广东省汕头市潮阳区2014-2015学年高二上学期期末质量监测理综物理试题 扫描版含答案

B.洛伦兹力必与电荷速度方向垂直
C.运动电荷在磁场中必做匀速圆周运动
D.电荷 磁场中不可能做匀速运动
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图是一水平放置的矩形线圈abcd，在细长的磁铁的N极附近竖直下落，保持bc边在纸外、ad边在纸内，由图中的位置A经过位置B到位置C，这三个位置都靠得很近且B位置刚好在条形磁铁的中心轴线上．在这个过程中，下列说法正确的是( )
（2）请在虚线框内设计一个电路图______
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L
F.滑动变阻器：阻值范围0～10 Ω，额定电流2 A
G.滑动变阻器:阻值范围0～100 Ω，额定电流50 mA
H．电池组：电动势6 V，内阻约为1 Ω
I．开关一只，导线若干
（1）为了使测量尽可能地准确，电流表应选______，电压表应选_____,滑动变阻器应选_______．(填器材代号)需要使小灯泡两端电压从0逐渐增大到3.8 V且能方便地进行调节，滑动变阻器应采用_________的连接方式

2014-2015学年广东省汕头市东厦中学等三校高二（上）期末物理试卷一.单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（3分）磁场中某区域的磁感线，如图所示，则（）A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：磁场是一种特殊物质形态，既看不见又摸不着．因此引入磁感线来帮助我们理解磁场，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线上某点的切线方向表磁场的方向．而小段通电导线放在磁场中有磁场力作用，但要注意放置的角度．解答：解：磁场中某区域的磁感线如图所示：a处的磁感线比b处疏，则a点磁感强度比b点小．所以A不正确，B正确；当将一小段通电导线放入磁场时，若没有磁场力，不一定没有磁感应强度，原因是受到放置角度的限制，当通电导线垂直磁场时，受到的磁场力最大．所以C、D选项均不正确．故选B．点评：磁场方向的是根据小磁针的受力方向规定的，小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是该点磁场方向，也是磁感应强度方向．也可用磁感线的切线方向来判定磁场中的某点的磁场方向．磁感线的疏密程度来表示磁感应强度的大小．密的地方磁感应强度大，疏的地方磁感应强度小．这些特点和电场中的电场强度的方向和大小非常类似．2．（3分）（2010•上海）如图，长为2l的直导线折成边长相等，夹角为60°的V形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为B．当在该导线中通以电流强度为I的电流时，该V形通电导线受到的安培力大小为（）A．0B．0.5BIl C．B Il D．2BIl考点：安培力的计算．专题：计算题．分析：由安培力公式F=BIL进行计算，注意式中的L应为等效长度．解答：解：导线在磁场内有效长度为2lsin30°=l，故该V形通电导线受到安培力大小为F=BI2lsin30°=BIL，选项C正确．故选C．点评：本题考查安培力的计算，熟记公式，但要理解等效长度的意义．3．（3分）（2010•佛山一模）电荷量为3e的正离子，自匀强磁场a点如图射出，当它运动到b点时，打中并吸收了原处于静止状态的一个电子，若忽略电子质量，则接下来离子的运动轨迹是（）A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；动量守恒定律．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：离子在磁场中做匀速圆周运动，吸收电子后所带电荷量减小，根据洛伦兹力提供圆周运动向心力确定离子半径变化情况．解答：解：离了吸收一个电子后，离子带电荷量由+3e变为+2e，由于不考虑电子质量，故吸收电子后离子运动的速度保持不变．由洛伦兹力提供向心力qvB=m可得离子运动半径R=因为离子吸收电子后带电荷量减小且离子速度不变，故离子做圆周运动轨道半径R增大，离子带电荷各类没有发生变化，故离子圆周运动方向没有发生变化，故ABC错误，D正确．故选D点评：该题考查带电离子在磁场中的运动，由于电量的改变而导致运动半径的变化，此内容是高考的重点内容之一，有很强的伸缩空间，是考生复习的重点．本题属中等题目4．（3分）关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．解答：解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．点评：本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．5．（3分）（2013•汕头一模）如图，在正点电荷Q形成的电场中，在某点M放入一电荷量为q的正点电荷P，P受到的库仑力为F，下列表述正确的是（）A．P、Q之间相互吸引B．若将P移走，则M点的电场强度为零C．若将P移近Q，则P所受库仑力减小D．若将P的电荷量增大为2q，则P所受库仑力增大为2F考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场中的场强与放入电场中的电荷无关，电场强度的定义式为E=．电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱．解答：解：A、由题意可知，点电荷Q与P均为同种电荷，则出现排斥现象，故A错误；B、M点的电场强度由正点电荷Q产生的，当在M点放入P点电荷时，则电荷受到电场力作用；当取走电荷时，则没有电场力，而该处的电场强度却依然存在，故B错误；C、若将P移近Q时，两者间的库仑力将增大，故C错误；D、根据电场强度的定义式为E=．当将P的电荷量增大为2q，则P所受库仑力增大为2F，故D正确，故选：D点评：解决本题的关键理解电场强度的定义式E=．知道其与放入电场中的电荷无关．电场线越密的地方，场强越强；电场线越疏的地方，场强越弱．6．（3分）（2010•安徽）如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，R0为定值电阻，R1、R2为可调电阻，用绝缘细线将质量为m、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F．调节R1、R2，关于F的大小判断正确的是（）A．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变大B．保持R1不变，缓慢增大R2时，F将变小C．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变大D．保持R2不变，缓慢增大R1时，F将变小考点：串联电路和并联电路；共点力平衡的条件及其应用；电场强度；路端电压与负载的关系．专题：压轴题；恒定电流专题．分析：电容器两端间的电压与R0两端的电压相等，通过判断R0两端间电压的变化，知道极板间电场的变化，从而知道电场力的变化及拉力的变化．解答：解：保持R1不变，缓慢增大R2时，由于R0和R2串联，总电流减小，R0两端的电压减小，即平行板电容器的两个极板的电压U减小，带电小球受到的电场力减小，悬线的拉力为将减小，故A错误，B正确．保持R2不变，缓慢增大R1时，由于在含容支路中的电阻相当于导线，所以R0两端的电压不变，F电不变，悬线的拉力为F不变，故C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键是1、熟悉含容电路的特点：电容两端间的电压与其并联部分的电压相等；含容支路中的电阻相当于导线．2、会正确的进行受力分析，搞清楚什么力变化导致拉力的变化．7．（3分）（2014•安徽一模）如图所示，A、B为相同的两个灯泡，均发光，当变阻器的滑片P向下端滑动时，则（）A．A灯变亮，B灯变暗B．A灯变暗，B灯变亮C．A、B灯均变亮D．A、B灯均变暗考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯B并联与R串联，再与灯A并联．当变阻器的滑片P向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻减小，根据欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，即可知道灯A的亮度变化．根据总电流和通过A电流的变化，分析通过R的电流变化和电压变化，可分析出B两端电压的变化，即可灯B亮度变化．可分析出通过并联电路的变化，则知灯B的变化．解答：解：电路的结构是：变阻器与灯B并联与R串联，再与灯A并联．当变阻器的滑片P 向下端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，则知总电流增大，内电压增大，路端电压减小，通过A的电流减小，则灯A变暗．因总电流增大、通过A的电流减小，则通过R的电流增大，R的电压增大，路端电压减小，则B两端电压的减小，B灯变暗．所以A、B灯均变暗．故选：D．点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．8．（3分）如图所示，在两条竖直边界线所围的匀强电场中，一个不计重力的带电粒子从左边界的P点以某一水平速度射入电场，从右边界的Q点射出，下列判断正确的有（）A．粒子带正电B．粒子做匀速圆周运动C．粒子电势能增大D．若增大电场强度粒子通过电场的时间变大考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据带电粒子的偏转方向得出粒子所受电场力的方向，从而确定电荷的电性，粒子垂直进入匀强电场做类平抛运动，根据电场力做功判断电势能的变化，将粒子的运动分解为水平方向和竖直方向，抓住水平方向上做匀速直线运动判断时间的变化．解答：解：A、粒子垂直电场进入，做类平抛运动，电场力竖直向下，知粒子带正电．故A 正确，B错误．B、从P到Q，电场力做正功，电势能减小．故C错误．D、粒子在水平方向上做匀速直线运动，初速度不变，由x=v0t知：t=，则仅增大电场强度，粒子穿越电场的时间不变，故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道粒子垂直进入电场做类平抛运动，掌握处理类平抛运动的方法，知道电场力做功与电势能变化的关系．二、双项选择题：本大题共6小题，每小题4分，共24分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得4分，只选1个且正确的得2分，有选错或者不答的得0分．9．（4分）如图是点电荷电场中的一条电场线，下面说法正确的是（）A．A点的场强一定大于B点的场强B．A点的电势一定比B点高C．这个电场一定是正电荷形成的D．在B点由静止释放一个电子，它一定向A点运动考点：电场线；电势；电势差与电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、只有一条电场线不能判断电荷的情况，所以不能判断是不是正电荷产生的，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，所以A错误；B、沿电场线的方向电势降低，所以A点的电势一定比B点高．故B正确；C、由于只有一条电场线，不能判断电场线的疏密情况，所以不能判断场强的大小，也不能判定这个电场一定是否是正电荷形成的．所以C错误；D、由图可以知道的电场的方向向右，所以当由静止释放一个电子时，电子的受力的方向向左，所以电子将一定向A点运动，所以D正确．故选：BD点评：本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．10．（4分）如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个电荷q处于静止状态．现将两极板的间距变大，则（）A．电容器的电容增大B．电荷将向下加速运动C．电容器带电量不变D．电流表中将有从b到a的电流考点：电容．专题：电容器专题．分析：电荷q处于静止状态，受到重力与电场力而平衡．将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，根据板间场强E=分析场强的变化，再分析电荷q所受电场力的变化，判断电荷q的运动方向．根据电容的决定式分析电容的变化，而电容器的电压一定，再由电容的定义式分析板间电容器电量的变化，根据电容器是充电还是放电，分析电路中电流的方向．解答：解：A、将两极板的间距变大，根据电容的决定式C=，电容减小，故A错误；B、将两极板的间距变大，而电容器的电压不变，板间场强E=减小，电荷q所受的电场力F=Eq减小，电荷将向下加速运动，故B正确；C、电容减小，电压不变，根据Q=CU，电量减小，故C错误；D、电容器的电量减小，电容器放电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从b到a的电流，故D正确；故选：BD．点评：对于电容器动态变化分析问题，首先要根据电容的决定式C=判断电容的变化，抓住不变量，再由电容的定义式C=分析电量或电压的变化，再进一步研究场强等的变化．11．（4分）如图，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ=30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，下列四种方法，可行的是（）A．增大电流B．增加直导线的截面积C．使导线在纸面内顺时针转D．使导线在纸面内逆时针转60°考点：安培力．分析：根据左手定则的内容，判定安培力的方向．左手定则的内容是：伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流的方向相同，大拇指所指的方向为安培力的方向．而安培力的大小F=BILsin30°，且B与I垂直；若不垂直时，则将B沿导线方向与垂直方向进行分解．解答：解：A、由公式F=BILsin30°，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力．故A 正确；B、由公式F=BILsin30°，当增加直导线的截面积时，不会影响通电导线所受的磁场力．故B错误；C、当使导线在纸面内顺时针转30°时，虽导线长度没有变化，但导致导线与磁场平行，则所受磁场力变小，故C错误；D、当使导线在纸面内逆时针转60°时，虽导线长度没有变化，由公式F=BILsin90°，则所受磁场力变大，故D正确；故选：AD点评：解决本题的关键会根据左手定则判断电流方向、磁场方向、安培力方向的关系．同时考查安培力大小公式的成立条件，注意无论导线如何转动，产生安培力的大小均不变．12．（4分）如图所示，虚线框MNPQ内为一矩形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里．a、b、c是三个质量和电荷量都相等的带电粒子，它们从PQ边上的中点沿垂直于磁场的方向射入磁场，图中画出了它们在磁场中的运动轨迹．若不计粒子所受重力，则（）A．粒子a带负电，粒子b、c带正电B．射入磁场时，粒子b的动能最大C．粒子b的运动轨迹是抛物线D．射入磁场时c的运动时间最大考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子运动轨迹由左手定则判断粒子的电性；粒子在磁场中做圆周运动，由牛顿第二定律求出粒子的速度，然后求出粒子的动能；根据粒子做圆周运动的周期与转过的圆心角比较粒子运动时间．解答：解：A、根据左手定则知粒子a带正电，粒子b、c带负电，故A错误；B、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：v=，粒子的动能E K=mv2=，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子动能越大，由图示可知，b的轨道半径r最大，则b粒子动能最大，故B正确；C、粒子在磁场中做匀速圆周运动，运动轨迹是圆弧，故C错误；D、粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=相同，粒子在磁场中的运动时间：t=T=，由于m、q、B都相同，粒子c转过的圆心角θ最大，则射入磁场时c的运动时间最大，故D正确；故选：BD．点评：带电粒子在磁场、质量及电量相同情况下，运动的半径与速率成正比，从而根据运动圆弧来确定速率的大小．13．（4分）如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线．以下说法正确的是（）A．电池组的内阻是1ΩB．电阻的阻值为0.33ΩC．将该电阻接在该电池组两端，电池组的输出功率将是4WD．改变外电阻的阻值时，该电池组的最大输出功率为4W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律得：I=，由电池组的伏安特性曲线斜率倒数的大小求出电源的内阻．由电阻的伏安特性曲线斜率倒数的大小求出电阻值．两图线的交点即为该电阻接在该电池组两端是工作状态，读出电流和电压，求出电池组的输出功率．当外电阻等于电池内阻时，该电池组的输出功率最大，并功率公式求出电池组的最大输出功率．解答：解：A、由图线a斜率倒数的大小求出电池组的内阻r===1Ω．故A正确．B、由图线b斜率倒数的大小求出电阻的阻值R==3Ω．故B错误．C、将该电阻接在该电池组两端，电路中电流I=1A，路端电压为U=3V，电池组的输出功率P出=3W．故C错误．D、由图线a读出电源的电动势E=4V．当外电阻等于电池内阻时，该电池组的输出功率最大，电池组的最大输出功率P max==4W．故D正确．故选AD点评：本题考查读图的能力．对于图象，往往从数学上斜率、截距、交点等知识来理解其物理意义．14．（4分）如图为磁流体发电机的原理图，等离子体束（含有正、负离子）以某一速度垂直喷射入由一对磁极CD产生的匀强磁场中，A、B是一对平行于磁场放置的金属板．稳定后电流表中的电流从“+”极流向“﹣”极，由此可知（）A．D磁极为N极B．正离子向B板偏转C．负离子向D磁极偏转D．离子在磁场中偏转过程洛仑兹力对其不做功考点：霍尔效应及其应用．分析：根据电流的流向确定极板的带电，通过左手定则判断磁场方向，确定正负离子的偏转方向．解答：解：根据电流的方向知，A板带正电，B板带负电，正离子向A板偏转，负离子向B 板偏转．根据左手定则知，D极为N极，C极为S极．因为洛伦兹力的方向与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功．故A、D正确，B、C错误．故选AD．点评：解决本题的关键掌握左手定则判断电荷的运动方向、磁场方向和洛伦兹力方向的关系．三、实验题（共18分）15．（8分）（2014•深圳二模）为测定一节干电池的电动势和内阻．现提供如下仪器：A．电压表（量程2V，内阻约8kΩ）B．电流表（量程0.6A，内阻r A=0.8Ω）C．滑动变阻器（0﹣20Ω）D．开关E．若干导线①为准确测定干电池的电动势和内阻，应选择图甲（选填“甲”或“乙”）；②闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至左端．（选填“左”或“右”）③移动变阻器的滑片，得到几组电压表和电流表的示数，描绘成如图丙所示的U﹣I图象．从图线的截距得出干电池的电动势为1.40V的理论依据是电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势；④利用图丙可得到干电池的内阻为0.63 Ω（保留两位有效数字）．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：①根据电源内阻大小与图示电路图分析答题；②滑动变阻器采用限流接法，闭合开关前，滑片要置于阻值最大位置；③根据闭合电路欧姆定律分析答题；④电源U﹣I图象斜率的绝对值是电源电动势．解答：解：①电流表内阻已知，采用伏安法测电源电动势与内阻时，应选择图甲所示电路．②由图乙所示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至左端．③在闭合电路中，路端电压U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，则电源的U﹣I图象与纵轴交点坐标值等于电源电动势，由图丙所示图象可知，电源电动势为1.40V．④电源U﹣I图象斜率的绝对值是电源内阻，由图丙所示图象可知，电源内阻r==≈1.43Ω，电池内阻为1.43﹣0.8=0.63Ω．故答案为：①甲；②左；③电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势；④0.63．点评：应用伏安法测电源电动势与内阻时，如果电源内阻较小，相对于电源来说，应采用电流表外接法．16．（10分）①为了测定光敏电阻R x的光敏特性，某同学使用多用表“×100”的欧姆挡测其在正常光照下的大致电阻，示数如图甲所示，则所测得的阻值R x= 3200 Ω；②为了比较光敏电阻在正常光照射和强光照射时电阻的大小关系，采用伏安法测电阻得出两种“U﹣I”图线如图乙所示，由此可知正常光照射时光敏电阻阻值为3000 Ω，强光照射时光敏电阻阻值为200 Ω；③考虑到电表内阻对实验结果的影响，图丙电路中测量值小于真实值（填“大于”、“小于”、“等于”），请根据图丙将图丁中的仪器连接成完整实验电路．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．分析：①欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；②根据图象应用欧姆定律可以求出电阻阻值；③电流表采用外接法时，由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻的测量值偏小；根据电路图连接实物电路图．解答：解：①由图甲所示可知，阻值：R x=32×100=3200Ω；②由图乙所示图象可知，正常光照射时光敏电阻阻值：R X===3000Ω强光照射时光敏电阻阻值：R X′===200Ω③由图丙所示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流表测量值偏大，根据欧姆定律，电阻的测量值偏小；根据图丙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所：故答案为：①3200；②3000；200；③小于；连线如图．点评：欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；电流表外接法适用于测小电阻，电流表内接法适用于测大电阻．四、计算题（共34分）17．（16分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin 37°=0.60、cos 37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力；（3）导体棒受到的摩擦力．（4）若将磁场方向改为竖直向上，要使金属杆继续保持静止，且不受摩擦力左右，求此时磁场磁感应强度B2的大小？考点：安培力．分析：（1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小．（2）根据安培力的公式F=BIL求出安培力的大小．（3）导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小．（4）当B的方向改为竖直向上时，这时安培力的方向变为水平向右，画出受力图，然后结合几何关系即可求出．解答：解：（1）根据闭合电路欧姆定律得：I1==1.5 A．（2）导体棒受到的安培力为：F安=BIL=0.30 N．由左手定则可知，安培力沿斜面向上（3）对导体棒受力分析如图，将重力正交分解，沿导轨方向有：F1=mgsin 37°=0.24 NF1＜F安，根据平衡条件可知，摩擦力沿斜面向下mgsin 37°+f=F安解得：f=0.06 N．（4）当B的方向改为竖直向上时，这时安培力的方向变为水平向右，则B2IL=mgtan α，B2=0.5T答：（1）通过导体棒的电流是1.5A；（2）导体棒受到的安培力0.30 N，由左手定则可知，安培力沿斜面向上；（3）导体棒受到的摩擦力是0.06N．（4）若将磁场方向改为竖直向上，要使金属杆继续保持静止，且不受摩擦力左右，此时磁场磁感应强度B2的大小是0.5T．点评：解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，安培力的大小公式，以及会利用共点力平衡去求未知力．18．（18分）（2012•浙江）如图所示，两块水平放置、相距为d的长金属板接在电压可调的电源上．两板之间的右侧区域存在方向垂直纸面向里的匀强磁场．将喷墨打印机的喷口靠近上板下表面，从喷口连续喷出质量均为m、水平速度均为v0、带相等电荷量的墨滴．调节电。

广东省汕头市潮师高级中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理（理）试题一．单项选择题：共8小题，每小题3分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项．选对的得3分，有选错或不答的得0分．1．关于元电荷的理解，下列说法正确的是( )A．元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量 B．元电荷就是质子C．元电荷就是自由电荷的简称 D．物体所带的电荷量可以为任意实数2.等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点．则检验电荷在此全过程中（）A．所受电场力的方向将发生改变 B．所受电场力的大小恒定C．电势能一直减小 D．电势能先不变后减小3．两个固定的异号电荷，电荷量给定但大小不等，且q1<q2．用E1和E2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小，则在通过两点电荷的直线上，E1＝E2的点( ) A．有三个，其中两处合场强为零 B．有三个，其中一处合场强为零C．只有二个，其中一处合场强为零 D．只有一个，该处合场强不为零4．两个分别带有电荷量－Q和＋3Q的相同金属小球(均可视为点电荷)，固定在相距为r的两处，它们间库仑力的大小为F，两小球相互接触后将其固定距离变为r2，则两球间库仑力的大小为()A.112F B. 12F C. 34F D．43F5．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点电场强度和电势均相同的是6．下列说法中，正确的是（）A.当两个正点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大B.当两个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能减小C.一个正点电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大D.一个正点电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力减小，它们的电势能也减小7. 图中所示是一个平行板电容器，其电容为C ，带电荷量为Q ，上极板带正电．现将一个试探电荷q 由两极板间的A 点移动到B 点，如图所示．A 、B 两点间的距离为s ，连线AB 与极板间的夹角为30°．则电场力对试探电荷q 所做的功等于 （ ） A ．Qd qCsB ．Cd qQsC ．CdqQs 2 D ．QdqCs2 8．平行板电容器充电平衡后仍与电相连，两极板间的电压是U ，充电荷量为Q ，两极板间场强为E ，电容为C ，现将两极板间距离增大，则 （ ） A ．U 不变，E 不变，C 不变，Q 不变 B ．U 不变，E 变小，C 变小，Q 变小 C ．U 不变，E 变大，C 变大，Q 变大 D ．U 不变，E 不变，C 变大，Q 变小二．双项选择题：共8小题，每小题4分，共32分。

汕头市2013—2014学年度普通高中教学质量监测高二物理试卷分选择题和非选择题两部分，满分100分，考试时间90分钟.注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和考生号及其他项目填写在答题卡上和答题纸上．2．选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试题卷上．3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题纸上各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．4．考生必须保持答题卡的整洁，考试结束后，将答题卡和答题纸一并交回.一、单项选择题：本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题的四个选项中只有一个符合题意，选对的得3分，选错或不选的得0分.1．如图所示，轻绳a 、b 将灯笼悬挂于O 点．灯笼保持静止，所受重力为G ，绳a 、b 对O 点拉力的合力为F ， 以下关于合力F 的判断正确的是A ．F >G ，方向竖直向上B ．F >G ，方向斜向上C ．F=G ，方向竖直向上D ．F =G ，方向斜向上2．如图是著名的伽利略斜面实验的示意图，让小球从倾角为θ的光滑斜面由静止滑下，在不同的条 件下进行多次实验，下列叙述正确是 A ．θ角越大，小球对斜面的压力越大B ．θ角越大，小球从斜面顶端运动到底端所需时间越短C ．θ角越大，小球运动的加速度越小D ．θ角一定，质量不同的小球运动的加速度也不同3. 真空中，相距r 的两点电荷间库仑力的大小为F .当它们间的距离变为3r 时，库仑力的大小变为 A ．9F B ．F 31 C ．F 91D ．3F 4. 某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b 点运动到a 点，以下说法正确的是A. 该电场是匀强电场B. b 点电势高于a 点电势C. 电场力对粉尘做负功D. 粉尘的电势能减少5. 电磁冲击钻的原理示意图如图所示，若发现钻头M 突然向右运动， 则可能发生在A ．开关S 由断开到闭合的瞬间B ．开关S 由闭合到断开的瞬间C ．保持开关S 闭合，变阻器滑片P 加速向右滑动D ．保持开关S 闭合，变阻器滑片P 匀速向右滑动 6．关于做匀速圆周运动的人造地球卫星，下列说法正确的是A ．卫星离地面越高，运行周期越小B ．在卫星中的物体处于完全失重状态，不受地球引力作用C ．在离地面高为R （R 为地球半径）的高处，所受地球引力为在地面时引力的41 D ．卫星绕地球运行的速度可能达到10km/s二、双项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分，每小题中的四个选项中只有两个选项符合题意，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分.7. 如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，则A ．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B ．圆桶转速增大，衣服对桶壁的压力也增大C ．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D ．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动8．汽车以额定功率在足够长的平直公路上启动并行驶，阻力保持不变，则A ．汽车的加速度和速度都逐渐增加B ．汽车速度增加时，汽车所受的牵引力逐渐减少C ．汽车匀速行驶时，速度达到最大值D ．汽车匀速行驶时，所受的牵引力为零9．如图，在光滑斜面上，垂直纸面放置一根直导体棒.在导体棒中通以垂直纸面向里电流时欲使导体棒静止在斜面上，所加匀强磁场的磁感应强度的方向正确的是 A．方向垂直斜面向上 B．方向垂直斜面向下 C．方向竖直向上D．方向竖直向下10．如图为远距离输电的示意图，若电厂输出电压V 100sin 2220 1t u ，下列表述正确的是A ．U 1< U 2，U 3> U 4B . 该电厂输出电压的有效值为2220VC ．用户得到的交变电流频率为25HzD ．若U 2提高为原来的10倍，则输电线上损失的功率为原来的100111. 如图，某人向放在水平地面的正前方小桶中水平抛出一小球，结果球飞到小桶的前方．为能把 小球抛进小桶中，则水平抛球时，以下的哪些调整是正确的（不计空气阻力作用） A ．抛出点高度不变，减小抛出初速度 B ．抛出点高度不变，增大抛出初速度 C ．抛出初速度不变，降低抛出点高度 D ．抛出初速度不变，提高抛出点高度 12. 放射性元素Th 23490的衰变方程为X Pa Th 2349123490 ，下列相关表述正确的是A ．该衰变是α衰变B ．X 粒子是电子C ．Th 核发生衰变时原子核要吸收能量D ．加压或加温都不能改变其衰变的快慢13．薄铝板将同一匀强磁场分成Ⅰ、Ⅱ两个区域，高速带电粒子能穿过铝板一次，在两个区域运动 的轨迹如图，半径R 1＞R 2，假定穿过铝板前后粒子电量和质量保持不变，则该粒子A ．从P 点射出，从区域Ⅰ穿过铝板运动到区域ⅡB ．从Q 点射出，从区域Ⅱ穿过铝板运动到区域ⅠC ．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动速度相同D ．在Ⅰ、Ⅱ区域的运动时间相同三、非选择题：本题4小题，共54分.按题目要求作答。