北京市101中学2017-2018学年八年级上学期期中考试物理试题

2023-2024学年八年级（上）期中物理试卷第一部分一、单项选择题（每题2分，共30分）1．（2分）以下有关数据合理的是（ ）A．某同学身高约为1.62dmB．某同学骑自行车上学的平均速度约为1m/sC．舒适的洗澡水温度约为40℃D．中学生百米赛跑时间为0.8s2．（2分）关于匀速直线运动的物体，下列说法正确的是（ ）A．速度与路程成正比B．速度与时间成反比C．速度与路程成正比，与时间成反比D．速度不随路程与时间的改变而改变3．（2分）如图所示是古代青铜器“鱼洗”，盆的两侧铸有铜耳，盆中注入水后，会发出嗡嗡声，盆中形成浪花并迸溅水珠。

众多“鱼洗”齐鸣时，这种工艺制作体现了古人的智慧。

下列说法正确的是（ ）A．“鱼洗”发出的声音，可以在真空中传播B．“鱼洗”发出的声音，是由手的振动发出的C．盆中形成浪花并迸溅水珠，说明发声的“鱼洗”正在振动D．“鱼洗”齐鸣时犹如千军万马奔腾，一定是由于其音调升高4．（2分）在公共场所“轻声”说话，在课堂上“大声”回答问题，这里的“轻声”和“大声”是指声音的（ ）A．音调B．响度C．音色D．声速5．（2分）噪声是严重影响我们生活的污染之一，下列事例中属于在传播过程中减弱噪声的是（ ）A．槐奇路上的隔音棚B．湖景路上的禁鸣标志C．家用轿车的排气管D．阿菁逛街时戴耳机6．（2分）下列措施中，能使蒸发减慢的是（ ）A．把新鲜蔬菜放入保鲜袋中B．将湿衣服展开晾在通风处C．将地面上的水向周围摊开D．用电热吹风机将湿头发吹干7．（2分）“霜降”是中国传统的二十四节气之一，“霜降”之后天气日趋寒冷，大地产生初霜现象。

霜形成的过程中发生的物态变化是（ ）A．凝华B．液化C．凝固D．升华8．（2分）有一支用过后未甩的体温计，其示数为39℃．用这支体温计先后去测两个体温分别是38℃和40℃的病人的体温，体温计显示的示数分别是（ ）A．38℃，39℃B．39℃，40℃C．38℃，40℃D．39℃，39℃9．（2分）如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）A．墙上呈现人的影子B．日食C．桥在水中形成倒影D．放大镜把字放大10．（2分）小明同学利用如图所示的装置做小孔成像实验。

北京101中学2017-2018学年上学期高一年级期中考试地理试卷一、单项选择题：本大题共60小题，共60分（请将答案填在机读卡上）1.“天阶夜色凉如水，坐看牵牛织女星。

”诗中“牵牛织女星”所属天体类别是A. 星云B. 行星C. 恒星D. 卫星【答案】C【解析】该材料中所述的为牛郎星和织女星，两星属于恒星，故答案选C项。

美、意联合研制的“卡西尼号”是对土星大气、光环和卫星进行科学考察的太空探测器。

“卡西尼号”于2017年9月15日零时区11：54结束了自己长达20年的工作，并坠入土星大气层。

据此回答下面小题。

2. “卡西尼号”飞行所经过的最小一级天体系统是A. 总星系B. 银河系C. 地月系D. 太阳系3. “卡西尼号”在探测土卫二中，科学家或认为该星球可能存在生命，其依据可能是土卫二A. 表面存在古老的撞击坑B. 是土星的卫星，具有自转和公转C. 地下可能存在海洋D. 有显著的地质活动4. 当“卡西尼号”坠入土星大气层时，北京时间正值A. 9月15日半夜B. 9月15日晚间C. 9月15日中午D. 9月15日上午【答案】2. C 3. C 4. B【解析】【2题详解】天体系统层次图为：“卡西尼号”从地球出发，因此飞行所经过的最小一级天体系统是地月系。

故C正确。

【3题详解】本题可参考地球上存在生命的条件作答。

地球存在生命的原因：（1）外部条件：相对稳定、安全的宇宙环境：①太阳的稳定——提供光和热；②安全的行星际空间——轨道共面同向,大小行星各行其道。

（2）自身条件：①温度——地球与太阳距离适中，使地球表面的平均气温为15℃；②生命必需条件大气——地球的体积和质量适中，使大气层的厚度和成分适中；③水——原始的大洋。

故C正确。

【4题详解】北京时间采用的是东八区的区时，东八区比零时区早8小时，早加晚减，故北京时间正值9月15日19：54，故B正确。

2011年12月，美国科学家利用太空望远镜，在宇宙空间的“宜居带”内找到了第一颗与地球环境相似的行星——“开普勒-22b”。

八年级上学期期中考试（物理）（考试总分：100 分）一、填空题（本题共计10小题，总分20分）1.（2分）1．假期到了，班上的几个同学送小明乘列车回家。

如图所示，几个同学看着列车徐徐地开动了，小明坐在窗边，却看到同学们渐渐向后退去，这几个同学所选择的参照物是，小明所选择的参照物是。

2.（2分）2．“闻其声知其人”是根据声音的来判断的。

当人们用大小不同的力拨动琴弦发声时，主要是改变声音的。

3.（2分）3．如图是一张晚上萤火虫发光的图片，萤火虫（选填“是”或“不是”）光源；我们能从各个方向看清树叶，是因为光在树叶表面发生了（选填“镜面”或“漫”）反射。

4.（2分）4．光在介质中沿直线传播；我们常用一条带有箭头的直线表示光传播的径迹和方向的直线叫光线，光线是（选“真实存在的”或“假想出的理想模型”）。

5.（2分）5．英语考试时，考生听到英语听力材料的声音通过传播到人耳中。

为了不影响考试，要求监考老师尽量不要走动发出声音，这是从处减弱噪声。

6.（2分）6．晚上，在桌上铺一张白纸，把一块小平面镜放在纸上（镜面朝上），让手电筒的光正对着平面镜照射，如图所示．从侧面看去镜子，白纸（选填“较亮”或“较暗”）。

7.（2分）7．用来发射卫星的火箭，头部涂了一层特殊物质，这种物质受热后由固态为液态（填物态变化名称），然后迅速汽化，以上两种物态变化过程都需要；避免火箭高速运动时与空气作用产生高温而被毁坏。

8.（2分）8．小明同学几乎每天都要乘公交车上学。

善于观察的他发现，无论盛夏还是严冬，在装有空调的公交车玻璃窗上，都会有小水滴附着在上面。

那么，夏天，小水珠附着在玻璃的；冬天，小水珠附着在玻璃的。

（填“内表面”或“外表面”）9.（2分）9．农民晒粮食的时候，要把粮食放在向阳的地方，这是通过来加快粮食中水份的蒸发的；还要把粮食摊开，这是通过来加快粮食中水份的蒸发的。

10.（2分）10．人们以为单位来表示声音的强弱等级。

从物理学角度讲，发声体做无规则振动时会发出（选填“乐音”或“噪声”）。

北京一零一中2017-2018学年度第一学期期中考试高一物理命题：周革润审核：田少良、张桂英、杨文华、王明虎一、单选题：本大题共12小题，每题2分，共24分。

在每小题给出的4个选项中，只有一项是符合题意的，选对的得2分，有选错或不答的得0分．1．在以下情况中关于质点的说法正确的是（）-“战斗机起飞时，可以把航空母舰看作质点A．观察“辽宁舰”航空母舰上的“歼15B．研究“玉兔”号从“嫦娥”的怀抱中“走”出来，即两器分离过程中，研究“玉兔”一连串技术含量极高的“慢动作”时，“玉兔”号可看作质点C．研究“玉兔”号巡视器巡视月球时的运动轨迹时，“玉兔”号巡视器可看作质点D．研究自行车的运动时，因为车轮在转动，所以无论什么情况下，自行车都不能看成质点【答案】C-”战斗机起飞时，航空母舰的长度不能忽【解析】A．观察“辽宁舰”航空母般上的“歼15略，所以不可以把航空母舰看做质点，故A错误；B．研究“嫦娥”“玉兔”两器分离过程中的技术动作时，不能把“玉兔”看成质点；故B 错误；C．研究“玉兔”号巡视器巡视月球时的运动轨迹时，物体的大小和形状能忽略，可看成质点，故C正确；D．研究自行车的运动时，若研究自行车的平动时，自行车可以看成质点，故D错误；故选C．2．金丽温高铁的开通，大幅缩短了沿线各城市的时空距离，金华到温州线路全长188千米，从丽水乘坐动车到杭州只需要1小时34分，最高时速可达300km/h，下列说法正确的是（）A．1小时34分是指时刻B．全长188千米指位移C．300km/h指瞬时速度D．研究动车完全通过短隧道的时间，动车可看成质点【答案】C【解析】A．1小时34分是用的时间的长度，是指时间间隔，故A错误；B．全长188千米指的是经过的路线的长度，是指路程，故B错误；C．最高时速可达300km/h，是某时刻的速度，指瞬时速度，故C正确；D．研究动车完全通过短隧道的时间，动车的长度不能忽略，不可看成质点，故D错误；故选C．3．由加速度的公式ΔΔvat=可知（）A．加速度a与速度变化量Δv成正比B．物体的加速度大小由Δv决定C．加速度a的方向与速度变化量Δv的方向相反D．ΔΔvt叫做速度的变化率，也即加速度【答案】D【解析】A．由公式ΔΔvat=可知，加速度与速度的变化率成正比，与速率的变化量没有关系，故AB错误；C．加速度a的方向与速度变化量Δv的方向相同，故C错误；D．由公式ΔΔvat=可知，ΔΔvt叫做速率的变化率，也即加速度；故D正确；故选D．4．如图所示为一个质点运动的位移x随时间t变化的图象，由此可知质点（）A．0~2s内沿x轴正方向运动B．0~4s内做曲线运动C．0~4s内速率先增大后减小D．0~4s内位移为零【答案】C【解析】A．位移-时间图象切线的斜率表示速度，则04s-内斜率一直为负，速率为负，说明质点一直沿x轴负方向，故A错误；B．x t-图象只能表示直线运动的规律，故B错误；C ．在0~4s 内，图线斜率的绝对值先增大后减小，说明质点的速度先增大后减小，故C 正确；D ．0~4s 内位移为21Δ1010m 20m x x x =-=--=-，故D 错误； 故选C ．5．汽车紧急刹车后，停止运动的车轮在水平地面上滑动直至停止，在地面上留下的痕迹称为刹车线．由刹车线的长短可知汽车刹车前的速度．已知汽车刹车减速运动的加速度大小为280m/s ．，测得刹车线长25m ．汽车在刹车前的瞬间的速度大小为（ ）A ．10m/sB ．20m/sC ．30m/sD ．40m/s【答案】B【解析】取初速度方向为正方向，则刹车车时的加速度28m/s a =-，根据速度位移关系，2202v v ax -=，有汽车刹车时的初速度：0v20m/s =，B 正确． 故选B ．6．一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t 内位移为s ，速度变为原来的3倍．该质点的加速度为（ ） A ．2st B ．232s t C ．24s t D ．28s t 【答案】A【解析】设质点的初速度为0v ，质点的速度为003v v at v =+=，由速度位移公式得：2202v v as -=，解得：2sa t =；A 正确； 故选A ．7．一轻质弹簧原长为8cm ，在4N 的拉力作用下伸长了2cm ，弹簧未超出弹性限度，则该弹簧的劲度系数为（ ） A ．40m/NB ．40N/mC ．200m/ND ．200N/m【答案】D【解析】弹簧伸长的长度为：2cm 0.02m x ==，弹簧的弹力为4N F =，根据胡克定律，F kx =得：4200N/m 0.02F k x ===， 故ABC 错误，D 正确． 故选D ．8．一辆汽车由静止开始运动，其v t -图象如图所示，则汽车在0~1s 内和1s ~3s 内相比（ ）A ．位移相等B ．平均速度相等C ．速度变化相同D ．加速度相同【答案】B【解析】A ．汽车在0~1s 内和1s~3s 内图线围成的面积不等，则位移不等，故A 错误；B ．根据匀变速直线运动的推论知，0~1s 内的平均速度5m/s 2.5m/s 2v ==，1s~3s 内的平均速度5m/s 2.5m/s 2v ==，故B 正确；C ．0~1s 内速度的变化量为5m/s ，1s ~3s 内速度的变化量为5m/s -，故C 错误；D ．两段时间内图线的斜率不同，则加速度不同，故D 错误； 故选B ．9．物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16m 的路程，第一段用时4s ，第二段用时2s ，则物体的加速度是（ ）A ．22m/s 3B ．24m/s 3C ．28m/s 9D ．216m/s 9【答案】B【解析】第一段时间内的平均速度为：1116m 4m/s 4sx v t ===， 第二段时间内的平均速度为：2216m 8m/s 2sx v t ===， 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度知， 两个中间时刻的时间间隔为： Δ21s 3s t =+=，则加速度为：21Δv v a t-=，选项ABC 错误， 284m/s 3-=24m/s 3= 故选B ．10．距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在轨道A 点处有一小球，在B 点用细线悬挂另一小球，离地高度为h ，如图．小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时触发控制器将小球由轨道高度自由释放，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地．不计空气阻力，取重力加速度的大小210m/s g =．可求得h 等于（ ）A ．125m ．B ．225m ．C ．375m ．D ．4.75m【答案】A【解析】设轨道离地的高度为H ，则知5m H =，经过A 点，将球自由缷下后，A 球做平抛运动，则有：2112H gt =，解得：11s t =，小车从A 点运动到B 点的时间22s 0.5s 4AB x t v ===， 因为两球同时落地，则细线被轧断后B 出小球做自由落体运动的时间为 31210.50.5s t t t =-=-=，则22211100.5 1.25m 22h gt ==⨯⨯=，A 正确；故选A ．11．如图，一物块在水平拉力F 的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F 的大小不变，而方向与水平面成60︒角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为（ ）A ．2BCD 【答案】C【解析】当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力倾斜时，物体受力分析，如图由N f F μ=，N sin F mg F θ=-可知摩擦力为：(sin )f mg F μθ=-，12f F =，代入数据为：12mg mg μμ⎛⎫= ⎪ ⎪⎝⎭，联立可得：μ= C 正确； 故选C ．12．如图所示，重为10N 的小球套在与水平面成37︒角的硬杆上，现用一垂直于杆向上、大小为20N 的力F 拉小球，使小球处于静止状态（已知sin 3706︒=．，cos3708︒=．）（ ）A ．小球不一定受摩擦力的作用B ．小球受摩擦力的方向一定沿杆向上，大小为6NC ．杆对小球的弹力方向垂直于杆向下，大小为48N ．D ．杆对小球的弹力方向垂直于杆向上，大小为12N 【答案】B【解析】AB ．在沿斜面方向，重力的分力为sin 6N mg θ=，则斜面对小球的摩擦力大小为6N ，方向沿斜面向上，故A 错误，B 正确；CD ．对小球受力分析，小球一定受重力及拉力，将重力沿斜面和垂直于斜面进行分解可知，垂直于斜面上的分力cos378N G mg =︒=，小于拉力，故杆对球应有垂直向下的弹力，大小为20812N -=，故CD 错误； 故选B ．二、不定项选择题：本大题共7小题，每题3分，共21分。

2016~2017学年北京海淀区一零一中学初中部初二上学期期中物理试卷一、单项选择题（共30分，每小题2分，只有一个选项符合题意）1.A.B.C.D.在国际单位制中，质量的单位是（ ）2.A.刚从水中出来，感觉特别冷B.水烧开时冒出大量的“白汽”C.冬季，堆在户外的“雪人”没熔化却变小D.晾晒的湿衣服逐渐变干在下图所示的现象中，其物态变化属于升华的是（ ）3.A.地面上的房屋 B.“歼-”战斗机C.加油机中的飞行员D.“歼-”战斗机里的飞行员在建国周年国庆大阅兵中，空军各式先进战机尽显风采．如图所示是我国自行研制的第三代战斗机“歼-”在空中加油的情景，以下列的哪个物体为参照物，可以认为加油机是运动的（ ）4.A.中学生的质量约 B.人体感觉最舒适的温度约为C.中学生跑完用时约D.教室课桌的高度约下列估测中最接近生活实际的是（ ）5.用图象表示物体运动规律，图中表示同一运动规律的是（ ）A.甲图和丙图B.甲图和丁图C.乙图和丙图D.乙图和丁图6.A.将水果用保鲜膜包好后再放入冰箱的冷藏室内 B.用电热吹风机将头发吹干C.将湿衣服晾到向阳、通风的地方D.用扫帚把洒在地面上的水向周围扫开下列事例中，能使蒸发变慢的措施是（ ）7.A.固态B.液态C.固液共存态D.以上三种情况都可能海波的凝固点是，那么在时海波处于下面哪种状态（ ）8.A.，且 B.，且C.，且D.，且图所示是、、三种物质的质量与体积的关系图像．由图可知，、、三种物质的密度、、和水密度之间的关系是（ ）水水水水水9.A.B.C.D.下列说法中正确的是（ ）水的温度没有达到沸点时，水是不能变为水蒸气的将水果用保鲜膜包好后再放入冰箱冷藏是为了加快蒸发高压锅是利用增大气压升髙沸点的原理来加快煮熟食物的使用干冰进行人工增雨过程中，干冰先升华后液化10.A.B.C.D.一列火车以的速度做匀速直线运动，一个人以的速度（以车为参照物）从车厢的尾端走到前端，车厢长为，需用的时间为（ ）11.A.误差就是测量中的错误B.认真测量可以避免错误C.采用精密仪器，改进实验方法可以避免误差D.误差只能尽量减小，不能绝对避免关于误差的概念，下列说法中正确的是（ ）12.A.质量不变，体积变小，密度变大 B.质量变小，体积变小，密度不变C.质量变小，体积不变，密度变小D.质量、体积、密度都变小蜡油在燃烧过程中，它的（ ）二、多项选择题（共8分，每小题2分．全选对得2分，漏选得1分，有错选不得分）13.A.B.C.D.甲、乙两物体质暈之比是，体积之比是，则甲、乙两物体的密度之比为（ ）14.A.铜球B.铁球C.铝球D.不能确定有三个完全相同的杯子装满了水，将质量相同的实心铜球，铁珠和铝球分别放入三个杯中，使水溢出质量最多的是（）（ ）铜铁铝15.A.质量减小了，体枳减小了B.质量增加了，体积不变C.质量不变，体积减小了D.质量不变，体枳增加了冰的密度是，把质量为的冰完全熔化成水时，下列关于它们的质量和体积变化的说法正确的是（ ）16.A.B.C.D.对下列现象解释正确的是（ ）放在水盆中的水慢慢变少了，这是水的汽化现象电风扇吹风，人感到凉爽，是因为电风扇降低了空气的温度夏天从冰箱里取出的可乐瓶上有小液滴，是可乐瓶周围的水蒸气液化形成的夏天吃雪糕时，会看到雪糕周围冒“白气”，这是雪糕中的水蒸气液化的结果17.A.烧水时，从壶嘴冒出“白气”形成的过程 B.衣柜里的樟脑球过一段时间变小了C.冰冻的衣服在以下也能干D.洒在地上的水很快就变干了下列物态变化中，属于吸热过程的有（ ）18.A.乙车做匀速直线运动B.甲车的速度为米/秒，乙车的速度为米/秒C.经过秒，甲、乙两车相距米D.经过秒，甲、乙两车通过的路程均为米甲、乙两小车运运的图像如图所示，由图像可知（ ）19.A.密度是物质的特性，不同种物质的密度一般不同 B.铁比木块质量大C.一桶水比一杯水含的物质多，质量也大关于质量和密度的下列说法中，正确的是（ ）三、实验题（共48分，20、21、35、36题各2分，37题4分）D.密度的大小等于物质的质量与体积的比值，但与质量和体积无关20.如图所示被测物体的长度为 ．21.如图所示，体温计的示数为 ．22.在此过程中，小刚观察到水中气泡有两种情况，分别如图甲、乙所示．图 是水沸腾时的情况．（选填“甲”或“乙”）（1）下表是小刚记录的实验数据，由表中数据可知，水的沸点为．此时该地区的大气压 （填“大于”、“小于”或“等于”）标准大气压．时间/温度/（2）由数据记录可知，在到这段时间内，水的温度没有变化，但酒精灯要持续进行加热，这说明水在沸腾时需要 ．（3）温度计玻璃泡中的测温物质有的是水银，有的是酒精．在标准大气压下，水银和酒精的凝固点和沸点如下表所示．在做“观察水的沸腾现象”的实验时，应选用 温度计．（选填“水银”或“酒精”）物质凝固点/沸点/水银酒精（4）小刚在实验室做“观察水的沸腾现象”的实验．23.同一物体长度的五次测量结果记录是：、、、、，这五次测量记录中肯定错误的是，该物体的长度为．24.使用托盘天平时应把天平放在 桌面上，再把游码拨到标尺左端零刻度处，若指针仍偏左，此时应将横梁右端的 向 端调节．在测物体的质量时，如果指针偏向分度盘的右侧，应把右盘中的砝码 （填“增加”或“减少”）一些，天平才能平衡．在测量物体质量时，当把一只最小的砝码加入右盘中时嫌多，而取出这只最小的砝码又嫌少时，应取出这只最小的砝码，同时通过调节 使天平平衡，从而称出物体的质量．25.体育课上，甲、乙、丙三位同学进行百米赛跑，他们的成绩如下表所示：参赛者甲乙丙成绩/根据表中成绩知，跑得最快的是 同学，这里比较三人运动的快慢采用的是在相同 的条件下比较时间的方法．26.该物质是 ；（选填“晶体”或“非晶体”）（1）加热时，该物质处于 态；（选填“固”、“固液共存”或“液”）（2）该物质在熔化过程中吸收热量，温度 ．选填（“升高”或“不变”）（3）下表是某同学在探究某种物质熔化规律时记录的实验数据．由实验数据可知：时间/温度/27.分析上表中实验次数、、（或、、）可归纳出的结论是：同种物质，质量和体积的比值是 的．（1）分析上表中实验次数、（、或、），可归纳出的结沦是： ．（2）为了研究物质的某种特性，某同学分别用甲、乙两种不同的液体做实验．实验时，他用量筒和天平分别测出甲（或乙）液体在不同体枳的质量．下表记录的实验测得的数据及求得的质量跟体积的比值．物质实验次数体积（）质量（）质量/体积（）甲乙28.小月在实验室测量盐水密度．她先用调好的天平测出如图甲所示的烧杯和杯内盐水的总质量为，然后将一部分盐水倒入量筒内，如图乙所示，则量筒内盐水的体积为．接着她用天平测量烧杯和杯内剩余盐水的总质量，天平平衡时的情景如图丙所示，则此时烧杯和盐水的总质量为 ，量筒内盐水的质量为 ，盐水的密度是 ．如图是甲、乙两物体运动速度随时间变化的图象，根据该图象，可以获取两物体运动情况的信息有：29.（1）甲物体速度比乙物体速度 ；（2）两物体都做 运动．如图所示，是探究萘熔化过程中温度变化规律的实验．请回答下列问题：30.（1）将装有萘的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，在加热过程中还进行搅拌，这样做是为了使试管中的萘受热 ，而且萘的温度上升较 （选填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度．除图所示实验器材外，还需要的实验器材有火柴和 ．（2）31.水沸腾一段时间后，撤去酒精灯，发现水停止沸腾．这时某同学用橡皮塞塞住烧瓶口并将烧瓶倒置，向烧瓶底部浇冷水，发现水又重新沸腾了，如图所示，这是因为 ．32.安装实验器材时，小红应按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序进行；（1）安装好器材开始实验后，指出图中其中的错误： ．（2）小红用图所示装置在实验室做“观察水的沸腾”实验．33.小雨在两块相同的玻璃片上分别滴一滴质量相同的水，如图所示．观察图中情景，你认为小雨在探究水蒸发快慢与 是否有关（选填：“A”、“B”或“C”）．（1）接着小雨用电吹风的热风档在图左边玻璃片上方吹风，发现左边玻璃片更早干了．小雨由此得出，水上方的风速越大，蒸发也越快．你认为此过程存在的问题是： ．（2）小雨同学猜想影响水蒸发快慢的因素有以下三个：A．水的表面积； B．水上方的风速； C．水的温度．34.用酒精灯给锥形瓶中的海水加热，使海水沸腾，过一会儿，在试管中将会出现 ，这是采用了 方法使水蒸气液化的．（1）在实验过程中，烧杯里水的温度会升高，这主要是因为： ．（2）如图所示，是某学校的同学在科学实践课中组装的一套模拟海水蒸馏的装置．35.影响水蒸发快慢的因素有：①水的温度②水的表面积③水上方空气流动速度．利用装有水的烧杯、滴管、两块小玻璃片，请选用一个常见的物品设计实验证明：水上方空气流动速度大时蒸发快．写出实验步骤和实验现象．36.现有四个用同一种材料制成的实心正方体，它们的质量如图所示，请根据图中的情景，提出一个可以探究的科学问题： ．37.在课外物理小组的活动中，老师让同学们利用如图所示的“密度瓶”和天平来测量某种金属颗粒的密度．“密度瓶”是一个玻璃瓶，配有瓶塞，瓶塞中央有一根细管，在密度瓶中注满水后用瓶塞塞住瓶子时，多余的水经过细管从上部溢出．请你将同学们的实验步骤补充完整：（1）用天平称出待测金属颗粒的质量，并记录；（2）在“密度瓶”中注满水，塞好瓶塞，擦干瓶壁，用天平称出“密度瓶”的总质量，并记录；（3）将 ，塞好瓶塞，擦干瓶壁，用天平称出“密度瓶”的总质量，并记录；（4）根据已知量和测量量，推导出计算金属颗粒密度的公式 ．四、科普阅读题（共8分，每空1分）38.阅读材料：随着科学技术的发展，新型材料被不断开发出来，并广泛用于社会的各个领域．与传统材料相对，新材料在强度、刚度、硬度、耐温差、耐磨性、耐蚀性、抗辐照等方面或其中某一方面具有优越的性能．纳米材料我们在本章之初学习物质的尺度时，知道了“纳米”这个长度单位．纳米这个长度单位实在是太小了，过去我们在生活中没有关注它，但是现在却成了人们谈论的热门话题．原因是人们发现，将某些物质的尺度加工到时，它们的物理性质或者化学性能与较大尺度时相比，发生了异常的变化，这种材料就称为纳米材料，一些新颖的纳米材料被应用到某些产品上，产生了神奇的效果．例如洗衣机桶的表面上用了纳米尺度的氧化硅微粒和金属离子的组合，就具有抑制细菌生长的功能．普通领带的表面经过纳米技术处理后，会有很强的自洁性能，不沾水也不沾油．陶瓷比一般金属硬度高，耐磨损，耐高温，可惜太脆，一撞就碎．现在用纳米陶瓷粉制成的陶瓷，却具有一定的韧性，如果用它制造发动机的缸体，可以提高发动机的性能．记忆合金科普展览会上有一种神奇的金属花，灯光一照就绽开，关上灯又会闭合．它的花瓣是用一种特殊的金属片——记忆合金制成的．它原本是开放状，后来被弯成合拢的，当用灯泡把它加热到一定温度时，又会自动恢复原状，表现了它具有“记五、计算题（共6分，每小题3分）纳米是 单位，用纳米陶瓷粉制成的陶瓷，除硬度高，耐磨损，耐高温以外还具有一定的 ．（1）记忆合金的主要成分是 ，用这种记忆合金制成的金属花在外界 升高时会绽放．（2）忆”能力．记忆合金的主要成分是镍和钛，它独有的物理特性是：当温度达到某一数值时，材料内部的晶体结构会发生变化，从而导致外形变化．现在己经有多种形状记忆合金医用支架，用于外科手术，与医用不锈钢、普通合金相比，形状记忆合金具有稳定性高、可实现智能安装等特点．还可以将记忆合金制成的弹簧安装在热水器的出水阀门内，当水温超过某一温度（例如）时，弹簧自动伸长，将阀门关闭，避免发生烫伤人的事故．请根据上述材料和你学过的物理知识，完成下列问题．39.人们把气凝胶称作 “凝固的烟”，用确切的物理语言来说是指它的 很小（选填“质量”或“密度”）．文中提到“全碳气凝胶”的固态材料密度仅每立方厘米毫克，也就是．（1）一块的全碳气凝胶放在一朵花上，该气凝胶的质量为 ．（2）研究表明，“全碳气凝胶”还是吸油能力最强的材料之一，它最多能吸收自身质量倍的有机溶剂，则的“全碳气凝胶”最多能吸收的有机溶剂质量为 ．（3）阅读材料：气凝胶是入选吉尼斯世界纪录的最轻的一类物质，因其内部有很多孔隙，充斥着空气，故而得名．年，美国科学家用二氧化硅制得了最早的气凝胶，外号 “凝固的烟”．年，美国实验室、加州大学欧文分校和加州理工学院合作制备了一种镍构成的气凝胶，密度为毫克/立方厘米，创下了当时最轻材料的纪录．把这种材料放在蒲公英花朵上，柔软的绒毛几乎没有变形——这张照片入选了《自然》杂志年度十大图片，也给浙江大学高分子科学与工程学系高超教授留下了深刻印象：能不能制备出一种材料，挑战这个极限？近日，浙江大学的科学家们研制出了一种超轻材料，这种被称为“全碳气凝胶”的固态材料密度仅每立方厘米毫克，是迄今为止世界上最轻的材料．“气凝胶”是半固体状态的凝胶经干燥、去除溶剂后的产物，外表呈固体状，内部含有众多孔隙，充斥着空气，因而密度极小．浙江大学高分子科学与工程学系高超教授的课题组将含有石墨烯和碳纳米管两种纳米材料的水溶液在低温环境下冻干，去除水分、保留骨架，成功刷新了“最轻材料”的纪录．此前的“世界纪录保持者”是由德国科学家在年底制造的一种名为“石墨气凝胶”的材料，密度为每立方厘米毫克．据介绍，“全碳气凝胶”还是吸油能力最强的材料之一．现有的吸油产品一般只能吸收自身质量倍左右的有机溶剂，而“全碳气凝胶”的吸收量可高达自身质量的倍．全碳气凝胶将有望在海上漏油、净水甚至净化空气等环境污染治理上发挥重要作用．传统的气凝胶制作方式往往无法批量生产，但课题组新创的“低温冻干法”令气凝胶的生产过程更加便捷，也使这种超轻材料的大规模制造和应用成为可能．40.如图所示，一列长为的火车匀速通过一座长的大桥，火车完全通过大桥所用的时间是，求火车过桥时的速度是多少？41.某生产厂家要用铸铁浇制一批产品，己知铸铁的密度是．与产品形状相同的木制模型质量是，木头的密度是，要浇制一件产品，需要熔化多少铸铁？。

2017-2018学年北京101中高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的．请将该选项前的代号填入题后括号内．选对得3分，错选该小题不得分）1．（3分）（2015秋•北京校级期末）在下列物理现象中，能清晰地说明光具有波动性的是（）A．泊松亮斑B．小孔成像C．光电效应D．光的反射考点：光的波粒二象性．分析：光既具有波动性又具有粒子性，光是一种电磁波，衍射与干涉是波特有的现象．解答：解：A、泊松亮斑是因为光的衍射形成的；故说明光具有波动性；故A正确；B、小孔成像和光的反射不能说明光的本性是波，也不能说明光的本性是粒子，它只能说明光是沿直线传播；故BD错误；C、光电效应是光的粒子性形成的；故C错误；故选：A．点评：该题考查光的波动性的相关内容，多读教材，加强基础知识积累就能顺利解决此类题目．2．（3分）（2015秋•北京校级期末）电场中有A、B两点，A点的电势φA=30V，B点的电势φB=10V，一个电子由B点运动到A点的过程中，下面几种说法中正确的是（）A．电场力对电子做功20eV，电子的电势能减少了20eVB．电子克服电场力做功20eV，电子的电势能增加了20eVC．电场力对电子做功20eV，电子的电势能增加了20eVD．电子克服电场力做功20eV，电子的电势能减少了20eV考点：电势差与电场强度的关系；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场力做功公式W BA=qU BA研究电场力做功情况．电场力做正功多少，电势能就减小多少；克服电场力做功多少，电势能就增加多少．解答：解：根据电场力做功公式得：电场力做功W BA=qU BA=q（φB﹣φA）=﹣e•（﹣20V）=20eV．即电场力对电子做功20eV，电子的电势能减少了20eV故选：A点评：对于电场力做功的公式W AB=qU AB应用时，W AB、q、U AB三个量一般要代入符号计算，得到的W AB是正值，表示电场力做正功，否则为负功．3．（3分）（2015秋•北京校级期末）下面有几种说法正确的是（）A．布朗运动反映的是液体分子的无规则运动B．分子间的作用力跟分子间的距离r有关，当r＞r0时，分子间是引力；当r＜r0时，分子间是斥力；当r=r0时，分子间既无引力也无斥力C．在改变物体内能时，做功与热传递的效果是不同的D．气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁的碰撞作用产生的，等于单位时间内作用在单位面积上的冲量考点：分子间的相互作用力；布朗运动．专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系．分析：布朗运动是固体小颗粒的运动，分子间的作用力跟分子间的距离r有关，在改变物体内能时，做功与热传递的效果是相同的，气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁碰撞作用产生的．解答：解：A、布朗运动是固体小颗粒的运动，反映的是液体分子的无规则运动，故A正确；B、分子间的作用力跟分子间的距离r有关，当r＞r0时，分子间是引力；当r＜r0时，分子间是斥力，当r=r0时，分子间引力等于斥力，合力为零，故B错误；C、在改变物体内能时，做功与热传递的效果是相同的，故C错误；D、气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁碰撞作用产生的，故D正确．故选：AD．点评：本题考查了布朗运动、分子作用力和分子间距的关系、压强的微观解释等知识点．要重点掌握分子间作用力和距离之间的关系．4．（3分）（2015秋•北京校级期末）用波长为λ1和λ2的单色光1和2分别照射金属1和2的表面．色光1照射金属1和2的表面时都有电子射出，色光2照射金属1时有电子射出，照射金属2时没有电子射出．设金属1和2的逸出功为W1和W2，则有（）A．λ1＞λ2，W1＞W2B．λ1＞λ2，W1＜W2C．λ1＜λ2，W1＞W2 D．λ1＜λ2，W1＜W2考点：爱因斯坦光电效应方程．专题：光电效应专题．分析：当入射光的频率大于金属的极限频率时，或入射光子的能量大于逸出功时，会发生光电效应．解答：解：单色光A照射两种金属时都能产生光电效应现象；单色光B照射时，只能使金属C产生光电效应现象，根据光电效应条件知，单色光A的频率大于单色光B的频率，则λ1＜λ2，单色光B照射时，只能使金属C产生光电效应现象，不能使金属D产生光电效应现象．知金属1的逸出功小于金属2的逸出功，即W1＜W2．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握光电效应的条件．知道光子频率越大，波长越小．5．（3分）（2015秋•苏州期末）在交通事故的分析中，刹车线的长度是很重要的依据，刹车线是汽车刹车后，停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．在某次交通事故中，汽车刹车线长度14m，假设汽车轮胎与地面问的动摩擦因数为0.7，g=10m/s2，则汽车开始刹车时的速度大约为（）A．14m/s B．10m/s C．7m/s D． 20m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据牛顿第二定律求得加速度，再由速度位移关系求得初速度．解答：解：根据牛顿第二定律可知μmg=ma则a=﹣μg=﹣0.7×10m/s2=﹣7m/s2又已知X=14m，V=0m/s由V2﹣V02=2aX 得V 0==m/s=14m/s故选：A点评：本题是牛顿第二定律和运动学的综合，根据受力分析求得合外力进而求得加速度是解决本题的关键．6．（3分）（2003•西城区模拟）有两个高度相同、倾角不同的光滑斜面．将一个物体分别从两个斜面的顶端由静止释放滑至底端．则两次过程相比（）A．物体滑至底端时的速度相同 B．重力做功的平均功率相同C．物体增加的动能相同D．物体下滑时的加速度相同考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：物体下滑过程中只有重力做功，W G=mgh，高度相同，重力做功相同，斜面倾角不同，则加速度不同，运动的时间也不同，根据动能定理即可判断．解答：解：A、设高度为h，斜面的倾角为θ，下滑过程中根据动能定理得：mgh=，解得v=，方向沿斜面向下，由于倾角不同，所以速度方向不同，故A错误；B、斜面的长度L=，根据牛顿第二定律，有：mgsinθ=ma，解得a=gsinθ，根据L=解得：t=由于斜面坡角不同，所以加速度不同，运动的时间也不同，但重力做的功相同，所以重力做功的平均功率不同，故D正确，B错误；D、根据动能定理可知，动能的增加量等于重力做的功，所以物体增加的动能相同，故C正确．故选C．点评：本题主要考查了动能定理、运动学基本公式及牛顿第二定律的直接应用，并结合几何关系解题，难度适中．7．（3分）（2015秋•北京校级期末）简谐机械波在给定的媒质中传播时，下列说法正确的是（）A．振幅越大，则波传播的速度越快B．振幅越大，则波传播的速度越慢C．在一个周期内，振动质元走过的路程等于一个波长D．振动的频率越高，则波传播一个波长的距离所用的时间越短考点：波长、频率和波速的关系．分析：简谐机械波在给定的媒质中传播时，振幅越大，质点振动越强．在一个周期内，振动传播的路程等于一个波长．振动的频率越高，则波传播一个波长的距离所用的时间越短．解答：解：AB、简谐机械波在给定的媒质中传播时，振幅越大，质点振动越强，但波传播的速度是由介质决定的，与振幅无关，故A、B错误．C、在一个周期内，振动传播的路程等于一个波长，而振动质元走过的路程等于四个振幅，与波长无关．故C错误．D、波传播一个波长的距离所用的时间等于一个周期．振动的频率越高，周期越短，波传播一个波长的距离所用的时间越短．故D正确．故选：D．点评：本题要搞清质元的振动和波动是不同的，波速由介质决定，在同一介质中波是匀速传播的，而质元振动时，其速度是周期性变化的．8．（3分）（2003•西城区模拟）在匀强电场中只受电场力而做曲线运动的质子，单位时间内速度的改变量总是（）A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同考点：匀强电场．专题：电场力与电势的性质专题．分析：质子只受电场力作用做曲线运动，对其受力分析，结合牛顿第二定律，可知，加速度不变，而单位时间内速度的改变量与加速度有关．解答：解：根据题意可知，由于匀强电场，则质子只受电场力，且电场力恒定，又做曲线运动，而根据运动的分解可知，△v=gt，因此单位时间内速度的改变量总是相同，即大小相等，方向相同．故A正确，BCD错误；故选A点评：考查粒子受到恒力做曲线运动时，掌握速度的变化量与什么因素有关．同时注意矢量性．9．（3分）（2003•上海）粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：正方形的一条边在磁场中，改边切割磁感线，相当于电源，然后根据闭合电路的有关知识进行求解．解答：解：磁场中切割磁感线的边相当于电源，外电路由三个相同电阻串联形成，ACD 中a、b两点间电势差为外电路中一个电阻两端电压为：，B图中a、b两点间电势差为路端电压为：，所以a、b两点间电势差绝对值最大的是B图所示，故ACD错误，B正确．故选B．点评：本题属于电磁感应与电路的结合，注意弄清电源和外电路的构造，明确a、b两点间的电势差是路端电压还是某一阻值电压．10．（3分）（2015秋•北京校级期末）封闭在气缸内的一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，以下说法正确的是（）A．气体的密度增大B．气体的压强增大C．气体分子的平均动能减小D．气体分子的分子势能变大考点：理想气体的状态方程；物体的内能．分析：根据理想气体状态方程可明确压强的变化；根据温度变化分析平均动能的变化；根据体积分析密度和分子势能．解答：解：A、因气体体积不变，故气体密度不变；故A错误；B、由=C可知，温度升高，体积不变时，压强增大；故B正确；C、因温度升高，故分子的平均动能增大；故C错误；D、因体积不变；故分子势能不变；故D错误；故选：B．点评：本题考查理想气体状态方程和温度；要注意明确温度是分子平均动能的标志，温度升高时，分子平均动能增大．11．（3分）（2005•广东）如图所示，一束白光通过玻璃棱镜发生色散现象，下列说法正确的是（）A．红光的偏折最大，紫光的偏折最小B．红光的偏折最小，紫光的偏折最大C．玻璃对红光的折射率比紫光大D．玻璃中紫光的传播速度比红光大考点：光通过棱镜时的偏折和色散．分析：太阳光是复色光，经过三棱镜后由于折射率不同，导致偏折程度不同．解答：解：白色光经过三棱镜后产生色散现象，在光屏由上至下（a、b、c、d）依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．由于紫光的折射率最大，所以偏折最大；红光的折射率最小，则偏折程度最小．故屏上端为红光，屏下端是紫光．折射率大的传播速度小，则紫光的传播速度比红光小．故选：B点评：从中发现，可见光是复色光，同时得出在介质中，紫光的折射率最大，红光的折射率最小．12．（3分）（2015秋•北京校级期末）如图（甲）是某电场中的一条电场线，a、b是这条线上的两点，若将一负点电荷从a点由静止释放，负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b，在这过程中，电荷的速度﹣时间图线如图（乙）所示，比较a、b两点电势的高低和场强的大小（）A．U a＞U b，E a=E b B．U a＞U b，E a＜E b C．U a＜U b，E a＞E b D．U a＜U b，E a=E b考点：电势差与电场强度的关系．分析：速度图象的斜率等于物体的加速度，由牛顿第二定律分析场强关系．负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，沿电场线的方向电势降低，据此分析即可．解答：解：负电荷从a向b运动的过程中，速度增大，则负电荷所受的电场力方向从a指向b，电场线方向从b指向a，根据沿电场线的方向电势降低，则有U a＜U b．根据速度图象的斜率等于物体的加速度，由图可知，负电荷从a向b运动的过程中，加速度不变，所受的电场力不变，则场强不变，故a点的场强等于b点场强，即E a=E b．故选：D．点评：本题关键要结合速度图象的意义分析负电荷的运动情况，要抓住负电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反，顺着电场线方向电势降低，分析电势与场强的关系．二、多项选择题（本题共5小题，每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，至少有两个选项正确．全选对的得3分，选不全的得2分，答错或不答的得0分．）13．（3分）（2003•西城区模拟）用单分子油膜法测出油分子（视为球形）的直径后，还需要下列哪一组物理量就可以测定阿伏伽罗德常数（）A．油的摩尔量和密度 B．油的摩尔体积C．油滴的体积D．油滴的质量和油的摩尔质量考点：阿伏加德罗常数．专题：阿伏伽德罗常数的应用专题．分析：根据油分子直径可以求出油分子的体积，然后明确了阿伏伽德罗常数的物理意义即可正确解答．解答：解：算出油分子体积，只要知道了油的摩尔体积即可算出阿伏伽德罗常数，知道油的摩尔量和密度可以求出其摩尔体积，故AB正确，CD错误．故选AB．点评：阿伏伽德罗常数是分子动理论中一个重要概念，要注意理解，加强练习．14．（3分）（2009秋•昌平区期末）如图，a、b都是很轻的铝环，环a是闭合的，环b是不闭合的，a、b环都固定在一根可以绕O点自由转动的水平细杆上，此时整个装置静止，下列说法中正确的是（）A．使条形磁铁N极垂直a环靠近a，a靠近磁铁B．使条形磁铁N极垂直a环远离a，a靠近磁铁C．使条形磁铁N极垂直b环靠近b，b靠近磁铁D．使条形磁铁N极垂直b环靠近b，b将不动考点：楞次定律．分析：当条形磁铁N极垂直a环靠近a时，穿过a环的磁通量增加，a环闭合产生感应电流，根据楞次定律判断a环的运动情况．当条形磁铁N极垂直b环靠近b时，b环不闭合，不产生感应电流，根据有无安培力判断b 环的运动情况．解答：解：A、当条形磁铁N极垂直a环靠近a时，穿过a环的磁通量增加，a环闭合产生感应电流，磁铁对a环产生安培力，阻碍两者相对运动，a环将远离磁铁．故A错误．B、使条形磁铁N极垂直a环远离a时，穿过a环的磁通量减小，a环闭合产生感应电流，磁铁对a环产生安培力，阻碍两者相对运动，a向着磁铁运动．故B正确．C、当条形磁铁N极垂直b环靠近b时，b环中不产生感应电流，磁铁对b环没有安培力作用，b环将静止不动．故C错误，D正确．故选：BD点评：本题也可以根据楞次定律的另一种表述：感应电流的磁场总要阻碍导体与磁体间的相对运动来直接判断．15．（3分）（2015秋•北京校级期末）弹簧秤挂在升降机的顶板上，下端挂一质量为2kg的物体，当升降机在竖直方向运动时，弹簧秤的示数始终是16N，如果从升降机的速度为3m/s 时开始计时，则经过1s，升降机的位移可能是（g取代10m/s2）（）A．2m B． 3 m C． 4 m D．8 m考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：质量为2kg的物体重力为20N，弹簧秤示数为16N时，根据牛顿第二定律求出物体具有的加速度，再根据物体的加速度分析物体可能的运动状态即可．解答：解：对物体进行受力分析，物体受重力和弹簧秤的拉力F作用，取竖直向上为正方向，根据牛顿第二定律知：F﹣mg=ma得物体的加速度负号表示物体的加速度方向竖直向下．物体的加速度向下，若物体向上运动，则物体必做减速运动，=m；B、物体的加速度向下，若物体向下运动，则物体必做加速运动，═m．故AC正确故选：AC点评：本题通过对物体的受力分析得出物体的加速度，再由加速度确定物体可能的运动，知道加速和减速是看加速度方向与速度方向是否相同．16．（3分）（2003•西城区模拟）我国发射的风云一号气象卫星是极地卫星，卫星飞过两极上空，其轨道平面与赤道平面垂直，周期为12h；我国发射的风云二号气象卫星是地球同步卫星，周期是24h，由此可知，两颗卫星相比较（）A．风云一号气象卫星距地面较近B．风云一号气象卫星距地面较远C．风云一号气象卫星的运动速度较大D．风去一号气象卫星的运动速度较小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：由题，“风云一号”气象卫星的周期小于“风云一号”气象卫星的周期，根据公式=k 分析两卫星的半径关系．由公式v=分析线速度关系．解答：解：A、B、由题，“风云一号”气象卫星的周期小于“风云一号”气象卫星的周期，根据公式=k分析得知，“风云一号”气象卫星半径r较小，距地面较近．故A正确，B错误；C、D、G是常量，M是地球的质量，不变，“风云一号”气象卫星半径r较小，由公式v=，“风云一号”气象卫星的运动速度较大，故C正确，D错误；故选AC．点评：本题考查对卫星类型问题物理量的比较能力，在理解的基础上，记住一些结论，有助于提高解题速度．17．（3分）（2015秋•北京校级期末）一理想变压器的原线圈连接一只电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节，如图所示，在副线圈上连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，P为滑动变阻器的滑动触头，在原线圈上加一电压为U的正弦交变电压，则（）A．保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变大B．保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变小C．保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变大D．保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：保持Q位置不动，则输出电压不变，保持P位置不动，则负载不变，再根据电压器的特点分析．解答：解：A、B、在原、副线圈匝数比一定的情况下，变压器的输出电压由输入电压决定．因此，当Q位置不变时，输出电压U′不变，此时P向上滑动，负载电阻值R′增大，则输出电流I′减小．根据输入功率P1等于输出功率P2，电流表的读数I变小，故A错误，B 正确；C、D、P位置不变，将Q向上滑动，则输出电压U′变大，I′变大，电流表的读数变大，变压器的输入功率变大．因此选项C正确，D错误；故选：BC．点评：本题的关键在于P位置不动时总电阻不变，Q不变时输出电压不变，完全利用变压器特点．三、实验题18．（6分）（2015秋•北京校级期末）一待测电阻，阻值在100～200Ω之间，额定功率0.25W，现用伏安法测其阻值，可供选择的器材有：A．安培表，0～50mA，内阻约20ΩB．安培表，0～3A，内阻约0.1ΩC．伏特表，0～0.6V，内阻1kΩD．伏特表，0～10V，内阻10kΩE．滑动变阻器0～20Ω，I额=2AF．电池组，E=16V，内阻不计G．电键K，导线若干（1）要求用伏安法测量其阻值时，测量要尽可能精确．实验中要尽可能多的测量多组数据．则在可供选择的器材中，应该选用的电流表是A，电压表是D（用题目所给选项的字母表示）．（2）根据所选的器材，在下边的方框中画出实验电路图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题；电磁学．分析：由功率的变形公式求出待测电阻额定电压与额定电流，根据额定电压与电流选择电压表与电流表．确定滑动变阻器接法与电流表接法，然后作出实验电路图．解答：解：（1）由公式P=I2R可知，电阻最大电流约为：I=代入数据解得，I约为：0.035A～0.05A，即35mA～50mA，所以为了保护被测电阻，通过它的电流应控制在0.035A以下，则电流表应选A；电阻两端最大电压约为：U=代入数据解得，U约为5V～5V，为保护待测电阻不至烧毁，实验中电阻两端电压应控制在5V以下；同时量程也不能太小，故电压表应选D．③由于滑动变阻器最大阻值5Ω，小于待测电阻阻值，因此滑动变阻器应采用分压接法，电流表的内阻与被测电阻较接近，所以电流表外接，电路图如图所示：故答案为：（1）A；D；（2）如图所示．点评：由电功率的变形公式求出待测电阻额定电压与额定电流，然后根据电压与电流选择电表；确定滑动变阻器与电流表接法是设计实验电路图的关键．四、计算题（本题有5个小题，共43分，解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案必须写出数值和单位）19．（8分）（2015秋•丹阳市校级期中）如图所示，一质量为m的物块放在水平地面上，现在对物块施加一个大小为F的水平恒力，使物块从静止开始向右移动距离x后立即撤去F．物块与水平地面间的动摩擦因数为μ．求：（1）撤去F时，物块的速度大小；（2）撤去F后，物块还能滑行多远．考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：对力F作用的过程根据动能定理列方程求解；设撤去力F后滑行的距离为x′，对全过程列动能定理方程可求解．解答：解：（1）设撤去F时物块的速度大小为v，由动能定理，得：（F﹣μmg）x=mv2所以v=（2）设撤去F后物块还能滑行的距离为x′，从静止到物块停下的过程中，运用动能定理有：（F﹣μmg）x﹣μmgx′=0解得x′=x（﹣1）答：（1）撤去F时，物块的速度大小v=；（2）撤去F后，物块还能滑行（﹣1）x．点评：本题考查了动能定理的应用，也可以由牛顿第二定律求解．20．（7分）（2015秋•北京校级期末）在海滨游乐场里有一种滑沙的游乐活动．如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处由静止开始滑下，滑到斜坡底端B点后沿水平的滑道再滑行一段距离到C点停下来．若某人和滑板的总质量m=60.0kg，滑板与斜坡滑道和水平滑道间的动摩擦因数相同，大小为μ=0.50，斜坡的倾角θ=37°．斜坡与水平滑道间是平滑连接的，整个运动过程中空气阻力忽略不计，重力加速度g取10m/s2．（1）斜坡滑下的加速度为多大？（2）若由于场地的限制，水平滑道的最大距离为L=20.0m，则人在斜坡上滑下的距离AB 应不超过多少？（sin37°=0.6，os37°=0.8）考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）分析人在斜坡上受力情况，根据牛顿第二定律求解加速度．（2）人在斜坡上做匀加速直线运动，由速度位移关系式求出人运动到B点时的速度大小，即为在水平滑道上匀减速直线运动的初速度，根据牛顿第二定律求出人在平直滑道上的加速度，再由速度位移关系式求出BC的长度．解答：解：（1）受力如图所示，由牛顿第二定律有：mgsinθ﹣F f1=ma1F N1﹣mgcosθ=0又F f1=μF N1联立解得：a1=g（sinθ﹣μcosθ）=2.0 m/s2；（2）根据动能定理，选取从开始到停止，则有：mgL AB sinθ﹣μmgL﹣μmgcosθL AB=0﹣0；解得：L AB=50m；答：（1）斜坡滑下的加速度为2.0 m/s2；（2）若由于场地的限制，水平滑道的最大距离为L=20.0m，则人在斜坡上滑下的距离AB 应不超过50m．点评：对研究对象的进行受力分析与运动分析，再由运动学公式与牛顿运动定律相结合．同时第二个小问可以用动能定理来处理．21．（6分）（2015•上海二模）如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑轨道半径为R，A端与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正上方，一个小球在A点正上方由静止释放，自由下落至A点进入圆轨道并恰能到达B点．求：（1）释放点距A点的竖直高度；（2）落点C与A点的水平距离．考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：机械能守恒定律应用专题．。

北京101中学2017-2018学年高三上学期期中物理模拟试卷一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分．每小题只有一个选项符合题意．1．如图所示，质点在竖直面内绕O点沿顺时针方向做匀速圆周运动．S1、S2、S3、S4是圆周上的四个点，S l S3是过圆心的水平线，S2S4是过圆心的竖直线．现质点分别在S l、S2、S3、S4各点离开轨道后在空中运动一段时间落在水平地面上．若质点在空中运动时只受重力，则下列说法正确的是( )A．质点在S l离开轨道后在空中运动的时间一定最短B．质点在S2离开轨道后在空中运动的时间一定最短C．质点在S3离开轨道后落到地面上的速度一定最大D．质点在S4离开轨道后落到地面上的速度一定最大考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：质点做匀速圆周运动，在4个位置离开轨道后的速度大小相等，对其运动的整个过程运用动能定理可以求出哪个速度最大，根据四个质点的运动情况判断运动的时间长短．解答：解：A、质点在S2、S4点离开轨道后做平抛运动，在S3点离开后做竖直上抛运动，在S1点离开轨道后做竖直下抛运动，所以在S l、S2点抛出的时间都可能最短，要看初速度和半径R以及离地面的高度关系，故无法判断谁时间最短，故AB错误；C、对其运动的整个过程运用动能定理可知，，所以下落高度最大的，落地时速度最大，所以在S4离开轨道后落到地面上的速度一定最大，故C错误，D正确故选D点评：本题的关键是分析清楚各个质点的运动情况，能根据动能定理求解，难度适中．2．在光滑水平面上，有一个物体同时受到两个水平力F1与F2的作用，在第1s内物体保持静止状态．若力F1与F2随时间的变化关系如图所示，则物体( )A．在第2 s内做加速运动，加速度大小逐渐减小，速度逐渐增大B．在第3 s内做加速运动，加速度大小逐渐增大，速度逐渐增大C．在第4 s内做加速运动，加速度大小逐渐增大，速度逐渐增大D．在第5 s末速度为零，运动方向与F1方向相同考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在第1s内物体处于平衡状态，保持静止；从第一秒末到第五秒末，物体的合力先变大后逐渐减为零，根据速度与合力的方向得到物体的运动情况．解答：解：A、从第一秒末到第二秒末，物体的合力不断变大；根据牛顿第二定律，加速度不断变大；合力与速度同向，故物体做加速运动，故A错误；B、在第3s内合力逐渐变大，故加速度不断变大，合力与速度同方向，物体做加速运动，故B正确；C、在第4s内，合力变小，加速度变小，合力与速度同方向，故物体做加速运动，故C错误；D、在第5s末，合力为零，故加速度为零；从第一秒末到第五秒末，物体的合力先变大后逐渐减为零，始终与速度同向，故物体做加速运动，5s末速度最大，故D错误；故选B．点评：本题关键求出合力的变化情况后，根据牛顿第二定律确定加速度的情况，然后根据加速度与速度的方向关系确定速度的变化情况．3．如图所示，三个同心圆是点电荷Q周围的三个等势面，已知这三个圆的半径成等差数列，A、B、C分别是这三个等势面上的点，且这三点在同一条电场线上．将电量为q=+1.6×10﹣6C的电荷从A点移到C点，电势能减少1.92×10﹣5J，若取C点为电势零点（φC=0V），则B 点的电势是( )A．一定等于6V B．一定低于6V C．一定高于6V D．无法确定考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面互相垂直，由图看出，AB段电场线比BC段电场线密，AB段场强较大，根据公式U=Ed定性分析A、B间与B、C间电势差的大小，再求解中点b的电势φB．解答：解：V电场线与等势面互相垂直，由图看出，AB段电场线比BC段电场线密，AB段场强较大，根据公式U=Ed可知，A、B间电势差U AB大于B、C间电势差U BC，即φA﹣φB＞φB﹣φC，得到φB＜=6V．故选：B点评：本题的关键是运用匀强电场中场强与电势差的公式定性分析电势差的大小．常规题．4．如图所示，一不可伸长的轻绳长为L，一端固定在O点，另一端系着一个质量为m 的小球．开始小球处于A点细绳恰好拉直（绳中无拉力），现让小球由静止自由释放，则小球运动到O正下方的C点时绳子的拉力大小为( )A．4mg B．3.5mg C．3m g D．2.5mg考点：向心力；匀速圆周运动．专题：匀速圆周运动专题．分析：小球在经过最低点B的瞬间，因受线的拉力作用，其速度的竖直分量v y突变为零，水平分量v x没有变化；从最低点到C点过程运用动能定理列式求出速度，再根据牛顿第二定律列式求解拉力．解答：解：小球在绳子有拉力之前做自由落体运动，根据运动学公式可知，小球在经过点B的瞬间，因受线的拉力作用，其速度的y方向的分量v y突变为零，x方向的分量v x没有变化．v Bx=v B cos30°=×小球在经过B点后做圆周运动到达C，根据动能定理，则有mgL（1﹣cos60°）=m﹣m根据牛顿第二定律，有F﹣mg=m解得F=3.5mg故选B点评：本题关键分析清楚粒子的运动规律，然后结合运动的合成与分解、动能定理、牛顿第二定律列式求解．5．如图所示，一根长为L的轻杆OA，O端用铰链固定，另一端固定着一个小球A，轻杆靠在一个质量为M、高为h的物块上．若物块与地面摩擦不计，则当物块以速度v向右运动至杆与水平方向夹角为θ时，小球A的线速度大小为( )A．B．C．D．考点：线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．分析：将物块的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在垂直于杆子方向上的速度等于B点绕O转动的线速度，根据v=rω求出转动的角速度，从而求出A的线速度大小．解答：解：当物块以速度v向右运动至杆与水平方向夹角为θ时，B点的线速度等于木块的速度在垂直于杆子方向上的分速度，v B=vsinθ，则杆子的角速度ω=，则小球A的线速度v A=Lω=．故A正确，B、C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键会根据平行四边形定则对速度进行分解，木块速度在垂直于杆子方向的分速度等于B点转动的线速度．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．6．某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，取g=10m/s2，则5s内物体的( ) A．路程为65mB．位移大小为25m，方向竖直向上C．速度改变量的大小为10m/s，方向竖直向下D．平均速度大小为13m/s，方向竖直向上考点：竖直上抛运动；位移与路程；平均速度．分析：物体竖直上抛后，只受重力，加速度等于重力加速度，可以把物体的运动看成一种匀减速直线运动，由位移公式求出5s内位移，由平均速度公式求出平均速度，由△v=at求出速度的改变量．路程等于各段位移大小之和．解答：解：物体做竖直上抛运动，看成一种匀减速直线运动．A、物体上升的最大高度为h1===45m，上升的时间为t1===3s．从最高点开始2s内下落的高度h2=g=m=20m，所以5s内物体通过的路程为S=h1+h2=65m．故A正确．B、取竖直向上为正方向，则物体的加速度为a=﹣g，5s内物体的位移x=v0t﹣=30×5﹣×10×52（m）=25m，方向竖直向上．故B正确．C、速度改变量为△v=at=﹣gt=﹣10×5m/s=﹣50m/s，大小为50m/s，方向竖直向下，故C错误．D、平均速度==m/s=5m/s，方向竖直向上．故D错误．故选：AB．点评：对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用．7．如图所示，一个带电油滴从O点以初速度v0向右上方射入无限大的匀强电场E中，v0的方向与E方向成α角．现测得油滴到达运动轨迹的最高点P时速度大小仍为v0，则下列说法正确的是( )A．P点可能在O点的右上方B．P点可能在O点的左上方C．到达最高点P时，重力和电场力对油滴做功的功率都为0D．从抛出到最高点的过程中，油滴电势能的减少量一定等于重力势能的增加量考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由题，油滴从O到P的过程，动能不变，重力势能增加，电势能减小，电场力做负功，则知P的位置．由于重力与电场力垂直，油滴在最高点的速度不可能与两个力都垂直，可知两个力的功率不可能都为零．根据能量守恒定律分析重力势能变化与电势能变化的关系．解答：解：A、当油滴带正电时，电场力向右，到达最高点时，动能不变，则电势能应减小，电场力做正功，则P点在O点的右上方；故A正确．B、若油滴带负电时，电场力向左，到达最高点时，动能不变，则电势能应减小，电场力做正功，则P点在O点的左上方；故B正确．C、由于重力与电场力垂直，油滴在最高点的速度不可能与两个力都垂直，可知两个力的功率不可能都为零．故C错误．D、从抛出到最高点的过程中，动能不变，重力势能增加，电势能必减小，根据能量守恒定律油滴电势能的减少量一定等于重力势能的增加量．故D正确．故选ABD点评：本题以带电液滴在复合场中的运动为背景考查了电势能、电场力做功等问题，其关键是分析清楚带电液滴的运动规律．8．如图所示，倾角为30°的斜面体固定在水平地面上，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B，跨过固定于斜面体顶端的滑轮O（可视为质点）．A的质量为m，B的质量为4m．开始时，用手托住A，使OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动．将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止．则在绳子到达竖直位置之前，下列说法正确的是( )A．物块B受到的摩擦力一直沿着斜面向上B．物块B受到的摩擦力先减小后增大C．绳子的张力一直增大D．地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右考点：向心力；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：小球A下摆过程中机械能守恒，下摆的速度越来越大，绳子的拉力越来越大，到达最低点绳子的拉力达最大，分析得到：机械能守恒=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，∴小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，而B的重力沿斜面向下的分力为2mg，所以，斜面对B的静摩擦力沿斜面向下为mg，而物块B在小球A还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2mg，因此，物块B受到的摩擦力先减小后增大．在分析地面对斜面的摩擦力时，把物块B与斜面看做一整体分析，小球A下摆过程中绳子对整体由水平向左的一分力，而整体静止不动，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右．解答：解：A、B、：初始情况下分析物块B受力：竖直向下的重力4mg、垂直斜面向上的支持力F N、沿斜面向上的静摩擦力F f．沿斜面和垂直斜面正交分解B物块受到的力，∴B物块处于平衡状态，则有：沿斜面方向：F f=4mgsin30°=2mg，垂直斜面方向：FN=4mgcos30°=mg．由牛顿第三定律知：物块B对斜面有垂直斜面向下的压力F N′和沿斜面向下的静摩擦力F f′，把这两个力向水平方向分解，则得：斜面体水平方向受到B的作用力（取水平向左为正方向）：F N′sin30°﹣F f′cos30°又∴F N′=F N=4mgcos30°=2mg，F f′=F f=4mgsin30°=2mg．∴F N′sin30°﹣F f′cos30°=0所以初始状态下斜面体水平方向受物块B的合力为零，不存在受地面的摩擦力．小球A下摆过程中，物块B始终保持静止，则小球A不对外做功，机械能守恒，小球A的速度不断增大，到最低点时速度最大，这时小球A摆到低时对绳的拉力最大，设r为A到滑轮的绳长，最低点小球A的速度为v，则由机械能守恒定律得：=mgr，又由牛顿第二定律得：F﹣mg=，∴小球A对绳的拉力为F=+mg=3mg，即物块B受到绳子沿斜面向上的拉力为3mg，此时物块B在平行于斜面方向所受的摩擦力为F f″=F﹣4mgsin30°=3mg﹣2mg=mg，方向沿斜面向下，由此可知物块B受到斜面的摩擦力先是沿斜面向上2mg，后逐渐减少到零，再沿斜面向下逐渐增大到mg，所以，选项A错误，选项B正确．C：由以上分析知绳子的张力一直增大，小球A摆到低时对绳的拉力最大，故C正确．D：将A由静止释放，在其下摆过程中B始终保持静止，在绳子到达竖直位置之前，把斜面与物块B看做整体，绳子始终有拉力，此拉力水平向左有个分力，而整体保持静止，水平方向受力平衡，因此，地面对斜面体的摩擦力方向一直水平向右，那么，选项D正确．故选：B、C、D．点评：本题解答时要正确的分析好物体的受力，同时，要选好受力的研究对象：分析绳子拉力时选小球A，分析物块B受的摩擦力时选B物块，分析地面的摩擦力时选斜面与B物块整体，再者要注意物块B所受到的摩擦力是否达到最大值．9．如图所示，在水平圆盘上沿半径方向放置用细线相连的质量均为m的A、B两个物块（可视为质点），A和B距轴心O的距离分别为r A=R，r B=2R，且A、B与转盘之间的最大静摩擦力都是f m，两物块随着圆盘转动始终与圆盘保持相对静止．则圆盘转动的角速度从0逐渐增大的过程中，下列说法正确的是( )A．B所受合外力大于A所受合外力B．A受到的摩擦力一直指向圆心C．B受到的摩擦力一直指向圆心D．A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度为考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：两物块A和B随着圆盘转动时，始终与圆盘保持相对静止，都做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律分析合力关系．圆盘转动的角速度从0缓慢增大的过程中，由牛顿第二定律分析两物体是否做离心运动，判断A、B所受的摩擦力方向．由牛顿第二定律求出A、B两物块与圆盘保持相对静止的最大角速度．解答：解：A、A、B都做匀速圆周运动，合力提供向心力，根据牛顿第二定律得F合=mω2r，角速度ω相等，B的半径较大，所受合力较大．故A正确．B、C最初圆盘转动角速度较小，A、B随圆盘做圆周运动所需向心力较小，可由A、B与盘面间静摩擦力提供，静摩擦力指向圆心．由于B所需向心力较大，当A与盘面间静摩擦力达到最大值时（此时B与盘面间静摩擦力还没有达到最大），若继续增大转速，则B将做离心运动，而拉紧细线，使细线上出现张力，转速越大，细线上张力越大，使得B与盘面间静摩擦力增大，当B与盘面间静摩擦力也达到最大时，B将开始滑动，A所受的静摩擦力将离开圆心．所以A受到的摩擦力先指向圆心，后离开圆心，而B受到的摩擦力一直指向圆心．故B错误，C正确．D、当B与盘面间静摩擦力恰好达到最大时，B将开始滑动，若此时A也达到最大静摩擦力，则根据牛顿第二定律得对A：T﹣f m=m R对B：T+f m=m•2R解得最大角速度为：ωm=，故D正确．故选：ACD点评：本题是匀速圆周运动中连接体问题，既要隔离研究，也要抓住它们之间的联系：角速度相等、绳子拉力大小相等．三、简答题：本题共2小题，共21分，把答案填在相应的横线上或按题目要求作答．10．与打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况是常用的计时仪器．如图（甲）所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置．现利用如图（乙）所示的装置验证“机械能守恒定律”．方法是：在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平放置的气垫导轨上，通过跨过定滑轮的细绳与钩码相连，连接好1、2两个光电门．在图示位置释放滑块后，光电计时器记录下滑块上的遮光板先后通过两个光电门的时间分别为△t1、△t2．已知滑块（含遮光板）质量为M、钩码质量为m、两光电门间距为s、遮光板宽度为L（L远远小于s）、当地的重力加速度为g．（1）计算滑块上的遮光板先后通过两个光电门时的瞬时速度的表达式：v1=，v2=（用题目中给定的字母表示）（2）本实验中验证机械能守恒的表达式为．（用题目中给定的字母表示）考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题；机械能守恒定律应用专题．分析：根据极短时间内的平均速度表示瞬时速度求出滑块先后通过两个光电门的瞬时速度．抓住系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量列出表达式．解答：解：滑块通过光电门1的瞬时速度，通过光电门2的瞬时速度．系统重力势能的减小量为mgs，系统动能的增加量为．则验证的机械能守恒的表达式为．故答案为：（1），．（2）．点评：解决本题的关键知道极短时间内的平均速度可以表示瞬时速度，以及掌握该实验的原理，系统机械能守恒．11．某同学设计了一个探究加速度与物体所受合力F及质量m间关系的卖验．图（a）为实验装置简图，A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶总重力，小车运动加速度a可由纸带上点求得．（1）图（b）为某次实验得到的纸带（交流电的频率为50Hz），由图中数据求出小车加速度值为2.99m/s2；（2）保持砂和砂桶质量不变，改变小车质量m，分别得到小车加速度a与质量m及对应的数据如表中所示，根据表中数据，为直观反映F不变时a与m的关系，请在方格坐标纸中选择恰当物理量建立坐标系，并作出图线；从图线中得到F不变时小车加速度a与质量m间定量关系是a=．次数 1 2 3 4 5 6 7 8小车加速度a/ms﹣2 1.90 1.72 1.49 1.25 1.00 0.75 0.50 0.30 小车质量m/kg 0.25 0.29 0.33 0.40 0.50 0.71 1.00 1.67/kg﹣1 4.00 3.50 3.00 2.5 2.00 1.40 1.00 0.60（3）保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图（d），该图线不通过原点，明显超出偶然误差范围，其主要原因是实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：（1）根据△x=aT2求出纸带的加速度．（2）为研究a与m的关系，作a与的关系关系图线，注意选取好标度．（3）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足．解答：解：（1）纸带上从左往右两个点之间的位移依次记着s1到s8，以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，有a=又知T=0.04s解得：a=2.99m/s2（2）由表格可知小车的加速度与质量的倒数成正比，根据描点法画出图象，如图所示：图象为一倾斜的直线，斜率k==，所以a=（3）图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．故答案为：（1）2.99；（2）如图所示，a=；（3）实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足点评：解决本题的关键会从纸带上求瞬时速度和加速度，以及在作图时注意，偏离比较远的点可以舍去．四、计算或论述题：本题共5小题，共68分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位．12．滑板运动是一项非常刺激的水上运动，研究表明，在进行滑板运动时，水对滑板的作用力F x垂直于板面，大小为kv2，其中v为滑板速率（水可视为静止）．某次运动中，在水平牵引力作用下，当滑板和水面的夹角θ=37°时，滑板做匀速直线运动，相应的k=54kg/m，人和滑板的总质量为108kg，试求（g取10m/s2，sin 37°=0.6，忽略空气阻力）：（1）水平牵引力的大小；（2）滑板的速率；（3）水平牵引力的功率．考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；功率、平均功率和瞬时功率．分析：（1）对滑板和人整体受力分析，然后运用共点力平衡条件列式求解；（2）根据平衡条件求出支持力后，根据题中的支持力和速度关系公式求解滑板的速率；（3）直接根据功率与速度和牵引力关系公式求解．解答：解：（1）以滑板和运动员为研究对象，其受力如图所示由共点力平衡条件可得F x cosθ=mg ①F x sinθ=F ②由①、②联立，得F=810N即水平牵引力的大小810N．（2）由①式F x=根据题意F x=kv2得m/s即滑板的速率为5m/s．（3）根据功率与速度和牵引力关系公式，牵引力的功率为P=Fv=4050 W即水平牵引力的功率4050W．点评：本题关键是对物体受力分析，运用共点力平衡条件求出各个力后，再根据题意求解速度和牵引力的功率．13．如图（甲）所示，在场强大小为E、方向竖直向上的匀强电场中存在着一半径为R的圆形区域，O点为该圆形区域的圆心，A点是圆形区域的最低点，B点是圆形区域最右侧的点．在A点有放射源释放出初速度大小不同、方向均垂直于场强方向向右的正电荷，电荷的质量为m、电量为q，不计电荷重力、电荷之间的作用力．（1）某电荷的运动轨迹和圆形区域的边缘交于P点，如图（甲）所示，∠POA=θ，求该电荷从A点出发时的速率．（2）若在圆形区域的边缘有一接收屏CBD，如图（乙）所示，C、D分别为接收屏上最边缘的两点，∠COB=∠BOD=30°．求该屏上接收到的电荷的最大动能和最小动能．考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）电荷从A到P做类平抛运动，由牛顿第二定律求出加速度．电荷水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动，此电荷水平位移为Rsinθ，竖直位移为R﹣Rcosθ，由运动学公式和几何关系求出该电荷从A点出发时的速率．（2）当电荷打到C点时，电场力做功最大，电荷获得的动能最大，打在D点电场力最小，获得的动能最小，根据动能定理求解该屏上接收到的电荷的最大动能和最小动能．解答：解：（1）电荷从A到P做类平抛运动，由牛顿第二定律得a=水平方向：Rsinθ=v0t竖直方向：R﹣Rcosθ=联立解得，（2）由（1）得知，粒子从A点出发时的动能为Ek0=设经过P点时的动能为E k，则有qE（R﹣Rcosθ）=解得，E k=当电荷打到C点时，电场力做功最大，电荷获得的动能最大，最大动能为E kC==打在D点电场力最小，获得的动能最小，最小动能为E kD=答：（1）该电荷从A点出发时的速率是（2）该屏上接收到的电荷的最大动能和最小动能分别为大动能为和．点评：本题是平抛运动和动能定理的综合应用，同时要充分应用几何知识辅助求解．14．如图所示为我国“嫦娥一号卫星”从发射到进入月球工作轨道的过程示意图．在发射过程中，经过一系列的加速和变轨，卫星沿绕地球“48小时轨道”在抵达近地点P时，主发动机启动，“嫦娥一号卫星”的速度在很短时间内由v1提高到v2，进入“地月转移轨道”，开始了从地球向月球的飞越．“嫦娥一号卫星”在“地月转移轨道”上经过114小时飞行到达近月点Q 时，需要及时制动，使其成为月球卫星．之后，又在绕月球轨道上的近月点Q经过两次制动，最终进入绕月球的圆形工作轨道I．已知“嫦娥一号卫星”质量为m0，在绕月球的圆形工作轨道I上运动的周期为T，月球的半径r月，月球的质量为m月，万有引力恒量为G．（1）求卫星从“48小时轨道”的近地点P进入“地月转移轨道”过程中主发动机对“嫦娥一号卫星”做的功（不计地球引力做功和卫星质量变化）；（2）求“嫦娥一号卫星”在绕月球圆形工作轨道І运动时距月球表面的高度；（3）理论证明，质量为m的物体由距月球无限远处无初速释放，它在月球引力的作用下运动至距月球中心为r处的过程中，月球引力对物体所做的功可表示为W=Gm月m/r．为使“嫦娥一号卫星”在近月点Q进行第一次制动后能成为月球的卫星，且与月球表面的距离不小于圆形工作轨道І的高度，最终进入圆形工作轨道，其第一次制动后的速度大小应满足什么条件？。

北京市北京101中学2017-2018学年上学期高二年级期中考试物理试卷学校_________ 班级__________ 姓名__________ 学号__________一、单选题1. 下列物理量是矢量的是（）A．电场强度B．电流C．电势能D．电荷量2. 使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开，图中表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是___________。

A．B．C．D．3. 真空中有两个点电荷，它们之间的静电力为F，如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，则它们之间作用力的大小等于（）A．F B．2FC．D．4. 某静电场的电场线分布如图所示，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为E P 和EQ，电势分别为φP和φQ，则( )A．EP >EQ，φP>φQB．EP >EQ，φP<φQC．EP <EQ，φP>φQD．EP <EQ，φP<φQ5. 把电阻是的一根金属丝，均匀拉长为原来的倍，则导体的电阻是（）A．B．C．D．6. 有关电动势的说法中正确的是（）A．当电路中通过1C电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的数值B．电源提供的电能越多，电源的电动势越大C．电源的电动势越大，也就是电源内储存的电荷越多D．电源的电动势反映了电源将电能转化为其他形式的能的本领7. 如图所示的实验装置中，已经充好电的平行板电容器，极板接地，极板与一个静电计连接，将极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电荷量、电容、两极间的电压，电容器两极板间的场强的变化情况是（）A．变小，不变，不变，变小B．变小，变小，不变，不变C．不变，变小，变大，不变D．不变，变小，变大，变小8. 如图所示，当滑动变阻器R3的滑动头P向下移动时，则A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电压表示数变大，电流表示数变小C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小9. 匀强电场中三个距离相等的点，如图所示，B、C两点连线水平，其电势分别为ΦA=4V，ΦB=5V，ΦC=3V，则根据图示点的位置可知，电场强度的方向可能是（）A．竖直向上B．竖直向下C．水平向左D．水平向右10. 如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知：（）A．P点的电势高于Q点的电势B．该质点通过P点时的动能比通过Q点时大C．该质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大D．该质点通过P点时的加速度比通过Q点时小二、多选题11. 如图所示，E为电源电动势，r为电源内阻，R1为定值电阻（R1＞r），R2为可变电阻，以下说法中正确的是（）A．当R2= R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1= R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，电源的效率最大D．当R2=0时，电源的输出功率最大三、单选题12. 在真空中有水平放置的两个平行、正对金属平板，板长为l，两板间距离为d，在两极板间加一交变电压如图乙，质量为m，电荷量为e的电子以速度v0（v接近光速的1/20）从两极板左端中点沿水平方向连续不断地射入两平行板之间．若电子经过两极板间的时间相比交变电流的周期可忽略不计，不考虑电子间的相互作用和相对论效应，则（）A．当U m＜时，所有电子都能从极板的右端射出B．当U m＞时，将没有电子能从极板的右端射出C．当时，有电子从极板右端射出的时间与无电子从极板右端射出的时间之比为1：2D．当时，有电子从极板右端射出的时间与无电子从极板右端射出的时间之比为1：四、多选题13. 如图所示，A、B是两个等量异种点电荷，C、D是A、B连线的中垂线上且与连线距离相等的两点，则（）A．在A、B连线的中垂线上，从C到D，各点电势都相等，场强都相同B．在A、B连线的中垂线上，从C到D，场强先增大后减小，电势先升高后降低C．在A、B连线的中垂线上，从C到D，场强先增大后减小，各点的电势都相等D．在A、B连线上，从A到B，场强先减小后增大，电势逐渐升高五、单选题14. 测定压力变化的电容式传感器如图所示，为固定电极，为可动电极，组成一个电容大小可变的电容器．可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容．现将此电容式传感器连接到如图所示的电路中，当待测压力增大时（）A．电容器的电容将减小B．电阻中没有电流C．电阻中有从流向的电流D．电阻中有从流向的电流六、多选题15. 图是改装后的电表的电路图，认识正确的是（）A．（a）图是电流表，使用、两个端点时，量程较大B．（a）图是电流表，使用、两个端点时，量程较大C．（b）图是电压表，使用、两个端点时，量程较大D．（b）图是电压表，使用、两个端点时，量程较大16. 用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能，当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50 A和2.0 V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24 V。