湖北省枣阳市白水高级中学2017-2018学年高二上学期10月月考物理试题 Word版含答案

高2018级第三学期10月阶段性考试物理试题一、选择题（本题共10小题，每题4分，共40分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求）1．下列有关静电场的说法中正确的是A ．由U AB = W AB /q 知电势差的值与检验电荷q 有关B ．同一电荷在电势越高的地方具有的电势能越大C ．电容器带电荷量越多，其电容越大D ．运输汽油等易燃易爆物品的车辆总有一条铁链拖在地上，这是为了把静电引入大地，避免因放电引起爆炸2．两个分别带有电量Q 和3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间相互吸引的库仑力大小为F ．两小球相互接触后将其固定距离变为r 2，则两球间库仑力的大小为A ．112FB ．34FC ．43FD ．12F3．法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图所示为点电荷a 、b 所形成电场的电场线分布图（箭头未标出）．在M 点处放置一个电荷量大小为q 的负试探点电荷，受到的电场力大小为F ，以下说法正确的是A ．由电场线分布图可知M 点处的场强比N 点处场强小B ．M 点处的场强大小为F q ，方向与所受电场力方向相同C ．a 、b 为异种电荷，a 的电荷量小于b 的电荷量D ．如果M 点处的点电荷电量变为2q ，该处场强将变为F 2q4．如图所示，在M 、N 处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A 、B 两点，已知MA ＝AB ＝BN ．下列说法正确的是（ ）A ．A 、B 两点场强相同B ．A 、B 两点电势相等C ．将一正电荷从A 点移到B 点，电场力做负功D ．负电荷在A 点的电势能大于在B 点的电势能5．某电场的电场线分布如图所示，M 、N 、P 、Q 是以O 为圆心的一个圆周上的四点，其中MN 为圆的直径，则A ．一正电荷在O 点的电势能大于在Q 点的电势能B ．M 点的电势与Q 点的电势一样高C ．O 、M 间的电势差等于N 、O 间的电势差D ．若将一正试探电荷从N 点由静止释放，电荷将沿着电场线由N 运动到c6．如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差，现使B 板带电，则下列判断正确的是A ．增大两极之间的距离，指针张角变大B ．将金属板插入两板之间，则静电计指针张角将变大C ．若将玻璃板插入两板之间，则静电计指针张角变大D ．若将A 板拿走，则静电计指针张角变为零7．如图所示，水平面的上方有竖直向上的匀强电场，平面上静止着质量为M 的绝缘物块，一质量是m 的带正电弹性小球，以水平速度v 与物块发生碰撞，并以原速率返回，弹回后仅在电场力和重力的作用下沿着虚线运动，则A ．弹回后的运动轨迹是抛物线B ．弹回后运动过程中电势能增加C ．弹回后运动过程中球的机械能守恒D ．弹回后运动过程中机械能与电势能的总和保持不变8．如图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一小物体A 带正电，另一带正电的小物体B 沿着以A 为圆心的圆弧由P 到Q 缓慢地从物体A 的正上方经过，若此过程中物体A 始终保持静止，A 、B 两物体之间只有库仑力的作用，则A ．物体A 受到地面的支持力先减小后增大B ．物体A 受到地面的摩擦力先减小后增大C ．A 物体在B 运动轨迹上各点的产生场强相同D ．B 物体的电势能先增大后减小9．如图所示，M 、N 是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场，场强为E ，一质量为m 、电量为＋q 的微粒，以初速度v 0竖直向上从两极正中间的A 点射入匀强电场中，微粒垂直打到N 极上的C 点，已知AB ＝BC ．不计空气阻力，则可知A ．微粒在电场中的加速度恒定B ．微粒打到C 点时的速率与射入电场时的速率相等 C ．MN 板间的电势差为2mv 20qD ．MN 板间的电势差为Ev 202g10．如图所示，真空中有一匀强电场（图中未画出），电场方向与圆周在同一平面内，ΔABC 是圆的内接直角三角形，∠BAC=63.5°，O 为圆心，半径R =5cm ．位于A 处的粒子源向平面内各个方向发射初动能均为8eV 、电荷量+e 的粒子，有些粒子会经过圆周上不同的点，其中到达B 点的粒子动能为12eV ，达到C 点的粒子电势能为﹣4eV （取O 点电势为零）．忽略粒子的重力和粒子间的相互作用，sin53°=0.8．则A ．圆周上A 、B 两点的电势差为4VB ．圆周上B 、C 两点的电势差为8VC ．匀强电场的场强大小为100V/mD ．当粒子经过圆周上某一位置，在具有7eV 的电势能同时具有7eV 的动能二、填空题（本题共5小题，每小题4分，共20分）11．某平行板电容器电容为C ，两板间距为d ，当电压为U 时，电容器带电量为 ▲ ，若该电容器的电压变为12U 时，板间电场强度大小为 ▲ ．12．在场强为E 的匀强电场中放一个点电荷，并以它为圆心在平行于电场线的平面内做一个圆，过圆心的电场线和圆交于A 、B两点，A 、B 的垂直平分线交圆于C 、D ，如图所示．已知A 点的电场强度是零，则B 点的合场强大小是▲ ，C 点的合场强大小是 ▲ ．13．把电荷量为+q 的电荷从电场中M 点移到无穷远处电场力做功W 1，取无穷远处为零电势点，则M 点的电势为 ▲ ；再把该电荷从距电场无穷远处移到电场中N 点，电荷克服电场力做功W 2，则把该电荷从M 点移到N 点，电场力做功为 ▲ ．14．一个电子以速度v 0从A 点射入电场，从B 点射出，电场的等势面和电子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行等间距．则电子从A 运动到B 的过程中加速度大小的变化情况是▲ ，电子电势能的变化量ΔE p = ▲ eV ．15．如图所示，质子（11H ）和α粒子（42He ），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移之比为 ▲ ，增加的动能之比为 ▲ ．三、解答题（本题共3小题，共40分）16．（10分）如图所示，带电小球A 和B 放在倾角为30°的光滑绝缘斜面上，质量均为m ，所带电荷量分别为+q 和-q ，沿斜面向上的恒力F 作用于A 球，可使A 、B 保持间距r 不变沿斜面向上加速运动，已知重力加速度为g ，静电力常量k ，求：（1）加速度a 的大小；（5分）（2）F 的大小．（5分）17．（14分）在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有位于O 点且电荷量为Q 的点电荷产生的电场E 1，第二象限内有水平向右的匀强电场E 2，第四象限内有方向水平、大小按图乙所示规律变化的电场E 3，E 3以水平向右为正方向，变化周期T ＝4mx 30kQq ．一质量为m 、电荷量为＋q 的离子从（-x 0，x 0）点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O 点做匀速圆周运动．以离子经过x 轴时为计时起点，已知静电力常量为k ，不计离子重力．求：（1）离子刚进入第四象限时的速度；（3分）（2）E 2的大小；（3分）（3）当t ＝T 2时，离子的速度；（5分）（4）当t ＝nT 时，离子的坐标．（3分）18．（16分）如图所示，与水平方向成θ=37°角的传送带以速度v0=3m/s顺时针匀速转动，传送带两端AB的距离足够长，传送带下端A点与一水平面平滑相接，在空间中所有区域存在一与水平方向夹角θ=37°，方向与传送带平行的匀强电场，场强大小E=10N/C．有一质量为m=2kg，带电量q=+0.5C的小物块放于距A点x1=10.125m的P点静止释放．物块与水平面间的动摩擦因数μ1=2/17．物块与传送带的动摩擦因数为μ2=1/8，物块在水平面及传送带上运动时，所有接触面均绝缘，物块在运动过程中电量不变，经过A点动能不损失，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物块首次运动到A点时的速度大小．（4分）（2）物块在传送带上向上运动到最高点过程中产生的摩擦热Q；（8分）（3）物块运动到最高点位置的电势φ．（设P点电势为零）（4分）高2018级第三学期10月阶段性考试物理参考答案二、填空题（本题共5小题，每小题4分，共20分）11．CU，U/2d．12．2E，．13．W1/q，W1—W2．14．先不变，后变小，90 ．15．1∶2 ，1：4 ．三、解答题（本题共3小题，共40分）16．（10分）（1）2212kqa gmr=-（5分）；（2）F=mg+2kq2/r2（5分）17．（14分）（1）设刚进入第四象限的速度为v 0．在第一象限内，k Qq x 20＝mv 20x 0，得v 0＝kQq mx 0．（3分）（2）在第二象限内，由动能定理得qE 2x 0＝12mv 20—0，解得E 2＝kQ 2x 20．（3分） （3）离子进入第四象限后，在x 方向上，有v x ＝at ＝qE 3m ×T 2，得v x ＝kQq mx 0＝v 0，（2分）所以v 合＝v 20＋v 2水平＝2v 0＝2kQq mx 0，（2分） 方向与水平方向成45°角斜向右下．（1分）（4）离子在第四象限中运动时，y 方向上做匀速直线运动，x 方向上前半个周期向右匀加速运动，后半个周期向右匀减速运动直到速度为0；每半个周期向右前进v 水平2·T 2，每个周期前进x 0，（2分）故t ＝nT 时，x ＝x 0＋nx 0，y ＝－v 0nT ＝－2nx 0即t ＝nT 时，离子的坐标为（n ＋1）x 0，－2nx 0] （1分）18．（16分） （1）在水平面上运动，()21111cos sin 2A qE x mg qE x mv θμθ--= 到达A 点时的速率v A =4.5m/s （4分）（2）共速前，21sin cos mg mg qE ma θμθ+-= 解得a 1=4.5m/s 2运动时间0121s 3A v v t a -==，相对运动的路程为011010.25m 2A v v s t v t +∆=⋅-=（3分）共速后，继续匀加速运动，22sin cos mg mg qE ma θμθ--= 解得a 2=2.5m/s 2 运动时间0226s 5v t a ==，相对运动的路程为020220 1.8m 2v s v t t +∆=-⋅=（3分） 所以生热()212cos 4.1J Q mg s s μθ=∆+∆=（2分） （3）物块沿斜面向上运动的距离002120 3.05m 22A v v v x t t ++=+= （2分） 设最高点为C ，则()12cos 111.5V PC U E x x θ=+=（1分）所以最高点的电势φ=—111. 5V （1分）。

湖北省襄阳市枣阳白水高级中学2018年高三物理月考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 我国第一颗月球探测卫星“嫦娥一号”在西昌卫星发射中心发射成功,在卫星绕月球做匀速圆周运动的过程中,下列说法正确的是A.如果知道探测卫星的轨道半径和周期,再利用万有引力常量,就可以估算出月球的质量B.如果有两颗这样的探测卫星,只要它们的绕行速率相等,不管它们的质量、形状差别多大,它们绕行半径与周期都一定是相同的C.如果两颗探测卫星在同一轨道上一前一后沿同一方向绕行,只要后一卫星向后喷出气体,则两卫星一定会发生碰撞D.如果一绕月球飞行的宇宙飞船,宇航员从舱中缓慢地走出,并离开飞船,飞船因质量减小,所受万有引力减小,则飞船速度减小参考答案：AB2. （单选）水平传送带两传动轮之间的距离为L，传送带以恒定速率v水平向右传送，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间不可能是（）A．+ B．C． D ．参考答案：B3. （单选题）质量分别为m和2m的两个小球置于光滑水平面上，且固定在一轻质弹簧的两端，已知弹簧的原长为L，劲度系数为k，现沿弹簧轴线方向在质量为2m的小球上有一水平拉力F，使两球一起做匀加速运动，则此时两球间的距离为( )参考答案：C4. 如图所示，匀强磁场的方向竖直向下。

磁场中有光滑的水平桌面，在桌面上平放着内壁光滑、底部有带电小球的试管.试管在水平拉力F作用下向右匀速运动，带电小球能从管口处飞出.关于带电小球及其在离开试管前的运动，下列说法中正确的是A．小球带负电B．洛伦兹力对小球做正功C．小球运动的轨迹是一条抛物线D．维持试管匀速运动的拉力F应保持恒定参考答案：答案：C5. (单选)如图所示，A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图像，根据图像可以判断（）A．两球运动过程中不会相遇B．两球在t=8s时相距最远C．两球在t=2s时速率相等D．甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动，加速度大小相同方向相反参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 水槽内有一振源，振动时产生的水波通过一个空隙发生衍射现象，为了使衍射现象更明显，可采用的方法是使空隙的宽度；或者是使振源的振动频率（填“变大”或“变小”）。

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）月考物理试卷（10月份）一、选择题（10×4=40分）1．空间存在两个带等量同种正电荷量Q的小球，相距为L，如图所示．现引入一个点电荷到其产生的电场中，若引入的点电荷的带电性质、初速度的大小和方向等满足一定条件．则引入的点电荷可能做的运动是（）A．匀加速直线运动B．往复运动C．匀变速曲线运动D．匀速圆周运动2．如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，则该电源的电动势和内阻分别为（）A．3V 2ΩB．3V 0.5ΩC．6V 2Ω D．6V 0.5Ω3．如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则（）A．电场强度比较是E A＞E BB．电势比较是φA＜φBC．电势差比较是U AB＞U BCD．检验电荷沿AC方向移动电场力不做功4．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．5．如图所示，真空中O点处固定一点电荷Q，同时在O点通过绝缘细线悬挂一带电荷量为q 质量为m的小球，开始时细线与小球处在水平位置且静止，释放后小球摆到最低点时，细线的拉力为4mg，则固定电荷Q在最低点B处产生的场强大小为（）A．B． C． D．6．先后按图中（1）、（2）所示电路测同一未知电阻阻值R x，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图（1）所示电路测得电压表示数为6V，电流表示数为2mA，那么按图（2）所示电路测得的结果应有（）A．电压表示数为6V，电流表示数为2mAB．电压表示数为6V，电流表示数小于2mAC．电压表示数小于6V，电流表示数小于2mAD．电压表示数小于6V，电流表示数大于2mA7．下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比C．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；k是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小D．由公式E=k可知，在离点电荷非常靠近的地方（r→0），电场强度E可达无穷大8．一带电粒子仅在电场力的作用下做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，运动起始点O为坐标原点，其电势能E P与位移x的关系如图所示，下列四个图象中表示带电粒子的动能E k和位移x关系的是（）A．B．C．D．9．将标有“110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，要使L1、L2都能正常发光而且最省电，应选择的电路图是（）A．B． C．D．10．分别用如图所示的甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值，图甲中两表的示数分别为3V、4mA，图乙中两表的示数分别为4V、3.8mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1 kΩB．略小于750ΩC．略大小1 kΩD．略大于750Ω二、实验题11．某学习小组在描绘标有“8.0v，3.8w”的小灯泡的灯丝电阻的伏安特性图线时，实验室给出一块电压表V（量程10V，内阻约4KΩ）和两块电流表，A1（量程100mA，内阻约2Ω）和 A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω），则选择电流表测量．甲、乙两同学利用电压表和选定的电流表采用不同的连接电路测出相应的电压和电流描绘出的伏安特性图线如图①、②所示，则图线更准确．12．二极管是一种半导体元件，电路符号为，其特点是具有单向导电性．某实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究．据了解，该二极管允许通过的最大电流为50mA．（1）该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先用多用电表的欧姆档来判断它的正负极：当红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断（填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）实验探究中他们可选器材如下：A．直流电源（电动势3V，内阻不计） B．滑动变阻器（0～20Ω）C．电压表（量程15V、内阻约80kΩ） D．电压表（量程3V、内阻约50kΩ）E．电流表（量程0.6A、内阻约1Ω） F．电流表（量程50mA、内阻约50Ω）G．待测二极管 H．导线、开关为了提高测量精度，电压表应选用，电流表应选用．（填序号字母）（3）实验中测量数据如下表，请在下图坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线．0 0 0.2 1.8 3.9 8.6 14.0 21.8 33.5 50.0电流I/mA电压0 0.50 0.75 1.00 1.25 1.50 1.75 2.00 2.25 2.50U/V（4）同学们将该二极管与阻值为10Ω的定值电阻串联后接到电压恒为3V的电源两端，则二极管导通时定值电阻的功率为 W．三、计算题（12+10+10+12=44分）13．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc 和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣6J求：（1）匀强电场的场强E=？（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？（3）a、c两点的电势差U ac=？14．如图所示，电源的内电阻r=1Ω，定值电阻R=3Ω，小电动机绕组的电阻R M=0.5Ω．当开关S闭合后电路正常工作，电压表的读数U=5V，电流表的读数I=1A．求：（1）电源的电动势E；（2）电动机的输出功率P出．15．如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．16．有一带负电的小球，其带电量q=﹣2×10﹣3C．如图所示，开始时静止在场强E=200N/C 的匀强电场中的P点，靠近电场极板B有一挡板S，小球与挡板S的距离h=5cm，与A板距离H=45cm，重力作用不计．在电场力作用下小球向左运动，与挡板S相碰后电量减少到碰前的k倍，已知k=，而碰后小球的速度大小不变．（1）设匀强电场中挡板S所在位置的电势为零，则电场中P点的电势为多少？小球在P点时的电势能为多少？（电势能用E来表示）（2）小球从P点出发第一次回到最右端的过程中电场力对小球做了多少功？（3）小球经过多少次碰撞后，才能抵达A板？（取lg1.2=0.08）2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（10×4=40分）1．空间存在两个带等量同种正电荷量Q的小球，相距为L，如图所示．现引入一个点电荷到其产生的电场中，若引入的点电荷的带电性质、初速度的大小和方向等满足一定条件．则引入的点电荷可能做的运动是（）A．匀加速直线运动B．往复运动C．匀变速曲线运动D．匀速圆周运动【考点】库仑定律．【分析】匀速直线运动中，合力为零；匀变速运动中，合力恒定；匀速圆周运动中，合力指向圆心；往复运动中，合力充当回复力，指向平衡位置．【解答】解：A、根据电场的叠加原则，可知，电场强度是变化的；而电场最基本的性质就是对处于其中的电荷具有静电力；故带电粒子（不计重力）在这些静电场中的运动不可能是匀变速运动；故A错误；B、在等量同种点电荷产生的电场中，同种电荷的粒子在两个电荷连线之间某点释放后，受到的电场力提供回复力，使粒子做往复运动；故B正确；C、D、如果粒子带负电，且受到的电场力恰好提供向心力，粒子的速度与电场力垂直，则做匀速圆周运动；粒子绕点电荷运动可能是匀速圆周运动，故C错误；D正确；故选：BD．【点评】本题关键是明确匀速直线运动、匀变速运动、匀速圆周运动、往复运动中力和运动的关系．2．如图所示，直线A为某电源的U﹣I图线，则该电源的电动势和内阻分别为（）A．3V 2ΩB．3V 0.5ΩC．6V 2Ω D．6V 0.5Ω【考点】路端电压与负载的关系．【专题】恒定电流专题．【分析】据路端电压与干路电流图象的意义，纵坐标的截距为电源的电动势，斜率的绝对值为内阻．【解答】解：由电源的U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为3，则电源电动势E=3V，电源内阻等于电源U﹣I图象斜率的绝对值，由图象可知，电源内阻r===0.5Ω故选：B．【点评】本题考查了求电源电动势与内阻，知道电源U﹣I图象与截距与斜率的物理意义，即可正确解题；要掌握应用图象法处理实验数据的方法3．如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则（）A．电场强度比较是E A＞E BB．电势比较是φA＜φBC．电势差比较是U AB＞U BCD．检验电荷沿AC方向移动电场力不做功【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由电场线的疏密判断电场强度的大小．顺着电场线电势降低，根据电场线的方向判断电势的高低．在匀强电场中，电场强度与电势差的关系是U=Ed．【解答】解：A、由题意，该电场是正点电荷产生，则知该正点电荷必定在A的左侧，A点离正点电荷最近，场强最大，故E A＞E B．故A正确．B、顺着电场线电势必定降低，所以有：φA＞φB＞φC．故B错误．C、由于AB间的电场线比BC间的电场线密，则AB间的电场强度比BC间的电场强度，根据公式U=Ed分析可知U AB＞U BC．故C正确．D、检验电荷沿AC方向移动电场力方向与位移方向相同或相反，电场力一定做功，故D错误．故选：AC．【点评】本题考查对电场线物理意义的掌握与应用能力．要注意公式U=Ed的适用条件是匀强电场，可用来定性分析非匀强电场中场强与电势差的关系．4．如图所示是一欧姆表（多用电表欧姆挡）的结构示意图，虚线框内有欧姆表的内部电路，红、黑表笔分别插入正、负插孔，虚线框内的欧姆表的内部电路图正确的是（）A．B．C．D．【考点】多用电表的原理及其使用．【专题】恒定电流专题．【分析】红表笔插在正极孔中，与内部电源的负极相连，黑表笔与电源的正极相连．【解答】解：由于要保证电流在表头中由红进黑出，故红表笔应接电源的负极，黑表笔接电源的正极；并且在测量电阻时要进行欧姆调零；故应串接滑动变阻器；故选：A．【点评】本题考查了欧姆表的内部结构，要记住电流从红表笔进，从黑表笔出．5．如图所示，真空中O点处固定一点电荷Q，同时在O点通过绝缘细线悬挂一带电荷量为q 质量为m的小球，开始时细线与小球处在水平位置且静止，释放后小球摆到最低点时，细线的拉力为4mg，则固定电荷Q在最低点B处产生的场强大小为（）A．B． C． D．【考点】电场强度；力的概念及其矢量性；牛顿第二定律；向心力；动能定理的应用．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用；电场力与电势的性质专题．【分析】小球从A到B过程，受重力、拉力和静电力，由于拉力和静电力与速度垂直，不做功，故只有重力做功，运用动能定理求解出B点速度；在B点，重力、拉力和静电力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析求解出静电力的大小和方向，最后根据电场强度的定义得到B点的电场强度的大小．【解答】解：小球从A到B过程，受重力、拉力和静电力，只有重力做功，运用动能定理得到解得v=①在最低点，重力、拉力和静电力的合力提供向心力，假设静电力向下，根据牛顿第二定律，有②解得F=mg故B滴点的场强为：E=故选A．【点评】本题关键是对小球从A到B过程运用动能定理列式求出最低点速度，然后对最低点位置运用牛顿第二定律和向心力公式求解静电力，最后根据场强定义得到电场强度．6．先后按图中（1）、（2）所示电路测同一未知电阻阻值R x，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图（1）所示电路测得电压表示数为6V，电流表示数为2mA，那么按图（2）所示电路测得的结果应有（）A．电压表示数为6V，电流表示数为2mAB．电压表示数为6V，电流表示数小于2mAC．电压表示数小于6V，电流表示数小于2mAD．电压表示数小于6V，电流表示数大于2mA【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在测量电阻的实验中，电流表与电压表有一定的电阻，接入电路后改变了电路原来的结构，电流表有分压作用，电压表有分流作用．图（1）电路中电流表与待测电阻R x串联后电电压表并联，图（2）电路中电压表与R x并联后与电流表串联．根据欧姆定律和串并联电路的特点分析分析两电表的读数．【解答】解：图（1）所示电路中，电压表示数为6V，电流表示数为2mA，说明U=6V．在图（2）所示电路中，U=6V，电压表与R x并联后与电流表串联，由于电流表的分压，电压表与R x并联部分电压小于U，即电压表示数小于6V．又由于电压表与R x并联的电阻小于R x，外电路总电阻小于电流表与待测电阻R x串联的总电阻，则干路中电流大于图（1）中电流表的读数，即大于2mA．故选D【点评】本题是实验题，电表对电路的影响不能忽略，可把电压表看成能测量电压的电阻，电流表看成能测量电流的电阻．7．下列关于电场强度的说法中，正确的是（）A．公式E=只适用于真空中点电荷产生的电场B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比C．在公式F=k中，k是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；k是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小D．由公式E=k可知，在离点电荷非常靠近的地方（r→0），电场强度E可达无穷大【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度的定义式适用于一切电场，电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关．真空中点电荷Q产生的电场强度计算公式是：E=k，当r→0时，电荷已不能看成点电荷，此公式不再成立．库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．【解答】解：A、电场强度的定义式适用于一切电场．故A错误．B、电场强度E表示电场本身的强度和方向，与试探电荷无关，不能说E与试探电荷在电场中该点所受的电场力成正比．故B错误．C、库仑定律公式公式中，是点电荷Q2产生的电场在点电荷Q1处的场强大小；是点电荷Q1产生的电场在点电荷Q2处的场强大小．故C正确．D、当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式E=k不再成立．故D错误．故选C【点评】本题考查对电场强度两公式的理解能力，首先要理解公式中各个量的含义，其次要理解公式的适用条件．8．一带电粒子仅在电场力的作用下做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，运动起始点O为坐标原点，其电势能E P与位移x的关系如图所示，下列四个图象中表示带电粒子的动能E k和位移x关系的是（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【分析】一带电粒子仅在电场力的作用，电势能与动能之和保持不变，根据能量守恒分析得出．【解答】解：一带电粒子仅在电场力的作用，根据能量守恒知电势能与动能之和保持不变，由E P﹣x图象知电势能E P随x的增大而减小，则动能随x的增大而增大．根据||=F，知电场力逐渐减小，||=F，则E k﹣x图象的斜率逐渐减小，故A正确．故选：A．【点评】本题运用定性判断和定量分析相结合的方法分析，要明确||=||=F，分析图象斜率的变化．9．将标有“110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，要使L1、L2都能正常发光而且最省电，应选择的电路图是（）A．B． C．D．【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】两灯泡均要正常发光，则两灯泡的电压都要为110V，求出两灯泡正常发光时，整个电路的消耗的功率，比较哪个电路消耗功率最小．【解答】解：AD、根据R=知，R1＞R2，在A电路中，L1和L2串联，电流相等，则电压不等，有一个灯泡分担的电压会大于110V，会烧坏．故A电路不能满足正常发光． L2与R的并联电阻一定小于L1，则L1分担的电压一定大于110V，会被烧坏．故AD错误．BC、当L1和L2并联部分消耗的电压为110V时，两灯泡能正常发光，整个电路消耗的功率P=2×（P1+P2）=280W．当R1与电阻R的并联电阻等于L2电阻时，灯泡就能正常发光，整个电路消耗的功率P=2×100W=200W．所以C电路消耗的功率最小．故C正确，B错误．故选：C．【点评】解决本题的关键要抓住两个条件，一要正常发光，二要消耗的功率最小．所以该题用排除法解决比较好．10．分别用如图所示的甲、乙两种电路测量同一未知电阻的阻值，图甲中两表的示数分别为3V、4mA，图乙中两表的示数分别为4V、3.8mA，则待测电阻R x的真实值为（）A．略小于1 kΩB．略小于750ΩC．略大小1 kΩD．略大于750Ω【考点】伏安法测电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】明确两种电路的接法；根据两电表的变化规律可明确实验中的误差分析；从而选择正确的接法得出误差最小的结果【解答】解：电压表变化为1V，而电流变化为0.2mA；则说明电压有示数变化大，则说明电流表的分压效果较大；故应采用电流表外接法；采用甲电路：电流表示数含电压表的分流，故电流比真实值大．则测量值R测===750Ω＜=R真即真实值略大于750Ω；故选：D【点评】本题考查伏安法测电阻的原理，要注意明确电表不是理想电表，故应注意它们内阻对实验结果的影响；同时能选择正确接法二、实验题11．某学习小组在描绘标有“8.0v，3.8w”的小灯泡的灯丝电阻的伏安特性图线时，实验室给出一块电压表V（量程10V，内阻约4KΩ）和两块电流表，A1（量程100mA，内阻约2Ω）和 A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω），则选择电流表A2测量．甲、乙两同学利用电压表和选定的电流表采用不同的连接电路测出相应的电压和电流描绘出的伏安特性图线如图①、②所示，则图线②更准确．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】根据灯泡额定电流选择电流表，根据灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后分析答题．【解答】解：灯泡正常发光时时的电流：I===0.475A=475mA，电流表应选 A2；灯泡正常发光时的电阻约为：R==≈16.84Ω，电流表内阻约为0.3Ω，电压表内阻约为4kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，电流表采用外接法，由于电压表的分流，电流表测量值偏大，图②所示图象准确．故答案为：A2，②．【点评】本题考查了实验器材的选择、图象的选择，掌握实验器材的选择原则、根据题意确定电流表的解法即可准确解题．12．二极管是一种半导体元件，电路符号为，其特点是具有单向导电性．某实验小组要对一只二极管正向接入电路时的伏安特性曲线进行测绘探究．据了解，该二极管允许通过的最大电流为50mA．（1）该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先用多用电表的欧姆档来判断它的正负极：当红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，发现指针有很大偏转，由此可判断左（填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）实验探究中他们可选器材如下：A．直流电源（电动势3V，内阻不计） B．滑动变阻器（0～20Ω）C．电压表（量程15V、内阻约80kΩ） D．电压表（量程3V、内阻约50kΩ）E．电流表（量程0.6A、内阻约1Ω） F．电流表（量程50mA、内阻约50Ω）G．待测二极管 H．导线、开关为了提高测量精度，电压表应选用 D ，电流表应选用 F ．（填序号字母）（3）实验中测量数据如下表，请在下图坐标纸上画出该二极管的伏安特性曲线．0 0 0.2 1.8 3.9 8.6 14.0 21.8 33.5 50.0电流I/mA0 0.50 0.75 1.00 1.25 1.50 1.75 2.00 2.25 2.50电压U/V（4）同学们将该二极管与阻值为10Ω的定值电阻串联后接到电压恒为3V的电源两端，则二极管导通时定值电阻的功率为0.025 W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】（1）二极管正向电阻很小，反向电阻很大，黑表笔与欧姆表内部电池的正极相连，红表笔与负极相连，根据欧姆表示数大小关系判断正负极；（2）根据给定的电源的电压可以选择电压表；根据表中给出的数据可以选择电流表；（3）在坐标轴中选择合适的坐标，采用描点法作图，注意用平滑的曲线将各点相连；（4）将10Ω的定值电阻视为电源内阻，则画出电源的伏安特性曲线，两图象的交点为二极管的工作点，则由图可得出电流和电压，从而求出功率．【解答】解：（1）黑表笔与欧姆表内部电池的正极相连，红表笔与负极相连，当将红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，发现指针的偏角比很小，说明二极管电阻很大，即与黑表笔相接的是二极管的负极，换表笔再次测量时，发现指针的偏角很大，说明二极管正向导通，即与黑表笔相连的应是正极，由此判定二极管的左端是正极；（2）因电源电压为3V，为了安全和准确电压表应选择D；由表中数据可知，电流最大为50mA，则电流表应选择F；（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：（4）将10Ω定值电阻等效为电源内阻；在图中作出电源的伏安特性曲线，如右图所示：则两曲线的交点为二极管工作点，则由图象可知，二极管的工作电压约为2.5V；电流约为50mA；则定值电阻消耗的功率P=I2R=0.025W；（0.022﹣0.028均可）故答案为：（1）左；（2）D；F；（3）如图所示；（4）0.025．【点评】本题考查二极管伏安特性曲线的实验，本题中要注意万用表的欧姆档黑表笔接内部电源的正极；同时注意二极管的伏安特性曲线的性质，不能画成直线．三、计算题（12+10+10+12=44分）13．如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc 和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10﹣8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10﹣6J求：（1）匀强电场的场强E=？（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？（3）a、c两点的电势差U ac=？【考点】电势能；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）根据电场力做功公式W=qEd，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离．（2）电场力做功公式W=qEd，求解电荷从b移到c电场力做功W2．（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差U ac．【解答】解：（1）由题，由W1=qEl ab得E===600V/m（2）电荷从b移到c电场力做功为W2=qEl bc cos60°=4×10﹣8×600×0.12×0.5J=1.44×10﹣6J（3）电荷从a移到c电场力做功为W ac=W1+W2则a、c两点的电势差为==66V．答：（1）匀强电场的场强E=600V/m．（2）电荷从b移到c电场力做功W2=1.44×10﹣6J．（3）a、c两点的电势差U ac=66V．【点评】匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负．14．如图所示，电源的内电阻r=1Ω，定值电阻R=3Ω，小电动机绕组的电阻R M=0.5Ω．当开关S闭合后电路正常工作，电压表的读数U=5V，电流表的读数I=1A．求：（1）电源的电动势E；（2）电动机的输出功率P出．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）由闭合电路欧姆定律列式即可求解电源电动势；（2）根据P=U电I求出电动机的总功率，根据求出电动机消耗的功率，再根据P 出=P﹣P消即可求解电动机的输出功率；【解答】解：（1）由闭合电路欧姆定律得，E=U+I（R+r）代入数据可以解得：E=9 V（2）由UI=P出+I2R M，代入数据得P出=4.5 W答：（1）电源的电动势E为9V；（2）电动机的输出功率P出为4.5W．【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．15．如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）根据S2断开时R1消耗的功率为，求出内阻r．（2）当电键S2闭合时，根据电阻R1的电功率求出R1两端的电压和通过R1的电流，再根据E=U+Ir，求出总电流．从而求出通过电动机的电流，根据，求出电动机的输出功率．。

湖北高二高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.光滑绝缘水平面上有甲,乙,丙三点位于同一直线上，甲在左，乙在中，丙在右。

且甲乙的距离大于乙丙的距离。

A,B,C 三个带电体分别位于甲乙丙三点。

为使三个自由电荷都保持静止，它们的电量可能是（ ）A ．Q A =25×10-3c QB =—4×10-3c QC =—9×10-3cB ．Q A =36×10-3c Q B =—4×10-3c QC =9×10-3cC ．Q A =4×10-3c Q B =—5×10-3c Q C =1×10-3cD ．Q A =16×10-3c Q B =—2×10-3c Q C =24×10-3c2.如图所示的实验装置中，极板A 接地，平行板电容器的极板B 与一个灵敏的静电计相接．将A 极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q 、电容C 、两极间的电压U ，电容器两极板间的场强E 的变化情况（ ）A ．Q 变小，C 不变，U 不变，E 变小B ．Q 变小，C 变小，U 不变，E 不变C ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 不变D ．Q 不变，C 变小，U 变大，E 变小3.如图所示，在两个固定电荷+q 和-q 之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点，在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则（ ）A ．φ4>φ3>φ2>φ1B ．φ4=φ3>φ2=φ1C ．φ4<φ3<φ2<φ1D ．φ4=φ3<φ2=φ14. 如图所示，在两个电量都为+Q 的点电荷A 、B 的连线上有a 、c 两点，在连线的中垂 线上有b 、d 两点，a 、b 、c 、d 都与连线的中点O 等距。

2017-2018学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分。

第4、6、9题为多选题；其他为单选）1．请用学过的电学知识判断下列说法正确的是（）A．电工穿绝缘衣比穿金属衣安全B．制作汽油桶的材料用金属比用塑料好C．小鸟停在高压输电线上会被电死D．打雷时，待在汽车里比待在木屋里要危险2．如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体B（）A．不带电B．带正电C．带负电D．不能确定答案3．对于真空中电量为Q的静止点电荷而言，当选取离点电荷无穷远处的电势为零时，离点电荷距离为r处电势为φ=（k为静电力常量）．如图所示，一质量为m、电量为q可视为点电荷的带正电小球用绝缘丝线悬挂在天花板上，在小球正下方的绝缘底座上固定一半径为R的金属球，金属球接地，两球球心间距离为d（d＞＞R）．由于静电感应，金属球上分布的感应电荷的电量为q′．则下列说法正确的是（）A．金属球上的感应电荷电量q′=﹣qB．金属球上的感应电荷电量q′=﹣qC．绝缘丝线中对小球的拉力大小为mg+D．绝缘丝线中对小球的拉力大小mg﹣4．如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个边长为1m的正六边形的六个顶点，A、B、C三点电势分别为10V、20V、30V，则下列说法正确的是（）A．B、F一定处在同一等势面上B．匀强电场的场强大小为10V/mC．正点电荷从E点移到F点，则电场力做负功D．电子从F点移到D点，电荷的电势能减少20eV5．图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定（）A．带电粒子带负电B．带电粒子动能减少C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．M点电场强度小于N点的电场强6．如图所示，A、B、C是平行纸面的匀强电场中的三点，它们之间的距离均为L，电量为q=﹣1.0×10﹣5 C的负电荷由A移动到C电场力做功W1=4.0×10﹣5J，该电荷由C移动到B 电场力做功W2=﹣2.0×10﹣5J，若B点电势为零，以下说法正确的是（）A．A点电势为2VB．A点电势为﹣2VC．匀强电场的方向为由C指向AD．匀强电场的方向为垂直于AC指向B7．如图所示，在M、N处固定着两个等量异种点电荷，在它们的连线上有A、B两点，已知MA=AB=BN，下列说法正确的是（）A．A、B两点电势相等B．A、B两点场强相同C．将一正电荷从A点移到B点，电场力做负功D．负电荷在A点的电势能大于在B点的电势能8．如图，在正六边形的a、c两个顶点上各放一带正电的点电荷，电量的大小都是q1，在b、d两个顶点上，各放一带负电的点电荷，电量的大小都是q2，q1＞q2．已知六边形中心O点处的场强可用图中的四条有向线段中的一条来表示，它是哪一条（）A．E1B．E2C．E3D．E49．一个固定的光滑斜面，倾角为θ，其空间存在水平向右的匀强电场，如图所示，一个质量为m的带电滑块沿光滑斜面匀速下滑，下列说法正确的是（）A．物块一定带正电B．物块受到的电场力大小是mgtanθC．物块受到的支持力是mgcosθD．物块向下运动过程中其电势增大，电势能减小10．质量为m1和m2的两个带电小球，被两根丝线悬挂着，当达到平衡时，两小球在同一水平线上，且两根丝线与竖直方向的夹角分别为α和β，如图所示．则（）A．=B．=C．=D．=11．如图所示，在真空中有两个等量正电荷Q，置于A、B两点，DC为A、B连线的中垂线，D为无限远处，现将一正电荷q由C点沿CD移动到D点的过程中，下述结论中正确的是（）A．q的电势能逐渐增大B．q的动能逐渐减小C．q的机械能逐渐减小D．q受到的电场力先增大后减小12．下列说法正确的是（）A．点电荷就是体积较小的带电体B．点电荷就是体积和带电荷量都很小的带电体C．根据公式F=k，当r→0时，F→∞D．点电荷是理想化的模型，实际上不存在13．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上二、计算题（共6小题，满分0分）14．如图所示，真空中光滑绝缘的水平面上的两个等量异号的点电荷，电荷量为Q，它们之间的距离为r，为使两电荷保持静止，现加一水平方向的匀强电场（静电力常量为k）（1）两电荷之间的库仑力的大小；（2）所加匀强电磁的场强E的大小和方向．15．匀强电场中场强为40N/C，在同一条电场线上有A、B两点，把质量为2×10﹣9kg、带电荷为﹣2×10﹣9的微粒从A点移到B点，静电力做1.5×10﹣7J的正功．（1）A、B两点间电势差U AB是多少？（2）A、B两点间距离是多少？（3）若微粒在A点具有与电场线同向的速度10m/s，在只有静电力作用的情况下，求经过B点时的速度．16．如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2（v2＜v1）．若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则小物体上升的最大高度h为多少？（重力加速度为g）17．如图所示，用长为L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和B置于光滑绝缘的水平面上，A球的带电量为+2q，B球的带电量为﹣3q，构成一个带电系统（它们均可视为质点，也不考虑两者间相互作用的库仑力）．现让小球A处在有界匀强电场区域内．已知虚线MP位于细杆的中垂线上，MP的左侧没有电场，右侧有匀强电场，电场强度大小为E，方向水平向右．从静止释放带电系统，（忽略带电系统运动过程中所产生的磁场影响）．求：（1）带电系统运动的最大速度为多少？（2）带电系统运动过程中，B球电势能增加的最大值多少？（3）若小球B带电量为q′，其它物理量不变，带电系统仍由图示位置静止释放，经时间t 小球B进入电场，又经时间2t小球B第一次回到初始位置，则小球B的带电量q′为多少？18．如图所示，带电荷量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底部的C点，斜面上有A、B两点，且A、B和C在同一直线上，A和C相距为L，B为AC中点．现将一带电小球从A点由静止释放，当带电小球运动到B点时速度正好又为零，已知带电小球在A点处的加速度大小为，静电力常量为k，求：（1）小球运动到B点时的加速度大小．（2）B和A两点间的电势差（用Q和L表示）．19．在如图所示的竖直平面内，物体A和带正电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，分别静止于倾角θ=37°的光滑斜面上的M点和粗糙绝缘水平面上，轻绳与对应平面平行．劲度系数K=5N/m的轻弹簧一端固定在0点，一端用另一轻绳穿过固定的光滑小环D与A相连，弹簧处于原长，轻绳恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面处于场强E=5×104N/C、方向水平向右的匀强电场中．已知A、B的质量分别为m A=0.1kg和m B=0.2kg，B所带电荷量q=+4×l0﹣6C．设两物体均视为质点，不计滑轮质量和摩擦，绳不可伸长，弹簧始终在弹性限度内，B电量不变．取g=lOm/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求B所受静摩擦力的大小；（2）现对A施加沿斜面向下的拉力F使A以加速度a=0.6m/s2开始做匀加速直线运动．A 从M到N的过程中，B的电势能增加了△E p=0.06J．已知DN沿竖直方向，B与水平面间的动摩擦因数μ=0.4．求A到达N点时拉力F的瞬时功率．2016-2017学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（共13小题，每小题3分，满分39分。

2017届高二年级10月考试物理试题（）一、选择题（每4分，共64 分，1—14为单项选择，15，,16为多项选择题）一、以下说法中不正确的选项是( )A.静电场中场强为零处，电势不必然为零B.电动势的单位是伏特，电动势确实是闭合回路中的总电压C.平行板电容器充电后与电源断开，仅增大或减小极板间距，板间电场强度不改变D.把一根金属丝均匀拉长为原先的两倍，电阻会变成原先的4倍，但其电阻率可不能因此改变二、以下说法中，正确的选项是：（）A．由E=F/q可知电场中某点的电场强度E与q成反比B．由公式φ=E p/q可知电场中某点的电势φ与q成反比C ．由可知，匀强电场中的任意两点、间的距离越大，那么两点间的电势差也必然越大D．公式C=Q/U ，其中电容器的电容与电容器两极板间电势差无关3、A、B是电场中的同一条直线形电场线上的两点．假设将一个带负电的点电荷从A点由静止释放，它在沿电场线从A向B运动进程中的速度图象如下图．比较A、B两点的电势U和场强E，以下说法中正确的选项是A．U A>U B，E A> E B B．U A>U B，E A< E BC．U A<U B，E A< E B D．U A<U B，E A> E B4、一个物体以初速v0水平抛出，落地时速度为v，那么运动时刻为（）A ．B ．C ．D ．五、如下图，滑腻绝缘斜面的底端固定着一个带正电的小物块P，将另一个带电小物块Q在斜面的某位置由静止释放，它将沿斜面向上运动。

设斜面足够长，那么在Q向上运动进程中( )A. 物块Q的动能一直增大B. 物块Q的电势能一直增大C. 物块P、Q的重力势能和电势能之和一直增大D. 物块Q的机械能一直增大六、如下图，一半径为R的均匀带正电圆环水平放置，环心为O点，质量为m的带正电的小球从O点正上方h高的A点静止释放，并穿过带电环，关于小球从A到A关于O的对称点A′进程加速度(a)、重力势能(E pv)、机械能(E)、电势能(E p电)随位置转变的图象必然错误的选项是(取O点为坐标原点且重力势能为零，向下为正方向，无穷远电势为零)( ) 7、如图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点，在这一运动进程中克服重力做的功为，电场力做的功为，那么以下说法正确的选项是：( )A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少C．粒子在A点的动能比在B点少D．粒子在A点的机械能比在B点少八、当电阻两头加上某一稳固电压时，通过该电阻的电荷量为 C，消耗的电能为 J，为在相同时刻内使 C的电荷量通过该电阻，在其两头需加的电压和消耗的电能别离是( )A．3 V J B．3 V J C．6 V J D．6 V J九、一个电流表的满偏电流Ig＝1mA，内阻Rg＝500Ω，要把它改装成一个量程为10V电压表，那么应在电流表上（）A．串联一个10KΩ的电阻B．串联一个Ω的电阻C．并联一个10KΩ的电阻 D．并联一个Ω的电阻10、如下图，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，那么以下说法正确的选项是( )A R1：R2 =1：3B R1：R2 =3：1C 将R1与R2串联后接于电源上，那么电流比I1：I2=1：3D 将R1与R2并联后接于电源上，那么电流比I1：I2=1：31一、在边长为a、厚度为h的导体中，通过图示方向的电流，导体的电阻为R1。

高二物理上册10月月考试卷考生注意:本试卷总分150分,其中试题总分145分,卷面分5分.卷面分5分是根据每位考生的卷面书写的整洁、清晰、规范情况来判分的.第Ⅰ卷（选择题 共40分）一、选择题 本题共10小题；每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不答的得0分．1、关于点电荷、元电荷、试探电荷，下列说法正确的是 （ ） A 、点电荷是一种理想化的物理模型B 、点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍C 、点电荷所带电荷量一定很小D 、点电荷、元电荷、试探电荷是同一种物理模型 2、下列关于电场及电场强度的说法中,正确的是 （ ）A 、电场实际上并不存在,是人们想象中的一种东西B 、电荷之间的相互作用,是通过电场来发生的C 、电场强度是描述电场的力的性质的物理量,它与试探电荷所受电场力有关D 、电场强度的方向就是电荷在电场中所受电场力的方向 3、下列关于电场线说法中,正确的是 （ ） A 、电场线是闭合曲线B 、电场线只能用来描述电场的方向,不能用来描述电场的强弱C 、电场线不可能相交D 、有电场则有电场线的客观存在 4、A 、B 两个点电荷在真空中所产生电场的电场线（方向未标出） 如图1所示。

图中C 点为两点电荷连线的中点，MN 为两点电荷连线的中垂线，D 为中垂线上的一点，电场线的分布关于MN 左右对称。

则下列说法中正确的是 （ ） A 、这两点电荷一定是等量异种电荷 B 、这两点电荷一定等量同种电荷 C 、D 、C 两点的电势一定相等 D 、C 点的电场强度比D 点的电场强度大5、在真空中有两个完全相同的金属的小球甲和乙，给甲球带上大小为q 1的正电荷，乙球带上大小q 2的负电荷，把两球放在距离为r 的两点，r 远大于球半径，两球间的库仑力大小为F 。

现使两球接触，然后分开放回原处，两球间的库仑力大小变为F/8，则两球原来带电量大小的关系可能是 （ ）A 、q 1=2q 2B 、q 2=2q 1C 、q 1=4q 2D 、q 2=8q 1 6、下列静电学公式中，F 、q 、E 、U 、r 和d 分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离①221r q q kF = ②E =kq /r 2③qFE =④Ed U = 则（ ）图 1A 、它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B 、①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C 、①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D 、①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立7、下列说法中正确的是（ ）A 、 在场强较小处，电荷在该处的电势能也较小；B 、 电荷在场强为零处的电势能也为零；C 、 在场强相等的各点，电荷的电势能必相等；D 、 在选定为零电势的位置处，任何电荷的电势能必为零.8、如图2是静电除尘的原理示意图，A 为金属管，B 为金属丝，在A ，B 之间加上高电压，使B 附近的空气分子被强电场电离为电子和正离子，电子在向A 极运动过程中被烟气中的煤粉俘获，使煤粉带负电，最终被吸附到A 极上，排出的烟就比较清洁了。

2017-2018学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）开学物理试卷一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．加速度的大小和方向都不变的运动称为匀变速运动．下列运动中，属于匀变速运动的有（）A．平抛运动 B．自由落体运动 C．竖直上抛运动 D．匀速圆周运动2．竖直向上抛出一只小球，3s落回抛出点，不计空气阻力（g取10m/s2），小球的初速度是（）A．10 m/s B．15 m/s C．20 m/s D．30 m/s3．小球m用长为L的悬线固定在O点，在O点正下方处有一个光滑钉子C，如图所示，今把小球拉到悬线成水平后无初速度地释放，当悬线成竖直状态且与钉子相碰时，下列说法不正确的是（）A．小球的速度突然增大B．小球的角速度突然增大C．小球的向心加速度突然增大 D．悬线的拉力突然增大4．如图为常见的自行车传动示意图．A轮与脚蹬子相连，B轮与车轴相连，C为车轮．当人蹬车匀速运动时，以下说法正确的是（）A．A轮角速度比C轮角速度小B．A轮角速度比C轮角速度大C．B轮边缘与C轮边缘的线速度大小相等D．A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等5．下列哪些现象或做法是为了防止物体产生离心运动（）A．汽车转弯时要限定速度B．洗衣机转动给衣服脱水C．转速较高的砂轮半径不宜太大D．将砂糖熔化，在有孔的盒子中旋转制成“棉花糖”6．会使物体做曲线运动的情况是（）A．物体受到的合外力方向与速度方向相同时B．物体受到的合外力方向与速度方向成锐角时C．物体受到的合外力方向与速度方向成钝角时D．物体受到的合外力方向与速度方向相反时7．一物体从某高度以初速度v0水平抛出，落地时速度大小为v t，则它运动时间为（）A． B．C． D．8．做斜抛运动的物体（）A．竖直分速度不变B．加速度不变C．在相同的高度处有相同的速度D．经过最高点时，瞬时速度为零9．质点沿轨道从A到B做曲线运动，速率逐渐减小，图中哪一个可能是质点C处的加速度（）A．B．C．D．10．从距地面高为h处水平抛出质量为M的小球，小球落地点与抛出点的水平距离刚好等于h．不计空气阻力，抛出小球的速度大小为（）A．B． C．D．11．关于向心加速度的物理意义，下列说法正确的是（）A．它是描述线速度方向变化的快慢B．它是描述线速度大小变化的快慢C．它是描述向心力变化的快慢D．它是描述角速度变化的快慢12．做匀速圆周运动的物体，不随时间改变的物理量是（）A．线速度B．角速度C．加速度D．向心力二、实验题13．某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时，将小球做平抛运动，用频闪照相机对准方格背景照相，拍摄到了如图所示的照片，已知每个小方格边长9.8cm，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，计算结果保留3位有效数字．（1）若以拍摄的第一点为坐标原点，水平向右和竖直向下为正方向，则没有被拍摄到的小球位置坐标为（cm，cm）．（2）小球平抛的初速度大小为m/s．14．在用落体法“验证机械能守恒定律”实验时，某同学按照正确的步骤操作，并选得一条如图所示的纸带．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点，该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图2中（单位cm），重锤质量为0.5kg，重力加速度g=9.80m/s2．（1）根据图中的数据，可知重物由O点运动到B点，重力势能减少量△E p=J，动能的增加量△E k=J．（计算结果保留3位有效数字）（2）重力势能的减少量△E p往往大于动能的增加量△E k，这是因为．（3）他进一步分析，发现本实验存在较大误差，为此设计出用如图3所示的实验装置来验证机械能守恒定律．通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中经过光电门B 时，通过与之相连的毫秒计时器（图中未画出）记录挡光时间t，用毫米刻度尺测出AB之间的距离h，用精密仪器测得小铁球的直径D．重力加速度为g．实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束．题中所给的d、t、h、g应满足关系式，方可验证机械能守恒定律．（4）比较两个方案，改进后的方案相比原方案的优点是：．三、计算题15．如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l，水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．已知R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其它部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块第一次经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；（2）物块仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．16．如图所示，AB是一段粗糙的倾斜轨道，在B点与一段半径R=0.5m的光滑圆弧轨道相切并平滑连接．CD是圆轨道的竖直直径，OB与OC成θ=53°角．将一质量为m=1kg的小滑块从倾斜轨道上距B点s处由静止释放，小滑块与斜轨AB间的动摩擦因素μ=0.5．Sin53°=0.8 cos53°=0.6g=10m/s2．（1）若s=2m，求小物块第一次经过C点时对轨道的压力；（2）若物块能沿轨道到达D点，求s的最小值．17．一轻质弹簧，两端连接两滑块A和B，已知m A=0.99kg，m B=3kg，放在光滑水平桌面上，开始时弹簧处于原长．现滑块A被水平飞来的质量为m C=10g，速度为400m/s的子弹击中，且没有穿出，如图所示，试求：（1）子弹击中A的瞬间A和B的速度；（2）以后运动过程中弹簧的最大弹性势能；（3）B可获得的最大速率．18．如图所示，在水平地面上有一辆质量为m=2kg的玩具汽车沿Ox轴运动，已知其电动机的输出功率恒定，它通过A点时速度为v A=2m/s，再经过t1=2s，它通过B点时电动机损坏失去动力，在阻力作用下又经过t2=10s最终停在C点．已知A、B两点相距s1=9m，B、C两点相距s2=25m．整个过程阻力保持恒定．求：（1）玩具汽车在BC段运动时加速度a的大小和在B点时的速度v B的大小；（2）玩具汽车的输出功率P；（3）玩具汽车通过A点时的加速度a A的大小．2017-2018学年湖北省襄阳市枣阳市白水高中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题12小题，每小题4分，共48分）1．加速度的大小和方向都不变的运动称为匀变速运动．下列运动中，属于匀变速运动的有（）A．平抛运动 B．自由落体运动 C．竖直上抛运动 D．匀速圆周运动【考点】匀速圆周运动；平抛运动．【分析】匀变速运动的加速度保持不变，有匀变速直线运动和匀变速曲线运动之分．【解答】解：A、平抛运动的加速度大小和方向不变，为g，是匀变速直线运动，故A正确；B、自由落体运动的加速度是重力加速度．所以加速度保持不变，属于匀变速运动，故B正确；C、竖直上抛运动的加速度大小和方向不变，为g，是匀变速运动，故C正确；D、匀速圆周运动的线速度的大小保持不变，向心加速度的大小保持不变，但方向始终指向圆心，故匀速圆周运动的加速度方向时刻改变，故匀速圆周运动不属于匀变速运动，故D 错误；故选：ABC．2．竖直向上抛出一只小球，3s落回抛出点，不计空气阻力（g取10m/s2），小球的初速度是（）A．10 m/s B．15 m/s C．20 m/s D．30 m/s【考点】竖直上抛运动．【分析】竖直上抛运动可分为上升和下落两个过程，由于两个过程中物体的加速度相等，位移相等，故用时相等，由时间与初速度的关系求解．【解答】解：设小球的初速度是v0．小球竖直上抛运动的总时间为t，则有：t=可得：v0===15（m/s）故选：B3．小球m用长为L的悬线固定在O点，在O点正下方处有一个光滑钉子C，如图所示，今把小球拉到悬线成水平后无初速度地释放，当悬线成竖直状态且与钉子相碰时，下列说法不正确的是（）A．小球的速度突然增大B．小球的角速度突然增大C．小球的向心加速度突然增大 D．悬线的拉力突然增大【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】小球碰到钉子后仍做圆周运动，线速度不变，由v=ωr分析角速度如何变化．由向心加速度公式a=分析向心加速度的变化．由向心力公式可得出绳子的拉力与小球转动半径的关系，再分析拉力的变化情况；【解答】解：A、在绳与钉子相碰瞬间，绳子的拉力和重力方向都与小球的速度方向垂直，不对小球做功，不改变小球的动能，则小球的线速度大小不变．故A错误．B、角速度与线速度的关系为v=ωr，得到ω=，在绳与钉子相碰瞬间，小球圆周运动的半径r减小，v不变，则角速度ω增大．故B正确．C、由向心加速度公式a n=分析得到，向心加速度增大．故C正确．D、根据牛顿第二定律得：T﹣mg=ma n，T=mg+ma n，a n增大，则绳子拉力T增大．故D正确．本题选错误的，故选：A．4．如图为常见的自行车传动示意图．A轮与脚蹬子相连，B轮与车轴相连，C为车轮．当人蹬车匀速运动时，以下说法正确的是（）A．A轮角速度比C轮角速度小B．A轮角速度比C轮角速度大C．B轮边缘与C轮边缘的线速度大小相等D．A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】同缘传动边缘点线速度相等；同轴传递角速度相等；然后结合v=rω公式分析．【解答】解：A、B、轮AB边缘上的点与传动链条接触，其速度大小和传动链条的速度大小一致，所以A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等，根据公式v=rω，线速度相等时，半径小的角速度大，所以A轮角速度比B轮角速度小；而B与C属于同轴转动，二者的角速度是相等的，所以A轮角速度比C轮角速度小．故A正确，B错误；C、轮B边缘与C轮边缘的点在同一个轮子上，所以B轮边缘与C轮边缘的角速度相同，而r C＞r B，据公式v=ωr可知，B轮边缘与C轮边缘的线速度大小不相等，故C错误D、轮AB边缘上的点与传动链条接触，其速度大小和传动链条的速度大小一致，所以A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等．故D正确；故选：AD5．下列哪些现象或做法是为了防止物体产生离心运动（）A．汽车转弯时要限定速度B．洗衣机转动给衣服脱水C．转速较高的砂轮半径不宜太大D．将砂糖熔化，在有孔的盒子中旋转制成“棉花糖”【考点】离心现象．【分析】做圆周运动的物体，在受到指向圆心的合外力突然消失，或者不足以提供圆周运动所需的向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动．所有远离圆心的运动都是离心运动，但不一定沿切线方向飞出．=m，所以速度越快所需的向心力就越大，汽车转弯时要限制【解答】解：A、因为F向心速度，来减小汽车所需的向心力，防止离心运动，故A正确．B、洗衣机脱水工作就是应用了水的离心运动，故B错误．C、因为F=m，所以转速很高的砂轮所需的向心力就大，转速很高的砂轮半径做得太向大，就会出现砂轮承受不了巨大的力而断裂，出现离心运动．所以砂轮要做的小一些．故C 正确．D、将砂糖熔化，在有孔的盒子中旋转制成“棉花糖”工作的原理就是应用了离心运动．不是为了防止物体产生离心运动．故D错误．故选：AC．6．会使物体做曲线运动的情况是（）A．物体受到的合外力方向与速度方向相同时B．物体受到的合外力方向与速度方向成锐角时C．物体受到的合外力方向与速度方向成钝角时D．物体受到的合外力方向与速度方向相反时【考点】曲线运动．【分析】根据物体做曲线运动的条件即可回答，速度方向是曲线上该点的切线方向．【解答】解：AD、物体受到的合外力方向与速度方向相同时，物体做加速直线运动；物体受到的合外力方向与速度方向相反时，物体做减速直线运动，故AD错误BC、物体做曲线运动的条件是合力与速度的方向不在同一条直线上，当物体受到的合外力方向与速度方向成锐角时，加速曲线运动；物体受到的合外力方向与速度方向成钝角时，物体做减速曲线运动，故BC正确；故选：BC7．一物体从某高度以初速度v0水平抛出，落地时速度大小为v t，则它运动时间为（）A． B．C． D．【考点】平抛运动．【分析】将物体落地的速度进行分解，求出竖直方向的分速度v y，再根据竖直方向是自由落体运动，求解运动时间．【解答】解：将物体落地的速度进行分解，如图，则有v y=又由小球竖直方向做自由落体运动，v y=gt得到t==．故选D8．做斜抛运动的物体（）A．竖直分速度不变B．加速度不变C．在相同的高度处有相同的速度D．经过最高点时，瞬时速度为零【考点】抛体运动．【分析】根据斜抛运动定义判断，即：斜抛运动是指物体以一定初速度沿斜上方抛出，仅在重力作用的曲线运动．【解答】解：A、B、做斜抛运动的物体在运动过程中只受重力作用，水平分速度不变，竖直方向是竖直上抛运动，所以竖直分速度先减小后增大，加速度始终为g不变，故A错误，B正确；C、在相同高度处速度大小相等，方向不同，所以在相同高度处速度不相同，故C错误；D、物体在竖直方向上做竖直上抛运动，到达最高点时，竖直方向速度为零，但是水平方向上的速度不为零，故最高点瞬时速度不为0，故D错误；故选：B9．质点沿轨道从A到B做曲线运动，速率逐渐减小，图中哪一个可能是质点C处的加速度（）A．B．C．D．【考点】物体做曲线运动的条件．【分析】当物体速度方向与加速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，加速度指向曲线凹的一侧；当加速度与速度方向夹角小于90度时物体做加速运动；当加速度的方向与速度方向大于90度时物体做减速运动；分析图示情景然后答题．【解答】解：A、D、曲线运动的条件是加速度（合力）方向指向曲线的内侧，故AD错误；B、加速度方向与速度方向的夹角小于90度，是加速运动，故B错误；C、加速度方向与速度方向的夹角大于90度，是减速运动，故C正确；故选：C．10．从距地面高为h处水平抛出质量为M的小球，小球落地点与抛出点的水平距离刚好等于h．不计空气阻力，抛出小球的速度大小为（）A．B． C．D．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移和时间求出抛出小球时的速度．【解答】解：根据h=得：t=．则抛出小球的速度大小为：v==．故选：A．11．关于向心加速度的物理意义，下列说法正确的是（）A．它是描述线速度方向变化的快慢B．它是描述线速度大小变化的快慢C．它是描述向心力变化的快慢D．它是描述角速度变化的快慢【考点】向心加速度．【分析】向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢，因此明确向心加速度的物理意义即可正确解答本题．【解答】解：A、圆周运动的向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢的物理量；做圆周运动物体的切向加速度改变线速度的大小，描述线速度大小变化的快慢．故A正确，BC错误，D、角速度的方向垂直圆周所在的平面，始终与向心加速度垂直，向心加速度不改变角速度的大小和方向，故D错误．故选：A．12．做匀速圆周运动的物体，不随时间改变的物理量是（）A．线速度B．角速度C．加速度D．向心力【考点】匀速圆周运动．【分析】对于物理量的理解要明确是如何定义的决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别．【解答】解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；所以保持不变的量是角速度，所以B正确．故选B．二、实验题13．某物理兴趣小组在探究平抛运动的规律实验时，将小球做平抛运动，用频闪照相机对准方格背景照相，拍摄到了如图所示的照片，已知每个小方格边长9.8cm，当地的重力加速度为g=9.8m/s2，计算结果保留3位有效数字．（1）若以拍摄的第一点为坐标原点，水平向右和竖直向下为正方向，则没有被拍摄到的小球位置坐标为（58.8cm，58.8cm）．（2）小球平抛的初速度大小为 1.96m/s．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】（1）平抛运动水平方向为匀速直线运动，故相同时间内水平方向的距离相等，竖直方向位移差为以定值；（2）由△h=gt2，求得闪光周期，由v0=求得初速度；【解答】解：（1）根据平抛运动的特点，水平方向的坐标为：3×2×9.8cm=58.8cm；竖直方向：y=（1+2+3）×9.8cm=58.8cm；故没有被拍摄到的小球位置坐标为：（58.8cm，58.8cm）；（2）由△h=gt2，得：t==0.1s由v0===1.96m/s；故答案为：（1）（58.8，58.8）（2）1.96．14．在用落体法“验证机械能守恒定律”实验时，某同学按照正确的步骤操作，并选得一条如图所示的纸带．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点，该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图2中（单位cm），重锤质量为0.5kg，重力加速度g=9.80m/s2．（1）根据图中的数据，可知重物由O点运动到B点，重力势能减少量△E p=0.610J，动能的增加量△E k=0.599J．（计算结果保留3位有效数字）（2）重力势能的减少量△E p往往大于动能的增加量△E k，这是因为克服阻力做功．（3）他进一步分析，发现本实验存在较大误差，为此设计出用如图3所示的实验装置来验证机械能守恒定律．通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中经过光电门B 时，通过与之相连的毫秒计时器（图中未画出）记录挡光时间t，用毫米刻度尺测出AB之间的距离h，用精密仪器测得小铁球的直径D．重力加速度为g．实验前应调整光电门位置使小球下落过程中球心通过光电门中的激光束．题中所给的d、t、h、g应满足关系式gh=，方可验证机械能守恒定律．（4）比较两个方案，改进后的方案相比原方案的优点是：①阻力减小；②速度测量更精确．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量．（2）根据能量守恒定律分析重力势能的减少量△E p往往大于动能的增加量△E k的原因．（3）根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小铁球通过光电门的速度，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量，抓住动能的增加量和重力势能的减小量相等得出满足的关系式．（4）该实验产生误差的主要原因是空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦力影响，结合该原因分析改进后方案的优点．【解答】解：（1）重物由O点运动到B点，重力势能减少量为：△E p=mgh=0.5×9.8×12.45×10﹣2J=0.610J，B点的速度为：m/s=1.5475m/s，则动能的增加量为：≈0.599J．（2）重力势能的减少量△E p往往大于动能的增加量△E k，这是因为克服阻力做功，使部分重力势能转化为内能．（3）小铁球通过光电门的瞬时速度为：v=，则动能的增加量为：，重力势能的减小量为△E p=mgh，若机械能守恒，需满足，即：gh=．（4）该实验产生误差的主要原因是空气阻力以及纸带与限位孔之间的摩擦力影响，因此实验进行改正之后的主要优点是：①阻力减小；②速度测量更精确；故答案为：（1）0.610，0.599，（2）克服阻力做功，（3）gh=，（4）①阻力减小；②速度测量更精确．三、计算题15．如图，在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道，水平轨道的PQ段铺设特殊材料，调节其初始长度为l，水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定，弹簧处于自然伸长状态．可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道，通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧，并被弹簧以原速率弹回．已知R=0.4m，l=2.5m，v0=6m/s，物块质量m=1kg，与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4，轨道其它部分摩擦不计．取g=10m/s2．求：（1）物块第一次经过圆轨道最高点B时对轨道的压力；（2）物块仍以v0从右侧冲上轨道，调节PQ段的长度l，当l长度是多少时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．【考点】动能定理；向心力．【分析】（1）对从初始位置到圆弧轨道的最高点过程，根据动能定理列式求解最高点的速度；在圆弧轨道的最高点，重力和弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解弹力；（2）先根据牛顿第二定律求解物体恰能经过圆弧最高点的速度，然后对运动的全程根据动能定理列式求解l的距离．【解答】解：（1）对物块，首次从A到B，由动能定理有：﹣mg•2R=mv B2﹣mv02在B点，根据牛顿第二定律有：N1+mg=m代入数据联立解得：N1=40N根据牛顿第三定律，小球对轨道的压力大小为40N，方向竖直向上．（2）对物块，从A点到第二次到达B点，由动能定理有：﹣f•2L﹣mg•2R=m﹣mv02在B点，根据牛顿第二定律有：mg=m代入数据联立解得：L=1m答：（1）物块第一次经过圆轨道最高点B时对轨道的压力为40N；（2）当长度为1m时，物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动．16．如图所示，AB是一段粗糙的倾斜轨道，在B点与一段半径R=0.5m的光滑圆弧轨道相切并平滑连接．CD是圆轨道的竖直直径，OB与OC成θ=53°角．将一质量为m=1kg的小滑块从倾斜轨道上距B点s处由静止释放，小滑块与斜轨AB间的动摩擦因素μ=0.5．Sin53°=0.8 cos53°=0.6g=10m/s2．（1）若s=2m，求小物块第一次经过C点时对轨道的压力；（2）若物块能沿轨道到达D点，求s的最小值．【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】（1）对物块从A到C过程应用动能定理求出它到C点的速度，在C点物块做圆周运动，由牛顿第二定律求出轨道的支持力，然后由牛顿第三定律求出对轨道的压力．（2）物块恰好到达D点时重力提供向心力，应用牛顿第二定律求出到达D点的速度，然后应用动能定理求出s的最小值．【解答】解：（1）从A到C过程，由动能定理得：mgssinθ﹣μmgcosθ•s+mgR（1﹣cosθ）=mv C2﹣0，在C点，由牛顿第二定律得：F﹣mg=m，代入数据解得：F=58N，由牛顿第三定律可知，物块第一次到达C时对轨道的压力：F′=F=58N，方向：竖直向下；（2）物块恰好到达D点重力提供向心力，由牛顿第二定律得：mg=m，从A到D过程，由动能定理得：mgs min sinθ+mgR（1﹣cosθ）﹣mg•2R﹣μmgcosθ•s=mv D2﹣0，代入数据解得：s min=2.1m；答：（1）若s=2m，小物块第一次经过C点时对轨道的压力大小为58N，方向竖直向下；（2）若物块能沿轨道到达D点，s的最小值为2.1m．17．一轻质弹簧，两端连接两滑块A和B，已知m A=0.99kg，m B=3kg，放在光滑水平桌面上，开始时弹簧处于原长．现滑块A被水平飞来的质量为m C=10g，速度为400m/s的子弹击中，且没有穿出，如图所示，试求：（1）子弹击中A的瞬间A和B的速度；（2）以后运动过程中弹簧的最大弹性势能；（3）B可获得的最大速率．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】（1）子弹击中A的瞬间，子弹和A组成的系统水平方向动量守恒，据此可列方程求解A的速度，此过程时间极短，B没有参与，速度仍为零．（2）以子弹、滑块A、B和弹簧组成的系统为研究对象，当三者速度相等时，系统损失动能最大则弹性势能最，根据动量守恒和功能关系可正确解答．（3）当弹簧恢复原长时B的速率最大，整个系统相互作用过程中动量守恒，根据功能关系可求出结果．【解答】解：（1）子弹击中滑块A的过程，子弹与滑块A组成的系统动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律有：m C v0=（m C+m A）v A代入数据解得：v A=4m/s因子弹与A作用时间极短，B没有参与，故：v B=0．（2）由题，A，B速度相等时弹性势能最大，对于A、B、C和弹簧组成的系统，根据动量守恒定律得：m C v0=（m C+m A+m B）v由此代入数据解得：v=1m/s根据系统的机械能守恒得弹簧的最大弹性势能为：E p=（m C+m A）v A2﹣（m C+m A+m B）v2=6 J（3）设B的最大速度为v B′，此时A的速度为v A′，由题可知当弹簧长度恢复原长时，B的速率最大，对A、B、C及弹簧系统，根据动量守恒定律得：（m C+m A）v A=（m C+m A）v A′+m B v B′子弹停留A中至弹簧恢复原长，由机械能守恒定律得：（m C+m A）v A2=（m C+m A）v A′2+m B v B′2解得：v B′=2m/s答：（1）子弹击中A的瞬间A和B的速度分别为4m/s和0．（2）以后运动过程中弹簧的最大弹性势能是6J．（3）B可获得的最大速率是2m/s．18．如图所示，在水平地面上有一辆质量为m=2kg的玩具汽车沿Ox轴运动，已知其电动机的输出功率恒定，它通过A点时速度为v A=2m/s，再经过t1=2s，它通过B点时电动机损坏失去动力，在阻力作用下又经过t2=10s最终停在C点．已知A、B两点相距s1=9m，B、C两点相距s2=25m．整个过程阻力保持恒定．求：（1）玩具汽车在BC段运动时加速度a的大小和在B点时的速度v B的大小；（2）玩具汽车的输出功率P；（3）玩具汽车通过A点时的加速度a A的大小．【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）汽车在BC段做的是减速运动，根据位移时间的关系计算加速度和速度的大小；（2）汽车在运动的过程中，功率恒定，根据动能定理急速那功率的大小；（3）功率恒定，根据功率的公式计算牵引力的大小，根据牛顿第二定律计算加速度的大小；【解答】解：（1）汽车从B运动到C做匀减速运动，有：。

嗦夺市安培阳光实验学校17－18学年度上学期高二年级第一次学段物理试卷注意：本试卷共4页，共15小题，满分100分，时间100分钟第1卷（共50分）一、选择题：本大题共10小题，共50分．1—7小题每小题只有一项符合题目要求，每小题5分；8—10小题有多个选项符合题目要求，全选对得5分，对而不全的2分，错选得0分1.由电场强度的定义式E=F/q可知，在电场中的同一点( )A、电场强度E跟F成正比，跟q成反比B、电荷在电场中某点所受的电场力大，该点的电场强度强C、无论检验电荷所带的电量如何变化，F/q始终不变D、一个不带电的小球在P点受到的电场力为零，则P点的场强一定为零2.若带正电荷的小球只受到电场力的作用，则它在任意一段时间内（）A、一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B、一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C、不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动D、不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动3.关于电势差的说法中，正确的是（）A、两点间的电势差等于电荷从其中一点移到另一点时，电场力所做的功B、两点间的电势差的大小跟放入这两点的电荷的电量成反比C、在两点间移动电荷时，电场力做功的多少跟这两点间的电势差无关D、1C电荷从电场中一点移动到另一点，如果电场力做了1J的功，这两点间的电势差就是1V4．如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a和b.下列表述正确的是A．该电场是匀强电场B．a点的电势比b点的高C．a点的电场强度比b点的大D．正电荷在a、b两点受力方向相同5.如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接．将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）A、Q变小，C不变，U不变，E变小B、Q不变，C变小，U变大，E变小C、Q变小，C变小，U不变，E不变D、Q不变，C变小，U变大，E不变6.如图所示，原来不带电的金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔；若使带负电的金属球A靠近导体的M端，可能看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开，且M端带正电B．只有N端验电箔张开，且N端带正电C．两端的验电箔都张开，且两端都带正电或负电D．两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电7．带电粒子在匀强电场中的运动轨迹如图所示，如果带电粒子只受电场力作用从a到b运动，下列说法不正确的是( )A 粒子带正电B．粒子在a和b点的加速度相同C．该粒子在a点的电势能比在b点时大D．该粒子在b点的速度比在a点时大8.下列说法中正确的是（）A．电容是描述容器器容纳电荷本领大小的物理量B．固定电容器所充电荷量跟加在两极板间的电压成正比C．电容器是储存电荷和电能的容器，只有带电时才称电容器D．电容器的电容跟极板所带电荷量成正比，跟极板间电压成反比9．如图所示，两质量均为m的小球A和B分别带有+q和-q的电量，被绝缘细线悬挂，两球间的库仑引力小于球的重力mg．现加上一个水平向右的匀强电场，待两小球再次保持静止状态时，下列结论正确的是（）A．悬线OA向右偏，OA中的张力大于2mgB．悬线OA向左偏，OA中的张力大于2mgC．悬线OA不发生偏离，OA中的张力等于2mgD．悬线AB向左偏，AB线的张力比不加电场时要大10．空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场．实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则下列说法错误的是( )A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，静电力做正功D．负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小第II卷（共50分）二、填空题：本大题共2小题，每小题8分，共16分．11.带正电1.0×10-3C的粒子，不计重力,在电场中先后经过A、B两点，飞经A 点时动能为10J，飞经B点时动能为4J，则带电粒子从A 点到B点过程中电势能增加了______，AB两点电势差为__________．12.如图所示，Q A =3×10-8C ，Q B =－3×10-8C ，A ，B 两相距6cm ，在水平方向外电场作用下，A ，B 保持静止，悬线竖直，则A ，B 连线中点场强大小 ，方向 。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14 -18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1. 如图是我国于2016年10月19日发射的神州十一号飞船。

神州十一号和天宫二号都绕地运行神州十一号跑“内圈”追赶天宫二号，经过五次变轨，螺旋线递进，步步靠近，在距地面高393km处完成了“天神之吻”，成功对接。

则A. 神州十一号需要通过加速才能向“外圈”变轨B. 神州十一号在变轨追赶天宫二号的过程中机械能守恒C. 神州十一号与天宫二号对接时绕地运行的速度为零D. 神州十一号在“内圈”绕地运行的速度小于天宫二号绕地运行的速度【答案】A2. 两根完全相同的均匀铜棒，把其中的一根均匀拉长到原来的2倍制成细棒，把另一根对折制成粗棒，再把它们串联起来，加上恒定电压U。

则A. 细棒的电阻等于粗棒的电阻B. 细棒中的电流等于粗棒中的电流的2倍C. 细棒两端的电压等于粗棒两端的电压的4倍D. 细棒消耗的电功率等于粗棒消耗的电功率的16倍【答案】D3. 如图，汽车停在缓坡上，要求驾驶员在保证汽车不后退的前提下向上启动，这就是汽车驾驶中的“坡道起步”。

驾驶员的正确操作是：变速杆挂人低速挡，徐徐踩下加速踏板，然后慢慢松开离合器，同时松开手刹，汽车慢慢启动。

下列说法正确的是A. 变速杆挂人低速挡，是为了增大汽车的输出功率B. 变速杆挂人低速挡，是为了能够提供较大的牵引力C. 徐徐踩下加速踏板，是为了让牵引力对汽车做更多的功D. 徐徐踩下加速踏板，是为了让汽车的输出功率保持为额定功率【答案】B【解析】由功率公式错误！未找到引用源。

可知，在功率一定的情况下，当速度减小时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡；故换低速档，增大牵引力，故A错误B正确；徐徐踩下加速踏板，发动机的输出功率增大，根据错误！未找到引用源。

可知，目的是为了增大牵引力，故CD错误4. 如图为甲、乙两个物体同时从同一地点出发，沿同一直线运动的速度-时间图象。