江苏省连云港市2013届高三上学期摸底物理试题(解析版)

2013年普通高等学校招生全国统一考试物理试题（江苏卷）一、单项选择题:本题共5小题,每小题3 分,共计15 分. 每小题只有一个选项符合题意.1. 火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知：(A)太阳位于木星运行轨道的中心(B)火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C)火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D)相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2. 如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上. 不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等(C)悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小3. 下列选项中的各41圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各41圆环间彼此绝缘. 坐标原点o 处电场强度最大的是4. 在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及(时C)发摇现,设计了一种报警装置,电路如图所示. M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻M R 发生变化,导致S 两端电压U 增大, 装置发出警报,此时(A) M R 变大,且R 越大,U 增大越明显(B) M R 变大,且R 越小,U 增大越明显(C) M R 变小,且R 越大,U 增大越明显(D) M R 变小,且R越小,U增大越明显5. 水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等. 碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A)30% (B)50%(C)70% (D)90%二、多项选择题:本题共4 小题,每小题4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4 分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6. 将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等. a 、b 为电场中的两点,则(A)a 点的电场强度比b 点的大(B)a 点的电势比b 点的高(C)检验电荷-q 在a 点的电势能比在b 点的大(D)将检验电荷-q 从a 点移到b 点的过程中,电场力做负功7. 如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A 、B,分别落在地面上的M 、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则(A)B 的加速度比A 的大(B)B 的飞行时间比A 的长(C)B 在最高点的速度比A 在最高点的大(D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大8. 如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光. 要使灯泡变亮,可以采取的方法有(A)向下滑动P(B)增大交流电源的电压(C)增大交流电源的频率(D)减小电容器C 的电容9. 如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连. 弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出). 物块的质量为m,AB =a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ. 现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W. 撤去拉力后物块由静止向左运动, 经O 点到达B 点时速度为零. 重力加速度为g. 则上述过程中(A)物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于mga Wμ21- (B)物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于mga W μ23- (C)经O 点时,物块的动能小于mga W μ-(D)物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能三、简答题:本题分必做题(第10、11 题) 和选做题(第12 题) 两部分,共计42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.10. (8 分)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I,利用P =UI 得到电功率. 实验所使用的小灯泡规格为“3.0 V 1.8 W ”,电源为12 V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如题10-1 图所示. 请将滑动变阻器接入电路的正确位置. (用笔画线代替导线)(2)现有10Ω、20 Ω和50 Ω的定值电阻,电路中的电阻R1 应选⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P、2U描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如题10-2 图所示. 请指出图象中不恰当的地方.11. (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10 个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重力加速度g=⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽2sm. (结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间t∆磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差t∆,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H1 和H2,测量n个小球下落的总时间T1 和T2. 他是否可以利用这两组数据消除t∆对实验结果的影响? 请推导说明.12. 【选做题】本题包括A、B、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A、B 两小题评分.A. 【选修3-3】(12 分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B、C 和D 后再回到状态A. 其中,A→B 和C→D 为等温过程,B→C 和D→A 为绝热过程(气体与外界无热量交换). 这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A)A→B 过程中,外界对气体做功(B)B→C 过程中,气体分子的平均动能增大(C)C→D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多(D)D→A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽ (选填“A →B”、“B →C”、“C →D”或“D→A”). 若气体在A→B 过程中吸收63 kJ 的热量,在C→D 过程中放出38 kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽kJ.(3)若该循环过程中的气体为1 mol,气体在A 状态时的体积为10 L,在B 状态时压强为A状态时的32. 求气体在B状态时单位体积内的分子数. ( 已知阿伏加德罗常数123100.6-⨯=molNA,计算结果保留一位有效数字)B. 【选修3-4】(12 分)(1)如题12B-1 图所示的装置,弹簧振子的固有频率是4 Hz. 现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A) 1 Hz (B) 3 Hz (C) 4 Hz (D) 5 Hz(2)如题12B-2 图所示,两艘飞船A、B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v 接近光速c). 地面上测得它们相距为L,则A 测得两飞船间的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“大于”、“等于”或“小于”)L. 当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(3)题12B-3 图为单反照相机取景器的示意图, ABCDE为五棱镜的一个截面,AB⊥BC. 光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)C. 【选修3-5】(12 分)(1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽也相等.(题12C-1 图)(A)速度(B)动能(C)动量(D)总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+ )的能级图如题12C-1 图所示. 电子处在n=3 轨道上比处在n =5 轨道上离氦核的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“近”或“远”). 当大量He+处在n =4 的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽条.(3)如题12C-2 图所示,进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100 kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0. 1 m/ s. A 将B向空间站方向轻推后,A 的速度变为0. 2 m/ s,求此时B 的速度大小和方向.四、计算题:本题共3 小题,共计47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13. (15 分)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直. 已知线圈的匝数N =100,边长ab =1. 0 m、bc =0. 5 m,电阻r =2Ω . 磁感应强度B 在0 ~1 s 内从零均匀变化到0. 2 T. 在1~5 s 内从0. 2 T 均匀变化到-0. 2 T,取垂直纸面向里为磁场的正方向.求：(1)0. 5 s 时线圈内感应电动势的大小E 和感应电流的方向；(2)在1~5s内通过线圈的电荷量q；(3)在0~5s 内线圈产生的焦耳热Q.14. (16 分)如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出, 砝码的移动很小,几乎观察不到,这就是大家熟悉的惯性演示实验. 若砝码和纸板的质量分别为m 1 和m 2,各接触面间的动摩擦因数均为μ. 重力加速度为g.（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；(3)本实验中,1m =0.5kg,2m =0.1kg,0.2μ=,砝码与纸板左端的距离d =0.1 m,取g =10 2s m. 若砝码移动的距离超过l=0.002 m,人眼就能感知.为确保实验成功,纸板所需的拉力至少多大?15. (16 分)在科学研究中,可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制. 如题15-1 图所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中,电场强度E 和磁感应强度B 随时间t 作周期性变化的图象如题15-2 图所示. x 轴正方向为E 的正方向,垂直纸面向里为B 的正方向. 在坐标原点O 有一粒子P,其质量和电荷量分别为m 和+q. 不计重力. 在2τ=t 时刻释放P,它恰能沿一定轨道做往复运动. （1）求P 在磁场中运动时速度的大小0v ；（2）求0B 应满足的关系；(3)在0t (200τ〈〈t )时刻释放P,求P 速度为零时的坐标.2013年普通高等学校招生全国统一考试物理答案（江苏卷）一、单项选择题:本题共5小题,每小题3 分,共计15 分. 每小题只有一个选项符合题意.1.答案：C解析：AB两个座椅具有相同的角速度．A：根据公式：v=ω•r，A的运动半径小，A的速度就小．故A错误；B：根据公式：a=ω2r，A的运动半径小，A的向心加速度就小，故B错误；C：A的向心加速度就小，A的向心力就小，A对缆绳的拉力就小，故C错误；D正确．点评：该题中，AB的角速度相等而半径不相等是解题的关键．属于简单题．3.答案：B点评：本题考查定性分析问题的思想方法，要求学生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题．4.答案：C解析：S 两端电压U 增大，故传感器两端电压一定减小；当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，R M 变小．假设R M 减小趋近于零，即等效电源内阻趋近到最小值，R 增大趋近无穷大即等效电源的内阻的阻值将趋近于最大值，从U-I 图象显然看出，图线的斜率变化最大，即电流变化范围最大，导致“S”上电压变化最明显．点评：此题利如果用传统的思维，即利用闭合电路欧姆定律，由电源电动势E 、内阻r 、电阻R 及R M 得出S 上的电压表达式，再进行讨论．其实，那是一个非常复杂的代数式，要讨论还得将式子进行一系列变形才能进行，显然非常麻烦，方法不可取；此题如果利用“等效思维”与“极限思维”便可一步到位，轻松突破．5.答案：A解析：设碰撞前白球的速度大小为2v ，由图看出，碰撞后两球的速度大小相等，速度之间的夹角约为60°，设碰撞后两球的速度大小为v ′，根据动量守恒得：水平方向有：m •2v=2mv ′cos30°，解得，v v 332='则碰撞过程中系统损失的动能为22232221)2(21mv v m v m E K ='•-=∆2)2(2131v m •=，即碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的31 ． 点评：本题首先要根据照片的信息，知道两球速度大小近似相等，再由动量守恒求解碰撞前后速度大小的关系二、多项选择题:本题共4 小题,每小题4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4 分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6.答案：ABD解析：A ：电场线的疏密表示场强的大小，故A 正确；B ：a 点所在的电场线从Q 出发到不带电的金属球终止，所以a 点的电势高于金属球的电势，而b 点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b 点的电势．故B 正确；C ：电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a 点的电势能较b 点小，故C 错误；D ：把电荷从电势能小的a 点移动到电势能大的b 点，电场力做负功．故D 正确． 点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．7.答案：CD解析：AB 加速度都等于重力加速度，选项A 错误，由于二者上升高度相同，说明二者抛出时的竖直分量相同，飞行时间相等，选项B 错误；B 抛出时速度的水平分量大于A ，B 在最高点的速度比A 在最高点大，选项C 正确，B 在落地时的速度比A 在落地时的速度大，选项D 正确。

绝密★启用前2013年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）物理试题一、单项选择题:本题共5小题,每小题3 分,共计15 分. 每小题只有一个选项符合题意.1. 火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知：(A)太阳位于木星运行轨道的中心(B)火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C)火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D)相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2. 如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上. 不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等(C)悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B的小3. 下列选项中的各41圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各41圆环间彼此绝缘. 坐标原点o 处电场强度最大的是A B C D4. 在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及(时C)发摇现,设计了一种报警装置,电R发生变化,导致S 两端路如图所示. M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻M电压U 增大, 装置发出警报,此时R变大,且R 越大,U 增大越明显(A) MR变大,且R 越小,U 增大越明显(B) MR变小,且R 越大,U 增大越明显(C) MR变小,且R 越小,U 增大越明显(D) M5. 水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等. 碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A)30%(B)50%(C)70%(D)90%二、多项选择题:本题共4 小题,每小题4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4 分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6. 将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等. a、b 为电场中的两点,则(A)a 点的电场强度比b 点的大(B)a 点的电势比b 点的高(C)检验电荷-q 在a 点的电势能比在b 点的大(D)将检验电荷-q 从a 点移到b 点的过程中,电场力做负功7. 如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则(A)B 的加速度比A 的大(B)B 的飞行时间比A 的长(C)B 在最高点的速度比A 在最高点的大(D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大8. 如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光. 要使灯泡变亮,可以采取的方法有（A）向下滑动P((B))增大交流电源的电压(C)增大交流电源的频率(D)减小电容器C 的电容9. 如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连. 弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出). 物块的质量为m,AB =a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ. 现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W. 撤去拉力后物块由静止向左运动, 经O 点到达B 点时速度为零. 重力加速度为g. 则上述过程中(A)物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于mga W μ21- (B)物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于mga W μ23- (C)经O 点时,物块的动能小于mga W μ-(D)物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能三、简答题:本题分必做题(第10、11 题) 和选做题(第12 题) 两部分,共计42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.【必做题】10. (8 分)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I,利用P =UI 得到电功率. 实验所使用的小灯泡规格为“3.0 V 1.8 W ”,电源为12 V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如题10-1 图所示. 请将滑动变阻器接入电路的正确位置. (用笔画线代替导线)(题10-1 图)(2)现有10Ω、20 Ω和50 Ω的定值电阻,电路中的电阻R1 应选⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.U描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如题10-2 图所示. 请(4)小明处理数据后将P、2指出图象中不恰当的地方.11. (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10 个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重m. (结果保留两位有效数字)力加速度g =⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽2s(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间t∆磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差t∆,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H1 和H2,测量n个小球下落的总时间T1 和T2. 他是否可以利用这两组数据消除t∆对实验结果的影响? 请推导说明.12. 【选做题】本题包括A、B、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A、B 两小题评分.A. [选修3-3](12 分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B、C 和D 后再回到状态A. 其中,A→B 和C→D 为等温过程,B→C 和D→A 为绝热过程(气体与外界无热量交换). 这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A)A→B 过程中,外界对气体做功(B)B→C 过程中,气体分子的平均动能增大(C)C→D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多(D)D→A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽ (选填“A →B”、“B →C”、“C →D”或“D→A”). 若气体在A→B 过程中吸收63 kJ 的热量,在C→D 过程中放出38 kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽kJ.(3)若该循环过程中的气体为1 mol,气体在A 状态时的体积为10 L,在B 状态时压强为A状态时的32. 求气体在B 状态时单位体积内的分子数. ( 已知阿伏加德罗常数123100.6-⨯=mol N A ,计算结果保留一位有效数字)B. [选修3-4](12 分)(题12B-1 图) (1)如题12B-1 图所示的装置,弹簧振子的固有频率是4 Hz. 现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A) 1 Hz(B) 3 Hz(C) 4 Hz(D) 5 Hz(2)如题12B-2 图所示,两艘飞船A 、B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v 接近光速c). 地面上测得它们相距为L,则A 测得两飞船间的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“大于”、“等于”或“小于”)L. 当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(3)题12B-3 图为单反照相机取景器的示意图, ABCDE为五棱镜的一个截面,AB⊥BC. 光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)(题12B-3 图)C. [选修3-5](12 分)(1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽也相等.(题12C-1 图)(A)速度(B)动能(C)动量(D)总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+ )的能级图如题12C-1 图所示. 电子处在n =3 轨道上比处在n =5 轨道上离氦核的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“近”或“远”). 当大量He+处在n =4 的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽条.(3)如题12C-2 图所示,进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100 kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0. 1 m/ s. A 将B向空间站方向轻推后,A 的速度变为0.2 m/ s,求此时B 的速度大小和方向.(题12C-2 图)四、计算题:本题共3 小题,共计47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13. (15 分)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直. 已知线圈的匝数N =100,边长ab =1. 0 m、bc =0. 5 m,电阻r =2Ω . 磁感应强度B 在0 ~1 s 内从零均匀变化到0. 2 T. 在1~5 s 内从0. 2 T 均匀变化到-0. 2 T,取垂直纸面向里为磁场的正方向.求：(1)0. 5 s 时线圈内感应电动势的大小E 和感应电流的方向；(2)在1~5s内通过线圈的电荷量q；(3)在0~5s 内线圈产生的焦耳热Q.14. (16 分)如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出, 砝码的移动很小,几乎观察不到,这就是大家熟悉的惯性演示实验. 若砝码和纸板的质量分别为m 1 和m 2,各接触面间的动摩擦因数均为μ. 重力加速度为g.（1） 当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力大小；（2） 要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；(3)本实验中,1m =0.5kg,2m =0.1kg,0.2μ=,砝码与纸板左端的距离d =0.1 m,取g =10 2s m . 若砝码移动的距离超过l=0.002 m,人眼就能感知.为确保实验成功,纸板所需的拉力至少多大?15. (16 分)在科学研究中,可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制. 如题15-1 图所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中,电场强度E 和磁感应强度B 随时间t 作周期性变化的图象如题15-2 图所示. x 轴正方向为E 的正方向,垂直纸面向里为B 的正方向. 在坐标原点O 有一粒子P,其质量和电荷量分别为m 和+q. 不计重力. 在2τ=t 时刻释放P,它恰能沿一定轨道做往复运动.（1）求P 在磁场中运动时速度的大小0v ；（2）求0B 应满足的关系；(3)在0t (200τ〈〈t )时刻释放P,求P 速度为零时的坐标.。

江苏省连云港市2013届高三上学期摸底考试数学试题（选修物理） 注意事项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1．本试卷共4页，包含填空题（第1题一第16题）、解答题（第17题一第24题）．本卷满分200分，考试时间为150分钟，考试结束后，将答题卡交回．2．答题前，请您务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请在答题卡上按照顺序在对应的答题区域内作答，在其他位置作答一律无效．作答必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔．请注意字体工整，笔迹清楚． 一、填空题：本大题共16小题，每小题5分，共计80分．请把答案填写在答题卡相应位置．．．．．．．上．．．1．抛物线2y x =准线方程为 ．2．5人排成一排，则甲不站在排头的排法有 种．（用数字作答）3．在极坐标系中，圆4sin p θ=的圆心的极坐标是 ．4．已知复数z 满足(3)1z i i -=-，则复数z 的模是 ．5．设条件:0p a >，条件2:0q a a +≥，那么p 是q 的 条件（填“充分不必要”、“必要不充分”、“充要”、“既不充分也不必要”中之一）．6．在△ABC 中，若sin cos ,A B B a b =∠则 ． 7．设矩阵2738⎡⎤⎢⎥⎣⎦的逆矩阵为a b c d ⎡⎤⎢⎥⎣⎦，a+b+c+d= 。

8．直线2,34x lt y t=-+⎧⎨=+⎩（t 为参数，l 为常数）恒过定点 。

9．在4次独立重复试验中，随机事件A 恰好发生l 次的概率不大于其恰好发生两次的概率，则事件A 在一次试验中发生的概率p 的取值范围是 ．10．已知点P 是椭圆222212222211,,11x y x y F F a a a a+=-=+-与双曲线的交点是椭圆焦点，则12cos F PF ∠= ．11．若1223211333385n n n n n n n C C C C ---++++=，则n=12．已知不等式组1010330x y x y x y -+≥⎧⎪+-≥⎨⎪--≤⎩表示的平面区域为D ，若直线y=kx +1将区域D 分成面积相等的两部分，则实数k 的值是 ．13．已知正数x ，y 满足2x+y-2 =0，则2x y xy+的最小值为 ． 14．2n 个正整数排列如下：1，2，3，4，……，n2，3，4，5，……，n+l 3，4，5，6，……， n+2 ……n ，n+l ，n+2，n+3，……，2n 一1则这2n 个正整数的和S= ．15．在△ABC 中，若sin 2cos(),tan sin B A B B A=+则的最大值为 ． 16．已知一组抛物线2y ax bx c =++，其中a 为1、3、5、7中任取的一个数，b 为2、4、6、8中任取的一个数，从这些抛物线中任意抽取两条，它们在与直线12x =交点处的切线相互平行的概率是 ．二、解答题：本大题共8小题，共计120分，请在答题卡指定的区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（本小题满分l4分）已知二阶矩阵M 属于特征值一1的一个特征向量为12⎡⎤⎢⎥-⎣⎦，属于特征值2的一个特征向量为11⎡⎤⎢⎥⎣⎦，求矩阵M 及其逆矩阵1M -． 18．（本小题满分14分）已知极坐标系的极点O 与直角坐标系的原点重合，极轴与x 轴的正半轴重合，曲线1224:sin()22:(),.44x t C p C t R A B y tπθ=⎧+=∈⎨=⎩与曲线交于两点 求证：OA ⊥OB ．19．（本小题满分14分）某中学从高中三个年级选派2名教师和10名学生去外校考察学习，学生的名额分配如下：高一年级高二年级 高三年级 3人 5人2人（1）若从10名学生中选出2人做组长，求他们中恰好有1人是高二年级学生的概率； （2）若将2名教师安排到三个年级（假设每名教师加入各年级是等可能的，且各位教师的选择是相互独立的），记安排到高二年级的教师人数为X ，求随机变量X 的分布列和数学期望．20．（本小题满分14分）如图，在棱长为1的正方体A 1C 中，E 、F 分别为11A D 和11A B 的中点．（1）求异面直线AF 和BE 所成的角的余弦值：（2）求平面AC 1C 与平面BF 1C 所成的锐二面角： （3）若点P 在正方形ABCD 内部或其边界上，且EP ∥平面BF 1C ，求EP 的取值范围．21．（本小题满分16分）已知1()()n k f x x x =+，且正整数n 满足26,{0,1,2,}.n n C C A n ==（1）求n ；（2）若,,i j A ∈是否存在,,.,i j n n j i j C C j ≥≤当时恒成立若存在求出最小的，若不存在，试说明理由：（3）,()6,k A f x ∈若的展开式有且只有个无理项求k.22．（本小题满分16分）已知椭圆的中心为原点O ，一个焦点为F (3,0)，离心率为32．以原点为圆心的圆O 与直线42y x =+互相切，过原点的直线l 与椭圆交于A ，B 两点，与圆O 交于C ，D 两点．（1）求椭圆和圆O 的方程；（2）线段CD 恰好被椭圆三等分，求直线l 的方程．23．（本小题满分16分）已知数列{}n a 的前项和为,n S 且2n S n =n S ，数列{}n b 为等比数列，且1b =l ，4b =64.（1）求数列{}n a ，{}n b 的通项公式；（2）若数列{}n a 满足n b c a =，求数列{}n c 的前项和n T ；（3）在(2)的条件下， 数列{}n c 中是否存在三项，使得这三项成等差数列？若存在，求出此三项，若不存在，说明理由．24．（本小题满分16分） 。

江苏省南京市、盐城市2013届高三上学期第一次模拟考试物理试题（word版）说明：1．本试卷满分120分，考试时间100分钟。

2．本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷，所有题目一律在答题纸上相应位置规范作答。

第Ⅰ卷（选择题，共31分）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分。

每小题只有一个选项符合题意。

1．如图所示，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，下列图示中正确的是2．平行板电容器充电后断开电源，现将其中一块金属板远离另一板平移一小段距离。

下图表示此过程中电容器两板间电场强度E随两板间距离d的变化关系，正确的是3．“蹦极”是一项勇敢者的运动。

如图所示，O为弹性橡皮绳自然长时下端所在的位置，某人用弹性橡皮绳拴住身体自高空P处自由下落，Q为下落的最低点。

则从O到Q的过程中，此人的（）A．动能逐渐减小B．机械能保持不变C．速度先减小后增大D．加速度先减小后增大4．如图所示，匀强电场中有一圆，其平面与电场线平行，O为圆心，A、B为圆周上的两点。

现将某带电粒子从A点以相同的初动能向各个不同方向发射，到达圆周上各点时，其中过B点动能最大，不计重力和空气阻力。

则该电场的电场线一定是与A．OB平行B．OB垂直C．AB平行D．AB垂直5．如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L。

某人在乒乓球训练中，从左侧L/2处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘。

设乒乓球运动为平抛运动。

则兵乓球A．在空中做变加速曲线运动B．在水平方向做匀加速直线运动C．在网右侧运动时间是左侧的两倍D．击球点的高度是网高的两倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分。

每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答得0分6．2012年10月25日，我国第16颗北斗导航卫星发射成功。

我国“北斗”卫星导航技术堪比美国GPS。

已知GPS导航系统中某卫星的运行周期约为12小时，则此卫星与北斗导航系统中的地球同步卫星相比较A．线速度更大B．角速度更大C．轨道半径更大D．向心加速度更大7．如图所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图。

2013年江苏省连云港市高考物理三模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.“天宫一号”目标飞行器在距地面约350km的圆轨道上运行，则飞行器（）A.速度大于7.9km/sB.加速度小于9.8m/s2C.运行周期为24hD.角速度小于地球自转的角速度【答案】B【解析】解：A、第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大的运行速度．所以“天宫一号”的运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；B、地面附近加速度为9.8m/s2，350km高度重力减小，故重力加速度也减小，故B正确；C、“天宫一号”飞行器周期约90分钟，故C错误；D、“天宫一号”飞行器轨道高度低于同步卫星的高度，根据ω=，其角速度大于同步卫星角速度，故D错误；故选B．根据万有引力提供向心力，得出速度公式，可以知道物体的速度与轨道半径一一对应；第一宇宙速度是绕地球做圆周运动的最大的运行速度．本题关键根据卫星的圆轨道运行式，万有引力等于向心力，求出速度公式和加速度公式，然后分析讨论．2.如图所示，阴极射线管接通电源后，电子束由阴极沿x轴正方向射出，在荧光板上会看到一条亮线．要使荧光板上的亮线向z轴负方向偏转，可采用的方法是（）A.加一沿y轴负方向的磁场B.加一沿y轴正方向的磁场C.加一沿y轴正方向的电场D.加一沿z轴负方向的电场【答案】B【解析】解：A、若加一沿y轴负方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴正方向，亮线向上偏转，故A错误；B、若加一沿y轴正方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴负方向，亮线向下偏转，故B正确；C、若加一沿y轴正方向的电场，电子受电场力作用向外，亮线向y轴负方向偏转，故C 错误．D、若加一沿z轴负方向的电场，电子受到的电场力沿z轴的正方向，亮线向上偏转，故D错误．故选：B．电子射线由阴极沿x轴方向射出，形成的亮线沿z轴正方向偏转，说明电子受到的洛伦兹力方向向下，将四个选项逐一代入，根据左手定则判断分析，选择可行的磁场方向．本题考查电偏转与磁偏转方向判断的能力．由由左手定则判断处洛伦兹力的方向是正确解题的关键．3.如图所示，电压互感器、电流互感器可看成理想变压器，已知电压互感器原、副线圈匝数比是1000：1，电流互感器原、副线圈匝数比是1：200，电压表读数是200V，电流表读数是1.5A，则交流电路输送电能的功率是（）A.3×102WB.6×104WC.3×105WD.6×107W【答案】D【解析】解：由图可知：V表是电压表，A表是电流表．电压互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1000：1，而电流互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：200，由电压表的示数为200V，得原线圈的电压为200000V，由电流表的示数为1.5A，原线圈的电流为300A．所以电线输送功率是6×107W．故选：D．理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．变压器的电流比与电压比均是有效值，电表测量值也是有效值．理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比．4.如图所示，两个截面半径均为r、质量均为m的半圆柱体A、B放在粗糙水平面上，A、B截面圆心间的距离为l．在A、B上放一个截面半径为r、质量为2m的光滑圆柱体C，A、B、C始终都处于静止状态．则（）A.B对地面的压力大小为3mgB.地面对A的作用力沿AC方向C.l越小，A、C间的弹力越小D.l越小，地面对A、B的摩擦力越大【答案】C【解析】解：A、以三个物体组成的整体为研究对象，受到总重力和地面对A和B支持力，两个支持力大小相等，则由平衡条件得知：地面对B的支持力为2mg，则由牛顿第三定律得知B对地面的压力大小也为2mg；故A错误．B、地面对A有支持力和摩擦力两个力作用，地面对A的作用力是它们的合力；A受到重力mg、地面的支持力N1、摩擦力f、C球的压力N2．如图所示根据平衡条件知：地面的支持力N1和摩擦力f的合力与力mg和压力N2的合力等值、反向，C球对A的压力N2方向沿AC方向，则力mg和压力N2的合力一定不沿AC方向，故地面对A的作用力不沿AC方向．故B错误．C、以C为研究对象，分析受力情况，如图，由平衡条件有：2N2′cosθ=mg得N2′=，l越小，θ越小，则得A对C间的弹力N2′越小．故C正确．D、以A为研究对象，根据平衡条件得知：地面对A的摩擦力f=N2sinα，而C对A的压力N2=N2′．则得l越小，α越小，f越小．故D错误．故选C以三个物体组成的整体为研究对象，根据平衡条件求地面对B的支持力，由牛顿第三定律即可求出B对地面的压力；地面对A有支持力和摩擦力两个力作用，地面对A的作用力是它们的合力；以C为研究对象，分析受力情况，由平衡条件分析A、C间的弹力如何变化；以A为研究对象，根据平衡条件分析地面对A的摩擦力如何变化，地面对B的摩擦力与对A的摩擦力大小相等．本题是三个物体的平衡问题，首先要灵活选择研究对象，其次要正确分析受力情况．5.如图所示，在光滑的水平面上有一质量为M、倾角为θ的光滑斜面，一质量为m的物块从斜面上由静止下滑．下面给出的物块在下滑过程中对斜面压力大小F N的四个表达式中，只有一个是正确的，你可能不会求解，但是你可以通过分析，对下列表达式做出合理的判断．根据你的判断，合理的表达式应为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：对斜面压力与斜面对m支持力是一对作用反作用力．F N的水平分力F N1=F N sinθ，N的竖直分力F N2=F N cosθ，对M、m整体：水平方向不受外力，动量守恒有：m V x=MV．整个系统无摩擦，只有重力做功，设斜面高为h，由机械能守恒得．mgh=m V物2+MV2，设下滑时间为t，对M由动量定理：F N sinθ•t=MV，对m：竖直方向，由动量定理：（mg-F N cosθ）•t=m V y，在水平方向，由动量定理：F N sinθ•t=m V x，又由于V物2=V x2+V y2，解以上方程可得，F N=．故选：C．整个系统由于只有动能和重力势能的转化，故系统的机械能守恒，则可列出机械能守恒的表达式；同时由于M在光滑的水平面上，当m向下运动时，M也会后退，M m组成的系统动量守恒，由动量守恒可以得到M m之间的关系式，进而可以求得m对斜面压力大小．由于斜面是在光滑的水平面上，并没有固定，物体与斜面相互作用会使斜面后退，由于斜面后退，物体沿着斜面下滑路线与地面夹角大于θ，与物体沿着固定斜面下滑截然不同．本题有简便方法，即特殊值法：假设θ=0，看是否符合实际；再假设θ=90°，看是否符合实际．二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)6.如图所示的电场中，虚线为某带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则（）A.粒子一定带正电B.粒子一定是从a点运动到b点C.粒子在c点加速度一定大于在b点加速度D.粒子在电场中c点的电势能一定小于在b点的电势能【答案】AC【解析】解：A、带电粒子在电场中运动时，受到的电场力的方向指向运动轨迹的弯曲的内侧，由此可知，此带电的粒子受到的电场力的方向为沿着电场线向左，所以此粒子为正电荷，故A正确；B、粒子不一定是从a点沿轨迹运动到b点，也可能从从b点沿轨迹运动到a点．故B 错误．C、由电场线的分布可知，电场线在c点处较密，所以在c点的电场强度大，粒子在c 处受到的电场力大，所以粒子在c点加速度一定大于在b点加速度，故C正确．D、粒子从c到b过程，电场力做正功，根据动能定理，动能增大，电势能减小，所以粒子在电场中c点的电势能一定大于在b点的电势能，故D错误．故选：AC．根据粒子轨迹的弯曲方向，可判断出电场力方向，从而确定出粒子的电性．根据电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，分析场强的大小，根据牛顿第二定律分析加速度的大小．根据电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增加，分析电势能的变化．本题是带电粒子的轨迹问题，关键要根据弯曲方向判断粒子所受电场力方向．理解并掌握电场线的两个物理意义：疏密表示场强的相对大小，方向表示电势的高低．三、单选题(本大题共1小题，共4.0分)7.如图所示，用电流传感器研究自感现象．电源内阻不可忽略，线圈的自感系数较大，其直流电阻小于电阻R的阻值．t=0时刻闭合开关S，电路稳定后，t1时刻断开S，电流传感器连接计算机分别描绘了整个过程线圈中的电流I L和电阻中的电流I R随时间t变化的图象．下列图象中可能正确的是（）A. B. C. D.【答案】AD【解析】解：当电键闭合时，电感阻碍电流变化，L为一个自感系数很大、直流电阻小于电阻R 的阻值的线圈，所以电感的阻碍慢慢减小，即流过电感的电流增大，所以I1慢慢减小，最后稳定时电感相当于电阻，I1为恒定，当电键断开后，电感阻碍自身电流变化，产生的感应电流仍沿着原来方向，不过大小在减小，故A正确，B错误，当电键闭合时，电感阻碍电流变化，L为一个自感系数很大、有直流电阻的线圈，导致通过电阻的电流刚开始较大，当电感的阻碍慢慢减小，即流过电感的电流增大，所以I2慢慢增大，最后稳定，当断开电键，原来通过D2的电流立即消失当电键断开后，电感阻碍自身电流变化，产生的感应电流流过电阻，其方向与规定图示流过电阻的方向相反，I1慢慢减小最后为0．故C错误，D正确．故选AD．电感对电流的变化起阻碍作用，闭合电键时，电感阻碍电流I1增大，断开电键，D1、L 构成一回路，电感阻碍电流I1减小．解决本题的关键掌握电感对电流的变化起阻碍作用，电流增大，阻碍其增大，电流减小，阻碍其减小．四、多选题(本大题共2小题，共8.0分)8.如图所示，半径为R的光滑圆环固定在竖直平面内，O是圆心，虚线OC水平，D是圆环最低点．两个质量均为m的小球A、B套在圆环上，两球之间用轻杆相连，从图示位置由静止释放，则（）A.B球运动至最低点D时，A、B系统重力势能最小B.A、B系统在运动过程中机械能守恒C.A球从C点运动至D点过程中受到的合外力做正功D.当杆水平时，A、B球速度达到最大【答案】BD【解析】解：A、A、B组成的系统只有重力做功，系统机械能守恒．B球运动到最低点时，系统减小的重力势能为mg R，在杆子从竖直状态到水平状态的过程中，系统重力势能下降最大，大小等于．故A错误，B正确．C、A球从C点运动到D点的过程中，速度先增大后减小，则合力先做正功，后做负功．故C错误．D、因为杆子水平时，系统重力势能减小最大，根据机械能守恒，知系统动能最大，所以当杆水平时，A、B球的速度最大．故D正确．故选BD．A、B组成的系统在运动的过程中红，只有重力做功，机械能守恒，当动能最大时，系统重力势能最小．根据外力做功判断A、B机械能的变化．解决本题的关键知道A、B组成的系统机械能守恒，知道当杆子水平时，系统重力势能减小最大．9.一质量为m的物体以速度v0在足够大的光滑水平面上运动，从零时刻起，对该物体施加一水平恒力F，经过时间t，物体的速度减小到最小值v0，此后速度不断增大．则（）A.水平恒力F大小为B.水平恒力作用2t时间，物体速度大小为v0C.在t时间内，水平恒力做的功为-mvD.若水平恒力大小为2F，方向不变，物体运动过程中的最小速度仍为v0【答案】BCD【解析】解：A、物体做类似斜上抛运动，将速度沿着平行力和垂直力的方向正交分解，平行力方向做类似竖直上抛运动，垂直力方向做匀速直线运动；平行合力方向的分速度减为零时，速度达到最小值；物体的速度最小值为，速度分解如图：故平行合力方向的分速度的初始值为0.8v0，对平行合力方向分运动运用动量定理，有：-F t=0-m（0.8v0）解得：F=，故A错误；B、物体做类似斜上抛运动，由斜抛运动的对称性可知物体上升和下降同一高度时间相同，得到物体2t时刻物体的速度等于初速度，故B正确；C、在t时间内，根据动能定理，有：W==，故C正确；D、物体的最小速度等于物体垂直合力方向的分速度，合力大小增加而方向不变，故物体的最小速度不变，故D正确；故选BCD．物体做类似斜上抛运动，将速度沿着平行力和垂直力的方向正交分解，平行力方向做类似竖直上抛运动，垂直力方向做匀速直线运动，结合动量定理、动能定理进行分析．本题关键明确物体做类似斜上抛运动，采用运动的合成与分解的方法进行研究，同时结合动能定理和动量定理列式分析，较难．六、单选题(本大题共1小题，共2.0分)12.下列说法中正确的是（）A.分子势能随分子间距离的增大而减小B.超级钢具有高强韧性，其中的晶体颗粒有规则的几何形状C.压强为1atm时，一定量的水蒸发为同温度的水蒸气，吸收的热量等于其增加的内能D.水的温度升高时，水分子的速度都增大【答案】B【解析】解：A、分子力做功等于分子势能的减小量，由于分子力方向会改变，故分子势能与分子间距离关系要分情况讨论，不能一概而论，故A错误；B、超级钢具有高强韧性，一定是其中的晶体颗粒有规则的几何形状，故B正确；C、压强为1atm时，一定量的水蒸发为同温度的水蒸气，吸热的同时要膨胀并对外做功，故吸收的热量一定大于其增加的内能，故C错误；D、水的温度升高时，水分子热运动额平均动能一定增加，不是每个水分子动能增加，故D错误；故选B．解答本题需掌握：温度是分子热运动平均动能的标志；分子力做功等于分子势能的减小量；热力学第一定律公式：△U=W+Q．本题考差了分子力做功与分子势能的关系、晶体与非晶体、热力学第一定律、温度的微观意义等内容，知识点多，难度不大．九、单选题(本大题共1小题，共2.0分)15.下列说法中正确的是（）A.在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物，利用衍射现象使外面的人在白天看不到幕墙里面的情况B.紫外线的频率与固体物质分子的固有频率接近，容易引起分子共振，产生内能C.来回抖动带电的梳子，在空间就会形成变化的电磁场，产生电磁波D.地面上两北斗卫星导航终端同时发出定位申请信号，在高速运行的卫星上看两信号也一定是同时发出的【答案】C【解析】解：A、在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物，利用镜面反射使外面的人看不到幕墙里面的情况；故A错误．B、红外线的频率与固体物质分子的固有频率接近，容易引起分子共振，产生内能．故B错误．C、来回抖动带电的梳子，产生变化的电场，变化的电场产生变化的磁场，变化的电场和变化的磁场交替产生，形成电磁波．故C正确．D、地面上两北斗卫星导航终端同时发出定位申请信号，在高速运行的卫星上看两信号不是同时的．故D错误．故选C．在玻璃幕墙表面镀一定厚度的金属氧化物，利用镜面反射使外面的人看不到幕墙里面的情况；当驱动力的频率紧急物体的固有频率时，会发生共振．变化的电磁场交替产生，形成电磁波．解决本题的关键知道电磁波的产生原理，以及知道红外线的频率接近固体分子的固有频率，所以用红外线加热物体．十二、单选题(本大题共1小题，共2.0分)18.下列说法中正确的是（）A.利用α射线可发现金属制品中的裂纹B.原子核中，质子间的库仑力能使它自发裂变C.在温度达到107K时，能与发生聚变，这个反应需要吸收能量D.一束C60分子通过双缝装置后会出现干涉图样，证明分子也会象光波一样表现出波动性【答案】D【解析】解：A、α射线的穿透能力最弱，不能用α射线检查金属制品的裂纹．故A错误．B、铀核裂变属于重核裂变，不能自发进行．故B错误．C、在温度达到107K时，能与发生聚变，这个反应放出能量．故C错误．D、一束C60分子通过双缝装置后会出现干涉图样，证明分子也会象光波一样表现出波动性．故D正确．故选Dα射线的穿透能力最弱，不能用α射线检查金属制品的裂纹；重核裂变不能自发进行；轻核聚变释放能量；实物粒子的干涉图样，说明实物粒子具有波动性．本题考查了重核裂变、轻核聚变、射线的性质等知识点，比较简单，关键是熟悉教材，牢记这些基础知识点．五、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.（1）如图甲所示，螺旋测微器读数是______mm．（2）某学习小组在探究加速度与力、质量的关系时，采用图乙所示的装置，通过改变小托盘和砝码总质量m来改变小车受到的合外力，通过加减钩码来改变小车总质量M．①实验中需要平衡摩擦力，应当取下______ （选填“小车上的钩码”、“小托盘和砝码”或“纸带”），将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点______ ．②图丙为实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．所用交流电的频率为50H z，从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.74cm，x3=6.30cm，x4=7.85cm，x5=9.41cm，x6=10.96cm．小车运动的加速度大小为______ m/s2（结果保留三位有效数字）．【答案】5.670；小托盘和砝码；间距相等；1.55【解析】解：（1）螺旋测微器固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.01×17.0=0.170mm，所以最终读数为5.670mm．（2）①实验中需要平衡摩擦力，应当取下小托盘和砝码，将木板右端适当垫高，直至小车在长木板上运动时，纸带上打出来的点间距相等．②根据匀变速直线运动的推论公式△x=a T2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）解得：a=1.55m/s2．故答案为：（1）5.670（2）①小托盘和砝码，间距相等②1.55螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，为使绳子拉力为小车受到的合力，应先平衡摩擦力；利用逐差法△x=a T2可以求出物体的加速度大小．螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．在平时学习中要善于总结、比较，提高对实验的理解能力．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，同时要熟练应用所学基本规律解决实验问题．11.探究金属丝的电阻与长度关系的实验中，取一段粗细均匀的金属丝拉直后连接在A、B接线柱上，金属丝上安装一个可滑动的金属夹P．实验室提供了下列器材：电压表V （0-3V-15V）、电流表A（0-0.6A-3A）、4V直流电源、滑动变阻器（0-20Ω）、刻度尺、开关和导线若干．（1）用刻度尺测量金属丝AP段长度l，用电压表和电流表测量AP段的电阻R，请你用笔划线代替导线，在图甲中用三根导线连接好电路．闭合开关前，应注意______ ．（2）实验过程中，某次测量电压表、电流表指针偏转如图乙所示，则电流表和电压表的读数分别为I= ______ A，U= ______V．（3）实验中测出AP段长度l以及对应的电阻值R如下表：请在图丙坐标中，描点作出R-图线；根据图线得到的结论是______ ．（4）某实验小组在实验中，调节金属夹P时，发现电压表有示数，电流表的示数为零，原因可能是______ ．【答案】将金属夹P移到B端；0.42；2.3；R与l成正比；A、P间出现断路【解析】解：（1）把滑动变阻器、电流表、电阻丝串联接入电路，电压表并联在电阻丝两端，电路图如图甲所示；闭合开关前，金属夹P应移到B端．（2）电流表量程是0.6A，由图乙所示电流表可知，其分度值是0.02A，所示为0.42A；电压表量程为3V，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.3V．（3）根据表中实验数据在坐标系中描点，然后作出R-l图象如图乙所示，由图象可知，R与l成正比．（4）闭合开关，调节金属夹P时，电流表的示数为零，说明电路存在断路；电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则电路故障是：A、P间出现断路．故答案为：（1）电路图如图甲所示；将金属夹P移到B端；（2）0.42；2.3；（3）图象如图乙所示；R与l成正比；（4）A、P间出现断路．（1）滑动变阻器、电流表、电阻丝串联接入电路，电压表并联在电阻丝两端；闭合开关前，滑片应置于最大阻值处．（2）根据电表量程确定其分度值，读出电表示数．（3）根据表中实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出R-l图象，分析图象，然后得出结论．（4）根据电路故障现象分析电路故障原因．此题是探究金属丝电阻大小与长度的关系，考查了有关滑动变阻器、电流表的连接及读数，同时考查了电阻的计算及根据实验数据得出结论的能力，是一道综合性很强的题目．七、填空题(本大题共1小题，共3.0分)13.某同学做“用油膜法估测分子大小”的实验时，在边长约30cm的浅盘里倒入约2cm 深的水，然后将痱子粉均匀的撒在水面上，用注射器滴一滴______ （选填“纯油酸”、“油酸水溶液”或“油酸酒精溶液”）在水面上．稳定后，在玻璃板上描下油膜的轮廓，放到坐标纸上估算出油膜的面积．实验中若撒的痱子粉过多，则计算得到的油酸分子的直径偏______ （选填“大”或“小”）．【答案】油酸酒精溶液；大【解析】解：油膜法测分子直径实验中，用注射器滴一滴油酸酒精溶液在水面上，让它形成单分子油膜．实验过程中，若撒的痱子粉过多，则油酸溶液在水面上形成的油膜面积偏小，由d=可知，实验测量的油酸分子的直径偏大．故答案为：油酸酒精溶液；大．油膜法测分子直径实验中，向水中滴入一滴酒精油酸溶液，在水面上形成单分子油膜，求出纯油的体积与油膜的面积，然后求出油酸分子的直径．知道油膜法测分子直径的原理、实验步骤即正确解题．八、计算题(本大题共1小题，共3.0分)14.如图所示，一导热性能良好、内壁光滑的气缸竖直放置，在距气缸底部l=36cm处有一与气缸固定连接的卡环，活塞与气缸底部之间封闭了一定质量的气体．当气体的温度T0=300K、大气压强p0=1.0×105P a时，活塞与气缸底部之间的距离l0=30cm，不计活塞的质量和厚度．现对气缸加热，使活塞缓慢上升，求：①活塞刚到卡环处时封闭气体的温度T1．②封闭气体温度升高到T2=540K时的压强p2．【答案】解：①设气缸的横截面积为S，由盖-吕萨克定律有：代入数据得：T1=360K②由查理定律有：代入数据得：答：活塞刚到卡环处时封闭气体的温度为360K．②封闭气体温度升高到T2=540K时的压强为1.5×105P a．【解析】①气体等压膨胀，根据盖-吕萨克定律列式求解；②气体继续等容升温，根据查理定律列式求解．本题关键找出气体的已知参量后根据气体实验定律的方程列式求解，基础题．十、填空题(本大题共1小题，共3.0分)16.蝙蝠在喉内产生超声波通过口或鼻孔发射出来，超声波遇到猎物会反射回来，回波被蝙蝠的耳廓接收，根据回波判断猎物的位置和速度．在洞穴里悬停在空中的蝙蝠对着岩壁发出频率为34k H z的超声波，波速大小为340m/s，则该超声波的波长为______ m，接收到的回波频率______ （选填“大于”、“等于”或“小于”）发出的频率．【答案】0.01；等于【解析】解：因波源不动，则根据多普勒效应，蝙蝠接收到的反射超声波频率等于发射的超声波频率．根据λ=v T，可知超声波的波长为．故答案为：0.01；等于．根据多普勒效应比较蝙蝠接收到的反射超声波频率与发射的超声波频率．根据λ=v T 判断超声波传播时波长．解决本题的关键了解多普勒效应，知道波长与频率、波速的关系．十一、计算题(本大题共1小题，共3.0分)。

连云港市 2013 届高三年级摸底考试地理试卷说明：1．本试卷满分为120分，考试时间为100分钟。

2．在答题纸密封线内填写学校、班级、姓名、考号等，密封线内不要答题。

3．将所有全部答案按照题号填涂或填写在答题卡（纸）相应的答题处，否则不得分。

第Ⅰ卷(选择题共60分)一、选择题(共60分)单项选择题：本大题共18小题，每小题2分，共36分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

读某海岸景观图，回答1—2题。

1.图示的海岸类型是A. 基岩海岸B. 淤泥质海岸C. 砂质海岸D. 生物海岸2. 该类型海岸开发利用的主要方式是A. 利用潮汐发电B. 建设深水港口C. 建设大型海滨浴场D. 发展滩涂养殖2011年某考察团对非洲及其附近海域进行了考察。

读图回答3～4题。

3.该考察团按照图中虚线箭头所示方向考察了三个地区，其所见景观依次是A．①②③B．②①③C．③②①D．②③①4．该考察团在图中的甲、乙、丙、丁四处海域进行盐度测量，由高到低排列正确的是A．甲、乙、丙、丁B．乙、丙、丁、甲C．丙、乙、丁、甲D．丙、乙、甲、丁读江苏省沿海海域污染图，回答5～6题。

5.江苏省沿海海域污染程度的分布特点是A. 由沿海向内陆递减B. 由陆地向海洋递增C. 由沿海向外海递减D. 由沿海向外海递增6. 下列保护江苏省沿海生态环境的措施，错误的是A. 加强海洋环境监测B. 加强入海污染源的控制C. 全面开展生态保护与修复D. 停止实行“伏季休渔制”2011年3月11日，日本以东海底发生9.0级地震，并引发海啸，造成附近的福岛第一核电站放射性物质外泄，核辐射污染范围不断扩大。

读图回答7～8题。

7．能正确反映地震地区地壳运动状况的是8．造成福岛核电站核污染在全球范围扩散的主要途径有①水循环②大气循环③地壳物质循环④生物循环A．①②B．②③C．①③D．②④读2007年我国部分省级行政区人均GDP与人均CO2排放量散点图，回答9～10题。

2013年江苏省南京市、盐城市高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共15.0分)1.如图所示，壁虎在竖直玻璃面上斜向上匀速爬行，关于它在此平面内的受力分析，下列图示中正确的是()A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：因为是匀速所以合力为零，受力分析可知重力mg与F大小相等，方向相反．壁虎匀速直线运动对壁虎进行受力分析：可知F与mg大小相等，方向相反．故选：A2.平行板电容器充电后断开电源，现将其中一块金属板远离另一板平移一小段距离．下图表示此过程中电容器两板间电场强度E随两板间距离d的变化关系，正确的是()A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：平行板电容器充电后断开电源，电量保持不变，根据判断电容的变化，根据判断电势差的变化，结合上述几个公式，通过E=得出电场强度的变化．解:A、根据知，d增大，则电容减小．故A错误．B、平行板电容器充电后断开电源，电量保持不变．故B错误．C、结合、、E=得，E=，知d变化，电场强度不变．故C 正确．D、根据知，电容减小，电量不变，则电势差增大，故D错误．故选C．3.“蹦极”是一项勇敢者的运动．如图所示，O为弹性橡皮绳自然长时下端所在的位置，某人用弹性橡皮绳拴住身体自高空P处自由下落，Q为下落的最低点．则从O到Q的过程中，此人的()A.动能逐渐减小B.机械能保持不变C.速度先减小后增大D.加速度先减小后增大【答案】D【解析】试题分析：人到达O位置后，橡皮绳绷紧，分析橡皮绳弹力的变化，确定人的运动情况，根据机械能守恒的条件判断人的机械能是否守恒．解:A、人到达O位置后，橡皮绳绷紧，继续向下运动时，弹力变大，刚开始重力大于弹力，根据a=可知，加速度减小，但速度增大，所以人的动能增大，故AC错误；B、人在运动过程中受重力和弹力作用，重力和弹力都做功，所以人和弹性橡皮绳总的机械能守恒，但人的机械能不守恒，故B错误；D、当弹力增大到等于重力时，加速度为零，此时速度最大，弹力继续增大，此时弹力大于重力，a=，随着F的增大，a增大，所以加速度先减小后增大，故D正确．故选D4.如图所示，匀强电场中有一圆，其平面与电场线平行，O为圆心，A、B为圆周上的两点．现将某带电粒子从A点以相同的初动能向各个不同方向发射，到达圆周上各点时，其中过B点动能最大，不计重力和空气阻力．则该电场的电场线一定是与()A.OB平行B.OB垂直C.AB平行D.AB垂直【答案】A【解析】试题分析：粒子从图中B点离开圆面时，粒子的动能最大，说明电场力最大，根据电场力做功公式W=q U，分析AB间电势差什么情况下最大，确定电场线的方向．解:由题，带正电的粒子在匀强电场中从以相同的初动能从A点出发，从B点离开圆面时，带电粒子只受电场力作用，粒子的动能最大，根据动能定理知，说明电场力做功最大，AB间电势差最大；若过B点作匀强电场的等势面，该面与圆只能有一个交点，即该等势面在B点与圆相切，而电场方向与等势面是垂直的，从A到B电场力对小球做正功，小球的位移方向与电场力的夹角小于90°，因而电场方向沿OB方向，即电场线平行于OB方向．故选A5.如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L．某人在乒乓球训练中，从左侧L/2处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘．设乒乓球运动为平抛运动．则兵乓球()A.在空中做变加速曲线运动B.在水平方向做匀加速直线运动C.在网右侧运动时间是左侧的两倍D.击球点的高度是网高的两倍【答案】C【解析】试题分析：乒乓球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．解:A、乒乓球做的是平抛运动，加速度为g，是匀加速直线运动，故A错误；B、乒乓球做的是平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，故B错误；C、因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，所以网右侧运动时间是左侧的两倍，故C正确；D、竖直方向做自由落体运动，根据h=可知，击球点的高度与网高之比为：9：8，故D错误．故选C二、多选题(本大题共1小题，共4.0分)6.2012年10月25日，我国第16颗北斗导航卫星发射成功．我国“北斗”卫星导航技术堪比美国GPS．已知GPS导航系统中某卫星的运行周期约为12小时，则此卫星与北斗导航系统中的地球同步卫星相比较()A.线速度更大B.角速度更大C.轨道半径更大D.向心加速度更大【答案】ABD【解析】试题分析：根据卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供=mrω2，根据题目给出的周期关系进行讨论．根据=mrω2，由题意有：T 同＞T G据有r同＞r G解:A、据v=得v同＜v G所以A正确；B、据ω=得ω同＜ωG，所以B正确；C、轨道半径有有r同＞r G故C错误；D、a=，得a同＜a G，故D正确．故选ABD．三、单选题(本大题共1小题，共4.0分)7.如图所示是通过街头变压器降压给用户供电的示意图．输入电压是市区电网的电压，负载变化时输入电压不会有大的波动．输出电压通过输电线送给用户，两条输电线总电阻用R0表示．当负载增加时，则()A.表压表的读数减小B.电流表的读数减小C.电流表的读数减小D.电压表的读数之差增大【答案】D【解析】试题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．注意原线圈电压决定副线圈电压，而副线圈电流决定原线圈电流解:A、V2示数由匝数比和V1决定，不受负载影响，故A错误B、当负载增加时，总电阻在减小，故A2示数I2增加，因而A1示数I1=I2，也会增加，故B错误C、由B分析得，C错误D、电压表V2、V3读数之差恰等于输电线的电压值，△U=I2R0，由于I2变大，故△U变大，故D正确故选D四、多选题(本大题共2小题，共8.0分)8.如图所示，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流．释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中()A.线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCA→ACBAB.线框的磁通量为零的时，感应电流却不为零C.线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D.线框所受安培力的合力为零，做自由落体运动【答案】AB【解析】试题分析：根据右手定则，通电直导线的磁场在上方向外，下方向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小，然后根据楞次定律可以判断感应电流的方向，根据左手定则可以判断受力的方向．解:A：根据右手定则，通电直导线的磁场在上方向外，下方向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小．线框从上向下靠近导线的过程，向外的磁感应强度增加，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，之后变成向里的磁通量，并逐渐减小，直至最大；根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的电流．向里的磁通量变成最大后，继续向下运动，向里的磁通量又逐渐减小，这时的电流新方向又变成了顺时针．故A正确；B：根据A中的分析，穿越导线时，上方向外的磁场和下方向里的磁场叠加，先是向外的磁通量减小，一直减小到0，之后变成向里的磁通量，并逐渐减小．这一过程是连续的，始终有感应电流存在，故B正确；CD：根据楞次定律，感应电流始终阻碍线框相对磁场的运动，故受安培力的方向始终向上，不是0，CD都错误．故选：AB9.将力传感器A固定在光滑水平桌面上，测力端通过轻质水平细绳与滑块相连，滑块放在较长的小车上．如图甲所示，传感器与计算机相连接，可获得力随时间变化的规律．一水平轻质细绳跨过光滑的定滑轮，一端连接小车，另一端系沙桶，整个装置开始处于静止状态．在物体与小车分离前缓慢向沙桶里倒入细沙，力传感器采集的F-t图象如乙图所示．则()A.2.5s前小车做变加速运动B.2.5s后小车做变加速运动C.2.5s前小车所受摩擦力不变D.2.5s后小车所受摩擦力不变【答案】BD【解析】试题分析：对滑块进行受力分析，由图象求出传感器对滑块的拉力，由平衡条件求出滑块受到的摩擦力，然后由牛顿第三定律判断小车的受力情况．解:根据图象可知，2.5秒之后传感器拉力不变，说明此时小车开始运动，传感器拉力大小等于滑动摩擦力大小，因此2.5秒后小车所受摩擦力不变，由于沙桶质量不端增加，即重力不变增加，因此2.5s后小车做变加速运动，2.5秒之前小车静止不动，小车所受摩擦力为静摩擦力，大小不断增大，故AC错误，BD正确．故选BD．六、单选题(本大题共1小题，共4.0分)12.下列说法中正确的是()A.布朗运动是指在显微镜下观察到的液体分子的无规则运动B.叶面上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用C.不具有规则几何形状的物体一定不是晶体D.氢气和氮气的温度相同时，它们分子的平均速率相同．【答案】B【解析】试题分析：解决本题需掌握：温度是物体内部分子热运动平均动能的标志；液体表面张力：凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如；布朗运动：悬浮在液体内的固体小颗粒的无规则运动，是液体分子无规则热运动的标志；晶体：是内部质点在三维空间呈周期性重复排列的固体．解:A、布朗运动是悬浮在液体内的固体小颗粒的无规则运动，故A错误；B、液体表面张力产生的原因是：液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．就象你要把弹簧拉开些，弹簧反而表现具有收缩的趋势．正是因为这种张力的存在，有些小昆虫才能无拘无束地在水面上行走自如；故B正确；C、晶体即是内部质点在三维空间呈周期性重复排列的固体，单晶体拥有整齐规则的几何外形，但多晶体无规则形状，故C错误；D、温度是物体内部分子热运动平均动能的标志；氢气和氮气的温度相同时，它们分子的平均动能相同，由于分子质量不同，故平均速率不同，故D错误；故选B．九、单选题(本大题共1小题，共4.0分)15.以下说法中正确的是()A.水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，这是光的干涉现象B.麦克斯韦首先预言了电磁波的存在，并通过实验加以证实C.两列波在同一空间相遇，相互叠加一定会形成稳定的干涉图样D.运动物体速度可以大于真空中的光速．【答案】A【解析】试题分析：水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，是光的干涉现象；麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在．形成稳定干涉图样的条件是两列波的频率相等；运动物体的速度小于光速．解:A、水面上的油膜在阳光照射下会呈现彩色，是因为光在油膜的上下表面的反射光叠加形成干涉．故A正确．B、麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在．故B错误．C、两列波在同一空间相遇，相互叠加不一定会形成稳定的干涉图样，形成干涉的条件是波的频率相等．故C错误．D、运动的物体速度不可能大于光速．故D错误．故选A．十二、单选题(本大题共1小题，共4.0分)18.以下说法中正确的是()A.汤姆孙通过实验发现了质子B.贝克勒尔通过实验发现了中子C.卢瑟福通过实验提出了原子的核式结构模型D.查德威克发现了天然放射现象说明原子具有复杂结构．【答案】C【解析】试题分析：本题应掌握：汤姆孙通过实验发现了电子；贝克勒尔通过实验发现了天然放射现象；卢瑟福通过实验提出了原子的核式结构模型；贝克勒尔发现了天然放射现象说明原子具有复杂结构．解:A、汤姆孙通过实验发现了电子，卢瑟福通过实验发现了质子．故A错误．B、查德威克通过实验发现了中子．故B错误．C、卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型．故C正确．D、贝克勒尔发现了天然放射现象说明原子具有复杂结构．故D错误．故选C五、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)10.如图甲所示，利用打点计时器测量小车沿斜面下滑时所受阻力的示意图，小车拖在斜面上下滑时，打出的一段纸带如图乙所示，其中O为小车开始运动时打出的点．设在斜面上运动时所受阻力恒定．(1)已知打点计时器使用的交流电频率为50H z，由纸带数据分析可知小车下滑的加速度α= m/s2，打E点时小车速度v E= m/s(均取两位有效数字)．(2)为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，可运用牛顿运动定律或动能定理求解，在这两种方案中除知道小车下滑的加速度a、打E点时速度v E、小车质量m、重力加速度g外，利用米尺还需要测量哪些物理量，列出阻力的表达式．方案一：需要测量的物理量，阻力的表达式(用字母表示) ；方案二：需要测量的物理量，阻力的表达式(用字母表示) ．【答案】(1)4.1; 2.5(2)方案一：测量斜面的长度L和高度h，f=mg-ma方案二：测量斜面的高度h，还有纸带上OE距离s，f=【解析】试题分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度的，利用匀变速直线运动的推论，采用逐差法求解加速度．对小车进行受力分析，根据牛顿第二定律解决问题，也可以根据动能定理求解阻力．解:根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度得：根据△x=a T2得：a==4.1m/s2(2)方案一：对小车进行受力分析，小车受重力、支持力、阻力．将重力沿斜面和垂直斜面分解，设斜面倾角为θ，根据牛顿第二定律得：F合=mgsinθ-f=maf=mgsinθ-ma，所以我们要求出小车质量m和sinθ，那么实际测量时，我们应该测出斜面上任意两点间距离L及这两点的高度差h来求sinθ，即sinθ=所以f=mg-ma方案二：根据动能定理得：解得：f=所以要测量斜面的高度h，还有纸带上OE距离s．答：(1)4.1; 2.5(2)方案一：测量斜面的长度L和高度h，f=mg-ma方案二：测量斜面的高度h，还有纸带上OE距离s，f=11.某同学为了研究一个小灯泡的灯丝电阻随温度的升高而变化的规律，用实验得到下表所示的数据(I和U分别表示小灯泡的电流和电压)，则：(1)当U=1.20V时对应的电流表如图甲所示，其读数为 A(2)实验中所用的器材有：电压表(量程3V，内阻约为2kΩ)电流表量程(0.6A，内阻约为0.2Ω)滑动变阻器(0～5Ω，1A)电源、待测小灯泡、电键、导线若干．请在图乙方框中画出该实验的电路图(3)根据实验数据，在图丙中画出小灯泡的U-I曲线(4)如果把这个小灯泡接直接接在一个电动势为1.5V、内阻为2.0Ω的电池两端，则小灯泡的实际功率是W(结果保留2位有效数字)【答案】(1)0.42A(0.40A～0.42A都正确)(2)如图乙所示(3)如图丙所示(4)0.28W(0.25-0.32都正确)【解析】试题分析：(1)为测量多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻较小，远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，据此作出实验电路图．(2)根据表中实验数据，应用描点法作图，作出小灯泡的伏安特性曲线．(3)在小灯泡的伏安特性曲线上作出电源路端电压与电路电流关系图象，找出该图象与灯泡伏安特性曲线交点所对应的电压与电流值，由P=UI求出灯泡的实际功率．解:(1)电流表的指针对应的刻度超过1.4一个小格，因此可以读作：0.42Ω(2)由于小灯泡灯丝的电阻值远小于电压表的内阻，如：电压为2.00V时，其阻值Ω，为减少由于电表接入电路引起的系统误差，应采用电流表外接法．为使小灯泡两端的电压的变化范围尽可能大，滑线变阻器应连接成分压电路，实验电路如图乙所示．(3)根据实验得到的数据在U-I坐标系中描点，并将这些数据点连接成一条平滑的曲线，如图2所示．(4)作出电源的U-I图线，它与小灯泡的伏安特性曲线的交点坐标就是小灯泡的工作点，小灯泡的实际电流为0.33-0.35A电压为0.80-0.82V，功率P=IU=0.27～0.28W．故答案为：(1)0.42A(0.40A～0.42A都正确)(2)如图乙所示(3)如图丙所示(4)0.28W(0.25-0.32都正确)七、填空题(本大题共1小题，共4.0分)13.如图甲所示，取一支大容量的注射器，拉动活塞吸进一些乙醚，用橡皮帽把小孔堵住，迅速向外拉动活塞到一定程度时，注射器里的液态乙醚变成为气态，此时注射器中的温度(“升高”、“降低”或“不变”)，乙醚气体分子的速率分布情况最接近图乙中的线(“A”、“B”、“C”)．【答案】降低;C【解析】试题分析：改变内能的方式有做功和热传递，理想气体的内能只有温度决定．解:向外拉动活塞到一定程度时，注射器里的体积增大对外做功，迅速向外拉动活塞热量来不及散发，故内能减小，气体温度降低．速率分布情况最接近图乙中的C，因为中等速率的分子比例最大．故答案为：降低C八、计算题(本大题共1小题，共4.0分)14.如图所示，一弹簧竖直悬挂气缸的活塞，使气缸悬空静止，活塞与气缸间无摩擦，且不漏气缸壁导热性能良好．已知气缸重为G，活塞截面积为S，外界大气压强为P0，环境温度为T，活塞与筒底间的距离为d，当温度升高△T时，求(1)活塞与筒底间的距离变化量；(2)此过程中气体对外做的功．【答案】解：(1)此过程是等压变化：，解得：故(2)气体压强为：故此过程中气体对外做的功为：W=F•△d=(P0S-G)答：(1)活塞与筒底间的距离变化量为；(2)此过程中气体对外做的功为(P0S-G)．【解析】试题分析：(1)气体是等压变化，根据公式，有，列式求解；(2)等压变化，气体压力恒定，根据功的定义列式求解．十、填空题(本大题共1小题，共4.0分)16.如图所示，是一列横波在某一时刻的波形图象．已知这列波的频率为5H z，此时x=1.5m的质点正向y轴正方向振动，可以推知：这列波正在沿x轴(填“正”或“负”)方向传播，波速大小为m/s．【答案】负;10【解析】试题分析：由x=1.5m的质点的振动方向可确定波的传播方向．由图读出波长，根据v=λf 求解波速．解:x=1.5m的质点此刻振动的速度方向向上，说明波沿x轴负方向传播．从图中可得出波长λ=2m．这列波的频率是f=5H z，故答案为：负；10；十一、计算题(本大题共1小题，共4.0分)17.半球形介质截面如图所示，O为圆心，相同的两束单色光a、b相互平行，从不同位置进入介质，光线a在O点恰好产生全反射．光线b的入射角为45°，求：(1)介质的折射率；(2)光线b在介质中的折射角．【答案】解：(1 )a光线发生刚好全反射．(2 )b光线用折射定律所以γ=30°答：(1)介质的折射率为．(2)光线b在介质中的折射角30°．【解析】试题分析：(1)根据全反射的临界角，通过求出介质的折射率．(2)已知入射角和折射率，根据折射定律求出光线b在介质中的折射角．十三、填空题(本大题共1小题，共4.0分)19.2012年11月23日上午，舰载机歼-15在我国首艘航母“辽宁航”上成功起降．可控核反应堆是驱动航空母舰的理想设备，其工作原理是利用重核裂变反应释放出大量核能获得动力．U+n→B a+K r+y X是若干核反应的一种，其中n为中子，X为待求粒子，y为X的个数，则X是(选填“质子”、“中子”、“电子”)，y= ．【答案】试题分析：根据质量数守恒、电荷数守恒确定X的质量数和电荷数，从而确定X为何种粒子．解:根据电荷数守恒、质量数守恒知，y X的总电荷数为0，总质量数为3，知X为中子，y为3．故答案为：中子，3十四、计算题(本大题共4小题，共51.0分)20.一质量为0.5kg的小球A以2.0m/s的速度和静止于光滑水平面上质量为1kg的另一大小相等的小球B发生正碰，碰撞后它以0.2m/s的速度反弹．求：(1)原来静止小球获得的速度大小；(2)碰撞过程中损失的机械能．【答案】解：(1)碰撞过程，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2，解得：v2=1.1m/s；(2)碰撞过程损失的机械能：△E=m1v12-m1v1′2-m2v22=0.38J；答：(1)原来静止小球获得的速度大小为1.1m/s；(2)碰撞过程中损失的机械能为0.38J．【解析】试题分析：(1)碰撞过程中动量守恒，由动量守恒定律可以求出小球速度．(2)由能量守恒定律可以求出损失的机械能．21.光滑水平面上有质量为M、高度为h的光滑斜面体A，斜面上有质量为m的小物体B，都处于静止状态．从某时刻开始释放物体B，在B沿斜面下滑的同时斜面体A沿水平方向向左做匀加速运动．经过时间t，斜面体水平移动s，小物体B刚好滑到底端．(1)求运动过程中斜面体A所受的合力F A；(2)分析小物体B做何种运动？并说明理由；(3)求小物体B到达斜面体A底端时的速度U E大小．【答案】解：(1)对A，在匀加速运动过程中：由牛顿第二定律得：(2)物体B做匀加速运动．因为A做匀加速运动，B对A的作用力一定，由牛顿第三定律知，A对B的作用力也一定，B还受到重力作用，重力也是恒力，所以B受到的合力是恒力，B做匀加速运动．(3)对AB组成的系统，机械能守恒，由机械能守恒定律得：解得：．答：(1)运动过程中斜面体A所受的合力为．(2)物体B做匀加速运动．(3)小物体B到达斜面体A底端时的速度大小．【解析】试题分析：(1)根据匀变速直线运动的位移时间公式求出A的加速度，根据牛顿第二定律求出A所受的合力．(2)A做匀加速直线运动，知B对A的作用力恒定，则A对B的作用力恒定，可知B所受的合力恒定，加速度恒定，做匀加速直线运动．(3)根据系统机械能守恒求出B的速度大小．22.如图所示，在半径为R=的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B，圆形区域右侧有一竖直感光板，从圆弧顶点P以速率v0的带正电粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m，电量为q，粒子重力不计．(1)若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；(2)若粒子对准圆心射入，且速率为v0，求它打到感光板上时速度的垂直分量；(3)若粒子以速度v0从P点以任意角入射，试证明它离开磁场后均垂直打在感光板上．【答案】解：(1)设带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动的轨道半径为r，由牛顿第二定律得r=R带电粒子在磁场中的运动轨迹为四分之一圆周，轨迹对应的圆心角为，如图所示，则(2)由(1)知，当时，带电粒子在磁场中运动的轨道半径为．其运动轨迹如图所示，由图可知∠PO2O=∠OO2R=30°．所以带电粒子离开磁场时偏转原来方向60°(3)由(1)知，当带电粒子以v0射入时，带电粒子在磁场中的运动轨道半径为R．设粒子射入方向与PO方向夹角为θ，带电粒子从区域边界S射出，带电粒子运动轨迹如图所示．因PO3=O3S=PO=SO=R所以四边形POSO3为菱形由图可知：PO∥O3S，v3⊥SO3因此，带电粒子射出磁场时的方向为水平方向，与入射的方向无关．答：。

2023-2024学年江苏省连云港市高三上学期教学质量调研物理试题（一）1.如图甲所示，调节长木板的倾斜程度，让小车A以某速度做匀速直线运动，与置于木板上静止的小车B相碰并粘在一起，继续做匀速直线运动，得到的纸带如图乙所示，则计算碰前A车的动量大小应选（）A．AB段B．BC段C．CD段D．DE段2.以质点P为波源的简谐波在绳上传到质点Q时的波形如图所示，则（）A．该机械波为纵波B．P点的起振方向向下C．此后任意时刻，P、Q两点的动能相同D．此后任意时刻，P、Q两点的回复力相同3.如图所示，老师平伸手掌托起粉笔，由静止开始竖直向上运动，直至将粉笔抛出。

则（）A．整个过程中，粉笔始终处于超重状态B．整个过程中，粉笔始终处于失重状态C．手对粉笔向上的力大于粉笔对手向下的力D．在粉笔离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度4.如图所示，质量为m的蹦床运动员从一定高处自由下落，着网速率为，以速率为沿竖直方向离开蹦床。

已知运动员与网接触的时间为t，则（）A．从开始下落到蹦回到最高点的过程中，人重力的冲量一直增大B．从开始下落到蹦回到最高点的过程中，人的机械能守恒C．人与网接触的时间内动量的变化量为D．网对人的平均作用力大小为5.坐标系中有以O点为圆心的圆，圆内x轴上的P点固定一均匀带负电的球壳，则圆上电场强度最弱点A或电势最低点B的位置正确的是（）A．B．C．D．6.小明在岸边的同一点沿水平方向和斜向上的方向先后投出两个质量相同的小石子，石子均落到河面的同一点，不计空气阻力，则两石子在整个空中运动的（）A．时间相同B．最小动能不同C．速度变化率不同D．平均速度相同7.如图所示，半径为R的四分之一圆弧槽静止在光滑的水平面上。

一小球从圆弧的最高点由静止释放，在小球从开始运动到圆弧最低点的过程中（）A．小球的机械能守恒B．小球的水平位移小于RC．小球重力的功率一直增大D．小球、槽组成的系统动量守恒8.某静电场中，取电场强度E的方向为x轴正方向，x轴上各点的电场强度E与位置x的关系如图所示。

连云港市2013届高三上学期期末考试物 理 试 题注意：本试卷满分120分，考试时间100分钟。

请将答案填写在答题卡上，直接写在试卷上不得分。

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分，每小题只有一个．．．．选项符合题意. 1．物理学发展史上，哪位物理学家最先采用了用实验检验猜想和假设的科学方法？ A ．亚里土多德 B.伽利略 C.牛顿 D.法拉第2．一颗炮弹以速度v 0水平射出，炮弹在空中飞行时所受的空气阻力一其速度成正比，下列图象中可以正确反映炮弹水平分速度v x 、竖直分速度v y 随时间变化规律的是3．如图所示，电阻不能忽略的矩形闭合导线框ABCD 处于水平匀强磁场中，线框绕垂直于磁场的轴OO ’匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接有一只“22V 6W ”的灯泡。

当灯泡正常发光时中，线框输出电压662sin100u t π= V.下列说法正确的是A ．线框转动的频率为100HzB ．图示位置线框中产生的感应电动势最大C ．变压器原、副线圈匝数之比为3∶1D ．若副线圈再并联一个相同的灯泡，则变压器的输入功率为12W4．如图所示，A 、B 、C 、D 四个人做杂技表演，B 站在A 的肩上，双手拉着C 和D ，A 撑开双手水平支持着C 和D 。

若四个人的质量均为m ，他们的臂长相等，重力加速度为g ，不计A 手掌与C 、D 身体间的摩擦。

下列结论错误．．的是 A ．A 受到地面支持力为4mg B ．B 受到A 的支持力为3mg C ．B 受到C 的拉力约为23mg D ．C 受到A 的推力约为233mg 5．如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小均为B ，圆台母线与竖直方向的夹角为θ。

一个质量为m 、半径为r 的匀质金属环位于圆台底部。

环中通以恒定的电流I 后圆环由静止向上运动，经过时间t 后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆环上升的最大高度为H。

已知重力加速度为g，磁场的范围足够大。

5.方茴说：“那时候我们不说爱，爱是多么遥远、多么沉重的字眼啊。

我们只说喜欢，就算喜欢也是偷偷摸摸的。

”6.方茴说：“我觉得之所以说相见不如怀念，是因为相见只能让人在现实面前无奈地哀悼伤痛，而怀念却可以把已经注定的谎言变成童话。

”7.在村头有一截巨大的雷击木，直径十几米，此时主干上唯一的柳条已经在朝霞中掩去了莹光，变得普普通通了。

8.这些孩子都很活泼与好动，即便吃饭时也都不太老实，不少人抱着陶碗从自家出来，凑到了一起。

9.石村周围草木丰茂，猛兽众多，可守着大山，村人的食物相对来说却算不上丰盛，只是一些粗麦饼、野果以及孩子们碗中少量的肉食。

1.“噢，居然有土龙肉，给我一块！”2.老人们都笑了，自巨石上起身。

而那些身材健壮如虎的成年人则是一阵笑骂，数落着自己的孩子，拎着骨棒与阔剑也快步向自家中走去。

3.石村不是很大，男女老少加起来能有三百多人，屋子都是巨石砌成的，简朴而自然。

高三物理参考答案1．B 2．A 3．C 4．D 5．C 6．BCD7．CD8．BC9．BC10．⑴5.2（2分）；⑵22211()2A B d d m m t t ∆∆⎡⎤⎛⎫⎛⎫⎢⎥+- ⎪ ⎪⎢⎥⎝⎭⎝⎭⎣⎦（2分），gH m m B A )(-（2分）；⑶滑轮的质量不能忽略，滑轮与轴的摩擦，绳子的质量、空气阻力。

（只要写出合理两条得2分。

） 11．⑴并，（2分）40（2分）； ⑵如右图（2分）⑶画图象（2分）(1.56~1.60)×103（2分） 12A ．⑴BC ；（4分）⑵减少，（2分）1.8×105；（2分）⑶2⨯1024~4⨯1024（4分） 12B ．⑴BC （4分）⑵乙图（2分）、丙图（2分）⑶① 0.5 s ；（2分）②y =–2sin12πt cm （2分）12C ．⑴AD （4分）⑵7.7eV （2分）、4.4×10–7m （2分）⑶①α粒子（氦原子核42He ）；（2分）②3×106m/s （2分）。

江苏省连云港市2012-2013学年度上学期高三摸底考试物理试题注意：本试卷满分120分，考试时间100分钟．请将答案填写在答题卡上，直接写在试卷上不得分．一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，满分15分．每小题只有一个．．．．选项符合题意．1．人类认识原子结构和开发利用原子能经历了十分曲折的过程，卢瑟福、汤姆孙、玻尔、查德威克等科学家做出了卓越的贡献．关于他们的主要成就，下列说法正确的是A ．查德威克通过a 粒子轰击铍核的实验发现了质子B ．卢瑟福提出了原子的核式结构模型并认为氢原子的能级是分立的C ．玻尔第一次把微观世界中物理量取分立值的观念应用到原子系统D ．汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，并提出了原子的核式结构模型2．如图所示，甲分子固定于坐标原点O ，乙分子位于x 轴上，甲、乙两分子间的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F ＞0为斥力，F ＜0为引力．a 、b 、c 、d 为x 轴上四个特定的位置，现将乙分子从a 移动到d 的过程中，两分子间的分子力和分子势能同时都增大的阶段是A ．从a 到bB ．从b 到cC ．从b 到dD ．从c 到d3．如图所示，理想变压器的输入电压保持不变．副线圈通过输电线接两个相同的灯泡L 1和L 2，输电线的等效电阻为R ．开始时，电键S 断开，当S 闭合时，下列说法正确的是A ．电压表示数变大B ．灯泡L 1更亮C ．电流表示数增大D ．变压器的输出功率减小4．如图甲所示，一向右开口的汽缸放置在水平地面上，活塞可无摩擦移动且不漏气，汽缸内某位置处有小挡板．初始时，外界大气压为P 0，活塞紧压小挡板．现缓慢升高缸内气体温度，则图乙所示的P —T 图象能正确反映缸内气体压强随温度变化情况的是5．如图所示，矩形闭合线圈abcd 竖直放置，OO′是它的对称轴，通电直导线AB与OO ′平行，且AB、OO ′所在平面与线圈平面垂直．若要在线圈中产生abcda 方向的感应电流，可行的做法是A ．AB 中电流I 逐渐增大B ．AB 中电流I 先增大后减小C ．AB 正对OO ′，逐渐靠近线圈D ．线圈绕OO ′轴逆时针转动90°(俯视)二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，满分16分．每题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．如图所示为氢原子的能级图．现有大量处于n ＝3激发态的氢原子向低能级跃迁．下列说法正确的是A ．这些氢原子总共可辐射出三种不同频率的光B ．氢原子由n ＝3跃迁到n ＝2产生的光频率最大C ．这些氢原子跃迁时辐射出光子能量的最大值为10.2eVD ．氢原子由n ＝3跃迁到n ＝l 产生的光照射逸出功为6.34eV 的金属铂能发生光电效应7．如图所示，倒悬的导热气缸中有一个可无摩擦上下移动且不漏气的活塞A ，活塞A 的下面吊着一个重物，汽缸中封闭着一定质量的理想气体．起初各部分均静止不动，大气压强保持不变．对于汽缸内的气体，当其状态缓慢发生变化时，下列判断正确的是A ．若环境温度升高，则气体的压强一定增大B ．当活塞向下移动时，外界一定对气体做正功C ．保持环境温度不变，缓慢增加重物的质量，气体一定会吸热D ．若环境温度降低，缓慢增加重物的质量，气体体积可能保持不变8．某金属在光的照射下产生光电效应，其遏止电压Uc 与入射光频率v的关系图象如图所示．则由图象可知A ．该金属的逸出功等于hv 0B ．遏止电压是确定的，与照射光的频率无关C ．若已知电子电量e ，就可以求出普朗克常量hD ．入射光的频率为2v 0时，产生的光电子的最大初动能为hv 09．图示为气垫导轨上两个滑块A 、B 相互作用前后运动过程的频闪照片，频闪的频率为10 Hz ．A 、B 之间夹着一根被压缩的轻质弹簧并用绳子连接，开始时它们处于静止状态．绳子烧断后，两个滑块向相反方向运动．已知滑块A 、B 的质量分别为200g 、300g ．根据照片记录的信息，可判断A ．A 、B 两滑块均做匀速直线运动B ．B 滑块的速度大小为6cm /sC ．A 、B 两滑块的动量相同D ．A 滑块的动量变化量与B 滑块的动量变化量之和为零三、简答题：本题共4小题，满分42分．请将解答填在答题卡相应的位置．10．(8分)测量分子大小的方法有很多，如油膜法、显微法．(1)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25mL 油酸，倒入标注250mL 的容量瓶中，再加入酒精后得到250mL 的溶液．然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL 的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水浅盘中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示．坐标格的正方形大小为2cm ×2cm ．由图可以估算出油膜的面积是___________cm /(保留两位有效数字)，由此估算出油酸分子的直径是___________m (保留一位有效数字)．(2)如图是用扫描隧道显微镜拍下的一个“量子围栏”的照片．这个量子围栏是由48个铁原子在铜的表面排列成直径为1.43×l0－8m ,的圆周而组成的．由此可以估算出铁原予的直径约为__________m (结果保留两位有效数字)．11．(10分)利用传感器可以探测、感受外界的信号、物理条件等．图甲所示为某同学用传感器做实验得到的小灯泡的U —I 关系图线．(1)实验室提供的器材有：电流传感器、电压传感器、滑动变阻器A (阻值范围0~10Ω)、滑动变阻器B (阻值范围0~100Ω)、电动势为6V 的电源(不计内阻)、小灯泡、电键、导线若干．该同学做实验时，滑动变阻器选用的是________(选填“A ”或“B ”)；请在图乙的方框中画出该实验的电路图．(2)如果将该小灯泡接入丙图所示的电路中，已知电流传感器的示数为0.3A ，电源电动势为3V ．则此时小灯泡的电功率为____W ，电源的内阻为___________Ω．12．(12分)(1)下列说法中，正确的是___________A ．晶体熔化时吸收热量，分子平均动能不一定增加B ．布朗运动反映了固体小颗粒内分子的无规则运动C ．温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同D ．当两分子间的距离为“r 0”时，分子间的作用力为零，(2)一定质量的理想气体由状态A 变化到状态B ，气体的压强随热力学温度变化如图所示，则此过程中气体对外界做___________(选填“正功”、“负功”或“不做功”)，气体分子在单位时间内对单位面积的器壁的碰撞次数___________(选填“增加”、“减少”或“不变”)．(3)已知汞的摩尔质量M ＝0.20kg /mol ，汞蒸气的密度ρ＝4kg /m3，将汞蒸气液化后，体积减小为原来的13400，则1cm 3的汞所含的分子数为多少？(已知阿伏伽德罗常数N A ＝6.0×l023mol －1)13．(12分)在自然界，“氮．4”的原子核有两个质子和两个中子，称为玻色子；而“氦－3”只有一个中子，称为费米子－“氦－3”是一种目前已被世界公认的高效、滴洁、安全、廉价的核聚变发电燃料．(1)质子数与中子数互换的核互为“镜像核”，例如H He 是3132的“镜像核”，同样H31也是He 32的“镜像核”，则下列说法正确的是___________A ．O H 和168157互为“镜像核”B ．C N 和136137互为“镜像核” C ．β衰变的本质是一个中子转变为一个质子，同时放出一个电子D ．核反应n He H H 10423121+→+的生成物中有α粒子，该反应是α衰变(2)围绕一不稳定原子核轨道的电子可被原子核俘获，使原子序数发生变化(例如从离原子核最近的K 层电子中俘获电子，叫“K 俘获”)，发生这一过程后，新原子核________A ．带负电B ．与原来的原子不是同位素C ．比原来的原子核多一个质子D ．比原来的原子核多一个中子(3)宇宙射线每时每刻都在地球上引起核反应．自然界的14C 大部分是宇宙射线中的中子轰击“氮－14”产生的，核反应方程式为H C n N 1114610147+→+．若中子的速度为v 1＝8×l06m /s ，反应前“氮－14”的速度认为等于零．反应后生成的14C 粒子的速度为v 2＝2.0×l05m /s ，其方向与反应前中子的运动方向相同．①求反应中生成的另一粒子的速度：②假设此反应中放出的能量为0.9MeV ，求质量亏损．四、计算题：本题共3小题，共计47分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．(15分)如图甲所示为一台小型发电机的示意图，单匝线圈逆时针转动．若从中性面开始计时，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示．已知发电机线圈内阻为1.0Ω，外接灯泡的电阻为9.0Ω．求：(1)写出流经灯泡的瞬时电流的表达式；(2)转动过程中穿过线圈的最大磁通量：(3)线圈匀速转动一周的过程中，外力所做的功．15．(16分)如图所示，用PM 、QN 是两根半径为d 的光滑的14圆弧轨道，其间距为L ，O 、P连线水平，M ．N在同一水平高度，圆弧轨道电阻不计，在其上端连有一阻值为R 的电阻，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B ．现有一根长度稍大于L 、质量为m 、电阻为m 、电阻为r 的金属棒从轨道的顶端P 处由静止开始下滑，到达轨道底端MN 时对轨道的压力为2mg ，求：(1)棒到达最低点时金属棒两端的电压；(2)棒下滑过程中金属棒产生的热量：(3)棒下滑过程中通过金属棒的电量．16．(16分)如图所示，在xoy 平面直角坐标系的第一象限有射线OA ，OA 与x 轴正方向夹角为30°，OA 与y 轴所夹区域内有沿y 轴负方向的匀强电场，其他区域存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场．有一质量为m 、电量为q 的带正电粒子，从y 轴上的P 点沿着x 轴正方向以初速度v 0射入电场，运动一段时间后经过Q 点垂直于射线OA 进入磁场，经磁场偏转，过y 轴正半轴上的M 点再次垂直进入匀强电场．已知OP ＝h ，不计粒子重力，求：(1)粒子经过Q 点时的速度大小；(2)匀强电场电场强度的大小；(3)粒子从Q 点运动到M 点所用的时间．江苏省连云港市2012-2013学年度上学期高三摸底考试物理试题参考答案一、单项选择题(本题共5小题，每小题3分，共15分)二、多项选择题(本题共4小题，每小题4分，共16分．每小题有多个选项符合题意，三、简答题(本题共3小题，共28分) 10．(8分)8256± (2分)10108-⨯ (2分)10104.9-⨯ (4分)11．(10分)(1)A (3分) 如右图(分压接法、外接法)(3分)(2)72.0~66.0 (2分) 67.2~2 (2分)12．(1)AC (4分)(2)正功 (2分) 减少 (2分)(3)解： 汞蒸气的体积为3cm 3400=V (1分) 31cm 的汞所含分子数为,N AM V N ρ=(2分) 计算得221008.4⨯=N 个(1分)13．(1)BC (4分)(2)BD (4分)(3)①轰击前后系统动量守恒，选中子速度方向为正方向111122''m v m v m v =+ (1分)氢核速度为62' 5.210m/s v =⨯，方向与中子原速度方向相同 (1分)②由质能方程 2=E mc ∆∆(1分)得301.610kg m -∆=⨯ (1分)四、计算题(本题共4小题，共61分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14．(15分)解：(1)由图得sin ()m e E t t V ωω== (2分)则电流π()e i t A R =总(3分) (2)E m ＝BSω (1分)E m ＝62V (1分)ω＝100π (1分)m E BS φω===＝2.7×10－2Wb (2分) (3)6VE =有 (2分)22=7.210J E W Q T R r -==⨯+有外 (3分) 15．(16分)(1)在轨道的最低点MN 处，mg F d v m mg F N N 22==- 解得gd v = 3分电动势BLv E = 得：电压r R gdRBL E r R R U +=+= 3分(2)由动能定理(能量守恒)得Q mgd mv -=-0212 3分得金属棒产生的热量为)(2r R mgdrQ r R rQ r +=+= 3分(3)电量t E r R E I t I q ∆∆=+=∆=φ,, 2分 得到rR BLd r R q +=+∆=φ 2分 16．(16分)(1)粒子类平抛到Q 点时将速度分解如图．002cos Q v v v θ== 3分 (2)0330cos v v v Q y ==P 到Q ，类平抛，得 x 方向：t v x O Q 030cos = ……2分y 方向：t v x h yOQ 230sin =- ……2分 解得：0532v h t = h x OQ 54=……1分 竖直方向上，t m qE v y =解得qhmv E 2520=……2分 (3)由题得，磁偏转的半径 h x r OQ 54==， 由2v qvB m r =及2πr T v =得2πm T qB = 052mv B qh= 3分 Q 到M 点，圆心角5π3θ=则运动时间52π6t T T θ==代入磁感应强度B ，得 02π3h t v 3分。

2013年普通高中学业水平测试泌修科目)模拟考试物理试题一、单项选择题:每小题只有一个选项符合题意，请将正确答案填写在选择题答题表中。

(本大题23小题，每小题3分，共69分)选择题答题表1.分析下列物体的运动时，可将其看作质点的是（）A.计算火车从连云港到北京的时间B.对体操运动员姿势和动作进行分析C.“天宫一号”和“神舟八号”实现交会对接时D.研究某乒乓球运动员打出的弧圈球2.如图所示是高速公路上的限速标志牌。

我国《道路交通安全法》第六十七条规定:高速公路限速标志标明的最高时速不得超过120km。

关于高速公路的限速，下列说法正确的是（）A.该限速值约为12m/sB.限速值是指汽车行驶的平均速度C.汽车限速是因为汽车速度越大，惯性越大，难以刹车D.汽车限速是因为汽车速度越大，刹车距离越大，容易发生交通事故3.如图所示是物体做直线运动的x-t和v-t图象，其中表示物体做匀加速运动的是（）4.如图所示，在孩子与爸爸“册手腕”的游戏中，下列说法正确的是（）A.孩子对爸爸的力与爸爸对孩子的力是两种不同性质的力B.若爸爸“册倒”孩子，爸爸对孩子的力大于孩子对爸爸的力C.若孩子“册倒”爸爸，可能是孩子对爸爸施加力的作用先于爸爸又孩子施加力的作用D.无论谁“册倒”谁，爸爸对孩子的力总等于孩子对爸爸的力阅读下列材料，回答5-8题开普勒行星运动定律发现之后，人们开始更深入的思考:是什么原因使行星绕太阳运动?在这一科学进程中有一个美丽的传说，牛顿看见苹果落地而发现了万有引力定律。

5.在万有引力定律的发现过程中，以下几位物理学家都做出了突出的贡献，其中最早在实验室中测量出引力常量的科学家是（）A. 第谷B. 开普勒C. 牛顿D. 卡文迪许6.已知地球的质量为m，太阳的质量为M，地心到太阳中心的距离为r，则地球对太阳的万有引力F为（）7.一个苹果与一根鸡毛同时从同一高度下落，总是苹果先落地，这是因为（）A. 苹果比鸡毛重B. 苹果比鸡毛密度大C. 鸡毛受到的空气阻力大D. 苹果下落的加速度比鸡毛下落的加速度大8. 2013年1月14日，北斗卫星导航系统的第一个民用示范工程正式启动，该系统的第16颗卫星在距地面36000km的地球同步轨道上绕行，则它（）A. 运行的周期大于地球自转的周期B. 运行的速度大于第一宇宙速度C. 所受的向心力等于其所受的万有引力D. 运行的角速度小于地球自转的角速度9.如图所示，一根细绳一端固定，另一端系一小球，使小球在光滑水平桌面上做匀速圆周运动。

2012-2013学年江苏省连云港市高三（上）期末数学试卷参考答案与试题解析一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，计70分.不需写出解答过程，请把答案写在答题纸的指定位置上.1．（5分）设集合A={1，2，3}，B={2，4，6}，则A∩B={2}．考点：交集及其运算．专题：阅读型．分析：直接运用交集概念求得结果．解答：解：由集合A={1，2，3}，B={2，4，6}，所以A∩B={1，2，3}∩{2，4，6}={2}．故答案为{2}．点评：本题考查了交集及其运算，是会考题型，是基础题．2．（5分）已知i为虚数单位，复数z满足（1﹣i）z=2，则z=1+i．考点：复数代数形式的乘除运算．专题：计算题．分析：把给出的等式两边同时乘以，然后直接利用复数的除法运算化简．解答：解：由（1﹣i）z=2，得．故答案为1+i．点评：本题考查了复数代数形式的乘除运算，复数的除法，采用分子分母同时乘以分母的共轭复数，是基础题．3．（5分）某单位有职工52人，现将所有职工按l、2、3、…、52随机编号，若采用系统抽样的方法抽取一个容量为4的样本，已知6号、32号、45号职工在样本中，则样本中还有一个职工的编号是19号．考点：系统抽样方法．专题：概率与统计．分析：根据系统抽样的特征可知抽样是等距抽样的原则，构造一个等差数列，将四个职工的号码从小到大成等差数列，建立等式关系，解之即可．解答：解：设样本中还有一个职工的编号是x号，则用系统抽样抽出的四个职工的号码从小到大排列：6号、x号、32号、45号，它们构成等差数列，∴6+45=x+32，x=6+45﹣32=19因此，另一学生编号为19．故答案为：19号．点评：系统抽样过程中，每个个体被抽取的可能性是相等的，系统抽样的原则是等距，抓住这一原则构造等差数列，是我们常用的方法．4．（5分）正项等比数列{a n}中，a3a11=16，则log2a2+log2a12=4．考点：等比数列的通项公式；对数的运算性质．专题：计算题．分析：由等比数列的性质可得a2a12=a3a11=16，由对数的运算可得要求的式子=log2a2a12，代入计算对数的值即可．解答：解：由题意可得log2a2+log2a12=log2a2a12=log2a3a11=log216=log224=4故答案为：4点评：本题考查等比数列的通项公式和等比数列的性质，以及对数的运算，属基础题．5．（5分）在数字1、2、3、4四个数中，任取两个不同的数，其和大于积的概率是．考点：古典概型及其概率计算公式．专题：概率与统计．分析：所哟的取法有=6种方法，用列举法求得满足条件的取法有3种，由此求得所求事件的概率．解答：解：在数字1、2、3、4四个数中，任取两个不同的数，共有=6种方法，其中，满足其和大于积的取法有：（1，2）、（1，3）、（1，4）共三种，故其和大于积的概率是=，故答案为．点评：本题考查古典概型及其概率计算公式的应用，属于基础题．6．（5分）如图是一个算法流程图，若输入x的值为﹣4，则输出y的值为2．考点：程序框图．专题：图表型．分析：先判断程序框图的结构为直到型循环结构，然后按照程序框图进行循环，知道不满足|x|＞3时输出y=2x的值即可解答：解：根据程序框图分析，本框图为直到型循环结构第1次循环：x=|﹣4﹣3|=7，第2次循环：x=|7﹣3|=4第3次循环：x=|4﹣3|=1此时经过判断不满足|x|＞3，故输出y=21=2．故答案为：2．点评：本题考查程序框图的理解和运算．需要对程序框图进行若干次执行运算，当满足跳出循环条件时输出此时y值，属于基础题．7．（5分）已知正方形ABCD的边长为2，E，F分别为BC，DC的中点，沿AE，EF，AF折成一个四面体，使B，C，D三点重合，则这个四面体的体积为．考点：棱柱、棱锥、棱台的体积．专题：空间位置关系与距离．分析：根据题意，在折叠过程中，始终有AB⊥BE，AD⊥DF，即AP⊥PE，AP⊥PF，由线面垂直的判定定理，易得AP⊥平面EFP，然后求出四棱锥的体积即可得到答案．解答：解：以AE，EF，AF为折痕，折叠这个正方形，使点B，C，D重合于一点P，得到一个四面体，如图所示．∵在折叠过程中，始终有AB⊥BE，AD⊥DF，即AP⊥PE，AP⊥PF，所以AP⊥平面EFP．四面体的底面积为：S△EFP=PE•PF，高为AP=2。