高考物理总复习 优编增分练：选择题考点排查练1 2014年(全国Ⅰ卷)选择题考点排查练

2014年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考33题考点排查练1．(1)一定量的理想气体从状态a 开始，经历等温或等压过程ab 、bc 、cd 、da 回到原状态，其pT 图象如图1所示，其中对角线ac 的延长线过原点O .下列判断正确的是__________．图1A ．气体在a 、c 两状态的体积相等B ．气体在状态a 时的内能大于它在状态c 时的内能C ．在过程cd 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D ．在过程da 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E ．在过程bc 中外界对气体做的功等于在过程da 中气体对外界做的功(2)如图2所示，均匀薄壁U 形管竖直放置，左管上端封闭，右管上端开口且足够长，用两段水银封闭了A 、B 两部分理想气体，下方水银的左右液面高度相差ΔL ＝10 cm ，右管上方的水银柱高h ＝14 cm ，初状态环境温度为27 ℃，A 部分气体长度l 1＝30 cm ，外界大气压强p 0＝76 cmHg.现保持温度不变，在右管中缓慢注入水银，使下方水银左右液面等高，然后给A 部分气体缓慢升温，使A 部分气体长度回到30 cm.求：图2①右管中注入的水银高度是多少？ ②升温后的温度是多少？答案 (1)ABE (2)①30 cm ②117 ℃解析 (1)由理想气体状态方程pVT ＝C 得，p ＝C VT ，由题图可知，V a ＝V c ，选项A 正确；理想气体的内能只由温度决定，而T a >T c ，故气体在状态a 时的内能大于它在状态c 时的内能，选项B 正确；由热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 知，cd 过程温度不变，内能不变，则Q ＝－W ，选项C 错误；da 过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于气体对外界做的功，选项D 错误；由理想气体状态方程知：p a V a T a ＝p b V b T b ＝p c V c T c ＝p d V dT d＝C ，即p a V a ＝CT a ，p b V b ＝CT b ，p c V c ＝CT c ，p d V d ＝CT d .设过程bc 中压强为p 0＝p b ＝p c ，过程da 中压强为p 0′＝p d ＝p a .由外界对气体做功W ＝p ·ΔV 知，过程bc 中外界对气体做的功W bc ＝p 0(V b －V c )＝C (T b －T c )，过程da 中气体对外界做的功W da ＝p 0′(V a －V d )＝C (T a －T d )，T a ＝T b ，T c ＝T d ，故W bc ＝W da ，选项E 正确．(2)①设右管中注入的水银高度是Δh ，U 形管的横截面积为S ，对A 部分气体分析，其做等温变化，根据玻意耳定律有p 1V 1＝p 2V 2p 1＝p 0＋14 cmHg ＋10 cmHg ， p 2＝p 0＋14 cmHg ＋ΔhV 1＝l 1S ， V 2＝(l 1－12ΔL )S代入数据解得加入的水银高度Δh ＝30 cm.②设升温前温度为T 0，升温后温度为T ，缓慢升温过程中，对A 部分气体分析，升温前V 2＝(l 1－12ΔL )S ，p 2＝p 0＋14 cmHg＋Δh升温结束后V 3＝l 1S ，p 3＝p 0＋14 cmHg ＋Δh ＋ΔL 由理想气体状态方程得p 2V 2T 0＝p 3V 3TT 0＝300 K解得T ＝390 K则升温后的温度为t ＝117 ℃.2．(2018·青海省西宁市二模)(1)下列说法正确的是________． A ．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大 B ．外界对物体做功，物体内能一定增加C ．悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越剧烈D ．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小E ．夏天荷叶上小水珠呈球状，是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小趋势的缘故(2)如图3所示，导热汽缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量M ＝200 kg ，活塞质量m ＝10 kg ，活塞面积S ＝100 cm 2，活塞与汽缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内气体的温度为27 ℃，活塞位于汽缸正中，整个装置都静止，已知大气压恒为p 0＝1.0×105Pa ，重力加速度为g ＝10 m/s 2，求：图3①缸内气体的压强p 1；②缸内气体的温度缓慢升高到多少摄氏度时，活塞恰好静止在汽缸缸口AB 处？ 答案 (1)ACE (2)①3.0×105Pa ②327 ℃解析 (1)内能取决于物体的温度、体积、物质的量和物态，温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大，故A 正确；外界对物体做功的同时如果物体向外界放出热量，则物体的内能不一定增大，故B 错误；悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越剧烈，故C 正确；当分子间作用力表现为斥力时，随分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增大，故D 错误；夏天荷叶上小水珠呈球状，是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小趋势的缘故，故E 正确．(2)①以汽缸为研究对象(不包括活塞)，根据平衡条件得：p 1S ＝Mg ＋p 0S ，代入数据解得：p 1＝3.0×105 Pa②当活塞恰好静止在汽缸缸口AB 处时，设缸内气体温度为T 2，压强为p 2， 此时仍有：p 2S ＝Mg ＋p 0S ，即p 2＝p 1，由此可知缸内气体为等压变化． 对这一过程研究缸内气体，由盖—吕萨克定律得：S ×0.5l T 1＝S ×lT 2代入数据解得：T 2＝2T 1＝600 K 所以t 2＝(600－273) ℃＝327 ℃。

6分。第选错1个扣3分，最低得分为0分）
A．波速为0.5m/s B．波的传播方向向右 C．0~2s时间内，P运动的路程为8cm
D．0~2s时间内，P向y轴正方向运动 E．当t=7s时，P恰好回到平衡位置. （2）（9分）一个半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径 为R的半圆，AB为半圆的直径， O为圆心，如图所示。玻璃的折射率为n=。 （ⅰ）一束平行光垂射向玻璃砖的下表面，若光线到
A．所有元素都有可能发生衰变 B．放射性元素的半衰期与外界的温度无关 C．放射性元素与别的元素形成化合物时仍具有放射性 D．α、β和γ三种射线中，射线的穿透能力最强 E．一个原子核在一次衰变中可同时放出α、β和γ三种 射线 （2）（9分）如图，质量分别为mA、mB的两个弹性小 球A、B静止在地 面上方，B球距离地面的高度h=0.8m，A球在B球的正 上方，先将B 球释放，经过一段时间后再将A球释放。当A球下落t=0.3s时，刚 好与B球在地面上方的P点处相碰。碰撞时间极短。碰后瞬间A球 的速度恰好为零。已知mB=3mA,重力加速度大小g=10m/s2，忽略空 气 阻力及碰撞中的动能损失。求 （ⅰ）B球第一次到达地面时的速度； （ⅱ）P点距离地面的高度。
2014年普通高等学校招生全国统一考试（全国新
课标卷）Ⅰ
理综物理部分
使用地区：陕西、山西、河南、河北、湖南、湖北、江西
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.满分110分， 考试时间60分钟.
第Ⅰ卷（选择题 共48分） 一、选择题(本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中， 第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。 全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分) 14．在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感 应电流的是

2014年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试（物理）、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只有一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、在法拉第时代，下列验证由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是A •将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B •在一通电线圈旁放置一连有电流表的线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。

往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D •绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A •安培力的方向可以不垂直于直导线B •安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D .将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半16、如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场（未画出）一带电粒子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点0。

已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变。

不计重力。

铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为A. 2C. 117、如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。

现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度（橡皮筋在弹性限度内）。

与稳定在竖直时位置相比，小球的高度A .一定升高B .一定降低C.保持不变D .升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定18、如图（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd间的电压如图（b）所示。

已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab 中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是19、太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。

2014年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考33题考点排查练1．(1)一定量的理想气体从状态a 开始，经历等温或等压过程ab 、bc 、cd 、da 回到原状态，其pT 图象如图1所示，其中对角线ac 的延长线过原点O .下列判断正确的是__________．图1A ．气体在a 、c 两状态的体积相等B ．气体在状态a 时的内能大于它在状态c 时的内能C ．在过程cd 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D ．在过程da 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功E ．在过程bc 中外界对气体做的功等于在过程da 中气体对外界做的功(2)如图2所示，均匀薄壁U 形管竖直放置，左管上端封闭，右管上端开口且足够长，用两段水银封闭了A 、B 两部分理想气体，下方水银的左右液面高度相差ΔL ＝10 cm ，右管上方的水银柱高h ＝14 cm ，初状态环境温度为27 ℃，A 部分气体长度l 1＝30 cm ，外界大气压强p 0＝76 cmHg.现保持温度不变，在右管中缓慢注入水银，使下方水银左右液面等高，然后给A 部分气体缓慢升温，使A 部分气体长度回到30 cm.求：图2①右管中注入的水银高度是多少？②升温后的温度是多少？答案 (1)ABE (2)①30 cm ②117 ℃解析 (1)由理想气体状态方程pV T ＝C 得，p ＝C VT ，由题图可知，V a ＝V c ，选项A 正确；理想气体的内能只由温度决定，而T a >T c ，故气体在状态a 时的内能大于它在状态c 时的内能，选项B 正确；由热力学第一定律ΔU ＝Q ＋W 知，cd 过程温度不变，内能不变，则Q ＝－W ，选项C 错误；da 过程温度升高，即内能增大，则吸收的热量大于气体对外界做的功，选项D 错误；由理想气体状态方程知：p a V a T a ＝p b V b T b ＝p c V c T c ＝p d V d T d＝C ，即p a V a ＝CT a ，p b V b ＝CT b ，p c V c ＝CT c ，p d V d ＝CT d .设过程bc 中压强为p 0＝p b ＝p c ，过程da 中压强为p 0′＝p d ＝p a .由外界对气体做功W ＝p ·ΔV 知，过程bc 中外界对气体做的功W bc ＝p 0(V b －V c )＝C (T b －T c )，过程da 中气体对外界做的功W da ＝p 0′(V a －V d )＝C (T a －T d )，T a ＝T b ，T c ＝T d ，故W bc ＝W da ，选项E 正确．(2)①设右管中注入的水银高度是Δh ，U 形管的横截面积为S ，对A 部分气体分析，其做等温变化，根据玻意耳定律有p 1V 1＝p 2V 2p 1＝p 0＋14 cmHg ＋10 cmHg ，p 2＝p 0＋14 cmHg ＋ΔhV 1＝l 1S ，V 2＝(l 1－12ΔL )S代入数据解得加入的水银高度Δh ＝30 cm.②设升温前温度为T 0，升温后温度为T ，缓慢升温过程中，对A 部分气体分析，升温前V 2＝(l 1－12ΔL )S ，p 2＝p 0＋14 cmHg ＋Δh 升温结束后V 3＝l 1S ，p 3＝p 0＋14 cmHg ＋Δh ＋ΔL由理想气体状态方程得p 2V 2T 0＝p 3V 3TT 0＝300 K解得T ＝390 K则升温后的温度为t ＝117 ℃.2．(2018·青海省西宁市二模)(1)下列说法正确的是________．A ．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B ．外界对物体做功，物体内能一定增加C ．悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越剧烈D ．当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而减小E ．夏天荷叶上小水珠呈球状，是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小趋势的缘故(2)如图3所示，导热汽缸内封有一定质量的理想气体，缸体质量M ＝200 kg ，活塞质量m ＝10 kg ，活塞面积S ＝100 cm 2，活塞与汽缸壁无摩擦且不漏气，此时，缸内气体的温度为27 ℃，活塞位于汽缸正中，整个装置都静止，已知大气压恒为p 0＝1.0×105Pa ，重力加速度为g ＝10 m/s 2，求：图3①缸内气体的压强p 1；②缸内气体的温度缓慢升高到多少摄氏度时，活塞恰好静止在汽缸缸口AB 处？答案 (1)ACE (2)①3.0×105Pa ②327 ℃解析 (1)内能取决于物体的温度、体积、物质的量和物态，温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大，故A 正确；外界对物体做功的同时如果物体向外界放出热量，则物体的内能不一定增大，故B 错误；悬浮颗粒越小布朗运动越显著，温度越高布朗运动越剧烈，故C 正确；当分子间作用力表现为斥力时，随分子间距离的减小，分子力做负功，分子势能增大，故D 错误；夏天荷叶上小水珠呈球状，是由于液体表面张力使其表面积具有收缩到最小趋势的缘故，故E 正确．(2)①以汽缸为研究对象(不包括活塞)，根据平衡条件得： p 1S ＝Mg ＋p 0S ，代入数据解得：p 1＝3.0×105 Pa②当活塞恰好静止在汽缸缸口AB 处时，设缸内气体温度为T 2，压强为p 2，此时仍有：p 2S ＝Mg ＋p 0S ，即p 2＝p 1，由此可知缸内气体为等压变化．对这一过程研究缸内气体，由盖—吕萨克定律得：S ×0.5l T 1＝S ×l T 2代入数据解得：T 2＝2T 1＝600 K所以t 2＝(600－273) ℃＝327 ℃ 精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说， 瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析 通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析 对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析 根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析 根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．。

2014年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试(物理)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是A ．将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B ．在一通电线圈旁放置一连有电流表的线圈，然后观察电流表的变化C ．将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。

往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D ．绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A ．安培力的方向可以不垂直于直导线B ．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C ．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D ．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半16、如图，MN 为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。

一带电粒子从紧贴铝板上表面的P 点垂直于铝板向上射出，从Q 点穿越铝板后到达PQ 的中点O 。

已知粒子穿越铝板时，其动能损失一半，速度方向和电荷量不变。

不计重力。

铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为 A ．2 B ．2C ．1D ．2217、如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。

现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)。

与稳定在竖直时位置相比，小球的高度A ．一定升高B ．一定降低C ．保持不变D ．升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定18、如图(a)，线圈ab 、cd 绕在同一软铁芯上，在ab 线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd 间的电压如图(b)所示。

2014年(全国Ⅰ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省揭阳市模拟)如图1所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距离．两导线中通有图示方向的相同的恒定电流I .则当环( )图1A ．向上运动时，环中产生顺时针方向的感应电流B ．向下运动时，环中产生顺时针方向的感应电流C ．向左侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流D ．向右侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流 答案 D15．(2018·安徽省芜湖市上学期期末)如图2所示，直角坐标系Oxyz 处于匀强磁场中，有一条长0.6 m 的直导线沿Ox 方向通有大小为9 A 的电流，受到的安培力沿Oz 方向，大小为2.7 N ．则该匀强磁场可能的方向和磁感应强度B 的最小值为( )图2A ．平行于yOz 平面，B ＝0.5 T B ．平行于xOz 平面，B ＝1.0 TC ．平行于xOy 平面，B ＝0.2 TD ．平行于xOy 平面，B ＝1.0 T 答案 A16．(2018·重庆市江津中学、合川中学等七校第三次模拟)如图3所示，大圆的半径为2R ，同心的小圆半径为R ，在圆心处有一个放射源，可以向平面内的任意方向发射质量为m ，电荷量为q ，最大速率为v 的带电粒子，为了不让带电粒子飞出大圆以外，可以在两圆之间的区域内加一个垂直于纸面向里的匀强磁场，该磁场磁感应强度的最小值是( )图3A.4mv 3qRB.mv qRC.3mv 4qRD.2mv qR答案 A解析 设同心圆的圆心为O ，粒子恰好不飞出大圆，则其轨迹与大圆相切，如图所示，切点为A ，连接OA ，设粒子从C 点进入磁场，过C 点作OC 的垂线交OA 于D 点，D 点即为粒子做匀速圆周运动的圆心，设粒子做圆周运动的半径为r ，由几何关系可得：(2R －r )2＝R 2＋r 2，r ＝mv qB min，由以上两式解得：B min ＝4mv3qR，故A 正确．17．如图4所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一质量为m 的小球P .横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q .当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为α.已知θ<α，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )图4A．小车一定向右做匀加速运动B．轻杆对小球P的弹力沿轻杆方向C．小球P受到的合力大小为mg tan θD．小球Q受到的合力大小为mg tan α答案 D解析选择小球Q作为研究对象，根据牛顿第二定律，得mg tan α＝ma，得到a＝g tan α，故加速度向右，小车可能向右加速，也可能向左减速，故A错误．对小球P，由牛顿第二定律，得mg tan β＝ma′，因为a＝a′，得到β＝α>θ.则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故B错误．对小球P、Q由牛顿第二定律可知F＝ma＝mg tan α，故C错误，D正确．18．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图5，空间某区域内存在沿水平方向的匀强磁场，一正方形闭合金属线框自磁场上方某处释放后穿过磁场，整个过程线框平面始终竖直，线框边长小于磁场区域上下宽度．以线框刚进入磁场时为计时起点，下列描述线框所受安培力F随时间t变化关系的图中，不正确的是( )图5答案 A解析线框受重力作用加速下落，进入与离开磁场时受到安培力作用．进入磁场时若安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，某时刻安培力等于重力，线框做匀速运动，此时速度达到v 0＝mgRB 2L 2，完全进入后只受重力，线框加速，刚要离开时的速度大于完全进入时的速度，故安培力大于重力，做减速运动，速度减小，安培力也减小，进入过程与离开过程安培力变化情况可能完全相同，故C 正确，A 错误；若线框进入磁场时恰好重力等于安培力，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，安培力减小，故B 正确；若进入时重力大于安培力，由mg －B 2L 2vR＝ma ，则做加速度减小的加速运动，安培力随速度的增大而增大，某时刻重力等于安培力，线框做匀速运动，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，故D 正确．19．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)世界上没有永不谢幕的传奇，NASA 的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最后篇章．据NASA 报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图6所示．在极其稀薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和稀薄气体阻力的作用，则( )图6A ．4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B ．4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C ．5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D ．6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和减小 答案 ACD解析 由万有引力提供向心力得：G Mmr2＝mr ω2，解得ω＝GMr 3，则轨道半径小的角速度大，则A 正确；由万有引力提供向心力得：G Mm r 2＝m v 2r，解得v ＝GMr，则轨道半径小的速率大，则B 错误；5到6月间，因有稀薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，重力做正功，动能增加，则C 正确；6月到8月间，因稀薄气体阻力做负功，机械能减小，则D 正确． 20．(2018·江西省临川二中第五次训练)如图7所示，叠放在水平转台上的小物体A 、B 、C 能随转台一起以角速度ω匀速转动，A 、B 、C 的质量分别为3m 、2m 、m ，A 与B 、B 与转台、C 与转台间的动摩擦因数都为μ，B、C离转台中心的距离分别为r、1.5r.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是( )图7A．B对A的摩擦力一定为3μmgB．C与转台间的摩擦力大于A与B间的摩擦力C．转台的角速度一定满足：ω≤2μg 3rD．转台的角速度一定满足：ω≤μg 3r答案ABD解析对A受力分析，受重力、支持力以及B对A的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有F f A ＝3mω2r≤μ(3m)g，故A错误；F f A＝3mω2r，F f C＝mω2×1.5r，故B错误；由于A、AB整体、C受到的静摩擦力均提供向心力，故对A，有：(3m)ω2r≤μ(3m)g，对AB整体有：(3m＋2m)ω2r≤μ(3m＋2m)g，对物体C，有：mω2(1.5r)≤μmg，故ω≤2μg3r，故C正确，D错误．21．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图8, M、N两点处于同一水平面，O为M、N连线的中点，过O点的竖直线上固定一根绝缘光滑细杆，杆上A、B两点关于O点对称．第一种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q和－Q的等量异种点电荷，套在杆上带正电的小金属环从A 点无初速度释放，运动到B点；第二种情况，在M、N两点分别放置电荷量为＋Q的等量同种点电荷，该金属环仍从A点无初速度释放，运动到B点．则两种情况中( )图8A．金属环运动到B点的速度第一种情况较大B．金属环从A点运动到B点所用的时间第一种情况较短C．金属环从A点运动到B点的过程中，动能与重力势能之和均保持不变D．金属环从A点运动到B点的过程中(不含A、B两点)，在杆上相同位置的速度第一种情况较大答案BD解析等量异种电荷连线的中垂线是等势线，带电金属环沿杆运动时电势能不变，重力势能转化为动能，金属环所受合力等于重力，做加速度等于重力加速度的匀加速直线运动；在等量同种正电荷连线的中垂线上，中点O电势最高，与中点O距离越远，电势越低，A、B两点关于O 点对称，电势相等，金属环的电势能相等，重力势能全部转化为动能，第一种情况与第二种情况在B点的速度相等，故A错误；由于到B点前第二种情况的平均速度比较小，所以运动时间比较长，故B正确；等高处重力势能相等，但到B点前第二种情况的速度均较小，所以动能与重力势能之和第二种情况均较小，故C错误；第二种情况中金属环电场力先是阻力后是动力，到B点时与第一种情况速度相等，故D正确．。

2014年(全国Ⅰ、Ⅱ卷)选考34题考点排查练试卷 Ⅰ卷Ⅱ卷考点波动和振动图象的理解及折射定律的应用波动和振动图象的理解及折射定律的应用1．(2018·青海省西宁市二模)(1)一列简谐横波在某均匀介质中沿x 轴传播，从x ＝3 m 处的质点a 开始振动时计时，图1甲为t 0时刻的波形图且质点a 正沿y 轴正方向运动，图乙为质点a 的振动图象，则下列说法正确的是________．图1A ．该波的频率为2.5 HzB ．该波的传播速度为200 m/sC ．该波是沿x 轴负方向传播的D ．从t 0时刻起，a 、b 、c 三质点中b 最先回到平衡位置E ．从t 0时刻起，经0.015 s 质点a 回到平衡位置(2)如图2为一半径为R 的固定半圆柱玻璃砖的横截面，OA 为水平直径MN 的中垂线，足够大的光屏PQ 紧靠在玻璃砖的右侧且平行OA 放置．一束复色光沿与AO 成θ角(θ＝30°)的半径方向射向O 点并在光屏上形成彩色光带和一个光斑，光带的最高点与N 点的距离为33R ；增大入射角，当θ＝45°时，光屏上恰好只出现一个光斑，求：图2①玻璃对复色光的折射率范围； ②当θ＝30°时，彩色光带的宽度． 答案 (1)BDE (2)①2≤n ≤ 3 ②(1－33)R 解析 (1)由题图可知该波的周期为0.04 s ，频率为f ＝1T ＝25 Hz ，故A 错误；该波的传播速度v ＝λT ＝80.04m/s＝200 m/s ，故B 正确；a 点在t 0时刻速度方向沿y 轴正方向，故波向x 轴正方向传播，故C 错误；从t 0时刻起，质点a 沿y 轴正方向运动，质点b 沿y 轴正方向运动，质点c 沿y 轴负方向运动，故质点b 最先回到平衡位置，故D 正确；平衡位置从x ＝0处传播到x ＝3 m 处时质点a 回到平衡位置，需时间t ＝3200 s ＝0.015 s ，故E 正确．(2)①当θ＝30°时，光路图如图所示由题意可知BN ＝33R ，即α＝30°，所以最大折射角β＝60°， 由折射定律可知最大折射率n max ＝sin βsin θ＝ 3.因为θ＝45°时，所有光均发生全反射，光屏上的光带消失，反射光束在光屏上形成一个光斑，由全反射规律及题意可知n min ＝1sin C ＝2，所以玻璃对复色光的折射率范围2≤n ≤ 3②当θ＝30°时，折射率为2的光的折射角为45°， 彩色光带的宽度为L ＝R tan 45°－33R ＝(1－33)R . 2．(2018·福建省南平市5月综合质检)(1)一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在x ＝5 m 处的质点的振动图线如图3甲所示，在x ＝11 m 处的质点的振动图线如图乙所示，下列说法正确的是________．图3A ．该波的周期为12 sB ．该波的传播速度可能为2 m/sC ．从t ＝0时开始计时，x ＝5 m 处的质点做简谐运动的表达式为y ＝4sin π12t (m)D ．在0～4 s 内x ＝5 m 处的质点通过的路程等于x ＝11 m 处的质点通过的路程E ．该波在传播过程中若遇到4.8 m 的障碍物，可能发生明显衍射现象(2)如图4甲所示是由某透明材料制成的横截面为正三角形的三棱镜．一细红色光束SO 从空气中射向AB 面，与AB 成45°角，经三棱镜折射后，从AC 边射出，出射光线与AC 边夹角也成45°，求：图4①这种透明材料的折射率；②若用这种材料制成如图乙所示的器具，左侧是半径为R 的半圆，右侧是长为42R 、高为2R 的长方体，一束红色光从左侧P 点沿半径方向射入器具．要使光全部从器具的右端面射出，则光在器具中传播所需最长时间是多少？ 已知光在空气中的传播速度为c . 答案 (1)ABE (2)① 2 ②92Rc解析 (1)由题图可知，该波的周期为12 s ，故A 正确；由两图比较可知，x ＝5 m 处的质点比x ＝11 m 处的质点早振动3 s ，即T 4，所以两点之间的距离为：x ＝(n ＋14)λ(n ＝0,1,2,3，…)，解得：λ＝4x 4n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)＝244n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，则波速为v ＝λT ＝24n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，当n ＝0时，v ＝2 m/s ，故B 正确；由题图可知，振幅A ＝4 cm ，角速度为ω＝2π12 rad/s ＝π6rad/s ，则x ＝5 m 处的质点做简谐运动的表达式为y ＝A sin ωt ＝4sin π6t (m)，故C 错误；0～4 s 的时间为13T ，由题图可知，13T 时间内，两个质点通过的路程不相等，故D 错误；由波长λ＝244n ＋1(n ＝0,1,2,3，…)，可知当n ＝0时，波长为λ＝24 m ，故该波在传播过程中若遇到4.8 m 的障碍物，可能发生明显衍射现象，故E 正确．(2)①作出光路图，如图所示由图可知光在三棱镜中的折射角r 为30° 根据光的折射定律：n ＝sin isin r得：n ＝ 2②要使光全部从器具的右端面射出必须以全反射的方式传播，每次的入射角都大于或等于临界角，但等于临界角时路程最大，时间最长，如图所示第一次发生全反射时，由几何关系知：sin C ＝Δl 1Δs 1＝1n，Δs 1＝n Δl 1设光经N 次全反射从右端面射出，则在长方体内的总路程为s 1s 1＝Δs 1＋Δs 2＋Δs 3＋……＋Δs n ＝42Rn光在器具内总路程s ＝s 1＋s 2＝42Rn ＋R 光在器具中的传播速度v ＝c n所以光在器具中最长的传播时间t ＝s v＝42Rn ＋R cn＝92Rc。

高考模拟试题精编(一)【说明】 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是( )A ．安培首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式B ．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应C ．楞次发现了电磁感应现象，并研究得出了判断感应电流方向的方法——楞次定律D ．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律——库仑定律 2.如图所示，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧(两点电荷未画出)，O 点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点．在平面内以O 点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a 、b 、c 、d 四个点，则以下说法错误的是( ) A ．a 、c 两点电场强度大小相等 B ．c 、d 两点电场强度一定相等C．a、b两点电势一定相等D．a、d两点电势一定相等3．a、b两车在同一直线上做匀加速直线运动，v－t图象如图所示，在15 s末两车在途中相遇，由图象可知()A．a车的速度变化比b车慢B．出发前a车在b车之前75 m处C．出发前b车在a车之前150 m处D．相遇前a、b两车的最远距离为150 m4．2012年6月，“神九”飞天，“蛟龙”探海，实现了“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”这个充满浪漫主义气概的梦想．处于340 km高空的“神九”和处于7 000 m深海的“蛟龙”的向心加速度分别为a1和a2，转动的角速度分别为ω1和ω2，下列说法中正确的是()A．因为“神九”离地心的距离较大，根据ω＝vr得：ω1<ω2B．根据ω＝2πT可知，ω与圆周运动的半径r无关，所以ω1＝ω2C．因为“神九”离地心的距离较大，根据a＝GMr2得：a1<a2D．因为“神九”离地心距离较大且角速度也较“蛟龙”大，根据a＝ω2r得：a1>a25．甲、乙两运动物体在t1、t2、t3时刻的速度矢量分别为v1、v2、v3和v1′、v2′、v3′.下列说法中正确的是()A．甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动B．甲和乙可能都做圆周运动C．甲和乙受到的合力都可能是恒力D．甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力6.如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F的作用，F平行于斜面向上．若要物块在斜面上保持静止，F的取值应有一定范围，已知其最大值和最小值分别为F1和F2(F2>0)．由此可求出()A．物块的质量B．斜面的倾角C．物块与斜面间的最大静摩擦力D．物块对斜面的正压力7.导体A、B、C的伏安特性曲线分别是图线1、2、3，其中导体C为一非线性电阻．当它们串联后接在电压恒为6 V的直流电源两端时，它们的电阻分别为R1、R2、R3，则下列说法正确的是()A．此时流过三导体的电流均为1 AB．R1∶R2∶R3＝1∶3∶2C．若将三导体串联后接在3 V的直流电源上，则三导体的阻值之比不变D．若将三导体并联后接在3 V的直流电源上，则通过它们的电流之比I1∶I2∶I3＝3∶2∶18.自耦变压器的输入端接在内阻为r的交流电源上，输出端接阻值为R的负载．如果要求负载R上消耗的电功率最大，变压器原、副线圈的匝数比应为(变压器为理想变压器，输入端的电动势恒定)()A ．小于rR B ．等于r R C ．等于Rr D ．大于R r9.如图所示，两个质量均为m 的完全相同的小球A 和B 用轻杆连接，由静止从曲面上释放至滑到水平面的过程中，不计一切摩擦，则杆对A 球做的功为( ) A.12mgh B ．－12mgh C ．mgh D ．－mgh 10.如图所示，质量为M 的足够长金属导轨abcd 放在光滑的绝缘水平面上．一电阻为r ，质量为m 的导体棒PQ 放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc 构成矩形．棒与导轨间光滑、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱．导轨bc 段电阻为R ，长为L ，其他部分电阻不计．以ef 为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应强度大小均为B .在t ＝0时，一水平向左的拉力F 垂直作用在导轨的bc 边上，使导轨由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a .则( ) A ．F 与t 成正比 B ．F 与t 2成正比C ．当t 达到一定值时，QP 刚好对轨道无压力D ．若F ＝0，PQbc 静止，ef 左侧磁场均匀减小，当ΔBΔt 达到一定值时，QP 刚好对轨道无压力 答题栏第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、非选择题：本题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11.(5分)现用如图所示的装置探究“加速度与物体受力的关系”．小车所受拉力及其速度可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来．速度传感器安装在距离L＝48.0 cm的长木板的A、B两点．(1)实验主要步骤如下：A．将拉力传感器固定在小车上；B．平衡摩擦力，让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动；C．把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与轻质小盘(盘中放置砝码)相连；D．接通电源后自C点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F的大小及小车分别到达A、B时的速率v A、v B；E．改变小盘中砝码的数量，重复D的操作．由以上实验可得出加速度的表达式a＝________.(2)现已得出理论上的a－F图线，某同学又用描点法根据实验所得数据，在坐标纸上作出了由实验测得的a－F图线．对比实验结果与理论计算得到的两个关系图线，，偏差的主要原因是___________________________．12．(10分)某同学要测量一节干电池的电动势和内阻．他根据老师提供的以下器材画出了如图所示的原理图．A．电压表V(15 V,10 kΩ)B．电流表G(量程3.0 mA，内阻R g为10 Ω)C．电流表A(量程0.6 A，内阻约为0.5 Ω)D．滑动变阻器R1(0～20 Ω，10 A)E．滑动变阻器R2(0～100 Ω，1 A)F．定值电阻R3＝990 ΩG．开关S和导线若干(1)该同学没有选用电压表是因为________；(2)该同学将电流表G与定值电阻R3串联，实际上是进行了电表的改装，则他改装的电压表对应的量程是________V；(3)为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器是________(填写器材前的字母编号)；(4)该同学利用上述实验原理图测得以下数据，并根据这些数据绘出了如图所示的图线，根据图线可求出干电池的电动势E＝________V(保留3位有效数字)，干电池的内阻r＝________Ω(保留2位有效数字).13．(13分)如图所示，在光滑水平面上有一长为L1、宽为L2的单匝矩形闭合导体线框abcd，处于磁感应强度为B的有界匀强磁场中，其ab边与磁场的边界重合．线框由同种粗细均匀的导线制成，它的总电阻为R.现用垂直于线框ab边的水平拉力，将线框以速度v向右沿水平方向匀速拉出磁场(此过程中保持线框平面与磁感线垂直，且ab边与磁场边界平行)，线框中产生的焦耳热与导体线框abcd以ab为轴匀速顺时针(cd向上)转动90°过程中线框中产生的焦耳热相同．求线框匀速转动的角速度．14.(14分)如图所示，传送带A、B间距离L＝5 m且在同一水平面内，两个轮子半径均为r ＝0.2 m，半径R＝0.4 m的固定竖直光滑圆轨道与传送带相切于B点，C点是圆轨道的最高点．当传送带静止不动时，质量m＝1 kg的小煤块在A点以初速度v0＝215 m/s开始运动，刚好能运动到C点．重力加速度g＝10 m/s2.求：(1)当传送带的轮子以ω＝10 rad/s的角速度匀速转动时，将小煤块无初速地放到传送带上的A点，求小煤块从A点运动到B点的过程中在传送带上划过痕迹的长度．(2)当传送带的轮子匀速转动的角速度在什么范围内时，将小煤块无初速地放到传送带上的A点，小煤块运动到C点时对圆轨道的压力最大，最大压力F C是多大．15.(18分)如图所示，电源电动势为E0(未知)，内阻不计，滑动变阻器的滑片P处于R的中点．一质量为m，带电荷量为q的粒子(重力不计)从加速电场AK中的s1点由静止经加速电场加速后，沿s1s2方向从边长为L的正方形场区的中间进入有界均匀场区．当场区内只加竖直向上的匀强电场(电场强度为E)时，带电粒子恰从b点射出场区．(1)求加速电源的电动势E0.(2)若滑动变阻器的滑片位置不变，场区内只加垂直纸面向里大小为B的匀强磁场，带电粒子仍从b点射出，则带电粒子的比荷qm为多大？(3)若使带电粒子进入场区后不改变方向，需在场区内同时加匀强电场和匀强磁场，求所加复合场的电场强度E1与磁感应强度B1之比．附加题：本题共3小题，每小题15分．分别考查3－3、3－4、3－5模块．请考生根据本省考试情况选择相应题目作答，其分值不计入总分．1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．A．物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小B．悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动C．物体的机械能可以为零，而内能不可以为零D．第二类永动机违反能量守恒定律E．一定质量的理想气体压强不变，温度升高时吸收的热量一定大于内能的增加量(2)(5分)已知家用煤气的主要成分是一氧化碳，其密度小于空气的密度，且空气在常温下的密度为1.29 kg/m3，如果家庭出现了煤气泄漏，当煤气的质量达到空气总质量的6%时可发生爆炸．若某家庭密闭的厨房中煤气发生泄漏，且泄漏的速度是10 g/min，则煤气可发生爆炸时煤气已经泄漏了________h；若爆炸时厨房的温度迅速上升到1 500℃，则此时厨房内的气体压强为________Pa.(假设厨房的空间体积为30 m 3，大气压强为105 Pa ，厨房温度为27℃，忽略煤气泄漏及爆炸反应对厨房内空气分子数的影响) (3)(5分)如图所示，光滑水平地面上放有一质量为m 的导热气缸，用活塞封闭了一部分气体．活塞质量为m2，截面积为S ，可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为L 0.现用水平恒力F 向右推气缸，最后气缸与活塞达到相对静止状态．已知大气压强为p 0.求：①稳定时封闭气体的压强； ②稳定时活塞与气缸底部的距离． 2．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)欧洲大型强子对撞机是现在世界上体积最大、能量最高的加速器，是一种将粒子加速对撞的高能物理设备．该设备能把数以万计的粒子加速到相当于光速的99.9%，粒子流每秒可在隧道内狂飙11 245圈，单束粒子能量可达7万亿电子伏．则下列说法中错误的是________．A ．如果继续对粒子进行加速，粒子的速度不能达到光速B ．如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够达到光速C ．如果继续对粒子进行加速，粒子的速度能够超过光速D ．粒子高速运动时的质量大于静止时的质量E ．粒子高速运动时的质量小于静止时的质量(2)(5分)一简谐横波以2 m/s 的波速沿x 轴正方向传播．已知t ＝0时的波形如图所示，则该波的周期为________，t ＝0时刻x ＝0处的质点运动方向为________，x ＝0处的质点在最短时间t ＝________s 时速度值最大．(3)(5分)为了研究光通过折射率n ＝1.6的球形玻璃的偏折现象，让一细束光线射入玻璃球，玻璃球的半径R＝10 mm，球心O到入射光线的垂直距离d＝8 mm.(sin 53°＝0.8)①在图上画出该束光线射入玻璃球后，第一次从玻璃球中射出的光路图．②求这束光线从射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光线偏转的角度．3．[物理——选修3－5](15分)(1)(5分)关于近代物理内容的若干叙述正确的是________．A．自然界中含有少量的14C,14C具有放射性，能够自发地进行β衰变，因此在考古中可利用14C来测定年代B．重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损C．比结合能越大，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定D．根据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小E．紫外线照射到金属锌板表面时能够发生光电效应，则当增大紫外线的照射强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大(2)(5分)核能发电已经成为人类开发和利用新能源的重要途径，某舰艇想依靠所携带的10.9 kg铀丸，利用其放射性衰变释放的能量发电．已知铀丸(23892U)衰变后成为23490Th，则衰变方程为________；若分别用m1、m2、m3表示衰变过程中23892U 核、23490Th核和放出的粒子的质量，则衰变过程中释放出的核能可以表示为________．(3)(5分)如图所示，质量为m1＝60 kg的滑块在光滑水平面上以速度v1＝0.5 m/s 向右运动，质量为m2＝40 kg的滑块(包括小孩)在光滑水平面上以速度v2＝3 m/s 向左运动，为了避免两滑块再次相碰，在两滑块靠近的瞬间，m2上的小孩用力将m1推开．求小孩对m1做功的范围．(滑块m2与右边竖直墙壁碰撞时无机械能损失，小孩与滑块不发生相对滑动，光滑水平面无限长)高考模拟试题精编(一)参考答案1．D 洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式，A 错．奥斯特发现了电流的磁效应，B 错．法拉第发现了电磁感应现象，C 错．库仑利用扭秤发现了电荷之间的相互作用规律，D 正确．2．A 因为两个等量异种点电荷对称地放在大平面的两侧，电场线应该垂直平面，且该平面应该是一个等势面，所以C 、D 说法是正确的，根据电场线的分布情况，说法A 错、B 正确，故选A.3．AD 由v －t 图象可知，两车的加速度分别为a a ＝1510 m/s 2＝1.5 m/s 2，a b ＝3015m/s 2＝2 m/s 2，车的加速度是表示车的速度变化快慢的物理量，A 对；相遇时，x a ＝12×10×15 m ＝75 m ，x b ＝12×15×30 m ＝225 m ，x a ＋Δx ＝x b ，所以a 车在b 车前Δx ＝x b －x a ＝150 m ，B 、C 错误；由图象可知，两车位移差随时间的增加而增大，且它们在15 s 时相遇，即意味着它们的距离从150 m 一直减小到0，所以D 正确．4．D 根据ω＝v r 可知，做圆周运动的角速度不仅与r 有关，还与线速度v 有关，所以A 、B 均错；因为“蛟龙”属于天体自转问题，它转动的角速度与地球同步卫星相同，“神九”与同步卫星相比，根据G Mm r 2＝mω2r 得“神九”的角速度较大，即“神九”的角速度大于“蛟龙”随地球自转的角速度，根据a ＝ω2r 得C 错、D 正确．5．BD 甲、乙两物体速度的方向在改变，不可能做直线运动，则A 错；从速度变化量的方向看，甲的方向一定，乙的发生了变化，甲的合力可能是恒力，也可能是变力，而乙的合力不可能是恒力，则C 错误；B 、D 正确．6．C 物块在斜面上处于静止状态，先对物块进行受力分析，确定其运动趋势，列平衡方程可得F f max .物块受与斜面平行的外力F 作用，而在斜面上静止，此时摩擦力的大小和方向将随F 的变化而变化．设斜面倾角为θ，由平衡条件F 1－mg sin θ－F f max ＝0，F 2－mg sin θ＋F f max ＝0，解得F f max ＝F 1－F 22，故选项C 正确．7．AB 由题给的伏安特性曲线可知，当三导体串联接在电压恒为6 V 的直流电源的两端时，作平行U 轴的直线使三导体两端的总电压为6 V ，R 1、R 2、R 3两端的电压分别为1 V 、3 V 、2V ，此直线恰好过I 轴的1 A 处，可知A 、B 正确；同样可判断C 错误；若将三导体并联后接在3 V 的直流电源上，过U 轴3 V 作平行I 轴的竖直线可知，通过三导体的电流分别约为3 A 、1 A 和2.2 A ，可知D 错．8．B 设变压器原、副线圈的匝数分别为n 1、n 2，输入端的电动势为E ，电流分别为I 1、I 2，电压分别为U 1、U 2，则：U 1＝E －I 1r ，电阻R 消耗的电功率P ＝U 2I 2＝U 1I 1，即P ＝(E －I 1r )I 1＝－I 21r ＋EI 1，可见当I 1＝E 2r 时，P 有最大值P max ＝E 24r，此时U 1＝E －I 1r ＝E －E 2r r ＝E 2，则U 2＝n 2n 1U 1＝n 2n 1E 2，I 2＝U 2R ＝n 2n 1E 2R ，又因I 1I 2＝n 2n 1，联立以上各式得：n 1n 2＝r R ，故A 、C 、D 错，B 对．9．B 由初、末状态看出，A 、B 的机械能：E A 初－E B 初＝mgh ①，E A 末－E B 末＝0②，由①②得：(E A 初－E A 末)＋(E B 末－E B 初)＝mgh ，即ΔE A 减＋ΔE B 增＝mgh ③，由A 、B 系统机械能守恒可知ΔE A 减＝ΔE B 增④，联立③④得：ΔE A 减＝12mgh ，根据功能关系得，杆对A 球做的功为－12mgh ，则A 、C 、D 错，B 对．10．C bc 切割磁感线运动时产生的感应电动势为E ＝BL v ，感应电流I ＝E R ＋r ，由于bc 做初速度为0的匀加速运动，所以v ＝at ，bc 受到的安培力F A ＝BIL ，对于金属导轨abcd ，根据牛顿第二定律得：F －F A ＝Ma ，联立上面各式得：F ＝Ma＋B2L2aR＋rt，所以A、B均错；当bc向左运动时，根据楞次定律，QP的电流方向由Q→P，根据左手定则可知，C正确；若F＝0，PQbc静止，当ef左侧磁场均匀减小时，QP的电流方向由P→Q，根据左手定则可知，D错．11．解析：(1)小车从A到B做匀加速直线运动，由运动学公式2aL＝v2B－v2A，得加速度a＝v2B－v2A 2L.(2)实验所得图线为直线，但不过原点，当F有一定数值时，小车加速度仍为零，说明没有完全平衡摩擦力，也可能拉力传感器读数存在误差，即读数偏大．答案：(1)v2B－v2A2L(3分)(2)没有完全平衡摩擦力或拉力传感器读数偏大(2分)12．解析：(1)因为电压表量程远大于干电池的电动势；(2)改装电压表的量程等于电流表G的满偏电流与电流表G所在支路总电阻的乘积，即U V＝I g(R3＋R g)＝3.0×10－3×(990＋10)V＝3.0 V；(3)为了便于调节，滑动变阻器的阻值不能太大，选择R1比较合适；(4)由于R3支路电阻远大于滑动变阻器R1所在支路电阻，所以干路电流近似等于I2，闭合电路欧姆定律E＝U＋Ir可变形为：E＝I1(R3＋R g)＋I2r，即I1＝ER3＋R g－rR3＋R gI2，由图象知直线与纵轴的截距为ER3＋R g＝1.48mA，解得E＝1.48 V，直线斜率的绝对值为rR3＋R g＝(1.48－1.06)×10－30.5，解得r＝0.84 Ω.答案：(1)电压表量程太大(2分)(2)3(2分) (3)D(2分)(4)1.48(2分)0.84(2分) 13．解：线框被拉出磁场的过程中：产生的感应电流I＝BL2vR(2分)需要的时间t ＝L 1v (1分)所以产生的焦耳热Q ＝I 2Rt ＝B 2L 1L 22v R ①(2分)线框转动90°过程中：产生感应电流的最大值I max ＝BL 1L 2ωR (2分)有效值I ′＝BL 1L 2ω2R (1分) 需要的时间t ′＝π2ω(1分)所以产生的焦耳热Q ＝I ′2Rt ′＝πBL 21L 22ω4R ②(2分) 联立①②得：ω＝4v πL 1(2分) 14．解：(1)当传送带静止不动时，小煤块刚好能运动到C 点，则在C 点，根据牛顿第二定律得：mg ＝m v 2C R ①(1分)小煤块从A →C 过程中，由动能定理得：－μmgL －2mgR ＝12m v 2C －12m v 20 ②(1分)联立①②得μ＝0.4(1分)当传送带的轮子以ω＝10 rad/s 的角速度匀速转动时，传送带的线速度v ＝ωr ＝2 m/s(1分)由v 22μg ＝0.5 m<L ，得小煤块在传送带上加速的时间t ＝v μg ＝0.5 s(1分)小煤块与传送带的相对位移为l ＝v t －v 2t ＝0.5 m ，即划过痕迹的长度为0.5 m(2分)(2)当小煤块在传送带上一直加速时，小煤块到达B 点的速度最大，在C 点对圆轨道的压力最大．设小煤块到达B 点的最大速度为v B ，则：μmgL ＝12m v 2B (1分)解得v B ＝210 m/s(1分)传送带的线速度v ≥210 m/s ，即传送带的角速度ω≥1010 rad/s 时，小煤块在C 点对圆轨道的压力最大(1分)小煤块从B →C ，由机械能守恒定律得：2mgR ＝12m v 2B －12m v 2C max ③(1分)小煤块此时在C 点，由牛顿第二定律得：F max ＋mg ＝m v 2C max R ④(1分)联立③④得F max ＝50 N(1分)根据牛顿第三定律得，对圆轨道最大压力F C ＝F max ＝50 N(1分)15．解：(1)设带电粒子加速后的速度大小为v 0，则在加速电场中，由动能定理得：Uq ＝12m v 20 ①(2分)在偏转电场中做类平抛运动：L ＝v 0t ②(1分)L 2＝12Eq m t 2 ③(1分)联立解得：U ＝EL 2 ④(1分)由闭合电路欧姆定律得：E 0＝2U ＝EL (2分)(2)带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设轨道半径为R ，如图，由几何关系得：R 2＝L 2＋⎝ ⎛⎭⎪⎫R －L 22 ⑤(2分) 由向心力为洛伦兹力得：Bq v 0＝m v 20R ⑥(2分)联立解得：q m ＝16E 25B 2L ⑦(2分)(3)带电粒子在复合场中做直线运动，电场力与洛伦兹力平衡：q v 0B 1＝qE 1 ⑧(3分)联立解得：E 1B 1＝4E 5B (2分) 附加题1．(1)解析：根据分子动理论，A 对；布朗运动不是分子的运动，B 错；物体的内能是物体的所有分子动能与分子势能的总和，由于分子动能不可能为零，所以物体内能不可以为零，C 对；第二类永动机违反热力学第二定律，不违反能量守恒定律，D 错；由pV T ＝C 得，气体压强不变温度升高时体积V 变大，气体对外做功，W <0，根据热力学第一定律Q ＋W ＝ΔU 得E 正确．答案：ACE(5分)(2)解析：由题意可知煤气可发生爆炸时的质量m ＝6%ρV ＝2.322 kg ，则煤气泄漏的时间t ＝m 10 g/min 232.2 min ＝3.87 h ．把空气近似看做理想气体，则由题意可知在爆炸瞬间可看做是体积不变的过程，则由查理定律可得p 1T 1＝p 2T 2，所以爆炸瞬间产生的气体压强为p 2＝p 1T 2T 1＝6×105Pa. 答案：3.87(2分) 6×105(3分)(3)解：①对整体：F ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫m ＋m 2a (1分)对活塞：(p －p 0)S ＝m 2a (1分)联立可得：p ＝p 0＋F 3S (1分)②根据玻意耳定律得：p 0L 0＝pL (1分)所以L ＝p 0p 0＋F 3SL 0(1分)2．(1)解析：根据公式u ＝u ′＋v 1＋u ′v c 2可知粒子的速度u 不可能等于或大于光速，所以A 正确，B 、C 错误；根据公式m ＝m 01－⎝ ⎛⎭⎪⎫v c 2可知高速运动的粒子的质量m 大于静止时的质量m 0，故D 正确、E 错误．答案：BCE(5分)(2)解析：由图可知，该波的波长λ＝4 m ，所以该波的周期T ＝λv ＝2 s ；根据波的传播方向与质点振动方向的关系得t ＝0时刻x ＝0处的质点运动方向为y 轴负方向；根据波的传播方向和t ＝0时刻的波的图象及y ＝A sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT t ＋φ0可得，x ＝0处的质点的φ0＝5π6，x ＝0处的质点运动到平衡位置时速度值最大，所以最短时间t＝16 s.答案：2 s(1分) y轴负方向(2分) 16(2分)(3)解：①如图所示(1分)②由几何关系得sin θ1＝d R ＝0.8(1分)即θ1＝53°(1分)由折射定律得sin θ1＝n sin θ2解得θ2＝30°(1分)则φ＝2(θ1－θ2)＝46°(1分)3．(1)解析：根据原子核衰变的半衰期规律及其应用可知A 对；重核的裂变过程中有质量亏损，B 错；原子核的比结合能越大越稳定，C 对；核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，线速度增大，动能增大，总能量减小，部分转化为光子的能量，D 对；根据光电效应规律，从金属表面逸出的光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，E 错．答案：ACD(5分)(2)解析：根据衰变过程中质量数和电荷数守恒可知，放出的粒子应为α粒子，衰变方程为238 92U →234 92Th ＋42He.由爱因斯坦的质能方程可知，释放出的核能为(m 1－m 2－m 3)c 2.答案：238 92U →234 90Th ＋42He(2分)(m 1－m 2－m 3)c 2(3分)(3)解：小孩用力将m 1推开的过程中，m 1、m 2组成的系统动量守恒，得： m 2v 2－m 1v 1＝m 1v 1′＋m 2v 2′(1分)其中v 2′＝±v 1′是避免两滑块再次相碰的临界条件，即v 2′＝m 2v 2－m 1v 1m 2±m 1(1分) 代入数据解得v 11′＝0.9 m/s ，v 12′＝4.5 m/s(1分)所以小孩对m 1做功的最小值是W min ＝12m 1(v ′211－v 21)＝16.8 J(1分)小孩对m 1做功的最大值是W max ＝12m 1(v ′212－v 21)＝600 J(1分)。

A
BD
C
A
BD
D
AC
2014年高考物理选择题专项训练（十四）
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
D
A
B
BD
BC
AC
CD
B
2014年高考物理选择题专项训练（十五）
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
BD
B
A
C
ABD
AD
AD
AC
B
BCD
2014年高考物理选择题专项训练（八）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
AD
B
BC
C
A
ABC
A
BC
2014年高考物理选择题专项训练（九）
题号
14
15
16
17
18
19
20
21
答案
B
C
AC
CD
D
B
B
B
2014年高考物理选择题专项训练（十）
题号
14
15
16Βιβλιοθήκη 17181920
21
答案
D
B
BD
BCD
AB
B
B
C
2014年高考物理选择题专项训练（十一）
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
BD
D
AD
BD
B
C
BC

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说， 瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析 通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析 对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析 根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析 根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．。

2014年(全国Ⅰ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省揭阳市模拟)如图1所示，一圆形金属环与两固定的平行长直导线在同一竖直平面内，环心与两导线距离相等，环的直径小于两导线间距离．两导线中通有图示方向的相同的恒定电流I .则当环( )图1A ．向上运动时，环中产生顺时针方向的感应电流B ．向下运动时，环中产生顺时针方向的感应电流C ．向左侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流D ．向右侧靠近导线时，环中产生逆时针方向的感应电流答案 D15．(2018·安徽省芜湖市上学期期末)如图2所示，直角坐标系Oxyz 处于匀强磁场中，有一条长0.6 m 的直导线沿Ox 方向通有大小为9 A 的电流，受到的安培力沿Oz 方向，大小为2.7 N ．则该匀强磁场可能的方向和磁感应强度B 的最小值为( )图2A ．平行于yOz 平面，B ＝0.5 TB ．平行于xOz 平面，B ＝1.0 TC ．平行于xOy 平面，B ＝0.2 TD ．平行于xOy 平面，B ＝1.0 T答案 A16．(2018·重庆市江津中学、合川中学等七校第三次模拟)如图3所示，大圆的半径为2R ，同心的小圆半径为R ，在圆心处有一个放射源，可以向平面内的任意方向发射质量为m ，电荷量为q ，最大速率为v 的带电粒子，为了不让带电粒子飞出大圆以外，可以在两圆之间的区域内加一个垂直于纸面向里的匀强磁场，该磁场磁感应强度的最小值是( )图3A.4m v 3qRB.m v qRC.3m v 4qRD.2m v qR答案 A解析 设同心圆的圆心为O ，粒子恰好不飞出大圆，则其轨迹与大圆相切，如图所示，切点为A ，连接OA ，设粒子从C 点进入磁场，过C 点作OC 的垂线交OA 于D 点，D 点即为粒子做匀速圆周运动的圆心，设粒子做圆周运动的半径为r ，由几何关系可得：(2R －r )2＝R 2＋r 2，r ＝m v qB min ，由以上两式解得：B min ＝4m v 3qR ，故A 正确．17．如图4所示，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成θ角与横杆固定，下端连接一质量为m 的小球P .横杆右边用一根细线吊一相同的小球Q .当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为α.已知θ<α，重力加速度为g ，则下列说法正确的是( )图4A．小车一定向右做匀加速运动B．轻杆对小球P的弹力沿轻杆方向C．小球P受到的合力大小为mg tan θD．小球Q受到的合力大小为mg tan α答案 D解析选择小球Q作为研究对象，根据牛顿第二定律，得mg tan α＝ma，得到a＝g tan α，故加速度向右，小车可能向右加速，也可能向左减速，故A错误．对小球P，由牛顿第二定律，得mg tan β＝ma′，因为a＝a′，得到β＝α>θ.则轻杆对小球的弹力方向与细线平行，故B 错误．对小球P、Q由牛顿第二定律可知F＝ma＝mg tan α，故C错误，D正确．18．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图5，空间某区域内存在沿水平方向的匀强磁场，一正方形闭合金属线框自磁场上方某处释放后穿过磁场，整个过程线框平面始终竖直，线框边长小于磁场区域上下宽度．以线框刚进入磁场时为计时起点，下列描述线框所受安培力F随时间t变化关系的图中，不正确的是()图5答案 A解析 线框受重力作用加速下落，进入与离开磁场时受到安培力作用．进入磁场时若安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，某时刻安培力等于重力，线框做匀速运动，此时速度达到v 0＝mgR B 2L 2，完全进入后只受重力，线框加速，刚要离开时的速度大于完全进入时的速度，故安培力大于重力，做减速运动，速度减小，安培力也减小，进入过程与离开过程安培力变化情况可能完全相同，故C 正确，A 错误；若线框进入磁场时恰好重力等于安培力，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，速度减小，安培力减小，故B 正确；若进入时重力大于安培力，由mg －B 2L 2v R＝ma ，则做加速度减小的加速运动，安培力随速度的增大而增大，某时刻重力等于安培力，线框做匀速运动，完全进入后只受重力，线框加速，离开磁场时安培力大于重力，做加速度减小的减速运动，安培力随速度减小而减小，故D 正确．19．(2018·湖南省衡阳市第三次联考)世界上没有永不谢幕的传奇，NASA 的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最后篇章．据NASA 报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图6所示．在极其稀薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和稀薄气体阻力的作用，则( )图6A ．4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B ．4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C ．5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D ．6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和减小答案 ACD解析 由万有引力提供向心力得：G Mm r 2＝mrω2，解得ω＝GM r 3，则轨道半径小的角速度大，则A 正确；由万有引力提供向心力得：G Mm r 2＝m v 2r，解得v ＝GM r ，则轨道半径小的速率大，则B 错误；5到6月间，因有稀薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，重力做正功，动能增加，则C 正确；6月到8月间，因稀薄气体阻力做负功，机械能减小，则D 正确．20．(2018·江西省临川二中第五次训练)如图7所示，叠放在水平转台上的小物体A 、B 、C 能随转台一起以角速度ω匀速转动，A 、B 、C 的质量分别为3m 、2m 、m ，A 与B 、B 与转台、C 与转台间的动摩擦因数都为μ，B 、C 离转台中心的距离分别为r 、1.5r .设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．以下说法中不正确的是( )图7A ．B 对A 的摩擦力一定为3μmgB ．C 与转台间的摩擦力大于A 与B 间的摩擦力C ．转台的角速度一定满足：ω≤2μg 3r D ．转台的角速度一定满足：ω≤μg 3r答案 ABD解析 对A 受力分析，受重力、支持力以及B 对A 的静摩擦力，静摩擦力提供向心力，有F f A ＝3mω2r ≤μ(3m )g ，故A 错误；F f A ＝3mω2r ，F f C ＝mω2×1.5r ，故B 错误；由于A 、AB 整体、C 受到的静摩擦力均提供向心力，故对A ，有：(3m )ω2r ≤μ(3m )g ，对AB 整体有：(3m ＋2m )ω2r ≤μ(3m ＋2m )g ，对物体C ，有：mω2(1.5r )≤μmg ，故ω≤2μg 3r ，故C 正确，D 错误． 21．(2018·河南省开封市第三次模拟)如图8, M 、N 两点处于同一水平面，O 为M 、N 连线的中点，过O 点的竖直线上固定一根绝缘光滑细杆，杆上A 、B 两点关于O 点对称．第一种情况，在M 、N 两点分别放置电荷量为＋Q 和－Q 的等量异种点电荷，套在杆上带正电的小金属环从A 点无初速度释放，运动到B 点；第二种情况，在M 、N 两点分别放置电荷量为＋Q 的等量同种点电荷，该金属环仍从A 点无初速度释放，运动到B 点．则两种情况中( )图8A．金属环运动到B点的速度第一种情况较大B．金属环从A点运动到B点所用的时间第一种情况较短C．金属环从A点运动到B点的过程中，动能与重力势能之和均保持不变D．金属环从A点运动到B点的过程中(不含A、B两点)，在杆上相同位置的速度第一种情况较大答案BD解析等量异种电荷连线的中垂线是等势线，带电金属环沿杆运动时电势能不变，重力势能转化为动能，金属环所受合力等于重力，做加速度等于重力加速度的匀加速直线运动；在等量同种正电荷连线的中垂线上，中点O电势最高，与中点O距离越远，电势越低，A、B两点关于O点对称，电势相等，金属环的电势能相等，重力势能全部转化为动能，第一种情况与第二种情况在B点的速度相等，故A错误；由于到B点前第二种情况的平均速度比较小，所以运动时间比较长，故B正确；等高处重力势能相等，但到B点前第二种情况的速度均较小，所以动能与重力势能之和第二种情况均较小，故C错误；第二种情况中金属环电场力先是阻力后是动力，到B点时与第一种情况速度相等，故D正确．。

2014物理试题(全国Ⅰ卷)及答案解析第Ⅰ卷二、选择题:本题共8小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

14.(2014·课标全国Ⅰ,14)在法拉第时代,下列验证“由磁产生电”设想的实验中,能观察到感应电流的是( )A .将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路,然后观察电流表的变化 B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈,然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接。

往线圈中插入条形磁铁后,再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈,分别接电源和电流表,在给线圈通电或断电的瞬间,观察电流表的变化 答案:D解析:闭合回路中没有磁通量变化,不可能产生感应电流,A 、B 两项错误;往闭合线圈中插入条形磁铁会产生感应电流,但只是瞬时电流,等到相邻房间观察时,感应电流已经消失,C 项错误;接电源的线圈在通电或断电时,会使接电流表的线圈中的磁通量发生变化,产生感应电流,D 项正确。

15.(2014·课标全国Ⅰ,15)关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力,下列说法正确的是( )A .安培力的方向可以不垂直于直导线 B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半 答案:B解析:根据左手定则可知,安培力的方向既与磁场方向垂直,又与电流(或直导线)方向垂直,A 项错误,B 项正确。

由安培力的大小F=BIL sin θ可知,C 项错误;将直导线从中点折成直角,有效长度不一定为原来的12,D 项错误。

16.(2014·课标全国Ⅰ,16)如图,MN 为铝质薄平板,铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。

一带电粒子从紧贴铝板上表面的P 点垂直于铝板向上射出,从Q 点穿越铝板后到达PQ 的中点O 。

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说， 瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析 通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析 对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析 根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析 根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．。

2014年普通高等学校招生全国统一考试（新课标I卷）理科综合物理部分一、选择题：本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

14.在法拉第时代，下列验证“由磁产生电，设想的实验中.能观察到感应电流的是A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两瑞与相邻房间的电流表连接。

往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半16.如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。

一带电拉子从紧贴铝板上表面的P点垂直于铝板向上射出，从Q点穿越铝板后到达PQ的中点O。

已知拉子穿越铝板时，其动能损失一半，这度方向和电荷量不变。

不计重力。

铝板上方和下方的磁感应强度大小之比为A．2 B．22C．1 D．217.如图，用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上，系统处于平衡状态。

现使小车从静止开始向左加速，加速度从零开始逐渐增大到某一值，然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)。

与稳定在竖直位置时相比，小球的高度A.一定升高B.一定降低C.保持不变D.升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定18.如图(a)，线圈ab 、 cd 绕在同一软铁芯上。

在ab 线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd 间电压如图(b)所示。

已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab 中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是19.太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。

2014年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试(物理)注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

写在本试卷上无效。

3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Al 27 P 31 S 32Ca 40 Fe 56 Cu 64 Br 80 Ag 108第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1-6题：生物题(略)7-13题：化学题(略)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。

往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半16.如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。

2014年(全国Ⅱ卷)选择题考点排查练二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．(2018·广东省湛江市第二次模拟)某同学在开展研究性学习的过程中，利用速度传感器研究某一物体以初速度1 m/s 做直线运动的速度v 随时间t 变化的规律，并在计算机上得到了前4 s 内物体速度随时间变化的关系图象，如图1所示．则下列说法正确的是( )图1A ．物体在1 s 末速度方向改变B ．物体在3 s 末加速度方向改变C ．前4 s 内物体的最大位移只出现在第3 s 末，大小为3.5 mD ．物体在第2 s 末与第4 s 末的速度相同答案 C15．(2018·湖北省4月调研)如图2，某楼梯有k 级台阶，每级台阶长L ＝30 cm ，高h ＝15 cm.某同学从第0级台阶的边缘以v 0＝2.4 m/s 的速度平抛小球，小球将首先落在(不计空气阻力，重力加速度g 取10 m/s 2) ( )图2A ．第1级台阶上B ．第2级台阶上C ．第3级台阶上D ．第4级台阶上答案 B16．(2018·贵州省安顺市适应性监测三)在一次跳绳体能测试中，一位体重约为50 kg 的同学，一分钟内连续跳了140次，若该同学每次跳跃的腾空时间为0.2 s ，重力加速度g 取10 m/s 2，则他在这一分钟内克服重力做的功约为( )A ．3 500 JB ．14 000 JC ．1 000 JD ．2 500 J答案 A解析 G ＝mg ＝50 kg×10 N/kg＝500 N ，每次跳跃腾空时间为0.2 s ，故上升过程用时0.1 s ，上升的高度为h ＝0.05 m ，则起跳一次克服重力做的功W 0＝Gh ＝500 N×0.05 m＝25 J ；1 min 跳了140次，则1 min 内克服重力做功W ＝140W 0＝140×25 J＝3 500 J ，故选A.17．(2018·山西省太原市上学期期末)对于挑战世界最大的环形车道(直径 12.8 m ，位于竖直面内，如图3所示)的特技演员Steve Truglia 来说， 瞬间的犹豫都可能酿成灾难性后果．若速度太慢，汽车在环形车道上，便有可能像石头一样坠落；而如果速度太快，产生的离心力可能让他失去知觉．挑战中汽车以16 m/s 的速度进入车道，到达最高点时，速度降至10 m/s 成功挑战．已知演员与汽车的总质量为 1 t ，将汽车视为质点，在上升过程中汽车速度一直减小，下降过程中速度一直增大，取 g ＝10 m/s 2，则汽车在以16 m/s 的速度进入车道从最低点上升到最高点的过程中( )图3A ．通过最低点时，汽车受到的弹力为 4×104NB ．在距地面6.4 m 处，演员最可能失去知觉C ．只有到达最高点时汽车速度不小于10 m/s ，才可能挑战成功D ．只有汽车克服合力做的功小于 9.6×104 J ，才可能挑战成功答案 D解析 通过最低点时，汽车受到的弹力为F N1＝mg ＋m v 2R ＝1 000×(10＋1626.4)N ＝5×104 N ，选项A 错误；在轨道的最低点时，车速最大，人对座椅的压力最大，最容易失去知觉，选项B 错误；汽车到达最高点的最小速度为v ＝gR ＝10×6.4 m/s ＝8 m/s ，则只有到达最高点时汽车速度不小于8 m/s ，才可能挑战成功，选项C 错误；从最低点到最高点克服合外力做的功最大为W ＝12mv 02－12mv 2＝12×1 000×(162－82)J ＝9.6×104 J ，选项D 正确． 18．(2018·衡水金卷调研卷五)军用卫星指的是用于各种军事目的人造地球卫星，在现代战争中大显身手，作用越来越重要，一颗军事卫星在距离地面高度等于地球半径的圆形轨道上运行，卫星轨道平面与赤道平面重合，侦察信息通过无线电传输方式发送到位于赤道上的地面接收站，已知人造地球卫星的最小周期约为85 min ，此卫星运行方向为自西向东，则下列判断正确的是( )A ．该军事卫星的周期约480 minB ．该军事卫星的运行速度约为7 km/sC ．该军事卫星连续两次通过接收站正上方的时间间隔约为576 minD ．地面接收站能连续接收信息的时间约为96 min答案 D解析 对于该军事卫星和近地卫星，由开普勒第三定律可知⎝ ⎛⎭⎪⎫2R 0R 03＝⎝ ⎛⎭⎪⎫T T min 2，解得T ＝22T min ≈240 min，A 错误；卫星运行的速度v ＝GM 2R 0＝12×GM R 0＝7.92km/s ≈5.6 km/s ，B 错误；该军事卫星连续2次通过接收站正上方，由几何关系可知2πT t 1－2πT 0t 1＝2π，解得t 1≈288 min，C 错误；卫星与接收站的关系如图：设卫星在A 1、A 2位置接收站恰好能接收到信息，由几何关系可知∠A 1OB 1＝∠A 2OB 2＝π3，2π3＋t 2T 0·2π＝t 2T ·2π，解得t 2＝TT 03(T 0－T )≈96 min，D 正确． 19．(2018·广西钦州市第三次质检)真空中，两个固定点电荷A 、B 所带电荷量分别为Q A 和Q B ，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图4实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向，电场线上标出了C 、D 两点，其中D 点的切线与AB 连线平行，O 点为AB 连线的中点，则( )图4A ．A 带正电，B 带负电，且|Q A |>|Q B |B ．O 点电势等于D 点电势C ．点电荷A 在D 点产生的场强比点电荷B 在D 点产生的场强大D ．负检验电荷在C 点的电势能大于在D 点的电势能答案 AC解析 根据电场线的方向，知A 带正电，B 带负电；D 点的场强可看成A 、B 两点电荷在该点产生场强的合场强，电荷A 在D 点产生的场强方向沿AD 向上，电荷B 在D 点产生的场强沿DB 向下，合场强水平向右，可知A 电荷在D 点产生的场强大于B 电荷在D 点产生的场强，而AD >BD ，所以|Q A |>|Q B |，A 、C 正确；因|Q A |>|Q B |，在AB 连线上电势与D 点相同的点在OB 之间，A 带正电荷，B 带负电荷，所以O 点电势比D 点电势高，B 错误；沿电场线方向电势逐渐降低，φC >φD ，再根据E p ＝q φ，q 为负电荷，知E p C <E p D ，D 错误．20．(2018·青海省西宁市二模)如图5所示，在长方形abcd 区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场，O 点为ad 边的中点，ab ＝2ad ，由氕核(11H)和氘核(21H)(重力均不计)组成的一细束粒子流沿与ab 平行的方向以相同的速度从O 点射入磁场中，下列说法正确的是( )图5A ．氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为2∶1B ．若氘核从Od 边射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2C ．若氕核从d 点射出磁场，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为2∶1D ．若氕核从cd 边的中点射出磁场，则氘核从cd 边射出磁场答案 BD解析 根据r ＝mv qB 可知氕核和氘核在磁场中运动的轨迹半径之比为r D r C ＝m D m C ＝12，选项A 错误；若氘核从Od 边射出磁场，可知氘核在磁场中运动半个圆周，因为氕核运动半径小于氘核，可知氕核在磁场中运动半个圆周从Od 边射出，根据T ＝2πm qB可知，氕核和氘核的周期之比为1∶2，则氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶2，选项B 正确；若氕核从d 点射出磁场，因氘核运动半径是氕核运动半径的2倍，可知氘核运动14圆周垂直于dc 边从dc 边射出，结合B 的分析可知，氕核和氘核在磁场中运动的时间之比为1∶1，选项C 错误；设ab ＝2ad ＝2l ，则若氕核从cd 边的中点射出磁场，则由几何关系可知：r 2＝l 2＋(r －l 2)2，解得r ＝5l 4；因氘核运动半径为氕核的2倍，则氘核运动的半径为r ′＝5l 2，由几何关系，氘核出射点离d 点的距离：x ＝r ′2－(r ′－l 2)2＝3l 2，即氘核从cd 边射出磁场，选项D 正确． 21．(2018·山东省青岛市5月二模)如图6，将手摇交流发电机与一理想变压器的原线圈相连，副线圈电路中接有三个定值电阻、开关、灯泡及一个压敏电阻．压敏电阻具有这样的特点：只有加在它两端的电压大于某一值时，才会有电流通过．现将手摇发电机的手柄匀速转动，小灯泡周期性的闪亮，闭合开关后，小灯泡不再闪亮．下列说法正确的是( )图6A．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，且闪亮频率不变B．将滑动头P向下滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变小C．将滑动头P向上滑动，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大D．增大发电机手柄的转速，可能使灯泡继续闪亮，但闪亮频率变大答案AD解析将滑动头P向上滑动，变压器副线圈匝数增多，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮；原线圈输入电流频率不变，副线圈回路中电流频率不变，灯泡闪亮频率不变，故A项正确，C项错误．将滑动头P向下滑动，变压器副线圈匝数减少，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压减小，压敏电阻两端电压减小，小灯泡可能闪亮，但频率不变，故B项错误．增大发电机手柄的转速，原线圈两端的电压增大，据U1∶U2＝n1∶n2可得，副线圈两端电压增大，压敏电阻两端电压增大，可能使灯泡继续闪亮，增大发电机手柄的转速，原线圈输入电流的频率增大，副线圈电流的频率增大，灯泡闪亮频率变大，故D项正确．精美句子1、善思则能“从无字句处读书”。