2021届广东省深圳、汕头、潮州、揭阳名校高三(上)联考物理试题(解析版)

广东省2021届高三普通高中学业质量联合测评
（11月大联考）试题
本试卷共8页，16题（含选考题）．全卷满分100分，考试时间75分钟．
注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、考号等填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置．
2．选择题的作答：选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效．
3．填空题和解答题的作答：用签字笔直接写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效．
4．选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑．答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效．
5．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交．
第Ⅰ卷
一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
1．伽利略是第一位把实验引进力学的科学家，他利用实验和数学相结合的方法确定了一些重要的物理规律．他曾设计一个无摩擦的理想实验：如图所示，在定点O悬挂一单摆，将摆球拉到偏离竖直位置一定距离的左侧A点，释放小球，小球将摆到竖直位置的右侧B点，此时A点与B点处于同一高度．若在O的正下方C点用光滑的钉子改变摆球的运动路线，小球将摆到与A、B两点同样高度的D点．下列所述的运动情景中，物体运动时所遵循的规律与该实验所验证的物理规律相一致的是（）
A．行星沿椭圆轨道绕太阳运动
B．物块由静止开始沿粗糙曲面下滑
C．跳伞运动员打开降落伞下降
D．子弹射入置于光滑水平面上的木块并留在其中。

广东省潮州市2021届新高考第三次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为238234492902U Th+He →.下列说法正确的是（ ）A ．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B ．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C ．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D ．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【答案】B【解析】【详解】A ．根据2k 2p E m =可知，衰变后钍核的动能小于α粒子的动能，故A 错误； B ．根据动量守恒定律可知，生成的钍核的动量与α粒子的动量等大反向，故B 正确；C ．铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间，而放出一个α粒子所经历的时间是一个原子核衰变的时间，故两者不等，故 C 错误；D ．由于该反应放出能量，由质能方程可知，衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故 D 错误。

2．如图所示，水平地面上有一个由四块完全相同石块所组成拱形建筑，其截面为半圆环，石块的质量均为m 。

若石块接触面之间的摩擦忽略不计，则P 、Q 两部分石块之间的弹力为（ ）A ．2mgB ．22mgC ．2mgD ．2mg 【答案】A【解析】【详解】 对石块P 受力分析如图由几何关系知：180454θ︒==︒ 根据平衡条件得，Q 对P 作用力为： 22cos 45mg N mg ==o A 正确，BCD 错误。

故选A 。

3．我国“北斗三号”全球组网卫星采用星载氢原子钟。

如图所示为氢原子的能级图，现让一束单色光照射到一群处于基态（量子数n=l ）的氢原子上，受激的氢原子能自发地发出6种不同频率的光，则照射氢原子的单色光的光子能量为（ ）A ．13.6 eVB ．3.4 eVC ．12. 09 eVD ．12.75 eV【答案】D【解析】【分析】【详解】由题意应该有 (1)62n n -=得 4n =即能发出6种频率光的一定是n=4能级，则照射氢原子的单色光的光子能量为0.85eV 13.6eV 12.75eV ---=（）故ABC 错误，D 正确。

广东省潮州市2021届新高考第一次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，A，B质量均为m，叠放在轻质弹簧上（弹簧上端与B不连接，弹簧下端固定于地面上）保持静止，现对A施加一竖直向下、大小为F（F＞2mg）的力，将弹簧再压缩一段距离（弹簧始终处于弹性限度内）而处于静止状态，若突然撤去力F，设两物体向上运动过程中A、B间的相互作用力大小为F N，则关于F N的说法正确的是（重力加速度为g）（）A．刚撤去外力F时，B．弹簧弹力等于F时，C．两物体A、B的速度最大时，F N=2mgD．弹簧恢复原长时，F N=mg【答案】B【解析】【详解】在突然撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，由平衡条件推论可知AB整体的合力向上，大小等于F，根据牛顿第二定律有：F=（m+m）a，解得：，对A受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：F N-mg=ma，联立解得：，故A错误；弹簧弹力等于F时，根据牛顿第二定律得，对整体有：F-2mg=2ma，对m有：F N-mg=ma，联立解得：，故B正确；当A、B两物体的合力为零时，速度最大，对A由平衡条件得：F N=mg，故C错误；当弹簧恢复原长时，根据牛顿第二定律得，对整体有：2mg=2ma，对m有：mg-F N=ma，联立解得：F N=0，故D错误。

所以B正确，ACD错误。

2．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有两根水平放置的平行粗糙金属导轨CD、EF，导轨上放有一金属棒MN．现从t=0时刻起，给金属棒通以图示方向的电流且电流I的大小与时间t成正比，即I=kt，其中k为常量，不考虑电流对匀强磁场的影响，金属棒与导轨始终垂直且接触良好．下列关于金属棒的加速度a、速度v随时间t变化的关系图象，可能正确的是A ．B ．C ．D ．【答案】D【解析】【详解】 AB 、由题，棒中通入的电流与时间成正比，I=kt ，棒将受到安培力作用，当安培力大于最大静摩擦力时，棒才开始运动，根据牛顿第二定律得：F-f=ma ，而F=BIL ，I=kt ，得到 BkL•t -f=ma ，可见，a 随t 的变化均匀增大。

2021年广东省揭阳市东园中学高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，在同一种均匀介质中的同一条直线上的两个振源A、B相距6m，从t0=0时刻A、B开始振动，且都只振动一个周期，振幅相等，A的振动图像为甲，B的振动图像为乙。

若A向右传播的波与B向左传播的波在t1 = 0.3s时相遇，则（）A.两列波在A、B间的传播速度均为10m/sB.两列波的波长都是4mC.在两列波相遇过程中，中点C为振动加强点D.t2=0.7s时刻，B点经过平衡位置且振动方向向上参考答案：A2. （单选）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧下端悬挂一个质量为m的重物，处于静止状态．手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，手对重物做的功为W1．然后放手使重物从静止开始下落，重物下落过程中的最大速度为v，不计空气阻力．重物从静止开始下落到速度最大的过程中，重物克服弹簧拉力做的功为W2，则（）A．W1＞B．W1=C．W2＞mv2 D．W2=﹣mv2参考答案：考点：功能关系．分析：了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，然后放手，根据动能定理求得手对重物做的功．当重物受到向上的弹簧弹力大小等于重力时，速度达到最大，然后重物会继续向下运动，当物体下落到速度为零时，弹簧伸长最大，弹性势能最大，根据动能定理求解．解答：解：A、劲度系数为k的弹簧下悬挂一个质量为m的重物，处于静止状态，弹簧的伸出量x=，手托重物使之缓慢上移，直到弹簧恢复原长，然后放手，根据动能定理得：W1﹣W G+W弹=0手对重物做的功W1=﹣W弹，即手对重物做的功小于，故AB错误．C、重物下落过程中，当重物受到向上的弹簧弹力大小等于重力时，速度达到最大，重物从静止下落到速度最大过程中根据动能定理得：W′2+W′G=mv2﹣0得弹簧所做的功为W2′=﹣mv2，故C错误，D正确．故选：D．点评：动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．一个题目可能需要选择不同的过程多次运用动能定理研究．3. （单选）伽利略曾设计如图所示的一个实验，将摆球拉至M点放开，摆球会达到同一水平高度上的N点．如果在E或F处钉子，摆球将沿不同的圆弧达到同一高度的对应点；反过来，如果让摆球从这些点下落，它同样会达到原水平高度上的M点．这个实验可以说明，物体由静止开始沿不同倾角的光滑斜面（或弧线）下滑时，其末速度的大小（）A．只与斜面的倾角有关 B．只与斜面的长度有关C．只与下滑的高度有关 D．只与物体的质量有关参考答案：：解：伽利略的理想斜面和摆球实验，斜面上的小球和摆线上的小球好像“记得”起自己的起始高度，实质是动能与势能的转化过程中，总能量不变．物体由静止开始沿不同倾角的光滑斜面（或弧线）下滑时，高度越大，初始的势能越大转化后的末动能也就越大，速度越大，故ABD错误，C正确．故C正确．4. 如图所示，一条形磁铁从静止开始穿过采用双线绕成的闭合线圈，条形磁铁在穿过线圈过程中可能做( )A．减速运动B．匀速运动C．自由落体运动D．非匀变速运动参考答案：C知识点: 楞次定律．L1解析：穿过采用双线绕法的通电线圈，相邻并行的导线中电流方向相反，根据安培定则可知，它们产生的磁场方向相反，在空中同一点磁场抵消，则对条形磁铁没有安培力作用，条形磁铁只受重力，又从静止开始下落，所以做自由落体运动．故选C5. （单选）小张和小王分别驾车沿平直公路同向行驶，在某段时间内两车的v﹣t图象如图所示，初始时，小张在小王前方x0处（）解答：解：由图读出t=6s时，小王通过的位移为：x1=小张通过的位移为：x2=两者位移之差：△x=x1﹣x2=18mA、若x0=18m=△x，两车在t=6s时刻相遇，此刻以后小张的速度大于小王的速度，同车不可能再相遇．故A正确．B、若x0＜18m=△x，说明t=6s前，小王已追上小张相遇一次，相遇时，小王的速度大于小张的速度，后来由于小王速度大，车子开到小张的前面，两车距离增大，在t=6s后，小张的速度大于小王的速度，两车距离减小，可以再次相遇，相遇后小张的速度大于小王的速度，不可能再相遇．所以两车相遇2次．故B正确．C、D若x0=36m和54m，两车速度相等时，小王还没有追上小张，则两车不可能相遇．故CD6. 如图所示，A、B两点相距0.1m，AB连线与电场线的夹角θ＝60°，匀强电场的场强E＝100V/m，则A、B间电势差UAB＝__ __V。

2021年广深珠三校高三上学期第一次联考理综物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．一物块静止在粗糙的水平桌面上．从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用．假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小．能正确描述F与a之间的关系的图像是A．B．C．D．2．如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2（F2＞0）.由此可求出A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力D．物块对斜面的正压力3．如图所示，在水平桌面的边缘，一铁块压着一纸条放上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点，若以2v速度抽出纸条，则铁块落地点为()A．仍在P点B．在P点左边C．在P点右边不远处D．在P点右边原水平位移的两倍处4．双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动．研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化．若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，则此时圆周运动的周期为（）A B C D5．一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）．小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回．若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（）A．打到下极板上B．在下极板处返回C．在距上极板处返回D．在距上极板处返回二、多选题6．将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间相隔2 s，它们运动的图像分别如直线甲乙所示．则（）A．t＝2 s时，两球的高度相差一定为40 mB．t＝4 s时，两球相对于各自的抛出点的位移相等C．两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D．甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等7．公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图所示，某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为vc时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处A．路面外侧高内侧低B．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动C ．车速虽然高于v c ，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D ．当路面结冰时，与未结冰时相比，v c 的值变小8．如图所示，一带电物体A 以一定的初速度0v 从绝缘粗糙水平面上的P 点向固定的带电物体B 运动，当A 向右运动距离s 时速度减为零，那么当物体A 运动到2s 处时，物体A 的 ( )（A 、B 相距够远，可看成点电荷）A ．动能可能等于初动能的一半B ．动能可能大于初动能的一半C ．动能可能小于初动能的一半D ．克服摩擦力做的功可能大于其动能变化量9．氧气分子在0 ℃和100 ℃温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示．下列说法正确的是________．A ．图中两条曲线下面积相等B ．图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C ．图中实线对应于氧气分子在100 ℃时的情形D ．图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目E.与0 ℃时相比，100 ℃时氧气分子速率出现在0～400 m/s 区间内的分子数占总分子数的百分比较大10．下列选项与多普勒效应有关的是( )A ．科学家用激光测量月球与地球间的距离B ．医生利用超声波探测病人血管中血液的流速C ．技术人员用超声波探测金属、陶瓷、混凝土中是否有气泡D ．交通警察向车辆发射超声波并通过测量反射波的频率确定车辆行进的速度E.科学家通过比较星球与地球上同种元素发出光的频率来计算星球远离地球的速度三、实验题11．某同学通过实验测定一个阻值约为5 Ω的电阻R x的阻值．（1）现有电源（4 V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50 Ω，额定电流2 A）、开关和导线若干，以及下列电表：A.电流表（0～3 A，内阻约0.025 Ω）B.电流表（0～0.6 A，内阻约0.125 Ω）C.电压表（0～3 V，内阻约3 kΩ）D.电压表（0～15 V，内阻约15 kΩ）在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的________（填“甲”或“乙”）（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值R x＝UI＝________ Ω（保留两位有效数字）．（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________________；若在（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是________．（选填选项前的字母）A．电流表测量值小于流经R x的电流值B．电流表测量值大于流经R x的电流值C．电压表测量值小于R x两端的电压值D．电压表测量值大于R x两端的电压值（4）在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离x的增加，被测电阻R x两端的电压U也随之增加，下列反映U－x关系的示意图中正确的是________．A．B．C．12．图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图.图中打点计时器打点的时间间隔用Δt 表示.在小车质量未知的情况下,某同学设计了一种方法用来探究“在外力一定的条件下,物体的加速度与其质量间的关系”.(1)实验步骤：①平衡小车所受的阻力:先拿下小吊盘,调整木板右端的高度,用手轻拨小车,直到打点计时器打出一系列均匀的点.②按住小车,挂上带有适当重物的小吊盘,在小车中放入砝码.③接通打点计时器电源,释放小车,获得带有点列的纸带,在纸带上标出小车中砝码质量m.④按住小车,改变小车中砝码的质量,重复步骤③.⑤在每条纸带上清晰的部分,每5个间隔标注一个计数点.测量相邻计数点的间距s1,s2……求出与不同m相对应的加速度a.⑥以砝码的质量m为横坐标,1a为纵坐标,在坐标纸上作出1ma关系图线.(2)完成下列填空：①本实验中,为了保证在改变小车中砝码的质量时,小车所受的拉力近似不变,小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是______________________________.②某纸带上三个相邻计数点的间距为s1、s2和s3．则小车加速度a=__________________（用字母s1、s3和Δt表示）③图丙为所得实验图线的示意图.设图中直线的斜率为k,在纵轴上截距为b,若牛顿定律成立,则小车受到的拉力为_______,小车的质量为_______四、解答题13．如图所示，质量为m的小球P位于距水平地面高度H处，在水平地面的上方存在一定厚度的“作用力区域”，如图中的虚线部分．当小球进入“作用力区域”后将受到竖直向上的恒定作用力F，F=2m g，F对小球的作用刚好使从静止释放的小球不与水平地面接触．H=10m，g=10 m/s2．求：(1)作用力区域的厚度h多大？(2)小球从静止释放后经多长时间第一次回到出发点？14．如图，在光滑水平长直轨道上有A、B两个绝缘体，它们之间有一根长L的轻质细线相连接，其中A的质量为m，B的质量为M＝2m，A为带有电量为+q的物体，B不带电，空间存在着方向水平向右的匀强电场，电场强度为E.开始时用外力把A与B靠在一起并保持静止，某时刻撤去外力，A开始向右运动，直到细线绷紧．当细线被绷紧时，细线存在极短时间的弹力，而后B开始运动，已知B开始运动时的速度等于线刚绷紧前瞬间A的速度的12．整个过程中，A的电荷量保持不变．求：(1)B开始运动时，A和B速度各为多少；(2)通过计算来判断细线在第二次绷紧前A、B是否发生碰撞；(3)在(2)中，若A、B发生碰撞，求碰撞前瞬间B的位移；若A、B不发生碰撞，求细线第二次绷紧前瞬间B的位移．15．如图，一上端开口、下端封闭的细长玻璃管竖直放置．玻璃管的下部封有长l l=25.0cm的空气柱，中间有一段长为l2=25.0cm的水银柱，上部空气柱的长度l3=40.0cm．已知大气压强为P0=75.0cmHg．现将一活塞（图中未画出）从玻璃管开口处缓缓往下推，使管l =20.0cm．假设活塞下推过程中没有漏气，求活塞下推的距离．下部空气柱长度变为116．如图，三棱镜的横截面为直角三角形ABC，∠A＝30°，∠B＝60°.一束平行于AC 边的光线自AB边的P点射入三棱镜，在AC边发生反射后从BC边的M点射出.若光线在P点的入射角和在M点的折射角相等，(ⅰ)求三棱镜的折射率；(ⅱ)在三棱镜的AC边是否有光线透出？写出分析过程.(不考虑多次反射)参考答案1．C【详解】根据物体受力可知：物体受到拉力、摩擦力、重力和支持力，其中重力和支持力为平衡力，物体所受合力为拉力和摩擦力的矢量和．当0m F f <<时，物块受静摩擦力，物块始终静止，物体所受合力为零，加速度为0；当m F f >时，物块受滑动摩擦力且大小不变，合力大于零，物块做加速运动．由牛顿第二定律可得m F f ma -=，又m f mg μ=，则有F ma mg μ=+，根据图像可知，综上所述，正确答案为C ．2．C【解析】根据题意，设物块受到的最大静摩擦力为f ，对物块受力分析（如图所示），若F>mg sin θ，则物体有沿斜面向上运动的趋势，f 的方向应沿斜面向下阻碍物体相对运动趋势，有1sin F mg f θ=+----①；若F<mg sin θ，则物体有沿斜面向下的运动趋势，f 的方向沿斜面向上阻碍物体相对运动趋势，有2sin F f mg θ+=----②；由最大静摩擦力等于滑动摩擦力可知cos f mg μθ=---③，由①②可求得f 的值，而物块的质量m 、斜面的倾角θ无法求出，故物块对斜面的正压力（cos N mg θ=）也无法求出．综上所述，正确答案为C ．【考点定位】静摩擦力及力的平衡3．B【解析】本题考查动量定律的概念，无论用多大速度抽出纸条，铁块受力不变，但速度越大，摩擦力做用时间越短，冲量越小，铁块获得的速度越小，B 对；4．B【详解】两恒星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，则有：2121122()m m Gm r L Tπ= 2122222()m m G m r L T π= 又12L r r =+，12M m m =+联立以上各式可得T =故当两恒星总质量变为kM ，两星间距变为nL 时，圆周运动的周期T '，B 正确，ACD 错误。

广东省揭阳市白塔中学2021年高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，相距为L的两块平行金属板从M、N接在输出电压恒为U的高压电源E2上，M、N之间的电场可视为匀强电场，K是与M板距离很近的灯丝，电源E1给K加热从而产生初速度可以忽略不计的热电子．电源E2接通后，电流表的示数稳定为I，已知电子的质量为m、电量为e．则下列说法正确的是（）A．电子达到N板瞬间的速度为B．电子从灯丝K出发达到N板所经历的时间为LC．电路稳定的某时刻，MN之间运动的热电子的总动能ILD．电路稳定的某时刻，MN之间具有的热电子数参考答案：AD【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】对电子从M到N过程根据动能定理列式求解；根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据位移时间关系公式列式求解时间；在M、N之间运动的热电子的总动能应等于t时间内电流做功的，结合功能关系求出电路稳定的某时刻，M、N之间运动的热电子的总动能；求出电子从灯丝出发达到N的时间，从而结合n=?t求出电路稳定的某时刻，MN之间具有的热电子数．【解答】解：A、对从M到N过程，根据动能定理，有：﹣U（﹣e）=mv N2﹣0，解得电子达到N 板瞬间的速度为：v N=，故A正确；B、根据牛顿第二定律，有：a==，根据运动学公式，有：L=at2，解得从灯丝K出发达到N板所经历的时间为：t=L，故B错误；C、根据功能关系，在M、N之间运动的热电子的总动能应等于t时间内电流做功的，即E k总=UIt=UI（L）=IL，故C错误；D、电路稳定的某时刻，MN之间具有的热电子数为：n=?t=?L，故D正确．故选：AD．2. （多选）劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示．置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，高频交流电频率为f，加速电压为U.若A处粒子源产生的质子质量为m、电荷量为＋q，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响．则下列说法正确的是()A．质子被加速后的最大速度不可能超过2πRfB．质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比C．质子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为∶1D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能用于α粒子(含两个质子，两个中子)加速参考答案：AC3. 牛顿在发现万有引力定律的过程中将行星的椭圆轨道假想成圆轨道，另外还应用到了其它的规律和成果．以下的规律和成果没有被用到的是（）A．牛顿第二定律B．牛顿第三定律C．开普勒的研究成果D．卡文迪许测出的引力常数参考答案：D【考点】物理学史．【分析】天体运动和地面上物体的运动遵从相同的规律，牛顿在发现万有引力定律的过程中，运用了牛顿第二、三定律，开普勒三定律．【解答】解：牛顿在发现万有引力定律的过程中将行星的椭圆轨道简化为圆轨道这就是开普勒第一定律，由牛顿第二定律可列出万有引力提供向心力．再借助于牛顿第三定律来推算物体对地球作用力与什么有关系．同时运用开普勒第三定律来导出万有引力定律．而卡文迪许通过扭秤实验得出的引力常数是在牛顿发现万有引力定律之后，所以正是由于这个，牛顿的万有引力定律没有得到广泛应用．故D正确，ABC错误；故选：D4. 如图所示，A、B、C、D、E、F为匀强电场中一个正六边形的六个顶点，A、B、C三点的电势分别为1V、2V、4V。

2020┄2０21学年广东省五校协作体高三(上)第一次联考物理试卷二、选择题:本题共8小题,每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14～18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求．全部选对的得６分,选对但不全的得3分,有选错的得０分.1.如图所示，在驾驶员路考时,有一项是定点停车，假设汽车与水平地面的动摩擦因数为μ,驾驶员在离停车标杆距离为S的位置开始刹车，则刹车时汽车的速度大小应控制为（)Ａ.μgsﻩＢ．2μgｓＣ.ﻩD．2．如图所示，小物体Ａ沿高为ｈ、倾角为θ的光滑斜面(固定在水平地面上），以初速度v0从顶端滑到底端,而质量相同的物体Ｂ,以同样大小的初速度从同等高度处竖直上抛,不计空气阻力则（）A.两物体落地时的速度相同B.两物体落地时的动能相同C.两物体落地时重力的瞬时功率相同Ｄ．两物体下落过程中重力的平均功率相同3．小敏随着十几个人一起乘电梯上五楼,走进电梯时电梯没有显示超载,但电梯刚启动时报警器却响了起来.对这一现象的解释,下列说法正确的是（)Ａ．刚启动时，物体的加速度向下，人处于超重状态B.刚启动时,人所受的重力变大了C.刚启动时，人对电梯底板的压力大于底板对人的支持力D.刚启动时，人对电梯底板的压力变大了４.1846年9月23日,德国天文学家约翰•伽勒按照法国天文学家乌阿班•勒维耶的推算，在预定的天区发现了太阳系第八颗行星﹣﹣海王星．这一天,被历史评价为“牛顿力学最辉煌的一天”．若太阳系各大行星的轨道都可近似看作圆轨道且共面同向公转,行星每隔一定时间使另一行星轨道发生偏离的现象在天文学上称为“摄动”.则下列关于这段科学的历程说法正确的是（）A．勒维耶根据海王星对天王星的摄动情况并应用牛顿力学推算出海王星的位置B.天王星被称为“笔尖下发现的行星”Ｃ.海王星对天王星的摄动周期等于天王星绕太阳的公转周期D.根据海王星公转周期和轨道半径可估算太阳的密度５．如图所示，一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球Ａ、B,用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线,α=θ＝30°β＝60°，求轻杆对Ａ球的作用力.( ）A．mgﻩB．ｍｇC．mgﻩＤ．mg6．如图,当Ｋ闭合后,一带电微粒(重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是( )Ａ．保持K闭合，使Ｐ滑动片向左滑动，微粒仍静止B．保持K闭合,使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后，使两极板靠近,则微粒将向上运动D.打开K后,使两极板靠近，则微粒仍保持静止7.如图甲所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中,物体的机械能Ｅ机随高度h的变化如图乙所示.（g=10m/ｓ２，sｉn３7°=0.60，cos3７°=０.80)．下列说法中正确的是( ）A.物体的质量为1kgB．物体可能静止在斜面顶端C.物体上升过程的加速度大小为10m/s2D.物体回到斜面底端时的动能为10J8．如图所示,矩形ABCD位于匀强电场中,且与匀强电场方向平行.已知AB=２BC，A、B、Ｄ的电势分别为6Ｖ、2V、４V.初动能为24eV、电荷量大小为4e的带电粒子从Ａ沿着ＡＣ方向射入电场,恰好经过Ｂ．不计粒子的重力,下列说法正确的是( ）A．该粒子一定带负电B．该粒子达到点B时的动能为40eＶC．改变初速度方向，该粒子可能经过CD.改变初速度方向，该粒子可能经过D三、非选择题：9.某学习小组采用如图所示的实验装置来探究加速度与力、质量的关系．在水平桌面上放有长木板,用轻绳将固定有拉力传感器的小车通过一个定滑轮与一个小桶相连，木板上A、Ｂ两处各安装一个速度传感器，分别先后记录小车通过A、B两处时的速度，用数字计时器记录小车在通过A、B两处时的时间间隔．（１）在实验中下列哪些措施有助于减小实验误差A.将木板右端适当垫高，平衡摩擦力B．调整滑轮高度，使拉小车的细绳平行木板C.使小桶(包括砂）的质量远小于车的总质量D.适当增大两个速度传感器的间距（２)下表是按正确操作测得的数据,其中Ｍ为小车（包括拉力传感器)的质量，ＶＡ﹣VＢ是两个速度传感器记录的速率差值，△t是数字计时器记录的小车在通过Ａ、B两处时的时间间隔，Ｆ是拉力传感器记录的拉力值.次数M(kｇ）V A﹣V B（m／s)△t(s)F(Ｎ)a（m/s2）10.5000.260．2０0．641.3２0.5000.４50.2５0.９2a23０.6000.6０0.400.9２１.5表格中ａ２= ．1０．用如图所示的电路可同时测量定值电阻和电压表最小量程的内电阻．图中V１、V２为两块相同规格的多量程待测电压表,R x为较大阻值的待测定值电阻,Ａ为电流表,R为滑动变阻器，E为电源，S为电键．(1)将两块电压表均调至最小量程,闭合电键S,移动滑动变阻器的滑片Ｐ至适当位置，记录下电流表A的示数I、电压表V１和V2的示数U1和U2，则电压表最小量程的内电阻R V= ,待测定值电阻的阻值Ｒx＝．(2)根据现有的实验条件提出一条减小实验误差的措施: .1１．如图所示,质量是1kg的小球用长为0.5m的细线悬挂在O点,O点距地面高度为１m，如果使小球绕OO′轴载水平面内做圆周运动，若细线最大承受拉力为12.5N.求：（1)当小球的角速度为多大时,线将断裂；(2)线断裂后,小球经过多长时间落地；(3）小球落地点与点Ｏ′的水平距离.（ｇ=10m/s2）１2．如图所示，有一个可视为质点的质量为m=１kg的小物块，从光滑平台上的A点以v ０=1.8m/ｓ的初速度水平抛出,到达Ｃ点时,恰好沿Ｃ点的切线方向进人固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，最后小物块无碰撞地滑上紧靠轨道末端D点的足够长的水平传送带.已知传送带上表面与圆弧轨道末端切线相平，传送带沿顺时针方向匀速运行的速度为v=3m/ｓ，小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.５,圆弧轨道的半径为R=2ｍ，C点和圆弧的圆心O 点连线与竖直方向的夹角θ=53°，不计空气阻力，重力加速度g=1Om/s2，ｓin5３°=０.８,coｓ53°=0.6．求:(1)小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；（２)小物块从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中产生的热量.选考题：【物理-选修3-3】（15分)13.下列说法正确的是（)A.布朗运动虽然不是液体分子的运动，但是它可以说明分子在永不停息地做无规则运动B．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数C．若一定质量的理想气体压强和体积都不变时，其内能可能增大Ｄ.若一定质量的理想气体温度不断升高时,其压强也一定不断增大E.在熔化过程中,晶体要吸收热量,但温度保持不变,内能增加1４.如图所示，“T”形活塞将绝热气缸内的气体分隔成A、Ｂ两部分,活塞左右两侧截面积分别为S1、S2,活塞至气缸两端底部的距离均为L，活塞与缸壁间无摩擦.气缸上a、b两个小孔用细管(容积不计)连通.初始时缸内气体的压强等于外界大气压强Ｐ0,温度为T０．现对缸内气体缓慢加热，发现活塞向右移动了△L的距离（活塞移动过程中不会经过小孔），求缸内气体的温度.【物理-选修3-5】(1５分）15.（201５秋•广东月考)下列说法正确的是( ）Ａ.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，改用波长较长的光照射该金属可能发生光电效应Ｂ．比结合能越大，原子核越稳定C．氡222的半衰期为3.８天,则质量为4g的氡２22经过７．6天还剩下1g的氡222D.玻尔理论解释了原子发射出来的光子其谱线为什么是不连续的E.一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种射线16.(201５秋•广东月考）用轻弹簧相连的质量均为２kg的A．B两物块都以ｖ=6ｍ／s的速度在光滑的水平地面上运动,弹簧处于原长．质量4kg的物块Ｃ静止在前方,如图所示.Ｂ与Ｃ碰撞后粘在一起运动．在以后的运动过程中（１）当弹簧的弹性势能最大时,物体A的速度多大;（2)弹性势能的最大值是多大；（3）Ａ的速度有可能向左吗？判断并通过计算说明理由.ﻬ２0２0┄2０2１学年广东省五校协作体高三(上)第一次联考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题:本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得0分．1．如图所示，在驾驶员路考时,有一项是定点停车，假设汽车与水平地面的动摩擦因数为μ,驾驶员在离停车标杆距离为S的位置开始刹车,则刹车时汽车的速度大小应控制为（)Ａ.μgs B．２μｇs C.ﻩD.【分析】根据牛顿第二定律可求得汽车的加速度,再根据速度和位移关系可求得汽车的速度.【解答】解:由牛顿第二定律可知,汽车的加速度ａ==μg；根据速度和位移关系可知：v２=２ａs解得:v=故选：Ｄ.2.如图所示，小物体A沿高为h、倾角为θ的光滑斜面(固定在水平地面上），以初速度v０从顶端滑到底端,而质量相同的物体B,以同样大小的初速度从同等高度处竖直上抛,不计空气阻力则( ）A．两物体落地时的速度相同B.两物体落地时的动能相同C．两物体落地时重力的瞬时功率相同Ｄ．两物体下落过程中重力的平均功率相同【分析】根据动能定理比较落地的速度大小关系,根据重力瞬时功率的公式比较瞬时功率的大小,根据首末位置的高度差比较重力做功的关系，结合运动的时间比较重力做功的平均功率.【解答】解:A、根据动能定理知，mgｈ=，因为首末位置的高度差相同，则重力做功相同,且初动能相等，所以落地的动能相等，则速度大小相同,但速度方向不同，故A错误,B正确;C、因为落地的速度大小相等,根据Ｐ=mgvcｏｓθ知，两个速度与重力方向的夹角不同,则重力的瞬时功率不同，故Ｃ错误；D、两物体在整个过程中的运动时间不同,重力做功相同，根据P=知，重力做功的平均功率不同,故D错误．故选：Ｂ3．小敏随着十几个人一起乘电梯上五楼，走进电梯时电梯没有显示超载，但电梯刚启动时报警器却响了起来.对这一现象的解释,下列说法正确的是( ）A.刚启动时,物体的加速度向下,人处于超重状态B.刚启动时,人所受的重力变大了C．刚启动时,人对电梯底板的压力大于底板对人的支持力D．刚启动时,人对电梯底板的压力变大了【分析】先对人受力分析,受重力和支持力,而压力等于支持力；再对人进行运动分析,确定加速度方向;最后根据牛顿第二定律进行解释即可．【解答】解：人随电梯一起加速上升，电梯刚启动时报警器却响了起来,说明人和电梯的加速度向上,合力向上，电梯和人处于超重的状态；所以人对电梯底板的压力变大了.故D正确.故选:Ｄ.4.184６年9月2３日，德国天文学家约翰•伽勒按照法国天文学家乌阿班•勒维耶的推算，在预定的天区发现了太阳系第八颗行星﹣﹣海王星．这一天，被历史评价为“牛顿力学最辉煌的一天”．若太阳系各大行星的轨道都可近似看作圆轨道且共面同向公转，行星每隔一定时间使另一行星轨道发生偏离的现象在天文学上称为“摄动”．则下列关于这段科学的历程说法正确的是（）A.勒维耶根据海王星对天王星的摄动情况并应用牛顿力学推算出海王星的位置Ｂ．天王星被称为“笔尖下发现的行星”Ｃ．海王星对天王星的摄动周期等于天王星绕太阳的公转周期D.根据海王星公转周期和轨道半径可估算太阳的密度【分析】勒维耶和亚当斯精确地预言了海王星的位置;海王星和后来的冥王星都是通过计算位置后找到的,故也称为“笔尖下发现的行星”，但天王星不是计算后找到的；实际上天文学上的摄动比较复杂,这里简化为圆周运动做了近似处理,根据密度定义式分析求解.【解答】解:A、勒维耶和亚当斯各自利用牛顿力学结合当时对天王星的天文观测数据，进行了艰苦卓绝的逆运算，很精确地预言了海王星的位置，故A正确;Ｂ、海王星和后来的冥王星都是通过计算位置后找到的,故也称为“笔尖下发现的行星”,但天王星不是计算后找到的，故Ｂ错误;C、海王星对天王星的摄动周期大于天王星的公转周期，这实际上是一个天体运动的追及问题，与2021年行星冲日原理相同，摄动实际是内星（快）追外星(慢）,其摄动周期肯定大于内星的公转周期，象秒针追时针或分针,一定大于1分钟，故C错误，D、实际上天文学上的摄动比较复杂,这里简化为圆周运动做了近似处理;在不知道太阳半径的情况下是无法计算其密度的，故D错误．故选：A．5．如图所示,一根轻杆的两端固定两个质量均为m的相同小球A、Ｂ，用两根细绳悬挂在天花板上，虚线为竖直线，α=θ=30°β=60°,求轻杆对Ａ球的作用力．（)A.ｍg B．mg C.ｍｇＤ.mg【分析】对A球受力分析,然后根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解即可.【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的支持力Ｆ2和细线的拉力F1，如图所示：根据共点力平衡条件,有:Ｆ2=mｇ（图中矢量三角形的三个角分别为３0°、30°、1２0°)故选:Ａ.６．如图，当K闭合后，一带电微粒(重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态,下列说法正确的是（）A.保持K闭合,使P滑动片向左滑动,微粒仍静止B.保持K闭合，使P滑动片向右滑动，微粒向下移动C．打开K后,使两极板靠近，则微粒将向上运动Ｄ．打开K后,使两极板靠近,则微粒仍保持静止【分析】当Ｓ闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态,合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合,电容器板间电压不变,若板间距离也不变,板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后,根据电容的决定式C=,分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化.再由Ｅ＝分析板间场强的变化,即可判断带电微粒的运动状态.【解答】解:A、Ｂ、保持K闭合，电容器板间电压不变,使滑动片P向左或向右滑动，板间距离不变，则由E=分析得知,板间场强仍保持不变,带电微粒所受的电场力不变,仍处于静止状态．故A正确,B错误．Ｃ、Ｄ、由C=，C=,E＝得到极板间场强E=，E与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变,则带电微粒仍处于静止状态,故Ｃ错误，D正确．故选：AD.7．如图甲所示,物体以一定初速度从倾角α=3７°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.０ｍ．选择地面为参考平面,上升过程中,物体的机械能Ｅ机随高度h的变化如图乙所示．（g=１０ｍ/s２，sｉn3７°＝0.6０,ｃos３7°＝０.80）.下列说法中正确的是( )A．物体的质量为1kgＢ．物体可能静止在斜面顶端C.物体上升过程的加速度大小为１0m／s2D．物体回到斜面底端时的动能为10Ｊ【分析】当物体到达最高点时速度为零,机械能等于物体的重力势能,由重力势能计算公式可以求出物体质量；在整个运动过程中，机械能的变化量等于摩擦力做的功，由图象求出摩擦力的功，由功计算公式求出动摩擦因数;根据重力的下滑分力与最大静摩擦力的关系,分析物体能否静止在斜面顶端.由牛顿第二定律求出物体上升过程的加速度；由动能定理求出物体回到斜面底端时的动能．【解答】解:A、物体到达最高点时,机械能为：E=E P=mgh，由图知:E P＝3０Ｊ.则得:m=＝=1ｋg,故Ａ正确；B、物体上升过程中，克服摩擦力做功,机械能减少，减少的机械能等于克服摩擦力的功，△Ｅ=﹣μmgcosα•，即：3０﹣５0＝﹣μ×1×10cos37°×得:μ=0.５.物体在斜面顶端时，由于mgsin37°＞μmgcos37°,所以物体不可能静止在斜面顶端.故B错误;C、物体上升过程中,由牛顿第二定律得:mgsｉｎα+μｍgcoｓα=ma，得:ａ＝gsｉnα＋μgcosα=10×0.6+0.5×１０×０.8=10ｍ/s2,故C正确；D、由图象可知,物体上升过程中摩擦力做功为：W=30﹣50=﹣20J,在整个过程中由动能定理得:EＫ﹣E K0=2W，则有：E K=ＥK0+2W=5０+2×(﹣20)=１0J，故D正确；故选：ACD8.如图所示,矩形ABCＤ位于匀强电场中，且与匀强电场方向平行．已知ＡＢ=2BC,Ａ、Ｂ、D的电势分别为６V、２V、４V．初动能为2４eV、电荷量大小为4e的带电粒子从Ａ沿着AC方向射入电场,恰好经过B．不计粒子的重力,下列说法正确的是（)A．该粒子一定带负电B．该粒子达到点B时的动能为40eVC.改变初速度方向，该粒子可能经过CD．改变初速度方向,该粒子可能经过D【分析】匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等；电场线与等势面垂直,根据受力判断电性;动能定理求出动能;由电场线与等势面间的关系可得,带电粒将在电场中做类平抛运动，由平抛规律计算求解．【解答】解:A、根据匀强电场中平行的等间距的两点间的电势差相等,取AB的中点Ｏ,则O 点的电势为４V，连接OD则为等势线,电场强度与等势面垂直,且有高电势指向低电势，电场强度垂直OD斜向上，由物体做曲线运动的条件，电场力斜向下，故电荷为负电荷;故A 正确B、由动能定理,得qU=E B﹣ＥＡ﹣4e（6﹣2)=E B﹣2４eEＢ=8ｅV,故Ｂ错误C、同理,求得C点的电势为0,由动能定理，得qＵ=E C﹣EＡ=﹣４e（6﹣0）=E C﹣24e E C=０,由曲线运动可知，粒子到达C点动能不为零，故C错误Ｄ、由动能定理,得qＵ=EＤ﹣E A﹣4e(6﹣4）=ＥD﹣24eE D=16eＶ,故D正确故选：ＡD三、非选择题：9．某学习小组采用如图所示的实验装置来探究加速度与力、质量的关系.在水平桌面上放有长木板,用轻绳将固定有拉力传感器的小车通过一个定滑轮与一个小桶相连,木板上A、Ｂ两处各安装一个速度传感器，分别先后记录小车通过A、Ｂ两处时的速度,用数字计时器记录小车在通过A、B两处时的时间间隔.(1）在实验中下列哪些措施有助于减小实验误差ＡＢＤA.将木板右端适当垫高,平衡摩擦力B.调整滑轮高度，使拉小车的细绳平行木板C.使小桶(包括砂)的质量远小于车的总质量D．适当增大两个速度传感器的间距(2）下表是按正确操作测得的数据,其中M为小车（包括拉力传感器)的质量,V A﹣V B是两个速度传感器记录的速率差值，△t是数字计时器记录的小车在通过A、B两处时的时间间隔，F是拉力传感器记录的拉力值．次数M（kg）V A﹣V B（m/s)△t（s)F(N）a(m/s2）1０.５００0．２６0.200.64１.32０.5000.４５0.2５0.92ａ230．６000.600．400.92１.5表格中a2= 1.8m/ｓ2.【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，了解平衡摩擦力的方法,根据加速度的定义式ａ=求解a2．【解答】解:（１）A、本实验要使小桶的重力等于小车的合外力，就必须先平衡摩擦力,故Ａ正确；B、调节滑轮高度,使拉小车的细线和长木板平行，让力的方向和运动方向在同一直线上,可以减小误差，故B正确;Ｃ、本题的拉力由拉力传感器测出，不需要使小桶（包括砂)的质量远小于车的总质量，故Ｃ错误；Ｄ、适当增大两个速度传感器的间距,可以减小V A﹣V B的误差,故D正确；故选：ＡBＤ(2)根据加速度的定义式ａ=得：ａ2=故答案为：(1)ＡBD,（2)１.8m/s210．用如图所示的电路可同时测量定值电阻和电压表最小量程的内电阻．图中Ｖ１、V2为两块相同规格的多量程待测电压表，R x为较大阻值的待测定值电阻,A为电流表,R为滑动变阻器，E为电源，Ｓ为电键．（１)将两块电压表均调至最小量程，闭合电键S,移动滑动变阻器的滑片P至适当位置，记录下电流表A的示数I、电压表V１和Ｖ2的示数U1和U2,则电压表最小量程的内电阻R V= ，待测定值电阻的阻值Ｒx= ．(2)根据现有的实验条件提出一条减小实验误差的措施：对结果多次测量取平均值；电压表V1调至最小量程、电压表V2调至较大量程. .【分析】(1）分析电路结构,根据串并联电路的规律可求得电压表内阻及待测电阻的大小；(2）根据误差的分析方法可明确如何减小误差.【解答】解:(1)由串并联电路规律及欧姆定律可知,流过两电压表的电流之和等于电流表的示数；则由欧姆定律可知:+=I;解得：RＶ＝;对串联部分可知,R X与V１的总电压等于V２的电压;由串联电路规律可知：=;解得:RＸ=(２）为了减小误差可以采用多次测量取平均值的方式可以减小偶然误差;将电压表Ｖ１调至最小量程、电压表V２调至较大量程可以减小系统误差．故答案为：(1）;（２)对结果多次测量取平均值；电压表V1调至最小量程、电压表Ｖ２调至较大量程.1１．如图所示，质量是１kg的小球用长为０.５m的细线悬挂在Ｏ点,Ｏ点距地面高度为1m,如果使小球绕OＯ′轴载水平面内做圆周运动,若细线最大承受拉力为12.５Ｎ．求:（１）当小球的角速度为多大时，线将断裂；(2)线断裂后,小球经过多长时间落地；（3)小球落地点与点O′的水平距离.（g=１0ｍ／s２）【分析】（1）小球靠拉力和重力的合力提供向心力，根据几何关系求出最大向心力,根据向心力公式求出最大角速度；（２）绳断裂后,小球做平抛运动,根据平抛运动的基本公式即可求解;（3）根据ｘ=ｖt求出小球在水平方向的位移,然后结合几何关系即可求出．【解答】解:(1）小球在水平面内做圆周运动时，由重力G和拉力Ｆ的合力提供向心力,当绳子拉力为12.5N时,向心力最大，则有:F合==7．5Ｎ根据几何关系得:r=L•=0.3m根据向心力公式得：Ｆ合＝ｍω２L•解得:ω=5ｒad/s(2）绳断裂后,小球做平抛运动，竖直方向下落的高度h=1﹣0.５×=0.6ｍ所以t==s=s（３）小球的初速度：v=ωr=1.5ｍ/s水平位移为：ｘ0＝vt=m根据几何关系可知：ｘ==0.6m答:（1)当小球的角速度为5rad/s时，线将断裂.(２）线断裂后，小球经过s时间落地；(３)断裂后小球落地点与悬点的水平距离为０.6m．1２．如图所示，有一个可视为质点的质量为m＝1ｋg的小物块，从光滑平台上的A点以v０＝1．8m/ｓ的初速度水平抛出,到达C点时,恰好沿C点的切线方向进人固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，最后小物块无碰撞地滑上紧靠轨道末端D点的足够长的水平传送带.已知传送带上表面与圆弧轨道末端切线相平，传送带沿顺时针方向匀速运行的速度为v=3ｍ/s,小物块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5,圆弧轨道的半径为R＝2m，C点和圆弧的圆心O点连线与竖直方向的夹角θ=5３°，不计空气阻力，重力加速度g＝1Oｍ／s2，siｎ5３°＝０．8,ｃos5３°＝０．６．求:（1)小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；(2）小物块从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中产生的热量.【分析】(1）先利用平抛运动求出物体到达C点速度，由C到Ｄ利用动能定理求解D点速度，在D点利用牛顿第二定律和牛顿第三定律列式求解即可;（2）物块在传送带上滑动时，做匀减速运动，当速度减到零后,反向匀加速直线运动,速度相同后一起做匀速运动,结合牛顿第二定律和运动学公式求出共同运动的速度，根据能量守恒求出物块在木板上相对滑动过程中产生的热量Q.【解答】解：（1)设小物体在Ｃ点时得速度大小为v C,由平抛运动的规律可知，C点的速度方向与水平方向成θ=５3°，则由几何关系可得:…①由Ｃ点到D点,由动能定理得:…②小球在D点,由牛顿第二定律得:…③由牛顿第三定律,小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力为:F N′=F N…④①②③④联立得：ＦＮ′=22.5N,方向竖直向下．(２）设小物块在传送带上滑动得加速度大小为a，由牛顿第二定律得:…⑤小物块匀减速直线运动的时间为t1，向左通过得位移为x1，传送带向右运动得距离为x2，则：v D＝at1…⑥…⑦x2=vt1…⑧小物块向右匀加速直线运动达到和传送带速度相同时间为t2，向左通过得位移为x3,传送带向右运动得距离为ｘ４,则：v=at２…⑨…⑩x4=vt2…⑪整个过程小物块相对传送带滑动得距离为：x=x1+x２+x4﹣x3…⑫生成得热量为:Q=μｍｇx…⑬联立⑤至⑬联立解得:Q=３2J答：（１）小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力为22.５N；(2)小物块从滑上传送带到第一次离开传送带的过程中产生的热量为３２J.选考题：【物理-选修3-3】(15分)13.下列说法正确的是（)A.布朗运动虽然不是液体分子的运动,但是它可以说明分子在永不停息地做无规则运动B．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量,就可以计算出阿伏伽德罗常数Ｃ.若一定质量的理想气体压强和体积都不变时，其内能可能增大。

广东省潮州市宏安中学2021年高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 2011年12月24日，美国宇航局宣布，通过开普勒太空望远镜项目证实了太阳系外第一颗类似地球的、适合居住的行星“开普勒-22b (Kepler-22b)”。

该行星距离地球约600光年，体积是地球的2.4倍，质量约是地球的18.5倍。

它像地球绕太阳运行一样每290天环绕一恒星运行。

由于恒星风的影响，该行星的大气不断被吸引到恒星上。

据估计，这颗行星每秒丢失至少10000T物质。

已知地球半径为6400km,地球表面的重力加速度为9.8m/s2，引力常量G 为6.67×10-11N·m2kg-2，则由上述信息：A．可估算该恒星密度 B．可估算该行星密度C．可判断恒星对行星的万有引力增大 D．可判断该行星绕恒星运行周期大小不变参考答案：B2. （单选）下列说法正确的是A. 射线与射线都是电磁波B．射线为原子的核外电子电离后形成的电子流C．原子核经过衰变生成新核，则新核的总质量等于原核的总质量D．用加温、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期参考答案：D3. （多选题）2016年里约奥运会上中国奥运队共获得26枚金牌、18枚银牌和26枚铜牌，排名奖牌榜第三位．如图所示，吊环运动员将吊绳与竖直方向分开相同的角度，重力大小为G的运动员静止时，左边绳子张力为T1，右边绳子张力为T2，则下列说法正确的是（）A．T1和T2是一对作用力与反作用力B．T1和T2的合力与重力G是一对作用力与反作用力C．T1和T2的合力大小等于重力的大小G D．运动员两手缓慢撑开时，T1和T2都会变大参考答案：CD【考点】作用力和反作用力；物体的弹性和弹力．【分析】明确作用力和反作用力的性质，从而判断两力是否为作用力和反作用力；人处于平衡状态，合力为零，则两力的合力与重力等大反向，根据力的合成可明确两力与重力的关系，同时明确夹角变化时两力的变化情况．【解答】解：A、作用力与反作用力必须作用在相互作用的两个物体上，T1和T2作用在同一个物体上，故A错误；B、重力的反作用力是人对地球的吸引力，故B错误；C、由于运动员静止，根据共点力平衡的条件可知，T1和T2的合力等于重力，故C正确；D、因两绳作用力的合力等于人的重力，保持不变，故当运动员两手缓慢撑开时，吊绳与竖直方向的夹角增大，T1和T2夹角增大，T1和T2都会增大，故D正确．故选：CD4. 如图所示，某人用155N的力沿斜面方向向上推一个放在粗糙斜面上的物体，物体重200N，斜面倾角为30o，物体与斜面间动摩擦因数μ=，则物体受到的摩擦力是（）A．NB．50NC．55ND．75N参考答案：C5. 如图所示，表面光滑的半球形物体固定在水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平。