【高中物理】云南省曲靖市宣威市第三中学2017-2018学年高二物理下学期3月月考试卷.doc

曲靖市宣威三中2017-2018学年下学期3月份月考（高一物理）一、单选题1. 伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑推理的完美结合．伽利略先用斜面进行实验研究，获得匀变速直线运动的规律，然后将此规律合理外推至倾角为90°自由落体的情形．对伽利略研究过程的理解，下列说法正确的是( )A. 图中所示的情形均为真实的实验过程B. 图中所示的情形均为理想的实验过程C. 利用斜面“放大”重力的作用，使实验现象更明显D. 利用斜面“冲淡”重力的作用，便于测量实验数据【答案】D【解析】A、伽利略的时代无法直接测定瞬时速度，就无法验证v与t成正比的思想，伽利略通过数学运算得到，若物体初速度为零，且速度随时间均匀变化，即v正比于t，那么它通过的位移与所用时间的二次方成正比，只要测出物体通过不同位移所用的时间就可以验证这个物体的速度是否随时间均匀变化．前三个过程为真实的实验过程，最后一个为理想的实验过程，故AB错误；C、由于伽利略时代靠滴水计时，不能测量自由落体所用的时间，伽利略让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于沿斜面下滑时加速度减小，所用时间长得多，所以容易测量．这个方法叫“冲淡”重力．由于“冲淡”重力的作用，小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所用时间长的多，所以容易测量．故C错误，D正确。

故选D．点睛：本题考查了伽利略对自由落体运动的研究，要了解其研究过程为什么要“冲淡”重力的方法．!2. 天文学家如果观察到一个星球独自做圆周运动，那么就想到在这个星球附近存在着一个看不见的星体黑洞．星球与黑洞通过万有引力的作用组成双星，以两者连线上某点为圆心做匀速圆周运动，那么( )A. 它们做圆周运动的角速度与其质量成反比B. 它们做圆周运动的周期与其质量成反比C. 它们做圆周运动的半径与其质量成反比D. 它们所受的向心力与其质量成反比【答案】C【解析】由于该双星和它们的轨道中心总保持三点共线，所以在相同时间内转过的角度必相等，即它们做匀速圆周运动的角速度必相等，因此周期也必然相同，AB错误；因为它们所受的向心力都是由它们之间的相互作用力来提供，所以大小必然相等，D错误；由可得C正确，选C.3. 登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响．根据下表，火星和地球相比( )A. 火星的公转周期较小B. 火星做圆周运动的加速度较小C. 火星表面的重力加速度较大D. 火星的第一宇宙速度较大【答案】B【解析】试题分析：根据开普勒第三定律分析公转周期的关系．由万有引力定律和牛顿第二定律结合分析加速度的关系．根据万有引力等于重力，分析星球表面重力加速度的关系．由v=分析第一宇宙速度关系．解：A、由表格数据知，火星的轨道半径比地球的大，根据开普勒第三定律知，火星的公转周期较大，故A错误．B、对于任一行星，设太阳的质量为M，行星的轨道半径为r．根据G=ma，得加速度a=，则知火星做圆周运动的加速度较小，故B正确．C、在行星表面，由G=mg，得g=,由表格数据知，火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为=•=×＜1,故火星表面的重力加速度较小，故C错误．D、设行星的第一宇宙速度为v．则G=m，得v=．代入可得火星的第一宇宙速度较小．故D错误．故选：B．4. A、B两质点的v－t图象如图所示，设它们在同一条直线上运动，在t＝3 s时它们在中途相遇，由图可知( )A. A比B先启程B. A比B后启程C. 两质点启程前A在B前面3 m处D. 两质点启程前A在B后面2 m处【答案】C【解析】A、两物体都从零时刻开始运动，即A、B同时开始运动，故A、B错误；C、它们在同一条直线上运动，在时它们在中途相遇，而图象中A的面积即位移3m；B 的面积即位移6m，说明两质点启程前A在B物体前方3m处，故C正确，D错误。

云南省曲靖市宣威市第三中学2020-2021学年高二物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 关于功率，下列说法中正确的是A．功率是描述做功多少的物理量，在国际单位制中，其单位是焦耳（J）B．功率是描述做功多少的物理量，在国际单位制中，其单位是瓦特（W）C．功率是描述做功快慢的物理量，在国际单位制中，其单位是焦耳（J）D．功率是描述做功快慢的物理量，在国际单位制中，其单位是瓦特（W）参考答案：2. （单选）如图，斜面上有a、b、c、d四点，ab=bc=cd.从a点正上方O点处以速度v0水平抛出一个小球，它落在斜面上b点．若小球从O点以速度2v0水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上的A．b与c之间某一点B．c点C．c与d之间某一点D．d点参考答案：A3. (单选)仔细观察氢原子的光谱，发现它只有几条分离的不连续的亮线，其原因是（）A．观察时氢原子有时发光，有时不发光B．氢原子只能发出平行光C．氢原子辐射的光子的能量是不连续的,所以对应的光的频率也是不连续的D．氢原子发出的光互相干涉的结果参考答案：C4. 重600N的人站在升降机内的台秤上，台秤示数为480N，则升降机的可能正在（）A．匀速下降 B．加速下降 C．减速上升 D．减速下降参考答案：BC5. 下列关于电磁波的说法中不正确的是（）A．电信号频率低，不能直接用来发射B．调谐是调制的逆过程C．变化的电场一定产生变化的磁场D．雷达是利用短波的反射来测定物体位置的无线电设备参考答案：BCD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 速度有许多单位，在国际单位制里速度的单位是m/s，但汽车速度常用km/h作单位，1m/s= km/h，1km/h= m/s。

高速公路上某类汽车的限速为120km/h= m/s。

参考答案：3.6 1/3.6 33.37. （4分）一金属导体的两端电压为4.5V时，通过导体的电流为0.3A，当导体两端的电压为6.0V时，通过导体的电流为__________A；当导体两端的电压为零时，导体的电阻为__________Ω。

云南省曲靖市宣威市榕城镇第三中学高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示验电器A带负电，验电器B不带电，用导体棒连接A、B的瞬间，下列叙述中错误的是（）A．有瞬时电流形成，方向由A到BB．A、B两端的电势不相等C．导体棒内的电场强度不等于零D．导体棒内的自由电荷受电场力作用做定向移动参考答案：A【考点】静电现象的解释；电场强度．【分析】（1）金属依靠自由电子的定向移动而导电．（2）金属导体中，电流方向跟自由电子的移动方向相反．【解答】解：A、A验电器带负电荷，B不带电，拿一根绝缘柄的金属棒把A、B两个验电器连接起来，A上的电子经金属棒转移到B，这时B因多余电子带负电．故电子从A→B，电流方向跟自由电子的移动方向相反，所以电流方向是B→A．故A错误；B、A、B间出现电流，则两端的电势不相等，故B正确；C、导体棒内的自由电子在电场力作用下定向移动，所以棒内的电场强度不等于零，故C正确；D、导体棒内的自由电荷受电场力作用做定向移动，从而形成电流，故D正确；本题选择错误的，故选：A2. （单选）一个带电粒子，沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场，粒子的一段径迹如图所示，径迹上的每一小段可近似看成圆弧．由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电量不变）．从图中可以确定（）A．粒子从a到b，带正电B．粒子从b到a，带正电C．粒子从a到b，带负电D．粒子从b到a，带负电参考答案：B由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，所以B正确。

3. a、b两个物体从同一地点同时出发，沿同一方向做匀变速直线运动，若初速度不同，加速度相同，则在运动过程中A. a、b的速度之差保持不变B. a、b的速度之差与时间成正比C. a、b的位移之差与时间的成正比D. a、b的位移之差与时间的平方成正比参考答案：试题分析：根据△V=V t﹣V0可知，加速度相同时a、b两物体初速度设为V1、V2则速度之差计算可得；根据X=V0t+at2得，位移之差计算可得．解：A、B、根据△V=V t﹣V0可知，加速度相同时a、b初速度设为V1、V2则速度之差为：△V ab=V a﹣V b=（V1+at）﹣（V2+at）=V1﹣V2；故A正确，B错误；C、D、根据X=V0t+at2得，位移之差为：△X=X a﹣X b=（V1t+at2）﹣（V2t+at2）=（V1﹣V2）t，故C 正确，D错误．故选：AC【点评】本题考查速度时间关系和位移时间关系的应用，熟练掌握基本公式是关键，属于基础题型．4. 下列情况中的速度，属于平均速度的是A．刘翔在110米跨栏比赛中冲过终点线时的速度为9.5m/sB．由于堵车，汽车在通过隧道过程中的速度仅为1.2m/sC．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD．子弹射到墙上时的速度为800m/s参考答案：B5. 在如图所示电路中，开关S1、S2、S3、S4均闭合，C是极板水平放置的平行板电容器，板间悬浮着一油滴P，断开哪个开关后P会向下运动A. S1B. S2C. S3D. S4参考答案：C本题考查含容电路的分析，四个开关均闭合时,油滴悬浮于平行板电容器的极板间,油滴所受合外力为零,说明油滴除受重力外必受电场力的作用,且大小与重力相等,方向与重力相反.若断开某个开关后,油滴向下运动,必是电场力减小,电容器极板间电压减小所致.从电路连接形式可看出,电阻R1?R2并联后与电容器C串联.故电容器C实质上是并联在电阻R3两端.因R1?R2的电阻相对于电容器而言可忽略,断开S1不会使电容器两板间的电压发生变化;断开S4,电容器两板间的电压保持不变;断开S2,因电源内阻远小于电容器的电阻,电容器两板间电压反而会升高;只有断开S3时,电容器通过R3放电,使电容器两板间的电压降低,P才会向下运动点评：含容电路中，电容器所在支路为断路，没有电流通过，所以该支路的电阻相当于导线，利用这个结论可把电路图简化，电容器与电源断开电量不变，场强与单位面积的带电量成正比，当电容器与电源接通的情况下，电容器两端的电压保持不变，场强与两极板的距离成反比二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 电场线上每一点的_ 都跟该点的场强方向一致。

云南省曲靖宣威三中2017-2018学年下学期5月份考试高二生物本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共40小题,每小题1.0分,共40分)1.质粒是基因工程中常用的运载工具，某质粒上有两种抗药基因可作为标记基因，a 、b 、c 为三个可能出现的目的基因插入点，如右图所示。

如果用一种限制酶将目的基因和质粒处理后，合成重组质粒，将重组质粒导入某高等植物受体细胞后，用含有药物的培养基筛选受体细胞，预计结果如下表。

下列选项中正确的是( )A ． 如果出现①结果，说明两个抗药基因都没有被破坏，转基因实验获得成功B ． 如果出现①结果，说明限制酶的切点在c 点，目的基因在c 点的断口处C ． 如果出现②或者③结果，说明转基因实验失败D ． 转移到受体细胞中的a 、b 基因的遗传遵循孟德尔遗传规律2.单克隆抗体在疾病的诊断、治疗和预防方面与常规抗体相比，其特点是( ) A ． 单克隆抗体特异性强、纯度低、灵敏度高、产量高 B ． 单克隆抗体特异性强、纯度高、灵敏度低、产量高 C ． 单克隆抗体特异性强、纯度高、灵敏度高、产量低 D ． 单克隆抗体特异性强、纯度高、灵敏度高、产量高3.科学家用小鼠骨髓瘤细胞与某种细胞融合，得到杂交细胞，经培养可产生大量的单克隆抗体。

与骨髓瘤细胞融合的是( )A ． 经过免疫的B 淋巴细胞 B ． 不经过免疫的T 淋巴细胞C ． 经过免疫的T 淋巴细胞D ． 不经过免疫的B 淋巴细胞4.对于大多数家畜来说，精子在睾丸内形成的时间为两个月左右，而卵细胞的形成过程比较复杂。

请说出初级卵母细胞的第一次减数分裂完成的时间和部位分别是在( ) A ． 排卵前后，在卵巢内B ． 受精前，在卵巢内C ． 排卵前后，在输卵管D ． 受精时，在输卵管内 5.下列有关人体生命活动的叙述，错误的是( )A ． 在胚胎移植过程中子宫对外来胚胎不存在免疫排斥现象B ． B 细胞受到抗原刺激，在淋巴因子的作用下，被激活并进行增殖、分化C ． 经发育分化形成的原肠胚具有内外两个胚层D ． 激素起作用后即被灭活，故机体需源源不断产生，以维持其含量的动态平衡 6.下列关于哺乳动物胚胎工程的叙述，错误的是( ) A ． 利用胚胎分割技术可以获得两个或多个基因型相同的胚胎 B ． 诱导胚胎干细胞分化成器官的培养基中不需要加入滋养层细胞 C ． 采集到的精子和卵子相遇时即可发生受精作用 D ． 胚胎移植是胚胎工程其他技术的最后一道“工序” 7.下列动物细胞培养过程中，属于原代培养的是( )A ． 用胰蛋白酶使组织分散成单个细胞的过程B ． 从机体取得细胞后立即进行培养的过程C ． 出现接触抑制现象后取下的细胞的培养过程D ． 哺乳动物细胞在培养基中的悬浮生长过程8.人们常选用的细菌质粒分子往往带有一个抗生素抗性基因，该抗性基因的主要作用是( ) A ． 提高受体细胞在自然环境中的耐药性 B ． 有利于对目的基因是否导入进行检测 C ． 增加质粒分子在受体细胞存活的机会 D ． 便于与外源基因连接9.下列有关基因工程与蛋白质工程的叙述，正确的是( ) A ． 蛋白质工程可合成自然界原本不存在的蛋白质 B ． 蛋白质工程完全不同于基因工程C ． 基因工程需对基因进行操作，蛋白质工程不对基因进行操作D ． 基因工程是分子水平操作，蛋白质工程是细胞水平操作10.软骨发育不全为常染色体显性遗传病，基因型为HH 的个体早期死亡。

宣威五中2018年春季学期期末检测高二物理试卷一、选择题1.1.关于近代物理，下列说法错误．．的是（）A. 轻核聚变反应方程中，X表示电子B. α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C. 分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D. 基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n= 3激发态后，可能发射2种频率的光子【答案】A【解析】轻核聚变反应方程中，X的质量数为，电荷数，可知X表示中子，A错误；卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，B正确；分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，由于紫色光的频率大，由：可知，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大，C正确；基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=3激发态后，当该原子向地能级跃迁时，可能的途径是：n=3→n=1→n=1，所以可能发射2种频率的光子，D正确．2.2.汽车以20m/s的速度做匀速直线运动,见前面有障碍物立即刹车,刹车后加速度大小为5m/s2,则汽车刹车后2s内及刹车后5s内通过的位移之比为( )A. 1:9B. 1:3C. 5:13D. 3:4【答案】D【解析】试题分析：汽车刹车2s后速度，根据公式可得，根据公式可得，根据公式可得当t=4s时，速度为零，故5s后的位移和4s时的位移相等，故，解得，所以，故选D考点：考查了汽车刹车问题点评：做分析汽车刹车问题时，不能一味的带公式，需要根据实际情况判断汽车静止时的时间，3.3.如右图所示是甲、乙两物体的v-t图，则下列说法不正确的是（）A. 第5s末甲、乙两物体相遇B. 甲、乙两物体的运动方向相同C. 甲、乙两物体都做匀变速直线运动D. 甲的加速度大于乙的加速度【答案】A【解析】A．由图象可知末，甲乙两物体的速度相同，但乙的位移大于甲的位移，没有到达同一位置，故A错误；B．甲、乙两物体的速度图象始终在时间轴的上方，即方向相同，故B正确；C．图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，甲乙都是倾斜的直线，所以甲、乙两物体都做匀变速直线运动，故C正确；D．图象中斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，由图可以看出甲的倾斜角大于乙的倾斜角，所以甲的加速度大于乙的加速度，故D正确。

曲靖市宣威三中2017-2018学年下学期3月份月考高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

一、单选题(共12小题,每小题3分,共36分)1.某研究性学习小组对电工穿的“高压带电作业服”进行研究，发现其中用了大量的铜丝编织而成．对这一做法的最主要目的，同学们给出了四种猜想：甲认为：铜丝编织的衣服和人体相当于并联关系，能分走本该流经人体的电流乙认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意点的电势都保持为零丙认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意两点间电势差保持为零丁认为：被铜丝编织的衣服包裹的空间内任意点的电场强度保持为零对这些猜想的评价正确的是()A．都有正确B．甲和丁最关键C．丁最关键D．丙和丁最关键2.如图所示，两匀强磁场方向相同，以虚线MN为理想边界，磁感应强度分别为B1、B2.今有一个质量为m、电荷量为e的电子从MN上的P点沿垂直于磁场的方向射入匀强磁场B1中，其运动轨迹为如图虚线所示的“心”形图线．则以下说法正确的是()A．电子的运行轨迹为PENCMDB．电子运行一周回到P用时为T＝C．B1＝2B2D．B1＝4B23.如图所示，a、b两个闭合正方形线圈用同样的导线制成，匝数均为10匝，边长la＝3lb，图示区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，且磁感应强度随时间均匀增大，不考虑线圈之间的相互影响，则()A．两线圈内产生顺时针方向的感应电流B．a、b线圈中感应电动势之比为9：1C．a、b线圈中感应电流之比为3：4D．a、b线圈中电功率之比为3：14.一个带正电的微粒(重力不计)穿过如图所示的匀强磁场和匀强电场区域时，恰能沿直线运动，则欲使电荷向下偏转时应采用的办法是()A．增大电荷质量B．增大电荷电荷量C．减小入射速度D．增大磁感应强度5.在如图甲所示电路中，D为理想二极管(正向电阻为零，反向电阻为无穷大)．R1＝30 Ω，R2＝60 Ω，R3＝10 Ω.在MN间加上如图乙所示的交变电压时，R3两端电压表的读数大约是()A．3 VB．3.5 VC．4 VD．5 V6.某同学利用如图所示的电路描绘小灯泡的伏安特性曲线．在实验中，他将滑动变阻器的滑片从左端匀速滑向右端，发现电流表的指针始终在小角度偏转，而电压表的示数开始时变化很小，但当滑片接近右端时电压表的示数迅速变大．为了便于操作并减小误差，你认为应采取的措施是（）A．换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上B．换用最大阻值更大的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上C．换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线a的M端移到电流表“3”接线柱上D．换用最大阻值更小的滑动变阻器，将导线b的N端移到电流表“0.6”接线柱上7.如图所示，半径为R的绝缘圆筒内分布着匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里．一质量为m、电荷量为q的正离子(不计重力)从筒壁上的小孔P射入筒中，速度方向与半径OP成30°角．不计离子与筒壁碰撞的能量损失和电荷量的损失．若离子在最短的时间内返回P孔，则离子在圆筒内运动的速率和最短的时间分别是()A．，B．，C．，D．，8.将内阻为0.5 Ω的电池组与阻值为0.75 Ω的电阻、标有“6 V7.2 W”的小灯泡串联，就可以使这个小灯泡正常发光，由此可知，所用电池组的电动势是()A．6 VB．7.5 VC．9 VD．10.5 V9.某区域的电场线分布如图所示，a、b是电场中的两点，则下列关于a、b两点电场强度的判断正确的是（）A．Ea＜Eb，方向相同B．Ea＜Eb，方向不同C．Ea＞Eb，方向相同D．Ea＞Eb，方向不同10.根据电场强度的定义式E=，在国际单位制中，电场强度的单位应是（）A．牛/库B．牛/焦C．焦/库D．库/牛11.如图所示，匀强电场中的△PAB平面平行于电场方向，C点为AB的中点，D点为PB的中点。

云南省曲靖市宣威市第六中学2017-2018学年高二物理下学期3月月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分）分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.如图所示，用多用电表测量直流电压U和测电阻R，若红表笔插入多用电表的正(＋)插孔，则( )A．前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表B．前者电流从红表笔流入多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表C．前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流出多用电表D．前者电流从红表笔流出多用电表，后者电流从红表笔流入多用电表2.如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面积S铝＝2S铜．在铜导线上取一截面A，在铝导线上取一截面B，若在1 s内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两截面的电流的大小关系是( )A．IA＝IB B．IA＝2IB C．IB＝2IA D．不能确定3.如图所示，长直导线MN通以图示方向竖直向上的电流I，现有一小段通电导线ab，如图放置，则ab受磁场力的方向是( )A．竖直向上B．竖直向下C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里4.如图所示，在半径为R的圆柱形区域内有匀强磁场．一个电子以速度v0从M点沿半径方向射入该磁场，从N点射出，速度方向偏转了60°.则电子从M到N运行的时间是( )A．B．C．D．5.在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场．随后，物理学家提出“磁生电”的设想．很多科学家为证实这种设想进行了大量研究.1831年发现电磁感应现象的物理学家是( )A．牛顿 B．伽利略 C．法拉第 D．焦耳6.对库仑定律的数学表达式F=k的以下理解中，正确的是（）A．此式适用于任何介质中任意两个带电体间相互作用力的计算B．此式仅适用于真空中任意两个带电体间相互作用力的计算C．由此式可知，当r趋于零时F趋于无限大D．式中的k是与q1、q2及r的大小无关的恒量，且k=9.0×109N•m2/C27.如图所示，三个完全相同的小球a、b、c带有相同电量的正电荷，从同一高度由静止开始下落，当落下相同高度h1后，a球进入水平向左的匀强电场，b球进入垂直纸面向里的匀强磁场，若它们到达同一水平面上的速度大小分别用v a、v b、v c表示，从开始到落到此水平面的时间分别用ta、tb、tc表示，则它们的关系是( )A．v a>v b＝v c，ta＝tc＜tb B．v a＝v b＝v c，ta＝tb＝tcC．v a＞v b＞v c，ta＜tb＜tc D．v a＝v b＞v c，ta＝tb＞tc8.如图所示，在直线上A、B处各固定一个点电荷，相距为L，通过其连线中点O作此线段的垂直平分面，在此平面上有一个以O为圆心，半径为的圆周，其上有一个质量为m、带电荷量为－q的点电荷C做匀速圆周运动(不考虑重力)．下列判断正确的是( )A．A、B处固定的是等量的正电荷B．A、B处固定的是等量的异种电荷C．在A、B的连线上O点电势最高D．在圆周上各点的电场强度相同，电势也相同9.下列四个物理量的表达式中，采用比值定义法的是（）A．加速度 B．磁感应强度C．电容 D．电场强度10.A、B是两个完全相同的电热器，A通以图甲所示的方波交变电流，B通以图乙所示的正弦交变电流，则两电热器的电功率PA∶PB等于( )A．5∶4 B．3∶2 C．∶1 D．2∶111.一盏白炽灯的额定功率与额定电压分别为36 W与36 V．若把此灯泡接到输出电压为18 V的电源两端，则灯泡消耗的电功率( )A．等于 36 W B．小于 36 W，大于 9 WC．等于 9 W D．小于9 W12.如图为条形磁铁部分磁感线分布示意图，P、Q是同一条磁感线上的两点，关于这两点的磁感应强度，下列判断正确的是( )A．P、Q两点的磁感应强度相同B．P点的磁感应强度比Q点的大C．P点的磁感应强度方向由P指向QD．Q点的磁感应强度方向由Q指向P二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.光滑平行导轨水平放置，导轨左端通过开关S与内阻不计，电动势为E的电源相连，右端与半径为L＝20c m的两段光滑圆弧导轨相接，一根质量m＝60 g，电阻R＝1 Ω，长为L的导体棒ab，用长也为L的绝缘细线悬挂，如图8－1－21所示，系统空间有竖直方向的匀强磁场，磁感应强度B＝0.5 T，当闭合开关S后，导体棒沿圆弧摆动，摆到最大高度时，细线与竖直方向成θ＝53°角，摆动过程中导体棒始终与导轨接触良好且细线处于张紧状态，导轨电阻不计，sin 53°＝0.8，g＝10 m/s2则( )．A．磁场方向一定竖直向下B．电源电动势E＝3.0 VC．导体棒在摆动过程中所受安培力F＝3 ND．导体棒在摆动过程中电源提供的电能为0.048 J14.(多选)如图所示，虚线a、b、c代表电场中一簇等势线，相邻等势线之间的电势差相等，实线为一带正电质点(重力不计)仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，质点先后通过这条轨迹上的P、Q两点，对同一带电质点，据此可知( )A．三个等势线中，a的电势最高B．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大C．带电质点通过P点时的电场力比通过Q点时大D．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大15.（多选）如图所示，正方形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，有两个质子从A点沿AB 方向垂直进入磁场，质子1从顶点C射出，质子2从顶点D射出，设质子1的速率为，在磁场中的运动时间为，质子2的速率为，在磁场中的运动时间为，则（）A．:=1:2B．:=2:1C．:=1:2D．:=2:116.（多选）如图示，在正交的匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向内），有一离子恰能沿直线飞过此区域（不计离子重力）（）A．若离子带正电，E方向应向上B．若离子带负电，E方向应向上C．若离子带正电，E方向应向下D．若离子带负电，E方向应向下分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)17.在”描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，使用的小灯泡规格为“6V 3 W”，其他可供选择的器材有：电压表V1(量程6 V，内阻约为20 kΩ)电压表V2(量程20 V，内阻约为60 kΩ)电流表A1(量程3 A，内阻约为0.2 Ω)电流表A2(量程0.6 A，内阻约为1 Ω)变阻器R1(0～1 000 Ω，允许通过的最大电流为0.5 A)变阻器R2(0～20 Ω，允许通过的最大电流为2 A)学生电源E(6～8 V)开关S及导线若干(1)实验中要求电压表在0～6 V范围内读取并记录下12组左右不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出伏安特性曲线，在上述器材中，电流表应选用________，电压表应选____________，变阻器应选用________．(2)在方框中画出实验的原理图．18.某物理学习小组的同学在研究性学习过程中，用伏安法研究某电子元件R1(6 V,2.5 W)的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小实验误差，备有下列器材：A．直流电源(6 V，内阻不计)B．电流表G(满偏电流3 mA，内阻R g＝10 Ω)C．电流表A(0～0.6 A，内阻未知)D．滑动变阻器R(0～20 Ω ,5 A)E．滑动变阻器R′(0～200 Ω ,1 A)F．定值电阻R0(阻值1 990 Ω)G．开关与导线若干(1)在实验中，为了操作方便且能够准确地进行测量，滑动变阻器应选用________．(填写器材序号)(2)根据题目提供的实验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图(R1可用“”表示)．(画在方框内)(3)将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图所示的甲电路中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中Oa、Ob所示．电源的电动势E＝6.0 V，内阻忽略不计．调节滑动变阻器R3，使电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电子元件R1的阻值为________Ω，R3接入电路的阻值为________Ω(结果保留两位有效数字)．四、计算题(共4小题,每小题18.0分,共72分)19.一束电子流经U＝5 000 V的加速电压加速后，在与两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若两板间距d＝1.0 cm，板长l＝5 cm，那么，要使电子能从平行极板间的边缘飞出，则两个极板上最多能加多大电压？20.如图甲所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L，M、P两点间接有阻值为R的电阻．一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直．整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向下．导轨和金属杆的电阻可忽略，让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．(1)由b向a方向看到的装置如图乙所示，请在此图中画出ab杆下滑过程中某时刻的受力示意图．(2)在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时，求此时ab杆中的电流及其加速度的大小．(3)求在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．21.如图，在xOy平面第一象限整个区域分布匀强电场，电场方向平行y轴向下，在第四象限内存在有界匀强磁场，左边界为y轴，右边界为x＝d的直线，磁场方向垂直纸面向外．质量为m，带电量为＋q的粒子从y轴上P点以初速度v0垂直y轴射入匀强电场，在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向成45°角进入匀强磁场，已知OQ＝d，不计粒子重力，求：(1)P点坐标；(2)要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的取值范围；(3)要使粒子能第二次进入磁场，磁感应强度B的取值范围．22.如图所示，半径为r1的圆形区域内有匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B0、方向垂直纸面向里，半径为r2的金属圆环右侧开口处与右侧电路相连，已知圆环电阻为R，电阻R1＝R2＝R3＝R，电容器的电容为C，圆环圆心O与磁场圆心重合．一金属棒MN与金属环接触良好，不计棒与导线的电阻，开关S1处于闭合状态、开关S2处于断开状态．(1)若棒MN以速度v0沿环向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径的瞬间产生的电动势和流过R1的电流；(2)撤去棒MN后，闭合开关S2，调节磁场，使磁感应强度B的变化率k＝，k为常数，求电路稳定时电阻R3在t0时间内产生的焦耳热；(3)在(2)问情形下，求断开开关S1后流过电阻R2的电量．答案解析1.【答案】B【解析】题图中所示是多用电表的示意图，无论是测电压U还是测电阻R，电流都是从红表笔流入多用电表，从黑表笔流出多用电表，选项B正确．2.【答案】A【解析】这个题目中有很多干扰项，例如两个截面的面积不相等，导线的组成材料不同等等．但关键是通过两截面的电子数在单位时间内相等，根据I＝可知电流相等．3.【答案】A【解析】根据安培定则可知，通电导线MN在右侧产生的磁场方向垂直纸面向里．根据左手定则可知，向左的电流受到的安培力的方向竖直向上．故A正确，B、C、D错误．4.【答案】D【解析】带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的周期为T＝，粒子在磁场中做圆周运动的速度偏向角等于圆心角，如下图所示，则有tan 30°＝，所以r＝R，在磁场中运动的时间为t＝T＝，故选D.5.【答案】C【解析】发现电磁感应现象的物理学家是法拉第．6.【答案】D【解析】此式适用于任何真空中静止的点电荷间相互作用力的计算，故AB错误．由此式可知，当r趋于零时，电荷已不能看成点电荷，故此式不在成立，故得不到F趋于无限大的结论，故C错误．式中的k是与q1、q2及r的大小无关的恒量，且k=9.0×109N•m2/C2，故D正确．7.【答案】A【解析】根据题意可知，c做自由落体运动；而a除竖直方向做自由落体运动外，水平方向受到电场力作用做初速度为零的匀加速运动，所以下落时间与c相同，但下落的速度大于c做自由落体运动的速度；b受到洛伦兹力作用，因洛伦兹力始终与速度垂直，所以b在竖直方向除了受到重力作用外，偏转后还受洛伦兹力在竖直方向的分力，导致竖直方向的加速度小于g，则下落时间变长，由于洛伦兹力不做功，因此下落的速度大小不变；故v a>v b＝v c，ta＝tc＜tb.8.【答案】A【解析】电荷C做匀速圆周运动，电场力提供向心力，指向O点，故A、B处固定的是等量的正电荷，故A正确，B错误；A、B处固定的是等量的正电荷，故在A、B的连线上O点电势最低，故C错误；在圆周上各点的电场强度大小相等，但方向均向外，是不平行的，即电场强度不同，电势相同．故D错误．9.【答案】B【解析】由公式知，a与F成正比，与m反比，则知加速度不是比值定义法，故A 错误；磁感应强度的定义式采用的是比值定义法，B与F、IL无关，反映磁场本身的特性，故B正确；是电容的决定式，不是比值定义法，故C错误；是点电荷场强的决定式，不是比值定义法，故D错误.10.【答案】A【解析】方形波的有效值为I R＋I R＝I RT，解得：I1＝I0正弦交流电有效值为：I2＝所以PA∶PB＝I R∶I R＝5∶4，故选A.11.【答案】B【解析】设白炽灯在正常工作时的电阻为R，由P＝得R＝36 Ω，当接入18 V电压时，假设灯泡的电阻也为36 Ω，则它消耗的功率为P＝＝W＝9 W，但是当灯泡两端接入18 V 电压时，它的发热功率小，灯丝的温度较正常工作时温度低，其电阻率减小，所以其电阻要小于36 Ω，其实际功率大于9 W，故B项正确．12.【答案】D【解析】磁感线的疏密表示磁场强弱；故Q点的磁感应强度大于P点的磁感应强度；故A、B 错误；磁感应强度的方向为该点磁感线的切线方向；两点的磁感应强度方向均由Q指向P；故D正确，C错误．13.【答案】AB【解析】导体棒向右沿圆弧摆动，说明受到向右的安培力，由左手定则知该磁场方向一定竖直向下，A对；导体棒摆动过程中只有安培力和重力做功，由动能定理知BIL·L sinθ－mgL(1－c osθ)＝0，代入数值得导体棒中的电流为I＝3 A，由E＝IR得电源电动势E＝3.0 V，B对；由F＝BIL得导体棒在摆动过程中所受安培力F＝0.3 N，C错；由能量守恒定律知电源提供的电能W等于电路中产生的焦耳热Q和导体棒重力势能的增加量ΔE的和，即W＝Q＋ΔE，而ΔE ＝mgL(1－c osθ)＝0.048 J，D错．14.【答案】BC【解析】根据轨迹弯曲的方向和电场线与等势线垂直，画出P、Q两点处场强的方向如图所示．则可知，三个等势线中a的电势最低，故A错误；质点从P到Q的过程，电场力做负功，质点的电势能增大，动能减小，则质点通过P点时的动能比通过Q点时的大，在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能小，故B正确，D错误；根据电场线的疏密程度可知，P点的电场强度大于Q点，则带电质点在P点受到的电场力大于Q点，故C正确．15.【答案】BC【解析】由图可知质子1的半径为L，质子2的半径为，根据洛伦兹力充当向心力可得：可得：，故速度之比等于半径之比，故，故A错误，B正确；由可知，两粒子的质量相同，故周期相同，但由图可知，质子1转过的圆心角为，而质子2转过的圆心角为，则可知，所用时间之比等于转过的圆心角之比，故，故C正确，D错误.16.【答案】CD【解析】在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过，故有qE=，若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，所以电场强度的方向向下；若带负电，则受洛伦兹力，方向向下，而电场力方向向上，所以电场强度的方向向下，因此C、D正确，A、B错误．17.【答案】(1)A2V1R2(2)如图所示【解析】(1)由于灯泡额定电压为6 V，所以电压表选择V1，灯泡的额定电流为＝0.5 A，所以电流表选择A2，由于本实验需要测量多组数据，滑动变阻器需要采用分压连接，所以滑动变阻器选择小电阻的R2(2)电流表外接，滑动变阻器分压方式．18.【答案】(1)D (2)电路图如下：(3)5. 0 5.0【解析】由电子元件额定电压和额点功率可知待测电子元件电阻较小，根据本题条件应选用电流表外接法，因缺少电压表，应把电流表G改装为电压表，因要描绘伏安特性曲线，且要求多次测量尽可能减小实验误差，滑动变阻器采取分压接法，且选用R.19.【答案】400 V【解析】在加速电压U一定时，偏转电压U′越大，电子在极板间的侧移量就越大．当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出时，此时的偏转电压即为题目要求的最大电压．加速过程，由动能定理得：eU＝mv.①进入偏转电场，电子在平行于极板的方向上做匀速直线运动：l＝v0t.②a＝＝，③偏转距离：y＝at2，④能飞出的条件为：y≤.⑤联立①②③④⑤式得：U′≤＝400 V.20.【答案】(1)(2)g sinθ－(3)【解析】(1)如图所示，ab杆受：重力mg，竖直向下；支持力F N，垂直于斜面向上；安培力F，沿斜面向上．安(2)当ab杆速度大小为v时，感应电动势E＝BLv，此时电路中电流I＝＝ab杆受到安培力F安＝BIL＝根据牛顿第二定律，有ma＝mg sinθ－F安＝mg sinθ－a＝g sinθ－.(3)当a＝0时，ab杆有最大速度：v m＝.21.【答案】(1)(0，) (2)B≥(3)≤B≤【解析】(1)设粒子进入磁场时y方向的速度为v y，则v y＝v0tan 45°设粒子在电场中运动时间为t，则OQ＝v0t，OP＝t由以上各式，解得OP＝，P点坐标为(0，)(2)粒子刚好能再次进入电场时的轨迹如图所示，设此时的轨迹半径为r1，则r1＋r1sin 45°＝d解得：r1＝(2－)d令粒子在磁场中的速度为v，则v＝根据牛顿第二定律qvB1＝，解得：B1＝要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的范围B≥(3)假设粒子刚好从x＝d处磁场边界与电场的交界D点处第二次进入磁场，设粒子从P到Q 的时间为t，则由粒子在电场中运动对称性可知粒子从第一次出磁场的C点到D点的时间为2t，由水平方向的匀速直线运动可得：CD＝2d，CQ＝CD－QD＝2d－(2.5d－d)＝设此时粒子在磁场中的轨道半径为r2，由几何关系知：2r2sin 45°＝CQ，解得：r2＝d根据牛顿第二定律得：qvB2＝，解得：B2＝要使粒子能第二次进入磁场，粒子必须先进入电场，故磁感应强度B要满足B≤B2综上所述要使粒子能第二次进磁场，磁感应强度B要满足≤B≤22.【答案】(1)E＝2Br1v0流过R1电流的大小，方向为自左向右流过R1(2)(3)【解析】(1)棒MN的电动势E＝2Br1v0流过R1电流的大小I1＝×＝，方向为自左向右流过R1 (2) 电动势E＝S＝kπr电流I＝＝R3在t0时间内产生的焦耳热Q＝I2Rt0＝(3)开关S1闭合时，UC＝U3＝IR3＝开关S1断开后，UC′＝E＝kπr流过电阻R2的电量q＝C(UC′－UC)＝.。

云南省曲靖市宣威市第八中学2017-2018学年高二物理下学期3月月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.在《测定电源电动势和内阻》的实验中，进行数据处理时的作图，正确做法是( ) A．横坐标I的起点一定要是零B．纵坐标U的起点一定要是零C．使表示实验数据的点尽可能地集中在一边D．使表示实验数据的点尽可能地布满整个图纸2.如图所示，质量为M的小船在静止水面上以速率v0向右匀速行驶，一质量为m的救生员站在船尾，相对小船静止．若救生员以相对水面速率v水平向左跃入水中，则救生员跃出后小船的速率为( )A．v0＋v B．v0－vC．v0＋(v0＋v) D．v0＋(v0－v)3.用电器到电源的距离为l，线路上的电流为I，已知输电线的电阻率为ρ，为使在线路上的电压降不超过U，那么，输电线的横截面积的最小值为( )A． B．C． D．4.如图所示为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，视变压器为理想变压器．原线圈接入电压有效值恒定的交流电并保持匝数不变，调节触头P，使输出电压有效值由220 V 降至110 V，调节前后( )A．副线圈中的电流比为1∶1B．副线圈输出功率比为2∶1C．副线圈的接入匝数比为2∶1D．原线圈输入功率比为1∶25.下面关于冲量的说法中正确的是( )A．物体受到很大的冲力时，其冲量一定很大B．当力与位移垂直时，该力的冲量为零C．不管物体做什么运动，在相同时间内重力的冲量相同D．只要力的大小恒定，其相同时间内的冲量就恒定6.关于交流电的下列说法正确的是( )A．在一个周期内交流电的方向只改变一次B．交流电器设备上标出的电压和电流值都是指有效值C．某正弦交流电压的最大值为311 V，则该交流电压最小值为－311 VD．用交流电流表和交流电压表测交流电流或电压时，应测得交流电流或电压的最大值7.按照玻尔理论，当氢原子中电子由半径为ra的圆轨道跃迁到半径为rb的圆轨道上时，若rb＜，则在跃迁过程中( )raA．氢原子要吸收一系列频率的光子B．氢原子要辐射一系列频率的光子C．氢原子要吸收一定频率的光子D．氢原子要辐射一定频率的光子8.如图所示，将一光敏电阻接入多用电表两表笔上，将多用电表的选择开关置于欧姆挡，用光照射光敏电阻时，表针的偏角为θ；现用手掌挡住部分光线，表针的偏角为θ′，则可判断( )A．θ′＝θB．θ′＜θC．θ′＞θD．不能确定9.两个带正电的小球，放在光滑的水平绝缘板上，它们相距一定距离．若同时释放两球，它们的加速度之比将( )A．保持不变 B．先增大后减小C．增大 D．减小10.放射性元素放出的射线，在电场中分成A、B、C三束，如图所示，其中( )A．C为氦原子核组成的粒子流B．B为比X射线波长更长的光子流C．B为比X射线波长更短的光子流D．A为高速电子组成的电子流11.在α粒子散射实验中，不考虑电子和α粒子的碰撞影响，这是因为( )A．α粒子和电子根本无相互作用B．α粒子碰撞不到电子，是因为电子体积极小C．α粒子和电子碰撞损失能量极少，可忽略不计D．α粒子受电子作用的合力为零，是因为电子是均匀分布的12.实验室有一盏“40 V 5.0 A”的弧光灯，要使它接入220 V的电路中能正常工作，应该( )A．串联一个阻值为36 Ω的电阻后接入电路中B．串联一个阻值为72 Ω的电阻后接入电路中C．并联一个阻值为36 Ω的电阻后接入电路中D．并联一个阻值为72 Ω的电阻后接入电路中二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)如图所示，质量为M的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹角为θ.一个质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度v0开始运动．当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v，距地面高度为h，则下列关系式中正确的是( )A．mv＝(m＋M)vB．mv0cosθ＝(m＋M)vC．mgh＝m(v0sinθ)2D．mgh＋(m＋M)v2＝mv14.(多选)图甲左侧的调压装置可视为理想变压器，负载电路中R＝55 Ω，、为理想电流表和电压表．若原线圈接入如图乙所示的正弦交变电压，电压表的示数为110 V，下列表述正确的是( )A．电流表的示数为2 AB．原、副线圈匝数比为1∶2C．电压表的示数为电压的有效值D．原线圈中交变电压的频率为100 Hz15.(多选)下列说法正确的是( )A．汤姆孙提出原子的核式结构模型，建立的基础是α离子的散射实验B．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构C．加热、加压或利用化学反应等方式不会改变放射性元素的半衰期D．核反应方程N＋He→O＋H属于原子核的人工转变16.(多选)如图所示，M为理想变压器，电表均可视为理想电表，电源电压U不变，输电线电阻忽略不计．当变阻器滑片P向上移动时，读数发生变化的电表是( )A． A1B． A2C． V1D． V2分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)17.在测定金属丝电阻的实验中，为提高测量精确度，减小误差，需要确定电流表采用内接法还是外接法．由于电表内阻未知，一位同学运用试触法进行判断．具体做法是：按图所示的电路闭合开关后，当与电压表连接的导线(带箭头部分)接到a点时，电压表示数为2.0 V，电流表示数为0.40 A；当接到b点时，电压表示数为3.0 V，电流表示数为0.38 A．电源内阻不计．(1)由以上数据可知，应该采用电流表__________接法．(2)测得Rx的阻值是__________Ω.(取两位有效数字)18.欲用伏安法测定一段阻值约为 5 Ω左右的金属导线的电阻,要求测量结果尽量准确,现备有以下器材:A.电池组（3 V,内阻1 Ω）B.电流表（0～3 A,内阻0.0125 Ω）C.电流表（0～0.6 A,内阻0.125 Ω）D.电压表（0～3 V,内阻3 kΩ）E.电压表（0～15 V,内阻15 kΩ）F.滑动变阻器（0～20 Ω,额定电流1 A）G.滑动变阻器（0～2 000 Ω,额定电流0.3 A） H.开关、导线（1）上述器材中应选用的是；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表接法；（填“内”或“外”）（3）设实验中,电流表、电压表的某组示数如下图所示，图示中I=A，U=V.（4）为使通过待测金属导线的电流能在0～0.5 A范围内改变,请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图,然后根据你设计的原理电路将下图中给定的器材连成实验电路.四、计算题(共4小题)19.如图所示，在绝缘光滑水平面的上方存在着水平方向的匀强电场．现有一个质量m＝2.0×10－3kg、电荷量q＝2.0×10－6C的带正电的物体(可视为质点)，从O点开始以一定的水平初速度向右做直线运动，其位移随时间的变化规律为x＝6.0t－10t2，式中x的单位为m，t 的单位为s.不计空气阻力，取g＝10 m/s2.求：(1)匀强电场的场强大小和方向．(2)带电物体在0～0.5 s内电势能的变化量．20.在一直电场线上有A、B两点，已知将一个带电荷量q＝－5×10－4C的点电荷从A移到B点，它的电势能增加了4×10－3J．求：(1)A、B两点间的电势差UAB等于多少？(2)将4×10－5C的点电荷从B移到A，电场力所做的功．21.如图所示，粗糙斜面与光滑水平面通过可忽略的光滑小圆弧平滑连接，斜面倾角α＝37°.A、B是两个质量均为m＝1 kg的小滑块(可视为质点)，C为左侧附有胶泥的竖直薄板(质量均不计)，D是两端分别水平连接B和C的轻质弹簧．当滑块A置于斜面上且受到大小F＝4 N、方向垂直斜面向下的恒力作用时，恰能沿斜面向下匀速运动．现撤去F，让滑块A从斜面上距底端L＝1 m处由静止下滑，求：(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6)(1)滑块A到达斜面底端时的速度大小；(2)滑块A与C接触粘在一起后，A、B和弹簧构成的系统在作用过程中，弹簧的最大弹性势能．22.如图所示，长为L＝0.2 m、电阻为r＝0.3 Ω、质量为m＝0.1 kg的金属棒CD垂直放在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，两导轨间距也为L，棒与导轨接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R＝0.5 Ω的电阻，量程为0～3.0 A的电流表串联在一条导轨上，量程为0～1.0 V的电压表接在电阻R的两端，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面．现以向右恒定的外力F使金属棒右移，当金属棒以v＝2 m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，观察到电路中的一个电表正好满偏，而另一电表未满偏．问：(1)此时满偏的电表是什么表？说明理由．(2)拉动金属棒的外力F多大？(3)导轨处的磁感应强度多大？答案解析1.【答案】D【解析】如果实验数据比较集中，电流和电压的取值不一定要从零开始，以图线占整个坐标纸的范围取值，A、B、C错；D对．2.【答案】C【解析】小船和救生员组成的系统满足动量守恒：(M＋m)v0＝m·(－v)＋Mv′解得v′＝v0＋(v0＋v)，C项正确．3.【答案】B【解析】4.【答案】C【解析】设导气管电阻为R，对于副线圈，I2＝，I2′＝，则调节前后I2∶I2′＝2∶1，A错误．由P＝可知，调节前后副线圈输出功率之比为4∶1，B错误．原、副线圈电压之比为匝数之比，电压减为原来一半，则副线圈匝数也减为原来的一半，C正确．理想变压器副线圈功率等于原线圈功率，则原线圈输入功率之比为4∶1，D错误．5.【答案】C【解析】冲量是力与时间的乘积，是矢量，力大，冲量不一定大，A错误；当力与位移垂直时，该力的冲量不为零，B错误；不管物体做什么运动，在相同时间内重力的冲量相同，C正确；只要力的大小恒定，其相同时间内冲量大小一样，但方向不一定一样，D错误．6.【答案】B【解析】交流电在一个周期内方向改变两次，A错误；交流电器设备上标出的电压和电流值指有效值，B正确；正弦交流电压的最大值为311 V，最小值为零，负表示方向，C错误；用交流电流表和交流电压表测交流电流或电压时，测得的是有效值，D错误．7.【答案】D【解析】因为是从高能级向低能级跃迁，所以应放出光子，因此可排除A、C.“直接”从一能级跃迁至另一能级，只对应某一能级差，故只能辐射某一频率的光子，故选D.8.【答案】B【解析】光敏电阻的阻值随光照强度的增强而减小，用手掌挡住部分光线，阻值变大，指针自左向右偏转角度变小．9.【答案】A【解析】两者之间的库仑力时刻保持大小相等、方向相反，由牛顿第二定律知：a1∶a2＝m2∶m1，故A正确．10.【答案】C【解析】根据射线在电场中的偏转情况，可以判断，A射线向电场线方向偏转，应为带正电的粒子组成的射线，所以是α射线；B射线在电场中不偏转，所以是γ射线；C射线在电场中受到与电场方向相反的作用力，应为带负电的粒子，所以是β射线．11.【答案】C【解析】α粒子碰到电子，像子弹碰到灰尘，损失的能量极少，不改变运动的轨迹．故C正确，A、B、D错误．12.【答案】A【解析】电阻需要分担的电压为：U＝220 V－40 V＝180 V．由串联电路的特点，各处电流相等，则有：R＝＝36 Ω.13.【答案】BD【解析】小物块上升到最高点时，速度与楔形物体的速度相同，系统水平方向动量守恒，全过程机械能也守恒．以向右为正方向，在小物块上升过程中，由水平方向系统动量守恒得：mv0cosθ＝(m＋M)v，故A错误，B正确；系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：mgh＋(m ＋M)v2＝mv，故C错误，D正确．14.【答案】AC【解析】由图乙可知原线圈两端电压的有效值U1＝220 V，由＝，可得原副线圈匝数之比＝＝＝2∶1，故B错误．电流表示数与电压表示数都为有效值，故C正确．电流表示数I＝＝A＝2 A，故A正确．由图乙可知T＝0.02 s，所以交变电压的频率为f ＝＝Hz＝50 Hz，D错误．15.【答案】BCD【解析】卢瑟福提出原子的核式结构模型，建立的基础是α粒子的散射实验，故A错误；发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构，故B正确；半衰期与原子所处的温度、压强、化学性质无关，故C正确；核反应方程N＋He→O＋H属于原子核的人工转变，故D正确．16.【答案】AB【解析】输出电压是由输入电压和匝数比决定的，输入电压和匝数比不变，变压器的输出电压不变，V1、V2的示数都不变；当变阻器的滑片P向上移动时，滑动变阻器的电阻减小，副线圈的电流增大，原线圈的电流变大，所以A、B正确，C、D错误．17.【答案】(1)外接法(2)5.0【解析】(1)采用试触法确定电流表接法时，电压表示数变化大应采用外接法，电流表示数变化大，应采用电流表内接法；确定电流表接法时，根据所测电压与电流，由欧姆定律可以求出待测电阻阻值．由题意可知，电压表示数变化量大，说明电流表分压较大，为准确测量，电流表应采用外接法；(2)待测电阻阻值：R＝＝5.0 Ω18.【答案】（1）A、C、D、F、H；（2）外；（3）0.48 , 2.2； (4)略【解析】19.【答案】(1)2.0×104N/C 方向水平向左(2)2.0×10－2J【解析】(1)由x＝6.0t－10t2可知，加速度大小a＝20 m/s2，方向水平向左根据牛顿第二定律Eq＝ma解得场强E＝2.0×104N/C，方向水平向左(2)物体在0.5 s内发生的位移为x＝6.0×0.5 m－10×0.52m＝0.5 m电场力做负功，电势能增加ΔE p＝qEx＝2.0×10－2J20.【答案】(1)8 V (2)－3.2×10－4J【解析】(1)依题意有：WAB＝－ΔE＝－4×10－3J由UAB＝得UAB＝V＝8 V(2)UBA＝－UAB＝－8 V，W′＝q′×UBA＝4×10－5×(－8) J＝－3.2×10－4J即电场力对该电荷做了3.2×10－4J的负功．21.【答案】(1)2 m/s (2)1 J【解析】(1)设μ为滑块与斜面间的动摩擦因数、v1为滑块A到达斜面底端时的速度．当施加恒力F时，滑块A沿斜面匀速下滑，有μ(F＋mg cosα)＝mg sinα未施加恒力F时，滑块A将沿斜面加速下滑，由动能定理有(mg sinα－μmg cosα)L＝上二式联立解得v1＝2 m/s(2)当A、B具有共同速度时，系统动能最小，弹簧的弹性势能最大，为E pm由动量守恒定律有mv1＝2mvE pm＝－由上二式解得E pm＝1 J22.【答案】(1)见解析(2)1.6 N (3)4 T【解析】(1)假设电流表满偏，则I＝3.0 A，R两端电压U＝IR＝3.0×0.5 V＝1.5 V，将大于电压表的量程，不符合题意，故满偏电表应该是电压表．(2)由能量关系知，电路中的电能是外力做功转化来的，所以有Fv＝I2(R＋r)，I＝，两式联立得F＝＝1.6 N.(3)磁场是恒定的，且不发生变化，由于CD运动而产生感应电动势，因此是动生电动势．根据法拉第电磁感应定律有E＝BLv，根据闭合电路欧姆定律得E＝U＋Ir以及I＝，联立三式得B＝＋＝4 T.。

云南省曲靖市罗平县第三中学【最新】下学期3月份月考高二物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．如图所示，小螺线管与音乐播放器相连，大螺线管直接与音箱相连．当把小螺线管插入大螺线管中时音乐就会从音箱中响起来，大小螺线管之间发生的物理现象是()A．自感B．静电感应C．互感D．直接导电2．如图所示为电流产生磁场的分布图，其中正确的是（）A．B．C．D．3．发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代，其中电动机依据的物理原理是() A．磁场对电流的作用B．磁铁间的相互作用C．惯性定律D．万有引力定律4．目前集成电路的集成度很高，要求里面的各种电子元件都微型化，集成度越高，电子元件越微型化、越小．图中R1和R2是两个材料相同、厚度相同、表面为正方形的导体，但R2的尺寸远远小于R1的尺寸．通过两导体的电流方向如图所示，则关于这两个导体的电阻R1、R2关系的说法正确的是（）A．R1=R2B．R1＜R2C．R1＞R2D．无法确定5．某同学用伏安法测电阻时，分别采用了电流表内接法和外接法，测得的某电阻R x的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值R x之间的关系为()A．R1＞R x＞R2B．R1＜R x＜R2C．R1＞R2＞R x D．R1＜R2＜R x 6．如图所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块，由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止，在物块的运动过程中，下列表述正确的是()A．两个物块的电势能逐渐减少B．两个物块的电势能不变C．物块受到的摩擦力始终大于其受到的库仑力D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力7．用欧姆表测一个电阻的阻值R，选择旋钮置于“×10”挡，测量时指针指在100与200刻度弧线的正中间，可以确定()A．R＝150 ΩB．R＝1 500 ΩC．1 000 Ω＜R＜1 500 ΩD．1 500 Ω＜R＜2 000 Ω8．如图所示，带负电的金属环绕轴OO′以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小磁针最后静止时（）A．N极竖直向上B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左D．N极沿轴线向右9．将两个半径极小的带电小球(可视为点电荷)置于一个绝缘的光滑水平面上，从静止开始释放，那么下列叙述中正确的是(忽略万有引力)()A．它们的加速度一定在同一直线上，而且方向可能相同B．它们的加速度可能为零C．它们的加速度方向一定相反D．它们的加速度大小一定越来越小10．小灯泡的伏安特性曲线如图中的AB段(曲线)所示．由图可知，AB段灯丝的电阻因温度的影响改变了A．10 ΩB．6 ΩC．5 ΩD．1 Ω二、多选题11．有一种高速磁悬浮列车的设计方案是：在每节车厢底部安装强磁铁(磁场方向向下)，并且在沿途两条铁轨之间平放一系列线圈．下列说法中正确的是()A．列车运动时，通过线圈的磁通量会发生变化B．列车速度越快，通过线圈的磁通量变化越快C．列车运动时，线圈中会产生感应电动势D．线圈中的感应电动势的大小与列车速度无关12．如图所示，半径为R的半圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，半圆的左边垂直x轴放置一粒子发射装置，在－R≤y≤R的区间内各处均沿x轴正方向同时发射出一个带正电粒子，粒子质量均为m、电荷量均为q、初速度均为v，重力忽略不计，所有粒子均能到达y轴，其中最后到达y轴的粒子比最先到达y轴的粒子晚Δt时间，则( )A．粒子到达y轴的位置一定各不相同B．磁场区域半径R应满足R≤mv BqC．从x轴入射的粒子最先到达y轴D．Δt＝mqBθ－Rv，其中角度θ的弧度值满足sinθ＝BqRmv13．如图所示，一电子沿Ox轴射入电场，在电场中的运动轨迹为OCD，已知OA AB=，电子过C、D两点时竖直方向的分速度为v Cy和v Dy；电子在OC段和OD动能变化量分别为△E k1和△E k2，则A ．12Cy Dy v =∶∶B ．14CyDy v v ∶∶= C ．1213k k E E ∆∆=∶∶ D ．121:4k k E E ∆∆=∶14．下列现象中，能表明电和磁有联系的是 A ．摩擦起电B ．两块磁铁相互吸引或排斥C ．小磁针靠近通电导线时偏转D ．磁铁插入闭合线圈过程中，线圈中产生感应电流三、实验题15．给你一个电压表、一个电阻箱、开关及导线等器材：(1)在虚线框内画出根据闭合电路欧姆定律测定一节旧的干电池的电动势和内阻的实验电路图________．(2)在实验过程中，将电阻箱拨到45 Ω时，电压表读数为0.90 V ；若将电阻箱拨到如图甲所示的位置时，电压表读数如图乙表盘所示．根据以上数据，可以算出该节电池的电动势E ＝________ V ，内电阻r ＝________ Ω.16．用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻，其电路原理图如图所示（1）根据原理图在实物图上把线连好________；（2）由实验数据描出的U—I如图，则此电池的电动势是________V，内阻是________Ω.（3）本实验系统误差产生的原因是________.四、解答题17．有一蓄电池，当移动1 C电荷时非静电力做功是2 J，该蓄电池的电动势是多少？给一小灯泡供电，供电电流是0.2 A，供电10 min，非静电力做功是多少？18．如图所示，在倾角为θ＝30 的斜面上，固定一宽L＝0.25m的平行金属导轨，在导轨上端接入电源和滑动变阻器R.电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，一质量m＝20g的金属棒ab与两导轨垂直并接触良好．整个装置处于磁感应强度B＝0.80T、垂直于斜面向上的匀强磁场中(导轨与金属棒的电阻不计)．金属导轨是光滑的，取g＝10m/s2，要保持金属棒在导轨上静止，求：（1）金属棒所受到的安培力的大小；（2）通过金属棒的电流的大小；（3）滑动变阻器R接入电路中的阻值．19．某金属导体两端所加电压为8 V时，10 s内通过某一横截面的电荷量为0.16 C，求：(1)导体的电阻；(2)若导体两端电压为10 V，求通过导体的电流.20．如图甲所示，一边长L＝2.5 m、质量m＝0.5 kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置放在方向竖直向上、磁感应强度B＝0.8 T的匀强磁场中，它的一边与磁场的边界MN重合，在水平力F作用下由静止开始向左运动，经过5 s线框被拉出磁场，测得金属线框中的电流随时间变化的图象如图乙所示．在金属线框被拉出的过程中(1)求通过线框截面的电荷量及线框的电阻；(2)写出水平力F随时间变化的表达式；(3)已知在这5 s内力F做功1.92 J，那么在此过程中，线框产生的焦耳热是多少？参考答案1．C【解析】小螺线管与音乐播放器相连，小线圈中输入了音频信号；当把小螺线管插入大螺线管中时音乐就会从音箱中响起来，说明大线圈中激发出了感应电流，是互感现象．故C正确，ABD 错误．故选：C2．D【详解】A、电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故A错误；B、电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为以直导线为圆心的同心圆，故B错误；C、图中电流为环形电流，由由右手螺旋定则可知，内部磁场应向右，故C错误；D、根据图示电流方向，由右手螺旋定则可知，内部磁感线方向向右，故D正确；故选D．【点睛】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图．3．A【解析】根据电动机原理可知，电动机依据的原理是磁场对电流的作用．故A正确，BCD错误. 4．A【详解】设正方形导体表面的边长为L，厚度为d，材料的电阻率为ρ，根据电阻定律得导体的电阻:R=ρLS=ρLLd=d，可见导体的电阻只和材料的电阻率及厚度有关，与导体的其他尺寸无关，即R1=R2，故B、C、D错误，A正确.故选A.5．A【详解】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏大，故R1＞R x；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏小，故R x＞R2；故选A．6．A【解析】AB．由题可知，库仑力一直做正功，两物块的电势能逐渐减小．故A正确，B错误．CD．两物块先做加速运动后做减速运动，则物块受到的摩擦力先小于库仑力，后大于库仑力．故C、D错误．故选：A7．C【解析】试题分析：欧姆表刻度左密又疏，100与200正中间的刻度小于150．解：欧姆表表盘左边密右边疏，零刻度在右边，测量时指针指在100与200刻度的正中间，指针的示数应大于100而小于150，又选择旋钮置于“×10”档，所以带测电阻的阻值应该在1000到1500Ω之间，故C正确．故选C点评：本题考查了欧姆表刻度盘的特点，题目难度较小．8．C【详解】金属环带负电，按题图所示的方向旋转，则金属环的电流方向与旋转方向相反，由右手螺旋定则可知磁极的方向：左端N极，右端S极，因此小磁针最后静止时N极沿轴线向左，故C正确，ABD错误。

云南省曲靖市宣威市第七中学2017-2018学年高二物理下学期3月月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

分卷I一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)1.为了测定水分子是极性分子还是非极性分子，可做如下实验：如果将用丝绸摩擦过的玻璃棒接近水流，则( )A．水流将向远离玻璃棒的方向偏转B．水流将向靠近玻璃棒的方向偏转C．水流先靠近再远离玻璃棒D．水流不偏转2.图示电路中，电源为恒流源，能始终提供大小恒定的电流．R0为定值电阻，移动滑动变阻器的滑片，则下列表示电压表示数U、电路总功率P随电流表示数I变化的关系图线中，可能正确的是( )A． B．C． D．3.如图所示，半径为R的1/4圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场的左边垂直x轴放置一线型粒子发射装置，能在0≤y≤R的区间内各处沿x轴正方向同时发射出速度相同、带正电的同种粒子，粒子质量为m，电荷量为q，不计粒子的重力及粒子间的相互作用力，若某时刻粒子被装置发射出后，经过磁场偏转击中y轴上的同一位置，则下列说法中正确的是( )A．粒子都击中在O点处B．粒子的初速度为C．粒子在磁场中运动的最长时间为D．粒子到达y轴上的最大时间差为－4.如图所示，一由均匀电阻丝折成的正方形闭合线框abcd，置于磁感应强度方向垂直纸面向外的有界匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，线框bc边与磁场左、右边界平行．若将该线框以不同的速率从图示位置分别从磁场左、右边界匀速拉出至全部离开磁场，在此过程中( )A．流过ab边的电流方向相反B．ab边所受安培力的大小相等C．线框中产生的焦耳热相等D．通过电阻丝某横截面的电荷量相等5.如图所示的实验示意图中，用于探究“磁生电”的是( )A． B．C． D．6.在匀强电场中建立一直角坐标系，如图所示．从坐标原点沿＋y轴前进0.2 m到A点，电势降低了10V，从坐标原点沿＋x轴前进0.2 m到B点，电势升高了10V，则匀强电场的场强大小和方向为( )A． 50 V/m，方向B→AB． 50 V/m，方向A→BC． 100 V/m，方向B→AD． 100 V/m，方向垂直AB斜向下7.线圈在匀强磁场中匀速转动，产生交变电流的图象如图所示，由图可知( )A．在A，C时刻线圈处于中性面位置B．在B，D时刻穿过线圈的磁通量为零C．从A时刻到D时刻线圈转过的角度为πD．若从O时刻到D时刻经过0.02 s，则在1 s内交变电流的方向改变100次8.先后用不同的交流电源给同一盏灯泡供电，第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律变化(如图甲所示)；第二次灯泡两端的电压变化规律如图乙所示．若甲、乙图中的U0、T所表示的电压、周期值是相同的，则以下说法正确的是( )A．第一次，灯泡两端的电压有效值是B．第二次，灯泡两端的电压有效值是C．第一、第二次，灯泡的电功率之比是2∶9D．第一、第二次，灯泡的电功率之比是1∶59.如图，一个带负电的物体从绝缘粗糙斜面顶端滑到底端时的速度为v，若加上一个垂直纸面向外的磁场，则滑到底端时( )A．v变小B．v变大C．v不变D．不能确定v的变化10.关于磁感应强度，下列说法中正确的是( )A．由B＝可知，B与F成正比，与IL成反比B．一小段通电导体在某处不受磁场力，此处也可能有磁场C．通电导线在磁场中受力越大，说明磁场越强D．磁感应强度的方向就是该处电流受力方向二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)11.(多选)如图所示，质量分别为m1、m2，电荷量分别为q1、q2的两小球，分别用绝缘轻丝线悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别为α和β(α＞β)，两小球恰在同一水平线上，那么( )A．两球一定带异种电荷B．q1一定大于q2C．m1一定小于m2D．m1所受的库仑力一定大于m2所受的库仑力12.(多选)汽车拉着拖车在平直的公路上匀速行驶，突然拖车与汽车脱钩，而汽车的牵引力不变，各自受的阻力不变，则在拖车停止运动前( )A．汽车和拖车的总动量不变B．汽车和拖车的总动能不变C．汽车和拖车的总动量增加D．汽车和拖车的总动能增加13.(多选)一带负电绝缘金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发现该小球上净电荷几乎不存在，这说明( )A．小球上原有的负电荷逐渐消失了B．在此现象中，电荷不守恒C．小球上负电荷减少的主要原因是潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起，仍然遵循电荷守恒定律14.(多选)如图所示，长方形abcd的长ad＝0.6 m，宽ab＝0.3 m，e、f分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场(边界上无磁场)，磁感应强度为B＝0.25 T．一群不计重力、质量为m＝3×10－7kg、电荷量为q＝＋2×10－3C的带电粒子以速度v0＝5×102m/s从左右两侧沿垂直ad和bc方向射入磁场区域，则( )A．从ae边射入的粒子，出射点分布在ab边和bf边B．从ed边射入的粒子，出射点全部分布在bf边C．从bf边射入的粒子，出射点全部分布在ae边D．从fc边射入的粒子，全部从d点射出分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)15.用如图所示的装置进行以下实验：A．先测出滑块A、B的质量M、m及滑块与桌面间的动摩擦因数μ，查出当地的重力加速度gB．用细线将滑块A、B连接，使A、B间的弹簧压缩，滑块B紧靠在桌边C．剪断细线，测出滑块B做平抛运动落地点到重垂线的水平距离x1和滑块A沿桌面滑行的距离x2(1)为探究碰撞中的不变量，写出还需测量的物理量及表示它们的字母：________.(2)若mv为不变量，需验证的关系式为_______________________________．16.某物理学习小组的两位同学采用伏安法测金属丝的电阻的实验中，根据同一组数据进行正确描点后，甲、乙两位同学根据自己的理解各作出一条图线，如图线甲、乙所示，根据你对实验的理解，你认为________同学的图线正确，根据你选择的图线算出该金属丝的电阻为________ Ω.(保留两位有效数字)四、计算题(共4小题,每小题18.0分,共72分)17.如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，宽度为d，边界为CD和EF.一电子从CD边界外侧以速率v0垂直射入匀强磁场，入射方向与CD边界间夹角为θ.已知电子的质量为m，电荷量为e，为使电子能从磁场的另一侧EF射出，求：(1)电子的速率v0至少多大？(2)若θ角可取任意值，v0的最小值是多少？18.电路图如图甲所示，若电阻R阻值未知，电源电动势和内阻也未知，电源的路端电压U随电流I的变化图线及外电阻的U—I图线分别如图乙所示，求：(1)电源的电动势和内阻；(2)电源的路端电压；(3)电源的输出功率．19.一长为L的细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中．开始时，将线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零．试求：(1)A、B两点的电势差UAB；(2)匀强电场的场强大小；(3)小球到达B点时，细线对小球的拉力大小．20.如图所示的电路中，电源电压为60 V，内阻不计，电阻R＝2 Ω，电动机的内阻R0＝1.6 Ω，电压表的示数为50 V，电动机正常工作，求电动机的输出功率．答案解析1.【答案】B【解析】由于丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，而水分子又是极性分子，故当玻璃棒靠近水流时，先使水分子显负电的一端靠近玻璃棒(同性相斥，异性相吸)，带正电的一端远离玻璃棒．而水分子两极的电荷量相等，这就使带正电的玻璃棒对水分子显负电的一端的引力大于对水分子显正电的一端的斥力，因此水分子所受的合力指向玻璃棒，故水流向靠近玻璃棒方向偏转．2.【答案】C【解析】设电路中总电流为I总，通过R0的电流为I0.根据并联电路的特点得：U＝I0R0＝(I总－I)R0＝－IR0＋I总R0，I总、R0均不变，由数学知识可知，U－I图象是不过原点的直线，故A、B错误．电路总功率P＝UI总＝(－IR0＋I总R0)I总＝－II总R0＋I R0，由数学知识可知，P－I图象是向下倾斜的直线，故C正确，D错误．3.【答案】D【解析】A、由题意，某时刻发出的粒子都击中的点是y轴上同一点，由最高点射出的只能击中(0，R)，则击中的同一点就是(0，R)，所以A选项错误．B、从最低点射出的也击中(0，R)，那么粒子做匀速圆周运动的半径为R，由洛伦兹力提供向心力得：qvB＝m，则速度v＝，所以选项B错误．C、偏转角最大的时间最长，显然从最低点射出的粒子偏转90°，时间最长，时间t＝T ＝×＝，所以选项C错误．D、从最高点直接射向(0，R)的粒子时间最短，则最长与最短的时间差为Δt＝t－＝－，所以选项D正确．4.【答案】D【解析】线框被拉出磁场的过程中，穿过线框的磁通量均减小，根据楞次定律及右手定则可判断出感应电流方向相同，选项A错误；根据I＝及F＝BIL可得F＝，则速度不同ab边所受安培力的大小不同，选项B错误；由Q＝W＝FL＝可知速度不同，线框中产生的焦耳热不同，选项C错误；根据q＝可知通过电阻丝某横截面的电荷量与速度无关，选项D正确．5.【答案】A【解析】法拉第最后才领悟到，磁生电是一种在变化、运动过程中才能产生的效应．最后他将引起电流的原因归为五类：变化的电流、变化的磁场、运动的恒定电流、运动的磁铁，在磁场中运动的导体．6.【答案】C【解析】连接AB，由题意可知，AB中点C点电势应与坐标原点O相等，连线OC即为等势线，与等势线OC垂直的方向为电场的方向，故电场方向由B→A，其大小E＝＝V/m＝100 V/m，选项C正确．7.【答案】D【解析】A，C时刻感应电流最大，线圈位置与中性面垂直，B，D时刻感应电流为零，线圈在中性面，此时磁通量最大，A、B错误．从A时刻到D时刻线圈转过角度为，C错误．若从O时刻到D时刻经过0.02 s，即线圈转动一周用时0.02 s，且在这个时间内电流方向改变2次，则在1 s内交变电流的方向改变×2＝100次，故D正确．8.【答案】D【解析】第一次，灯泡两端电压的有效值为U1＝，功率P1＝＝.第二次，设灯泡两端电压的有效值为U2，则·＋·＝T，解得U2＝U0，功率P2＝＝，则P1∶P2＝1∶5，故A、B、C错误，D正确．9.【答案】A【解析】根据左手定则，带负电的物体沿斜面下滑时受到垂直斜面向下的洛伦兹力，所以物体与斜面间的摩擦力增大，从而使物体滑到斜面底端时速度变小，故A正确．10.【答案】B【解析】11.【答案】AC【解析】由于两带电小球相互吸引，所以一定带异种电荷，选项A正确.设轻丝线与竖直方向的夹角为θ，根据平衡条件可得两球之间的库仑力F＝mg tanθ，因此m1g＜m2g，即m＜m2，选项C正确.112.【答案】AD【解析】对于整体而言，牵引力和阻力的大小都没变，整体的合力还是为零，所以整体的动量守恒，A正确，C错误；当拖车与汽车脱钩后，汽车的牵引力不变，但是汽车受到的拖车的拉力为零，所以汽车要做加速运动，拖车做减速运动，汽车的位移大于拖车的位移，对系统而言，牵引力做的功比阻力做的功多，所以汽车和拖车的总动能要增加，B错误，D正确．13.【答案】CD【解析】绝缘小球上电荷量减少是由于电子通过空气导电转移到外界，只是小球上电荷量减少，但是这些电子并没消失，故A，B错，C对；就小球和整个外界组成的系统而言，其电荷的总量仍保持不变，故D正确．14.【答案】ABD【解析】粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：B＝m，qv解得：r＝＝m＝0.3 m；从ae边射入的粒子，粒子进入磁场后向上偏转，做圆周运动，由于轨道半径r＝0.3 m ＝ab，粒子将从圆弧af射出磁场，最后从ab边和bf边射出，故A正确；粒子轨道半径r＝ab，从d点射入的粒子恰好从f点射出磁场，从ed射入磁场的粒子向上偏转，最终从bf边射出，故B正确；从bf边射入的粒子，出射点分布在ae边与d点，故C错误；从fc边射入的粒子，在洛伦兹力作用下向下偏转，由圆心的轨迹变化知，粒子全部从d 点射出，故D正确．15.【答案】(1)桌面离水平地面的高度h(2)M－mx1＝0【解析】(1)要找出碰撞中的不变量，应测出两滑块质量及各自的速度，取向右方向为正，剪断细线后，A向右做匀减速运动，初速度v A ′＝＝，B向左做平抛运动，设桌面高度为h，则h ＝gt2，x1＝v B′t，得v B′＝－x 1.故要求出v B′，还应测出h.(2)若mv为不变量，碰前Mv A＋mv B＝0，碰后Mv A′＋mv B′＝0，故Mv A＋mv B＝Mv A′＋mv B′，即M－mx 1＝0.16.【答案】甲 3.8(3.7～3.9均可)【解析】当金属丝两端电压为零时，通过的电流也为零，因此图线必过原点，故甲同学的图线正确；在甲同学画的图线上距原点较远的地方取一个点，其坐标值为(0.4 A,1.52 V)，故金属丝电阻为：R ＝＝Ω＝3.8 Ω.17.【答案】(1)(2)【解析】(1)当入射速率v0很小时，电子会在磁场中转动一段圆弧后又从CD一侧射出，速率越大，轨道半径越大，当轨道的边界与EF相切时，电子恰好不能从EF射出，如图所示，电子恰好射出时，由几何知识可得：r＋r cosθ＝d①又r ＝②由①②得v0＝③高中物理- 11 -故电子要射出磁场，速率至少应为.(2)由③式可知，θ＝0°时，v0＝最小，由②式知此时半径最小，r min ＝，也可由轨迹分析得出上述结论．18.【答案】(1)4 V 1 Ω(2)3 V (3)3 W【解析】(1)由题图乙所示U—I图线知：电源电动势E＝4 V，短路电流I短＝4 A，故内阻r ＝＝1 Ω.(2)由题图乙知：电源与电阻构成闭合回路时对应路端电压U＝3 V.(3)由题图乙知：R＝3 Ω，故P出＝I2R＝3 W.19.【答案】(1)－(2)(3)mg【解析】(1)小球由A到B过程中，由动能定理得mgL sin 60°＋＝0qUAB＝－所以UAB(2)E ＝＝(3)小球在AB间摆动，由对称性知，B处细线拉力与A处细线拉力相等，而在A处，由水平方向平衡有F TA＝qE ＝mg所以F TB＝F TA ＝mg或在B处，沿细线方向合力为零，有F＝qE cos 60°＋mg cos 30°＝mgTB20.【答案】210 W【解析】电动机正常工作时，电动机两端的电压U0＝50 V，此时通过电路中的电流：I ＝＝＝5 A，电动机的输出功率P出＝U0I－I2R0＝210 W.高中物理- 12 -。

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期3月月考试题本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分)分卷I一、单选题（共10小题，每小题3。

0分，共30分)1.如图所示，一矩形线框置于磁感应强度为B的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，若线框的面积为S,则通过线框的磁通量为（）A．BS B．C． D． 02.如图所示，水平放置的两根平行直导线把空间分成a、b、c三个区域，导线中通有方向相反的大小不等的电流I1和I2，则磁感应强度为零的区域（）A．只可能出现在b区B．可能同时出现在a、c区C．只可能出现在a、c区中的一个区域D．a、b、c中一定不存在磁感应强度为零的区域3.如图所示,图线a是某一电源的U－I曲线，图线b是一定值电阻的U－I曲线.若将该电源与该定值电阻连成闭合电路，已知该电源的内阻r ＝2.0 Ω，则说法错误的是（)A．该定值电阻为6 ΩB．该电源的电动势为20 VC．将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D．将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大4.用阻值分别是R1＝10 Ω、R2＝20 Ω、R3＝80 Ω的三只电阻，适当连接后可以得到26 Ω的阻值，正确的连接方法是( )A．将三只电阻串联B．将三只电阻并联C．先将R1与R2并联后再与R3串联D．先将R2与R3并联后再与R1串5。

云南省宣威市民族中学2017--2018学年高二下学期3月月考物理试题一、单选题(共12小题)1. 在冬奥会短道速滑项目中，运动员绕周长仅111米的短道竞赛．运动员比赛过程中在通过弯道时如果不能很好地控制速度，将发生侧滑而摔离正常比赛路线．图中圆弧虚线Ob代表弯道，即运动正常运动路线，Oa为运动员在O点时的速度方向（研究时可将运动员看作质点）．下列论述正确的是（）A. 发生侧滑是因为运动员受到的合力方向背离圆心B. 发生侧滑是因为运动员受到的合力大于所需要的向心力C. 若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa左侧D. 若在O发生侧滑，则滑动的方向在Oa右侧与Ob之间【答案】D【解析】试题分析：发生侧滑是因为运动员的速度过大，所需要的向心力过大，运动员受到的合力小于所需要的向心力，而受到的合力方向仍指向圆心，故AB错误．若运动员水平方向不受任何外力时沿Oa线做离心运动，实际上运动员要受摩擦力作用，所以滑动的方向在Oa右侧与Ob之间，故C错误，D正确．故选D．考点：圆周运动的实例分析2. 各种大型的货运站中少不了旋臂式起重机，如图所示，该起重机的旋臂保持不动，可沿旋臂“行走”的天车有两个功能，一是吊着货物沿竖直方向运动，二是吊着货物沿旋臂水平运动．现天车吊着货物正在沿水平方向向右匀速行驶，同时又启动天车上的起吊电动机，使货物沿竖直方向做匀减速运动．此时，我们站在地面上观察到货物运动的轨迹可能是下图中的( ）A. B. C. D.【答案】D【解析】我们站在地面上观察，货物既沿水平方向匀速运动，又沿竖直方向做匀加速运动，设水平方向速度大小为v，加速度大小为a，经过时间t时，货物水平位移大小为x=vt，竖直位移大小，联立得到，根据数学知识可知，轨迹是向上弯曲的抛物线，故B 正确，ACD错误；故选B。

3. 如图所示，水平放置的U形线框abcd处于匀强磁场之中．已知导轨间的距离为L，磁场的磁感应强度为B、方向竖直向下．直导线MN中间串有电压表(已知导线和电压表的总质量为m)，水平跨接在ab和cd上，且与ab垂直，直导线与导轨之间的动摩擦因数为μ，R 为电阻，C为电容器．现令MN以速度向右匀速运动，用U表示电压表的读数、q表示电容器所带的电荷量、C表示电容器的电容、F表示对MN的拉力．因电压表的体积很小，其中导线切割磁感线对MN间电压的影响可忽略．则( )A. ,B. ,q＝0C. U＝0,D. ,【答案】C【解析】当导线MN匀速向右运动时，导体棒产生的感应电动势不变，故电容器所带电荷量不变，即，此时电压表中没有电流通过，故电压表的示数为0，根据受力平衡可得，故C正确，ABD错误；故选C。

云南省曲靖市宣威市第五中学2017-2018学年高二下学期物理3月份月考一、选择题1. 一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V交变电流改变为110 V．已知变压器原线圈匝数为800，则副线圈匝数为( )A. 200B. 400C. 1 600D. 3 200【答案】B【解析】试题分析：根据，可得，解得匝，B正确；考点：考查了理想变压器学%科%网...学%科%网...学%科%网...学%科%网...学%科%网...学%科%网...视频2. 闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，线圈中产生的交变电流的瞬时值表达式为i＝Imsinωt.保持其他条件不变，使线圈的匝数及转速都增加1倍，则电流的变化规律为( )A. i＝2Imsin 2ωtB. i＝4Imsin 2ωtC. i＝2ImsinωtD. i＝4Imsinωt【答案】A【解析】试题分析：根据，可得当线圈的匝数及转速都增加1倍时，该交流电的最大值变为，线圈的电阻变为原来的2倍，角速度变为原来的2倍，所以电流的最大值变为，故电流变化表达式为，故选A考点：考查了对点评：题要理解交流发电机产生的交变电动势的表达式，知道其中各个量的含义．3. 远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R.变压器为理想变压器，则下列关系式中正确的是( )A. ＝B. I2＝C. I1U1＝RD. I1U1＝I2U2【答案】D【解析】试题分析：理想变压器原副线圈两端的电压与线圈的匝数成正比，有：＝，由能量守恒定律可知：P1＝I1U1＝P2＝I2U2，故选项D正确；因此＝，故选项A错误；输电线两端的电压应为升压器副线圈两端电压与降压器原线圈两端电压U3之差，因此根据欧姆定律有：I2＝，故选项B错误；降压器的输入功率为：P3＝I2U3，因此有：I1U1＝I22R＋I2U3，故选项C错误。

云南省宣威市第三中学2017-2018学年下学期期中考试高一物理1. 在倾角为θ的光滑斜面上放一球，球被竖直板挡住，如图所示，在拿开挡板后，小球的加速度为( )A. g sinθ，沿斜面向下B. g cosθ，沿斜面向下C. g tanθ，水平向左D. ，水平向左2. 关于经典力学和量子力学，下列说法中正确的是( )A. 不论是对宏观物体，还是微观粒子，经典力学和量子力学都是适用的B. 量子力学适用于宏观物体的运动；经典力学适用于微观粒子的运动C. 经典力学适用于宏观物体的运动；量子力学适用于微观粒子的运动D. 上述说法都是错误的3. 冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的( )A. 摩擦力非常小B. 重力小C. 推力小D. 不受任何力4. 如图，质量为M的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ.斜面上有一质量为m的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦．用恒力F沿斜面向上拉小物块，使之匀速上滑．在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止．地面对楔形物块的支持力为( )A. (M＋m)gB. (M＋m)g－FC. (M＋m)g＋F sinθD. (M＋m)g－F sinθ5. 甲、乙两物体以大小相等的线速度做匀速圆周运动，它们的质量之比为1∶3，轨道半径之比为3∶4，则甲、乙两物体的向心加速度之比为( )A. 1∶3B. 3∶4C. 4∶3D. 3∶16. 列车长为l，铁路桥长为2l，列车匀加速行驶过桥，车头过桥头的速度为v1，车头过桥尾时的速度为v2，则车尾过桥尾时速度为( )A. 3v2－v1B. 3v2＋v1C. D.7. 下列说法正确的是( )A. 牛顿运动定律就是经典力学B. 经典力学的基础是牛顿运动定律C. 牛顿运动定律可以解决自然界中所有的问题D. 经典力学可以解决自然界中所有的问题8. 某人用手表估测火车的加速度，先观测3 min，发现火车前进540 m；隔3 min后又观察1 min，发现火车前进360 m．若火车在这7 min内做匀加速直线运动，则火车的加速度为( )A. 0.03 m/s2B. 0.01 m/s2C. 0.5 m/s2D. 0.6 m/s29. 某压榨机的结构示意图如图所示，其中B为固定铰链，若在A铰链处作用一垂直于墙壁的力F，则由于力F的作用，使滑块C压紧物体D，设C与D光滑接触，杆的重力及滑块C的重力不计，图中a＝0.5 m，b＝0.05 m，则物体D所受压力的大小与力F的比值为( ).........A. 4B. 5C. 10D. 110. 一斜面倾角为θ，A，B两个小球均以水平初速度v o水平抛出，如图所示。

曲靖市宣威三中2017-2018学年下学期3月份月考高一物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.伽利略对自由落体运动的研究，是科学实验和逻辑推理的完美结合．伽利略先用斜面进行实验研究，获得匀变速直线运动的规律，然后将此规律合理外推至倾角为90°自由落体的情形．对伽利略研究过程的理解，下列说法正确的是()A．图中所示的情形均为真实的实验过程B．图中所示的情形均为理想的实验过程C．利用斜面“放大”重力的作用，使实验现象更明显D．利用斜面“冲淡”重力的作用，便于测量实验数据2.天文学家如果观察到一个星球独自做圆周运动，那么就想到在这个星球附近存在着一个看不见的星体黑洞．星球与黑洞通过万有引力的作用组成双星，以两者连线上某点为圆心做匀速圆周运动，那么()A．它们做圆周运动的角速度与其质量成反比B．它们做圆周运动的周期与其质量成反比C．它们做圆周运动的半径与其质量成反比D．它们所受的向心力与其质量成反比3.登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响．根据下表，火星和地球相比()A．火星的公转周期较小B．火星做圆周运动的加速度较小C．火星表面的重力加速度较大D．火星的第一宇宙速度较大4.A、B两质点的v－t图象如图所示，设它们在同一条直线上运动，在t＝3 s时它们在中途相遇，由图可知()A．A比B先启程B．A比B后启程C．两质点启程前A在B前面3 m处D．两质点启程前A在B后面2 m处5.如图，树枝上的一只松鼠看到一个猎人正在用枪水平对准它，在子弹出枪口的瞬间，松鼠开始运动，下述各种运动方式中，松鼠能逃脱厄运不被击中的是（树枝足够高）（）A．自由落下B．竖直上跳C．迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝D．背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝6.下列说法正确的是()A．牛顿第一定律是科学家凭空想象出来的，没有实验依据B．牛顿第一定律无法用实验直接验证，因此是不成立的C．理想实验的思维方法与质点概念的建立一样，都是一种科学抽象的思维方法D．由伽利略的理想实验可知，运动的物体一定不受外力作用7.为了探究影响平抛运动水平射程的因素，某同学通过改变抛出点的高度及初速度的方法做了6次实验，实验数据记录如表．以下探究方案符合控制变量法的是()A．若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据B．若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为1、3、5的实验数据C．若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据D．若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为2、4、6的实验数据8.2014年3月21日，山东队选手张国伟在全国室内田径锦标赛(北体大站)男子跳高比赛中，以2米33的成绩夺冠并创造新的全国室内纪录．已知张国伟的身高为2 m，据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为(取g＝10 m/s2)()A．3 m/sB．5 m/sC．7 m/sD．9 m/s9.我国第一条商业运营的“上海磁悬浮”列车于2003年10月1日正式运营．据报导，上海磁浮线全长33 000 m，全程行驶约7 min 30 s，列车的最高速度为120 m/s.如图所示，为列车达到最高时速前的速度图线OABC，这段位移为14 700 m，则列车在BC段的加速度为()A．0.4 m/s2 B．0.5 m/s2 C．0.6 m/s2 D．0.7 m/s210.中国飞人刘翔在2011年8月举办的第十三届世界田径锦标赛男子110米栏的比赛中，以13秒34的成绩获得亚军，关于比赛的下列说法中正确的是()A．110 m是刘翔比赛中路程的大小B．13秒34是刘翔夺冠的时刻C．刘翔比赛中的平均速度约是8.2 m/sD．刘翔经过终点线时的速度一定等于8.2 m/s11.如下图所示，在托盘测力计的托盘内固定一个质量为M的光滑的斜面体，现将一个质量为m的物体放在斜面上，让它自由滑下，则测力计的示数一定满足()A．F N＝(M＋m)gB．F N＝MgC．F N>(M＋m)gD．F N<(M＋m)g12.如图所示，一物体在水平恒力的作用下沿光滑水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体从M点到N点的运动过程中，物体的速度将()A．不断增大B．不断减小C．先增大后减小D．先减小后增大二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)甲、乙两质点在同一直线上匀速运动，设向右为正，甲质点的速度为＋2 m/s，乙质点的速度为－4 m/s，则可知()A．乙质点的速率大于甲质点的速率B．因为＋2>－4，所以甲质点的速度大于乙质点的速度C．这里的正、负号的物理意义是表示质点运动的方向D．若甲、乙两质点同时由同一地点出发，则10 s后甲、乙两质点相距60 m14.(多选)2013年6月9日晚，受沿线焚烧秸秆产生烟雾影响，宁洛高速公路安徽省蒙城段发生多起车辆追尾事故．假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0＝30 m/s，距离s0＝100 m，t＝0时刻甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间的变化规律如图甲、乙所示，取运动方向为正方向，则下面说法正确的是()A．t＝6 s时甲、乙两车的速度相等B．t＝6 s时甲、乙两车的距离最近C．0～6 s内甲、乙两车的位移之差为190 mD．甲、乙两车会在0～9 s内相撞15.(多选)在做平抛实验时，如图所示，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上()A．通过调节使斜槽的末端保持水平B．每次释放小球的位置可以不同C．每次释放小球的位置必须相同D．用铅笔记录小球位置时，每次必须严格地等距离下降E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线16.(多选)如下图所示，物体A、B叠放在水平面上，水平力F作用在A上，使二者一起向左做匀速直线运动，下列说法正确的是()A．A、B之间无摩擦力B．A受到的摩擦力水平向右C．B受到A的摩擦力水平向左D．地面对B的摩擦力为静摩擦力，水平向右分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)17.在练习使用打点计时器的实验中，得到了一条如图所示的纸带，其中0、1、2、3…是选用的计数点，每相邻两个计数点之间还有3个打出的点没有在纸带上标出．图中画出了将米尺靠在纸带上测量的情况，读出图中所测量点的读数分别是、、和；打第2个计数点时纸带的速度是m/s．18.利用如图所示实验装置来验证机械能守恒定律.通过电磁铁控制的小铁球从A点自由下落，下落过程中小铁球经过光电门B时，毫秒计时器(图中未画出)记录下小铁球的挡光时间t.实验前调整光电门位置，使小铁球下落过程中，小铁球球心垂直细激光束通过光电门，当地重力加速度为g.(1)为了验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，还需要测量的物理量是________.A.A点距地面的高度HB.A、B之间的距离hC.小铁球从A到B的下落时间tABD.小铁球的直径d(2)小铁球通过光电门时的瞬时速度v＝____________；要验证小铁球下落过程中机械能是否守恒，只需验证等式________是否成立即可(用实验中测得物理量的符号表示).四、计算题(共4小题19.地球以3×104m/s的速度绕太阳公转时，它的质量增大到静止质量的多少倍？20.美国“肯尼迪”号航空母舰上装有帮助飞机起飞的弹射系统．已知“F－15”型战斗机在跑道上加速时产生的最大加速度为5.0 m/s2，起飞的最小速度是50 m/s，弹射系统能够使飞机所具有的最大速度为30 m/s，则飞机起飞时在跑道上至少加速多长时间才能起飞？21.在光滑的水平面内，一质量m＝1 kg的质点以速度v0＝10 m/s沿x轴正方向运动，经过原点后受一沿y轴正方向(竖直方向)的恒力F＝15 N作用，直线OA与x轴成α＝37°，如下图所示曲线为质点的轨迹图(g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)，求：(1)如果质点的运动轨迹与直线OA相交于P点，质点从O点到P点所经历的时间以及P点的坐标；(2) 质点经过P点时的速度大小.22.如图所示，质量M＝2 kg足够长的木板静止在水平地面上，与地面的动摩擦因数μ1＝0.1，另一个质量m＝1 kg的小滑块，以6 m/s的初速度滑上木板，滑块与木板之间的动摩擦因数μ2＝0.5，g取10 m/s2.(1)若木板固定，求小滑块在木板上滑过的距离；(2)若木板不固定，求小滑块自滑上木板开始多长时间相对木板处于静止；(3)若木板不固定，求木板相对地面运动位移的最大值．【参考答案】1.【答案】D【解析】伽利略的时代无法直接测定瞬时速度，就无法验证v与t成正比的思想，伽利略通过数学运算得到，若物体初速度为零，且速度随时间均匀变化，即v正比于t，那么它通过的位移与所用时间的二次方成正比，只要测出物体通过不同位移所用的时间就可以验证这个物体的速度是否随时间均匀变化．前三个过程为真实的实验过程，最后一个为理想的实验过程，A、B错误；由于伽利略时代靠滴水计时，不能测量自由落体所用的时间，伽利略让铜球沿阻力很小的斜面滚下，由于沿斜面下滑时加速度减小，所用时间长得多，所以容易测量．这个方法叫“冲淡”重力．C错误，D正确．2.【答案】C【解析】星球与黑洞绕某点做匀速圆周运动，它们之间的万有引力提供向心力，则星球与黑洞的向心力相等，选项D错误；星球与黑洞和某点始终共线，说明它们有相同的角速度和周期，选项A，B错误；设星球与黑洞的质量、轨道半径分别为m1、m2和r1、r2，角速度为ω，则有m1ω2r1＝m2ω2r2，解得＝，选项C正确．3.【答案】B【解析】由G＝m r＝ma知，T＝2π，a＝，轨道半径越大，公转周期越大，加速度越小，A错误，B正确；由G＝mg得g＝G，＝·2≈2.8，火星表面的重力加速度较小，C错误；由G＝m得v＝，＝≈2.3，火星的第一宇宙速度较小，D错误．4.【答案】C【解析】5.【答案】B【解析】射出的子弹做平抛运动，根据平抛运动的特点，竖直方向做自由落体运动，所以无论松鼠以自由落下，迎着枪口，沿AB方向水平跳离树枝还是背着枪口，沿AC方向水平跳离树枝，竖直方向运动情况完全相同，一定被打中，不能逃脱厄运，故B正确.6.【答案】C【解析】牛顿第一定律是以伽利略的理想实验为基础的，不可用实验来直接验证，但是是正确的；它包含了许多科学家的研究成果．理想实验的思维方法与质点概念的建立相同，都是突出主要因素，忽略次要因素的科学抽象的思维方法，故C正确；运动的物体可以受外力作用，也可以不受外力作用，故D错误．7.【答案】B【解析】若探究水平射程与初速度的关系，应控制抛出点的高度相同，AD错误；若探究水平射程与高度的关系，应控制水平初速度相同，B正确，C错误．8.【答案】B【解析】运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，有：运动员重心升高高度：h＝2.33－＝1.33 m根据竖直上抛运动的规律v2＝2gh得：v＝＝m/s≈5 m/s.9.【答案】B【解析】10.【答案】C【解析】110米栏运动中，运动员运动轨迹不在水平面内，虽然其在水平面的轨迹投影长度为110米，但其实际轨迹长度大于110米，A选项错误；13秒34指刘翔完成110米栏所用的时间不是指时刻．选项B错误；由v＝可计算刘翔比赛中的平均速度约是8.2 m/s，但这不一定是刘翔过终点线的瞬时速度，选项C正确，D错误．11.【答案】D【解析】物体加速下滑，其加速度有竖直向下的分量，故它处于失重状态，物体与托盘整体对测力计的压力小于它们的总重力，D正确．12.【答案】D【解析】曲线运动的轨迹在速度方向与合力方向之间，对M、N点进行分析可知开始时恒力与速度夹角为钝角，后来夹角为锐角，则物体的速度先减小后增大，D正确．13.【答案】ACD【解析】速度是矢量，正、负仅表示方向不表示大小，所以比较大小只比较数值大小即可．14.【答案】AB【解析】甲车经3 s速度减为0，再经3 s速度增加到15 m/s，前6 s发生的位移大小为x1＝×30×3 m＋×15×3 m＝67.5 m．乙车前3 s速度大小不变，再经3 s速度减小到15 m/s，前6 s发生的位移大小为x2＝30×3 m＋×3 m＝157.5 m，则x2－x1＝90 m<100 m,6 s 以后甲车速度大于乙车速度，6～9 s这段时间两车距离逐渐变大．故本题答案为A、B. 15.【答案】AC【解析】通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确．因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B错误，C正确；因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此木条(或凹槽)下降的距离不应是等距的，故D错误．将球经过不同高度的位置记录在纸上后，取下纸，平滑的曲线把各点连接起来，故E错误；故选AC.16.【答案】BC【解析】对A物体，由于A匀速运动，由二力平衡可知，B对A的摩擦力必与F等大反向，故A错误，B正确；对B物体，由力的作用的相互性知，B对A的摩擦力一定与A对B的摩擦力反向，故B受到A的摩擦力水平向左，故C正确；对A、B整体分析，由于AB一起向左匀速运动，则地面对B的摩擦力一定为滑动摩擦力，且水平向右，故D错误．17.【答案】10.00 cm，12.60 cm，22.60 cm，29.50 cm，0.625．【解析】每相邻的计数点间还有3个打出的点没有在图上标出，所以相邻的计数点时间间隔是T=0.08 s；由图可知，点0的读数是10.00 cm，点1的读数是12.60 cm，点3的读数是22.60 cm，点4的读数是29.50 cm，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小．v2==0.625 m/s；18.【答案】(1)BD(2)＝h(或d2＝2ght2)【解析】(1)根据实验原理可知，需要测量的是A点到光电门B的距离，故A错误，B正确.利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，不需要测量下落时间，但需要知道挡光物体的尺寸，因此需要测量小铁球的直径，故C错误，D正确.(2)利用小铁球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故v＝；根据机械能守恒的表达式有mgh＝mv2，可得＝h(或d2＝2ght2)，故只要验证＝h(或d2＝2ght2)即可.19.【答案】1.000 000 005【解析】根据狭义相对论的质量公式m＝，地球以3×104m/s的速度绕太阳公转时，它的质量为m地＝＝≈1.000 000 005m地0.即增大到静止质量的1.000 000 005倍．20.【答案】4.0 s【解析】飞机在跑道上运动的过程中，当有最大初速度、最大加速度时，起飞所需时间最短由v＝v0＋at，得t＝＝s＝4.0 s则飞机起飞时在跑道上至少应有4.0 s的加速时间．21.【答案】(1)3 s(30m,22.5m)(2)5m/s【解析】质点在水平方向上无外力作用做匀速直线运动，竖直方向受恒力F和重力mg作用做匀加速直线运动.由牛顿第二定律得：a＝＝m/s2＝5 m/s2.设质点从O点到P点经历的时间为t，P点坐标为(xP，yP)，则xP＝v0t，yP＝at2又tanα＝联立解得：t＝3 s，xP＝30 m，yP＝22.5 m(2)质点经过P点时沿y轴正方向的速度v y＝at＝15 m/s故P点的速度大小v P＝＝5m/s22.【答案】(1)3.6 m(2)1 s(3)1 m【解析】(1)由牛顿第二定律得，a＝μ2g＝5 m/s2x＝＝3.6 m(2)对m：a1＝μ2g＝5 m/s2对M：μ2mg－μ1g＝Ma2，a2＝1 m/s2小滑块相对木板处于静止时，速度相等．v0－a1t＝a2t，t＝1 s(3)木板在达共速前先做匀加速运动x1＝a2t2＝0.5 m速度v1＝a2t＝1 m/s以后木板与物块以共同加速度a3做匀减速运动a3＝－μ1g＝－1 m/s2，减速到0的时间t1＝＝1 s，x2＝v1t1＋a3t＝0.5 mx＝x1＋x2＝1 m.。