图 27-12
第二十三页,共三十五页。
高频考向探究
解:(1)△ CMN 是等腰三角形.
理由:由折叠的性质可得:∠ANM=∠CNM.
∵四边形 ABCD 是矩形,∴AD∥BC.∴∠ANM=∠CMN.
∴∠CMN=∠CNM.∴CM=CN.即△ CMN 为等腰三角形.
(2)过点 N 作 NH⊥BC 于点 H,则四边形 NHCD 是矩形.∴HC=DN,NH=DC.
请根据上图完成这个推论的证明过程.
证明:S 矩形 NFGD=S△ ADC-(S△ ANF+S△ FGC),S 矩形 EBMF=S△ ABC-(
易知,S△ ADC=S△ ABC,
=
,
=
+
.
).
[答案]S△ AEF S△ CFM S△ ANF
S△ AEF S△ FGC S△ CFM
可得 S 矩形 NFGD=S 矩形 EBMF.
(2)连接 AE,BE,AE 与 BE 相等吗?请说明理由.
图 27-6
第十五页,共三十五页。
高频考向探究
解:(1)证明:∵DE∥AC,CE∥BD,∴四边形 OCED 为平行四边形.
又∵AC,BD 为矩形 ABCD 的对角线,∴OC=OD,∴▱ OCED 为菱形.
(2)AE 与 BE 相等.
理由:由(1)可知▱ OCED 为菱形,∴ED=EC,∴∠EDC=∠ECD.
(1)矩形的四个角都是② 直
角;
(2)矩形的两条对角线互相平分且③ 相等
直角三角形斜边上的中线等于④ 斜边
第二页,共三十五页。
的一半
课前双基巩固
(1)定义法
矩形的判定
(2)有三个角是直角的四边形是矩形