2020高中物理必修一同步章末检测试卷(三)

高中同步检测卷(三)第三单元匀变速直线运动规律的简单应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．两物体都做匀变速直线运动，在给定的时间间隔内( )A．加速度大的，其位移一定也大B．初速度大的，其位移一定也大．末速度大的，其位移一定也大D．平均速度大的，其位移一定也大2．一辆农用“小四轮”由于漏油，当车在平直公路上行驶时，若每隔1 漏下一滴，一位同根据漏在路面上的油滴分布，从而分析“小四轮”的运动情况(已知车的运动方向)．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向油滴始终均匀分布时，车可以认为做匀加速直线运动B．当沿运动方向油滴间距均匀增大时，车的加速度可以认为保持不变．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动D．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度一定在增大3．某人骑自行车以6 /的初速度沿直线蹬车匀加速下坡，测得他到坡底的速度为10 /，则此人运动到坡面中点的速度为( )A．825 / B．8 /．7 / D．9 /4．A、B、三质点同时同地沿一直线运动，其－图象如图所示，则在0～0这段时间内，下列说法中正确的是( )A．质点A的位移最大B．质点A的路程最小．三质点的平均速度相等D．三质点的平均速率相等5．为了测定某辆轿车在平直公路上运动时的加速度(轿车起动时的运动可近似看成匀加速运动)，某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示．如果拍摄时每隔2 曝光一次，轿车车身总长为45 ，那么这辆轿车的加速度约为( )A．1 /2B．2 /2．3 /2D．4 /26．(创新题)两个小球从同一地点的不同高度处做自由落体运动，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是( )7．一辆摩托车与一辆汽车在平直的公路上运动，下表是每隔1秒记录的两车的速度值．若两车的运动可看做匀变速直线运动，则下列说法正确的是( )A从＝B．摩托车的速度变快．在0～4 内，汽车的平均速度较大D．摩托车的位移在减小二、多项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意)8．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示．连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在v－图象中描述错误的是( )9．如图所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的－图象，下面说法正确的是( )A．甲、乙两物体的出发点相距B．甲、乙两物体都做匀速直线运动D．甲、乙两物体向同方向运动．甲物体比乙物体早出发的时间为110甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v－图象如图所示，由图可知( )A．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B．＝20 时，乙追上了甲．在＝20 之前，甲比乙运动快；在＝20 之后，乙比甲运动快D．＝20 时甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离11如图所示，将一小球从竖直砖墙的某位置由静止释放．用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3…所示的小球运动过程中每次曝光的位置．已知连续两次曝光的时间间隔均为T，每块砖的厚度均为d根据图中的信息，下列判断正确的是( )A．位置1是小球释放的初始位置B．小球下落的加速度为错误！未定义书签。

章末检测一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.在某同学的物理笔记上,有一些关于运动学概念的记录,其中记录有误的是()A.质点是一种理想化的物理模型,实际并不存在B.对于匀速直线运动,瞬时速度与平均速度相等C.物体有加速度,速度就增加D.一般讲平均速度时,必须讲清楚是哪段时间(或哪段位移)内的平均速度1.答案C质点是一种理想化的物理模型,实际并不存在,A正确;对于匀速直线运动,瞬时速度与平均速度相等,B正确;物体有加速度,速度可能增加、也可能减小,C错误;一般讲平均速度时,必须讲清楚是哪段时间(或哪段位移)内的平均速度,故D正确。

2.轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标。

近年来,一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时,提出了一个新的概念,叫作“加速度的变化率”,用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢,并认为,轿车加速度的变化率越小,乘坐轿车的人感觉越舒适。

下面四个单位中,适合做加速度的变化率单位的是()A. m/sB. m/s2C. m/s3D. m2/s32.答案C加速度的变化率表示加速度变化的快慢,等于加速度的变化量与时间的比值,根据单位换算关系可知,加速度变化率的单位应该是m/s3,C选项正确。

3.手机给人民生活带来很多便利,某些出行软件极大地方便了某些“不识路”的驾车一族,如图,下列说法正确的是()A.图中的“53分钟”“52分钟”“50分钟”指的是时刻B.图中的“16公里”“17公里”“19公里”指的是位移C.图中推荐的第一种方案驾车距离最短,则路程等于位移大小D.图中研究汽车在导航图中的位置时,可把汽车看作质点3.答案D题图中的“53分钟”“52分钟”“50分钟”指的是时间的长度,即时间间隔,故A错误;题图中的“16公里”“17公里”“19公里”指的是实际路线长度,是路程,故B错误;推荐的第一种方案驾车距离最短,但运动的轨迹是曲线,所以路程大于位移的大小,故C错误;在题图中研究汽车在导航图中的位置时,汽车的大小和形状能够忽略,可以将汽车视为质点,故D正确。

质量检测(三)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分)1．关于重力，下列说法正确的是( )A．重力的施力物体是地球B．重力的方向总是垂直向下C．重力的大小可以用弹簧测力计和杆秤直接测量D．把物体放在水平支持物上，静止时物体对水平支持物的压力就是物体受到的重力[解析] 重力是地面附近的物体由于地球的吸引而受到的力，它的施力物体是地球；它的方向总是竖直向下，而不是垂直向下的；弹簧测力计可以直接测重力，而杆秤直接测出的是质量；重力和压力的施力物体和受力物体不同，性质也不同，所以不是同一个力，故选项A正确．[答案] A2．(多选)如图所示，两辆车以相同的速度做匀速运动，根据图中所给信息和所学知识你可以得出的结论是( )A．物体各部分都受重力作用，但从效果上看，可以认为物体各部分所受重力集中于一点B．重力的方向总是垂直向下的C．物体重心的位置与物体形状和质量分布有关D．物体只有重心受重力作用，其他部分不受重力作用[解析] 重力作用在物体的各部分，重心是物体各部分所受重力的等效作用点，选项A 正确，D错误；重力的方向总是竖直向下的，选项B错误；物体的形状和质量分布影响物体的重心位置，选项C正确．[答案] AC3．如图所示，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，下列图示中正确的是( )[解析] 静摩擦力的方向总与物体间的相对运动趋势方向相反，与物体的运动方向没有必然的联系，静止的物体也可能有相对运动趋势，所以只有选项C正确．[答案] C4．如图所示，原来轻弹簧两端分别与物块和竖直墙相连，弹簧处于压缩状态，对物块的压力大小为5 N，物块恰好能静止在水平面上．现在对物块施加水平向左的推力F.推力F 的大小必须满足什么条件，物块才会开始滑动(最大静摩擦力等于滑动摩擦力)( )A．F必须大于10 N B．F必须大于11 NC．F必须大于5 N D．F必须大于6 N[解析] 开始不加力F时，物块恰好处于平衡状态，此时弹簧对物块的压力等于静摩擦力，则最大静摩擦力F fm＝5 N；加力F后，要想使物块滑动，则F>F压＋F fm＝10 N，则A正确．[答案] A5．两个共点力F1和F2的大小不变，它们的合力F跟力F1、F2之间的夹角θ的关系如图所示，则合力F大小的范围是( )A．0～1 N B．1～3 NC．1～5 N D．1～7 N[解析] 由图像可得，θ＝π时，|F1－F2|＝1 N；θ＝0.5π时，F21＋F22＝5 N，而|F1－F2|≤F≤F1＋F2，故合力F的范围是1 N≤F≤7 N，故D正确．[答案] D6．(多选)如图所示，两个叠放在水平面上的长方体木块A、B，对B施一向右的水平拉力F，但A、B都没动，则( )A．B给A的静摩擦力大小等于F，方向向右B．水平面给B的静摩擦力大小等于F，方向向左C．B给A的静摩擦力等于零D．条件不足，无法确定大小和方向[解析] 以A为研究对象，A处于静止状态，根据平衡条件可知，A所受摩擦力为零，故选项A错误，C正确；以A、B为研究对象，受力分析，则有重力，支持力，拉力与滑动摩擦力，A、B处于静止状态，根据平衡条件可知，水平面给B的静摩擦力大小等于F，方向向左，故选项B正确，D错误．[答案] BC7．某缓冲装置可抽象成如图所示的简单模型，其中k1、k2为原长相等、劲度系数不同的轻质弹簧．下列表述正确的是( )A．缓冲效果与弹簧的劲度系数无关B．垫片向右移动时，两弹簧产生的弹力大小相等C．垫片向右移动时，两弹簧的长度保持相等D．垫片向右移动时，两弹簧的形变量相同[解析] 弹簧的缓冲效果与弹簧的劲度系数有关，A错误；在垫片向右运动的过程中，由于两个弹簧相连，则它们之间的作用力等大，B正确；由于两弹簧的劲度系数不同，由胡克定律可知，两弹簧的形变量不同，则两弹簧的长度不相等，C、D错误．[答案] B8．(多选)如图所示，小球放在光滑的墙与装有铰链的光滑薄板之间，薄板在F作用下逆时针转动，在墙与薄板之间的夹角θ缓慢地从90°逐渐减小的过程中( )A．小球对薄板的压力增大B．小球对墙的压力减小C．小球对墙的压力先减小，后增大D．小球对薄板的压力不可能小于小球的重力[解析] 根据小球重力的作用效果，可以将重力G分解为小球压板的力F1和小球压墙的力F2，作出平行四边形如图所示，当θ减小时，F1、F2均增大，而且在初始(θ＝90°)时，F1最小，等于G，所以A、D项均正确．[答案] AD9．如图所示，用相同的弹簧测力计将同一个重物(质量为m)，分别按甲、乙、丙三种方式悬挂起来，读数分别是F1、F2、F3、F4，已知θ＝30°，则有( )A．F4最大B．F3＝F2C．F2最大D．F1比其他各读数都小[解析] 对于题图甲，将重力mg沿两个弹簧测力计方向分解得：F1＝mg tanθ，F2cosθ＝mg，对于题图乙，将重力mg沿两个弹簧测力计方向分解得：2F3cosθ＝mg，而F4＝mg，由此可知选项A、B、D错误，选项C正确．[答案] C10．如图所示，AB是半圆的直径，O为圆心，P点是圆上的一点，在P点作用了三个共点力F1、F2、F3.若F2的大小已知，则这三个力的合力为( )A．F2B．2F2C．3F2D．4F2[解析] 由几何知识得，力F1与F3垂直，以F1、F3为邻边作平行四边形，如图所示，则F1、F3的合力大小可用PC线段的长表示，由于PC＝2PO，即PC代表的力等于2F2，故三个力的合力为3F2，C正确．[答案] C二、填空题(本题共2小题，共15分)11．(6分)某同学利用如图甲所示装置做“探究弹簧弹力大小与其长度的关系”的实验．(1)在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持________状态．(2)他通过实验得到如图乙所示的弹力大小F 与弹簧长度x 的关系图像．由此图像可得该弹簧的原长x 0＝________cm ，劲度系数k ＝________N/m.(3)他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧测力计，当弹簧测力计上的示数如图丙所示时，该弹簧的长度x ＝________cm.[解析] (1)悬挂重物后，弹簧沿竖直方向伸长，要测量弹簧沿竖直方向上的伸长量，刻度尺当然要保持竖直状态．(2)如果以弹簧长度x 为横坐标，弹力大小F 为纵坐标，作出F －x 图像，那么图像与横轴的截距表示弹簧的原长，图像的斜率表示弹簧的劲度系数，所以根据图像可知，该弹簧的原长x 0＝4 cm ，劲度系数k ＝ΔF Δk＝50 N/m. (3)弹簧测力计的读数表示弹力的大小，即F ＝3 N ，所以该弹簧的长度为x ＝x 0＋F k ＝10 cm.[答案] (1)竖直 (2)4 50 (3)1012．(9分)某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A 挂于固定点P ，下端用细线挂一重物M .弹簧测力计B 的一端用细线系于O 点，手持另一端向左拉，使结点O 静止在某位置．分别读出弹簧测力计A 和B 的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O 点的位置和细线的方向．(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为________N.(2)下列不必要的实验要求是________(请填写选项前对应的字母)．A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应在使用前校零C．细线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使结点O静止在同一位置(3)某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针稍稍超出量程，请您提出两个解决办法：______________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________.[解析] (1)由题图知，弹簧测力计A的分度值为0.2 N，示数为3.6 N.(2)验证力的平行四边形定则，一定要记好合力与两分力的大小与方向，与结点位置无关，D错；M的重力即合力，A对；测量前弹簧测力计调零才能测量准确，B对；细线与木板平面平行才能保证力在木板平面内，C对．(3)对O点受力分析如图所示，可见若要减小F OA可调节F OB的大小或方向、减小物重G 等．[答案] (1)3.6 (2)D(3)①减小弹簧测力计B的拉力；②减小重物M的质量(或将A更换成较大量程的弹簧测力计、改变弹簧测力计B拉力的方向等)三、计算题(本题共4小题，共45分．解答要写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位)13．(10分)如图所示，水平地面上固定着一根竖直立柱，某人用绳子通过柱顶的定滑轮将100 N的货物拉住．已知人拉着绳子的一端，且该绳端与水平方向夹角为30°，不计滑轮处的摩擦，则柱顶所受绳子的压力大小为多少牛？[解析] 如图所示，定滑轮只改变力的方向，不改变大小，所以绳子的拉力F1＝F2＝100 N，柱顶所受压力大小F＝2F1cos30°，得F＝100 3 N.[答案] 100 3 N.14．(10分)如图所示，一轻质三角形框架的B处悬挂一定滑轮(质量可忽略不计)．一重力为G1＝500 N的人通过跨过定滑轮的轻绳匀速提起一重力为G2＝300 N的物体．(1)此时人对地面的压力是多大？(2)轻绳对横杆AB和斜杆BC的力分别是多少？[解析] (1)先以人为研究对象，人受三个力作用，重力G1、地面对人的支持力F N、绳子的拉力F T.则F N＋F T＝G1，解得F N＝200 N，由力的相互性可知人对地面的压力为200 N.(2)以B点为研究对象，其受绳的拉力F，AB杆的拉力，及BC杆的支撑力，根据绳子拉力F的作用效果，可以将绳子的拉力F分解为两个分力：一个分力是对AB杆的拉力F AB，另一个分力是对BC杆的压力F BC，如图所示，则F＝2G2＝600 N，F AB＝F tan30°＝200 3 N，F BC＝Fcos30°＝400 3 N.[答案] (1)200 N (2)200 3 N 400 3 N15．(12分)一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B(中央有孔)，A、B 间由细绳连接着，它们处于如图所示位置时恰好都能保持静止状态．此情况下，B球与环中心O处于同一水平面上，A、B间的细绳呈伸直状态，且与水平线成30°角．已知B球的质量为3 kg(g取10 N/kg)，求：(1)细绳对B球的拉力大小；(2)A球的质量．[解析] (1)对B球受力分析，如图所示，将拉力T在水平方向和竖直方向进行正交分解，根据竖直方向二力平衡有T sin30°＝m B g则T＝2m B g＝2×3×10 N＝60 N.(2)对A球受力分析，在水平方向和竖直方向进行正交分解，A球处于静止状态，则在水平方向上有T′cos30°＝N A sin30°在竖直方向有N A cos30°＝m A g＋T′sin30°解得m A＝6 kg.[答案] (1)60 N (2)6 kg16．(13分)如图所示，在质量为m＝1 kg的重物上系着一条长30 cm的细绳，细绳的另一端连着一个轻质圆环，圆环套在水平的棒上可以滑动，环与棒间的动摩擦因数μ＝0.75，另有一条细绳，其一端跨过定滑轮，定滑轮固定在距离圆环50 cm的地方，当细绳的端点挂上重物G，圆环将要开始滑动时，(最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°＝0.6，g 取10 m/s2)试问：(1)角φ为多大？(2)长为30 cm的细绳的拉力是多少？(3)圆环将要开始滑动时，重物G的质量是多少？[解析] (1)因为圆环将要开始滑动，所受的静摩擦力刚好达到最大值，有：F f＝μN，对环进行受力分析，则有：μN－F T cosθ＝0N－F T sinθ＝0解得：tanθ＝1μ＝4 3得：θ＝53°又由于AO＝30 cm，AB＝50 cm，由数学知识求得：φ＝90°(2)如图所示选取坐标轴，根据重物m处于平衡状态，则有：G cosθ＋F T sinθ＝mgF T cosθ－G sinθ＝0解得：F T＝8 N(3)圆环将要滑动时G sinθ＝F T cosθ又G＝m′g解得：m′＝0.6 kg[答案] (1)90°(2)8 N (3)0.6 kg。

本套资源目录2019_2020学年新教材高中物理章末综合检测一运动的描述含解析新人教版必修第一册2019_2020学年新教材高中物理章末综合检测三相互作用__力含解析新人教版必修第一册2019_2020学年新教材高中物理章末综合检测二匀变速直线运动的研究含解析新人教版必修第一册2019_2020学年新教材高中物理章末综合检测四运动和力的关系含解析新人教版必修第一册章末综合检测(一)运动的描述A级—学考达标1．2018年12月28日11时07分，第三架国产大飞机C919从浦东国际机场起飞，历经1小时38分钟的飞行，于12时45分平稳返回浦东国际机场，圆满完成试飞任务。

下列说法错误的是( )A．11时07分指的是时刻B．1小时38分钟指的是时间间隔C．飞机飞行的路径总长度等于飞机位移的大小D．飞机在空中某位置的运动快慢用瞬时速度表示解析：选C 11时07分指的是起飞时所对应的时刻，故A正确；1小时38分钟指的是飞行所经历的时间间隔，故B正确；飞机飞行的路径总长度等于路程，大于飞机的位移的大小，故C错误；飞机在某一位置的运动快慢对应的是瞬时速度，故D正确。

2．一只猴子静止在悬挂于天花板的细棒上，现使连接细棒的绳子断开，猴子和细棒一起向下运动，甲说此细棒是静止的，乙说猴子是向下运动的，甲、乙两人所选的参考系分别是( )A．甲选的参考系是地球，乙选的参考系也是地球B．甲选的参考系是地球，乙选的参考系是猴子C．甲选的参考系是猴子，乙选的参考系是地球D．甲选的参考系是猴子，乙选的参考系也是猴子解析：选C 根据题意知细棒与猴子一起向下运动，即猴子相对细棒处于静止状态，甲说此细棒是静止的，他是以猴子为参考系，乙说猴子是向下运动的，他是以地球为参考系，选项C正确。

3．如图是甲、乙两物体做直线运动的v­t图像。

下列表述正确的是( )A．甲和乙的运动方向相反B．甲和乙的加速度方向相同C．甲的速度比乙的小D．甲的加速度比乙的大解析：选D 在v­t图像上，v的正负反映物体的运动方向，甲和乙的v值均为正，故甲和乙的运动方向相同，A错；v­t图像的倾斜方向反映物体的加速度方向，甲和乙的倾斜方向相反，甲在减速，乙在加速，故甲和乙的加速度方向相反，B错；由v­t图像知，甲的速度先比乙的大，后比乙的小，故C错；v­t图像的倾斜程度反映加速度的大小，由计算可得，甲的加速度比乙的大，D正确。

章末检测一、选择题(本题共12小题,每小题4分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错的得0分)1.在某同学的物理笔记上,有一些关于运动学概念的记录,其中记录有误的是()A.质点是一种理想化的物理模型,实际并不存在B.对于匀速直线运动,瞬时速度与平均速度相等C.物体有加速度,速度就增加D.一般讲平均速度时,必须讲清楚是哪段时间(或哪段位移)内的平均速度1.答案C质点是一种理想化的物理模型,实际并不存在,A正确;对于匀速直线运动,瞬时速度与平均速度相等,B正确;物体有加速度,速度可能增加、也可能减小,C错误;一般讲平均速度时,必须讲清楚是哪段时间(或哪段位移)内的平均速度,故D正确。

2.轿车的加速度大小是衡量轿车加速性能的一项重要指标。

近年来,一些高级轿车的设计师在关注轿车加速度的同时,提出了一个新的概念,叫作“加速度的变化率”,用“加速度的变化率”这一新的概念来描述轿车加速度随时间变化的快慢,并认为,轿车加速度的变化率越小,乘坐轿车的人感觉越舒适。

下面四个单位中,适合做加速度的变化率单位的是()A. m/sB. m/s2C. m/s3D. m2/s32.答案C加速度的变化率表示加速度变化的快慢,等于加速度的变化量与时间的比值,根据单位换算关系可知,加速度变化率的单位应该是m/s3,C选项正确。

3.手机给人民生活带来很多便利,某些出行软件极大地方便了某些“不识路”的驾车一族,如图,下列说法正确的是()10 / 10A.图中的“53分钟”“52分钟”“50分钟”指的是时刻B.图中的“16公里”“17公里”“19公里”指的是位移C.图中推荐的第一种方案驾车距离最短,则路程等于位移大小D.图中研究汽车在导航图中的位置时,可把汽车看作质点3.答案D题图中的“53分钟”“52分钟”“50分钟”指的是时间的长度,即时间间隔,故A错误;题图中的“16公里”“17公里”“19公里”指的是实际路线长度,是路程,故B错误;推荐的第一种方案驾车距离最短,但运动的轨迹是曲线,所以路程大于位移的大小,故C错误;在题图中研究汽车在导航图中的位置时,汽车的大小和形状能够忽略,可以将汽车视为质点,故D正确。

2020-2021学年高一人教版必修一物理单元测试卷 第三章相互作用B 卷1.如图所示,两根刚性轻杆上端由自由旋转轴A 连接,轻杆下端固定一根自然伸长的匀质轻弹簧,围成边长为L 的等边三角形ABC ,将此装置竖直放在光滑水平面上,在轴A 处施加竖直向下的大小为F 的作用力,弹簧被拉伸一定长度,若此时弹簧弹力大小恰为2F ,则弹簧的劲度系数为( )2.一质量为m 的铁球在水平推力F 的作用下，静止在倾角为θ的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A ，推力F 的作用线通过球心O ，如图所示，假设斜面、墙壁均光滑．若水平推力缓慢增大，则在此过程中( )A.墙对铁球的作用力大小始终等于推力FB.墙对铁球的作用力大小始终大于推力FC.斜面对铁球的作用力缓慢增大D.斜面对铁球的支持力大小始终等于cos mg θ3.如图所示,一倾角为30︒的光滑斜面固定在地面上,一质量为m 的小木块在水平力F的作用下静止在斜面上。

若只改变F的方向而不改变F的大小,仍使木块静止,则此时力F与水平面的夹角为( )A.60︒B.45︒C.30︒D.15︒4.如图所示,倾角为θ的斜面体C置于水平地面上,小物块B置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A相连接,连接物体B的一段细绳与斜面平行,已知A B C、、都处于静止状态。

则( )A.物体B受到斜面体C的摩擦力一定不为零B.斜面体C受到水平面的摩擦力一定为零C.斜面体C有沿地面向右滑动的趋势,一定受到地面向左的摩擦力D.将细绳剪断,若B物体依然静止在斜面上,此时水平面对斜面体C的摩擦力一定不为零5.如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简易秋千.某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍保持等长且悬挂点不变.木板静止时,F表示木板所受合力的大小,2F表示单根轻绳对木板拉力的大小,则1维修后( )A.1F不变,2F变大 B.1F不变,2F变小C.1F变大,2F变大 D.1F变小,2F变小6.有两根完全相同的轻绳，分别按如图甲、乙的方式固定在A B、和D E、两点.将一挂有质量为m的重物的光滑轻质动滑轮挂于轻绳上，当滑轮静止后，设图甲、乙中绳子的张力大小分别为1T、2T.现将图甲中绳子的B端缓慢向下移动至C点，图乙中绳子的E端缓慢向右移动至F点，在两绳移动的过程中，下列说法正确的是( )A．1T、2T都变大B．1T变大，2T变小C．1T、2T都不变D．1T不变，2T变大7.如图所示,木板A的质量为m,滑块B的质量为M,木板A用绳拴住,绳与斜面平行.B沿倾角为θ的斜面在A下面匀速下滑,若2M m=,A B、间以及B与斜面间的动摩擦因数相同,则该动摩擦因数μ为( )A.tanθB.2tanθC.1tan3θ D.1tan2θ8.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。

高中同步测试卷(三)第三单元匀变速直线运动规律的简单应用(时间：90分钟，满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．两物体都做匀变速直线运动，在给定的时间间隔内( )A．加速度大的，其位移一定也大B．初速度大的，其位移一定也大C．末速度大的，其位移一定也大D．平均速度大的，其位移一定也大2．一辆农用“小四轮”由于漏油，当车在平直公路上行驶时，若每隔1 s漏下一滴，一位同学根据漏在路面上的油滴分布，从而分析“小四轮”的运动情况(已知车的运动方向)．下列说法中正确的是( )A．当沿运动方向油滴始终均匀分布时，车可以认为做匀加速直线运动B．当沿运动方向油滴间距均匀增大时，车的加速度可以认为保持不变C．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车一定在做匀加速直线运动D．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车的加速度一定在增大3．某人骑自行车以6 m/s的初速度沿直线蹬车匀加速下坡，测得他到坡底的速度为10 m/s，则此人运动到坡面中点的速度为( )A．8.25 m/s B．8 m/sC．7 m/s D．9 m/s4．A、B、C三质点同时同地沿一直线运动，其x－t图象如图所示，则在0～t0这段时间内，下列说法中正确的是( )A．质点A的位移最大B．质点A的路程最小C．三质点的平均速度相等D．三质点的平均速率相等5．为了测定某辆轿车在平直公路上运动时的加速度(轿车起动时的运动可近似看成匀加速运动)，某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示．如果拍摄时每隔 2 s 曝光一次，轿车车身总长为4.5 m，那么这辆轿车的加速度约为( )A．1 m/s2B．2 m/s2C．3 m/s2D．4 m/s26．(创新题)两个小球从同一地点的不同高度处做自由落体运动，结果同时到达地面，如图所示四幅图中，能正确表示它们的运动的是( )7．一辆摩托车与一辆汽车在平直的公路上运动，下表是每隔1秒记录的两车的速度值．若两车的运动可看做匀变速直线运动，则下列说法正确的是( )t/s0123 4摩托车v1/(m·s－1)18.017.517.016.516.0汽车v2/(m·s－1)9.811.012.213.414.6s两车的速度相等A.从t＝4 s开始计时，经过Δt＝17B．摩托车的速度变化快C．在0～4 s内，汽车的平均速度较大D．摩托车的位移在减小二、多项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意)8．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示．连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在v－t图象中描述错误的是( )9．如图所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的x－t图象，下面说法正确的是( )A ．甲、乙两物体的出发点相距x 0B ．甲、乙两物体都做匀速直线运动C ．甲物体比乙物体早出发的时间为t 1D ．甲、乙两物体向同方向运动10.甲、乙两物体先后从同一地点出发，沿一条直线运动，它们的v －t 图象如图所示，由图可知( )A ．甲比乙运动快，且早出发，所以乙追不上甲B ．t ＝20 s 时，乙追上了甲C ．在t ＝20 s 之前，甲比乙运动快；在t ＝20 s 之后，乙比甲运动快D ．t ＝20 s 时甲在乙前面，它们之间的距离为乙追上甲前的最大距离11.如图所示，将一小球从竖直砖墙的某位置由静止释放．用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3…所示的小球运动过程中每次曝光的位置．已知连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度均为d .根据图中的信息，下列判断正确的是( )A ．位置1是小球释放的初始位置B ．小球下落的加速度为d T2 C ．小球在位置3的速度为7d2TD ．能判定小球的下落运动是否是匀变速直线运动12．一小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示，取g ＝10 m/s 2，则小球( )A．下落的最大速度为5 m/sB．第一次反弹的初速度大小为3 m/sC．能弹起的最大高度为0.45 mD．能弹起的最大高度为1.25 m题号123456789101112答案13．(10分)对自由落体运动的研究：(1)16世纪末，伽利略对落体运动规律进行了探究，他探究的主要过程是________．A．猜想——问题——数学推理——实验验证——合理外推——得出结论B．问题——猜想——数学推理——实验验证——合理外推——得出结论C．问题——猜想——实验验证——数学推理——合理外推——得出结论D．猜想——问题——实验验证——数学推理——合理外推——得出结论(2)由于条件所限，伽利略无法对自由落体运动进行准确实验研究．现在某同学在研究性学习中利用打点计时器针对自由落体运动进行深入研究，设计了如下实验方案：如图甲所示，将打点计时器固定在铁架台上，先打开电源，后释放重物，重物带动纸带从静止开始下落，打出几条纸带并在其中选出一条比较理想的纸带如图乙所示，在纸带上取出若干计数点，其中每相邻计数点之间有四个点未画出，该同学已测得图中标出的数据s1、s2、s3、s4、s5，并已知打点计时器打点频率为f.需要计算重力加速度和打各点时的速度，计算重力加速度的公式是g＝__________(用f、s2、s5表示)，计算打计数点5时重物速度的公式是v5＝__________(用f、s3、s4、s5表示)．四、计算题(本题共3小题，共32分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 14．(10分)汽车由静止开始在平直的公路上行驶，0～60 s内汽车的加速度随时间变化的图线如图所示．(1)画出汽车在0～60 s内的v－t图线；(2)求在这 60 s内汽车行驶的路程．15.(10分)为了测量某高楼的高度，某人设计了如下实验：在一根长为l的绳两端各拴一重球，一人站在楼顶上，手执绳上端无初速度释放使其自由落下，另一人在楼下测量两球落地的时间间隔Δt，即可根据l、Δt、g得出楼的高度(不计空气阻力)．(1)从原理上讲，这个方案是否正确？(2)从实际测量来看，你估计最大困难是什么？(3)若测得l＝10 m，Δt＝0.4 s，g＝10 m/s2，估算楼高为多少？16.(12分)减速带是交叉路口上常见的一种交通设施，在某小区门口有一橡胶减速带(如图)，有一警用巡逻车正以最大速度25 m/s从小区门口经过，在离减速带90 m时警察发现一逃犯正以10 m/s的速度骑电动车匀速通过减速带(电动车始终匀速)，而巡逻车要匀减速到5 m/s通过减速带(减速带的宽度忽略不计)，减速到5 m/s后立即以2.5 m/s2的加速度加速到最大速度继续追赶，设在整个过程中，巡逻车与逃犯均在水平直道上运动，求从警察发现逃犯到追上逃犯需要的时间．参考答案与解析1．[导学号27630033] 解析：选D.由x ＝v 0t ＋12at 2知：x 与v 0、a 都有关系，选项A 、B 均错误；由x ＝v 0＋v2·t 知：x 还与v 0有关，选项C 错误；由x ＝v t 知：在t 一定时，x与v 成正比，故选项D 正确．2．[导学号27630034] 解析：选B.当沿运动方向油滴始终均匀分布时，车可以认为做匀速直线运动，故A 错误．当沿运动方向油滴间距均匀增大时，根据Δx ＝aT 2＝恒量，车做匀加速直线运动，加速度不变，故B 正确．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车做加速运动，但是不一定是匀加速直线运动，故C 错误．当沿运动方向油滴间距逐渐增大时，车做加速运动，加速度可能减小，可能增大，也可能不变，故D 错误．3．[导学号27630035] 解析：选A.根据题中信息，由速度位移公式可得(102－62)m 2/s 2＝2ax ，v 2－62m 2/s 2＝ax ，解得v 2＝68(m/s)2，v ＝8.25 m/s ，故选项A 正确．4．[导学号27630036] 解析：选C.由图象可知B 做匀速直线运动，A 、C 做变速直线运动，但它们的初、末位置相同，所以三质点的位移大小相等，又因为所用时间也相同，所以三质点的平均速度也相等，由于A 质点的路程最大，所以A 质点的平均速率最大．故选C.5．[导学号27630037] 解析：选B.由题中车身总长为4.5 m ，从题图中可以读出每一个格表示约1.5 m ，每一小格表示0.3 m ，则第一次和第二次拍摄小车之间行进的距离为x 1＝8×1.5 m ＝12.0 m ，第二次和第三次拍摄之间小车行进的距离为x 2＝(13×1.5＋3×0.3) m ＝20.4 m ．由公式Δx ＝at 2得a ＝Δx t 2＝20.4－12.022m/s 2≈2 m/s 2.故选B. 6．[导学号27630038] 解析：选C.两个小球从不同高度自由下落，下落过程中加速度相同，所以v －t 图象的斜率相同，因高度不同，由h ＝12gt 2，v ＝gt 知，下落时间和落地时的速度不同，所以图象的起点横坐标和终点纵坐标应不同，故选C.7．[导学号27630039] 解析：选A.摩托车的加速度为a 摩＝Δv Δt ＝－0.51 m/s 2＝－0.5m/s 2；汽车的加速度为a 汽＝Δv Δt ＝1.21m/s 2＝1.2 m/s 2，故汽车的速度变化快，故B 错误；在0～4 s 内：摩托车的平均速度为v 摩＝18.0＋16.02 m/s ＝17 m/s ，汽车的平均速度为v 汽＝14.6＋9.82 m/s ＝12.2 m/s ，故C 错误；摩托车做匀减速运动，速度在减小，但位移在增大，故D 错误；从t ＝4 s 开始计时，经过Δt ：摩托车速度为v ＝v 0＋a 摩Δt ＝16.0 m/s －0.5×1417m/s ＝26517 m/s ，汽车速度为v ′＝v 0＋a 汽Δt ＝14.6 m/s ＋1.2×1417 m/s ＝26517 m/s ，故A 正确；故选A.8．[导学号27630040] 解析：选BCD.设刻度尺的每小格尺寸为s 、曝光时间为t ，由题图可知下面的木块做匀速直线运动，运动的速度v ＝4st.上面木块在相等时间内的位移差是恒量，知上面木块做匀加速直线运动，匀变速运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，知t 3时刻上面木块的速度v 3＝7s 2t ，t 4时刻上面木块的速度v 4＝9s2t ，则在时刻t 3和时刻t 4之间某瞬时两木块速度相同．故A 正确，B 、C 、D 错误．9．[导学号27630041] 解析：选ABC.由图象可知，t ＝0时甲的位置为x ＝x 0，乙的位置为x ＝0，故两物体出发点相距x 0，A 正确；x －t 图象的斜率表示速度，两图线都是倾斜直线，即两物体都做匀速直线运动，且v 甲<v 乙，B 正确；甲从t ＝0开始计时就出发，乙在0～t 1这段时间内保持静止，故甲比乙早出发的时间为t 1，C 正确；甲图线的斜率为负值，表明甲向负方向运动，乙图线的斜率为正值，表明乙向正方向运动，故甲、乙两物体的运动方向相反，D 错误．故选ABC.10．[导学号27630042] 解析：选CD.从题图可知开始甲比乙运动快，且早出发，但是乙做匀加速运动，最终是可以追上甲的，A 项错误；t ＝20 s 时，图象中甲的图线与时间轴所围的面积大于乙的，即甲的位移大于乙的位移，所以乙没有追上甲，B 项错误；在t ＝20 s 之前，甲的速度大于乙的速度，在t ＝20 s 之后，乙的速度大于甲的速度，C 项正确；乙在追上甲之前，当它们速度相同时，它们之间的距离最大，对应的时刻为t ＝20 s ，D 项正确．11．[导学号27630043] 解析：选BCD.小球做自由落体运动，从静止开始运动的连续相等时间内的位移之比为1∶3∶5∶7，而图中位移之比为2∶3∶4∶5，故位置“1”不是小球释放的初始位置，A 错误，D 正确；由a ＝Δx T 2知a ＝d T 2，B 正确，v 3＝3d ＋4d 2T ＝7d2T，C 正确．12．[导学号27630044] 解析：选ABC.由题图可知，在0～0.5 s 内小球的速度逐渐增大，说明小球在自由下落，且以向下为正方向，小球下落到最低点时速度为5 m/s ，此后速度反向，说明小球与地面相碰后向上弹起，其初速度大小为3 m/s ，故选项A 、B 正确；小球在0.5～0.8 s 内做竖直上抛运动，到达最高点时速度为零，所以弹起的高度为H ＝v ′202g＝0.45 m ，选项C 正确，D 错误．故选ABC.13．[导学号27630045] 解析：(1)伽利略对落体运动规律进行了探究，他探究的主要过程是问题——猜想——数学推理——实验验证——合理外推——得出结论，故选项B 正确．(2)由x n －x m ＝(n －m )gt 2得：g ＝s 5－s 2（5－2）t2t ＝5f ，则g ＝s 5－s 23·⎝ ⎛⎭⎪⎫5f 2＝s 5－s 275f 2. v 3＝s 4＋s 32t ，v 4＝s 4＋s 52t .v 4＝v 3＋v 52，则v 5＝2v 4－v 3 ＝2·s 4＋s 52t －s 4＋s 32t ＝2s 5＋s 4－s 32t ＝2s 5＋s 4－s 310f . 答案：(1)B (2)s 5－s 275f 2 2s 5＋s 4－s 310f14．[导学号27630046] 解析：(1)设 t ＝10 s 、40 s 、60 s 时刻的速度分别为 v 1、v 2、v 3.由题图知0～10 s 内汽车以加速度2 m/s 2匀加速行驶，由运动学公式得v 1＝2×10 m/s ＝20 m/s.①(1分)由题图知10～40 s 内汽车匀速行驶，因此v 2＝20 m/s.②(1分)由题图知40～60 s 内汽车以加速度1 m/s 2匀减速行驶，由运动学公式得v 3＝(20－1×20)m/s ＝0 m/s.③(1分)根据①②③式，可画出汽车在0～60 s 内的 v －t 图线，如图所示． (3分)(2)由v －t 图可知，在这60 s 内汽车行驶的路程为s ＝30＋602×20 m ＝900 m ．(4分)答案：见解析15．[导学号27630047] 解析：(1)如图所示，设楼高为h ，从绳无初速释放开始计时，设绳下端的A 球和上端的B 球先后落地时间分别为t 1和t 2，则有12gt 21＝h －l (1分)12gt 22＝h (1分)故Δt ＝t 2－t 1＝ 2h g－2（h －l ）g(2分)所以只要测得l 、Δt 、g ，就可计算出楼房的高度h .故这个方案从原理上讲是正确的． (1分)(2)由于两个重球先后落地时间间隔较短，Δt 的测量比较困难． (2分)(3)将l ＝10 m ，Δt ＝0.4 s ，g ＝10 m/s 2代入 可得h ＝36.45 m ． (3分)答案：见解析16．[导学号27630048] 解析：设警察初速度为v 1＝25 m/s ，到达减速带时速度为v 2＝5 m/s ，开始时警察距离减速带为x 0＝90 m ，则警察到达减速带的时间为t 1＝x 0v ＝x 0v 1＋v 22＝6 s(2分)在这段时间内逃犯前进的距离为x 1＝vt 1＝60 m (1分)警察到达减速带之后再以加速度a ＝2.5 m/s 2加速前进，当警察再次达到最大速度v 1＝25 m/s 时，所用时间为t 2，根据速度公式：v 1＝v 2＋at 2(1分)代入数据解得t 2＝8 s (1分)在这8 s 内，警察前进的距离为x 2＝v 2t 2＋12at 22＝120 m(2分)与此同时，逃犯前进的距离为x 3＝vt 2＝80 m (1分)此后警察以最大速度v 1＝25 m/s 前进，设经过t 3时间警察追上逃犯， 则：x 1＋x 3＋vt 3＝x 2＋v 1t 3 (2分)整理得到t 3＝43 s(1分)即从警察发现逃犯到追上逃犯，所需要的时间为t ＝t 1＋t 2＋t 3＝463s ≈15.33 s ．(1分)答案：15.33 s。

2019-2020年高一上学期期末物理试题含解析(III)一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．（4分）关于质点的位移和路程的下列说法中正确的是（）A．位移是矢量，位移的方向即质点运动的方向B．路程是标量，即位移的大小C．质点做直线运动，则通过的路程等于位移的大小D．物体通过的路程不等，位移可能相同2．（4分）关于速度、速度变化及加速度的关系下列说法不正确的是（）A．物体运动加速度等于0，而速度却不等于0B．两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，而加速度却比较小C．物体具有向东的加速度，而速度变化却向西D．物体做直线运动，后一阶段的加速度比前一阶段小，但速度却比前一阶段大3．（4分）物体初速度υ1，末速度υ2，速度变化△υ，三者关系做如下描述，正确的是（）A．B．C．D．4．（4分）如图所示，水平桌面上的物体A和B之间通过轻绳相连，在水平外力F的作用下做匀速直线运动．已知绳中拉力为T，桌面对两物体的摩擦力分别是f A和f B，则有（）A．T=f B B．T=f A C．F=f A+f B﹣T D．F=f A+f B+T5．（4分）平面内作用于同一点的四个力若以力的作用点为坐标原点，有F1=5N，方向沿x轴的正向；F2=6N，沿y轴正向；F3=4N，沿x轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指向（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限6．（4分）如图所示，A、B两物体叠放在水平面上，水平拉力F的作用在B上，A、B一起沿水平面匀加速直线运动，则A、B间的动摩擦因数μ1和B与水平间的动摩擦因数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0 C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠07．（4分）如图，一物体受到与水平面成θ角的拉力F作用，沿粗糙水平面向右运动，则物体受力个数可能为（）A．2个B．3个C．4个D．5个8．（4分）如图，重为G的木块，放在倾角为θ的光滑斜面上，受到水平向左推力F作用而静止，斜面体固定在地面上，则木块对斜面体的压力大小为（）A．B．G cosθC．D．G cosθ+Fsinθ9．（4分）质量为m的物体用弹簧秤悬在升降机顶棚上，在下列哪种情况下，弹簧秤的读数最小（）A．升降机匀速上升B．升降机匀加速上升，且a=gC．升降机匀减速上升，且a=g D．升降机匀加速上升，且a=g10．（4分）如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的小木块A和B之间用轻弹簧相连，在水平拉力F作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1和a2，则（）A．a1=a2=0 B．a1≠a2，a2=0C．a1=a，a2= a D．a1=a，a2=﹣ a11．（4分）在t=0的时刻，从地面附近的空中某点释放一小球，它自由下落，落地后反弹，且每次反弹都能到达最初的出发点，取竖直向上为正方向．设小球与地面的碰撞时间和小球在空中所受空气阻力都忽略不计，则小球的速度v随时间t变化的关系可表示为图中的哪个（）A．B．C．D．12．（4分）如图所示，A，B两条直线是在A，B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别是m A和m B的物体实验得出的两个加速度a与力F的关系图线，由图分析可知（）A．m A＜m B B．m A＞m BC．两地重力加速度g A＜g B D．两地重力加速度g A=g B二、填空题（13小题4分，14小题4分，共8分）13．（4分）在探究牛顿第二定律的实验中，若保持砂桶和砂子的总质量不变，改变小车内砝码的总质量时，利用纸带上的数据可以算出小车的速度，取其中两次实验的结果作出小车的速度图线，如下图．前后两次小车与砝码的总质量分别为M1和M2，则M1_________M2（填“＞”、“＜”、“=”）．14．（4分）利用图所示的装置可测量滑块在斜面上运动的加速度．一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，当一带有遮光片的滑块自斜面上某一固定位置由静止滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t．并用米尺测量相应的甲、乙之间的距离s；则滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v1、测量值s和t、四个物理量之间所满足的关系式是_________．三、本题共4小题，共44分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（10分）如图所示，用跟水平方向成α角的推力F推重为G的木块沿天花板向右运动，木块和天花板间的动摩擦因数为μ，求木块所受的摩擦力大小．16．（10分）如图所示，把一直杆AB自然下垂地悬挂在天花板上，放开后直杆做自由落体运动，已知直杆通过A点下方3.2m处一点C历时0.5s，求直杆的长度是多少？（不计空气阻力，g=10m/s2）．17．（12分）一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．18．（12分）如图，质量为m的木块，以水平速度υ冲上质量为M的水平放置的木板左端．木板放在水平桌面上，并始终保持静止．已知木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数分别为：μ1、μ2．求木块在木板上滑行过程中，桌面所受的摩擦力．2012-2013学年吉林省白城市通榆一中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．1．（4分）关于质点的位移和路程的下列说法中正确的是（）A．位移是矢量，位移的方向即质点运动的方向B．路程是标量，即位移的大小C．质点做直线运动，则通过的路程等于位移的大小D．物体通过的路程不等，位移可能相同考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：解答本题应明确：位移是描述位置变化的物理量，是矢量有大小和方向，而路程描述的是物体经过的轨迹的长度，为标量，只有大小．解答：解：A、位移是矢量，其方向是由起点指向终点的有向线段方向，不是质点的运动方向，故A错误；B、程程是物体运动轨迹的长度，不是位移的大小，故B错误；C、质点只有做单向直线运动时，路程才等于位移的大小，故C错误；D、路程不等，但只要初末两点的位置相同，则位移是相同的，故D正确；故选：D．点评：位移与路程的意义不同，在学习时要从其意义上进行理解，找出二者的不同之处及其联系．2．（4分）关于速度、速度变化及加速度的关系下列说法不正确的是（）A．物体运动加速度等于0，而速度却不等于0B．两物体相比，一个物体的速度变化量比较大，而加速度却比较小C．物体具有向东的加速度，而速度变化却向西D．物体做直线运动，后一阶段的加速度比前一阶段小，但速度却比前一阶段大考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量，方向与速度变化量的方向相同．解答：解：A、物体运动的加速度等于零，速度不一定为零，比如匀速直线运动．故A正确．B、根据a=知，速度变化量较大，加速度可能较小．故B正确．C、物体的加速度大小与速度变化量的方向相同，加速度向东，速度变化量的方向向东．故C不正确．D、物体做加速运动，加速度减小，速度增大，后一阶段加速度小，但是速度大，故D正确．本题选不正确的，故选：C．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．3．（4分）物体初速度υ1，末速度υ2，速度变化△υ，三者关系做如下描述，正确的是（）A．B．C．D．考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：初速度、末速度与速度变化量遵循三角形定则，速度变化量由初速度的末端指向末速度的末端．解答：解：根据矢量三角形知，速度变化量的方向由初速度的末端指向末速度的末端，故B、D正确，A、C错误．故选：BD．点评：解决本题的关键知道速度、速度变化量遵循三角形定则，基础题．4．（4分）如图所示，水平桌面上的物体A和B之间通过轻绳相连，在水平外力F的作用下做匀速直线运动．已知绳中拉力为T，桌面对两物体的摩擦力分别是f A和f B，则有（）A．T=f B B．T=f A C．F=f A+f B﹣T D．F=f A+f B+T考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：利用整体法求拉力的表达式，根据隔离法判断绳子的拉力．解答：解：AB、对A受力分析可知水平方向T=f A，故A错误，B正确，CD、以A、B整体为研究对象做受力分析，可知水平方向F=f A+f B，则CD错误．故选：B．点评：对连接体问题经常用到整体法和隔离法，再根据平衡条件或牛顿第二定律求解．5．（4分）平面内作用于同一点的四个力若以力的作用点为坐标原点，有F1=5N，方向沿x轴的正向；F2=6N，沿y轴正向；F3=4N，沿x轴负向；F4=8N，沿y轴负向，以上四个力的合力方向指向（）A．第一象限B．第二象限C．第三象限D．第四象限考点：力的合成．专题：受力分析方法专题．分析：多个力合成时，可以先合成其中的任意两个力，然后再与第三个力合成，直到全部合成完为止．解答：解：F1=5N，方向沿x轴的正向；F3=4N，沿x轴负向；故F1与F3的合力F13沿着x轴的正向，为1N；F2=6N，沿y轴正向；F4=8N，沿y轴负向；故F2与F4的合力F24为2N，沿着y轴负方向；最后再将F13与F24合成，故合力F1234为N，指向第四象限；故选D．点评：本题关键先合成F1与F3，再合成F2与F4，最后得到总合力，用平行四边形定则求解合力时通常采用正交分解法，即先将各个力沿着x、y轴正交分解，求出x方向和y方向的合力，最后得到总的合力．6．（4分）如图所示，A、B两物体叠放在水平面上，水平拉力F的作用在B上，A、B一起沿水平面匀加速直线运动，则A、B间的动摩擦因数μ1和B与水平间的动摩擦因数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0 C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠0考点：静摩擦力和最大静摩擦力；滑动摩擦力．专题：摩擦力专题．分析：先对A研究，分析受力可知其受摩擦力情况；再对B受力分析：水平方向受到拉力F，由牛顿第二定律，可解出地面对B是否有摩擦力．解答：解：对A受力分析可知，A做匀加速直线运动，水平方向受外力，故A受B的摩擦力，因此A、B间的动摩擦因数μ1≠0；再对B受力分析可知，B水平方向受F的拉力，处于匀加速运动，因此B可能受地面向左的摩擦力，也可能不受摩擦力作用，故CD正确，AB错误；故选：CD．点评：本题考查摩擦力的判断，关键要注意明确A的运动不需要力来维持，水平方向不受外力，则一定不受摩擦力．7．（4分）如图，一物体受到与水平面成θ角的拉力F作用，沿粗糙水平面向右运动，则物体受力个数可能为（）A．2个B．3个C．4个D．5个考点：力的合成与分解的运用．专题：受力分析方法专题．分析：物体做匀加速直线运动，对物体受力分析，满足合外力方向向右情况的受力均可．解答：解：A、首先物体一定受重力和拉力F，若竖直方向Fsinθ=mg，则物体对地面没有压力，则物体也不受摩擦力，即物体可能受2个力的作用；若竖直方向Fsinθ＜mg，则物体对地面有压力作用，则同时物体也会受到摩擦力，即物体可能受到4个力作用；故AC正确，BD错误；故选：AC．点评：解决本题的关键能够正确地结合物体的运动情况进行受力分析，明确可以的受力情况，才能全面分析得出正确结果．8．（4分）如图，重为G的木块，放在倾角为θ的光滑斜面上，受到水平向左推力F作用而静止，斜面体固定在地面上，则木块对斜面体的压力大小为（）A．B．G cosθC．D．G cosθ+Fsinθ考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以木块为研究对象，分析受力情况，运用合成法和正交分解法，根据平衡条件求解斜面对木块的支持力大小，再由牛顿第三定律求出木块对斜面的压力大小．解答：解：A、木块受到重力G、水平推力F和斜面的支持力，如图．根据平衡条件可知，支持力与重力、推力的合力大小相等，则有支持力N=．故A正确．B、D，根据正交分解法得到，支持力N=Gcosθ+Fsinθ．故B错误，D正确．C、运用合成法得到，N=；故C正确．故选：ACD．点评：本题考查处理物体平衡问题的能力．研究物体平衡问题，通常有三种方法：1、正交分解法；2、合成法；3、分解法．9．（4分）质量为m的物体用弹簧秤悬在升降机顶棚上，在下列哪种情况下，弹簧秤的读数最小（）A．升降机匀速上升B．升降机匀加速上升，且a=gC．升降机匀减速上升，且a=g D．升降机匀加速上升，且a=g考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以小球为研究对象，分析受力情况：重力和弹簧的弹力．根据牛顿第二定律列方程表示出弹簧拉力的大小，最后进行比较．解答：解：A、当升降机匀速上升时，根据平衡条件：F=mg；B、当升降机匀加速上升时，根据牛顿第二定律：F﹣mg=ma，得：F=mg；C、当升降机匀减速上升时：F﹣mg=﹣ma得：F=mg；D、当升降机匀加速下降时，根据牛顿第二定律：mg﹣F=ma，得：F=mg；故弹簧秤示数最小的是C．故选：C．点评：本题考查了牛顿第二定律中重要应用之超重失重现象，要从本质上理解超重与失重的含义．10．（4分）如图所示，在光滑的水平面上，质量分别为m1和m2的小木块A和B之间用轻弹簧相连，在水平拉力F作用下，以加速度a做匀加速直线运动，某时刻突然撤去拉力F，此瞬时A和B的加速度为a1和a2，则（）A．a1=a2=0 B．a1≠a2，a2=0C．a1=a，a2= a D．a1=a，a2=﹣ a考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：分析A的受力，可以求出弹簧的弹力，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，分别对A、B 进行受力分析，根据牛顿第二定律即可求解．解答：解：力F作用时，对A有：F弹=m1a对B有F﹣F弹=m2a当突然撤去推力F的瞬间，弹簧弹力没有发生改变，对B受力分析有：﹣F弹=m2a2解得：A受到弹力作用，撤去F的瞬间弹簧的弹力不变，所以A的加速度不变，仍为a．选项ABC错误，D正确．故选：D点评：采用整体法求物体的共同加速度，再用隔离法求各个物体受到的力的大小，这是求多个物体受力时的一般步骤11．（4分）在t=0的时刻，从地面附近的空中某点释放一小球，它自由下落，落地后反弹，且每次反弹都能到达最初的出发点，取竖直向上为正方向．设小球与地面的碰撞时间和小球在空中所受空气阻力都忽略不计，则小球的速度v随时间t变化的关系可表示为图中的哪个（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：小球做自由落体运动，落地前做匀加速直线运动，与地面发生碰撞反弹速度与落地速度大小相等，方向相反，然后向上做匀减速直线运动，根据速度时间关系即可求解．解答：解：A、小球自由落下，若从释放时开始计时，速度v=gt，方向向下，与规定的正方向相反，所以速度是负值，与地面发生碰撞反弹速度与落地速度大小相等，方向相反即向上，速度为正，向上做匀加速直线运动直到速度为0，然后重复上面的过程．故C正确．点评：本题关键先求出需要描述物理量的一般表达式，要注意刚开始运动时速度为负，根据速度随时间的变化情况找出函数图象．12．（4分）如图所示，A，B两条直线是在A，B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别是m A和m B的物体实验得出的两个加速度a与力F的关系图线，由图分析可知（）A．m A＜m B B．m A＞m BC．两地重力加速度g A＜g B D．两地重力加速度g A=g B考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律a﹣F 图象中斜率表示，由图象可知当两个物体外力F都为0时加速度都相同，此时只受重力，说明重力加速度相等．解答：解：根据F=ma可知a﹣F 图象中斜率表示，由图可知A的斜率大于B的斜率，所以m A＜m B根据牛顿第二定律由图象可知当两个物体外力F都为0时加速度都相同两物体都只受重力作用a=g所以g A=g B故选AD．点评：本题是为a﹣F图象的应用，要明确斜率的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．二、填空题（13小题4分，14小题4分，共8分）13．（4分）在探究牛顿第二定律的实验中，若保持砂桶和砂子的总质量不变，改变小车内砝码的总质量时，利用纸带上的数据可以算出小车的速度，取其中两次实验的结果作出小车的速度图线，如下图．前后两次小车与砝码的总质量分别为M1和M2，则M1＜M2（填“＞”、“＜”、“=”）．考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：速度时间图象的斜率表示加速度，再根据牛顿第二定律分析即可．解答：解：速度时间图象的斜率表示加速度，根据图象可知，a1＞a2，保持砂桶和砂子的总质量不变，则合力不变，根据牛顿第二定律得：M=，所以M1＜M2．故答案为：＜点评：本题的关键是根据速度时间图象得出加速度的大小关系，再结合牛顿第二定律分析，难度不大，属于基础题．14．（4分）利用图所示的装置可测量滑块在斜面上运动的加速度．一斜面上安装有两个光电门，其中光电门乙固定在斜面上靠近底端处，光电门甲的位置可移动，当一带有遮光片的滑块自斜面上某一固定位置由静止滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t．并用米尺测量相应的甲、乙之间的距离s；则滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v1、测量值s和t、四个物理量之间所满足的关系式是s=v1t﹣at2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：可以把光电门甲至乙的匀加速运动看成反向的匀减速运动，写出测量值s和t四个物理量之间所满足的关系式．解答：解：已知滑块沿斜面下滑时做匀加速运动，滑块加速度的大小a、滑块经过光电门乙时的瞬时速度v1、测量值s和t四个物理量．因为时速度v1是下滑的末速度，所以我们可以看下滑的逆过程，所以满足的关系式是：s=v1t﹣at2故答案为：s=v1t﹣at2．点评：题目的难度在于：物体加速下滑时，我们研究了它的逆过程，并且要整理图象所要求的表达式．三、本题共4小题，共44分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．15．（10分）如图所示，用跟水平方向成α角的推力F推重为G的木块沿天花板向右运动，木块和天花板间的动摩擦因数为μ，求木块所受的摩擦力大小．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对物体受力分析，受推力、重力、支持力、摩擦力而做匀速运动，根据平衡条件用正交分解法列式求解．解答：解：木块受力如图．将推力F沿水平和竖直方向正交分解，由平衡条件可得竖直方向合力为零，即F N+G=Fsinα若Fsinα=G，F N=0 所以：f=0若Fsinα＞G，而滑动摩擦力f=μF N=μ（Fsinα﹣G）故木块所受摩擦力大小为0或μ（Fsinα﹣G）；答：木块所受摩擦力大小为0或μ（Fsinα﹣G）．点评：本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图，列方程即可求解．选择恰当的方法，往往可以使问题简化，常用方法有：正交分解法；相似三角形法；直角三角形法．16．（10分）如图所示，把一直杆AB自然下垂地悬挂在天花板上，放开后直杆做自由落体运动，已知直杆通过A点下方3.2m处一点C历时0.5s，求直杆的长度是多少？（不计空气阻力，g=10m/s2）．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：铁链做自由落体运动，整个铁链经过C点所用的时间等于铁链的上端到达C点的时间减去铁链下端到达C点的时间．解答：解：由自由落体运动知识有：木杆下端运动到C点所用时间为t1，则①木杆上端运动到C点所用时间为t2，则s由于木杆经过C点所用时间为△t=t2﹣t1=0.5s所以：t1=t2﹣△t=0.8﹣0.5=0.3s ②联立①②，代入数据解得：l=2.75m答：直杆的长度是2.75m．点评：本题主要考查了自由落体运动的基本规律，难度不大，属于基础题．17．（12分）一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ=30°，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）．考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度的大小，通过牛顿第二定律求出滑雪人受到的阻力大小．解答：解：根据匀变速直线运动的位移时间公式得，，代入数据解得a=4m/s2根据牛顿第二定律得，mgsin30°﹣f=ma解得f=mgsin30°﹣ma=75N．答：滑雪人受到的阻力为75N点评：本题考查牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．18．（12分）如图，质量为m的木块，以水平速度υ冲上质量为M的水平放置的木板左端．木板放在水平桌面上，并始终保持静止．已知木块与木板、木板与桌面间的动摩擦因数分别为：μ1、μ2．求木块在木板上滑行过程中，桌面所受的摩擦力．考点：牛顿第二定律；牛顿第三定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：先对m受力分析，由滑动摩擦力公式求的摩擦力大小，再对M受力分析，由共点力平衡即可求得．解答：解：对物块受力如图，F N=mg…①木块受到的摩擦力为：f=μ1F N…②由①②得：f=μ1mg对木板受力如图，木板不动：f′=f=μ1mg由牛顿第三定律知：桌面所受摩擦力大小为μ1mg方向水平向右答：木块在木板上滑行过程中，桌面所受的摩擦力为μ1mg，方向水平向右．点评：本题主要考查了受力分析与共点力平衡，抓住受力分析是关键．。

章末过关检测(三)(时间：60分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共6小题，每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确)1．下列有关力的说法中正确的是( )A．力的产生离不开施力物体，但可以没有受力物体B．力的产生离不开受力物体，但可以没有施力物体C．力是物体对物体的作用，如果找不到施力物体或受力物体，这个力就不存在D．不接触的物体间也可以产生力的作用．例如，磁铁吸引铁钉，可见力可以离开物体单独存在解析：选C.任何力都有它的施力物体和受力物体，只有施力物体而没有受力物体，或只有受力物体没有施力物体的力是不存在的，A、B错误；磁铁吸引铁钉，说明不接触的物体之间也可以产生力的作用，力不能离开物体单独存在，任何力都有它的施力物体和受力物体，C 正确，D错误．2．(2019·吉林期末联考)关于物体所受的重力，下列说法正确的是( )A．由于地球吸引产生B．重心一定在物体上C．方向一定指向地心D．大小与所处地理位置无关解析：选A.重力是由于地球的吸引而产生的，故A正确．重心的位置与物体的形状和物体质量分布两个因素有关，重心不一定在物体上，比如质量均匀的环，故B错误．重力的方向是竖直向下的，不总是指向地心，只有两极和赤道处重力指向地心，故C错误．重力的大小与所处地理位置有关，同一物体在同一地点重力是恒定不变的，所以在地球上不同的地方，所受的重力不一定相同，故D错误．3．(2019·北京人大附中期中)关于重力、弹力和摩擦力，下列说法中正确的是( ) A．任何物体的重心都在它的几何中心上B．弹簧不受力时，它的劲度系数为零C．摩擦力的大小与弹力大小成正比D．相互接触的物体间不一定有弹力解析：选D.重心不一定在物体的几何中心上，只有质量分布均匀，形状规则的物体，重心才在其几何中心上，故A错误；弹簧的劲度系数与弹簧的本身性质有关，与外力的大小没有关系，故B错误；动摩擦因数一定时，滑动摩擦力与正压力成正比，而静摩擦力不存在这个关系，故C错误；弹力的产生条件是二者之间相互接触，并且有弹性形变，二者缺一不可，所以相互接触的物体之间不一定有弹力，故D正确．4．已知一些材料间动摩擦因数如下：质量为簧秤的示数为3 N ，则两接触面的材料可能是(取g ＝10 m/s 2)( )A ．钢—钢B ．木—木C ．木—金属D ．木—冰 解析：选B.由题意可知，滑动摩擦力大小为F f ＝3 N ，正压力大小为F N ＝mg ＝10 N ，则动摩擦因数μ＝F f F N ＝310＝0.3，选项B 正确． 5．(2019·湖北沙市中学期末)用手竖直地握着你的水杯，始终保持静止，则( )A ．手握水杯的力越大，手与杯子间的摩擦力就越大B ．往杯中加水后，手与杯子间的摩擦力将增大C ．手握杯子的力大小等于手与杯子间的摩擦力D ．若手握杯子的力大小为F N ，手与杯子间的动摩擦因数为μ，则手与杯子间的摩擦力大小为μF N解析：选B.手与水杯间的摩擦力是静摩擦力，其大小与手的握力无关，A 错误；往水杯里加水后，水杯和水的总重变大，而摩擦力要与此重力平衡，手与水杯间的摩擦力将增大，B 正确；手握水杯的力跟手与水杯间的摩擦力没有直接关系，C 错误；手与水杯间的摩擦力是静摩擦力，其大小与手的握力无关，D 错误．6．(2019·山东济南一中期中)我国的高铁技术在世界处于领先地位，高铁(如图甲所示)在行驶过程中非常平稳，放在桌上的水杯几乎感觉不到晃动．图乙为高铁车厢示意图，A 、B 两物块相互接触地放在车厢里的水平桌面上，物块与桌面间的动摩擦因数相同，A 的质量比B 的质量大，车厢在平直的铁轨上向右做匀速直线运动，A 、B 相对于桌面始终保持静止，下列说法正确的是( )A ．A 受到2个力的作用B ．B 受到3个力的作用C ．A 受到桌面对它向右的摩擦力D ．B 受到A 对它向右的弹力解析：选A.车在平直的铁轨上向右做匀速直线运动，此时A 、B 均在向右做匀速运动，故A 、B 均只受重力和支持力作用，水平方向没有外力，故水平方向均不受摩擦力，同时A 、B 间也没有弹力作用，故A正确，B、C、D错误．二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分) 7．下列各图中P、Q两球之间不存在弹力的是(所有接触面都是光滑的)( )解析：选AB.A图中两球间若有弹力则小球Q将向右运动，所以P、Q间无弹力；B图中两球间若有弹力则两球将向两边运动，所以P、Q间无弹力；C图中两球间若无弹力则小球P将向下运动，所以P、Q间有弹力；D图中两球间若无弹力则小球P将向右下运动，所以P、Q间有弹力．8．(2019·绵阳期末测试)如图所示为研究木板与木块之间滑动摩擦力大小的实验装置，将一木块和木板叠放于水平桌面上，轻质弹簧测力计一端固定，另一端用细线与木块水平相连．现在用轻绳与长木板连接，用手向右水平拉轻绳，使长木板在桌面上滑动．则( )A．木块与木板之间的摩擦力是滑动摩擦力B．水平桌面必须光滑C．必须使木板在桌面上做匀速直线运动D．木板运动过程中，弹簧秤示数保持不变解析：选AD.木块与木板之间有相对滑动，可知它们之间的摩擦力是滑动摩擦力，选项A 正确；水平桌面光滑与否对木块与木板之间的摩擦力无影响，则选项B错误；本实验中，木板不论做什么运动，木块总处于平衡状态，则弹簧秤的弹力等于木块的滑动摩擦力，保持不变，选项C错误，D正确．9．如图所示，将两个完全相同的均匀长方体物块A、B叠放在一起置于水平地面上．两物块的重力均为20 N．现用弹簧秤竖直向上拉物块A，当弹簧秤示数为10 N时，下列说法中正确的是( )A．物块A对物块B的压力大小为10 NB．物块B对地面的压力大小等于20 NC．地面与物块B之间不存在静摩擦力D．物块A与物块B之间存在静摩擦力解析：选AC.以A为研究对象，竖直方向根据共点力的平衡条件可得，B对A的支持力N A ＝20 N－10 N＝10 N，根据牛顿第三定律可得物块A对物块B的压力大小为10 N，A正确；以整体为研究对象，竖直方向根据共点力的平衡条件可得地面对B的支持力为N B＝40 N－10 N ＝30 N，根据牛顿第三定律可得物块B对地面的压力大小等于30 N，B错误；整体水平方向不受外力作用，所以水平方向不存在摩擦力，C正确；以A为研究对象，水平方向不受外力作用，所以水平方向不存在摩擦力，D错误．10．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上受到水平向右的拉力F的作用而向右滑行，长木板处于静止状态．已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2.下列说法正确的是( )A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m＋M)gC．当F>μ2(m＋M)g时，木板与木块之间发生相对运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动解析：选AD.对M分析，在水平方向受到m对M的摩擦力和地面对M的摩擦力，两个力平衡，则地面对木板的摩擦力F f＝μ1mg，故A正确，B错误．无论F大小如何，m在M上滑动时对M的摩擦力大小不变，M在水平方向上仍然仅受到两个摩擦力而处于平衡，不可能运动，木块与木板发生相对滑动的条件是F>μ1mg，故C错误，D正确．三、非选择题(本题共3小题，共40分．按题目要求作答，计算题要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)11．(12分)某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．(1)将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在________方向(选填“水平”或“竖直”)．(2)弹簧自然悬挂，待弹簧________时，长度记为L0；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10 g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如下表：________．(3)如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与________的差值(选填“L0”或“L x”)．(4)由图可知弹簧的劲度系数为________ N/m ；通过图和表可知砝码盘的质量为________ g(结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8 m/s 2)．解析：(1)弹簧的轴线必须沿重力方向，所以应沿竖直方向.(2)弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L 0；比较表中不同数值，可知L 3记录不规范．由于表中测量值已经估读到0.1 mm ，所以刻度尺的最小刻度是1 mm.(3)因为m 0g ＝k (L x －L 0)，mg ＋m 0g ＝k (L n －L 0)，整理得mg ＝k (L n －L x )，所以横轴应为弹簧长度与L x 的差值． (4)由mg ＝k (L n －L x )可以看出图像的斜率表示k g ，故k ＝Δmg Δx ＝4.9 N/m ，m 0＝k （L x －L 0）g＝1.0×10－2kg ＝10 g ．答案：(1)竖直 (2)静止 L 3 1 mm (3)L x(4)4.9 10 12.(14分)如图所示，物体A 、B 的质量为m A ＝m B ＝6 kg ，A 和B 、B 和水平面间的动摩擦因数都等于0.3，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，水平拉力F ＝30 N ，重力加速度g 取9.8 m/s 2.那么，B 对A 的摩擦力和水平桌面对B 的摩擦力各为多大？解析：假设A 相对于B 、B 相对于水平面均不发生滑动，则绳对A 、B 的拉力均为 T ＝F 2＝302N ＝15 N ， A 、B 间的最大静摩擦力f A 静max ＝μN A ＝μm Ag ＝0.3×6×9.8 N ＝17.64 N ＞T ，B 与水平面间的最大静摩擦力f B 静max ＝μN B ＝μ(m A ＋m B )g ＝0.3×(6＋6)×9.8 N ＝35.28 N ＞F ，可见A 、B 均相对地面静止．以A 为研究对象，对A 应用二力平衡条件，可得B 对A 的摩擦力f BA ＝T ＝15 N ，A 、B 相对静止，以A 、B 整体为研究对象，应用二力平衡条件，可得水平面对B 的摩擦力f平面B＝F＝30 N.答案：15 N 30 N13．(14分)如图所示，重物A质量为m A＝5 kg，重物B质量为m B＝2 kg，A与桌面间的最大静摩擦力为f＝10 N．为使系统处于静止状态，试求拉力F的大小范围．(g取10 N/kg)解析：在水平方向上，重物A除了受到向左的拉力F、绳子施与的向右的弹力T外，还受到桌面施与的摩擦力的作用．当拉力F取最小值F min时，重物A即将向右滑动，所受摩擦力为最大静摩擦力f，且方向向左．由F min＋f＝T和T＝m B g，可得：F min＝m B g－f＝2×10 N－10 N＝10 N.当拉力F取最大值F max时，重物A即将向左滑动，所受摩擦力为最大静摩擦力f，且方向向右．由F max＝T＋f和T＝m B g，可得：F max＝m B g＋f＝2×10 N＋10 N＝30 N.因而，拉力F的大小范围是10 N≤F≤30 N.答案：10 N≤F≤30 N。

2019-2020年高一第一学期期末综合演练三（物理）第一学期期末综合演练三物理试卷本试卷分第I 卷(选择题)和第II 卷（非选择题）两部分，共120分。

考试时间100分钟。

注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考试号、考试科目涂写在答题卡上。

2．每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，在选涂其它答案，不能答在试卷上。

3．考试结束后，将答题卡和第Ⅱ一并交回。

第I 卷(选择题，共48分)一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。

在下列各题的四个选项中，至少有一个选项符合题目要求，全选对的得4分，选对但不全得2分，错选或不选得0分）1．用手握住瓶子，使瓶子在竖直方向静止。

如果握力加倍，则手对瓶子的摩擦力A ．加倍B ．保持不变C ．方向由向下变成向上D ．方向由向上变成向下2．关于惯性，以下说法正确的是 A ．在宇宙飞船内，由于物体失重，所以物体的惯性消失 B ．下雪时容易滑倒，是由于摩擦力小，使人的惯性变大的缘故 C ．质量相同的物体，速度较大的惯性一定大 D ．物体的惯性与它的速度及受力情况无关 3．下列说法正确的是A ．几个做匀变速直线运动的物体相比较，在t 秒内位移最大的物体加速度最大B ．沿单一方向的直线运动中，路程与位移是相同的C ．物体做变速运动时，平均速度是指物体通过的路程与所用时间的比值D ．质点是一个理想化的物理模型，实际并不存在 4．对于做匀速圆周运动的物体，以下说法中正确的是Ａ．线速度不变 Ｂ．角速度不变Ｃ．向心加速度不变 Ｄ．向心力不变5．关于作用力与反作用力，下列说法正确的是①作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，因而合力为零 ②作用力与反作用力是同一性质的力③因为地球质量大于物体质量，所以地球对物体的作用力大于物体对地球的反作用力 ④作用力与反作用力是同时产生，同时消失A ．①②B ．③④C ．②④D ．①③ 6．飞机在空中沿水平方向匀速飞行时，从飞机上掉下来一个物体，若不计空气阻力，飞行员观察到这个物体在落地前做 A ．匀速直线运动 Ｂ．平抛运动 Ｃ．自由落体运动Ｄ．斜下抛运动7.关于加速度下列说法正确的是A ．物体的速度为零，则加速度一定为零B ．物体的速度变化越大，则加速度越大C ．物体的加速度增大，则速度必增大D ．物体的加速度越大，说明物体的速度变化越快8．A B ．舰艇启航时的加速度最小 C ．舰艇启航时的速度变化最快 D ．自行车下坡与公共汽车进站的加速度大小相等9．某物体沿直线运动的(速度)v —(时间)t 图象如图所示，由图象可以看出物体A ．沿直线向一个方向运动B ．沿直线做往复运动C ．加速度不变D ．全过程做匀变速直线运动v /ms -1 t /s10．如图所示，并排放在光滑水平面上的两物体的质量分别为m 1和m 2，且m 1=2m 2。