2019高考物理最后冲刺增分小题狂练： 17 Word版含解析

小题狂练3误差有效数字实验：研究匀变速直线运动小题狂练③小题是基础练小题提分快1.[2019·广州调研](1)某同学用电磁打点计时器测匀变速直线运动的加速度，电磁打点计时器的工作电源为________．A．220 V的交流电B．6 V以下的交流电C．220 V的直流电D．6 V以下的直流电(2)实验中打点计时器每隔0.02 s打一个点，打出的纸带如图所示，则可大致判断小车做________(选填“匀速”或“匀变速”)直线运动，这是因为______________；计算小车的加速度大小a＝________m/s2(保留两位有效数字)．答案：(1)B(2)匀变速两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定0.30 解析：(1)电磁打点计时器的工作电源为6 V以下的交流电，选项B正确．(2)根据打出的纸带中两个连续相等的时间间隔内的位移之差恒定，可大致判断小车做匀变速直线运动．利用Δx＝aT2，T＝5×0.02 s＝0.1 s，可得小车的加速度大小a＝0.30 m/s2.2．[2019·湖南省衡阳模拟]在研究匀变速直线运动中，某同学用一端装有定滑轮的长木板、小车、打点计时器(频率为50 Hz)、钩码、纸带、细线组成如图甲所示的装置，用钩码拉动小车，使其做匀变速直线运动，得到如图乙所示的一条纸带，纸带中相邻两个计数点之间有四个点未标出．(1)某同学操作实验步骤如下，有错误或不需要的步骤是________(填写字母)．A．将打点计时器固定在长木板上，并连接好电路B．将纸带固定在小车尾部，并穿过打点计时器的限位孔C．适当抬高长木板的左端，在不挂钩码的情况下，轻推小车，小车能匀速运动D．把一条细线拴在小车上，细线跨过定滑轮，下面吊着适当重的钩码E．将小车移至靠近打点计时器处F．先释放纸带，再接通打点计时器(2)用毫米刻度尺测量得到图乙中A点与其他计数点间的距离为：AB＝3.00 cm、两点间的距离如图所示，完成下列问题．电火花计时器的工作电源是________(填“交流电”或“直流电”关于打点计时器的时间间隔，下列是四位同学各自发表的看法，其中正确的．电源电压越高，每打两个点的时间间隔就越短．纸带速度越大，每打两个点的时间间隔就越短相邻两个计数点之间还有四个点未标出．①试根据纸带上计数点间的距离，计算出打下B、C、，v C＝0.264 m/s，v D＝0.390 m/s.(②在如图乙所示的坐标系中作出小车的v－t图线，并根据图线求出与纵轴相交，此交_________________________________________________________(2)①0.138②如图所示 1.26探究小车速度随时间变化的规律”平放，并使滑轮伸出桌面，固定打点计时器，连接好电路；此处所需的器材有⑤⑥)(c)让小车拖着纸带运动，打完一条后立即关闭电源；(e)图乙所示，其中每相邻两点之间还有4个点迹未标出．部分实验步骤如下：．测量完毕，关闭电源，取出纸带．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连上述实验步骤的正确顺序是______________________(、…，如图所示甲、乙、丙三段纸带，分别是从三条不同纸带上撕下的．在甲、乙、丙三段纸带中，属于纸带A的是________(时，小车的加速度大小为________ m/s2；打点计时器打计数点1时小车的速度为________ m/s((3)0.456根据匀变速直线运动的特点(相邻的等长时间间隔位移之差相等，所以属于纸带A的是乙；(2)根据运动学公式＝3.11 m/s2；(3)利用匀变速直线运动的推论：0.456 m/s.小车的瞬时速度为________ m/s(计算结果保留三位有效数字相反0.472打点计时器接在50 Hz的交流电源上时，每隔0.02 s，若无法再做实验，可由以上信息推知：①相邻两计数点的时间间隔为________s ；点时物体的速度大小为________ m/s ；(保留两位有效数字x s －s 如图是某同学研究小球下落时的频闪照片，频闪闪光一次并进行拍照．照片中小球静止时在位置的距离如图中所标的数据但该同学发现图中数据存在以下问题：根据h ＝12间的距离为1.23 cm ，个小水滴)可知，小车在桌面上是________(填“从右向左”或“从左向右”该小组同学根据图(b)的数据判断出小车做匀变速运动．________ m/s，加速度大小为________ m/s(2)0.190.037课时测评③综合提能力课时练赢高分一、选择题1．关于误差，下列说法中正确的是()A．认真测量可以避免误差B．误差是实验中产生的错误C．采用精密仪器，改进实验方法，可以消除误差D．实验中产生误差是难免的，但可以想办法尽量减小误差答案：D解析：错误是指因仪器故障、设计错误、操作不当等造成的测量偏差，不是误差．误差是不可避免的，只能尽可能减小误差，而错误是可以避免的．2．以千米为单位计录的某次测量结果为5.4 km，若以米为单位，记录这一结果可写为()A．5 400 m B．5.4×103 mC．5.40×103 m D．5.400×103 m答案：B解析：测量结果5.4 km有两位有效数字，因此以米为单位记录测量结果也应该是两位有效数字，表示为5.4×103 m.二、非选择题3．在“测金属的电阻率”的实验中，分别用游标卡尺和螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的长度和横截面的直径如下图所示．则该圆柱体的长度为________mm，横截面的直径为________mm.答案：49.10 4.702解析：根据游标卡尺读数规则，该圆柱体的长度为49 mm＋2×0.05 mm＝49.10 mm，根据螺旋测微器读数规则，圆柱体横截面的直径为4.5 mm＋20.2×0.01 mm＝4.702 mm.4．某同学在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率是50 Hz，在实验中得到一条点迹清晰的纸带，他把某一点记作O，再选依次相邻的6个点作为测量点，分别标以A、B、C、D、E和F，如图甲所示．丙．一位同学在研究小球自由落体运动时，用频闪照相连续记录下小球的位置，测得x1＝7.68 cm，x过计算可得小球运动的加速度约为________m/s2，图中，代入数据解得a＝9.72 m/s的游标卡尺测量滑块的宽度为d＝1.010 cm.时的速度v1＝________m/s，滑块通过光电门结果保留两位有效数字)．方案二：测两光电门之间的距离x，由v2－v1＝2ax坐标系中，如图所示．若把每一段纸带的左上角连接起来，结果得到一条倾斜的直线，如图所示，运动，且直线与x轴方向夹角越小，说明纸带运动的加速填“越大”或“越小”)．5.20 cm，c段纸带的长度为若用某工具测量遮光片宽度的读数为d＝2.40 mm，则所用工具为．最小分度为毫米的刻度尺，重力加速度大小为g＝10(2)该同学在研究滑块运动时打出了一条纸带，如图乙所示．在纸带上，连续5个点取一个计数点，依先后顺序标为0、1、2、…(图中只画出前4个计数点及刻度尺对应关系)，已知相邻两个计数点间时间间隔为0.1 s ，距离为x 1、x 2、x 3、…，并画出x n —t 图线如图丙所示(其中横坐标数值表示第n 个0.1 s)．则图乙中x 3＝________cm ，滑块的速度随时间__________(选填“均匀变化”或“恒定不变”)，计数点2对应的滑块速度大小为________ m/s ，滑块的平均加速度大小为________ m/s 2(保留两位有效数字)．答案：(1)不需要 不需要 (2)3.45(3.44～3.46) 均匀变化 0.3 1.0解析：(1)本题探究滑块速度随时间变化的规律，速度和加速度均由纸带上的数据求得，又因滑块受不受摩擦力均做匀变速运动，所以不需要平衡摩擦力；实验中也不需要确保重物质量远小于滑块质量．(2)由题图乙可知x 2＝2.45 cm 、x 3＝3.45 cm ，由x n —t 图线可知在相同时间Δt 内位移的增加量相同，所以滑块的速度是均匀变化的，计数点2对应的速度大小为v 2＝x 2＋x 32T ，解得v 2＝0.30 m/s ，由Δx ＝aT 2得平均加速度大小为a ＝1.0 m/s 2.10．利用自由落体运动可测量重力加速度．某同学利用如图所示的实验装置进行实验，图中的M 为可恢复弹簧片，M 与触头接触，开始实验时需要手动敲击M 断开电路，使电磁铁失去磁性释放第一个小球，小球撞击M 时电路断开，下一个小球被释放．(1)为完成实验，除图示装置提供的器材外还需要的器材有________和________．(2)用图中所示的实验装置做实验，测得小球开始下落的位置与M 的高度差为120.00 cm ，手动敲击M 的同时开始计时，到第80个小球撞击M 时测得总时间为。

小题狂练19实验：探究做功与速度变化的关系验证机械能守恒定律验证动量守恒定律小题狂练⑲小题是基础练小题提分快1.[2019·甘肃省渭源四中考试] 探究“做功和物体速度变化的关系”的实验装置如图甲所示，图中是小车在1条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形．实验中小车获得的速度为v，由打点计时器所打出的纸带测出，橡皮筋对小车做的功记为W；实验时，将木板左端调整到适当高度，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放．请回答下列问题：当我们把2条、3条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次……实验．请回答下列问题：(1)除了图甲中已给出的器材外，需要的器材还有：交流电源、________.(2)如图乙所示是小车在某次运动过程中打点计时器在纸带上打出的一系列的点，打点的时间间隔为0.02 s，则小车离开橡皮筋后的速度为________m/s.(保留两位有效数字)(3)将几次实验中橡皮筋对小车所做的功W和小车离开橡皮筋后的速度v，进行数据处理，以W为纵坐标，v或v2为横坐标作图，其中可能符合实际情况的是________．毫米刻度尺 (2)0.36 (3)AD需要的器材除了交流电源外，还有毫米刻度尺；车离开橡皮筋后的速度为v ＝7.2×10－30.02m/s ＝0.36m/s 为纵坐标，v 或v 2为横坐标作图，其中可能符合实际情浙江省五校联考]如图甲所示，用质量为使它在长木板上运动，打点计时器在纸带上记录小车的运动情况，利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验． 打点计时器使用的电源是_______________________(．交流电源实验中，需要平衡摩擦力和其他阻力，正确的操作方法是填选项前的字母，A.把长木板右端垫高实验中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小点到打B点的过程中，拉力对小车做的功W＝________点时小车的速度v＝________.x3－x1录弹簧测力计的示数F，并利用纸带计算出小车对应的速度．实验中为使细绳对小车的拉力为小车受到的合外力，下列的________．．钩码的质量要远小于小车质量．动滑轮的质量要远小于钩码的质量．小车不连细绳时，反复调整木板倾角，直到纸带上打下的点按正确操作，使细绳对小车的拉力为小车的合外力，保证小车的质量不变，在钩码个数不同的情况下，测量并找到A相等的多条点迹清晰的纸带，分别计算出打下A、v，算出Δv2，Δv2＝v2－v2，根据实验数据绘出________．(2)0.505 3.00(3)A为了保证细绳的拉力等于小车受到的合外力，实验前应首先平衡摩擦力，即小车不连细绳时，反复调整木板倾角，直到纸带上打下的点分布均匀，即小车做匀速直线运动，m/s，同理打下B点时小车的速度为对于该实验，下列操作中对减小实验误差有利的是．重物选用质量和密度较大的金属锤．两限位孔在同一竖直面内上下对正．精确测量出重物的质量．用手托稳重物，接通电源后，释放重物某实验小组利用上述装置将打点计时器接到源上，按正确操作得到了一条完整的纸带，由于纸带较长，图中有部和EG的长度和CD的长度验证机械能守恒定律，C正确；AC、BD和EG的长度可分别求出打B、C、F三点时重物的速度，但BC、CF、BF的长度都无法求出，故无法验证机械能守恒定律，D错误．5．[2019·河北省景县梁集中学调研]如图1所示，将打点计时器固定在铁架台上，用重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可验证机械能守恒定律．(1)已准备的器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需要的器材是________．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、刻度尺(2)安装好实验装置，正确进行实验操作，从打出的纸带中选出符合要求的纸带，如图2所示．图中O点为打点起始点，且速度为零．选取纸带上打出的连续点A、B、C、…作为计时点，测出其中E、F、G点距起始点O的距离分别为h1、h2、h3.已知重物质量为m，当地重力加速度为g，计时器打点周期为T.为了验证此实验过程中机械能是否守恒，需要计算出从O点到F点的过程中，重物重力势能的减少量ΔE p＝________，动能的增加量ΔE k＝________(用题中所给字母表示)．(3)实验结果往往是重力势能的减少量略大于动能的增加量，关于这个误差下列说法正确的是________．A．该误差属于偶然误差B．该误差属于系统误差C．可以通过多次测量取平均值的方法来减小该误差D．可以通过减小空气阻力和摩擦阻力的影响来减小该误差(4)某同学在实验中发现重物增加的动能略小于重物减少的重力势能，于是深入研究阻力f对本实验的影响．他测出各计时点到起始点的距离h，并计算出打下各计数点时的速度v，用实验测得的数据射小球和被碰小球的质量分别为m1、m2，且m1＝2m2.则：两小球的直径用螺旋测微器测得，测量结果如图乙，则两小________mm.入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，其目的是________．A．使入射小球每次都能水平飞出槽口B．使入射小球每次都以相同的动量到达槽口C．使入射小球在空中飞行的时间不变D．使入射小球每次都能与被碰小球对心碰撞(3)下列有关本实验的说法中正确的是________．A．未放被碰小球和放了被碰小球，入射小球的落点分别是M、PB．未放被碰小球和放了被碰小球，入射小球的落点分别是P、MC．未放被碰小球和放了被碰小球，入射小球的落点分别是N、MD．在误差允许的范围内若测得|ON|＝2|MP|，则表明碰撞过程中两小球组成的系统满足动量守恒定律答案：(1)12.895(2)B(3)BD解析：(1)螺旋测微器的主尺部分长度为12.5 mm，转动部分读数为：39.5×0.01 mm，故最终读数为：(12.5＋0.395)mm＝12.895 mm；(2)入射小球每次都应从斜槽上的同一位置无初速度释放，是为了使小球每次都以相同的速度飞出槽口，即为了保证入射小球每次都以相同的动量到达槽口，B正确；(3)未放被碰小球和放了被碰小球，入射小球的落点分别为P、M，A、C错误，B正确；设入射小球碰前瞬间的速度为v1，碰后瞬间的速度为v′1，碰后瞬间被碰小球的速度为v′2，则m1v1＝m1v′1＋m2v′2，由于m1＝2m2，则有2(v1－v′1)＝v′2，设平抛时间为t，则OM＝v′1t，ON＝v′2t，OP＝v1t，所以若系统碰撞的过程中动量守恒，则满足|ON|＝2|MP|，D正确．课时测评⑲综合提能力课时练赢高分1.某实验小组按照如图1所示的装置对高中实验进行连续探究或验证．实验一：探究小车做匀变速直线运动规律；实验二：验证牛顿第二定律；实验三：探究小车受到的合力做的功与动能变化的关系．出纸带，如图乙所示，打出的纸带如图丙所示．请回答下列问题：、B、C、D、E、F相邻计数点间的时间间隔为根据纸带求滑块运动的速度，打点计时器打B点时滑块运动的速度已知重锤质量为m，当地的重力加速度为g，要测出某一过程合外力对滑块做的功还必须测出这一过程滑块________(的名称及符号，只写一个物理量)，合外力对滑块做的功的表达式要验证机械能守恒，除了要测量两个光电门间的高度差________(写出物理量名称及符号________(用已知量和测量量表示由于两个光电门间的高度差比较难测量，该同学又改进了实电门的光束与小圆柱体静止悬挂时的重心在同一高度；②将刻度尺竖直立于长木板上，让细线悬吊着的小圆柱体刚好与由刻度尺测出小圆柱体此时重心离长木板的高度小圆柱体由静止释放，测出小圆柱体经过光电门重复步骤②多次，测出小圆柱体在不同位置释处于弹性限度内，重力加速度大小为g.实验操作如下：．开始时，系统在一外力作用下保持静止，细绳拉直但张力为，使其向下运动，当压力传感器示数为零时，速度传感B质量不变，改变C，试根据闪光照片(闪光时间间隔为0.4 s)，分析得出：滑块碰撞前的速度v B＝________；A滑块碰撞后的速度滑块碰撞后的速度v′B＝________.根据闪光照片分用如图所示的装置来验证动量守恒定律，质量为的钢球B放在离地面高度为球球心的距离为L，使悬线伸直并与竖直方向的夹角球摆到最低点时恰与B球发生对心碰撞，碰撞后，abs 35 15ab (s 1－s 3) 25abs 2打点周期T ＝1b ，打s 1、s 2、s 3均用时5b ，碰前其中一滑块＝m s 1t ＝a bs 15，碰前另一滑块的动量p 2，故碰前总动量p ＝p －p ＝1ad (s －s )，同理碰后总动量甲乙实验测得滑块A的质量m＝0.310 kg，滑块B的质量。

2天津市耀华中学检测]如图所示，用同种材料制成的一段为四分之一圆弧，半径为，与轨道间的动摩擦因数为河北省衡水中学二调](多选)如图所示，斜面体由粗糙拼接而成，其截面△边上的交点，且DP ＞CP .D ，然后将OC 次滑动中物块到达底端的速度大小相等，故 江苏省高邮中学检测](多选)如图所示，质量为的物体，钢索拉着电梯由静止开始向上做时，速度达到v )．物体所受合力做的功等于1m v 2＋mgH带的速度保持不变，则下列判断正确的是( )内，物块对传送带一直做负功．物块与传送带间的动摩擦因数μ＞tan θ内，传送带对物块做的功为12m v 22－12m v 21．系统产生的热量一定比物块动能的减少量大ABD)从地面拉到P点的正下方C处时力运动到P点正下方C处时的速度为0被拉到与滑块A速度大小相等时，离地面高度为从地面拉到P的正下方C处时，小球7．[2019·山东省枣庄八中调研]如图所示，长为L＝1 m的长木板水平放置，在木板的A端放置一质量为m＝1 kg的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α＝30°时，小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v＝2 m/s，重力加速度g＝10 m/s2，则在整个过程中() A．木板对小物块做的功为5 JB．摩擦力对小物块做的功为5 JC．支持力对小物块做的功为0D．小物块克服摩擦力做的功为3 J答案：D解析：设在整个过程中，木板对物块做的功为W，根据动能定理得：W＝12m v 2＝12×1×22 J＝2 J，故A错误；在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为30°的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功，由于摩擦力小于重力沿木板向下的分力，即f<mg sin30°，则摩擦力对物块做的功W f＝－fL≠－mgL sin30°＝－5 J，故B错误；在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为30°的过程中，支持力对物块做的功设为W N，根据动能定理得：W N－mgL sin30°＝0，得W N＝5 J，故C错误；在物块下滑的过程中，根据动能定理得：mgL sin30°＋W f＝12m v2－0，得Wf＝－3 J，即小物块克服摩擦力做的功为3 J，故D正确．8．[2019·安徽省四校模拟]一质点在0～15 s内竖直向上运动，其加速度－时间图象如图所示，若取竖直向下为正，g取10 m/s2，则下列说法正确的是()A．质点的机械能不断增加B．在0～5 s内质点的动能增加C．在10～15 s内质点的机械能一直增加D．在t＝15 s时质点的机械能大于t＝5 s时质点的机械能答案：D解析：质点竖直向上运动，0～15 s内加速度方向向下，质点一直做减速运动，B错.0～5 s内，a＝10 m/s2，质点只受重力，机械能守恒；5～10 s内，a＝8 m/s2，受重力和向上的力F1，F1做正功，机械能增加；10～15 s内，a＝12 m/s2，质点受重力和向下的力F2，F2做负功，机械能减少，A、C错误．由F合＝ma可推知F1＝F2，由于做减速运动，5～10 s内通过的位移大于10～15 s内通过的位移，F1做的功大于F2做的功，5～15 s内增加的机械能大于减少的机械能，所以D正确．9．[2019·山东省潍坊模拟](多选) 如图所示，一根细绳的上端系在O点，下端系一重球B，放在粗糙的斜面体A上．现用水平推力F向右推斜面体使之在光滑水平面上向右匀速运动一段距离(细绳尚未到达平行于斜面的位置)．在此过程中()A．B做匀速圆周运动B．摩擦力对重球B做正功C．水平推力F和重球B对A做的功的大小相等D．A对重球B所做的功与重球B对A所做的功大小相等答案：BC解析：B的线速度大小是变化的，故不是匀速圆周运动，故A错误；如图，画出球B受到的支持力N，摩擦力f以及球在该位置时运动的切线的方向，由图可知，斜面对B的摩擦力沿斜面向下，与B 的速度方向的夹角为锐角，所以摩擦力对重球B做正功，故B正确；A匀速运动，动能不变，根据动能定理知水平推力F和重球B对A 做的功的大小相等，故C正确；斜面对B的弹力和B对斜面的弹力是一对作用力和反作用力，大小相等，斜面在弹力方向上的位移等于B在弹力方向上的位移，所以A对重球B的弹力所做的功与重球B 对A弹力所做的功大小相等，一正一负，由于B与A间存在相对运动，A的位移与B的位移不相等，所以A对重球B的摩擦力所做的功与重球B对A的摩擦力所做的功大小不相等，所以A对重球B所做的总功与重球B对A所做的总功大小不相等，故D错误．10．[2019·江西省南昌调研](多选)如图所示，一小球(可视为质点)从H＝12 m高处，由静止开始沿光滑弯曲轨道AB进入半径R＝4 mh的D点时速度为零，则h的值可能为9.5 m8 m设小球质量为m，以B点所在水平面为零势能面，开封定位考试](多选)静止在水平地面的物块，受到水此拉力方向不变，其大小图所示，设物块与地面间的静摩擦力最大值时刻物块的动能最大，选项D 正确．四川五校联考]如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，处由静止开始下滑，经过，此为过程Ⅰ；若圆环在 圆环刚开始下滑时，圆环受到的合力向下，设弹簧原长为，下滑过程中，对圆环受力分析，如图所示，弹簧弹力与竖直方向＝kL ⎝ ⎛⎭⎪⎫1sin θ－1，竖直方向根据牛顿第二定多选)质量为m的小球被系在轻绳一端，在的圆周运动，如图所示．用来测量绳子上的拉力，运动过程中小球受到空气阻力的作用，空气阻力随速度减小而减小．某一时刻小球通过轨道的最低点，如图所示，足球从草皮上的①位置被踢出后落在草皮上③位置，空中到达的最高点为②位置，则．②位置足球动能等于0动能的变化量等于合力做的功，故D正确．多选)质量为m的物块在水平恒力处由静止开始运动至高为v，A、B之间的水平距离为不计空气阻力，则物块运动过程中(天津五区县联考](多选)如图所示，竖直平面内有一光滑圆，B为最低点，C为最高点，圆环左下方开一个小口与光滑斜面相切于A点，∠AOB＝37°点进入圆轨道，不计小球由和水平面BC是由同一板材上截下的两段，处用小圆弧连接．将小铁块(可视为质点)的高度为h，小铁块与该板材间的动摩擦因对全过程运用动能定理有点，且与铁块的质量无关．故A、如图所示，水平传送带由电动机带动，并始终保持以匀速运动，现将质量为m的某物块由静止释放在传送带上的．物体上升过程的加速度大小a＝10 m/s2．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝0.4．物体的质量m＝0.67 kg．物体回到斜面底端时的动能E＝10 J如图是某缓冲装置，劲度系数足够大的轻质弹簧与直杆相连，直杆可在固定的槽内移动，与槽间的滑动摩擦力恒为摩擦力等于滑动摩擦力，根据图象可求出()．物体的初速率为3 m/s．物体与斜面间的动摩擦因数为0.75．取不同的倾角θ，物体在斜面上能达到的位移时，物体达到最大位移后将停在斜面上、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放一质量为m的质点自点进入轨道．质点滑到轨道最低点为重力加速度的大小．用C点时的速度大小vC点时对轨道的压力大小；D点后在空中做竖直上抛运动到最高点，物块与坡道间的动摩擦因数为光滑，坡道顶端距水平面高度为h，倾角为θ点处无机械能损失，重力加速度为。

姓名，年级：时间：小题狂练18 动量守恒定律小题狂练⑱小题是基础练小题提分快1。

［2019·北京东城区模拟]（多选)两物体组成的系统总动量守恒,这个系统中( ）A．一个物体增加的速度等于另一个物体减少的速度B．一物体受合力的冲量与另一物体所受合力的冲量相同C．两个物体的动量变化总是大小相等、方向相反D．系统总动量的变化为零答案：CD解析：两个物体组成的系统总动量守恒，即p1＋p2＝p′1＋p′2，等式变形后得p1－p′1＝p′2－p2，即－Δp1＝Δp2,－m1Δv1＝m2Δv2,所以每个物体的动量变化大小相等,方向相反,但是只有在两物体质量相等的情况下才有一个物体增加的速度等于另一个物体减少的速度，故A错误，C正确；根据动量定理得I1＝Δp1,I2＝Δp2，每个物体的动量变化大小相等,方向相反，所以每个物体受到的冲量大小相等，方向相反，故B错误；两物体组成的系统总动量守恒,即系统总动量的变化为零,D正确．2．[2019·湖北省襄阳四中检测］(多选)关于动量守恒的条件，下列说法正确的是( )A．只要系统内存在摩擦力，系统动量就不可能守恒B．只要系统所受合外力所做的功为零，系统动量一定守恒C．只要系统所受合外力的冲量始终为零，系统动量一定守恒D．系统加速度为零，系统动量一定守恒答案：CD解析：只要系统所受外力的矢量和为零，系统动量就守恒，与系统内是否存在摩擦力无关,故A错误；系统所受合外力做的功为零，系统所受合外力不一定为零，则系统动量不一定守恒，故B错误；力与力的作用时间的乘积是力的冲量，系统所受到合外力的冲量为零，则系统受到的合外力为零，系统动量守恒,故C正确;系统加速度为零，由牛顿第二定律可得，系统所受合外力为零，系统动量守恒，故D正确．3．[2017·全国卷Ⅰ］将质量为1。

00 kg的模型火箭点火升空，50 g 燃烧的燃气以大小为600 m/s的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为(喷出过程中重力和空气阻力可忽略）( )A．30 kg·m/s B．5。

)由题意，当F＝kt时，物体受到的摩擦力为，因此滑动摩擦力随着时间的增加不断增大，直到滑动摩擦力大于重力时，物体做减速运动，当物体速度减为零时，摩擦力变成静摩擦力，物体处于静止状态，即使推力增大，静摩擦力大小正确，A、C、D错误．综上本题选B.如图所示，两木块的质量分别为，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面的弹簧，在这过程中上面木块移动的距如图所示，一小车的表面由一光滑水平面和光滑斜面连接而成，其上放一球，球与水平面的接触点为当小车和球一起在水平桌面上做直线运动时，如图所示为位于水平面上的小车，固定在小车上的支架的斜杆，在斜杆的下端固定有质量为的判断中，正确的是mg sinθ，方向沿杆向上湖南师范大学附中模拟]如图所示，均匀，夹在两个相同的水平垫板中，A 与垫板间的动摩擦因数为以相同的水平速率v 1对称且匀速地向两侧退开时，若A 始终在垫板上)，作用在进行受力分析，可知A 在水平方向受到的作用和拉力的作用，由于滑动摩擦力的方向与相对运动的方向相的运动的方向如图(实线)：滑动摩擦力的方向以及滑动摩擦力的分解如图中虚线．由对称性可知，的摩擦力：f 1＝μmg 121如图所示，完全相同、质量均为m的物块的固定斜面上．斜面的倾角为A恰好静止．现用一沿斜面向上的力个完全相同的长方体木板叠放在一起，每个木，某人用手在这叠木板的两侧加一水平压力木板水平静止．若手与木板之间的动摩擦因数为则物块与木板间的动摩擦因数为( )，下列说法不正确的是( )．由图可求出物块的质量．由图可求出物块与斜面间的动摩擦因数时物块保持静止状态后物块做匀变速运动块保持静止状态，选项C正确；F大于F0后物块保持运动状态，但不是匀变速运动，选项D不正确．10．[2019·陕西省西安联考]如图所示，A、B两物体叠放在水平地面上，A物体质量m＝20 kg，B物体质量M＝30 kg.处于水平位置的轻弹簧一端固定于墙壁，另一端与A物体相连，轻弹簧处于自然状态，其劲度系数为250 N/m，A与B之间、B与地面之间的动摩擦因数均为μ＝0.5.现有一水平推力F作用于物体B上使B缓慢地向墙壁移动，当移动0.2 m时，水平推力F的大小为(已知A、B之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2)( )A．350 N B．300 NC．250 N D．200 N答案：B解析：设A、B间没有相对滑动，则轻弹簧的压缩量为x＝0.2 m，此时轻弹簧的弹力大小为F＝kx＝50 N，而A与B间的最大静摩擦力为F fA＝μmg＝100 N，所以A、B之间没有相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，其大小为F f1＝50 N，B与地面间的摩擦力为滑动摩擦力，其大小为F f2＝μ(m＋M)g＝250 N，所以F＝F f1＋F f2＝300 N，即B选项正确．11．[2019·浙江省宁波市余姚中学模拟]如图所示为一款可调握力器的简化图．通过调节右侧旋钮可令弹簧下悬点在A到B间移动，从而使弹簧初始弹力在0～25 N之间变化，已知弹簧下端处于A点时，弹簧与水平杆成53°角，当其调节到B点时，弹簧与水平杆成37°角，已知AB长3.5 cm，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，则该弹簧的劲度系数为( )A．800 N/m B．900 N/mC．1 000 N/m D．1 200 N/m答案：C解析：AB 的垂线，与AB BD ＝L 1，AD ＝L 2，tan37°＝，解得s L 2sL 1的斜面体c 置于水平地面上，小盒斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体a 的一段细绳竖直．a 内缓慢放入适量砂粒，a 、b 、c湖南师大附中模拟]如图所示，一倾角为固定在光滑水平地面上的物体A、B之间，斜面体恰好与物体恰能沿斜面匀速下滑，此时斜面体与不变，仍为竖直向下，大小为mg，水平方向无外力作用，故选如右图，一物块在水平拉力水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数15．[2019·银川月考](多选)如图所示，在倾斜的粗糙杆上套一个质量为m的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为M的小球，在圆环沿杆向下滑动的过程中，悬挂小球的轻绳始终处于竖直方向，则( )A．小球做匀速直线运动B．圆环一定受三个力作用C．圆环一定受四个力作用D．小球的重力大于轻绳的拉力答案：AC解析：以小球为研究对象，由题意知小球沿杆向下做直线运动，说明加速度为零或加速度沿杆方向，而小球只受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力，这两个力的合力必为零，即小球做匀速直线运动，则圆环也做匀速直线运动，圆环受到重力、竖直向下的拉力、支持力和滑动摩擦力，共四个力作用，选项A、C正确，B错误；由平衡条件知，轻绳对小球的拉力等于小球的重力，选项D错误．16.如图所示，斜面体的底面粗糙，斜面光滑，放在粗糙水平地面上．弹簧的一端固定在墙面上，另一端与放在斜面上的物块相连，弹簧的轴线与斜面平行，若物块在斜面上做周期性往复运动，斜面体保持静止，则地面对斜面体的摩擦力f与时间t的关系图象正确的是( )答案：A解析：设斜面的倾角为θ，物块在光滑的斜面上做周期性往复运动，对斜面的压力N1等于物块重力垂直于斜面的分力，即N1＝mg cosθ，以斜面体为研究对象，受力分析如图，地面对斜面体的摩擦力f＝N1sinθ＝mg sinθcosθ，因为m、θ不变，所以f不随时间变化，故选A.课时测评④综合提能力　课时练　赢高分一、选择题1．[2019·广东佛山顺德区模拟]如图所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，紧贴墙壁．若在斜面上放一物体m，再给m施加一竖直向下的恒力F，M、m均保持静止，则小车受力的个数为( ) A．3 B．4C．5 D．6答案：B解析：先对物体m进行受力分析，受到重力、向下的恒力F、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，支持力和静摩擦力的合力与重力和恒力F的合力是一对平衡力，根据牛顿第三定律，m对M的压力和静摩擦力的合力竖直向下；再对小车M进行受力分析，受重力、m对它的垂直于斜面向下的压力和沿斜面向下的静摩擦力，同时地面对M有向上的支持力，共受到4个力，故A、C、D错误，B正确．2．[2019·湖南衡阳八中月考](多选)四个完全相同的弹簧测力计，外壳通过绳子分别与四个完全相同的物体相连，挂钩一端施加沿轴线方向的恒力F，以下四种情况中关于弹簧测力计读数的说法正确的是( )A．如果图甲中的物体静止在水平地面上，那么弹簧测力计的读数可能小于FB．如果图乙中的物体静止在斜面上，那么弹簧测力计的读数一定等于FC．如果图丙中的物体静止在粗糙水平地面上，那么弹簧测力计的读数一定等于FD．如果已知图丁中水平地面光滑，则由于物体的质量未知，无法判定弹簧测力计的读数与F的大小关系答案：BC解析：题图甲中的物体静止在水平地面上，根据平衡原理，弹簧测力计的读数等于F，故A错误；不论物体静止在斜面上，还是静止在粗糙水平地面上，由平衡条件可知，弹簧测力计的读数一定等于F，故B、C正确；已知题图丁中水平地面光滑，虽然物体的质量未知，但是弹簧测力计的读数与F的大小仍相等，故D错误．3.[2019·河南鹤壁高中模拟]如图所示，水平传送带上放一物体，当传送带沿顺时针方向以速度v匀速转动时，物体在轻弹簧水平拉力的作用下处于静止状态，此时弹簧的伸长量为Δx；当传送带沿顺时针方向的转动速度变为2v时，物体处于静止状态时弹簧的伸长量为Δx′，则关于弹簧前后两次的伸长量，下列说法中正确的是( ) A．弹簧的伸长量将减小，即Δx′<ΔxB．弹簧的伸长量将增加，即Δx′>ΔxC．弹簧的伸长量不变，即Δx′＝ΔxD．无法比较Δx和Δx′的大小答案：C解析：物体所受的滑动摩擦力大小为f＝μN＝μmg，f与传送带的速度大小无关，当传送带的速度方向不变时，不管速度大小如何四川成都实验高中一诊]如图，楔形物块地面上，其斜面粗糙，斜面上有小物块B.用平行于斜面的力，使之沿斜面匀速上滑．现改变力F的方向至与斜面成一定的角平行于斜面向上时，先对物体B进行受力分析如图甲，根据平衡条件，有平行于斜面方向F＝f＋mg sin，解得F＝mg(sinθ＋μ拉力改变方向后，设其与斜面夹角为α，根据平衡条件，在平行于mg sinθ，垂直于斜面方向，其中f′＝μN′，解得mg cosθ－F′sinα)，联立各式得到滑动摩正确；拉力F可能变大，也可能减小，故进行受力分析，受重力、支持力、B对A，静摩擦力也一定减小，故位于斜面上，受到平行于斜面的水平力于静止状态．如图所示，若将外力F撤去，则．物块可能会沿斜面下滑．物块受到的摩擦力变小mg sinα，故选项B如图所示，质量均为的作用下处于平衡状态，其中弹簧上端与天花板固定连接，轴线与竖弹簧竖直，g取10 m/s3 cm河北石家庄模拟]如图所示，一质量为斜面体置于水平地面上，质量为m的小木块上．现用一平行于斜面、大小恒定的拉力F江西南昌十校模拟]如图，上表面为光滑曲面的物体静置于水平地面上，一小滑块从曲面底端受水平力作用缓缓沿曲面向＝200 N/m＝100 N/m＝300 N/m＝200 N/m湖南娄底五校联考]如图所示，一辆运送沙子的自卸卡车装满沙子，沙粒之间的动摩擦因数为μ1，沙子与车厢底板间的，车厢的倾角用θ表示，下列说法正确的是．如图所示，放在水平地面上的物体侧连着一轻质弹簧，已知物体与地面间的动摩擦因数安徽合肥一中段考]如图所示，质量水平固定杆上，并用轻绳与质量m＝0.5 kg的小球相连，今用跟水3N拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，运动中木块、小球的相对位置保持不变，，竖直方向F sin60°－T sin θ－mg ＝0，解得以木块和小球整体为研究对象，受力分析如图乙所示，由平衡条件得，水平方向有F cos60°－μN ＝0，竖直方向有，解得μ＝.33。

小题狂练 16 机械能守恒定律和能量守恒定律小题狂练⑯ 小题是基础 练小题 提分快1.[2019·内蒙古包头一中模拟] 取水平地面为零重力势能面．一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能与重力势能恰好相等．不计空气阻力，该物块落地时的速度方向与水平方向的夹角的正切值为( )A. 3B.33C ．1 D.12答案：C解析：设抛出时物块的初速度为v 0，高度为h ，物块落地时的速度大小为v ，方向与水平方向的夹角为α.根据机械能守恒定律得：12mv 20＋mgh ＝12mv 2，据题有：12mv 20＝mgh ，联立解得：v ＝2v 0，则tan α＝v 2－v 20v 0＝1，C 正确，A 、B 、D 错误． 2.[2019·山东师大附中模拟]如图所示，在倾角为α＝30°的光滑斜面上，有一根长为L ＝0.8 m 的轻绳，一端固定在O 点，另一端系一质量为m ＝0.2 kg 的小球，沿斜面做圆周运动，取g ＝10 m/s 2，若要小球能通过最高点A ，则小球在最低点B 的最小速度是( )A ．4 m/sB ．210 m/sC ．2 5 m/sD ．2 2 m/s答案：C解析：若小球恰好能在斜面上做完整的圆周运动，则小球通过A 点时轻绳的拉力为零，根据圆周运动知识和牛顿第二定律有：mg sin30°＝m v 2A L，解得v A ＝2 m/s ，由机械能守恒定律有：2mgL sin30°＝12mv 2B －12mv 2A ，代入数据解得：v B ＝2 5 m/s ，故C 正确，A 、B 、D 错误．3．[2019·黑龙江省大庆实验中学模拟]如图所示，一质量为m 的刚性圆环套在粗糙的竖直固定细杆上，圆环的直径略大于细杆的直径，圆环的两边与两个相同的轻质弹簧的一端相连，轻质弹簧的另一端固定在和圆环同一高度的墙壁上的P 、Q 两点处，弹簧的劲度系数为k ，起初圆环处于O 点，弹簧都处于原长状态且原长为L ，细杆上的A 、B 两点到O 点的距离都为L ，将圆环拉至A 点由静止释放，重力加速度为g ，对圆环从A 点运动到B 点的过程中，下列说法正确的是( )A ．圆环通过O 点时的加速度小于gB ．圆环在O 点的速度最大C ．圆环在A 点的加速度大小为2－2kL mD ．圆环在B 点的速度大小为2gL答案：D解析： 圆环通过O 点时两弹簧处于原长，圆环水平方向没有受到力的作用，因此没有滑动摩擦力，此时圆环仅受到竖直向下的重力，因此通过O 点时加速度大小为g ，故A 项错误；圆环在受力平衡处速度最大，而在O 点圆环受力不平衡做加速运动，故B 项错误；圆环在整个过程中与粗糙细杆之间无压力，不受摩擦力影响，在A 点对圆环进行受力分析，其受重力及两弹簧拉力作用，合力向下，满足mg ＋2×(2－1)kL ·cos45°＝ma ，解得圆环在A 点的加速度大小为2－2kL m＋g ，故C 项错误；圆环从A 点到B 点的过程，根据机械能守恒知，重力势能转化为动能，即2mgL ＝12mv 2，解得圆环在B 点的速度大小为2gL ，故D 项正确．4．[2019·云南省昆明三中、玉溪一中统考]如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，已知杆与水平地面之间的夹角θ<45°，当小球位于B点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长．现让小球自C点由静止释放，在小球滑到底端的整个过程中，关于小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能，下列说法正确的是( ) A．小球的动能与重力势能之和保持不变B．小球的动能与重力势能之和先增大后减小C．小球的动能与弹簧的弹性势能之和保持不变D．小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变答案：B解析：小球与弹簧组成的系统在整个过程中，机械能守恒，弹簧处于原长时弹性势能为零，小球从C点运动到最低点过程中，弹簧的弹性势能先减小后增大，所以小球的动能与重力势能之和先增大后减小，A项错，B项对；小球的重力势能不断减小，所以小球的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大，C项错；小球的初、末动能均为零，所以整个过程中小球的动能先增大后减小，所以小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和先减小后增大，D项错．5．[2019·河南省郑州一中考试]如图所示，水平传送带以v＝2 m/s 的速率匀速运行，上方漏斗每秒将40 kg的煤粉竖直放到传送带上，然后一起随传送带匀速运动．如果要使传送带保持原来的速率匀速运行，则电动机应增加的功率为( )A．80 W B．160 WC．400 W D．800 W答案：B解析：由功能关系，电动机增加的功率用于使单位时间内落在传送带上的煤粉获得的动能以及煤粉相对传送带滑动过程中产生的热量，所以ΔP ＝12mv 2＋Q ，传送带做匀速运动，而煤粉相对地面做匀加速运动过程中的平均速度为传送带速度的一半，所以煤粉相对传送带的位移等于相对地面的位移，故Q ＝f ·Δx ＝fx ＝12mv 2，解得ΔP ＝160 W ，B 项正确．6．[2019·山东省潍坊模拟](多选)如图，楔形木块abc 固定在水平面上，粗糙斜面ab 和光滑斜面bc 与水平面的夹角相同，顶角b 处安装一定滑轮．质量分别为M 、m (M >m )的滑块，通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平行，两滑块由静止释放后，沿斜面做匀加速运动．若不计滑轮的质量和摩擦，在两滑块沿斜面运动的过程中( )A ．两滑块组成的系统机械能守恒B ．重力对M 做的功等于M 动能的增加量C ．轻绳对m 做的功等于m 机械能的增加量D ．两滑块组成的系统的机械能损失等于M 克服摩擦力做的功 答案：CD解析：由于斜面ab 粗糙，故两滑块组成的系统机械能不守恒，故A 错误；由动能定理得，重力、拉力、摩擦力对M 做的总功等于M 动能的增加量，故B 错误；除重力、弹力以外的力做功，将导致机械能变化，故C 正确；除重力、弹力以外，摩擦力做负功，机械能有损失，故D 正确．7．(多选)如图所示，轻弹簧一端固定在O 1点，另一端系一小球，小球穿在固定于竖直面内、圆心为O 2的光滑圆环上，O 1在O 2的正上方，C 是O 1O 2的连线和圆环的交点，将小球从圆环上的A 点无初速度释放后，发现小球通过了C 点，最终在A 、B 之间做往复运动．已知小球在A 点时弹簧被拉长，在C 点时弹簧被压缩，则下列判断正确的是( )A．弹簧在A点的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量B．小球从A至C一直做加速运动，从C至B一直做减速运动C．弹簧处于原长时，小球的速度最大D．小球机械能最大的位置有两处答案：AD解析：因只有重力和系统内弹力做功，故小球和弹簧组成系统的机械能守恒，小球在A点的动能和重力势能均最小，故小球在A点的弹性势能必大于在C点的弹性势能，所以弹簧在A点的伸长量一定大于弹簧在C点的压缩量，故A正确；小球从A至C，在切线方向先做加速运动，再做减速运动，当切线方向合力为零(此时弹簧仍处于伸长状态)时，速度最大，故B、C错误；当弹簧处于原长时，弹性势能为零，小球机械能最大，由题意知，A、B相对于O1O2对称，显然，此位置在A、C与B、C之间各有一处，故D正确．8．[2019·安徽省合肥模拟]如图所示，圆柱形的容器内有若干个长度不同、粗糙程度相同的直轨道，它们的下端均固定于容器底部圆心O，上端固定在容器侧壁．若相同的小球以同样的速率，从点O 沿各轨道同时向上运动．对它们向上运动过程，下列说法正确的是( )A．小球动能相等的位置在同一水平面上B．小球重力势能相等的位置不在同一水平面上C．运动过程中同一时刻，小球处在同一球面上D．当小球在运动过程中产生的摩擦热相等时，小球的位置不在同一水平面上答案：D解析：小球从底端开始，运动到同一水平面，小球克服重力做的功相同，设小球上升高度为h，直轨道与容器侧壁之间的夹角为θ，则小球克服摩擦力做功W f ＝μmg sin θhcos θ，因为θ不同，克服摩擦力做的功不同，动能一定不同，A 项错误；小球的重力势能只与其高度有关，故重力势能相等时，小球一定在同一水平面上，B 项错误；若运动过程中同一时刻，小球处于同一球面上，t ＝0时，小球位于O 点，即O 为球面上一点；设直轨道与水平面的夹角为θ，则小球在时间t 0内的位移x 0＝vt 0＋12at 20，a ＝－(g sin θ＋μg cos θ)，由于x 02sin θ与θ有关，故小球一定不在同一球面上，C 项错误，运动过程中，摩擦力做功产生的热量等于克服摩擦力所做的功，设轨道与水平面间夹角为θ，即Q ＝μmgl cos θ＝μmgx ，x 为小球的水平位移，Q 相同时，x 相同，倾角不同，所以高度h 不同．D 项正确． 9．[2019·浙江省温州模拟] 极限跳伞是世界上流行的空中极限运动，如图所示，它的独特魅力在于跳伞者可以从正在飞行的各种飞行器上跳下，也可以从固定在高处的器械、陡峭的山顶、高地甚至建筑物上纵身而下，并且通常起跳后伞并不是马上自动打开，而是由跳伞者自己控制开伞时间．伞打开前可看成是自由落体运动，打开伞后减速下降，最后匀速下落．如果用h 表示人下落的高度，t 表示下落的时间，E p 表示人的重力势能．E k 表示人的动能，E 表示人的机械能，v 表示人下落的速度，如果打开伞后空气阻力与速度平方成正比，则下列图象可能正确的是( )答案：B解析：人先做自由落体运动，由机械能守恒可得E k ＝ΔE p ＝mgh ，与下落的高度成正比，打开降落伞后做加速度逐渐减小的减速运动，由动能定理得：ΔE k ＝(f －mg )Δh ，随速度的减小，阻力减小，由牛顿第二定律可知，人做加速度减小的减速运动，最后当阻力与重力大小相等后，人做匀速直线运动，所以动能先减小得快，后减小得慢，当阻力与重力大小相等后，动能不再发生变化，而机械能继续减小，故B 正确，A 、C 、D 错误．10．[2019·江西省新余四中检测](多选) 如图所示，水平传送带顺时针匀速转动，一物块轻放在传送带左端，当物块运动到传送带右端时恰与传送带速度相等．若传送带仍保持匀速运动，但速度加倍，仍将物块轻放在传送带左端，则物块在传送带上的运动与传送带的速度加倍前相比，下列判断正确的是( )A ．物块运动的时间变为原来的一半B ．摩擦力对物块做的功不变C ．摩擦产生的热量为原来的两倍D ．电动机因带动物块多做的功是原来的两倍答案：BD解析：由题意知物块向右做匀加速直线运动，传送带速度增大，物块仍然做加速度不变的匀加速直线运动，到达右端时速度未达到传送带速度，根据x ＝12at 2可知，运动的时间相同，故A 错误；根据动能定理可知：W f ＝12mv 20，因为物块的动能不变，所以摩擦力对物块做的功不变，故B 正确；物块做匀加速直线运动的加速度为a ＝μg ，则匀加速直线运动的时间为：t ＝v 0μg，在这段时间内物块的位移为：x 2＝v 202μg ，传送带的位移为：x 1＝v 0t ＝v 20μg，则传送带与物块间的相对位移大小，即划痕的长度为：Δx ＝x 1－x 2＝v 202μg，摩擦产生的热量Q ＝μmg Δx ＝mv 202，当传送带速度加倍后，在这段时间内物块的位移仍为：x ′2＝v 202a ＝v 202μg ，传送带的位移为：x ′1＝2v 0t ＝2v 20μg，则传送带与物块间的相对位移大小，即划痕的长度为：Δx ′＝x ′1－x ′2＝3v 202μg，摩擦产生的热量Q ′＝μmg Δx ′＝3mv 202，可知摩擦产生的热量为原来的3倍，故C 错误；电动机多做的功转化成了物块的动能和摩擦产生的热量，速度没变时：W 电＝Q ＋mv 202＝mv 20，速度加倍后：W ′电＝Q ′＋mv 202＝2mv 20，故D 正确．所以B 、D 正确，A 、C 错误．11．[2019·河北省廊坊监测]如图所示，重力为10 N 的滑块在倾角为30°的斜面上，从a 点由静止开始下滑，到b 点开始压缩轻弹簧，到c 点时达到最大速度，到d 点时(图中未画出)开始弹回，返回b 点时离开弹簧，恰能再回到a 点．若bc ＝0.1 m ，弹簧弹性势能的最大值为8 J ，则下列说法正确的是( )A ．轻弹簧的劲度系数是50 N/mB ．从d 到b 滑块克服重力做的功为8 JC ．滑块的动能最大值为8 JD ．从d 点到c 点弹簧的弹力对滑块做的功为8 J答案：A解析：整个过程中，滑块从a 点由静止释放后还能回到a 点，说明滑块机械能守恒，即斜面是光滑的，滑块到c 点时速度最大，即所受合力为零，由平衡条件和胡克定律有kx bc ＝G sin30°，解得k ＝50 N/m ，A 项对；滑块由d 到b 的过程中，弹簧弹性势能一部分转化为重力势能，一部分转化为动能，B 项错；滑块由d 到c 过程中，滑块与弹簧组成的系统机械能守恒，弹簧弹性势能一部分转化为重力势能，一部分转化为动能，故到c 点时的最大动能一定小于8 J ，C 项错；从d 点到c 点，弹簧弹性势能的减少量小于8 J ，所以弹力对滑块做的功小于8 J ，D 项错．12．[2019·山西省太原模拟](多选) 如图所示，长为L 的轻杆两端分别固定a 、b 金属球(可视为质点)，两球质量均为m ，a 放在光滑的水平面上，b 套在竖直固定的光滑杆上且离地面高度为32L ，现将b 从图示位置由静止释放，则( )A ．在b 球落地前的整个过程中，a 、b 组成的系统水平方向上动量守恒B ．从开始到b 球距地面高度为L 2的过程中，轻杆对a 球做功为3－18mgL C ．从开始到b 球距地面高度为L 2的过程中，轻杆对b 球做功为－38mgL D ．从b 球由静止释放落地的瞬间，重力对b 球做功的功率为mg 3gL答案：BD解析：在b 球落地前的整个过程中，b 在水平方向上受到固定光滑杆的弹力作用，a 球的水平方向受力为零，所以a 、b 组成的系统水平方向上动量不守恒，A 错误．从开始到b 球距地面高度为L 2的过程中，b 球减少的重力势能为3－12mgL ，当b 球距地面高度为L 2时，由两球沿杆方向分速度相同可知v b ＝3v a ，又因为a 、b 质量相等，所以有E k b ＝3E k a .从开始下落到b 球距地面高度为L2的过程由机械能守恒可得3－12mgL ＝4E k a .可得E k a ＝3－18mgL ，所以杆对a 球做功为3－18mgL ，B 正确．从开始到b 球距地面高度为L 2的过程中，轻杆对b 球做负功，且大小等于a 球机械能的增加量，为－3－18mgL ，C 错误．在b 球落地的瞬间，a 球速度为零，从b 球由静止释放到落地瞬间的过程中，b 球减少的重力势能全部转化为b 球动能，所以此时b 球速度为3gL ，方向竖直向下，所以重力对b 球做功的功率为mg 3gL ，D 正确．13．[2019·甘肃省重点中学一联](多选)如图甲所示，竖直光滑杆固定不动，套在杆上的轻质弹簧下端固定，将套在杆上的滑块向下压缩弹簧至离地高度h 0＝0.1 m 处，滑块与弹簧不拴接．现由静止释放滑块，通过传感器测量滑块的速度和离地高度h 并作出滑块的E k －h 图象如图乙所示，其中高度从0.2 m 上升到0.35 m 范围内图象为直线，其余部分为曲线，以地面为零势能面，取g ＝10 m/s 2，由图象可知( )A ．滑块的质量为0.1 kgB ．轻弹簧原长为0.2 mC ．弹簧最大弹性势能为0.5 JD ．滑块的重力势能与弹簧的弹性势能总和最小为0.4 J答案：BC解析：由动能定理得，E k ＝F 合Δh ，所以题图乙中E k －h 图线各点的切线斜率的绝对值等于合外力，图象中直线部分表示合外力恒定，反映了滑块离开弹簧后只受重力作用，F 合＝mg ＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪⎪ΔE k Δh ＝2 N ，m ＝0.2 kg ，故选项A 错误；由题意和题图乙知，h ≥0.2 m 时滑块不受弹簧的弹力，即脱离了弹簧，弹力为零时弹簧恢复原长，所以弹簧原长为0.2 m ，故选项B 正确；滑块在离地高度h 0＝0.1 m 处，弹簧的弹性势能最大，滑块动能为0，滑块与弹簧组成的系统的机械能为E p ＋mgh 0，当滑块到达h 1＝0.35 m 处，动能为0，弹簧的弹性势能也为0，系统的机械能为mgh1，由机械能守恒定律有E p＋mgh0＝mgh1，解得E p＝0.5 J，故选项C正确；由题图乙知，滑块的动能最大时，其重力势能和弹簧的弹性势能总和最小，经计算可知选项D错误．综上本题选B、C.14．[名师原创](多选)静止在粗糙水平面上的物体，在水平拉力作用下沿直线运动的v－t图象如图所示，已知物体与水平面间的动摩擦因数恒定，则( )A．第1 s内拉力做的功与第7 s内拉力做的功相等B．4 s末拉力做功的功率与6 s末拉力做功的功率不相等C．1～3 s内因摩擦产生的热量大于3～7 s内因摩擦产生的热量D．第1 s内合外力做的功等于0～7 s内合外力做的功答案：BD解析：物体与水平面间的动摩擦因数恒定，即摩擦力大小恒定，设0～1 s、1～3 s、3～5 s、5～7 s内拉力大小分别为F1、F2、F3、F，摩擦力大小为f，物体质量为m，由牛顿第二定律可得F1＝f＋44m(N)，F2＝f，F3＝|f－2m|(N)，F4＝f＋2m(N)，故拉力大小关系满足F1>F4>F2，F1>F4>F3.第1 s内与第7 s内拉力大小不相等，位移大小s1＝2 m，s7＝3 m，则第1 s内拉力做的功W1＝2f＋8m(J)，第7 s 内拉力做的功W2＝3f＋6m(J)，二者大小关系无法确定，A错误．第4 s末与第6 s末速度大小相等，拉力大小不相等，功率不相等，B正确.1～3 s内与3～7 s内物体运动的路程相等，又摩擦力大小不变，所以因摩擦产生的热量相等，C错误．由动能定理可知，第1 s内合外力做的功等于0～7 s内合外力做的功，D正确．15．[名师原创]如图所示，质量为m的小球套在与水平方向成α＝53°角的固定光滑细杆上，小球用一轻绳通过一光滑定滑轮挂一质量也为m的木块，初始时小球与滑轮在同一水平高度上，这时定滑轮与小球相距0.5 m ．现由静止释放小球．已知重力加速度g ＝10 m/s 2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.下列说法正确的是( )A ．小球沿细杆下滑0.6 m 时速度为零B ．小球与木块的动能始终相等C ．小球的机械能守恒D ．小球沿细杆下滑0.3 m 时速度为1705m/s 答案：D解析：当小球沿细杆下滑0.6 m 时，由几何关系知，木块高度不变，小球下降了h 1＝0.6sin53° m ＝0.48 m ，由运动的合成与分解得v木＝v 球cos53°，由小球与木块组成的系统机械能守恒有mgh 1＝12mv 2木＋12mv 2球，解得v 球＞0，A 错误；小球与木块组成的系统机械能守恒，C 错误；设轻绳与细杆的夹角为θ，由运动的合成与分解得v ′木＝v ′球cos θ，当小球沿细杆下滑0.3 m 时，根据几何关系，θ＝90°，木块速度为零，小球下降了h 2＝0.3sin53° m ＝0.24 m ，木块下降了h 3＝0.5 m －0.5×sin53° m ＝0.1 m ，由机械能守恒有mgh 2＋mgh 3＝12mv ′2球，解得v ′球＝1705m/s ，B 错误，D 正确． 16．[新情景题](多选)如图所示，一小球(可视为质点)套在固定的水平光滑椭圆形轨道上，椭圆的左焦点为P ，长轴AC ＝2L 0，短轴BD ＝3L 0.原长为L 0的轻弹簧一端套在过P 点的光滑轴上，另一端与小球连接．若小球做椭圆运动，在A 点时的速度大小为v 0，弹簧始终处于弹性限度内，则下列说法正确的是( )A ．小球在A 点时弹簧的弹性势能大于在C 点时的B ．小球在A 、C 两点时的向心加速度大小相等C ．小球在B 、D 点时的速度最大D ．小球在B 点时受到轨道的弹力沿BO 方向答案：BCD解析：椭圆的焦距c ＝L 20－⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫32L 02＝12L 0＝OP ，PB ＝OP 2＋OB 2＝L 0，即小球在B 点或D 点时弹簧处于原长状态，小球在A 点时弹簧的长度x A ＝OA －c ＝12L 0，弹簧的压缩量Δx A ＝L 0－x A ＝12L 0，小球在C 点时弹簧的伸长量Δx C ＝PC －L 0＝12L 0＝Δx A ，故小球在A 点时弹簧的弹性势能与在C 点时弹簧的弹性势能相等且最大，选项A 错误；由系统机械能守恒知，小球在A 点和在C 点时的速度大小相等，A 点与C 点的曲率半径r 相等，由向心加速度公式a ＝v 2r知，选项B 正确；小球在B 、D 点时弹簧弹性势能最小，由系统机械能守恒知，选项C 正确；小球过B 点需要的向心力仅由轨道对小球的弹力提供，此弹力沿BO 方向，选项D 正确．课时测评⑯ 综合提能力 课时练 赢高分一、选择题1．[2019·贵阳监测]如图所示，两个内壁光滑、半径为R (图中未标出)的半圆形轨道正对着固定在竖直平面内，对应端点(虚线处)相距为x ，最高点A 和最低点B 的连线竖直．一个质量为m 的小球交替着在两轨道内运动而不脱离轨道，已知小球通过最高点A 时的速率v A >gR ，不计空气阻力，重力加速度为g .则( )A ．小球在A 点的向心力小于mgB ．小球在B 点的向心力等于4mgC ．小球在B 、A 两点对轨道的压力大小之差大于6mgD ．小球在B 、A 两点的动能之差等于2mg (R ＋x )答案：C解析：小球在最高点A 时的速率v A ＞gR ，mv 2A R＝F 向，小球在A 点的向心力F 向＞mg ，选项A 错误；根据机械能守恒定律，12mv 2B ＝mg (2R ＋x )＋12mv 2A ，解得v 2B ＝2g (2R ＋x )＋v 2A ＝4gR ＋2gx ＋v 2A ，小球在B 点的向心力F ＝m v 2B R ＝4mg ＋2mgx R ＋m v 2A R，一定大于4mg ，选项B 错误；设小球运动到轨道最低点B 时所受半圆形轨道的支持力为F ′B ，由牛顿第二定律，F ′B －mg ＝m v 2B R ，解得F ′B ＝5mg ＋2mgx R ＋m v 2A R，根据牛顿第三定律，小球运动到轨道最低点时对轨道的压力大小为F B＝F ′B ＝5mg ＋2mgx R ＋m v 2A R，设小球运动到轨道最高点A 时所受半圆形轨道的支持力为F ′A ，由牛顿第二定律，F ′A ＋mg ＝m v 2A R，解得F ′A ＝m v 2AR－mg ，则由牛顿第三定律知，小球运动到A 点时对轨道的压力大小为F A ＝F ′A ＝m v 2A R－mg ，小球在B 、A 两点对轨道的压力之差为ΔF ＝F B －F A ＝6mg ＋2mgx R ，大于6mg ，选项C 正确；根据12mv 2B ＝mg (2R ＋x )＋12mv 2A ，小球在B 、A 两点的动能之差ΔE k ＝12mv 2B －12mv 2A ＝mg (2R ＋x )，选项D 错误．2．[2019·广州模拟](多选)如图所示，A 、B 两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A 放在固定的光滑斜面上，B 、C 两小球在竖直方向上通过劲度系数为k 的轻质弹簧相连，C 放在水平地面上．现用手控制住A ，并使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行．已知A 的质量为4m ，B 、C 的质量均为m ，重力加速度大小为g ，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态．释放A 后，A 沿斜面下滑至速度最大时C 恰好离开地面．下列说法正确的是( )A ．斜面倾角α＝30°B ．A 获得的最大速度为2g m 5kC ．C 刚离开地面时，B 的加速度最大D ．从释放A 到C 刚离开地面的过程中，A 、B 两小球组成的系统机械能守恒答案：AB解析：C 刚离开地面时，对C 有kx 2＝mg ，此时A 、B 有最大速度，即a B ＝a C ＝0，则对B 有T －kx 2－mg ＝0，对A 有4mg sin α－T ＝0，以上方程联立可解得sin α＝12，α＝30°，故A 正确；初始系统静止，且线上无拉力，对B 有kx 1＝mg ，可知x 1＝x 2＝mg k，则从释放A 至C 刚离开地面过程中，弹性势能变化量为零，此过程中A 、B 、C 组成的系统机械能守恒，即4mg (x 1＋x 2)sin α＝mg (x 1＋x 2)＋12(4m ＋m )v 2A m ，联立解得v A m ＝2g m 5k ，所以A 获得的最大速度为2g m 5k，故B 正确；对B 进行受力分析可知，刚释放A 时，B 所受合力最大，此时B 具有最大加速度，故C 错误；从释放A 到C 刚离开地面的过程中，A 、B 、C 及弹簧组成的系统机械能守恒，故D 错误．3．(多选)如图所示，水平光滑长杆上套有小物块A ，细线跨过位于O 点的轻质光滑定滑轮(滑轮大小不计)，一端连接A ，另一端悬挂小物块B ，A 、B 质量相等．C 为O 点正下方杆上的点，滑轮到杆的距离OC ＝h .开始时A 位于P 点，PO 与水平方向的夹角为30°.已知重力加速度大小为g .现将A 、B 由静止释放，则下列说法正确的是( )A ．A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，速度不断增大B ．在A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，B 克服细线拉力做的功小于B 重力势能的减少量C ．A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动D ．A 经过C 点时的速度大小为2gh答案：ACD解析：A 由P 点出发第一次到达C 点过程中，B 从释放到最低点，此过程中，对A 受力分析，可知细线的拉力一直对A 做正功，A 的动能一直增大，故A 正确；A 由P 点出发第一次到达C 点的过程中，细线对B 一直做负功，其机械能一直减小，A 到达C 点时，B 的速度为0，则B 克服细线拉力做的功等于B 重力势能的减少量，故B 错误；由分析知，A 、B 组成的系统机械能守恒，由对称性可知，物块A 在杆上长为23h 的范围内做往复运动，故C 正确；B 的机械能最小时，即A 到达C 点时，此时A 的速度最大，设为v A ，此时B 的速度为0，根据系统的机械能守恒得m B g ⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫h sin30°－h ＝12m A v 2A ，A 、B 质量相等，解得v A ＝2gh ，故D 正确．4．如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度v 向右匀速运动，现将质量为m 的物体轻轻地放置在木板上的右端，已知物体和木板之间的动摩擦因数为μ，为保持木板的速度不变，从物体放到木板上到它相对木板静止的过程中，须对木板施一水平向右的作用力F ，那么力F 对木板做的功为( )A.mv 24 B.mv 22C ．mv 2D ．2mv 2答案：C解析：由能量转化和守恒定律可知，力F 对木板所做的功W 一部分转化为物体的动能，一部分转化为系统内能，故W ＝12mv 2＋μmg ·x 相，x 相＝vt －v2t ，a ＝μg ，v ＝at 即v ＝μgt ，联立以上各式可得W＝mv2，故选项C正确．5．将一物体竖直向上抛出，物体运动过程中所受到的空气阻力大小(小于物体的重力)恒定．若以地面为零势能参考面，则在物体从抛出直至落回地面的过程中，物体机械能E与物体距地面的高度h 的关系图象(E－h)应为(图中h0为上抛的最大高度)( )答案：C解析：由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功，设阻力的大小为f，则物体的机械能为E＝E k0－fh，在返回的过程中，阻力大小恒定，机械能还是均匀减小的，所以B、D错误，当返回地面时，物体还有动能，所以物体的机械能不会是零，所以C正确，A错误．6．(多选)如图所示，固定在地面上的斜面体上开有凹槽，槽内紧挨放置六个半径均为r的相同小球，各球编号如图．斜面与水平轨道OA平滑连接，OA长度为6r.现将六个小球由静止同时释放，小球离开A点后均做平抛运动，不计一切摩擦．则在各小球运动过程中，下列说法正确的是( )A．球1的机械能守恒B．球6在OA段机械能增大C．球6的水平射程最大D．有三个球落地点位置相同答案：BD解析：6个小球全在斜面上时，加速度相同，相互之间没有作用力，每个小球机械能守恒．球6加速距离最小，球6刚运动到OA段时，球5、4、3、2、1仍在斜面上加速，对球6有向左的作用力，对球6做正功，故球6机械能增加，B正确；而依次刚滑到OA段的小。

岂2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（1 ） Word 版含答案电2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（2 ） Word 版含答案勺2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（3 ） Word 版含答案厠；2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（4 ） Word 版含答案哲2019版物理学业水平测试真习小高考冲剌卷（5 ） Word 版含答案哲2019版物理学业水平测试复习小高考冲剌卷（6 ） 2019年高考物理冲刺卷（一）物理 本试卷包含选择题（第1题〜第23题，共23题69分）、非选择题（第24题〜第28题，共5题31分）共两部分.本次考试时间为75分钟.一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）.9 9 9 91. 关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A. 任何物体的重心都一定在这个物体上B. 重心的位置只与物体的形状有关C. 形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的儿何中心D. 物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变2. 一根一端封闭，另一端装有阀门的玻璃管，内有纸片、羽毛、金属片.用抽气机把管 内的空气儿乎抽尽，再把玻璃管倒过來（如图所示）.观察这些物体下落的快慢情况，下列说法 中正确的是（）A. 纸片下落最快B.羽毛下落最快C.金属片下落最快D.三者下落一样快3. 如图所示给出了两个物体做直线运动的速度一时间图象.其屮图线甲与横轴平行，图 线乙为通过坐标原点的直线.由图可知（）A. 甲做匀速直线运动B. 甲处于静止C. 乙做匀速直线运动D. 乙做匀减速直线运动2019年高考物理复习高考冲刺卷Word 版含答案4.右图是某摄影师“追拍法”的成功之作，在该摄影师眼屮清晰的飞翔的小鸟是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动之美•请问摄影师选择的参考系是（）A.地而B.静止的树木C.飞翔的小鸟D.静止于地面上的人5.已知河水自西向东流动，流速的大小为V],小船在静水中的速度的大小为V2，且v2 >5渡河时船头始终垂直河岸，用虚线表示小船过河的路径，则下列选项中小船过河路径可能正确的是（）河岸西、、、东6. 在“互成角度的两个力的合成”实验中，用两个弹赞测力计分别钩住细绳套，互成角 度地拉橡皮条，使它伸长到某一位置0点.为了确定两个分力的大小和方向，这一步操作中 必须记录的是（）橡皮条固定端的位置描下0点位置、两条细绳套的方向及两个弹簧测力计的读数橡皮条伸长后的总长度两个弹簧测力计的读数7. 将原长10cm 的轻质弹簧竖直悬挂，当下端挂200g 的钩码时，弹簧的长度为12cm, 则此弹簧的劲度系数约为（）A. lN/mB. 10N/mC. 100N/mD. 1 OOON/m&人乘电梯匀速上升，在此过程中人受到的重力为G,电梯对人的支持力为F N ，人对 电梯的压力为F N ，贝9（）A. G 和F N 是一对平衡力B. G 和Ft 是一对平衡力C. G 和F N 是一对相互作用力D. G 和Ft 是一对相互作用力9. 一个做匀速圆周运动的物体，在运动过程屮，若所受的一切外力都突然消失，则由牛 顿第一定律可知，该物体将（）A. 立即静止B.改做匀速直线运动C.继续做匀速圆周运动D.改做变速圆周运动釦、I %7777^7777777777^7710. 如图所示，质量相同的P 、Q 两球均处于静止状态，现用小锤打击弹性金属片，使P 球沿水平方向抛出，Q 球同时被松开而自由下落.则下列说法中正确的是（）A. P 球先落地B. Q 球先落地C. 两球下落过程中垂力势能变化相等D. 两球落地时速度方向相同11. 今年年初我国南方部分地区遭遇了严重雪灾.在抗雪救灾中，运输救灾物资的汽车以额定功率上坡时，为增大牵引力，司机应使汽车的速度（）A. 减小B.增大C.保持不变D.先增大后保持不变12. 甲、乙两质点做匀速圆周运动，其半径之比R, : R 2=3 : 4,角速度之比◎： 32=4： 3,则甲、乙两质点的向心加速度之比是（）A. B. C. D.A.|B. |C.D. Y13.小明用如图所示的装置做“验证机械能守恒定律”实验.关于该实验，下列说法中正确的是（）A.重锤的质量一定是越大越好B.必须用秒表测出重锤下落的时间C.把秒表测得的时I'可代入计算重锤的速度D.释放纸带前，手捏住纸带上端并使纸帯处于竖直14.关于元电荷，下列说法正确的是（）A.元电荷就是质子B.物体所带电荷量是元电荷的任意倍数C.元电荷是带电物体所带电荷量的最小值D.物体所带电荷量可能比元电荷小15.两个完全相同的金属小球，分别带有+ 3Q和一Q的电量，当它们相距I•时，它们之间的库仑力是F.若把它们接触后分开，再置于相距彳的两点，则它们的库仑力的大小为（）A.|B.FC. 9FD. 3F16.下列各图中，能正确表示对等量异种电荷电场线分布的是（A17. 磁场中某区域的磁感线如图所示.则（）A. a 点磁感应强度比b 点小B. a 点磁感应强度比b 点大C. 同一小段通电导线放在“处吋受力一定比b 处吋大D. 同一小段通电导线放在a 处时受力一定比b 处时小1&如图所示，匀强磁场垂直于纸面，磁感应强度为B.边长为a 的正方形线框与磁场垂 直，且一条对角线与磁场边界重合.则通过线圈平面的磁通量为（）B. BaC. Ba 2D. 2Ba19. 带电粒子M 和N,先后以大小不同的速度沿PO 方向射入圆形匀强磁场区域，运动轨 迹如图所示，不计重力.则下列分析正确的是（）A. M 带正电，N 带负电B. M 和N 都带正电C. M 带负电，N 带正电D. M 和N 都带负电I F/N/\ /\ /V °\.\ 23 4.3 5.4 7.4 //s20. 蹦床运动要求运动员在一张绷紧的弹性网上蹦起、腾空并做空中动作.为了测量运 动员跃起的高度，训练时可在弹性网上安装压力传感器，利用传感器记录弹性网的压力，并 在计算机上作出压力一时间图象，假设作出的图象如图所示.设运动员在空屮运动时可视为 质点，则运动员跃起的最大高度为（g 取10m/s 2）（）x x x x!C. 5.0 mD. 7.2 m请阅读下列材料，回答21〜23小题.2016年10月19日凌晨，神舟十一号飞船与天宫二号实施自动交会对接，形成天宫二号与神舟十一号组合体后，我国景海鹏和陈冬两名航天员进驻天宫二号，开展空间科学实验.天宫二号与神舟十一号的交会对接、组合体运行和飞船返回，都是在距地面393公里的轨道高度开展.这次任务是最接近未来我国空间站轨道要求的一次载人飞行任务，也是目前我国空间应用项目最多的一次载人飞行任务.21.下列说法符合史实的是（）A.牛顿发现了行星的运动规律B.开普勒发现了万有引力定律C.卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D.牛顿发现了海王星和冥王星22.绕地球做匀速圆周运动的天宫二号内，物体处于完全失重状态，则物体（）A.不受地球引力作用B.所受地球引力提供向心力C.加速度为零D.向心力为零23.若天宫二号绕地球运行的圆形轨道半径增大，则飞船的（）A.线速度大小不变B.线速度增大C.周期不变D.周期增大二、填空题：把答案填在横线上（本部分2小题，其中24小题4分，25小题6分，共10 分）.24—A.（本题供选修1一1的考生作答）一只白炽灯泡在玻璃泡外表有“220V60W”的字样，则这只灯泡正常工作时的电流强度为A,电阻为Q.24-B.（本题供选修3-1的考生作答）许多人造卫星都用太阳能电池供电.某太阳能电池不接负载吋的电压是600 M V,短路电流是30UA,则该太阳能电池的内阻为Q,当外申.賂接上40Q电阻时，电路中的电流强度为u A.25.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，某学习小组在实验室组装了如图所示的装置外，还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙.他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m.当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小桶时，滑块处于静止状态.耍完成该实验，则:（1）_____________________________ 还缺少的实验器材是.（2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等，沙和小桶的总质量应满足的实验条件是________________ ;实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力，首先要做的步骤是____________三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位(本部分3小题，其中26小题6分，27小题7分,28小题8分，共21分).A.1.8 mB.3.6 m小桶26.工地施工需要把一质量为500 kg钢材从一平层上降落到地面，用一绳吊着钢材先以0.5m/s匀速降落，当钢材距地面高h时，又以大小为lm/s?的加速度匀减速运动，钢材落地时速度刚好为零.求：(1)钢材匀减速运动时所受的合外力；(2)钢材做匀减速运动的时间t；(3)匀减速运动的距离h.27.如图所示的演示实验，假设从某时刻t=0开始，质量为0.1kg的红蜡块在玻璃管内每Is上升的距离都是30cm,从t=0开始，初速度为零的玻璃管向右匀加速平移，每Is通过的水平位移依次是5cm、15cm、25cm、35cm.在图表中，y表示蜡块竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，t=()时蜡块位于坐标原点，坐标纸上每小格表示10cm.则：(1)在图中标岀I等于Is、2s、3s、4s时蜡块的位置，并用平滑的曲线描绘蜡块的轨迹；(2)红蜡块在上升过程中受到玻璃管的弹力是多大？(3)红蜡块4s末的速度是多少？y28.如图所示，有一可绕竖直屮心轴转动的水平圆盘，上而放置劲度系数为k=46N/m的弹簧，弹簧的一端固定于轴0点，另一端连接质量为m=lkg的小物块A,物块与圆盘间的动摩擦因数为p=0.2,开始吋弹簧未发生形变，长度为l()=0.5m,若最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等(g = 10m/s1 2 3),物块A始终与圆盘一起转动，贝IJ：错误！小高考冲刺卷(一)1・C解析：物体的重心不一定在物体上，比如质量分布均匀的圆盘挖去中间的同心圆后，重心仍然在儿何中心，但不在物体上.2.D解析：真空管是抽去空气后的状态，没有空气阻力后，羽毛下落也是自由落体.轻重物体下落快慢一样.3. A 解析：vt图象斜率代表加速度，甲代表匀速运动，乙代表匀加速运动.4.C解析：以飞翔的小鸟为参考系，周围的背景都是运动的，所以背景模糊.5.B解析：由运动的合成条件可知，匀速运动与匀速运动的合成仍为匀速直线运动.6.B解析：为了确定力的大小和方向，需要记录弹簧测力计的读数、绳子的方向，当然, 0点的位置必须固定好.7.C 解析：由F=kx,其中x为形变量可得，k=100N/m.8.A解析：平衡力一定是同一个物体所受到的，相互作用力是不同对象受到的.9.B解析：由牛顿第一定律，没有力改变物体的运动状态，物体就保持原来的运动状态, 这个问题里是匀速直线运动.10.C解析：自由落体运动和平抛运动在竖直方向上的分运动是相同的，所以下落时间是一样的，重力势能变化取决于重力做功，由W = mgh,可得重力势能变化相等.11.A 解析：rtl P=Fv,可知P不变，减小v可以增大F,以增加爬坡本领.12.A 解析：由向心加速度公式a=u)2r,带入可得.13.D 解析：重锤的作用是减少阻力对运动的影响；打点计吋器本身就是计时工具，下落时间不需要用秒表测量.14.C解析：e=1.6X10-,9C,带电体带电荷量必须是元电荷的整数倍.15.D 解析：带电小球接触，正负电荷中和部分后，电荷再等分.16.C解析：等量异种电荷相互吸引，空间电场叠加如图C所示.17.B 解析：磁感线的稀疏密集代表磁场的强弱，a点比b点密集，a点磁感应强度比b 点大.由于通电导线在磁场中的受力与导线在磁场中的摆放方式有关，垂直磁场摆放受力最大，平行磁场摆放受力最小.18.A 解析：由磁通量定义公式①=BS可得，答案A正确.19.C解析：由左手定则可知，刚刚进入磁场时，正电荷受到向上的力，负电荷进入磁场时，受到向下的力，由曲线运动的轨迹判断可得，C正确.20.C解析：根据图象，纵坐标为零的区段代表在运动员空中运动，5.4s到7.4s的过程时间1 圆盘的角速度多大时，物块A将开始滑动？2 当角速度缓慢地增加到4rad/s时，弹簧的伸长暈是多少？(弹簧伸长在弹性限度内且物块未脱离圆盘)3 在角速度从零缓慢地增加到4md/s过程屮，物块与圆盘间摩擦力大小为f,试通过计算在坐标系中作出fc?图象.为2s,则上升与下降的时间都是Is,所以最大高度为5in.21.C解析：开普勒发现了行星运动规律，牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量，海王星在观测到之前是根据牛顿的万有引力定律算出来的.22.B解析：完全失重并不是没有重力，卫星内物体仍然受到地球引力提供圆周运动的向心力.23.D解析：围绕同一中心天体，高轨道卫星的线速度小，周期大.24—A.寻或0.27 _ 或806.6724-B. 20 1025.(1)刻度尺(2)m M 平衡摩擦力26.解析：(1)由F合=ma可知，F合=500N.(2)由v = v()+al 可知，1=0.5s.2 2(3)由h—2：，或者h— 2 可知h=0.125m.27.解析：⑴如图所示.红蜡块在水平方向受到玻璃管的弹力，由匀变速直线运动规律S = a=0」0m/s 2 , F=ma=0・lX0・10N=0・01N ・（3） 4s 末时红蜡块的水平方向分速度为v 4=at 4=0.10X4m/s=0.40m/s4s 末时红蜡块的速度为 v^= p0.3（）2+0.4（）2 m/s=0.5m/s.2&解析：（1）设圆盘的角速度为a ）（）时，物块A 将开始滑动，此时物块的最大静摩擦力 提供向心力，则有⑵设此时弹簧的伸长量为Ax,物块受到的摩擦力和弹簧的弹力的合力提供向心力，则 有pmg+k A x=mco 2（l （）+ A x ）,代入数据解得 A x=0.2m.（3）在角速度从冬缓慢地增加到2rad/s 过程中，物块与圆盘间摩擦力为静摩擦力f=m 扇1（）, f 随着角速度平方的增加而增大.当co>2rad/s 时，物块与圆盘间摩擦力为滑动摩擦力，为定值，为f=|img=2N.小高考冲刺卷（二）物理 本试卷包含选择题（第1题〜第23题，共23题69分）、非选择题（第24题〜第 28题，共5题31分）共两部分.本次考试时间为75分钟.一、单项选择题：每小题只有一个选项符合题意（本部分23小题，每小题3分，共69分）. • • • •1. 下列事例中，能将物体或人可以看成质点的是（）①研究跳水运动员在比赛屮的空屮姿态 ②观看参加马拉松比赛的121号运动员③分析一列火车通过某路口所用的时间④跟踪我国科学考察船去南极途中A. ①③B.②③C.①④D.②④2. 梁朝傅翕非常有名的偈语：“空手把锄头，步行骑水牛；人从桥上过,桥流水不流” •试 判定“桥流水不流”句所对应的参考系是（）A. 岸B.水C.树D.牛3. 关于质点的位移和路程，下列说法正确的是（）A. 位移是矢量，位移的方向就是质点运动的方向B. 路程是标量，也是位移的大小C. 质点做直线运动时，路程等于其位移的大小D. 位移的数值一定不会比路程大4.做匀加速直线运动的物体，加速度是2m/s 2,它意味着（ ）得出 0.05 = 2at ：2y/cmP mg=mcoolo^ 解得 coo=" 0.2X10 ―乔一rad/s = 2rad/s.A.物体在任Is末的速度是该秒初的两倍B.物体在任Is末的速度比该秒初的速度大2m/sC.物体在第Is末的速度为2m/sD.物体在任Is的初速度比前Is的末速度大2m/s5.如图所示，甲、乙分别表示两个运动物体的vt图象.若它们的加速度分别为"甲、a乙, 则它们的大小关系是（）A.a甲va乙B.a甲=a乙C.a甲＞&乙D.不能确定6.在轻质弹簧下端悬挂一质量为0.1kg的物体，当物体静止后，弹簧伸长了0.01m,取g=10m/s2.该弹簧的劲度系数为（）A.lN/mB. 10N/mC. 100N/mD. 1 OOON/m7.如图所示在水平力F的作用下，重为G的物体沿竖直墙壁匀速下滑，物体与墙Z间的动摩擦因数为卩，物体所受摩擦力大小为（）A.M GB.u（F+G）C.u（F-G）D.G&关于惯性的有关概念，下列说法中正确的是（）A.从枪膛屮飞出的子弹，在惯力作用下飞行B.满载的卡车比空车难以停下来，是因为前者的惯性比后者大C.一个运动物体在粗糙水平路面上比光滑水平路面上难以启动，是因为在前一种情况下惯性大D.喷气式飞机起飞后越飞越快，说明它的惯性越来越大9.下面关于作用力和反作用力的说法中，正确的是（）A.两物体间的作用力和反作用力一定是同性质的力B.先有作用力，后有反作用力C.只有物体处于静止状态时，物体间才存在作用力和反作用力D.只有物体接触时，物体间才存在作用力和反作用力10.以V。

小题狂练1运动的描述匀变速直线运动规律小题狂练①小题是基础练小题提分快1.[2019·湖北省襄阳四中检测]在近地空中某一位置有A、B两个小球，先让A球自由下落1 s后再让B球自由下落，不计空气阻力，则在A球落地前，下列相关说法正确的是()A．A球比B球的速度变化快B．若以B球为参照物，A球将以大约10 m/s的速度匀速下降C．两球会在空中相碰D．A球下落1 s后至落地前，两球始终相对静止答案：B解析：因为两球都做自由落体运动，加速度都为重力加速度，所以两球的速度变化一样快，选项A错误；当B球开始下落时，由运动学公式可得A球的速度约为v＝gt＝10 m/s，又两球加速度相等，所以以B球为参照物，A球将以大约10 m/s的速度匀速下降，选项B 正确，D错误；因为以B球为参照物，A球将以大约10 m/s的速度匀速下降，所以两球都在空中时的间距越来越大，不会相碰，选项C 错误．综上本题选B.2．[2019·辽宁省级模拟]沿直线运动的甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度经过同一路标，从此时开始，甲车做匀速直线运动，乙车先加速后减速，丙车先减速后加速，它们通过下一路标时的速度相同，则()A．甲车先通过下一路标B．乙车先通过下一路标C．丙车先通过下一路标D．三辆车同时通过下一路标答案：B解析：甲车速度一定，乙车先加速后减速，平均速度比甲车大，丙车先减速后加速，平均速度比甲车、乙车都小，所以乙车的平均速度最大，乙车所用的时间最短，故选B.3．[2019·四川省成都市天府新区联考]如图，三个质点A、B、C 均同时从长方体上的M点沿不同路径同时运动至N点，运动轨道如图所示，下列说法正确的是()A．三个质点的路程相同B．三个质点的平均速率相同C．A、B的位移最大，C的位移最小D．三个质点的平均速度相同答案：D解析：路程是质点运动轨迹的实际长度，可见A、B的路程相同，且大于C的路程，A错．平均速率等于路程与时间的比值，所以B 错．位移是初位置指向末位置的有向线段，由此可知，三者的位移相同，C错．平均速度等于位移与时间的比值，所以平均速度相同，D 对．4．[2019·福建省南安一中模拟]以下说法正确的是()A．加速度很大的物体，速度的变化量必然很大B．匀变速直线运动是加速度均匀变化的直线运动C．一个质点做直线运动，开始时位移、加速度、速度三者方向相同，某时刻开始加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移将不再减小D．一个质点做直线运动，开始时位移、加速度、速度三者方向相同，某时刻开始加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中，速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值答案：D解析：加速度大代表速度变化快，而速度的变化量还与时间有关，A错误．匀变速直线运动是速度均匀变化、加速度恒定不变的直线运动，B错误．速度、位移、加速度同向，加速度变小，速度增加变慢，但仍在增加，且运动方向不变，所以其速度增大，位移也增大，加速度为零时速度最大且不再增大，C错误，D正确．5．[2019·广东省名校联考]已知物体在一条直线上运动，下列说法正确的是()A．加速度增大，速度一定增大B．物体有加速度，速度一定增大C．速度变化越快，加速度一定越大D．加速度方向改变，速度方向也随之改变，方向向右B．100 m/s2，方向向左，方向向左D．500 m/s2，方向向右．：22：3；：：．：23：3；：22：3．：：3；：：1．：：5；：：3答案：B解析：由匀变速直线运动规律x＝11：x2：x＝：3：31均速度大小之比为：22：3，B对．江西省新余一中模拟]不计空气阻力，竖直上抛一物体，从抛出至回到抛出点的时间为最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的t ，故设置挡板后，物体上升和下降的总时间为t ′＝t －2t 1＝t －22t ≈0.3t ，C 正确．13．[2019·湖南师大附中检测]如图所示，一个质点做匀加速直线运动，依次经过a 、b 、c 、d 四点，已知经过ab 、bc 和cd 三段所用时间之比为：：1，通过ab 和cd 段的位移分别为x 1和x 2 ，则bc 段的位移为( )A.x 1＋x 22B.x 1＋5x 24C.2x 1＋12x 29D.5x 1－2x 29答案：B解析：设质点经过ab 、bc 和cd 三段所用时间分别为3t 、2t 和t ，各段时间t 内的位移分别为s 1、s 2、s 3、s 4、s 5、s 6，由题可知x 1＝s 1＋s 2＋s 3，x 2＝s 6，设bc 段的位移为x ，则x ＝s 4＋s 5，根据公式Δx ＝aT 2，则(x ＋x 2)－x 1＝(s 4＋s 5＋s 6)－(s 1＋s 2＋s 3)＝9aT 2，同时，由于s 2－s 1＝s 3－s 2，所以s 1＋s 3＝2s 2，x 1＝s 1＋s 2＋s 3＝3s 2，而s 6－s 2＝4aT 2，即x 2－x 13＝4aT 2，联立可得x ＝x 1＋5x 24，故B 正确．14．[2019·湖北省百所重点学校联考]两辆完全相同的汽车，沿平直公路一前一后以相同的速度匀速行驶，若前车突然以恒定的加速度刹车，在它刚停住时，后车以前车刹车时的加速度大小的二分之一开始刹车，已知前车在刹车过程中所行驶的距离为s ，若要保证两车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为( )A ．sB ．2sC ．2.5sD ．3s答案：D解析：两辆完全相同的汽车以相同的速度匀速行驶，设前车刹车时的初速度为v 0，加速度大小为a ，则刹车的时间为t ＝v 0a ，刹车的位移s ＝v 202a ，在此时间内，后车做匀速运动，位移为x ＝v 0t ＝v 20a ，所进行第二次测量，得到A、B间的距离x2.则小车的速度大小为B.x2 TD.x1＋x2T如图所示，很小的木块由静止开始沿斜面下后进入一水平面，两轨道之间用长度可忽略的圆弧连接，．：2：1 ．：2：2．：1：1 ．：1：答案：A1：x2⎭⎪⎫：⎝⎛v2＝：1：a vt：v2＝：1A正确．洛阳统考]如图所示，物体(可视为质点)自O开始做匀加速直线运动，途经、B、三点，其中A、B之间的距离之间的距离 4 m．若物体通过之间的距离l等于()列车减速时的加速度大小；列车从静止开始驶离车站，匀加速到原来速度所用的时间；速过程中的加速度大小均为1 m/s，求ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的ETC通道比通过人工收费通道节约的时间．(1)210 m(2)27 sETC通道时，减速的位移大小和加速的位移大小。

2019年高考物理冲刺套卷（大纲版，十七）参考解析注意事项：认真阅读理解，结合历年的真题，总结经验，查找不足！重在审题，多思考，多理解！无论是单选、多选还是论述题，最重要的就是看清题意。

在论述题中，问题大多具有委婉性，尤其是历年真题部分，在给考生较大发挥空间的同时也大大增加了考试难度。

考生要认真阅读题目中提供的有限材料，明确考察要点，最大限度的挖掘材料中的有效信息，建议考生答题时用笔将重点勾画出来，方便反复细读。

只有经过仔细推敲，揣摩命题老师的意图，积极联想知识点，分析答题角度，才能够将考点锁定，明确题意。

题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C A D C BD BD ACD C22、〔6分〕〔1〕gR 3〔2〕、两种情况下的水平速度v1，第二次实验滑槽末端到桌面右端的距离L 〔2分〕gLv v 22221-〔2分〕 23、〔1〕实物图如下图，完全正确4分，有一处错即为0分〔2〕如下图，2分；〔3〕2.96~3.04V0.980~1.08Ω〔各3分，共6分〕24、〔1〕小物块由A 运动B ，由动能定理解得:s m gH v B /52==〔4分〕〔2〕由牛顿第二定律，得ma mg =μ，解得：2/4s m g a ==μ〔2分〕水平传送带的速度为sm R v /310==ω由10at v v B -=，得：s av v t B 5.001=-=，那么m t v v L B 22101=+=〔1分〕，s v L L t 112=-=，s t t t 5.121=+=〔2分〕〔3〕小物块从C 到D 做平抛运动，在D 点有有：s m v v y /42tan 0==θ〔1分〕 由gh v y 22=〔1分〕，得m gv h y 8.022==〔2分〕 〔4〕小物块在D 点的速度大小为：s m v v v y C D /522=+=〔1分〕对小物块从D 点到O 由动能定理，得：222121)2cos 1(D mv mv mgR -=-θ〔1分〕 在O 点由牛顿第二定律，得：R v m mg F N 2=-联立以上两式解得：N F =43N 〔1分〕 由牛顿第三定律知对轨道的压力为：N F N 43='〔2分〕25、解析：〔1〕由星体均围绕正方形对角线的交点做匀速圆周运动可知，星体做匀速圆周运动的轨道半径a r 22=。