2019年中考数学真题分类专项训练--图形的变换

2019年全国中考数学真题分类汇编：图形变换（对称、平移、旋转、位似）一、选择题1.（2019年安徽省）已知点A（1，-3）关于x轴的对称点则实数k的值为（）【考点】轴对称、反比例函数【解答】∵点A（1，-3）关于x轴的对称点A'的坐标为（1，3）∴把（1，3k=3∴选A2.(2019年天津市)在一些美术字中，有的汉字是轴对称图形，下面4个汉字中，可以看做是轴对称图形的是（）【考点】轴对称图形【解答】美、丽、校、园四个汉子中，“美”可以看做轴对称图形。

故选A3. (2019年天津市)如图，将△ABC绕点C顺时针旋转得到△DEC，使点A的对应点D恰好落在边AB上，点B的对应点为E，连接BE，下列结论一定正确的是（）A.AC=ADB.AB⊥EBC. BC=DED.∠A=∠EBC【考点】旋转的性质、等腰三角形的性质【解答】由旋转性质可知，AC=CD，AC≠AD，∴A错由旋转性质可知，BC=EC，BC≠DE，∴C错由旋转性质可知，∠ACB=∠DCE，∵∠ACB=∠ACD+∠DCB ，∠DCE=∠ECB+∠DCB ，∴∠ACD=∠ECB ，∵AC=CD ，BC=CE ，∴∠A=∠CDA=21（180°-∠ECB ），∠EBC=∠CEB=21（180°-∠ECB ），∴D 正确，由于由题意无法得到∠ABE=90°，∴B 选项错误. 故选D 。

4. （2019年北京市）下列倡导节约的图案中，是轴对称图形的是（ ）A. B. C. D.【考点】轴对称图形【解答】本题考察轴对称图形的概念，故选C5. （2019年乐山市）下列四个图形中，可以由图1通过平移得到的是( )()A ()B ()C ()D 【考点】平移的性质【解答】平移前后的图像的大小、形状、方向是不变的，故选D.6. （2019年山东省德州市）下列图形中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（） A. B. C. D.【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A 、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误，B 、是中心对称图形但不是轴对称图形，故本选项正确，C 、不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误，D 、是轴对称图形，也是中心对称图形，故本选项错误．故选：B ．7. （2019年山东省菏泽市）下列图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（） A ． B ． C ． D ．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A 、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项正确；D、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；故选：C．8. （2019年山东省济宁市）下列图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A、既是中心对称图形也是轴对称图形，故此选项正确；B、不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；D、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误．故选：A．9. （2019年山东省青岛市）下列四个图形中，既是轴对称图形，又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；B、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；D、既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项正确．故选：D．10. （2019年山东省青岛市）如图，将线段AB先向右平移5个单位，再将所得线段绕原点按顺时针方向旋转90°，得到线段A′B′，则点B的对应点B′的坐标是（）A．（﹣4，1）B．（﹣1，2）C．（4，﹣1）D．（1，﹣2）【考点】图形的平移与旋转【解答】解：将线段AB先向右平移5个单位，点B（2，1），连接OB，顺时针旋转90°，则B'对应坐标为（1，﹣2），故选：D．11. （2019年山东省枣庄市）下列图形，可以看作中心对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A、不是中心对称图形，故本选项不符合题意；B、是中心对称图形，故本选项符合题意；C、不是中心对称图形，故本选项不符合题意；D、不是中心对称图形，故本选项不符合题意．故选：B．12. （2019年山东省枣庄市）如图，点E是正方形ABCD的边DC上一点，把△ADE绕点A顺时针旋转90°到△ABF的位置．若四边形AECF的面积为20，DE＝2，则AE的长为（）A．4 B．2C．6 D．2【考点】正方形的性质、旋转的性质【解答】解：∵△ADE绕点A顺时针旋转90°到△ABF的位置．∴四边形AECF的面积等于正方形ABCD的面积等于20，∴AD＝DC＝2，∵DE＝2，∴Rt△ADE中，AE＝＝2故选：D．13. （2019年四川省达州市）剪纸是我国传统的民间艺术，下列剪纸作品中，轴对称图形是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A、不是轴对称图形，故此选项不合题意；B、不是轴对称图形，故此选项不合题意；C、不是轴对称图形，故此选项不合题意；D、是轴对称图形，故此选项符合题意；故选：D．14. （2019年云南省）下列图形既是轴对称图形，又是中心对称图形的是( )【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】根据轴对称和中心对称定义可知，A选项是轴对称，B选项既是轴对称又是中心对称，C 选项是轴对称，D 选项是轴对称图形，故选D15. （2019年广西贵港市）若点P （m -1，5）与点Q （3，2-n ）关于原点成中心对称，则m +n 的值是（ ）A. 1B. 3C. 5D. 7【考点】中心对称【解答】解：∵点P （m-1，5）与点Q （3，2-n ）关于原点对称，∴m-1=-3，2-n=-5，解得：m=-2，n=7，则m+n=-2+7=5．故选：C ．16. （2019年广西贺州市）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（ ）A ．正三角形B ．平行四边形C ．正五边形D ．圆【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A ．正三角形是轴对称图形，但不是中心对称图形；B ．平行四边形是中心对称图形，但不是轴对称图形；C ．正五边形是轴对称图形，但不是中心对称图形；D ．圆既是轴对称图形，又是中心对称图形；故选：D ．17. （2019年江苏省苏州市）如图，菱形ABCD 的对角线AC ，BD 交于点O ，416AC BD ==，，将ABO V 沿点A 到点C 的方向平移，得到A B C '''V ，当点A '与点C 重合时，点A 与点B '之间的距离为（ ）A ．6B ．8C ．10D ．12【考点】菱形的性质、勾股定理、平移【解答】由菱形的性质得28AO OC CO BO OD B O '''======，90AOB AO B ''∠=∠=oAO B ''∴V 为直角三角形B10AB '∴==故选C18. （2019年江苏省无锡市）下列图案中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是( )【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】A 、B 、D 都既是中心对称也是轴对称图形；故选C. 19. （2019年江苏省扬州市）下列图案中，是中心对称图形的是( )A. B. C . D.【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】D.20.（2019年浙江省杭州市）在平面直角坐标系中，点(),2A m 与点()3,b n 关于y 轴对称，则（ ）A .3m =，2n =B .3m =-，2n =C .2m =，3n =D .2m =-，3n =【考点】关于坐标轴对称的点的坐标特征【解答】A ，B 关于y 轴对称，则横坐标互为相反数，纵坐标相同故选B21. （2019年湖北省荆州市）在平面直角坐标系中，点A 的坐标为（1，），以原点为中心，将点A 顺时针旋转30°得到点A '，则点A '的坐标为（ ）A ．（，1）B ．（，﹣1）C ．（2，1）D ．（0，2） 【考点】旋转的性质【解答】解：如图，作AE ⊥x 轴于E ，A ′F ⊥x 轴于F ．∵∠AEO ＝∠OF A ′＝90°，∠AOE ＝∠AOA ′＝∠A ′OF ＝30°∴∠AOE＝∠A′，∵OA＝OA′，∴△AOE≌△OA′F（AAS），∴OF＝AE＝，A′F＝OE＝1，∴A′（，1）．故选：A．22. （2019年湖北省宜昌市）如图，平面直角坐标系中，点B在第一象限，点A在x轴的正半轴上，∠AOB＝∠B＝30°，OA＝2，将△AOB绕点O逆时针旋转90°，点B的对应点B'的坐标是（）A．（﹣1，2+）B．（﹣，3）C．（﹣，2+） D．（﹣3，）【考点】旋转的性质、解直角三角形【解答】解：如图，作B′H⊥y轴于H．由题意：OA′＝A′B′＝2，∠B′A′H＝60°，∴∠A′B′H＝30°，∴AH′＝A′B′＝1，B′H＝，∴OH＝3，∴B′（﹣，3），故选：B．23. （2019年甘肃省武威市）如图，将图形用放大镜放大，应该属于（）A．平移变换B．相似变换C．旋转变换D．对称变换【考点】相似形【解答】解：根据相似图形的定义知，用放大镜将图形放大，属于图形的形状相同，大小不相同，所以属于相似变换．故选：B．24. （2019年辽宁省本溪市）下列图形中，既是轴对称图形又是中心对称图形的是（）A．B．C．D．【考点】轴对称图形、中心对称图形【解答】解：A、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项不符合题意；B、既是轴对称图形又是中心对称图形，故本选项符合题意；C、是中心对称图形，不是轴对称图形，故本选项不符合题意；D、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项不符合题意．故选：B．25. （2019年辽宁省大连市）如图，将矩形纸片ABCD折叠，使点C与点A重合，折痕为EF，若AB＝4，BC＝8．则D′F的长为（）A．2B．4 C．3 D．2【考点】折叠变换、矩形的性质、相似三角形的判定与性质【解答】解：连接AC交EF于点O，如图所示：∵四边形ABCD是矩形，∴AD＝BC＝8，∠B＝∠D＝90°，AC＝＝＝4，∵折叠矩形使C与A重合时，EF⊥AC，AO＝CO＝AC＝2，∴∠AOF＝∠D＝90°，∠OAF＝∠DAC，∴则Rt△FOA∽Rt△ADC，∴＝，即：＝，解得：AF＝5，∴D′F＝DF＝AD﹣AF＝8﹣5＝3，故选：C．26. （2019年西藏）如图，在矩形ABCD中，AB＝6，AD＝3，动点P满足S△P AB＝S矩形ABCD，则点P到A、B两点距离之和P A+PB的最小值为（）A．2B．2C．3D．【考点】轴对称﹣最短路线问题、勾股定理【解答】解：设△ABP中AB边上的高是h．∵S△P AB＝S矩形ABCD，∴AB•h＝AB•AD，∴h＝AD＝2，∴动点P在与AB平行且与AB的距离是2的直线l上，如图，作A关于直线l的对称点E，连接AE，BE，则BE的长就是所求的最短距离．在Rt△ABE中，∵AB＝6，AE＝2+2＝4，∴BE＝＝＝2，即P A+PB的最小值为2．故选：A．二、填空题1. （2019年山东省滨州市）在平面直角坐标系中，△ABO三个顶点的坐标分别为A（﹣2，4），B（﹣4，0），O（0，0）．以原点O为位似中心，把这个三角形缩小为原来的，得到△CDO，则点A的对应点C的坐标是．【考点】位似变换【解答】解：以原点O为位似中心，把这个三角形缩小为原来的，点A的坐标为（﹣2，4），∴点C的坐标为（﹣2×，4×）或（2×，﹣4×），即（﹣1，2）或（1，﹣2），故答案为：（﹣1，2）或（1，﹣2）．2.(2019年天津市)如图，正方形纸片ABCD的边长为12，E是边CD上一点，连接AE，折叠该纸片，使点A落在AE上的G点，并使折痕经过点B，得到折痕BF，点F在AD上，若DE=5，则GE的长为.【考点】轴对称、全等三角形、相似三角形、勾股定理【解答】因为四边形ABCD 是正方形，易得△AFB ≌△DEA ，∴AF=DE=5，则BF=13. 又易知△AFH ∽△BFA ，所以BF AF BA AH ，即AH=1360，∴AH=2AH=13120，∴由勾股定理得AE=13，∴GE=AE-AG=1349 3. （2019年山东省青岛市）如图，在正方形纸片ABCD 中，E 是CD 的中点，将正方形纸 片折叠，点B 落在线段AE 上的点G 处，折痕为AF ．若AD ＝4cm ，则CF 的长为 cm ．【考点】轴对称、勾股定理、正方形的性质、方程建模【解答】解：设BF ＝x ，则FG ＝x ，CF ＝4﹣x ．在Rt △ADE 中，利用勾股定理可得AE ＝． 根据折叠的性质可知AG ＝AB ＝4，所以GE ＝﹣4． 在Rt △GEF 中，利用勾股定理可得EF 2＝（﹣4）2+x 2， 在Rt △FCE 中，利用勾股定理可得EF 2＝（4﹣x ）2+22，所以（﹣4）2+x 2＝（4﹣x ）2+22， 解得x ＝﹣2．则FC ＝4﹣x ＝6﹣．故答案为6﹣． 4. （2019年四川省资阳市）如图，在△ABC 中，已知AC ＝3，BC ＝4，点D 为边AB 的中点，连结CD ，过点A 作AE ⊥CD 于点E ，将△ACE 沿直线AC 翻折到△ACE ′的位置．若CE ′∥AB ，则CE ′＝ ．【考点】翻折变换、勾股定理、矩形的性质、平行线的性质【解答】解：如图，作CH⊥AB于H．由翻折可知：∠AE′C＝∠AEC＝90°，∠ACE＝∠ACE′，∵CE′∥AB，∴∠ACE′＝∠CAD，∴∠ACD＝∠CAD，∴DC＝DA，∵AD＝DB，∴DC＝DA＝DB，∴∠ACB＝90°，∴AB＝＝5，∵•AB•CH＝•AC•BC，∴CH＝，∴AH＝＝，∵CE∥AB，∴∠E′CH+∠AHC＝180°，∵∠AHC＝90°，∴∠E′CH＝90°，∴四边形AHCE′是矩形，∴CE′＝AH＝，故答案为．5. （2019年广西贺州市）如图，正方形ABCD的边长为4，点E是CD的中点，AF平分∠BAE交BC于点F，将△ADE绕点A顺时针旋转90°得△ABG，则CF的长为．【考点】旋转的性质、也考查了正方形的性质【解答】解：作FM⊥AD于M，FN⊥AG于N，如图，易得四边形CFMD为矩形，则FM ＝4，∵正方形ABCD的边长为4，点E是CD的中点，∴DE＝2，∴AE＝＝2，∵△ADE绕点A顺时针旋转90°得△ABG，∴AG＝AE＝2，BG＝DE＝2，∠3＝∠4，∠GAE＝90°，∠ABG＝∠D＝90°，而∠ABC＝90°，∴点G在CB的延长线上，∵AF平分∠BAE交BC于点F，∴∠1＝∠2，∴∠2+∠4＝∠1+∠3，即F A平分∠GAD，∴FN＝FM＝4，∵AB•GF＝FN•AG，∴GF＝＝2，∴CF＝CG﹣GF＝4+2﹣2＝6﹣2．故答案为6﹣2．6. （2019年湖北省十堰市）如图，正方形ABCD和Rt△AEF，AB＝5，AE＝AF＝4，连接BF，DE．若△AEF绕点A旋转，当∠ABF最大时，S△ADE＝．【考点】正方形的性质，旋转的性质、勾股定理【解答】解：作DH⊥AE于H，如图，∵AF＝4，当△AEF绕点A旋转时，点F在以A为圆心，4为半径的圆上，∴当BF为此圆的切线时，∠ABF最大，即BF⊥AF，在Rt△ABF中，BF＝＝3，∵∠EAF＝90°，∴∠BAF+∠BAH＝90°，∵∠DAH+∠BAH＝90°，∴∠DAH＝∠BAF，在△ADH和△ABF中，∴△ADH≌△ABF（AAS），∴DH＝BF＝3，∴S△ADE＝AE•DH＝×3×4＝6．故答案为6．7. （2019年浙江省杭州市）如图，把某矩形纸片ABCD沿EF、GH折叠（点E、H在AD 边上，点F、G在BC边上），使得点B、点C落在AD边上同一点P处，A点的对称点为A'点，D点的对称点为D'点，若∠FPG=90°，△A'EP的面积为4，△D'PH的面积为1，则矩形ABCD的面积等于________.【考点】矩形性质、折叠【解答】∵A'E ∥PF∴∠A'EP=∠D'PH又∵∠A=∠A'=90°，∠D=∠D'=90°∴∠A'=∠D'∴△A'EP ～△D'PH又∵AB=CD ，AB=A'P ，CD=D'P∴A'P=D'P设A'P=D'P=x∵S △A'EP ：S △D'PH =4：1∴A'E=2D'P=2x∴S △A'EP =2112422A E A P x x x ''⨯⨯=⨯⨯== ∵0x >∴2x =∴A'P=D'P=2∴A'E=2D'P=4∴EP ===∴1=2PH EP =∴112DH D H A P ''===∴415AD AE EP PH DH =+++=+=+∴2AB A P '==∴25)10ABCD S AB AD =⨯=⨯=矩形8. （2019年甘肃省天水市）如图，在矩形ABCD 中，AB ＝3，AD ＝5，点E 在DC 上，将矩形ABCD 沿AE 折叠，点D 恰好落在BC 边上的点F 处，那么sin ∠EFC 的值为 ．D 1A 1G P F E CDBA【考点】矩形的性质、折叠的性质、勾股定理【解答】解：∵四边形ABCD为矩形，∴AD＝BC＝5，AB＝CD＝3，∵矩形ABCD沿直线AE折叠，顶点D恰好落在BC边上的F处，∴AF＝AD＝5，EF＝DE，在Rt△ABF中，∵BF＝＝4，∴CF＝BC﹣BF＝5﹣4＝1，设CE＝x，则DE＝EF＝3﹣x在Rt△ECF中，∵CE2+FC2＝EF2，∴x2+12＝（3﹣x）2，解得x＝，∴EF＝3﹣x＝，∴sin∠EFC＝＝．故答案为：．9. （2019年湖北省随州市）如图，在平面直角坐标系中，Rt△ABC的直角顶点C的坐标为（1，0），点A在x轴正半轴上，且AC=2．将△ABC先绕点C逆时针旋转90°，再向左平移3个单位，则变换后点A的对应点的坐标为______．【考点】旋转变换的性质、平移的性质【解答】解：∵点C的坐标为（1，0），AC=2，∴点A的坐标为（3，0），如图所示，将Rt△ABC先绕点C逆时针旋转90°，则点A′的坐标为（1，2），再向左平移3个单位长度，则变换后点A′的对应点坐标为（-2，2），故答案为：（-2，2）．10. （2019年辽宁省本溪市）在平面直角坐标系中，点A，B的坐标分别是A（4，2），B（5，0），以点O为位似中心，相们比为，把△ABO缩小，得到△A1B1O，则点A的对应点A1 的坐标为．【考点】位似变换的性质【解答】解：以点O为位似中心，相们比为，把△ABO缩小，点A的坐标是A（4，2），则点A的对应点A1的坐标为（4×，2×）或（﹣4×，﹣2×），即（2，1）或（﹣2，﹣1），故答案为：（2，1）或（﹣2，﹣1）．11. （2019年内蒙古包头市）如图，在△ABC中，∠CAB＝55°，∠ABC＝25°，在同一平面内，将△ABC绕A点逆时针旋转70°得到△ADE，连接EC，则tan∠DEC的值是．【考点】三角函数的应用、旋转变换【解答】解：由旋转的性质可知：AE＝AC，∠CAE＝70°，∴∠ACE＝∠AEC＝55°，又∵∠AED＝∠ACB，∠CAB＝55°，∠ABC＝25°，∴∠ACB＝∠AED＝100°，∴∠DEC＝100°﹣55°＝45°，∴tan∠DEC＝tan45°＝1，故答案为：112. （2019年新疆）如图，在△ABC中，AB＝AC＝4，将△ABC绕点A顺时针旋转30°，得到△ACD，延长AD交BC的延长线于点E，则DE的长为．【考点】直角三角形的性质、旋转变换【解答】解：根据旋转过程可知：∠CAD＝30°＝∠CAB，AC＝AD＝4．∴∠BCA＝∠ACD＝∠ADC＝75°．∴∠ECD＝180°﹣2×75°＝30°．∴∠E＝75°﹣30°＝45°．过点C作CH⊥AE于H点，在Rt△ACH中，CH＝AC＝2，AH＝2．∴HD＝AD﹣AH＝4﹣2．在Rt△CHE中，∵∠E＝45°，∴EH＝CH＝2．∴DE＝EH﹣HD＝2﹣（4﹣2）＝2﹣2．故答案为2﹣2．13. （2019年海南省）如图，将Rt△ABC的斜边AB绕点A顺时针旋转α（0°＜α＜90°）得到AE，直角边AC绕点A逆时针旋转β（0°＜β＜90°）得到AF，连结EF．若AB＝3，AC ＝2，且α+β＝∠B，则EF＝．【考点】勾股定理、旋转变换【解答】解：由旋转的性质可得AE＝AB＝3，AC＝AF＝2，∵∠B+∠BAC＝90°，且α+β＝∠B，∴∠BAC+α+β＝90°∴∠EAF＝90°∴EF＝＝故答案为：14. （2019年西藏）如图，把一张长为4，宽为2的矩形纸片，沿对角线折叠，则重叠部分的面积为．【考点】矩形的性质、勾股定理、折叠的性质、【解答】解：设BF 长为x ，则FD ＝4﹣x ，∵∠ACB ＝∠BCE ＝∠CBD ，∴△BCF 为等腰三角形，BF ＝CF ＝x ，在Rt △CDF 中，（4﹣x ）2+22＝x 2，解得：x ＝2.5，∴BF ＝2.5，∴S △BFC ＝BF ×CD ＝×2.5×2＝2.5． 即重叠部分面积为2.5．故答案为：2.5．三、解答题1. （2019年北京市）已知30AOB ∠=︒，H 为射线OA 上一定点，1OH =+，P 为射线OB 上一点，M 为线段OH 上一动点，连接PM ，满足OMP ∠为钝角，以点P 为中心，将线段PM 顺时针旋转150︒，得到线段PN ，连接ON ．（1）依题意补全图1；（2）求证：OMP OPN ∠=∠；（3）点M 关于点H 的对称点为Q ，连接QP ．写出一个OP 的值，使得对于任意的点M 总有ON=QP ，并证明．【考点】旋转、轴对称、全等三角形、特殊直角三角形【解答】（1）如图所示（2）在△OPM 中，∠OMP=180°-∠POM-∠OPM=150°-∠OPM∠OPN=∠MPN-∠OPM=150°-∠OPM∴∠OMP=∠OPN（3）过点P 作PK ⊥OA ，过点N 作NF ⊥OB.∵∠OMP=∠OPN ，∴∠PMK=∠NPF在△NPF 和△PMK 中备用图图1BAO B⎪⎩⎪⎨⎧=︒=∠=∠∠=∠PM PN PMK NFO PMK NPF 90，∴△NPF ≌△PMK （AAS ）∴PF=MK ，∠PNF=∠MPK ，NF=PK.又∵ON=PQ ，在Rt △NOF 和Rt △PKQ 中⎩⎨⎧==PK NF PQ ON ，∴Rt △NOF ≌Rt △PKQ （HL ），∴KQ=OF.设MK=y ，PK=x∵∠POA=30°，PK ⊥OQ∴OP=2x ，∴OK=x 3，y x OM -=3∴y x PF OP OF +=+=2，)3(13y x OM OH MH --+=-==-=OM OH KH x 313-+∵M 与Q 关于H 对称，∴MH=HQ∴KQ=KH+HQ=y x y x x +-+=+-++-+32232313313∵KQ=OF ，∴y x y x +=+-+232232，整理得)322(232+=+x所以1=x ，即PK=1∵∠POA=30°，∴OP=22. （2019年四川省广安市）在数学活动课上，王老师要求学生将图1所示的3×3正方形方 格纸，剪掉其中两个方格，使之成为轴对称图形．规定：凡通过旋转能重合的图形视为同一 种图形，如图2的四幅图就视为同一种设计方案（阴影部分为要剪掉部分）请在图中画出4种不同的设计方案，将每种方案中要剪掉的两个方格涂黑（每个3×3的正方形方格画一种，例图除外）【考点】旋转、轴对称【解答】解：如图所示3. （2019年江苏省苏州市）如图，ABC=，将线段AC绕△中，点E在BC边上，AE AB点A旋转到AF的位置，使得CAF BAE∠=∠，连接EF，EF与AC交于点G（1）求证：EF BC=；（2）若65∠的度数.∠=︒，求FGCABC∠=︒，28ACB∴∠=∠BAC EAFAE AB AC AF又，==()∴△≌△BAC EAF SASEF BC∴=（2）65，=∠=︒AB AE ABC∴∠=︒-︒⨯=︒BAE18065250FAG∴∠=︒50又△≌△BAC EAF∴∠=∠=︒28F C∴∠=︒+︒=︒502878FGC4. （2019年湖北省荆州市）如图①，等腰直角三角形OEF的直角顶点O为正方形ABCD的中心，点C，D分别在OE和OF上，现将△OEF绕点O逆时针旋转α角（0°＜α＜90°），连接AF，DE（如图②）．（1）在图②中，∠AOF＝；（用含α的式子表示）（2）在图②中猜想AF与DE的数量关系，并证明你的结论．【考点】正方形的性质、全等三角形的判定和性质、旋转的性质【解答】解：（1）如图2，∵△OEF绕点O逆时针旋转α角，∴∠DOF＝∠COE＝α，∵四边形ABCD为正方形，∴∠AOD＝90°，∴∠AOF＝90°﹣α；故答案为90°﹣α；（2）AF＝DE．理由如下：如图②，∵四边形ABCD为正方形，∴∠AOD＝∠COD＝90°，OA＝OD，∵∠DOF＝∠COE＝α，∴∠AOF＝∠DOE，∵△OEF为等腰直角三角形，∴OF＝OE，在△AOF和△DOE中，∴△AOF≌△DOE（SAS），∴AF＝DE．5. （2019年黑龙江省伊春市）如图，正方形网格中，每个小正方形的边长都是一个单位长度，在平面直角坐标系中，△OAB的三个顶点O（0，0）、A（4，1）、B（4，4）均在格点上．（1）画出△OAB关于y轴对称的△OA1B1，并写出点A1的坐标；（2）画出△OAB绕原点O顺时针旋转90°后得到的△OA2B2，并写出点A2的坐标；（3）在（2）的条件下，求线段OA在旋转过程中扫过的面积（结果保留π）．【考点】轴对称的性质、旋转的性质、扇形的面积【解答】解：（1）如右图所示，点A1的坐标是（﹣4，1）；（2）如右图所示，点A2的坐标是（1，﹣4）；（3）∵点A（4，1），∴OA＝，∴线段OA在旋转过程中扫过的面积是：＝．。

湖南省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换一．选择题（共24小题）1．（2020•益阳）如图，在矩形ABCD中，E是DC上的一点，ABE∆是等边三角形，AC交BE于点F，则下列结论不成立的是()A．30DAE∠=︒B．45BAC∠=︒C．12EFFB=D．32ADAB=2．（2020•永州）如图，这是一个底面为等边三角形的正三棱柱和它的主视图、俯视图，则它的左视图的面积是()A．4B．2C．3D．233．（2020•永州）永州市教育部门高度重视校园安全教育，要求各级各类学校从认识安全警告标志入手开展安全教育．下列安全图标不是轴对称的是()A．注意安全B．水深危险C．必须戴安全帽D．注意通风4．（2020•永州）如图，在ABC∆中，//EF BC，23AEEB=，四边形BCFE的面积为21，则ABC∆的面积是()A．913B．25C．35D．635．（2020•娄底）如图，撬钉子的工具是一个杠杆，动力臂1cosL Lα=，阻力臂2cosL lβ=，如果动力F的用力方向始终保持竖直向下，当阻力不变时，则杠杆向下运动时的动力变化情况是()A．越来越小B．不变C．越来越大D．无法确定6．（2020•邵阳）下列四个立体图形中，它们各自的三视图都相同的是()A．B．C．D．7．（2020•益阳）如图所示的几何体的俯视图是()A．B．C．D．8．（2020•娄底）我国汽车工业迅速发展，国产汽车技术成熟，下列汽车图标是中心对称图形的是() A．B．C．D．9．（2020•湘西州）如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是()A．B．C．D．10．（2020•郴州）下列图形是中心对称图形的是()A．B．C．D．11．（2020•张家界）如图是由5个完全相同的小正方体组成的立体图形，则它的主视图是()A．B．C．D．12．（2020•湘潭）下列图形中，不是中心对称图形的是()A．B．C．D．13．（2020•岳阳）如图，由4个相同正方体组成的几何体，它的左视图是()A．B．C．D．14．（2020•长沙）下列图形中，是轴对称图形但不是中心对称图形的是()A．B．C．D．15．（2020•长沙）从一艘船上测得海岸上高为42米的灯塔顶部的仰角为30 时，船离灯塔的水平距离是( )A．423米B．143米C．21米D．42米16．（2019•永州）某同学家买了一个外形非常接近球的西瓜，该同学将西瓜均匀切成了8块，并将其中一块（经抽象后）按如图所示的方式放在自已正前方的水果盘中，则这块西瓜的三视图是()A．B．C．D．17．（2019•湘潭）下列立体图形中，俯视图是三角形的是()A．B．C．D．18．（2019•永州）改革开放以来，我国众多科技实体在各自行业取得了举世瞩目的成就，大疆科技、华为集团、太极股份和凤凰光学等就是其中的杰出代表．上述四个企业的标志是轴对称图形的是()A ．B ．C ．D ．19．（2019•邵阳）如图，在Rt ABC ∆中，90BAC ∠=︒，36B ∠=︒，AD 是斜边BC 上的中线，将ACD ∆沿AD 对折，使点C 落在点F 处，线段DF 与AB 相交于点E ，则BED ∠等于( )A ．120︒B ．108︒C ．72︒D ．36︒20．（2019•常德）如图，在等腰三角形ABC ∆中，AB AC =，图中所有三角形均相似，其中最小的三角形面积为1，ABC ∆的面积为42，则四边形DBCE 的面积是( )A ．20B ．22C ．24D ．2621．（2019•张家界）下列四个立体图形中，其主视图是轴对称图形但不是中心对称图形的是( ) A ． B ．C ．D ．22．（2019•湘西州）在平面直角坐标系中，将点(2,1)向右平移3个单位长度，则所得的点的坐标是( )A ．(0,5)B ．(5,1)C ．(2,4)D ．(4,2)23．（2019•邵阳）下列立体图形中，俯视图与主视图不同的是( )A ．正方体B ．圆柱C ．圆锥D ．球24．（2019•张家界）如图，在平面直角坐标系中，将边长为1的正方形OABC 绕点O 顺时针旋转45︒后得到正方形111OA B C ，依此方式，绕点O 连续旋转2019次得到正方形201920192019OA B C ，那么点2019A 的坐标是()A ．2(2，2)2-B ．(1,0)C ．2(2-，2)2-D ．(0,1)- 二．填空题（共11小题）25．（2020•永州）AOB ∠在平面直角坐标系中的位置如图所示，且60AOB ∠=︒，在AOB ∠内有一点(4,3)P ，M ，N 分别是OA ，OB 边上的动点，连接PM ，PN ，MN ，则PMN ∆周长的最小值是 ．26．（2020•娄底）若1()2b d ac a c ==≠，则bd a c -=- ． 27．（2020•郴州）如图，圆锥的母线长为10，侧面展开图的面积为60π，则圆锥主视图的面积为 ．28．（2020•郴州）在平面直角坐标系中，将AOB ∆以点O 为位似中心，23为位似比作位似变换，得到△11A OB ，已知(2,3)A ，则点1A 的坐标是 ． 29．（2020•岳阳）如图，AB 为半圆O 的直径，M ，C 是半圆上的三等分点，8AB =，BD 与半圆O 相切于点B ．点P 为AM 上一动点（不与点A ，M 重合），直线PC 交BD 于点D ，BE OC ⊥于点E ，延长BE 交PC 于点F ，则下列结论正确的是 ．（写出所有正确结论的序号）①PB PD =；②BC 的长为43π；③45DBE ∠=︒；④BCF PFB ∆∆∽；⑤CF CP 为定值． 30．（2020•长沙）如图，点P 在以MN 为直径的半圆上运动（点P 不与M ，N 重合），PQ MN ⊥，NE 平分MNP ∠，交PM 于点E ，交PQ 于点F ．（1）PF PE PQ PM += ． （2）若2PN PM MN =，则MQ NQ = ．31．（2020•怀化）如图是一个几何体的三视图，根据图中所示数据求得这个几何体的侧面积是 （结果保留)π．32．（2020•湘潭）若37y x =，则x y x -= ． 33．（2020•衡阳）如图，在平面直角坐标系中，点1P 的坐标为2(2，2)2，将线段1OP 绕点O 按顺时针方向旋转45︒，再将其长度伸长为1OP 的2倍，得到线段2OP ；又将线段2OP 绕点O 按顺时针方向旋转45︒，长度伸长为2OP 的2倍，得到线段3OP ；如此下去，得到线段4OP ，5OP ，⋯，(n OP n 为正整数），则点2020P 的坐标是 ．34．（2020•常德）如图1，已知四边形ABCD 是正方形，将DAE ∆，DCF ∆分别沿DE ，DF 向内折叠得到图2，此时DA 与DC 重合(A 、C 都落在G 点），若4GF =，6EG =，则DG 的长为 ．35．（2020•湘潭）计算：sin45︒= ．三．解答题（共12小题）36．（2020•邵阳）2019年12月23日，湖南省政府批准，全国“十三五”规划重大水利工程--邵阳资水犬木塘水库，将于2020年开工建设施工测绘中，饮水干渠需经过一座险峻的石山，如图所示，AB ，BC 表示需铺设的干渠引水管道，经测量，A ，B ，C 所处位置的海拔1AA ，1BB ，1CC 分别为62m ，100m ，200m ．若管道AB 与水平线2AA 的夹角为30︒，管道BC 与水平线2BB 夹角为45︒，求管道AB 和BC 的总长度（结果保留根号）．37．（2020•益阳）沿江大堤经过改造后的某处横断面为如图所示的梯形ABCD ，高12DH =米，斜坡CD 的坡度1:1i =．此处大堤的正上方有高压电线穿过，PD 表示高压线上的点与堤面AD 的最近距离(P 、D 、H 在同一直线上），在点C 处测得26DCP ∠=︒．（1）求斜坡CD 的坡角α；（2）电力部门要求此处高压线离堤面AD 的安全距离不低于18米，请问此次改造是否符合电力部门的安全要求？（参考数据：sin260.44︒≈，tan260.49︒≈，sin710.95︒≈，tan71 2.90)︒≈38．（2020•娄底）如实景图，由华菱涟钢集团捐建的早元街人行天桥于2019年12月18日动工，2020年2月28日竣工，彰显了国企的担当精神，展现了高效的“娄底速度”．该桥的引桥两端各由2个斜面和一个水平面构成，如示意图所示：引桥一侧的桥墩顶端E 点距地面5m ，从E 点处测得D 点俯角为30︒，斜面ED 长为4m ，水平面DC 长为2m ，斜面BC 的坡度为1:4，求处于同一水平面上引桥底部AB 的长．（结果精确到0.1m 2 1.413 1.73)≈．39．（2020•湘潭）阅读材料：三角形的三条中线必交于一点，这个交点称为三角形的重心．（1）特例感知：如图（一)，已知边长为2的等边ABC∆的重心为点O，求OBC∆与ABC∆的面积．（2）性质探究：如图（二)，已知ABC∆的重心为点O，请判断ODOA、OBCABCSS∆∆是否都为定值？如果是，分别求出这两个定值；如果不是，请说明理由．（3）性质应用：如图（三)，在正方形ABCD中，点E是CD的中点，连接BE交对角线AC于点M．①若正方形ABCD的边长为4，求EM的长度；②若1CMES∆=，求正方形ABCD的面积．40．（2020•张家界）“南天一柱”是张家界“三千奇峰”中的一座，位于世界自然遗产武陵源风景名胜区袁家界景区南端．2010年1月25日，“南天一柱”正式命名为《阿凡达》的“哈利路亚山”．如图，航拍无人机以9/m s的速度在空中向正东方向飞行，拍摄云海中的“南天一柱”美景．在A处测得“南天一柱”底部C的俯角为37︒，继续飞行6s到达B处，这时测得“南天一柱”底部C的俯角为45︒，已知“南天一柱”的高为150m，问这架航拍无人机继续向正东飞行是否安全？（参考数据：sin370.60︒≈，cos370.80︒≈，tan370.75)︒≈41．（2020•郴州）2020年5月5日，为我国载人空间站工程研制的长征五号运载火箭在海南文昌首飞成功．运载火箭从地面O处发射，当火箭到达点A时，地面D处的雷达站测得4000AD=米，仰角为30︒．3秒后，火箭直线上升到达点B 处，此时地面C 处的雷达站测得B 处的仰角为45︒．已知C ，D 两处相距460米，求火箭从A 到B 处的平均速度（结果精确到1米/秒，参考数据：3 1.732≈，2 1.414)≈．42．（2020•湘潭）为了学生的安全，某校决定把一段如图所示的步梯路段进行改造．已知四边形ABCD 为矩形，10DE =m ，其坡度为11:3i =，将步梯DE 改造为斜坡AF ，其坡度为21:4i =，求斜坡AF 的长度．（结果精确到0.01 m ，参考数据：3 1.732≈，17 4.123)≈43．（2020•株洲）某高速公路管理部门工作人员在对某段高速公路进行安全巡检过程中，发现该高速公路旁的一斜坡存在落石隐患．该斜坡横断面示意图如图所示，水平线12//l l ，点A 、B 分别在1l 、2l 上，斜坡AB 的长为18米，过点B 作1BC l ⊥于点C ，且线段AC 的长为26米．（1）求该斜坡的坡高BC ；（结果用最简根式表示）（2）为降低落石风险，该管理部门计划对该斜坡进行改造，改造后的斜坡坡角α为60︒，过点M 作1MN l ⊥于点N ，求改造后的斜坡长度比改造前的斜坡长度增加了多少米？44．（2020•岳阳）共抓长江大保护，建设水墨丹青新岳阳，推进市中心城区污水系统综合治理项目，需要从如图A ，B 两地向C 地新建AC ，BC 两条笔直的污水收集管道，现测得C 地在A 地北偏东45︒方向上，在B 地北偏西68︒向上，AB 的距离为7km ，求新建管道的总长度．（结果精确到0.1km ，sin220.37︒≈，cos220.93︒≈，tan220.40︒≈，2 1.41)≈45．（2020•衡阳）小华同学将笔记本电脑水平放置在桌子上，当显示屏的边缘线OB 与底板的边缘线OA 所在水平线的夹角为120︒时，感觉最舒适（如图①)．侧面示意图为图②；使用时为了散热，他在底板下面垫入散热架，如图③，点B、O、C在同一直线上，24OAC∠=︒．==，BC ACOA OB cm⊥，30（1）求OC的长；（2）如图④，垫入散热架后，要使显示屏的边缘线OB'与水平线的夹角仍保持120︒，求点B'到AC的距离．（结果保留根号）46．（2020•常德）如图，已知AB是O的直径，C是O上的一点，D是AB上的一点，DE AB⊥于D，DE交BC于F，且EF EC=．（1）求证：EC是O的切线；（2）若4BD=，8BC=，圆的半径5OB=，求切线EC的长．47．（2020•常德）如图1是自动卸货汽车卸货时的状态图，图2是其示意图．汽车的车厢采用液压机构、车厢的支撑顶杆BC的底部支撑点B在水平线AD的下方，AB与水平线AD之间的夹角是5︒，卸货时，车厢与水平线AD成60︒，此时AB与支撑顶杆BC的夹角为45︒，若2AC=米，求BC的长度．（结果保留一位小数）（参考数据：sin650.91︒≈，tan70 2.75︒≈，︒≈，cos700.34︒≈，sin700.94︒≈，tan65 2.14︒≈，cos650.422 1.41)湖南省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换一．选择题（共24小题）1．（2020•益阳）如图，在矩形ABCD中，E是DC上的一点，ABE∆是等边三角形，AC交BE于点F，则下列结论不成立的是()A．30DAE∠=︒B．45BAC∠=︒C．12EFFB=D．3ADAB=【解答】解：四边形ABCD是矩形，ABE∆是等边三角形，AB AE BE∴==，60EAB EBA∠=∠=︒，AD BC=，90DAB CBA∠=∠=︒，//AB CD，AB CD=，30DAE CBE∴∠=∠=︒，故选项A不合题意，3cosAD ADDAEAE AB∴∠===，故选项D不合题意，在ADE∆和BCE∆中，AD BCDAE CBEAE BE=⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩，()ADE BCE SAS∴∆≅∆，1122DE CE CD AB∴===，//AB CD，ABF CEF∴∆∆∽，∴12CE EFAB BF==，故选项C不合题意，故选：B．2．（2020•永州）如图，这是一个底面为等边三角形的正三棱柱和它的主视图、俯视图，则它的左视图的面积是()A．4B．2C3D．3【解答】解：如图，过点B作BD AC⊥于点D，此正三棱柱底面ABC∆的边AB在右侧面的投影为BD，2AC=，1AD∴=，2AB AD==，3BD∴=，左视图矩形的长为2，∴左视图的面积为23．故选：D．3．（2020•永州）永州市教育部门高度重视校园安全教育，要求各级各类学校从认识安全警告标志入手开展安全教育．下列安全图标不是轴对称的是()A．注意安全B．水深危险C．必须戴安全帽D．注意通风【解答】解：根据轴对称图形的定义可知：选项A、B、C中的图形是轴对称图形，选项D不是轴对称图形．故选：D．4．（2020•永州）如图，在ABC∆中，//EF BC，23AEEB=，四边形BCFE的面积为21，则ABC∆的面积是( )A．913B．25C．35D．63【解答】解：//EF BC，AEF ABC∴∆∆∽，∴224()()25AEFABCS AE AES AB AE EB∆∆===+，425AEF ABCS S∆∆∴=．21ABC AEFBCFES S S∆∆=-=四边形，即212125ABCS∆=，25ABC S ∆∴=． 故选：B ． 5．（2020•娄底）如图，撬钉子的工具是一个杠杆，动力臂1cos L L α=，阻力臂2cos L l β=，如果动力F 的用力方向始终保持竖直向下，当阻力不变时，则杠杆向下运动时的动力变化情况是( )A ．越来越小B ．不变C ．越来越大D ．无法确定 【解答】解：动力⨯动力臂=阻力⨯阻力臂，∴当阻力及阻力臂不变时，动力⨯动力臂为定值，且定值0>， ∴动力随着动力臂的增大而减小，杠杆向下运动时α的度数越来越小，此时cos α的值越来越大， 又动力臂1cos L L α=， ∴此时动力臂也越来越大， ∴此时的动力越来越小， 故选：A ． 6．（2020•邵阳）下列四个立体图形中，它们各自的三视图都相同的是( )A ．B ．C ．D ． 【解答】解：A 、球的三视图都是圆，故本选项符合题意；B 、圆锥的主视图和左视图是三角形，俯视图是带有圆心的圆，故本选项不符合题意；C 、圆柱的主视图和左视图是矩形，俯视图是圆，故本选项不符合题意；D 、三棱柱的主视图和左视图是矩形，俯视图是三角形，故本选项不符合题意； 故选：A ． 7．（2020•益阳）如图所示的几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ． 【解答】解：从上面看该几何体，选项D 的图形符合题意， 故选：D ． 8．（2020•娄底）我国汽车工业迅速发展，国产汽车技术成熟，下列汽车图标是中心对称图形的是( )A．B．C．D．【解答】解：A、不是中心对称图形．故错误；B、是中心对称图形．故正确；C、不是中心对称图形．故错误；D、不是中心对称图形．故错误．故选：B．9．（2020•湘西州）如图是由4个相同的小正方体组成的一个水平放置的立体图形，其箭头所指方向为主视方向，其俯视图是()A．B．C．D．【解答】解：从上边看有两层，底层右边是一个小正方形，上层是两个小正方形，故选：C．10．（2020•郴州）下列图形是中心对称图形的是()A．B．C．D．【解答】解：A、不是中心对称图形，故此选项不合题意；B、不是中心对称图形，故此选项不合题意；C、不是中心对称图形，故此选项不合题意；D、是中心对称图形，故此选项符合题意．故选：D．11．（2020•张家界）如图是由5个完全相同的小正方体组成的立体图形，则它的主视图是()A．B．C．D．【解答】解：从正面看有三列，从左到右依次有2、1、1个正方形，图形如下：故选：A．12．（2020•湘潭）下列图形中，不是中心对称图形的是()A．B．C．D．【解答】解：A、是中心对称图形，故此选项不符合题意；B、是中心对称图形，故此选项不符合题意；C、是中心对称图形，故此选项不符合题意；D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项符合题意；故选：D．13．（2020•岳阳）如图，由4个相同正方体组成的几何体，它的左视图是()A．B．C．D．【解答】解：从该几何体的左侧看到的是一列两层，因此选项A的图形符合题意，故选：A．14．（2020•长沙）下列图形中，是轴对称图形但不是中心对称图形的是()A．B．C．D．【解答】解：A、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故此选项不合题意；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项符合题意；C、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故此选项不合题意；D、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项不合题意；故选：B．15．（2020•长沙）从一艘船上测得海岸上高为42米的灯塔顶部的仰角为30 时，船离灯塔的水平距离是( )A．423米B．143米C．21米D．42米【解答】解：根据题意可得：船离海岸线的距离为42tan30423÷︒=（米)故选：A．16．（2019•永州）某同学家买了一个外形非常接近球的西瓜，该同学将西瓜均匀切成了8块，并将其中一块（经抽象后）按如图所示的方式放在自已正前方的水果盘中，则这块西瓜的三视图是()A．B．C．D．【解答】解：观察图形可知，这块西瓜的三视图是．故选：B．17．（2019•湘潭）下列立体图形中，俯视图是三角形的是()A．B．C．D．【解答】解：A、立方体的俯视图是正方形，故此选项错误；B、圆柱体的俯视图是圆，故此选项错误；C、三棱柱的俯视图是三角形，故此选项正确；D、圆锥体的俯视图是圆，故此选项错误；故选：C．18．（2019•永州）改革开放以来，我国众多科技实体在各自行业取得了举世瞩目的成就，大疆科技、华为集团、太极股份和凤凰光学等就是其中的杰出代表．上述四个企业的标志是轴对称图形的是()A ．B．C．D．【解答】解：A、不是轴对称图形，故本选项错误；B、是轴对称图形，故本选项正确；C、不是轴对称图形，故本选项错误；D、不是轴对称图形，故本选项错误．故选：B．19．（2019•邵阳）如图，在Rt ABC∆中，90BAC∠=︒，36B∠=︒，AD是斜边BC上的中线，将ACD∆沿AD 对折，使点C落在点F处，线段DF与AB相交于点E，则BED∠等于()A．120︒B．108︒C．72︒D．36︒【解答】解：在Rt ABC∆中，90BAC∠=︒，36B∠=︒，9054C B∴∠=︒-∠=︒．AD是斜边BC上的中线，AD BD CD∴==，36BAD B∴∠=∠=︒，54DAC C∠=∠=︒，18072ADC DAC C∴∠=︒-∠-∠=︒．将ACD∆沿AD对折，使点C落在点F处，72ADF ADC∴∠=∠=︒，3672108BED BAD ADF∴∠=∠+∠=︒+︒=︒．故选：B．20．（2019•常德）如图，在等腰三角形ABC∆中，AB AC=，图中所有三角形均相似，其中最小的三角形面积为1，ABC∆的面积为42，则四边形DBCE的面积是()A．20B．22C．24D．26【解答】解：如图，根据题意得AFH ADE∆∆∽，∴2239()()416AFHADES FHS DE∆∆===设9AFHS x∆=，则16ADES x∆=，1697x x∴-=，解得1x=，16ADES∆∴=，∴四边形DBCE的面积421626=-=．故选：D．21．（2019•张家界）下列四个立体图形中，其主视图是轴对称图形但不是中心对称图形的是()A ．B ．C ．D ． 【解答】解：A 、是轴对称图形，也是中心对称图形．故错误； B 、是轴对称图形，也是中心对称图形．故错误； C 、是轴对称图形，不是中心对称图形．故正确； D 、是轴对称图形，也是中心对称图形．故错误． 故选：C ． 22．（2019•湘西州）在平面直角坐标系中，将点(2,1)向右平移3个单位长度，则所得的点的坐标是( ) A ．(0,5) B ．(5,1) C ．(2,4) D ．(4,2) 【解答】解：将点(2,1)向右平移3个单位长度，则所得的点的坐标是(5,1)． 故选：B ． 23．（2019•邵阳）下列立体图形中，俯视图与主视图不同的是( )A ．正方体B ．圆柱C ．圆锥D ．球 【解答】解：A ．俯视图与主视图都是正方形，故选项A 不合题意； B ．俯视图与主视图都是长方形，故选项B 不合题意； C ．俯视图是圆，主视图是三角形，故选项C 符合题意； D ．俯视图与主视图都是圆，故选项D 不合题意； 故选：C ． 24．（2019•张家界）如图，在平面直角坐标系中，将边长为1的正方形OABC 绕点O 顺时针旋转45︒后得到正方形111OA B C ，依此方式，绕点O 连续旋转2019次得到正方形201920192019OA B C ，那么点2019A 的坐标是( )A ．2(2B ．(1,0)C ．2(2D ．(0,1)-【解答】解：四边形OABC 是正方形，且1OA =， (0,1)A ∴，将正方形OABC 绕点O 顺时针旋转45︒后得到正方形111OA B C ，12(2A ∴，2)2，2(1,0)A ，32(2A ，2)2-，⋯， 发现是8次一循环，所以20198252÷=⋯余3，∴点2019A 的坐标为2(2，2)2-故选：A ．二．填空题（共11小题） 25．（2020•永州）AOB ∠在平面直角坐标系中的位置如图所示，且60AOB ∠=︒，在AOB ∠内有一点(4,3)P ，M ，N 分别是OA ，OB 边上的动点，连接PM ，PN ，MN ，则PMN ∆周长的最小值是 53 ．【解答】解：分别作P 关于射线OA 、射线OB 的对称点P '与点P ''，连接P P '''，与OA 、OB 分别交于M 、N 两点，此时PMN ∆周长最小，最小值为P P '''的长， 连接OP '，OP ''，OP ，OA 、OB 分别为PP '，PP ''的垂直平分线，(4,3)P ，22435OP OP OP ∴'==''=+，且POA P OA ∠=∠'，POB P OB ∠=∠''， 60AOB AOP BOP ∠=∠+∠=︒， 120P OP ∴∠'''=︒，过O 作OQ P P ⊥'''，可得P Q P Q '=''，30OP Q OP Q ∠'=∠''=︒， 52OQ ∴=，53P Q P Q '=''532253P P P Q ∴'''='==则PMN ∆周长的最小值是53故答案为：5326．（2020•娄底）若1()2b d a c a c ==≠，则b d ac -=- 12． 【解答】解：1()2b d ac a c ==≠， ∴12b d ac -=-． 故答案为：12．27．（2020•郴州）如图，圆锥的母线长为10，侧面展开图的面积为60π，则圆锥主视图的面积为 48 ．【解答】解：根据圆锥侧面积公式：S rl π=， 圆锥的母线长为10，侧面展开图的面积为60π， 故6010r ππ=⨯⨯， 解得：6r =．由勾股定理可得圆锥的高221068=-=，圆锥的主视图是一个底边为12，高为8的等腰三角形，∴它的面积1128482=⨯⨯=，故答案为：48．28．（2020•郴州）在平面直角坐标系中，将AOB ∆以点O 为位似中心，23为位似比作位似变换，得到△11A OB ，已知(2,3)A ，则点1A 的坐标是 4(3，2) ．【解答】解：将AOB ∆以点O 为位似中心，23为位似比作位似变换，得到△11A OB ，(2,3)A ， ∴点1A 的坐标是：2(23⨯，23)3⨯，即14(3A ，2)．故答案为：4(3，2)．29．（2020•岳阳）如图，AB 为半圆O 的直径，M ，C 是半圆上的三等分点，8AB =，BD 与半圆O 相切于点B ．点P 为AM 上一动点（不与点A ，M 重合），直线PC 交BD 于点D ，BE OC ⊥于点E ，延长BE 交PC 于点F ，则下列结论正确的是 ②⑤ ．（写出所有正确结论的序号）①PB PD =；②BC 的长为43π；③45DBE ∠=︒；④BCF PFB ∆∆∽；⑤CF CP 为定值．【解答】解：①连接AC ，并延长AC ，与BD 的延长线交于点H ，如图1， M ，C 是半圆上的三等分点， 30BAH ∴∠=︒，BD 与半圆O 相切于点B ． 90ABD ∴∠=︒， 60H ∴∠=︒，ACP ABP ∠=∠，ACP DCH ∠=∠， 60PDB H DCH ABP ∴∠=∠+∠=∠+︒， 90PBD ABP ∠=︒-∠，若PDB PBD ∠=∠，则6090ABP ABP ∠+︒=︒-∠， 15ABP ∴∠=︒，P ∴点为AM 的中点，这与P 为AM 上的一动点不完全吻合， PDB ∴∠不一定等于ABD ∠， PB ∴不一定等于PD ， 故①错误；②M ，C 是半圆上的三等分点，1180603BOC ∴∠=⨯︒=︒，直径8AB =， 4OB OC ∴==，∴BC 的长度60441803ππ⨯==，故②正确；③60BOC ∠=︒，OB OC =， 60ABC ∴∠=︒，OB OC BC ==， BE OC ⊥，30OBE CBE ∴∠=∠=︒， 90ABD ∠=︒，60DBE ∴∠=︒， 故③错误；④M 、C 是AB 的三等分点， 30BPC ∴∠=︒， 30CBF ∠=︒， 但BFP FCB ∠>∠， PBF BFC ∠<∠，BCF PFB ∴∆∆∽不成立， 故④错误；⑤30CBF CPB ∠=∠=︒，BCF PCB ∠=∠， BCF PCB ∴∆∆∽， ∴CB CF CP CB=， 2CF CP CB ∴=，142CB OB OC AB ====，16CF CP ∴=， 故⑤正确．故答案为：②⑤． 30．（2020•长沙）如图，点P 在以MN 为直径的半圆上运动（点P 不与M ，N 重合），PQ MN ⊥，NE 平分MNP ∠，交PM 于点E ，交PQ 于点F ．（1）PF PE PQ PM+= 1 ．（2）若2PN PM MN =，则MQNQ= ．【解答】解：（1）MN 为O 的直径，90MPN ∴∠=︒， PQ MN ⊥，90PQN MPN ∴∠=∠=︒， NE 平分PNM ∠， MNE PNE ∴∠=∠， PEN QFN ∴∆∆∽， ∴PE PN QF QN =，即PE QF PN QN=①， 90PNQ NPQ PNQ PMQ ∠+∠=∠+∠=︒， NPQ PMQ ∴∠=∠，90PQN PQM ∠=∠=︒， NPQ PMQ ∴∆∆∽， ∴PN NQ MP PQ=②， ∴①⨯②得PE QFPM PQ=， QF PQ PF =-，∴1PE QF PFPM PQ PQ ==-， ∴1PF PE PQ PM +=， 故答案为：1；（2）PNQ MNP ∠=∠，NQP NPM ∠=∠， NPQ NMP ∴∆∆∽， ∴PN QN MN PN=， 2PN QN MN ∴=， 2PN PM MN =， PM QN ∴=， ∴MQ MQ NQ PM=， cos MQ PMM PM MN∠==， ∴MQ PM NQ MN =， ∴MQ NQ NQ MQ NQ=+， 22NQ MQ MQ NQ ∴=+，即221MQ MQNQ NQ=+， 设MQ x NQ=，则210x x +-=， 解得，51x -=，或510x +=-<（舍去）， ∴51MQ NQ -=， 故答案为：51-． 31．（2020•怀化）如图是一个几何体的三视图，根据图中所示数据求得这个几何体的侧面积是 24π （结果保留)π．【解答】解：由三视图可知该几何体是圆柱体，其底面半径是422÷=，高是6，圆柱的侧面展开图是一个长方形，长方形的长是圆柱的底面周长，长方形的宽是圆柱的高， 且底面周长为：224ππ⨯=，∴这个圆柱的侧面积是4624ππ⨯=． 故答案为：24π．32．（2020•湘潭）若37y x =，则x y x -=47．【解答】解：由37y x =可设3y k =，7x k =，k 是非零整数， 则7344777x y k k k x k k --===．故答案为：47．33．（2020•衡阳）如图，在平面直角坐标系中，点1P 的坐标为2(2，2)2，将线段1OP 绕点O 按顺时针方向旋转45︒，再将其长度伸长为1OP 的2倍，得到线段2OP ；又将线段2OP 绕点O 按顺时针方向旋转45︒，长度伸长为2OP 的2倍，得到线段3OP ；如此下去，得到线段4OP ，5OP ，⋯，(n OP n 为正整数），则点2020P 的坐标是 2019(0,2)- ．【解答】解：点1P 的坐标为2(2，2)2，将线段1OP 绕点O 按逆时针方向旋转45︒，再将其长度伸长为1OP 的2倍，得到线段2OP ； 11OP ∴=，22OP =，34OP ∴=，如此下去，得到线段342OP =，452OP =⋯，12n n OP -∴=，由题意可得出线段每旋转8次旋转一周， 202082524÷=⋯，∴点2020P 的坐标与点4P 的坐标在同一直线上，正好在y 轴的负半轴上， ∴点2020P 的坐标是2019(0,2)-．故答案为：2019(0,2)-． 34．（2020•常德）如图1，已知四边形ABCD 是正方形，将DAE ∆，DCF ∆分别沿DE ，DF 向内折叠得到图2，此时DA 与DC 重合(A 、C 都落在G 点），若4GF =，6EG =，则DG 的长为 12 ．【解答】解：设正方形ABCD 的边长为x ，由翻折可得： DG DA DC x ===， 4GF =，6EG =，6AE EG ∴==，4CF GF ==，6BE x ∴=-，4BF x =-，6410EF =+=，如图1所示：在Rt BEF ∆中，由勾股定理得： 222BE BF EF +=，222(6)(4)10x x ∴-+-=，221236816100x x x x ∴-++-+=， 210240x x ∴--=， (2)(12)0x x ∴+-=，12x ∴=-（舍)，212x =． 12DG ∴=． 故答案为：12．35．（2020•湘潭）计算：sin45︒=2． 【解答】解：根据特殊角的三角函数值得：2sin 45︒=． 三．解答题（共12小题） 36．（2020•邵阳）2019年12月23日，湖南省政府批准，全国“十三五”规划重大水利工程--邵阳资水犬木塘水库，将于2020年开工建设施工测绘中，饮水干渠需经过一座险峻的石山，如图所示，AB ，BC 表示需铺设的干渠引水管道，经测量，A ，B ，C 所处位置的海拔1AA ，1BB ，1CC 分别为62m ，100m ，200m ．若管道AB 与水平线2AA 的夹角为30︒，管道BC 与水平线2BB 夹角为45︒，求管道AB 和BC 的总长度（结果保留根号）．【解答】解：根据题意知，四边形11AA B O 和四边形112BB C B 均为矩形， 1162OB AA m ∴==，211100B C BB m ==，111006238BO BB OB m ∴=-=-=，2121200100100CB CC B C m =-=-=， 在Rt AOB ∆中，90AOB ∠=︒，30BAO ∠=︒，38BO m =， 223876AB BO m ∴==⨯=；在2Rt CBB ∆中，290CB B ∠=︒，245CBB ∠=︒，2100CB m =， ∴221002BC CB m ==， ∴(761002)AB BC m +=+，即管道AB 和BC 的总长度为：(761002)m +．37．（2020•益阳）沿江大堤经过改造后的某处横断面为如图所示的梯形ABCD ，高12DH =米，斜坡CD 的坡度1:1i =．此处大堤的正上方有高压电线穿过，PD 表示高压线上的点与堤面AD 的最近距离(P 、D 、H 在同一直线上），在点C 处测得26DCP ∠=︒． （1）求斜坡CD 的坡角α；（2）电力部门要求此处高压线离堤面AD 的安全距离不低于18米，请问此次改造是否符合电力部门的安全要求？（参考数据：sin260.44︒≈，tan260.49︒≈，sin710.95︒≈，tan71 2.90)︒≈【解答】解：（1）斜坡CD 的坡度1:1i =， tan :1:11DH CH α∴===， 45α∴=︒．答：斜坡CD 的坡角α为45︒； （2）由（1）可知：12CH DH ==，45α=︒．264571PCH PCD α∴∠=∠+=︒+︒=︒，在Rt PCH ∆中，12tan 2.9012PH PD PCH CH +∠==≈，22.8PD ∴≈（米)． 22.818>，答：此次改造符合电力部门的安全要求． 38．（2020•娄底）如实景图，由华菱涟钢集团捐建的早元街人行天桥于2019年12月18日动工，2020年2月28日竣工，彰显了国企的担当精神，展现了高效的“娄底速度”．该桥的引桥两端各由2个斜面和一个水平面构成，如示意图所示：引桥一侧的桥墩顶端E 点距地面5m ，从E 点处测得D 点俯角为30︒，斜面ED 长为4m ，水平面DC 长为2m ，斜面BC 的坡度为1:4，求处于同一水平面上引桥底部AB 的长．（结果精确到0.1m 2 1.413 1.73)≈．【解答】解：作DFAE⊥于F，DG AB⊥于G，CH AB⊥于H，如图所示：则DF GA=，2DC GH==，AF DG CH==，由题意得：30EDF∠=︒，114222EF DE∴==⨯=，323DF EF==，5AE=，523CH AF AE EF∴==-=-=，斜面BC的坡度为1:4CHBH=，412BH CH∴==，23212231417.5()AB AG GH BH m∴=++=++=+≈，答：处于同一水平面上引桥底部AB的长约为17.5m．39．（2020•湘潭）阅读材料：三角形的三条中线必交于一点，这个交点称为三角形的重心．（1）特例感知：如图（一)，已知边长为2的等边ABC∆的重心为点O，求OBC∆与ABC∆的面积．（2）性质探究：如图（二)，已知ABC∆的重心为点O，请判断ODOA、OBCABCSS∆∆是否都为定值？如果是，分别求出这两个定值；如果不是，请说明理由．（3）性质应用：如图（三)，在正方形ABCD 中，点E 是CD 的中点，连接BE 交对角线AC 于点M ． ①若正方形ABCD 的边长为4，求EM 的长度； ②若1CME S ∆=，求正方形ABCD 的面积． 【解答】解：（1）连接DE ，如图一， 点O 是ABC ∆的重心，AD ∴，BE 是BC ，AC 边上的中线， D ∴，E 为BC ，AC 边上的中点， DE ∴为ABC ∆的中位线，//DE AB ∴，12DE AB =，ODE OAB ∴∆∆∽， ∴12OD DE OA AB ==， 2AB =，1BD =，90ADB=︒，AD ∴OD =，∴2322OBC BC ODS ∆==22ABC BC AD S ∆⨯== （2）由（1）同理可得，12OD OA =，是定值；点O 到BC 的距离和点A 到BC 的距离之比为1:3，则OBC ∆和ABC ∆的面积之比等于点O 到BC 的距离和点A 到BC 的距离之比， 故13OBC ABC S S ∆∆=，是定值； （3）①连接BD 交AC 于点O ，点O 为BD 的中点，点E 为CD 的中点， ∴点M 是BCD ∆的重心， ∴13EM BE =，E 为CD 的中点，∴12CE CD ==，∴BE =即EM =②1CME S ∆=，且12ME BM =，2BMC S ∆∴=，12ME BM =， ∴21()4CME AMB S ME S BM ∆∆==， 4AMB S ∆∴=，246ABC BMC ABM S S S ∆∆∆∴=+=+=，又ADC ABC S S ∆∆=，6ADC S ∆∴=，∴正方形ABCD 的面积为：6612+=．40．（2020•张家界）“南天一柱”是张家界“三千奇峰”中的一座，位于世界自然遗产武陵源风景名胜区袁家界景区南端．2010年1月25日，“南天一柱”正式命名为《阿凡达》的“哈利路亚山”．如图，航拍无人机以9/m s 的速度在空中向正东方向飞行，拍摄云海中的“南天一柱”美景．在A 处测得“南天一柱”底部C 的俯角为37︒，继续飞行6s 到达B 处，这时测得“南天一柱”底部C 的俯角为45︒，已知“南天一柱”的高为150m ，问这架航拍无人机继续向正东飞行是否安全？（参考数据：sin370.60︒≈，cos370.80︒≈，tan370.75)︒≈【解答】解：设无人机距地面xm ，直线AB 与南天一柱所在直线相交于点D ，由题意得37CAD ∠=︒，45CBD ∠=︒． 在Rt ACD ∆中，tan 0.75CD xCAD AD AD ∠===，43AD x ∴=．在Rt BCD ∆中，tan 1CD xCBD BD BD∠===，BD x ∴=．AD BD AB -=， ∴4963x x -=⨯， 162x ∴=， 162150>，∴这架航拍无人机继续向正东飞行安全．。

福建各2019年中考数学分类解析-专项4：图形的变换专题4：图形的变换一、选择题1.〔2018福建龙岩4分〕左下图所示几何体的俯视图是【】【答案】C。

【考点】简单几何体的三视图。

【分析】找到从上面看所得到的图形即可：从上面看易得是一个圆，中间一点。

应选C。

2.〔2018福建龙岩4分〕如图，矩形ABCD中，AB=1，BC=2，把矩形ABCD绕AB所在直线旋转一周所得圆柱的侧面积为【】A、10πB、4πC、2πD、2【答案】B。

【考点】矩形的性质，旋转的性质。

【分析】把矩形ABCD绕AB所在直线旋转一周所得圆柱是以BC=2为底面半径，AB=1为高。

因此，它的侧面积为221=4ππ⋅⋅。

应选B。

3.〔2018福建南平4分〕如下图，水平放置的长方体底面是长为4和宽为2的矩形，它的主视图的面积为12，那么长方体的体积等于【】A、16B、24C、32D、48【答案】B。

【考点】简单几何体的三视图。

【分析】由主视图的面积=长×高，即高=12÷4=3；∴长方体的体积=长×高×宽=4×3×2=24。

应选B。

4.〔2018福建南平4分〕如图，正方形纸片ABCD的边长为3，点E、F分别在边BC、CD上，将AB 、AD 分别和AE 、AF 折叠，点B 、D 恰好都将在点G 处，BE=1，那么EF 的长为【】A 、32B 、52C 、94D 、3【答案】B 。

【考点】翻折变换〔折叠问题〕，正方形的性质，折叠的性质，勾股定理。

【分析】∵正方形纸片ABCD 的边长为3，∴∠C=90°，BC=CD=3。

依照折叠的性质得：EG=BE=1，GF=DF 。

设DF=x ，那么EF=EG ＋GF=1＋x ，FC=DC －DF=3－x ，EC=BC －BE=3－1=2。

在Rt △EFC 中，EF 2=EC 2＋FC 2，即〔x ＋1〕2=22＋〔3－x 〕2，解得：3x 2。

辽宁省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换一．选择题（共19小题）1．（2020•阜新）下列立体图形中，左视图与主视图不同的是()A．正方体B．圆柱C．圆锥D．球2．（2020•盘锦）如图中的几何体是由六个完全相同的小正方体组成的，它的主视图是( )A．B．C．D．3．（2020•锦州）如图，是由五个相同的小立方体搭成的几何体，这个几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．4．（2020•大连）平面直角坐标系中，点(3,1)P 关于x 轴对称的点的坐标是( )A ．(3,1)B ．(3,1)-C ．(3,1)-D ．(3,1)--5．如图，小明在一条东西走向公路的O 处，测得图书馆A 在他的北偏东60︒方向，且与他相距200m ，则图书馆A 到公路的距离AB 为( )A ．100mB ．1002mC ．1003mD ．2003m 6．（2020•大连）如图，ABC ∆中，90ACB ∠=︒，40ABC ∠=︒．将ABC ∆绕点B 逆时针旋转得到△A BC ''，使点C 的对应点C '恰好落在边AB 上，则CAA ∠'的度数是( )A ．50︒B ．70︒C ．110︒D ．120︒7．（2020•沈阳）如图是由四个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的主视图是( )A．B．C．D．8．（2020•营口）如图所示的几何体是由四个完全相同的小正方体搭成的，它的俯视图是( )A．B．C．D．9．（2020•营口）如图，在ABC∆中，//DE AB，且32CDBD=，则CECA的值为()A．35B．23C．45D．3210．（2020•辽阳）如图是由一个长方体和一个圆锥组成的几何体，它的主视图是()A．B．C ．D ．11．（2019•鞍山）如图，正方形ABCD和正方形CGFE的顶点C，D，E在同一条直线上，顶点B，C，G在同一条直线上．O是EG的中点，EGC∠的平分线GH过点D，交BE于点H，连接FH交EG于点M，连接OH．以下四个结论：①GH BE⊥；②EHM FHG∆∆∽；③21BCCG=-；④22HOMHOGSS∆∆=-，其中正确的结论是()A．①②③B．①②④C．①③④D．②③④12．（2019•营口）如图，在ABC∆中，//DE BC，23ADAB=，则ADEDBCESS∆四边形的值是() A．45B．1C．23D．49 13．（2019•铁岭）下面四个图形中，属于轴对称图形的是()A．B．C．D．14．（2019•铁岭）如图所示几何体的主视图是()A ．B ．C ．D ．15．（2019•盘锦）如图，是由4个大小相同的正方体组成的几何体，该几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．16．（2019•朝阳）如图是由5个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的左视图是( )A ．B ．C ．D ．17．（2019•盘锦）如图，点(8,6)P 在ABC ∆的边AC 上，以原点O 为位似中心，在第一象限内将ABC ∆缩小到原来的12，得到△A B C '''，点P 在A C ''上的对应点P '的坐标为( )A ．(4,3)B ．(3,4)C ．(5,3)D ．(4,4)18．（2019•沈阳）如图是由五个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．19．（2019•沈阳）已知ABC ∆∽△A B C '''，AD 和A D ''是它们的对应中线，若10AD =，6A D ''=，则ABC ∆与△A B C '''的周长比是( )A ．3:5B ．9:25C ．5:3D ．25:9二．填空题（共11小题）20．（2020•阜新）如图，为了了解山坡上两棵树间的水平距离，数学活动小组的同学们测得该山坡的倾斜角20α=︒，两树间的坡面距离5AB m =，则这两棵树的水平距离约为 m （结果精确到0.1m ，参考数据：sin200.342︒≈，cos200.940︒≈，tan 200.364)︒≈．21．（2020•阜新）如图，在ABC ∆中，90ABC ∠=︒，2AB BC ==．将ABC ∆绕点B 逆时针旋转60︒，得到△11A BC ，则AC 边的中点D 与其对应点1D 的距离是 ．22．（2020•锦州）如图，在ABC ∆中，D 是AB 中点，//DE BC ，若ADE ∆的周长为6，则ABC ∆的周长为 ．23．（2020•盘锦）如图，在矩形ABCD 中，1AB =，2BC =，点E 和点F 分别为AD ，CD 上的点，将DEF ∆沿EF 翻折，使点D 落在BC 上的点M 处，过点E 作//EH AB 交BC 于点H ，过点F 作//FG BC 交AB 于点G ．若四边形ABHE 与四边形BCFG 的面积相等，则CF 的长为 ．24．（2020•盘锦）如图，AOB ∆三个顶点的坐标分别为(5,0)A ，(0,0)O ，(3,6)B ，以点O 为位似中心，相似比为23，将AOB ∆缩小，则点B 的对应点B '的坐标是 ．25．（2020•大连）如图，矩形ABCD 中，6AB =，8AD =，点E 在边AD 上，CE 与BD 相交于点F ．设DE x =，BF y =，当08x 时，y 关于x 的函数解析式为 ．26．（2020•鞍山）如图，在菱形ABCD 中，60ADC ∠=︒，点E ，F 分别在AD ，CD 上，且AE DF =，AF 与CE 相交于点G ，BG 与AC 相交于点H ．下列结论：①ACF CDE ∆≅∆；②2CG GH BG =；③若2DF CF =，则7CE GF =；④234ABCG S BG =四边形．其中正确的结论有 ．（只填序号即可）27．（2020•葫芦岛）一张菱形纸片ABCD 的边长为6cm ，高AE 等于边长的一半，将菱形纸片沿直线MN 折叠，使点A 与点B 重合，直线MN 交直线CD 于点F ，则DF 的长为 cm ．28．（2020•鞍山）如图，在平面直角坐标系中，已知(3,6)A ，(2,2)B -，在x 轴上取两点C ，D （点C 在点D 左侧），且始终保持1CD =，线段CD 在x 轴上平移，当AD BC +的值最小时，点C 的坐标为 ．29．（2020•沈阳）如图，在矩形ABCD 中，6AB =，8BC =，对角线AC ，BD 相交于点O ，点P 为边AD 上一动点，连接OP ，以OP 为折痕，将AOP ∆折叠，点A 的对应点为点E ，线段PE 与OD 相交于点F ．若PDF ∆为直角三角形，则DP 的长为 ．30．（2020•营口）如图，ABC ∆为等边三角形，边长为6，AD BC ⊥，垂足为点D ，点E 和点F 分别是线段AD 和AB 上的两个动点，连接CE ，EF ，则CE EF +的最小值为 ．三．解答题（共16小题）31．（2020•阜新）如图，ABC ∆在平面直角坐标系中，顶点的坐标分别为A (4,4)，B (1,1)，C (4,1)．（1）画出与ABC ∆关于y 轴对称的△111A B C ；（2）将ABC ∆绕点1O 顺时针旋转90︒得到△222A B C ，2AA 弧是点A 所经过的路径，则旋转中心1O 的坐标为 ；（3）求图中阴影部分的面积（结果保留)π．32．（2020•锦州）如图，ABCD 的对角线AC ，BD 交于点E ，以AB 为直径的O 经过点E ，与AD 交于点F ，G 是AD 延长线上一点，连接BG ，交AC 于点H ，且12DBG BAD ∠=∠． （1）求证：BG 是O 的切线；（2）若3CH =，1tan 2DBG ∠=，求O 的直径．33．（2020•锦州）已知AOB ∆和MON ∆都是等腰直角三角形2()OA OM ON <=，90AOB MON ∠=∠=︒．（1）如图1：连AM ，BN ，求证：AOM BON ∆≅∆；（2）若将MON ∆绕点O 顺时针旋转，①如图2，当点N 恰好在AB 边上时，求证：2222BN AN ON +=；②当点A ，M ，N 在同一条直线上时，若4OB =，3ON =，请直接写出线段BN 的长．34．（2020•朝阳）如图，以AB 为直径的O 经过ABC ∆的顶点C ，过点O 作//OD BC 交O 于点D ，交AC 于点F ，连接BD 交AC 于点G ，连接CD ，在OD 的延长线上取一点E ，连接CE ，使DEC BDC ∠=∠．（1）求证：EC 是O 的切线；（2）若O 的半径是3，9DG DB =，求CE 的长．35．（2020•朝阳）为了丰富学生的文化生活，学校利用假期组织学生到红色文化基地A 和人工智能科技馆C 参观学习如图，学校在点B 处，A 位于学校的东北方向，C 位于学校南偏东30︒方向，C 在A 的南偏西15︒方向(30303)km +处．学生分成两组，第一组前往A 地，第二组前往C 地，两组同学同时从学校出发，第一组乘客车，速度是40/km h ，第二组乘公交车，速度是30/km h ，两组同学到达目的地分别用了多长时间？哪组同学先到达目的地？请说明理由（结果保留根号）．36．（2020•朝阳）如图所示的平面直角坐标系中，ABC ∆的三个顶点坐标分别为(3,2)A -，(1,3)B -，(1,1)C -，请按如下要求画图：（1）以坐标原点O 为旋转中心，将ABC ∆顺时针旋转90︒，得到△111A B C ，请画出△111A B C ；（2）以坐标原点O 为位似中心，在x 轴下方，画出ABC ∆的位似图形△222A B C ，使它与ABC ∆的位似比为2:1．37．（2020•锦州）如图，某海岸边有B ，C 两码头，C 码头位于B 码头的正东方向，距B 码头40海里．甲、乙两船同时从A 岛出发，甲船向位于A 岛正北方向的B 码头航行，乙船向位于A 岛北偏东30︒方向的C 码头航行，当甲船到达距B 码头30海里的E 处时，乙船位于甲船北偏东60︒方向的D 处，求此时乙船与C 码头之间的距离．（结果保留根号）38．（2020•盘锦）如图，某数学活动小组要测量建筑物AB 的高度，他们借助测角仪和皮尺进行了实地测量，测量结果如下表． 测量项目测量数据 测角仪到地面的距离1.6CD m = 点D 到建筑物的距离4BD m = 从C 处观测建筑物顶部A 的仰角67ACE ∠=︒ 从C 处观测建筑物底部B 的俯角 22BCE ∠=︒请根据需要，从上面表格中选择3个测量数据，并利用你选择的数据计算出建筑物AB 的高度．（结果精确到0.1米，参考数据：sin670.92︒≈，cos670.39︒≈，tan67 2.36︒≈．sin220.37︒≈，cos220.93︒≈，tan 220.40)︒≈（选择一种方法解答即可）39．（2020•鞍山）图1是某种路灯的实物图片，图2是该路灯的平面示意图，MN 为立柱的一部分，灯臂AC ，支架BC 与立柱MN 分别交于A ，B 两点，灯臂AC 与支架BC 交于点C ，已知60MAC ∠=︒，15ACB ∠=︒，40AC cm =，求支架BC 的长．（结果精确到1cm ，参考数据：2 1.414≈，3 1.732≈，6 2.449)≈40．（2020•葫芦岛）在等腰ADC ∆和等腰BEC ∆中，90ADC BEC ∠=∠=︒，BC CD <，将BEC ∆绕点C 逆时针旋转，连接AB ，点O 为线段AB 的中点，连接DO ，EO ．（1）如图1，当点B 旋转到CD 边上时，请直接写出线段DO 与EO 的位置关系和数量关系；（2）如图2，当点B 旋转到AC 边上时，（1）中的结论是否成立？若成立，请写出证明过程，若不成立，请说明理由；（3）若4BC =，26CD =，在BEC ∆绕点C 逆时针旋转的过程中，当60ACB ∠=︒时，请直接写出线段OD 的长．41．（2020•葫芦岛）如图，小明利用学到的数学知识测量大桥主架在水面以上的高度AB ，在观测点C 处测得大桥主架顶端A 的仰角为30︒，测得大桥主架与水面交汇点B 的俯角为14︒，观测点与大桥主架的水平距离CM 为60米，且AB 垂直于桥面．（点A ，B ，C ，M 在同一平面内）（1）求大桥主架在桥面以上的高度AM ；（结果保留根号）（2）求大桥主架在水面以上的高度AB ．（结果精确到1米）（参考数据sin140.24︒≈，cos140.97︒≈，tan140.25︒≈，3 1.73)≈42．（2020•沈阳）在ABC ∆中，AB AC =，BAC α∠=，点P 为线段CA 延长线上一动点，连接PB ，将线段PB 绕点P 逆时针旋转，旋转角为α，得到线段PD ，连接DB ，DC ．（1）如图1，当60α=︒时，①求证：PA DC =；②求DCP ∠的度数；（2）如图2，当120α=︒时，请直接写出PA 和DC 的数量关系．（3）当120α=︒时，若6AB =，31BP =，请直接写出点D 到CP 的距离为 ．43．（2020•丹东）如图，小岛C 和D 都在码头O 的正北方向上，它们之间距离为6.4km ，一艘渔船自西向东匀速航行，行驶到位于码头O 的正西方向A 处时，测得26.5CAO ∠=︒，渔船速度为28/km h ，经过0.2h ，渔船行驶到了B 处，测得49DBO ∠=︒，求渔船在B 处时距离码头O 有多远？（结果精确到0.1)km（参考数据：sin26.50.45︒≈，cos26.50.89︒≈，tan26.50.50︒≈，sin490.75︒≈，cos490.66︒≈，tan 49 1.15)︒≈44．（2020•丹东）如图，在平面直角坐标系中，网格的每个小方格都是边长为1个单位长度的正方形，点A ，B ，C 的坐标分别为(1,2)A ，(3,1)B ，(2,3)C ，先以原点O 为位似中心在第三象限内画一个△111A B C ．使它与ABC ∆位似，且相似比为2:1，然后再把ABC ∆绕原点O 逆时针旋转90︒得到△222A B C ．（1）画出△111A B C ，并直接写出点1A 的坐标；（2）画出△222A B C ，直接写出在旋转过程中，点A 到点2A 所经过的路径长．45．（2020•营口）如图，在矩形ABCD 中，(0)AD kAB k =>，点E 是线段CB 延长线上的一个动点，连接AE ，过点A 作AF AE ⊥交射线DC 于点F ．（1）如图1，若1k =，则AF 与AE 之间的数量关系是 ；（2）如图2，若1k ≠，试判断AF 与AE 之间的数量关系，写出结论并证明；（用含k 的式子表示）（3）若24AD AB ==，连接BD 交AF 于点G ，连接EG ，当1CF =时，求EG 的长．46．（2020•营口）如图，海中有一个小岛A，它周围10海里内有暗礁，渔船跟踪鱼群由东向西航行，在B点测得小岛A在北偏西60︒方向上，航行12海里到达C点，这时测得小岛A 在北偏西30︒方向上，如果渔船不改变方向继续向西航行，有没有触礁的危险？并说明理由．（参考数据：3 1.73)≈辽宁省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换参考答案与试题解析一．选择题（共19小题）1．（2020•阜新）下列立体图形中，左视图与主视图不同的是()A．正方体B．圆柱C．圆锥D．球【解答】解：A．左视图与主视图都是正方形，故选项A不合题意；B．左视图是圆，主视图都是矩形，故选项B符合题意；C．左视图与主视图都是三角形；故选项C不合题意；D．左视图与主视图都是圆，故选项D不合题意；故选：B．2．（2020•盘锦）如图中的几何体是由六个完全相同的小正方体组成的，它的主视图是( )A．B．C．D．【解答】解：从正面看第一层是3个小正方形，第二层右边1个小正方形．故选：B．3．（2020•锦州）如图，是由五个相同的小立方体搭成的几何体，这个几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：观察图形可知，这个几何体的俯视图是．故选：A ． 4．（2020•大连）平面直角坐标系中，点(3,1)P 关于x 轴对称的点的坐标是( )A ．(3,1)B ．(3,1)-C ．(3,1)-D ．(3,1)--【解答】解：点(3,1)P 关于x 轴对称的点的坐标是(3,1)-故选：B ．5．如图，小明在一条东西走向公路的O 处，测得图书馆A 在他的北偏东60︒方向，且与他相距200m ，则图书馆A 到公路的距离AB 为( )A ．100mB ．1002mC ．1003mD 2003 【解答】解：由题意得，906030AOB ∠=︒-︒=︒，1100()2AB OA m ∴==， 故选：A ．6．（2020•大连）如图，ABC ∆中，90ACB ∠=︒，40ABC ∠=︒．将ABC ∆绕点B 逆时针旋转得到△A BC ''，使点C 的对应点C '恰好落在边AB 上，则CAA ∠'的度数是( )A ．50︒B ．70︒C ．110︒D ．120︒【解答】解：90ACB ∠=︒，40ABC ∠=︒，90904050CAB ABC ∴∠=︒-∠=︒-︒=︒，将ABC ∆绕点B 逆时针旋转得到△A BC ''，使点C 的对应点C '恰好落在边AB 上，40A BA ABC ∴∠'=∠=︒，A B AB '=， 1(18040)702BAA BA A ∴∠'=∠'=︒-︒=︒， 5070120CAA CAB BAA '∴∠=∠+∠'=︒+︒=︒．故选：D ．7．（2020•沈阳）如图是由四个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的主视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：从几何体的正面看，底层是三个小正方形，上层的中间是一个小正方形． 故选：D ．8．（2020•营口）如图所示的几何体是由四个完全相同的小正方体搭成的，它的俯视图是( )A．B．C．D．【解答】解：从上面看易得俯视图：．故选：C．9．（2020•营口）如图，在ABC∆中，//DE AB，且32CDBD=，则CECA的值为()A．35B．23C．45D．32【解答】解：//DE AB，∴32 CE CDAE BD==，∴CECA的值为35，故选：A．10．（2020•辽阳）如图是由一个长方体和一个圆锥组成的几何体，它的主视图是()A ．B ．C ．D ．【解答】解：从正面看，“底座长方体”看到的图形是矩形，“上部圆锥体”看到的图形是等腰三角形，因此选项C 的图形符合题意，故选：C ．11．（2019•鞍山）如图，正方形ABCD 和正方形CGFE 的顶点C ，D ，E 在同一条直线上，顶点B ，C ，G 在同一条直线上．O 是EG 的中点，EGC ∠的平分线GH 过点D ，交BE 于点H ，连接FH 交EG 于点M ，连接OH ．以下四个结论：①GH BE ⊥；②EHM FHG ∆∆∽；③21BC CG=-；④22HOM HOG S S ∆∆=-，其中正确的结论是( )A ．①②③B ．①②④C ．①③④D ．②③④【解答】解：如图，四边形ABCD 和四边形CGFE 是正方形，BC CD ∴=，CE CG =，BCE DCG ∠=∠，在BCE ∆和DCG ∆中，BC CD BCE DCG CE CG =⎧⎪∠=∠⎨⎪=⎩()BCE DCG SAS ∴∆≅∆，BEC BGH ∴∠=∠，90BGH CDG ∠+∠=︒，CDG HDE ∠=∠，90BEC HDE ∴∠+∠=︒，GH BE ∴⊥．故①正确；EHG ∆是直角三角形，O 为EG 的中点，OH OG OE ∴==，∴点H 在正方形CGFE 的外接圆上，EF FG =，45FHG EHF EGF ∴∠=∠=∠=︒，HEG HFG ∠=∠，EHM FHG ∴∆∆∽，故②正确；BGH EGH ∆≅∆，BH EH ∴=，又O 是EG 的中点，//HO BG ∴，DHN DGC ∴∆∆∽， ∴DN HN DC CG=， 设EC 和OH 相交于点N ．设HN a =，则2BC a =，设正方形ECGF 的边长是2b ，则NC b =，2CD a =， ∴222b a a a b-=，即2220a ab b +-=，解得：(1a b =-，或(1a b =--（舍去），则212a b =，∴1BC CG=-， 故③正确；BGH EGH ∆≅∆，EG BG ∴=， HO 是EBG ∆的中位线，12HO BG ∴=，12HO EG∴=，设正方形ECGF的边长是2b，22EG b∴=，2HO b∴=，//OH BG，//CG EF，//OH EF∴，MHO MFE∴∆∆∽，∴2222OM OH bEM EF b===，2EM OM∴=，∴121(12)12OM OMOE OM===-++，∴21HOMHOESS∆∆=-，EO GO=，HOE HOGS S∆∆∴=，∴21HOMHOGSS∆∆=-，故④错误，故选：A．12．（2019•营口）如图，在ABC∆中，//DE BC，23ADAB=，则ADEDBCESS∆四边形的值是() A．45B．1C．23D．49【解答】解：//DE BC ，ADE ABC ∴∆∆∽， ∴24()9ADE ABC S AD S AB ∆∆==， ∴45ADEDBCE S S ∆=四边形， 故选：A ．13．（2019•铁岭）下面四个图形中，属于轴对称图形的是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：A 、不属于轴对称图形，故此选项错误；B 、不属于轴对称图形，故此选项错误；C 、属于轴对称图形，故此选项正确；D 、不属于轴对称图形，故此选项错误；故选：C ．14．（2019•铁岭）如图所示几何体的主视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：从正面可看到的图形是：故选：B ．15．（2019•盘锦）如图，是由4个大小相同的正方体组成的几何体，该几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：从上面看得到的图形是：故选：B ．16．（2019•朝阳）如图是由5个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的左视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：从左边看，从左往右小正方形的个数依次为：2，1．左视图如下：故选：C ．17．（2019•盘锦）如图，点(8,6)P 在ABC 的边AC 上，以原点O 为位似中心，在第一象限内将ABC ∆缩小到原来的12，得到△A B C '''，点P 在A C ''上的对应点P '的坐标为( )A ．(4,3)B ．(3,4)C ．(5,3)D ．(4,4)【解答】解：点(8,6)P 在ABC ∆的边AC 上，以原点O 为位似中心，在第一象限内将ABC ∆缩小到原来的12，得到△A B C '''， ∴点P 在A C ''上的对应点P '的坐标为：(4,3)．故选：A ．18．（2019•沈阳）如图是由五个相同的小立方块搭成的几何体，这个几何体的俯视图是( )A ．B ．C ．D ．【解答】解：从上面看易得上面一层有3个正方形，下面左边有一个正方形．故选：A ．19．（2019•沈阳）已知ABC ∆∽△A B C '''，AD 和A D ''是它们的对应中线，若10AD =，6A D ''=，则ABC ∆与△A B C '''的周长比是( )A ．3:5B ．9:25C ．5:3D ．25:9【解答】解：ABC ∆∽△A B C '''，AD 和A D ''是它们的对应中线，10AD =，6A D ''=， ABC ∴∆与△A B C '''的周长比:10:65:3AD A D =''==．故选：C ．二．填空题（共11小题）20．（2020•阜新）如图，为了了解山坡上两棵树间的水平距离，数学活动小组的同学们测得该山坡的倾斜角20α=︒，两树间的坡面距离5AB m =，则这两棵树的水平距离约为 4.7 m （结果精确到0.1m ，参考数据：sin200.342︒≈，cos200.940︒≈，tan 200.364)︒≈．【解答】解：过点A 作水平面的平行线AH ，作BH AH ⊥于H ，由题意得，20BAH α∠==︒，在Rt BAH ∆中，cos AH BAH AB∠=， cos 50.940 4.7()AH AB BAH m ∴=∠≈⨯≈，故答案为：4.7．21．（2020•阜新）如图，在ABC ∆中，90ABC ∠=︒，2AB BC ==．将ABC ∆绕点B 逆时针旋转60︒，得到△11A BC ，则AC 边的中点D 与其对应点1D 的距离是 2 ．【解答】解：连接BD 、1BD ，如图，90ABC ∠=︒，2AB BC ==，222222AC ∴+=D 点为AC 的中点，122BD AC ∴== ABC ∆绕点B 逆时针旋转60︒，得到△11A BC ，1BD BD ∴=，160DBD ∠=︒，1BDD ∴∆为等边三角形，12DD BD ∴==． 故答案为2．22．（2020•锦州）如图，在ABC ∆中，D 是AB 中点，//DE BC ，若ADE ∆的周长为6，则ABC ∆的周长为 12 ．【解答】解：//DE BC ，ADE ABC ∴∆∆∽，D 是AB 的中点，∴12AD AB =， ∴12ADE ABC ∆=∆的周长的周长 ADE ∆的周长为6，ABC ∴∆的周长为12，故答案为：12．23．（2020•盘锦）如图，在矩形ABCD 中，1AB =，2BC =，点E 和点F 分别为AD ，CD 上的点，将DEF ∆沿EF 翻折，使点D 落在BC 上的点M 处，过点E 作//EH AB 交BC 于点H ，过点F 作//FG BC 交AB 于点G ．若四边形ABHE 与四边形BCFG 的面积相等，则CF 的长为 38．【解答】解：设CF x =，CH y =，则2BH y =-，四边形ABHE 与四边形BCFG 的面积相等，22y x ∴-=，22y x ∴=-，由折叠知，1MF DF x ==-，22EM ED CH y x ====-，90EMF D ∠=∠=︒， 90EMH CMF ∴∠+∠=︒，90C ∠=︒，90CMF CFM ∴∠+∠=︒，EMH MFC ∴∠=∠，90EHM C ∠=∠=︒，EMH MFC ∴∆∆∽， ∴EM EH MF MC =，即22221(1)x x x x-=---， 解得，38x =． 经检验，38x =是原方程的解， 故答案为：38． 24．（2020•盘锦）如图，AOB ∆三个顶点的坐标分别为(5,0)A ，(0,0)O ，(3,6)B ，以点O 为位似中心，相似比为23，将AOB ∆缩小，则点B 的对应点B '的坐标是 (2,4)或(2,4)-- ．【解答】解：如图，OAB ∆∽△OA B ''，相似比为3:2，(3.6)B ， (2,4)B ∴'，根据对称性可知，△OA B ''''在第三象限时，(2,4)B ''--， ∴满足条件的点B '的坐标为(2,4)或(2,4)--． 故答案为(2,4)或(2,4)--．25．（2020•大连）如图，矩形ABCD 中，6AB =，8AD =，点E 在边AD 上，CE 与BD 相交于点F ．设DE x =，BF y =，当08x 时，y 关于x 的函数解析式为 808y x =+ ．【解答】解：在矩形 中，//AD BC ，DEF BCF ∴∆∆∽，∴DE DF BC BF=， 10BD BC =，BF y =，DE x =， 10DF y ∴=-，∴108x y y -=，化简得：808y x =+， y ∴关于x 的函数解析式为：808y x =+， 故答案为：808y x =+． 26．（2020•鞍山）如图，在菱形ABCD 中，60ADC ∠=︒，点E ，F 分别在AD ，CD 上，且AE DF =，AF 与CE 相交于点G ，BG 与AC 相交于点H ．下列结论：①ACF CDE ∆≅∆；②2CG GH BG =；③若2DF CF =，则7CE GF =；④23ABCG S BG =四边形．其中正确的结论有 ①③④ ．（只填序号即可）【解答】解：ABCD 为菱形，AD CD ∴=， AE DF =，DE CF ∴=，60ADC ∠=︒，ACD ∴∆为等边三角形，60D ACD ∴∠=∠=︒，AC CD =，()ACF CDE SAS ∴∆≅∆，故①正确；过点F 作//FP AD ，交CE 于P 点．2DF CF =，::1:3FP DE CF CD ∴==，DE CF =，AD CD =，2AE DE ∴=，:1:6:FP AE FG AG ∴==，6AG FG ∴=，7CE AF GF ∴==，故③正确；过点B 作BM AG ⊥于M ，BN GC ⊥于N ，60AGE ACG CAF ACG GCF ABC ∠=∠+∠=∠+∠=︒=∠，即180AGC ABC ∠+∠=︒，∴点A 、B 、C 、G 四点共圆，60AGB ACB ∴∠=∠=︒，60CGB CAB ∠=∠=︒，60AGB CGB ∴∠=∠=︒，BM BN ∴=，又AB BC =，()ABM CBN HL ∴∆≅∆，ABCG BMGN S S ∴=四边形四边形，60BGM ∠=︒， 12GM BG ∴=，3BM BG =， 233112222BMG BMGN S S BG BG BG ∆∴==⨯⨯⨯=四边形，故④正确； 60CGB ACB ∠=∠=︒，CBG HBC ∠=∠，BCH BGC ∴∆∆∽，∴BC BH CH BG BC CG==， 则2BG BH BC =，则2()BG BG GH BC -=，则22BG BG GH BC -=，则22GH BG BG BC =-，当90BCG ∠=︒时，222BG BC CG -=，此时2GH BG CG =，而题中BCG ∠未必等于90︒，故②不成立，故正确的结论有①③④，故答案为：①③④．27．（2020•葫芦岛）一张菱形纸片ABCD 的边长为6cm ，高AE 等于边长的一半，将菱形纸片沿直线MN 折叠，使点A 与点B 重合，直线MN 交直线CD 于点F ，则DF 的长为 (333)或(333) cm ．【解答】解：①根据题意画出如图1:菱形纸片ABCD 的边长为6cm ，6AB BC CD AD ∴====，高AE 等于边长的一半，3AE ∴=， 1sin 2AE B AB ∠==， 30B ∴∠=︒， 将菱形纸片沿直线MN 折叠，使点A 与点B 重合，3BH AH ∴==，23cos30BH BG ∴==︒， 623CG BC BG ∴=-=-，//AB CD ，30GCF B ∴∠=∠=︒，3cos30(623)333CF CG ∴=︒=-⨯=-， 6333(333)DF DC CF cm ∴=+=+-=+；②如图2，3BE AE ==，同理可得333DF =-．综上所述：则DF 的长为(333)或(333)cm -．故答案为：(333)+或(333)-．28．（2020•鞍山）如图，在平面直角坐标系中，已知(3,6)A ，(2,2)B -，在x 轴上取两点C ，D （点C 在点D 左侧），且始终保持1CD =，线段CD 在x 轴上平移，当AD BC +的值最小时，点C 的坐标为 (1,0)- ．【解答】解：把(3,6)A 向左平移1得(2,6)A '，作点B 关于x 轴的对称点B '，连接B A ''交x 轴于C ，在x 轴上取点D （点C 在点D 左侧），使1CD =，连接AD ，则AD BC +的值最小，(2,2)B -，(2,2)B ∴'--，设直线B A ''的解析式为y kx b =+，∴2226k b k b -+=-⎧⎨+=⎩， 解得：22k b =⎧⎨=⎩， ∴直线B A ''的解析式为22y x =+，当0y =时，1x =-，(1,0)C ∴-，故答案为：(1,0)-．29．（2020•沈阳）如图，在矩形ABCD中，6AB=，8BC=，对角线AC，BD相交于点O，点P为边AD上一动点，连接OP，以OP为折痕，将AOP∆折叠，点A的对应点为点E，线段PE与OD相交于点F．若PDF∆为直角三角形，则DP的长为52或1．【解答】解：如图1，当90DPF∠=︒时，过点O作OH AD⊥于H，四边形ABCD是矩形，BO OD∴=，90BAD OHD∠=︒=∠，8AD BC==，//OH AB∴，∴12 OH HD ODAB AD BD===，132OH AB∴==，142HD AD==，将AOP∆折叠，点A的对应点为点E，线段PE与OD相交于点F，45APO EPO∴∠=∠=︒，又OH AD⊥，45OPH HOP∴∠=∠=︒，3OH HP ∴==，1PD HD HP ∴=-=；当90PFD ∠=︒时，6AB =，8BC =，22366410BD AB AD ∴=++=，四边形ABCD 是矩形，5OA OC OB OD ∴====，DAO ODA ∴∠=∠，将AOP ∆折叠，点A 的对应点为点E ，线段PE 与OD 相交于点F ， 5AO EO ∴==，PEO DAO ADO ∠=∠=∠，又90OFE BAD ∠=∠=︒，OFE BAD ∴∆∆∽， ∴OF OE AB BD =， ∴5610OF =， 3OF ∴=，2DF ∴=，PFD BAD ∠=∠，PDF ADB ∠=∠，PFD BAD ∴∆∆∽， ∴PD DF BD AD =， ∴2108PD =， 52PD ∴=，综上所述：52PD =或1， 故答案为52或1． 30．（2020•营口）如图，ABC ∆为等边三角形，边长为6，AD BC ⊥，垂足为点D ，点E 和点F 分别是线段AD 和AB 上的两个动点，连接CE ，EF ，则CE EF +的最小值为 33 ．【解答】解：过C 作CF AB ⊥交AD 于E ，则此时，CE EF +的值最小，且CE EF +的最小值CF =，ABC ∆为等边三角形，边长为6，116322BF AB ∴==⨯=， 22226333CF BC BF ∴=-=-=，CE EF ∴+的最小值为33，故答案为：33．三．解答题（共16小题）31．（2020•阜新）如图，ABC ∆在平面直角坐标系中，顶点的坐标分别为A (4,4)，B (1,1)，C (4,1)．（1）画出与ABC ∆关于y 轴对称的△111A B C ；（2）将ABC ∆绕点1O 顺时针旋转90︒得到△222A B C ，2AA 弧是点A 所经过的路径，则旋转中心1O 的坐标为 (2,0) ；（3）求图中阴影部分的面积（结果保留)π．【解答】解：（1）如图，△111A B C 为所作；（2）旋转中心1O 的坐标为(2,0)，故答案为(2,0)；（3）设旋转半径为r ，则2222420r =+=，∴阴影部分的图形面积为：2111111242211542222S r ππ=⋅-⨯⨯-⨯⨯+⨯⨯=-阴影．32．（2020•锦州）如图，ABCD 的对角线AC ，BD 交于点E ，以AB 为直径的O 经过点E ，与AD 交于点F ，G 是AD 延长线上一点，连接BG ，交AC 于点H ，且12DBG BAD ∠=∠．（1）求证：BG 是O 的切线；（2）若3CH =，1tan 2DBG ∠=，求O 的直径．【解答】（1）证明：AB 为O 的直径，90AEB ∴∠=︒，90BAE ABE ∴∠+∠=︒， 四边形ABCD 为平行四边形，∴四边形ABCD 为菱形，12BAE BAD ∴∠=∠， 12DBG BAD ∠=∠． BAE DBG ∴∠=∠，90DBG ABE ∴∠+∠=︒， 90ABG ∴∠=︒，BG ∴是O 的切线； （2）90ABG AEB ∠=∠=︒，HAB BAE ∠=∠，ABH AEB ∴∆∆∽，2AB AE AH ∴=，1tan 2DBG ∠=， ∴设HE x =，则2BE x =，3CH =，3AE CE x ∴==+，32AH AE HE x ∴=+=+，2(3)(32)AB x x ∴=++，22222(2)(3)AB BE AE x x =+=++，22(3)(32)(2)(3)x x x x ∴++=++，解得1x =或0（舍去），2(31)(32)20AB ∴=++=， 25AB ∴=，即O 的直径为25．33．（2020•锦州）已知AOB ∆和MON ∆都是等腰直角三角形2()OA OM ON <=，90AOB MON ∠=∠=︒．（1）如图1：连AM ，BN ，求证：AOM BON ∆≅∆；（2）若将MON ∆绕点O 顺时针旋转，①如图2，当点N 恰好在AB 边上时，求证：2222BN AN ON +=； ②当点A ，M ，N 在同一条直线上时，若4OB =，3ON =，请直接写出线段BN 的长．【解答】（1）证明：如图1中，90AOB MON ∠=∠=︒，AOM BON ∴∠=∠，AO BO =，OM ON =，()AOM BON SAS ∴∆≅∆．（2）①证明：如图2中，连接AM．同法可证AOM BON∆≅∆，AM BN∴=，45OAM B∠=∠=︒，45OAB B∠=∠=︒，90MAN OAM OAB∴∠=∠+∠=︒，222MN AN AM∴=+，MON∆是等腰直角三角形，222MN ON∴=，2222NB AN ON∴+=．②如图31-中，设OA交BN于J，过点O作OH MN⊥于H．AOM BON∆≅∆，AM BN∴=，OAM OBN∠=∠，AJN BJO∠=∠，90ANJ JOB∴∠=∠=︒，3OM ON==，90MON∠=︒，OH MN⊥，32 MN∴=322 MH HN OH====，222232464()2AH OA OH ∴=-=-=， 4632BN AM MH AH +∴==+=．如图32-中，同法可证4632AM BN -==．34．（2020•朝阳）如图，以AB 为直径的O 经过ABC ∆的顶点C ，过点O 作//OD BC 交O 于点D ，交AC 于点F ，连接BD 交AC 于点G ，连接CD ，在OD 的延长线上取一点E ，连接CE ，使DEC BDC ∠=∠． （1）求证：EC 是O 的切线；（2）若O 的半径是3，9DG DB =，求CE 的长．【解答】解：（1）证明：如图，连接OC ，AB 是直径，90ACB ∴∠=︒， //OD BC ，90CFE ACB ∴∠=∠=︒， 90DEC FCE ∴∠+∠=︒，DEC BDC ∠=∠，BDC A ∠=∠， DEC A ∴∠=∠， OA OC =， OCA A ∴∠=∠， OCA DEC ∴∠=∠， 90DEC FCE ∠+∠=︒，90OCA FCE ∴∠+∠=︒，即90OCE ∠=︒， OC CE ∴⊥，又OC 是O 的半径， CE ∴是O 切线．（2）由（1）得90CFE ∠=︒， OF AC ∴⊥， OA OC =， COF AOF ∴∠=∠， ∴CD AD =，ACD DBC ∴∠=∠，又BDC BDC ∠=∠， DCG DBC ∴∆∆∽， ∴DC DGDB DC=， 29DC DG DB ∴==，3DC ∴=， 3OC OD ==， OCD ∴∆是等边三角形， 60DOC ∴∠=︒，在Rt OCE ∆中tan 60CEOC︒=，∴3CE，CE=．∴3335．（2020•朝阳）为了丰富学生的文化生活，学校利用假期组织学生到红色文化基地A和人工智能科技馆C参观学习如图，学校在点B处，A位于学校的东北方向，C位于学校南偏东30︒方向，C在A的南偏西15︒方向(30303)km+处．学生分成两组，第一组前往A地，第二组前往C地，两组同学同时从学校出发，第一组乘客车，速度是40/km h，第二组乘公交车，速度是30/km h，两组同学到达目的地分别用了多长时间？哪组同学先到达目的地？请说明理由（结果保留根号）．【解答】解：作BD AC⊥于D．依题意得，∠=︒，15∠=︒，ABCCAE45BAE∠=︒，105∴∠=︒，BAC30∴∠=︒．45ACB在Rt BCD ∆中，90BDC ∠=︒，45ACB ∠=︒， 45CBD ∴∠=︒， CBD DCB ∴∠=∠， BD CD ∴=，设BD x =，则CD x =， 在Rt ABD ∆中，30BAC ∠=︒， 22AB BD x ∴==，tan30BDAD︒=，∴xAD=，AD ∴，在Rt BDC ∆中，90BDC ∠=︒，45DCB ∠=︒，sin BD DCB BC ∴∠=BC ∴，30CD AD +=+，30x ∴=+ 30x ∴=，260AB x ∴==，BC ==，第一组用时：6040 1.5()h ÷=；第二组用时：30)h ，1.5<，∴第二组先到达目的地，答：第一组用时1.5小时，第二组先到达目的地．36．（2020•朝阳）如图所示的平面直角坐标系中，ABC ∆的三个顶点坐标分别为(3,2)A -，(1,3)B -，(1,1)C -，请按如下要求画图：（1）以坐标原点O 为旋转中心，将ABC ∆顺时针旋转90︒，得到△111A B C ，请画出△111A B C ； （2）以坐标原点O 为位似中心，在x 轴下方，画出ABC ∆的位似图形△222A B C ，使它与ABC ∆的位似比为2:1．【解答】解：（1）如图，△A B C即为所求．111（2）如图，△A B C即为所求．22237．（2020•锦州）如图，某海岸边有B，C两码头，C码头位于B码头的正东方向，距B码头40海里．甲、乙两船同时从A岛出发，甲船向位于A岛正北方向的B码头航行，乙船向位于A岛北偏东30︒方向的C码头航行，当甲船到达距B码头30海里的E处时，乙船位于甲船北偏东60︒方向的D处，求此时乙船与C码头之间的距离．（结果保留根号）【解答】解：过D 作DF BE ⊥于F ， 603030ADE DEB A ∠=∠-∠=︒-︒=︒，A ADE ∴∠=∠， AE DE ∴=，90B ∠=︒，30A ∠=︒，40BC =（海里）， 280AC BC ∴==（海里），3403AB BC =， 30BE =（海里）， (40330)AE ∴=-（海里）， (40330)DE ∴=（海里），在Rt DEF ∆中，60DEF ∠=︒，90DFE ∠=︒， 30EDF ∴∠=︒，1122EF DE x ∴==，3(60153)DF =-（海里）， 30A ∠=︒，2120303AD DF ∴==-（海里），80120303(30340)CD AC AD ∴=-=-+=海里，答：乙船与C 码头之间的距离为(30340)海里．38．（2020•盘锦）如图，某数学活动小组要测量建筑物AB 的高度，他们借助测角仪和皮尺进行了实地测量，测量结果如下表．测量项目 测量数据 测角仪到地面的距离 1.6CD m = 点D 到建筑物的距离 4BD m = 从C 处观测建筑物顶部A 的仰角 67ACE ∠=︒ 从C 处观测建筑物底部B 的俯角22BCE ∠=︒请根据需要，从上面表格中选择3个测量数据，并利用你选择的数据计算出建筑物AB 的高度．（结果精确到0.1米，参考数据：sin670.92︒≈，cos670.39︒≈，tan67 2.36︒≈．sin220.37︒≈，cos220.93︒≈，tan 220.40)︒≈（选择一种方法解答即可）【解答】解：选择 1.6CD m =，4BD m =，67ACE ∠=︒， 过C 作CE AB ⊥于E ，则四边形BDCE 是矩形， 1.6BE CD m ∴==，4CE BD m ==，在Rt ACE ∆中，67ACE ∠=︒，tan AEACE CE∴∠=， ∴2.364AE≈， 9.4AE m ∴≈，9.4 1.611.0()AB AE BE m ∴=+=+=，答：建筑物AB 的高度为11.0m ．39．（2020•鞍山）图1是某种路灯的实物图片，图2是该路灯的平面示意图，MN 为立柱的一部分，灯臂AC ，支架BC 与立柱MN 分别交于A ，B 两点，灯臂AC 与支架BC 交于点C ，已知60MAC ∠=︒，15ACB ∠=︒，40AC cm =，求支架BC 的长．（结果精确到1cm ，参考数据：2 1.414≈，3 1.732≈，6 2.449)≈【解答】解：如图2，过C 作CD MN ⊥于D ， 则90CDB ∠=︒，60CAD ∠=︒，40()AC cm =，3sin 40sin 6040203()CD AC CAD cm ∴=∠=⨯︒==， 15ACB ∠=︒，45CBD CAD ACB ∴∠=∠-∠=︒， 220649()BC CD cm ∴==≈，答：支架BC 的长约为49cm ．40．（2020•葫芦岛）在等腰ADC ∆和等腰BEC ∆中，90ADC BEC ∠=∠=︒，BC CD <，将BEC ∆绕点C 逆时针旋转，连接AB ，点O 为线段AB 的中点，连接DO ，EO ．（1）如图1，当点B 旋转到CD 边上时，请直接写出线段DO 与EO 的位置关系和数量关系； （2）如图2，当点B 旋转到AC 边上时，（1）中的结论是否成立？若成立，请写出证明过程，若不成立，请说明理由；（3）若4BC =，26CD =，在BEC ∆绕点C 逆时针旋转的过程中，当60ACB ∠=︒时，请直接写出线段OD 的长．【解答】解：（1）DO EO ⊥，DO EO =；理由：当点B 旋转到CD 边上时，点E 必在边AC 上， 90AEB CEB ∴∠=∠=︒，在Rt ABE ∆中，点O 是AB 的中点，12OE OA AB ∴==， 2BOE BAE ∴∠=∠，在Rt ABD ∆中，点O 是AB 的中点，12OD OA AB ∴==， 2DOE BAD ∴∠=∠， OD OE ∴=，。

山东各市2019年中考数学试题分类解析汇编专题4：图形的变换一、选择题1. （2019山东滨州3分）某几何体的三视图如图所示，则这个几何体是【】A．圆柱B．正方体C．球D．圆锥【答案】D。

【考点】由三视图判断几何体。

【分析】根据主视图和左视图为三角形判断出是锥体，根据俯视图是圆形可判断出这个几何体应该是圆锥，故选D。

2. （2019山东德州3分）由图中三角形仅经过一次平移、旋转或轴对称变换，不能得到的图形是【】A．B．C．D．【答案】B。

【考点】几何变换的性质。

【分析】根据平移、旋转和轴对称的性质即可得出正确结果：A、图中三角形经过一次平移变换可得，故选项错误；B、图中三角形需经过一次旋转和一次轴对称变换后，才能得到，故选项正确；C、图中三角形经过一次轴对称变换可得，故选项错误；D、图中三角形经过一次旋转变换可得，故选项错误。

故选B。

3. （2019山东德州3分）如图给定的是纸盒的外表面，下面能由它折叠而成的是【】A．B．C．D．【答案】B。

【考点】几何体的展开。

【分析】将A、B、C、D分别展开，能和原图相对应的即为正确答案：A、展开得到，不能和原图相对应，故本选项错误；B、展开得到，能和原图相对，故本选项正确；C、展开得到，不能和原图相对应，故本选项错误；D、展开得到，不能和原图相对应，故本选项错误。

故选B。

4. （2019山东菏泽3分）如果用□表示1个立方体，用表示两个立方体叠加，用■表示三个立方体叠加，那么下面图是由7个立方体叠成的几何体，从正前方观察，可画出的平面图形是【】A．B．C．D．【答案】B。

【考点】简单组合体的三视图。

【分析】从正前方观察，应看到长有三个立方体，且中间的为三个立方体叠加；高为两个立方体，在中间且有两个立方体叠加。

故选B。

5. （2019山东济南3分）下面四个立体图形中，主视图是三角形的是【】A．B．C．D．【答案】C。

【考点】简单几何体的三视图。

【分析】找到立体图形从正面看所得到的图形为三角形即可：A、主视图为长方形，不符合题意；B、主视图为中间有一条竖线的长方形，不符合题意；C、主视图为三角形，符合题意；D、主视图为长方形，不符合题意。

2019年图形的变换中考数学题分类解析以下是查字典数学网为您推荐的 2019年图形的变换中考数学题分类解析，希望本篇文章对您学习有所帮助。

2019年图形的变换中考数学题分类解析一、选择题1. (2019江苏常州2分)如图所示，由三个相同的小正方体组成的立体图形的主视图是【】【答案】B。

【考点】简单组合体的三视图。

【分析】找到从正面看所得到的图形即可：从正面看易得上层右边有1个正方形，下层有2个正方形。

故选B。

2. (2019江苏淮安3分)如图所示几何体的俯视图是【】【答案】B。

【考点】简单组合体的三视图。

【分析】找到从上面看所得到的图形即可：从上面看易得有1个长方形，长方形内左侧有1个圆形。

故选B。

3. (2019江苏连云港3分)用半径为2cm的半圆围成一个圆锥的侧面，这个圆锥的底面半径为【】A.1cmB.2cmC.cmD.2cm【答案】A。

【考点】圆锥的计算。

【分析】根据半圆的弧长=圆锥的底面周长，则圆锥的底面周长=2，底面半径=22=1cm。

故选A。

4. (2019江苏南京2分)如图，菱形纸片ABCD中，A=600，将纸片折叠，点A、D分别落在A、D处，且AD经过B，EF为折痕，当DF CD时，的值为【】A. B. C. D.【答案】A。

【考点】翻折变换(折叠问题)，菱形的性质，平行的性质，折叠的性质，锐角三角函数定义，特殊角的三角函数值。

【分析】延长DC与AD，交于点M，∵在菱形纸片ABCD中，A=60，DCB=A=60，AB∥CD。

D=180A=120。

根据折叠的性质，可得ADF=D=120，FDM=180ADF=60。

∵DFCD，DFM=90，M=90FDM=30。

∵BCM=180BCD=120，CBM=180BCM-M=30。

CBM=M。

BC=CM。

设CF=x，DF=DF=y，则BC=CM=CD=CF+DF=x+y。

FM=CM+CF=2x+y，在Rt△DFM中，tanM=tan30= ，。

专题13 图形的变化之解答题参考答案与试题解析一．解答题（共9小题）1．（2019•宁波）图1，图2都是由边长为1的小等边三角形构成的网格，每个网格图中有5个小等边三角形已涂上阴影，请在余下的空白小等边三角形中，按下列要求选取一个涂上阴影：（1）使得6个阴影小等边三角形组成一个轴对称图形．（2）使得6个阴影小等边三角形组成一个中心对称图形．（请将两个小题依次作答在图1，图2中，均只需画出符合条件的一种情形）【答案】解：（1）如图1所示：6个阴影小等边三角形组成一个轴对称图形；（2）如图2所示：6个阴影小等边三角形组成一个中心对称图形．【点睛】此题主要考查了中心对称图形以及轴对称图形，正确把握相关定义是解题关键．2．（2019•绍兴）如图1是实验室中的一种摆动装置，BC在地面上，支架ABC是底边为BC的等腰直角三角形，摆动臂AD可绕点A旋转，摆动臂DM可绕点D旋转，AD＝30，DM＝10．（1）在旋转过程中，①当A，D，M三点在同一直线上时，求AM的长．②当A，D，M三点为同一直角三角形的顶点时，求AM的长．（2）若摆动臂AD顺时针旋转90°，点D的位置由△ABC外的点D1转到其内的点D2处，连结D1D2，如图2，此时∠AD2C＝135°，CD2＝60，求BD2的长．【答案】解：（1）①AM＝AD+DM＝40，或AM＝AD﹣DM＝20．②显然∠MAD不能为直角．当∠AMD为直角时，AM2＝AD2﹣DM2＝302﹣102＝800，∴AM＝20或（﹣20舍弃）．当∠ADM＝90°时，AM2＝AD2+DM2＝302+102＝1000，∴AM＝10或（﹣10舍弃）．综上所述，满足条件的AM的值为20或10．（2）如图2中，连接CD．由题意：∠D1AD2＝90°，AD1＝AD2＝30，∴∠AD2D1＝45°，D1D2＝30，∵∠AD2C＝135°，∴∠CD2D1＝90°，∴CD130，∵∠BAC＝∠A1AD2＝90°，∴∠BAC﹣∠CAD2＝∠D2AD1﹣∠CAD2，∴∠BAD1＝∠CAD2，∵AB＝AC，AD2＝AD1，∴△BAD2≌△CAD1（SAS），∴BD2＝CD1＝30．【点睛】本题属于四边形综合题，考查了等腰直角三角形的性质，勾股定理，全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形解决问题，属于中考常考题型．3．（2019•金华）如图，在等腰Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AB＝14，点D，E分别在边AB，BC上，将线段ED绕点E按逆时针方向旋转90°得到EF．（1）如图1，若AD＝BD，点E与点C重合，AF与DC相交于点O．求证：BD＝2DO．（2）已知点G为AF的中点．①如图2，若AD＝BD，CE＝2，求DG的长．②若AD＝6BD，是否存在点E，使得△DEG是直角三角形？若存在，求CE的长；若不存在，试说明理由．【答案】（1）证明：如图1中，∵CA＝CB，∠ACB＝90°，BD＝AD，∴CD⊥AB，CD＝AD＝BD，∵CD＝CF，∴AD＝CF，∵∠ADC＝∠DCF＝90°，∴AD∥CF，∴四边形ADFC是平行四边形，∵BD＝2OD．（2）①解：如图2中，作DT⊥BC于点T，FH⊥BC于H．由题意：BD＝AD＝CD＝7，BC BD＝14，∵DT⊥BC，∴BT＝TC＝7，∵EC＝2，∴TE＝5，∵∠DTE＝∠EHF＝∠DEF＝90°，∴∠DET+∠TDE＝90°，∠DET+∠FEH＝90°，∴∠TDE＝∠FEH，∵ED＝EF，∴△DTE≌△EHF（AAS），∴FH＝ET＝5，∵∠DDBE＝∠DFE＝45°，∴B，D，E，F四点共圆，∴∠DBF+∠DEF＝90°，∴∠DBF＝90°，∵∠DBE＝45°，∴∠FBH＝45°，∵∠BHF＝90°，∴∠HBF＝∠HFB＝45°，∴BH＝FH＝5，∵∠ADC＝∠ABF＝90°，∴DG∥BF，∵AD＝DB，∴AG＝GF，∴DG BF．②解：如图3﹣1中，当∠DEG＝90°时，F，E，G，A共线，作DT⊥BC于点T，FH⊥BC于H．设EC＝x．∵AD＝6BD，∴BD AB＝2，∵DT⊥BC，∠DBT＝45°，∴DT＝BT＝2，∵△DTE≌△EHF，∴EH＝DT＝2，∴BH＝FH＝12﹣x，∵FH∥AC，∴，∴，整理得：x2﹣12x+28＝0，解得x＝6±2．如图3﹣2中，当∠EDG＝90°时，取AB的中点O，连接OG．作EH⊥AB于H．设EC＝x，由2①可知BF（12﹣x），OG BF（12﹣x），∵∠EHD＝∠EDG＝∠DOG＝90°，∴∠ODG+∠OGD＝90°，∠ODG+∠EDH＝90°，∴∠DGO＝∠HDE，∴△EHD∽△DOG，∴，∴，整理得：x2﹣36x+268＝0，解得x＝18﹣2或18+2（舍弃），如图3﹣3中，当∠DGE＝90°时，取AB的中点O，连接OG，CG，作DT⊥BC于T，FH⊥BC 于H，EK⊥CG于K．设EC＝x．∵∠DBE＝∠DFE＝45°，∴D，B，F，E四点共圆，∴∠DBF+∠DEF＝90°，∵∠DEF＝90°，∴∠DBF＝90°，∵AO＝OB，AG＝GF，∴OG∥BF，∴∠AOG＝∠ABF＝90°，∴OG⊥AB，∵OG垂直平分线段AB，∵CA＝CB，∴O，G，C共线，由△DTE≌△EHF，可得EH＝DT＝BT＝2，ET＝FH＝12﹣x，BF（12﹣x），OG BF （12﹣x），CK＝EK x，GK＝7（12﹣x）x，由△OGD∽△KEG，可得，∴，解得x＝2，，综上所述，满足条件的EC的值为6±2或18﹣2或2．【点睛】本题属于几何变换综合题，考查了等腰直角三角形的性质，平行四边形的判定和性质，全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造全等三角形或相似三角形解决问题，属于中考压轴题．4．（2019•绍兴）如图，矩形ABCD中，AB＝a，BC＝b，点M，N分别在边AB，CD上，点E，F 分别在边BC，AD上，MN，EF交于点P，记k＝MN：EF．（1）若a：b的值为1，当MN⊥EF时，求k的值．（2）若a：b的值为，求k的最大值和最小值．（3）若k的值为3，当点N是矩形的顶点，∠MPE＝60°，MP＝EF＝3PE时，求a：b的值．【答案】解：（1）如图1中，作EH⊥BC于H，MQ⊥CD于Q，设EF交MN于点O．∵四边形ABCD是正方形，∴FH＝AB，MQ＝BC，∵AB＝CB，∴FH＝MQ，∵EF⊥MN，∴∠EON＝90°，∵∠ECN＝90°，∴∠MNQ+∠CEO＝180°，∠FEH+∠CEO＝180°∴∠FEH＝∠MNQ，∵∠EHF＝∠MQN＝90°，∴△FHE≌△MQN（ASA），∴MN＝EF，∴k＝MN：EF＝1．（2）∵a：b＝1：2，∴b＝2a，由题意：2a≤MN a，a≤EF a，∴当MN的长取最大时，EF取最短，此时k的值最大最大值，当MN的最短时，EF的值取最大，此时k的值最小，最小值为．（3）连接FN，ME．∵k＝3，MP＝EF＝3PE，∴3，∴2，∵∠FPN＝∠EPM，∴△PNF∽△PME，∴2，ME∥NF，设PE＝2m，则PF＝4m，MP＝6m，NP＝12m，①如图2中，当点N与点D重合时，点M恰好与B重合．作FH⊥BD于H．∵∠MPE＝∠FPH＝60°，∴PH＝2m，FH＝2m，DH＝10m，∴．②如图3中，当点N与C重合，作EH⊥MN于H．则PH＝m，HE m，∴HC＝PH+PC＝13m，∴tan∠HCE，∵ME∥FC，∴∠MEB＝∠FCB＝∠CFD，∵∠B＝∠D，∴△MEB∽△CFD，∴2，∴，综上所述，a：b的值为或．【点睛】本题属于相似形综合题，考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，矩形的性质，相似三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题，学会用分类讨论的思想思考问题，属于中考压轴题．5．（2019•台州）如图，正方形ABCD的边长为2，E为AB的中点，P是BA延长线上的一点，连接PC交AD于点F，AP＝FD．（1）求的值；（2）如图1，连接EC，在线段EC上取一点M，使EM＝EB，连接MF，求证：MF＝PF；（3）如图2，过点E作EN⊥CD于点N，在线段EN上取一点Q，使AQ＝AP，连接BQ，BN．将△AQB绕点A旋转，使点Q旋转后的对应点Q'落在边AD上．请判断点B旋转后的对应点B'是否落在线段BN上，并说明理由．【答案】解：（1）设AP＝FD＝a，∴AF＝2﹣a，∵四边形ABCD是正方形∴AB∥CD∴△AFP∽△DFC∴即∴a 1∴AP＝FD1，∴AF＝AD﹣DF＝3∴（2）在CD上截取DH＝AF∵AF＝DH，∠P AF＝∠D＝90°，AP＝FD，∴△P AF≌△HDF（SAS）∴PF＝FH，∵AD＝CD，AF＝DH∴FD＝CH＝AP 1∵点E是AB中点，∴BE＝AE＝1＝EM∴PE＝P A+AE∵EC2＝BE2+BC2＝1+4＝5，∴EC∴EC＝PE，CM 1∴∠P＝∠ECP∵AP∥CD∴∠P＝∠PCD∴∠ECP＝∠PCD，且CM＝CH1，CF＝CF∴△FCM≌△FCH（SAS）∴FM＝FH∴FM＝PF（3）若点B'在BN上，如图，以A原点，AB为y轴，AD为x轴建立平面直角坐标系，∵EN⊥AB，AE＝BE∴AQ＝BQ＝AP 1由旋转的性质可得AQ＝AQ'1，AB＝AB'＝2，Q'B'＝QB1，∵点B（0，﹣2），点N（2，﹣1）∴直线BN解析式为：y x﹣2设点B'（x，x﹣2）∴AB' 2∴x∴点B'（，）∵点Q'（1，0）∴B'Q' 1∴点B旋转后的对应点B'不落在线段BN上．【点睛】本题是相似形综合题，考查了全等三角形的判定和性质，相似三角形的判定和性质，一次函数的性质，灵活运用这些性质进行推理证明是本题的关键．6．（2019•衢州）如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，AC＝6，∠BAC＝60°，AD平分∠BAC交BC 于点D，过点D作DE∥AC交AB于点E，点M是线段AD上的动点，连结BM并延长分别交DE，AC于点F、G．（1）求CD的长．（2）若点M是线段AD的中点，求的值．（3）请问当DM的长满足什么条件时，在线段DE上恰好只有一点P，使得∠CPG＝60°？【答案】解：（1）∵AD平分∠BAC，∠BAC＝60°，∴∠DAC∠BAC＝30°，在Rt△ADC中，DC＝AC•tan30°＝62．（2）由题意易知：BC＝6，BD＝4，∵DE∥AC，∴∠FDM＝∠GAM，∵AM＝DM，∠DMF＝∠AMG，∴△DFM≌△AGM（ASA），∴DF＝AG，∵DE∥AC，∴，∴．（3）∵∠CPG＝60°，过C，P，G作外接圆，圆心为Q，∴△CQG是顶角为120°的等腰三角形．①当⊙Q与DE相切时，如图3﹣1中，作QH⊥AC于H，交DE于P．连接QC，QG．菁优网设⊙Q的半径为r．则QH r，r r＝2，∴r，∴CG4，AG＝2，由△DFM∽△AGM，可得，∴DM AD．②当⊙Q经过点E时，如图3﹣2中，延长CQ交AB于K，设CQ＝r．∵QC＝QG，∠CQG＝120°，∴∠KCA＝30°，∵∠CAB＝60°，∴∠AKC＝90°，在Rt△EQK中，QK＝3r，EQ＝r，EK＝1，∴12+（3r）2＝r2，解得r，∴CG，由△DFM∽△AGM，可得DM．③当⊙Q经过点D时，如图3﹣3中，此时点M，点G与点A重合，可得DM＝AD＝4．观察图象可知：当DM或DM≤4时，满足条件的点P只有一个．【点睛】本题属于相似形综合题，考查了相似三角形的判定和性质，解直角三角形，圆周角定理等知识，解题的关键是学会利用参数构建方程解决问题，学会利用特殊位置解决数学问题，属于中考压轴题．7．（2019•台州）图1是一辆在平地上滑行的滑板车，图2是其示意图．已知车杆AB长92cm，车杆与脚踏板所成的角∠ABC＝70°，前后轮子的半径均为6cm，求把手A离地面的高度（结果保留小数点后一位；参考数据：sin70°≈0.94，cos70°≈0.34，tan70°≈2.75）．【答案】解：过点A作AD⊥BC于点D，延长AD交地面于点E，∵sin∠ABD，∴AD＝92×0.94≈86.48，∵DE＝6，∴AE＝AD+DE＝92.5，∴把手A离地面的高度为92.5cm．【点睛】本题考查解直角三角形，解题的关键是熟练运用锐角三角函数的定义，本题属于基础题型．8．（2019•绍兴）如图1为放置在水平桌面l上的台灯，底座的高AB为5cm，长度均为20cm的连杆BC，CD与AB始终在同一平面上．（1）转动连杆BC，CD，使∠BCD成平角，∠ABC＝150°，如图2，求连杆端点D离桌面l 的高度DE．（2）将（1）中的连杆CD再绕点C逆时针旋转，使∠BCD＝165°，如图3，问此时连杆端点D离桌面l的高度是增加还是减少？增加或减少了多少？（精确到0.1cm，参考数据： 1.41，1.73）【答案】解：（1）如图2中，作BO⊥DE于O．∵∠OEA＝∠BOE＝∠BAE＝90°，∴四边形ABOE是矩形，∴∠OBA＝90°，∴∠DBO＝150°﹣90°＝60°，∴OD＝BD•sin60°＝20（cm），∴DF＝OD+OE＝OD+AB＝205≈39.6（cm）．（2）作DF⊥l于F，CP⊥DF于P，BG⊥DF于G，CH⊥BG于H．则四边形PCHG是矩形，∵∠CBH＝60°，∠CHB＝90°，∴∠BCH＝30°，∵∠BCD＝165°，°∠DCP＝45°，∴CH＝BC sin60°＝10（cm），DP＝CD sin45°＝10（cm），∴DF＝DP+PG+GF＝DP+CH+AB＝（10105）（cm），∴下降高度：DE﹣DF＝205﹣10105＝1010 3.2（cm）．【点睛】本题考查解直角三角形的应用，解题的关键是学会添加常用辅助线，构造直角三角形解决问题．9．（2019•舟山）某挖掘机的底座高AB＝0.8米，动臂BC＝1.2米，CD＝1.5米，BC与CD的固定夹角∠BCD＝140°．初始位置如图1，斗杆顶点D与铲斗顶点E所在直线DE垂直地面AM于点E，测得∠CDE＝70°（示意图2）．工作时如图3，动臂BC会绕点B转动，当点A，B，C 在同一直线时，斗杆顶点D升至最高点（示意图4）．（1）求挖掘机在初始位置时动臂BC与AB的夹角∠ABC的度数．（2）问斗杆顶点D的最高点比初始位置高了多少米？（精确到0.1米）（参考数据：sin50°≈0.77，cos50°≈0.64，sin70°≈0.94，cos70°≈0.34， 1.73）【答案】解：（1）过点C作CG⊥AM于点G，如图1，∵AB⊥AM，DE⊥AM，∴AB∥CG∥DE，∴∠DCG＝180°﹣∠CDE＝110°，∴BCG＝∠BCD﹣∠GCD＝30°，∴∠ABC＝180°﹣∠BCG＝150°；（2）过点C作CP⊥DE于点P，过点B作BQ⊥DE于点Q，交CG于点N，如图2，在Rt△CPD中，DP＝CP×cos70°≈0.51（米），在Rt△BCN中，CN＝BC×cos30°≈1.04（米），所以，DE＝DP+PQ+QE＝DP+CN+AB＝2.35（米），如图3，过点D作DH⊥AM于点H，过点C作CK⊥DH于点K，在Rt△CKD中，DK＝CD×cos50°≈1.16（米），所以，DH＝DK+KH＝3.16（米），所以，DH﹣DE＝0.8（米），所以，斗杆顶点D的最高点比初始位置高了0.8米．【点睛】此题主要考查了解直角三角形的应用，充分体现了数学与实际生活的密切联系，解题的关键是正确构造直角三角形.。

专题12 图形的变换1．（2019•乐山）下列四个图形中，可以由下图通过平移得到的是A．B．C．D．【答案】D【解析】∵只有D的图形的形状和大小没有变化，符合平移的性质，属于平移得到；故选D．【名师点睛】本题考查的是平移的性质，熟知图形平移后所得新图形与原图形的形状、大小完全相同，只是位置不同．2．（2019•云南）下列图形既是轴对称图形，又是中心对称图形的是A．B．C．D．【答案】B【解析】A、∵此图形旋转180°后不能与原图形重合，∴此图形不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项错误；B、∵此图形旋转180°后能与原图形重合，∴此图形是中心对称图形，也是轴对称图形，故此选项正确；C、此图形旋转180°后能与原图形不重合，此图形不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项错误；D、∵此图形旋转180°后不能与原图形重合，∴此图形不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项错误．故选B．【名师点睛】此题主要考查了中心对称图形与轴对称的定义，根据定义得出图形形状是解决问题的关键．3．（2019•湘西州）在平面直角坐标系中，将点（2，1）向右平移3个单位长度，则所得的点的坐标是A．（0，5）B．（5，1）C．（2，4）D．（4，2）【答案】B【解析】将点（2，1）向右平移3个单位长度，则所得的点的坐标横坐标增加3，即（5，1）．故选B．【名师点睛】本题考查点平移的坐标变化规律，要掌握点平移过程中坐标时如何变化的．4．（2019•海南）如图，在平面直角坐标系中，已知点A（2，1），点B（3，–1），平移线段AB，使点A落在点A1（–2，2）处，则点B的对应点B1的坐标为A．（–1，–1）B．（1，0）C．（–1，0）D．（3，0）【答案】【解析】由点A（2，1）平移后所得的点A1的坐标为（–2，2），可得坐标的变化规律是：左移4个单位，上移1个单位，∴点B的对应点B1的坐标为（–1，0）．故选C．【名师点睛】本题运用了点的平移的坐标变化规律，关键是由点A（2，1）平移后的坐标为A1（–2，2）可得坐标的变化规律，由此可得点B的对应点B1的坐标．5．（2019•黄冈）已知点A的坐标为（2，1），将点A向下平移4个单位长度，得到的点A′的坐标是A．（6，1）B．（–2，1）C．（2，5）D．（2，–3）【答案】D【解析】∵点A的坐标为（2，1），∴将点A向下平移4个单位长度，得到的点A′的坐标是（2，–3），故选D．【名师点睛】此题主要考查了坐标与图形变化–平移，平移中点的变化规律是：横坐标右移加，左移减；纵坐标上移加，下移减．正确掌握平移规律是解题的关键．6．（2019•吉林）把图中的交通标志图案绕着它的中心旋转一定角度后与自身重合，则这个旋转角度至少为A．30°B．90°C．120°D．180°【答案】C【解析】∵360°÷3=120°，∴旋转的角度是120°的整数倍，∴旋转的角度至少是120°．故选C．【名师点睛】本题考查了旋转对称图形，仔细观察图形求出旋转角是120°的整数倍是解题的关键．7．（2019•黑龙江）下列图形是我国国产品牌汽车的标识，其中是中心对称图形的是A．B．C．D．【答案】C【解析】A、不是中心对称图形，本选项错误；B、不是中心对称图形，本选项错误；C、是中心对称图形，本选项正确；D、不是中心对称图形，本选项错误．故选C．【名师点睛】本题考查了中心对称图形的概念．中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180°后两部分重合．8．（2019•广东）下列四个银行标志中，既是中心对称图形，又是轴对称图形的是A．B．C．D．【答案】C【解析】A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；C、既是轴对称图形，也是中心对称图形，故本选项正确；D、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误．故选C．【名师点睛】本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念．中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．9．（2019•福建）下列图形中，一定既是轴对称图形又是中心对称图形的是A．等边三角形B．直角三角形C．平行四边形D．正方形【答案】D【解析】A、等边三角形是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项错误；B、直角三角形不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项错误；C、平行四边形不是轴对称图形，是中心对称图形，故本选项错误；D、正方形既是轴对称图形，又是中心对称图形，故此选项正确．故选D．10．（2019•贵阳）如图，在3×3的正方形网格中，有三个小正方形已经涂成灰色，若再任意涂灰1个白色的小正方形（每个白色的小正方形被涂成灰色的可能性相同），使新构成灰色部分的图形是轴对称图形的概率是A．19B．16C．29D．13【答案】D【解析】如图，当1，2两个分别涂成灰色，新构成灰色部分的图形是轴对称图形，故新构成灰色部分的图形是轴对称图形的概率是：26=13．故选D．【名师点睛】此题主要考查了利用轴对称设计图案，正确掌握轴对称图形的性质是解题关键．11．（2019•河北）如图，在小正三角形组成的网格中，已有6个小正三角形涂黑，还需涂黑n个小正三角形，使它们与原来涂黑的小正三角形组成的新图案恰有三条对称轴，则n的最小值为A．10 B．6 C．3 D．2【答案】C【解析】如图所示，n的最小值为3，故选C．【名师点睛】本题主要考查利用轴对称设计图案，解题的关键是掌握常见图形的性质和轴对称图形的性质．12．（2019•海南）如图，在Y ABCD中，将△ADC沿AC折叠后，点D恰好落在DC的延长线上的点E处．若∠B=60°，AB=3，则△ADE的周长为A．12 B．15 C．18 D．21【答案】C【解析】由折叠可得，∠ACD=∠ACE=90°，∴∠BAC=90°，又∵∠B=60°，∴∠ACB=30°，∴BC=2AB=6，∴AD=6，由折叠可得，∠E=∠D=∠B=60°，∴∠DAE=60°，∴△ADE是等边三角形，∴△ADE的周长为6×3=18，故选C．【名师点睛】本题考查了平行四边形的性质、轴对称图形性质以及等边三角形的判定．解题时注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，折叠前后图形的形状和大小不变，位置变化，对应边和对应角相等．13．（2019•北京）下列倡导节约的图案中，是轴对称图形的是A．B．C．D．【答案】C【解析】A、不是轴对称图形，故此选项错误；B、不是轴对称图形，故此选项错误；C、是轴对称图形，故此选项正确；D、不是轴对称图形，故此选项错误．故选C．【名师点睛】此题主要考查了轴对称图形的概念．轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合．14．（2019•江西）如图，由10根完全相同的小棒拼接而成，请你再添2根与前面完全相同的小棒，拼接后的图形恰好有3个菱形的方法共有A．3种B．4种C．5种D．6种【答案】D【解析】共有6种拼接法，如图所示．故选D．【名师点睛】本题考查了图形的剪拼以及菱形的判定，依照题意，画出图形是解题的关键．15．（2019•山西）如图，在△ABC中，∠BAC=90°，AB=AC=10cm，点D为△ABC内一点，∠BAD=15°，AD=6cm，连接BD，将△ABD绕点A按逆时针方向旋转，使AB与AC重合，点D的对应点为点E，连接DE，DE交AC于点F，则CF的长为__________cm．【答案】10–【解析】如图，过点A作AG⊥DE于点G，由旋转知：AD=AE，∠DAE=90°，∠CAE=∠BAD=15°，∴∠AED=∠ADG=45°，在△AEF中，∠AFD=∠AED+∠CAE=60°，在Rt△ADG中，AG=DG，，AF=2FG，∴CF=AC–AF=10–，在Rt△AFG中，GF故答案为：10–．【名师点睛】本题考查了旋转的性质，等腰直角三角形的性质，解直角三角形等，解题的关键是能够通过作适当的辅助线构造特殊的直角三角形，通过解直角三角形来解决问题．16．（2019•海南）如图，将Rt△ABC的斜边AB绕点A顺时针旋转α（0°<α<90°）得到AE，直角边AC 绕点A逆时针旋转β（0°<β<90°）得到AF，连接EF．若AB=3，AC=2，且α+β=∠B，则EF=__________．【解析】由旋转的性质可得AE=AB=3，AC=AF=2，∵∠B+∠BAC=90°，且α+β=∠B，∴∠BAC+α+β=90°，∴∠EAF =90°，∴EF【名师点睛】本题考查了旋转的性质，勾股定理，灵活运用旋转的性质是本题的关键．17．（2019•新疆）如图，在△ABC 中，AB =AC =4，将△ABC 绕点A 顺时针旋转30°，得到△ACD ，延长AD 交BC 的延长线于点E ，则DE 的长为__________．【答案】–2【解析】根据旋转过程可知：∠CAD =30°=∠CAB ，AC =AD =4．∴∠BCA =∠ACD =∠ADC =75°．∴∠ECD =180°–2×75°=30°．∴∠E =75°–30°=45°．过点C 作CH ⊥AE 于H 点，在Rt △ACH 中，CH =12AC =2，AH∴HD =AD –AH =4–在Rt △CHE 中，∵∠E =45°，∴EH =CH =2．∴DE =EH –HD =2–（4–）2．故答案为–2． 【名师点睛】本题主要考查了旋转的性质以及特殊直角三角形的性质，解题的关键是作垂线构造直角三角形，利用线段的和差求解即可．18．（2019•安徽）如图，在边长为1个单位长度的小正方形组成的12×12的网格中，给出了以格点（网格线的交点）为端点的线段AB．（1）将线段AB向右平移5个单位，再向上平移3个单位得到线段CD，请画出线段C D．（2）以线段CD为一边，作一个菱形CDEF，且点E，F也为格点．（作出一个菱形即可）【解析】（1）如图所示：线段CD即为所求；（2）如图：菱形CDEF即为所求，答案不唯一．【名师点睛】此题主要考查了菱形的判定以及平移变换，正确掌握菱形的判定方法是解题关键．19．（2019•黑龙江）如图，正方形网格中，每个小正方形的边长都是一个单位长度，在平面直角坐标系中，△OAB的三个顶点O（0，0）、A（4，1）、B（4，4）均在格点上．（1）画出△OAB关于y轴对称的△OA1B1，并写出点A1的坐标；（2）画出△OAB绕原点O顺时针旋转90°后得到的△OA2B2，并写出点A2的坐标；（3）在（2）的条件下，求线段OA在旋转过程中扫过的面积（结果保留π）．【解析】（1）如下图所示，点A1的坐标是（–4，1）；（2）如下图所示，点A2的坐标是（1，–4）；（3）∵点A（4，1），∴OA=∴线段OA在旋转过程中扫过的面积是：290360⨯π⨯=174π．【名师点睛】本题考查简单作图、扇形面积的计算、轴对称、旋转变换，解答本题的关键是明确题意，利用数形结合的思想解答．20．（2019•福建）在Rt△ABC中，∠ABC=90°，∠ACB=30°，将△ABC绕点A顺时针旋转一定的角度α得到△DEC，点A、B的对应点分别是D、E．（1）当点E恰好在AC上时，如图1，求∠ADE的大小；（2）若α=60°时，点F是边AC中点，如图2，求证：四边形BEDF是平行四边形．【解析】（1）如图1，∵△ABC绕点A顺时针旋转α得到△DEC，点E恰好在AC上，∴CA=CD，∠ECD=∠BCA=30°，∠DEC=∠ABC=90°，∵CA=CD，∴∠CAD=∠CDA=12（180°–30°）=75°，∴∠ADE=90°–75°=15°；（2）如图2，∵点F是边AC中点，∴BF=12 AC，∵∠ACB=30°，∴AB=12AC，∴BF=AB，∵△ABC绕点A顺时针旋转60得到△DEC，∴∠BCE=∠ACD=60°，CB=CE，DE=AB，∴DE=BF，△ACD和△BCE为等边三角形，∴BE=CB，∵点F为△ACD的边AC的中点，∴DF⊥AC，易证得△CFD≌△ABC，∴DF=BC，∴DF=BE，而BF=DE，∴四边形BEDF是平行四边形．【名师点睛】本题考查了旋转的性质：对应点到旋转中心的距离相等；对应点与旋转中心所连线段的夹角等于旋转角；旋转前、后的图形全等．也考查了平行四边形的判定．精品文档11。

山东省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换一．选择题（共37小题）1．（2020•威海）下列几何体的左视图和俯视图相同的是（）A．B．C．D．2．（2020•烟台）七巧板是我们祖先的一项创造，被誉为“东方魔板”．在一次数学活动课上，小明用边长为4cm的正方形纸片制作了如图所示的七巧板，并设计了下列四幅作品﹣﹣“奔跑者”，其中阴影部分的面积为5cm2的是（）A．B．C．D．3．（2020•东营）如图，在正方形ABCD中，点P是AB上一动点（不与A、B重合），对角线AC、BD相交于点O，过点P分别作AC、BD的垂线，分别交AC、BD于点E、F，交AD、BC于点M、N．下列结论：①△APE≌△AME；①PM+PN＝AC；①PE2+PF2＝PO2；①△POF∽△BNF；①点O在M、N两点的连线上．其中正确的是（）A．①①①①B．①①①①C．①①①①①D．①①①4．（2020•潍坊）如图，在Rt△AOB中，∠AOB＝90°，OA＝3，OB＝4，以点O为圆心，2为半径的圆与OB交于点C，过点C作CD⊥OB交AB于点D，点P是边OA上的动点．当PC+PD最小时，OP的长为（）A ．12B ．34C ．1D ．32 5．（2020•潍坊）下列图形，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．6．（2020•淄博）下列图形中，不是轴对称图形的是（ ） A ． B ．C ．D ．7．（2020•淄博）已知sin A ＝0.9816，运用科学计算器求锐角A 时（在开机状态下），按下的第一个键是（ ）A ．B ．C ．D ．8．（2020•烟台）如图，在矩形ABCD 中，点E 在DC 上，将矩形沿AE 折叠，使点D 落在BC 边上的点F处．若AB ＝3，BC ＝5，则tan ∠DAE 的值为（ ）A ．12B ．920C ．25D ．13 9．（2020•烟台）如图，是一个几何体的三视图，则这个几何体是（ ）A ．B ．C ．D ．10．（2020•潍坊）将一个大正方体的一角截去一个小正方体，得到的几何体如图所示，则该几何体的左视图是（ ）A ．B ．C ．D ． 11．（2020•潍坊）如图，点E 是①ABCD 的边AD 上的一点，且DD DD =12，连接BE 并延长交CD 的延长线于点F ，若DE ＝3，DF ＝4，则①ABCD 的周长为（ ）A ．21B ．28C ．34D ．4212．（2020•烟台）下列关于数字变换的图案中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．13．（2020•菏泽）一个几何体由大小相同的小立方块搭成，它的俯视图如图所示，其中小正方形中的数字表示在该位置小立方块的个数，则该几何体的主视图为（ ）A ．B ．C ．D ．14．（2020•菏泽）如图，将△ABC 绕点A 顺时针旋转角α，得到△ADE ，若点E 恰好在CB 的延长线上，则∠BED 等于（ ）A ．D 2B ．23αC ．αD ．180°﹣α15．（2020•青岛）下列四个图形中，中心对称图形是（ ）A ．B ．C ．D ．16．（2020•临沂）下列交通标志中，是中心对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．17．（2020•青岛）如图所示的几何体，其俯视图是（ ）A ．B ．C ．D ．18．（2020•临沂）根据图中三视图可知该几何体是（ ）A ．三棱锥B ．三棱柱C ．四棱锥D ．四棱柱19．（2020•青岛）如图，将△ABC 先向上平移1个单位，再绕点P 按逆时针方向旋转90°，得到△A ′B ′C ′，则点A 的对应点A ′的坐标是（ ）A ．（0，4）B ．（2，﹣2）C ．（3，﹣2）D ．（﹣1，4）20．（2020•菏泽）在平面直角坐标系中，将点P （﹣3，2）向右平移3个单位得到点P '，则点P '关于x 轴的对称点的坐标为（ ）A ．（0，﹣2）B ．（0，2）C ．（﹣6，2）D ．（﹣6，﹣2）21．（2020•青岛）如图，将矩形ABCD 折叠，使点C 和点A 重合，折痕为EF ，EF 与AC 交于点O ．若AE＝5，BF ＝3，则AO 的长为（ ） A ．√5 B ．32√5 C ．2√5 D ．4√522．（2020•枣庄）如图，在矩形纸片ABCD 中，AB ＝3，点E 在边BC 上，将△ABE 沿直线AE 折叠，点B恰好落在对角线AC 上的点F 处，若∠EAC ＝∠ECA ，则AC 的长是（ ）A ．3√3B ．4C ．5D ．623．（2020•滨州）如图，对折矩形纸片ABCD ，使AD 与BC 重合，得到折痕EF ，把纸片展平后再次折叠，使点A 落在EF 上的点A ′处，得到折痕BM ，BM 与EF 相交于点N ．若直线BA ′交直线CD 于点O ，BC ＝5，EN ＝1，则OD 的长为（ ）A ．12√3B ．13√3C ．14√3D ．15√324．（2020•枣庄）如图，平面直角坐标系中，点B 在第一象限，点A 在x 轴的正半轴上，∠AOB ＝∠B ＝30°，OA＝2．将△AOB绕点O逆时针旋转90°，点B的对应点B'的坐标是（）A．（−√3，3）B．（﹣3，√3）C．（−√3，2+√3）D．（﹣1，2+√3）25．（2020•枣庄）如图的四个三角形中，不能由△ABC经过旋转或平移得到的是（）A．B．C．D．26．（2020•德州）如图1是用5个相同的正方体搭成的立体图形．若由图1变化至图2，则三视图中没有发生变化的是（）A．主视图B．主视图和左视图C．主视图和俯视图D．左视图和俯视图27．（2020•德州）下列图形中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（）A．B．C．D．28．（2020•聊城）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin∠ACB的值为（）A ．3√55B ．√175 C ．35 D ．45 29．（2020•滨州）下列图形：线段、等边三角形、平行四边形、圆，其中既是轴对称图形，又是中心对称图形的个数为（ ）A ．1B ．2C ．3D ．430．（2020•济宁）一条船从海岛A 出发，以15海里/时的速度向正北航行，2小时后到达海岛B 处．灯塔C在海岛A 的北偏西42°方向上，在海岛B 的北偏西84°方向上．则海岛B 到灯塔C 的距离是（ ）A ．15海里B ．20海里C ．30海里D ．60海里31．（2019•济南）某数学社团开展实践性研究，在大明湖南门A 测得历下亭C 在北偏东37°方向，继续向北走105m 后到达游船码头B ，测得历下亭C 在游船码头B 的北偏东53°方向．请计算一下南门A 与历下亭C 之间的距离约为（ ）（参考数据：tan37°≈34，tan53°≈43） A ．225m B ．275m C ．300m D ．315m32．（2019•济南）以下给出的几何体中，主视图是矩形，俯视图是圆的是（ ）A ．B ．C ．D ．33．（2019•莱芜区）下列图形中，既是中心对称，又是轴对称的是（ ）A ．B ．C ．D ．34．（2019•日照）如图，甲乙两楼相距30米，乙楼高度为36米，自甲楼顶A 处看乙楼楼顶B 处仰角为30°，则甲楼高度为（ ）A ．11米B ．（36﹣15√3）米C ．15√3米D ．（36﹣10√3）米35．（2019•东营）如图，在正方形ABCD 中，点O 是对角线AC 、BD 的交点，过点O 作射线OM 、ON 分别交BC 、CD 于点E 、F ，且∠EOF ＝90°，OC 、EF 交于点G ．给出下列结论：①△COE ≌△DOF ；①△OGE ∽△FGC ；①四边形CEOF 的面积为正方形ABCD 面积的14；①DF 2+BE 2＝OG •OC ．其中正确的是（ ）A ．①①①①B ．①①①C ．①①①D ．①①36．（2019•烟台）如图所示的几何体是由9个大小相同的小正方体组成的，将小正方体①移走后，所得几何体的三视图没有发生变化的是（ ）A ．主视图和左视图B ．主视图和俯视图C ．左视图和俯视图D ．主视图、左视图、俯视图37．（2019•东营）下列图形中，是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．二．填空题（共7小题）38．（2020•烟台）如图，已知点A （2，0），B （0，4），C （2，4），D （6，6），连接AB ，CD ，将线段AB绕着某一点旋转一定角度，使其与线段CD 重合（点A 与点C 重合，点B 与点D 重合），则这个旋转中心的坐标为 ．39．（2020•威海）如图，四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2．分别在边AB，BC，CD，DA 上顺次截取AE＝BF＝CG＝DH＝acm（AE＞BE），连接EF，FG，GH，HE．分别以EF，FG，GH，HE 为轴将纸片向内翻折，得到四边形A1B1C1D1．若四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，则a＝．40．（2020•临沂）如图，在△ABC中，D、E为边AB的三等分点，EF∥DG∥AC，H为AF与DG的交点．若AC＝6，则DH＝．41．（2020•菏泽）如图，在△ABC中，∠ACB＝90°，点D为AB边的中点，连接CD，若BC＝4，CD＝3，则cos∠DCB的值为．42．（2020•德州）在平面直角坐标系中，点A的坐标是（﹣2，1），以原点O为位似中心，把线段OA放大为原来的2倍，点A的对应点为A′．若点A'恰在某一反比例函数图象上，则该反比例函数解析式为．43．（2020•济宁）如图，在四边形ABCD中，以AB为直径的半圆O经过点C，D．AC与BD相交于点E，CD2＝CE•CA，分别延长AB，DC相交于点P，PB＝BO，CD＝2√2．则BO的长是．44．如图，小明在距离地面30米的P处测得A处的俯角为15°，B处的俯角为60°．若斜面坡度为1：√3，则斜坡AB的长是米．三．解答题（共6小题）45．（2020•东营）如图1，在等腰三角形ABC中，∠A＝120°，AB＝AC，点D、E分别在边AB、AC上，AD＝AE，连接BE，点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点．（1）观察猜想．图1中，线段NM、NP的数量关系是，∠MNP的大小为．（2）探究证明把△ADE绕点A顺时针方向旋转到如图2所示的位置，连接MP、BD、CE，判断△MNP的形状，并说明理由；（3）拓展延伸把△ADE绕点A在平面内自由旋转，若AD＝1，AB＝3，请求出△MNP面积的最大值．46．（2020•潍坊）某校“综合与实践”小组采用无人机辅助的方法测量一座桥的长度．如图，桥AB是水平并且笔直的，测量过程中，小组成员遥控无人机飞到桥AB的上方120米的点C处悬停，此时测得桥两端A，B两点的俯角分别为60°和45°，求桥AB的长度．47．（2020•威海）居家学习期间，小晴同学运用所学知识在自家阳台测对面大楼的高度．如图，她利用自制的测角仪测得该大楼顶部的仰角为45°，底部的俯角为38°；又用绳子测得测角仪距地面的高度AB 为31.6m．求该大楼的高度（结果精确到0.1m）．（参考数据：sin38°≈0.62，cos38°≈0.79，tan38°≈0.78）48．（2020•枣庄）在△ABC中，∠ACB＝90°，CD是中线，AC＝BC，一个以点D为顶点的45°角绕点D 旋转，使角的两边分别与AC、BC的延长线相交，交点分别为点E、F，DF与AC交于点M，DE与BC 交于点N．（1）如图1，若CE＝CF，求证：DE＝DF；（2）如图2，在∠EDF绕点D旋转的过程中，试证明CD2＝CE•CF恒成立；（3）若CD＝2，CF=√2，求DN的长．49．（2020•德州）如图，无人机在离地面60米的C处，观测楼房顶部B的俯角为30°，观测楼房底部A 的俯角为60°，求楼房的高度．50．（2020•聊城）如图，小莹在数学综合实践活动中，利用所学的数学知识对某小区居民楼AB的高度进行测量，先测得居民楼AB与CD之间的距离AC为35m，后站在M点处测得居民楼CD的顶端D的仰角为45°，居民楼AB的顶端B的仰角为55°，已知居民楼CD的高度为16.6m，小莹的观测点N距地面1.6m．求居民楼AB的高度（精确到1m）．（参考数据：sin55°≈0.82，cos55°≈0.57，tan55°≈l.43）．山东省2019年、2020年数学中考试题分类（12）——图形的变换一．选择题（共37小题）1．（2020•威海）下列几何体的左视图和俯视图相同的是（）A．B．C．D．【答案】D【解答】解：选项A中的几何体的左视图和俯视图为：选项B中的几何体的左视图和俯视图为：选项C中的几何体的左视图和俯视图为：选项D中的几何体的左视图和俯视图为：因此左视图和俯视图相同的是选项D中的几何体．故选：D．2．（2020•烟台）七巧板是我们祖先的一项创造，被誉为“东方魔板”．在一次数学活动课上，小明用边长为4cm的正方形纸片制作了如图所示的七巧板，并设计了下列四幅作品﹣﹣“奔跑者”，其中阴影部分的面积为5cm2的是（）A ．B ．C ．D ．【答案】D 【解答】解：最小的等腰直角三角形的面积=18×12×42＝1（cm 2），平行四边形面积为2cm 2，中等的等腰直角三角形的面积为2cm 2，最大的等腰直角三角形的面积为4cm 2，则A 、阴影部分的面积为2+2＝4（cm 2），不符合题意；B 、阴影部分的面积为1+2＝3（cm 2），不符合题意；C 、阴影部分的面积为4+2＝6（cm 2），不符合题意；D 、阴影部分的面积为4+1＝5（cm 2），符合题意．故选：D ．3．（2020•东营）如图，在正方形ABCD 中，点P 是AB 上一动点（不与A 、B 重合），对角线AC 、BD 相交于点O ，过点P 分别作AC 、BD 的垂线，分别交AC 、BD 于点E 、F ，交AD 、BC 于点M 、N ．下列结论： ①△APE ≌△AME ；①PM +PN ＝AC ；①PE 2+PF 2＝PO 2；①△POF ∽△BNF ；①点O 在M 、N 两点的连线上．其中正确的是（ ）A ．①①①①B ．①①①①C ．①①①①①D ．①①①【答案】B【解答】解：∵四边形ABCD 是正方形∴∠BAC ＝∠DAC ＝45°．∵在△APE 和△AME 中， {∠DDD =∠DDD DD =DD DDDD =DDDD，∴△APE ≌△AME （SAS ），故①正确；∴PE ＝EM =12PM ，同理，FP ＝FN =12NP ． ∵正方形ABCD 中AC ⊥BD ，又∵PE ⊥AC ，PF ⊥BD ，∴∠PEO ＝∠EOF ＝∠PFO ＝90°，且△APE 中AE ＝PE∴四边形PEOF 是矩形．∴PF ＝OE ，∴PE +PF ＝OA ，又∵PE ＝EM =12PM ，FP ＝FN =12NP ，OA =12AC ，∴PM +PN ＝AC ，故①正确；∵四边形PEOF 是矩形，∴PE ＝OF ，在直角△OPF 中，OF 2+PF 2＝PO 2，∴PE 2+PF 2＝PO 2，故①正确．∵△BNF 是等腰直角三角形，而△POF 不一定是等腰直角三角形，故①错误；连接OM ，ON ，∵OA 垂直平分线段PM ．OB 垂直平分线段PN ，∴OM ＝OP ，ON ＝OP ，∴OM ＝OP ＝ON ，∴点O 是△PMN 的外接圆的圆心，∵∠MPN ＝90°，∴MN 是直径，∴M ，O ，N 共线，故①正确．故选：B ．4．（2020•潍坊）如图，在Rt △AOB 中，∠AOB ＝90°，OA ＝3，OB ＝4，以点O 为圆心，2为半径的圆与OB 交于点C ，过点C 作CD ⊥OB 交AB 于点D ，点P 是边OA 上的动点．当PC +PD 最小时，OP 的长为（ ）A ．12B ．34C ．1D ．32 【答案】B【解答】解：如图，延长CO 交①O 于点E ，连接ED ，交AO 于点P ，此时PC +PD 的值最小．∵CD ⊥OB ，∴∠DCB ＝90°，又∠AOB ＝90°，∴∠DCB ＝∠AOB ，∴CD ∥AO∴DD DD =DD DD∵OC ＝2，OB ＝4，∴BC ＝2，∴24=DD 3，解得，CD =32；∵CD ∥AO ，∴DD DD =DD DD ，即24=DD32，解得，PO =34 故选：B ．5．（2020•潍坊）下列图形，既是中心对称图形又是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解答】解：A ．不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项不符合题意；B ．是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意；C ．是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项符合题意；D ．是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项不符合题意；故选：C ．6．（2020•淄博）下列图形中，不是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解答】解：A 、是轴对称图形，故本选项不符合题意；B 、是轴对称图形，故本选项不符合题意；C 、是轴对称图形，故本选项不符合题意；D 、不是轴对称图形，故本选项符合题意．故选：D ．7．（2020•淄博）已知sin A ＝0.9816，运用科学计算器求锐角A 时（在开机状态下），按下的第一个键是（）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解答】解：∵已知sin A ＝0.9816，运用科学计算器求锐角A 时（在开机状态下）的按键顺序是：2ndF ，sin ，0，∴按下的第一个键是2ndF ．故选：D ．8．（2020•烟台）如图，在矩形ABCD 中，点E 在DC 上，将矩形沿AE 折叠，使点D 落在BC 边上的点F处．若AB ＝3，BC ＝5，则tan ∠DAE 的值为（ ）A ．12B ．920C ．25D ．13 【答案】D【解答】解：∵四边形ABCD 为矩形，∴AD ＝BC ＝5，AB ＝CD ＝3，∵矩形ABCD 沿直线AE 折叠，顶点D 恰好落在BC 边上的F 处，∴AF ＝AD ＝5，EF ＝DE ，在Rt △ABF 中，BF =√DD 2−DD 2=√25−9=4，∴CF ＝BC ﹣BF ＝5﹣4＝1，设CE ＝x ，则DE ＝EF ＝3﹣x在Rt △ECF 中，∵CE 2+FC 2＝EF 2，∴x 2+12＝（3﹣x ）2，解得x =43，∴DE ＝EF ＝3﹣x =53， ∴tan ∠DAE =DD DD =535=13， 故选：D ．9．（2020•烟台）如图，是一个几何体的三视图，则这个几何体是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】B【解答】解：结合三个视图发现，这个几何体是长方体和圆锥的组合图形．故选：B ．10．（2020•潍坊）将一个大正方体的一角截去一个小正方体，得到的几何体如图所示，则该几何体的左视图是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解答】解：从几何体的左边看可得到一个正方形，正方形的右上角处有一个看不见的小正方形画为虚线，故选：D ．11．（2020•潍坊）如图，点E 是①ABCD 的边AD 上的一点，且DD DD =12，连接BE 并延长交CD 的延长线于点F ，若DE ＝3，DF ＝4，则①ABCD 的周长为（ ）A ．21B ．28C ．34D ．42 【答案】C【解答】解：∵四边形ABCD 是平行四边形，∴AB ∥CF ，AB ＝CD ，∴△ABE ∽△DFE ，∴DD DD =DD DD =12， ∵DE ＝3，DF ＝4，∴AE ＝6，AB ＝8，∴AD ＝AE +DE ＝6+3＝9，∴平行四边形ABCD 的周长为：（8+9）×2＝34．故选：C ．12．（2020•烟台）下列关于数字变换的图案中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A【解答】解：A 、是中心对称图形，不是轴对称图形，故此选项符合题意；B 、不是中心对称图形，是轴对称图形，故此选项不符合题意；C 、既不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故此选项不符合题意；D 、既是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项不符合题意．故选：A ．13．（2020•菏泽）一个几何体由大小相同的小立方块搭成，它的俯视图如图所示，其中小正方形中的数字表示在该位置小立方块的个数，则该几何体的主视图为（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】A 【解答】解：从正面看所得到的图形为．故选：A ．14．（2020•菏泽）如图，将△ABC 绕点A 顺时针旋转角α，得到△ADE ，若点E 恰好在CB 的延长线上，则∠BED 等于（ ）A ．D 2B ．23αC ．αD ．180°﹣α【答案】D【解答】解：∵∠ABC ＝∠ADE ，∠ABC +∠ABE ＝180°，∴∠ABE +∠ADE ＝180°，∴∠BAD +∠BED ＝180°，∵∠BAD ＝α，∴∠BED ＝180°﹣α．故选：D ．15．（2020•青岛）下列四个图形中，中心对称图形是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】D【解答】解：A 、不是中心对称图形，不符合题意；B 、不是中心对称图形，不符合题意；C 、不是中心对称图形，不符合题意；D 、是中心对称图形，符合题意．故选：D ．16．（2020•临沂）下列交通标志中，是中心对称图形的是（ ）A ．B ．C．D．【答案】B【解答】解：A、不是中心对称图形，不符合题意；B、是中心对称图形，符合题意；C、不是中心对称图形，不符合题意；D、不是中心对称图形，不符合题意．故选：B．17．（2020•青岛）如图所示的几何体，其俯视图是（）A．B．C．D．【答案】A【解答】解：从上面看是一个矩形，矩形的中间处有两条纵向的实线，实线的两旁有两条纵向的虚线．故选：A．18．（2020•临沂）根据图中三视图可知该几何体是（）A．三棱锥B．三棱柱C．四棱锥D．四棱柱【答案】B【解答】解：根据图中三视图可知该几何体是三棱柱．故选：B．19．（2020•青岛）如图，将△ABC先向上平移1个单位，再绕点P按逆时针方向旋转90°，得到△A′B′C′，则点A的对应点A′的坐标是（）A ．（0，4）B ．（2，﹣2）C ．（3，﹣2）D ．（﹣1，4）【答案】D【解答】解：如图，△A ′B ′C ′即为所求，则点A 的对应点A ′的坐标是（﹣1，4）．故选：D ．20．（2020•菏泽）在平面直角坐标系中，将点P （﹣3，2）向右平移3个单位得到点P '，则点P '关于x 轴的对称点的坐标为（ ）A ．（0，﹣2）B ．（0，2）C ．（﹣6，2）D ．（﹣6，﹣2）【答案】A【解答】解：∵将点P （﹣3，2）向右平移3个单位得到点P '，∴点P '的坐标是（0，2），∴点P '关于x 轴的对称点的坐标是（0，﹣2）．故选：A ．21．（2020•青岛）如图，将矩形ABCD 折叠，使点C 和点A 重合，折痕为EF ，EF 与AC 交于点O ．若AE＝5，BF ＝3，则AO 的长为（ ） A ．√5 B ．32√5 C ．2√5 D ．4√5【答案】C【解答】解：∵矩形ABCD ，∴AD ∥BC ，AD ＝BC ，AB ＝CD ，∴∠EFC ＝∠AEF ，由折叠得，∠EFC ＝∠AFE ，∴∠AFE ＝∠AEF ，∴AE ＝AF ＝5，由折叠得，FC ＝AF ，OA ＝OC ，∴BC ＝3+5＝8，在Rt △ABF 中，AB =√52−32=4，在Rt △ABC 中，AC =√42+82=4√5，∴OA ＝OC ＝2√5，故选：C ．22．（2020•枣庄）如图，在矩形纸片ABCD 中，AB ＝3，点E 在边BC 上，将△ABE 沿直线AE 折叠，点B恰好落在对角线AC 上的点F 处，若∠EAC ＝∠ECA ，则AC 的长是（ ）A ．3√3B ．4C ．5D ．6【答案】D【解答】解：∵将△ABE 沿直线AE 折叠，点B 恰好落在对角线AC 上的点F 处，∴AF ＝AB ，∠AFE ＝∠B ＝90°，∴EF ⊥AC ，∵∠EAC ＝∠ECA ， ∴AE ＝CE ，∴AF ＝CF ，∴AC ＝2AB ＝6，故选：D ．23．（2020•滨州）如图，对折矩形纸片ABCD ，使AD 与BC 重合，得到折痕EF ，把纸片展平后再次折叠，使点A 落在EF 上的点A ′处，得到折痕BM ，BM 与EF 相交于点N ．若直线BA ′交直线CD 于点O ，BC ＝5，EN ＝1，则OD 的长为（ ） A ．12√3 B ．13√3 C ．14√3 D ．15√3【答案】B【解答】解：∵EN ＝1，∴由中位线定理得AM ＝2， 由折叠的性质可得A ′M ＝2，∵AD ∥EF ，∴∠AMB ＝∠A ′NM ，∵∠AMB ＝∠A ′MB ，∴∠A ′NM ＝∠A ′MB ，∴A ′N ＝2，∴A ′E ＝3，A ′F ＝2过M 点作MG ⊥EF 于G ，∴NG ＝EN ＝1，∴A ′G ＝1，由勾股定理得MG =√22−12=√3，∴BE ＝DF ＝MG =√3，∴OF ：BE ＝2：3，解得OF=2√3 3，∴OD=√3−2√33=√33．故选：B．24．（2020•枣庄）如图，平面直角坐标系中，点B在第一象限，点A在x轴的正半轴上，∠AOB＝∠B＝30°，OA＝2．将△AOB绕点O逆时针旋转90°，点B的对应点B'的坐标是（）A．（−√3，3）B．（﹣3，√3）C．（−√3，2+√3）D．（﹣1，2+√3）【答案】A【解答】解：如图，过点B′作B′H⊥y轴于H．在Rt△A′B′H中，∵A′B′＝2，∠B′A′H＝60°，∴A′H＝A′B′cos60°＝1，B′H＝A′B′sin60°=√3，∴OH＝2+1＝3，∴B′（−√3，3），故选：A．25．（2020•枣庄）如图的四个三角形中，不能由△ABC经过旋转或平移得到的是（）A．B．C ．D ．【答案】B【解答】解：由题意，选项A ，C ，D 可以通过平移，旋转得到，选项B 可以通过翻折，平移，旋转得到． 故选：B ．26．（2020•德州）如图1是用5个相同的正方体搭成的立体图形．若由图1变化至图2，则三视图中没有发生变化的是（ ）A ．主视图B ．主视图和左视图C ．主视图和俯视图D ．左视图和俯视图【答案】D【解答】解：图1主视图第一层三个正方形，第二层左边一个正方形；图2主视图第一层三个正方形，第二层右边一个正方形；故主视图发生变化；左视图都是第一层两个正方形，第二层左边一个正方形，故左视图不变；俯视图都是底层左边是一个正方形，上层是三个正方形，故俯视图不变．∴不改变的是左视图和俯视图．故选：D ．27．（2020•德州）下列图形中，是中心对称图形但不是轴对称图形的是（ ） A ． B ． C ． D ．【答案】B【解答】解：A 、不是轴对称图形，也不是中心对称图形．故此选项不合题意；B 、是中心对称图形但不是轴对称图形．故此选项符合题意；C 、既是轴对称图形，又是中心对称图形．故此选项不合题意；D 、是轴对称图形，不是中心对称图形．故此选项不合题意．故选：B ．28．（2020•聊城）如图，在4×5的正方形网格中，每个小正方形的边长都是1，△ABC 的顶点都在这些小正方形的顶点上，那么sin ∠ACB 的值为（ ）A ．3√55B ．√175 C ．35 D ．45 【答案】D【解答】解：如图，过点A 作AH ⊥BC 于H ．在Rt △ACH 中，∵AH ＝4，CH ＝3，∴AC =√DD 2+DD 2=√42+32=5，∴sin ∠ACH =DD DD =45， 故选：D ．29．（2020•滨州）下列图形：线段、等边三角形、平行四边形、圆，其中既是轴对称图形，又是中心对称图形的个数为（ ）A ．1B ．2C ．3D ．4【答案】B【解答】解：线段是轴对称图形，也是中心对称图形；等边三角形是轴对称图形，不是中心对称图形；平行四边形不是轴对称图形，是中心对称图形；圆是轴对称图形，也是中心对称图形；则既是轴对称图形又是中心对称图形的有2个．故选：B ．30．（2020•济宁）一条船从海岛A 出发，以15海里/时的速度向正北航行，2小时后到达海岛B 处．灯塔C在海岛A 的北偏西42°方向上，在海岛B 的北偏西84°方向上．则海岛B 到灯塔C 的距离是（ ）A ．15海里B ．20海里C ．30海里D ．60海里【答案】C【解答】解：如图．根据题意得：∠CBD ＝84°，∠CAB ＝42°，∴∠C ＝∠CBD ﹣∠CAB ＝42°＝∠CAB ，∴BC ＝AB ，∵AB ＝15×2＝30（海里），∴BC ＝30（海里），即海岛B 到灯塔C 的距离是30海里．故选：C ．31．（2019•济南）某数学社团开展实践性研究，在大明湖南门A 测得历下亭C 在北偏东37°方向，继续向北走105m 后到达游船码头B ，测得历下亭C 在游船码头B 的北偏东53°方向．请计算一下南门A 与历下亭C 之间的距离约为（ ）（参考数据：tan37°≈34，tan53°≈43）A．225m B．275m C．300m D．315m 【答案】C【解答】解：如图，作CE⊥BA于E．设EC＝xm，BE＝ym．在Rt△ECB中，tan53°=DDDD，即43=DD，在Rt△AEC中，tan37°=DDDD，即34=D105+D，解得x＝180，y＝135，∴AC=√DD2+DD2=√1802+2402=300（m），故选：C．32．（2019•济南）以下给出的几何体中，主视图是矩形，俯视图是圆的是（）A．B．C．D．【答案】D【解答】解：A、主视图是圆，俯视图是圆，故A不符合题意；B、主视图是矩形，俯视图是矩形，故B不符合题意；C、主视图是三角形，俯视图是圆，故C不符合题意；D、主视图是个矩形，俯视图是圆，故D符合题意；故选：D．33．（2019•莱芜区）下列图形中，既是中心对称，又是轴对称的是（）A．B．C ．D ．【答案】B【解答】解：A 、不是中心对称图形，也不是轴对称图形，故本选项错误；B 、既是中心对称图形又是轴对称图形，故本选项正确；C 、不是中心对称图形，是轴对称图形，故本选项错误；D 、是中心对称图形，不是轴对称图形，故本选项错误．故选：B ．34．（2019•日照）如图，甲乙两楼相距30米，乙楼高度为36米，自甲楼顶A 处看乙楼楼顶B 处仰角为30°，则甲楼高度为（ ）A ．11米B ．（36﹣15√3）米C ．15√3米D ．（36﹣10√3）米【答案】D【解答】解：过点A 作AE ⊥BD ，交BD 于点E ，在Rt △ABE 中，AE ＝30米，∠BAE ＝30°，∴BE ＝30×tan30°＝10√3（米），∴AC ＝ED ＝BD ﹣BE ＝（36﹣10√3）（米）．∴甲楼高为（36﹣10√3）米．故选：D ．35．（2019•东营）如图，在正方形ABCD 中，点O 是对角线AC 、BD 的交点，过点O 作射线OM 、ON 分别交BC 、CD 于点E 、F ，且∠EOF ＝90°，OC 、EF 交于点G ．给出下列结论：①△COE ≌△DOF ；①△OGE ∽△FGC ；①四边形CEOF 的面积为正方形ABCD 面积的14；①DF 2+BE 2＝OG •OC ．其中正确的是（ ）A．①①①①B．①①①C．①①①D．①①【答案】B【解答】解：①∵四边形ABCD是正方形，∴OC＝OD，AC⊥BD，∠ODF＝∠OCE＝45°，∵∠MON＝90°，∴∠COM＝∠DOF，∴△COE≌△DOF（ASA），故①正确；①∵△COE≌△DOF，∴OE＝OF，∵∠MON＝90°，∴∠OEG＝45°＝∠FCG，∵∠OGE＝∠FGC，∴△OGE∽△FGC，故①正确；①∵△COE≌△DOF，∴S△COE＝S△DOF，∴D四边形DDDD =D△DDD=14D正方形DDDD，故①正确；①∵△COE≌△DOF，∴OE＝OF，又∵∠EOF＝90°，∴△EOF是等腰直角三角形，∴∠OEG＝45°＝∠OCE，∵∠EOG＝∠COE，∴△OEG∽△OCE，∴OE：OC＝OG：OE，∴OG•OC＝OE2，∵OC=12AC，OE=√22EF，∴OG•AC＝EF2，∵CE＝DF，BC＝CD，∴BE＝CF，又∵Rt△CEF中，CF2+CE2＝EF2，∴BE2+DF2＝EF2，∴OG•AC＝BE2+DF2，故①错误，故选：B．36．（2019•烟台）如图所示的几何体是由9个大小相同的小正方体组成的，将小正方体①移走后，所得几何体的三视图没有发生变化的是（）A．主视图和左视图B．主视图和俯视图C．左视图和俯视图D．主视图、左视图、俯视图【答案】A【解答】解：将正方体①移走后，主视图不变，俯视图变化，左视图不变，故选：A．37．（2019•东营）下列图形中，是轴对称图形的是（）A．B．C．D．【答案】D【解答】解：A、不是轴对称图形，故本选项错误；B、不是轴对称图形，故本选项错误；C、不是轴对称图形，故本选项错误；D、是轴对称图形，故本选项正确．故选：D．二．填空题（共7小题）38．（2020•烟台）如图，已知点A（2，0），B（0，4），C（2，4），D（6，6），连接AB，CD，将线段AB 绕着某一点旋转一定角度，使其与线段CD重合（点A与点C重合，点B与点D重合），则这个旋转中心的坐标为（4，2）．【答案】见试题解答内容【解答】解：平面直角坐标系如图所示，旋转中心是P点，P（4，2）．故答案为（4，2）．39．（2020•威海）如图，四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2．分别在边AB，BC，CD，DA 上顺次截取AE＝BF＝CG＝DH＝acm（AE＞BE），连接EF，FG，GH，HE．分别以EF，FG，GH，HE 为轴将纸片向内翻折，得到四边形A1B1C1D1．若四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，则a＝4．【答案】见试题解答内容【解答】解：∵四边形ABCD是一张正方形纸片，其面积为25cm2，∴正方形纸片的边长为5cm，∵AE＝BF＝CG＝DH＝acm，∴BE＝AH＝（5﹣a）cm，又∠A＝∠B＝90°，∴△AHE≌△BEF（SAS），同理可得△AHE≌△BEF≌△DGH≌CFG，由折叠的性质可知，图中的八个小三角形全等．∵四边形A1B1C1D1的面积为9cm2，∴三角形AEH的面积为（25﹣9）÷8＝2（cm2），1 2a（5﹣a）＝2，解得a1＝1（舍去），a2＝4．故答案为：4．40．（2020•临沂）如图，在△ABC中，D、E为边AB的三等分点，EF∥DG∥AC，H为AF与DG的交点．若AC＝6，则DH＝1．【答案】见试题解答内容【解答】解：∵D、E为边AB的三等分点，EF∥DG∥AC，∴BE＝DE＝AD，BF＝GF＝CG，AH＝HF，∴AB ＝3BE ，DH 是△AEF 的中位线，∴DH =12EF ，∵EF ∥AC ， ∴△BEF ∽△BAC ， ∴DD DD =DD DD ，即DD 6=DD 3DD ， 解得：EF ＝2， ∴DH =12EF =12×2＝1，故答案为：1．41．（2020•菏泽）如图，在△ABC 中，∠ACB ＝90°，点D 为AB 边的中点，连接CD ，若BC ＝4，CD ＝3，则cos ∠DCB 的值为 23 ． 【答案】见试题解答内容【解答】解：过点D 作DE ⊥BC ，垂足为E ，∵∠ACB ＝90°，DE ⊥BC ，∴DE ∥AC ，又∵点D 为AB 边的中点，∴E 是BC 的中点，∴BE ＝EC =12BC ＝2，在Rt △DCE 中，cos ∠DCB =DD DD =23， 故答案为：23． 42．（2020•德州）在平面直角坐标系中，点A 的坐标是（﹣2，1），以原点O 为位似中心，把线段OA 放大为原来的2倍，点A 的对应点为A ′．若点A '恰在某一反比例函数图象上，则该反比例函数解析式为 y =−8D ． 【答案】见试题解答内容【解答】解：∵点A 的坐标是（﹣2，1），以原点O 为位似中心，把线段OA 放大为原来的2倍，点A 的对应点为A ′，∴A ′坐标为：（﹣4，2）或（4，﹣2），∵A '恰在某一反比例函数图象上，∴该反比例函数解析式为：y =−8D ．故答案为：y =−8D ． 43．（2020•济宁）如图，在四边形ABCD 中，以AB 为直径的半圆O 经过点C ，D ．AC 与BD 相交于点E ，CD 2＝CE •CA ，分别延长AB ，DC 相交于点P ，PB ＝BO ，CD ＝2√2．则BO 的长是 4 ．【答案】见试题解答内容【解答】解：连结OC ，如图， ∵CD 2＝CE •CA ，∴DD DD =DD DD ，而∠ACD ＝∠DCE ，∴△CAD ∽△CDE ，∴∠CAD ＝∠CDE ，∵∠CAD ＝∠CBD ，∴∠CDB ＝∠CBD ，∴BC ＝DC ；设①O 的半径为r ，∵CD ＝CB ，∴DD̂=DD ̂， ∴∠BOC ＝∠BAD ，∴OC ∥AD ，∴DD DD =DD DD =2D D =2，∴PC ＝2CD ＝4√2，∵∠PCB ＝∠P AD ，∠CPB ＝∠APD ，∴△PCB ∽△P AD ，∴DD DD =DD DD ，即4√23D =62，∴r ＝4（负根已经舍弃），∴OB ＝4，故答案为4．44．如图，小明在距离地面30米的P 处测得A 处的俯角为15°，B 处的俯角为60°．若斜面坡度为1：√3，则斜坡AB 的长是 20√3 米．【答案】见试题解答内容【解答】解：如图所示：过点A 作AF ⊥BC 于点F ， ∵斜面坡度为1：√3，∴tan ∠ABF =DD DD =3=√33， ∴∠ABF ＝30°，∵在P处进行观测，测得山坡上A处的俯角为15°，山脚B处的俯角为60°，∴∠HPB＝30°，∠APB＝45°，∴∠HBP＝60°，∴∠PBA＝90°，∠BAP＝45°，∴PB＝AB，∵PH＝30m，sin60°=DDDD=30DD=√32，解得：PB＝20√3，故AB＝20√3（m），故答案为：20√3．三．解答题（共6小题）45．（2020•东营）如图1，在等腰三角形ABC中，∠A＝120°，AB＝AC，点D、E分别在边AB、AC上，AD＝AE，连接BE，点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点．（1）观察猜想．图1中，线段NM、NP的数量关系是NM＝NP，∠MNP的大小为60°．（2）探究证明把△ADE绕点A顺时针方向旋转到如图2所示的位置，连接MP、BD、CE，判断△MNP的形状，并说明理由；（3）拓展延伸把△ADE绕点A在平面内自由旋转，若AD＝1，AB＝3，请求出△MNP面积的最大值．【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）∵AB＝AC，AD＝AE，∴BD＝CE，∵点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点，∴MN=12BD，PN=12CE，MN∥AB，PN∥AC，∴MN＝PN，∠ENM＝∠EBA，∠ENP＝∠AEB，∴∠MNE+∠ENP＝∠ABE+∠AEB，∵∠ABE+∠AEB＝180°﹣∠BAE＝60°，∴∠MNP＝60°，故答案为：NM＝NP；60°；（2）△MNP是等边三角形．理由如下：由旋转可得，∠BAD＝∠CAE，又∵AB＝AC，AD＝AE，∴△ABD≌△ACE（SAS），∴BD＝CE，∠ABD＝∠ACE，∵点M、N、P分别为DE、BE、BC的中点．∴MN=12BD，PN=12CE，MN∥BD，PN∥CE，∴MN＝PN，∠ENM＝∠EBD，∠BPN＝∠BCE，∴∠ENP＝∠NBP+∠NPB＝∠NBP+∠ECB，∵∠EBD＝∠ABD+∠ABE＝∠ACE+∠ABE，∴∠MNP＝∠MNE+∠ENP＝∠ACE+∠ABE+∠EBC+∠EBC+∠ECB＝180°﹣∠BAC＝60°，∴△MNP是等边三角形；（3）根据题意得，BD≤AB+AD，即BD≤4，∴MN≤2，∴△MNP的面积=12DD⋅√32DD=√34DD2，∴△MNP的面积的最大值为√3．46．（2020•潍坊）某校“综合与实践”小组采用无人机辅助的方法测量一座桥的长度．如图，桥AB是水平并且笔直的，测量过程中，小组成员遥控无人机飞到桥AB的上方120米的点C处悬停，此时测得桥两端A，B两点的俯角分别为60°和45°，求桥AB的长度．【答案】见试题解答内容【解答】解：如图示：过点C作CD⊥AB，垂足为D，由题意得，∠MCA＝∠A＝60°，∠NCB＝∠B＝45°，CD＝120（米），在Rt△ACD中，AD=DDDDD60°=3=40√3（米），在Rt△BCD中，∵∠CBD＝45°，∴BD＝CD＝120（米），∴AB＝AD+BD＝（40√3+120）（米）．答：桥AB的长度为（40√3+120）米．47．（2020•威海）居家学习期间，小晴同学运用所学知识在自家阳台测对面大楼的高度．如图，她利用自制的测角仪测得该大楼顶部的仰角为45°，底部的俯角为38°；又用绳子测得测角仪距地面的高度AB 为31.6m．求该大楼的高度（结果精确到0.1m）．（参考数据：sin38°≈0.62，cos38°≈0.79，tan38°≈0.78）。

2019年09月18日xx 学校初中数学试卷学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题）A ．B ．C ．D ．答案：B解析：A 、是轴对称图形，不是中心对称图形，故此选项错误；B 、是轴对称图形，也是中心对称图形，故此选项正确；C 、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误；D 、不是轴对称图形，是中心对称图形，故此选项错误．故选：B ．2.若点(1,5)P m -与点(3,2)Q n -关于原点成中心对称，则m n +的值是（ ）A. 1B. 3C. 5D. 7答案：C解析：点(1,5)P m -与点(3,2)Q n -关于原点对称，1325m n ∴-=--=-，， 解得：27m n =-=，，则275m n +=-+=．故选：C ．3 如图,在平面直角坐标系中,已知点,点,平移线段,使点A 落在点处,则点B 的对应点的坐标为( )A.B.C. D.答案： C解析： 由点平移后可得坐标的变化规律是:左移4个单位,上移1个单位,点B 的对应点的坐标.故选:C.4.把图中的交通标志图案绕着它的中心旋转一定角度后与自身重合，则这个旋转角度至少为（ ）A ．30︒B ．90︒C ．120︒D ．180︒答案：C解析：一个圆周360︒，图中三个箭头，均分圆，每份为120︒，所以，旋转120︒后与自身重合。

选C 。

5.在数轴上，点A B ，在原点O 的两侧，分别表示数2a ，，将点A 向右平移1个单位长度，得到点C ．若CO BO =，则a 的值为( )A.3-B.2-C.1-D.1答案：A解析：本题考察数轴上的点的平移及绝对值的几何意义.点A 表示数为a ，点B 表示数为2，点C 表示数为1a +，由题意可知，0a <，∵CO BO =，∴|1|2a +=，解得1a =（舍）或3a =-，故选A6.在平面直角坐标系中，点A 的坐标为，以原点为中心，将点A 顺时针旋转30︒得到点'A ，则点'A 的坐标为（ ）A ．B ．1)-C ．(2,1)D ．(0,2) 答案：A解析：如图，作AE x ⊥轴于E A F x '⊥，轴于F ．90AEO OFA ∠=∠'=︒，30AOE AOA AOF ∠=∠'=∠'=︒AOE A ∴∠=∠'，OA OA ='，(AAS)AOE OA F ∴≅'，△△OF AE ∴==，1A F OE '==，A ∴．故选：A ．7.如图，将ABC △绕点C 顺时针旋转得到DEC △，使点A 的对应点D 恰好落在边AB 上，点B 的对应点为E ，连接BE ，下列结论一定正确的是( )A.AC AD =B.AB EB ⊥C.BC DE =D.A EBC ∠=∠答案：D解析：由旋转性质可知，AC CD AC AD =≠，，∴A 错由旋转性质可知，BC EC BC DE =≠，，∴C 错由旋转性质可知，ACB DCE ∠=∠，∵ACB ACD DCB ∠=∠+∠，DCE ECB DCB ∠=∠+∠∴ACD ECB ∠=∠，∵AC CD BC CE ==，，∴1(180)2A CDA ECB ∠=∠=-∠，1(180)2EBC CEB ECB ∠=∠=︒-∠，∴D 正确，由于由题意无法得到90ABE ∠=︒，∴B 选项错误.故选D 。

广西各2019年中考数学分类解析-专项4：图形的变换专题4：图形的变换选择题1.〔2018广西北海3分〕一个几何体的三视图完全相同，该几何体可以是【】A、圆锥B、圆柱C、长方体D、球【答案】D。

【考点】由三视图判断几何体。

【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形。

因此，A、圆锥的主视图、左视图都是三角形，俯视图是圆形；故本选项错误；B、圆柱的主视图、左视图都是长方形，俯视图是圆形；故本选项错误；C、长方体的主视图为长方形、左视图为长方形或正方形、俯视图为长方形或正方形；故本选项错误；D、球体的主视图、左视图、俯视图都是圆形；故本选项正确。

应选D。

2.〔2018广西北海3分〕如图，在边长为1的正方形组成的网格中，△ABC的顶点都在格点上，将△ABC绕点C顺时针旋转60°，那么顶点A所经过的路径长为：【】A、10πB、3C、3πD、π【答案】C。

【考点】网格问题，勾股定理，弧长的计算。

【分析】由网格的性质和勾股定理，得AC。

∴将△ABC绕点C顺时针旋转60°，顶点A所经过的路径长为：=。

应选C。

3.〔2018广西贵港3分〕如图是由假设干个大小相同的正方体搭成的几何体的三视图，那么该几何体所用的正方形的个数是【】A、2B、3C、4D、5【答案】C。

【考点】由三视图判断几何体。

【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形，综合三视图可知，这个几何体的底层有3个小正方体，第二层有1个小正方体，因此搭成这个几何体所用小正方体的个数是3＋1＝4个。

应选C。

4.〔2018广西桂林3分〕以下几何体的主视图、俯视图和左视图都是长方形的是【】A 、B 、C 、D 、【答案】B。

【考点】简单几何体的三视图。

【分析】主视图、左视图、俯视图是分别从物体正面、左面和上面看，所得到的图形、找到几何体的三视图即可作出判断：A、主视图和左视图为矩形，俯视图为圆，应选项错误；B、主视图为矩形，俯视图和左视图都为矩形，应选项正确；C、主视图和左视图为等腰梯形，俯视图为圆环，应选项错误；D、主视图和左视图为三角形，俯视图为有对角线的矩形，应选项错误。

江苏各 2019 年中考数学分类分析专项4：图形的变换专题 4：图形的变换一、选择题1.〔 2018 江苏常州 2 分〕以下列图，由三个同样的小正方体构成的立体图形的主视图．．．是【】【答案】 B。

【考点】简单组合体的三视图。

1 个正方形，基层有2 【剖析】找到从正面看所获得的图形即可：从正面看易得上层右侧有个正方形。

应选B。

2. 〔 2018 江苏淮安 3 分〕以下列图几何体的俯视图是【】【答案】 B。

【考点】简单组合体的三视图。

【剖析】找到从上边看所获得的图形即可：从上边看易得有 1 个长方形，长方形内左边有 1 个圆形。

应选 B。

3.〔 2018 江苏连云港 3 分〕用半径为 2cm 的半圆围成一个圆锥的侧面，那个圆锥的底面半径为【】A、 1cmB、 2cmC、π cmD、2π cm【答案】 A。

【考点】圆锥的计算。

【剖析】依据半圆的弧长＝圆锥的底面周长，那么圆锥的底面周长＝2π，∴底面半径＝ 2 π÷ 2π＝ 1cm。

应选 A。

4. 〔 2018 江苏南京 2 分〕如图，菱形纸片ABCD中，∠ A=60 ，将纸片折叠，点A、 D分别落在 A’、 D’处，且A’ D’经过B， EF 为折痕，当D’ F CDCF 的值为【】时，FDA. 3 1B. 3C.2 3 1D. 3 12 6 6 8【答案】 A。

【考点】翻折变换〔折叠问题〕，菱形的性质，平行的性质，折叠的性质，锐角三角函数定义，特别角的三角函数值。

【剖析】延伸 DC与 A′D′，交于点M，∵在菱形纸片ABCD中，∠ A=60°，∴∠ DCB=∠A=60°， AB∥ CD。

∴∠ D=180° - ∠ A=120°。

依据折叠的性质，可得∠A′ D′ F=∠ D=120°，∴∠ FD′ M=180° - ∠A′ D′ F=60°。

∵D′ F⊥ CD，∴∠ D′ FM=90°，∠ M=90°- ∠ FD′ M=30°。