潮州市2016届高三第二次模拟考试(物理)

2016年广东省揭阳一中、潮州市金山中学联考高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分,共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6—8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得0分．1．在科学的发展历程中,许多科学家做出了杰出的贡献．下列叙述符合物理学史实的是（）A．亚里士多德指出“力是改变物体运动状态的原因”B．伽利略得出“加速度与力成正比，与质量成反比”的结论C．开普勒发现了万有引力定律D．卡文迪许测出了引力常量G2．地球的半径为R0，地球表面处的重力加速度为g,一颗人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为R0，下列关于卫星的说法中正确的是（)A．卫星的速度大小为B．卫星的角速度大小2C．卫星的加速度大小为D．卫星的运动周期为3．如图甲所示，水平地面上的物体在竖直向上的力F的作用下由静止开始运动，在整个向上运动的过程中，其机械能E与位移x的关系如图乙,其中AB 段为曲线,其余段为直线．则下列说法正确的是()A．0～x1过程中物体所受的拉力是全过程中的最小值B．x1～x2过程中，物体加速度的方向一直竖直向上C．x2～x3过程中,物体克服重力做功的功率一直增大D．0～x3过程中，物体的动能先增大后减小4．一带负电荷的质点,在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线)()A．B．C．D．5．如图所示，一横截面积为S的n匝线圈，与相距为d的两块水平放置的平均金属板连接成电路．线圈置于方向竖直向上的匀强磁场中，为使一质量为m，电荷量为﹣q的小球在平行金属板间水平向右做直线运动，重力加速度为g，则磁感应强度的变化情况应为（）A．正在增强，=B．正在减弱，=C．正在增强，=D．正在减弱,=6．如图所示，在倾角为θ的光滑斜劈P的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B，C为一垂直固定在斜面上的挡板．A、B质量均为m，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平力F从零开始缓慢增大作用于P,（物块A一直没离开斜面，重力加速度g）下列说法正确的是（)A．力F较小时A相对于斜面静止，F增加到某一值，A相对于斜面向上滑行B．力F从零开始增加时，A相对斜面就开始向上滑行C．B离开挡板C时，弹簧伸长量为mgsinθ/kD．B离开挡板C时，弹簧为原长7．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为△U1和△U2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为△I．当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化)（)A．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮B．△U1＜△U2C．不变D．不变8．环型对撞机是研究高能粒子的重要装置，如图所示,比荷相等的正、负离子由静止都经过电压为U的直线加速器加速后,沿圆环切线方向同时注入对撞机的高真空环状空腔内，空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场，磁感应强度大小为B．正、负离子在环状空腔内只受洛伦兹力作用而沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动,然后在碰撞区迎面相撞，不考虑相对论效应,下列说法正确的是()A．所加的匀强磁场的方向应垂直圆环平面向里B．若加速电压一定，离子的比荷越大,磁感应强度B小C．磁感应强度B一定时，比荷相同的离子加速后，质量大的离子动能小D．对于给定的正、负离子，加速电压U越大，离子在环状空腔磁场中的运动时间越长二、非选择题：(包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答)（一）必考题9．如图所示,质量为M的滑块A放在一端带有滑轮的粗糙长木板上，平衡摩擦后，安装在水平桌边缘,1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．滑块A上固定一宽度为d的遮光长，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录的遮光时间分别为△t1和△t2．（1）用此装置验证牛顿第二定律，且认为A受到外力的合力等于B的重力，则实验必须满足的条件还有;实验测得的加速度为（用上述字母表示）;（2)用此装置研究外力做功与物体动能的改变，以A为研究对象，外力做功的表达式是，动能改变量是．10．某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V（量程3V,内阻R v约为10kΩ)电流表：G(量程3mA,内阻R g=100Ω)滑动变阻器：R（阻值范围0〜10Ω,额定电流2A）定值电阻：R0=0.5Ω（1）该同学将电流表G与定值电阻R0并联,实际上是进行了电表的改装,则他改装后的电流表对应的量程是A．（2）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表G读数为横坐标，以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=V(结果保留三位有效数字),电源的内阻r=Ω（结果保留两位有效数字)．（3）由于电压表内阻电阻对电路造成影响，本实验电路测量结果电动势E，内阻(选填“偏大"、“不变”或“偏小"）11．一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以v=8m/s的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，经2.5s警车发动起来,以加速度a=2m/s2做匀加速运动．试问：（1）警车要多长时间才能追上违章的货车？（2)在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？12．如图(甲）所示，两带等量异号电荷的平行金属板平行于x轴放置，板长为L,两板间距离为2y0,金属板的右侧宽为L的区域内存在如图（乙）所示周期性变化的磁场，磁场的左右边界与x轴垂直．现有一质量为m，带电荷量为+q的带电粒子，从y轴上的A点以速度v0沿x轴正方向射入两板之间，飞出电场后从点（L，0）进入磁场区域,进入时速度方向与x轴夹角为30°，把粒子进入磁场的时刻做为零时刻，以垂直于纸面向里作为磁场正方向，粒子最后从x轴上(2L,0)点与x轴正方向成30°夹角飞出磁场，不计粒子重力．（1）求粒子在两板间运动时电场力对它所做的功；(2)计算两板间的电势差并确定A点的位置;(3）写出磁场区域磁感应强度B0的大小、磁场变化周期T应满足的表达式．（二）选考题【物理选修3—5】13．（在人类对微观世界进行探索的过程中,科学实验起到了非常重要的作用．下列说法符合历史事实的是（）A．密立根通过油滴实验测得了基本电荷的数值B．贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究,发现了原子中存在原子核C．居里夫妇从沥青铀矿中分离出了钋（Po）和镭（Ra)两种新元素D．卢瑟福通过α粒子散射实验,证实了在原子核内存在质子E．汤姆孙通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测出了该粒子的比荷14．某小组在探究反冲运动时，将质量为m1一个小液化瓶固定在质量为m2的小球具船上，利用液化瓶向外喷射气体做为船的动力．现在整个装置静止放在平静的水面上，已知打开液化汽瓶后向外喷射气体的对地速度为v1，如果在△t的时间内向后喷射的气体的质量为△m,忽略水的阻力，则（1）喷射出质量为△m的液体后，小船的速度是多少？（2）喷射出△m液体的过程中，小船所受气体的平均作用力的大小是多少？2016年广东省揭阳一中、潮州市金山中学联考高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题:本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中,第1—5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．在科学的发展历程中，许多科学家做出了杰出的贡献．下列叙述符合物理学史实的是()A．亚里士多德指出“力是改变物体运动状态的原因”B．伽利略得出“加速度与力成正比,与质量成反比”的结论C．开普勒发现了万有引力定律D．卡文迪许测出了引力常量G【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定；物理学史．【分析】本题掌握开普勒、亚里士多德、牛顿、卡文迪许、伽利略等等科学家的成就，就能进行解答．【解答】解：A、亚里士多德指出“力是维持物体运动状态的原因"，故A错误．B、牛顿得出“加速度与力成正比，与质量成反比"的结论,故B错误；C、开普勒在前人的基础上通过观察总结得到行星运动三定律，牛顿发现了万有引力定律，故C错误．D、牛顿发现了万有引力定律，但未测定出引力常量G,卡文迪许测定了引力常量G．故D正确．故选：D．2．地球的半径为R0，地球表面处的重力加速度为g，一颗人造卫星围绕地球做匀速圆周运动，卫星距地面的高度为R0，下列关于卫星的说法中正确的是（)A．卫星的速度大小为B．卫星的角速度大小2C．卫星的加速度大小为D．卫星的运动周期为【考点】万有引力定律及其应用．【分析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力，列出等式表示出线速度、角速度、周期、加速度等物理量．忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式．【解答】解：研究卫星绕地球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力，列出等式：=m，解得：v=其中r=2R0①忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力列出等式：=mg，解得：GM=gR02②由①②得：卫星的速度大小v=，故A正确．B、根据圆周运动知识得：ω==,故B错误．C、根据圆周运动知识得：a==，故C错误．D、根据圆周运动知识得：T==,故D错误．故选A．3．如图甲所示，水平地面上的物体在竖直向上的力F的作用下由静止开始运动，在整个向上运动的过程中，其机械能E与位移x的关系如图乙，其中AB 段为曲线,其余段为直线．则下列说法正确的是（）A．0～x1过程中物体所受的拉力是全过程中的最小值B．x1～x2过程中，物体加速度的方向一直竖直向上C．x2～x3过程中，物体克服重力做功的功率一直增大D．0～x3过程中，物体的动能先增大后减小【考点】功能关系；功的计算．【分析】根据功能关系列式分析知道E﹣x图象的斜率表示拉力F，由图象的斜率分析拉力的变化,判断加速度的变化，分析物体的运动情况,得到动能的变化，由速度的变化分析物体克服重力做功的功率如何变化．【解答】解：A、根据功能关系可得:△E=F△x，得F=，则知E﹣x图象的斜率表示拉力F，由分析知，在x2～x3过程中物体所受的拉力最小,且为零，故A错误；B、在0~x1过程中拉力F恒定，且大于重力．在x1～x2过程中，图象的斜率逐渐减小，可知拉力F逐渐减小，直至零，所以拉力F先大于重力，后小于重力，由牛顿第二定律知，加速度向上后向下，故B错误．C、在x2~x3过程中，拉力为零，物体只受重力，物体向上做匀减速运动,物体克服重力做功的功率一直减小，故C错误．D、0～x3过程中，拉力F先大于重力,后小于重力，物体先向上做匀加速运动,然后做加速度逐渐减小的加速运动，再做加速度反向逐渐增大的减速运动,总之0~x3过程中，物体的速度先增大后减小，即动能先增大后减小，故D正确；故选：D4．一带负电荷的质点,在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c,已知质点的速率是递减的．关于b点电场强度E的方向,下列图示中可能正确的是(虚线是曲线在b点的切线）（）A．B．C．D．【考点】电场强度；曲线运动．【分析】根据物体做曲线运动的条件和受力特点分析电荷受的电场力方向,再由负电荷所受的电场力方向与场强方向相反进行选择．【解答】解：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上,应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A 错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反,图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角,电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符．故B错误．C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小,符合题意．故D正确．故选D5．如图所示，一横截面积为S的n匝线圈，与相距为d的两块水平放置的平均金属板连接成电路．线圈置于方向竖直向上的匀强磁场中,为使一质量为m,电荷量为﹣q的小球在平行金属板间水平向右做直线运动，重力加速度为g，则磁感应强度的变化情况应为（）A．正在增强，=B．正在减弱，=C．正在增强，=D．正在减弱，=【考点】法拉第电磁感应定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系；闭合电路的欧姆定律．【分析】小球受到的电场力等于重力即水平向右做直线运动;线圈置于方向竖直向上的均匀变化的磁场中，根据法拉第电磁感应定律E=n，会产生稳定的电动势．【解答】解：小球受到的电场力等于重力即水平向右做直线运动,有：q•=mg根据法拉第电磁感应定律,有：U=n联立解得：=那么=，小球带负电，电场力竖直向上，故上极板要带正电，故线圈中感应电流俯视为顺时针方向，根据安培定则，感应电流的磁场方向与原来的磁场方向相反，再结合楞次定律,原磁场要增加，故A正确,BCD错误；故选：A．6．如图所示，在倾角为θ的光滑斜劈P的斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B，C为一垂直固定在斜面上的挡板．A、B质量均为m，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平力F从零开始缓慢增大作用于P，（物块A一直没离开斜面,重力加速度g)下列说法正确的是（）A．力F较小时A相对于斜面静止，F增加到某一值，A相对于斜面向上滑行B．力F从零开始增加时,A相对斜面就开始向上滑行C．B离开挡板C时，弹簧伸长量为mgsinθ/kD．B离开挡板C时,弹簧为原长【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【分析】以A为研究对象,根据加速度方向分析，由牛顿第二定律分析A的运动情况．以AB整体为研究对象，求出B刚离开挡板C时的加速度，再对B 研究，求解弹簧的弹力，确定弹簧的状态．【解答】解:AB、用水平力F作用于P时，A具有水平向左的加速度，设加速度大小为a，将加速度分解如图,根据牛顿第二定律得mgsinθ﹣kx=macosθ当加速度a增大时，x减小，即弹簧的压缩量减小，物体A相对斜面开始向上滑行．故A错误，B正确．CD、物体B恰好离开挡板C的临界情况是物体B对挡板无压力，此时,整体向左加速运动,对物体B受力分析，受重力、支持力、弹簧的拉力，如图根据牛顿第二定律，有mg﹣Ncosθ﹣kxsinθ=0Nsinθ﹣kxcosθ=ma解得:kx=mgsinθ﹣macosθ．B离开挡板C时，a=gtanθ，则得x=0,弹簧为原长．故C错误，D正确．故选：BD．7．如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为△U1和△U2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为△I．当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）(）A．小灯泡L3变暗，L1、L2变亮B．△U1＜△U2C．不变D．不变【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，分析变阻器接入电路的电阻的变化情况，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化,判断灯L2亮度的变化．根据总电流的变化，分析并联部分电压的变化，判断L3亮度的变化．根据总电流与通过L3电流的变化，分析通过L1电流的变化，判断其亮度变化．根据路端电压的变化，分析△U1和△U2的大小．根据欧姆定律列式分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值如何变化．【解答】解：A、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮．变阻器的电阻减小,并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A正确．B、由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小,即两电压表示数之和减小，所以△U1＞△U2．故B错误．C、由U1=E﹣I（R L2+r）得：=R L2+r,不变，故C正确．D、根据欧姆定律得=R2，不变，故D正确．故选:ACD8．环型对撞机是研究高能粒子的重要装置，如图所示,比荷相等的正、负离子由静止都经过电压为U的直线加速器加速后，沿圆环切线方向同时注入对撞机的高真空环状空腔内,空腔内存在着与圆环平面垂直的匀强磁场,磁感应强度大小为B．正、负离子在环状空腔内只受洛伦兹力作用而沿相反方向做半径相等的匀速圆周运动,然后在碰撞区迎面相撞,不考虑相对论效应，下列说法正确的是(）A．所加的匀强磁场的方向应垂直圆环平面向里B．若加速电压一定,离子的比荷越大,磁感应强度B小C．磁感应强度B一定时,比荷相同的离子加速后，质量大的离子动能小D．对于给定的正、负离子，加速电压U越大,离子在环状空腔磁场中的运动时间越长【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】根据带电粒子在环形空腔内的运动轨迹，运用左手定则判断匀强磁场的方向．根据带电粒子在磁场中运动的半径公判断磁感应强度大小和比荷的大小关系．【解答】解：A、负离子顺时针转动，正离子逆时针转动,根据左手定则知，磁场方向垂直纸面向里，故A正确；B、B、粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得，粒子的轨道半径，由动能定理得解得,加速电压一定，离子的比越大，要维持半径不变,则磁感应强度变小，故B正确；C、根据知，磁感应强度一定,比荷相同，则加速电压相等，由动能定理得：，电量大的离子动能大,故C错误；D、粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期:，粒子做圆周运动的周期与加速电压无关，加速电压变大，粒子的运动时间不变，故D错误．故选：AB二、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第9题~第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第14题为选考题，考生根据要求作答）(一）必考题9．如图所示，质量为M的滑块A放在一端带有滑轮的粗糙长木板上，平衡摩擦后，安装在水平桌边缘，1、2是固定在木板上的两个光电门，中心间的距离为L．滑块A上固定一宽度为d的遮光长，在质量为m的重物B牵引下从木板的顶端由静止滑下，光电门1、2记录的遮光时间分别为△t1和△t2．（1）用此装置验证牛顿第二定律,且认为A受到外力的合力等于B的重力，则实验必须满足的条件还有m＜＜M;实验测得的加速度为（用上述字母表示）；（2）用此装置研究外力做功与物体动能的改变,以A为研究对象，外力做功的表达式是mgL，动能改变量是．【考点】验证牛顿第二运动定律．【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律得出加速度，隔离对A分析，结合牛顿第二定律得出拉力的表达式，分析B的重力等于A所受合力满足的条件．根据下降的高度求出外力做功的表达式，结合极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1和光电门2的瞬时速度，从而得出动能的该变量．【解答】解：（1）对整体分析，加速度a=,隔离对A分析,根据牛顿第二定律得，绳子的拉力F=Ma==，当m＜＜M时，A受到的外力的合力等于B的重力．滑块通过光电门1和2的瞬时速度分别为，，根据速度位移公式得，加速度a==．（2）外力做功的表达式W=mgL，动能该变量为△E k==．故答案为:（1）m＜＜M,；（2）mgL，．10．某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V（量程3V,内阻R v约为10kΩ）电流表：G（量程3mA，内阻R g=100Ω）滑动变阻器:R（阻值范围0〜10Ω，额定电流2A）定值电阻：R0=0.5Ω（1)该同学将电流表G与定值电阻R0并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是0。

广东省潮州市德芳中学高三物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力与B、C的总重力大小不相等参考答案：CD【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】充分利用整体法和隔离体法对物体进行受力分析，结合摩擦力产生的条件，可判断各接触面是否存在摩擦力；把BC看做一个整体进行受力分析，可判定地面的支持力和二者重力的关系．【解答】解：A、当物体B受到的重力的下滑分力与绳子的拉力平衡时，B与C间无摩擦力，故A错误；B、C、把BC当做一个整体进行受力分析，可知绳子的拉力有水平向右的分量，整体有向右的运动趋势，根据平衡条件得知，斜面体C与地面之间一定有摩擦力，方向水平向左．故B错误，C正确；D、把BC当做一个整体进行受力分析，在竖直方向上有：N+Tsinθ=（m B+m C）g，T=m A gsinθ，则N=（m B+m C）g﹣m A gsinθ＜（m B+m C）g，故D正确；故选CD．2. （单选）如图所示电路，电源内阻不可忽略。

开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中A．电压表的示数增大，电流表的示数减小B．电压表的示数减小，电流表的示数增大C．电压表与电流表的示数都增大D．电压表与电流表的示数都减小参考答案：D试题分析：电路为串联电路，电阻与并联，与和内阻串联。

滑片向下滑动，滑动变阻器阻值3. 一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则A．电动机消耗的总功率为UI B．电动机消耗的热功率为U2/RC．电源的输出功率为EI D．电源的效率为参考答案：C4. 美国的“好奇号”火星探测器于2012年8月6日在火星上实现了“软着陆”。

广东省潮州市2015届高考物理二模试卷一、单项选择题（共4小题，满分16分）1．在一次投球游戏中，一同学将球水平投出，轨迹如图，在确保投出高度和初速度方向不变的情况下只增大初速度大小，从抛出到落地过程( )A．运动时间不变B．重力做功功率增大C．球速度的变化率增大D．落地时的速度方向与水平方向成θ角增大2．如图，O、A、B为一直线上的三点，OA=AB=r，在O处固定一个点电荷+Q，若一点电荷+q 由A点静止释放，途经 A、B两点所受库仑力分别为F A、F B，A、B两点的电场强度分别为E A、E B，OA、AB之间电势差分别为U OA、U OB，则( )A．E A=2E B B．F A=4F BC．U OA=U AB D．点电荷在A到B做匀变速运动3．如图甲乙站在超市的自动扶梯上（斜面式和阶梯式）随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是( )A．甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力B．扶梯对甲乙的弹力相同C．扶梯对甲乙的弹力与甲乙的重力大小相等D．斜面对甲乙都不做功4．如图，两方向相同的直线电流P、Q，若I p＞I q，P、Q受到安培力大小分别为F1和F2，则P和Q( )A．相互吸引．F1＞F2B．相互排斥．F1＞F2C．相互排斥．F1=F2D．相互吸引．F1=F2二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分．5．拔罐是以罐为工具，利用燃火排出罐内气体，使之吸附于体表产生负压，造成局部瘀血，以达到通经活络、行气活血、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法．对吸附于体表的罐内气体经一段时间后，罐内气体（可视为理想气体）( )A．内能增大B．分子间的平均距离不变C．向外界放热D．对外界做正功6．将形状完全相同的不同材料做成的甲、乙两球从足够高处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．则下列判断正确的是( )A．释放瞬间甲球加速度较大B．释放瞬间甲乙两球的加速度都等于重力加速度C．甲球质量小于乙球D．甲球质量大于乙球7．远距离输电的原理图如图所示，升降压变压器原副线圈的匝数、电压、电流、线路电阻如图．变压器为理想变压器，则下列关系式正确的是( )A．=B．I2=C．I1U1=I2U2D．若n2增加，用户得到的电压增大8．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度减小为原来的，则变轨前、后卫星的( )A．轨道半径之比为1：4 B．向心力之比为4：1C．周期之比为1：8 D．变轨道后的机械能减少9．如图为光电管工作原理示意图，阴极材料的逸出功为W，入射光的光子能量为hv，能发生光电效应，则( )A．hv＜WB．光电子在管内运动过程中电势能减小C．减弱入射光强度，ab两端的电压减小D．入射光的频率变高，所有出射光电子的动能都增大三、非选择题（共4小题，满分54分）10．用如图甲所示电路，测定一节电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：（a）电流表（量程0.6A）；（b）电压表（量程3V）；（c）定值电阻（阻值1Ω、额定功率5W）；（d）滑动变阻器（阻值范围0～10Ω、额定电流2A）；（e）滑动变阻器（阻值范围0～1000Ω、额定电流1A）．那么：（1）R应选择阻值范围是__________ （选填d、或e）的滑动变阻器．（2）为使电压表读数增大，滑动变阻器滑动端应向__________（选填a、或b）滑动，电流表的内阻对测量结果是否有影响__________（填“有”“无”）（3）根据实验记录，画出的U﹣I图线如图（乙）所示，从中可求出待测电池的电动势为__________V，内电阻为__________Ω（结果保留到小数点后二位）（4）若因电池的内阻较小，调节过程电压表的变化不明显，影响测量的准确度，为使测量的准确度提高，请你按原有的实验器材对电路进行改进并在图（丙）中画出电路图．11．用图1所示的装置做“验证牛顿第二定律”的实验．（1）为了消除长木板与小车间摩擦力对实验的影响，必须在长木板远离滑轮的一端下面垫一块薄木板，反复移动薄木板的位置，直至不挂沙桶时轻推小车能在长木板上做__________运动．（2）为保持拉力的方向不变，应调节滑轮的高度使细线与__________平行；（3）挂上沙桶后，某同学只改变小车的质量进行测量．他根据实验得到的几组数据作出a ﹣图象如图2．根据图2，可判断本次实验中小车受到的合外力大小为__________ N．（保留到小数点后二位）12．（18分）如图所示，两平行光滑金属导轨相距L固定在水平绝缘台面上，半径为 R1、R2的光滑圆弧导轨与水平直导轨平滑连接，水平直导轨部分处在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中．两金属棒ab、cd垂直两导轨且与导轨接触良好，ab棒质量为2m、电阻为r，cd棒质量为m、电阻为r．开始时cd棒静止在水平直导轨上，ab棒从圆弧导轨的顶端无初速释放，最后两棒都离开轨道落到地面上．导轨电阻不计并且水平导轨足够长，ab 与cd棒在运动过程始终没有接触．求：（1）cd棒在水平直导轨上的最大加速度．（2）为确保两棒都能脱离圆形轨道水平飞出，R1与R2的比值至少应满足什么条件．13．（18分）如图所示，一根粗细均匀的长为4L直杆竖直固定放置，其上套有A、B两个可看做质点的小圆环A、B，质量分别为m A=4m，m B=m，杆上P点上方是光滑的且长度为L；P点下方是粗糙的，杆对两环的滑动摩擦力大小均等于环各自的重力．开始环A静止在P处，环B从杆的顶端由静止释放，B 与A发生碰撞的时间极短，碰后B的速度方向向上，速度大小为碰前的．求：（1）B与A发生第一次碰撞过程是否有机械能损失．（2）通过计算说明B与A能否在杆上发生第二次碰撞．广东省潮州市2015届高考物理二模试卷一、单项选择题（共4小题，满分16分）1．在一次投球游戏中，一同学将球水平投出，轨迹如图，在确保投出高度和初速度方向不变的情况下只增大初速度大小，从抛出到落地过程( )A．运动时间不变B．重力做功功率增大C．球速度的变化率增大D．落地时的速度方向与水平方向成θ角增大考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：球做平抛运动，将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择解答：解：A、由竖直方向做自由落体运动，故h=gt2，确保投出高度不变则时间不变，故A正确；B、由于W=mgh恒定，而重力做功功率P=，故P恒定，故B错误；C、球速度的变化率就是加速度，只增大初速度大小不影响加速度，故C错误；D、落地时的速度方向与水平方向成θ角，则tan，v0增大时，θ减小，故D错误．故选：A点评：本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键知道将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，记住速度方向与水平方向成θ角，则tan和功率P=．2．如图，O、A、B为一直线上的三点，OA=AB=r，在O处固定一个点电荷+Q，若一点电荷+q 由A点静止释放，途经 A、B两点所受库仑力分别为F A、F B，A、B两点的电场强度分别为E A、E B，OA、AB之间电势差分别为U OA、U OB，则( )A．E A=2E B B．F A=4F BC．U OA=U AB D．点电荷在A到B做匀变速运动考点：电势；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律列式比较电场力大小；根据电场力做功等于电势能的减小量判断电势能的变化情况解答：解：A、B、根据库仑定律F=，电荷间的库仑力与距离的平方成反比，故E A=4E B，F A=4F B，故A错误，B正确；C、根据库仑定律与电场强度的定义式可知，OA之间的电场强度大于AB之间的电场强度，所以U OA＞U AB．故C错误D、点电荷在A到B做变速运动，因为电势逐渐减小，故D错误；故选：B点评：本题关键根据库仑定律和电场力做功等于电势能的减小量分析判断，基础题3．如图甲乙站在超市的自动扶梯上（斜面式和阶梯式）随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是( )A．甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力B．扶梯对甲乙的弹力相同C．扶梯对甲乙的弹力与甲乙的重力大小相等D．斜面对甲乙都不做功考点：功的计算；物体的弹性和弹力．专题：功的计算专题．分析：由于运动员处于匀速运动，故所受到的合力为零，根据受力分析即可判断各选项解答：解：A、人处于匀速运动，处于共点力平衡，对人受力分析，甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力，故A正确；B、通过受力分析可知，甲受到的弹力为F N=mgcosθ，乙图中弹力为F N=mg，故B错误，C错误；C、由W=Fx可知，斜面对甲乙都做功，故D错误；故选：A点评：本题主要考查了受力分析，抓住甲乙处于匀速运动状态即可4．如图，两方向相同的直线电流P、Q，若I p＞I q，P、Q受到安培力大小分别为F1和F2，则P和Q( )A．相互吸引．F1＞F2B．相互排斥．F1＞F2C．相互排斥．F1=F2D．相互吸引．F1=F2考点：平行通电直导线间的作用．分析：同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，根据牛顿第二定律比较两个线圈的加速度大小．解答：解：两方向相同的直线电流，电流同向，根据同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两导线相互吸引．根据牛顿第三定律知，因为线圈1对线圈2的力和线圈2对线圈1的力大小相等，方向相反，故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握同向电流、异向电流的关系．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分．5．拔罐是以罐为工具，利用燃火排出罐内气体，使之吸附于体表产生负压，造成局部瘀血，以达到通经活络、行气活血、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法．对吸附于体表的罐内气体经一段时间后，罐内气体（可视为理想气体）( )A．内能增大B．分子间的平均距离不变C．向外界放热D．对外界做正功考点：热力学第一定律．专题：热力学定理专题．分析：吸附于体表的罐内气体经一段时间后，温度逐渐与体温接近，即温度降低，内能减小，体积不变．解答：解：AC、吸附于体表的罐内气体温度高于人体的温度，经一段时间后，温度逐渐与体温接近，即温度降低，内能减小，故A错误，C正确；B、由于气体的体积不变，故分子的平均距离不变，故B正确；D、由于气体的体积不变，故气体没有对外做功，故D错误；故选：BC点评：本题关键是明确封闭气体的变化是等容降温，注意理想气体的内能与温度和分子数有关，基础题目．6．将形状完全相同的不同材料做成的甲、乙两球从足够高处同时由静止释放．两球下落过程所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比，即f=kv（k为正的常量）．两球的v﹣t图象如图所示．则下列判断正确的是( )A．释放瞬间甲球加速度较大B．释放瞬间甲乙两球的加速度都等于重力加速度C．甲球质量小于乙球D．甲球质量大于乙球考点：牛顿第二定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由图看出两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，重力与空气阻力平衡，根据平衡条件和牛顿第二定律列式分析．解答：解：AB、两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即v m∝m，由图象知v1＞v2，因此m甲＞m乙；故D正确，C错误．CD、释放瞬间v=0，因此空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g．故B 正确，A错误．故选：BD点评：本题中小球的运动情况与汽车起动类似，关键要抓住稳定时受力平衡，运用牛顿第二定律分析．7．远距离输电的原理图如图所示，升降压变压器原副线圈的匝数、电压、电流、线路电阻如图．变压器为理想变压器，则下列关系式正确的是( )A．=B．I2=C．I1U1=I2U2D．若n2增加，用户得到的电压增大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：变压器电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；在远距离输电中，输电导线上功率有损耗．解答：解：A、升压变压器电流之比等于匝数的反比；故有：=；故A错误；B、U2是输电导线及降压变压器两端的电压，不能只对导线由欧姆定律求电流；故B错误；C、理想变压器输入功率等于输出功率；故I1U1=I2U2，故C正确．D、变压器电压之比等于匝数之比，若n2增加，U2增大，输电线上电流I2=减小，损失电压△U=I2R减小，故用户得到的电压增大，故D正确；故选：CD点评：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低功率损失．8．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度减小为原来的，则变轨前、后卫星的( )A．轨道半径之比为1：4 B．向心力之比为4：1C．周期之比为1：8 D．变轨道后的机械能减少考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力，通过线速度的变化得出轨道半径的变化，从而得出向心力和周期及机械能的变化．解答：解：根据万有引力提供圆周运动向心力有，可得卫星的线速度，可知当卫星线速度减小为原来的，则半径增大为原来的4倍．A、卫星轨道半径增大为原来的4倍，即轨道半径之比为1：4，故A正确；B、万有引力提供圆周运动向心力由，可知轨道半径之比1：4，则向心力之比为16：1，故B错误；C、根据万有引力提供圆周运动向心力有，可知T=，因为半径之比为1：4，所以周期之比为1：8，故C正确；D、卫星轨道的抬升需要克服引力做更多的功，故半径越大，卫星的机械能越大，故D错误．故选：AC．点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，知道线速度、向心力、周期、机械能与轨道半径的关系．9．如图为光电管工作原理示意图，阴极材料的逸出功为W，入射光的光子能量为hv，能发生光电效应，则( )A．hv＜WB．光电子在管内运动过程中电势能减小C．减弱入射光强度，ab两端的电压减小D．入射光的频率变高，所有出射光电子的动能都增大考点：光电效应．专题：光电效应专题．分析：发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，根据光电效应方程知，光子频率越大，光电子的最大初动能越大，光强度会影响单位时间内逸出的光电子数目．解答：解：A、发生光电效应的条件是hν＞W，故A错误；B、电子在管内运动过程中，电场力做正功，电势能减小，故B正确；C、减弱入射光强度，单位时间内逸出的光电子数目减小，故ab两端的电压减小，故C正确；D、入射光的频率变高，根据E km=hγ﹣W，光电子的最大初动能增加，但不是所有出射光电子的动能都增大，故D错误；故选：BC点评：解决本题的关键知道光电效应的条件，以及影响光电子最大初动能的因素，知道入射光的强度影响的是单位时间内逸出的光电子数目．三、非选择题（共4小题，满分54分）10．用如图甲所示电路，测定一节电池的电动势和内阻．电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻R0起保护作用．除电池、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：（a）电流表（量程0.6A）；（b）电压表（量程3V）；（c）定值电阻（阻值1Ω、额定功率5W）；（d）滑动变阻器（阻值范围0～10Ω、额定电流2A）；（e）滑动变阻器（阻值范围0～1000Ω、额定电流1A）．那么：（1）R应选择阻值范围是d （选填d、或e）的滑动变阻器．（2）为使电压表读数增大，滑动变阻器滑动端应向b（选填a、或b）滑动，电流表的内阻对测量结果是否有影响无（填“有” “无”）（3）根据实验记录，画出的U﹣I图线如图（乙）所示，从中可求出待测电池的电动势为1.44V，内电阻为0.57Ω（结果保留到小数点后二位）（4）若因电池的内阻较小，调节过程电压表的变化不明显，影响测量的准确度，为使测量的准确度提高，请你按原有的实验器材对电路进行改进并在图（丙）中画出电路图．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：（1）根据安全及准确性原则可选择滑动变阻器的阻值大小；（2）分析电路中的各电表的特点，找出其产生的作用，即可得出误差产生的原因．（3）电压的U﹣I图象与纵轴的交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值等于电源的内阻．（4）根据实验原理及电源的性质可得出误差较小的电路图．解答：解：（1）由于电源是一节干电池（1.5V），所选量程为3V的电压表；滑动变阻器的最大阻值一般比电池内阻大几倍就好了，取0～10Ω能很好地控制电路中的电流和电压，若取0～100Ω会出现开始几乎不变最后突然变化的现象．（2）为了使电压表读数增大，滑动变阻器接入电阻应增大使电流减小，故滑动变阻器滑片应向b端滑动；本实验中引起该实验系统误差的主要原因是电压表的分流作用，导致电流表的示数总小于真实的干路电流值．电流表的内阻对实验结果没有影响；（3）由图示电源的U﹣I图象可知，电源的电动势为：E=1.44V，图象斜率的绝对值等于电源的内阻，内阻为：r===0.57Ω；（4）因电源内阻较小，实验误差较大，为了减小误差可以采用等效的方法增大等效内阻；即将R0直接与电源相连；如图所示；故答案为：（1）d；（2）b；无；（3）1.44；0.57；（4）如图所示；点评：实验仪器的选择是考试中经常出现的问题，在学习中要注意掌握好其安全、准确的原则；同时注意滑动变阻器的电路中的应用规律．要掌握应用图象法求电源电动势与内阻的方法．11．用图1所示的装置做“验证牛顿第二定律”的实验．（1）为了消除长木板与小车间摩擦力对实验的影响，必须在长木板远离滑轮的一端下面垫一块薄木板，反复移动薄木板的位置，直至不挂沙桶时轻推小车能在长木板上做匀速直线运动．（2）为保持拉力的方向不变，应调节滑轮的高度使细线与长木板平行；（3）挂上沙桶后，某同学只改变小车的质量进行测量．他根据实验得到的几组数据作出a ﹣图象如图2．根据图2，可判断本次实验中小车受到的合外力大小为0.06 N．（保留到小数点后二位）考点：验证牛顿第二运动定律．专题：实验题．分析：正好平衡摩擦力时，小车受合力为0，作匀速直线运动；a与m成反比即a∝，图象应为直线，根据图象斜率的物理意义求解小车受到的合外力大小．解答：解：（1）当重力沿斜面向下的分力与摩擦力平衡时，小车作匀速直线运动．（2）为保持拉力的方向不变，应调节滑轮的高度使细线与长木板平行；（3）由牛顿第二定律 F=ma知，F即为图象的斜率，即F=0.06N；故答案为：（1）匀速直线；（2）长木板；（3）0.06点评：本题考查了验证牛顿第二定律实验的基础知识，有平衡摩擦力的方法、图象的处理等．12．（18分）如图所示，两平行光滑金属导轨相距L固定在水平绝缘台面上，半径为 R1、R2的光滑圆弧导轨与水平直导轨平滑连接，水平直导轨部分处在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场中．两金属棒ab、cd垂直两导轨且与导轨接触良好，ab棒质量为2m、电阻为r，cd棒质量为m、电阻为r．开始时cd棒静止在水平直导轨上，ab棒从圆弧导轨的顶端无初速释放，最后两棒都离开轨道落到地面上．导轨电阻不计并且水平导轨足够长，ab 与cd棒在运动过程始终没有接触．求：（1）cd棒在水平直导轨上的最大加速度．（2）为确保两棒都能脱离圆形轨道水平飞出，R1与R2的比值至少应满足什么条件．考点：动量守恒定律；机械能守恒定律；导体切割磁感线时的感应电动势．专题：动量定理应用专题．分析：（1）ab棒刚进入水平导轨时，cd棒受到的安培力最大，此时它的加速度最大．根据ab棒从圆弧导轨滑下机械能定恒求解进入磁场之前的速度大小，由E=BLv、I=、F=BIL结合求出安培力，即可由牛顿第二定律求解最大加速度；（2）当cd脱离轨道能飞出时速度v，ab速度也为v，根据重力提供向心力列式，再根据ab、cd在水平轨道运动过程动量守恒列式，联立方程求解．解答：解：（1）ab刚进入磁场时速度v0，cd棒在水平直导轨上有最大加速度，机械能守恒：ab切割产生的电动势E，则有：E=BLv0电流为：F安=BIL对cd：F安=BIL=ma得：（2）当cd脱离轨道能飞出时速度v，ab速度也为v，根据重力提供向心力得：ab、cd在水平轨道运动过程动量守恒：2mv0=（2m+m）v代入得：答：（1）cd棒在水平直导轨上的最大加速度为．（2）为确保两棒都能脱离圆形轨道水平飞出，R1与R2的比值至少应满足．点评：本题是电磁感应与电路、磁场、力学等知识的综合应用，根据牛顿第二定律求加速度，以及结合运动学能够分析出金属棒的运动情况，考查分析和处理综合题的能力，难度适中．13．（18分）如图所示，一根粗细均匀的长为4L直杆竖直固定放置，其上套有A、B两个可看做质点的小圆环A、B，质量分别为m A=4m，m B=m，杆上P点上方是光滑的且长度为L；P点下方是粗糙的，杆对两环的滑动摩擦力大小均等于环各自的重力．开始环A静止在P处，环B从杆的顶端由静止释放，B 与A发生碰撞的时间极短，碰后B的速度方向向上，速度大小为碰前的．求：（1）B与A发生第一次碰撞过程是否有机械能损失．（2）通过计算说明B与A能否在杆上发生第二次碰撞．考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：（1）由机械能守恒定律求出B自由下落L时速度，A，B组成的系统动量守恒列出等式求出AB碰撞后的速度大小，从而判断发生第一次碰撞过程是否有机械能损失．（2）碰撞后A匀速下滑，B做竖直上抛运动，B返回到P点时，速度大小仍然为v B，此后，B也做匀速运动，由于v B＞v A，所以B与A可能会发生第二次碰撞，对物体进行运动分析，运用运动学公式求解碰撞的位置．解答：解：（1）设B自由下落L时速度为v0，由机械能守恒定律得：设B与A碰撞后瞬间，B的速度大小为v B，A的速度大小为v A，A、B组成的系统动量守恒，规定向下的方向为正．m B v0=﹣m B v B+m A v A将代入上式解得：损失的机械能：=0，则机械能守恒，（2）碰撞后A匀速下滑，B做竖直上抛运动，B返回到P点时，速度大小仍然为v B，此后，B也做匀速运动，由于v B＞v A，所以B与A可能会发生第二次碰撞．设A、B第一次碰撞后经时间t发生第二次碰撞，B做竖直上抛运动返回到P点经历的时间为t1，则：A的位移：s A=v A tB匀速运动的位移：s B=v B（t﹣t1）由s A=s B解得：因s A＜3L所以，A、B能发生第二次碰撞，碰撞的位置在P点下方．答：（1）B与A发生第一次碰撞过程没有机械能损失．（2）B与A能在杆上发生第二次碰撞，碰撞的位置在P点下方．点评：解决该题关键要进行A、B的运动分析，正确找出其位置关系，运用系统动量守恒、机械能守恒定律、运动学公式求解，难度适中．。

潮州市2014-2015年高三第二模拟考考试理科综合 物理13. 在一次投球游戏中，一同学将球水平投出, 轨迹如图，在确保投出高度和初速度方向不变的情况下只增大初速度大小，从抛出到落地过程： A ．运动时间不变B. 重力做功功率增大C. 球速度的变化率增大D ．落地时的速度方向与水平方向成θ角增大14. 如图，O 、A 、B 为一直线上的三点，OA =AB=r ，在O 处固定一个点电荷+Q ，若一点电荷+q 由A 点静止释放，途经 A 、B 两点所受库仑力分别为F A 、F B ，A 、B 两点的电场强度分别为E A 、E B ， OA 、AB 之间电势差分别为U OA 、U OB ，则A ．E A =2EB B ．F A =4F BC ．U OA =U OBD ．点电荷在A 到B 做匀变速运动15.如图甲乙站在超市的自动扶梯上（斜面式和阶梯式）随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是 A.甲受到扶梯的摩擦力，乙不受摩擦力 B. 扶梯对甲乙的弹力相同C. 扶梯对甲乙的弹力与甲乙的重力大小相等D.斜面对甲乙都不做功16.如图，两方向相同的直线电流P 、Q ，若I p >I q ，P 、Q 受到安培力大小分别 为F 1和F 2，则P 和QA 、相互吸引.F 1>F 2B 、相互排斥.F 1>F 2C 、相互排斥.F 1=F 2D 、相互吸引.F 1=F 2二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。

每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。

全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分。

17. 拔罐是以罐为工具，利用燃火排出罐内气体，使之吸附于体表产生负压，造成局部瘀血，以达到通经活络、行气活血、消肿止痛、祛风散寒等作用的疗法。

对吸附于体表的罐内气体经一段时间后，罐内气体(可视为理想气体)A ．内能增大B ．分子间的平均距离不变C ．向外界放热D ．对外界做正功θ甲乙QO A BθP QO vtv 1甲球 乙球v 218．将形状完全相同的不同材料做成的甲、乙两球从足够高处同时由静止释放。

凤凰中学2016届高三理科班阶段性质量检测试卷理科综合能力测试试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中． 14~18题只有一项符合题目要求． 19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列说法中正确的是A ．静止的火车比高速奔驰轿车的惯性大B ．蹦极运动员离开蹦床上升过程中处于超重状态C ．车速越大，刹车滑行的距离越长，所以说速度越大，惯性越大D ．相互作用中，作用力可以大于反作用力，也可以小于反作用力15．如图所示，轻弹簧上端固定，下端挂一重球，重球下放着一光滑斜面，球与光滑斜面接触且处于静止状态，弹簧竖直，则重球受到的力有 A ．重力和弹簧拉力B ．重力、弹簧拉力和斜面支持力C ．重力、弹簧拉力和斜面的静摩擦力D ．重力、弹簧拉力、斜面支持力和静摩擦力16．关于力和运动的关系，下列说法正确的是A ．由m ＝F / a 知，某一物体的质量跟其所受的合外力成正比B ．由a ＝F / m 知，某一物体运动的加速度跟其质量成正比C ．物体运动方向一定跟其合外力方向相同D ．物体加速度方向一定跟其合外力方向相同17．以不同的初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一个物体所受空气阻力大小与物体的速率成正比，下列分别用虚线和实线描述两物体运动的v ­t 图像可能正确的是18．如右图所示，滑块以初速度v 0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零．对于该运动过程，若用h 、s 、v 、a 分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t 表示时间，则下列图像中能正确描述这一运动规律的是19．甲物体的质量是乙物体质量的5倍，甲从H 高处自由落下，乙从2H 高处同时自由落下（H>5m ），下列说法正确的是A ．两物体下落过程中，同一时刻甲的速率比乙的大B ．下落1s 末，它们的速度相等C ．各自下落1m ，它们的速度相等D ．下落过程中甲的加速度比乙的大20．如图所示的水平传送带静止时，一个小物块A 以某一水平初速度从传送带左端冲上传送带，然后从传送带右端以一个较小的速度V 滑出传送带；若传送带在皮带轮带动下运动时，A 物块仍以相同的水平速度冲上传送带，且传送带的速度小于A 的初速度，则 A ．若皮带轮逆时针转动，A 物块仍以速度V 离开传送带 B ．若皮带轮逆时针方向转动，A 物块不可能到达传送带的右端 C ．若皮带轮顺时针方向转动，A 物块离开传送带的速度仍然可能为V D ．若皮带轮顺时针方向转动，A 物块离开传送带右端的速度可能小于V21．如图所示，A 、B 两物块的质量分别为2m 和m ，静止叠放在水平地面上．A 、B 间的动摩擦因数为μ，B 与地面间的动摩擦因数为12μ.最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g .现对A 施加一水平拉力F ，则A ．当F ＜2μmg 时，A 、B 都相对地面静止 B ．当F ＝52μmg 时，A 的加速度为13μgC ．当F ＞3μmg 时，A 相对B 滑动D ．无论F 为何值，B 的加速度不会超过12μg三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。

2015-2016学年广东省潮州市高三（上）期末物理试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．为了认识复杂的事物规律，我们往往肌事物的等同效果出发，将其转化为简单的、易于研究的事物，这种方法称为等效替代，下列哪个物理概念的建立没有使用等效替代思想（）A．交流电的有效值 B．重心C．惯性D．合力与分力2．“神州十号”飞船太空授课中，航天员王亚平曾演示了太空中采用动力学方法测量质量的过程．如图所示是采用动力学方法测量“天宫一号”空间站质量的原理图，若已知飞船质量为3.5×103kg，其推进器的平均推力为1560N，在飞船与空间站对接后，推进器工作了7s，在这段时间内，飞船和空间站速度变化了0.91m/s，则空间站的质量约为（）A．1.2×104kg B．8.5×103kg C．1.6×104kg D．5.0×103kg3．如图所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一只小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛的飞行时间为t0．现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这只小球，以下哪个图象能正确表示平抛的飞行时间t随v变化的函数关系（）A．B．C．D．4．如图所示，楔形物块a固定在水平地面上，在其斜面上静止着小物块b．现用大小一定的力F分别沿不同方向作用在小物块b上，小物块b仍保持静止，如下图所示．则a、b之间的静摩擦力一定增大的是（）A．B．C．D．5．如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个电阻为R的灯泡，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，已知导轨、导线与垂直导轨的导体棒ab总电阻为r，则导体棒ab在下滑过程中（）A．感应电流从a流向bB．导体棒ab受到的安培力方向平行斜面向下，大小保持恒定C．机械能一直减小D．克服安培力做的功等于灯泡消耗的电能6．“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星．科学家们发现有3颗不同质量的“超级地球”环绕一颗体积比太阳略小的恒星公转，公转周期分别为4天，10天和20天．根据上述信息可以计算（）A．3颗“超级地球”运动的线速度之比B．3颗“超级地球”运动的向心加速度之比C．3颗“超级地球”所受的引力之比D．该恒星的质量7．如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，设两相邻等势面的间距相等．一电子（不计重力）射入电场后的运动轨迹如图中实线所示，其中1、2、3、4表示运动轨迹与等势面的一些交点．由此可以判定（）A．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＜φb＜φcB．O处的点电荷一定带正电C．电子在1、2、3、4四个位置各处具有的电势能与动能的总和相等D．电子从位置1到2和从位置3到4的过程中电场力做功的关系是W12=2W34 8．如图所示，传送带与水平面夹角为37°，白色皮带以12m/s的恒定速度沿顺时针方向转动．今在传送带上端A处无初速度地轻放上一个质量为1kg的小煤块（可视为质点），它与传送带间的动摩擦因数为0.75，已知传送带A 到B的长度为12m．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．则在小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间为1.5sB．小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6mC．煤块对皮带做的总功为36JD．煤块和皮带之间因摩擦而产生的内能为36J二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．光电计时器是一种研究物体运动情况的常见计时仪器，每个光电门都由光发射和接收装置组成．当有物体从光电门中间通过时，与之相连的计时器就可以显示物体的挡光时间．如图甲所示，图甲中NM是水平桌面、PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上相距为l的两个光电门（与之连接的计时器没有画出）．滑块A上固定着用于挡光的窄片K，让滑块A在重物B的牵引下从木板的顶端滑下，计时器分别显示窄片K通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1和t2；（1）用游标卡尺测量窄片K的宽度（如图乙）d=m（已知L＞＞d）；（2）用刻度尺测量两光电门的间距为L，则滑块的加速度表达式为a=（用字母表示）；（3）利用该装置还可以完成的实验有：A．验证牛顿第二定律B．验证A、B组成的系统机械能守恒C．测定滑块与木板之间的动摩擦因数D．只有木板光滑，才可以验证牛顿第二定律E．只有木板光滑，才可以验证A、B组成的系统机械守恒定律．10．为测量某电阻R x（约600Ω）的阻值，实验室可供选择的器材有：A．电流表G（0～3mA，内阻R G=100Ω）B．电流表A（0～10mA，内阻未知）C．定值电阻R1D．定值电阻R2（30Ω）E．滑动变阻器R（0～20Ω）F．直流电源（E=3V，内阻不计）G．开关S及导线若干某同学用图（a）的电路进行测量，回答下列问题：（1）定值电阻应选择（选填“R1”或“R2”）．（2）按图（a）的电路将图（b）的实物连成实验电路（图中已画出部分电路）．（3）实验中，正确接入定值电阻后，闭合开关S，多次移动滑动触头，分别记录电流表G、电流表A的示数I1、I2．如某次得出的数据I1=0.92mA，I2=3.00mA，则根据此组数据可求得R x=Ω．11．接连发生的马航MH370失事和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=28s、在速度达到v0=70m/s时驾驶员对发动机的运行状态进行判断，在速度达到v1=77m/s 时必须做出决断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=80m/s就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到做出决断终止起飞的最长时间；（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以5m/s2的加速度做匀减速运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最小长度．12．如图所示，直角坐标系在一真空区域里，y轴的左方有一匀强电场，场强方向跟y轴负方向成θ=30°角，y轴右方有一垂直于坐标系平面的匀强磁场，在x 轴上的A点有一质子发射器，它向x轴的正方向发射速度大小为v=2.0×106m/s 的质子，质子经磁场在y轴的P点射出磁场，射出方向恰垂直于电场的方向，质子在电场中经过一段时间，运动到x轴的Q点．已知A点与原点O的距离为10cm，Q点与原点O的距离为（20﹣10）cm，质子的比荷为=1.0×108c/kg．不计质子的重力．计算结果保留小数点后一位数字．求：（1）磁感应强度的大小和方向；（2）质子在磁场中运动的时间（取π=3.14）；（3）电场强度的大小．（二）选做题[物理—选修3-3]13．下列说法正确的是（）A．布朗运动间接反映了液体分子运动的无规则性B．每个分子的动能与势能之和就是该分子的内能C．液晶具有液体的流动性，同时具有晶体的各向异性特征D．液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在张力E．空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比14．如图，竖直放置的气缸，活塞横截面积为S，可在气缸内无摩擦滑动．气缸侧壁、活塞下方有一个小孔与装有水银的U形玻璃管相通，气缸内封闭了一段气柱（U形管内的气体体积不计）．图示时刻活塞静止，此时缸内气体温度为t1，U形管内水银面高度差为h1．已知大气压强为p0，水银的密度为ρ，重力加速度为g．（1）求活塞的质量m；（2）若已知t1=7℃，h=4.0cm，大气压强p0=76cmHg．现对气缸缓慢加热，同时在活塞上缓慢添加沙粒，以保持活塞的高度不变，当缸内气体温度升高到27℃时，U形管内水银面的高度差多少？若此后不再添加沙粒，继续升高温度，则U 形管内水银面的高度差将如何变化，并简要说明原因．[物理—选修3-4]15．沿x轴正方向传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图，质点P位于x=2cm 处，质点Q位于x=6cm处，已知x=4cm处连续两次出现波谷的时间间隔为0.4s，则以下判断正确的是（）A．这列波的波长是8cmB．这列波的传播速度是0.2m/sC．质点P和Q的速度在任意时刻都相同D．x=8cm处的质点此时沿y轴正方向运动E．x=4cm处的质点做简谐运动的表达式为y=6sin5πt（cm）16．如图，某棱镜的横截面积为等腰直角三角形ABC，其折射率n=，一束单色光从AB面的O点入射，恰好在AC面上发生全反射，O、A的距离d=0.45m，求：（1）光在AB面的入射角的正弦值；（2）光从O点入射到AC面上发生全反射所经历的时间．[物理—选修3-5]17．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子B．一个处于n=3能级的氢原子发生跃迁时可能辐射出两个光子C．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应D．比结合能越小，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定E．铀核U衰变为铅核Pb，要经过8次α衰变和6次β衰变18．如图所示，光滑水平面上有三个滑块A、B、C，其质量分别为m，2m，3m，其中B，C两滑块用一轻质弹簧连接．某时刻给滑块A向右的初速度v0，使其在水平面上匀速运动，一段时间后与滑块B发生碰撞，碰后滑块A立即以v=的速度反弹，求：（1）发生碰撞过程中系统机械能的损失为多少？（2）碰后弹簧所具有的最大弹性势能？2015-2016学年广东省潮州市高三（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．为了认识复杂的事物规律，我们往往肌事物的等同效果出发，将其转化为简单的、易于研究的事物，这种方法称为等效替代，下列哪个物理概念的建立没有使用等效替代思想（）A．交流电的有效值 B．重心C．惯性D．合力与分力【考点】物理学史．【分析】等效替代法，物理学研究术语，是科学研究中常用的方法之一，是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法，将复杂的问题简单化．【解答】解：重心、合力与分力都是一种等效替代方法，确定交流电的有效值也应用了等效替代法，而惯性是物体固有的性质，不是等效替代，本题选没有使用等效替代的，故选：C2．“神州十号”飞船太空授课中，航天员王亚平曾演示了太空中采用动力学方法测量质量的过程．如图所示是采用动力学方法测量“天宫一号”空间站质量的原理图，若已知飞船质量为3.5×103kg，其推进器的平均推力为1560N，在飞船与空间站对接后，推进器工作了7s，在这段时间内，飞船和空间站速度变化了0.91m/s，则空间站的质量约为（）A．1.2×104kg B．8.5×103kg C．1.6×104kg D．5.0×103kg【考点】牛顿第二定律．【分析】对整体火箭组受力分析列出牛顿第二定律方程，再结合加速度的定义，即可求解．【解答】解：由运动学公式：，对整体，由牛顿第二定律：F=（m1+m2）a解得：；故ACD错误，B正确，故选：B．3．如图所示，水平面上固定有一个斜面，从斜面顶端向右平抛一只小球，当初速度为v0时，小球恰好落到斜面底端，平抛的飞行时间为t0．现用不同的初速度v从该斜面顶端向右平抛这只小球，以下哪个图象能正确表示平抛的飞行时间t随v变化的函数关系（）A．B．C．D．【考点】平抛运动．【分析】根据小球落在斜面上，结合竖直位移与水平位移的关系求出运动的时间．小球落在地面上，高度一定，则运动时间一定．【解答】解：当小球落在斜面上时，有：tanθ=，解得t=，与速度v成正比．当小球落在地面上，根据h=得，t=，知运动时间不变．可知t与v的关系图线先是过原点的一条倾斜直线，然后是平行于横轴的直线．故C正确，A、B、D错误．故选：C．4．如图所示，楔形物块a固定在水平地面上，在其斜面上静止着小物块b．现用大小一定的力F分别沿不同方向作用在小物块b上，小物块b仍保持静止，如下图所示．则a、b之间的静摩擦力一定增大的是（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对物体进行受力分析，根据平衡条件，运用正交分解法列出平衡方程，再判断静摩擦力的变化．【解答】解：不加力F时，对物块进行受力分析，将重力分解，根据平衡条件得出：f=mgsinθ．A、力图：f=mgsinθ+F，故摩擦力一定增大．B、如果F＜mgsinθ，f=mgsinθ﹣f，则摩擦力变小．如果F≥mgsinθ，f=F﹣mgsinθ，由于不知道F的大小，所以摩擦力变化不确定，f可能增大，可能减小，也可能大小不变．C与B相似，摩擦力变化不确定，f可能增大，可能减小，也可能大小不变．D、力图：根据平衡条件得出：f=mgsinθ，故摩擦力不变．故选A．5．如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端连接一个电阻为R的灯泡，匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，已知导轨、导线与垂直导轨的导体棒ab总电阻为r，则导体棒ab在下滑过程中（）A．感应电流从a流向bB．导体棒ab受到的安培力方向平行斜面向下，大小保持恒定C．机械能一直减小D．克服安培力做的功等于灯泡消耗的电能【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】根据右手定则判断感应电流的方向，再根据左手定则判断安培力的方向，通过速度的变化，得出电动势的变化，电流的变化，从而得出安培力的变化．根据能量守恒判断机械能的变化，根据克服安培力做功与产生的电能关系判断安培力做功与灯泡消耗电能的关系．【解答】解：A、导体棒ab下滑过程中，由右手定则判断感应电流I在导体棒ab，由分析知，中从b到a，由左手定则判断导体棒ab受沿斜面向上的安培力F安导体棒ab开始速度增大，感应电动势增大，感应电流增大，安培力增大，如果v m，之后做匀速直线运动，速度不导轨足够长，当F安=mgsinθ时达到最大速度再增大，安培力不变，故AB错误C、由于下滑过程导体棒ab切割磁感线产生感应电动势，回路中有灯泡电阻消耗电能，机械能不断转化为内能，所以导体棒的机械能不断减少，故C正确；D、安培力做负功实现机械能转化为电能，安培力做功量度了电能的产生，根据功能关系有克服安培力做的功等于整个回路消耗的电能，包括灯泡和导体棒消耗的电能．故D错误；故选：C．6．“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星．科学家们发现有3颗不同质量的“超级地球”环绕一颗体积比太阳略小的恒星公转，公转周期分别为4天，10天和20天．根据上述信息可以计算（）A．3颗“超级地球”运动的线速度之比B．3颗“超级地球”运动的向心加速度之比C．3颗“超级地球”所受的引力之比D．该恒星的质量【考点】万有引力定律及其应用．【分析】三颗超级地球”的中心天体相同，根据万有引力提供向心力，已知该行星的周期，可以求出半径之比，从而可求得线速度、向心加速度之比．【解答】解：三颗超级地球”的中心天体相同，根据万有引力提供向心力，即：可求得超级地球的轨道半径之比A、已知周期、轨道半径之比，根据可求得3颗“超级地球”运动的线速度之比，故A正确；B、已知周期、轨道半径之比，根据可求得3颗“超级地球”运动的向心加速度之比，故B正确；C、根据，由于三颗超级地球的质量比不知道，所以无法求得所受的引力之比，故C错误；D、因为不知道具体的轨道半径，所以无法求得中心天体的质量，故D错误；故选：AB．7．如图所示，虚线a、b、c表示O处点电荷的电场中的三个等势面，设两相邻等势面的间距相等．一电子（不计重力）射入电场后的运动轨迹如图中实线所示，其中1、2、3、4表示运动轨迹与等势面的一些交点．由此可以判定（）A．a、b、c三个等势面的电势关系是φa＜φb＜φcB．O处的点电荷一定带正电C．电子在1、2、3、4四个位置各处具有的电势能与动能的总和相等D．电子从位置1到2和从位置3到4的过程中电场力做功的关系是W12=2W34【考点】电势；电势差与电场强度的关系．【分析】根据电子的运动轨迹判断受力情况，从而确定场源电荷的电性；根据功能关系判断能量的转化情况；根据沿着电场线电势降低判断电势的变化情况．【解答】解：A、B、由于曲线运动的合力应该指向内侧，故从电子的运动轨迹可以看出，电子受到排斥力，故O点处的场源电荷是负电荷，由于场源电荷是负电荷，又由于沿着电场线电势降低，故结合负点电荷的电场线分布规律可以知道：φa＜φb ＜φc，故A正确，B错误；C、电子在运动的整个过程中，只受电场力，只有电场力做功，电场力做功等于电势能的减小量，总功又等于动能的增加量，故电势能和动能之和保持不变，故C正确；D、由于负点电荷的电场不是匀强电场，电场线越密的地方，等差等势面也越密．故从位置1到位置2电场力做的功大于从位置3到位置4电场力做功的两倍，故D错误；故选：AC．8．如图所示，传送带与水平面夹角为37°，白色皮带以12m/s的恒定速度沿顺时针方向转动．今在传送带上端A处无初速度地轻放上一个质量为1kg的小煤块（可视为质点），它与传送带间的动摩擦因数为0.75，已知传送带A 到B的长度为12m．取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．则在小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间为1.5sB．小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6mC．煤块对皮带做的总功为36JD．煤块和皮带之间因摩擦而产生的内能为36J【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律．【分析】小煤块放上传送带先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律求出小煤块从A运动到B的时间；分别求出在煤块匀加速直线运动阶段传送带的位移和煤块的位移，两者位移之差即为划痕的长度；产生的热量为滑动摩擦力与相对位移的乘积．【解答】解：A、小煤块放上传送带，受到的滑动摩擦力的方向先沿斜面向下．根据牛顿第二定律得：a1==gsin37°+μgcos37°=（10×0.6+0.75×10×0.8）m/s2=12m/s2则速度达到传送带速度所需的时间为：t1==s=1s．煤块经过的位移为：x1=a1t2=×12×1=6m，小于传送带的长度．由于mgsin37°=μmgcos37°，可知速度相等后物体与传送带能保持相对静止，一起匀速运动．匀速运动的时间为t2===0.5s故小煤块从A运动到B的时间为：t=t1+t2=1.5s．故A正确．B、第1s内传送带的速度大于煤块的速度，煤块相对于传送带向后运动，相对位移：△x=vt1﹣x1=12×1﹣6=6m则小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6m，故B正确；C、煤块对皮带做的总功即是摩擦力所做的功为：W=﹣fx皮=﹣μmgcosθL=﹣0.75×1×10×0.8×12=﹣72J．故C错误．D、产生的热量：Q=f△x=μmgcosθ△x=0.75×1×0.8×10×6=36J；D正确；故选：ABD．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．光电计时器是一种研究物体运动情况的常见计时仪器，每个光电门都由光发射和接收装置组成．当有物体从光电门中间通过时，与之相连的计时器就可以显示物体的挡光时间．如图甲所示，图甲中NM是水平桌面、PM是一端带有滑轮的长木板，1、2是固定在木板上相距为l的两个光电门（与之连接的计时器没有画出）．滑块A上固定着用于挡光的窄片K，让滑块A在重物B的牵引下从木板的顶端滑下，计时器分别显示窄片K通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t1和t2；（1）用游标卡尺测量窄片K的宽度（如图乙）d= 5.15×10﹣3m（已知L＞＞d）；（2）用刻度尺测量两光电门的间距为L，则滑块的加速度表达式为a=（用字母表示）；（3）利用该装置还可以完成的实验有：ACEA．验证牛顿第二定律B．验证A、B组成的系统机械能守恒C．测定滑块与木板之间的动摩擦因数D．只有木板光滑，才可以验证牛顿第二定律E．只有木板光滑，才可以验证A、B组成的系统机械守恒定律．【考点】验证机械能守恒定律；验证牛顿第二运动定律．【分析】（1）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．（2）根据极短时间内平均速度等于瞬时速度求出滑块通过光电门1、2的速度，结合速度位移公式求出滑块加速度的表达式．（3）根据所给实验的实验原理结合该实验装置可正确解答【解答】解：（1）游标卡尺的主尺读数为：5mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为：5mm+0.15mm=5.15mm=5.15×10﹣3m．（2）由于挡光时间极短，因此可以利用其平均速度来代替瞬时速度，故有：，，根据得加速度为：a=．（3）A、D、根据验证牛顿第二定律的实验原理可知，通过该装置可以验证牛顿第二定律，至于木板是否光滑对实验没有影响，故A正确，D错误；B、E、要验证系统机械能守恒，木板必须光滑，故B错误，E正确；C、根据该实验装置可知，将木板平放，通过纸带求出A、B运动的加速度大小，因此根据牛顿第二定律有：m B g﹣m A gμ=（m A+m B）a，由此可知可以求出测定滑块与木板之间的动摩擦因数，故C正确．故选：ACE．故答案为：（1）5.15×10﹣3，（2），（3）ACE．10．为测量某电阻R x（约600Ω）的阻值，实验室可供选择的器材有：A．电流表G（0～3mA，内阻R G=100Ω）B．电流表A（0～10mA，内阻未知）C．定值电阻R1D．定值电阻R2（30Ω）E．滑动变阻器R（0～20Ω）F．直流电源（E=3V，内阻不计）G．开关S及导线若干某同学用图（a）的电路进行测量，回答下列问题：（1）定值电阻应选择R1（选填“R1”或“R2”）．（2）按图（a）的电路将图（b）的实物连成实验电路（图中已画出部分电路）．（3）实验中，正确接入定值电阻后，闭合开关S，多次移动滑动触头，分别记录电流表G、电流表A的示数I1、I2．如某次得出的数据I1=0.92mA，I2=3.00mA，则根据此组数据可求得R x=578.3Ω．【考点】伏安法测电阻．【分析】（1）实验原理为伏安法测电阻，但是器材中没有电压表，考虑由电流表结合定值电阻求得电压代替电压表，由于两个电流表的量程差别较大，故G应接在支路而A接在干路，考虑电流表的量程关系，选择定值电阻的阻值．（2）根据电路图连接实物图（3）根据实验原理和欧姆定律求出R x．【解答】解：（1）结合电路图，由于两个电流表的量程差别较大，故G应接在支路而A接在干路，考虑电流表G满偏时的电压为：U=I G（R G+R x）=3×10﹣3×V=2.1V而电流表A的量程为10mA，故电阻应该选择R1．（2）根据电路图连接实物图，如图：（3）由实验原理可得：R x=﹣R G=×300﹣100≈578.3Ω故答案为：（1）R1；（2）如图；（3）578.3．11．接连发生的马航MH370失事和台湾复兴航空客机的坠毁，使人们更加关注飞机的安全问题．假设飞机从静止开始做匀加速直线运动，经时间t0=28s、在速度达到v0=70m/s时驾驶员对发动机的运行状态进行判断，在速度达到v1=77m/s 时必须做出决断，可以中断起飞或继续起飞；若速度超过v2=80m/s就必须起飞，否则会滑出跑道．已知从开始到离开地面的过程中，飞机的加速度保持不变．（1）求正常情况下驾驶员从判断发动机运行状态到做出决断终止起飞的最长时间；（2）若在速度达到v2时，由于意外必须停止起飞，飞机立即以5m/s2的加速度做匀减速运动，要让飞机安全停下来，求跑道的最小长度．【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【分析】（1）由时间t0=28s、速度v0=70m/s，计算出加速度，结合v1=77m/s，得到做出决断终止起飞的最长时间；（2）由位移时间关系结合速度时间关系求解位移．（或利用v﹣t图象求解位移．）【解答】解：设加速过程加速度为a1，允许作出判断的时间为t，则有：v0=a1t0v1﹣v0=a1t解得：a1=2.5m/s2；t=2.8s（2）加速位移为：m减速位移为：：m跑道的最小长度为：：x=x1+x2解得：x=1920m。

潮州二模理综物理试卷 2011.4一、单项选择题13．下面列举的事例中正确的是A ．伽利略认为力是维持物体运动的原因B ．牛顿最早成功的测出了万有引力常量C ．卢瑟福通过原子核的人工转变实验发现了中子D ．爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说 14．如图所示，物体A 和B 的重力分别为9N 和4N ， 不计弹簧秤和细线的重力和一切摩擦，以下说法正确的是A ．弹簧秤的读数为9NB ．弹簧秤的读数为4NC ．A 与地面的弹力为0ND ．绳对A 的拉力及A 受的重力是一对平衡力 15．下列说法正确的是A ．凡是不违背能量守恒定律的实验构想都是能够实现的B ．凡是晶体都表现出各向异性C ．布朗运动是液体分子的无规则运动的宏观反映D ．分子间不可能同时存在引力和斥力16．若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，，则在此过程中关于气泡中的气体(可视为理想气体)，下列说法正确的是A. 内能不变B.内能增大C.向外界放热D.内能减小 二、双项选择题17．如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线1和2为等势线．a 、b 两个带电量相同的粒子以相同的速度从电场中M 点沿等势线1的切线飞入，粒子仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，则在开始运动的一小段时间内（粒子在图示区域内） A ．a 受到的电场力变小，b 受到的电场力变大 B ．a 的速度将减小，b 的速度将增大 C ．a 一定带正电，b 一定带负电 D ．a 、b 两个粒子所带电荷电性相反打点计时器带有定滑轮的长木板砂桶细线纸带接电源18．如图所示是某质点在阻力不变的水平面受水平拉力作用下运动的速度v —t 图象，由图象得到的正确结果是A ．0—6s 内的平均速度是2m/sB ．0—4s 内的加速度小于4—6s 内的加速度 C. 0—6s 内速度方向发生改变 D . 0—6s 内位移为24m19．地球同步通信卫星和月球都看做绕地球做匀速圆周运动，其圆周运动的向心力分别为F 1、F 2 ; 圆周运动速率分别为v 1、v 2 ; 向心加速度分别为a 1、a 2 , 则A ．F 1<F 2B ．v 1<v 2C ．a 1<a 2D ．线速度都小于7.9 km/s 20. 以下说法正确的是：A ．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应 B.γ射线在电场和磁场中都不会发生偏转C ．放射性物质放出的射线中，α粒子动能很大，因此贯穿物质的本领最强 D. 氢原子能吸收任意频率光子并跃迁到高能态21． 如图，上表面粗糙U 金属导轨ab cd 固定在绝缘水平面上，导体棒ef 放在导轨右端，导体棒与金属导轨接触良好，整个装置处一竖直向上的磁场，磁场的变化如图所示，导体棒ef 总处于静止状态，则 A. t =0 时回路电流I=0 B. 接近1s 时ef 受安培力最大C. 0—5s 过程导体棒ef 一直有向右滑动的趋势D. 0-1s 回路感应电流与3-5s 感应电流方向相反 三、非选择题34. （Ⅰ）(1)我们已经知道，物体的加速度（a ）同时跟合外力（F ）和质量（M ）两个因素有关。

广东省潮州市2015届高考理综第二次模拟考试试题（扫描版）潮州市2015届高考第二次模拟考试生物参考答案1－6 :DADCCA 24:CD 25:AC26.（每空2分，共16分）I ATP和（各1分）叶绿体基质淀粉（Pi 和磷酸丙糖通过磷酸转运器的运输是1∶1 反向进行的）Pi转运进叶绿体的速率低使叶绿体内磷酸丙糖浓度增加，更有利于淀粉的形成（划线处为得分点）II（1）重经过光照后叶片通过光合作用积累了有机物，（重量增加）（2）y-z（3）2y-x-z27. （每空2分，共16分）（1）白花：黄花=13:3 3/13（2）黄色5:1（3）花瓣载体（质粒）植物组织培养转基因植株与纯合橙红花品种植株花朵颜色（深浅）28. （每空2分，共16分）（1）BC (含碳)有机物（2）11.5% 草食动物（A）的粪便（只答“粪便”不得分）（3）大于抵抗力（4）保证在最小面积内基本能反映物种数量情况（或最多的物种数量）（划线处为得分点）取样器取样法29. （每空2分，共16分）（1）由负变正（2）升高持续性兴奋（3）1mL（或等量）生理盐水避免偶然因素导致实验结果出现误差（或避免个体差异对实验结果的干扰、设置重复实验以减小误差等）基因的选择性表达（4）12～15 3—NP在该时段内诱导凋亡基因表达（或合成P53）增速最快，神经细胞凋亡加速化学参考答案7 A 8 C 9 B 10 C 11 D 12 B 22 BC 23 BC30．（16分） （1）C9H12O4 （2分） 10 （2分）（2）（2分）（3（2分）（3分）（4）a 、c （2分） （5）（3分）31．（16分）（1）（2分）（2）5、4、6 ＝ 5、4、2、6 （2分）（3）CH3OH （g ）+3/2O2（g ） CO2（g ）+ 2H2O （g ） △H ＝－651kJ·mol-1（3分）（4） ① CH3OH + 8OH- - 6e- = CO32- + 6H2O (2分)② 2CH3OH + 3O2 + 4OH- = 2CO32- + 6H2O (2分)（5）4 L2 /mol2（3分。

2016-2017高三二模理综物理科答案二、选择题：本题包括8小题，每小题6分,共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分。

（一）必考题22、（7分）(1)否 (2)导轨上遮光条位置到光电门B位置的距离为L(3) (4)气垫导轨不水平(5) （除（3）（5）空各2分外其它每空1分）23、（8分）(1) D，F (2)如图 (3)很大 1.0×103Ω(965～1 040 Ω)(4)系统误差电流表分压（作图2分，分压内接各1分）24、(14分)解：（1）对物块P由动能定理得有：①……………………………2分解得②………………………………………………2分（2）A与B碰撞由动量守恒有：③ (2)分Q从B→C由动能定理得④……………………………2分物块Q在C点时有⑤……………………………………………………………2分由②③④⑤并代入数据解得负号表明物块P反弹回去对P由动能定理有：⑥ (2)分即物体与A点距离为d=1m ⑦……………………………………………2分25．（18分）解：（1）金属棒有沿着斜面向上的加速度，则：………………………………………2分又：………………………………………………………………………………………1分其中：…………………………………………………………2分B=2t +1(T)解得：即至少需要2.5s. ……………………………………………………………1分（2）对金属棒由牛顿第二定律得：………………………………………2分其中：…………………………………………………………………………1分又 …………………………………………………………………………………………1分 解得：……………………………………………………………………………1分（3） 棒达到最大速度时R 1产生热量 ……………………………………………1分 并联电阻 …………………………………………………………………………1分棒产生热量……………………………………………………………1分得棒达到最大速度时受力平衡………………………………………………………1分其中： ………………………………………………………………………………1分解得：由能量守恒得：……………………………………………………………1分解得：……………………………………………………………………………………………1分33．（15分）解：(1)（5分）BCD(2) （10分）①气缸开始移动前气体做等容变化，则由查理定律得T1p1＝T2p2…………………………2分初态：p 1＝p 0＝1.0×105 Pa T 1＝300K末态：p 2＝p 0＋S μmg ＝ 1.4×105Pa …………………………………………………2分解得T 2＝p1p2T 1＝420K ……………………………………………………………1分②气缸开始移动后气体等压变化由盖—吕萨克定律得T2V2＝T3V3…………………………2分初态：p 2＝1.4×105 Pa V 2＝V 1=2.0×10－3m 3 T 2＝420K末态：p 3＝1.4×105 Pa T 3＝630K解得V 3＝3.0×10－3m 3气缸移动的距离为………………………………………………3分34. （15分）解：（1）（5分）C、D、E；（2）解：（i）红色光（2分）（i i）画出如右图的光路图（2分）入射角①（1分）是入射到平面镜上的光线，是法线，②（1分）③（1分）由折射定律得：④（1分）⑤（1分）①②③④联立解得：（1分）2016-2017高三二模理综化学科答案二、非选择题26．(14分)I．（1）溶液变红（1分）NH3（1分）（2）①FDE (2分) ② F中出现白色沉淀（1分）防倒吸（1分）II．（1）Cr2O72－+ 6Fe2++14H+ =2Cr3++ 6Fe3++ 7H2O (2分)（2）c (2分)（3）上下移动量气管（滴定管），使左右两边液面相平（2分）（4）175V/m*100%或(2分)27 ．（14分）I．（1）-308（2分）（2）①＞（1分）②不正确（1分）温度越高，催化效率越高，化学反应速率越快，而A点的温度低、催化效率高，B点的温度高、催化效率低，所以无法比较速率大小（2分）③50%（2分）④增大压强或及时分离出乙醛酸（1分）II．（1）阳（1分）（2）提供H+，作电解质溶液（2分）（3）HOOC-COOH + 2H+ + 2e- = OHC-COOH + H2O（2分）28．（15 分）（1）+6（1 分）重结晶（1 分）（2）MoO3、SO2（2 分） 3.5NA（2 分）（3）b（1 分）（4）MoO3+Na2CO3=Na2MoO4+CO2↑（2 分）ac（2 分）（5）4Al+2MoO32Mo+2Al2O3（2 分）（6）95%（2 分）35．（15分，无特殊说明，每空2分）（1）3d24s2（2分）（2）分子晶体（1分）；sp3（1分）；（3）CO2(或N2O、CS2、BeCl2等合理均可给分，写成离子的不得分)（2分）（4）相同（2分）； Cl﹣、H2O （2分）（5）n2n+（2分）（6）（3分）（列式正确即得分）36．（共15分）（1）邻羟基苯甲酸（2分）（2）（2分）（3）取代反应、缩聚反应（每空1分）（4）（2分）（5）C8H8O3 3（每空2分）（6）（3分，写对一步得1分）2016-2017高三二模理综生物科答案1.C2.B3.D4.A5.C6.B29.（除说明外每空2分，共9分）（1）在显微镜下（1分）观察到存在叶绿体（1分）（2）2-4 增加（1分）（3）大于两时间段内细胞呼吸与光合作用速率相等，但是8-10小时CO2浓度较小，所以光照强度较大（说明：必须答到“速率相等”和“CO2浓度”两方面才可得2分，否则不得分）30.（每空1分，共7分）（1）感受器Na+内流神经递质大脑皮层（2）垂体负反馈免疫活性物质31.（每空2分，共12分）(1)流向分解者的能量低于消费者获得的能量主要来自饵料(2) 蛋白质 N、P 提高生态系统抵抗力稳定性(或增强生态系统的自我调节能力)32.（除说明外每空2分，共11分）（1）2 自由组合定律（2）4 1/3 （3）不同（1分） 3/3237.（除说明外每空2分，共15分）（1）唯一碳源选择培养基（2）高压蒸汽灭菌法稀释（溶解）（3）纯化稀释涂布平板法（4）4.6×107（3分）38.（除说明外每空2分，共15分）（1）反转录（或逆转录）耐高温的DNA聚合（或“Taq”）要有一段已知G基因的核苷酸序列农杆菌转化法（2）愈伤组织再分化（3）不能（1分）G基因的表达产物为G蛋白,口服时会在消化酶的作用下失效。

广东省潮州市2017届高三第二次模拟考试理科综合物理试卷第I 卷（选择题，共21小题，每小题6分，共126分）14．在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。

下列说法符合历史事实的是（ ）A ．汤姆孙在a 粒子散射实验中发现了电子B ．卢瑟福在原子核人工转变的实验中发现了中子C ．爱因斯坦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说D ．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在原子核15．如图甲所示，矩形线框在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO '匀速转动，产生的感应电动势e 随时间t 的变化曲线如图乙所示，若外接电阻的阻值R 9=Ω，线圈的电阻r 1=Ω，则下列说法正确的是（ ）A ．伏特表的示数为90 VB ．线圈角速度为50 πrad/sC ．通过线圈的最大电流为 AD ．0.01 s 末穿过线圈的磁通量最大16．如图所示，正方体真空盒置于水平面上，它的ABCD 面与EFGH 面为金属板，其他面为绝缘材料，ABCD 面带正电，EFGH 面带负电．从小孔P 沿水平方向以相同速率射入三个质量相同的带正电液滴A 、B 、C ，取后分别落在l 、2、3三点，则下列说法正确的是（ ）A ．液滴C 所带电荷量最多B ．三个液滴的运动时间不一定相同C ．三个液滴落到底板时的速率相同D ．三个液滴在真空盒中都做平抛运动17．如图所示，横截面为直角三角形的斜劈P ，靠在粗糙的竖直墙面上，力F 通过球心水平作用在光滑球Q 上，系统处于静止状态．当力F 增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是（ ）A ．斜劈P 所受合外力增大B ．球Q 对地面的压力不变C ．墙面对斜劈P 的摩擦力增大D ．斜劈P 对竖直墙壁的压力增大18．如图A 、B 两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B ，另一端绕过定滑轮连接C 物体，已知A 和C 的质量都是1kg ，B 的质量是2kg ，A 、B 间的动摩擦因数是0.3，其它摩擦不计，由静止释放C ，C 下落一定高度的过程中（C 未落地，B 未撞到滑轮，2g 10m /s ）。

2016届广东省潮州市高三第二次模拟考试理科数学试题（图片版）2016年二模数学勘误理科数学：其中第二行中第5个数据，第6个数据潮州市2016年高考第二次模拟考试数学（理科）参考答案一．选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．1．解析：R A =，[)+∞=,1B ，故B B A =⋂，选D 2．解析：1z i =+,1z i =-选D3．解析：∵p ：|x+1|<2，∴-3<x<1 ,∵q ：33<x,∴x<1，∴p ⇒ q,∴p 是q 的充分不必要条件,故选A4．解析：因为()2,3N a ，)2()32(+>=-<a P a P ξξ，所以2322a a a -++=，即1a =，故选C ．5．解析：几何体为圆柱体和长方体的组合体，∴24216V ππ=+⨯⨯=+．故选C ．6．解析:由双曲线的渐近线与直线x ﹣2y+1=0平行知122b e a =⇒===选B7．解析：正数组成的等比数列{}n a ，219100a a ⋅=，有813219100a a a a ⋅=⋅=有81320a a +≥=，当且仅当813a a =时，813a a +取最小值20，选A8．解析：∵f （x ）是定义在R 上偶函数,当x ＞0时，f′（x ）＜0，此时函数为减函数，则x＜0时，函数为增函数,若f （ln x ）＞f （1），则﹣1＜ln x ＜1则1e＜x ＜e,选C 9．解析：当213log 14,1152n s s s n n n n +=-=+==+=+时中的 此时还需再循环一次才能退出，故输出的结果是16，选C10．解析：AB ≤ ,k Z ∈知{}4,3,2,1,0,1,2,3,4,k ∈----由(),1AB k =与()2,4AC AB CB =-= 垂直有2k =-，()()2,3,1CB k AB k =--=由与，13k =-垂直有或，所以 ABC 是直角三角形的概率是13，选B11．解析：由()2112323R R ⨯=,得3R =3433V R π==，选B的范围为（，法二：由()fθ求导数可得()22sin cos f θθθ'=+()cos (1)0sin (1)f m θθθ--'==--令得，由m 表示动点Q （sinθ，cosθ）到定点P （﹣1，﹣1）的斜率，又可得动点Q 的轨迹为的单位圆在第一象限的部分，画图可知：m 的范围为（，2）． 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分． 13． 2 ； 14．060； 15 16．122016-．13．解析：作出可行域，作出直线0l ：02=+y x，平移直线0l ，当直线0l ：02=+y x 过点A 时， y x z +=2取最大值，由20230x y x y -=⎧⎨-+=⎩解得A （1,2），∴y x z +=2的最大值为4，故2=u .14．解析：()2241cos ,222a b a a b a a b a a ba ab a+⋅⋅+-++====⨯++则a b + 与a的夹角是060 15．解析：过点P 作1,2pPM x M PM FM x ⊥===-轴于点题有142pPF x ===+，∴4p =-2x =-． 16．解析：由nn n a a 21≤-+，nn n a a 232⨯-≤-++11+2-2n n n a a +-≤有+111-22=2n n n n n n n n n a a a a a a ++-≤-≥-也即即，故()()()2015201420162016201620152015201421122121a a a a a a a a ∴=-+-++-+=+++=- 三、解答题：（共6小题，满分共70分）17．解：（1）由A A cos 2cos =得01cos cos 22=--A A ， ……2分所以1cos 2A =-或cos 1A =. ……4分 因为0A π<<所以1cos 2A =-， ……5分所以角A 为23π ……6分另解：由A A cos 2cos =得()222-2A A k A A k k Z ππ=+=+∈或 ……3分因为0A π<<所以角A 为23π ……6分 （2）由222ABC S a b c ∆=+-及1sin 2ABC S ab C ∆=有222sin ab C a b c =+-2222a b c C ab+-= ……7分cos C C =显然cos 0C ≠有tan 3C =， ……8分 ∴6π=C …… 9分又由正弦定理有2sin sin36cππ=得2c =， …… 10分 又21sin sin()362B πππ=--= …… 11分 所以ABC ∆的面积1sin 2S ac B == …… 12分（或由正弦定理sin sin a b A B=得2b =，由222ABC S a b c ∆=+-得ABC S ∆= 18．解. (1)设估计上网时间不少于60分钟的人数为x ,依据题意有30600100x =,解得x=180, 所以估计其中上网时间不少于60分钟的有180人, …… 2分(2)其中2200603040702002.198 2.7061001001307091K ⨯⨯-⨯==≈<⨯⨯⨯ …… 5分 故不能有90%的把握认为“学生周日上网时间与性别有关”。

广东省潮州市朝安区凤凰中学2016届高三11月月考考理科综合物理试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中． 14~18题只有一项符合题目要求． 19~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14．下列对物理学发展史的表述，其中观点不正确的是A ．伽利略根据理想实验推论出，如果没有摩擦，在水平面上的物体，一旦具有某一个速度，将保持这个速度继续运动下去B ．牛顿发现了万有引力，总结得出了万有引力定律，并用实验测出了万有引力常数C ．牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动D ．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比15．一辆汽车在平直的公路上从静止运动，先后经历匀加速、匀速、匀减速直线运动最后停止。

从汽车启 动开始计时，下表记录了汽车某些时刻的瞬时速度，根据数据可判断出汽车运动的v -t 图像是16．．的水平速度，气球经一定时间到达某一高度h ，则 A ．气球实际速度的大小为7m/s B ．气球的运动轨迹是曲线C ．若气球获5m/s 的水平速度，气球到达高度h 的路程变长D ．若气球获5m/s 的水平速度，气球到达高度h 的时间变短17．如图，质量为m 的木块放在倾角为α的斜面上与斜面一起水平向左匀速运CBDaF 1动，则木块A ．对斜面的作用力大小为mgcos αB ．所受的支持力对木块不做功C ．所受的摩擦力对木块做负功D ．所受的摩擦力方向可能沿斜面向下18．如图，质量为m 的球置于450斜面上，被一个垂直斜面挡板挡住．现用一个力F 拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a 的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是A ．若加速度足够小，挡板对球的弹力可能为零B ．若加速度大小为重力加速度g 值时，斜面对球的弹力为零C ．斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值D ．斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma19． 如图所示，飞行器P 绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞行器的张角为θ，下列说法正确的是 A ．轨道半径越大，周期越长B ．轨道半径越大，速度越大C ．若测得周期和张角，可得到星球的平均密度D ．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度20．如图所示A 、B 两木块放在水平面上，它们用细线相连，两次连接情况中细线倾斜方向不同但倾角一样。

2023届广东省潮州市高三下学期第二次模拟考试物理高频考点试题一、单选题 (共6题)第(1)题小明同学在实验室里用插针法测平行玻璃砖折射率的实验中，已确定好入射方向AO，插了两枚大头针P1和P2，如图所示（①②③是三条直线）。

在以后的操作说法中你认为正确的是（ ）A．在bb′侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在①线上B．在bb′侧调整观察视线，另两枚大头针P3和P4可能插在③线上C．若保持O点不动，减少入射角，在bb′侧调整观察视线，另外两枚大头针P3和P4可能插在①线上D．若保持O点不动，增大入射角，在bb′侧调整观察视线，看不清P1和P2的像，这可能是光在bb′界面发生全反射第(2)题一小磁针沿固定导体圆环的轴线运动，且小磁针的磁极与轴线平行。

若其运动至P点时速率为v，忽略小磁针的重力和空气阻力，则（ ）A．圆环的电阻越大，小磁针在P点的加速度越大B．小磁针在P点的加速度大小与其在P点的速度大小无关C．小磁针在P点的加速度方向与小磁针北极的指向有关D．小磁针在P点的加速度与小磁针在P点的速度总是反向第(3)题如图所示，质量相等的A、B两物体放在轻质薄板C的两端，C与水平面之间无摩擦。

在水平力和的共同作用下，A、B、C一起由静止开始运动，已知，三者始终相对静止（ ）A．若突然撤去，物体A的加速度一定减小B．若突然撤去，物体A所受的摩擦力一定减小C．若突然撤去，物体B的加速度一定减小D．若突然撤去，物体B所受的摩擦力一定增大第(4)题汽车主动降噪系统的原理是通过扬声器发出声波将车外噪音反向抵消，从而减少车内噪音。

下列说法正确的是（ ）A．抵消信号的振幅应为噪声信号的2倍B．抵消信号与噪声信号的波长相同C．汽车降噪是因为噪声信号发生了偏振D．汽车降噪是因为噪声信号发生了多普勒效应第(5)题如图所示，一理想变压器的原线圈连接一灯泡L，接在输出电压有效值恒定的正弦式交流电源上，副线圈连接一滑动变阻器，可以通过调节滑片的位置来改变接入电路中的副线圈匝数。

2016-2017学年广东省潮州市高三（上）期末物理试卷一、选择题：本题包括8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）在物理学的发展过程中，许多物理学家做出了贡献，他们的科学发现和所采用的科学方法推动了人类社会的进步．以下说法正确的是（）A．牛顿推翻了亚里士多德重的物体下落快、轻的物体下落慢的结论B．伽利略利用铜球沿斜槽滚下的实验，推理出自由落体运动是匀加速直线运动．这采用了实验和逻辑推理相结合的方法C．库仑发明了扭秤，测出了万有引力常量D．开普勒利用行星运行的规律，得出了万有引力定律2．（6分）入冬以来，全国多地多次发生雾霾天气，能见度不足20m。

在这样的恶劣天气中，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，乙在前、甲在后同向行驶。

某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车。

两辆车刹车时的v﹣t图象如图，则（）A．若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定等于112.5 mB．若两车发生碰撞，开始刹车时两辆车的间距一定小于90 mC．若两车发生碰撞，则一定是在刹车后20 s之内的某时刻发生相撞D．若两车发生碰撞，则一定是在刹车后20 s以后的某时刻发生相撞3．（6分）在真空中某点电荷产生的电场中有a、b两点，a点的电势为φa，场强大小为E a，方向与连线ab的夹角为60°．b点的电势为φb，场强大小为E b，方向与连线ab的夹角为30°．则a、b两点的场强大小及电势高低的关系是（）A．φa＞φb，E a=B．φa＜φb，E a=C．φa＞φb，E a=3E b D．φa＜φb，E a=3E b4．（6分）矩形导线框abcd放在匀强磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图所示．t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里；在0～4s时间内，线框ab边受匀强磁场的作用力随时间变化的图象（力的方向规定以向左为正方向）是图中的（）A．B．C．D．5．（6分）如图所示，电梯的水平地板上放置一质量为m的物体，电梯由静止开始以a=2g的加速度竖直向上加速上升，则在电梯上升H高度的过程中，下列说法中正确的是（）A．物体的重力势能增加了2mgHB．物体的机械能保持不变C．物体的机械能增加了3mgHD．物体的动能增加了2mgH6．（6分）2016年10月19日凌晨，“神舟十一号”裁人飞船与“天宫二号”空间实验室成功实现交会对接．假设对接前“天宫二号”与“神舟十一号”都围绕地球做匀速圆周运动，则下面说法正确的是（）A．对接前，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B．为了实现飞船与空间实验室的对接，飞船可先在比空间实验室半径小的轨道上加速，加速后飞船逐渐靠近空间实验室，两者速度接近时实现对接C．由于对接轨道所处的空间存在极其稀薄的大气，如不加干预，天宫二号的轨道半径会逐渐变小，机械能会逐渐变小D．对接后，航天员在天宫二号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用7．（6分）如图所示，质量为m的小物块A以水平速度v0滑上原来静止在光滑水平面上质量为M的小车B上，物块与小车间的动摩擦因数为μ，小车足够长．以下说法正确的是（）A．A的速度最小时，B的速度达最大B．A、B的速度相等时的速度为v0C．A对B的摩擦力所做的功，等于B对A的摩擦力所做的功D．要使A不滑出小车B，小车长度至少为8．（6分）如图所示，倾角为30°的斜面体静止在水平地面上，轻绳一端连着斜面上的物体A（轻绳与斜面平行），另一端通过两个滑轮相连于天花板上的P 点．动滑轮上悬挂质量为m的物块B，开始悬挂动滑轮的两绳均竖直．现将P点缓慢向右移动，直到动滑轮两边轻绳的夹角为90°时，物体A刚好要滑动．假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物体A与斜面间的动摩擦因数为．整个过程斜面体始终静止，不计滑轮的质量及轻绳与滑轮的摩擦．下列说法正确的是（）A．物体A的质量为mB．物体A受到的摩擦力一直增大C．地面对斜面体的摩擦力水平向左并逐渐减小D．斜面体对地面的压力逐渐减小三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．（一）必考题9．（7分）把两根轻质弹簧串联起来测量它们各自的劲度系数，如图甲所示．（1）未挂钩码之前，指针B指在刻度尺如图乙所示的位置上，记为cm；（2）将质量50g的钩码逐个挂在弹簧Ⅰ的下端，逐次记录两弹簧各自的伸长量；所挂钩码的质量m与每根弹簧的伸长量x可描绘出如图丙所示的图象，由图象可计算出弹簧Ⅱ的劲度系数kⅡ=N/m；（取重力加速度g=9.8m/s2）（3）图丙中，当弹簧I的伸长量超过17cm时其图线为曲线，由此可知，挂上第个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度，这对测量弹簧Ⅱ的劲度系数（选填“有”或“没有”）影响（弹簧Ⅱ的弹性限度足够大）．10．（8分）二极管是一种半导体元件，它的符号为．二极管具有单向导电性，即电流从+极流入时电阻比较小，而从+极流出时电阻比较大．（1）使用万用表测量测量二极管的正反向电阻，可辨明它的正负极．步骤是：将选择开关旋至合适倍率，调整欧姆零点，将黑表笔接触二极管的左端、红表笔接触右端，指针偏角比较小；将红、黑表笔对调再进行测量，指针偏角比较大．由此判断（填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）某二极管的伏安特性曲线如图1，可选用下列器材验证其正向电压时的伏安特性曲线：A．直流电源E：电动势3V，内阻忽略不计B．滑动变阻器R：0～20ΩC．电压表V1：量程5V、内阻约为50kΩD．电压表V2：量程3V、内阻约为20kΩE．电流表A：量程0.6A、内阻约为0.5ΩF．电流表mA：量程50mA、内阻约为5ΩG．待测二极管DH．单刀单掷开关S，导线若干为提高测量结果的准确度，电压表应选用，电流表应选用．（填写各器材前的字母代号）（3）为达到测量目的，请在如图2虚线框内画出正确的实验电路图．11．（14分）如图所示，在纸面内半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一点电荷从图中A点以速度v0垂直磁场射入，速度方向与半径方向的夹角为30°．当该电荷离开磁场时，速度方向刚好改变了180°，不计电荷的重力．求：（1）该点电荷的比荷及该点电荷在磁场中的运动时间；（2）现将一同样的点电荷从图中A点以速度v0沿半径AO方向垂直射入同样的磁场，则电荷在磁场中的运动时间又是多少．（若tanθ=2，则θ=arctan2 ）12．（18分）如图所示，在高H=5.0m的光滑水平台左端水平放置一两轮间距d=6.0m的传送带．可视为质点的滑块a、b之间用细绳相连，其间有一处于压缩状态的轻质弹簧（滑块与弹簧不拴接），开始时整个装置处于静止状态．某时刻装置中的细线忽然断开，滑块a、b被弹出，其中滑块a以速度v0=5.0m/s 向左滑上传送带，滑块b沿竖直放置的半径为R=0.1m的光滑圆形管道做圆周运动，并通过最高点C．已知滑块a、b的质量分别为m a=1.0kg，m b=2.0kg，滑块a与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，空气阻力不计，g=10m/s2．求：（1）滑块a、b被弹出时，滑块b的速度v b及细绳断开前弹簧弹性势能E p；（2）滑块b通过圆形管道最高点时对管道的压力；（3）试分析传送带的速度满足什么条件时，滑块a离开传送带左边缘落地的水平距离最大，并求出最大距离．（二）选考题13．（15分）如图所示，一光滑绝缘斜面固定在平行斜面向上的匀强电场中，斜面的倾角为θ，斜面上有一个质量为m，带电荷量为q的小物体（可视为质点），开始时，物体受到沿斜面向下的外力F=2mgsinθ的作用而保持静止。