高考物理一轮练习 10单元过关检测 新人教版

2019届高考物理一轮复习第十章电磁感应章末过关检测新人教版编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019届高考物理一轮复习第十章电磁感应章末过关检测新人教版）的内容能够给您的工作和学习带来便利。

同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。

本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快业绩进步，以下为2019届高考物理一轮复习第十章电磁感应章末过关检测新人教版的全部内容。

第十章电磁感应章末过关检测(十）(时间：60分钟满分：100分)一、单项选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分．在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确)1．磁卡的磁条中有用于存储信息的磁极方向不同的磁化区，刷卡器中有检测线圈，当以速度v0刷卡时,在线圈中产生感应电动势．其E－t关系如图所示．如果只将刷卡速度改为错误!,线圈中的E－t关系图可能是（）解析：选D.若将刷卡速度改为v2，线圈切割磁感线运动时产生的感应电动势大小将会减半，周期将会加倍,故D项正确,其他选项错误．2。

如图所示,一水平放置的矩形闭合线圈abcd，在细长磁铁的N极附近竖直下落,保持bc边在纸外，ad边在纸内，从图中位置Ⅰ经过位置Ⅱ到达位置Ⅲ,位置Ⅰ和Ⅲ都很靠近Ⅱ.在这个过程中，线圈中感应电流（）A．沿abcd流动B．沿dcba流动C．由Ⅰ到Ⅱ是沿abcd流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿dcba流动D．由Ⅰ到Ⅱ是沿dcba流动，由Ⅱ到Ⅲ是沿abcd流动解析:选 A.由条形磁铁的磁场分布情况可知，线圈在位置Ⅱ时穿过矩形闭合线圈的磁通量最少．线圈从位置Ⅰ到Ⅱ,穿过abcd自下而上的磁通量减少，感应电流的磁场阻碍其减少，则在线框中产生的感应电流的方向为abcd，线圈从位置Ⅱ到Ⅲ,穿过abcd自上而下的磁通量在增加，感应电流的磁场阻碍其增加，由楞次定律可知感应电流的方向仍然是abcd。

第十章第一节电磁感应现象、楞次定律[A级—根底练]1．(08786989)如下列图，闭合圆形导体线圈放置在匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，当磁感应强度逐渐增大时，以下说法正确的答案是( )A．线圈中产生顺时针方向的感应电流B．线圈中产生逆时针方向的感应电流C．线圈中不会产生感应电流D．线圈面积有缩小的倾向解析：C [由于线圈平面与磁场平行，所以穿过线圈的磁通量为0.当磁感应强度增大时，穿过线圈的磁通量仍然为0，如此线圈中不会产生感应电流，故只有C正确．] 2．(08786990)(2018·福建质检)法拉第在1831年发现了“磁生电〞现象．如图，他把两个线圈绕在同一个软铁环上，线圈A和电池连接，线圈B用导线连通，导线下面平行放置一个小磁针．实验中可能观察到的现象是( )A．用一节电池作电源小磁针不偏转，用十节电池作电源小磁针会偏转B．线圈B匝数较少时小磁针不偏转，匝数足够多时小磁针会偏转C．线圈A和电池连接瞬间，小磁针会偏转D．线圈A和电池断开瞬间，小磁针不偏转解析：C [小磁针能否发生偏转，要看B中能不能产生感应电流，与A连接的电源电动势的大小无关，A错误；只要穿过B的磁通量发生变化，B中就可产生感应电流，小磁针就可以发生偏转，如果磁通量不变，匝数再多也没有用，B错误；线圈A与电池连接的瞬间，B中的磁场从无到有，磁通量发生变化，B中会产生感应电流，小磁针会发生偏转，C正确；线圈A与电池断开瞬间，穿过B的磁场从有到无，B中会产生感应电流，小磁针会发生偏转，D错误．]3．(08786991)(2018·山东烟台期末)如下列图，通电导线MN与单匝矩形线圈abcd共面，位置靠近ab且相互绝缘．当矩形线圈突然向右运动时，线圈所受安培力的合力方向( )A．向左B．向右C．垂直纸面向外D．垂直纸面向里解析：A [当矩形线圈突然向右运动时，线圈中会产生逆时针方向的电流，根据左手定如此可知，ab边受的安培力向左，cd边受的安培力向左，合力的方向向左，A正确．或根据楞次定律，“来拒去留〞，感应电流的效果总是阻碍相对运动，所以线圈向右运动如此所受安培力向左．]4．(08786993)(2018·辽宁葫芦岛期末)如下列图，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒．ab和cd用导线连成一个闭合回路．当ab棒向右运动时，cd金属棒受到向下的安培力．如下说法正确的答案是( )A．由此可知d端电势高于c端电势B．由此可知Ⅰ是S极C．由此可知Ⅰ是N极D．当cd棒向下运动时，ab导线受到向左的安培力解析：C [根据题意可知：cd中电流的方向由c→d，c端电势高于d端，A错误；ab 中电流的方向由b→a，对ab应用右手定如此可知Ⅰ是N极，Ⅱ是S极，B错误，C正确．当cd棒向下运动时，回路中会产生由d→c的电流，如此ab中电流的方向由a→b，根据左手定如此可知，AB受的安培力向右，D错误．]5．(08786994)(2018·浙江宁波期末)如图甲所示，在同一平面内有两个圆环A、B，圆环A将圆环B分为面积相等的两局部，以图甲中A环电流沿顺时针方向为正，当圆环A中的电流如图乙所示变化时，如下说法正确的答案是( )A．B中始终没有感应电流B．B中有顺时针方向的感应电流C．B中有逆时针方向的感应电流D．B中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向解析：B [由于圆环A中的电流发生了变化，故圆环B中一定有感应电流产生，由楞次定律判定B中有顺时针方向的感应电流，故B选项正确．]6．(08786995)(2018·山东潍坊一模)如下列图，线圈A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随时间均匀增大；等离子气流(由高温高压的等电荷量的正、负离子组成)由左方连续不断地以速度v0射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．发现两直导线a、b互相吸引，由此可以判断P1、P2两极板间的匀强磁场的方向为( )A．垂直纸面向外B．垂直纸面向里C．水平向左D．水平向右解析：B [线圈A内有竖直向上的磁场，磁感应强度B随时间均匀增大；根据楞次定律可知a中电流的方向向下，a、b相互吸引，说明b中电流的方向也是向下，如此P1带正电，说明正离子向上偏转，根据左手定如此可知P1、P2间磁场的方向垂直于纸面向里，B正确．] 7．(08786996)(2018·湖南长沙一模)自1932年磁单极子概念被狄拉克提出以来，不管是理论物理学家还是实验物理学家都一直在努力寻找，但迄今仍然没能找到它们存在确实凿证据．近年来，一些凝聚态物理学家找到了磁单极子存在的有力证据，并通过磁单极子的集体激发行为解释了一些新颖的物理现象，这使得磁单极子困难的探索之路出现了一丝曙光．如果一个只有N极的磁单极子从上向下穿过如下列图的闭合超导线圈，如此从上向下看，这个线圈中将出现( )A．先是逆时针方向，然后是顺时针方向的感应电流B．先是顺时针方向，然后是逆时针方向的感应电流C．逆时针方向的持续流动的感应电流D．顺时针方向的持续流动的感应电流解析：C [N极磁单极子穿过超导线圈的过程中，当磁单极子靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，且磁场方向从上向下，所以由楞次定律可知感应电流方向为逆时针；当磁单极子远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，且磁场方向从下向上，所以由楞次定律可知感应电流方向为逆时针．因此线圈中产生的感应电流方向不变．由于超导线圈中没有电阻，因此感应电流将长期维持下去，故A、B、D错误，C正确．]8．(08786997)(2018·河南许昌三模)如下列图，一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内，其下方(略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线，导线中通以图示方向的恒定电流．释放线框，它由实线位置下落到虚线位置未发生转动，在此过程中( )A．线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCAB．线框的磁通量为零时，感应电流却不为零C．线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上D．线框做自由落体运动解析：B [根据右手定如此，通电直导线的磁场在上方垂直纸面向外，下方垂直纸面向里；离导线近的地方磁感应强度大，离导线远的地方磁感应强度小．线框从上向下靠近导线的过程，垂直纸面向外的磁通量增加，根据楞次定律，线框中产生顺时针方向的电流；穿越导线时，上方垂直纸面向外的磁场和下方垂直纸面向里的磁场叠加，先是垂直纸面向外的磁通量减小，之后变成垂直纸面向里的磁通量增大，直至最大；根据楞次定律，线框中产生逆时针方向的电流．垂直纸面向里的磁通量变成最大后，线框继续向下运动，垂直纸面向里的磁通量减小，这时的电流方向又变成了顺时针，即感应电流方向依次为ACBA→ABCA→ACBA，故A错误；根据A中的分析，线框穿越导线时，始终有感应电流存在，故B正确；根据楞次定律，安培力始终阻碍线框相对磁场的运动，故安培力的方向始终向上，线框不可能做自由落体运动，故C、D错误．][B级—能力练]9．(08786998)(多项选择)(2018·安徽“学普〞开学联考)如图是磁悬浮的原理，图中A是圆柱形磁铁，B是用高温超导材料制成的超导圆环，将超导圆环水平放在磁铁A上，它就能在磁力的作用下悬浮在磁铁A上方的空中，如此( )A．将B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流，当稳定后，感应电流消失B．将B放入磁场的过程中，B中将产生感应电流，当稳定后，感应电流仍存在C．如A的N极朝上，B中感应电流为顺时针方向(俯视)D．如A的N极朝上，B中感应电流为逆时针方向(俯视)解析：BC [当将B环靠近A时，由于越靠近磁铁A，磁场就越强，磁感线就越密，所以在靠近过程中穿过B环的磁通量发生改变，即在该环中会产生感应电流；由于发生了超导，即B环没有电阻，所以稳定后B环中的电流不会变小，且永远存在，故A错误，B正确；此时B环水平放在磁铁A上且悬浮在磁铁A的上方空中，即其相互排斥，说明B环的下面是N 极，故感应电流为顺时针方向(俯视)，故C正确，D错误．]10．(08786999)(多项选择)(2018·广东珠海摸底)矩形导线框abcd与长直导线MN放在同一水平面上，ab边与MN平行，导线MN中通入电流方向如下列图，当MN中的电流增大时，如下说法正确的答案是( )A．导线框abcd有逆时针的感应电流B．bc、ad两边均不受安培力的作用C．导线框所受的安培力的合力向右D．MN所受线框给它的作用力向左解析：ACD [直导线中通有M→N均匀增大的电流，根据安培定如此，知通过线框的磁场垂直纸面向里，且均匀增大，根据楞次定律，知感应电流的方向为逆时针方向，故A正确．根据A选项分析可知，依据左手定如此，bc、ad两边均受安培力的作用，故B错误．根据左手定如此，知，ab边所受安培力方向水平向右cd边所受安培力方向水平向左，离导线越近，磁感应强度越大，所以ab边所受的安培力大于cd边所受的安培力，如此线框所受安培力的合力方向向右，因此MN所受线框给它的作用力向左，故C、D正确．]11．(08787000)(多项选择)(2018·某某虹口区一模)如下列图，水平放置的光滑绝缘直杆上套有A、B、C三个金属铝环，B环连接在图示的电路中．闭合开关S的瞬间( )A．A环向左滑动B．C环向左滑动C．A环有向外扩展的趋势D．C环有向内收缩的趋势解析：AD [闭合开关S的瞬间，通过A、C环的磁通量增大，根据楞次定律和左手定如此可知：A环向左运动，且有收缩的趋势；C环向右运动，有收缩的趋势，故A、D正确，B、C错误．]12．(08787001)(多项选择)如下列图，磁场方向垂直于纸面，磁感应强度大小在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用绝缘细线悬挂于O点．将圆环拉至位置a 后无初速度释放，圆环摆到右侧最高点b，不计空气阻力．在圆环从a摆向b的过程中( )A．感应电流方向先是逆时针方向，再顺时针方向，后逆时针方向B．感应电流方向一直是逆时针C．安培力方向始终与速度方向相反D．安培力方向始终沿水平方向解析：AD [由楞次定律知，感应电流方向先是逆时针方向，再顺时针方向，后逆时针方向，A正确，B错误，根据左手定如此，因等效导线是沿竖直方向的，且两边的磁感应强度不同，故合力方向始终沿水平方向，和速度方向会有一定夹角，C错误，D正确．] 13．(08787002)(多项选择)如下列图，线圈A、B同心置于光滑水平桌面上，线圈A中通有逐渐增大的逆时针方向的电流，如此 ( )A．线圈B将顺时针转动起来B．线圈B中有顺时针方向的电流C．线圈B将有沿半径方向扩张的趋势D．线圈B对桌面的压力将增大解析：BC [当线圈A中通有逐渐增大的逆时针方向的电流时，穿过线圈B的磁通量竖直向上且增大，根据楞次定律，线圈B产生顺时针方向的电流；根据楞次定律的另一种表述，线圈B有扩张的趋势，阻碍磁通量的增加，故B、C正确，A错误．线圈B受到的安培力在水平方向上，线圈B对桌面的压力将不变，故D错误．]14．(08787003)如下列图，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，金属棒MN沿框架以速度v向右做匀速运动．t＝0时，磁感应强度为B0，此时MN到达的位置使MDEN构成一个边长为l的正方形．为使MN棒中不产生感应电流，从t＝0开始，求磁感应强度B随时间t变化的关系式．解析：要使MN棒中不产生感应电流，应使穿过线圈平面的磁通量不发生变化在t＝0时刻，穿过线圈平面的磁通量Φ1＝B0S＝B0l2设t时刻的磁感应强度为B，此时磁通量为Φ2＝Bl(l＋vt)由Φ1＝Φ2得B＝B0ll＋vt.答案：B＝B0ll＋vt。

《高考导航》2021届高考物理一轮复习单元过关检测（十）：交变电流传感器（人教版）时间：90分钟满分：100分一、选择题本大题共12个小题，每小题5分，共计60分．每小题只有一个答案正确，把正确选项前的字母填在题后的括号内1．如图所示，一矩形闭合线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴OO′以恒定的角速度ω转动，从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，则在0～错误!这段时间内A．线圈中的感应电流一直在减小B．线圈中的感应电流先增大后减小C．穿过线圈的磁通量一直在减小D．穿过线圈的磁通量的变化率先增大后减小解析：线圈从图示位置开始计时，其瞬时感应电流为i＝I m co ωt，在0～错误!内，ωt 由0到错误!，所以感应电流在减小，感应电动势在减小，因此错误!也在减小，A正确，B、D错误．但线圈平面与磁场方向的夹角在增大，因而穿过线圈的磁通量增大，C错误．答案：A2．如图所示，L1、L2是高压输电线，图中两电表示数分别是220 V和10 A，已知图甲中原、副线圈匝数比为100∶1，图乙中原、副线圈匝数比为1∶10，则A．图甲中的电表是电压表，输电电压为22 000 VB．图甲是电流互感器，输电电流是100 AC．图乙中的电表是电压表，输电电压为22 000 VD．图乙是电流互感器，输电电流是10 A解析：根据输入端的连接关系可知，题图甲为电压互感器，图中电表为电压表；图乙为电流互感器，图中的电表为电流表．根据变压器的电压、电流与匝数的关系可得，图甲中原副线圈电压关系为错误!＝错误!，所以输电电压U1＝22 000 V；图乙中原副线圈中电流关系为错误!＝错误!，所以输电电流I1＝100 A，故A正确．答案：A3．2021年北京海淀期末如图所示，矩形导体线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，沿着OO′方向观察，线圈沿逆时针方向转动．已知匀强磁场的磁感应强度为B，线圈匝数为n，ab边的边长为L1，ad边的边长为L2，线圈电阻为R，转动的角速度为ω，则当线圈转至图示位置时A．线圈中感应电流的方向为abcdaB．线圈中的感应电动势为2nBL2ωC．穿过线圈的磁通量随时间的变化率最大D．线圈ad边所受安培力的大小为错误!解析：由右手定则可知，ad棒中的电流从a到d，选项A错误；图示位置两根导体棒ad、bc同时切割磁感线，感应电动势E＝2nBL2v＝2nBL2·错误!ω＝nBL2·L1ω，选项B 错误；此位置穿过线圈的磁通量为零，但磁通量的变化率最大，选项C正确；ad边所受安培力的大小为F安＝nBIL2＝nB错误!L2＝错误!，选项D错误．答案：C4．2021年浙江理综如图所示，在铁芯上、下分别绕有匝数n1＝800和n2＝200的两个线圈，上线圈两端与u＝51 in 314t V的交流电源相连，将下线圈两端接交流电压表，则交流电压表的读数可能是A． V B． VC． V D． V解析：若未考虑铁芯的漏磁因素，上线圈电压有效值U1＝错误!＝36 V，按变压器的变压比错误!＝错误!得U2＝错误!U1＝ V，而实际上副线圈磁通量Φ2错误!，则应选A 答案：A5．如图所示，理想变压器初级线圈的匝数为n1，次级线圈的匝数为n2，初级线圈的两端a、b接正弦交流电，电压表V的示数为220 V，负载电阻为R＝44 Ω，电流表A1的示数是0.20 A．下列说法正确的是A．初级线圈和次级线圈的匝数比为2∶1B．初级线圈和次级线圈的匝数比为4∶1C．电流表A2的示数为1.0 AD．电流表A2的示数为0.4 A解析：由1 A＝错误!E＝20错误! V；交变电压的瞬时表达式为：e＝20错误!in 错误!t；当t＝T/8时的瞬时值为：e＝20 V；由法拉第电磁感应定律知，对应该时刻磁通量的变化率为错误!＝ Wb/，故B正确．答案：B7．如图所示，1A＝20错误! V，T＝，故ω＝错误!＝100π rad/，即输入电压u的表达式u＝20错误!in 100πt V，所以A项错误．断开S2后两灯泡串联，总电压仍为4 V，所以L1、L2均不能正常发光，B项错误．根据1.2 A2.4 A2.4 A0.4 A 2.0 A＝220 V由错误!＝错误!得U2＝错误!U1＝11 V2I2＝错误!≤2.0 A得出R≥错误! Ω＝Ω答案：111 V 2R≥ Ω14．9分交流发电机的发电原理是矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．一小型发电机的线圈共220 匝，线圈面积S＝0.05 m2，线圈转动的频率为50 H，线圈内阻不计，磁场的磁感应强度B＝错误! T．用此发电机所发出的交流电带动两个标有“220 V、11 W”的电动机正常工作，需在发电机的输出端a、b与电机之间接一个理想变压器，电路如图所示，求：1发电机的输出电压为多少2变压器原、副线圈的匝数比为多少3与变压器原线圈串联的交流电流表的示数为多大解析：1根据E m＝NBSω＝1 100错误! V得输出电压的有效值为U1＝错误!＝1 100 V2根据错误!＝错误!得错误!＝5∶13根据20 A20 A106 km1011 m3103 kg3，g取10 m/2：1若三峡电站上、下游水位差按H＝100 m计算，试推导三峡电站将水流的势能转化为电能的效率η的公式，并计算出效率η的数值．2若26台发电机组全部建成并发电，要达到年发电量的要求，每台发电机组平均年发电时间t为多少天3将该电站的电能输送到华中地区，送电功率为P1＝×106 W，采用超高压输电，输电电压为U＝5×105V，而发电机输出的电压约为U0＝×104V．要使输电线上损耗的功率等于输送电功率的5%，求：发电站的升压变压器原、副线圈的匝数比和输电线路的总电阻．解析：1电站能量转化效率为：η＝错误!＝错误!＝错误!×100%代入数据：η＝错误!×100%≈%2据P＝错误!，有t＝错误!＝错误!≈天．3升压变压器匝数比为：错误!＝错误!＝错误!＝错误!据P1＝IU，得I＝×103 A由P损＝I2R＝5%P1，得R＝Ω答案：1η＝错误!×100%% 2天39∶250 Ω。

交变电流的产生及描述一、选择题(本题共10小题，1～6题为单选，7～10题为多选)1．(2017·福建省厦门市高三第二次质量检查)如图甲为风力发电的简易模型，在风力的作用下，风叶带动与其固定在一起的永磁铁转动，转速与风速成正比。

某一风速时，线圈中产生的正弦式电流如图乙所示，则导学号 51343101( A )A ．电流的表达式为i ＝0.6sin10πt (A)B ．磁铁的转速为10r/sC ．风速加倍时电流的表达式为i ＝1.2sin10πt (A)D ．风速加倍时线圈中电流的有效值为1.2A[解析] 通过乙图可知电流的最大值为0.6A ，周期T ＝0.2s ，故ω＝2πT＝10rad/s ，故电流的表达式为i ＝0.6sin10πt (A)，故A 正确；电流的周期为T ＝0.2s ，故磁体的转速为n ＝1T＝5r/s ，故B 错误；风速加倍时，角速度加倍，根据E m ＝nBS ω，可知产生的感应电动势加倍，形成的感应电流加倍，故风速加倍时电流的表达式为i ＝1.2sin20πt (A)，故C 错误；根据C 得分析，形成的感应电流I m ＝1.2A ，故有效值为I ＝I m2＝0.62A ，故D 错误。

2．(2016·湖南怀化一模)电阻为1Ω的矩形线圈绕垂直于磁场方向的轴在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势随时间变化的图象如图所示。

现把该交流电加在电阻为9Ω的电热丝上，则下列说法中正确的是导学号 51343102( D )A ．线圈转动的角速度为31.4rad/sB ．如果线圈转速提高1倍，则电流不会改变C ．电热丝两端的电压U ＝1002VD ．电热丝的发热功率P ＝1800W[解析] 由图可以看出该交变电流的周期T ＝0.02s ，则线圈转动的角速度ω＝2πT＝100π rad/s ＝314rad/s ，A 错误；E m ＝nBS ω，转速提高1倍，电压的最大值变为原来的2倍，有效值、瞬时值都要发生变化，电流也会发生变化，B 错误；电热丝两端的电压U ＝RR ＋rE ＝902V ，电热丝的发热功率P ＝U 2R＝1800W ，C 错误，D 正确。