山东省临沂七中2016届高三物理上学期第二次月考试题(含解析)

山东省临沂七中2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：111．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．13．如图所示，一电荷量q=3×10﹣4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点．电键S合上后，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°．已知两板相距d=0.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）通过电源的电流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量．14．如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.10kg 的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取g=10m/s2．试求：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）D点到B点的距离x DB．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能．15．如图，在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.5，且与台阶边缘O点的距离s=5m．在台阶右侧固定了一个圆弧挡板，圆弧半径R=1m，圆弧的圆心也在O点．今以O点为原点建立平面直角坐标系．现用F=5N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板．（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），求其离开O点时的速度大小；（2）为使小物块击中挡板，求拉力F作用的最短时间；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．答案1.【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、奥斯特、法拉第的物理学成就及匀速圆周运动的特点、开普勒行星运动定律进行解答．【解答】解：A、匀速圆周运动是速度大小不变的变加速曲线运动，加速度方向不断指向圆心，速度方向始终为切线方向．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值，故B错误；C、行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量有关，与行星的速度无关．故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果．故D正确；故选：D．【点评】本题考查了物理学史，关键在于平时加强，注重积累．对于匀变速曲线运动，要知道其加速度不变的特点．2.【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势面分布特点，可以比较A与B，C与D电势、场强关系及O、B电势高低；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、C电势能大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量同种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B两处电势相同，场强大小相等、方向相反，所以场强不同，故A错误．B、根据等量同种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处场强方向相反，电势相同．故B错误．C、根据电场线疏密表示场强的大小可知，在AB之间，O点场强为零，为最小．故C正确．D、OC间的电场强度方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点电势高于C点电势，则负电荷在O处电势能小于在C处电势能．故D错误．故选：C【点评】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小．3.【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：物体的加速度为a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．4.【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机的输出功率等于牵引力的功率，根据牵引力的功率求出电动机的输出功率．根据P=EI求出电动机的输入功率．电动机的输入功率等于输出功率和线圈电阻产生的热功率之和．根据能量守恒，结合焦耳定律求出电动机线圈的电阻．【解答】解：电动机的输出功率P2=mgv=500×0.8W=400W，电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W．根据能量守恒定律得，发热功率P==550﹣400=150W，则线圈内阻r=6Ω，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道输入功率和输出功率以及线圈发热功率的区别和联系，注意对于电动机电路，在电动机正常工作的情况下，不能运用闭合电路欧姆定律进行求解．5.【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以v2=求出最大速度；根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：A、匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得F m=，故A错误，B正确；C、匀速运动阶段，起重机的功率达到最大值P，此时拉力等于重力，故重物的最大速度v2=，故C正确；D、重物匀加速运动的末速度为v1，此时的拉力为F=，由牛顿第二定律得；a==﹣g，故D正确．本题选错误的故选：A【点评】本题考查的是类似汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．6.【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，根据两物体沿绳子方向的速度相等，求出A的速度，再根据系统机械能守恒，求出B下降的高度，从而求出AB的绳长．【解答】解：将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有：v B cos60°=v A cos30°所以：v A=vAB组成的系统机械能守恒，有：mgh=mv A2+mv B2所以：h=绳长l=2h=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键会对速度进行分解，以及知道AB组成的系统机械能守恒．7.【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出小灯泡功率的变化．【解答】解：A、将将照射R3的光的强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A错误；BC、因干路电流减小，电源的内电压减小则，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B错误；D、干路电流减小，则电源内阻的功率变小，故D正确；故选：D【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．8.【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确．故选：ABD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．9.【考点】电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：AB、φ﹣x图象的斜率等于电场强度E，图线在A、N两点处的斜率都不等于0，则知N、A两点的场强均不为零，故AB错误．C、从N点到C点各点电势逐渐增大，说明这是逆着电场线方向，即NC间场强方向从C指向N即向x轴负方向，故C错误；D、将一负点电荷从N点移到D点电势先增大后减小，电势能先减小后增大，所以电场先做正功后做负功，故D正确；故选：D．【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否．10.【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．【解答】解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式t=得，它们运动时间相同．故A正确．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，由于q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，得到W P：W Q=4：1，而重力做功相同，则合力做功之比，则动能增加量之比△E kP：△E kQ＜4．故BD错误．C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=分析得到加速度之比a P：a Q=2：1．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为a P=，a Q=，则q P：q Q=2：1．故C正确．故选：AC．【点评】本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解．11.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．故答案为：13.55，4.700．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12.【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）由图象根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图所示；要使两灯泡并联后接在电源两端，应符合闭合电路欧姆定律，则电源的输出电压与两灯泡电压相等，且路端电压与内压之和等于电动势；由图可知，输出电压应为0.6V，此时灯泡L2的电流为0.15A，则其功率P=UI=0.6×0.15=0.09W；故答案为（1）增大（2）如图（3）0.6；0.09．【点评】当已知小灯泡的伏安特性曲线，要求其功率时，要再画出表示电源的U﹣I图象，则两图线的交点坐标即为小灯泡的实际电流与电压，然后根据P=UI求解．13.【考点】闭合电路的欧姆定律；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】恒定电流专题．【分析】（1）先求出R2R3并联后的总电阻，然后根据闭合电路欧姆定律求通过电源的电流；（2）根据U=IR求出电容器两端的电压，然后根据E=求出极板间的场强；（3）对小球进行受力分析，根据平衡条件求小球的质量．【解答】解：（1）R2与R3并联后的电阻值为：R23=代入数据解得：R23=6Ω由闭合电路欧姆定律得：I=代入数据解得：I=1A（2）电容器两板间的电压为：U C=I（R1+R23）电容器两板间的电场强度为：E1==代入数据解得：E1=100N/C（3）小球处于静止状态，所受电场力为F，由平衡条件得：F=mgtanα又有：F=qE所以m=代入数据解得：m=4×10﹣3kg答：（1）通过电源的电流为1A；（2）两板间的电场强度的大小100N/C；（3）小球的质量4×10﹣3 kg．【点评】本题考查含有电容器的电路问题，难点是确定电容器两端的电压，一定要明确与电容器串联的电阻相当于导线．14.【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】（1）恰好到达最高点，在最高点，靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）带电体在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀变速直线运动，抓住等时性，求出D点到B点的距离．（3）根据动能定理B点的速度，通过牛顿第二定律求出支持力的大小，从而求出带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处．根据动能定理求出最大的动能．【解答】解：（1）设带电体通过C点时的速度为v C，依据牛顿第二定律：解得v C=2.0m/s（2）设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：联立解得x DB=0（3）设带电体通过B点时的速度为v B，设轨道对带电体的支持力大小为F B，带电体在B点时，根据牛顿第二定律有带电体从B运动到C的过程中，依据动能定理：联立解得F B=6.0N根据牛顿第三定律，带电体对轨道的压力（4）由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处．设小球的最大动能为E km，根据动能定理有：解得E km=1.17J（或）．答：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小为2m/s．（2）D点到B点的距离为0m．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小为6N．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能为1.17J．【点评】本题综合考查了动能定理、牛顿第二定律，涉及到运动的分解、圆周运动，综合性较强，最后一问对学生的能力要求较高．需加强训练．15.【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）小物块离开P点做平抛运动，根据平抛知识求解其离开O点时的速度大小；（2）小物块能击中挡板的临界条件是能到达O点，根据运动学关系分析求解力F的作用最短时间；（3）根据平抛运动和击中挡板的轨道公式求解小物块击中挡板时的最小动能．【解答】解：（1）小物块从O到P，做平抛运动水平方向：Rcos37°=v0t竖直方向：由以上两式解得：=（2）为使小物块击中档板，小物块必须能运动到O点，由动能定理得：Fx﹣μmgS=△E k=0解得：x=2.5m由牛顿第二定律得：F﹣μmg=ma解得：力F作用时的加速度a=5m/s2由运动学公式得：解得：t=1s（3）设小物块击中挡板的任意点坐标为（x，y），则x=v0t由机械能守恒得：又又击中挡板满足：x2+y2=R2化简得：，由数学方法解得：E kmin=答：（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），其离开O点时的速度大小为；（2）为使小物块击中挡板，拉力F作用的最短时间为1s；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，击中挡板时小物块动能的最小值为．【点评】本题是动力学、平抛运动的综合题，解决问题的关键是掌握相关动力学基础知识和平抛运动知识，在第三问中要求较好的数学功底．。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.关于电流强度，下列说法中正确的是（）A．根据I = q / t，可知q与t成反比B．因为电流有方向，所以电流强度是矢量C．电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位D．电流的方向就是电荷定向运动的方向2.如图所示，R1为定值电阻，R2为负温度系数的热敏电阻（负温度系数热敏电阻是指阻值随温度的升高而减小的热敏电阻），L为小灯泡，当温度降低时（）A．R 1两端的电压增大B．电流表的示数增大C．小灯泡的亮度变强D．小灯泡的亮度变弱3.某静电场沿x方向的电势分布如图所示，则（）A．在0—x1之间不存在沿x方向的电场B．在0—x1之间存在着沿x方向的匀强电场C．在x1—x2之间存在着沿x方向的匀强电场D．在x1—x2之间存在着沿x方向的非匀强电场4.下列公式中，既适用于点电荷产生的静电场，也适用于匀强电场的有( ).①场强E="F/q" ②场强E="U/d" ③场强E=kQ/r2 ④电场力做功W=UqA．①③B．②③C．②④D．①④5.人站在h高处的平台上，水平抛出一个质量为m的物体，物体落地时的速度为v，以地面为重力势能的零点，不计空气阻力，则有（）A．人对小球做的功是B．人对小球做的功是C．小球落地时的机械能是D．小球落地时的机械能是6.一辆汽车沿着倾角为30°的斜面做匀加速直线下滑,若测得该汽车的加速度大小为4.0m/s2，当地的重力加速度大小为9.8m/s2,由此判断该汽车的机械能的变化情况是( )A．机械能守恒B．机械能减小C．机械能增加D．不能判断7.如图，O 是一固定的点电荷，另一点电荷P 从很远处以初速度射入点电荷O 的电场，在电场力作用下的运动轨迹是曲线MN 。

a 、b 、c 是以O 为中心，R a 、R b 、R c 为半径画出的三个圆，R c －R b ＝R b －R a 。

山东省临沂七中2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：1二、实验题（本题共2小题，共12分．）11．甲图中游标卡尺的读数为mm；乙图中螺旋测微器的读数为mm．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．三、计算题（本题共3小题，共38分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．如图所示，一电荷量q=3×10﹣4C带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的O点．电键S合上后，当小球静止时，细线与竖直方向的夹角α=37°．已知两板相距d=0.1m，电源电动势E=12V，内阻r=2Ω，电阻R1=4Ω，R2=R3=R4=12Ω．g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）通过电源的电流；（2）两板间的电场强度的大小；（3）小球的质量．14．如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.40m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.10kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点．取g=10m/s2．试求：（1）带电体在圆形轨道C点的速度大小．（2）D点到B点的距离x DB．（3）带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小．（4）带电体在从P开始运动到落至D点的过程中的最大动能．15．如图，在粗糙水平台阶上静止放置一质量m=0.5kg的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数μ=0.5，且与台阶边缘O点的距离s=5m．在台阶右侧固定了一个圆弧挡板，圆弧半径R=1m，圆弧的圆心也在O点．今以O点为原点建立平面直角坐标系．现用F=5N的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板．（1）若小物块恰能击中挡板上的P点（OP与水平方向夹角为37°），求其离开O点时的速度大小；（2）为使小物块击中挡板，求拉力F作用的最短时间；（3）改变拉力F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置，求击中挡板时小物块动能的最小值．2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．以下有关物理学概念或物理学史说法正确的有（）A．匀速圆周运动是速度大小不变的匀变速曲线运动，速度方向始终为切线方向B．牛顿发现了万有引力定律，库仑用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值C．行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比=K为常数，此常数的大小与恒星的质量和行星的速度有关D．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果【考点】物理学史．【分析】本题应根据牛顿、卡文迪许、奥斯特、法拉第的物理学成就及匀速圆周运动的特点、开普勒行星运动定律进行解答．【解答】解：A、匀速圆周运动是速度大小不变的变加速曲线运动，加速度方向不断指向圆心，速度方向始终为切线方向．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许用扭秤实验测出了万有引力恒量的数值，从而使万有引力定律有了真正的实用价值，故B错误；C、行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小与恒星的质量有关，与行星的速度无关．故C错误；D、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，感应电流的方向遵从楞次定律，这是能量守恒定律的必然结果．故D正确；故选：D．【点评】本题考查了物理学史，关键在于平时加强，注重积累．对于匀变速曲线运动，要知道其加速度不变的特点．2．如图所示，虚线AB和CD分别为椭圆的长轴和短轴，相交于O点，两个等量同种点电荷分别处于椭圆的两个焦点M、N上，下列说法中正确的是（）A．A、B两处电势、场强均相同B．C、D两处电势、场强均不同C．在虚线AB上O点的场强最小D．带负电的试探电荷在O处的电势能大于在C处的电势能【考点】电势；电场强度；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据等量同种电荷电场线和等势面分布特点，可以比较A与B，C与D电势、场强关系及O、B电势高低；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、C电势能大小．【解答】解：A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量同种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B两处电势相同，场强大小相等、方向相反，所以场强不同，故A错误．B、根据等量同种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处场强方向相反，电势相同．故B错误．C、根据电场线疏密表示场强的大小可知，在AB之间，O点场强为零，为最小．故C正确．D、OC间的电场强度方向向上，根据顺着电场线方向电势降低，可知O点电势高于C点电势，则负电荷在O处电势能小于在C处电势能．故D错误．故选：C【点评】这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小．3．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4m/s2，方向沿斜面向下，那么，在物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加 B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变 D．无法确定【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：物体的加速度为 a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，B、C、D错误．故选：A【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．4．某一用直流电动机提升重物的装置，如图所示，重物m=50kg，电源的电动势E=110V，不计电源内阻及各处的摩擦．当电动机以v=0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流强度为I=5A，（g=10m/s2），下列说法中正确的是（）A．电动机线圈的电阻是4ΩB．电动机的输出功率是400WC．电动机的输入功率是500WD．电动机线圈的发热功率是125W【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电动机的输出功率等于牵引力的功率，根据牵引力的功率求出电动机的输出功率．根据P=EI 求出电动机的输入功率．电动机的输入功率等于输出功率和线圈电阻产生的热功率之和．根据能量守恒，结合焦耳定律求出电动机线圈的电阻．【解答】解：电动机的输出功率P2=mgv=500×0.8W=400W，电动机的输入功率P1=EI=110×5W=550W．根据能量守恒定律得，发热功率P==550﹣400=150W，则线圈内阻r=6Ω，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道输入功率和输出功率以及线圈发热功率的区别和联系，注意对于电动机电路，在电动机正常工作的情况下，不能运用闭合电路欧姆定律进行求解．5．一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的有用功率达到最大值P以后，起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止，物体上升的高度为h，则整个过程中，下列说法不正确的是（）A．钢绳的最大拉力为B．钢绳的最大拉力为C．重物的最大速度v2=D．重物匀加速运动的加速度为﹣g【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv求出最大拉力；重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以v2=求出最大速度；根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：A、匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得F m=，故A错误，B正确；C、匀速运动阶段，起重机的功率达到最大值P，此时拉力等于重力，故重物的最大速度v2=，故C正确；D、重物匀加速运动的末速度为v1，此时的拉力为F=，由牛顿第二定律得；a==﹣g，故D正确．本题选错误的故选：A【点评】本题考查的是类似汽车的启动方式，对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动，对于每种启动方式的汽车运动的过程一定要熟悉．6．有一竖直放置的“T”形架，表面光滑，滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B用一不可伸长的轻细绳相连，A、B质量相等，且可看做质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止．由静止释放B后，已知当细绳与竖直方向的夹角为60°时，滑块B沿着竖直杆下滑的速度为v，则连接A、B的绳长为（）A． B． C． D．【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，根据两物体沿绳子方向的速度相等，求出A的速度，再根据系统机械能守恒，求出B下降的高度，从而求出AB的绳长．【解答】解：将A、B的速度分解为沿绳的方向和垂直于绳子的方向，两物体沿绳子方向的速度相等，有：v B cos60°=v A cos30°所以：v A=vAB组成的系统机械能守恒，有：mgh=mv A2+mv B2所以：h=绳长l=2h=．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键会对速度进行分解，以及知道AB组成的系统机械能守恒．7．在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1．R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．小灯泡消耗的功率变大C．通过R2的电流变小D．电源内阻的功率变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出小灯泡功率的变化．【解答】解：A、将将照射R3的光的强度减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流减小，故R1两端的电压减小，电压表的示数变小．故A错误；BC、因干路电流减小，电源的内电压减小则，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大，则流过R2的电流增大，故C错误；由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故B错误；D、干路电流减小，则电源内阻的功率变小，故D正确；故选：D【点评】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．8．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高B．带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C．带电质点通过P点时的动能比通过Q点时大D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大．【解答】解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、根据电场线的疏密来确定电场强度的强弱，可知，质点在P点时的电场力比通过Q点时大，那么P点时的加速度比通过Q点时大，故D正确．故选：ABD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．9．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势均为零，ND段中的C点电势最高，则（）A．N点的电场强度大小为零B．A点的电场强度大小为零C．NC间场强方向向x轴正方向D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功【考点】电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度E．根据两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性．根据功能关系分析电场力做功的正负．【解答】解：AB、φ﹣x图象的斜率等于电场强度E，图线在A、N两点处的斜率都不等于0，则知N、A两点的场强均不为零，故AB错误．C、从N点到C点各点电势逐渐增大，说明这是逆着电场线方向，即NC间场强方向从C指向N即向x轴负方向，故C错误；D、将一负点电荷从N点移到D点电势先增大后减小，电势能先减小后增大，所以电场先做正功后做负功，故D正确；故选：D．【点评】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否．10．如图所示竖直放置的两个平行金属板间存在匀强电场，与两板上边缘等高处有两个质量相同的带电小球，P小球从紧靠左极板处由静止开始释放，Q小球从两板正中央由静止开始释放，两小球最终都能运动到右极板上的同一位置，则从开始释放到运动到右极板的过程中它们的：（）A．运行时间t P=t QB．电势能减少量之比△E P：△E Q=2：1C．电荷量之比q P：q Q=2：1D．动能增加量之比△E KP：△E K=4：1【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】两小球在匀强电场中受到电场力和重力作用，都做匀加速直线运动，运用运动的分解可知：两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，运动时间相同．两小球水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，根据牛顿第二定律和运动学公式研究电荷量之比．根据电场力做功之比，研究电势能减小量之比．根据数学知识分析合力对两球做功的关系，由动能定理分析动能增加量之比．【解答】解：A、两小球在竖直方向都做自由落体运动，由题分析可知，小球下落高度相同，由公式t=得，它们运动时间相同．故A正确．B、电场力做功分别为W P=q Q Ex Q，W Q=q P Ex P，由于q P：q Q=2：1，x P：x Q=2：1，得到W P：W Q=4：1，而重力做功相同，则合力做功之比，则动能增加量之比△E kP：△E kQ＜4．故BD错误．C、小球在水平方向都做初速度为零的匀加速直线运动，水平位移x P=2x Q，由x=分析得到加速度之比a P：a Q=2：1．根据牛顿第二定律得，两球的加速度分别为a P=，a Q=，则q P：q Q=2：1．故C正确．故选：AC．【点评】本题电荷在复合场中运动，采用运动的分解与合成的方法研究，是常用的方法．研究动能增加量关系，也可通过求末速度之比求解．二、实验题（本题共2小题，共12分．）11．甲图中游标卡尺的读数为13.55 mm；乙图中螺旋测微器的读数为 4.700 mm．【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．【专题】实验题；定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解答】解：1、游标卡尺的主尺读数为13mm，游标尺上第11个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：13mm+0.55mm=13.55mm．2、螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm．故答案为：13.55，4.700．【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．12．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为0.6 V；灯泡L2消耗的功率为0.09 W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）由图象根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图所示；要使两灯泡并联后接在电源两端，应符合闭合电路欧姆定律，则电源的输出电压与两灯泡电压相等，且路端电压与内压之和等于电动势；由图可知，输出电压应为0.6V，此时灯泡L2的电流为0.15A，则其功率P=UI=0.6×0.15=0.09W；。

高三物理月考试卷2016.11本试卷选择题8题，非选择题5题，共13题，满分为100分，考试时间90分钟．一、选择题：（本大题共有8小题，每小题6分，共48分。

其中1—5小题为单选，6—8小题为多选题，选不全者得3分，有错选不得分） 1．下列说法中不正确．．．的是 （A ）根据速度定义式t x v ΔΔ=，当t Δ非常小时，txΔΔ就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法（B ）在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看 作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法（C ）在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系， 再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了控制变量法（D ）在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法2．某物体运动的速度图象如图所示，根据图象可知 （A ）0-5s 内的位移为10m （B ）0-2s 内的加速度为1m/s 2（C ）第1s 末与第3s 末的加速度方向相同 （D ）第1s 末与第5s 末加速度方向相同3．如图所示，三段不可伸长的细绳OA 、OB 、OC，能承受的最大拉力相同，它们共同悬挂一重物，其中OB 是水平的，A 端、B 端固定．若逐渐增加C 端所挂物体的质量，则最先断的绳（A ）必定是OA （B ）必定是OB（C ）必定是OC（D ）可能是OB ，也可能是OC4．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0~6s 内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象如图所示，则物体的质量为（取g =10m/s 2） （A ）kg 53 （B ）kg 35（C ）kg 109 （D ）kg 9105．如图所示，小车上固定着三角硬杆，杆的端点固定着一个质量为m 的小球．当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时，杆对小球的作用力的变化（用F 1至F 4变化表示）可能是下图中的（OO ＇为沿杆方向）6．如图所示，从倾角θ的斜面上的M 点水平抛出一个小球，小球的初速度为0v ，最后小球落在斜面上的N 点，在已知θ和0v 的条件下(重力加速度g 已知)，空气阻力不计，则 （A ）可求出小球平抛的位移 （B ）可求出小球落到N 点时的速度 （C ）可求出小球落到N 点时的动能（D ）可求出小球从M 点到达N 点的过程中重力所做的功7．07年10月24日，我国成功发射了“嫦娥一号”探月卫星，11月5日进入月球轨道后，经历3次轨道调整，进入工作轨道．若卫星在地球表面的重力为G 1，在月球表面的重力为 G 2，已知地球半径为R 1，月球半径为R 2，地球表面处的重力加速度为g ，则（A ）月球的质量与地球的质量之比为212221R G R G（B ）月球表面处的重力加速度g 月为g G G 12（C ）月球的第一宇宙速度与地球的第一宇宙速度之比为1221R G R Gt /s t /s（D ）卫星在距月球表面轨道上做匀速圆周运动的周期T 月为2π212gG G R 8．如图所示为推行节水工程的转动喷水“龙头”，水平的喷水“龙头”距地面高为h ，其喷灌半径为可达10h ，每分钟喷出水的质量为m ，所用的水从地下H 深的井里抽取，设水以相同的速率喷出，水泵的效率为η，不计空气阻力（重力加速度为g ）．则 （A ）喷水龙头喷出水的初速度为gh 25 （B ）水泵每分钟对水所做的功为)26+(h H mg （C ）水泵每分钟对水所做的功为mgh 25（D ）带动水泵的电动机的最大输出功率为ηh H m g 60)26+(二、填空题：本题共2小题，共计16分．请将解答写在答题卡上相应的位置．9．（8分）某同学在应用打点计时器做验证机械能守恒定律实验中，获取一根纸带如图a 所示，但测量发现0、1两点距离远大于2mm,且0、1和1、2间有点漏打或没有显示出来，而其他所有打点都是清晰完整的，现在该同学用刻度尺分别量出2、3、4、5、6、7六个点到0点的长度h i （i=2．3．4…7），再分别计算得到3、4、5、6四个点的速度v i 和v i 2（i= 3．4．5．6），已知打点计时器打点周期为T ．（1）（4分）该同学求6号点速度的计算式是：v 6= ▲ （2）（4分）然后该同学将计算得到的四组（h i ，v i 2 ） 数据在v 2- h 坐标系中找到对应的坐标点，将四个点连接起来得到如图b 所示的直线，请你回答：接 下来他是如何判断重锤下落过程机械能守恒的？ 答： .图a图b10. （8分）某物理兴趣小组在一次探究活动中，想测量滑块和长木板之间的动摩擦因数。

2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第五次月考物理试卷（1月份）一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率可能减小 B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小D．输出功率可能先增大后减小2．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同3．小尼同学在自主学习时，对四个具体物理问题提出了自己的观点，你认为小尼的处理方法或者观点没有明显错误的是（）A．两个半径均为r的空心金属球，带电量均为+Q，均置于绝缘基座上，球心相距3r，小尼认为：两球间的库仑力小于B．一盏USB节能灯的铭牌上标注“直流5V，2.5W”，小尼认为：在正常工作的情况下，该节能灯的热功率等于2.5WC．采用如下方案测量鞋底与桌面之间的滑动摩擦因数，将鞋子摆在水平桌面上，从静止开始，用水平弹簧秤逐渐增加拉力，并且记下刚好拉动鞋子时拉力的大小F1，再竖直悬挂鞋子，记下静止时拉力的大小F2，小尼认为：鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数大于D．一片枫叶从树上飘落，落地速率为v，小尼认为：考虑到空气阻力的存在，可以推知由下落的总高度小于4．2012年10月14日，一名跳伞员从离地39km高度的外太空纵身跃下，创造了高空跳伞高度的新世界纪录和无动力突破超音速的记录，跳伞员携带的传感器记录下的速度时间图象如图所示．跳伞员在跳下以后的第32秒启动小伞，第41秒达到最大速度1173km/h，第261秒启动大伞，第542秒脚触地面，已知39km 高空的重力加速度g值是9.86m/s2，忽略起跳速度、转动和水平偏移，则对于跳伞员（包含随身携带的所有装备）的分析正确的是（）A．t=0到t=32s之间，处于完全失重状态B．t=41s之后直到停止运动，一直未出现失重状态C．t=41s时刻速度和加速度都最大D．t=41s时刻机械能和动能都达到最大5．如图，一块足够长的浅色长木板，静止地放置在水平地面上．一个煤块静止在该木板上，煤块与木板间的滑动摩擦系数为μ．突然，使木板以恒定的速度v0做匀速直线运动，煤块将在木板上划下黑色痕迹．经过某一时间t，令木板突然停下，以后不再运动．已知重力加速度为g，煤块可视为质点，不计煤块与木板摩擦中损失的质量．则在最后煤块不再运动时，木板上出现的黑色痕迹的长度可能是（）A．B．v0 t C．v0t﹣μgt2D．6．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能7．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大8．氧化锡传感器主要用于汽车尾气中一氧化碳浓度的检测，它的电阻随一氧化碳浓度ρ的变化而变化，已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．将传感器接在如图所示的电路中，已知R1、R2为定值电阻，观察电表示数的变化，就能判断一氧化碳浓度的变化情况，下列判断正确的是（）A．电压表读数增大时，电流表读数增大，浓度ρ增大B．电压表读数减小时，电流表读数减小，浓度ρ增大C．电压表读数增大时，电流表读数减小，浓度ρ减小D．电压表读数减小时，电流表读数增大，浓度ρ減小9．如图所示，两个宽度均为L的条形区域，存在着大小相等，方向相反且均垂直纸面的匀强磁场，以竖直虚线为分界线，其左侧有一个用金属丝制成的与纸面共面的直角三角形线框ABC，其底边BC长为2L，并处于水平．现使线框以速度v水平匀速穿过匀强磁场区，则此过程中，线框中的电流随时间变化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，取时间t0=作为计时单位）（）A．B．C．D．10．用两根足够长的粗糙金属条折成“┌”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（）A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和二、实验题（本题共2小题，共16分．）11．襄城高中物理兴趣小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上．滑块拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，图乙是打出的一段纸带．（1）已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，选A、B、C…等7个点为计数点，且各计数点间均有一个没有画出，如图乙所示．滑块下滑的加速度a= m/s2．（保留3位有效数字）（2）为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有．（填入所选物理量前的字母）A．木板的长度L B．木板的末端被垫起的高度hC．木板的质量m1 D．滑块的质量m2 E．滑块运动的时间t（3）测量（2）中所选定的物理量需要的实验器材是．（4）滑块与木板间的动摩擦因数μ=（用被测量物理量的字母表示，重力加速度为g）．与真实值相比，测量的动摩擦因数（填“偏大”或“偏小”）12．某同学准备利用下列器材测量电源电动势和内电阻．A．干电池两节，每节电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为0～3V，内阻约为3kΩC．定值电阻R0，阻值为5ΩD．滑动变阻器R，最大阻值50ΩE．导线和开关（1）该同学连接的实物电路如图1所示，其中还有一根导线没有连，请补上这根导线．（2）实验中移动滑动变阻器触头，读出伏特表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1～U2图象如图2所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=，内阻为r=（用k、a、R0表示）．三、计算题（本题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A和B（中央有孔），A、B间由细绳连接着，它们处于如图中所示位置时恰好都能保持静止状态．此情况下，B球与环中心O处于同一水平面上，AB间的细绳呈伸直状态，与水平线成30°夹角．已知B球的质量为m，求：（1）细绳对B球的拉力和A球的质量；（2）若剪断细绳瞬间A球的加速度；（3）剪断细绳后，B球第一次过圆环最低点时对圆环的作用力．14．如图所示，在xoy平面内，第Ⅲ象限内的直线OM是电场与磁场的边界，OM 与负x轴成45°角．在x＜0且OM的左侧空间存在着负x方向的匀强电场E，场强大小为0.32N/C；在y＜0且OM的右侧空间存在着垂直纸面向里的匀强磁场B，磁感应强度大小为0.1T．一不计重力的带负电的微粒，从坐标原点O沿y轴负方向以v0=2×103m/s的初速度进入磁场，最终离开电磁场区域．已知微粒的电荷量q=5×10﹣18C，质量m=1×10﹣24kg，求：（1）带电微粒第一次经过磁场边界的位置坐标；（2）带电微粒在磁场区域运动的总时间；（3）带电微粒最终离开电、磁场区域的位置坐标．15．如图所示，光滑的平行金属导轨水平放置，电阻不计，导轨间距为l，左侧接一阻值为R的电阻，空间有竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场，质量为m，电阻为r的导体棒CD垂直于导轨放置，并接触良好．棒CD在平行于MN向右的水平拉力作用下由静止开始做加速度为a的匀加速直线运动．求：（1）导体棒CD在磁场中由静止开始运动过程中拉力F与时间t的关系．（2）若撤去拉力后，棒的速度v随位移s的变化规律满足v=v0﹣cs，（C为已知的常数）撤去拉力后棒在磁场中运动距离d时恰好静止，则拉力作用的时间为多少？（3）若全过程中电阻R上消耗的电能为Q，则拉力做的功为多少？（4）请在图中定性画出导体棒从静止开始到停止全过程的v﹣t图象．图中横坐标上的t0为撤去拉力时刻，纵坐标上的v0为棒CD在t0时刻的速度（本小题不要求写出计算过程）2015-2016学年山东省临沂七中高三（上）第五次月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题5分，共50分．全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不选的得0分）1．直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率可能减小 B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小D．输出功率可能先增大后减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A错误；B、电源的效率η=，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故B正确；C、电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率P Q=I2r减小，故C正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，可能先增大后减小，故D正确；故选：BCD．2．如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．导体框ad边两端电势差相同D．通过导体框截面的电量相同【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电流、电压概念；电磁感应中的能量转化．【分析】A、感应电流的方向可以通过楞次定律或右手定则进行判定．B、根据热量的公式Q=I2Rt进行分析．C、先求出感应电动势，再求外电压．D、通过q=进行分析．【解答】解：A、根据右手定则，导线框产生的感应电流方向相同．故A正确．B、I=，t=，根据Q=I2Rt=，知Q与速度v有关，所以导线框产生的焦耳热不同．故B错误．C、向上移出磁场的过程中，电动势E=BLv，ad边两端电势差U=；向右移出磁场的过程中，电动势E=3BLv，ad边两端电势差U=．故C 错误．D、q=，沿两个不同方向移出，磁通量的变化量相同，所以通过导体框截面的电量相同．故D正确．故选AD．3．小尼同学在自主学习时，对四个具体物理问题提出了自己的观点，你认为小尼的处理方法或者观点没有明显错误的是（）A．两个半径均为r的空心金属球，带电量均为+Q，均置于绝缘基座上，球心相距3r，小尼认为：两球间的库仑力小于B．一盏USB节能灯的铭牌上标注“直流5V，2.5W”，小尼认为：在正常工作的情况下，该节能灯的热功率等于2.5WC．采用如下方案测量鞋底与桌面之间的滑动摩擦因数，将鞋子摆在水平桌面上，从静止开始，用水平弹簧秤逐渐增加拉力，并且记下刚好拉动鞋子时拉力的大小F1，再竖直悬挂鞋子，记下静止时拉力的大小F2，小尼认为：鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数大于D．一片枫叶从树上飘落，落地速率为v，小尼认为：考虑到空气阻力的存在，可以推知由下落的总高度小于【考点】电功、电功率；动摩擦因数；万有引力定律及其应用．【分析】由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小．只有纯电阻电路中电功率才等于热功率；C中明确实验原理，并注意掌握最大静摩擦力大于等于滑动摩擦力；D中根据考虑阻力和不计阻力两种情况进行分析，从而求出下落的总高度．【解答】解：A、当两球心相距为3r时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3r，所以它们相互作用的库仑力大小F＜k，故A正确；B、节能灯并不是纯电阻，它并不将所有的电功率均转化为热功率；故B错误；C、本方案中刚好拉动时的拉力应等于最大静摩擦力，而一般情况下，滑动摩擦力要小于最大静摩擦力；故鞋底与桌面之间的滑动摩擦系数小于；故C错误；D、考虑阻力的存在，则加速度应小于g，则由v2=2ah可知，高度应大于；故D错误；故选：A．4．2012年10月14日，一名跳伞员从离地39km高度的外太空纵身跃下，创造了高空跳伞高度的新世界纪录和无动力突破超音速的记录，跳伞员携带的传感器记录下的速度时间图象如图所示．跳伞员在跳下以后的第32秒启动小伞，第41秒达到最大速度1173km/h，第261秒启动大伞，第542秒脚触地面，已知39km 高空的重力加速度g值是9.86m/s2，忽略起跳速度、转动和水平偏移，则对于跳伞员（包含随身携带的所有装备）的分析正确的是（）A．t=0到t=32s之间，处于完全失重状态B．t=41s之后直到停止运动，一直未出现失重状态C．t=41s时刻速度和加速度都最大D．t=41s时刻机械能和动能都达到最大【考点】机械能守恒定律；超重和失重；动能．【分析】根据v﹣t图象的斜率等于加速度，分析加速度的方向，即可判断跳伞员的状态，当加速度向下时，处于失重状态，相反，加速度向上时处于超重状态．速度最大时，动能最大，但机械能不是最大．【解答】解：A、t=32s时速度为v=1095km/h=304m/st=0到t=32s之间，a==m/s2=9.5m/s2＜g=9.86m/s2，所以不是完全失重，故A错误．B、t=41s之后直到停止运动，加速度为负，说明加速度向上，处于超重状态，故B正确．C、t=41s时刻速度最大，加速度为零．故C错误．D、由上a＜g，跳伞员一直受到浮力和空气阻力作用，这些力做负功，机械能不断减少，所以开始跳伞时机械能最大，故D错误．故选：B．5．如图，一块足够长的浅色长木板，静止地放置在水平地面上．一个煤块静止在该木板上，煤块与木板间的滑动摩擦系数为μ．突然，使木板以恒定的速度v0做匀速直线运动，煤块将在木板上划下黑色痕迹．经过某一时间t，令木板突然停下，以后不再运动．已知重力加速度为g，煤块可视为质点，不计煤块与木板摩擦中损失的质量．则在最后煤块不再运动时，木板上出现的黑色痕迹的长度可能是（）A．B．v0 t C．v0t﹣μgt2D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】煤块在木板上受到重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律求解出加速度，根据运动学公式求出相对滑动的位移即可．【解答】解：在时间t内，煤块可能一直匀加速，也可能先加速后匀速；煤块加速时，根据牛顿第二定律，有：μmg=ma解得：a=μg①如果时间t内一直加速，加速的位移为x1=μgt2，故相对白板的位移为：△x1=v0t ﹣x1=v0t﹣μgt2②如果先加速，后匀速，位移为：x2=+v0（t﹣）=v0t﹣，故相对白板的位移为：△x2=v0t﹣x2=③如果加速的末速度恰好等于v0，则有：x3=，故相对白板的位移为：△x3=v0t﹣x3=经过时间t后，木板静止后，煤做减速运动，加速度大小不变，故相对白板沿原路返回，故白板上黑色痕迹的长度等于加速时相对薄板的位移；所以木板上黑色痕迹的长度可能是A、C故选：AC．6．如图所示，质子、氘核和α粒子都沿平行板电容器两板中线OO′方向垂直于电场线射入板间的匀强电场，射出后都打在同一个与OO′垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点．若它们是由同一个电场从静止加速后射入此偏转电场的，在荧光屏上将出现亮点的个数，下列说法中正确的是（）A．3个 B．1个C．2个 D．以上三种都有可能【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】三种粒子带电量不同，质量不同，进入同一电场时加速度不同，若它们射入电场时的速度相等，三粒子水平方向匀速直线，运动时间相同，则它们在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动由位移大小判断在荧光屏上将出现亮点个数；若它们射入电场时的动能相等，可以判断其速度的大小关系，同样可以求得竖直方向的位移大小关系，从而判断在荧光屏上出现的亮点个数．【解答】解：三种粒子带电量不同，分别为q、q、2q；质量不同，分别为m、2m、4m，进入同一电场时，加速度不同分别是：它们是由同一个电场从静止加速，对于质子有：y=由动能定理得：qU=mv2，粒子水平方向做匀速直线运动，运动时间为：t=，粒子竖直方向做初速度为零的匀速直线运动则有：y=at2==由此可见，粒子在竖直方向的偏转位移仅与电场强度E、极板长度L、加速电压U有关，在这三个过程中，这三个物理量都相同，所以它们的偏转位移相同，粒子都打到同一点上，即只有一个亮点，故B正确，ACD错误；故选：B．7．在某电场中，沿x轴上的电势分布如图所示，由图可以判断（）A．x=2m处电场强度可能为零B．x=2m处电场方向一定沿x轴正方向C．沿x轴正方向，电场强度先增大后减小D．某负电荷沿x轴正方向移动，电势能始终增大【考点】电势；电场强度．【分析】φ﹣x图象的斜率等于电场强度，由斜率的变化判断场强的变化．根据顺着电场线方向电势降低，判断电场的方向．由电势能的变化情况判断电场力做功正负．【解答】解：A、φ﹣x图象的斜率等于电场强度，则知x=2m处的电场强度不为零．故A错误．B、从0到x=4m处电势不断降低，但x=2m点的电场方向不一定沿x轴正方向．故B错误．C、由斜率看出，从0到4m，图象的斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大．故C错误．D、沿x轴正方向电势降低，某负电荷沿x轴正方向移动，受力的方向始终指向x轴的负方向，电场力做负功，电势能始终增大．故D正确．故选：D8．氧化锡传感器主要用于汽车尾气中一氧化碳浓度的检测，它的电阻随一氧化碳浓度ρ的变化而变化，已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．将传感器接在如图所示的电路中，已知R1、R2为定值电阻，观察电表示数的变化，就能判断一氧化碳浓度的变化情况，下列判断正确的是（）A．电压表读数增大时，电流表读数增大，浓度ρ增大B．电压表读数减小时，电流表读数减小，浓度ρ增大C．电压表读数增大时，电流表读数减小，浓度ρ减小D．电压表读数减小时，电流表读数增大，浓度ρ減小【考点】传感器在生产、生活中的应用；闭合电路的欧姆定律．【分析】电阻R2与氧化锡传感器并联联，由氧化锡传感器电阻的倒数与一氧化碳的浓度成正比可知当浓度减小时电阻增大，则由欧姆定律可求得电路中电流的变化、R2两端的电压的变化．【解答】解：已知其电阻的倒数与一氧化碳浓度成正比．当浓度ρ减小，传感器的电阻变大，电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，电路的总电流减小，故电流表示数变小，内电压变小，路端电压增大，由于R1两端电压减小，故R2两端电压增大，即电压表示数增大．当浓度ρ增大，由以上分析可知，电流表示数增大，电压表示数减小．故C正确、ABD错误．故选：C．9．如图所示，两个宽度均为L的条形区域，存在着大小相等，方向相反且均垂直纸面的匀强磁场，以竖直虚线为分界线，其左侧有一个用金属丝制成的与纸面共面的直角三角形线框ABC，其底边BC长为2L，并处于水平．现使线框以速度v水平匀速穿过匀强磁场区，则此过程中，线框中的电流随时间变化的图象正确的是（设逆时针电流方向为正方向，取时间t0=作为计时单位）（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；法拉第电磁感应定律．【分析】先根据楞次定律判断感应电流的方向；分段由感应电动势公式E=BLv求出感应电动势的表达式，由欧姆定律得到感应电流的表达式，即可进行选择．【解答】解：设∠B=α．在0﹣t0时间内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=Bvt•tanα•v=Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=t0时，i==i0；在t0﹣2t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=BLtanα•v﹣B（vt﹣L）tanα•v=2BLvtanα﹣Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=2t0=2时，i=0；在2t0﹣3t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿顺时针方向，为负；感应电动势为：E=BLtanα•v﹣B（vt﹣L）tanα•v=2BLvtanα﹣Bv2t•tanα；感应电流为i==；t=3t0=3时，i=3i0；在3t0﹣4t0内，根据楞次定律判断可知，感应电流沿逆时针方向，为正；感应电动势为：E=B（vt﹣2L）vtanα；感应电流为i==；t=4t0=4时，i=2i0；故D正确．故选：D10．用两根足够长的粗糙金属条折成“┌”型导轨，右端水平，左端竖直，与导轨等宽的粗糙金属细杆ab、cd与导轨垂直且接触良好．已知ab、cd杆的质量、电阻值均相等，导轨电阻不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当ab杆在水平向右的拉力F作用下沿导轨向右匀速运动时，cd杆沿轨道向下运动，以下说法正确的是（）A．cd杆一定向下做匀加速直线运动B．拉力F的大小一定不变C．回路中的电流强度一定不变D．拉力F的功率等于ab棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律．【分析】题中ab匀速切割磁感线产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定，分析cd可能的受力情况，判断其运动情况；对ab进行受力情况分析，由平衡条件分析拉力F；根据功能关系分析拉力F的功率．【解答】解：A、C、由图看出，ab匀速切割磁感线，产生恒定的感应电动势，cd不切割磁感线，不产生感应电动势，回路中感应电流恒定．cd棒竖直方向上受到向下的重力和向上滑动摩擦力f，水平方向受到轨道的支持力N和安培力F A，则f=μN=μF A=μBIL，可知f大小不变．若重力大于滑动摩擦力，cd杆做匀加速运动，若重力等于滑动摩擦力，cd杆做匀速运动，故A错误，C正确．B、对于ab杆：水平方向受到F和安培力，安培力大小不变，则知F不变，故B 正确．D、根据能量转化和守恒定律可知：拉力F的功率与cd杆重力功率之和等于两棒上的焦耳热功率与摩擦热功率之和，故D错误．故选：BC二、实验题（本题共2小题，共16分．）11．襄城高中物理兴趣小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数．实验装置如图甲所示，打点计时器固定在斜面上．滑块拖着穿过打点计时器。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，电源内阻不能忽略，开关闭合后，灯泡A、B均发光。

现将滑动触头向右移动，下列说法正确的是（A）A灯变亮、B灯变暗（B）A灯变暗、B灯变亮（C）电源路端电压一定增大（D）电源的输出功率一定增大2.如图所示，质量为和的两个小球固定在长为的轻杆两端，。

杆的中点是一水平转轴，系统可在竖直面内无摩擦转动，空气阻力不计。

若从杆处于水平位置由静止释放系统，系统转过的过程中，以下说法正确的是（重力加速度已知）A．该过程中系统机械能守恒B．球的机械能守恒C．可以求出杆竖直时两球的速率D．可以求出杆竖直时轴O对杆的作用力大小3.如图所示，不计重力的正电粒子以一定的水平初速度射入平行金属板间竖直的匀强电场中，则下列说法正确的是（以下各情况，粒子均能穿过电场）A．增大初速度大小，其他条件不变，粒子穿过电场的偏转位移变大B．滑动触头向上移动，其他条件不变，粒子穿过电场的偏转位移变大C．适当增大两板间距离，其他条件不变，粒子穿过电场的偏转位移变大D．适当增大两板间距离，其他条件不变，粒子穿过电场的时间变大4.粗糙水平面上一物体以一定初速度向前滑行，从开始滑行到停止，物体的运动位移为S，运动时间为t，运动过程中的加速度大小为a，则下列说法正确的是A．运动位移S随初速度增大而增大，随质量增大而减小B．运动时间t随初速度增大而增大，与质量无关C．加速度大小a随质量增大而减小D．位移S、运动时间t、加速度大小a都随初速度增大而增大5.如图所示,直角三角形框架ABC（角C为直角）固定在水平面上，已知AC与水平方向的夹角为。

小环P、Q分别套在光滑臂AC、BC上，用一根细绳连接两小环，静止时细绳恰好处于水平方向，小环P、Q的质量分别为、，则小环P、Q的质量之比为（A）（B）（C）（D）6.带正电的小环套在粗糙水平杆上，杆足够长，右半部分处在匀强磁场中，小环突然获得一向右的水平速度滑入磁场中，如图所示。

第二次月考物理试题【山东版】高三月考物理试题（考试时间：90分钟）一、选择题（本题共12小题，每题4分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。

）1．在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，下列说法错误．．的是A．在对自由落体运动的研究中，伽利略猜想运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证B．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比D．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快2．下列说法正确的是A．出租车在正常行驶时，计价器是按照车子的位移大小进行计费的B．枪筒里的子弹，在扣动扳机火药刚刚爆发的时刻，加速度很大，但是速度很小C．无风的房间中将一根柔软的羽毛由静止释放，羽毛将做自由落体运动D．物体匀速运动时具有惯性，在外力作用下变速运动时失去了惯性3．下列关于力的说法正确的是A．力是物体对物体的作用，所以发生力的作用必须相互接触B．物体受到的几个共点力的合力一定大于每一个分力C．一个2N的力可以分解为7N和6N的两个力D．一个物体静止在斜面上，物体所受重力沿垂直斜面方向上的分量就是物体对斜面的压力v竖直上抛，经3s到达最高点，空气阻力不计，g取10m/s2，则下列说法正确的4．物体以初速度是A．物体上升的最大高度为45mB．物体速度改变量的大小为30m/s，方向竖直向上C．物体在第1s内、第2s内、第3s内的平均速度之比为5∶3∶1D．物体在1s内、2s内、3s内的平均速度之比为9∶4∶15．如下图所示，为A、B、C三个物体从同一地点，同时出发沿同一方s 图象，则在0-t0时间内，下列说法正确的是向做直线运动的tA．A物体平均速度最大，B物体平均速度最小B．三个物体的平均速率相等C．三个物体始终沿着同一方向运动D．t0时C物体的速度比B物体的速度大6．如图所示，物体B 的上表面水平，A 、B 相对于斜面体C 静止，当斜面体C 受到水平力F 向左匀速运动的过程中A ．物体A 受到的弹力是由于A 的形变而产生的B ．物体B 一定受到4个力的作用C ．物体C 对物体B 的作用力竖直向上D ．物体C 和物体B 之间可能没有摩擦力7．在光滑水平面上有一物块始终受水平恒力F 的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是A ．物块接触弹簧后即做减速运动B ．当物块的加速度为零时，它的速度最大C ．当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零D ．物块接触弹簧后先加速后减速8．一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其v t -图象如图所示．下列说法正确的是A ．前2s 内该同学处于失重状态B ．前2s 内该同学的加速度大小是最后1s 内的2倍C ．最后1秒内该同学对地板的压力大于地板对他的支持力D ．该同学在10s 内的平均速度是1.7m/s9．如图所示，A 、B 两物块的质量分别为m 和M ，把它们靠在一起从光滑斜面的顶端由静止开始下滑。

（安徽皖智1号卷）全国2016届高三物理上学期月考试卷（二）（含解析）第I卷选择题（共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分。

（其中1～7小题每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求；8～10小题每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求）l在自然科学的理论研究中，“理想实验”具有重要的作用。

作为一种抽象思维的方法，“理想实验”可以使人们对实际的科学实验有更深刻的理解，可以进一步揭示出客观现象和过程之间内在的逻辑联系，并由此得出重要的结论。

以下实验中属于理想实验的是( )A．验证平行四边形定则B．伽利略的斜面实验C．用打点计时器测物体的加速度D．利用自由落体运动测定反应时间2．由万有引力定律可知，质量分别为m1、m2的两质点间距为，时，它们之间相互作用力的大小为F=，式中G为万有引力常量。

若用国际单位制的基本单位表示，G的单位应为( )3．质量为M的光滑斜面体置于光滑水平面上，其上有质量为m的物体，用水平力F1、F2分别作用在m和M上，如图1、图2所示。

为使m和M间不发生滑动，则F1：F2等于( )A．1：1B．m：MC．M：mD．不知道斜面的倾角无法确定4．如图所示，在一段河岸平直的河中，一船夫划小船由M点出发沿直线到达对岸Ⅳ点，直线MN与河岸成53°角。

已知河宽为48m．河中水流的速度大小为v=5.0m/s，船夫划船在静水中的速度大小为5.0m/s，则小船过河的时间为(sin53°=0. 8)( )A. 4. 8sB. l0sC. 14.4sD. 20s5．中国是世界卜自行车产量最大和拥有量最多的国家，13亿多人口，就有4亿多辆自行车。

某同学在平直的水平路面上匀速的骑车，该同学所骑的自行车链轮的半径为R1，飞轮的半径为R2，后车轮的半径为飓，如图所示。

该同学在r时间内，踩着脚踏板转了N圈（不间断地匀速蹬），且车轮与地面接触处都无滑动，则该同学的速率为( )6．如图所示，地球半径为R，O为球心，A为地球表面上的点，B 为0、A连线间的中点。

2015-2016学年山东省临沂市高三（上）期中物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．科学家关于物体运动的研究极大地促进了物理学的发展，下列说法不符合历史事实的是（）A．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质B．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变2．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g，某时刻把细线剪断，当细线剪断瞬间，下列说法正确的是（）A．物块A的加速度为0 B．物块A的加速度为C．物块B的加速度为0 D．物块B的加速度为3．如图所示，长为3L的轻杆可绕光滑水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L．现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动．当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力，已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是（）A．球B的速度为0 B．杆对球B的弹力为0C．球B的速度为D．球A的速度等于4．2015年10月17日中国在西昌卫星发射中心成功发射了亚太九号通讯卫星，该卫星运行的轨道示意图如图所示，卫星先沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P，当卫星经过点P时点火加速，使卫星由椭圆轨道1转移到地球同步轨道2上运行，下列说法中错误的是（）A．卫星在轨道1和轨道2上运动时的机械能相等B．卫星在轨道1上运行经过P点的速度大于经过Q点的速度C．卫星在轨道2上时处于超重状态D．卫星在轨道1上运行经过P点的加速度等于在轨道2上运行经过P点的加速度5．一个质量为50kg的人乘坐电梯，由静止开始上升，整个过程中电梯对人做功的功率随时间变化的P﹣t图象如图所示，其中电梯在0～2s做匀加速直线运动，2～5s做匀速直线运动，5～9s做匀减速直线运动，g=10m/s2，则以下说法错误的是（）A．前2s内电梯对人的支持力为550NB．在2～5s内电梯的速度为2m/sC．电梯加速阶段的加速度为1m/s2D．电梯加速运动过程中对人所做的功大于减速阶段对人所做的功6．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的固定粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下，那么物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变D．克服摩擦力做的功小于拉力F做的功7．如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球（可视为质点），在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是（）A．a、b两球到底端时速度相同B．a、b两球重力做功之比为3：1C．小球a受到的弹力等于小球b受到的弹力D．小球a下滑的时间与小球b下滑的时间之比为：18．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，已知ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2l，l=1m，电场线与四边形所在平面平行．已知a点电势为18V，点电势为22V，d点电势为6V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为B．场强的方向由a指向cC．场强的方向由b指向d D．c点的电势为14V9．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，图中v0、a0为已知，下列说法正确的是（）A．.物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体的质量为D．物体匀速运动速度大小为v010．在光滑水平面上，a、b两小球沿同一直线相向运动，当小球间距小于或等于L时，受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零．小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知（）A．b球质量大于a球质量B．在t2时刻两小球间距最小C．在t1时刻两小球间距最小D．在0﹣t3时间内a球所受排斥力方向始终与运动方向相反二、实验题（本题共16分）11．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= ．（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ= ．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．12．某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律，物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未碰到滑轮），从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图乙所示．打点计时器电源的频率为50Hz．（1）通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数点和之间某时刻开始减速．（2）计数点6对应的速度大小为m/s．（结果保留三位有效数字）（3）物块减速运动过程中加速度的大小为a= m/s2．（结果保留三位有效数字）（4）设重物质量为m，物块质量为M，物块与桌面间的动摩擦因数为μ，不考虑空气阻力以及纸带与限位孔之间摩擦、绳与滑轮之间的摩擦，g为重力加速度，则在加速阶段的表达式为．三、计算题（共4小题，满分44分）13．某游乐场有一种大型游乐设施﹣跳楼机，参加游戏的游客被安全带固定在跳楼机的座椅上，提升到离地高度60m处，然后由静止释放，开始下落过程可认为自由落体运动，下落2s后，游客和座椅整体受到一竖直向上的恒定阻力而做匀减速运动，且落地时速度恰好为零．已知游客和座椅总质量为2000kg，重力加速度g=10m/s2．求：（1）下落过程中最大速度；（2）该恒定阻力的大小．14．（10分）（2015秋•临沂期中）如图所示，P是固定在水平面上的圆弧轨道，O是圆弧的圆心，C为圆弧轨道最高点，D为圆弧轨道最低点，从高台边B点以速度v0水平飞出质量为m、带电量为+q的小球，恰能从圆弧轨道的左端A点沿圆弧切线方向进入，θ是OA与竖直方向的夹角，圆弧轨道的竖直直径COD右边存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E，已知：m=1kg，v0=3m/s，q=1.6×10﹣4C，E=104V/m，θ=53°，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．若小球恰能到达最高点C，不计空气阻力和所有摩擦．求：（1）A、B两点的高度差；（2）圆弧轨道的半径R大小．15．（12分）（2015秋•临沂期中）如图甲所示，竖直放置的直角三角形NMP（MP边处于水平），∠NMP=θ，MP中点处固定一电量为Q的正点电荷，MN是长为a的光滑绝缘杆，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），小球自N点由静止释放，小球的重力势能和电势能随位置x（取M点处x=0）的变化图象如图乙所示（图中E0、E1、E2为已知量），重力加速度为g，设无限远处电势为零，M点所处的水平面为重力零势能面．（1）图乙中表示电势能随位置变化的是哪条图线？（2）求重力势能为E1时的横坐标x1和带电小球的质量m；（3）求小球从N点运动到M点时的动能E x．16．（13分）（2015秋•临沂期中）如图所示，将小物体（可视为质点）置于水平桌面上的薄纸板上，每次用不同水平向右的恒力F拉动纸板，纸板和小物体的运动情况也不同．若纸板的质量m1=0.1kg，小物体的质量m2=0.4kg，小物体与桌面右边缘的距离d=0.12m，与纸板左边缘的距离l=0.04m；已知小物体与纸板上表面间以及纸板下表面与桌面的动摩擦因数均为μ1=0.2，小物体与桌面间的动摩擦因数为μ2=0.1；设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，g 取10m/s2．求：（1）当小物体与纸板一起运动时，桌面对纸板的摩擦力大小；（2）拉力F满足什么条件，小物体才能与纸板发生相对滑动；（3）若拉力F作用一段时间t后，纸板从小物体下抽出，此后小物体恰好运动到桌面右边缘停下，求拉力F的大小和作用时间t．2015-2016学年山东省临沂市高三（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分）1．科学家关于物体运动的研究极大地促进了物理学的发展，下列说法不符合历史事实的是（）A．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质B．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向C．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去D．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变【考点】物理学史．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性，故A正确；B、在伽利略研究的基础上，笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故B正确；C、伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，故C正确；D、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才会运动，没有力的作用，物体就要静止下来，故D错误；本题选不符合历史事实的，故选：D【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上，物块A、B质量分别为m和2m．物块A静止在轻弹簧上面，物块B用细线与斜面顶端相连，A、B紧挨在一起但A、B之间无弹力，已知重力加速度为g，某时刻把细线剪断，当细线剪断瞬间，下列说法正确的是（）A．物块A的加速度为0 B．物块A的加速度为C．物块B的加速度为0 D．物块B的加速度为【考点】牛顿第二定律．【专题】整体思想；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】剪断细线前，隔离对A分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对整体分析，求出整体的加速度．【解答】解：剪断细线前，弹簧的弹力：F弹=mgsin30°=mg，细线剪断的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为F弹=mg；剪断细线瞬间，对A、B系统，加速度为：a==，即A和B的加速度均为．故选：B【点评】本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用．3．如图所示，长为3L的轻杆可绕光滑水平转轴O转动，在杆两端分别固定质量均为m的球A、B（可视为质点），球A距轴O的距离为L．现给系统一定动能，使杆和球在竖直平面内转动．当球B运动到最高点时，水平转轴O对杆的作用力恰好为零，忽略空气阻力，已知重力加速度为g，则球B在最高点时，下列说法正确的是（）A．球B的速度为0 B．杆对球B的弹力为0C．球B的速度为D．球A的速度等于【考点】机械能守恒定律；向心力．【专题】参照思想；模型法；机械能守恒定律应用专题．【分析】球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，重力恰好提供向心力，可以求出求B的线速度与角速度；转动过程中，由于A、B两球的角速度相等，由v=ωr知v A．【解答】解：ABC、球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，有：mg=m，解得：v=，故A错误，BC正确；D、由于A、B两球的角速度相等，由v=ωr知v A=v B=，故D错误；故选：BC【点评】本题球B运动到最高点时，球B对杆恰好无作用力，即重力恰好提供向心力，同时两球角速度相等，线速度之比等于转动半径之比．4．2015年10月17日中国在西昌卫星发射中心成功发射了亚太九号通讯卫星，该卫星运行的轨道示意图如图所示，卫星先沿椭圆轨道1运行，近地点为Q，远地点为P，当卫星经过点P时点火加速，使卫星由椭圆轨道1转移到地球同步轨道2上运行，下列说法中错误的是（）A．卫星在轨道1和轨道2上运动时的机械能相等B．卫星在轨道1上运行经过P点的速度大于经过Q点的速度C．卫星在轨道2上时处于超重状态D．卫星在轨道1上运行经过P点的加速度等于在轨道2上运行经过P点的加速度【考点】万有引力定律及其应用；牛顿运动定律的应用-超重和失重．【专题】定性思想；推理法；万有引力定律的应用专题．【分析】卫星在椭圆轨道上运动时在近地点做离心运动，在远地点做近心运动，根据相应运动条件判断速度大小问题，卫星在轨道上运动的加速由万有引力产生，决定加速度的大小是万有引力的大小．【解答】解：A、在P点处，卫星在轨道1的速度小于轨道2上的速度，因此在轨道1的机械能小于在轨道2上运动时的机械能，故A错误；B、卫星从Q到P，因引力做负功，则在轨道1上运行经过P点的速度小于经过Q点的速度，故B错误；C、卫星在轨道2上时处于失重状态．故C错误．D、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：a=，所以卫星在轨道2上经过P点的加速度等于在轨道1上经过P点的加速度，故D正确．本题选择错误的，故选：ABC．【点评】正确理解卫星变轨前后的运动，知道近心运动的条件为速度小于正常速度，匀速圆周运动的条件是合力充当向心力．5．一个质量为50kg的人乘坐电梯，由静止开始上升，整个过程中电梯对人做功的功率随时间变化的P﹣t图象如图所示，其中电梯在0～2s做匀加速直线运动，2～5s做匀速直线运动，5～9s做匀减速直线运动，g=10m/s2，则以下说法错误的是（）A．前2s内电梯对人的支持力为550NB．在2～5s内电梯的速度为2m/sC．电梯加速阶段的加速度为1m/s2D．电梯加速运动过程中对人所做的功大于减速阶段对人所做的功【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【专题】定量思想；图析法；功率的计算专题．【分析】在2﹣5s内功率恒定，故人做匀速运动，求的速度，再结合2s末的功率求的电梯对人的作用力，根据牛顿第二定律求的加速度，在P﹣t图象中所围面积为电梯对人所做的功【解答】解：A、在2﹣5s内功率恒定，故此时拉力等于重力，物体匀速运动，由P=mgv得v=，故在前2s内由P=Fv得F=，故前2s内电梯对人的支持力为550N，故AB正确；C、在加速阶段由牛顿第二定律可得F﹣mg=ma解得a=1m/s2，故C正确D、加速阶段电梯对人做功为W1=Pt=，减速阶段电梯对人做功为，故电梯加速运动过程中对人所做的功小于减速阶段对人所做的功，故D错误因选错误的，故选：D【点评】解答本题的关键是理解图象的含义，根据图象可以知道人的运动的情况，根据不同的运动过程住个计算即可6．如图所示，具有一定初速度的物块，沿倾角为30°的固定粗糙斜面向上运动的过程中，受一个恒定的沿斜面向上的拉力F作用，这时物块的加速度大小为4 m/s2，方向沿斜面向下，那么物块向上运动的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的机械能一定增加B．物块的机械能一定减小C．物块的机械能可能不变D．克服摩擦力做的功小于拉力F做的功【考点】功能关系；动能和势能的相互转化．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】当物体只有重力做功，物体的机械能守恒，根据牛顿第二定律求出F和摩擦力合力的大小，结合机械能守恒的条件判断物体的机械能是否守恒．【解答】解：A、物体的加速度为 a=4m/s2，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律得：F﹣mgsin30°﹣f=ma，解得F﹣f=m＞0可知F和f做功的代数和大于零，所以根据功能原理可知，在运动的过程中，机械能一定增加．故A正确，BC错误；D、F﹣f=m＞0，可知，克服摩擦力做的功小于拉力F做的功．故D正确．故选：B【点评】解决本题的关键理解机械能守恒的条件，只有重力做功，不是只受重力，其它力可以做功，只要做功的代数和为零，机械能仍然守恒．若除重力以外其他力做功不为零，机械能不守恒．7．如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球（可视为质点），在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平．某时刻剪断细线，在两球下滑到底端的过程中，下列结论中正确的是（）A．a、b两球到底端时速度相同B．a、b两球重力做功之比为3：1C．小球a受到的弹力等于小球b受到的弹力D．小球a下滑的时间与小球b下滑的时间之比为：1【考点】功能关系；功的计算．【专题】定量思想；方程法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】a、b两球到底端时速度的方向沿各自斜面的方向；根据位移公式计算下滑的时间．重力做功W=mgh，根据平衡条件比较质量的大小；则可得出重力做功的大小．【解答】解：A、由机械能守恒定律可知：mgh=mv2；解得：v=；故到达底部时速度的大小相同；但是方向不同．故A错误；B、根据平衡条件：m a g=同理可得：m b g=故m a：m b=3：1小球到底端的过程中重力做的功：W=mgh，则a、b两球重力做功之比为3：1，故B正确；C、小球a受到的弹力为：N=m a gcos30°=3mg小球b受到的弹力为：N′=m b gcos60°=mg•故a受到的弹力大于球b受到的弹力；故C错误；D、设从斜面下滑的高度为h，则有：=at2a a=gsin30°得：t=同理：=gsin60°t′2t′=可见a球下滑的时间较长，故D正确；故选：BD．【点评】本题考查动能定理及共点力的平衡条件，关键是找出二球静止时绳子对两球的拉力是相同的，进而可以比较二者重力的大小关系．8．如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，已知ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2l，l=1m，电场线与四边形所在平面平行．已知a点电势为18V，点电势为22V，d点电势为6V，则下列说法正确的是（）A．匀强电场的场强大小为B．场强的方向由a指向cC．场强的方向由b指向d D．c点的电势为14V【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】定性思想；图析法；电场力与电势的性质专题．【分析】连接bd，bd连线分成四等分，可知M点的电势等于a点，作出等势面，由沿着电场线方向，电势降低来确定电场线的方向，作出电场线，进而即可求解．【解答】解：A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为18V，b点电势为22V，d点电势6V，且ab∥cd，ab⊥bc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为18V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面，由几何关系可知：因bd=l所以 bM=因此aM=，所以aM垂直于bd．则电场线方向为b指向d，E=，故AC正确，B错误；D、C点电势与N点电势相等，N点电势为18﹣4=14V，所以c点的电势为14V．故D正确．故选：ACD【点评】本题关键是找等势点，作等势线，并抓住等势线与电场线垂直的特点，问题就变得简单明晰，难度适中．9．如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动，物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示．若重力加速度大小为g，图中v0、a0为已知，下列说法正确的是（）A．.物体的质量为B．空气阻力大小为C．物体的质量为D．物体匀速运动速度大小为v0【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．【专题】定量思想；图析法；功率的计算专题．【分析】物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大【解答】解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由F﹣mg﹣f=ma联立解得由乙图可知，，解得，f=，故A正确，BC错误D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v=，故D正确故选：AD【点评】本题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决本题的关系10．在光滑水平面上，a、b两小球沿同一直线相向运动，当小球间距小于或等于L时，受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，小球间距大于L时，相互间的排斥力为零．小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v随时间t的变化关系图象如图所示，由图可知（）A．b球质量大于a球质量B．在t2时刻两小球间距最小C．在t1时刻两小球间距最小D．在0﹣t3时间内a球所受排斥力方向始终与运动方向相反【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】定性思想；图析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】先从v﹣t图象找出两个小球加速度的大小关系然后结合牛顿第二定律判断质量的关系；根据v﹣t图象判断何时有最小距离．【解答】解：A、相互作用阶段，a、b两球所受的合力相等，图线的斜率表示加速度，可知b球的加速度大于a球，根据牛顿第二定律知，b球的质量小于a球的质量，故A错误．B、二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即t2时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，故B正确，C错误．D、在0﹣t3时间内，a球做减速运动，知所受的合力方向与速度方向相反，即所受的排斥力始终与运动方向相反，故D正确．故选：BD．【点评】本题考查了v﹣t图象、牛顿第二定律、加速度与速度的关系等有关知识，有一定的综合性．知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．二、实验题（本题共16分）11．某同学利用如图所示装置测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数．已知小木块与斜面和水平面的滑动摩擦因数相同．小木块由斜面上的A点静止下滑，经过B点到达水平面上的C 点静止．A、C两点间的水平距离为x．小木块可视为质点．回答下列问题：（1）小木块质量为m，重力加速度大小为g，若滑动摩擦因数为μ，由A点运动到C点过程中，克服摩擦力做功与x之间的关系式为W f= μmgx ．（2）为尽量简便的测量小木块与接触面间的滑动摩擦因数，下列哪些物理量需要测量？DE ．A．小木块的质量m B．斜面倾角 C．A、B两点间的距离lD．A、C两点间的竖直高度差h E．A、C两点间的水平距离x（3）利用上述测量的物理量，写出测量的滑动摩擦因数μ= ．（4）小木块运动到B点时，由于水平面的作用，竖直方向的分速度将损失，将导致测量的滑动摩擦因数与实际滑动摩擦因数相比，其值将偏大（填“偏大”、“相等”或“偏小”）．。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.如图所示，分别是直流电动机、摇绳发电、磁电式仪表和电磁轨道炮示意图，其中“因电而动”（即在安培力作用下运动）的有2.如图所示，质量为M 、半径为R 的半球形物体A 放在水平地面上，通过最高点处的钉子用水平细线拉住一质量为m 、半径为r 的光滑球B ．则A ．A 对地面的压力等于（M+m ）gB ．A 对地面的摩擦力方向向左C ．B 对A 的压力大小为D ．细线对小球的拉力大小为3.为节省燃料，天宫一号不开启发动机，只在高层大气阻力的影响下，从362千米的近似圆轨道缓慢变到343千米的圆轨道的过程中，天宫一号的 A ．运行周期将增大 B ．运行的加速度将增大 C ．运行的速度将增大 D ．机械能将增大4.一物体悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向运动，运动过程中物体的机械能与位移关系的图像如图所示，其中0—s 1过程的图线为曲线，s 1——s 2过程的图线为直线．则物体A ．0—s 1所受合力一定是变力，且不断减小B ．s 1—s 2可能在做变加速直线运动C ．s 1—s 2可能在做匀速直线运动D ．0—s 1的动能可能在不断增大5.A 、B 是一电场线上的两点，若在A 点释放一初速为零的电子，电子仅在电场力作用下沿电场线从A 到B ，其电势能W 随位移s 变化的规律如图．设A 、B 两点的电场强度分别为E A 和E B ，电势分别为φA 和φB ．则A ．E A >EB B ．E A <E BC ．φA >φBD ．φA <φB6.如图是一个理想变压器的示意图，S 为单刀双掷开关，P 是滑动变阻器的滑动触头，R 0是定值电阻，保持交变电压U 1不变.则A ．若P 不动，S 由a 到b 处，电流表示数减小B ．若P 不动，S 由a 到b 处，电压表示数增大C ．若S 置于b 处，将P 上滑，电流表示数增大D ．若S 置于b 处，将P 上滑，电压表示数增大7.如图，直线A 为某电源的U-I 图线，曲线B 为某小灯泡的U-I 图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的总功率分别是A ．4W ，8WB ．2W ，4WC ．2W ，3WD ．4W ，6W8.如图所示，A 、B 和O 位于同一条直线上，波源O 产生的横波沿该直线向左、右两侧传播，波速均为v 。

2016年山东省临沂市高考物理二模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分1．2015年12月29日．“高分4号”对地观测卫星升空．这是中国“高分”专项首颗高轨道高分辨率、设计使用寿命最长的光学遥感卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星．下列关于“高分4号”地球同步卫星的说法中正确的是（）A．该卫星定点在北京上空B．该卫星定点在赤道上空C．它的高度和速度是一定的，但周期可以是地球自转周期的整数倍D．它的周期和地球自转周期相同，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小2．线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，如图甲所示，在ab线圈中通以如图乙所示的电流（电流从a流入为正），已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈以中感应电动势U cd随时间变化关系的图中，正确的是（）A．B．C．D．3．如图所示，边长为L的金属框abcd放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上，当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c、d四点的电势分别为φa、φb、φc、φd．下列判断正确的是（）A．金属框中无电流，φa=φdB．金属框中电流方向沿a﹣d﹣c﹣b﹣a，φa＜φdC．金属框中无电流，U bc=﹣D．金属框中无电流，U bc=﹣BL2ω4．如图所示，在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．原点O处存在一粒子源，能同时发射大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不计），速度方向均在xOy平面内，与x轴正方向的夹角θ在0～180°范围内．则下列说法正确的是（）A．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子在磁场中运动的时间越短B．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子离开磁场时的位置距O点越远C．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的时间越短D．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的角速度越大5．如图所示，竖直放置在水平面上的圆筒，从圆筒上边缘等高处同一位置分别紧贴内壁和外壁以相同速率向相反方向水平发射两个相同小球，直至小球落地，不计空气阻力和所有摩擦，以下说法正确的是（）A．筒外的小球先落地B．两小球的落地速度可能相同C．两小球通过的路程不一定相等D．筒内小球随着速率的增大．对筒壁的压力逐渐增加6．一电子在电场中仅受静电力作用，从A到B做初速度为零的直线运动，其电势能E p随距A点的距离x的关系如图所示，以下说法正确的是（）A．该电子的动能逐渐增大B．该电场可能是匀强电场C．A点电势高于B点电势D．该电子运动的加速度逐渐减小7．一个质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示．用F表示质点所受的合外力，x表示质点的位移，如图所示四个选项中可能正确的是（）A．B．C．D．8．17世纪，伽利略就通过实验分析指出：在水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去，从而得出力是改变物体运动的原因，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述正确的是（）A．卡文迪许扭秤实验应用了微元的思想方法B．E=运用了比值定义的方法C．速度v=，当△t非常小时可表示t时刻的瞬时速度，应用了极限思想方法D．在探究加速度、力和质量三者之间关系的实验中，应用了控制变量法二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学利用打点计时器做实验时，发现实验数据误差很大，怀疑电源的频率不是50Hz，采用如图甲所示的实验装置来测量电源的频率．已知砝码及砝码盘的质量为m=0.1kg，小车的质量为M=0.4kg，不计摩擦阻力，g取10m/s2．图乙为某次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，已知相邻的计数点之间还有三个点未画出．（1）小车的加速度大小为m/s2；（2）根据纸带上所给出的数据，可求出电源的频率为Hz；（3）打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为m/s．10．（9分）C•S史密斯在1954年对硅和锗的电阻率与应力变化特性测试中发现，当受到应力作用时电阻率发生变化．这种由于外力的作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”．压阻效应被用来制成各种压力、应力、应变、速度、加速度传感器，把力学量转换成电信号，半导体压阻传感器已经广泛地应用于航空、化工、航海、动力和医疗等部门．某兴趣小组在研究某长薄板电阻R x的压阻效应时，找到了如图所示器材（已知R x的阻值变化范围大约为几欧到几十欧）：A．电源E（3V，内阻约为1Ω）B．电流表A1（0.6A，内阻r1=5Ω）C．电流表A2（0.6A，内阻r2约为1Ω）D．开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确地测量电阻R x的阻值，请根据所给器材画出合理的实物连接图（部分导线已画出，电表A1、A2已标出）；（2）在电阻R x上加一个竖直向下的力F时，闭合开关S，A1的示数为I1，A2的示数为I2，则R x=（用字母表示）；（3）R x与压力F的关系如图l所示，某次测量时电表A1、A2的示数分别如图2、图3所示，则这时加在薄板电阻R x上的压力为N．11．（13分）如图所示，质量为1kg物块自高台上A点以4m/s的速度水平抛出后，刚好在B点沿切线方向进入半径为0.5m的光滑圆弧轨道运动．到达圆弧轨道最底端C点后沿粗糙的水平面运动4.3m到达D点停下来，已知OB与水平面的夹角θ=53°，g=10m/s2（sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求：（1）AB两点的高度差；（2）物块到达C点时，物块对轨道的压力；（3）物块与水平面间的动摩擦因数．12．（19分）如图甲所示，在直角坐标系0≤x≤L区域内有沿y轴正方向的匀强电场，右侧有一个以点（3L，0）为中心、边长为2L的正方形区域，其边界ab 与x轴平行，正方形区域与x轴的交点分别为M、N．在该正方形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，现有一质量为m，带电量为e的电子，从y轴上的A 点以速度v0沿x轴正方向射入电场，飞出电场后从M点以与x轴夹角为30°的方向进入正方形区域，并恰好从d点射出．（1）求匀强电场E的大小；（2）求匀强磁场B的大小；（3）若当电子到达M点时，在正方形区域换加如图乙所示周期性变化的磁场（以垂直于纸面向外为磁场正方向），最后电子运动一段时间后从N点飞出，求正方形磁场区域磁感应强度B0大小的表达式、磁场变化周期T与B0的关系式．【物理--选修3-】（共2小题，满分15分）13．下列说法正确的是（）A．能源在利用过程中有能量耗散，这表明能量不守恒B．没有摩擦的理想热机也不可能把吸收的能量全部转化为机械能C．非晶体的物理性质各向同性而晶体的物理性质都是各向异性D．对于一定量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热E．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大14．（10分）如图所示，竖直放置的气缸，活塞横截面积为S=0.01m2，厚度不计．可在气缸内无摩擦滑动．气缸侧壁有一个小孔，与装有水银的U形玻璃管相通．气缸内封闭了一段高为L=50cm的气柱（U形管内的气体体积不计）．此时缸内气体温度为27℃，U形管内水银面高度差h l=5cm．已知大气压强p0=1.0×l05Pa，水银的密度ρ=13.6×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2．①求活塞的质量m；②若在活塞上缓慢添加M=26.7kg的沙粒时，活塞下降到距气缸底部H=45cm处，求此时气缸内气体的温度．【物理--选修3-4】（共2小题，满分0分）15．如图所示，横截面为半圆形玻璃砖，O点为圆心，OO′为直径PQ的垂线．已知玻璃砖的折射率n=，光在真空中的速度为c．则光线在该玻璃砖中的传播速度为；一条与OO′连线成60°角的光线从玻璃砖的圆心射入玻璃砖，则光线从玻璃砖出射方向与最初入射方向的夹角为．16．如图所示为一列简谐横波沿﹣x方向传播在t=0时刻的波形图，M、N两点的坐标分别为（﹣2，0）和（﹣7，0），已知t=0.5s时，M点第二次出现波峰．①这列波的传播速度多大？②从t=0时刻起，经过多长时间N点第一次出现波峰？③当N点第一次出现波峰时，M点通过的路程为多少？【物理--选修3-5】（共2小题，满分0分）17．静止的镭核发生α衰变，生成Rn核，该核反应方程为，已知释放出的α粒子的动能为E0，假定衰变时能量全部以动能形式释放出去，该衰变过程总的质量亏损为．18．如图所示，质量均为2m的两滑块A、B静止在光滑水平面上，其长度均为L质量为m的子弹以水平向右的速度v0射入木块A，子弹穿出A后又水平射入木块B而未穿出，此后B与A之间的距离保持不变，已知滑块对子弹的阻力恒定，求：①子弹穿出A时的速度：②子弹穿过A的过程中滑块A的位移．2016年山东省临沂市高考物理二模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分1．2015年12月29日．“高分4号”对地观测卫星升空．这是中国“高分”专项首颗高轨道高分辨率、设计使用寿命最长的光学遥感卫星，也是目前世界上空间分辨率最高、幅宽最大的地球同步轨道遥感卫星．下列关于“高分4号”地球同步卫星的说法中正确的是（）A．该卫星定点在北京上空B．该卫星定点在赤道上空C．它的高度和速度是一定的，但周期可以是地球自转周期的整数倍D．它的周期和地球自转周期相同，但高度和速度可以选择，高度增大，速度减小【考点】同步卫星．【分析】同步卫星与地球自转同步，同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定速度与高度．【解答】解：AB、地球同步卫星若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，就稳定做圆周运动，这是不可能的，因此地球同步卫星相对地面静止不动，所以必须定点在赤道的正上方，故B正确，A错误；CD、因为同步卫星要和地球自转同步，即它们的T与ω相同，根据F==mω2r=m，因为ω一定，所以r 必须固定，且v也是确定，故CD错误；故选：B．【点评】此题要理解并掌握地球同步卫星的条件．地球质量一定、自转速度一定，同步卫星要与地球的自转实现同步，就必须要角速度与地球自转角速度相等，这就决定了它的轨道高度和线速度大小．2．线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，如图甲所示，在ab线圈中通以如图乙所示的电流（电流从a流入为正），已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈以中感应电动势U cd随时间变化关系的图中，正确的是（）A．B．C．D．【考点】变压器的构造和原理．【分析】在每个时间段内电流随时间做正弦式变化，则根据法拉第电磁感应定律，判断线圈感应电动势的大小，根据楞次定律判断cd两点间电动势方向；【解答】解：在第一个，线圈ab电流沿正方向，且在增大，在副线圈cd中产生感应电动势，根据楞次定律可知，c端接感应电动势的负极，d端接感应电动势的正极，；电流的变化率与磁通量的变化率成正比，电流变化率在减小，所以副线圈感应电动势大小减小，符合要求的只有图象D；故选：D【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道磁场变化与电流变化的关系，还要掌握楞次定律判断感应电动势的方向，注意斜率与磁通量的变化率成正比．3．如图所示，边长为L的金属框abcd放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上，当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c、d四点的电势分别为φa、φb、φc、φd．下列判断正确的是（）A．金属框中无电流，φa=φdB．金属框中电流方向沿a﹣d﹣c﹣b﹣a，φa＜φdC．金属框中无电流，U bc=﹣D．金属框中无电流，U bc=﹣BL2ω【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．【分析】金属框中磁通量不变，故没有感应电流；但导体棒切割磁感线，有感应电动势产生，根据E=BL求解切割电动势即可．【解答】解：导体棒bc、ad做切割磁感线运动，产生感应电动势，根据右手定则，感应电动势的方向从b到c，或者说是从a到d，故φa=φb，φc=φd，穿过线圈的磁通量一直为零，不变，故金属框中无电流；感应电动势大小E=BL=BL（）=，由于U b＜U c，所以U bc=﹣，磁通量一直为零，不变，金属框中无电流，故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】本题关键是明确感应电流的产生条件是穿过闭合回路的磁通量发生改变，要会根据E=Blv求解感应电动势，会利用右手定则判断感应电动势的方向．4．如图所示，在x轴上方存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．原点O处存在一粒子源，能同时发射大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不计），速度方向均在xOy平面内，与x轴正方向的夹角θ在0～180°范围内．则下列说法正确的是（）A．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子在磁场中运动的时间越短B．发射速度大小相同的粒子，θ越大的粒子离开磁场时的位置距O点越远C．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的时间越短D．发射角度θ相同的粒子，速度越大的粒子在磁场中运动的角速度越大【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】带电粒子进入磁场中，受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，作出轨迹，由轨迹对应的圆心角等于粒子速度的偏向角，求出轨迹的圆心角α，由t=T分析时间；根据几何知识分析粒子离开磁场的位置与半径的关系；由ω=，T=分析角速度．【解答】解：A、速度相同的粒子在磁场中半径相同；画出粒子在磁场中运动的轨迹如图所示．由几何关系得：轨迹对应的圆心角α=2π﹣2θ；粒子在磁场中运动的时间t=T=•=，则得知：θ越大，时间t越短；若θ一定，运动时间一定．故A正确，C错误；B、设粒子的轨迹半径为r，则r=．如图，AO=2rsinθ=，则若θ是锐角，θ越大，AO越大．若θ是钝角，θ越大，AO越小．故B错误；D、粒子在磁场中运动的角速度ω=，又T=，则得ω=，与速度v和角度无关．故D错误．故选：A．【点评】求带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动的时间，常常根据t=T，θ是轨迹的圆心角，根据几何知识，轨迹的圆心角等于速度的偏向角．5．如图所示，竖直放置在水平面上的圆筒，从圆筒上边缘等高处同一位置分别紧贴内壁和外壁以相同速率向相反方向水平发射两个相同小球，直至小球落地，不计空气阻力和所有摩擦，以下说法正确的是（）A．筒外的小球先落地B．两小球的落地速度可能相同C．两小球通过的路程不一定相等D．筒内小球随着速率的增大．对筒壁的压力逐渐增加【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】结合向心力的来源分析小球是否脱离内壁；结合平抛运动的特点分析小球运动的时间与位移．【解答】解：A、筒内小球水平方向只受到筒壁的作用力，由于筒壁的作用力始终与速度的方向垂直，所以该力不改变小球沿水平方向的分速度的大小．只有竖直方向的重力才改变小球速度的大小．所以小球沿水平方向做匀速圆周运动，竖直方向做自由落体运动．若已知发射小球的水平速度和圆筒高度，小球运动的时间：t=，在筒外的小球做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，所以运动的时间也是t=，筒内小球落地所用时间和筒外小球一样长．故选项A错误；B、两个小球在竖直方向都做自由落体运动，落地的速率都是：v=，若筒内小球恰好运动n（n=1，2，3…）周，则二者速度的方向也相同，二者的速度相等．故B是可能的，选项B正确．C、两个小球的水平方向的路程：，可知两小球通过的路程一定相等．故选项C错误；D、由于筒壁的作用力始终与速度的方向垂直，所以该力不改变小球沿水平方向的分速度的大小．只有竖直方向的重力才改变小球速度的大小．所以筒内小球沿水平方向做匀速圆周运动，需要的向心力不变，所以对筒壁的压力不变．故选项D错误．故选：B【点评】该题考查平抛运动，解答的关键是筒内小球沿水平方向做匀速圆周运动，竖直方向做自由落体运动，若将该轨迹张开到一个平面内，则是平抛运动．6．一电子在电场中仅受静电力作用，从A到B做初速度为零的直线运动，其电势能E p随距A点的距离x的关系如图所示，以下说法正确的是（）A．该电子的动能逐渐增大B．该电场可能是匀强电场C．A点电势高于B点电势D．该电子运动的加速度逐渐减小【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据题意和图象正确判断出电子的运动形式是解题的关键，由图可知，电势能的减小，说明电场力做正功，由W=Fs可知电场力逐渐减小，因此电子做加速度逐渐减小的加速运动，知道了运动形式即可正确解答本题．【解答】解：A、电子在静电力作用下，从A到B做初速度为零的匀加速直线运动，根据动能定理电子的动能逐渐增大，故A正确；B、的斜率等于电场力，斜率变小，电场强度减小，该电场不可能是匀强电场，故B错误；C、根据，电子带负电q＜0，，A点电势低于B点电势，故C错误；D、根据牛顿第二定律，电场强度减小，所以该电子运动的加速度逐渐减小，故D正确；故选：AD【点评】本题关键要理解图象的斜率等于电场力，由电势能与电场力做功的关系来判断电场力做功情况，由W=qU判断电势差，进而确定电势的高低．7．一个质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示．用F表示质点所受的合外力，x表示质点的位移，如图所示四个选项中可能正确的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据v﹣t图象判断出质点做匀减速直线运动，加速度恒定，方向与初速度方向相反，根据牛顿第二定律和位移时间公式即可判断【解答】解：A、在v﹣t图象中，质点做匀减速直线运动，加速度恒定，根据牛顿第二定律可知，F=ma恒定，故A错误，B正确；C、物体做匀减速直线运动，故位移x=，故C错误，D正确故选：BD【点评】本题关键是明确直线运动中，物体加速时加速度与速度同向；物体减速时加速度与速度反向，然后利用牛顿第二定律和位移时间公式即可8．17世纪，伽利略就通过实验分析指出：在水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去，从而得出力是改变物体运动的原因，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，下列关于物理学研究方法的叙述正确的是（）A．卡文迪许扭秤实验应用了微元的思想方法B．E=运用了比值定义的方法C．速度v=，当△t非常小时可表示t时刻的瞬时速度，应用了极限思想方法D．在探究加速度、力和质量三者之间关系的实验中，应用了控制变量法【考点】物理学史．【分析】当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即瞬时速度，采用的是极限思维法；把整个运动过程划分成很多小段，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法；在探究加速度、力和质量三者之间关系的实验中，应用了控制变量法．【解答】解：A、卡文迪许扭秤实验应用了放大的思想方法，故A错误；B、电场强度E=运用了比值定义的方法，故B正确；C、根据速度v=，当△t非常小时可表示t时刻的瞬时速度，应用了极限思想方法，故C正确；D、在探究加速度、力和质量三者之间关系的实验中，应用了控制变量法，故D 正确；故选：BCD【点评】在高中物理学习的过程中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助，故在理解概念和规律的基础上，要注意方法的积累．二、解答题（共4小题，满分47分）9．某同学利用打点计时器做实验时，发现实验数据误差很大，怀疑电源的频率不是50Hz，采用如图甲所示的实验装置来测量电源的频率．已知砝码及砝码盘的质量为m=0.1kg，小车的质量为M=0.4kg，不计摩擦阻力，g取10m/s2．图乙为某次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，已知相邻的计数点之间还有三个点未画出．（1）小车的加速度大小为2m/s2；（2）根据纸带上所给出的数据，可求出电源的频率为40Hz；（3）打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为1m/s．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】（1）对车与砝码及盘进行研究，根据牛顿第二定律，即可求解加速度；（2）根据加速度公式a=，从而求解电源的频率；（3）根据平均速度等于中时刻瞬时速度，即可求解．【解答】解：（1）对车与砝码及盘整体进行研究，依据牛顿第二定律，则有：mg=（m+M）a；解得：a===2m/s2；（2）根据加速度公式a=，则有：T===0.1s；由于相邻的计数点之间还有三个点未画出，则有，4T0=T，那么T0=0.025s；那么电源的频率为：f===40Hz；（3）、打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：v C==m/s=1m/s故答案为：（1）2；（2）40；（3）1．【点评】本题借助实验考查了牛顿第二定律与匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．注意相邻的计数点之间还有三个点未画出，及选取车与砝码及盘整体研究．10．C•S史密斯在1954年对硅和锗的电阻率与应力变化特性测试中发现，当受到应力作用时电阻率发生变化．这种由于外力的作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”．压阻效应被用来制成各种压力、应力、应变、速度、加速度传感器，把力学量转换成电信号，半导体压阻传感器已经广泛地应用于航空、化工、航海、动力和医疗等部门．某兴趣小组在研究某长薄板电阻R x的压阻效应时，找到了如图所示器材（已知R x的阻值变化范围大约为几欧到几十欧）：A．电源E（3V，内阻约为1Ω）B．电流表A1（0.6A，内阻r1=5Ω）C．电流表A2（0.6A，内阻r2约为1Ω）D．开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确地测量电阻R x的阻值，请根据所给器材画出合理的实物连接图（部分导线已画出，电表A1、A2已标出）；（2）在电阻R x上加一个竖直向下的力F时，闭合开关S，A1的示数为I1，A2的示数为I2，则R x=（用字母表示）；（3）R x与压力F的关系如图l所示，某次测量时电表A1、A2的示数分别如图2、图3所示，则这时加在薄板电阻R x上的压力为 1.5N．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）测电阻阻值应测出电阻两端电压与通过电阻的电流，根据所给实验器材与实验原理作出实验电路图．（2）根据实验电路应用并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值．（3）由图示电表读出其示数，然后求出电阻阻值，最后由图示图象求出压力大小．【解答】解：（1）测电阻阻值需要测出电阻两端电压与通过电阻的电流，实验给出两个电流表，可以用已知内阻的电流表与待测电阻并联，实验可以不使用电压表，测出电阻两端电压，另一个电流表串联在电路中测电路电流，电路图如图所示：。

2015-2016学年山东省临沂七中高三〔上〕第二次月考物理试卷二、选择题：此题共8小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-8题有多项符合题目要求．全选对的得6分，选对但不全者得3分，有选错的得0分．1．某同学以校门口为原点，向东方向为正方向建立坐标，记录了甲、乙两位同学的位置﹣时间〔x﹣t〕图线，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．在t1时刻，甲的瞬时速度为零，乙的速度不为零B．在t2时刻，甲、乙速度可能一样C．在t2时刻，甲、乙两同学相遇D．在t3时刻，乙的速度为零、加速度不为零2．如下列图，质量为m的木块静止地放在半径为R的半球体上，半球体与木块均处于静止状态，木块与半球体间的动摩擦因数为μ，木块与球心的连线与水平地面的夹角为θ，如此如下说法正确的答案是〔〕A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左B．木块对半球体的压力大小为mg cosθC．木块所受摩擦力大小为mg cosθD．木块所受摩擦力大小为μmg cosθ3．一样材料制成的滑道ABC，其中AB段为曲面，BC段为水平面．现有质量为m的木块，从距离水平面h高处的A点由静止释放，滑到B点过程中抑制摩擦力做功为；木块通过B 点后继续滑行2h 距离后，在C点停下来，如此木块与曲面间的动摩擦因数应为〔〕A．B．C．D．4．某静电场中，同一条电场线上依次排列着a、b、c三个点，ab间距离是bc间距离的2倍，那么如下说法中正确的答案是〔〕A．a点的场强一定大于b点的场强B．将正点电荷从a移到c点，假设电场力做正功，如此a点电势φa一定大于c点电势φc C．假设φa＞φc＞0；如此b点的电势有可能φb＜0D．电势差必定U ab=2U bc5．如下列图，可绕固定转轴B点转动的直木板OB与水平面间的倾斜角为θ，在直木板O点处用铰链连接一长度一定的竖直直杆OA，且OA=OB，A与坡底B间有一个光滑的可伸缩的细直杆AB，细杆上穿一个小钢球〔可视为质点〕从A点由静止释放，滑到B点所用时间用t表示，现改变直木板的倾斜角θ，在改变的过程中，始终使直杆OA保持竖直方向，如此 t﹣θ的关系图象为〔〕A．B．C．D．6．一斜面固定在水平面上，在斜面顶端有一上外表光滑的长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为μ，木板上固定一轻质弹簧测力计，弹簧测力计下面连接一个光滑的小球，如下列图，当木板固定时，弹簧测力计示数为F1，现将长木板由静止释放后，木板沿斜面下滑，稳定时弹簧测力计的示数为F2，假设斜面的高为h，底边长为d，如此如下说法正确的答案是〔〕A．稳定后弹簧处于原长状态B．稳定后弹簧一定处于压缩状态C．μ=D．μ=7．2010年10月1日，继“嫦娥一号〞卫星成功发射之后，“嫦娥二号〞卫星再次发射成功．这是我国航天史上的另一重要成果．“嫦娥二号〞发射后先绕地球做圆周运动，经屡次变轨，最终进入距月面h=100km的圆形工作轨道，开始进展科学探测活动．设月球半径为R，月球外表的重力加速度为g′，万有引力常量为G，如此如下说法正确的〔〕A．嫦娥二号绕月球运行的周期为B．由题目条件可知月球的平均密度为C．嫦娥二号在轨道上绕行的线速度为D．嫦娥二号轨道处的加速度为8．如下列图，一个小球〔视为质点〕从H=12m高处，由静止开始沿光滑弯曲轨道AB，进入半径R=4m的竖直圆环内侧，且与圆环的动摩擦因数处处相等，当到达圆环顶点C时，刚好对轨道压力为零；然后沿CB圆弧滑下，进入光滑弧形轨道BD，到达高度为h的D点时速度为零，如此h的值可能为〔〕A．10 m B．9.5 m C．8.5 m D．8 m三、非选择题：9-12题为物理必考题，请考生将解答写在物理答题纸上相对应的题框内，在本试卷上作答不得分．9．某研究性学习小组用如下列图的装置探究牛顿第二定律．该小组在实验中确定的研究对象是小车，而且认为细线对小车的拉力等于砂桶和砂的总重力，也是小车所受的合外力．如此对该实验，以下说法中正确的答案是〔〕A．在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，反复移动木块的位置，直到小车在砂桶和砂的拉动下带动纸带做匀速直线运动，以平衡小车运动中受到的摩擦力B．实验中必须使砂桶和砂的总质量远小于小车的质量C．细线对小车的真实拉力一定略小于砂桶和砂的总重力D．该实验是应用“控制变量法〞来探究牛顿第二定律的10．〔12分〕〔2015秋•临沂校级月考〕某学习小组做“探究功与速度变化的关系〞的实验如下列图，图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出的，沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全一样的橡皮筋并在一起进展第2次、第3次…实验时〔每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致〕，每次实验中小车获得的速度根据打点计时器所打在纸带上的点进展计算．〔1〕除了图中1已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和〔填“交流〞或“直流〞〕电源．〔2〕实验中，小车会受到摩擦力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡摩擦力，如此下面操作正确的答案是A．放开小车，能够自由下滑即可B．放开小车，能够匀速下滑即可C．放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可D．放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可〔3〕假设木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，如下说法正确的答案是A．橡皮筋处于原长状态B．橡皮筋仍处于伸长状态C．小车在两个铁钉的连线处D．小车已过两个铁钉的连线〔4〕在正确操作的情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用如图的纸带的局部进展测量〔根据如下列图的纸带回答〕．11．〔12分〕〔2012秋•重庆期末〕如图甲所示，电荷量为q=1×10﹣4C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2．求〔1〕前2秒内电场力做的功；〔2〕物块的质量；〔3〕物块与水平面间的动摩擦因数．12．〔18分〕〔2013秋•青岛期中〕如下列图，A、B、C、D为固定于竖直平面内的闭合绝缘轨道，AB段、CD段均为半径R=2.5m的半圆，BC、AD段水平，AD=BC=8m，B、C之间的区域存在水平向右的有界匀强电场场强E=6×105V/m；质量为m=4×10﹣3kg、带电量q=+1×10﹣8C的小环套在轨道上，小环与轨道AD段之间存在摩擦且动摩擦因数处处一样，小环与轨道其余局部的摩擦忽略不计，现使小环在D点获得某一初速度沿轨道向左运动，假设小环在轨道上可以无限循环运动，且小环每次到达圆弧上的A点时，对圆轨道刚好均无压力．求：〔1〕小环通过A点时的速度多大；〔2〕小环与AD段间的动摩擦因数μ；〔3〕小环运动到D点时的速度多大．二、选修〔15分〕13．〔15分〕〔2014秋•湛江校级期中〕如下列图，水平放置的平行板电容器，原来两板不带电，上极板接地，它的极板长L=0.1m，两板间距离 d=0.004m，有一束一样微粒组成的带电粒子流从两板中央平行极板射入，由于重力作用微粒能落到下板上，微粒质量为m=2×10﹣6kg，电量q=1×10﹣8C，电容器电容为C=10﹣6F．求〔1〕为使第一粒子能落点范围在下板中点到紧靠边缘的B点之内，如此微粒入射速度v0应为多少？〔2〕以上述速度入射的带电粒子，最多能有多少落到下极板上？2015-2016学年山东省临沂七中高三〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析二、选择题：此题共8小题，每一小题6分．在每一小题给出的四个选项中，第1-4题只有一项符合题目要求，第5-8题有多项符合题目要求．全选对的得6分，选对但不全者得3分，有选错的得0分．1．某同学以校门口为原点，向东方向为正方向建立坐标，记录了甲、乙两位同学的位置﹣时间〔x﹣t〕图线，如下列图，如下说法中正确的答案是〔〕A．在t1时刻，甲的瞬时速度为零，乙的速度不为零B．在t2时刻，甲、乙速度可能一样C．在t2时刻，甲、乙两同学相遇D．在t3时刻，乙的速度为零、加速度不为零【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】x﹣t图象反映了各个时刻物体的位移情况，斜率表示速度，匀速直线运动的x﹣t图象是直线．【解答】解：A、x﹣t图象的斜率表示速度，故在t1时刻，乙的瞬时速度为零，甲的速度不为零，故A错误；B、x﹣t图象的斜率表示速度，在t2时刻，甲、乙位置坐标一样，但速度不同〔方向不同〕；故B错误；C、在t2时刻，甲、乙位置坐标一样，是相遇，故C正确；D、x﹣t图象的斜率表示速度，在t3时刻，乙的位置坐标为零，但速度不为零，故D错误；应当选：C．【点评】此题关键明确x﹣t图象的物理意义，明确斜率表示速度、交点表示相遇，根底问题．2．如下列图，质量为m的木块静止地放在半径为R的半球体上，半球体与木块均处于静止状态，木块与半球体间的动摩擦因数为μ，木块与球心的连线与水平地面的夹角为θ，如此如下说法正确的答案是〔〕A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左B．木块对半球体的压力大小为mg cosθC．木块所受摩擦力大小为mg cosθD．木块所受摩擦力大小为μmg cosθ【考点】共点力平衡的条件与其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】对小木块受力分析，并将重力分解到半球半径方向和接触点的切线方向，由平衡条件对切线方向和半径方向列方程，解出半球对小木块的支持力的表达式和摩擦力的表达式，由于小木块保持静止，故摩擦力不能用f=μN，只能用平衡条件求出．【解答】解：A、设半球体的质量为M，以小木块和半球体整体为研究对象，受重力和支持力，根据平衡条件得知，地面对半球体的摩擦力为零．故A错误．B、C、D、对小物块受力分析，如图：将重力正交分解，如图：由于物体静止在半球上，处于平衡态，沿半径方向列平衡方程：N﹣mgsinθ=0解得：N=mgsinθ根据牛顿第三定律，木块对半球体的压力为mgsinθ，故B错误；沿切向列平衡方程：f﹣mgcosθ=0解得：f=mgcosθ，故C正确，D错误；应当选：C．【点评】此题采用整体法和隔离法处理两个物体的平衡问题，要注意题中θ与斜面的倾角不同．3．一样材料制成的滑道ABC，其中AB段为曲面，BC段为水平面．现有质量为m的木块，从距离水平面h高处的A点由静止释放，滑到B点过程中抑制摩擦力做功为；木块通过B 点后继续滑行2h 距离后，在C点停下来，如此木块与曲面间的动摩擦因数应为〔〕A．B．C．D．【考点】动能定理的应用；滑动摩擦力．【专题】动能定理的应用专题．【分析】BC段摩擦力可以求出，由做的公式可求得BC段抑制摩擦力所做的功；对全程由动能定理可求得AB段抑制摩擦力所做的功．【解答】解：由题意知，ABC滑道材料一样，设木块与曲面间的动摩擦因数为μ，如此木块与BC段摩擦因数为μ，BC段物体受摩擦力f=μmg，位移为2h，故BC段摩擦力对物体做功W=﹣f•2h=﹣2μmgh；即物体抑制摩擦力做功为﹣2μmgh；对全程由动能定理可知，mgh﹣mgh﹣2μmgh=0解得：故A正确，BCD错误应当选：A．【点评】AB段的摩擦力为变力，故可以由动能定理求解；而BC段为恒力，可以直接由功的公式求解；同时此题需要注意阻力做功与抑制阻力做功的关系．4．某静电场中，同一条电场线上依次排列着a、b、c三个点，ab间距离是bc间距离的2倍，那么如下说法中正确的答案是〔〕A．a点的场强一定大于b点的场强B．将正点电荷从a移到c点，假设电场力做正功，如此a点电势φa一定大于c点电势φc C．假设φa＞φc＞0；如此b点的电势有可能φb＜0D．电势差必定U ab=2U bc【考点】电场线；电场强度；电势差；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】顺着电场线方向，电势必定降低．根据电场线疏密判断电场强度的大小，电场线越密电场强度越大．匀强电场中沿电场线方向相等的距离电势差相等．非匀强电场中，可以运用公式U=Ed定性分析电势差关系．【解答】解：A、因为仅一根电场线，无法判断电场线分布的疏密情况，故无法判定ab两点场的大小情况，故A错误；B、将正点电荷从a移到C点，假设电场力做正功，如此电场线方向从a指向c，如此根据沿着电场线方向电势逐渐降低知，a点电势一定大于c点电势，故B正确；C、假设φa＞φc＞0，根据沿电场线方向电势逐渐降低知，电场线方向从a向c，故b点电势比c点电势高，因为c的电势大于0，如此b的电势必大于0，故C错误；D、在匀强电场中有U=Ed，根据距离关系满足：电势差必定U ab=2U bc，但仅凭一条电场线无法断定电场是匀强电场，故不能说明电势差必定U ab=2U bc，故D错误．应当选：B【点评】此题主要抓住电线线如何形象描述电场问题，电场强度是矢量，电场线通过切线方向表示电场强度方向，通过分布表示电场强度的强弱，知道沿电场线方向电势逐渐降低等是解决问题的根底．5．如下列图，可绕固定转轴B点转动的直木板OB与水平面间的倾斜角为θ，在直木板O点处用铰链连接一长度一定的竖直直杆OA，且OA=OB，A与坡底B间有一个光滑的可伸缩的细直杆AB，细杆上穿一个小钢球〔可视为质点〕从A点由静止释放，滑到B点所用时间用t表示，现改变直木板的倾斜角θ，在改变的过程中，始终使直杆OA保持竖直方向，如此 t﹣θ的关系图象为〔〕A．B．C．D．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体做匀加速直线运动，利用牛顿第二定律求解加速度，然后利用匀变速直线运动规律列式求解即可．【解答】解：由几何关系可得：∠ABO=物体受重力和杆的弹力，有牛顿第二定律得物体的加速度为：…①设OA=OB=L，物块的位移为x，由几何关系得：…②如此：…③①②③联立得：，与角度无关，所以A正确，BCD错误；应当选：A．【点评】解决此题的关键是利用几何关系理清楚等腰三角形△AOB中各角与θ的关系，θ改变，腰也变，如此位移也变，找到位移与腰的关系，然后利用匀变速直线运动规律即可分析．6．一斜面固定在水平面上，在斜面顶端有一上外表光滑的长木板，木板与斜面之间的动摩擦因数为μ，木板上固定一轻质弹簧测力计，弹簧测力计下面连接一个光滑的小球，如下列图，当木板固定时，弹簧测力计示数为F1，现将长木板由静止释放后，木板沿斜面下滑，稳定时弹簧测力计的示数为F2，假设斜面的高为h，底边长为d，如此如下说法正确的答案是〔〕A．稳定后弹簧处于原长状态B．稳定后弹簧一定处于压缩状态C．μ=D．μ=【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】木板固定时，有F1=mgsinθ；木板沿斜面下滑时，对整体分析，由牛顿第二定律求出加速度，再对小球研究，分析弹簧的状态，并求出μ．【解答】解：A、B、平衡时，对小球分析：F1=mgsinθ…①木板运动后稳定时，对整体由牛顿第二定律得：a==gsinθ﹣μgcosθ…②如此a＜gsinθ，根据牛顿第二定律得知，弹簧对小球的弹力应沿斜面向上，弹簧处于拉伸状态．故A错误，B错误；C、D、对小球有：mgsinθ﹣F2=ma…③而tanθ=…④联立①②③④计算可得：μ=．故C错误，D正确；应当选：D．【点评】此题根据牛顿第二定律，采用整体法和隔离法相结合的方法研究弹簧的状态和动摩擦因数．7．2010年10月1日，继“嫦娥一号〞卫星成功发射之后，“嫦娥二号〞卫星再次发射成功．这是我国航天史上的另一重要成果．“嫦娥二号〞发射后先绕地球做圆周运动，经屡次变轨，最终进入距月面h=100km的圆形工作轨道，开始进展科学探测活动．设月球半径为R，月球外表的重力加速度为g′，万有引力常量为G，如此如下说法正确的〔〕A．嫦娥二号绕月球运行的周期为B．由题目条件可知月球的平均密度为C．嫦娥二号在轨道上绕行的线速度为D．嫦娥二号轨道处的加速度为【考点】万有引力定律与其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】“嫦娥二号〞距月面h的圆形工作轨道上做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力，在月球外表的物体受到的重力等于万有引力，由此可以解得T=，，，据此分析判断即可．【解答】解：A、“嫦娥二号〞距月面h的圆形工作轨道上做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力为：，得：．在月球外表的物体受到的重力等于万有引力为：，得：GM=R2g′．所以有：T=．故A正确．B、在月球外表的物体受到的重力等于万有引力有：，得：，根据密度的定义有：，故B正确．C、“嫦娥二号〞距月面h的圆形工作轨道上做匀速圆周运动，万有引力提供向心力为：，得：，故C错误．D、根据万有引力提供向心力为：，得：，故D正确．应当选：ABD．【点评】此题要掌握解题天体问题的两个重要的关系：1、在星球外表的物体受到的重力等于万有引力，2、环绕天体绕中心天体做匀速圆周运动时，万有引力提供向心力．同时要能够根据题意选择恰当的向心力的表达式．8．如下列图，一个小球〔视为质点〕从H=12m高处，由静止开始沿光滑弯曲轨道AB，进入半径R=4m的竖直圆环内侧，且与圆环的动摩擦因数处处相等，当到达圆环顶点C时，刚好对轨道压力为零；然后沿CB圆弧滑下，进入光滑弧形轨道BD，到达高度为h的D点时速度为零，如此h的值可能为〔〕A．10 m B．9.5 m C．8.5 m D．8 m【考点】向心力；动能定理．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】分析小球从A到C点的运动过程，C点小球对圆环无压力，如此重力提供向心力，求出小球的动能，小球从A运动到C，根据动能定理求出小球从A运动到C，半个圆弧加上AB 段圆弧的摩擦力做功，再分析从C点运动到D点根据动能定理列式，根据两半圆摩擦力的关系再结合机械能守恒定律求出如果没有摩擦力小球上升的高度，即可求出高度的范围．【解答】解：C点小球对圆环无压力，如此重力提供向心力，得到：mg=m小球在C点的动能为：小球从A运动到C，根据动能定理得：mg〔H﹣2R〕﹣W f=E kC把数据代入，得到：W f=2mg所以小球从A运动到C，半个圆弧加上AB段圆弧的摩擦力做功W f=2mg再分析从C点运动到D点根据动能定理得：mg〔2R﹣h〕﹣W f′=0﹣mgh=10mg﹣W f′因为沿BC弧运动的平均速度小于沿AB弧运动平均速度，根据圆周运动向心力公式可知沿BC 弧运动的平均正压力小于沿AB弧运动平均正压力，故沿BC弧运动的平均摩擦力小于沿AB弧运动的平均摩擦力，所以0＜W f′＜W f=2mg所以8mg＜mgh＜10mg故8m＜h＜10m．故B、C正确，A、D错误．应当选：BC．【点评】此题解题的关键是对小球运动过程的分析，知道小球在两个半圆上的摩擦力做功不等，难度适中．三、非选择题：9-12题为物理必考题，请考生将解答写在物理答题纸上相对应的题框内，在本试卷上作答不得分．9．某研究性学习小组用如下列图的装置探究牛顿第二定律．该小组在实验中确定的研究对象是小车，而且认为细线对小车的拉力等于砂桶和砂的总重力，也是小车所受的合外力．如此对该实验，以下说法中正确的答案是〔〕A．在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，反复移动木块的位置，直到小车在砂桶和砂的拉动下带动纸带做匀速直线运动，以平衡小车运动中受到的摩擦力B．实验中必须使砂桶和砂的总质量远小于小车的质量C．细线对小车的真实拉力一定略小于砂桶和砂的总重力D．该实验是应用“控制变量法〞来探究牛顿第二定律的【考点】验证牛顿第二运动定律．【专题】实验题．【分析】由于该实验涉与的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项．【解答】解：A、做该实验需要平衡摩擦力，所以在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，反复移动木块的位置，让小车做匀速直线运动，砂桶和砂不能挂在小车上，故A错误；B、当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，故B正确；C、实际上砂桶和砂也做匀加速运动，mg﹣T=ma，所以细线对小车的真实拉力一定略小于砂桶和砂的总重力，故C正确；D、该实验有两个变量，要保持质量不变，研究力与加速度的关系，保持力不变，研究质量与加速度的关系，是应用“控制变量法〞来探究牛顿第二定律的，故D正确．应当选：BCD．【点评】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，然后熟练应用物理规律来解决实验问题．10．〔12分〕〔2015秋•临沂校级月考〕某学习小组做“探究功与速度变化的关系〞的实验如下列图，图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出的，沿木板滑行，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全一样的橡皮筋并在一起进展第2次、第3次…实验时〔每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致〕，每次实验中小车获得的速度根据打点计时器所打在纸带上的点进展计算．〔1〕除了图中1已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和交流〔填“交流〞或“直流〞〕电源．〔2〕实验中，小车会受到摩擦力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡摩擦力，如此下面操作正确的答案是 DA．放开小车，能够自由下滑即可B．放开小车，能够匀速下滑即可C．放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可D．放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可〔3〕假设木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，如下说法正确的答案是 BA．橡皮筋处于原长状态B．橡皮筋仍处于伸长状态C．小车在两个铁钉的连线处D．小车已过两个铁钉的连线〔4〕在正确操作的情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用如图的纸带的GJ 局部进展测量〔根据如下列图的纸带回答〕．【考点】探究功与速度变化的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；动能定理的应用专题．【分析】〔1〕打点计时器使用的是交流电；〔2〕实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力．受力平衡时，小车应做匀速直线运动．〔3〕平衡摩擦力后，橡皮筋的拉力等于合力，橡皮条做功完毕，小车的速度最大，假设不进展平衡摩擦力操作，如此当橡皮筋的拉力等于摩擦力时，速度最大．〔4〕要测量最大速度，应该选用点迹均匀的局部．结合匀速直线运动的位移公式求出最大速度的大小【解答】解：〔1〕打点计时器使用的是交流电，故需要交流电源．〔2〕实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力．受力平衡时，小车应做匀速直线运动，所以正确的做法是：放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可，故ABC错误，D正确．应当选：D．〔3〕假设木板水平放置，对小车受力分析可知，小车速度最大时小车受到的合力应为零，即小车受到的橡皮筋拉力与摩擦力相等，橡皮筋应处于伸长状态，所以B正确；应当选：B〔3〕要验证的是“合力做功和物体速度变化的关系〞，小车的初速度为零，故需要知道做功完毕的末速度即最大速度v，此后小车做的是匀速运动，故应测纸带上的匀速运动局部，由纸带的间距可知，应该选择GJ局部．故答案为：〔1〕交流，〔2〕D，〔3〕B，〔4〕GJ【点评】此题涉与打点计时器的工作原理和探究功与速度变化关系实验的原理，此题关键要明确小车的运动情况，先加速，再匀速，最后减速，橡皮条做功完毕，速度最大，做匀速运动，因此明确实验原理是解答此题的关键．11．〔12分〕〔2012秋•重庆期末〕如图甲所示，电荷量为q=1×10﹣4C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2．求〔1〕前2秒内电场力做的功；。

山东省临沂市2016届高三物理下学期第二次模拟考试试题（扫描版）二选择骷柚共8小题海小题6卅在巒小躺出的四个选项申為MJ8凰只有-项舲朋諫* 42熄有麺楠鹏要求•绑选对删6分总牌不全的加九有选硕㈱14.201$年］2月29日皿分4号叫地瞅卫星升空.这是中阳斛11专项首耐轨朋分孵股戕用粕就的光学蹄1】星也朋血世界上空网分孵曲烏®I大的理科齡龍加I试试1S第3联共16贞）Scanned by Camscanner地球同步轨ifi遥感卫虽下列关于前分4号”地球同步卫用的竝中正确的是A孩卫星定点农北社空B该卫星定点在糧上空c它的高度和速度是-定的虚周朋町以是地球自特周期的锁信D.它的周期和地料糊期相尿但高度和速度可以选择滴釧尢速度减小15•如《M塩在同-戕芯上，如图甲所底在血线圈中通以如图乙所铀电秋电矗从曲人为正），已知難内部的磁场与流经绷的电械正比，则下列描馥團《/中感应电动势―随时间变化关系的图中，正确的是如图所示,边长为L 的金属框abed 放置在匀强磁场中，磁整应强度大小 为水*方向平行于亦边向上.当金属框窥ab 边以角速度a 逆时针转动 时严上“V 四点的电势分别为叫、附、孰、趴rT 列判斷正确的是&金属框中无电流沖■二炉dB ，金属框中电流方向沿a-d-c-b-a t （p a <（p 4C 金属框中无电流山“-*肌bD.金属框中无电佩U M —B B 炒17.如图所示，在*轴上方存在垂直于纸面向里的匀强峨场, 磁感应强度为趾原点0处存在一粒子源,能同时发射大 愷质址为皿、电荷就为g 的带正电粒子（畫力不计｝.速度 方向均左xOy 平面内，与*轴止方向的夹箱。

在0-180° 范團内.则下列说法正确的是A. 发射連度大小相同的粒子疋越大的粒子在磁场中运动的时间越镇 乩发射速度大小相同的粒子”赠大的粒子离开磁场时的位置毎O 点越述 u 发射角度e 相何的粒7\連度超大的粒子在峨场中运动的时间趙飯 D 炭射角度g 相同的粒子*連瞳越大的軌子從啟场中运谕的角連度超大理科塚含能力测武试越第4貞（捷M 曲） 1&如图所示，竖直放牡在水平面上的岡筒，从圆筒I 边维等胡处同-位丼7别累 贴内壁和外期相同速半向相反方向水平发射两卜郴同小球’"至小球落地' 不计空气阻力和所有摩擦.u >■说法止的的圧A •筒外的小球先落地B. 两小球的落地速度可能桶同C. 两小球通过的路程不一宦相尊D. 筒内小球碗着速率的増大，対简樂的压力逐渐增加 ；CPCD19•一电尹在电场中仅受静电力作用•从A列B織和速厦为碎削11坯妊 \动、其电势能E,随距人点的距离工的关系如图所示，以下说法正确0__==^=-- 的是仏该电子的动能逐渐增大乩该电场可能是匀强电场CA点电势高于B点电势 D.该电子运动的抑遼度逐斷减小20•—个质点在外力作用下做直线运动,其速度”随时间』变的图象如图所示.用F表示质点所受的合外力/表示质点的位移•以下四个选项中可能正确的是2L17世纪，伽利略就通过实验分析指出；在水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去，从而得出力是改变物体远动的原因，这是采用了实嵋和逻辑推理相结合的方法.在物理学的匿大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法,下列关于物理学研究方法的叙述正确的是A.卡文迪许扭秤实验应用了橄元的思想方法B E上运用了比值定义的方法qC,逮度IV签•峙△‘非常小时可表示*时刻的瞬时速度，应用了极限思想方腿D 在挥究加速度，力和质偿三者之间关杲的实验中•应用了控制变诫迭3迹做答“第33题-第40题为选考题猪生根据要求熾答。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.（单选）一物体做直线运动，其位移﹣时间图象如图所示，设向右为正方向，则在前4s 内（ ）A ．物体始终向右做匀速直线运动B ．物体先向左运动，2s 后开始向右运动C ．在t=2s 时，物体距出发点最远D ．前2s 物体位于出发点的左方，后2s 位于出发点的右方2.（单选）如图所示的位移（s ）﹣时间（t ）图象和速度（v ）﹣时间（t ）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ）A ．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B ．0～t 1时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C ．0～t 2时间内，丙、丁两车在t 2时刻相距最远D ．0～t 2时间内，丙、丁两车的平均速度相等3.（单选）如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O 为圆心。

则对圆弧面的压力最小的是（ ）A ．a 球B ．b 球C ．c 球D ．d 球4.（单选）如图所示，质量m 1=10kg 和m 2=30kg 的两物体，叠放在动摩擦因数为0．50的粗糙水平地面上，一处于水平位置的轻弹簧，劲度系数为250N/m ，一端固定于墙壁，另一端与质量为m 1的物体相连，弹簧处于自然状态，现用一水平推力F 作用于质量为m 2的物体上，使它缓慢地向墙壁一侧移动，当移动0．40m 时，两物体间开始相对滑动，这时水平推力F 的大小为（ ）A ．100NB ．300NC ．200ND ．250N5.（多选）如图所示，物体b在水平推力F作用下，将物体a挤压在竖直墙壁上，a、b均处于静止状态，关于a、b两物体的受力情况，下列说法正确的是（）A．a受到两个摩擦力的作用B．b共受到三个力的作用C．b对a的摩擦力方向向上D．增大水平推力F，a受到墙壁的摩擦力不变6.（单选）如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）A．物体的速度不断增大B．物体的加速度不断增大C．物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大D．物体的动能与重力势能之和保持不变7.（单选）如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＜tanθ，则下图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是（）A．B．C．D．8.（多选）如图，取一块长为L的表面粗糙的木板，第一次将其左端垫高，让一小物块从板左端的A点以初速度v 0沿板下滑，滑到板右端的B点时速度为v1；第二次保持板右端位置不变，将板放置水平，让同样的小物块从A点正下方的C点也以初速度v0向右滑动，滑到B点时的速度为v2．下列说法正确的是（）A．v1一定大于v0B．v1一定大于v2C．第一次的加速度可能比第二次的加速度小D．两个过程中物体损失的机械能相同9.（多选）在电梯中，把一重物置于台秤上，台秤与力的传感器相连，当电梯从静止加速上升，然后又匀速运动一段时间，最后停止运动：传感器的屏幕上显示出其受的压力与时间的关系（N﹣t）图象如图所示，则（）A．电梯在启动阶段约经历了2．5秒的加速上升过程B．电梯在启动阶段约经历了4秒加速上升过程C．电梯的最大加速度约为6．7m/s2D．电梯的最大加速度约为16．7m/s210.（单选）蹦床运动可简化为一个落到竖直放置的轻弹簧的小球运动，如图甲所示。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.质点做直线运动的v-t图象如右图所示，规定向右为正方向，则该质点在前8s内A．位移大小为8m，方向向右B．路程为8mC．平均速度大小为0.25m/s，方向向左D．平均速度大小为1m/s，方向向右2.2009年当地时间9月23日，在印度的萨蒂什·达万航天中心，一枚PSLV－C14型极地卫星运载火箭携带七颗卫星发射升空，成功实现“一箭七星”发射，相关图片如图所示。

则下列说法正确的是A．火箭发射时，喷出的高速气流对火箭的作用力大于火箭对气流的作用力B．发射初期，火箭处于超重状态C．高温高压燃气从火箭尾部喷出时对火箭的作用力与火箭对燃气的作用力是一对平衡力D．发射的七颗卫星进入轨道正常运转后，均处于完全失重状态3.汽车以20 m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度为5m/s2，那么开始刹车后2 s与开始刹车后6 s汽车通过的位移之比为A．1∶4B．3∶5C．3∶4D．5∶94.某电场的电场线分布如图所示，下列说法正确的是A．a点的电势高于b点的电势B．c点的电场强度大于d点的电场强度C．若将正试探电荷由a点移到b点，电场力做负功D．若将一负试探电荷由c点移到d点，电势能减少5.如图，重量为G的物体A在大小为F的水平向左恒力作用下，静止在倾角为α的光滑斜面上。

下列关于物体对斜面压力N大小的表达式，正确的是A．B．C．D．6.滑雪运动员由斜坡高速向下滑行时其速度—时间图象如图所示，则由图象中AB段曲线可知，运动员在此过程中A．机械能守恒B．做匀加速运动C．做曲线运动D．所受力的合力不断减小7.如图所示的直角三角板紧贴在固定的刻度尺上方，现假使三角板沿刻度尺水平向右匀速运动的同时，一支钢笔从三角板直角边的最下端，由静止开始沿此边向上做匀加速直线运动，下列关于铅笔尖的运动及其留下的痕迹的判断中，正确的有A．笔尖留下的痕迹是一条抛物线B．笔尖留下的痕迹是一条倾斜的直线C．在运动过程中，笔尖运动的速度方向始终保持不变D．在运动过程中，笔尖运动的加速度方向始终保持不变8.如图，半径为R的光滑半圆面固定在竖直面内，其直径AB处于竖直方向上。

山东高三高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.下列说法中正确的是①相互摩擦的物体系统中摩擦力做功的代数和不一定为零；②一质点受两个力作用且处于平衡状态（静止或匀速），这两个力在同一段时间内做的功或者都为零，或者大小相等符号相反；③在同样的时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，但正负号一定相反；④在同样的时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，正负号也不一定相反；以上说法正确的是。

A ．①② B ．①③② C ．②③ D ．①②④2.铁饼运动员奋力将质量为m 的铁饼以初速度v 0抛出，v 0与水平面成α角，铁饼到达的最大高度为h ，不计空气阻力和抛出点的高度，运动员抛铁饼过程对铁饼做的功可以表示为： ①mv 20 ②mgh ③mgh+mv 20cos 2α ④mgh+ mv 20sin 2α，以上4个表达式中正确的有A ．只有①③B ．只有①②C ．只有③D ．只有①④3.a 、b 两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是A ．a 、b 加速时，物体a 的加速度大于物体b 的加速度B ．20秒时，a 、b 两物体相距最远C ．60秒时，物体a 在物体b 的前方D ．40秒时，a 、b 两物体速度相等，相距200m4.汽车以额定功率在平直公路上匀速行驶，t 1时刻司机减小了油门，使汽车的输出功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t 2时刻汽车又开始做匀速直线运动（设整个过程中汽车所受的阻力不变〕则在t 1＜t ＜t 2的这段时间内A ．汽车的牵引力逐渐增大B ．汽车的牵引力逐渐减小C ．汽车的速度逐渐增大D ．汽车的速度逐渐减小5.如图所示，三个质量均为M 的相同形状的劈块放在地面上，另有三个质量均为m 的相同木块分别从劈块顶端沿斜面下滑，由于木块与劈块间的动摩擦因数不同，第一个加速下滑，第二个匀速下滑，第三个减速下滑，三个劈块均不动。

山东省临沂市东关中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，一电子以初速沿与金属板平行的方向飞入两板间，在下列哪种情况下，电子将向M板偏转A．开关K接通瞬间B．断开关K瞬间C．保持K接通，变阻器滑动触头向右迅速滑动D．保持K接通，变阻器滑动触头向左迅速滑动参考答案：AD2. （单选）一质量为1kg的物块在水平地面上向右滑行，物块与地面间的动摩擦因数为μ＝0.2，从t＝0时刻开始受到一水平向左的恒定外力F＝1N的作用，则反映物块所受摩擦力随时间变化的图象是(取向右为正方向)( )参考答案：A解：从t=0开始物体以一定初速度υ0向右滑行时，物体受到水平向左的滑动摩擦力，由公式f=μN 得摩擦力为f1=-μN=-μmg=-2N．物体的最大静摩擦力Fm=μmg=2N，由于F＜Fm，所以当物体的速度减小到零时，物体将停止运动，受到水平向右的静摩擦力，由平衡条件得物体受到的静摩擦力为f2=F=1N．故选：A．3. 如图，一升降机在箱底装有若干个弹簧，设在某次事故中，升降机吊索在空中断裂，忽略摩擦力，则升降机在从弹簧下端触地后直到最低点的一段运动过程中A ．升降机的速度不断减小B ．升降机的加速度不断变大C．先是弹力做的负功小于重力做的正功，然后是弹力做的负功大于重力做的正功D ．到最低点时，升降机加速度的值等于重力加速度的值参考答案：C4. (单选)如图所示，楔形木块静置于水平粗糙地面上，斜面与竖直墙之间放置一表面光滑的铁球，斜面倾角为θ，球的半径为R，球与斜面接触点为A。

现对铁球施加一个水平向左的力F，F的作用线通过球心O，若缓慢增大压力F，在整个装置保持静止的过程中：（A）斜面对铁球的作用力缓慢增大（B）斜面对地面的摩擦力缓慢增大（C）地面对斜面的作用力缓慢增大（D）任一时刻竖直墙对铁球的作用力都大于该时刻的水平外力F参考答案：D5.参考答案：BBD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学设计了一个如图甲所示的装置来测定滑块与木板间的动摩擦因数,其中A为滑块,B和C处是钩码,不计绳和滑轮的质量及它们之间的摩擦。