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2018年高考物理复习课时跟踪检测53

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课时跟踪检测五十三原子结构原子核【基础过关】1．(2016届北京海淀重点中学月考)23892U经3次α衰变和2次β衰变后变为一个新核．这个新核的质子数为()A．88 B．84C．138 D．226解题思路：α衰变生成氦原子核，β衰变生成负电子，质子数增加1个，是因为一个中子转化成质子而释放出的电子．解析：α衰变生成氦原子核，质子数减少2个，β衰变生成负电子，质子数增加1个，α衰变改变核子数，β衰变不改变核子数，当发生3次α衰变和2次β衰变时，衰变后新核的核子数为92－6＋2＝88，故A正确，B、C、D错误．答案：A2．(多选)(2016届徐州高三期末)下列说法正确的是()A．电子的衍射图样表明电子具有波动性B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．氢原子从某激发态跃迁至基态要吸收特定频率的光子D．结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定解析：衍射是波特有的特性，电子的衍射图样表明电子具有波动性，选项A正确；太阳内部发生的是聚变反应，所以太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，选项B正确；氢原子从某激发态跃迁至基态要放出特定频率的光子，选项C错误；比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，选项D错误．答案：AB3．(多选)(2017届广西柳铁一中月考)下列说法中正确的是()A．铀235一种可能的裂变方式为23592U＋10n―→18755Cs＋2227Rb＋1010nB．原子的核式结构学说是汤姆生根据α粒子散射实验提出来的C．由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子D．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应E．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长解析：铀235的裂变方式为23592U＋10n―→14156Ba＋9236Kr＋310n，或23592U＋10n→9538Sr＋13954Xe＋210 n，选项中的方程式中质量数不守恒，选项A错误；原子的核式结构学说是卢瑟福根据α粒子散射实验提出来的，选项B错误；由玻尔理论知道氢原子从激发态(能级较高的状态)跃迁到基态(能级较低的状态)会放出光子，选项C正确；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应，选项D正确；一束光照射到某种金属上能不能发生光电效应，取决于光的频率的大小，如果不能发生光电效应，说明该光的频率太小，或者说波长太长，选项E正确．答案：CDE4．(2016届安徽江南十校模拟)下列说法中不正确的是()A．有核能释放的核反应一定有质量亏损B．α粒子散射实验中少数粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一C．由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光D．原子核发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了4解析：由质能方程可知有核能释放的核反应一定有质量亏损，故A正确；α粒子散射实验中少数α粒子发生了较大偏转，这是卢瑟福猜想原子核式结构模型的主要依据之一，B正确；由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光，故C正确；原子核发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，D错误．答案：D5．下列说法正确的是()A．从高空对地面进行遥感摄影是利用紫外线有良好的穿透能力B．玻尔对氢原子光谱的研究导致原子的核式结构模型的建立C．α衰变的实质是一个中子转化为一个质子和一个电子D．目前核电站利用的是核裂变释放的核能解析：从高空对地面进行遥感摄影是利用红外线有良好的穿透能力，选项A错误；卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，选项B错误；β衰变的实质是一个中子转化为一个质子和一个电子，选项C错误；目前核电站利用的是核裂变释放的核能，选项D正确．答案：D【提升过关】一、单项选择题1．2006年美国和俄罗斯的科学家利用回旋加速器，通过4820Ca(钙48)轰击24998Cf(锎249)发生核反应，成功合成了质量数为297的第118号元素，这是迄今为止门捷列夫元素周期表中原子序数最大的元素，实验表明，该元素的原子核先放出3个相同的粒子x，再连续经过3次α衰变后，变成质量数为282的第112号元素的原子核，则上述过程中粒子x是() A．质子B．中子C.电子D．α粒子解析：根据核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒的原则可知297＝3m＋3×4＋282，解得m＝1；118＝3n＋3×2＋112，解得n＝0；故此粒子是中子，故选B.答案：B2.图中画出了氢原子的4个能级，并注明了相应的能量E.处在n＝4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光波．已知金属钾的逸出功为2.22 eV.在这些光波中，能够从金属钾的表面打出光电子的总共有()A．二种B．三种C．四种D．五种解析：处在n＝4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时能发出不同光电子的数目为C24＝6种，n＝4跃迁到n＝3辐射的光子能量为0.66 eV，n＝3跃迁到n＝2辐射的光子能量为1.89 eV，均小于2.22 eV，不能使金属钾发生光电效应，其它四种光子能量都大于2.22 eV，故C 正确，A、B、D错误．答案：C二、多项选择题3．(2016届广东东莞实验中学高三期末)关于近代物理学，下列说法正确的是() A．α射线、β射线和γ射线是三种波长不同的电磁波B．一群处于n＝4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出6种不同频率的光C．重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，但质量一定减少D．10个放射性元素的原子核在经一个半衰期后，一定有5个原子核发生衰变E．在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k越大，则这种金属的逸出功W0越小解题思路：α射线、β射线不是电磁波；根据数学组合C2n，即可确定辐射种类；重核裂变生成中等质量的原子核时伴随巨大能量产生，半衰期是个统计规律；根据光电效应方程即可求解判定金属的逸出功的大小．解析：γ射线是电磁波，而α射线、β射线不是电磁波，故A 错误；根据数学组合知C 2n ＝C 24＝6，故B 正确；重核裂变生成中等质量的原子核时一定有质量亏损，释放出能量，故C 正确；半衰期是大量原子核显现出来的统计规律，对少量的原子核没有意义，故D 错误．据光电效应方程可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小，故E 正确．答案：BCE4．(2017届贵州遵义航天中学模拟)下列说法正确的是( )A ．卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型B ．原子光谱是分离的，说明原子内部存在能级C ．某些原子核能够放射出β粒子，说明原子核内有β粒子D ．某种元素的半衰期为5天，则经过10天该元素全部衰变完毕E ．目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变解析：卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究提出了原子的核式结构模型，A 正确；玻尔理论指出氢原子能级是分离的，原子光谱是线状光谱，B 正确；β衰变中产生的β射线实际上是原子核中的中子转变成质子而放出电子，因而C 错误；由半衰期与质量变化的规律有m＝m 0⎝⎛⎭⎫12t T ＝m 0×⎝⎛⎭⎫12105＝m 04，D 错误；目前已建成的核电站的能量来自于重核裂变，E 正确． 答案：ABE5．(2016届广东湛江四校联考)下列关于原子和原子核的说法正确的是( )A ．β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B ．某放射性元素经过11.4天有78的原子核发生了衰变，则该元素的半衰期为3.8天 C ．放射性元素的半衰期随温度的升高而变短D ．平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固E ．在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强解析：β衰变时，原子核中的一个中子转化为一个质子和一个电子，释放出来的电子就是β粒子，可知β衰变现象不是说明电子是原子核的组成部分，故A 错误；放射性元素经过11.4天有78的原子核发生了衰变，根据半衰期定义可知，发生三次衰变，则该元素的半衰期为3.8天，故B 正确；放射性元素的半衰期与其所处的物理环境及化学状态无关，由原子核内部因素决定，故C错误；平均结合能越小表示原子核中的核子结合得越不牢固，故D 正确；在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，故E正确．答案：BDE6. (2017届福建厦门模拟)氢原子能级如图所示，一群原处于n＝4能级的氢原子跃迁到n＝1能级的过程中()A．能释放六种频率不同的光子B．由n＝2能级跃迁到n＝1能级释放的光子频率最小C．释放的光子的最大能量为12.75 eV，最小能量为0.66 eVD．由n＝4能级跃迁到n＝1能级释放的光子波长最长解题思路：根据氢原子的能级跃迁，由C2n知释放几种频率的光子，由能级差公式E m－E n＝hν判断频率、波长、能量．解析：由题意，是因为一群原来处于n＝4能级的氢原子跃迁到n＝1能级的过程，根据C24＝6知，辐射的光子频率为6种，选项A正确；由能级差公式E m－E n＝hν得，能级差越大，辐射光子的频率越大，因而由n＝4能级跃迁到n＝3能级释放的光子频率最小，选项B 错误；由n＝4向n＝1能级跃迁时辐射的光子能量最大，数值为13.6 eV－0.85 eV＝12.75 eV，由n＝4向n＝3能级跃迁辐射的光子能量最小，数值为－0.85 eV＋1.51 eV＝0.66 eV，选项C正确；根据能级差公式E m－E n＝hν得，能级差越大，辐射光子的频率越大，知从n＝4直接跃迁到n＝1时能级差最大，辐射光子频率最大，光子波长最小，选项D错误．答案：AC7．下列说法正确的是()A．卢瑟福通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型B．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道时，电子的动能增大，原子总能量减少C．β衰变中产生的β射线是原子核外电子挣脱原子核束缚之后形成的电子束D．将放射性元素掺杂到其他稳定元素中，该元素的半衰期将增大E．原子核的比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定解析：卢瑟福通过α粒子散射实验，提出了原子的核式结构模型，选项A正确；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较大的轨道跃迁到半径较小的轨道时，电子的动能增大，电势能减小，原子总能量减少，选项B正确；β衰变中产生的β射线是原子核内的中子转化为质子时放出的电子，选项C错误；将放射性元素掺杂到其他稳定元素中，该元素的半衰期将不变，选项D错误；原子核的比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，选项E正确．答案：ABE8．以下是有关近代物理内容的若干叙述，其中不正确的是()A．原子核发生一次β衰变，该原子外层就失去一个电子B．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，但原子的能量增大C．核衰变中，γ光子是衰变后转变的新核辐射的D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小E．比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定吸收核能解析：β衰变的实质是原子核内的一个中子转为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子，故A错误；按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，但原子的能量增大，选项B正确；核衰变中，衰变后转变的新核不稳定，放出能量才能变得稳定，能量以γ光子的形式放出，C正确；光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为入射光频率小于金属的极限频率，D错误；比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时会出现质量亏损，根据爱因斯坦质能方程得知，一定释放核能，故E错误．答案：ADE三、计算题9．在某些恒星内部，3个氦核(42He)结合成1个碳核(126C)．已知1个氦核的质量为m1、1个碳核的质量为m2,1个质子的质量为m p,1个中子的质量为m n，真空中的光速为c.求：(1)核反应方程；(2)核反应的质量亏损；(3)碳核的比结合能．解析：(1)依题意，核反应方程式为342He―→126C.(2)核反应的质量亏损为3m 1－m 2.(3)由碳核的组成可知，碳核是由6个质子与6个中子组成，根据爱因斯坦质能方程：ΔE ＝Δmc 2可知，核反应释放的能量，ΔE ＝(6m p ＋6m n －m 2)c 2.所以碳核的比结合能为ΔE /12＝(6m p ＋6m n －m 2)c 2/12.答案：(1)342He ―→12 6C (2)3m 1－m 2(3)(6m p ＋6m n －m 2)c 21210．2015年诺贝尔物理学奖授予一名日本科学家和一名加拿大科学家，以表彰他们发现并证明了中微子(Ve)振荡现象，揭示出中微子无论多小都具有质量，这是粒子物理学历史性的发现．已知中微子可以将一个氯核转变为一个氩核，其核反应方程式为Ve ＋3717Cl ―→3718Ar＋B.上述核反应中B 粒子为什么粒子？已知3717Cl 核的质量为36.956 58 u ，3718Ar 核的质量为36.956 91 u ，B 粒子的质量为0.000 55 u ，1 u 质量对应的能量为931.5 MeV.根据以上数据，可以判断参与上述反应的中微子的最小能量为多少MeV ？(结果保留两位有效数字)．解析：根据质量数与质子数守恒，核反应方程式为Ve ＋ 3717Cl ―→3718Ar ＋ 0－1e ，式中B 为 0－1e ；反应过程需要的能量为ΔE ＝mc 2＝(36.956 91 u ＋0.000 55 u －36.956 58 u)c 2，根据1 u 质量对应的能量为931.5 MeV ，得ΔE ≈0.82 MeV ，所以中微子的能量最小为0.82 MeV .答案：电子或0－1e 0.82。

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2018年高考物理第一轮复习课时跟踪练：章末整合提升9(含解析)

2018年高考物理第一轮复习课时跟踪练：章末整合提升9(含解析)

章末整合提升磁场⎩⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎧描述⎩⎪⎪⎪⎨⎪⎪⎪⎧磁感线：形象描述磁场的假想线磁感应强度：B ＝F IL （B ⊥I ）常见的磁场⎩⎪⎨⎪⎧条形磁铁、蹄形磁铁→磁现象的电本质⎭⎪⎬⎪⎫直线电流的磁场分布环形电流的磁场分布通电螺线管磁场的分布安培定则地磁场作用⎩⎪⎪⎨⎪⎪⎧安培力⎩⎪⎨⎪⎧大小：F ＝BIL 方向：左手定则洛伦兹力⎩⎪⎨⎪⎧大小：F ＝qB v （v ⊥B ）方向：左手定则匀强磁场中的圆周运动⎩⎨⎧半径：R ＝m v qB 周期：T ＝2πmBq1．(多选)(2017·全国卷Ⅰ)如图，三根相互平行的固定长直导线L 1、L 2和L 3两两等距，均通有电流I ，L 1中电流方向与L 2中的相同，与L 3中的相反．下列说法正确的是()A ．L 1所受磁场作用力的方向与L 2、L 3所在平面垂直B ．L 3所受磁场作用力的方向与L 1、L 2所在平面垂直C．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶ 3D．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为3∶3∶1命题意图：本题考查安培定则、左手定则、磁场叠加、安培力及其相关的知识点．解析：由安培定则可判断出L2在L1处产生的磁场(B21)方向垂直L1和L2的连线竖直向上，L3在L1处产生的磁场(B31)方向垂直L1和L3的连线指向右下方，根据磁场叠加原理，L3和L2在L1处产生的合磁场(B合1)方向如图1所示，根据左手定则可判断出L1所受磁场作用力的方向与L2和L3的连线平行，选项A错误；同理，如图2所示，可判断出L3所受磁场(B合3)作用力的方向(竖直向上)与L1、L2所在的平面垂直，选项B正确；同理，如图3所示，设一根长直导线在另一根导线处产生的磁场的磁感应强度大小为B，根据几何知识可知，B合1＝B，B合2＝B，B合3＝3B，由安培力公式可知，L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小与该处的磁感应强度大小成正比，所以L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶3，选项C正确，选项D错误．图1图2图3答案：BC2．(2017·全国卷Ⅰ)如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向里．三个带正电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为m a、m b、m c.已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动．下列选项正确的是()A．m a＞m b＞m c B．m b＞m a＞m cC．m c＞m a＞m b D．m c＞m b＞m a命题意图：本题考查带电微粒在复合场(重力场、电场和磁场)中的运动及其相关的知识点．解析：该空间区域为匀强电场、匀强磁场和重力场的叠加场，a在纸面内做匀速圆周运动，可知其重力与所受到的电场力平衡，洛伦兹力提供其做匀速圆周运动的向心力，有m a g＝qE，解得m a＝qEg.b在纸面内向右做匀速直线运动，由左手定则可判断出其所受洛伦兹力方向竖直向上，可知m b g＝qE＋q v b B，解得m b＝qEg＋q v b Bg.c在纸面内向左做匀速直线运动，由左手定则可判断出其所受洛伦兹力方向竖直向下，可知m c g＋q v c B＝qE，解得m c＝qEg－q v c Bg.综上所述，可知m b>m a>m c，选项B正确．答案：B3．(2016·全国卷Ⅰ)现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定．质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场．若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍．此离子和质子的质量比约为()A ．11B ．12C ．121D ．144命题意图：本题考查动能定理、洛伦兹力、匀速圆周运动及相关的知识点，意在考查考生运用相关知识分析、解决粒子在电场中加速和在匀强磁场中做匀速圆周运动问题的能力．解析：设加速电压为U ，质子做匀速圆周运动的半径为r ，原来磁场的磁感应强度为B ，质子质量为m ，一价正离子质量为M .质子在入口处从静止开始加速，由动能定理得，eU ＝12m v 21，质子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，e v 1B ＝m v 21r ；一价正离子在入口处从静止开始加速，由动能定理得，eU ＝12M v 22，该正离子在磁感应强度为12B 的匀强磁场中做匀速圆周运动，轨迹半径仍为r ，洛伦兹力提供向心力，e v 2·12B ＝M v 22r；联立解得M ∶m ＝144∶1，选项D 正确．答案：D4．(2015·全国卷Ⅰ)两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行．一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子(不计重力)，从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的( )A ．轨道半径减小，角速度增大B ．轨道半径减小，角速度减小C ．轨道半径增大，角速度增大D ．轨道半径增大，角速度减小命题意图：本题考查洛伦兹力、带电粒子在匀强磁场中的匀速圆周运动及其相关的知识点，意在考查考生综合运用相关知识分析解决问题的能力．难度中等偏易．解析：带电粒子以某一速度垂直磁场方向进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，得q v B ＝m v 2r ，解得轨道半径r ＝m v qB.带电粒子由较强磁场区域进入到较弱磁场区域，磁感应强度B 减小，由r ＝m v qB可知，轨道半径r 增大．由于洛伦兹力不做功，带电粒子速度不变，由角速度公式ω＝v r，可知角速度减小，选项D 正确，选项A 、B 、C 错误． 答案：D5．(2015·全国卷Ⅰ)如图，一长为10 cm 的金属棒ab 用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中；磁场的磁感应强度大小为0.1 T ，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘．金属棒通过开关与一电动势为 12 V 的电池相连，电路总电阻为2 Ω.已知开关断开时两弹簧的伸长量为0.5 cm ；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了 0.3 cm.重力加速度大小取 10 m/s 2.判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向，并求出金属棒的质量．命题意图：本题主要考查安培力、闭合电路欧姆定律、胡克定律、物体平衡的条件，意在考查考生运用相关知识解决实际问题的能力．解析：依题意，开关闭合后，电流方向从b 到a ，由左手定则可知，金属棒所受的安培力方向竖直向下．开关断开时，两弹簧各自相对于其原长伸长为Δl 1＝0.5 cm.由胡克定律和力的平衡条件得2kΔl1＝mg，①式中，m为金属棒的质量，k是弹簧的劲度系数，g是重力加速度的大小．开关闭合后，金属棒所受安培力的大小为F＝IBL，②式中，I是回路电流，L是金属棒的长度．两弹簧各自再伸长了Δl2＝0.3 cm，由胡克定律和力的平衡条件得2k(Δl1＋Δl2)＝mg＋F，③由欧姆定律有E＝IR，④式中，E是电池的电动势，R是电路总电阻．联立①②③④式，并代入题给数据得m＝0.01 kg.答案：方向竖直向下0.01 kg。

2018版高考物理一轮复习训练：课时跟踪检测(三十三)电

2018版高考物理一轮复习训练：课时跟踪检测(三十三)电

课时跟踪检测（三十三） 电磁感应中的电路和图像问题对点训练：电磁感应中的电路问题1．(2017·南昌模拟)如图所示，虚线框内存在均匀变化的匀强磁场，三个电阻R 1、R 2、R 3的阻值之比为1∶2∶3，导线的电阻不计。

当S 1、S 2闭合，S 3断开时，闭合回路中感应电流为I ；当S 2、S 3闭合，S 1断开时，闭合回路中感应电流为5I ；当S 1、S 3闭合，S 2断开时，闭合回路中感应电流为( )A ．0B ．4IC ．6ID ．7I解析：选D 因为R 1∶R 2∶R 3＝1∶2∶3，可以设R 1＝R ，R 2＝2R ，R 3＝3R ；由电路图可知，当S 1、S 2闭合，S 3断开时，电阻R 1与R 2组成闭合回路，设此时感应电动势是E 1，由欧姆定律可得E 1＝3IR 。

当S 2、S 3闭合，S 1断开时，电阻R 2与R 3组成闭合回路，设感应电动势为E 2，由欧姆定律可得E 2＝5I ×5R ＝25IR 。

当S 1、S 3闭合，S 2断开时，电阻R 1与R 3组成闭合回路，此时感应电动势E ＝E 1＋E 2＝28IR ，则此时的电流I ′＝E4R ＝28IR 4R＝7I ，故选项D 正确。

2.(2017·郑州一模)半径为a 、右端开小口的导体圆环和长为2a 的导体直杆，单位长度电阻均为R 0。

圆环水平固定放置，整个内部区域分布着竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B 。

杆在圆环上以速度v 平行于直径CD 向右做匀速直线运动，杆始终有两点与圆环良好接触，从圆环中心O 开始，杆的位置由θ确定，如图所示。

则( )A ．θ＝0时，杆产生的电动势为2Ba vB ．θ＝π3时，杆产生的电动势为3Ba vC ．θ＝0时，杆受的安培力大小为2B 2a v (π＋2)R 0D ．θ＝π3时，杆受的安培力大小为2B 2a v (5π＋3)R 0解析：选A θ＝0时，产生的感应电动势为E 1＝2Ba v ，A 正确；感应电流为I 1＝E 1R ＝2B v (π＋2)R 0，所以安培力为F 1＝BI 1·2a ＝4B 2a v (π＋2)R 0，C 错误；同理，θ＝π3时，E 2＝Ba v ，F 2＝3B 2a v (5π＋3)R 0，B 、D 均错误。

2018创新设计《高考物理总复习》选修3-3和3-4

2018创新设计《高考物理总复习》选修3-3和3-4

2018创新设计《高考物理总复习》选修3-3和3-4[高考导航]考点内容要求高考命题实况常考题型命题热点2014 2015 2016分子动理论与统计观点分子动理论的基本观点和实验依据Ⅰ卷Ⅱ：T33(1)卷Ⅲ：T33(1)选择题填空题①布朗运动②热运动③分子力与分子势能④热量和内能阿伏加德罗常数Ⅰ气体分子运动速率的统计分布Ⅰ温度、内能Ⅰ固体、液体与气体固体的微观结构、晶体和非晶体Ⅰ卷Ⅰ：T33(2)卷Ⅱ：T33卷Ⅰ：T33卷Ⅱ：T33(2)卷Ⅰ：T33(2)卷Ⅱ：T33卷Ⅲ：T33(2)选择题计算题①晶体、非晶体②气体压强的计算③气体实验定律④理想气体状态方程⑤对液体表面张力的理解液晶的微观结构Ⅰ液体的表面张力现象Ⅰ气体实验定律Ⅱ理想气体Ⅰ饱和蒸汽、未饱和蒸汽、饱和蒸汽压Ⅰ相对湿度Ⅰ热力学定律与能热力学第一定律Ⅰ卷Ⅰ：T33(1)卷Ⅰ：T33(1)选择题计算题对热力学相关定律的理解及应用能量守恒定律Ⅰ热力学第二定律Ⅰ量守恒实验用油膜法估测分子的大小(说明：要求会正确使用温度计)基础课1分子动理论内能知识点一、分子动理论的基本观点、阿伏加德罗常数1．物体是由大量分子组成的(1)分子很小：①直径数量级为10－10m。

②质量数量级为10－26～10－27kg。

(2)分子数目特别大：阿伏加德罗常数N A＝6.02×1023mol－1。

2．分子的热运动(1)扩散现象：由于分子的无规则运动而产生的物质迁移现象。

温度越高，扩散越快。

(2)布朗运动：在显微镜下看到的悬浮在液体中的固体颗粒的永不停息地做无规则运动。

其特点是：①永不停息、无规则运动。

②颗粒越小，运动越明显。

③温度越高，运动越激烈。

3．分子间存在着相互作用力(1)分子间同时存在引力和斥力，实际表现的分子力是它们的合力。

(2)引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，但斥力比引力变化得快。

知识点二、温度是分子平均动能的标志、内能1．温度一切达到热平衡的系统都具有相同的温度。

2018年秋高三物理第一轮复习课时跟踪练：章末整合提升2 Word版含解析

2018年秋高三物理第一轮复习课时跟踪练：章末整合提升2 Word版含解析

章末整合提升1．(多选)(2016·全国卷Ⅰ)如图，一光滑的轻滑轮用细绳OO′悬挂于O点；另一细绳跨过滑轮，其一端悬挂物块a，另一端系一位于水平粗糙桌面上的物块b.外力F向右上方拉b，整个系统处于静止状态．若F方向不变，大小在一定范围内变化，物块b仍始终保持静止，则()A．绳OO′的张力也在一定范围内变化B．物块b所受到的支持力也在一定范围内变化C．连接a和b的绳的张力也在一定范围内变化D．物块b与桌面间的摩擦力也在一定范围内变化命题意图：本题考查共点力平衡．同一根绳子的拉力大小处处相等，则物体a和b受到绳的拉力大小均等于物体a的重力．由于物体始终处于平衡状态，利用正交分解可求解．解析：由题意，在F保持方向不变，大小发生变化的过程中，物体a、b均保持静止，选a受力分析得，绳子拉力F T＝m a g，所以物体a和b受到绳的拉力保持不变，C选项错误；a、b受到绳的拉力大小和方向均不变，所以OO′的张力不变，A选项错误；对b进行受力分析，并将各力沿水平方向和竖直方向分解，如图所示．由受力平衡得：F T x＋F f＝F x，F y＋F N＋F T y＝m b g，F T和m b g始终不变，当F大小在一定范围内变化时，支持力在一定范围内变化，B选项正确；摩擦力也在一定范围内发生变化，D选项正确；故答案选BD.答案：BD2.(多选)(2017·全国卷Ⅰ)如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N.初始时，OM竖直且MN 被拉直，OM 与MN 之间的夹角为α(α>π2)．现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角α不变．在OM 由竖直被拉到水平的过程中( ) A ．MN 上的张力逐渐增大 B ．MN 上的张力先增大后减小 C ．OM 上的张力逐渐增大 D ．OM 上的张力先增大后减小 命题意图：本题属于动态平衡问题，可用图解法解决本题，通过两绳子的夹角不变，又知重力的大小和方向不会改变，把重力的大小作为弦长，两拉力的夹角变为圆周角，根据圆的特性可作出图．本题要求学生熟练掌握三角形定则和数学的平面几何知识，是一道要求比较高的难题． 解析：由题意画出矢量三角形如下图，α不变，则图中θ角不变，形成下图共圆形式，在圆中直径的弦长最大，则F MN 逐渐增大，F OM 先增大后减小．答案：AD3．(2017·全国卷Ⅱ)如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为()A．2－3 B.36 C.33 D.32命题意图：本题考查滑块摩擦力和共点力平衡问题．利用正交分解把F进行分解，F的竖直分量与支持力的合力与重力平衡，水平分量与摩擦力相等．但注意此进滑块摩擦力F f ≠μmg . 解析：当拉力水平时，物体匀速速度，则拉力等于摩擦力， 即F ＝μmg ； 当拉力倾斜时，物体受力分析如图， 由F f ＝μF N ，F N ＝mg －F sin θ，可知摩擦力为 F f ＝μ(mg －F sin θ)，F f ＝12F ， 代入数据为：12μmg ＝μ(mg －32F )， 联立可得μ＝33. 答案：C 4．(2017·全国卷Ⅲ)一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80 cm 的两点上，弹性绳的原长也为80 cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为100 cm ；再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长始终处于弹性限度内)()A．86 cm B．92 cmC．98 cm D．104 cm命题意图：此题是物体的平衡问题，考查平行四边形定则的应用；在处理共点力平衡问题时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，且两个力大小相等，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解．前后两次始终处于静止状态，即合外力为零，在改变绳长的同时，绳与竖直方向的夹角跟着改变．解析：如图所示：绳子原长是80 cm，伸长为100 cm，则AC段长50 cm，故∠ACD ＝53°.由受力平衡2F1cos 53°＝mg，当弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点2F2＝mg.假设绳子的劲度系数为k，则绳子拉力F1＝k(50 cm－40 cm)，F2＝k(x－40 cm)，解得x＝46 cm，所以此时绳子总长度为92 cm.答案：B 5．(2016·全国卷Ⅱ)如图，两个轻环a 和b 套在位于竖直面内的一段固定圆弧上；一细线穿过两轻环，其两端各系一质量为m 的小球．在a 和b 之间的细线上悬挂一小物块．平衡时，a 、b 间的距离恰好等于圆弧的半径．不计所有摩擦．小物块的质量为( ) A.m 2 B.32m C ．m D ．2m 解析：设悬挂小物块的点为O ′，圆弧的圆心为O ，由于ab ＝R ，所以三角形Oab 为等边三角形，根据几何知识可得∠aO ′b ＝120°.而一条绳子的拉力相等，故F T＝mg，小物块受到两条绳子的拉力作用，两力大小相等，夹角为120°，故受到的拉力的合力等于mg，所以小物块的质量为m，C正确．答案：C。