高三物理一轮复习45分钟单元能力训练卷(10) 粤教版

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）45分钟滚动复习训练卷(一)(考查范围：第一～三单元：分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．如图G1－1所示，自由落下的小球从接触竖直放置的弹簧开始到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受的合力的变化情况是()A．合力变小，速度变小B．合力变小，速度变大C．合力先变小后变大，速度先变大后变小D．合力先变大后变小，速度先变小后变大图G1－1图G1－22．如图G1－2所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上．先将木板水平放置，并使弹簧拉伸，物块P处于静止状态．缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是()A．先保持不变后增大B．一直增大C．先增大后减小D．先减小后增大3．在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50 kg ，电梯运动过程中，某一段时间内晓敏同学发现体重计示数如图G 1－3所示，在这段时间内下列说法中正确的是()图G 1－3A ．晓敏同学所受的重力变小了B ．晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力C ．电梯一定在竖直向下运动D ．电梯的加速度大小为15g ，方向一定竖直向下二、双项选择题(每小题6分，共24分) 4．为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具．如图G 1－4所示，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平．当此车减速上坡时，乘客()A ．处于失重状态B ．受到水平向右的摩擦力C ．重力势能增加D ．所受的合力沿斜面向上图G 1－4图G 1－55．如图G 1－5所示，倾角为θ的斜面C 置于水平地面上，小物块B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，已知A 、B 、C 都处于静止状态，则()A ．B 受到C 的摩擦力一定不为零 B ．C 受到地面的摩擦力一定为零C ．C 有沿地面向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力D ．将细绳剪断，若B 依然静止在斜面上，此时地面对C 的摩擦力为06．某物体沿水平方向做直线运动，规定向右为正方向，其v －t 图象如图G 1－6所示，下列判断正确的是()图G1－6A．在0～1 s内，物体做曲线运动B．在1～2 s内，物体向左运动，且速度大小在减小C．在1～3 s内，物体的加速度方向向左，大小为4 m/s2D．在3 s末，物体处于出发点右方7．如图G1－7所示，质量分别为m1和m2的两个物块A和B放在水平地面上，与水平地面间的动摩擦因数都是μ(μ≠0)，用轻质弹簧将两个物块连接在一起，当用水平力F作用在A上时，两个物块均以加速度a做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x；若用水平力F′作用在A上时，两个物块均以加速度a′＝2a做匀加速运动，此时，弹簧伸长量为x′.则下列说法正确的是()图G1－7A．F′＝2F B．x′＝2xC．F′>2F D．x′<2x三、实验题(18分)8．(8分)利用如图G1－8中所示的装置可以研究自由落体运动．实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的小点．图G1－8(1)为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有________．(填入正确选项前的字母)A．天平：B．秒表：C．米尺(2)若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.9．(10分)如图G1－9所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置．图G1－9若测得某一物体质量m一定时，a与F的有关数据资料如下表所示：a/(m·s－2) 1.98 4.06 5.95 8.12F/N 1.00 2.00 3.00 4.00(1)根据表中的数据，请在图G1－10中画出a—F图象．(2)根据图象判定：当m一定时，a与F的关系为______________________．(3)若甲、乙两同学在实验过程中由于没有按照正确步骤进行实验，处理数据后得出如图G1－11所示的a—F图象．图G1－10图G1－11试分析甲、乙两同学可能存在的问题：甲：________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.乙：________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.四、计算题(40分)10．(20分)如图G1－12所示，倾角为30°的光滑斜面与粗糙的水平面平滑连接．现将一滑块(可视为质点)从斜面上A点由静止释放，最终停在水平面上的C点．已知A点距水平面的高度h＝0.8 m，B点距C点的距离L＝2.0 m．(滑块经过B点时没有能量损失，g＝10 m/s2)求：(1)滑块在运动过程中的最大速度；(2)滑块与水平面间的动摩擦因数μ；(3)滑块从A点释放后，经过时间t＝1.0 s时速度的大小．图G1－1211．(20分)如图G1－13甲所示，“”形木块放在光滑水平地面上，木块的水平表面AB粗糙，表面BC光滑且与水平面夹角为θ＝37°.木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图乙所示．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10 m/s2.求：(1) 斜面BC的长度L；(2) 滑块的质量m；(3) 运动过程中滑块克服摩擦力做的功W.：甲乙图G1－1345分钟滚动复习训练卷(一)解析1．C ： 小球受重力和向上的弹力，在平衡位置上方，F 合＝mg －F 弹，且弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小但方向一直向下，速度增大；在平衡位置下方，F 合＝F 弹－mg ，且弹力继续增大，合力增大，加速度增大，但方向向上，速度减小．2．D ： 对物块进行受力分析可知，由于初始状态弹簧被拉伸，所以物块受到的摩擦力水平向左，当倾角逐渐增大时，物块所受重力沿斜面方向的分力逐渐增大，所以摩擦力先逐渐减小，弹力与重力沿斜面方向的分力平衡时，摩擦力变为0；当倾角继续增大时，摩擦力向上且逐渐增大，故选项D 正确．3．D ： 由题图知体重计的示数为40 kg 时，人对体重计压力小于人的重力，故处于失重状态，实际上人受到的重力并没有变化，A 错；由牛顿第三定律知B 错；电梯具有向下的加速度，但不一定是向下运动，C 错；由牛顿第二定律mg －N ＝ma ，可知a ＝g5，方向竖直向下，D 对．4．AC ： 由于车减速上坡，故其加速度沿斜面向下，将其加速度正交分解为竖直向下和水平向左的加速度，故乘客处于失重状态，受到水平向左的摩擦力，受到的合力沿斜面向下，A 正确，B 、D 错误；因乘客在上坡，故重力做负功，重力势能增加，C 正确．5．CD ： 若绳对B 的拉力恰好与B 的重力沿斜面向下的分力平衡，则B 与C 间的摩擦力为零，A 项错误；将B 和C 看成一个整体，则B 和C 受到细绳向右上方的拉力作用，故C 有向右滑动的趋势，一定受到地面向左的摩擦力，B 项错误，C 项正确；将细绳剪断，若B 依然静止在斜面上，利用整体法判断，B 、C 整体在水平方向不受其他外力作用，处于平衡状态，则地面对C 的摩擦力为0，D 项正确.6．CD ： v －t 图象描述速度随时间变化的规律，并不代表运动轨迹，0～1 s 内物体速度方向始终为正方向，所以物体是做正向的直线运动，选项A 错误；1～2 s 内物体的速度为正，方向应向右，速度大小不断减小，选项B 错误；1～3 s 内物体的加速度为－4 m /s 2，表示加速度方向向左，大小为4 m /s 2，选项C 正确；v －t 图象中图象与坐标轴所围“面积”代表位移，时间轴上方的面积明显大于下方的面积，故物体的总位移为正，方向向右，物体位于出发点右方，选项D 正确．7．D ： 两个物块均以加速度a 运动时，由牛顿第二定律对整体有：F －μ(m 1＋m 2)g ＝(m 1＋m 2)a ，对B 有：kx －μm 2g ＝m 2a.当两个物块均以加速度2a 运动时，对整体有： F ′－μ(m 1＋m 2)g ＝2(m 1＋m 2)a ， 对B 有：kx′－μm 2g ＝2m 2a.比较对应的两式可得F′<2F ，x ′<2x ，故D 正确． 8．(1)C ：(2)打点计时器与纸带间存在摩擦(1)处理纸带求加速度，一定要知道计数点间的距离，故要有米尺；打点计时器就是测量时间的工具，故不需要秒表；重力加速度的值和物体的质量无关，故不需要天平．(2)加速度小了，说明物体受到了阻力作用，据此说一条理由就行．9．(1)图略：(2)正比例关系：(3)平衡摩擦力时木板抬得过高：没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够(1)若a 与F 成正比，则图象是一条过原点的直线．同时，因实验中不可避免出现误差，所示在误差允许的范围内图象是一条过原点的直线即可．连线时应使尽可能多的点在直线上，不在直线上的点应大致对称地分布在直线两侧，离直线较远的点应视为错误数据，不予考虑．(2)由图可知a与F的关系是正比例关系．(3)图中甲在纵轴上有截距，说明绳对小车拉力为零时小车就有加速度a0，可能是平衡摩擦力过度所致．乙在横轴上有截距，可能是实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．10．(1)4 m/s：(2)0.4：(3)3.2 m/s(1)滑块先在斜面上做匀加速运动，然后在水平面上做匀减速运动，故滑块运动到B点时速度最大为v m，设滑块在斜面上运动的加速度大小为a1mg sin30°＝ma1，v 2m＝2a1hsin30°，解得：v m＝4 m/s.(2)滑块在水平面上运动的加速度大小为a2，μmg＝ma2，v 2m＝2a2L，解得：μ＝0.4.(3)滑块在斜面上运动的时间为t1，v m＝a1t1，得t1＝0.8 s.由于t>t1，故滑块已经经过B点，做匀减速运动的时间为t－t1＝0.2 s. 设t＝1.0 s时速度大小为v，v＝v m－a2(t－t1)，解得：v＝3.2 m/s.11．(1)3 m：(2)2.5 kg：(3)40 J(1)分析滑块受力，由牛顿第二定律得：a1＝g sinθ＝6 m/s2.通过图象可知滑块在斜面上运动时间为：t1＝1 s.由运动学公式得：s＝12a1t21＝3 m.(2)滑块对斜面的压力为：N1＝mg cosθ.木板对传感器的压力为：F1＝N1sinθ.由图象可知：F1＝12 N.解得：m＝2.5 kg.(3)滑块滑到B点的速度为：v1＝a1t1＝6 m/s. 由图象可知：f＝5 N，t2＝2 s.则a2＝fm＝2 m/s2，s2＝v1t2－12a2t22＝8 m，W＝fs2＝40 J.。

2024-2025学年粤教版物理高三上学期复习试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、下列关于物体运动状态的描述，正确的是：A、物体做匀速直线运动时，速度不变，加速度为0。

B、物体做匀加速直线运动时，速度随时间均匀增加，加速度恒定。

C、物体做匀减速直线运动时，速度随时间均匀减小，加速度恒定。

D、物体做曲线运动时，速度的大小和方向都可能改变。

2、一个物体在水平方向上做匀速直线运动，若在竖直方向上受到一个恒定的力作用，下列说法正确的是：A、物体的运动轨迹是直线。

B、物体的运动轨迹是曲线。

C、物体的运动状态不改变。

D、物体的加速度方向与恒定力的方向垂直。

3、在下列四个选项中，关于机械能守恒定律的描述正确的是（）A、物体在只有重力或弹力做功的情况下，机械能守恒B、物体的动能和势能之和守恒C、物体的动能和势能之和等于物体所受的合外力做的功D、物体的动能和势能之和等于物体所受的非保守力做的功4、一质点在水平面上做匀速圆周运动，其角速度为ω，线速度为v，圆周半径为r。

下列关于这个质点的描述正确的是（）A、质点的角速度ω与线速度v成正比B、质点的线速度v与圆周半径r成正比C、质点的角速度ω与圆周半径r成反比D、质点的角速度ω与线速度v和圆周半径r无关5、下列关于物理量的单位换算，正确的是：A、1米/秒 = 3.6千米/小时B、1安培 = 1库仑/秒C、1焦耳 = 1牛顿·米D、1伏特 = 1焦耳/库仑6、一物体做匀速直线运动，下列哪个物理量在运动过程中保持不变：A、速度B、加速度C、位移D、动量7、一物体从静止开始沿水平面加速运动，加速度为(a)，经过时间(t)后物体的速度为(v)。

若保持加速度不变，物体再经过相同的时间(t)后的位移是多少？A.(v))B.(3v2)C.(5v2D.(2v)二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于物理量单位的说法正确的是（）A、牛顿（N）是力的基本单位，千克（kg）是质量的导出单位B、安培（A）是电流的基本单位，伏特（V）是电压的导出单位C、焦耳（J）是功和能量的基本单位，瓦特（W）是功率的导出单位D、秒（s）是时间的导出单位，米（m）是长度的基本单位2、下列关于物理现象的描述，正确的是（）A、摩擦起电是因为电子从一个物体转移到另一个物体，导致两个物体分别带上等量的异种电荷B、静电感应现象中，导体内部的电荷会重新分布，但总电荷量不变C、电容器的电容取决于电容器本身的结构和材料，与电容器两板间的电压无关D、法拉第电磁感应定律表明，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比3、下列关于能量转换和守恒的说法中，正确的是：A、能量不能被创造也不能被消灭，只能从一种形式转换为另一种形式；B、能量守恒定律适用于任何过程，包括微观粒子的运动和宏观物体的运动；C、能量转换过程中，能量总量保持不变，但能量的形式可以发生变化；D、能量转换过程中，部分能量可能转化为不可利用的形式，如热量散失到环境中。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）45分钟单元能力训练卷(五)(考查范围：第五单元分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．如图D5－1所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长h，让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零，则在圆环下滑过程中()图D5－1A．圆环机械能守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能变化了mghD．弹簧的弹性势能最大时圆环动能最大2．如图D5－2所示，一根跨过轻质定滑轮的不可伸长的轻绳两端各系一个物体A和B，不计摩擦．现将物体由静止释放，B物体下落H高度时的速度为v，若在A的下方挂一个与A相同的物体，由静止释放，B向上运动距离为H时的速度大小仍为v，则A与B的质量之比为()A．1∶2B．2∶3C.2∶2D.2∶3图D5－2图D5－33．如图D5－3所示，竖直放置的轻弹簧上端与质量为3 kg的物块B相连接，另一个质量为1 kg的物块A放在B上．先向下压A，然后释放，A、B共同向上运动一段后将分离，分离后A又上升了0.2 m到达最高点，此时B的速度方向向下，且弹簧恰好为原长．从A、B 分离到A上升到最高点的过程中，弹簧弹力对B做的功及弹簧回到原长时B的速度大小分别是(g＝10 m/s2)()A．12 J 2 m/s B．0 2 m/sC．00 D．4 J 2 m/s二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．蹦床运动员与床垫接触的过程如图D5－4所示，可简化为下述模型：运动员从高处落到处于自然状态的床垫(A位置)上，随床垫一同向下做变速运动到达最低点(B位置)，有关运动员从A运动至B的过程，下列说法正确的是()A．运动员的机械能守恒B．运动员的速度一直减小C．合力对运动员做负功D．运动员先失重后超重图D5－4图D5－55．如图D5－5所示，质量相同的两个物体A、B处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑斜面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则()A．重力对两个物体做的功相同B．重力的平均功率相同C．到达底端时重力的瞬时功率P A<P BD．到达底端时两个物体的动能相同，速度相同6．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t0滑至斜面底端．已知在运动过程中物体所受的摩擦力恒定．若用F、v、s和E分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则图D5－6中可能正确的是()A B C D图D5－67．如图D5－7所示，在光滑固定的曲面上，放有两个质量分别为1 kg和2 kg的可视为质点的小球A和B，两球之间用一根轻质弹簧相连，用手拿着A，使弹簧竖直，A、B间距离L＝0.2 m，B刚刚与曲面接触且距水平面的高度h＝0.1 m．此时弹簧的弹性势能E p＝1 J，自由释放后两球以及弹簧从静止开始下滑到光滑地面上，以后一直沿光滑地面运动，不计一切碰撞时机械能的损失，g取10 m/s2.则下列说法中正确的是()图D5－7A．下滑的整个过程中弹簧和A球组成的系统机械能守恒B．下滑的整个过程中两球及弹簧组成的系统机械能守恒C．B球刚到地面时，速度是 2 m/sD．当弹簧处于原长时，以地面为参考平面，两球在光滑水平面上运动时的机械能为6 J三、实验题(16分)8．在用图D5－8装置进行“探究恒力做功与滑块动能变化的关系”实验中，某同学设计了如下实验步骤：图D5－8①用垫块将长木板固定有定滑轮的一端垫起，在质量为M的滑块上系上细绳，细绳的另一端通过有光滑转轴的定滑轮挂上钩码，细绳与木板平行；②反复移动垫块的位置，调整长木板的倾角θ，直至轻推滑块后，滑块沿长木板向下做匀速直线运动；③取下细绳和钩码，同时记录钩码的质量m；④保持长木板的倾角不变；启动打点计时器，让滑块沿长木板向下做匀加速直线运动，到达底端时关闭电源；⑤取下纸带进行分析，计算恒力做的功与滑块动能的变化，探寻它们间的关系．回答下列问题：(重力加速度为g，结果用已知和测量的物理量字母表示)(1)实验中，滑块在匀加速下滑过程中所受的合力大小是用________替代的，其大小为F ＝____________；(2)实验中得到的纸带如图D5－9所示，已知打点计时器的工作频率为f，在纸带上从某一点O开始每隔一个点选取一个计数点，分别标有O、A、B、C、D、E、F、G，测得相邻计数点间的距离如图所示：图D5－9①打点计时器打下A点时滑块的速度v A＝________；②选取纸带上A、F两点进行研究，则从A到F，滑块动能的增加量ΔE k＝________；合力F做的功W F＝__________。

2024年粤教版物理高三上学期模拟试卷(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在研究平抛运动时，下列说法正确的是：A、水平方向上的加速度不变，做匀速直线运动。

B、竖直方向上的加速度不变，做匀加速直线运动。

C、物体的速度方向始终与水平方向垂直。

D、物体的运动轨迹是一个圆弧。

2、一物体从静止开始沿光滑水平面做匀加速直线运动，经过时间t后，物体的位移为s，加速度为a，下列说法正确的是：A、物体的速度为vs = at。

B、物体的速度为vs = √(2as)。

C、物体的平均速度为v = s/t。

D、物体的平均速度为v = √(as)。

3、在真空中有两个固定的点电荷A和B，它们之间的距离是d，电荷量分别是+Q 和-Q。

如果将距离变为2d，那么两个电荷之间的静电力大小会变成原来的多少倍？A. 1/4倍B. 1/2倍C. 1倍D. 2倍4、一个质量为m的物体以初速度(v0)沿水平方向抛出，忽略空气阻力，在抛出后t秒时刻，物体的水平位移是多少？（重力加速度g已知）A.(v0t)gt2)B.(12gt2)C.(v0t−12gt2)D.(v0t+125、一个质点沿直线运动，其位移随时间变化的关系式为(s(t)=4t2−3t+2)，其中(s)的单位是米（m），(t)的单位是秒（s）。

则该质点在(t=2s)时刻的速度是多少？A. 11 m/sB. 13 m/sC. 15 m/sD. 17 m/s6、一个质量为 2kg 的物体，仅受一个大小为 10N 的水平力作用，从静止开始运动。

如果物体与地面之间的摩擦系数为 0.2，求物体开始运动后的加速度。

（重力加速度取(g=9.8m/s2)）A. 2.1 m/s²B. 3.1 m/s²C. 4.1 m/s²D. 5.1 m/s²7、在下列关于能量守恒定律的说法中，正确的是（）A、一个封闭系统内的能量总量在任何物理过程中都是不变的B、能量守恒定律只适用于封闭系统，不适用于开放系统C、能量守恒定律仅适用于宏观物体，不适用于微观粒子D、能量守恒定律只是自然界的一条假设，并非普遍规律二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、题干：以下关于电磁感应现象的说法正确的是：A、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流。

45分钟单元能力训练卷(十)
(考查范围：第十单元:分值：100分)
一、单项选择题(每小题6分，共18分)
图D10－1
1．如图D10－1所示，一均匀扁平条形磁铁与一金属圆形线圈共面，磁铁中心与金属圆形线圈的圆心O重合．下列运动中能使金属圆形线圈中产生感应电流的是( ) A．条形磁铁的N极向外、S极向里绕O点转动
B．在金属圆形线圈平面内条形磁铁绕O点沿顺时针向转动
C．在金属圆形线圈平面内条形磁铁向右运动
D．条形磁铁垂直金属圆形线圈平面向纸外运动
图D10－2
2．如图D10－2所示，通电圆环A中电流大小不变，在通电圆环外有两个同心圆环B、C，其面积S C>S B，则下列判断正确的是( )
A．ΦB>ΦC
B．ΦB＝ΦC
C．ΦB<ΦC
D．无法确定磁通量ΦB、ΦC的大小
3．如图D10－3甲所示，闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按如图乙所示的B－t图变化，方向如图甲所示，则回路中( )
甲:乙
图D10－3
A．电流方向为逆时针方向
B．电流越来越大。

[考查范围：第四～六单元分值：100分]一、单项选择题(每小题4分，共16分)1．火车从甲站出发，沿平直铁路做匀加速直线运动，紧接着又做匀减速直线运动，到乙站恰好停止．在先、后两个运动过程中( )A．火车的位移一定相等B．火车的加速度大小一定相等C．火车的平均速度一定相等D．所用的时间一定相等2．如图G2－1所示，汽车在一段弯曲水平路面上匀速率行驶，关于它受到的水平方向的作用力方向的示意图，图G2－2中可能正确的是(图中F为地面对其的静摩擦力，f为它行驶时所受阻力)( )G2A B C D图G2－23．一般的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替．如图G2－3甲所示，曲线上A点的曲率圆定义为：通过A点和曲线上紧邻A点两侧的两点作一圆，在极限情况下，这个圆就叫做A点的曲率圆，其半径ρ叫做A点的曲率半径．现将一物体沿与水平面成α角的方向以速度v0抛出，如图乙所示．则在其轨迹最高点P处的曲率半径是( )图G2－3A.v20gB.v20 sin2αgC.v20 cos2αgD.v20 cos2αg sinα图G2－44．如图G2－4所示，小车与木箱紧挨着静止放在光滑的水平冰面上．现有一男孩站在小车上用力向右迅速推出木箱，关于上述过程，下列说法中正确的是( ) A．男孩和木箱组成的系统动量守恒B．小车与木箱组成的系统动量守恒C．男孩、小车与木箱三者组成的系统动量守恒D．木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量相同二、双项选择题(每小题6分，共30分)5．用起重机提升货物，货物上升过程中的v－t图象如图G2－5所示．在t＝3 s到t ＝5 s内，重力对货物做的功为W1、绳索拉力对货物做的功为W2、货物所受合力做的功为W3，则( )图G2－5A ．W 1＞0B ．W 2＜0C ．W 2＞0D ．W 3＜06．质量为m 的物体在空中由静止下落，由于空气阻力的影响，运动的加速度是0.9g ，物体下落高度为h ，以下说法正确的是( )A ．重力势能减少了0.9mghB ．动能增加了0.9mghC ．克服阻力做功为0.9mghD ．机械能损失了0.1mgh7．某人向放在水平地面的正前方小桶中水平抛球，结果球划出一条弧线飞到小桶的前方(如图G2－6所示)．不计空气阻力，为了能把小球抛进小桶中，则下次再水平抛球时，他可能作出的调整为( )A ．减小初速度，抛出点高度不变B ．增大初速度，抛出点高度不变C ．初速度大小不变，降低抛出点高度D ．初速度大小不变，提高抛出点高度6G2－78．2011年9月29日，我国首个空间实验室天宫一号发射升空后进入高度约为350公里的近圆轨道，地球同步卫星的轨道高度约为36000公里，如图G2－7所示，则下列说正确的是( )A ．天宫一号在从地面发射升空的初始阶段，处于超重状态B ．天宫一号在发射升空阶段，空气阻力有可能对它做正功C ．天宫一号在上升过程中，机械能减少D ．天宫一号在进入预定轨道绕地球飞行的线速度大于同步卫星的线速度9．如图G2－8所示，光滑的水平面上，质量为m 1的小球以速度v 与质量为m 2的静止小球正碰，碰后两小球的速度大小都为v2，方向相反，则两小球质量之比m 1∶m 2和碰撞前后动能变化量之比ΔE k1∶ΔE k2为( )A ．m 1∶m 2＝1∶3B ．m 1∶m 2＝1∶1C ．ΔE k1∶ΔE k2＝1∶3D ．ΔE k1∶ΔE k2＝1∶1 三、实验题(共18分)10．(8分)某同学在实验室用如图G2－9甲所示的装置来研究有关做功的问题．(1)如图甲所示，在保持M≫m条件下，可以认为绳对小车的拉力近似等于沙和沙桶的总重力，在控制小车的质量不变的情况下进行实验．在实验中，该同学先接通打点计时器的电源，再放开纸带，已知交流电的频率为50 Hz.图乙是在m＝100 g，M＝1 kg情况下打出的一条纸带，O为起点，A、B、C为过程中的三个相邻的计数点，相邻的计数点之间有4个点没有标出，有关数据如图乙所示，则打B点时小车的动能为________ J，从开始运动到打至B点时，绳的拉力对小车做功W＝________ J．(保留2位有效数字，g＝9.8 m/s2)(2)在第(1)中绳的拉力对小车做功W大于小车获得的动能E k，请你举出导致这一结果的主要原因乙图G2－1011．(10分)用如图G2－10实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒．m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．图G2－11给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第1个点，每相邻两个计数点间还有4个点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示．已知m1＝50 g、m2＝150 g，则(g取10 m/s2(1)在纸带上打下计数点5时的速度v＝________m/s；图G2－12(2)在打计数点0～5过程中系统动能的增量ΔE k＝________J，系统势能的减少量ΔE p ＝________J，由此得出的结论是__________________________________________________；(3)若某同学作出12v2－h图象如图G2－12所示，则当地的实际重力加速度g＝__________m/s2.四、计算题(共36分)12．(18分)如图G2－13所示，小车A的质量m A＝3 kg，原来静止于光滑的水平轨道上，小车的前侧有一钉子，用长为1 m的细线(不可伸长)悬挂一个质量m B＝2 kg的物体B，现有一颗质量m C＝10 g的子弹C，以v0＝600 m/s的水平速度射穿B后，速度变为v＝100 m/s，试求物体B向右摆动的最大高度．13．(18分)如图G2－14所示，遥控电动赛车(可视为质点)从A点由静止出发，经过时间t后关闭电动机，赛车继续前进至B点后进入固定在竖直平面内的圆形光滑轨道，通过轨道最高点P后又进入水平轨道CD上．已知赛车在水平轨道AB部分和CD部分运动时受到阻力恒为车重的0.5倍，即k＝fmg＝0.5，赛车的质量m＝0.4 kg，通电后赛车的电动机以额定功率P＝2 W工作，轨道AB的长度L＝2 m，圆形轨道的半径R＝0.5 m，空气阻力可忽略，取重力加速度g＝10 m/s2.某次比赛，要求赛车在运动过程中既不能脱离轨道，又要在CD 轨道上运动的路程最短．在此条件下，求：(1)小车在CD轨道上运动的最短路程；(2)赛车电动机工作的时间．图G2－1445分钟滚动复习训练卷(二)1．C [解析] 火车从甲站出发，沿平直铁路做匀加速直线运动，即初速度为零，紧接着又做匀减速直线运动，也就是做匀加速直线运动的末速度就是做匀减速直线运动的初速度，而做匀减速直线运动的末速度又为零，所以在先、后两个运动过程中的平均速度⎝ ⎛⎭⎪⎫v ＝v 0＋v 2相等，选项C 正确；而火车运动的位移x ＝v t ＝v 0＋v 2t ，火车运动的加速度a ＝v －v 0t，即它们不仅与初速度、末速度有关，还与时间有关，而前、后两个运动过程中所用的时间不一定相同，所以火车的位移、加速度在前、后两个运动过程中不一定相等，即A 、B 、D 选项都不正确．2．C [解析] 汽车后轮与地面间的静摩擦力提供牵引力，汽车与地面间的静摩擦力提供向心力，汽车受到的阻力包括空气阻力及汽车前轮与地面间的摩擦力，所以选C.3．C [解析] 根据运动的分解，物体斜抛到最高点P 的速度v P ＝v 0cos α；在最高点P ，物体所受重力提供向心力，根据牛顿第二定律：mg ＝mv 2P R ，解得：R ＝v 20cos 2αg.故选项A 、B 、D 错误，选项C 正确．4．C [解析] 动量守恒的条件是系统所受的合外力为零．男孩和木箱组成的系统，水平方向受小车的摩擦力，合外力不为零，动量不守恒，A 错；小车与木箱组成的系统，水平方向受人的推力和人的摩擦力，故合外力不为零，动量不守恒，B 错；男孩、小车与木箱三者组成的系统，只受重力和支持力而平衡，动量守恒，C 对；由动量守恒定律知木箱的动量增量与男孩、小车的总动量增量的大小相等、方向相反，D 错．5．CD [解析] 在t ＝3 s 到t ＝5 s 内，起重机做减速运动，拉力小于重力，重力方向与运动方向相反，重力对货物做负功，W 1＜0，A 错误；拉力与运动方向相同，拉力对货物做正功，W 2＞0，B 错误、C 正确，动能减少，合外力对货物做负功，W 3＜0，D 正确．6．BD [解析] 重力势能减少ΔE p ＝mgh ，A 错；动能增加了ΔE k ＝F 合h ＝0.9mgh ，B 对；由牛顿第二定律，有：mg －f ＝ma ，解得：f ＝0.1mg ，故克服阻力做功W 克＝fh ＝0.1mgh ，故机械能损失ΔE ＝W 克＝fh ＝0.1mgh ，C 错、D 对．7．AC [解析] 根据水平位移的表达式x ＝v 02hg，要把小球抛入小桶中，可使平抛运动的水平位移减小．可以通过保持抛出点高度h 不变而减小初速度v 0，或者保持初速度v 0不变而降低抛出点高度h 来达到目的，A 、C 对，B 、D 错．8．AD [解析] 由于天宫一号发射初始阶段向上加速，所以处于超重状态，A 对；空气阻力肯定做负功，B 错；天宫一号上升过程中，动能增大，重力势能增大，所以机械能一定增大，C 错；由v ＝GMr知轨道半径越大，线速度越小，D 对． 9．AD [解析] 由动量守恒定律，有m 1v ＝－m 1v 2＋m 2v2，解得m 1∶m 2＝1∶3 ，A 对、B 错；碰撞前后m 1的动能变化为ΔE k1＝12m 1v 2－12m 1⎝ ⎛⎭⎪⎫v 22＝38m 1v 2，m 2的动能变化为ΔE k2＝12m 2⎝ ⎛⎭⎪⎫v 22＝38m 1v 2，故ΔE k1∶ΔE k2＝1∶1，D 对．10．(1)0.50 0.51 (2)没有平衡摩擦力或摩擦力没有完全平衡掉，沙和沙桶的总重力大于绳的拉力．[解析] (1)打B 点时小车的速度v B ＝s AC 2T ＝0.998 m/s ，12Mv 2B ＝0.50 J ；W ＝mga OB ＝0.51 J.(2)没有平衡摩擦力或摩擦力没有完全平衡掉，沙和沙桶的总重力大于绳的拉力．11．(1)2.4 (2)0.58 0.60 在误差允许的范围内，m 1 、m 2组成的系统机械能守恒 (3)9.7[解析] (1)v 5＝s 462T ＝2.4 m/s ；(2)ΔE k ＝12(m 1＋m 2)v 25＝0.58 J ，ΔE p ＝(m 2－m 1)g (s 04＋s 45)＝0.60 J ，结论：在误差允许的范围内，运动过程中m 1 、m 2组成的系统的机械能守恒；(3)由图象知，斜率k ＝5.821.20m/s 2＝9.7 m/s 2，所以当地的实际重力加速度g ＝9.7 m/s 2.12．0.19 m[解析] 子弹射入物体的过程，动量守恒．设子弹穿过物体后物体的速度为v 1，则有m C v 0＝m B v 1＋m C v解得v 1＝2.5 m/s物体向上摆动的过程中，A 、B 组成的系统在水平方向不受外力，水平方向动量守恒．则有m B v 1＝(m A ＋m B )v 2由机械能守恒定律，则有 12m B v 21＝12(m A ＋m B )v 22＋m B gh 解得h ＝0.19 m13．(1)2.5 m (2)4.5 s [解析] (1)要求赛车在运动过程中既不能脱离轨道，又要在CD 轨道上运动的路程最短，则小车经过圆轨道P 点时速度最小，此时赛车对轨道的压力为零，重力提供向心力，则有mg ＝m v 2PR由机械能守恒定律可得：mg ·2R ＋12mv 2P ＝12mv 2C解得：v C ＝5 m/s设小车在CD 轨道上运动的最短路程为x ，由动能定理可得：－kmgx ＝0－12mv 2C解得：x ＝2.5 m(2)由于竖直圆轨道光滑，由机械能守恒定律可知： v B ＝v C ＝5 m/s从A 点到B 点的运动过程中，由动能定理可得：Pt －kmgL ＝12mv 2B代入数据可得：t ＝4.5 s。

45分钟单元能力训练卷(六)(考查范围：第六单元分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．2011年太平洋冰壶锦标赛在江苏南京奥体中心结束，中国女队在决赛中11∶3大胜韩国队获得冠军．在某次投掷中，冰壶运动一段时间后以0.4 m/s的速度与对方的静止冰壶发生正碰，碰后对方的冰壶以0.3 m/s的速度向前滑行．若两冰壶的质量相等，规定向前运动的方向为正方向，则碰后中国队冰壶获得的速度为()A．0.1 m/s B．－0.1 m/sC．0.7 m/s D．－0.7 m/s2．质量为M＝0.6 kg的足够长的平板小车静止在光滑的水平面上，如图D6－1所示，当t＝0时，两个质量都为m＝0.2 kg的小物体A和B分别以水平速度v A＝0.5 m/s和v B＝2 m/s 从小车的左端和右端同时冲上小车，小物体A和B与小车间的动摩擦因数分别为μA＝0.2和μB＝0.4.当小物体A和B相对于小车静止时，小车速度的大小和方向为()图D6－1A．0.3 m/s，方向向左B．1 m/s，方向向右C．0.3 m/s，方向向右D．无法求解3．质量分别为m1和m2的两个物体在光滑的水平面相碰，碰撞前后的位移—时间图象如图D6－2所示，若图中θ<45°，则()图D6－2A．m1> m2B．碰撞前两个物体的速率相等C．碰撞后两个物体一起做匀速直线运动D．碰撞前两个物体的动量大小相等、方向相反二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．质量为m的物块甲以3 m/s的速度在光滑的水平面上运动，有一轻弹簧固定在甲上，质量也为m的物块乙以4 m/s的速度与甲相向运动，如图D6－3所示．下列说法正确的是()图D6－3A．在弹簧压缩过程中，由于弹力作用，甲、乙两物块的总动量不守恒。

45分钟单元能力训练卷(二)[考查范围：第二单元分值：100分]一、单项选择题(每小题4分，共16分)1．人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀速运动，如图D2－1所示．以下说法正确的是( )图D2－1A．人受到重力和支持力的作用B．人受到重力、支持力和摩擦力的作用C．人受到的合外力不为零D．人受到的合外力方向与速度方向相同2．在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为104V/m.已知一半径为1 mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10 m/s2，水的密度为103 kg/m3.这雨滴携带的电荷量的最小值约为( )A．2×10－9 C B．4×10－9 CC．6×10－9 C D．8×10－9 C3．如图D2－2甲所示，重为G的物体静止于倾角为θ的斜面上，现用垂直于斜面的压力F＝kt(k为常量，t为时间)作用在物体上．从t＝0开始，物体所受摩擦力f随时间t的变化关系是图乙中的( )甲A BC D乙图D2－2图D2－34．如图D2－3所示，斜面小车M静止在光滑水平面上，一边紧贴墙壁．若再在斜面上加一物体m，且M、m相对静止，小车后来受力个数为( )A．3 B．4 C．5 D．6二、双项选择题(每小题6分，共30分)5．如图D2－4所示，匀强电场方向与倾斜的天花板垂直，一带正电的物体在天花板上处于静止状态，则下列判断正确的是( )A．天花板与物体间的弹力一定不为零B．天花板对物体的摩擦力可能为零C．物体受到天花板的摩擦力随电场强度E的增大而增大D．在逐渐增大电场强度E的过程中，物体将始终保持静止图D2－4D2－56．如图D2－5所示，将光滑斜面上的物体的重力G分解为F1、F2两个力，下列结论正确的是( )A．F1是斜面作用在物体上使物体下滑的力，F2是物体对斜面的正压力B．物体受G、N、F1、F2四个力作用C．物体只受重力G和弹力N的作用D．力N、F1、F2三个力的作用效果跟G、N两个力的作用效果相同7．作用在一个物体上的两个共点力的合力随两个力之间的夹角变化的关系如图D2－6所示，根据此关系图线，作出下列判断，其中正确的是( )A．这两个力合力的最大值为30 NB．这两个力合力的最小值为10 NC．这两个力的合力可以为8 ND．这两个力的合力可以为40 N8．如图D2－7所示，猎人非法猎猴，用两根轻绳将猴子悬于空中，猴子处于静止状态．以下相关说法正确的是( )A．猴子受到三个力的作用B．绳拉猴子的力大于猴子拉绳的力C．两根绳的夹角越大，则绳子拉力越大D7D2－89．如图D2－8所示，木块A、B分别重50 N和60 N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.25；夹在A、B之间的轻弹簧被压缩了2 cm，弹簧的劲度系数为400 N/m，系统置于水平地面上静止不动．现用F＝1 N的水平拉力作用在木块B上，则( ) A．弹簧的弹力是16 NB．弹簧的弹力是8 NC．木块B所受摩擦力大小是9 ND．木块A受的摩擦力大小是12.5 N三、实验题(共18分)10．(8分)某同学在家中尝试验证平行四边形定则，他找到三条相同的橡皮筋(遵循胡克定律)和若干小重物，以及刻度尺、三角板、铅笔、细绳、白纸、钉子，设计了如下实验：将两条橡皮筋的一端分别挂在墙上的两个钉子A、B上，另一端与第三条橡皮筋连接，结点为O，将第三条橡皮筋的另一端通过细绳挂一重物．如图D2－9所示．图D2－9(1)为完成实验，下述操作中必需的是________．A．测量细绳的长度B．测量橡皮筋的原长C．测量悬挂重物后橡皮筋的长度D．记录悬挂重物后结点O的位置(2)钉子位置固定，欲利用现有器材，改变条件再次验证可采用的方法是________________________________________________________________________．11．(10分)某同学在做探究弹力和弹簧伸长的关系的实验时，设计了如图D2－10甲所示的实验装置．所用的钩码的质量都是30 g．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在了下面的表中．(弹力始终未超过弹性限度，取g＝10 m/s2)L 之间的函数关系图线．乙图D2－10(2)上一问所得图线的物理意义是________________________________________________________________________(3)该弹簧的劲度系数k＝________ N/m.(结果保留两位有效数字)四、计算题(共36分)12．(18分)如图D2－11所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量m＝1 kg，斜面倾角α＝30°，细绳与竖直方向夹角θ＝30°，斜面体的质量M ＝3 kg，置于粗糙水平面上．取g＝10 m/s2，求：(1)细绳对小球拉力的大小；(2)地面对斜面体的摩擦力的大小和方向．图D2－1113．(18分)如图D2－12所示，在倾角为37°的固定斜面上有一个质量为5 kg的物体，物体与斜面间的动摩擦因数为0.8.g取10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：(1)物体所受的摩擦力；(2)若用原长为10 cm，劲度系数为3.1×103 N/m的弹簧沿斜面向上拉物体，使之向上45分钟单元能力训练卷(二)1．A [解析] 由于人随扶梯斜向上匀速运动，对其受力分析可知，人只受重力和支持力的作用，选项A 正确．2．B [解析] 带电雨滴在电场力和重力作用下不会下落，则有Eq ≥mg ，则q ≥mg E＝ρ·43πr 3 gE＝4×10－9C.3．D [解析] 未加压力F 之前，物体处于静止状态，由平衡条件可得：f ＝G sin θ，当加上压力F 后，物体仍处于静止状态，因此仍有f ＝G sin θ，故D 正确．4．B [解析]以小车M 和物体m 的整体为研究对象，它们必受到重力和水平面的支持力．由于M 和m 相对静止，所以整体处于静止状态．由平衡条件可知，墙壁对M 必无作用力．再以M 为研究对象可知它受四个力：重力、水平面对它的弹力、m 对它的弹力和摩擦力．5．AD [解析] 物体受力如图所示，由于物体静止，由平衡条件知，沿天花板方向：f ＝mg sin θ，摩擦力不为零，天花板与物体间一定存在弹力，选项A 正确，选项B 、C 错误；垂直天花板方向：qE ＝mg cos θ＋N ，当E 增大时，N 增大，物体仍静止不动，选项D 正确．6．CD [解析] F 1、F 2是重力G 的分力，F 1有使物体下滑的效果，F 2有压着斜面的效果，A 的表述不正确，所以A 错．物体只受重力G 和弹力N ，F 1、F 2是G 的分力，所以B 错、C 对．G 与分力F 1、F 2的作用效果相同，所以D 对．7．AB [解析] 由图线可知，当两个力的夹角θ＝0或θ＝2π时，合力的值最大，为F max ＝30 N ，当两个力的夹角θ＝π时，合力的值最小，为F min ＝10 N ，A 、B 对；设两个力的大小为F 1、F 2，则F 1＋F 2＝30 N ，F 1－F 2＝10 N ，解得：F 1＝20 N ，F 2＝10 N ，这两个力的合力范围是[10 N,30 N]，故C 、D 错．8．AC [解析] 对猴子受力分析可知，猴子受到三个力的作用，A 对；由牛顿第三定律可知，绳拉猴子的力与猴子拉绳的力是一对相互作用力，二者等大反向，B 错；由力的平行四边形定则可知，当合力不变的情况下，两个分力的夹角越大，则两个分力越大，C 对；由平衡条件可知，猴子的合力始终为零，D 错．9．BC [解析] 由胡克定律知，弹簧的弹力F 弹＝8 N ，A 错、B 对；对木块A 受力分析，知木块A 受到向左的弹力和向右的静摩擦力，f A ＝F 弹＝8 N ，所以D 错；对木块B 受力分析，知木块B 受到向右的拉力F 、向右的弹力F 弹和向左的静摩擦力f B ，则f B ＝F 弹＋F ＝9 N ，C 对．10．(1)BCD (2)更换不同的小重物 [解析] (1)本实验中，结点O 受三个拉力处于静止状态，任意两个力的合力与第三个力等大反向．沿OA 、OB 、OC 方向求出三条橡皮筋的伸长量，并按等比例缩放为三条线段(代表三个拉力的大小)，以OA 、OB 方向的线段为邻边作平行四边形，只要该平行四边形的对角线与OC 方向的橡皮筋在一条直线上，与表示其拉力的线段相等，即验证了平行四边形定则，故实验要测量橡皮筋的原长、悬挂重物后橡皮筋的长度，才能算出橡皮筋受力后的伸长量．为了确定拉力的方向，必须记录结点O 的位置．(2)由于钉子位置固定，可改变的条件只能是所悬挂的重物的质量，即可采用方法是更换不同的小重物．11．(1)如图所示．(2)表明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比 (3)25 [解析](1)先描点，再画出一条直线，使尽可能多的点落在这条直线上，不在直线上的点均匀地分布在直线两侧；(2)图线的物理意义是表明弹簧的弹力和弹簧伸长量成正比；(3)劲度系数即为直线的斜率，即：k ＝ΔMg Δx ＝0.150－0×1012－6×10－2 N/m ＝25 N/m.12．(1)10 33 N (2)5 33N ，方向水平向左[解析] (1)以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，有F ＝mg F ＝2T cos30°解得T ＝12mg cos30°＝1033N(2)以小球和斜面体整体为研究对象，受力分析如图乙所示，因为系统静止，所以f ＝T sin30°＝533N ，方向水平向左．13．(1)30 N ，方向沿斜面向上 (2)12 cm[解析] (1)物体静止在斜面上受力分析如图甲所示，则物体受到的静摩擦力f ＝mg sin37°＝30 N(2)当物体沿斜面向上匀速运动时，受力分析如图乙所示，设弹簧弹力为F ，伸长量为x ，有F ＝kxN ＝mg cos37°F＝mg sin37°＋f′f′＝μN弹簧的最终长度l＝l0＋x 由以上各式解得l＝12 cm。

45分钟单元能力训练卷(一)[考查范围：第一单元 分值：100分]一、选择题(每小题4分，共16分)1．质点做直线运动的位移s 与时间t 的关系为s ＝5t ＋t 2(各物理量均采用国际制单位)，则该质点( )A ．第1 s 内的位移是5 mB ．前2 s 内的平均速度是6 m/sC ．任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/s2．2006年我国自行研制的“枭龙”战机04在四川某地试飞成功．假设该战机起飞前从静止开始做匀加速直线运动，达到起飞速度v 所需的时间为t ，则起飞前的运动距离为( )A ．vt B.12vt C ．2vt D ．不能确定3．做匀加速直线运动的列车出站时，车头经过站台某点O 时的速度是1 m/s ，车尾经过O 点时的速度是7 m/s ，则这列列车的中点经过O 点时的速度为( )A ．5 m/sB ．5.5 m/sC ．4 m/sD ．3.5 m/s4．甲、乙、丙三辆汽车以相同的速度同时经过某一路标，从此时开始，甲车一直匀速运动，乙车先匀加速运动后匀减速运动，丙车先匀减速运动后匀加速运动，它们经过第二块路标时速度又相等，则先通过第二块路标的是( )A ．甲车B ．乙车C ．丙车D ．无法确定 二、双项选择题(每小题6分，共30分) 5．某赛车手在一次野外训练中，先利用地图计算出出发地和目的地的直线距离为9 km ，从出发地到目的地用了5分钟，赛车上的里程表指示的里程数值增加了15 km ，当他经过某路标时，车内速度计指示的示数为150 km/h ，那么可以确定的是( )A ．在整个过程中赛车手的平均速度是108 km/hB ．在整个过程中赛车手的平均速度是180 km/hC ．在整个过程中赛车手的平均速率是108 km/hD ．经过路标时的瞬时速度是150 km/h6．下列说法中的情形，可能出现的是( ) A ．加速度与运动方向相同时，物体减速 B ．加速度减小时，物体加速 C ．加速度不变，速度不断改变 D ．加速度不断改变，速度不变7．物体在一外力作用下做匀加速直线运动，已知第2 s 末的速度是6 m/s ，第3 s 末的速度是8 m/s ，物体的质量为2 kg ，则下列说法中正确的是( )A ．物体在零时刻的速度是4 m/sB ．物体的受到的合外力为4 NC ．第2 s 内物体的位移为5 mD ．物体与地面的动摩擦因数为0.28．某物体运动的v －t 图象如图( )图D1－1A ．物体在第1 s 末运动方向发生变化B ．物体在第2 s 内和第3 s 内的加速度是相同的C ．物体在4 s 末返回出发点D ．物体在5 s 末离出发点最远，且最大位移为0.5 m9．如图D1－2所示是物体在某段运动过程中的v －t 图象，在t 1和t 2时刻的瞬时速度分别为v 1和v 2，则时间由t 1到t 2的过程中( )A ．加速度不断增大B ．加速度不断减小C ．平均速度v ＝v 1＋v 22D ．平均速度v ＜v 1＋v 22三、实验题(共18分) 10．(8分)利用图D1－3中所示的装置可以研究自由落体运动．实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，(1)为了测试重物下落的加速度，还需要的实验器材有________．(填入正确选项前的字母)A ．天平B ．秒表C ．刻度尺(2)若实验中所得到的重物下落的加速度值小于当地的重力加速度值，而实验操作与数据处理均无错误，写出一个你认为可能引起此误差的原因：________________________________________________________________________________________________________________________________________________. 11．(10分)如图D1－4所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由打点计时器得到反映小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两个相邻计数点的时间间隔为T ＝0.10 s ，其中s 1＝7.05 cm ，s 2＝7.68 cm ，s 3＝8.33 cm ，s 4＝8.95 cm ，s 5＝9.61 cm ，s 6＝10.26 cm ，则A 点处瞬时速度的大小是______m/s ，小车运动的加速度计算表达式为________，加速度的大小是________m/s 2(计算结果保留两位有效数字)．四、计算题(共36分)12．(18分)一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以10 m/s 的速度匀速驶过的货车严重超载时，决定前去追赶．经过5.5 s 后警车发动起来，并以2.5 m/s 2的加速度做匀加速运动，但警车的行驶速度必须控制在90 km/h 以内．问：(1)警车在追赶货车的过程中，两车之间的最大距离是多少？ (2)警车发动后要多长时间才能追上货车？13．(18分)某天，小明在上学途中沿人行道以v1＝1 m/s速度向一公交车站走去，发现一辆公交车正以v2＝15 m/s速度从身旁的平直公路同向驶过，此时他距车站s＝50 m．为了乘上该公交车，他加速向前跑去，最大加速度a1＝2.5 m/s2，能达到的最大速度v m＝6 m/s.假设公交车在行驶到距车站s0＝25 m处开始刹车，刚好到车站停下，停车时间t＝10 s，之后公交车启动向前开去．(不计车长)(1)若公交车刹车过程视为匀减速运动，其加速度a2大小是多少？(2)若小明加速过程视为匀加速运动，通过计算分析他能否乘上该公交车．图D1－545分钟单元能力训练卷(一)1．D [解析] 由表达式s ＝5t ＋t 2可看出初速度v 0＝5 m/s ，加速度a ＝2 m/s 2.当t ＝1 s 时，s ＝6 m ，即第1 s 内的位移是s 1＝6 m ，同理，前2 s 内的位移为s 2＝14 m ，前2 s 内的平均速度是v 2＝s 2t 2＝7 m/s ，故A 、B 错；任意相邻的1 s 内位移差为Δs ＝aT 2＝2 m ，C 错；任意1 s 内的速度增量Δv ＝aT ＝2 m/s ，D 对．2．B [解析] 利用s ＝12(v 0＋v t )t 求解．3．A [解析] 利用匀加速直线运动经过位移中点的瞬时速度公式v ＝v 20＋v 2t2求解．4．B [解析] 由题意可知：v 乙>v 甲>v 丙，三辆车的位移相等．根据公式t ＝s v可知乙车运动时间最短，即乙车最先通过第二块路标．本题也可作出三辆车的v －t 关系图象，如图所示，可以看出乙车最先通过第二块路标．本题正确选项只有B.5．AD [解析] 整个过程中赛车手的平均速度为v ＝s t＝9560km/h ＝108 km/h ，选项A 正确、B 错误；而平均速率v ＝l t ＝15560km/h ＝180 km/h ，选项C 错误；车内速度计指示的速度为汽车通过某位置时的瞬时速度，选项D 正确．6．BC [解析] 当加速度方向与运动方向相同时，物体一定加速，A 错；加速度减小，但若加速度与速度方向相同，则物体加速运动，B 对；当加速度不变且不为零时，物体的速度一定会改变，C 对；只要有加速度，物体的速度就会改变，D 错．7．BC [解析] 设物体的初速度为v 0，则由v t ＝v 0＋at 得6＝v 0＋2a,8＝v 0＋3a ，解得：v 0＝2 m/s ，a ＝2 m/s 2，故A 错；由F ＝ma 知合外力F ＝4 N ，B 对；由v t ＝v 0＋at 得第1 s末的速度v 1＝4 m/s ，则第2 s 内物体的位移为s ＝12(v 1＋v 2)t ＝12×(4＋6)×1 m＝5 m ，C对；不知物体的具体受力情况，无法求解物体与地面的动摩擦因数，D 错．8．BC [解析] 根据v －t 图象可知物体在第1 s 末开始减速，选项A 错误；由于第2 s 内和第3 s 内v －t 图象的斜率相同，所以加速度相同，选项B 正确；由图线与坐标轴所围面积表示位移可知4 s 末物体刚好返回出发点，选项C 正确；物体在第2 s 末或第6 s 末距离出发点最远，选项D 错误．9．BD [解析] 根据v －t 图线的斜率不断减小可知物体运动的加速度不断减小；假设从t 1到t 2的过程中做匀减速运动，则平均速度为v 1＋v 22，而该物体在这段时间内的速度始终小于做匀减速运动时的速度，因而平均速度也将小于v 1＋v 22，本题选项B 、D 正确．10．(1)C (2)打点计时器与纸带之间存在摩擦．[解析] (1)用刻度尺测量计数点间的距离；(2)重物下落的加速度值总小于当地的重力加速度值，说明该误差为系统误差，可能产生这种误差的因素有：打点计时器与纸带之间存在摩擦、纸带下落过程中受到空气阻力等．11．0.86 a ＝s 4＋s 5＋s 6－s 1＋s 2＋s 39T20.64[解析] 根据做匀变速直线运动的物体某段时间内中间时刻的瞬时速度等于整个过程的平均速度可得v A ＝s 3＋s 42T＝0.86 m/s ；由于s 4－s 1＝3a 1T 2，s 5－s 2＝3a 2T 2，s 6－s 3＝3a 3T 2，所以a ＝a 1＋a 2＋a 33＝s 4＋s 5＋s 6－s 1＋s 2＋s 39T 2，代入数据得a ＝0.64 m/s 2. 12．(1)75 m (2)12 s [解析] (1)警车在追赶货车的过程中，当两车速度相等时，它们之间的距离最大，设警车发动后经过t 1时间两车的速度相等．则t 1＝v a ＝102.5s ＝4 ss 货＝v (t 0＋t 1)＝10×(5.5＋4) m ＝95 ms 警＝12at 21＝12×2.5×42m ＝20 m所以两车间的最大距离为 Δs ＝s 货－s 警＝75 m.(2)v m ＝90 km/h ＝25 m/s ，当警车刚达到最大速度时，运动时间t 2＝v m a ＝252.5s ＝10 ss 货′＝v (t 0＋t 2)＝10×(5.5＋10) m ＝155 ms 警′＝12at 22＝12×2.5×102m ＝125 m因为s 货′>s 警′，故此时警车尚未赶上货车，且此时两车距离 Δs ′＝s 货′－s 警′＝30 m警车达到最大速度后做匀速运动，设再经过Δt 时间追赶上货车，则Δt ＝Δs ′v m －v ＝3025－10s ＝2 s所以警车发动后要经过t ＝t 2＋Δt ＝12 s 才能追上货车．13．(1)4.5 m/s 2(2)能[解析] (1)公交车刹车的加速度a 2＝0－v 222s 0＝0－1522×25m/s 2＝－4.5 m/s 2所以其加速度大小为4.5 m/s 2. (2)汽车从相遇处到开始刹车用时t 1＝s －s 0v 2＝2515 s ＝53 s汽车刹车过程中用时t 2＝0－v 2a 2＝103s小明以最大加速度达到最大速度用时t 3＝v m －v 1a 1＝6－12.5s ＝2 s小明加速过程中的位移s 2＝12(v 1＋v m )t 3＝7 m以最大速度跑到车站的时间t 4＝s －s 2v 3 s ＝50－76s ＝7.2 st 1＋t 2<t 3＋t 4<t 1＋t 2＋10 s ，即小明可以在汽车还停在车站时上车．。

高中物理学习材料（灿若寒星**整理制作）45分钟单元能力训练卷(七)(考查范围：第七单元:分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．点电荷是理想化的物理模型，实际上的带电体只有在带电体本身的大小跟带电体间的距离相比小得很多时才可以看成点电荷．现有两个直径为r的带电小球，当它们相距为100r 时，作用力为F；当它们相距为r时，作用力为()A.F100:B.F10000C．100F D．以上都不对2．在匀强电场中有A、B、C三点，如图D7－1所示，AB＝5 cm，AC＝3 cm，BC＝4 cm，已知U AC＝12 V，E＝400 N/C，则()图D7－1A．电子在A处的电场力方向由A指向BB．电子在A处的电场力方向由A指向CC．BC是一条等势线D．AB是一条等势线图D7－23．如图D7－2所示，电场中一正离子只受电场力作用从A点运动到B点．离子在A点的速度大小为v0，速度方向与电场方向相同．能定性反映该离子从A点到B点运动情况的速度—时间(v－t)图象是图D7－3中的():A:B :C:D图D7－3二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．下列说法是某同学对电学中相关概念及公式的理解，其中正确的是() A ．电场强度公式E ＝Ud只适用于匀强电场B ．根据电容的定义式C ＝QU ，电容器极板上的电荷量每增加1 C ，电压就增加1 VC ．根据电场力做功的计算式W ＝qU ，一个电子在1 V 电压下加速，电场力做功为 1 eVD ．电场线就是正电荷只在电场力作用下运动的轨迹5．两个相同的金属小球带的电荷量之比为1∶7，相距为r (r 远大于小球半径)，两球相互接触后再放回原来的位置，则它们间的库仑力可能为原来的()A.47:B.37:C.97:D.167图D7－46．如图D7－4所示的某种静电矿料分选器的原理示意图，带电矿粉经漏斗落入水平匀强电场后，分落在收集板中央的两侧．对矿粉分离的过程，下列表述正确的有()A ．带正电的矿粉落在右侧B ．电场力对矿粉做正功C ．带负电的矿粉电势能变大D ．带正电的矿粉电势能变小图D7－57．如图D7－5所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，仅在电场力作用下(不计重力)一带电粒子从A 点飞向B 点，轨迹如图中虚线所示，以下判断正确的是()A ．A 、B 两点相比较，A 点场强小 B ．粒子在A 点的加速度比在B 点的大C ．粒子带正电D．粒子在A点的速率比在B点的大三、计算题(58分)8．(18分)如图D7－6所示，空间中存在两条射线OM、ON以及沿射线OM方向的匀强电场，已知∠NOM＝θ，某带电粒子从射线OM上的某点P垂直于OM入射，仅在电场作用下穿过射线ON上的Q点到达ON右侧的区域，Q点与O点的距离为L.求粒子入射点P离O 点的距离s.图D7－69．(20分)如图D7－7所示，同一条竖直线上的A、B两点固定两个带等量异种电荷的点电荷，所带的电荷量分别为＋Q和－Q，A、B相距为2d.MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，穿过细杆有一个带电小球P，其质量为m、电荷量为＋q(可视为点电荷，不影响电场的分布)．现将小球P从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球P向下运动到距C点距离为d的O 点时，速度为v.已知MN与AB之间的距离为d，静电力常量为k，重力加速度为g，求：(1)C、O间的电势差U CO；(2)小球P在O点时的加速度；(3)小球P经过与点电荷B等高的D点时的速度．图D7－710．(20分)如图D7－8所示，质量为M＝8 kg、带电荷量为q＝＋3×10－2 C的小车置于光滑水平面上，水平面上方存在场强为E＝2×102 N/C的水平向右的匀强电场．小车以3 m/s 的速度向右运动，将一个不带电、可视为质点的绝缘物块轻放在小车右端，物块的质量为m ＝1 kg，物块与小车表面间的动摩擦因数为μ＝0.2，小车足够长，g取10 m/s2.求：(1)物块相对小车滑动时物块和小车的加速度；(2)物块相对小车滑动的时间；(3)物块在小车上滑动过程中系统因摩擦产生的热量；(4)从滑块放在小车上后5 s内小车电势能的变化量．图D7－845分钟单元能力训练卷(七)1．D : 库仑定律公式成立的前提条件是“真空中、点电荷”，实际上的带电体只有在带电体本身的大小跟带电体间的距离相比小得很多时才可以看成点电荷．本题两个带电小球原来相距100r 时，可以看成点电荷，适用库仑定律，但当它们相距为r 时，两个带电小球本身的大小不能忽略，不能再当作点电荷看待，库仑定律已不再适用，D 正确．2．C : 设电场方向与AC 成θ角，E ·AC ·cos θ＝U ，则θ＝0°，电场方向由A 指向C ，电子在A 处的电场力方向由C 指向A ，A 、B 错误；BC 垂直于电场方向，则BC 为一等势线，C 正确，D 错误．3．C : 由图可知从A 到B 电场强度越来越弱，故电场力越来越小，由牛顿第二定律得，加速度越来越小，又因为电场力方向和离子的运动方向相同，故离子做加速运动，C 正确．4．AC : 公式E ＝U d 只适用于匀强电场，A 正确；电容的定义式C ＝QU 是比值法定义的，电容器极板上的电荷量每增加1 C ，电压就增加1C V ，B 错误；由W ＝qU ，一个电子在1 V电压下加速，电场力做功为 1 eV ，C 正确；正电荷只在电场力作用下运动的轨迹与电场线不一定重合，D 错误．5．CD : 可设两小球原来的带电荷量分别为q 和7q ，则原来的库仑力大小为7kq 2r 2，但由于题目没有说明两个带电小球的电性，故库仑力可能是引力，也可能是斥力．分别讨论两种情况：若是两个带同种电荷的小球，则接触后总电荷量为8q ，平均分配，两球各带的电荷量为4q ，分开后库仑力为16kq 2r 2；若是两个带异种电荷的小球，则接触后总电荷量为6q ，平均分配，两球各带的电荷量为3q ，分开后库仑力为9kq 2r2，故C 、D 正确．6．BD : 电场线的方向是由右向左，所以正电荷受到向左的电场力，负电荷受到向右的电场力，电场力对正电荷或负电荷都做正功，电势能减小，故A 、C 错，B 、D 对．7．AD : 由电场线的疏密可知A 点场强小于B 点场强，A 正确；因E A ＜E B ，故电场力F A ＜F B ，故A 点加速度小于B 点加速度，B 错误；从轨迹的弯曲方向可判定粒子的电场力方向与电场线方向相反，故粒子带负电，C 错误；电场力方向与速度方向夹角大于90°，电场力做负功，动能减小，故A 点的速率大于B 点的速率，D 正确．8．0.5L cos θ如图所示，依题意，粒子在Q 点的速度方向沿着射线ON ，粒子从P 点开始做类平抛运动，设加速度为a.粒子沿着OM 方向做匀加速直线运动，有PS ＝12at 2其中，在Q 点平行于OM 方向的分速度：v y ＝at 粒子沿着SQ 方向做匀速运动：QS ＝v 0t且v 0＝v y tan θ 解得：PS ＝L2cos θ显然P 点为OS 的中点，故P 离O 点的距离s ＝PS ＝L2cos θ.9．(1)mv 2－2mgd 2q :(2)2kQq 2d 2m ＋g ，方向竖直向下:(3)2v(1)小球P 由C 运动到O 时，由动能定理得： mgd ＋qU CO ＝12mv 2－0解得U CO ＝mv 2－2mgd2q.(2)小球P 经过O 点时受力如图所示，由库仑定律得：F 1＝F 2＝kQq（2d ）2它们的合力为：F ＝F 1cos 45°＋F 2cos 45°＝2kQq2d 2小球P 在O 点处的加速度a ＝F ＋mg m ＝2kQq2d 2m＋g ，方向竖直向下．(3)由电场特点可知，在C 、D 间电场的分布是对称的，即小球P 由C 运动到O 与由O运动到D 的过程中合外力做的功是相等的，由动能定理得：W 合＝12mv 2D －0＝2×12mv 2解得v D ＝2v.10．(1)2 m /s 2:0.5 m /s 2:(2)2 s :(3)6 J :(4)132 J (1) 物块放上后，小车向右做匀加速运动，a 1＝Eq －μmgM＝0.5 m /s 2 物块向右做匀加速运动，a 2＝μg ＝2 m /s 2(2)设滑块在小车滑行的时间为t 1，则v 1＋a 1t 1＝a 2t 1 所以t 1＝2 s(3)物块在小车上相对小车滑行的距离 Δs ＝s 车－s 物＝v 1t 1＋12a 1t 2－12a 2t 2＝3 m系统因摩擦产生的热量Q ＝f Δs ＝μmg·Δs ＝6 J (4)当物块与小车相对静止时，共同运动的加速度a 3＝qE M ＋m ＝23m /s 2当物块与小车相对静止时，共同运动的速度v＝v1＋a1t1＝4 m/ss1＝v1t1＋12a1t21＝7 ms2＝vt2＋12a3t22＝4×3 m＋12×23×32m＝15 mΔE p减少＝W电＝qE·(s1＋s2)＝6×(7＋15) J＝132 J.。

45分钟单元能力训练卷(一)(考查范围：第一单元分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．汽车进行刹车试验，若速度从8 m/s匀减速到零所用的时间为1 s，按规定，速度为8 m/s的汽车刹车后位移不得超过5.9 m，那么上述刹车试验是否符合规定( ) A．位移为8 m，符合规定B．位移为8 m，不符合规定C．位移为4 m，符合规定D．位移为4 m，不符合规定2．一个质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，在此过程中( )A．速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值B．速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值C．位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D．位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值3．甲、乙两辆汽车同时在一条平直的公路上自西向东运动，开始时刻两车平齐，相对于地面的v－t图象如图D1－1所示，关于它们的运动，下列说法正确的是( )图D1－1A．甲车中乘客说，乙车先以速度v0向西做匀减速运动，后向东做匀加速运动B．乙车中乘客说，甲车先以速度v0向西做匀减速运动，后做匀加速运动C．根据v－t图象可知，开始乙车在前，甲车在后，两车距离先减小后增大，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐D．根据v－t图象可知，开始甲车在前，乙车在后，两车距离先增大后减小，当乙车速度增大到v0时，两车恰好平齐二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．某物体运动的v－t图象如图D1－2所示，下列说法正确的是( )图D1－2A．物体在第1 s末运动方向发生变化B．物体在第2 s内和第3 s内的加速度是相同的C．物体在4 s末返回出发点D．物体在5 s末离出发点最远，且最大位移为0.5 m5．A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图D1－3所示，则( )图D1－3A．A、B两物体运动方向相同B．t＝4 s时，A、B两物体相遇C．在相遇前，t＝4 s时A、B两物体相距最近D．在相遇前，A、B两物体的最远距离为20 m6．2012年4月12日，亚丁湾索马里海域六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队保护的商船，中国特战队员发射爆震弹成功将其驱离．假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的v－t图象如图D1－4所示，设运动过程中海盗快艇所受阻力不变，则下列说法正确的是( )图D1－4A．海盗快艇在0～66 s内从静止出发做加速度减小的加速直线运动B．海盗快艇在96 s末开始调头逃离C．海盗快艇在66 s末离商船最近D．海盗快艇在96～116 s内做匀减速直线运动7．从某一高度相隔1 s先后释放两个相同的小球甲和乙，若不计空气阻力，它们在空中任一时刻( )A．甲、乙两球距离越来越大B．甲、乙两球距离保持不变C．甲、乙两球速度之差越来越大D．甲、乙两球速度之差保持不变三、实验题(18分)8．(8分)一小球在桌面上做匀加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球运动过程中在每次曝光时的位置，并将小球的位置编号，得到的照片如图D1－5所示．由于底片保管不当，其中位置4处被污损．若已知摄影机连续两次曝光的时间间隔均为1 s.(1)利用该照片可求得小球运动的加速度约为________m/s2，位置4对应的速度为________ m/s；(2)能求出4的具体位置吗？________，求解方法是：____________________(只说明方法即可)．图D1－59．(10分)如图D1－6所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度．图D1－6(1)所需器材有打点计时器(带导线)、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________(填字母代号)中的器材．A．直流电源、天平及砝码B．直流电源、毫米刻度尺C．交流电源、天平及砝码D．交流电源、毫米刻度尺(2)通过作图象的方法可以剔除偶然误差较大的数据，提高实验的准确程度．为使图线的斜率等于重力加速度，除作v－t图象外，还可作________图象，其纵轴表示的是______，横轴表示的是______．三、计算题(40分)10．(18分)一辆长为12 m的客车沿平直公路以8.0 m/s的速度匀速向北行驶，一辆长为10 m的货车由静止开始以2.0 m/s2的加速度由北向南匀加速行驶，已知货车刚启动时两车相距180 m，求两车错车所用的时间．11．(22分)如图D1－7所示，水平面与斜面由光滑的小圆弧相连，一光滑小球甲从倾角θ＝30°的斜面上高h＝5 cm的A点由静止释放，同时小球乙自C点以初速度v0沿水平面向右运动，甲释放后经过t＝1 s在水平面上刚好与乙相碰．不考虑小球甲经过B点时的机械能损失．已知C点与斜面底端B处的距离L＝3.8 m，小球乙与水平面的动摩擦因数μ＝0.2，求乙的初速度v0.(g取10 m/s2)图D1－7参考答案45分钟单元能力训练卷(一)1．C 2.B3．A [解析] 甲车中的乘客以甲车为参考系，相当于甲车静止不动，乙车以初速度v 0向西做匀减速运动，速度减为零之后，再向东做匀加速运动，A 正确；乙车中的乘客以乙车为参考系，相当于乙车静止不动，甲车以初速度v 0向东做匀减速运动，速度减为零之后，再向西做匀加速运动，B 错误；以地面为参考系，当两车速度相等时，距离最远，C 、D 错误．4．BC [解析] 根据v －t 图象，在0～2 s 内和4 s ～6 s 内，图线位于横轴上方，这表示物体的运动方向与规定的正方向相同，2 s ～4 s 内，图线位于横轴下方，表示物体运动的方向与规定的正方向相反．在第1 s 末前后瞬间，图线都位于横轴上方，表示物体的运动方向都与正方向相同，选项A 错误；在v －t 图象中，图线的斜率表示加速度，物体在第2 s 内和第3 s 内对应图线的斜率相同，所以加速度相同，选项B 正确；根据“面积法”，图线与横轴在4 s 内所围的面积表示位移为0，故物体在4 s 末返回出发点，选项C 正确；物体在5 s 末仍然沿正方向远离出发点运动，只不过开始做减速运动，到6 s 末速度降为0，所以物体在6 s 末离出发点最远，且最大位移为1 m ，选项D 错误．5．AD [解析] A 、B 两个物体的速度均为正值，故运动方向相同，选项A 正确；t ＝4 s 时，A 、B 两个物体的速度大小相同，相距最远，选项B 、C 错误；在相遇前，A 、B 两个物体的最远距离为(15－5)×4×12m ＝20 m ，选项D 正确．6．AB [解析] 在0～66 s 内图象的斜率越来越小，加速度越来越小，故海盗快艇做加速度减小的加速运动，A 正确；在96 s 末，海盗快艇速度由正变负，即改变运动的方向，开始掉头逃跑，B 正确；当海盗快艇与商船的速度相同时，两者相距最近，因不知商船的速度，故无法判断何时两者相距最近，C 错误；在96～116 s 内，海盗快艇沿反方向做匀加速运动，D 错误.7．AD [解析] 在空中任一时刻t ，甲、乙两球距离Δh ＝12gt 2－12g(t －1)2＝12g(2t －1)，两球速度之差Δv ＝gt －g(t －1)＝g ，显然，甲、乙两球距离会越来越大，而两球速度之差保持不变，选项A 、D 正确．8．(1)3.0×10－2 9×10－2 (2)能 利用(s 6－s 4)－(s 4－s 2)＝4aT 2可以求出位置4的具体位置(其他方法合理均可)[解析] 从图中读出位置5、6之间的距离为37.5 cm －24.0 cm ＝13.5 cm ，位置2、3之间的距离为6.0 cm －1.5 cm ＝4.5 cm ，由s 56－s 23＝3aT 2，求出a ＝3.0×10－2 m /s 2；位置4对应的速度为v 4＝s 352T ＝9×10－2m /s ；欲求4的具体位置，可以采用逐差法利用(s 6－s 4)－(s 4－s 2)＝4aT 2求解．9．(1)D (2)v22—h 速度平方的二分之一 重物下落的高度[解析] (1)打点计时器需接交流电源；重力加速度与物体的质量无关，所以不要天平和砝码；计算速度需要测相邻计数点间的距离，需要毫米刻度尺．(2)由公式v 2＝2gh ，如绘出v22—h 图象，其斜率也等于重力加速度． 10．0.8 s [解析] 设货车启动后经过时间t 1两车开始错车，则有 s 1＋s 2＝180 m ， 其中s 1＝12at 21，s 2＝vt 1，联立解得t 1＝10 s .设货车从开始运动到两车错车结束所用时间为t 2，在数值上有 s 1′＋s 2′＝(180＋10＋12) m ＝202 m . 其中s 1′＝12at 22，s 2′＝vt 2，联立解得t 2＝10.8 s .故两车错车的时间Δt ＝t 2－t 1＝0.8 s .11．4 m /s [解析] 设小球甲在斜面上运动的加速度为a 1，运动时间为t 1，运动到B 处时的速度为v 1，从B 处到与小球乙相碰所用时间为t 2，则a 1＝g sin 30°＝5 m /s 2由h sin 30°＝12a 1t 21，得t 1＝4ha 1＝0.2 s 则t 2＝t －t 1＝0.8 s ，v 1＝a 1t 1＝1 m /s小球乙运动的加速度a 2＝μg ＝2 m /s 2小球甲、乙相遇时满足：v 0t －12a 2t 2＋v 1t 2＝L代入数据解得：v 0＝4 m /s .。

45分钟单元能力训练卷(十)[考查范围：第十单元 分值：110分]一、选择题(每小题6分，共48分)1．正弦交流电的电压随时间变化的规律如图D10－1所示，由图可知( )图D10－1A ．该交流电的电压瞬时值的表达式为u ＝100sin25t VB ．该交流电的频率为25 HzC ．该交流电的电压的有效值为100 2 VD ．若将该交流电压加在阻值R ＝100 Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率为50 W2．如图D10－2所示，图甲和图乙分别表示正弦脉冲波和方波的交变电流与时间的变化关系．若使这两种电流分别通过两个完全相同的电阻，则经过 1 min 的时间，两电阻消耗的电功之比W 甲∶W 乙为( )图D10－2A ．1∶ 2B ．1∶2C ．1∶3D ．1∶63．如图D10－3所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，b 是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u 1＝2202sin100πt V ，则( )图D10－3A ．当单刀双掷开关与a 连接时，电压表的示数为22 VB ．当t ＝1600s 时，c 、d 间的电压瞬时值为110 V C ．单刀双掷开关与a 连接，在滑动变阻器的滑片P 向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小D ．当单刀双掷开关由a 扳向b 时，电压表和电流表的示数均变小图D10－44．如图D10－4所示，理想变压器原副线圈的总匝数之比为1∶2，其原线圈与一电压有效值为220 V 的交流电源相连，P 为滑动头．现令P 从均匀密绕的副线圈最底端开始沿副线圈缓慢匀速上滑，直至“220 V 60 W”的白炽灯L 两端的电压等于其额定电压为止．U 1表示副线圈两端的总电压，U2表示灯泡两端的电压，用I1表示流过副线圈的电流，I2表示流过灯泡的电流(这里的电流、电压均指有效值)图D10－5中能够正确反映相应物理量的变化趋势的是( )A B C D图D10－55．如图D10－6所示，一理想变压器的原线圈匝数为n1，连接一理想电流表；副线圈接入电路的匝数n2可以通过滑动触头Q调节，副线圈接有灯泡L和光敏电阻R(光照加强时，R 的阻值会变小)，则( )A．原副线圈电流之比为n1∶n2 B．只使Q向上滑动，灯泡变亮C．只加强光照，电流表读数变大 D．只加强光照，原线圈的输入功率变小图D10－6图D10－76．如图D10－7所示，理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R. 开始时开关S断开，当S接通后( )A．副线圈两端M、N的输出电压减小B．副线圈输电线等效电阻R两端的电压降增大C．通过灯泡L1的电流减小D．原线圈中的电流减小7．如图D10－8所示，M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压u＝311sin314t V 的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，所有电表均为理想电表，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出)，R3为一定值电阻．当传感器R2所在处出现火情时，以下说法中正确的是( )图D10－8A．A1的示数增大，A2的示数减小B．A1的示数增大，A2的示数增大C．V1的示数增大，V2的示数增大D．V1的示数不变，V2的示数减小8．如图D10－9所示是一位同学设计的防盗门报警器的简化电路示意图．门打开时，红外光敏电阻R3受到红外线照射，电阻减小；门关闭时会遮蔽红外线源(红外线源没有画出)．经实际试验，灯的亮灭的确能反映门的开、关状态．门打开时两灯的发光情况以及R2两端电压U R2与门关闭时相比( )图D10－9 A ．红灯亮，U R 2变大B ．绿灯亮，U R 2变大C ．绿灯亮，U R 2变小D ．红灯亮，U R 2变小二、填空题(共16分)9．(8分)传感器是把非电学量(如速度、温度、压力等)的变化转换成电学量的变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用．如图D10－10所示是一种测定液面高度变化的电容式传感器的示意图，金属芯线与导电液体形成一个电容器，从电容C 大小的变化就能反映液面的升降情况．那么当实验仪表显示的电容C 在增大时，表示液面的高度h ________.图D10－10图D10－1110．(8分)有一种测量人体重的电子秤，其原理图如图D10－11所示，它主要由三部分构成：踏板、压力传感器R (是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器)、显示体重的仪表A(实际是理想电流表)．设踏板的质量可忽略不计，已知理想电流表的量程为3 A ，电源电动势为12 V ，内阻为2 Ω，电阻R 随压力F 变化的函数式为R ＝30－0.02F (F 和R 的单位分别是N 和Ω)．则该秤零刻度线(即踏板空载时的刻度线)应标在电流表A 刻度盘________ A 刻度处；某人站在该秤踏板上，电流表刻度盘的示数为0.6 A ，则其质量为________ kg.三、计算题(共46分)11．(22分)三峡水利工程中某一水电站发电机组设计为：水以v 1＝3 m/s 的速度流入水轮机后以v 2＝1 m/s 的速度流出，流出水位比流入水位低10 m ，水流量为Q ＝103 m 3/s.水轮机效率为75%，发电机效率为80%，试问：(1)发电机的输出功率是多少？(2)如果发电机输出电压为240 V ，用户所需电压为220 V ，输电线路中能量损耗为5%，输电线的电阻共为12 Ω，那么所需用升、降压变压器的原副线圈匝数比分别是多少？12．(24分)如图D10－12所示，一个半径为r 的半圆形线圈以直径ab 为轴匀速转动，转速为n ，ab 的左侧有垂直于纸面向里(与ab 垂直)的匀强磁场，磁感应强度为B .M 和N 是两个集流环，负载电阻为R ，线圈、电流表和连接导线的电阻不计，求：(1)从图示位置起转过14转的时间内负载电阻R 上产生的热量； (2)从图示位置起转过14转的时间内通过负载电阻R 的电荷量； (3)电流表的示数．图D10－121．AC [解析] 法拉第发现了电磁感应现象并总结了感应电流的产生条件，选项B 错误；安培发现了磁场对通电导体的作用规律，洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，选项D 错误．2．AC [解析] 由两磁铁间的磁场分布可知，靠近两极处磁感应强度最大，O 点处磁感应强度最小，故线圈经过O 点时穿过的磁通量最小，根据法拉第电磁感应定律，线圈经该位置时的感应电流为零，其所受磁场力为零，故选项A 正确，B 错误；根据楞次定律，线圈沿不同方向经过b 点时感应电流方向相反，其所受的磁场力方向也相反，选项C 正确；线圈沿同一方向经过a 、b 两点时磁场方向相同，但其变化的方向相反，故电流方向相反，选项D 错误．3．D [解析] 磁感应强度均匀变化，产生恒定的感应电流，选项A 错误；第1 s 内，磁通量垂直于纸面向里且均匀增强，由楞次定律可以判定感应电流方向为逆时针，选项C 错误；同理可判定，第4 s 内感应电流方向为逆时针，故选项B 错误，D 正确．4．C [解析] 当火车头中的磁场刚接触线圈时，线圈中有一边切割磁感线，产生的感应电动势为E ＝Blv ；当磁场完全进入时，穿过线圈的磁通量不发生变化，无感应电动势；当磁场要离开线圈时，线圈中又有一边在切割磁感线，产生的感应电动势E ＝Blv .根据右手定则判断知，两段产生的感应电动势方向相反，也就是正负极相反，故选项C 正确．5．C [解析] 先由右手定则判断出A 盘中感应电流的方向，再根据B 盘中电流方向和左手定则判断B 盘的转动方向．A 盘顺时针方向转动时，处在磁场中沿半径方向的导体做切割磁感线运动，由右手定则可以判断出A 盘中感应电流方向由中心指向边缘，而产生感应电动势的导体相当于电源，因此A 盘边缘电势比中心处高，故选项A 、B 错误．A 盘产生的感应电动势与B 盘构成闭合回路，则B 盘中电流方向由中心指向边缘，据外电路中电流由电势高的点流向电势低的点知，B 盘中心处电势高，选项D 错误．由左手定则可以判断出，B 盘处在磁场中沿半径方向的导体所受安培力方向与半径垂直，且垂直纸面向里，则B 盘将逆时针方向转动．由此可知，选项C 正确．6．D [解析] ab 棒右移时，切割磁感线．根据右手定则，ab 棒中的感应电流方向从a 流向b .此时ab 棒起着电源的作用，两边电阻器并联在电源两极之间，所以流过R 1、R 2的电流都由上而下．7．C [解析] 电源内阻不计，闭合开关时，流过D 2、D 3的电流不变，因线圈产生的自感电动势阻碍线圈中电流的增大，故流过D 1的电流由零开始逐渐增大；断开开关时，线圈产生的自感电动势阻碍线圈中电流的减小，流过D 1、D 2、D 3的电流将逐渐减小到零．只有选项C 正确．8．D [解析] 由楞次定律可知，电流表的电流方向向右；传感器正常工作时的电阻R ＝U 2P ＝20.9 W ＝10 Ω，工作电流I ＝U R ＝3 V 10 Ω＝0.3 A ，由于滑动变阻器允许的最大电流是1 A ，所以电路允许通过的最大电流为I max ＝0.3 A ；由于磁场时间均匀变化，所以线圈中产生的感应电动势是不变的．滑动变阻器的滑片位于最左端时，外电路的电阻为R 外＝20 Ω，感应电动势的最大值E ＝n ΔΦΔt ＝nS ΔB Δt＝I max (R ＋R 0)，解得t 0＝40 s ．故只有D 项正确． 9．(1)8.8 m/s 2 (2)0.44 J[解析] (1)棒下落距离r 2时，棒切割磁感线产生感应电动势，棒在圆形导线框内的部分相当电源，其有效长度L ＝3r ，外电路由电阻为R 1＝R 03和R 2＝2R 03的两部分圆弧导线并联，此时外电路电阻为R ＝2R 03×R 03R 0＝2R 09根据法拉第电磁感应定律E ＝BLv ＝3Brv 1又I ＝E R棒受到的安培力F A ＝BLI ＝B 23r 2·v 1R ＝0.12 N根据牛顿第二定律，mg －F 安＝ma故a ＝g －F 安m＝8.8 m/s 2 (2)下落过程能量守恒，有mgr ＝Q ＋12mv 22 故下落到圆心过程产生的热量Q ＝mgr －12mv 22＝0.44 J 10．1 s [解析] 以MN 为研究对象，有F A ＝BId ＝T以重物为研究对象，有T ＋F N ＝mg由于B 在增大，安培力F A ＝BId 增大，绳的拉力T 增大，地面的支持力F N 减小，当F N ＝0时，重物将被吊起，此时BId ＝mg又B ＝B 0＋ΔB Δt t ＝0.5＋0.1t E ＝Ld ΔB ΔtI ＝E R ＋r联立解得t ＝1 s11．(1)0.75 m/s (2)21.5 m (3)0.5 J[解析] (1)当金属框的加速度恰好为零时，受到的安培力与重力平衡F 1安＝mg ，F 1安＝2B 0I 1L ，I 1＝2B 0Lv R解得v ＝mgR4B 20L2＝0.75 m/s (2)经分析知金属框进入PQ 下方后做竖直下抛运动．设2 s 内下落的距离为h ，则h ＝vt ＋12gt 2 解得h ＝21.5 m.(3)设金属框在PQ 下方磁场中运动时产生的感应电流为I ，感应电动势为E,2 s 内产生的焦耳热为Q .由法拉第电磁感应定律E ＝ΔB ΔtL 2 I ＝E R由图象得ΔB Δt＝2 T/s ， 2 s 内产生的焦耳热Q ＝I 2Rt ＝0.5 J。

45分钟滚动复习训练卷(三)[考查范围：第七、八单元恒定电流分值：100分]一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．将一电源电动势为E，内阻为r的电池，与外电路连接，构成一个闭合电路，用R表示外电路电阻，I表示电路的总电流，下列说法正确的是( )A．由U外＝IR可知，外电压随电流的增大而增大B．由U内＝Ir可知，电源两端的电压随电流的增大而增大C．由U＝E－Ir可知，电源的输出电压随电流的增大而减小D．由P＝IU可知，电源的输出功率P随电流的增大而增大2．如图G3－1所示，点电荷A和B分别带正电和负电，电荷量分别为4Q和Q，在A、B 连线上，则电场强度为零的地方( )A．A和B之间B．B左侧C．A右侧 D．A的右侧及B的左侧3．图G3－2中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M点，再经过N点，可以判定A．粒子在M点的加速度大于在N点的加速度B．粒子在M点的动能大于在N点的动能C．粒子在M点的电势能高于在N点的电势能D．M点的场强大于N点的场强二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．如图G3－3O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的情况如图乙图G3－3所示．若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用，则( )A．电场一定是匀强电场B．电场的场强沿Ox方向增大C．电子将沿Ox正方向运动D. 电子的电势能将增大5．如图G3－4是火警报警装置电路示意图的一部分，其中R2是半导体热敏传感器，它的阻值随温度升高而减小，当R2A．电流表示数将变小B．电流表示数将变大C．a、b两点间电压变大D．a、b两点间电压变小6．如图G3－5所示，P、Q是矩形ABCD的AD边和BC边的中点，E、F是AB边和CD边的中点，M、N是P、Q连线上的两点且MP＝QN，M点和N点有等量异种点电荷．对于图中八个点的场强关系，下列说法正确的是( )A．A与B点场强相同，C与D点场强相同B．A与C点场强相同，B与D点场强相同C．A与D点场强相同，B与C点场强相同D．E与F点场强相同，P与Q点场强相同G3－5G3－67．如图G3－6所示，一簇电场线关于y轴对称分布，电场方向如图中箭头所示，O是坐标原点，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则( )A．M点的电势比P点的电势高B．一正电荷在O点时的电势能小于在Q点时的电势能C．O、M间的电势差小于N、O间的电势差D．将一负电荷由M点移到P点，电场力做正功三、实验题(18分)8．某实验小组选用下列器材探究通过热敏电阻R x(标称阻值为180 Ω)的电流随其两端电压变化的特点．实验器材：多用电表，电流表A(0～50 mA，内阻约15 Ω)，电压表V(5 V，内阻约20 kΩ)，电源E(6 V直流电源，内阻可忽略不计)，滑动变阻器R(最大阻值为20 Ω)，定值电阻R0(100 Ω)，电阻箱(99.9 Ω)、开关S和导线若干．(1)该小组用多用表的“×1”倍率的挡位测热敏电阻在室温下的阻值，发现表头指针偏转的角度很小；为了准确地进行测量，应换到________倍率的挡位；如果换挡后就用表笔连接热敏电阻进行读数，那么欠缺的实验步骤是：____________，补上该步骤后，表盘的示数如图G3－7(2)该小组按照自己设计的电路进行实验．实验中改变滑动变阻器滑片的位置，使加在热敏电阻两端的电压从0开始逐渐增大到5 V，作出热敏电阻的I－U图线，如图G3－8所示．请在所提供的器材中选择必需的器材，在虚线框内画出该小组设计的电路图．(3)分析该小组所画出的I －U 图线，说明在电流比较大的情况下热敏电阻的阻值随电流的增大而________；分析其变化的原因可能是____________．(4)请提出一个简单的实验方法，说明你对变化原因的判断是正确的．四、计算题(共40分)9．(18分)如图G3－9所示，在A 、B 两点间接一电动势为4 V 、内阻为1 Ω的直流电源，电阻R 1、R 2、R 3的阻值均为4 Ω，电容器的电容为30 μF ，电流表的内阻不计，求：(1)电流表的读数；(2)电容器所带的电荷量；(3)断开电源后，通过R 2的电荷量．10．(22分)如图G3－10所示，在虚线MN 左上方，存在斜向左下、与水平方向夹角为45°的匀强电场，场强大小E ＝2×105 V/m.一半径为R ＝0.8 m 的14光滑绝缘圆弧凹槽固定在水平地面上．一个可视为质点的质量m ＝0.2 kg 、电荷量大小q ＝1×10－5 C 的带正电金属物块P从槽顶端A 由静止释放，经凹槽底端B 进入绝缘水平地面，凹槽底端B 与地面相切．图中C 点为电场边界与地面的交点，B 、C 之间的距离为0.6 m ，物块P 与绝缘地面之间的动摩擦因数为μ＝13，取g ＝10 m/s 2，求：(1)物块P从A点滑到B点时速度的大小；(2)物块P从B点到离开电场过程所经历的时间；(3)物块P在木板Q上滑动的过程中摩擦产生的热．45分钟滚动复习训练卷(三)1．C [解析] 当电流发生变化时，一定是外电阻减小了，故不能根据U外＝IR来判断，A 错；由U内＝Ir只能判断电源的内电压随I的增大而增大，而不能判断电源两端的电压的变化，B错；E、r不变，由U＝E－Ir可知，电源的输出电压随输出电流I的增大而减小，故C对；输出电流I的增大时，路端电压减小，功率的变化情况不能由P＝IU判断，故D错．2．B [解析] 在A和B之间，A、B产生的场强方向均向左，电场强度不可能为零，A错；B的左侧，A产生的场强方向水平向左，B产生的场强方向水平向右，在某适当的位置，可以使得电场强度为零，B对；A的右侧，虽然A、B产生的场强方向相反，但是由于A的电荷量大，且离A较近，故合场强不可能为零，C、D错．3．C [解析] 电场线密的地方场强大，故N点的场强大，加速度大，A、D错；带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，由此可知，粒子带正电，由M点到N点，电场力做正功，电势能减少，动能增加，粒子在M点的电势能高于在N点的电势能，粒子在M点的动能小于在N点的动能，B错、C对．4．AC [解析] O点电势φ0为零，设x点的电势为φx，则U x0＝φx－φ0＝Ex，即φx＝Ex，表明沿Ox方向场强不变，选项A正确，选项B错误；由静止释放电子，电子由电势低处向电势高处运动，电场力做正功，电势能减小，选项C正确，选项D错误．5．BD [解析] R2的阻值随温度升高而减小，当发生火情时，电路的总电阻变小，总电流变大，A错、B对；由U＝E－IR可知路端电压变小，C错、D对．6．BD [解析] 根据等量异种电荷周围电场的电场线对称性：电场中A、B、C、D四点的电场强度大小相等，A、C电场方向相同，B、D电场方向相同；电场中P、Q两点电场强度大小相等，方向相同，E、F两点电场强度大小相等，方向也相同．7．CD [解析] 以电场线的交点为圆心，分别作出过M、P点的圆弧，圆弧为电势不同的等势面，可知M点的电势比P点的电势低，选项A错误；由W＝qU，可判出选项D正确；O点的电势高于Q点的电势，故正电荷在O点时的电势能大于在Q点时的电势能，选项B错误；O、M间的平均电场强度小于N、O间的平均电场强度，由U＝Ed，可知O、M间的电势差小于N、O 间的电势差，故选项C正确．8～205) (2)如图所示(供电电路采用分压器接法，测量电路采用电流表外接法) (3)减小电流较大时，热敏电阻温度升高，电阻变小(4)见解析[解析] (1)表头指针偏转的角度很小，说明选择的挡位太小；因为欧姆表读数时，指针接近刻度盘中间部位时，测量结果比较准确，所以应选择“×10 ”挡位．(2)因为要求电压从0开始逐渐增大，所以供电电路采用分压器接法(用限流接法不可)，测量电路采用电流表外接法；(3)由图象知，在电流比较大的情况下热敏电阻的阻值随电流的增大而减小；其变化的原因可能是：电流较大时，热敏电阻的温度升高，引起电阻变小．(4)用欧姆挡测量热敏电阻的阻值过程中，用手握住热敏电阻使其温度升高，可以看出热敏电阻随温度升高阻值变小，用此方法可验证热敏电阻温度升高，电阻变小的判断．9．(1)0.8 A (2)9.6×10－5 C (3)4.8×10－5 C[解析] (1)由图可知，接入电路的有效电阻仅有R3则I＝ER3＋r＝0.8 A(2)电容器C两端电压与R3两端电压相同U C＝U3＝IR3＝3.2 V故电容器所带电荷量Q＝CU3＝30×10－6×3.2 V＝9.6×10－5 C(3)断开电源，R1与R2并联后与R3、C构成放电回路，故通过R2的电荷量Q 2＝Q 2＝4.8×10－5 C 10．(1)4 m/s (2)0.2 s (3)1 J[解析] (1)由于A 、B 连线垂直于电场线，故A 、B 两点电势相等，故金属块P 从A 运动到B ，电场力做功为零．设P 滑到B 点时的速度为v 0，该过程由动能定理有mgR ＝12mv 20 解得v 0＝2gR ＝4 m/s(2)物块P 从B 点运动到C 点的过程，由题可知F 电＝qE ＝ 2 Nf ＝μ(F 电cos45°＋mg )＝1 N则加速度大小a ＝f ＋F 电sin45°m＝10 m/s 2 设P 在C 处速度为v 1，由v 20－v 21＝2ax BC解得v 1＝2 m/s故t ＝v 0－v 1a P＝0.2 s (3)物块P 在电场中运动时，电场力只在BC 段对物块P 做功，即W 克电＝F 电x BC cos45°＝0.6 J物块离开电场后做匀减速直线运动，最终静止．由能量转化与守恒定律，全过程摩擦产生的热Q ＝mgR －W 克电＝1 J。

高中物理学习材料唐玲收集整理45分钟滚动复习训练卷(二)(考查范围：第四～六单元:分值：100分)一、单项选择题(每小题6分，共18分)1．如图G2－1所示，演员正在进行杂技表演．由图可估算出他将一只鸡蛋抛出的过程中对鸡蛋所做的功最接近于( )图G2－1A．0.3 J B．3 J C．30 J D．300 J2．如图G2－2所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成37°角，水流速度为4 m/s，则船从A点开出的最小速度为( )图G2－2A．2 m/s :B．2.4 m/sC．3 m/s D．3.5 m/s3．如图G2－3所示，小球在竖直放置的光滑圆形管道内做圆周运动，内侧壁半径为R，小球半径为r，则下列说法正确的是( )图G2－3A．小球通过最高点时的最小速度v min＝g（R＋r）B．小球通过最高点时的最小速度v min＝gRC．小球在水平线ab以下的管道中运动时，内侧管壁对小球一定无作用力D．小球在水平线ab以上的管道中运动时，外侧管壁对小球一定有作用力二、双项选择题(每小题6分，共24分)4．航天技术的不断发展，为人类探索宇宙创造了条件。

1998年1月发射的“月球勘探者号”空间探测器，运用最新科技手段对月球进行近距离勘探，在月球重力分布、磁场分布及元素测定等方面取得最新成果．探测器在一些环形山中央发现了质量密集区，当飞越这些重力异常区域时( )A．探测器受到的月球对它的万有引力将变大B．探测器运行的轨道半径将变大C．探测器飞行的速率将变大D．探测器飞行的速率将变小图G2－45．如图G2－4甲所示，水平抛出的物体，抵达斜面上端P处时速度恰好沿着斜面方向，紧贴斜面PQ无摩擦滑下．图G2－5为物体沿x方向和y方向运动的位移－时间图象及速度－时间图象，其中可能正确的是( )A :B :C :D图G2－56．在卫星轨道中，有两类比较特殊的轨道，一类是与赤道共面的赤道轨道，另一类是与赤道平面垂直并通过地球两极的极地轨道，还有与赤道平面成某一角的其它轨道，如图G2－6所示．下列说法中正确的是( )图G2－6A．同步卫星不可能处在极地轨道，极地轨道上卫星的周期不可能与同步卫星的周期相同B．同步卫星不可能处在极地轨道，极地轨道上卫星的周期可能与同步卫星的周期相同C．同步卫星不可能处在其他轨道，其他轨道上卫星的周期不可能与同步卫星的周期相同D．同步卫星不可能处在其他轨道，其他轨道上卫星的周期可能与同步卫星的周期相同7．如图G2－7所示，置于足够长斜面上的盒子A内放有光滑球B，B恰与盒子前、后壁接触，斜面光滑且固定于水平地面上．一轻质弹簧的一端与固定在斜面上的木板P拴接，另一端与A相连。

2022-2023学年粤教版高三物理复习试题及解析一、选择题（1-7为单选，8-10为多选）1．如图甲所示为氢原子部分能级图，大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时能辐射出多种不同频率的光，其中用从n=3能级向n=1能级跃迁时辐射的光照射图乙所示光电管的阴极K时，恰好发生光电效应，则下列说法正确的是（）A．从n=2能级向n=1能级跃迁时辐射的光，也一定能使阴极K发生光电效应B．用从n=4能级向n=1能级跃迁时辐射的光照射阴极K，阴极K的逸出功会变大C．在光的频率不变的情况下，饱和电流不随入射光强度的变化而变化D．用从n=3能级向n=2能级跃迁时辐射的光照射n=4能级的氢原子，可以使其电离2．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图像分别为图中直线a和曲线b．t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（）A．t=3s时，两车具有共同的加速度B．在运动过程中，b车始终没有超过a车B．C．a车做匀速运动，b车做加速运动D．在0-3s的时间内，a车的平均速度比b车的大3．“复兴号”动车组由几节自带动力的车厢（动车）和几节不带动力的车厢（拖车）编成一组。

假设每节动车的额定功率相等，每节动车和拖车的质量均相等，列车运行过程中受到的阻力与其重力成正比。

若两节动车加六节拖车编成的动车组的最大速度为120km/h，则下列哪个编组的最大速度为240km/h?（）A．两节动车加三节拖车B．三节动车加三节拖车C．三节动车加四节拖车D．四节动车加六节拖车4．如图所示，偏转电场的极板水平放置，偏转电场右边的挡板竖直放置，氕、氘、氚三粒子同时从同一位置沿水平方向进入偏转电场，最终均打在右边的竖直挡板上．不计氕、氘、氚的重力，不考虑三者之间的相互影响，则下列说法正确的是A．若三者进入偏转电场时的初动能相同，则必定到达挡板上同一点B．若三者进入偏转电场时的初动量相同，则到达挡板的时间必然相同C．若三者进入偏转电场时的初速度相同，则必定到达挡板上同一点D．若三者进入偏转电场时的初动能相同，则到达挡板的时间必然相同5．如图所示，虚线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ分别表示地球卫星的三条轨道，其中轨道Ⅰ为与第一宇宙速度7.9 km/s对应的近地环绕圆轨道，轨道Ⅱ为椭圆轨道，轨道Ⅲ为与第二宇宙速度11.2 km/s对应的脱离轨道，a、b、c 三点分别位于三条轨道上，b点为轨道Ⅱ的远地点，b、c点与地心的距离均为轨道Ⅰ半径的2倍，则（）A．卫星在轨道Ⅱ的运行周期为轨道Ⅰ的2倍B．B．卫星经过a点的速率为经过b点的2倍C.卫星在a点的加速度大小为在c点的2倍D．质量相同的卫星在b点的机械能小于在c点的机械能6．如图所示，在竖直面内有一个正六边形ABCDEF ，AB 边水平，且正六边形处于水平的匀强电场中。