重庆市綦江区南州中学2017-2018学年高二下学期第三学月考试物理试题 含解析

南州中学高2019届高二下第三学月考试物理试题一、选择题（本题包括5小题，每小题6分，共30分。

每小题只有一个．．．．选项符合题意）1. 时，可以发生“氦燃4.0026u质量为7.9932u ；质量亏损1u相当于放出931.5MeV的能量。

对此“氦燃烧”的核反应表述正确的是（）A. 该反应过程释放的能量约为11.2MeVB. “氦燃烧”反应过程是裂变反应C. “氦燃烧”反应在常温下可进行2.6×10-16s7.8×10-16s后所剩占开始时的【答案】A【解析】“氦燃烧”是核聚变反应，由于质量亏损而释放能量1u=931.5MeV A 正确，B错误；核聚变又叫热核反应，在常温下很难进行，需要加热到很高的温度，剧烈的热运动使得一部分原子核具有足够的动能，可以克服库仑力，碰撞时十分接近，发生聚变，故C错误；3占开始的D错误。

2. “嫦娥三号”探月卫星于2013年12月2日1点30分在西昌卫星发射中心发射，将实现“落月”的新阶段。

若已知引力常量G，月球绕地球做圆周运动的半径r1、周期T1 ,“嫦娥三号”探月卫星绕月球做圆周运动的环月轨道半径r2、周期T2，不计其他天体的影响，则根据题目条件可以（）A. 求出“嫦娥三号”探月卫星的质量B. 求出地球与月球之间的万有引力C. 求出地球的密度D.【答案】B【解析】“嫦娥三号”卫星绕月球做匀速圆周运动，万有引力充当向心力，等式中卫星的质量m可以约掉，只能得到中心天体月球的质量，故A错误；月球绕着地球做圆周运动，地球对月球的万有引力充当其做圆周运动向心力，故B正确；由地球和月球万有引力公式，但地球质量未知，根据题目已知量也无法计算，故体积未知，密度不能计算，C错误；由题意可知：D错误。

【点睛】根据万有引力充当向心力，只能求得中心天体的质量；根据万有引力定律可以计算地球和月球之间的引力，也可以根据月球绕地球做圆周运动的向心力来推知，地月之间的引力。

3. 如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态。

现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图乙所示(g=10m/s2)，则下列结论正确的是（）A. 物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B. 物体的质量为3 kgC. 弹簧的劲度系数为7. 5 N/cmD. 物体的加速度大小为5 m/s2【答案】D【解析】A项，物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A项错误。

综上所述本题正确答案为BCD4. 图甲所示的理想变压器原、副线圈匝数比为55:6，图乙是该变压器原线圈两端输入的交变电压u的图像，副线圈中L是规格为“24V,12W"的灯泡，是定值电阻，中各电表均为理想交流电表，以下说法正确的是（）A. 流过灯泡L的电流每秒钟方向改变50次B. 滑片P向下滑动的过程中，灯泡L能正常发光，A2表示数变小C. 滑片P向下滑动的过程中，A1表示数变大，V1表示数不变D. 原线圈两端输入电压的瞬时值表达式为V）【答案】C0.02s，频率为50Hz，电流方向每秒钟改变100次，故AD均错；滑片P向下滑动的过程中，原线圈两V示数不变。

副线圈输出电压灯泡正常发光，输出功率变大，所以电流表A1的示变大，由变压器输出功率公式电流不变，所以电流表A2B错误，C正确。

的变化等。

5. 如图所示，一个绝缘且内壁光滑的环形细圆管，固定于竖直平面内，环的半径为R（比细管的内径大得多），在圆管内的最低点有一个直径略小于细管内径的带正电小球处于静止状态，小球的质量为m，带电荷量为q，重力加速度为g．空间存在一磁感应强度大小未知（不为零），方向垂直于环形细圆管所在平面且向里的匀强磁场．某时刻，给小球一方向水平向右，（）A. 无论磁感应强度大小如何，获得初速度后的瞬间，小球在最低点一定受到管壁的弹力作用B. 无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球在最高点一定受到管壁的弹力作用C. 无论磁感应强度大小如何，小球一定能到达环形细管的最高点，且小球到达最高点时的速度大小都不同D. 小球在从环形细圆管的最低点运动到所能到达的最高点的过程中，机械能不守恒【答案】B【解析】由左手定则可判断小球受到的洛伦兹力F始终指向圆心，另外假设小球受到管道的支持力N可见，只要B N就可以为零，A错误；整个过程洛伦兹力不做功，设小球在最高点速度大小为v，则根据动能定理可知故小球在最高点需要得向心力大小所以小球除了受重力，向下得洛伦兹力以外，一定还受轨道向上的支持力，该力和洛伦兹力大小相等，故B正确，C错误；小球在整个运动过程中，只有重力对其做功，满足机械能守恒得条件，故D错误。

【点睛】由左手定则可判定小球受到洛伦兹力始终指向圆心，结合圆周运动方程，可分析小球是不是受到弹力；因为洛伦兹力不做功，由动能定理可以判定小球是否能到最高点，以及到达最高点是否具有确定的速度大小了；整个过程只发生动能和重力势能的相互转化，满足机械能守恒的条件。

二、非选择题（本题包括4小题，共68分）6. (1)某组同学用图（a）实验装置探究“加速度a与物体质量m的关系”．A为小车，B为电火花计时器，C为装有细砂的小桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板．①图（b）为某次实验得到的纸带，已知实验所用电源的频率为50Hz．小车的加速度大小为________m/s2．（结果保留三位有效数字）②改变小车质量m，分别记录小车加速度a与其质量m的数据．在分析处理时，该组同学产生分歧；甲同学认为应该根据实验中测得的数据作出小车加速度a与其质量m的图象，乙同学认为应该作出小车加速度a两位同学都按照自己的方案将实验数据在坐标系中进行了标注，但尚未完成图象（如下图所示）．你认为同学______________（填“甲”、“乙”）的方案更合理．并帮助该同学作出坐标中的图象(2)某同学用如图所示的电路测量出待测电流表的满偏电流，有以下的可供选用的器材：A．待测电流表A0：满偏电流约为700～800μA、内阻约100Ω，表盘刻度均匀、总格数为N B．电流表A：量程0.6A、内阻R g＝0.1ΩC．电压表V：量程3V、内阻R V＝3kΩD．滑动变阻器R：最大阻值20ΩE．电源E：电动势约3V、内阻约1.5ΩF．开关S一个，导线若干条①电路图中的电表x应选当器材中的_______。

（填写器材序号）②测量过程中，测出多组数据，其中一组数据中待测电流表A0的指针偏转了n格，则计算电流表满偏电流的表达式为I max =_______________，式中除字母N、n外，其他字母符号代表的物理量是_______________________________。

【答案】 (1). 3.19 (2). 乙U为电压表读数，R v为电压表内阻【解析】(1)从纸带上可以看到，每两个计数点之间还有1个点，所以相邻两计数点之间的时间间隔为0.04s，根据匀变速直线运动的推论可知，，在外力F一定的情况下，以a为纵坐标，在原理上应该是一条过原点的正比例函数图像，呈现一种很好的线性规律，所以乙同学的说法更为合理；甲同学的（2）题目所给电流表A的量程太大，无法准确测量待测电流表的满偏电流，而电压表V的满偏电流是x处应选C，电压表。

本实验的研究方法：①在闭合开关之前，先将滑动变阻器划片滑到最右端，使得测量电路的电压为零；②闭合开关，移动滑动变阻器划片P，使待测电流表指针在半偏附近，记录此时待测电流表指针所指的格数n和电压表读数U；所以每一格对应的电流7. 一个质量为2kg的物块，沿粗糙水平面运动，水平推力F的大小和方向随时间变化的规律如图所示。

已知第1s内物块以10m/s速度做匀速直线运动（不计空气阻力。

g 取10m/s2）(1).求物块与水平地面间的摩擦因数(2).求物块在第2s内的加速度【答案】（1）0.1 （2）2m/s2【解析】（1）在第1s内，物块做匀速直线运动，受力平衡，所以在竖直方向上：（2）在第1s末，力F突然反向，由于惯性，物块继续向前运动，在力F和滑动摩擦力f的【点睛】根据牛顿运动定律，物体的受力决定其运动状态，即力是改变物体运动状态的原因。

题中物块匀速运动时，动力和阻力相等，可以由平衡关系求出动摩擦因数；受力不平衡时，物理就存在加速度，利用牛顿第二定律，即可求解加速度。

8. 如图所示的真空室内，在d≤x≤2d的空中存在着沿+y方向的有界匀强电场，电场强度为E；在－2d≤x≤－d的空间中存在着垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度为B。

在坐标原点处有一个处于静止状态的某原子核，某时刻该原子核经历一次衰变，沿+x方向射出一质量为m、电荷量为q M、电荷量为Q的反冲核进入左侧的匀强磁场区域，反冲核恰好不能从磁场的左边界射出。

不计粒子的重力和粒子间相互作用的库仑力。

求：（1（2【答案】（1（2【解析】（1）依据题意知反冲核在磁场中做匀速圆周运动的半径为d，设原子核衰变后M、m的速度大小分别为v1、v2衰变过程中M、m（2在x轴方向：在y根据牛顿第二定律可知：【点睛】反冲核水平沿x轴负方向垂直进入磁场，根据几何关系，可以确定该反冲核在磁场中运动的轨道半径，由洛伦兹力充当向心力，可以求得反冲核进入磁场前反冲速度v1的大小；衰变的过程M和m速度大小v2；速直线运动，利用分运动的等时性，结合牛顿运动定律，可以确定9. 如图光滑斜面的倾角θ＝30°，在斜面上放置一矩形线框abcd，ab边的边长l1＝1m，bc 边的长l2＝0.6m，线框的质量m＝1kg，电阻R＝0.1Ω，线框用细线通过定滑轮与重物相连，重物质量M＝2kg，斜面上ef线与gh线（ef∥gh ∥pq）间有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度为B1＝0.5T， gh线与pq线间有垂直斜面向下的匀强磁场，磁感应强度B2＝0.5T．如果线框从静止开始运动，当ab边进入磁场时恰好做匀速直线运动，ab边由静止开始运动到gh线所用的时间为2.3s ,求：（1）求ef线和gh线间的距离和线框刚达到gh时的速度大小；（2）ab边由静止开始运动到gh线这段时间内产生的焦耳热；（3）已知当ab边和cd边分别在B1和B2场中切割时，矩形线框abcd中的总电动势等于ab 边和cd边电动势的和，求ab边刚进入磁场B2瞬间线框的加速度【答案】（1）11m/s （2）9J （3【解析】（1）ab边进磁场时做匀速直线运动，受力平衡，故：进磁场时，ab边切割磁感线产生的感应电动势为：根据闭合电路欧姆定律，在回路abcdababcd进磁场B1则该阶段的时间线框进入磁场时做匀速直线运动的时间线框完全进入磁场B1，此段时间；故ef线和gh（2）ab边由静止开始运动到gh（3）ab边刚进入gh线瞬间线框的加速度沿斜面向下，根据牛顿第二定律可知：得【点睛】（1）ab边进入磁场时做匀速运动，根据平衡条件可求出ab的速度，根据牛顿第二定律求出abcd进磁场B1前做匀加速直线运动的加速度，再由运动学公式可求出线框从静止到进入磁场B1前和进入磁场B1过程的时间，由总时间得到完全进入磁场后的时间，由运动学即可求出ef线和gh线间距，以及ab边刚到达gh时的速度；（2）ab边由静止开始运动到gh线这段时间内产生焦耳热Q等于线框克服安培力做功；（3）ab边刚进入gh线瞬间，线框中ab和dc两边都切割磁感线，各产生一个感应电动势，根据牛顿第二定律求解加速度。