑片要置于阻值最大处；（3）灯泡短路或电路存在断路，灯泡不发光．【解答】解：（1）伏安法测灯泡电阻电路图如图所示：实物电路图如图所示：（2）实验前，开关应处于断开状态，这是为了保护电路闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至左端，这是为了保护电路；（3）A、电流表处有开路，电路断路，灯泡不发光；B、如果电压表与灯泡相连接的导线接触不良，电路是通路，灯泡发光；C、导线接触不良，电路断路，灯泡不发光；D、小灯泡L的灯丝断了，灯泡断路，灯泡不发光；故选B．故答案为：（1）如图所示；（2）断开；保护电路；左端；保护电路；（3）B．【点评】本题考查了作电路图、连接实物电路图、实验注意事项、电路故障分析，知道实验原理是正确解题的关键．13．如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．（1）判断小球带何种电荷．（2）求电场强度E．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】对小球受力分析，根据共点力平衡得出电场力的方向，从而确定小球的电性，根据共点力平衡得出电场力的大小，从而求出电场强度．【解答】解：（1）根据小球的受力分析知，电场力水平向左，知小球带负电．（2）根据共点力平衡得，F=qE，又F=mgtanθ，所以E=．答：（1）小球带负电．（2）电场强度E为．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．14．如图所示有两块平行金属板A、B相隔6cm，接在36V的直流电源上，电源的正极接地，C 点在两板间且到B板的距离为4cm．（1）求A、B两板间的场强大小和方向；（2）以地为电势的零点，则C点的电势是多少？【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】计算题；定量思想；模型法；电场力与电势的性质专题．【分析】（1）A、B间为匀强电场，根据E=求出电场强度的大小．根据极板的极性分析电场强度的方向．（2）根据U=Ed求出CB间的电势差，结合B板的电势为零，求解C点的电势．【解答】解：（1）A、B两板间的场强大小 E===600V/m，方向竖直向下．（2）由于电场线方向向下，则C点的电势比B点的电势高，C、B间的电势差为U CB=Ed CB=600×0.04V=24V由U CB=φC﹣φB，φB=0，得φC=24V答：（1）A、B两板间的场强大小是600V/m，方向竖直向下．（2）C点的电势是24V．【点评】解决本题的关键掌握匀强电场的电势差与场强的关系公式，求电势时，往往先求电势差，再求电势．15．一个电子（电荷量为﹣e，质量为m）以速度v0从A点沿着电场线方向射入场强为E的匀强电场中，到达B点时速度恰为零，求：（1）在此过程中，电子的电势能的增量；（2）A、B两点的电势差；（3）A、B两点的距离．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据动能定理求出电场力做功，从而得出电势能的增量，根据电场力做功与电势差的关系求出A、B两点的电势差，根据电势差和电场强度求出AB之间的距离．【解答】解：（1）根据动能定理得，电场力做功，可知电子的电势能增大，增加．（2）A、B两点间的电势差．（3）A、B两点的距离d=．答：（1）电子电势能的增量为；（2）A、B两点的电势差为；（3）A、B两点的距离为．【点评】解决本题的关键知道电场力做功与电势能的关系，以及掌握W=qU和E=，注意d为沿电场线方向上的距离．16．如图所示，匀强电场的宽度为d，电子以速率为v0沿垂直于场强方向穿越匀强电场，偏角θ=60°，电子的电荷量为﹣e，质量为m．求：。

广东省肇庆四中2014-2015学年高二下学期第一次月考物理试卷（理科）一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，错选、不选得0分．1．（3分）光滑的水平地面上放着一个木块．一颗子弹水平地射进木块后停留在木块中，带动木块一起向前滑行一段距离，在这个过程中，子弹和木块组成的系统（）A．动量和能量都守恒B．动量和能量都不守恒C．动量守恒，能量不守恒D．动量不守恒，能量守恒2．（3分）如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s．下列说法正确的是（）A．球棒对垒球的平均作用力大小为360NB．球棒对垒球的平均作用力大小为720NC．球棒对垒球的平均作用力大小为1260ND．无法判断3．（3分）一人静止于完全光滑的水平冰面上．现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A．向后踢腿B．手臂向前甩C．在冰面上滚动D．脱下外衣水平抛出4．（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A．线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次B．线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次．感应电动势向不变C．线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次D．线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都要改变一次5．（3分）小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个R=110Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法中正确的是（）A．电压有效值为220VB．电流的周期为0.01sC．如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，该电压表的示数为220 VD．如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为2V6．（3分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A．周期是0.01S B．最大值是220VC．有效值是220V D．表达式为U=220sin100πt（V）7．（3分）下列关于交流电的说法中正确的是（）A．交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的峰值B．用交流电流表和电压表测定的读数值是交流电的瞬时值C．跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的峰值D．给定的交流数值，在没有特别说明的情况下是指有效值8．（3分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100πt）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55Ω的负载电阻．原、副线圈匝数之比为2：1．电流表、电压表均为理想电表．下列说法正确的是（）A．原线圈中电流表的读数为1AB．原线圈中的输入功率为220C．副线圈中电压表的读数为110VD．副线圈中输出交流电的周期为50s二、双项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得4分，漏选的得2分，错选、不选得0分．9．（4分）向空中发射一物体，不计空气阻力．当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a、b两块，若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则（）A．a、b一定同时到达水平地面B．在炸裂过程中，a、b受到的爆炸力的冲量大小一定相等C．b的速度方向一定与初速度方向相反D．从炸裂到落地的这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大10．（4分）一木块静止在光滑水平面上，一粒子弹水平射入木块，在这个过程中（）A．子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等B．子弹的动能损失与木块的动能增加相等C．子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等D．子弹与木块之间的相互作用力，对子弹做的功与对木块做的功相等11．（4分）远距离输送交流电都采用高压输电．我国正在研究用比330kV高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是（）A．可节省输电线的材料B．可根据需要调节交流电的频率C．可减少输电线上的能量损失D．可加快输电的速度12．（4分）一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100πt．关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．电动势的有效值为220VC．电动势的峰值约为311VD．t=0时，线圈平面与中性面垂直13．（4分）如图所示，L1、L2是高压输电线，图中两电表示数分别是220V和10A，已知甲图中原副线圈匝数比为100：1，乙图中原副线圈匝数比为1：10，则（）A．甲图中的电表是电压表，输电电压为22000VB．甲图是电流互感器．输电电流是100AC．乙图中的电表是电压表，输电电压为22000VD．乙图是电流互感器，输电电流是100A14．（4分）如图为远距离高压输电的示意图．关于远距离输电，下列表述正确的是（）A．减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好三、实验题（13分）15．（9分）如图1为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图（1）入射小球1与被碰小球2直径相同，均为d，它们的质量相比较，应是m1____m2（2）为了保证小球做平抛运动，必须调整斜槽使_____________________________．（3）某次实验中在纸上记录的痕迹如图2所示．测得OO′=1.00厘米，O′M=1.80厘米，MP=5.72厘米，PN=3.50厘米，入射球质量m1为100克，被碰小球质量m2是50克，两球直径都是1.00厘米，则没有放被碰球时，入射球落地点是纸上的点，水平射程是____厘米，被碰小球的水平射程是____厘米，验证的公式为：________．16．（4分）某同学小组合作自主发明了一台小型发电机的产生的正弦式电流的电动势的有效值为10V，若线圈从中性面开始匀速转动，其周期为0.02s．则线圈转动的角速度为，电动势的峰值为，若把该电动机当成理想电源与5Ω的定值电阻串联，则该电阻在5秒内产生的热量为________．四、计算题（3小题，共39分）17．（9分）一小型发电站输出的电功率是110kW，若用220V输电到距离10千米远的地方，平均每米长的导线电阻为2.7×10﹣8Ω．试求（1）输电电流I为多少？（2）输电线上损失的功率为多少？18．（10分）某小型实验水电站输出功率是20kW，输电线路总电阻是6Ω．（1）若采用380V输电，求用户得到的功率为多少？（2）若改用5000V高压输电，用户端利用n1：n2=22：1的变压器降压，求用户端变压前的电压U1和变压后得到的电压U2．19．（10分）光滑水平面上有A、B两物块，质量分别为2kg和4kg，物块A以v0=6m/s的速度向右运动，物块B静止在前方（1）如图，情况一：物块A、B碰撞后，A以速度V1=2m/s反方向运动，求碰撞后物块B 的速度．（2）同样如图，情况二：物块发生的是完全弹性碰撞，求碰撞后物块A、B的速度．20．（10分）如图所示一根轻绳长1.6m，一端系在固定支架上，另一端悬挂一个质量为1kg 的砂箱．砂箱处于静止．质量为10g的子弹以水平速度v0=500m/s打入砂箱，其后以v=100m/s 速度从砂箱穿出．g取10m/s2．求：（1）砂箱和子弹作为一个系统共同损失的机械能；（2）砂箱在最低点处时，绳对砂箱的拉力大小．广东省肇庆四中2014-2015学年高二下学期第一次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题．本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得3分，错选、不选得0分．1．（3分）光滑的水平地面上放着一个木块．一颗子弹水平地射进木块后停留在木块中，带动木块一起向前滑行一段距离，在这个过程中，子弹和木块组成的系统（）A．动量和能量都守恒B．动量和能量都不守恒C．动量守恒，能量不守恒D．动量不守恒，能量守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：子弹射入木块过程中，系统所受合外力为零，动量守恒；根据能量守恒定律，子弹减小的动能等于转化成的系统内能和木块增加的动能之和．解答：解：子弹和木块组成系统受外力的合力为零，故系统动量守恒．能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，只能从一种形式转化为别的形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，其总量不变．能量守恒不需要条件，即子弹和木块组成系统能量守恒，故A正确，BCD错误；故选：A．点评：本题是子弹射入木块类型，是动量守恒与能量守恒的综合应用，记住动量守恒的条件和能量守恒即可，基本题．2．（3分）如图所示，一个质量为0.18kg的垒球，以25m/s的水平速度飞向球棒，被球棒打击后反向水平飞回，速度大小变为45m/s，设球棒与垒球的作用时间为0.01s．下列说法正确的是（）A．球棒对垒球的平均作用力大小为360NB．球棒对垒球的平均作用力大小为720NC．球棒对垒球的平均作用力大小为1260ND．无法判断考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：对球棒击球的过程运用动量定理列方程求解作用力．解答：解：根据动量定理：F•t=mv2﹣mv1得：F==﹣1260N，符号表示力的方向与初速度的方向相反．故选：C点评：此题主要考查动量定理的简单运用，难度不大，属于基础题．3．（3分）一人静止于完全光滑的水平冰面上．现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A．向后踢腿B．手臂向前甩C．在冰面上滚动D．脱下外衣水平抛出考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：选取合适的系统为研究对象，根据动量守恒定律进行分析．解答：解：AB、以人作为整体为研究对象，向后踢腿或手臂向前甩，人整体的总动量为0，不会运动起来，故AB错误；C、因为是完全光滑的水平冰面，没有摩擦力，人是滚不了的，C错误；D、把人和外衣视为一整体，这个整体动量为0，人给外衣一个速度，动量总量不变，所以人也可以有一个反向的速度，可以离开冰面，D正确；故选：D．点评：本题是实际问题，考查了利用动量守恒定律分析问题的能力，关键选取合适的系统为研究对象．4．（3分）关于线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流，下列说法中正确的是（）A．线圈每转动一周，感应电流方向就改变一次B．线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次．感应电动势向不变C．线圈平面每经过中性面一次，感应电流和感应电动势方向都要改变一次D．线圈转动一周，感应电流和感应电动势方向都要改变一次考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：线圈通过中性面时线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零．线圈平面每经过中性面一次，感应电流方向就改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次．解答：解：当线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流时，线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次．故只有C正确；故选：C点评：本题考查中性面特点：线圈平面每经过中性面一次，感应电流与感应电动势方向均改变一次，转动一周，感应电流方向改变两次5．（3分）小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动．产生的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个R=110Ω的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法中正确的是（）A．电压有效值为220VB．电流的周期为0.01sC．如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，该电压表的示数为220 VD．如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为2V考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：从图象中可以求出该交流电的最大电压以及周期等物理量，然后根据最大值与有效值以及周期与频率关系求解．解答：解：A、由图可知，交流电的最大电压U m=220V，所以交变电压的效值为U= =220V，故A错误；B、由图可知，交流电周期T=0.02s，故B错误；C、如果在该电阻器两端并联一个交流电压表，电压表的示数为有效值，所以电压表的示数为220V，故C正确；D、如果在该电路中串联一个交流电流表，该电流表的示数为I==2A，故D错误；故选：C点评：本题比较简单考查了交流电最大值、有效值、周期、频率等问题，要学会正确分析图象，从图象获取有用信息求解．6．（3分）如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的（）A．周期是0.01S B．最大值是220VC．有效值是220V D．表达式为U=220sin100πt（V）考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．专题：交流电专题．分析：根据图象可直接读出交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．解答：解：A、由图象知周期为0.02s，故A错误；B、由图象知最大值为311V，故B错误；C、电压的有效值为：U==V=220V，故C正确；D、角频率ω==rad/s=100πrad/s，则瞬时值表达式为：u=311sin100πt V，故D错误；故选：C．点评：此题考查读图的能力，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式．7．（3分）下列关于交流电的说法中正确的是（）A．交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的峰值B．用交流电流表和电压表测定的读数值是交流电的瞬时值C．跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的峰值D．给定的交流数值，在没有特别说明的情况下是指有效值考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：本题考查了有关交流电的基础知识，正确理解交流电瞬时值、最大值、平均值、有效值的含义．解答：解：A、交流电器设备上所标的电压和电流值是交流电的有效值，故A错误；B、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值，故B错误；C、有效值是在热效应基础上建立的，即跟交变电流有相同的热效应的直流电的数值是交流电的有效值，故C正确；D、给定的交流数值，在没有特别说明的情况下都是指有效值，故D正确．故选：CD．点评：正确理解交流电的“四值”含义，尤其是“有效值”的理解与应用，同时注意加强这方面的练习．8．（3分）如图所示，理想变压器的原线圈接在u=220sin（100πt）（V）的交流电源上，副线圈接有R=55Ω的负载电阻．原、副线圈匝数之比为2：1．电流表、电压表均为理想电表．下列说法正确的是（）A．原线圈中电流表的读数为1AB．原线圈中的输入功率为220C．副线圈中电压表的读数为110VD．副线圈中输出交流电的周期为50s考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，即可求得结论．解答：解：A、由瞬时值的表达式可得，原线圈的电压有效值为220V，根据电压与匝数成正比可得，副线圈的电压为110V，再由输入功率和输出功率相等可得220I1=，所以原线圈的电流的大小为1A，所以A正确；B、由输入功率和输出功率相等可得原线圈中的输入功率为=220W，所以B错误；C、电压表的读数为电压的有效值，由A的分析可知，副线圈的有效值为110V，所以电压表的读数为110V，所以C错误；D、变压器不会改变交流电的周期和频率，所以副线圈中输出交流电的周期为T==0.02s，所以D错误．故选A．点评：本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．二、双项选择题．本题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对的得4分，漏选的得2分，错选、不选得0分．9．（4分）向空中发射一物体，不计空气阻力．当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a、b两块，若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则（）A．a、b一定同时到达水平地面B．在炸裂过程中，a、b受到的爆炸力的冲量大小一定相等C．b的速度方向一定与初速度方向相反D．从炸裂到落地的这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：当物体的速度沿水平方向炸裂成a、b两块时，质量较大的a的速度方向仍沿原来的方向，根据动量守恒定律判断可知b运动方向一定沿水平方向，a、b均做平抛运动，高度相同，运动时间相同，同时到达地面．在炸裂过程中，a、b间相互作用力大小相等，作用时间相等，冲量大小一定相等．解答：解：A、a、b都做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，由于高度相同，飞行时间一定相同，a，b一定同时到达水平地面．故A正确．B、炸裂过程中，a，b受到爆炸力大小相等，作用时间相同，则爆炸力的冲量大小一定相等．故B正确．C、炸裂过程中，由于重力远小于内力，系统的动量守恒．炸裂前物体的速度沿水平方向，炸裂后a的速度沿原来的水平方向，根据动量守恒定律判断出来b的速度一定沿水平方向，但不一定与原速度方向相反，取决于a的动量与物体原来动量的大小关系．故C错误．D、a、b都做平抛运动，飞行时间相同，由于初速度大小关系无法判断，所以a飞行的水平距离不一定比b的大．故D错误．故选：AB．点评：本题是动量守恒定律及平抛运动的应用．对于系统动量守恒，不仅作用前后总动量的大小保持不变，总动量的方向也保持不变，解题时要抓住这一点．10．（4分）一木块静止在光滑水平面上，一粒子弹水平射入木块，在这个过程中（）A．子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等B．子弹的动能损失与木块的动能增加相等C．子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等D．子弹与木块之间的相互作用力，对子弹做的功与对木块做的功相等考点：动量守恒定律；功的计算．专题：动量定理应用专题．分析：子弹、木块存在力的作用，所以它们是相互作用的系统，该系统受的外力为零，所以子弹水平射入木块时，系统动量守恒．根据能量转化和守恒定律分析：子弹损失的动能转化为系统的内能和木块的动能．解答：解：A、子弹、木块存在力的作用，所以它们是相互作用的系统，该系统受的外力为零，所以子弹水平射入木块时，系统动量守恒，子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，故A正确．B、根据能量转化和守恒定律分析：子弹损失的动能转化为系统的内能和木块的动能．故B 错误C、子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，根据动量定理得子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等，故C正确．D、子弹与木块之间有相对运动，子弹的位移大于木块的位移所以作用力与反作用力做功大小不等；故D错误．故选：AC．点评：本题考查对动量守恒和动量定理的应用，以及功与能关系的分析、判断能力．当物体间有相对位移时，作用力与反作用力做功大小不等．11．（4分）远距离输送交流电都采用高压输电．我国正在研究用比330kV高得多的电压进行输电．采用高压输电的优点是（）A．可节省输电线的材料B．可根据需要调节交流电的频率C．可减少输电线上的能量损失D．可加快输电的速度考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI，输送电压越高，输送电流越小，根据△P=I2R，知损失的功率小．解答：解：A、C、在输电的过程中输送的功率一定，根据P=UI和△P=I2R，有：，故高压输电可以降低功率损耗，故A错误，C正确；B、交流电的频率等于发电机转动的频率，是不改变的，故B错误；D、电路中电场建立的速度是光速，与是否高压输电无关，故D错误；故选：C．点评：解决本题的关键知道输电的过程中，输送功率一定，输电电压越高，电流越小，在输电线上损失的功率越少．12．（4分）一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为e=220sin100πt．关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）A．交变电流的频率为100HzB．电动势的有效值为220VC．电动势的峰值约为311VD．t=0时，线圈平面与中性面垂直考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．解答：解：由e=220sin 100πt可知该交流电的电动势最大值为220V，即311V，有效值为220V，故BC正确；线圈的转速为100πrad/s，故其频率为：f==50Hz，故A错误；由e=220sin 100πt可知，当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，故D错误．故选BC．点评：对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义．13．（4分）如图所示，L1、L2是高压输电线，图中两电表示数分别是220V和10A，已知甲图中原副线圈匝数比为100：1，乙图中原副线圈匝数比为1：10，则（）A．甲图中的电表是电压表，输电电压为22000VB．甲图是电流互感器．输电电流是100AC．乙图中的电表是电压表，输电电压为22000VD．乙图是电流互感器，输电电流是100A考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：甲图是电压互感器，乙图是电流互感器．变压器原副线圈的电压比等于匝数比．只有一个副线圈的变压器，原副线圈中的电流比等于匝数的反比．解答：解：A、根据变压器电压表等于匝数比，有=，故A正确．B、甲图是电压互感器．故B错．C、乙图是电流互感器，电表是电流表．故C错．D、只有一个副线圈的变压器，电流比等于匝数的反比，有=，故D正确．故选AD．点评：电压互感器原线圈并接在两个输电线上，原线圈的匝数比副线圈的匝数多，是降压变压器，把高电压降低成低电压，副线圈接电压表．电流互感器原线圈串接在某一根输电线中，原线圈匝数比副线圈匝数少，原线圈中是大电流，副线圈中是小电流，副线圈接的是电流表．14．（4分）如图为远距离高压输电的示意图．关于远距离输电，下列表述正确的是（）A．减小输电导线的横截面积有利于减少输电过程中的电能损失B．高压输电是通过减小输电电流来减小电路的发热损耗C．在输送电压一定时，输送的电功率越大，输电过程中的电能损失越小D．高压输电必须综合考虑各种因素，不一定是电压越高越好考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：输电功率损失P损=I2R=R，根据该公式分析答题．解答：解：A、在导线材料、长度一定的情况下，导线的横截面积越小，导线电阻越大，导线损失的功率越大，故A错误；B、由P损=I2R可知，在输电导线电阻一定的情况下，输电电流越小损失的功率越小，减小输电电流，可以减少电路的发热损耗，故B正确；C、由P损=R可知，输电电压一定，输送功率越大，输电损失功率越大，损失的电能越多，故C错误．D、在高压输电的过程中，电压过高时，感抗和容抗影响较大，所以不一定是电压越高越好，故D正确．故选BD．。

肇庆市第四中学2015—2016学年度第一学期高二年级文科物理月考试题（二）一．单项选择题I ：本大题共30小题上，每小题1分，共30分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1．下列物理量属于矢量的是A. 线速度B.路程C.动能D.功2. 下面物理量属于国际单位制中基本物理量的是A ．力B ．千克C ．质量D ．牛顿3. 十七世纪末，采用归纳与演绎、综合与分析的方法，建立了完整的经典力学体系，使物理学从此成为一门成熟的自然科学的科学家是A ．伽利略B ．笛卡尔C ．开普勒D ．牛顿4．关于加速度，下列说法正确的是A ．加速度大的物体速度一定大B ．速度大的物体加速度一定大C ．加速度大的物体速度变化一定大D ．加速度大的物体速度变化一定快5. 在直线上运动的物体a 和b 的位移图象如右图所示，则由图知 A ．两物体均作匀速直线运动，a 的速率较小B ．两物体均作匀速直线运动，b 的速率较小C ．两物体均作匀加速直线运动D ．两物体均作匀减速直线运动6足球以8m ／s 的速度飞来，运动员把它以12m ／s 的速度反向踢出，踢球时间为0.02s ，设飞来的方向为正方向，则足球在这段时间内的加速度A ．一1000m ／s 2B ．200m ／s 2C ．一200m ／s 2D ．1000m ／s 27.．根据打点计时器打出的纸带，我们可以从纸带上直接得到的物理量是A ．时间间隔B ．瞬时速度C ．平均速度D ．加速度8．关于两个物体间的相互作用，说法正确的是A ．马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B ．马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C ．马拉车不论动或不动，马拉车的力总等于车拉马的力D ．马拉车不动或匀速运动时，才有马拉车的力与车拉马的力大小相等9．质量2kg 的质点，在两个力F 1=2N ，F 2=8N 的作用下，获得的加速度大小可能是A ． 4m ／s 2B ．6m ／s 2C ．1m ／s 2D ．2m ／s 210.原在水平地面上的小物块受到瞬时撞击后，沿光滑斜面向上滑动（如图所示），则小物块在斜面上向上滑动过程中受到几个力作用A ．1个 Ｂ．2个C ．3个 Ｄ．4个11．关于惯性，下列哪些说法是正确的？t/sA．静止的火车启动时速度变化缓慢，是因为物体静止时惯性大的缘故B．战斗机投入战斗时，必须丢掉副油箱，减小惯性，以保证其运动的灵活性C．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球惯性大的缘故D．在绕地球运转的宇宙飞船内的物体不存在惯性12．关于力和运动的关系，下列说法中正确的是A．物体受到一个不为零的恒定外力作用时，它的运动状态一定不变B．物体受到的合外力不为零时，一定做变速运动C．物体受到的合外力不为零时，可能处于静止状态D．物体受到的合外力的方向就是物体的运动方向13．如右图所示．在匀速转动的圆筒内壁上紧靠着一个物体一起运动，物体所受向心力是A．重力 B．弹力 C．静摩擦力 D．滑动摩擦力14．从同一高度自由下落的甲、乙两个小铁球，甲的质量是乙的两倍，则A．甲比乙先落地，落地时甲的速度是乙的两倍B．甲比乙先落地，落地时甲、乙的速度大小相同C．甲、乙同时落地，落地时甲的速度是乙的两倍D．甲、乙同时落地，落地时甲、乙的速度大小相同15. 下列那些现象不是为了防止离心现象的A.离心式水泵工作时B.转速很高的砂轮半径不能做得太大C.在修筑铁路时，转弯处轨道的内轨要低于外轨D.汽车转弯时要限制速度16. 忽略空气阻力，下列几种运动中满足机械能守恒的是A. 匀速下降的电梯 B．沿斜面匀速下滑的物体C．自由下落的物体 D．射穿木块过程中的子弹17．决定一个平抛运动的总时间的因素是A．抛出时的初速度 B．抛出时的竖直高度C．落地时的水平位移 D．落地时的末速度18. 质量为1kg的物体从高处无初速度释放，经 2s下落18m到达地面．在这个过程中重力对物体做的功是（g取10m/s2）A． 18J B． 180J C． 200J D． 400J19. 把质量为m的物体，匀速地拉高h，则A．重力做负功，拉力做正功 B．重力做正功，拉力做负功C．重力做负功，拉力做负功 D．重力做正功，拉力做正功20. 水平公路上行驶的汽车，当发动机熄火后，行驶速度越来越小，在这个过程中A．汽车的能量正在消失 B．汽车的动能转化为它的势能C．汽车的动能不断减少 D．汽车的机械能守恒21. 静电在各种产业和日常生活中有着重要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是让带电的物质微粒在电场作用下奔向并吸附到电极上。

肇庆市第四中学2015—2016学年度第一学期 高二年级理科物理新课程模块二考试试题一．不定项选择题，共9小题，每题5分，共45分。

全对得5分，部分正确得2分，选错、不选不得分。

1．在真空中，电量为q 1的点电荷产生的电场中有一点P ，P 点与q 1的距离为r ，把一个电量为q 2的检验电荷放在P 点，它受到的电场力为F ，则该点电场强度的大小等于（ ）A ．1q FB ．2q FC ．21r kqD ．22r kq2．在同一平面内有四根彼此绝缘的通电直导线如图所示，电流I 1＝I 3>I 2>I 4，要想保留其中三根导线且使中心O 点磁场最强，应切断 ( )．A ．I 1B ．I 2C ．I 3D ．I 43．如图所示，a ．b ．c ．d 为匀强电场中的四个等势面，一个电子射入电场后的运动轨迹如实线MN 所示，由此可知（ ）A ．电子在N 的动能大于在M 的动能B ．电子在N 的电势能小于在M 的电势能C ．电场强度方向向左D ．电场中，a 点电势低于b 点电势4．如图，当K 闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A ．保持K 闭合，使P 滑动片向左滑动，微粒仍静止B ．保持K 闭合，使P 滑动片向右滑动，微粒向下移动C ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止 5．两个阻值均为R 的电阻，并联在电源时通过每个电阻的电流为串联在同一电源时的2/3，则电源内阻为（ ）A ．R/2B ．R/4C ．2 RD ．4 R 6．如图所示电路中，S 闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同．则三个灯的电阻R 1．R 2．R 3的关系是（ ）A ．R 1 < R 2 < R 3B ．R 2 < R 3 < R 1C ．R 3 < R 2 < R 1D ．R 3 < R 1 < R 2 7．某同学画的表示磁场B 、电流I 和安培力F 的相互关系如图所示，其中正确的是ab cdMNF B8．如图电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，固定电阻R 1= r ，可变电阻R 2的最大值也等于r ．则当滑动头上移时（ ）A ．电源的输出功率增大B ．电源内部的电势降落增大C ．R 2消耗的电功率减小D ．电源的效率增加9.如图所示为电流产生磁场的分布图，正确的分布图是 ( )．A ．①③B ．②③C ．①④D ．②④二．非选择题，请按要求作答。

2016届高三第一次统一检测题理科综合物理第Ⅰ卷（选择题）二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

第II 卷 三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。

第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答。

（一）必考题（共129分）22．(6分）（1）1.050(2分，写成1.045或1.055的也给这2分）(2) C （2分）（3）12k （2分） 23. （9分）（1）BCD （3分，有选对但不全的给1分，有选错的则不给分）（2）1.3 （3分）（3）k2（3分） 24．（12分）（1）根据图示可知，滑块向上做匀减速直线运动：其加速度：21v v a t-=∆①（1分） 将数据代入①式解得：a =－7.2(m/s 2) ②有滑块进行受力分析有：sin cos mg mg ma θμθ+= ③（2分）将数据代入③式解得： =0.15μ ④（1分）（2）设小木块在斜面上滑行的距离为x ，由匀变速直线运动的规律可得：22v x a= ⑤（1分） 将数据代入⑤式可得：x=1.6(m) ⑥由功能关系可得，滑块从出发点返回到底端整个过程中损失的机械能Q 为：2cos Q x mg μθ= ⑦（2分）将数据代入⑦式解得：Q ＝3.84（J ）⑧（1分）（3）滑块上滑到顶端所用的时间：1v t a =⑨（1分） 由⑨式解得：t 1=23(s) ⑩ 则从最高点开始下滑的时间t 2=1－t 1 ○11滑块从最高点下滑时，由牛顿第二定律可得：sin cos mg mg ma θμθ-=下 ○12（1分） 1s 后滑块的速度v t 由运动学规律可得：2t v a t =下 ○13（1分） 将数据代入以上式子并解得：v t =1.6(m/s) ○14（1分）25．(20分)解：（1）因为木块在木板上滑行的最大加速度为1μmg =ma 1 ① （2分）由①式解得：a 1=4(m/s 2) ②（1分）若木块与木板一起做匀加速运动，其加速度a 由牛顿运动定律可得：F －2μ(M +m )g ＝(M +m )a ③（2分）由③式解得：a =2(m/s 2) ④（1分）（2）2s 末木块与木板的速度为v ，由运动学知识可得：v =at 1 ⑤（1分）2s 后木块和木板发生相对滑动，木块加速度a 1，木板加速度a 2为：F －1μmg －2μ(M +m )g ＝Ma 2 ⑥（2分）经时间t 2二者分离，此时由运动学知识可得：vt 2+12 a 2 t 22－（vt 2+12a 1 t 22）＝l ⑦（2分） 联立⑤⑥⑦式解得：a 2=6(m/s) t 2=1（s ） ⑧此时木块的速度v 块=v+ a 1 t 2 ⑨（1分）木板的速度：v 板= v+ a 2 t 2 ⑩（1分）木块与木板分离至滑落到地的时间为t 3，由平抛运动知识可得：h =12gt 2 ○11（1分） 在木块与木板分离至滑落到地的时间为t 3内，木块在水平方向向前的位移为：S 块=v 块t 3 ○12（1分）木块与木板分离后，木板的加速度为a 3，由牛顿运动定律可得：F －2μMg ＝M a 3 ○13（1分）在木块与木板分离至滑落到地的时间t 3内，木板在水平方向向前的位移为：S板=v板t3+12a3 t32○14（1分）所以，木块落地时距离木板左侧：∆s= S板－S块○15（1分）联立以上式子解得：∆s=1.68(m) ○16（2分）（二）选考题：共45分。

广东省肇庆市2016届高三物理上学期第一次统一检测试题一、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，14～18题只有一项是符合题目要求的，第19～２１题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得０分14．如图所示，质量均为1 kg 的小球a 、b 在轻弹簧A 、B 及外力F 的作用下处于平衡状态，其中A 、B 两个弹簧劲度系数均为5 N ／cm ，B 弹簧上端与天花板固定连接，轴线与竖直方向的夹角为60°，A 弹簧竖直，g 取10 m ／s 2。

则以下说法正确的是A ．A 弹簧伸长量为3 cmB ．外力F ＝C ．B 弹簧的伸长量为4 cmD ．突然撤去外力F 瞬间，b 球加速度为015．如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60°的正上方，按图示方向第一次运行到南纬60°的正上方时所用时间为1 h ，则下列说法正确的是 A ．该卫星与同步卫星的运行半径之比为1 ：4 B ．该卫星与同步卫星的运行速度之比为1 ：2 C ．该卫星的运行速度一定大于7．9 km ／s D ．该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能16．趣味运动会上运动员手持乒乓球拍托球沿水平面匀加速跑动，设球拍和球的质量分别为M 、m ，球拍平面和水平面之间的夹角为θ，球拍与球保持相对静止，球拍与球之间的摩擦力及空气阻力不计。

则下列说法正确的是 A ．运动员的加速度为g tan θ B ．球拍对球的作用力为mgC ．运动员对球拍的作用力为(M ＋m )g cos θD ．若加速度大于g sin θ，球一定沿球拍向上运动17．如图所示，某人从高出水平地面h 的坡上水平击出一个质量为m 的高尔夫球由于受恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直落入距击球点水平距离为L 的A 穴，不计洞穴的深度，则下列说法正确的是A ．球被击出后做平抛运动B ．该球从被击出到落入A 穴所用的时间为C ．球被击出时的初速度大小为hg L 2D ．球被击出后受到的水平风力的大小为mgh L18．如图所示，斜面c 上放有两个完全相同的物体a 、b ，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F ，使两物体及斜面均处于静止状态。

肇庆市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，带电量为Q 的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C 点，斜面上有A 、B 、D 三点，A 和C 相距为L ，B 为AC 中点，D 为A 、B 的中点。

现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B 点时速度恰好为零。

已知重力加速度为g ，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。

则（ ）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL-= 联立上式解得'22L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma Lθ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（） 联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma L θ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。

故选BC 。

2．真空中，在x 轴上的坐标原点O 和x =50cm 处分别固定点电荷A 、B ，在x =10cm 处由静止释放一正点电荷p ，点电荷p 只受电场力作用沿x 轴方向运动，其速度与在x 轴上的位置关系如图所示。

肇庆市第四中学2015-2016年度第二学期高二年级物理第1次月考试题（理科）本卷共4页，满分100分。

考试用时90分钟。

一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1.自然界的电、热和磁等现象都是相互联系的，很多物理学家为寻找它们之间的联系做出了贡献．下列说法不．正确的是( )A．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系B．欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系C．法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D．焦耳发现了电流的热效应，定量给出了电能和热能之间的转换关系2. .关于交流电的有效值U和最大值U m，下列说法中正确的是( )A．任何形式的交流电都具有U＝U m/ 2 的关系B．只有正(余)弦交流电才具有U＝U m/ 2 的关系C．照明电压220 V指的是最大值D．交流电压表和交流电流表测的都是有效值3.家用日光灯电路如图所示，S为启动器，A为灯管，L为镇流器，关于日光灯的工作原理下列说法正确的是( )A．镇流器的作用是将交流变为直流B．在日光灯的启动阶段，镇流器能提供一个瞬时高压，使灯管开始工作C．日光灯正常发光时，启动器中的两个触片是分离的D．日光灯发出柔和的白光是由汞原子受到激发后直接辐射的4.一矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交流电的图象如图所示，由图可以知道( )A．0.01 s时刻线圈处于中性面位置B．该交流电流频率为50 HzC．该交流电流有效值为2 AD．0.01 s时刻穿过线圈的磁通量为零5.如图所示，在两根平行长直导线中，通入方向相同、大小相等的恒定电流．一个小线框在两导线平面内，从靠近右边的导线内侧沿着与两导线垂直的方向匀速向左移动，直至到达左边导线的内侧．在这移动过程中，线框中的感应电流方向( )A．沿abcda不变B．沿dcbad不变C．由abcda变为dcbad D．由dcbad变为abcda6. 如图所示是冶炼金属的感应炉的示意图．高频感应炉中装有待冶炼的金属，当线圈中通有电流时，通过产生涡流来熔化金属．以下关于高频感应炉的说法中正确的是( )A．高频感应炉的线圈中必须通有变化的电流，才会产生涡流B．高频感应炉的线圈中通有恒定的电流，也可以产生涡流C．高频感应炉是利用线圈中电流产生的焦耳热使金属熔化的D．高频感应炉是利用线圈中电流产生的磁场使金属熔化的7. 如图所示，一闭合的小金属环用一根绝缘细杆挂在固定点O处，使金属圆环在竖直线OO′的两侧来回摆动的过程中穿过水平方向的有界匀强磁场区域，若悬点摩擦和空气阻力均不计．则( )A．金属环每次进入磁场区都有感应电流，而离开磁场区没有感应电流B．金属环进入磁场区域后越靠近OO′线时速度越大，而且产生的感应电流越大C．金属环开始摆动后，摆角会越来越小，摆角小到某一值后不再减小D．金属环在摆动一段时间后将停在最低点8. 实验室里的交流发电机可简化为如图所示的模型，正方形线圈在水平匀强磁场中绕垂直于磁感线的OO′轴匀速转动．今在发电机的输出端接一个电阻R和理想电压表，并让线圈每秒转25圈，读出电压表的示数为10 V．已知R＝10 Ω，线圈电阻忽略不计，下列说法正确的是( )A．线圈位于图中位置时，线圈中的瞬时电流为零B．从中性面开始计时，线圈中电流瞬时值表达式为i＝2sin25t(A)C．流过电阻R的电流每秒钟方向改变50次D．电阻R上的热功率等于20 W9.如图所示，A、B为大小、形状均相同且内壁光滑，但用不同材料制成的圆管．将它们竖直固定在相同高度．两个相同的磁性小球，同时从A、B管上端的管口无初速度释放，穿过A管的小球比穿过B管的小球先落到地面．下列关于两管的描述可能正确的是( )A．A管是用铝制成的，B管是用铜制成的B．A管是用铝制成的，B管是用胶木制成的C．A管是用胶木制成的，B管是用塑料制成的D．A管是用胶木制成的，B管是用铝制成的10. 在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自感线圈，E为电源，S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是( )A．合上开关，a先亮，b后亮；断开开关，a、b同时熄灭B．合上开关，b先亮，a后亮；断开开关，a先熄灭，b后熄灭C．合上开关，b先亮，a后亮；断开开关，a、b同时熄灭D．合上开关，a、b同时亮；断开开关，b先熄灭，a后熄灭11 一直升机停在南半球的地磁极上空．该处地磁场的方向竖直向上，磁感应强度为B.直升机螺旋桨叶片的长度为L，螺旋桨转动的频率为f，逆着地磁场的方向看螺旋桨，螺旋桨顺时针方向转动．螺旋桨叶片的近轴端为a，远轴端为b，如果忽略a到转轴中心线的距离，用E表示每个叶片中的感应电动势，如图所示，则( )A．E＝πfL2B，且a点电势低于b点电势B．E＝2πfL2B，且a点电势低于b点电势C．E＝πfL2B，且a点电势高于b点电势D．E＝2πfL2B，且a点电势高于b点电势12.如图所示，竖直放置的两根平行金属导轨之间接有定值电阻R，质量不能忽略的金属棒与两导轨始终保持垂直并良好接触且无摩擦，棒与导轨的电阻均不计，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向与导轨平面垂直，棒在竖直向上的恒力F作用下加速上升的一段时间内，力F做的功与安培力做的功的代数和等于( )A．棒的机械能增加量B．棒的动能增加量C．棒的重力势能增加量D．电阻R上放出的热量二、计算题(本题共4小题，共52分．解答时应写出必要的文字说明、方徎式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)13.（12分）如图所示，在一个光滑金属框架上垂直放置一根长l＝0.4 m的金属棒ab，其电阻r＝0.1 Ω.框架左端的电阻R＝0.4 Ω.垂直框面的匀强磁场的磁感强度B＝0.1 T．用外力使棒ab以速度v＝5 m/s向右匀速移动．求：(1)ab棒中产生的感应电动势E?(2)通过电阻R的电流I?（3）外力F大小14. （12分）如图甲所示，n＝150匝的圆形线圈M，其电阻为R/2，它的两端点a、b与定值电阻R相连，穿过线圈的磁通量的变化规律如图乙所示．(1)判断a、b两点的电势高低；(2)求a、b两点的电势差．15. （14分）如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中有一个面积为S的矩形线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′，以角速度ω匀速转动．(1)穿过线框平面磁通量的变化率何时最大？最大值为多少？(2)在线框由图示位置转过60°的过程中，平均感应电动势为多大？(3)线框由图示位置转到60°时瞬时感应电动势为多大？16..（14分）如图所示，两足够长的光滑金属导轨竖直放置，相距为L，一理想电流表与两导轨相连，匀强磁场与导轨平面垂直．一质量为m、有效电阻为R的导体棒在距磁场上边界h处静止释放．导体棒进入磁场后，流经电流表的电流逐渐减小，最终稳定为I.整个运动过程中，导体棒与导轨接触良好，且始终保持水平，不计导轨的电阻．求：(1)磁感应强度的大小B；(2)电流稳定后，导体棒运动速度的大小v；(3)流经电流表电流的最大值I m.。

第Ⅰ卷 选择题（共40分）一、本题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1．在点电荷 Q 形成的电场中有一点A ，当一个－q 的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则检验电荷在A 点的电势能及电场中A 点的电势分别为( )A ．q W W ，E A PA =-=ϕB ．qW W ，E A PA -==ϕ C ．q W W ，E A PA ==ϕ D ．qW W ，E A PA -=-=ϕ 【答案】A【解析】 试题分析：依题意，q -的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A 点时，电场力做的功为W ，则电荷的电势能减小W ，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A 点的电势能为pA W E =-，A 点的电势P A A qW q E ϕ==-，故选项A 正确。

考点：电势；电势能【名师点睛】电场中求解电势、电势能，往往先求出电势能改变量、该点与零电势的电势差，再求解电势和电势能。

2．处于纸面内的一段直导线长l ＝1 m ，通有I ＝1 A 的恒定电流，方向如右图所示。

将导线放在匀强磁场中，它受到垂直于纸面向外的大小为F ＝1 N 的磁场力作用。

下列说法正确的是( )A ．能确定磁感应强度的大小和方向B ．能确定磁感应强度的方向，不能确定它的大小C．能确定磁感应强度的大小，不能确定它的方向D．磁感应强度的大小和方向都不能确定【答案】D【解析】试题分析：导线在磁场中受到的磁场力不仅与导线的长度、电流的大小有关，还与磁场的方向、磁感应强度的大小有关，所以知道导线的长度、电流的大小和磁场力的大小，不能确定磁感应强度的大小和方向．故=就能求出B，A、B、C错误；若再给出磁场的方向，就可以知道导线与磁场方向的夹角，由公式F BILsinα故D正确。

2016年广东省肇庆四中中考物理一模试卷一、选择题（每小题3分，共10小题共30分）1．下列控制噪声的措施中，属于防止噪声产生的是（）A．关闭教室的门窗B．课堂上老师把手机调到无声状态C．高速公路旁的房屋装隔音窗D．航空母舰上的工作人员使用防噪声耳罩2．在雪、雾、露和雨这些自然现象中，是由空气中水蒸气凝华而形成的是（）A．雨B．露C．雾D．雪3．如图所示的光现象中，由于光的折射而形成的是（）A．墙上的手影B．“折断”的钢勺 C．镜中的像D．水中的“倒影”4．如图所示的四幅图，有的能够说明近视眼或远视眼的成像原理，有的给出了近视眼或远视眼的矫正方法．下列判断正确的是（）A．图①能够说明远视眼的成像原理，图④给出了远视眼的矫正方法B．图②能够说明远视眼的成像原理，图④给出了远视眼的矫正方法C．图①能够说明近视眼的成像原理，图③给出了近视眼的矫正方法D．图②能够说明近视眼的成像原理，图④给出了近视眼的矫正方法5．我们经常提到各种像，如：①小孔成像，②平面镜成像，③放大镜成像，④照相机成像，⑤显微镜成像，其中（）A．属于实像的是①②③B．属于虚像的是②③④C．由于光的反射而成像的是②⑤D．由于光的折射而成像的是③④⑤6．两支没有甩的体温计的读数都是39℃，经消毒后直接用来测量体温是36.5℃和40℃的两个人，问这两支体温计的读数分别为（）A．36.5℃，40℃B．都是40℃C．都是39℃D．39℃，40℃7．尼玛同学在利用蜡烛研究凸透镜成像的实验中，凸透镜的焦距是10cm，点燃的蜡烛放在距凸透镜15cm处，在凸透镜另一侧的光屏上观察到了蜡烛清晰的像．这个像一定是（）A．倒立、放大的实像 B．倒立、缩小的实像C．正立、放大的虚像 D．正立、放大的实像8．戴眼镜的乘客乘坐冷气很强的出租汽车一阵后下车，有时会发觉眼镜镜片模糊．此现象是由于车外空气中的水蒸气遇到冰冷的镜片发生（）A．液化 B．凝华 C．熔化 D．凝固9．如图画出了质量相等的甲、乙两种固态物质，在用相同热源加热时温度随时间变化的图象，根据图象分析，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两种物质在熔化时吸热相等B．甲、乙两种物质都是非晶体C．甲、乙两种物质的熔点相同D．在第15min，甲、乙两种物质都处于固、液共存状态10．老师上课请小明大声朗读课文，这里的声是指声音的（）A．音色 B．音调 C．响度 D．音频二、填空题（每空1分，共20分）11．科学考察队员通过测量从海平面上向海底垂直发射的声波反射回来的就能够准确地测出海底某处的深度，利用这种办法（选填“能”或“不能”）用来测量地球和月球之间的距离．12．小玲在家里拿爷爷的放大镜做实验，第一次实验时，小玲通过放大镜看到书上的字如图甲所示，此时她看到的是字的像；第二次试验时，小玲通过放大镜看到书上的字如图乙所示，这时她看到的是字的像（以上两格填“实”或“虚”）．从图甲到图乙的变化过程中，放大镜是逐渐（填“靠近”或“远离”）书本的．13．小强身高1.5米，站在竖直放置的平面镜前1.2米处照镜子，则他在镜中的像高米，像到他本人的距离为，他以0.5米/秒的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜时，他相对于他的像的速度是，当他离开平面镜越来越远时，他在镜中成的像（选填“越来越小”、“越来越大”或“大小不变”），像离平面镜的距离将．14．如图所示是几种声音输入到示波器上时显示的波形，其中音调相同的是；响度相同的是．15．如图所示的是示波器上的波形图，甲是音叉发声的波形图，乙是电锯切割木头时发声的波形图．从图中可以看出图中的波形图是噪声波形，它表明发声体在做振动时发声．16．如图是上海世博会使用的两种降温方法：冰块降温和喷雾降温．冰块降温，是因为冰块变成水的（填物态变化名称）过程需要从周围吸收大量的热；喷雾降温，是因为水雾在（填物态变化名称）过程中也要从周围吸收大量的热．17．在学校的“元旦”晚会上，优美的琴声是由于琴弦的产生的．我们能很容易辨别出二重唱的男声和女声，是因为他们的不同．在医院的走廊和病房通常悬挂“肃静”的警示牌，这种让人们保持肃静的做法属于在处减弱噪声．18．即使在0℃以下的冬天，室外冰冻的衣服也能晾干，这是现象，在此过程中，需要（选填“吸热”或“放热”）；夏天的早晨，花草上会出现晶莹剔透的露珠，露珠的形成属于现象．三、作图题（共8分）19．（1）请画出图1、图2的折射光线；（2）画出图3光的最后光线；（3）在图4，A是点光源，请在图中作出经平面镜反射后，过B点的光线．四、实验题（共2小题，共17分））从记录的数据可知：此时水的沸点是℃．（2）实验得到的水的沸点与水在1个标准大气压下的沸点100℃有明显的差异，其原因可能是．）根据表中的数据可以判断出：该物质是（选填“非晶体”）；（2）从表中数据可以看出：这种物质在第7min时是态（选填“固”、“液”或“气”）；（3）根据表中的数据可以判断出该物质的凝固点是℃．五、计算题22．声呐被称为潜艇的耳目．它发出声波的频率大为10～30kHz．若停在海水中的潜艇A发出的声波在10s内被潜艇B发射回来，并让潜艇A收到，则潜艇A与B相距多远？（已知声波在海水中的速度是1500米/秒）六、综合能力题（共2题，共18分）23．小丽同学在做“探究平面镜成像特点”的实验时，将一块玻璃板竖直立在水平台上，再取两段完全相同的蜡烛A和B，点燃玻璃板前的蜡烛A，进行观察，如图所示．在此实验中：（1）小丽选择玻璃板代替平面镜进行实验的目的是．（2）蜡烛A的像是由于光射到玻璃表面发生（填“反射”或“折射”）形成的．（3）小丽将蜡烛A逐渐向玻璃板靠近时，蜡烛A的像将逐渐向（填“靠近”或“远离”）玻璃板的方向移动，像的大小将（填“变大”“变小”或“不变”）．（4）当玻璃板后面的蜡烛B与蜡烛A的像完全重合时，小丽移去蜡烛B，并在蜡烛B所在位置放一光屏，则光屏上（填“能”或“不能”）承接到蜡烛A的像，此现象说明平面镜所成的是（填“实”或“虚”）像．24．小明利用一未知焦距的凸透镜探究透镜的成像规律，进行了如下操作并得到了相关结论．请你将空缺部分补充完整．（1）将一束平行光线射向凸透镜，得到如图所示的光路图．则该透镜的焦距为cm．（2）将蜡烛、透镜和光屏放在光具座上，并使烛焰、透镜和光屏三者的中心大致在．3中像的性质为，实验序号中像距为cm．②当烛焰从远处向透镜靠近时，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏应向（填“靠近”或“远离”）透镜的方向移动．2016年广东省肇庆四中中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分，共10小题共30分）1．下列控制噪声的措施中，属于防止噪声产生的是（）A．关闭教室的门窗B．课堂上老师把手机调到无声状态C．高速公路旁的房屋装隔音窗D．航空母舰上的工作人员使用防噪声耳罩【考点】防治噪声的途径．【分析】减弱噪声有三种：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．【解答】解：A、关闭教室的门窗，是在传播过程中减弱噪声．B、课堂上老师把手机调到无声状态，是在声源处减弱噪声．C、高速公路旁的房屋装隔音窗，是在传播过程中减弱噪声．D、航空母舰上的工作人员使用防噪声耳罩，是在人耳处减弱噪声．故选B．2．在雪、雾、露和雨这些自然现象中，是由空气中水蒸气凝华而形成的是（）A．雨B．露C．雾D．雪【考点】生活中的凝华现象．【分析】凝华是指物质从气态直接变为固态的现象，它需要放热．液化是指物质从气态变为液态的现象，它需要放热．根据选项中物质的形成过程，分别进行分析．【解答】解：A、雨是液态，它是由空气中的水蒸气液化形成的．B、露是液态，它是由空气中的水蒸气液化形成的．C、雾是液态，它是由空气中的水蒸气液化形成的．D、雪是固态，它是由空气中的水蒸气凝华形成的．故选D．3．如图所示的光现象中，由于光的折射而形成的是（）A．墙上的手影B．“折断”的钢勺 C．镜中的像D．水中的“倒影”【考点】光的折射现象及其应用．【分析】判断光的折射现象，要对折射的定义理解清楚，光从一种透明介质斜射入另一种透明介质中时，传播方向一般会发生改变，这是光的折射，生活中光在不均匀介质中不沿直线传播的现象也是光的折射．【解答】解：A、墙上的手影，影子的形成利用了光沿直线传播的原理，故本选项错误；B、水中钢勺变弯折，这是光的折射，故本选项正确；C、镜中的像，利用了光的反射的原理，故本选项错误；D、水中的“倒影”属于平面镜成像，平面镜成像是利用光的反射原理，故本选项错误；故选B．4．如图所示的四幅图，有的能够说明近视眼或远视眼的成像原理，有的给出了近视眼或远视眼的矫正方法．下列判断正确的是（）A．图①能够说明远视眼的成像原理，图④给出了远视眼的矫正方法B．图②能够说明远视眼的成像原理，图④给出了远视眼的矫正方法C．图①能够说明近视眼的成像原理，图③给出了近视眼的矫正方法D．图②能够说明近视眼的成像原理，图④给出了近视眼的矫正方法【考点】近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法．【分析】解答本题需掌握：①近视眼是晶状体会聚能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；②远视眼是晶状体会聚能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正．【解答】解：远视眼是晶状体曲度变小，会聚能力减弱，即折光能力减弱，像呈在视网膜的后方，应佩戴会聚透镜，使光线提前会聚．因此图①能够说明远视眼的成像原理，图③给出了远视眼的矫正方法．近视眼是晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚．因此图②能够说明远视眼的成像原理，图④给出了近视眼的矫正方法．综上分析，只有选项D正确．故选D．5．我们经常提到各种像，如：①小孔成像，②平面镜成像，③放大镜成像，④照相机成像，⑤显微镜成像，其中（）A．属于实像的是①②③B．属于虚像的是②③④C．由于光的反射而成像的是②⑤D．由于光的折射而成像的是③④⑤【考点】实像与虚像的区别．【分析】首先明确这五种事物的成像规律，才可做出判断，哪些成实像，哪些成虚像，哪些是反射成像，哪些是折射成像．【解答】解：①小孔成像是光沿直线传播的原理，所成的像是倒立的实像；②平面镜成像是光的反射成像，所成的像是正立等大的虚像；③放大镜成像是光的折射成像，所成的像是放大正立的虚像；④照相机成像是光的折射成像，所成的像是缩小倒立的实像；⑤显微镜成像是光的折射成像，所成的像是放大的虚像；综上所述，由于反射而形成的像是②，由于折射而形成的像是③④⑤，属于实像的是①④，属于虚像的是②③⑤，因此只有D选项正确．故选D．6．两支没有甩的体温计的读数都是39℃，经消毒后直接用来测量体温是36.5℃和40℃的两个人，问这两支体温计的读数分别为（）A．36.5℃，40℃B．都是40℃C．都是39℃D．39℃，40℃【考点】体温计的使用及其读数．【分析】体温计玻璃泡的上方有一段非常细的缩口，它可以使体温计玻璃泡上方的水银不能很快的流回玻璃泡中，所以体温计可以离开人体读数，同时体温计在使用前要用力甩一下，将水银甩回玻璃泡中．【解答】解：根据体温计的特点，使用前用力甩一下玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中；两支没有甩的体温计的读数都是39℃，没有甩直接用来测量病人的体温，若病人的体温高于39℃，体温计中的水银会上升，测量是比较准确的；若病人的体温低于39℃，体温计中的水银不会下降，依然显示的是39℃．所以体温是36.5℃的人测量的结果是39℃，体温是40℃的人测量的结果是40℃．故选D．7．尼玛同学在利用蜡烛研究凸透镜成像的实验中，凸透镜的焦距是10cm，点燃的蜡烛放在距凸透镜15cm处，在凸透镜另一侧的光屏上观察到了蜡烛清晰的像．这个像一定是（）A．倒立、放大的实像 B．倒立、缩小的实像C．正立、放大的虚像 D．正立、放大的实像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律，知道当物体处于一倍、二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像．【解答】解：由题意知：f=10cm；u=15cm．所以f＜u＜2f，所以此时成倒立、放大的实像．故选A．8．戴眼镜的乘客乘坐冷气很强的出租汽车一阵后下车，有时会发觉眼镜镜片模糊．此现象是由于车外空气中的水蒸气遇到冰冷的镜片发生（）A．液化 B．凝华 C．熔化 D．凝固【考点】液化及液化现象．【分析】“冷气很强”说明室内的温度比较低，而室外的温度是比较高的；温度较高的水蒸气遇冷就会液化形成小水珠．【解答】解：戴眼镜的程度坐在冷气很强的出租汽车，眼镜片的温度比较低；当乘客下车后，室外空气中的水蒸气遇到温度比较低的眼镜片，就会液化形成小水珠，附着在眼镜片中，使眼镜片模糊．故选A．9．如图画出了质量相等的甲、乙两种固态物质，在用相同热源加热时温度随时间变化的图象，根据图象分析，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两种物质在熔化时吸热相等B．甲、乙两种物质都是非晶体C．甲、乙两种物质的熔点相同D．在第15min，甲、乙两种物质都处于固、液共存状态【考点】熔化和凝固的温度—时间图象．【分析】（1）在对物质进行加热时，其吸热的多少是通过加热的时间反映出来的；（2）晶体有一定的熔点，即图象中水平线所对应的温度值；（3）在读取图象时，要明确关键的时间点与温度点进行比较，晶体在熔化前处于固态，熔化时处于固液共存态，熔化后处于液态．【解答】解：A、读图可知，甲熔化持续的时间为20min﹣10min=10min，乙熔化持续的时间为27min﹣17min=10min，二者时间相同，说明吸收热量相同．故A正确；B、从图象可以看出，甲、乙两种物质在熔化过程中温度保持不变，所以均为晶体，故B错误；C、读图可知，乙图象水平线段对应的温度高，即乙的熔点高，故C错误；D、从图象可以看出，甲从第10min开始熔化，所以在第15min为固液共存态；乙从第17min 开始熔化，第15min处于固态，D说法错误．故选A．10．老师上课请小明大声朗读课文，这里的声是指声音的（）A．音色 B．音调 C．响度 D．音频【考点】音调、响度与音色的区分．【分析】物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度的大小与声音的振幅有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小．【解答】解：老师上课请小明大声朗读课文，这样做的目的是为了让同学们听的更为清楚，增大声音的响度．故选C．二、填空题（每空1分，共20分）11．科学考察队员通过测量从海平面上向海底垂直发射的声波反射回来的时间就能够准确地测出海底某处的深度，利用这种办法不能（选填“能”或“不能”）用来测量地球和月球之间的距离．【考点】声音的传播条件．【分析】解决此题的关键是要知道声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；声音传播的距离等于声音的传播速度与传播时间的乘积．【解答】解：假设声音从发射到从海底返回所用时间为t，声音的传播速度为v，则海底的深度h=，故只需要测出声音从发射到返回所用的时间，就可以测出海的深度；因为月球周围没有空气，声音不能传播，所以我们不能用同样的方法测量地球和月球之间的距离；故答案为：时间；不能．12．小玲在家里拿爷爷的放大镜做实验，第一次实验时，小玲通过放大镜看到书上的字如图甲所示，此时她看到的是字的虚像；第二次试验时，小玲通过放大镜看到书上的字如图乙所示，这时她看到的是字的实像（以上两格填“实”或“虚”）．从图甲到图乙的变化过程中，放大镜是逐渐远离（填“靠近”或“远离”）书本的．【考点】凸透镜成像的应用．【分析】根据凸透镜成像规律和应用进行分析：u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪．u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜．【解答】解：甲和乙都是利用凸透镜成像．由图知，甲成的是正立、放大的虚像，此时物距小于焦距．乙成的是放大、倒立的实像，此时物距处于1倍和2倍焦距之间．由此可知，从甲到乙的变化过程中，放大镜是逐渐远离书本．故答案为：虚；实；远离．13．小强身高1.5米，站在竖直放置的平面镜前1.2米处照镜子，则他在镜中的像高 1.5米，像到他本人的距离为 2.4m，他以0.5米/秒的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜时，他相对于他的像的速度是1m/s，当他离开平面镜越来越远时，他在镜中成的像大小不变（选填“越来越小”、“越来越大”或“大小不变”），像离平面镜的距离将越来越远．【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．【分析】根据平面镜成像的特点是像与物体大小相等，像距等于物距，物像对称，逐一进行分析即可得出答案．【解答】解：（1）因为平面镜成像的特点是像与物体大小相等，已知小强身高1.5m，所以他在镜中的像高1.5m．（2）因为平面镜成像的特点是，已知小强距离平面镜1.2m，可知他的像距离平面镜也是1.2m，所以像到他本人的距离为1.2m+1.2m=2.4m．（3）因为平面镜成像的特点是物像对称，可知他以0.5m/s的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜时，他在平面镜中的像也以以0.5m/s的速度在垂直平面镜的方向上走近平面镜，所以他相对于他的像的速度是0.5m/s×2=1m/s．（4）由于平面镜成的像与物的大小相同，所以当人还离还是靠近镜面时，像的大小是不变的；（5）由于像与物到镜面距离相等，所以物离镜面越远，像离镜面也越远．故答案分别为：1.5；2.4m；1m/s；大小不变；越来越远．14．如图所示是几种声音输入到示波器上时显示的波形，其中音调相同的是甲和乙；响度相同的是甲和丙．【考点】音调；响度．【分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色．音调和发声体的振动频率快慢有关系；响度和发声体的振幅大小有关．【解答】解：从甲乙丙三幅图可以看出，甲和乙在相同时间内，振动的次数是相同的，因此它们的振动频率是相同的．所以甲和乙的音调是相同的；甲和丙两种波形的振幅是相同的，因此它们的响度是相同的．故答案为：甲和乙；甲和丙．15．如图所示的是示波器上的波形图，甲是音叉发声的波形图，乙是电锯切割木头时发声的波形图．从图中可以看出乙图中的波形图是噪声波形，它表明发声体在做无规则振动时发声．【考点】噪声及来源．【分析】从物理学角度来讲，发声体做无规则振动时发出的声音即为噪声，从波形分析是否是噪声．【解答】解：从物理学角度看，噪声是指发声体做无规则振动时发出的声音，对比甲与乙，不难看出：甲波形很有规律，属于乐音；乙杂乱无章属于噪声．噪声是指发声体做无规则振动时发出的声音．故答案为：乙；无规则．16．如图是上海世博会使用的两种降温方法：冰块降温和喷雾降温．冰块降温，是因为冰块变成水的熔化（填物态变化名称）过程需要从周围吸收大量的热；喷雾降温，是因为水雾在汽化（填物态变化名称）过程中也要从周围吸收大量的热．【考点】熔化与熔化吸热特点；汽化及汽化吸热的特点．【分析】物质由固态变为液态的过程是熔化，熔化是需要吸收热量的．物质由液态变为气态的过程是汽化，汽化是需要吸收热量的．【解答】解：冰块降温，是因为冰块变成水的过程是熔化，熔化是吸收热量的，需要从周围吸收大量的热，周围空气温度降低．喷雾降温，是因为水雾变为水蒸气的过程是汽化，汽化是吸收热量的，需要从周围吸收大量的热，周围空气温度降低．故答案为：熔化；汽化．17．在学校的“元旦”晚会上，优美的琴声是由于琴弦的振动产生的．我们能很容易辨别出二重唱的男声和女声，是因为他们的音调不同．在医院的走廊和病房通常悬挂“肃静”的警示牌，这种让人们保持肃静的做法属于在声源处减弱噪声．【考点】声音的产生；防治噪声的途径．【分析】解决此题的关键是要知道：（1）声音是由物体的振动产生的；男女生发出的声音主要是音调不同．（2）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声．【解答】解：（1）声音是由物体的振动产生的，琴弦由于振动会发出优美的琴声；（2）们能很容易辨别出二重唱的男声和女声，是因为他们的音调不同．男生的音调底，女生的音调高；（3）“肃静”是不让说话，即在声源处减弱噪声；故答案为：振动；音调；声源．18．即使在0℃以下的冬天，室外冰冻的衣服也能晾干，这是升华现象，在此过程中，需要吸热（选填“吸热”或“放热”）；夏天的早晨，花草上会出现晶莹剔透的露珠，露珠的形成属于液化现象．【考点】生活中的升华现象；液化及液化现象．【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华．【解答】解：（1）室外冰冻的衣服也能晾干，是物质由固态直接变为气态叫升华，该过程吸热；（2）夏天的早晨，花草上会出现晶莹剔透的露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；故答案为：升华；吸热；液化．三、作图题（共8分）19．（1）请画出图1、图2的折射光线；（2）画出图3光的最后光线；（3）在图4，A是点光源，请在图中作出经平面镜反射后，过B点的光线．【考点】透镜的光路图；作光的反射光路图．【分析】（1）在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图．（2）根据光的反射定律做出经过两次反射的反射光线，注意最后的反射光线与最初的入射光线平行．（3）根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，连接A′B，与镜面的交点为入射点，再完成光路．【解答】解：（1）对于凸透镜，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；对于凹透镜延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；（2）过入射点作于镜面的垂线即法线，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出两次反射，如图所示：（3）过镜面作出点A的对称点A′，即为点光源A在平面镜中的像，连接A′B与镜面交于O点，即为入射点（反射点），连接AO就得到入射光线，连接BO即为反射光线，如图所示：四、实验题（共2小题，共17分））从记录的数据可知：此时水的沸点是98℃．。

一、单项选择题I：本大题共30小题，每小题1分，共30分。

在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.在经典力学的建立过程中，牛顿和伽利略均作出了重要贡献，下列说法正确的是
A．伽利略总结出了惯性定律 B．牛顿提出了万有引力定律
C．伽利略总结得出作用力与反作用力之间的关系
D．牛顿利用理想实验推断出匀速运动需要力来维持
2．下列物理量为矢量的是
A．速度 B．时间 C．动能 D．质量
3.在下列力学单位中，属于国际单位制中基本单位的是
A．毫米 B．厘米 C．千克 D．克
4.在物理学中，突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化物理模型，是经常用的一种科学研究方法，质点就是这种物理模型之一，关于地球能否看作质点，下列说法正确的是
A．地球的质量太大，不能把地球看作质点 B．地球的体积太大，不能把地球看作质点
C．研究地球的自转时可以把地球看作质点 D．研究地球绕太阳公转时以把地球看作质点
5．在行汽车上的乘客，看到道路两旁的树木不断向后退，这是因为乘客选择的参考系是
A．所乘坐的汽车 B．地面上的建筑物
C．道路旁的树木 D．路边站着的人
物理试卷A 第1页（共8页）。

广东省肇庆四中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（文科）一、单项选择题（共30题，每题1分，共30分）1．（1分）下列物理量中，属于矢量的是（）A．动能B．位移C．时间D．质量2．（1分）2008年在北京举行奥林匹克运动会，下列运动项目中，运动员可看作质点的是（）A．武术B．击剑C．自由体操D．马拉松赛跑3．（1分）关于参考系的选取，下列说法正确的是（）A．参考系必须选取静止不动的物体B．参考系必须是和地面联系在一起的C．在空中运动的物体不能作为参考系D．任何物体都可以作为参考系4．（1分）测匀变速直线运动加速度的实验中，接通电源与让纸带随物体开始运动，这两个操作的时间关系应当是（）A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先释放纸带或先接通电源都可以5．（1分）某同学从楼顶让一石块自由下落，测得石块到达地面的时间是2s，则楼房的高度为（g=10m/s2）（）A．20m B．40m C．45m D．60m6．（1分）关于胡克定律F=Kx中的x，下列说法正确的是（）A．x是弹簧伸长后或压缩后的长度B．x是弹簧原来的长度C．x是弹簧变化（伸长或压缩）的长度D．x是弹簧原长加后来的长度7．（1分）当人站立在体重计称重时，下列说法正确的是（）A．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对平衡力B．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力和反作用力C．人所受的重力和人对体重计的压力是一对平衡力D．人所受的重力和人对体重计的压力是一对作用力和反作用力8．（1分）关于弹力和摩擦力，下列说法中错误的是（）A．弹力和摩擦力都是接触力B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直9．（1分）下列四组单位中，都是国际单位制中的基本单位的是（）A．m、N、s B．m、kg、s C．kg、J、s D．m、kg、N10．（1分）关于运动的合成与分解，下列说法正确的是（）A．合运动的速度一定大于两个分运动的速度B．合运动的时间一定大于分运动的时间C．两个直线运动的合运动一定是直线运动D．合运动的速度方向就是物体实际运动的方向11．（1分）物体在几个外力的作用下做匀速直线运动，如果撤掉其中的一个力，它不可能做（）A．匀速直线运动B．匀加速直线运动C．匀减速直线运动D．曲线运动12．（1分）关于竖直上抛运动，下列说法正确的是（）A．在最高点速度为零，加速度也为零B．上升的时间小于下落过程的时间C．从上升到下降的整个过程中加速度保持不变D．上升到某一高度时速度小于下降到此高度时的速度13．（1分）关于匀速圆周运动的性质，以下说法中正确的是（）A．匀速运动B．匀变速运动C．变速运动D．以上说法都不对14．（1分）在水平面上转弯的汽车，向心力是（）A．滑动摩擦力B．静摩擦力C．重力和支持力的合力D．重力、支持力、牵引力的合力15．（1分）关于洗衣机脱水桶的有关问题，下列说法中正确的是（）A．如果衣服上的水太多脱水桶就不能进行脱水B．脱水桶工作时衣服上的水做离心运动，衣服并不做离心运动C．脱水桶工作时桶内的衣服也会做离心运动，脱水桶停止工作时衣服紧贴在桶壁上D．白色衣服染上红墨水，也可以通过脱水桶将红墨水去掉使衣服恢复白色16．（1分）若物体m沿不同的路径Ⅰ和Ⅱ从A滑到B，如图所示，则重力所做的功为（）A．沿路径Ⅰ重力做功最大B．沿路径Ⅱ重力做功最大C．沿路径Ⅰ和Ⅱ重力做功一样大D．条件不足不能判断17．（1分）关于重力做功、重力势能变化的说法正确的是（）A．当物体向下运动时，重力对物体做负功B．当物体向下运动时，重力势能增大C．当物体向上运动时，重力势能增大D．当物体向上运动时，重力对物体做正功18．（1分）在利用自由落体“探究动能定理”的实验中，下列器材中不需要的是（）A．重物B．纸带C．天平D．电源19．（1分）关于能量和能源，下列说法正确的是（）A．能量在转化和转移过程中，其总量有可能增加B．能量在转化和转移过程中，其总量会不断减少C．能量在转化和转移过程中，其总量保持不变，故节约能源没有必要D．能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源20．（1分）关于经典力学的局限性，下列说法正确的是（）A．经典力学适用于宏观低速运动的物体B．由于经典力学有局限性，所以一般力学问题都用相对论力学来解决C．火车提速后，有关速度问题不能用经典力学来处理D．经典力学只适用于像地球和太阳那样大的宏观物体21．（1分）下列哪些措施是为了防止静电产生的危害？（）A．在高大的建筑物顶端装上避雷针B．在高大的建筑物顶端安装电视公用天线C．在高大的烟囱中安装静电除尘器D．静电喷漆22．（1分）以下关于电场线的说法，正确的是（）A．电场线是电荷移动的轨迹B．电场线是实际存在的曲线C．电场线是闭合的曲线D．电场线是起始于正电荷（或无穷远处），终止于负电荷（或无穷远处）23．（1分）把一条导线平行地放在如图所示的磁针的上方附近，当导线中有电流时，磁针会发生偏转．首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A．奥斯特B．爱因斯坦C．牛顿D．伽利略24．（1分）磁感应强度是一个矢量．磁场中某点磁感应强度的方向是（）A．正电荷在该点所受力方向B．沿磁感线由N极指向S极C．小磁针N极或S极在该点的受力方向D．在该点的小磁针静止时N极所指方向25．（1分）关于电磁技术的发展，下列说法正确的是（）A．19世纪末期，贝尔发明的电报和电话开始改变人类的信息交流方式B．麦克斯韦用实验验证了电磁波的存在，随后马可尼发明了无线电通信C．19世纪末期，莫尔斯发明的电报和电话开始改变人类的信息交流方式D．赫兹用实验验证了电磁波的存在，随后马可尼发明了无线电通信26．（1分）商场里常用电子秤，电子秤中使用的是（）A．温度传感器B．压力传感器C．超声波传感器D．红外线传感器27．（1分）2008年9月27日，我国神舟七号航天员翟志刚首次实现了中国航天员在太空的舱外活动（如图所示），神舟七号载人航天飞行取得了圆满成功，这是我国航天发展史上的又一里程碑．舱外的航天员与舱内的航天员虽然近在咫尺，但要进行对话，靠的是（）A．紫外线B．无线电波C．x射线D．γ射线28．（1分）下列关于节约用电的做法，错误的是（）A．较长时间不使用计算机时，关闭显示屏，启用休眠状态B．选购电冰箱时，选择低能耗产品C．傍晚做作业时，不到完全看不见，坚持不开灯D．养成习惯，人走关灯29．（1分）电能表上的一度电表示（）A．1百瓦•小时B．1千瓦•小时C．1瓦•小时D．3.6焦•秒30．（1分）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，当悬挂15N重物时，弹簧长度为0.16m；悬挂20N重物时，弹簧长度为0.18m，则弹簧的原长L0和劲度系数k分别为（）A．L0=0.02m k=250N/m B．L0=0.10m k=250N/mC．L0=0.02m k=500N/m D．L0=0.10m k=500N/m二、单项选择题Ⅱ（共20题，每题2分，共40分）31．（2分）一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速为2m/s，末速为10m/s，在这段时间内（）A．汽车的加速度为4m/s2B．汽车的加速度为8m/s2C．汽车的平均速度为6m/s D．汽车的平均速度为10m/s32．（2分）如图所示，质量为20kg的物体在动摩擦因数为0.1的水平面上向右运动，在运动过程中受到水平向左、大小为10N的拉力作用，则物体所受摩擦力为（g=10N/kg）（）A．10N，向右B．10N，向左C．20N，向右D．20N，向左33．（2分）关于分力和合力的关系，下列说法中正确的是（）A．分力和合力可以不同时作用在物体上B．合力的作用效果与分力的作用效果一定相同C．两个分力的合力一定大于任一分力D．合力一定小于其中一个分力34．（2分）如图所示，一个球形物体静止于光滑水平面上，并与竖直光滑墙壁接触，A、B 两点是球跟墙和地面的接触点，则下列说法中正确的是（）A．物体受重力、B点的支持力、A点的弹力作用B．物体受重力、B点的支持力作用、地面的弹力作用C．物体受重力、B点的支持力作用D．物体受重力、B点的支持力作用、物体对地面的压力作用35．（2分）利用如图所示的装置探究加速度与力、质量的关系，下列说法中正确的是（）A．保持小车所受拉力不变，只改变小车的质量，就可以探究加速度与力、质量的关系B．保持小车质量不变，只改变小车的拉力，就可以探究加速度与力、质量之间的关系C．先保持小车所受拉力不变，研究加速度与力的关系；再保持小车质量不变，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力、质量的关系D．先保持小车质量不变，研究加速度与力的关系；再保持小车受力不变，研究加速度与质量的关系，最后归纳出加速度与力、质量的关系36．（2分）某同学乘电梯从一楼到六楼，在电梯刚起动时（）A．该同学处于超重状态B．该同学处于失重状态C．该同学的重力变大D．该同学的重力变小37．（2分）将小球以3m/s的速度水平抛出，它落地速度为5m/s，小球在空中运动的时间为（g=10m/s2）（）A．0.2s B．0.3s C．0.4s D．0.5s38．（2分）甲、乙两物体，甲放在广州，乙放在北京，它们随着地球一起绕地轴转动，下列说法中正确的是（）A．它们的周期相等，甲的角速度较大B．乙的角速度较小，甲的线速度较大C．它们的角速度和线速度均相等D．它们的角速度相等，乙的线速度较小39．（2分）一个质量为1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度是2m/s，则下列说法中错误的是（）A．手对物体做功12J B．合外力对物体做功12JC．合外力对物体做功2J D．物体克服重力做功10J40．（2分）如图示装置验证机械能守恒定律，由于安装不到位，电火花计时器两限位孔不在同一竖直线上，使纸带通过时受到较大的阻力，这样实验造成的结果是（）A．重力势能的减小量明显大于动能的增加量B．重力势能的减小量明显小于动能的增加量C．重力势能的减小量等于动能的增加量D．以上几种情况都有可能41．（2分）下面所叙述的力，属于万有引力的是（）A．马拉车的力B．月球对登月舱的吸引力C．钢绳吊起重物，重物对钢绳的拉力D．地磁场对指南针的吸引力42．（2分）在19世纪末，科学家认识到人类要实现飞出大气层进入太空，就要摆脱地球引力的束缚，首要条件是必须具有足够大的速度，也就是说要进入绕地球飞行的轨道成为人造卫星，最小速度为7.9km/s，此速度称为（）A．第一宇宙速度B．第二宇宙速度C．脱离速度D．逃逸速度43．（2分）真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的2倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A．B．F C．4F D．16F44．（2分）下列各图中，运动电荷的速度方向、磁场方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是（）A．B．C．D．45．（2分）关于电磁场和电磁波的正确说法是（）A．电场和磁场总是相互联系的，它们统称为电磁场B．电磁场由发生的区域向远处的传播形成电磁波C．在电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场D．电磁波是一种波，声波也是一种波，理论上它们是同种性质的波动46．（2分）下列哪些设备没有用到电磁波技术的是（）A．无线电广播、电视、雷达B．微波炉C．移动电话D．电饭锅47．（2分）关于发电机和电动机下列说法中不正确的是（）A．发电机和电动机的作用是相同的，都可以把其他形式的能转化成电能B．发电机可以把其他形式的能转化成电能，电动机可以把电能转化成机械能C．发电机和电动机统称为电机D．通过电机可以实现电能与其他形式的能源相互转48．（2分）关于电容器和电感器，下列说法中正确的是（）A．电容器和电感器对交流电都有阻碍作用，因此不能让交流电通过B．电容器和电感器对直流电都有阻碍作用，但可以让直流电通过C．电容器和电感器对直流电都没有阻碍作用D．电容器对直流电有阻碍作用，电感器对交流电有阻碍作用49．（2分）在“研究影响通电导体所受磁场力大小的因素”实验中用到的物理方法是（）A．理想化模型法B．等效替代法C．控制变量法D．理想实验法50．（2分）如图，将欧姆表与光敏电阻相连，以下说法正确的是（）A．若用不透光的黑纸将RG包裹起来，表针示数变小B．若用不透光的黑纸将RG包裹起来，表针示数不变C．若用手电筒光照射RG，表针示数变小D．若用手电筒光照射RG，表针示数不变三．多项选择题（至少有两项符合题意，全选对得3分，选对但不全得1分，选错或不选得0分，共10题，每题3分，共30分）51．（3分）如图中可能是匀变速直线运动的图象是（）A． B．C．D．52．（3分）在做“互成角度的两个共点力的合成”实验时，橡皮筋的一端固定在木板上，用两个弹簧秤通过细绳套把橡皮筋的另一端拉到某一确定的O点，以下操作中正确的是（）A．同一次实验过程中，O点位置不能变动B．实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上D．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧秤之间夹角应取90°，以便于算出合力大小53．（3分）如图所示，用力F把物体压在竖直墙上，此时重力为G的物体沿墙璧匀速下滑，若物体与墙壁之间的动摩擦因数为μ，则物体所受摩擦力的大小为（）A．μF B．G C．μF+G D．μG54．（3分）如图所示，用长为L的细线拴一个质量为M的小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，细线与竖直方向间的夹角为0，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A．小球受到重力、线的拉力和向心力三个力B．向心力是线的拉力和小球所受重力的合力C．向心力等于细线对小球拉力的水平分量D．向心力的大小等于Mgtanθ55．（3分）质量为2kg的小铁球从某一高度由静止释放，经3s到达地面，不计空气阻力，g取10m/s2．则（）A．2s末重力的瞬时功率为200W B．2s末重力的瞬时功率为400WC．2s内重力的平均功率为200W D．2s内重力的平均功率为400W56．（3分）三个力同时作用于质量为2千克的物体上，其中F1=3N，F2=4N，F3=2N，F1和F2的方向总保持垂直，F3的方向可以任意改变，则物体的加速度不可能是（）A．4 m/s2B．5 m/s2C．2 m/s2D．1 m/s257．（3分）下面的实例中，机械能守恒的是（）A．小球自由下落B．跳伞运动员张开伞后，在空中匀速下降C．物体沿光滑的斜面自由向上运动D．汽车关闭发动机后在水平路上滑行至停止58．（3分）如图是“嫦娥一号奔月”示意图，卫星发射后通过自带的小型火箭多次变轨，进入地月转移轨道，最终被月球引力捕获，成为绕月卫星，并开展对月球的探测．下列说法正确的是（）A．发射“嫦娥一号”的速度必须达到第三宇宙速度B．在绕月圆轨道上，卫星周期与卫星质量无关C．卫星受月球的引力与它到月球中心距离的平方成反比D．在绕月圆轨道上，卫星受地球的引力大于受月球的引力59．（3分）下列几种做法中，不正确的是（）A．保险丝熔断后，可用铁丝代替B．可用湿布擦洗带电设备C．发现电线着火，立即泼水灭火D．发现有人触电时，应赶快切断电源或用干燥木棍将电线挑开60．（3分）如图所示，将一线圈放在匀强磁场中，线圈平面平行于磁感线，则线圈中没有感应电流产生的是（）A．当线圈绕N边转动B．当线圈绕M边转动C．当线圈做垂直于磁感线的平行运动D．当线圈做平行于磁感线的运动广东省肇庆四中2014-2015学年高二上学期期末物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题（共30题，每题1分，共30分）1．（1分）下列物理量中，属于矢量的是（）A．动能B．位移C．时间D．质量考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：A、C、D动能、时间、质量是只有大小没有方向的标量，不是矢量．故ACD错误．B、位移是既有大小又有方向的矢量．故B正确．故选B点评：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．2．（1分）2008年在北京举行奥林匹克运动会，下列运动项目中，运动员可看作质点的是（）A．武术B．击剑C．自由体操D．马拉松赛跑考点：质点的认识．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．解答：解：A、观看武术要注意人的肢体动作，不能看作质点，故A错误；B、击剑要注意人的肢体动作，不能看作质点；故B错误；C、体操中主要根据人的肢体动作评分，故不能忽略大小和形状，故不能看作质点；故C错误；D、马拉松赛跑时，人相对于跑道来说大小可以忽略不计，故运动员可以看作质点，故D正确；故选：D．点评：本题考查质点的概念，在研究的问题中大小和形状可以忽略物体即可以看作质点．3．（1分）关于参考系的选取，下列说法正确的是（）A．参考系必须选取静止不动的物体B．参考系必须是和地面联系在一起的C．在空中运动的物体不能作为参考系D．任何物体都可以作为参考系考点：参考系和坐标系．专题：直线运动规律专题．分析：参考系是假定不动的物体，故参考系可以选择运动的物体也可以选择静止的物体；参考系的选择是任意的，故任何物体都可以作为参考系．解答：解：A、参考系是假定不动的物体，故参考系可以选择运动的物体也可以选择静止的物体，故A错误．B、参考系的选择是任意的，被选作参考系的物体可以与地面相关，也可以与地面无关，故B错误．C、参考系的选择是任意的，被选作参考系的物体可以与地面相关，也可以与地面无关，故C错误．D、参考系的选择是任意的，故任何物体都可以作为参考系，故D正确．故选D．点评：掌握了参考系的概念就能顺利解决此类问题，故应加强对概念的学习．4．（1分）测匀变速直线运动加速度的实验中，接通电源与让纸带随物体开始运动，这两个操作的时间关系应当是（）A．先接通电源，后释放纸带B．先释放纸带，后接通电源C．释放纸带的同时接通电源D．先释放纸带或先接通电源都可以考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：本题考查了打点计时器的具体应用，熟悉打点计时器的使用细节即可正确解答本题．解答：解：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打更多的点，BCD错误，A正确．故选：A．点评：对于一些实验操作细节，要通过亲自动手实验，才能体会具体操作细节的含义．5．（1分）某同学从楼顶让一石块自由下落，测得石块到达地面的时间是2s，则楼房的高度为（g=10m/s2）（）A．20m B．40m C．45m D．60m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：根据自由落体运动的位移时间公式求出楼房的高度．解答：解：楼房的高度．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动，掌握自由落体运动的位移时间公式．6．（1分）关于胡克定律F=Kx中的x，下列说法正确的是（）A．x是弹簧伸长后或压缩后的长度B．x是弹簧原来的长度C．x是弹簧变化（伸长或压缩）的长度D．x是弹簧原长加后来的长度考点：胡克定律．分析：胡可定律F=Kx中的x是指弹簧的伸长量或压缩量，并非压缩或拉长后的长度．解答：解：胡可定律F=Kx中的x是指弹簧的伸长量或压缩量，故ABD错误，C正确．故选C．点评：本题属于基础知识，比较简单，对于简单问题也不能轻视．7．（1分）当人站立在体重计称重时，下列说法正确的是（）A．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对平衡力B．人对体重计的压力和体重计对人的支持力是一对作用力和反作用力C．人所受的重力和人对体重计的压力是一对平衡力D．人所受的重力和人对体重计的压力是一对作用力和反作用力考点：牛顿第三定律；力的合成与分解的运用．分析：人对体重计的压力作用在体重计上，体重计反过来对人提供支持力，这是作用力和反作用力的关系；人所受的重力作用在人身上，人对体重计的压力作用在体重计上，且二者的产生没有相互性．解答：解：A、B、人对体重计的压力和体重计对人的支持力是人与体重计间的相互作用力，故A错误，B正确；C、D、人所受的重力和人对体重计的压力方向相同，既不是相互作用力，也不是平衡力，故C错误，D错误；故选：B．点评：本题关键明确平衡力、作用力与反作用力的区别，平衡力：作用在一个物体上，合力为零．作用力和反作用力：作用在两个物体上，有相互性，因果关系．8．（1分）关于弹力和摩擦力，下列说法中错误的是（）A．弹力和摩擦力都是接触力B．有摩擦力必有弹力C．有弹力必有摩擦力D．同一接触面上的弹力和摩擦力一定相互垂直考点：滑动摩擦力；物体的弹性和弹力．专题：受力分析方法专题．分析：弹力产生条件为两物体相互接触，发生弹性形变，摩擦力产生条件为：接触面粗糙，接触面有弹力，物体之间有相对运动趋势或相对运动，弹力方向垂直接触面，而摩擦力在接触面内和相对运动或相对运动趋势方向相反，故弹力和摩擦力垂直．解答：解：根据摩擦力和弹力的产生条件可知：弹力、摩擦力都属于接触力，有摩擦力一定有弹力，有弹力不一定有摩擦力，摩擦力方向一定和弹力方向垂直，故ABD正确，C错误．本题选错误的故选C．点评：弹力、摩擦力是高中阶段的重点知识，也是学生学习的难点，在学习过程中可以通过实例来加强理解．9．（1分）下列四组单位中，都是国际单位制中的基本单位的是（）A．m、N、s B．m、kg、s C．kg、J、s D．m、kg、N考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：A中的N是导出单位，C中的J是导出单位，D中的N是导出单位，所以都是国际单位制中的基本单位的是B．故选B．点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．10．（1分）关于运动的合成与分解，下列说法正确的是（）A．合运动的速度一定大于两个分运动的速度B．合运动的时间一定大于分运动的时间C．两个直线运动的合运动一定是直线运动D．合运动的速度方向就是物体实际运动的方向考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上．根据平行四边形定则，可知合速度、合位移与分速度、分位移的大小关系．。

2015—2016学年广东省肇庆四中高二（下)第一次月考物理试卷（文科）一、单项选择题Ⅰ：本大题共30小题,每小题1分，共30分．在每小题列出的四个选项中,只有一项符合题目要求．1．在经典力学的建立过程中，牛顿和伽利略均作出了重要贡献．下列说法正确的是(）A．伽利略总结出了惯性定律B．牛顿提出了万有引力定律C．伽利略总结得出作用力和反作用力之间的关系D．牛顿利用理想实验推断出匀速运动需要力来维持2．下列物理量为矢量的是(）A．速度 B．时间 C．动能 D．质量3．在下列力学单位中，属于国际单位制中基本单位的是（）A．毫米 B．厘米 C．千克 D．克4．在物理学中，突出问题的主要方面,忽略次要因素，建立理想化的物理模型,是经常采用的一种科学研究方法，质点就是这种物理模型之一．关于地球能否看作质点，下列说法正确的是(）A．地球的质量太大，不能把地球看作质点B．地球的体积太大,不能把地球看作质点C．研究地球的自转时可以把地球看作质点D．研究地球绕太阳公转时可以把地球看作质点5．在行驶汽车上的乘客,看到道路两旁的树木不断向后退,这是因为乘客选择的参考系是（)A．所乘坐的汽车 B．地面上的建筑物C．道路旁的树木 D．路边站着的人6．下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式,其手臂用力最小的是（）A．B．C．D．7．根据牛顿运动定律，下列表述正确的是(）A．力是维持物体运动的原因B．力是改变物体运动状态的原因C．外力停止作用后,物体由于惯性会停止D．物体做匀速直线运动时，所受合外力不为零8．关于一对作用力和反作用力,下列说法正确的是（）A．它们的方向相同B．它们的大小不相等C．它们同时产生，同时消失D．它们作用在同一物体上9．关于弹力，下列表述正确的是（）A．杯子放在桌面上，杯和桌均不发生形变B．杯子放在桌面上，杯和桌之间没有弹力作用C．在弹性限度内,弹簧的弹力与弹簧的长度成正比D．在弹性限度内,弹簧的弹力与弹簧的伸长（或缩短)量成正比10．如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动，下列说法正确的是(）A．a、b两球线速度相等B．a、b两球角速度相等C．a球的线速度比b球的大D．a球的角速度比b球的大11．某一时刻，一物体沿水平和竖直方向的分速度分别为8m/s和6m/s，则该物体的速度大小是(）A．2 m/s B．6 m/s C．10 m/s D．14 m/s12．下列做平抛运动的物体是（）A．升空的火箭B．树上落下的果实C．投向篮框的篮球D．水平飞行的飞机释放的物体13．某同学投掷铅球,每次出手时，铅球速度的大小相等,但方向与水平面的夹角不同．关于出手时铅球的动能,下列判断正确的是（）A．夹角越大,动能越大B．夹角越大，动能越小C．夹角为45°时，动能最大D．动能的大小与夹角无关14．若使空间探测器挣脱太阳引力的束缚，其发射速度至少要达到（)A．环绕速度 B．第一宇宙速度 C．第二宇宙速度 D．第三宇宙速度15．下列关于物体所受的滑动摩擦力表述正确的是()A．方向垂直于接触面B．大小与正压力成正比C．大小与正压力成反比D．方向始终与物体的运动方向相同16．如图所示为竖直平面内的三条路径．物体沿路径1、2、3从P点运动到Q点的过程中，重力做功分别为W1、W2和W3，下列判断正确的是（）A．W1＞W2B．W1＞W3C．W2＞W3D．W1=W2=W317．关于超重与失重,下列说法正确的是（）A．超重就是物体所受的重力增加了B．失重就是物体所受的重力减少了C．完全失重就是物体所受的重力为零D．超重或失重时物体所受的重力不变18．如图所示，质量为m的小球，从离桌面H高处自由下落，已知桌面离地高度为h，若以桌面为参考平面，则小球落到地面时的重力势能为（g为重力加速度)（）A．﹣mgh B．﹣mg（H+h) C．mgH D．mg(H﹣h）19．绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，其向心力来源于()A．卫星自带的动力B．卫星的惯性C．地球对卫星的引力 D．卫星对地球的引力20．某同学在“探究匀变速直线运动”的实验中,使用了频率为50Hz的电磁打点计时器，在纸带上打下相邻两个点的时间间隔是（）A．0。

学号 班别 姓名一、单选题（本题有9小题，每小题3分，共27分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的。

）1.下列说法正确的是：（ ）A.根据E ＝F/q ，可知，电场中某点的场强与电场力成正比B.根据E ＝kQ/r2 ，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比C.根据场强的叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D. 电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2. 如上图为某匀强电场的等势面分布图，每两个相邻等势面相距2cm ，则该匀强电场的场强大小和方向分别为（ ）A ．E=100V/m ，竖直向下B ．E=100V/m ，竖直向上C ．E=100V/m ，水平向左D ．E=100V/m ，水平向右3. 如图所示，M 、N 两点分别放置两个等量种异电荷，A 为它们连线的中点，B 为连线上靠近N 的一点，C 为连线的中垂线上处于A 点上方的一点，在A 、B 、C 三点中（ ） A ．场强最小的点是A 点，电势最高的点是B 点 B ．场强最小的点是A 点，电势最高的点是C 点 C ．场强最小的点是C 点，电势最高的点是B 点D ．场强最小的点是C 点，电势最高的点是A 点4. 三个点电荷电场的电场线分布如图所示，图中a 、b 两点处的场强大小分别为Ea 、Eb ，电势分别为фa 、фb ，则A ．Ea>Eb ，фa>фbB ．Ea<Eb ，фa<фbC ．Ea>Eb ，фa<фbD ．Ea<Eb ，фa>ф5. 如图所示，为两电阻的伏安特性曲线，则由图 可知R1︰R2等于（ ）A 、3：1B 、1：3 3:1.C1:3.D6．.一带电粒子在如图所示的点电荷的电场中，只在电场力作用下沿虚线所示轨迹从A 点运动到B 点，电荷的加速度、动能、电势能变化情况是A.加速度的大小和动能、电势能都增大B.加速度的大小和动能、电势能都减小C.加速度增大，动能增大，电势能减小D.加速度增大，动能减小，电势能增大7．在下图各种电场中，A、B两点电场强度相等的是( )图18．在如图2所示的四种电场中，某带电粒子从图中P点由静止释放，其加速度一定变小的是( )9.一负电荷从电场中的A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度—时间图像如右图所示，则A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是下列图6－1－11中的 ( )二、双选题（本题有8小题，每小题5分，共40分。

肇庆市第四中学2014-2015年度第二学期高二年级第一月考物理试题（ 文科 时间：90分钟 总分：100分）一、单项选择题Ⅰ（共30题，每题1分，共30分）1.一物体沿半径为R 的圆周运动一周，其位移的大小和路程分别是（ ）A ．，0B ．0，C ．，D ．0，2.关于速度和加速度，下列说法中正确的是（ ）A ．物体的速度越大，加速度一定越大B ．物体的速度变化越大，加速度一定越大C ．物体的速度变化越快，加速度一定越大D ．物体的加速度为零，速度一定为零3.下列图象中，表示物体做匀加速直线运动的是（ ）4.在同一地点，质量不同的两个物体从同一高度同时开始做自由落体运动，则（ ）A ．质量大的物体下落的加速度大B ．质量大的物体先落地C ．质量小的物体先落地D ．两个物体同时落地5. 关于力，下列说法中错误的是（ ）A ．力是物体与物体之间的相互作用B ．力可以只有施力物体而没有受力物体C ．力是矢量，它既有大小又有方向D ．力可以用带箭头的线段表示6.关于弹力，下列说法中正确的是（ ）A ．相互接触的物体之间一定有弹力作用B ．不接触的物体之间也可能有弹力作用C ．压力和支持力的方向都垂直物体的接触面D ．压力和支持力的方向都平行于物体的接触面7.有两个共点力，大小分别是3N 和5N ，则它们的合力大小 （ ）A ．最大为10NB ．最小为2NC ．可能为15ND ．可能为1NR π2R π2R 2R π2R 2t v-8.关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是在伽利略“理想实验”的基础上总结出来的B．不受力作用的物体是不存在的，故牛顿第一定律的建立毫无意义C．牛顿第一定律表明，物体只有在不受外力作用时才具有惯性D．牛顿第一定律表明，物体只有在静止或做匀速直线运动时才具有惯性9.关于功，下列说法中正确的是（）A．功只有大小而无方向，所以功是标量B．力的位移都是矢量，所以功也是矢量C．功的大小仅由力决定，力越大，做功越多D．功的大小仅由位移决定，位移越大，做功越多10.关于功率，下列说法中正确的是（）A．功率是描述做功快慢的物理量，在国际单位制中，其单位是焦耳（J）B．功率是描述做功快慢的物理量，在国际单位制中，其单位是瓦特（W）C．功率是描述做功多少的物理量，在国际单位制中，其单位是焦耳（J）D．功率是描述做功多少的物理量，在国际单位制中，其单位是瓦特（W）11.一物体在自由下落过程中，重力做了2J的功，则（）A．该物体重力势能减少，减少量等于2J B．该物体重力势能减少，减少量大于2J C．该物体重力势能减少，减少量小于2J D．该物体重力势能增加，增加量等于2J 12.关于能量和能源，下列说法中正确的是（）A．能量在转化和转移过程中，其总量有可能增加B．能量在转化和转移过程中，其总量会不断减少C．能量在转化和转移过程中总量保持不变，故节约能源没有必要D．能量的转化和转移具有方向性，且现有可利用的能源有限，故必须节约能源13.物体在做匀速圆周运动的过程中，其线速度（）A．大小保持不变，方向时刻改变 B．大小时刻改变，方向保持不变C．大小和方向均保持不变 D．大小和方向均时刻改变14.一颗人造卫星在地球引力作用下，绕地球做匀速圆周运动，已知地球的质量为M，地球的半径为R，卫星的质量为m，卫星离地面的高度为h，引力常量为G，则地球对卫星的万有引力大小为（）A ．B ．C ．D ． 15.放在光滑水平面上的物体，仅在两个同向水平力的共同作用下开始运动，若这两个力分别做了6J 和8J 的功，则该物体的动能增加了（ ）A ．48JB ．14JC ．10JD ．2J16. 在真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，仅将各自的电荷量均减小为原来的，则它们之间的为库仑力将（ ） A ．增大为原来的2倍 B ．增大为原来的4倍C ．减小为原来的D ．减小为原来的 17. 某电场的电场线如图所示，电场中M 、N 两点的场强大小分别为和，由图可知（ ）A ．=B ．﹥C ．﹤D ．无法比较和的大小18. 如图所示，环形导线中通有顺时针方向的电流I ，则该环形导线中心处的磁场方向为（ ）A ．水平向右B ．水平向左C ．垂直于纸面向里D ．垂直于纸面向外19. 通电直导线放在匀强磁场中，磁感应强度B 的方向如图所示。

广东省肇庆四中2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试卷（理科）一、单项选择题（每题3分，共15分）1．（3分）把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一段距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能是（）A．带有不等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有等量异种电荷D．一个带电，另一个不带电2．（3分）如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A．B．C．D．3．（3分）关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（）A．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B．正电荷沿电场线移动，电势能总增大C．负电荷沿电场线移动，电势能一定增大D．电荷沿电场线移动，电势能一定减小4．（3分）某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的场强大于它在N点的场强C．粒子在M点的动能小于它在N点的动能D．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度5．（3分）平行板电容器和电源、电阻、电键串联，组成如图所示的电路．接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的带电量不变C．充电结束后断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．充电结束后断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大二、双项选择题（每题5分，共30分）6．（5分）带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中电场力做了3.2×10﹣6J的正功．那么（）A．M在P点的电势能一定大于它在Q点的电势能B．P点的场强一定小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．M在Q点的动能一定大于它在P点的动能7．（5分）下列说法中正确的是（）A．点电荷一定是体积和质量都很小的带电体B．任何带电体都可以看成点电荷C．根据公式F=k，当r→∞时，F→0D．静电力常量的数值k是由库伦扭称实验得出的8．（5分）下列关于电场力做功与电势能变化的说法中，正确的是（）A．当两正点电荷相互靠近时，它们的电势能都减小B．当两负点电荷相互靠近时，它们的电势能都增大C．一个正电荷与另一个负电荷相互靠近时，它们的电势能都减小D．一个正电荷与另一个负电荷相互靠近时，它们的电势能都增大9．（5分）下列哪些措施是为了防止静电的危害（）A．油罐车的后边有条铁链搭到地上B．煤电厂用高压电锁住黑烟C．家用电器如洗衣机接有地线D．手机一般都装有天线10．（5分）如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．正电荷从A运动到B，电势能增加B．A．B两点场强相等C．A．B两点电势差为零D．负电荷从A运动到B，电势能增加11．（5分）如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧三、填空题（前八个空每空2分，共20分）12．（10分）用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带电荷，毛皮带电荷．当橡胶棒带有3.2×105C 的电量时，电荷量为1.6×10﹣19C的电子有个从移到上．13．（6分）有三个相同的金属小球A、B、C，其中A带有3.2×103C的正电荷，B、C球不带电．若使C球先和A接触后取走，再让B与A接触后分开，最后让B与C接触后分开，最后三球的带电荷量分别是q A=C，q B=C，q C=C．14．（4分）一根粗细均匀的金属裸导线，若把它均匀地拉长为原来的2倍，电阻变为原来的倍．若将它截成等长的两段并绞合成一根，它的电阻变为原来的．（设拉长与绞合的时温度不变．）四、解答题．（35分）15．（10分）如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．（1）判断小球带何种电荷．（2）求电场强度E．（3）若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v．16．（10分）将一个电荷量为1.0×10﹣8C的正电荷，从无穷远处移到电场中的A点，电场力做功2.0×10﹣8J，若将该电荷从A点移到B点，需克服电场力做功7.0×10﹣8J．取无穷远处电势为零电势（提示：零电势处电势能也为零）．求：（1）A、B两点间的电势差；（2）电荷在A点的电势能．17．（15分）如图，一电子的质量为m，电荷量为e，由静止出发，通过电压为U1的加速电场后，沿平行板中央轴线进入电压为U2的匀强电场，平行板长为L，电子恰能从下板边缘飞出电场．求：（1）电子离开加速电场而进入匀强电场时的速度大小？（2）电子在U2匀强电场中飞行的时间？（3）电子离开U2匀强电场时的偏移y为多少？广东省肇庆四中2014-2015学年高二上学期第一次月考物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单项选择题（每题3分，共15分）1．（3分）把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一段距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能是（）A．带有不等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有等量异种电荷D．一个带电，另一个不带电考点：电荷守恒定律．分析：两个小球接触后再分开，两球相互排斥，说明两球带同种电荷，将选项逐一代入，选出符合题意的选项．解答：解：A、两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故A可能；B、两个小球原来分别带同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故B可能；C、两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球不存在排斥力，故C不可能；D、原来的其中一个带电，把两个完全相同的小球接触后电荷平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故D可能；本题选不可能的，故选：C．点评：本题考查应用基本规律分析、判断物理现象的能力，要知道两个小球接触后再分开，两球相互排斥，说明两球带同种电荷．2．（3分）如图所示的各电场中，A、B两点场强相同的是（）A．B．C．D．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场强度是矢量，既有大小又有方向，只有当大小方向均相同时，场强才相同．解答：解：A、在负点电荷产生的电场中，同心球面上的点的场强大小相等．A、B两点的场强大小相等，但方向不同，故A错误．B、正点电荷产生的电场中，AB两点场强的方向相同，大小不同，故B错误．C、两平行板间的电场是匀强电场，场强大小方向都相等，故C正确．D、AB两点处的电场线的疏密和切线方向都不同．即A、B两点的场强大小和方向都不同，故D错误．故选：C．点评：矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，相反当大小或方向之一变化时，矢量就变化．3．（3分）关于电场中电荷的电势能的大小，下列说法正确的是（）A．在电场强度越大的地方，电荷的电势能也越大B．正电荷沿电场线移动，电势能总增大C．负电荷沿电场线移动，电势能一定增大D．电荷沿电场线移动，电势能一定减小考点：电势能．分析：根据电场力做功与电势能变化的关系进行判断：电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、在电场强度越大的地方，同一电荷受到的电场力越大，但电势能不一定大，故A错误；B、正电荷沿电场线移动，电场力做正功，电势能一定减小，故B错误；C、负电荷沿电场线移动，电场力做负功，电势能一定增大，故C正确；D、由上知负电荷沿电场线移动，电势能增大，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握电场力做功与电势能的关系，电场力做功等于电势能的减小量．4．（3分）某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的场强大于它在N点的场强C．粒子在M点的动能小于它在N点的动能D．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度考点：电场线．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力沿着电场线的方向，据场强方向规定可知电荷为正电荷，所以A错误．BD、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强的大小，在N点的受力大于在M的受力，所以粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，所以BD错误；C、正电荷沿着电场的方向运动，所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在M点的动能小于它在N点的动能，故C正确．故选：C．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．（3分）平行板电容器和电源、电阻、电键串联，组成如图所示的电路．接通开关K，电源即给电容器充电（）A．保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B．保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的带电量不变C．充电结束后断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小D．充电结束后断开K，在两极板间插入一块介质，则极板上的电势差增大考点：电容器的动态分析；电势差；电容．专题：电容器专题．分析：先根据电容的决定式分析电容如何变化，再根据电容的定义式分析电容器的电压或电量如何变化．由电场强度与电势差的关系可分析场强的变化．解答：解：A、保持K接通，电容器极板间的电压不变，减小两极板间的距离，由E=分析得知，板间场强增大．故A错误．B、保持K接通，在两极板间插入一块介质，由电容的决定式C=知，电容增大，而电容器的电压不变，由C=分析得知，极板上的带电量增大．故B错误．C、充电结束后断开K，电容器所带电量不变，减小两极板间的距离，由电容的决定式C=知电容C增大，则根据Q=UC可知，两极板间的电势差减小；故C正确．D、电容器所带电量Q不变．在两极板间插入一块电介质，根据电容的定义式分析得知电容C增大，由C=分析得知，两极板间的电势差减小．故D错误；故选：C点评：题是电容器的动态分析问题，往往根据电容的定义式和电容的定义式结合分析，再抓住不变量进行研究即可．二、双项选择题（每题5分，共30分）6．（5分）带电粒子M只在电场力作用下由P点运动到Q点，在此过程中电场力做了3.2×10﹣6J的正功．那么（）A．M在P点的电势能一定大于它在Q点的电势能B．P点的场强一定小于Q点的场强C．P点的电势一定高于Q点的电势D．M在Q点的动能一定大于它在P点的动能考点：电势能；电场强度．分析：在本题中只是知道从P到Q电场力做正功，而电荷的正负不知道，因此无法判断电势高低，电场线分布或者说电场分布情况不知，也无法判断电场强度的大小．根据电场力做功和电势能的关系可以动能和电势能的变化情况．解答：解：A、从题目可知电场力做正功，故电势能一定减小，则粒子M在P点的电势能一定大于它在Q点的电势能，故A正确；B、电场分布情况不知，无法判断P点和Q点电场强度的大小关系，故B错误；C、因为电荷正负不知，故无法判断电势高低，C错误；D、因为只有电场力做正功，因此只有电势能和动能之间的转化，电势能减小，则动能增大，所以M在Q点的动能一定大于它在P点的动能．故D正确．故选：AD．点评：要正确理解电场强度、电势、电势能的决定因素和大小判断方法，不能混淆概念．7．（5分）下列说法中正确的是（）A．点电荷一定是体积和质量都很小的带电体B．任何带电体都可以看成点电荷C．根据公式F=k，当r→∞时，F→0D．静电力常量的数值k是由库伦扭称实验得出的考点：元电荷、点电荷；库仑定律．专题：常规题型．分析：带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．解答：解：A、由带电体看作点电荷的条件，当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，带电体能否看作点电荷是由研究问题的性质决定，与自身大小形状、质量无具体关系，故AB错误；C、根据公式F=k，当r→∞时，F→0，故C正确；D、静电力常量的数值k是由库伦扭称实验得出的，故D正确；故选：CD．点评：点电荷是理想化的物理模型，与力学中质点类似，能不能把带电体看成点电荷，不是看带电体的体积和电量，而看带电体本身的大小和形状对带电体间的作用力影响能不能忽略不计．8．（5分）下列关于电场力做功与电势能变化的说法中，正确的是（）A．当两正点电荷相互靠近时，它们的电势能都减小B．当两负点电荷相互靠近时，它们的电势能都增大C．一个正电荷与另一个负电荷相互靠近时，它们的电势能都减小D．一个正电荷与另一个负电荷相互靠近时，它们的电势能都增大考点：电势能；电势．分析：电场力做正功多少，电势能就减少多少；电荷克服电场力做功多少，电势能就增加多少．只有电场力做功时，动能和电势能总和不变．解答：解：电场力做正功多少，电势能就减少多少；电荷克服电场力做功多少，电势能就增加多少．A、当两正点电荷相互靠近时，电场力做负功，则它们的电势能都增加．故A错误，B、当两负点电荷相互靠近时，电场力仍做负功，它们的电势能都增大，B正确；C、一个正电荷与另一个负电荷相互靠近时，电场力做正功，则它们的电势能都减小，C正确，D错误；故选：BC．点评：对于电场力可当成一般的力，根据力与位移方向间的关系，判断其做功正负．电场力做功与电势能变化的关系，类似于重力与重力势能变化的关系，运用类比的方法，有助于理解和记忆．9．（5分）下列哪些措施是为了防止静电的危害（）A．油罐车的后边有条铁链搭到地上B．煤电厂用高压电锁住黑烟C．家用电器如洗衣机接有地线D．手机一般都装有天线考点：静电现象的解释．分析：本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．解答：解：A．油罐车在运输过程中，不断的相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走，这是防止静电危害，故A正确；B．煤电厂用高压电锁住黑烟，是静电除尘，静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用．故B错误；C．家用电器如洗衣机接有地线，及时导走产生的感应电荷，这是防止静电危害．故C正确；D．手机一般都装有天线，利用开放电路接受与发射信号，属于电磁波的发射与接受．故D 错误．故选：AC．点评：本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．10．（5分）如图是两个等量异种点电荷形成的电场，AB为中垂线，且AO=BO，则（）A．正电荷从A运动到B，电势能增加B．A．B两点场强相等C．A．B两点电势差为零D．负电荷从A运动到B，电势能增加考点：电场线．分析：一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，电荷从等势面上的一点移动到另一点，电场力做功为零，结合电势差的定义和电场力做功与电势能变化的关系进行分析即可．解答：解：A、AB是一条等势线，正电荷从A运动到B，电场力不做功，电势能不变．故A错误；B、两个等量异种点电荷形成的电场，两个电荷的连线上下的电场是对称的，AO=BO，那么AB两点的场强就是相等的，故B正确；C、该中垂线是一条等势线，所有点的电势都相等，AB之间的电势差为0，故C正确；D、一对等量异号电荷的连线的中垂线是等势面，负电荷从等势面上的A点移动到另一点B，电场力做的功一定为零，故电势能不变，故D错误；故选：BC点评：该题考查常见的电场和电场线，只有掌握两个等量异种点电荷形成的电场的特点，即可正确解答．11．（5分）如图所示为点电荷产生的电场中的一条电场线，若一带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，则可判定（）A．点电荷一定带正电B．点电荷一定带负电C．点电荷一定在A的左侧D．点电荷一定在B的右侧考点：电场强度；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，加速度增大而速度减小，说明场强增大．电场力方向与粒子的速度方向相反，方向从A点到B点，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，说明电场强度方向是从B点到A点．根据电场强度的变化情况，判断点电荷的位置．解答：解：据题，带负电的粒子从B点运动到A点时，速度减小，说明电场力方向从A点到B点，说明电场强度方向是从B点到A点．加速度增大而速度减小，说明场强增大，则点电荷一定在A的左侧，并且一定带负电．故选BC点评：本题根据粒子加速度变化情况，可判断场强的变化情况．粒子做减速运动时，电场力方向与粒子的速度方向相反．考查分析粒子受力情况的能力．三、填空题（前八个空每空2分，共20分）12．（10分）用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．当橡胶棒带有3.2×105C 的电量时，电荷量为1.6×10﹣19C的电子有2×1014个从毛皮移到橡胶棒上．考点：电荷守恒定律．专题：常规题型．分析：摩擦起电的实质是电子的转移，失去电子的带正电，得到电子的带负电；元电荷e=1.6×10﹣19C．解答：解：用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷，电子从毛皮移到橡胶棒；转移的电子数目为：n==2×1014个故答案为：负，正，2×1014，毛皮，橡胶棒．点评：本题考查了摩擦起电的原因和实质，原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚能力不同，束缚能力强的从束缚能力弱的那里得到电子，而带负电，束缚能力弱的由于失去电子，而缺少电子带正电；而摩擦起电的实质是电荷的转移．13．（6分）有三个相同的金属小球A、B、C，其中A带有3.2×103C的正电荷，B、C球不带电．若使C球先和A接触后取走，再让B与A接触后分开，最后让B与C接触后分开，最后三球的带电荷量分别是q A=8×102CC，q B=1.2×103CC，q C=1.2×103CC．考点：电荷守恒定律．分析：完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分．解答：解：当小球C和A接触后，A、C球带电为Q1=C=1.6×103C，再让小球B与小球A接触，此时A、B带电为Q2==0.8×103C=8×102C，再让让小球B与小球C接触后，此时B、C带电为Q3=C=1.2×103C，所以最终ABC三小球的带电量分别是：8×102C，7.5×10﹣6C，7.5×10﹣6C．故答案为：8×102C，1.2×103C，1.2×103C点评：完全相同的带电小球接触时，对于电量的重新分配规律要明确，注意正负中和的含义，及电量平分的条件．14．（4分）一根粗细均匀的金属裸导线，若把它均匀地拉长为原来的2倍，电阻变为原来的4倍．若将它截成等长的两段并绞合成一根，它的电阻变为原来的．（设拉长与绞合的时温度不变．）考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：根据电阻定律公式R=列式分析即可，注意金属的体积不变．解答：解：一根粗细均匀的金属裸导线，若把它均匀地拉长为原来的2倍，根据V=SL，横截面积减小为，根据电阻定律公式R=，电阻增加为4倍；若将它截成等长的两段并绞合成一根，横截面面积增加为2倍，根据电阻定律公式R=，电阻变为原来的；故答案为：4，．点评：本题关键是根据电阻定律列式分析，注意体积一定，根据V=SL判断截面积的变化．四、解答题．（35分）15．（10分）如图所示，一质量为m、带电量为q的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，静止时悬线向左与竖直方向成θ角，重力加速度为g．（1）判断小球带何种电荷．（2）求电场强度E．（3）若在某时刻将细线突然剪断，求经过t时间小球的速度v．考点：共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律；电场强度．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）小球受到的电场力向左，与场强方向相反，故带负电荷；（2）对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出电场力，得到电场强度；（3）剪短细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，故做初速度为零的匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度后，再运用速度时间公式求解．解答：解：（1）小球受到的电场力向左，与场强方向相反；故小球带负电荷．（2）对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，如图根据共点力平衡条件，有qE=mgtanθ故即电场强度E为．（3）剪短细线后，小球受到重力和电场力，合力恒定，故做初速度为零的匀加速直线运动；根据牛顿第二定律，有F合=ma ①由于三力平衡中，任意两个力的合力与第三力等值、反向、共线，故F合=②根据速度时间公式，有v=at ③由①②③解得即经过t时间小球的速度v为．点评：本题关键是对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出各个力，最后根据牛顿第二定律求加速度，由速度时间公式求末速度．16．（10分）将一个电荷量为1.0×10﹣8C的正电荷，从无穷远处移到电场中的A点，电场力做功2.0×10﹣8J，若将该电荷从A点移到B点，需克服电场力做功7.0×10﹣8J．取无穷远处电势为零电势（提示：零电势处电势能也为零）．求：（1）A、B两点间的电势差；（2）电荷在A点的电势能．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）根据W AB=qU AB由电场力做功求得AB间的电势差；（2）据W0A=E P0﹣E pA求得电荷在A点的电势能．解答：解：（1）由题意知，所以有：（2）电荷从无穷远处移动到A点电场力做功，又W0A=E p0﹣E pA=0﹣E pA所以有：答：（1）A、B两点间的电势差为﹣7V；（2）电荷在A点的电势能为﹣2.0×10﹣8J．点评：本题考查对电势差公式的应用能力，U AB=应用时，各量均需代入符号．基本题．17．（15分）如图，一电子的质量为m，电荷量为e，由静止出发，通过电压为U1的加速电场后，沿平行板中央轴线进入电压为U2的匀强电场，平行板长为L，电子恰能从下板边缘飞出电场．求：（1）电子离开加速电场而进入匀强电场时的速度大小？（2）电子在U2匀强电场中飞行的时间？（3）电子离开U2匀强电场时的偏移y为多少？考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电子在加速电场中，由动能定理求解获得的速度v0的大小；（2）、（3）电子进入电压为U2的匀强电场后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，根据位移公式求解时间，根据牛顿第二定律求得加速度，进而即可求解侧移y．解答：解：（1）电子在加速电场中加速过程，根据动能定理得：eU1=①则得：v0=（2）、（3）电子进入电压为U2的偏转电场后做类平抛运动，加速度大小为a==②电子在水平方向做匀直线运动，则运动时间为 t=③在竖直方向做匀加速运动，则偏转量为 y=④联立①②③④得：y=答：（1）电子离开加速电场而进入匀强电场时的速度大小为．。

广东省肇庆市端州区端州中学2015-2016学年高二（上）期中物理试卷一、单项选择题（每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，选对得6分，选错或不选得0分．）1．真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果将它们的距离增大为原来的2倍，将其中之一的电荷量增大为原来的2倍，它们之间的作用力变为多大（）A．B．F C．2F D．4F2．如图所示，在一电场中有A、B两点，下列说法正确的是（）A．由E=可知，在A点放入的电荷电量越大，A点的场强越小B．B点场强大于A点场强C．A点场强是确定的，与放入电荷无关D．A点场强大于B点场强，且方向相同3．如图所示，当正电荷从A到C移动过程中，正确的是（）A．从A经B到C电场力对电荷做功最多B．从A经M到C电场力对电荷做功最多C．从A经N到C电场力对电荷做功最多D．不管从哪条路径使电荷从A到C，电场力做功都相等，且都是正功4．要使平行板电容器的电容增大（）A．增大电容器的带电量B．增大电容器两极板的正对面积C．增大电容器两极间的电压D．增大电容器两极板的距离5．如图所示电路，电源电压不变，已知：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，则电流表1和电流表2的示数比为（）A．3：1 B．1：3 C．1：4 D．4：16．R=的物理意义是（）A．加在导体两端的电压越大，则电流越大B．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比C．导体的电阻越大，则电流越小D．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小二、多项选择题（每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上的选项是正确的，选对得6分，选对但不全的得3分，选错或不选得0分．）7．关于库仑定律，下面说法中正确的是（）A．只要是计算两点电荷的相互作用，就可以用公式B．两个带电小球即使相距很近，也能运用库仑定律求作用力C．相互作用的两个点电荷，不论它们的电量是否相等，它们之间的库仑力大小一定相等D．两个点电荷的电量各减一半，它们之间的距离保持不变，则它们的库仑力减为原来的8．原来静止的点电荷在只受电场力作用时（）A．一定从场强大的地方向场强小的地方运动B．一定从电势高的地方向电势低的地方运动C．一定从电势能大的地方向电势能小的地方运动D．电场力一定做正功9．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．关于它们的电阻值及串联或并联后电路中的总电流比较正确的是（）A．电阻R1的阻值比电阻R2的阻值大B．电阻的R2阻值比电阻R1的阻值大C．两电阻串联后比并联后接入同一电源，电路中的总电流大D．两电阻并联后比串联后接入同一电源，电路中的总电流大三、实验题（共16分）10．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻可忽略）；B．电流表（量程0～0.6A，内阻0.125Ω）；C．电压表（量程0～3V，内阻3kΩ）；D．滑动变阻器（0～20Ω）；开关、导线．①实验电路应采用电流表接法（填“内”或“外”）．②设实验中，电流表、电压表的某组示数如图1所示，图示中I=A，U=V．③为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求在方框中画出测量待测金属导线的电阻R x的原理电路图；然后根据你设计的原理电路将图2中给定的器材连成实验电路．④若要测金属导线的电阻率，还需测得金属丝的直径如图3，则该金属丝直径为mm．四、计算题（共30分）11．用30cm的细线将质量为4×10﹣3㎏的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转30°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．12．有一电子经电压U1加速后，进入两块间距为d，电压为U2的平行金属板间，若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿出电场，设电子的电量为e．求：（1）金属板AB的长度．（2）电子穿出电场时的动能．2015-2016学年广东省肇庆市端州区端州中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，选对得6分，选错或不选得0分．）1．真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果将它们的距离增大为原来的2倍，将其中之一的电荷量增大为原来的2倍，它们之间的作用力变为多大（）A．B．F C．2F D．4F【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电量增大为原来的2倍，将它们之间的距离增大为原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小．【解答】解：由点电荷库仑力的公式F=k可以得到，电量增大为原来的2倍，将它们之间的距离增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的，所以A正确．故选：A．【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．2．如图所示，在一电场中有A、B两点，下列说法正确的是（）A．由E=可知，在A点放入的电荷电量越大，A点的场强越小B．B点场强大于A点场强C．A点场强是确定的，与放入电荷无关D．A点场强大于B点场强，且方向相同【考点】电场线；电场强度．【分析】电场强度的大小可以根据电场线的疏密判断，电场线越密，场强越大，与试探电荷的电荷量无关．电场强度的方向沿电场线的切线方向．【解答】解：A、在电场中A点，场强E是确定的，由E=可知，在A点放入的电荷电量越大，电荷所受电场力越大，但A点的场强不变．故A错误．B、由图看出，B点处电场线比A点处电场线疏，则场强B点场强小于A点场强．故B错误．C、对于给定的电场，A点的场强是唯一确定的，与放入的电荷无关，由电场本身决定．故C正确．D、由图得知，A点场强大于B点场强．而两点电场线切线方向不同，说明场强方向不同．故D错误．故选：C【点评】电场强度的定义式E=采用比值定义法，而E与试探电荷的F、q无关，E由电场本身的强弱和方向决定．3．如图所示，当正电荷从A到C移动过程中，正确的是（）A．从A经B到C电场力对电荷做功最多B．从A经M到C电场力对电荷做功最多C．从A经N到C电场力对电荷做功最多D．不管从哪条路径使电荷从A到C，电场力做功都相等，且都是正功【考点】电势能；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场力做功可根据公式W=qU，结合两点间电势差的大小进行判断．根据电场力方向与位移方向的关系，判断电场力做功的正负．【解答】解：当正电荷从A到C移动过程中，电场力做功W AC=qU AC，在电场中A、C两点间的电势差是唯一确定的，故不管沿什么路径，电场力做功相等．而且由于正电荷所受的电场力方向向右，位移也向右，所以电场力对正电荷做正功，故ABC错误，D正确．故选D【点评】本题关键要掌握电势差与电场中两点的位置有关，与路径无关，从而得出电场力做功，只与电荷的初末位置的电势差有关，与路径无关的特点．4．要使平行板电容器的电容增大（）A．增大电容器的带电量B．增大电容器两极板的正对面积C．增大电容器两极间的电压D．增大电容器两极板的距离【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】根据电容器的决定式C=判断电容的变化．【解答】解：A、C、由C=知，电容器的电容与电荷量以及电容器两端的电压无关．故A、C错误．B、根据电容器的决定式C=知，增大正对面积，则电容增大．故B正确．D、根据电容器的决定式C=知，增大两极板间的距离，则电容减小．故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键知道电容器的电容与电压和所带的电荷量无关，由本身的因素决定，根据电容的决定式可以判定电容与什么因素有关．5．如图所示电路，电源电压不变，已知：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，则电流表1和电流表2的示数比为（）A．3：1 B．1：3 C．1：4 D．4：1【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由电路图知：两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路电流；由并联电路特点求出流过电阻的电流之比，可得电流表示数之比【解答】解：电阻R1的电阻值为1Ω，电阻R2的阻值为3Ω，两电阻并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测电阻R2所在支路电流，由并联电路特点得，通过R1的电流为通过R2电流的3倍，故A1示数为A2示数的4倍，则电流表1 和电流表2 的示数比为4：1，故选D【点评】本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用；明确各电路元件的连接方式、灵活应用并联电路特点及欧姆定律是正确解题的关键．6．R=的物理意义是（）A．加在导体两端的电压越大，则电流越大B．导体的电阻与电压成正比，与电流成反比C．导体的电阻越大，则电流越小D．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；（2）R=是电阻的定义式和计算式．【解答】解：A、加在导体两端的电压越大，则电流越大；故A正确；B、导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；但可以通过R=计算出导体电阻的大小，故，B、D选项错误C、因不知电压大小，故不能说电阻越大，电流越小；故C错误；故选：A【点评】本题考查了影响电阻大小的因素．关键是不能从公式上分析，因电阻是导体本身的一种特性．二、多项选择题（每小题6分，共18分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上的选项是正确的，选对得6分，选对但不全的得3分，选错或不选得0分．）7．关于库仑定律，下面说法中正确的是（）A．只要是计算两点电荷的相互作用，就可以用公式B．两个带电小球即使相距很近，也能运用库仑定律求作用力C．相互作用的两个点电荷，不论它们的电量是否相等，它们之间的库仑力大小一定相等D．两个点电荷的电量各减一半，它们之间的距离保持不变，则它们的库仑力减为原来的【考点】库仑定律．【专题】定性思想；推理法；电荷守恒定律与库仑定律专题．【分析】库仑定律F=k适用于真空中两点电荷之间的作用力．运用牛顿第三定律得大电荷对小电荷的作用力与小电荷对大电荷的作用力相等．【解答】解：A、计算真空中的点电荷间的相互作用，才可以用公式，故A错误．B、两个带电小球相距较近时，不能看成点电荷，则不可以直接运用库仑定律计算作用力，故B错误．C、根据牛顿第三定律，点电荷之间的作用力，是一对作用力和反作用力，大小总是相等的，与它们的电量是否相等无关，故C正确．D、根据库仑定律F′=k=F，即两个点电荷的电量各减为原来的一半，它们的距离保持不变，则它们的库仑力减为原来的，故D正确．故选：CD．【点评】解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．8．原来静止的点电荷在只受电场力作用时（）A．一定从场强大的地方向场强小的地方运动B．一定从电势高的地方向电势低的地方运动C．一定从电势能大的地方向电势能小的地方运动D．电场力一定做正功【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，此题需要根据电场力做功的特点判断两点电势能的高低，知道电场力做正功，电势能减小．【解答】解：A、静止开始的电荷会沿着电场力的方向运动，但此方向的场强不一定减小，故A错误；B、如果是负电荷，运动方向与场强相反，故电势会增大，故B错误；C、由于电荷只受电场力，从静止开始运动，因此电场力做正功，根据电场力做功量度电势能的变化，所以电势能减小，故C正确．D、由于电荷只受电场力，从静止开始运动，因此电场力做正功，故D正确；故选CD．【点评】本题比较简单，基础性强，考查的知识点比较全面；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系．9．如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．关于它们的电阻值及串联或并联后电路中的总电流比较正确的是（）A．电阻R1的阻值比电阻R2的阻值大B．电阻的R2阻值比电阻R1的阻值大C．两电阻串联后比并联后接入同一电源，电路中的总电流大D．两电阻并联后比串联后接入同一电源，电路中的总电流大【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】I﹣U图象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小．再根据串并联电路的性质确定电流大小．【解答】解：A、由图可知，该图象是I﹣U图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值．故A错误，B正确；C、两电阻串联后的总电阻要比并联时的总电阻大，故串联后的电路中的总电流要小；故C错误，D 正确；故选：BD．【点评】解答本题的关键在于明确I﹣U图象中斜率的意义；同时还要明确串并联电路的性质．三、实验题（共16分）10．欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组（3V，内阻可忽略）；B．电流表（量程0～0.6A，内阻0.125Ω）；C．电压表（量程0～3V，内阻3kΩ）；D．滑动变阻器（0～20Ω）；开关、导线．①实验电路应采用电流表外接法（填“内”或“外”）．②设实验中，电流表、电压表的某组示数如图1所示，图示中I=0.48A，U= 2.20V．③为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，请按要求在方框中画出测量待测金属导线的电阻R x的原理电路图；然后根据你设计的原理电路将图2中给定的器材连成实验电路．④若要测金属导线的电阻率，还需测得金属丝的直径如图3，则该金属丝直径为 6.577mm．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题．【分析】①根据待测电阻阻值与电表内阻的关系选择电流表采用内接法还是外接法．②根据图示电表确定其分度值，读出电表示数．③电流表能从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，然后作出伏安法测电阻的实验原理图．④螺旋测微器固定刻度与可动可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；【解答】解：①==40，==600，＞，则电流表应采用外接法．②电流表量程是0～0.6A，由图示电流表可知其分度值是0.02A，示数为0.48A；电压表量程是0～3V，由图示电压表可知其分度值是0.1V，其示数为2.2V．③通过待测金属导线的电流能在0～0.5A范围内改变，则滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外接法，伏安法测电阻的实验电路如图所示．实物图如图所示；④由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为6.5mm，可动刻度所示为7.7×0.01mm=0.077mm，螺旋测微器示数为6.5mm+0.077mm=6.577mm；故答案为：①外；②0.48；2.2；③如图所示；④6.577【点评】本题考查伏安法测电阻的原理，要注意明确滑动变阻的分压接法以及电流表内外接法的选择；同时注意实物图的连接方法．四、计算题（共30分）11．用30cm的细线将质量为4×10﹣3㎏的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转30°后处在静止状态．（1）分析小球的带电性质；（2）求小球的带电量；（3）求细线的拉力．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据共点力平衡得出电场力的方向，从而得出小球的电性和电量；结合共点力平衡求出细线的拉力．【解答】解：（1）小球的受力如图所示，知小球带正电．（2）小球受力平衡，在水平方向：qE=mgtan30°解得q=；（3）根据共点力平衡得，=4.62×10﹣2N．答：（1）小球带正电．（2）小球的带电量为2.31×10﹣6C；（3）细线的拉力为4.62×10﹣2N．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，基础题．12．有一电子经电压U1加速后，进入两块间距为d，电压为U2的平行金属板间，若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿出电场，设电子的电量为e．求：（1）金属板AB的长度．（2）电子穿出电场时的动能．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）电子在加速电场中做加速运动，由动能定理可以求出其速度，电子在偏转电场中做类平抛运动，由类平抛运动规律求出金属板的长度．（2）由动能定理可以求出电子的动能．【解答】解：（1）电子在加速电场中，由动能定理得：eU1=mv02﹣0，电子在偏转电场中做类平抛运动，水平方向：L=v0t，竖直方向：d=at2=t2，解得：L=d；（2）整个过程中，由动能定理可得：eU1+e×=E K﹣0，解得：E K=；答：（1）金属板AB的长度为d．（2）电子穿出电场时的动能为．【点评】本题考查了电子在电场中的运动，求金属板的长度、求电子的动能，分析清楚电子运动过程、应用类平抛运动规律与动能定理即可正确解题．。