肇庆市重点中学2014年春学期高三毕业班一模物理试卷(有答案)

2013-2014学年广东省肇庆市高要二中高三（上）月考物理试卷（三）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共22.0分)1.在光滑水平面上，一个质量为m的物体，在水平拉力F作用下，由静止开始运动，经过时间t，物体的位移为x，速度为v，若物体的加速度为a，则（）A.a=，a由速度和时间决定B.a=，a由物体受到的合外力和物体的质量决定C.a=，a由物体的速度和位移决定D.a=，a由物体的位移和时间决定【答案】B【解析】解：由公式可知，加速度由物体的合外力和质量决定，与速度、位移、时间无关，故B正确，ACD错误故选：B根据牛顿第二定律，加速度由物体的合外力和质量决定，与速度、位移、时间无关通过位移、时间、速度，根据运动学公式可以求出加速度，但是加速度与这些量无关，由物体所受的合外力和物体质量有关2.如图所示，倾角为θ的光滑斜面放在水平面上，斜面上用固定的竖直板挡住一个质量为m的光滑小球，当整个装置沿水平面以速度v匀速向左运动时，以下说法中正确的是（）A.斜面对小球的弹力大小为mgcosθB.竖直板对小球的弹力大小为mgtanθC.斜面和竖直板对小球的作用力的合力水平向左D.重力对小球不做功，斜面对小球的弹力不做功，竖直板对小球的弹力做负功【答案】B【解析】解：小球受重力、斜面支持力和挡板的支持力，三力平衡，如图所示：根据平衡条件，有：F1=①F2=mgtanθ②A、由①式，斜面对小球的弹力为，故A错误；B、由②式，竖直板对小球的弹力大小为mgtanθ，故B正确；C、斜面和竖直板对小球的作用力的合力竖直向上，与重力平衡，故C错误；D、位移水平向左，故重力对小球不做功，斜面对小球的弹力做正功，竖直板对小球的弹力做负功，故D错误；故选B．小球做匀速直线运动，受力平衡，根据平衡条件求解出各个力；判断一个力是否做功，关键看力的方向与位移方向是否垂直，若垂直则不做功，若不垂直，则做功．该题考查了共点力平衡条件和力做功的条件；判断力是否做功，要看力的方向与位移方向是否垂直，若垂直则不做功，若不垂直，则做功．3.一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则（）A.粒子带正电B.A点的场强小于B点的场强C.粒子的加速度逐渐增加D.粒子的速度不断减小【答案】D【解析】解；A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B、C错误；D、不计粒子所受的重力，只有电场力做功，又粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．故D正确；故选D．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，从而判定动能增加与否．4.如图甲滑雪运动员由斜坡高速向下滑行时的V-t图象如图乙所示，则由图中AB段曲线可知，运动员在此过程中（）A.所受外力的合力一定不断增大B.运动轨迹一定是曲线C.加速度一定减小D.斜坡对运动员的作用力一定是竖直向上的【答案】C【解析】解：A、匀加速运动的v-t图象是一条直线，由v-t图象可知，运动员的v-t图象是一条曲线，曲线切线的斜率越来越小，运动员的加速度越来越小，由牛顿第二定律可知，运动员所受合力F=ma不断减小，故A错误C正确；B、v-t图象是规定了正方向的坐标系，只能表示直线运动，不能表示曲线运动，故运动员的运动轨迹是直线，B错误；D、由v-t图象可知，速度越来越大，即加速运动，对运动员进行受力分析，如图，斜坡对运动员的作用力是摩擦力与支持力的合力，由于加速运动沿着斜面的方向有：f＜mgsinθ若f=mgsinθ，则f与N的合力竖直向上，先f＜mgsinθ，其合力方向向上偏右，故D 错误．故选：C．分析运动员的v-t图象，判断运动员速度如何变化，根据速度的变化情况判断加速度的变化情况，再判断运动员所受合力变化情况、运动员的运动轨迹及机械能变化情况．本题根据所给图象判断运动员的运动性质、所受合力变化情况、机械能变化情况，难度适中．5.2012年至2015年进入了我国北斗系统卫星发射的高峰期，北斗卫星系统由地球同步轨道卫星与低轨道卫星两种卫星组成，在正常轨道运行的这两种卫星比较（）A.低轨卫星运行的周期较大 B.同步卫星运行的周期较大C.低轨卫星运行的加速度较大D.同步卫星运行的线速度较大【答案】BC【解析】解：根据，得a=，v=，T=．同步卫星的轨道半径大，则加速度较小，线速度较小，周期较大．故B、C正确，A、D错误．故选BC．根据万有引力提供向心力得出线速度、周期、加速度与轨道半径的关系，从而比较出大小．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、加速度、角速度、周期与轨道半径的关系．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)6.发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点（如图所示）．则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A.卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率B.卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C.卫星在轨道1上经过Q点时的速率等于它在轨道2上经过Q点时的速率D.卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度【答案】AD【解析】解：A卫星在圆轨道上做圆周运动万有引力提供圆周运动向心力有，得轨道线速度v=知轨道3的半径大，线速度小，故A正确；B、根据得角速度，轨道3的半径大角速度小，所以B错误；C、卫星在轨道I上做圆周运动经过Q点时万有引力与向心力相等，在轨道2上做椭圆轨道运动，经过Q点时卫星做离心运动，万有引力小于向心力，同在Q点万有引力相等，故可知卫星在轨道2上经过Q点时的速度来得大，故C错误；D、卫星在P点的加速度由万有引力产生，故不管卫星在哪个轨道，只要经过同一点P，卫星的加速度相同，故D正确．故选：AD．根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、和向心力的表达式进行讨论即可，知道卫星通过做离心运动或近心运动实现轨道变化的．本题考查卫星的变轨和离心运动等知识，关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论．三、单选题(本大题共1小题，共6.0分)7.如图的电路中，电源内阻r≠0，R1和R2是两个定值电阻．当滑动变阻器R的滑片向b移动时，电路中电流I1、I2的变化是（）A.I1不变B.I1变小C.I2变大D.I2变小【答案】D【解析】解：R的滑动触点向b端移动时，R增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，所以通过R1的电流I1增大，而总电流I减小，则流过R2的电流I2减小，故ABC错误，D正确．故选：D．理清电路，抓住电动势和内阻不变，采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．解决本题的关键抓住电动势和内电阻不变，结合闭合电路欧姆定律求解．注意做题前一定要理清电路，难度不大，属于基础题．四、多选题(本大题共2小题，共12.0分)8.升降机底板上放一质量为100kg的物体，物体随升降机由静止开始竖直向上移动5m 时速度达到4m/s，则此过程中（g取10m/s2）（）A.升降机对物体做功5800JB.合外力对物体做功5800JC.物体的重力势能增加5000JD.物体的机械能增加5000J【答案】AC【解析】解：A、对物体运用动能定理，有：，故=5800J，故A正确；，故B错误；B、对物体运用动能定理，有：总C、重力势能的增加量等于克服重力做的功，故△E p=mgh=100×10×5=5000J，故C 正确；D、机械能的增加量：=5800J，故D 错误；故选AC．对升降机受力分析，受重力和支持力，根据功能关系多次列式分析求解．本题关键是根据动能定理列式，明确重力的功、支持力的功、总功、重力势能增加量、动能增加量的求法．9.如图所示，PQ是固定的水平导轨，两端有两个小定滑轮，物体A、B用轻绳连结，绕过定滑轮，不计滑轮的摩擦，若B重10N，A重20N，A与水平导轨间摩擦因数μ=0.4，要使A、B保持静止，则F应为（）A.大小为0B.大小为2NC.大小为12N D.大小为20N【答案】BC【解析】解：物体B受重力和细线的拉力而平衡，故：T=G B=10N；物体A与水平导轨间的最大静摩擦力为：f=μG A=8N；如果物体A恰好不向右滑动，拉力F最小，为：F1=T-f=10-8=2N；如果物体A恰好不向左滑动，拉力F最大，为：F2=T+f=10+8=18N；故拉力的范围为：2N≤F≤18N故AD错误，BC正确；故选：BC先对物体B分析，根据平衡条件列式求解右侧细线的拉力；再对物体A分析，考虑恰好不滑动的临界情况，结合平衡条件列式求解拉力F．本题关键是对物体B、A分别受力分析，然后根据平衡条件列式，注意静摩擦力是可变的，要考虑临界情况，不难．五、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)10.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”．弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M．弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为______ N（2）下列不必要的实验要求是______ （请填写选项前对应的字母）（A）应测量重物M所受的重力（B）弹簧测力计应在使用前校零（C）拉线方向应与木板平面平行（D）改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）该同学在操作过程中，用弹簧测力计B的挂钩拉另一细线的b端，该细线的另一端系在细线ac上的O点处，手持测力计B保持水平方向缓慢向左拉，到达如图所示位置，记录：O点的位置、测力计A的读数、细线O a的方向、______ 、______ 和细线O c的方向．【答案】3.60；D；测力计B的读数；细线O b的方向【解析】解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以3.60N．（2）A、实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道．故A正确；B、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零．故B正确；C、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性．故C正确；D、当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验．故D错误．本题选不必要的，故选：D．（3）在记录力时不但要记录大小还要记录方向，因此该实验中需要记录的除O点位置之外，测力计A的读数、细线O a的方向，还应当记录：测力计B的读数、细线O b的方向和细线O c的方向．故答案为：（1）3.60，（2）D；（3）测力计B的读数；细线O b的方向（1）确定出弹簧测力计的分度值，从而读出弹簧秤的读数；（2）在该实验中，由于P、O的位置确定，则A弹簧的拉力大小和方向一定，合力又一定，则弹簧B的拉力大小和方向也一定，不需进行多次实验；（3）明确该实验的实验原理，了解具体实验步骤以及具体的操作，尤其注意在记录力时不但要记录大小还要记录方向．在“验证力的平行四边形定则”实验中，我们要知道分力和合力的效果是等同的，这要求同学们对于基础知识要熟练掌握并能正确应用，加强对基础实验理解．11.某同学在用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验中，串联了一只2.5Ω的保护电阻R0，实验电路如图1所示，（1）连好电路后，当该同学闭合电键，发现电流表示数为0，电压表示数不为0．检查各接线柱均未接错，接触良好且未发生短路；他用多用电表的电压档检查电路，把两表笔分别接a、b，b、c，d、e时，示数均为0，把两表笔接c、d时，示数与电压表示数相同，由此可推断故障是______ ．（选填“R短路”，“R断路”）（2）按电路原理图及用多用电表的电压档检查电路且把两表笔分别接c、d时的实物电路图如图2以画线代导线连接起来．（3）排除故障后，该同学顺利完成实验，测定下列数据，根据数据在如图3坐标图中画出U-I图，由图知：电池的电动势为______ ，内阻为______ ．（保留2位有效数字）【答案】R断路；1.5；0.5【解析】解：（1）接c、d电压表示数为电源的电动势，说明此时电压表与电源相连，故其他部位是完好的，只能是R发生断路；（2）先连接串联部分，依次将电源、电键、滑动变阻器、电流表连接，再将电压表并联在电源及定值电阻两端即可；如图所示；（3）由表中数据，描点连线，可得U-I图如下图所示；图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故电源的电动势约为1.5V；图象的斜率表示内阻，则内电阻r=-2.5Ω=0.5Ω；故答案为：（1）R断路；（2）如上图；（3）1.5V0.5Ω．（1）用电压表测电路时，若示数为零，则说明所接部分没有断路；若有示数则说明所接部分内出现了断路；（2）由原理图可画出实物图，注意在连线时不要交叉，同时要注意电表的正负接线柱；（3）由描点法得出U-I图象，而图象与纵坐标的交点为电动势；图象的斜率表示电源的内电阻．本题中要注意电压表的接法，此种接法测出的是不是路端电压，而是滑动变阻器两端的电压；此时可将保护电阻等效为电源的内阻进行分析．六、计算题(本大题共2小题，共20.0分)12.如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为圆水平直径的两个端点，AC为圆弧．一个质量为m，电荷量为+q的带电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道．不计空气阻力及一切能量损失．（1）小球在A点进入电场时的速度；（2）小球在C点离开电场前后瞬间对轨道的压力分别为多少；（3）小球从B点离开圆弧轨道后上升到最高点离B点的距离．【答案】解：（1）对从释放到A点过程，根据动能定理，有：mg H=解得：v A=（2）对从释放到最低点过程，根据动能定理，有：mg（H+R）+q ER=①小球在C点离开电场前瞬间，根据牛顿第二定律，有：N1-mg-q E=m②小球在C点离开电场后瞬间，根据牛顿第二定律，有：N2-mg=m③联立①②③解得：N1=3mg+3q E+N2=2mg+3q E+根据牛顿第三定律，小球在C点离开电场前后瞬间对轨道的压力分别为3mg+3q E+、2mg+3q E+；（3）从释放小球到右侧最高点过程，根据动能定理，有：mg（H-h）+q ER=0-0解得：h=答：（1）小球在A点进入电场时的速度为；（2）小球在C点离开电场前后瞬间对轨道的压力分别为3mg+3q E+、2mg+3q E+；（3）小球从B点离开圆弧轨道后上升到最高点离B点的距离为．【解析】（1）对从释放到A点过程运用动能定理列式求解A点的速度；（2）先对从释放到C点过程运用动能定理列式，在C点，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解支持力，根据牛顿第三定律得到压力；（3）对从释放到右侧最高点过程运用动能定理列式求解．本题关键是明确小球的受力情况和运动情况，灵活选择过程并根据动能定理列式求解，基础题目．13.如图，一个传送带倾斜放置，倾角α=53°，传送带的动摩擦因数为μ=0.5，长度L=10m，传送带沿顺时针方向转动，一个质量m=1kg的物体1在光滑的平台上向右做匀速直线运动，速度大小为V0，在平台末端，物体1和静止的相同质量的物体2发生弹性碰撞，碰撞后物体2水平抛出，当物体2运动到传送带上表面顶端A点时，速度方向刚好和传送带上表面平行，即物体2无碰撞地运动到传送带上，已知斜面顶端与平台的高度差h=0.8m，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．求：（1）物体1的速度的大小V0（2）如果传送带静止，求物体2在传送带上下滑时的加速度．（3）讨论传送带的摩擦力对物体2做的功W f与传送带转动速度V的关系．【答案】解：（1）物体1、2发生弹性碰撞，因为能量和动量都守恒，碰撞后两物体速度交换，物体2以速度v0水平抛出，之后物体2做平抛运动，由运动的合成与分解可得：=tan53°又v y2=2gh，v y===4m/s=m/s=3m/s；则得v0=°（2）传送带静止时，物体2在传送带上加速运动时，由牛顿第二定律得：mgsin53°-μmgcos53°=ma则得a=g（sin53°-μcos53°）=10×（0.8-0.5×0.6）=5m/s2；（3）物体2到达A点的速度为v A=°==5m/s若传送带速度很快，物体2在传送带上的速度始终比传送带慢，设物体2到达B点时的速度大小为v B，由动能定理得：（mgsin53°+μmgcos53°）L=m-m解得：v B=7m/s故当v＜5m/s，滑动摩擦力对物体2一直做负功，W f=-μmgcos53°L=-30J当5m/s＜v＜7m/s时，物体2在传送带上开始时比传送带慢，设在传送带上经过距离S物体2速度达到v．由动能定理得：（mgsin53°+μmgcos53°）S=mv2-m则得：S=物体2在传送带上前S距离内摩擦力做正功，后L-S的距离摩擦力做负功．故摩擦力做功W f=μmgcos53°S-μmgcos53°（L-S）=答：（1）物体1的速度的大小v0是3m/s；（2）如果传送带静止，物体2在传送带上下滑时的加速度是5m/s2；（3）传送带的摩擦力对物体2做的功W f与传送带转动速度v的关系为：当v＜5m/s，W f=-30J．当5m/s＜v＜7m/s时，W f=．【解析】（1）物体在平台上飞出后做平抛运动，由运动的合成与分解可求得平台上运动的速度；（2）由A到B的过程中，由动能定理可求得物体到达传送带下端B点的速度；（3）根据物体2运动到传送带上的速度与传送带速度的关系，分析其运动情况，根据动能定理求出摩擦力对物体2做的功W f，并分析与传送带速度v的关系．本题中物体物体先后经历了平抛、匀加速及匀减速直线运动，在多过程运动的题目中动能定理及功能关系应为解题的首选．。

2024年广东省肇庆市高三上学期第一次统考理综物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题如图为某同学设计的电磁弹射装置示意图，平行的足够长光滑水平导轨MN、PQ间距为，置于磁感应强度为的匀强磁场中，质量为，长度为导体棒ab垂直放在导轨上。

单刀双掷开关先打向c，内阻不计电动势为的电源给电容为C的电容器充电，充完电后打向d，导体棒ab在安培力的作用下发射出去。

阻力不计，下列说法正确的是（ ）A．导体棒达到最大速度前，做加速度逐渐增大的加速运动B．导体棒以最大速度发射出去后，电容器储存的电荷量为零C．导体棒能达到的最大速度为D．导体棒达到最大速度时，电容器放出的电荷量为第(2)题四名运动员在标准田径场上进行400m赛跑，如图所示，他们从不同起点起跑，终点相同，都顺利地按规则要求完成了比赛，下列说法中正确的是（）A．他们跑完全程的路程相同B．他们跑完全程的位移相同C．他们跑完全程的平均速度相同D．他们跑完全程的平均速率相同第(3)题如图所示四幅图为物体做直线运动的图像，下列说法正确的是（ ）A．甲图中，物体在0~t0时间内的位移等于B．乙图中，物体的加速度大小为1m/s2C．丙图中，阴影面积表示t1~t2时间内物体的加速度变化量D．丁图中t=4s时物体的速度大小为35m/s第(4)题物理学科核心素养第一要素是“物理观念”，下列“物理观念”中正确的是（）A．物体运动速度越大，加速度就越大，速度变化一定越快B．不管是摩擦起电、接触起电还是感应起电，正负电荷的总量保持不变C．物体有力才会运动，即力是产生速度的原因，不是产生加速度的原因D．能源的利用过程遵守能量守恒定律，取之不尽用之不竭，不需节约能源第(5)题一列简谐横波沿x轴负方向传播，波速v=30m/s，介质中P、Q两质点的平衡位置坐标分别为、，质点P的振动图像如图所示，则（ ）A．该波的周期为1sB．该波的波长为40mC．t=1s时刻质点P的位移为零D．t=1s时刻质点Q的位移大小为5cm第(6)题下列四幅图相关知识的叙述，其中正确提（ ）A．图甲中，位于水中气泡看上去特别明亮是由于光的全反射B．图乙中，若增加单缝的宽度，则屏上的中央亮条纹将变宽变亮C．图丙中，若两板间的薄片向左移动少许，则干涉条纹的间距将增大D．图丁中，若光能使某金属发生光电效应，则光一定也能使该金属发生光电效应二、多选题 (共4题)第(1)题图甲是小型交流发电机的示意图，A为理想交流电流表，V为理想交流电压表。

2024届广东省肇庆市高三上学期高中毕业班第一次统一检测全真演练物理试题一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分，在每小题给出的答案中，只有一个符合题目要求。

(共8题)第(1)题对一定量的气体，下列说法正确的是（）A．在体积缓慢地不断增大的过程中，气体一定对外界做功B．在压强不断增大的过程中，外界对气体一定做功C．在体积不断被压缩的过程中，内能一定增加D．在与外界没有发生热量交换的过程中，内能一定不变第(2)题1932年，考克饶夫和瓦尔顿用质子加速器进行人工核蜕变实验，验证了质能关系的正确性。

在实验中，锂原子核俘获一个质子后成为不稳定的铍原子核，随后又蜕变为两个原子核，核反应方程为。

已知、、X的质量分别为、、，光在真空中的传播速度为c，则在该核反应中（ ）A．质量亏损B．释放的核能C．铍原子核内的中子数是5D．X表示的是氚原子核第(3)题某物体沿一直线运动，时刻开始计时，物体运动的图象如图所示，根据图象信息，下列说法正确的是（）A．物体在前内的位移是B．物体的加速度大小是C．物体在前内的位移是D．物体在时的速度是第(4)题2021年4月29日，我国在海南文昌用长征五号B运载火箭成功将空间站天和核心舱送入预定轨道。

核心舱运行轨道距地面的高度为左右，地球同步卫星距地面的高度接近。

则该核心舱的（ ）A．角速度比地球同步卫星的小B．周期比地球同步卫星的长C．向心加速度比地球同步卫星的大D．线速度比地球同步卫星的小第(5)题如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I，闭合矩形线框与导线在同一竖直平面内，且一边与导线平行，线框由静止释放，不计空气阻力，在下落过程中（）A．穿过线框的磁通量保持不变B．线框中感应电流方向保持不变C．线框做自由落体运动D．线框的机械能不断增大第(6)题在一次劳动活动中，两位身高相近的同学提着同一桶水从水房到花园。

如图的四种提水的方式相对而言最省力的是（ ）A．B．C．D．第(7)题如图所示，A、B、C是等边三角形的三个顶点，AC边的中点为M，BC边的中点为N，O点为三角形的中心，分别在A、B、C固定放置电荷量为的点电荷时，下列说法正确的是（）A．M、N两点的电场强度大小相等B．M、N两点的电势相等C．O点场强为零D．将一个负电荷由O点向N点移动的过程中，电场力做负功第(8)题一迷你热气球以速度从水平地面上匀速上升，假设从该时刻起，热气球在水平方向上受一恒定风力，且竖直上升的高度与水平方向上的速度在大小上始终满足，则当热气球上升到时，热气球离出发点的水平距离为（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。

2024届广东省肇庆市高三上学期第一次统一检测全真演练物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题宇宙射线进入地球大气层与大气作用会产生中子，中子与大气中的氮14会产生以下核反应：，产生的能自发进行衰变，其半衰期为5730年，利用碳14的衰变规律可推断古木的年代。

下列说法错误的是（ ）A．发生衰变的产物是B．衰变辐射出的电子来自于碳原子核C．近年来由于地球的温室效应，不会引起的半衰期发生变化D．若测得一古木样品的含量为活体植物的，则该古木距今约为11460年第(2)题一球面均匀带有正电荷，球内的电场强度处处为零，如图所示，O为球心，A、B为直径上的两点，，现垂直于将球面均分为左右两部分，C为截面上的一点，移去左半球面，右半球面所带电荷仍均匀分布，则（ ）A．O、C两点电势相等B．A点的电场强度大于B点C．沿直线从A到B电势先升高后降低D．沿直线从A到B电场强度逐渐增大第(3)题某学习小组为了研究水面波的传播特点，在水面上放置波源和浮标，两者的间距为L。

t=0时刻，波源开始从平衡位置在竖直方向做简谐运动，产生的水波沿水平方向传播（视为简谐波），t1时刻传到浮标处使浮标开始振动，此时波源刚好位于正向最大位移处，波源和浮标的振动图像分别如图中的实线和虚线所示，则（ ）A．水波的波长为B．波源的振动周期为C．2t₁时刻波源沿y轴负方向运动D．水波的传播速度大小为第(4)题两块完全相同的直角三角形玻璃砖，将其中一块倒置，使其斜面互相平行，且使平行斜面的区域填入某种均匀介质，如图所示，一道激光光束由左方垂直边界射入，若不考虑所有的反射光线，则右方哪些线条可能是折射光线（）A．1，2，3中任何一条都有可能B．4，5，6中任何一条都有可能C．7，8，9中任何一条都有可能D．1～9中的所有光线都有可能第(5)题大量处于第三激发态的氢原子向低能级跃迁时，发出不同频率的光，其中只有a、b两种光能使光电管产生光电流，且测得光电流随电压变化的关系如图所示。

试卷类型：A肇庆市中小学教学质量评估2014届高中毕业班第二次模拟考试理科综合本试卷共12页，36小题，满分300分，考试用时150分钟。

注意事项：1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔，将自己所在县（市、区）、姓名、试室号、座位号填写在答题卷上对应位置，再用2B铅笔将准考证号涂黑．2. 选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卷上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答案不能写在试卷或草稿纸上．3. 非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内相应的位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再在答题区内写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答的答案无效．可能用到的相对原子质量：H-1 C-12一、单项选择题：本大题共16小题，每题小4分，共64分。

在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，有选错或不答的得0分。

1．下列各项均是有关显微镜操作的表述，其中错误．．的操作是A．标本染色较深，应选用凹面反光镜和大光圈B．将位于视野内左上方的图像移向中央，应向左上方移动装片C．若转换高倍物镜观察，需先升高镜筒，以免镜头碰坏装片D．转换高倍物镜之前，应先将所要观察的图像移到视野的正中央2．下列哪一种来源的细胞其分化能力最强A．骨髓干细胞B．胚胎干细胞C．造血干细胞D．神经干纽胞3．病毒H1N1亚型是第一个被鉴定出的流行性感冒病毒，之后即不断地有新亚型的报道。

下图为流行性感冒病毒构造示意图，其中甲（简称H）与病毒进入细胞有关；乙（简称N）则与病毒粒子出细胞有关。

抗病毒药物―达菲‖（Oseltamivir）主要是抑制乙的作用。

问―达菲‖主要是阻断该病毒增殖时的哪一过程A．病毒入侵细胞B．病毒的核酸复制C．病毒粒子的组装D．子病毒释出细胞4．下列哪一项属于次生演替A．冲积平原的形成B．裸岩的风化C．天然湖泊的淤积D．荒化的农地甲血球凝集素乙神经氨酸酶丙遗传物质丁套膜5．下列关于神经系统及其调节的叙述，正确的是A．切除下丘脑的动物丧失血糖调节能力B．调节人体生理活动的高级神经中枢是下丘脑C．机体对刺激作出迅速反应的调节属于神经调节D．先天性行为与神经系统的调节作用无直接关系6．从前科学家在研究疟疾时，认为：①.疟疾可能和污水有关；②.排除污水，当可防止疟疾；③.若干地区的人们设法清除湿地，这些地区的疟疾患者大为减少。

2024年广东省肇庆市高三上学期第一次统考理综全真演练物理试题一、单选题 (共6题)第(1)题列车进站时如图所示，其刹车原理可简化如下：在车身下方固定一矩形线框，利用线框进入磁场时所受的安培力，辅助列车刹车。

已知列车的质量为m，车身长为s，线框的ab和cd长度均为L（L小于匀强磁场的宽度），线框的总电阻为R。

站台轨道上匀强磁场区域足够长，磁感应强度的大小为B。

车头进入磁场瞬间的速度为v0，列车停止前所受铁轨及空气阻力的合力恒为f。

车尾进入磁场瞬间，列车恰好停止。

下列说法不正确的是（）A．列车进站过程中电流方向为abcdB．线框ab边进入磁场瞬间，加速度大小C．线框ab边进入磁场瞬间，线框的电流大小为D．列车从进站到停下来的过程中，减少的动能等于线框产生的热量第(2)题2024年，“嫦娥六号”将出征月球，它要飞往月球背面采样并返回地球。

以下是嫦娥六号取样后，在P处由圆形轨道Ⅰ变轨到椭圆轨道Ⅱ，准备返回地球的示意图。

则嫦娥六号（）A．在轨道Ⅰ和Ⅱ运行时均处于超重状态B．在轨道Ⅰ经过P处的速率大于在轨道Ⅱ经过P处的速率C．在轨道Ⅰ和轨道Ⅱ运行至P处时加速度大小相等D．在轨道Ⅰ的机械能大于在轨道Ⅱ的机械能第(3)题2023年8月13日在西昌卫星发射中心，我国成功将世界第一颗高轨道合成孔径雷达卫星“陆地探测四号01星”送到了3.6万千米的倾斜同步轨道上。

这是中国专门用来服务防灾减灾及地震监测、国土资源勘查及海洋、水利等民用需求的卫星。

不过美国专家表示，由于这款卫星拥有强大的合成孔径雷达技术和对于海洋的观测能力，这颗卫星也能够对海洋上的美国航母编队进行识别跟踪。

下列说法正确的是（ ）A．此卫星的加速度比我国空间站的加速度大B．此卫星的运行周期比我国空间站的运行周期要小C．此卫星运行速度大于第一宇宙速度D．此卫星运行线速度比地球赤道上的物体大第(4)题如图所示，三角形abc是直角三角形，其中∠a=30°，在a点固定一个电荷量大小为Q₁的点电荷，在b点固定一个电荷量大小为Q₂的点电荷。

肇庆市中小学教学质量评估 2014届高中毕业班第一次模拟考试数 学（理科）本试卷共4页，21小题，满分150分. 考试用时120分钟.注意事项：1. 答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的班别、姓名、考号填写在答题卡上.2. 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，答案不能写在试卷上.3. 非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效.参考公式： 锥体的体积公式13V Sh =，其中S 为锥体的底面积，h 为锥体的高. 一、选择题：本大题共8小题，每小题5分，满分40分. 在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1．已知全集U ={-2，-1，0，1，2，3，4，5，6}，集合M ={大于1-且小于4的整数}，则=M C UA ．φB ．{-2，-1，5，6}C ．{0，1，2，3，4}D ．{-2，-1，4，5，6} 2．定义域为R 的四个函数21y x =+，3x y =，|1|y x =+，2cos y x =中，偶函数的个数是A ．4B ．3C ．2D ．1 3．设i 是虚数单位，1z i =+，z 为复数z 的共轭复数，则1z z z ⋅+-=A 1+B 3+C ．1D ．1+4．二项式91x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭的展开式中3x 的系数是A ．84B ．-84C ．126D ．-1265．某四棱锥的三视图如图1所示（单位：cm ），则该四棱锥的体积是A ．273cmB ．93cmC ．3cmD ．3 3cm6．若如图2所示的程序框图输出的S 是30，则在判断框中M 表示的“条件”应该是 A ．3n ≥ B ．4n ≥ C ．5n ≥ D ．6n ≥ 7．下列命题中，真命题是A ．R x ∈∃0，00≤x e；B ．R x ∈∀，22x x >；C ．“1,1a b >>”是“1ab >”的充分不必要条件；D ．设a ，b 为向量，则“||||||b a b a =⋅”是“b a //”的必要不充分条件 8．设向量),(21a a a =，),(21b b b =，定义一种向量积：),(),(),(22112121b a b a b b a a b a =⊗=⊗．已知向量)4,21(=m ，)0,6(π=n ，点P 在cos y x =的图象上运动，点Q 在()y f x =的图象上运动，且满足n OP m OQ +⊗=（其中O 为坐标原点），则()y f x =在区间]3,6[ππ上的最大值是A ．4B ．2C ．D ．二、填空题：本大题共7小题，考生作答6小题，每小题5分，满分30分. （一）必做题（9～13题） 9．函数232+-=x x y 的定义域为 ▲ .10．曲线1)(-=x e x f x在0x =处的切线方程为 ▲ .11．已知等比数列{}n a 满足122336a a a a +=+=，，则5a = ▲ .12．在平面直角坐标系xOy 中，P 为不等式组⎪⎩⎪⎨⎧≤--≥-+≤-0206303y x y x y 所表示的平面区域内一动点，则线段|OP |的最小值等于 ▲ .13．已知集合A ={4}，B ={1，2}，C ={1，3，5}，从这三个集合中各取一个元素构成空间直角坐标系中的点的坐标，则确定的不同点的个数为 ▲.（ ） ▲14．（坐标系与参数方程选做题）已知曲线C 的极坐标方程为2ρ=（0,02ρθπ>≤< ），曲线C 在点（2，4π）处的切线为l ，以极点为坐标原点，以极轴为x 轴的正半轴建立直角坐标系，则l 的直角坐标方程为 ▲ .15．（几何证明选讲选做题）如图3，△ABC 的外角平分线AD交外接圆于D，若DB =，则DC = ▲ .三、解答题：本大题共6小题，满分80分. 解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤. 16．（本小题满分12分）已知向量)0),6(cos(π-=x m ，)0,2(=n ，x R ∈，函数n m x f ⋅=)(.（1）求函数()f x 的表达式； （2）求()f π的值； （3）若56)32(=+παf ，)0,2(πα-∈，求(2)f α的值. 17．（本小题满分13分）随机抽取某中学高一级学生的一次数学统测成绩得到一样本，其分组区间和频数是：[)60,50，2；[)70,60，7；[)80,70，10；[)90,80，x ；[90，100]，2. 其频率分布直方图受到破坏，可见部分如下图4所示，据此解答如下问题.（1）求样本的人数及x 的值；（2）估计样本的众数，并计算频率分布直方图中[80,90)的矩形的高；（3）从成绩不低于80分的样本中随机选 取2人，该2人中成绩在90分以上（含90分） 的人数记为ξ，求ξ的数学期望. 18．（本小题满分13分）如图5，在直三棱柱111ABC A B C -中，D 、E 分别 是BC 和1CC 的中点，已知AB =AC =AA 1=4，∠BAC =90︒.（1）求证：1B D ⊥平面AED ； （2）求二面角1B AE D --的余弦值； （3）求三棱锥1A B DE -的体积. 19．（本小题满分14分）已知数列{}n a 的前n 项和为n S ，且满足21=a ，)1(1++=+n n S na n n . （1）求数列{}n a 的通项公式n a ； （2）设n T 为数列{n na 2}的前n 项和，求n T ； （3）设211++=n n n n a a a b ，证明：321321<++++n b b b b . 20．（本小题满分14分）设双曲线C ：12222=-by a x （a >0，b >0）的一个焦点坐标为（3，0），离心率e =A 、B 是双曲线上的两点，AB 的中点M （1，2）.（1）求双曲线C 的方程； （2）求直线AB 方程；（3）如果线段AB 的垂直平分线与双曲线交于C 、D 两点，那么A 、B 、C 、D 四点是否共圆？为什么？21．（本小题满分14分）设函数3211()(0)32a f x x x ax a a -=+-->.（1）若函数)(x f 在区间（-2，0）内恰有两个零点，求a 的取值范围； （2）当a =1时，求函数)(x f 在区间[t ，t +3]上的最大值.肇庆市2014届高中毕业班第一次模拟考试数学（理科）参考答案及评分标准一、选择题二、填空题9．(][)+∞∞-,21, 10．012=++y x 11．16 12．5103 13．33 14．022=-+y x 15．3三、解答题16．（本小题满分12分） 解：（1）∵)0),6(cos(π-=x m ，)0,2(=n ，x R ∈，∴)6cos(2)(π-=⋅=x n m x f ，即函数)6cos(2)(π-=x x f . （3分）（2）()2cos 2cos 66f ππππ⎛⎫=-=-= ⎪⎝⎭ （6分） （3）∵απαππαπαsin 2)2cos(2)632cos(2)32(-=+=-+=+f ， 又56)32(=+παf ，∴56sin 2=-α，即3sin 5α=-. （7分）∵)0,2(πα-∈，∴4cos 5α===. （8分）∴3424sin 22sin cos 25525ααα⎛⎫==⨯-⨯=- ⎪⎝⎭， （9分）2247cos 22cos 121525αα⎛⎫=-=⨯-= ⎪⎝⎭. （10分） ∴(2)2cos 22cos 2cos 2sin 2sin 666f πππαααα⎛⎫=-=+ ⎪⎝⎭ （11分）24122222557⎛⎫=⨯+⨯-⨯=⎪⎝⎭. （12分）17．（本小题满分13分）解：（1）由题意得，分数在[50,60)之间的频数为2， 频率为0.008100.08⨯=，（1分） 所以样本人数为2250.08n ==（人） （2分） x 的值为25(27102)4x =-+++=（人）. （4分）（2）从分组区间和频数可知，样本众数的估计值为75. （6分） 由（1）知分数在[80,90)之间的频数为4，频率为40.1625= （7分） 所以频率分布直方图中[80,90)的矩形的高为0.160.01610= （8分） （3）成绩不低于80分的样本人数为4+2=6（人），成绩在90分以上(含90分)的人数为2人，所以ξ的取值为0，1，2. （9分）156)0(2624===C C P ξ，1142268(1)15C C P C ξ===，22261(2)15C P C ξ===，（10分） 所以ξ的分布列为：（11分）所以ξ的数学期望为68120121515153E ξ=⨯+⨯+⨯= （13分）18．（本小题满分13分） 方法一：依题意，建立如图所示的空间直角坐标系A -xyz . 因为1AB AC AA ==＝4，所以A （0，0，0）， B （4，0，0），E （0，4，2），D （2，2，0）， B 1（4，0，4）. （1分）（1）)4,2,2(1--=D B ，)0,2,2(=AD ，)2,4,0(=AE . （2分） 因为00441=++-=⋅AD D B ，所以1B D AD ⊥，即1B D AD ⊥. （3分） 因为08801=-+=⋅AE D B ，所以AE D B ⊥1，即AE D B ⊥1. （4分） 又AD 、AE ⊂平面AED ，且AD ∩AE =A ，故1B D ⊥平面AED . （5分） （2）由（1）知)4,2,2(1--=D B 为平面AED 的一个法向量. （6分） 设平面 B 1AE 的法向量为),,(z y x n =，因为)2,4,0(=AE ，)4,0,4(1=AB ，所以由⎪⎩⎪⎨⎧=⋅=⋅01AB n AE n ，得⎩⎨⎧=+=+044024z x z y ，令y =1，得x =2，z =-2.即)2,1,2(-=n .（7分）∴662496,cos 111=⨯=>=<D B n ， （8分） ∴二面角1B AE D -- （9分）（3）由)0,2,2(=AD ，)2,2,2(-=DE ，得0=⋅DE AD ，所以AD ⊥DE . （10分） 由22||=AD ，32||=DE ，得62322221=⨯⨯=∆ADE S . （11分） 由（1）得B 1D 为三棱锥B 1-ADE 的高，且62||1=D B ， （12分） 所以862623111=⨯⨯==--ADE B DE B A V V . （13分） 方法二：依题意得，1AA ⊥平面ABC ，242211=+==AC AB BC C B ，22===CD BD AD ， 411==CC BB ，21==EC EC .（1）∵AB AC =，D 为BC 的中点，∴AD ⊥BC . ∵B 1B ⊥平面ABC ，AD ⊂平面ABC ，∴AD ⊥B 1B .BC 、B 1B ⊂平面B 1BCC 1，且BC ∩B 1B =B ，所以AD ⊥平面B 1BCC 1.又B 1D ⊂平面B 1BCC 1，故B 1D ⊥AD . （2分） 由362121121=+=EC C B E B ，2422121=+=BD B B D B ，12222=+=EC DC DE ， 得22121DE D B E B +=，所以DE D B ⊥1. （4分） 又AD 、DE ⊂平面AED ，且AD ∩DE =E ，故1B D ⊥平面AED . （5分） （2）过D 做DM ⊥AE 于点M ，连接B 1M . 由B 1D ⊥平面AED ，AE ⊂平面AED ，得AE ⊥B 1D .又B 1D 、DM ⊂平面B 1DM ，且B 1D ∩DM =D ，故AE ⊥平面B 1DM . 因为B 1M ⊂平面B 1DM ，所以B 1M ⊥AE .故∠B 1MD 为二面角B 1—AE —D 的平面角. （7分） 由（1）得，AD ⊥平面B 1BCC 1，又DE ⊂平面B 1BCC 1，所以AD ⊥DE . 在Rt △AED 中，5302=⋅=AE DE AD DM ， （8分） 在Rt △B 1DM 中，55122211=+=DM D B M B ，所以66cos 11==∠M B DM MD B ，即二面角B 1—AE —D （9分） （3）由（1）得，AD ⊥平面B 1BCC 1，所以AD 为三棱锥A -B 1DE 的高，且22=AD . （10分） 由（1）得263262212111=⨯⨯=⋅=∆DE D B S DE B . （11分） 故82226313111=⨯⨯=⋅=∆-AD S V DE B DE B A . （13分）19．（本小题满分14分）解：（1）由题意，当2n ≥时，有⎩⎨⎧-+=-++=-+nn S a n n n S na n n n n )1()1()1(11， （1分）两式相减得1(1)2,n n n na n a a n +--=+ 即12n n a a +-=. （2分）由⎪⎩⎪⎨⎧=+==1112122aS S a a ，得212=-a a . 所以对一切正整数n ，有12n n a a +-=， （3分） 故n n a a n 2)1(21=-+=，即)(2*N n n a n ∈=. （4分） （2）由（1），得12222-==n n n n nn a ， 所以12223221-++++=n n nT ① （5分） ①两边同乘以12，得21112122222n n n n nT --=++++ ② （6分）①-②，得n n n nT 221212112112-++++=- ， （7分）所以n nn n T 221121121---=， （8分） 故1242n n n T -+=-. （9分）（3）由（1），得])2)(1(1)1(1[161)2(2)1(221++-+=+⋅+⋅=n n n n n n n b n （12分）))2)(1(1)1(1431321321211(161321++-+++⨯-⨯+⨯-⨯=++++n n n n b b b b n))2)(1(121(161++-=n n （13分） 321)2)(1(161321<++-=n n . （14分）20．（本小题满分14分）解：（1）依题意得⎪⎩⎪⎨⎧===33a ce c ，解得a =1. （1分） 所以222312b c a =-=-=， （2分）故双曲线C 的方程为2212y x -=. （3分）（2）设1122(,),(,)A x y B x y ，则有221122221212y x y x ⎧-=⎪⎪⎨⎪-=⎪⎩. 两式相减得：121212121()()()()2x x x x y y y y -+=-+ ， （4分） 由题意得12x x ≠，221=+x x ，421=+y y ， （5分） 所以1)(221212121=++=--y y x x x x y y ，即1=AB k . （6分）故直线AB 的方程为1y x =+. （7分） （3）假设A 、B 、C 、D 四点共圆，且圆心为P . 因为AB 为圆P 的弦，所以圆心P 在AB 垂直平分线CD 上；又CD 为圆P 的弦且垂直平分AB ，故圆心P 为CD 中点M . （8分） 下面只需证CD 的中点M 满足|MA |=|MB |=|MC |=|MD |即可.由22112y x y x =+⎧⎪⎨-=⎪⎩得：A （-1，0），B （3，4）. （9分）由（1）得直线CD 方程：3y x =-+， （10分）由22312y x y x =-+⎧⎪⎨-=⎪⎩得：C （-3+52，6-52），D （-3-52，6+52）， （11分）所以CD 的中点M （-3，6）. （12分）因为102364||=+=MA ，102436||=+=MB ，1022020||=+=MC ，1022020||=+=MD ， （13分） 所以||||||||MD MC MB MA ===，即 A 、B 、C 、D 四点在以点M （-3，6）为圆心，102为半径的圆上. （14分）21．（本小题满分14分）解：（1）∵3211()(0)32a f x x x ax a a -=+--> ∴()2()1(1)()f x x a x a x x a '=+--=+-， （1分） 令()0f x '=，解得121,0x x a =-=> （2分） 当x 变化时，)(x f '，)(x f 的变化情况如下表：故函数)(x f 的单调递增区间为（-∞，-1），（a ，+∞）；单调递减区间为（-1，a ）；（4分） 因此)(x f 在区间（-2，-1）内单调递增，在区间（-1，0）内单调递减，要使函数)(x f 在区间(2,0)-内恰有两个零点，当且仅当⎪⎩⎪⎨⎧<>-<-0)0(0)1(0)2(f f f ， （5分）解得103a <<， 所以a 的取值范围是（0，31）. （6分） （2）当a =1时，131)(3--=x x x f . 由（1）可知，函数)(x f 的单调递增区间为（-∞，-1），（1，+∞）；单调递减区间为（-1，1）；31)1()(-=-=f x f 极大值. （7分） ①当t +3<-1，即t <-4时，因为)(x f 在区间[t ，t +3]上单调递增，所以)(x f 在区间[t ，t +3]上的最大值为583311)3()3(31)3()(233max +++=-+-+=+=t t t t t t f x f ； （9分）②当231≤+≤-t ，即14-≤≤-t 时，因为)(x f 在区间(]1,-∞-上单调递增，在区间[-1，1]上单调递减，在区间[1，2]上单调递增，且31)1()2(-=-=f f ，所以)(x f 在区间(]2,∞-上的最大值为31)1()2(-=-=f f . （10分） 由231≤+≤-t ，即14-≤≤-t 时，有[t ，t +3]⊂ (]2,∞-，-1∈[t ，t +3]，所以)(x f 在[,3]t t +上的最大值为31)1()(max -=-=f x f ； （11分） ③当t +3>2，即t >-1时，由②得)(x f 在区间(]2,∞-上的最大值为31)1()2(-=-=f f . 因为)(x f 在区间（1，+∞）上单调递增，所以)2()3(f t f >+，故)(x f 在[],3t t +上的最大值为58331)3()(23max +++=+=t t t t f x f . （13分） 综上所述，当a =1时，)(x f 在[t ，t +3]上的最大值⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧-≤≤--->-<+++=)14(31)14(58331)(23max t t t t t t x f 或. （14分）。

2024年广东省肇庆市高三上学期第一次统考理综全真演练物理试题一、单选题 (共7题)第(1)题如图所示为半球形透明介质，半球的半径为R，顶点A处有一光源，向半球底部各个方向发射光，在半球底面有光射出部分的面积恰好是底面积的一半，不考虑光在半球内弧形表面的反射，则介质对光的折射率为（ ）A．B．C．D．第(2)题如图所示，长为L的导体棒原来不带电，现将一个带正电的点电荷放在导体棒的中心轴线上，且距离导体棒的A端为R，为的中点。

当导体棒达到静电平衡后，下列说法正确的是（ ）A．导体棒A端带正电，B端带负电B．导体棒A端电势高，B端电势相低C．感应电荷在O点的场强方向向右D．感应电荷在O点的场强大小第(3)题2023年1月，日本确认将于“今年春夏期间”开始向太平洋排放福岛核电站内储存的逾130万吨核污染水。

核泄漏对环境会造成污染，影响人类安全，其中核反应之一为半衰期为28年。

下列说法正确的是（ ）A．该核反应为衰变B．环境温度升高，的半衰期减小C．的比结合能比的比结合能大D．100个原子核经过一个半衰期后，还剩50个未衰变第(4)题离子烟雾报警器是一种常见且广泛使用的火灾报警设备。

某离子烟雾报警器中装有放射性元素镅241，其半衰期为432.2年，衰变方程为。

下列说法正确的是（ ）A．夏天气温升高，镅241的衰变速度会变快B．X是α粒子，具有很强的电离本领C．镓237的比结合能比镅241的比结合能小D．衰变前后核子总数不变，因此衰变前后总质量也不变第(5)题如图所示，一同学练习使用网球训练器单人打回弹，网球与底座之间有一弹性绳连接，练习过程中底座保持不动。

该同学将网球抛至最高点a处用球拍击打，b是轨迹上的最高点，c处弹性绳仍然处于松弛状态，d处弹性绳已经绷紧并撞在竖直墙壁上，不计空气阻力。

则（ ）A．a处网球拍给网球的冲量沿水平方向B．拍打后a到c过程中网球受到的冲量方向竖直向下C．c到d过程中网球受到的冲量方向竖直向下D．d处反弹后网球做平抛运动第(6)题如图甲所示是某同学利用饮料瓶制作的“水火箭”，其发射原理是通过打气使瓶内空气压力增大，当瓶口与橡皮塞脱离时，瓶内水向后喷出，水火箭获得推力向上射出。

2024年广东省肇庆市高三上学期第一次统考理综全真演练物理试题一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题某核电站利用中子轰击核燃料释放核能来发电，轰击后产生和，并放出粒子a；具有放射性，半衰期为29天，衰变后产生，并放出粒子b，同时释放的能量。

下列说法正确的是（ ）A．粒子a为质子B．的衰变是衰变C．的结合能小于的结合能D．通过增大环境温度，可使的半衰期变为28天第(2)题甲、乙两球位于同一竖直线上的不同位置，甲比乙高h，如图所示，将甲、乙两球分别以v1、v2的速度沿同一方向抛出，不计空气阻力，下列条件中有可能使乙球击中甲球的是（ ）A．同时抛出，且v1<v2B．甲比乙后抛出，且v1>v2C．甲比乙早抛出，且v1>v2D．甲比乙早抛出，且v1<v2第(3)题在如图所示的电路中，端接电压恒定的正弦交变电源，已知R 1、R2、R3为定值电阻，变压器为理想变压器，电流表、电压表均为理想电表。

当闭合开关S后，则以下说法正确的是（ ）A．R1消耗的功率一定减小B．电源的输出功率一定减小C．电流表示数增大，电压表示数不变D．电流表示数增大，电压表示数减小第(4)题利用智能手机中的加速度传感器可以测量手机的加速度。

用手掌托着手机，手掌从静止开始上下运动，软件显示竖直方向上的图像如图，该图像以竖直向上为正方向。

则手机（ ）A．在时刻运动到最高点B．在时刻改变运动方向C．在到时间内，受到的支持力先减小再增大D．在到时间内，受到的支持力先增大再减小第(5)题如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，线圈L的电阻不计，电阻R的阻值大于灯泡D的阻值，灯泡的阻值不变，在时刻闭合开关S，经过一段时间后，在时刻断开S，下列说法正确的是（ ）A．断开S后，灯泡闪一下熄灭B．断开S后，B点电势高于A点电势C．时间内，灯泡D两端电压先增大再保持不变D．时间内，电阻R两端电压先减小再保持不变第(6)题如图1所示，原长为的橡皮筋一端固定在竖直放置的相同长度空心细管AB的顶点A，另一端悬挂质量为的重物，此时橡皮筋总长为50cm。