江西省樟树市2016-2017学年高一物理下学期周练试题(1)(2-6,13-16班)创新

横峰中学2016-2017学年度下学期第一次月考高一年级物理试卷命题人：方新林考试时间：90分钟一、选择题：（本题包括10小题，共40分，1-6题是单选题意,7-10小题是多选题）1、关于物理学家和他们的发现，下列说法正确的是（）A．万有引力常数是由卡文迪许利用扭秤实验测定的B．伽利略是地心说的代表人物C．牛顿利用万有引力定律测出了任意两个物体之间的万有引力的具体数值D．第谷通过自己的观测，发现行星运行的轨道是椭圆2、两辆质量各为1×105kg的装甲车相距1m时，它们之间的万有引力相当于()A．一个人的重力量级B．一个鸡蛋的重力量级C．一个西瓜的重力量级D．一头牛的重力量级3、如图，当汽车通过拱桥顶点的速度为6m/s 时，车对桥顶的压力为车重的，如果要使汽车在桥面行驶至桥顶时，对桥面的压力为零，则汽车通过桥顶的速度应为（）A．3m/s B．10m/s C．12m/s D．24m/s4、有一个质量为2kg的质点在x﹣y平面上做曲线运动，在x方向的速度图象和y方向的位移图象分别如图甲、乙所示，下列说法正确的是（）A．质点所受的合外力大小为6NB．质点做匀变速曲线运动C．质点的初速度大小为7m/sD．质点2s内的位移大小为17m5、玩具轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h=3.6m，山坡倾角为37°，g=10m/s2由此算出（）A ．轰炸机的飞行高度为320mB ．轰炸机的飞行速度8m/sC ．炸弹的飞行时间D ．炸弹落在上坡时的动能是炸弹投出时的动能的倍6、如图所示，轻杆长为L ，一端固定在水平轴上的O 点，另一端固定一个小球（可视为质点）．小球以O 为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g 为重力的加速度．下列说法正确的是（ ）A ．小球到达最高点时的加速度不可能为零B ．小球通过最低点时所受轻杆的作用力不可能向下C ．小球通过最高点时所受轻杆的作用力一定随小球速度的增大而增大D ．小球通过最低点时所受轻杆的作用力可能随小球速度的增大而减小7、某质点在几个恒力作用下做匀速直线运动．现突然将与质点速度方向相反的一个力旋转90°，则关于质点远动状况的叙述正确的是（ ）A ．质点的速度一定越来越大B ．质点的速度可能先变大后变小C ．质点做类平抛运动D ．质点一定做匀变速曲线运动8、如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m ，水的阻力恒为F f ，当轻绳与水平面的夹角为θ时，船的速度为v ，此时人的拉力大小为F ，则此时( )A ．人拉绳行走的速度为v cos θB ．人拉绳行走的速度为vcos θC ．船的加速度为F cos θ－F f mD ．船的加速度为F －F f m 9、公路急转弯处通常是交通事故多发地带．如图所示，假设某公路急转弯处是一圆弧，当汽车行驶的速率为v c 时，汽车恰好没有向公路内外两侧滑动的趋势，则在该弯道处（ ）A ．路面外侧高内侧低第9小题B．路面内外侧一样高C．车速虽然高于v c，但只要不超出某一最高限度，车辆便不会向外侧滑动D．车速只要低于v c，车辆便会向内侧滑动10、如图所示，在竖直平面有一个光滑的圆弧轨道MN，其下端（即N端）与表面粗糙的水平传送带左端相切，轨道N端与传送带左端的距离可忽略不计．当传送带不动时，将一质量为m的小物块（可视为质点）从光滑轨道上的P位置由静止释放，小物块以速度v1滑上传送带，从它到达传送带左端开始计时，经过时间t1，小物块落到水平地面的Q 点；若传送带以恒定速率v2沿顺时针方向运行，仍将小物块从光滑轨道上的P位置由静止释放，同样从小物块到达传送带左端开始计时，经过时间t2，小物块落至水平地面．关于此时物块的运动，下列说法中正确的是（）A．小物块的落地点可能仍在Q点B．小物块的落地点可能在Q点右侧C．若v2＜v1，不可能有t2＜t1D．若v2＜v1，仍可能有t2=t1二、非选择题：（本题包括2小题，每空4分，共20分）11、某研究性学习小组在做“研究平抛物体的运动”的实验时使用了如图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于某处(未靠近轨道末端)。

江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题（1）（23-24班）一、选择题(本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,第1～6题只有一个选项正确,第7～9题有多选项正确,全部选对的得4分,选对但不全的得2分,有选错或不选的得0分)1．物体的动量变化量的大小为s m kg /5⋅，这说明( )． A ．物体的动量在减小 B ．物体的动量在增大 C ．物体的动量大小也可能不变 D ．物体的动量大小一定变化2．一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块A 并留在其中,A 、B 用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起,如图所示.则在子弹打击木块A 及弹簧被压缩的过程中,对子弹、两木块和弹簧组成的系统( )A ．动量守恒，机械能守恒B ．动量不守恒，机械能守恒C ．动量守恒，机械能不守恒D ．无法判定动量、机械能是否守恒3．质量为kg 1的物体做直线运动，其速度—时间图象如图所示，则物体在前s 10内和后s 10内所受外力的冲量分别是( ) A ．S N ⋅10,S N ⋅10 B ．S N ⋅10，S N ⋅-10 C ．0, S N ⋅10D ．0，S N ⋅-104．如图所示，两辆质量均为M 的小车A 和B 置于光滑的水平面上，有一质量为m 的人静止站在A 车上，两车静止．若这个人自A 车跳到B 车上，接着又跳回A 车并与A 车相对静止．则此时A 车和B 车的速度之比为( ) A.m m M + B. M m M + C.m M M + D. mM m+ 5．在光滑的水平面上，有a 、b 两球，其质量分别为a m 、b m ，两球在0t 时刻发生正碰，并且在碰撞过程中无机械能损失，两球在碰撞前后的速度—时间图象如图所示，下列关系正确的是( )A ．a m >b mB ．a m <b mC ．a m ＝b mD ．无法判断6．如图所示,光滑水平面上有大小相同的A 、B 两球在同一直线上运动.两球质量关系为A B m m 2=，规定向右为正方向，A 、B 两球的动量均为s m kg /6⋅，运动中两球发生碰撞，碰撞后A 球的动量增量为s m kg /4⋅-，则( ) A ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为5:2 B ．左方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为10:1 C ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为5:2 D ．右方是A 球，碰撞后A 、B 两球速度大小之比为10:17．(多选)质量为M 、内壁间距为L 的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ.初始时小物块停在箱子正中间．如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v ，小物块与箱壁碰撞N 次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为( )A.221mv B.221v M m mM +C.mgL N μ21D ．mgL N μ 8．(多选)两个小球A 、B 在光滑水平面上相向运动，已知它们的质量分别是kg m 41=，kg m 22=，A 的速度s m v /31=(设为正)，B 的速度s m v /32-=，则它们发生正碰后，其速度可能分别是( ) A ．均为s m /1 B ．s m /4+和s m /5- C ．s m /2+和s m /1-D ．s m /1-和s m /5+9．(多选)一只小球沿光滑水平面运动，垂直于墙面撞到竖直墙上．小球撞墙前后的动量变化量为p ∆，动能变化量为E ∆.关于p ∆和E ∆，下列说法正确的是( ) A ．若p ∆最大，则E ∆也最大 B ．若p ∆最大，则E ∆一定最小 C ．若p ∆最小，则E ∆也最小 D ．若p ∆最小，则E ∆一定最大10．(多选)光滑水平地面上，A 、B 两物体质量都为m ，A 以速度v 向右运动，B 原来静止，左端有一轻弹簧，如图所示，当A 撞上弹簧，弹簧被压缩最短时( ) A ．A 、B 系统总动量仍然为mv B ．A 的动量变为零 C ．B 的动量达到最大值 D ．A 、B 的速度相等江西省樟树中学2017届高三下学期(23---24班)第01次周练物理答卷 班级______ 学号_____ 姓名_____________ 总分______一 、选择题（每小题4分,共40分）11．(8分)光滑水平面有两个物块A 、B 在同一直线上相向运动，A 的速度为s m /4，质量为kg 2，B 的速度为s m /2，二者碰后粘在一起沿A 原来的方向运动，且速度大小变为s m /1.求：(1)B 的质量；(2)这一过程产生的内能．12．(10分)如图所示，一辆质量kg M 3=的小车A 静止在光滑的水平面上，小车上有一质量kg m 1=的光滑小球B ，将一轻质弹簧压缩并锁定，此时弹簧的弹性势能为J E p 6=，小球与小车右壁距离为L ，解除锁定，小球脱离弹簧后与小车右壁的油灰阻挡层碰撞并被粘住，求：(1)小球脱离弹簧时小球和小车各自的速度大小；(2)在整个过程中，小车移动的距离．13．(14分)如图所示，固定的光滑圆弧面与质量为kg 6的小车C 的上表面平滑相接，在圆弧面上有一个质量为kg 2的滑块A ，在小车C 的左端有一个质量为kg 2的滑块B ，滑块A 与B 均可看做质点．现使滑块A 从距小车的上表面高m h 25.1=处由静止下滑，与B 碰撞后瞬间粘合在一起共同运动，最终没有从小车C 上滑出．已知滑块A 、B 与小车C 的动摩擦因数均为5.0=μ，小车C 与水平地面的摩擦忽略不计，取2/10s m g =.求：(1)滑块A 与B 碰撞后瞬间的共同速度的大小；(2)小车C 上表面的最短长度．14．(14分)如图，光滑水平直轨道上有三个质量均为m 的物块A 、B 、C .B 的左侧固定一轻弹簧(弹簧左侧的挡板质量不计)．设A 以速度0v 朝B 运动，压缩弹簧；当A 、B 速度相等时，B 与C 恰好相碰并粘接在一起，然后继续运动．假设B 和C 碰撞过程时间极短．求从A 开始压缩弹簧直至与弹簧分离的过程中，(1)整个系统损失的机械能；(2)弹簧被压缩到最短时的弹性势能．15．(14分) 如图，在足够长的光滑水平面上，物体A、B、C位于同一直线上，A位于B、C 之间．A的质量为m，B、C的质量都为M，三者均处于静止状态．现使A以某一速度向右运动，求m和M之间应满足什么条件，才能使A只与B、C各发生一次碰撞．设物体间的碰撞都是弹性的．2017届高三下期(23---24班)第01次周练物理答案一选择题（每题4分,共40分）小，还可能不变．若物体以大小5 kg·m/s的动量做匀速圆周运动时，物体的动量大小保持不变，当末动量方向与初动量方向间的夹角为60°时，物体的动量变化量的大小为5 k g·m/s.故C正确．答案 C2．解析：动量守恒的条件是系统不受外力或所受外力之和为零，本题中子弹、木块、弹簧组成的系统，水平方向上不受外力，竖直方向上受合外力之和为零，所以动量守恒．机械能守恒的条件是系统除重力、弹力做功外，其他力对系统不做功，本题中子弹穿入木块瞬间有部分机械能转化为内能(发热)，所以系统的机械能不守恒．故C 选项正确．A 、B 、D 错误． 答案：C 3．答案 D解析 由题图可知，在前10 s 内初、末状态的动量相等，p 1＝p 2＝5 kg·m/s，由动量定理知I 1＝0；在后 10 s 内p 3＝－5 kg·m/s，I 2＝p 3－p 2＝－10 N·s，故选D. 4．答案 C解析 规定向右为正方向，则由动量守恒定律有：0＝Mv B －(M ＋m )v A ，得v A v B ＝MM ＋m，故选C.5．答案 B解析 由动量守恒定律得m a v a ＝m a v a ′＋m b v b ′，由于v a ′<0，则b 球获得的动量大于a 球最初的动量．若m a ＝m b ，则两球交换速度，与图象不符；由E k ＝p 22m知，若m a >m b ，则b 球的动能将会大于a 球最初的动能，违背能量守恒定律，则必然满足m a <m b . 6．答案 A解析 由两球的动量都是6 kg·m/s 可知，运动方向都向右，且能够相碰，说明左方是质量小速度大的小球，故左方是A 球．碰后A 球的动量减少了4 kg·m/s，即A 球的动量为2 kg·m/s，由动量守恒定律知B 球的动量为10 kg·m/s，则其速度比为2∶5，故选项A 是正确的．7．解析 小物块与箱子作用过程中满足动量守恒，小物块最后恰好又回到箱子正中间．二者相对静止，即为共速，设速度为v 1，mv ＝(m ＋M )v 1，系统损失动能ΔE k ＝12mv 2－12(M ＋m )v 21＝12Mmv2M ＋m，A 错误、B 正确；由于碰撞为弹性碰撞，故碰撞时不损失能量，系统损失的动能等于系统产生的热量，即ΔE k ＝Q ＝N μmgL ，C 错误，D 正确． 答案 BD 8．答案 AD解析 由动量守恒，可验证四个选项都满足要求．再看动能情况E k ＝12m 1v 21＋12m 2v 22＝12×4×9 J＋12×2×9 J＝27 JE k ′＝12m 1v 1′2＋12m 2v 2′2由于碰撞过程动能不可能增加，所以应有E k ≥E k ′，可排除选项B.选项C 虽满足E k ≥E k ′，但A 、B 沿同一直线相向运动，发生碰撞后各自仍能保持原来速度方向(v A ′>0，v B ′<0)，这显然是不符合实际的，因此C 错误．验证选项A 、D 均满足E k ≥E k ′，故答案为选项A(完全非弹性碰撞)和选项D(弹性碰撞)． 9．答案 BD解析 当小球原速率返回时，Δp 最大，而ΔE ＝0，选项B 正确，A 错误；当小球撞墙后速度减为零时，Δp 最小，而ΔE 最大，选项D 正确，C 错误． 10．答案 AD解析 系统水平方向动量守恒，A 正确；弹簧被压缩到最短时A 、B 两物体具有相同的速度，D 正确，B 错误；但此时B 的速度并不是最大的，因为弹簧还会弹开，故B 物体会进一步加速，A 物体会进一步减速，C 错误．11．解析 (1)设A 、B 两物块的质量分别为m A 、m B ，碰前速度为v A 、v B ，碰后共同速度为v ，以A 物块的运动方向为正方向，由碰撞过程动量守恒有：m A v A －m B v B ＝(m A ＋m B )v ，则m B ＝v A －v v B ＋v m A ＝4－12＋1×2 kg＝2 kg. (2)碰撞过程产生的内能为Q ＝ΔE k ＝12m A v 2A ＋12m B v 2B －12(m A ＋m B )v 2＝12×2×42 J ＋12×2×22J －12×(2＋2)×12J ＝18 J. 答案 (1)2 kg (2)18 J12．解析 (1)水平面光滑，由小车、弹簧和小球组成的系统在从弹簧解锁到小球脱离弹簧的过程中，满足动量守恒和能量守恒，即：mv 1－Mv 2＝0， 12mv 21＋12Mv 22＝E p ， 联立两式并代入数据解得：v 1＝3 m/s ，v 2＝1 m/s.(2)在整个过程中，系统动量守恒，所以有m x 1t ＝M x 2t，x 1＋x 2＝L ， 解得：x 2＝L4.答案 (1)3 m/s 1 m/s (2)L413．解析 (1)设滑块A 滑到圆弧末端时的速度大小为v 1，由机械能守恒定律有：m A gh ＝12m A v 21，① 代入数据解得v 1＝2gh ＝5 m/s.②设A 、B 碰后瞬间的共同速度为v 2，滑块A 与B 碰撞瞬间与车C 无关，滑块A 与B 组成的系统动量守恒，m A v 1＝(m A ＋m B )v 2， ③ 代入数据解得v 2＝2.5 m/s.④(2)设小车C 的最短长度为L ，滑块A 与B 最终没有从小车C 上滑出，三者最终速度相同设为v 3，根据动量守恒定律有： (m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B ＋m C )v 3⑤根据能量守恒定律有：μ(m A ＋m B )gL ＝12(m A ＋m B )v 22－12(m A ＋m B ＋m C )v 23⑥联立⑤⑥式代入数据解得L ＝0.375 m ．⑦答案 (1)2.5 m/s (2)0.375 m 14．答案 (1)116mv 20 (2)1348mv 2解析 (1)从A 压缩弹簧到A 与B 具有相同速度v 1时，对A 、B 与弹簧组成的系统，由动量守恒定律得mv 0＝2mv 1①此时B 与C 发生完全非弹性碰撞，设碰撞后它们的瞬时速度为v 2，损失的机械能为ΔE ，对B 、C 组成的系统，由动量守恒定律和能量守恒定律得 mv 1＝2mv 2②12mv 21＝ΔE ＋12×(2m )v 22③ 联立①②③式得 ΔE ＝116mv 20④(2)由②式可知v 2＜v 1，A 将继续压缩弹簧，直至A 、B 、C 三者速度相同，设此速度为v 3，此时弹簧被压缩至最短，其弹性势能为E p ，由动量守恒定律和能量守恒定律得mv 0＝3mv 3⑤12mv 20－ΔE ＝12×(3m )v 23＋E p ⑥ 联立④⑤⑥式得E p ＝1348mv 2015． 答案 (5－2)M ≤m ＜M解析 设A 运动的初速度为v 0，A 向右运动与C 发生碰撞， 由动量守恒定律得mv 0＝mv 1＋Mv 2由机械能守恒定律得12mv 20＝12mv 21＋12Mv 22可得v 1＝m －M m ＋M v 0，v 2＝2mm ＋Mv 0 要使得A 与B 能发生碰撞，需要满足v 1＜0，即m ＜MA 反向向左运动与B 发生碰撞过程，有 mv 1＝mv 3＋Mv 412mv 21＝12mv 23＋12Mv 24 整理可得v 3＝m －M m ＋M v 1，v 4＝2mm ＋Mv 1 由于m ＜M ，所以A 还会向右运动，根据要求不发生第二次碰撞，需要满足v 3≤v 2 即2m m ＋M v 0≥M －m m ＋M v 1＝(m －M m ＋M)2v 0 整理可得m 2＋4Mm ≥M 2解方程可得m ≥(5－2)M 另一解m ≤－(5＋2)M 舍去所以使A 只与B 、C 各发生一次碰撞，须满足 (5－2)M ≤m ＜M。

江西省樟树市2017届高三物理下学期周练试题（1）（2部）（补习班）一、选择题（每小题6分，共48分，其中第8题多选）。

1、如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出交流电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1:10的理想变压器给一个灯泡供电如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光。

则（）A．t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B．交流发电机的转速为100r／sC．变压器原线圈中电流表示数为1A D. 灯泡的额定电压为220V2、下列关于交变电流的说法中正确的是（）A．交流电器设备上所标的电压和电流值是交流的最大值B．用交流电流表和电压表测定的读数值是交流的瞬时值C．线圈的自感系数越大、交流的频率越高，电感对交流的阻碍作用就越大D．电容器的电容越大、交流的频率越高，电容器对交流的阻碍作用就越大3、如图所示，在铁芯P上绕着两个线圈a和b，则（）A．线圈a输入正弦交变电流，线圈b可输出恒定电流B．线圈a输入恒定电流，穿过线圈b的磁通量一定为零C．线圈b输出的交变电流不对线圈a的磁场造成影响D．线圈a的磁场变化时，线圈b中一定有电场4、发电厂发电机的输出电压为U1，发电厂至用户的输电导线的总电阻为R，通过输电导线的电流为I，输电线末端的电压为U2，下面选项表示输电导线上损耗的功率不正确的是（）A．U12/R B．(U1-U2)2/ R C．I2R D．I(U1一U2)5、如图所示的交流电路中，理想变压器原线圈输入电压为U1，输入功率为P1，输出功率为P2，各交流电表均为理想电表．当滑动变阻器R的滑动头向下移动时（）A．灯L变亮 B．各个电表读数均变大C．因为U1不变，所以P1不变 D．P1变大，且始终有P1=P26、理想变压器原、副线圈匝数比，原线圈接在有效值为200 V的正弦交流电源上，当原线圈电流方向如图所示，大小逐渐减小到零的时刻，副线圈A，B两端( ) A．A，B间电势差为V，a端电势较高 B．A，B间电势差为 V，b端电势较高C．A，B间电势差为 V，b端电势较高 D．A，B间电势差为零7、图为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变。

2016-2017学年江西省宜春市樟树中学高三（下）周练物理试卷（3）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有1个选项是正确的．）1．关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A．布朗运动是微观粒子的运动，牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是液体分子无规则运动的反映C．强烈的阳光射入较暗的房间内，在光束中可看到有悬浮在空气中的微尘不停地做无规则运动，这也是一种布朗运动D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动2．固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的，则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B．当物体被压缩时，斥力、引力都增大C．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D．当物体被拉抻时，斥力、引力都增大3．甲、乙两个分子相距较远，它们间的分子力为零，当它们逐渐接近到不能再接近的全过程中，分子力大小的变化和分子势能大小的变化情况，正确的是（）A．分子力先增大，后减小；分子势能一直减小B．分子力先增大，后减小；分子势能先减小，后增大C．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，再增大，后又减小D．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，后增大4．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小5．三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度的说法正确的是（）A．它们的温度可以有较大的差别B．它们的温度可以有微小的差别C．它们的温度一定相同D．无法判断温度的关系6．对一定质量的某种气体，在某一状态变化过程中压强p与热力学温度T的关系如图所示，则描述压强p与摄氏温度t的关系图象中正确的是（）A．B．C． D．7．一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（）A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少8．有关分子的热运动和内能，下列说法不正确的是（）A．一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是悬浮在流体中的微粒之间的相互碰撞引起的9．下列说法中正确的是（）A．物体的分子热运动动能的总和就是物体的内能B．对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大C．要使气体的分子平均动能增大，外界必须向气体传热D．一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离一定增大10．下列说法中正确的是（）A．物体自由下落时速度增大，所以物体内能也增大B．物体的机械能为零时内能也为零C．物体的体积减小温度不变时，物体内能一定减小D．气体体积增大时气体分子势能一定增大二、非选择题（共60分）11．在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）关于油膜面积的测量方法，下列做法中正确的是A．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面积B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积（2）实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径d=m．12．已知铜的密度为8.9×103 kg/m3，铜的原子量为64，质子和中子的质量约为1.67×10﹣27 kg，则铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为多少？铜原子的直径约为多少？13．在标准状总值下，有体积为V的水和体积为V的可认为是理想气体的水蒸气，已知水的密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A，水的摩尔质量为M A，在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V A，求：（1）说明标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）它们中各有多少水分子？（3）它们中相邻两个水分子之间的平均距离．14．一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图所示，管内水银柱比槽内水银面高h=5cm，空气柱长L=45cm，要使管内外水银面相平．求：（1）应如何移动玻璃管？（2）此刻管内空气柱长度为多少？（设此时大气压相当于75cmHg产生的压强）15．如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm．现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时将开关K关闭．已知大气压强p0=75.0cmHg．（i）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（ii）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度．2016-2017学年江西省宜春市樟树中学高三（下）周练物理试卷（3）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有1个选项是正确的．）1．关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A．布朗运动是微观粒子的运动，牛顿运动定律不再适用B．布朗运动是液体分子无规则运动的反映C．强烈的阳光射入较暗的房间内，在光束中可看到有悬浮在空气中的微尘不停地做无规则运动，这也是一种布朗运动D．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动也叫做热运动【考点】84：布朗运动．【分析】固体小颗粒做布朗运动是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，液体的温度越高，悬浮小颗粒的运动越剧烈，且液体分子在做永不停息的无规则的热运动．固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动．【解答】解：A 固体小颗粒做布朗运动，不是微观粒子．故A错误B 固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动，故B正确C 布朗运动用肉眼观察不到，所看到的尘土的运动是由气流和重力引起的运动．故C错误D 布朗运动反映的是分子的热运动，其本身不是分子的热运动．故D错误．故选：B2．固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的，则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A．当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B．当物体被压缩时，斥力、引力都增大C．当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D．当物体被拉抻时，斥力、引力都增大【考点】86：分子间的相互作用力．【分析】依据分子力随距离的变化关系可以判定各个选项．分子间的引力和斥力是同时存在的，都随分子之间距离的增大而减小．【解答】解：依据分子力随距离的变化关系可知，引力和斥力都随距离的减小而增大，随距离的增大而减小．AB、当物体被压缩时，斥力和引力均增大，故A错误，B正确．CD、当物体被拉伸时，斥力和引力均减小，故C错误，D错误．故选：B3．甲、乙两个分子相距较远，它们间的分子力为零，当它们逐渐接近到不能再接近的全过程中，分子力大小的变化和分子势能大小的变化情况，正确的是（）A．分子力先增大，后减小；分子势能一直减小B．分子力先增大，后减小；分子势能先减小，后增大C．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，再增大，后又减小D．分子力先增大，再减小，后又增大；分子势能先减小，后增大【考点】87：分子势能；86：分子间的相互作用力．【分析】开始时由于两分子之间的距离大于r0，因此分子力为引力当相互靠近时分子力做正功，分子势能减小动能增大，当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功，分子势能增大动能减小．【解答】解：分子间距大于r0，分子力为引力，随距离的减小，引力先增大后逐渐减小；分子间距小于r0，分子力为斥力，随距离的减小，分子斥力增大；分子间距大于r0，分子力为引力，因此引力做正功使分子动能逐渐增大，分子势能逐渐减小；分子间距小于r0，分子力为斥力，因此斥力做负功使分子动能逐渐减小，分子势能逐渐增大，故分子势能先减小后增大．故D正确．故选：D4．下列关于分子力和分子势能的说法中，正确的是（）A．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而增大B．当分子力表现为引力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的增大而减小C．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大D．当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而减小【考点】87：分子势能；86：分子间的相互作用力．【分析】当r=r0时，分子力为零，分子势能最小，随着r的增大或者减小分子势能均增大．【解答】解：当r＞r0时，分子力表现为引力，随着分子之间距离的增大，分子力先增大后减小，而分子势能一直增大，故AB错误；当r＜r0时，分子力表现为斥力，随着分子之间距离的减小，分子力增大，分子势能也增大，故C正确，D错误．故选C．5．三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度的说法正确的是（）A．它们的温度可以有较大的差别B．它们的温度可以有微小的差别C．它们的温度一定相同D．无法判断温度的关系【考点】8E：温度、气体压强和内能．【分析】热力学第零定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡．热平衡定律是温度计能够用来测量和比较温度高低的基本原理．【解答】解：根据热力学第零定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间必定处于热平衡．所以三个系统A，B，C处于热平衡状态，则关于它们的温度一定相同．故选：C6．对一定质量的某种气体，在某一状态变化过程中压强p与热力学温度T的关系如图所示，则描述压强p与摄氏温度t的关系图象中正确的是（）A．B．C． D．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】根据图象分析压强和热力学温度间的关系，再根据热力学温度与摄氏温度间的关系即可分析正确的图易受．【解答】解：由题图可知p=kT（k＞0），把T=t+273代入得p=k（t+273），因此图象与t轴的交点应为﹣273℃，故C正确，ABD错误．故选：C．7．一定质量的0℃的水在凝固成0℃的冰的过程中，体积变大，它内能的变化是（）A．分子平均动能增加，分子势能减少B．分子平均动能减少，分子势能增加C．分子平均动能不变，分子势能增加D．分子平均动能不变，分子势能减少【考点】8A：物体的内能．【分析】温度是分子平均动能的标志．一定质量的水凝结成同温度的冰体积变大，根据吸放热情况，分析内能的变化．【解答】解：温度是分子的平均动能的标志，一定质量的水凝结成同温度的冰温度不变，则分子的平均动能不变；体积变大，放出热量，内能变小，则分子势能减小．故选：D8．有关分子的热运动和内能，下列说法不正确的是（）A．一定质量的气体，温度不变，分子的平均动能不变B．物体的温度越高，分子热运动越剧烈C．物体的内能是物体中所有分子的热运动动能和分子势能的总和D．布朗运动是悬浮在流体中的微粒之间的相互碰撞引起的【考点】84：布朗运动．【分析】温度是分子平均动能的标志，内能是所有分子的动能和所有分子势能的总和，布朗运动反应了液体分子的无规则运动．【解答】解：A、温度是分子平均动能的标志，所以温度不变，分子的平均动能不变，A准确；B、物体的温度越高，分子的平均动能越大，即分子热运动越剧烈，故B正确；C、物体的内能就是物体内部所有分子的热运动动能和分子势能的总和，故C正确；D、布朗运动布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，是由液体分子的不规则碰撞引起的，故D错误；本题选错误的，故选D．9．下列说法中正确的是（）A．物体的分子热运动动能的总和就是物体的内能B．对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大C．要使气体的分子平均动能增大，外界必须向气体传热D．一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离一定增大【考点】8A：物体的内能；89：温度是分子平均动能的标志．【分析】物体的内能既包括物体分子热运动动能的总和也包括物体分子势能的总和，温度是物体分子平均动能大小的量度，分子势能与分子间距有关，做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．【解答】解：A、物体的内能既包括物体分子热运动动能的总和也包括物体分子势能的总和，故A错误．B、温度是物体分子平均动能大小的量度，故对于同一种气体，温度越高，分子平均动能越大，故B正确．C、要使气体的分子平均动能增大，必需提高气体体的温度，可以是气体从外界吸收热量，也可以是外界对气体做功．故C错误．D、一定质量的气体，温度升高时，分子平均动能增大，但不能确定分子势能如何变化，故无法判定分子间的平均距离如何改变，故D错误．故选B．10．下列说法中正确的是（）A．物体自由下落时速度增大，所以物体内能也增大B．物体的机械能为零时内能也为零C．物体的体积减小温度不变时，物体内能一定减小D．气体体积增大时气体分子势能一定增大【考点】87：分子势能．【分析】物体的机械能包括动能和势能，物体的内能包括分子热运动动能和分子势能；温度是分子热运动平均动能的标志，分子势能与分子间距有关．【解答】解：A、物体自由下落时速度增大，动能增加，但内能是分子热运动平均动能和分子势能之和，与宏观速度无关，故A错误；B、机械能包括动能和势能，内能包括分子热运动动能和分子势能，故物体机械能与内能无关，故B错误；C、物体的体积减小温度不变；温度不变说明分子热运动平均动能不变；体积减小，分子平均间距减小；分子间距减小，分子势能不一定减小；故物体的内能不一定减小；如0摄氏度的冰化为0摄氏度的水，内能增加；故C错误；D、气体分子间距很大，分子力几乎为零，但一定表现为引力；故气体体积增大时气体分子势能一定增加，故D正确；故选：D．二、非选择题（共60分）11．在做“用油膜法估测分子的大小”的实验中：（1）关于油膜面积的测量方法，下列做法中正确的是DA．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面积B．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能地散开，再用刻度尺去量油膜的面积C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即将油膜的轮廓画在玻璃板上，再利用坐标纸去计算油膜的面积D．油酸酒精溶液滴入水中后，要让油膜尽可能散开，等到状态稳定后，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，用坐标纸去计算油膜的面积（2）实验中，将1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又测得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，现将1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的单分子薄层由此可估算油酸分子的直径d= 5.0×10﹣10m．【考点】O1：用油膜法估测分子的大小．【分析】（1）明确用“油膜法”估测分子大小的实验原理：认为油酸分子是紧密排列的，而且形成的油膜为单分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸体积除以油膜面积得出的油膜面积厚度即为油酸分子直径．液滴入水中后，应让油膜尽可能散开，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积．（2）在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面积，从而求出分子直径．【解答】解：（1）液滴入水中后，应让油膜尽可能散开，形成单分子油膜，再把油膜的轮廓画在玻璃板上，然后用坐标纸计算油膜的面积，由于油膜不规则，无法用刻度尺去量油膜的面积．故ABC错误，D正确．（2）一滴油酸的体积为：V=•cm3=1×10﹣4cm3=1×10﹣10m3油酸分子的直径为：d==m=5.0×10﹣10m故答案为：（1）D；（2）5.0×10﹣1012．已知铜的密度为8.9×103 kg/m3，铜的原子量为64，质子和中子的质量约为1.67×10﹣27 kg，则铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为多少？铜原子的直径约为多少？【考点】82：阿伏加德罗常数．【分析】根据铜的摩尔质量求出摩尔体积，结合阿伏伽德罗常数求出铜原子的体积．将铜原子看出球形，结合球的体积求出铜原子的直径．【解答】解：（1）铜的原子量为64，即每摩尔铜的质量为64 g，其摩尔体积：V mol==m3 ①每个铜原子的体积V0=②由①②得V0=1.19×10﹣29 m3（2）把铜原子作为球形模型，其直径设为d，则π（）3=V0代入数据，解得d=2.83×10﹣10 m．答：铜块中平均每个铜原子所占的空间体积为1.19×10﹣29 m3，铜原子的直径约为2.83×10﹣10 m13．在标准状总值下，有体积为V的水和体积为V的可认为是理想气体的水蒸气，已知水的密度为ρ，阿伏加德罗常数为N A，水的摩尔质量为M A，在标准状况下水蒸气的摩尔体积为V A，求：（1）说明标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）它们中各有多少水分子？（3）它们中相邻两个水分子之间的平均距离．【考点】82：阿伏加德罗常数．【分析】（1）温度是分子热运动平均动能的标志；（2）先求解水的质量，然后求解摩尔数，最后求解分子数；对于气体，标准状况下1mol任何气体的体积均为22.4L，求解出摩尔数，再求解分子数；（3）求解出每个分子占据空间体积，然后运用球模型或者立方体模型求解．【解答】解：（1）温度是分子热运动平均动能的标志，温度相同，故分子热运动的平均动能相等；（2）体积为V的水，质量为M=ρV ①分子个数为②解得①、②得③对体积为V的水蒸气，分子个数为④（3）设相邻的两个水分子之间的平均距离为d，将水分子视为球形，每个水分子的体积为⑤解③、⑤得：⑥设相邻的水蒸气中两个水分子之间距离的d′，将水分子点的空间视为正方体．⑦解④、⑦得⑧答：（1）标准状况下水分子与水蒸气分子的平均动能的大小关系；（2）水中含分子数为，水蒸气中含分子数为；（3）水中相邻两个水分子之间的平均距离为；水蒸气中相邻两个水分子之间的平均距离为．14．一端封闭的玻璃管开口向下插入水银槽内，如图所示，管内水银柱比槽内水银面高h=5cm，空气柱长L=45cm，要使管内外水银面相平．求：（1）应如何移动玻璃管？（2）此刻管内空气柱长度为多少？（设此时大气压相当于75cmHg产生的压强）【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】在本题中，玻璃管内水银柱的高度h主要受内外压强差的影响，管内封闭部分气体压强改变，水银柱的高度就会随之改变，根据理想气体状态方程中的等温变化求解长度．【解答】解：（1）大气压=玻璃管中水银柱产生的压强+封闭空气的压强，要使管内外水银面相平，则管内气体的压强等于大气压变大，气体做等温变化，由PV=C 知气体体积减小．当玻璃管上移时，假设管内空气体积不变，那么水银柱高度差即h会变大，那么此时管内整体压强等于管内气体压强与水银压强之和，大于大气压，所以水银柱高度减小，气体体积增大，与题意不符合；当玻璃管下压时，假设管内空气体积不变，那么水银柱高度差即h会变小，那么此时管内整体压强等于管内气体压强与水银压强之和，小于大气压，所以水银柱高度增大，气体体积减小，与题意符合；所以可以下压玻璃管．（2）初态P1=P0﹣h，V1=LS，P2=P0，根据PV=C知此刻管内空气柱长度h==42cm答：（1）应向下移动玻璃管（2）此刻管内空气柱长度为42cm15．如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上端与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm．现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧水银面的高度差为h1=10.0cm时将开关K关闭．已知大气压强p0=75.0cmHg．（i）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（ii）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银面达到同一高度，求注入的水银在管内的长度．【考点】99：理想气体的状态方程．【分析】（i）在同一段水银柱中，同一高度压强相等；先计算出A侧气体的初状态气压和末状态气压，然后根据玻意耳定律列式求解；（ii）两侧水银面等高后，根据玻意耳定律求解气体的体积；比较两个状态，结合几何关系得到第二次注入的水银柱的长度．【解答】解：（i）以cmHg为压强单位．设A侧空气柱长度l=10.0cm时压强为p，当两侧的水银面的高度差为h1=10.0cm时，空气柱的长度为l1，压强为p1，由玻意耳定律，有：pl=p1l1①由力学平衡条件，有：p=p0+h ②打开开关放出水银的过程中，B侧水银面处的压强始终为p0，而A侧水银面处的压强随空气柱长度的增加逐渐减小，B、A两侧水银面的高度差也随着减小，直至B侧水银面低于A侧水银面h1为止，由力学平衡条件，有：p1=p0﹣h1③联立①②③，并代入题目数据，有：l1=12cm ④（ii）当A、B两侧的水银面达到同一高度时，设A侧空气柱的长度为l2，压强为P2，由玻意耳定律，有：pl=p2l2⑤由力学平衡条件有：p2=p0⑥联立②⑤⑥式，并代入题目数据，有：l2=10.4cm ⑦设注入水银在管内的长度为△h，依题意，有：△h=2（l1﹣l2）+h1⑧联立④⑦⑧式，并代入题目数据，有：△h=13.2cm答：（i）放出部分水银后A侧空气柱的长度为12cm；（ii）注入的水银在管内的长度为13.2cm．2017年6月24日。