精选湖北省孝感市2016_2017学年高二物理上学期期末考试试题

2016-2017学年高二上学期地理期末考试题及答案2016-2017学年度上学期期末考试高二地理试题2016-1-04本试卷共分为选择题和非选择题两部分，共43题，共100分，共5页。

考试时间为90分钟。

考试结束后，只需交答题卡。

第Ⅰ卷（选择题，共计60分）一、选择题（本大题共40小题，每小题1.5分）1.关于区域的叙述，以下哪项是错误的？（）A。

区域都具有一定的区位特征B。

区域都有一定的面积和形状C。

区域都有一定明确的界线D。

区域的地理环境对区域发展有深刻的影响2.在沙漠中迷路时，以下哪种方法可以获知自己所处的具体位置信息？（）A。

指南针B。

GPS设备C。

遥感图像D。

地形图我国江南部分丘陵山区出现大片“红色荒漠”，即在亚热带湿润的岩搭地区，土壤受严重侵蚀，基岩裸露，地表出现类似荒漠化景观的土地退化现象。

据此回答下列各题。

3.“红色荒漠”形成的自然原因主要是（）A。

风化作用B。

风力侵蚀作用C。

流水侵蚀作用D。

流水沉积作用4.“红色荒漠”形成的人为原因主要是（）A。

乱垦滥伐B。

过度放牧C。

开山取石D。

污染环境5.有关热带雨林分布的叙述，正确的是（）A。

中纬度近海地区B。

中高纬度的大陆内部C。

赤道附近的低纬度地区D。

两极地区6.热带雨林被毁的根本原因是（）A。

人口快速增长和生活贫困B。

发达国家需要大量木材C。

历史遗留的迁移农业D。

热带雨林的土壤贫瘠7.下图漫画反映的主题是（）A。

控制人口B。

发展经济C。

保护森林D。

开发能源8.亚马孙热带雨林被称为“地球之肺”，其所指的生态环境效应是（）A。

促进全球水循环，调节水平衡B。

调节全球气候，维护生态平衡C。

吸收二氧化碳，释放大量氧气D。

地球上功能最强大的生态系统煤炭是人类最早认识并加以利用的能源之一，德国鲁尔区丰富的煤炭资源使它成为世界著名的工业区。

山西省是我国主要的煤炭生产地，但尚未成为我国的经济大省。

回答下列问题。

9.与鲁尔区相比，山西省较缺乏的条件是（）A。

2016-2017学年湖北省部分重点中学联考高二（上）期末物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．（4分）关于磁感应强度B的概念，下列说法中正确的是（）A．根据磁感应强度的定义式B=可知，磁感应强度B与F成正比，与IL成反比B．一小段通电导线放在磁感应强度为零处，它所受的磁场力不一定为零C．一小段通电导线在某处不受磁场力作用，该处的磁感应强度不一定为零D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同2．（4分）如图所示，两个相同的带电粒子，不计重力，同时从A孔沿AD方向射入一正方形空腔的匀强磁场中，它们的轨迹分别为a和b，则它们的速率和在空腔里的飞行时间关系是（）A．v a=v b，t a＜t b B．v a＞v b，t a＞t bC．v a＜v b，t a=t b D．v a＞v b，t a＜t b3．（4分）如图1中所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向，当磁场的磁感应强度B随时间t按如图2变化时，下列四图中正确表示线圈中感应电动势E随时间t变化的是（）A．B．C．D．4．（4分）如图所示为演示交变电流产生的装置图，关于这个实验，正确的说法是（）A．线圈每转动一周，指针左右摆动两次B．图示位置为中性面，线圈中无感应电流C．图示位置ab边的感应电流方向为a→bD．线圈平面与磁场方向平行时，磁通量变化率为零5．（4分）在如图所示的电路中，S闭合时流过线圈L的电流是2A，流过灯泡A 的电流是1A．将S突然断开，则S断开前后，能正确反映流过灯泡的电流I 随时间t变化关系的是下图中的（）A．B．C．D．6．（4分）如图所示是一交变电流的i﹣t图象，则该交变电流的有效值为（）A．4A B．2A C．A D．A7．（4分）如图所示，水平地面上方有正交的匀强电场E和匀强磁场B，电场方向竖直向下，磁场方向垂直纸面向外，等腰三角形的金属框由底边呈水平位置开始沿竖直平面的电磁场由静止开始下降，下落过程中三角形平面始终在竖直平面内，不计阻力，a、b落到地面的次序是（）A．a先于b B．b先于aC．a、b同时落地D．无法判定8．（4分）三角形导线框abc放在匀强磁场中，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B随时间变化的图象如图所示．t=0时磁感应强度方向垂直纸面向里，则在0～4s时间内，线框的ab边所受安培力随时间变化的图象是如图所示的（力的方向规定向右为正）（）A．B．C．D．9．（4分）粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框abcd置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。

积盾市安家阳光实验学校第4节通电导线在磁场中受到的力一、安培力的方向1．义：在磁场中受到的力称为安培力。

2．判断安培力方向的方法是。

内容：伸开左手，让拇指与其余四指垂直，并且都与手掌在一个平面内，让从掌心进入，并使四指指向的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受的方向。

二、安培力的大小1．当通电导线垂直磁场方向放置时，所受安培力的大小为F= 。

2．当磁感强度B的方向与通电导线平行时，导线受力F= 。

3．当磁感强度B的方向与通电导线的方向成θ角时，F= 。

θ为B与I 之间的夹角。

三、磁电式电流表1．构造：、、螺旋弹簧（又叫游丝）、指针、极靴、圆柱形铁芯。

2．原理：当被测电流通入线圈时，线圈受作用而转动，线圈的转动使螺旋弹簧扭转形变，产生阻碍线圈转动的力矩。

当安培力产生的转动力矩与螺旋弹簧形变产生的阻碍转动的力矩达到平衡时，指针停留在某一刻度。

越大，就越大，就越大。

通电导线左手则磁感线电流安培力BIL 0 sinBILθ磁铁线圈安培力电流安培力指针偏角一、判断通电导体（或磁铁）在安培力作用下运动的常用方法具体方法实例分析电流元法把整段电流效分成很多电流元，先用左手则判断出每小段电流元所受安培力的方向，从而判断出整段电流所受合力的方向，最后确运动方向，注意一般取对称的电流元分析判断能自由移动的导线运动情况把直线电流效为AO、BO两段电流元，蹄形磁铁磁感线分布以及两段电流元受安培力方向如图所示。

可见，导线将沿俯视逆时针方向转动特殊位置法根据通电导体在特殊位置所受安培力的方向，判断其运动方向，然后推广到一般位置用导线转过90°的特殊位置（如图所示的虚线位置）来分析，判得安培力方向向下，故导线在逆时针转动的同时向下运动效分析法环形电流可以效为小磁针（或条形磁铁），条形磁铁也可效成环形电流，通电螺线管可效为多个环形电流或条形磁铁判断环形电流受到的安培力方向把环形电流效成如图所示右边的条形磁铁，可见两条形磁铁相互吸引，不会有转动。

2016-2017学年高二上学期第一次月考物理试题命题人高红星审题人王立国（时间90分钟，分值100分）一、选择题（1- 13单选，14-20多选。

每小题3分，部分分值2分，共60分）1．下面所列举的物理学家及他们的贡献，其中正确的是 ( )A．元电荷最早由库仑通过油滴实验测出B．牛顿通过扭秤实验测定出了万有引力常量GC．法拉第首先提出了电场的概念且采用了电场线描述电场D．安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律2．保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。

盗版书籍影响我们的学习效率甚至给我们的学习带来隐患。

小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的( )A.6.2×10－19 CB.6.4×10－19 CC.6.6×10－19 CD.6.8×10－19 C3．下面说法中正确的是 ( )A．根据E = F/q，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E = kQ/r2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹4．关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是 ( )A．电场强度大的地方，电势一定高B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零D．电场强度的方向是电势降低最快的方向5．使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上－3Q和＋5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比为 ( )A．2∶1 B．4∶1 C．16∶1 D．60∶16．如图所示,光滑绝缘的水平面上的P点固定着一个带正电的点电荷,在它的右侧N点由静止开始释放一个也带正电的小球(可视为质点).以向右为正方向,下图中能反映小球运动速度随时间变化规律的是 ( )7．在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5 eV，则下列结论错误的是 ( ) A．电场强度的方向一定是由b到a B．a、b两点间的电势差是 -5 VC．电子的电势能减少了5 eV D．因零电势点未确定，不能确定a、b两点的电势8．如图所示,在一匀强电场区域中,有A,B,C,D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上,已知A,B,C三点电势分别为ϕA=1 V,ϕB=4 V,ϕC=0，则D点电势ϕD的大小为 ( )A.-3 VB.0C.2 VD.1 V9．某电场线分布如图所示，一带电粒子沿图中虚线所示的路径运动，先后通过M点和N 点，以下说法正确的是 ( )A.M，N点的场强E M > E NB.粒子在M，N点的加速度a M > a NC.粒子在M，N点的速度v M > v ND.粒子带正电10．带电粒子射入一固定的带正电的点电荷Q的电场中，沿图中实线轨迹从a点运动到b点，a、b两点到点电荷Q的距离分别为r a、r b(r a ＞r b)，b点为运动轨迹上到Q最近的点，不计粒子所受的重力，则可知 ( )A．粒子带负电B．b点的场强可能等于a点的场强C．从a点到b点的过程中，静电力对粒子不做功D．从a点到b点的过程中，粒子的动能和电势能之和保持不变11．如图甲所示，AB是电场中的一条电场线，质子以某一初速度从A点出发，仅在静电力的作用下沿直线从A点运动到B点，其v ­t图象如图乙所示，则下列说法正确的是 ( ) A．质子运动的加速度随时间逐渐减小B．电场线的方向由A点指向B点C．A、B两点的电场强度的大小关系满足E A < E BD．A、B两点的电势关系满足ϕA <ϕB12．一个带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图虚线abc所示，图中实线表示电场的等势面，下列判断正确的是：（）A．粒子在a→b→c的过程中，电场力始终做正功；B．粒子在a→b→c的过程中，一直受静电引力作用；C．粒子在a→b→c的过程中，ab段受引力，bc段受斥力；D．粒子在a→b→c的过程中，ab段逆着电场线，bc段顺着电场线。

2016-2017学年湖北省黄冈市高二（上）期末物理试卷一、选择题1．（4分）关于电场强度、磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．电场强度的方向就是置于该处的检验电荷所受电场力的方向B．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受磁场力的方向C．由E=可知，若检验电荷在某处不受电场力，说明此处一定无电场D．由B=可知，若一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处一定无磁场2．（4分）如图所示，电源的电动势为E，内电阻为r，直流电动机M电阻为R，当电动机正常工作时，理想电压表的读数为U，则通过电动机的电流是（）A．B．C．D．3．（4分）如图，xOy坐标系第一象限内充满方向垂直纸面向里、磁感强度为B 的匀强磁场，比荷相等的甲、乙两种粒子都从a点垂直y轴分别大小为v1、v2的初速度进入磁场，甲粒子经时间t1从O点射出磁场，乙粒子经时间t2从x轴上的b点沿与x轴正向成60°角的方向射出磁场，不计粒子重力和粒子间的相互作用力，则下列说法中正确的是（）A．v1：v2=1：4B．v1：v2=：4C．t1：t2=6：1D．t1：t2=2：1 4．（4分）如图所示，A、B是真空中两个等量异种点电荷周围的电场分布情况（电场线方向未标出）．图中O点为两点电荷连线的中点，P、Q为两点电荷连线延长线上的两点，M、N为两点电荷连线的中垂线上的两点，AQ=BP，OM=ON．下列说法中正确的是（）A．P、Q两点的电场强度一定相等B．P、Q两点的电势一定相等C．M点的电场强度大于O点的电场强度D．将同一点电荷从M移至P与从N移至Q电场力做的功相等5．（4分）如图所示，垂直于纸面向里的匀强磁场的区域宽度为a，t=0时，一直角边长为a的等腰直角三角形导线框ABC从图示位置开始以水平向左的速度v匀速穿过磁场，如果规定逆时针方向为电流的正方向，下列描述导线框中感应电流i与时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）如图所示，电阻为R的金属棒ab置于水平放置的金属导轨cdef上，棒ab与导轨垂直且接触良好，两导轨间距为L，电阻不计，de间接有电源．电源电动势为E，内阻为r．第一次在图中施加方向斜向左上与导轨平面呈θ角的匀强磁场，如图甲所示；第二次在图中施加方向斜向右上与导轨平面成θ角的匀强磁场，如图乙所示，两次匀强磁场的磁感应强度大小均为B，两次棒ab均保持静止，下列说法中正确的是（）A．两图中棒ab所受的安培力大小均为cosθB．两图中棒ab所受的安培力方向相同C．两图中棒ab所受的摩擦力大小均为sinθD．甲图中棒ab所受导轨的支持力可能为零7．（4分）如图所示，匀强电场E方向竖直向下，水平匀强磁场B垂直纸面向里，a、b为两个带电油滴．已知a处于静止，b在纸面内做匀速圆周运动，b的轨迹如图中虚线所示，忽略油滴间的静电作用力，下列说法中正确的是（）A．a、b带有同种电荷B．a、b质量一定相等C．a、b的比荷一定相同D．b沿逆时针方向运动8．（4分）如图所示，回旋加速器由两个铜质半圆D形金属盒D1、D2构成，其间留有缝隙，缝隙处接交流电源，D形盒处于匀强磁场中，磁场方向垂直于盒底面，盒的圆心附近置有粒子源，若粒子源射出的粒子带电荷量为q，质量为m，粒子最大回旋半径为R，下列说法正确的是（）A．离子从磁场中获得能量B．离子从电场中获得能量C．交流电的周期T=D．粒子飞出加速度的动能为E k=9．（4分）在如图所示的电路中，E为电源，其内电阻为r，V为理想电压表，L 为电阻恒为2r的小灯泡，定值电阻R1，阻值也为r，AB两端并接一电容器，电容器两极板处于水平，闭合开关S，一带电油滴P在电容器中心处于静止状态，现滑动变阻器的触头向上滑动，则下列说法正确的是（）A．电压表的示数变大B．小灯泡消耗的功率变小C．油滴P要向下极板运动D．AB间电路的功率逐渐变大10．（4分）如图所示，光滑绝缘水平面abcd上放有三个可看成点电荷的带电小球A、B、C，它们间的构成一个顶角为θ的等腰三角形，已知AB、AC边长为a，静电力常量为k，小球A带电量为q，现在水平面上加垂直于BC指向A的匀强电场，三球均处于静止状态，下列说法正确的是（）A．A球可能带正电，也可能带负电B．三球的质量都可以不同C．θ可取0～90°之间任意值D．E=cos二、填空题11．（6分）某实验小组对一只二极管正向伏安特性曲线进行测绘探究．（1）该二极管外壳的标识模糊了，同学们首先将多用电表的选择开关旋转到欧姆表“×10”档，将红黑表笔短接，即欧姆调零后，用红表笔接触二极管的左端、黑表笔接触二极管的右端时，欧姆表示数如图甲所示，发现指针的偏角比较小，当交换表笔再次测量时，欧姆表示数如图乙所示，由此可判断（填“左”或“右”）端为二极管的正极．（2）四位同学设计的电路如图丙所示，其中电压表内阻很大，毫安表mA内阻约20Ω，则正确的实验电路是．（3）选择了正确的电路后，实验中测得的二极管正向伏安特曲线如图丁所示，则二极管所加正向电压越大，其电阻值（填“越大”或“越小”）12．（9分）在“测定电池的电动势和内阻”的实验中，某同学设计了如图甲所示的电路，实验中供选择的器材如下：A．待测干电池组（电动势为E，内阻约0.1Ω）B．电流表（量程0～0.6A，内阻约0．lΩ）C．灵敏电流计G（满偏电流I g=200μA、内阻r g=100Ω）D．滑动变阻器R x1（0～20Ω、2.0A）E．滑动变阻器R x2（0～1000Ω、12.0A）F．定值电阻R1（900Ω）G．定值电阻R2（90Ω）H．开关S一只、导线若干（1）甲图中的滑动变阻器R x应选（选填“R x1”或“R x2”），定值电阻R应选（选填“R1”或“R2”）；（2）实验中闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑片移至（填“a端”、“中央”或“b端”）；（3）若灵敏电流计G的示数用I1表示，电流表A的示数用I2表示，如图乙所示为该实验绘出的I1﹣I2图线，由图线可求得被测干电池的电动势E=V （保留3位有效数字），内电阻r=Ω．（保留2位有效数字）三、计算题13．（10分）如图所示，竖直平面内有一匀强电场，电场方向与水平直线AB成θ角，一质量为m、电荷量为q的带正电小球从电场中的A点由静止出发，恰好能运动到B点，已知小球运动的时间为t，AB的距离为d，重力加速度为g，试求：（1）θ角的正切值；（2）电场强度E的大小。

2022-2023学年湖北省孝感市杨岭高级中学高二物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）对电容C＝Q/U，以下说法正确的是A．电容器充电荷量越大，电容增加越大B．电容器的电容跟它两极所加电压成反比C．电容器的电容越大，所带电荷量就越多D．对于确定的电容器，它所充的电荷量跟它两极板间所加电压的比值保持不变参考答案：D2. 民间常用“拔火罐”来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸”在皮肤上。

其原因是，当火罐内的气体（）。

A．温度不变时，体积减小，压强增大B．体积不变时，温度降低，压强减小C．压强不变时，温度降低，体积减小D．质量不变时，压强增大，体积减小（2）如图所示，甲分子固定在坐标原点O，乙分子位于x轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F＞0表示斥力， F＜0表示引力，a、b、c、d为x轴上几个特定的位置，现把乙分子从a处由静止释放，则（）A．乙分子从a到b做加速运动，由b到c做减速运动B．乙分子从a到c做加速运动，到达c时速度最大C．乙分子从a到b的过程中，两分子间的分子势能一直减少D．乙分子从b到d的过程中，两分子间的分子势能一直增加(3) 一太阳能空气集热器，底面及侧面为隔热材料，顶面为透明玻璃板，集热器容积为V0，开始时内部封闭气体的压强为p0。

经过太阳暴晒，气体温度由T0=300K升至T1=350K。

1）求此时气体的压强。

2）保持T1=350K不变，缓慢抽出部分气体，使气体压强再变回到p0。

求集热器内剩余气体的质量与原来总质量的比值。

判断在抽气过程中剩余气体是吸热还是放热，并简述原因。

参考答案：（1）B …… (2) BC ……………(3)解析：1），……解得：……………2）根据，得：………………………根据W+Q=△U，以内T不变，所以△U=0。

高二（上）期末物理试卷题号一二三四五总分得分一、单项选择题（本大题共 6 小题，共24.0 分）1.如下图，匀强电场场强 E=200 V/m， A、 B 两点相距 10cm， A、 B连线与电场线夹角为60°，则 U AB之值为（）A.B.20VC.10VD.2. 图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的 A 点运动到B 点的运动轨迹．粒子只受电场力作用．以下说法正确的选项是（）A.粒子带正电B.粒子在 A 点的速度大于在 B 点的速度C.粒子在 A 点的加快度小于在 B 点的加快度D.粒子在 A 点的电势能大于在 B 点的电势能3.如下图，电源内阻不行忽视。

电路中接有一小灯泡和一电动机。

小灯泡L 上标有“ 6V， 6W”字样，电动机的线圈电阻 R MΩ．若灯泡正常发光时，电源的=1输出电压为 16V，此时（）A. 电动机的输入功率为16WB. 电动机的输出功率为 10WC. 电动机的热功率为1WD. 整个电路耗费的电功率为16W4.如下图电路中， R 为某种半导体气敏元件，其阻值随四周环境一氧化碳气体浓度的增大而减小，当一氧化碳气体浓度增大时，以下说法中正确的选项是（）A.B. 电压表 V 示数增大电流表 A 示数减小C.电路的总功率减小D.变阻器的取值越大，电压表示数变化越明显5.如下图，有一固定在水平川面上的倾角为θ的圆滑斜面，有一根水平放在斜面上的导体棒，长为 L，质量为 m，通有垂直纸面向外的电流 I ．空间中存在竖直向下的匀强磁场，磁感觉强度为 B．此刻开释导体棒，设导体棒遇到斜面的支持力为N，则关于导体棒的受力剖析必定正确的选项是（重力加快度为g）（）A. B.C. D.6.如下图，一劲度系数较小的金属弹簧处自由状态，当通以图示方向的电流时，弹簧将会发生的变化是（）缩短C. 纵向伸长，径向膨胀D. 纵向伸长，径向缩短二、多项选择题（本大题共 4 小题，共16.0 分）7.电路中假如电动势为 4V 的电源在电路上输出 2A 的电流，下边说法必定正确的选项是（）A.C. 内、外电阻之和是 B. 外电阻是电源总功率为8W D. 内、外电阻之差是8.有一只相细平均、直径为 d、电阻为 r 的圆滑金属圆环水平搁置在磁感觉强度大小为 B、方向整直向下的匀强磁场中，其俯视图如下图。

2015-2016学年湖北省孝感市汉川市高二（上）期末物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求．第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．如图所示，将带正电的粒子沿着水平方向向右飞过小磁针正上方时，小磁针N极将（）A．向纸内偏转B．向纸外偏转C．静止不动D．无法确定2．下列说法正确的是（）A．带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合B．由B=知，当通电直导线垂直于磁场放置时，B与通电直导线所受安培力F 成正比，与通电导线I、L的乘积成反比C．电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向，且其大小E=D．洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向不一定与电荷运动方向垂直3．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R并使电动机恢复正常运转时，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W4．如图所示，等量异种电荷的平行金属板A、B水平正对放置．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带负电荷，则A板一定带负电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定减小C．微粒从M点运动到N点动能可能减小D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大6．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a、高为b的长方形，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x轴正方向、大小为I的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M、N均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U．则磁感应强度的大小和电极M、N的正负为（）A．，M正、N负B．，M正、N负C．，M负、N正D．，M负、N正7．如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的三条等势线，d点和e点位于等势线a上，f点位于等势线c上，df平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d点移动到f点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功8．如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab 方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（）A．B．C．D．9．如图所示，一个电荷量为﹣Q的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O点，另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线内甲运动，到B点时速度减小到最小值v．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A、B间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是（）A．O、B间的距离为B．在点电荷甲产生的电场中，B点的场强大小为C．点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D．在点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差U AB=10．如图，线圈L1，铁芯M，线圈L2都可自由移动，S合上后使L2中有感应电流且流过电阻R的电流方向为a→b，可采用的办法是（）A．使L2迅速靠近L1B．断开电源开关SC．将铁芯M插入D．将铁芯M抽出11．材料、粗细相同，长度不同的电阻丝做成ab、cd二种形式的导线，先后放在电阻可忽略的光滑金属导轨上，并与磁场垂直，如图所示．匀强磁场方向垂直导轨平面，外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力F所做的功的功率相同，则（）A．ab运动的速度较大B．它们产生的感应电动势相同C．它们每秒产生的热量相同D．cd受到的外力较小12．如图所示，在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系Oxyz（z 轴正方向竖直向上），一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不能忽略）从原点O以速度v沿x轴正方向出发．下列说法正确的是（）A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，粒子只能做曲线运动B．若电场、磁场均沿z轴正方向，粒子有可能做匀速圆周运动C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，粒子有可能匀速直线运动D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，粒子有可能做平抛运动二.实验题（共16分）13．指针式多用表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“25mA”挡，指针的位置如图（a）所示，则测量结果为mA．（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为E、内阻为r，R0为调零电阻，R g为表头内阻，电路中电流I与待测电阻的阻值R x关系图象如图（c）所示，则该图象的函数关系式为I=；（3）下列根据图（c）中I﹣R x图线做出的解释或判断中正确的是A．因为函数图线是非线性变化的，所以欧姆表的示数左小右大B．欧姆表调零的实质是通过调节R0使R x=0时电路中的电流I=I gC．R x越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏D．测量中，当R x的阻值为图（c）中的R2时，指针位于表盘中央位置的左侧（4）根据图线可知该电池的电动势E=．14．用下列器材组装成一个电路，既能测量出电池组的电动势E和内阻r，又能同时描绘小灯泡的伏安特性曲线．A．电压表V1（量程6V、内阻很大）B．电压表V2（量程3V、内阻很大）C．电流表A（量程3A、内阻很小）D．滑动变阻器R（最大阻值10Ω、额定电流4A）E．小灯泡（2A、5W）F．电池组（电动势E、内阻r）G．开关一只，导线若干实验时，调节滑动变阻器的阻值，多次测量后发现：若电压表V1的示数增大，则电压表V2的示数减小．（1）请将设计的实验电路图在图甲的虚线方框中补充完整．（2）每一次操作后，同时记录电流表A、电压表V1和电压表V2的示数，组成两个坐标点（I1，U1）、（I2，U2），标到U﹣I坐标中，经过多次测量，最后描绘出两条图线，如图乙所示，则电池组的电动势E=V、内阻r=Ω．（结果保留两位有效数字）（3）在U﹣I坐标中两条图线在P点相交，此时滑动变阻器连入电路的阻值应为Ω（结果保留两位有效数字）．三.计算题（每题12分，共36分）15．如图（a）所示，MN是长为a倾斜放置的光滑绝缘细杆，倾角为37°，MNP 构成一直角三角形．MP中点处固定一电量为Q的正电荷，杆上穿有一带正电的小球（可视为点电荷），小球自N点由静止释放，小球的重力势能和电势能随MN上位置x（取M点处x=0）的变化图象如图（b）所示，其中E0、E1、E2为已知量，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，静电力常量为k，重力加速度为g．（不得使用E p=﹣）（1）求势能为E1时的横坐标x1和带电小球的质量m（2）已知在x1处时小球与杆间的弹力恰好为零，求小球的电量q（3）求小球运动到M点时的速度大小．16．如图（a）所示，平行长直金属导轨水平放置，间距L=0.4m，导轨右端接有阻值R=1Ω的电阻，导体棒垂直放置在导轨上，且接触良好．导体棒及导轨的电阻均不计．导轨间正方形区域abcd内有方向竖直向下的匀强磁场，bd连线与导轨垂直，长度也为L．从0时刻开始，磁感应强度B的大小随时间t变化，规律如图（b）所示；同一时刻，棒从导轨左端开始向右匀速运动，1s后刚好进入磁场，若使棒在导轨上始终以速度v=1m/s做直线运动，求：（1）棒进入磁场前，回路中的电动势E；（2）棒在运动过程中受到的最大安培力F，以及棒通过三角形abd区域使电流i 与时间t的关系式．17．如图所示，在一底边长为2L，底角θ=45°的等腰三角形区域内（O为底边中点）有垂直纸面向外的匀强电场．现有一质量为m，电量为q的带正电粒子从静止开始经过电势差为U的电场加速后，从O点垂直于AB进入磁场，不计重力与空气阻力的影响．（1）粒子经电场加速射入磁场时的速度？（2）若要进入磁场的粒子能打到OA板上，求磁感应强度B的最小值；（3）设粒子与AB板碰撞后，电量保持不变并以与碰前相同的速度反弹，磁感应强度越大，粒子在磁场中的运动时间也越大，求粒子在磁场中运动的最长时间．2015-2016学年湖北省孝感市汉川市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求．第9～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）1．如图所示，将带正电的粒子沿着水平方向向右飞过小磁针正上方时，小磁针N极将（）A．向纸内偏转B．向纸外偏转C．静止不动D．无法确定【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】带正电粒子运动时将形成电流，在电流周围形成磁场，根据安培定则，结合电流方向判断小磁针所处的磁场，从而根据小磁针静止时N极指向，即为磁场方向，从而即可求解．【解答】解：一束带正电粒子沿着水平方向向右飞过磁针正上方，则电流方向从左向右，根据安培定则可知，小磁针处于垂直纸面向里的磁场中，因小磁针静止时N极指向磁场方向，则有小磁针的N极向纸内偏转，S极向外偏转，故A正确，BCD错误．故选：A．2．下列说法正确的是（）A．带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合B．由B=知，当通电直导线垂直于磁场放置时，B与通电直导线所受安培力F 成正比，与通电导线I、L的乘积成反比C．电场强度的方向就是放入电场中电荷所受电场力的方向，且其大小E=D．洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向不一定与电荷运动方向垂直【考点】洛仑兹力；电场强度；磁感应强度．【分析】带电粒子只受电场力，由静止开始运动，且电场线是直线时，其运动轨迹才与电场线重合．电场强度的方向就是放入电场中正电荷所受电场力的方向．磁感应强度描述磁场本身的强弱和方向，与放入磁场的电流元无关．洛伦兹力方向一定与电荷的运动方向垂直，但电荷的运动方向不一定与磁场方向垂直，由此即可得知各选项的正误．【解答】解：A、当电场线为曲线时，即使带电粒子只受电场力，由静止开始运动，其运动轨迹也不与电场线重合，选项A错误．B、磁场的磁感应强只与磁场本身有关，与通电导线是否受到安培力及安培力的大小无关，选项B错误．C、电场强度的方向与放入电场中的正电荷所受电场力的方向相同，与负电荷受到的电场力的方向相反，且其大小可有E=来进行计算，选项C错误．D、由左手定则可知，洛伦兹力方向一定垂直于电荷的速度方向与磁场的方向所决定的平面，即一定与电荷速度方向垂直；但磁场方向不一定与电荷运动方向垂直，选项D正确．故选：D3．在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路．调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R并使电动机恢复正常运转时，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V．则这台电动机正常运转时输出功率为（）A．32W B．44W C．47W D．48W【考点】电功、电功率．【分析】从电路图中可以看出，电动机和滑动变阻器串联，电压表测量电动机两端的电压，电流表测量电路电流，根据公式R=可求电动机停转时的电阻；利用公式P=UI可求电动机的总功率，根据公式P=I2R可求电动机克服本身阻力的功率，总功率与电动机克服自身电阻功率之差就是电动机的输出功率．【解答】解：电动机的电阻为：R==4Ω；电动机的总功率为：P=U1I1=24V×2A=48W；克服自身电阻的功率为：P R=I12R=（2A）2×4Ω=16W；P R=48W﹣16W=32W．电动机正常运转时的输出功率是：P输出=P﹣故选：A．4．如图所示，等量异种电荷的平行金属板A、B水平正对放置．一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A．若微粒带负电荷，则A板一定带负电荷B．微粒从M点运动到N点电势能一定减小C．微粒从M点运动到N点动能可能减小D．微粒从M点运动到N点机械能可能增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】曲线运动的条件是合力指向曲线的内侧；粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是匀加速直线运动，结合功能关系分析即可．【解答】解：A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，合力向下，电场力可能向上而小于重力，也可能向下，故无法判断A板的带电情况，故A 错误；B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，故B错误；C、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加，故C错误；D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，故D正确；故选：D．5．如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则（）A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R3上消耗的功率逐渐增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知电路结构，由滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可知各电表示数的变化及电容器两端的电压变化；再分析质点的受力情况可知质点的运动情况．【解答】解：由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；路端电压减小，同时R1两端的电压也增大；故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；故B错误；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；因R3两端的电压减小，由P=可知，R3上消耗的功率减小；故D错误；故选A．6．目前有一种磁强计，用于测定地磁场的磁感应强度．磁强计的原理如右图所示，电路有一段金属导体，它的横截面是宽为a、高为b的长方形，放在沿y轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x轴正方向、大小为I的电流．已知金属导体单位体积中的自由电子数为n，电子电荷量为e，金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动．两电极M、N均与金属导体的前后两侧接触，用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U．则磁感应强度的大小和电极M、N的正负为（）A．，M正、N负B．，M正、N负C．，M负、N正D．，M负、N正【考点】霍尔效应及其应用；磁感应强度．【分析】根据左手定则判断出电子的偏转方向，从而确定电势的高低．抓住电子受到的洛伦兹力等于电场力，结合电流的微观表达式求出磁感应强度的大小．【解答】解：根据左手定则知，电子向外侧偏转，则导体M极为负极，N极为正极．自由电子做定向移动，视为匀速运动，速度设为v，则单位时间内前进的距离为v，对应体积为vab，此体积内含有的电子个数为：nvab，电量为：nevab有I===neavb电子受电场力和洛伦兹力平衡，有e=Bev解得：B=，故D正确，ABC错误；故选：D．7．如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c表示电场中的三条等势线，d点和e点位于等势线a上，f点位于等势线c上，df平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d点移动到f点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M点处放置的是正电荷B．d点的电势高于f点的电势C．d点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功【考点】电场线．【分析】由电场力对正电荷做功可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场的方向．进而判断电荷的受力情况．【解答】解：A、B、因正电荷由d到f电场力做负功，电势能增加，则电势升高．故f点电势高于d点电势．则N点为正电荷，故A错误，B错误．C、d点与f点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C 错误．D、将带正电的试探电荷沿直线由d 点移动到e 点，电势能先减小再增大到原来值，故电场力先做正功、后做负功．故D正确．故选：D8．如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab 方向射入磁场，也经时间t飞出磁场，则其速度大小为（）A．B．C．D．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子在磁场中运动，运动的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的情况，可以判断第二个粒子的运动轨迹半径，即可根据牛顿第二定律求出速度大小．【解答】解：设圆形区域的半径为R．带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，得r=，则有r∝v．①当粒子从b点飞出磁场时，入射速度与出射速度与ab的夹角相等，所以速度的偏转角为60°，轨迹对应的圆心角为60°．根据几何知识得知：轨迹半径为r1=2R；②当粒子从a点沿ab方向射入磁场时，经过磁场的时间也是t，说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等，也是60°．根据几何知识得，粒子的轨迹半径为r2=；③则由①得：==则得，v′=v；故选：C．9．如图所示，一个电荷量为﹣Q的点电荷甲，固定在粗糙绝缘水平面上的O点，另一个电荷量为+q、质量为m的点电荷乙，从A点以初速度v0沿它们的连线内甲运动，到B点时速度减小到最小值v．已知点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，A、B间距离为L0，静电力常量为k，则下列说法中正确的是（）A．O、B间的距离为B．在点电荷甲产生的电场中，B点的场强大小为C．点电荷乙在A点的电势能小于在B点的电势能D．在点电荷甲产生的电场中，A、B间的电势差U AB=【考点】电势能；电场强度．【分析】正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．【解答】解：A、设OB=x．当速度最小时有：qE=μmg，又E=k，联立得：x=，故A 正确．B、当速度最小时有：qE=μmg，故可得点电荷甲在B点处的场强E=，故B 正确；C、由于电场力做正功，电荷乙的电势能减小，则点电荷乙在A点的电势能大于在B点的电势能，故C错误；D、点电荷从A运动B过程中，根据动能定理有：U AB q﹣mgμL=﹣，故AB两点的电势差U AB=（mgμL+﹣），故D错误．故选：AB．10．如图，线圈L1，铁芯M，线圈L2都可自由移动，S合上后使L2中有感应电流且流过电阻R的电流方向为a→b，可采用的办法是（）A．使L2迅速靠近L1B．断开电源开关SC．将铁芯M插入D．将铁芯M抽出【考点】楞次定律．【分析】通过楞次定律，结合感应电流的方向，可确定穿过线圈L2的磁通量如何变化，再根据磁铁的运动，或由右手螺旋定则来确定线圈L1产生的磁场的运动，从而即可求解．【解答】解：由题意可知，流过电阻R的电流方向为a→b，根据楞次定律，则有：穿过线圈L2的感应磁场方向是水平向左，因此要产生这样的感应磁场，要么原磁场水平向左减小，要么原磁场方向水平向右增大；A、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当使L2迅速靠近L1时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增大，因此会产生的感应电流方向为a→b，故A正确；B、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当断开电源开关时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且减小，因此会产生的感应电流方向为b→a，故B错误；C、根据右手螺旋定则可知，线圈L1的磁场方向是水平向右，当铁芯M插入时，导致穿过线圈L2的磁通量向右且增加，因此会产生的感应电流方向为a→b，故C正确，D错误；故选：AC11．材料、粗细相同，长度不同的电阻丝做成ab、cd二种形式的导线，先后放在电阻可忽略的光滑金属导轨上，并与磁场垂直，如图所示．匀强磁场方向垂直导轨平面，外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力F所做的功的功率相同，则（）A．ab运动的速度较大B．它们产生的感应电动势相同C．它们每秒产生的热量相同D．cd受到的外力较小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】根据E=BLv分析电动势大小，注意切割有效长度相同；明确能量守恒定律得每秒产生的热量即等于外力的功率．根据电阻定律得ef较长，所以R较大再根据电路中热功率的表达式进行比较；根据P=Fv可分析外力的大小．【解答】解：A、两导线切割的有效长度均为L，则电动势E=BLv，根据能量守恒定律得每秒产生的热量即等于外力的功率．P==外力使导线水平向右做匀速运动，且每次外力所做功的功率相同，因cd导线较长，根据电阻定律得R较大，则匀速的速度就最大，故A错误．B、根据E=BLv可知虽然有效长度相等，但每根匀速的速度并不同，因cd速度大，故cd的电动势较大，故B错误．C、根据能量守恒定律可知，产生的热量的功率等于外力的功率，即Q=Pt，所以每秒产生的热量相等，故C正确．D、由P=Fv可知，功率相同，cd的速度较大，故cd受到的外力较小；故D正确；故选：CD．12．如图所示，在同时存在匀强电场和匀强磁场的空间中取正交坐标系Oxyz（z 轴正方向竖直向上），一质量为m、电荷量为q的带正电粒子（重力不能忽略）从原点O以速度v沿x轴正方向出发．下列说法正确的是（）A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，粒子只能做曲线运动B．若电场、磁场均沿z轴正方向，粒子有可能做匀速圆周运动C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，粒子有可能匀速直线运动D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，粒子有可能做平抛运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带正电荷的质点处于此电场、重力场和磁场中，受到重力，电场力和洛伦兹力，对质点进行受力分析，即可得出质点的运动情况．【解答】解：A．若电场、磁场分别沿z轴正方向和x轴正方向，则有带正电粒子所受到的电场力方向沿z轴正方向，由于运动方向与磁场方向平行，所以不受洛伦兹力，因此当电场力等于重力时，粒子可能匀速直线运动；当电场力不等于重力时，粒子做曲线运动．故A错误；B．若电场、磁场均沿z轴正方向，则电场力沿z轴正方向，而洛伦兹力根据左手定则可得沿y轴正方向，所以当电场力等于重力时，由洛伦兹力提供向心力，使其可能做匀速圆周运动，故B正确；C．若电场、磁场分别沿z轴负方向和y轴负方向，则有电场力沿z轴负方向，而洛伦兹力沿z轴正方向，当洛伦兹力大小等于重力与电场力之和时，粒子可能做匀速直线运动，故C正确；D．若电场、磁场分别沿y轴负方向和z轴正方向，则有电场力沿y轴负方向，而洛伦兹力沿y轴正方向，当电场力等于洛伦兹力时，带电粒子恰好做平抛运动，故D正确．故选：BCD二.实验题（共16分）13．指针式多用表是实验室中常用的测量仪器，请完成下列问题：。

密班级 姓名考 考号 座位号密 封 线 内 不 得 答 题第2016—2017学年第一学期高二年级物理计算题（考试范围：电场 电路 磁场 命题人：张良忠）1.如图所示，一根长为L ＝1.5 m 的光滑绝缘细直杆MN 竖直固定在电场强度大小为E ＝1.0×105 N/C 、与水平方向成θ＝30°角的斜向上的匀强电场中，杆的下端M 固定一个带电小球A ，带电荷量为Q ＝＋4.5×10－6 C ；另一带电小球B 穿在杆上可自由滑动，带电荷量为q ＝＋1.0×10－6 C ，质量为m ＝1.0×10－2 kg 。

现将小球B 从杆的N 端由静止释放，小球B 开始运动。

(静电力常量k ＝9.0×109 N ·m 2/C 2，g ＝10 m/s 2)(1)求小球B 开始运动时的加速度a ；(2)当小球B 的速度最大时，求小球距M 端的高度h 1；(3)若小球B 从N 端运动到距M 端的高度为h 2＝0.61 m 时，速度v ＝1.0 m/s ，求此过程中小球B 电势能的改变量ΔEp 。

2.如图所示，质量为m 的小球A 穿在绝缘细杆上，杆的倾角为α，小球A 带正电，电荷量为q 。

在杆上B 点处固定一个电荷量为Q 的正电荷。

将A 由距B 竖直高度为H 处无初速度释放，小球A 下滑过程中电荷量不变。

不计A 与细杆间的摩擦，整个装置处在真空中，已知静电力常量k和重力加速度g。

求：(1)A球刚释放时的加速度大小。

(2)当A 球的动能最大时，A 球与B 点的距离。

3. (2015·全国卷Ⅱ)如图，一质量为m 、电荷量为q (q ＞0)的粒子在匀强电场中运动，A 、B 为其运动轨迹上的两点。

已知该粒子在A 点的速度大小为v 0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B 点时速度方向与电场方向的夹角为30°。

不计重力。

求A 、B 两点间的电势差。

热力学第二定律(建议用时：45分钟)[学业达标]1．第二类永动机不可能制成的原因的下列说法不正确的是( )+A．违背能量守恒定律B．热量总是从高温物体传递到低温物体C．机械能不能全部转化为内能D．内能不能全部转化为机械能，同时不引起其他变化E．违背了热力学第二定律【解析】第二类永动机的设想并不违背能量守恒定律，但违背了“能量转化过程是有方向性的”规律，故A错．在引起其他变化的情况下，热量可由低温物体非自发地传递到高温物体，故B错．机械能可以全部转化为内能，故C错．【答案】ABC2．(2016·临汾高二检测)关于热力学定律和分子动理论，下列说法中不正确的是( ) A．我们可以利用高科技手段，将流散到周围环境中的内能重新收集起来加以利用而不引起其他变化B．利用浅层海水和深层海水之间的温度差制造一种热机，将海水的一部分内能转化为机械能，这在原理上是可行的C．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量D．在分子力作用范围内，分子力总是随分子间距离的增大而减小E．温度升高时，物体中每个分子的运动速率都将增大【解析】由热力学第二定律可知，A错误，B、C正确，由分子间作用力与分子间距离的关系可知，D项错误；温度升高时，物体中分子平均动能增大，但并不是每个分子的动能都增大，即并不是每个分子的运动速率都增大，故E项错误．【答案】ADE3．(2016·西安高二检测)下列说法中不正确的是( )A．电动机是把电能全部转化为机械能的装置B．热机是将内能全部转化为机械能的装置C．随着技术不断发展，可以把内燃机得到的全部内能转化为机械能D．虽然不同形式的能量可以相互转化，但不可能将已转化成内能的能量全部收集起来加以完全利用E．电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递【解析】由于电阻的存在，电流通过电动机时一定发热，电能不能全部转化为机械能，A错误；根据热力学第二定律知，热机不可能将内能全部转化为机械能，B错误；C项说法违背热力学第二定律，因此错误，由于能量耗散，能源的可利用率降低，D 正确，在电流做功的情况下，热量可以从低温物体向高温物体传递，故E 正确．【答案】 ABC4．下列说法中不正确的是( )A ．功可以完全转化为热量，而热量不可以完全转化为功B ．热机必须是具有两个热库，才能实现热功转化C ．热机的效率不可能大于1，但可能等于1D ．热机的效率必定小于1E ．随着节能减排措施的不断完善，最终也不会使汽车和热机的效率达到100%【解析】 本题要求全面领会开尔文表述的含义，同时注意语言逻辑性，开尔文表述没有排除热量可以完全转化为功，但必然要产生其他变化，比如气体等温膨胀，气体内能完全转化为功，但气体体积增大了，A 错误；开尔文表述指出，热机不可能只有单一热库，但未必有两个热库，可能具有两个以上热库，B 错误；由η＝Q 1－Q 2Q 1可知，只要Q 2≠0，η≠1，如果Q 2＝0，则低温热库不存在，违背了开尔文表述，故C 错误，D 、E 正确．【答案】 ABC5．(2016·潍坊高二检测)我们绝不会看到：一个放在水平地面上的物体，靠降低温度，可以把内能自发地转化为动能，使这个物体运动起来．其原因的下列说法不正确的是( )A ．这违背了能量守恒定律B ．在任何条件下内能都不可能转化为机械能，只有机械能才会转化为内能C ．机械能和内能的转化过程具有方向性，内能转化成机械能是有条件的D ．机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能，同时不引起其他变化E ．以上说法均不正确【解析】 机械能和内能可以相互转化，但必须通过做功来实现．由热力学第二定律可知，内能不可能全部转化成机械能，同时不引起其他变化；无论采用任何设备和手段进行能量转化总是遵循选项A 的表述．【答案】 ABE6．下列说法中正确的是( )A ．一切涉及热现象的宏观过程都具有方向性B ．一切不违背能量守恒定律的物理过程都是可能实现的C ．由热力学第二定律可以判断物理过程能否自发进行D ．一切物理过程都不可能自发地进行E ．功转变为热的实际宏观过程是不可逆的【解析】 热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，但可以自发地从高温物体传到低温物体；并不是所有符合能量守恒定律的宏观过程都能实现，故A、C正确，B、D错误，一切与热现象有关的宏观过程都是不可逆的，则E正确．【答案】ACE7．如图10­4­4所示，为电冰箱的工作原理示意图；压缩机工作时，强迫制冷剂在冰箱内外的管道中不断循环，在蒸发器中制冷剂汽化吸收箱体内的热量，经过冷凝器时制冷剂液化，放出热量到箱体外．下列说法正确的是( ) 【导学号：11200095】图10­4­4A．热量可以自发地从冰箱内传到冰箱外B．电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是因为其消耗了电能C．电冰箱的工作原理不违背热力学第一定律D．电冰箱的工作原理违背热力学第一定律E．电冰箱除了将热量从低温热库传到高温热库外，工作过程中所产生的其他一切影响，不论用任何的办法都不可能加以消除【解析】热力学第一定律是热现象中内能与其他形式能的转化规律，是能的转化和守恒定律的具体表现，适用于所有的热学过程，故C正确，D错误；再根据热力学第二定律，热量不能自发地从低温物体传到高温物体，必须借助于其他系统做功，A错误，B正确，故选B、C、E.【答案】BCE8．(2016·青岛高二检测)热力学第二定律常见的表述方式有两种，其一：不可能使热量由低温物体传递到高温物体而不引起其他变化；其二：不可能从单一热源吸收热量并把它全部用来做功，而不引起其他变化．第一种表述方式可以用图10­4­5甲来表示，根据你对第二种表述的理解，如果也用类似的示意图来表示，请你根据第二种表述完成示意图乙．【导学号：11200096】图10­4­5【解析】由图甲可知，使热量由低温物体传递到高温物体必伴随着压缩机的做功，即引起其他变化；对于第二种方式，热机工作时，从高温物体吸收热量，只有一部分用来对外做功，转变为机械能，另一部分热量要排放给低温物体，其表述示意图如右图所示．[能力提升]9．下列说法正确的是( )A．机械能和内能的转化具有方向性B．电流的能不可全部转化为内能C．第二类永动机虽然不违背能量守恒定律，但它是制造不出来的D．在火力发电机中燃气的内能不可能全部转化成电能E．第二类永动机既不违背能量守恒定律，也不违反热力学第二定律【解析】凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性，机械能可全部转化为内能，而内能不能全部转化为机械能，A、D正确；由电流热效应中的焦耳定律可知，电流的能可全部转化为内能，而内能不可能全部转化为电流的能，B错误；第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它违反热力学第二定律，是制造不出来的，C正确、E错误．【答案】ACD10．(2016·南京高二检测)关于热机和永动机，下列说法中正确的是( )A．效率为100%的热机是不可能制成的B．第二类永动机可以制成C．不需要任何外力做功而可正常运行的制冷机是不可能制成的D．能把从单一热源吸收的热量全部用来做功而不引起其他变化的热机是可以实现的E．能把从单一热源吸收的热量全部用来做功而不引起其他变化的热机是不能实现的【解析】热机在工作过程中，必然向外排出热量，故热机效率小于100 %，故A对；由热力学第二定律可得C对，B错；内能要全部转化为机械能，必须借助外界的帮助，因而一定会引起其他变化，故D错，E对．【答案】ACE11．(2016·青岛模拟)有以下说法：A．气体的温度越高，分子的平均动能越大B．即使气体的温度很高，仍有一些分子的运动速度是非常小的C．对物体做功不可能使物体的温度升高D．如果气体分子间的相互作用力小到可以忽略不计，则气体的内能只与温度有关E．一由不导热的器壁做成的容器，被不导热的隔板分成甲、乙两室．甲室中装有一定质量的温度为T的气体，乙室为真空，如图10­4­6所示，提起隔板，让甲室中的气体进入乙室，若甲室中气体的内能只与温度有关，则提起隔板后当气体重新达到平衡时，其温度仍为T图10­4­6F ．空调机作为制冷机使用时，使热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作是不遵守热力学第二定律的G ．对于一定量的气体，当其温度降低时，速率大的分子数目减小，速率小的分子数目增加H ．从单一热源吸取热量使之全部变成有用的机械功是不可能的其中正确的是________．【导学号：11200097】【答案】 ABEG12．(2016·石家庄高二检测)制冷机是一种利用工作物质，使热量从低温物体传到高温物体的装置，通过制冷机的工作可以使一定空间内的物体温度低于环境温度并维持低温状态．夏天，将房间一台正在工作的电冰箱的门打开，这是否可以降低室内的平均温度？为什么？【解析】 不会降低室内的平均温度．若将一台正在工作的电冰箱的门打开，尽管可以不断向室内释放冷气，但同时冰箱的箱体也向室内散热，就整个房间来说，由于外界通过导线不断有能量输入，室内的温度会不断升高．【答案】 见解析13．一辆汽车的发动机输出功率为66.15 kW ，每小时耗(柴)油14 kg ，请计算发动机的效率．(柴油的燃烧值为4.3×107J/kg)【导学号：11200098】【解析】 计算发动机的热效率可根据热机效率的定义，先求出发动机做的有用功和消耗的燃料完全燃烧放出的能量，然后再求效率．发动机每小时做的功W ＝Pt ＝66 150 W×3 600 s＝2.38×108 J完全燃烧14 kg 柴油放出的能量Q 总＝4.3×107 J/kg×14 kg＝6.02×108 J有用功的能量Q 有＝W ＝2.38×108 J 所以η＝Q 有Q 总＝2.38×108 J 6.02×108 J×100%＝39.5% 发动机的效率是39.5%.【答案】 39.5%。

2017--2018学年度第一学期期末联考试题高二物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分110分．考试时间90分钟．注意事项：1．答题前，考生务必将自己的学校、姓名、班级、考号填写在答题卡上。

2．请将答案写在答题卡相应的位置上，考试结束后只交答题卡。

第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．l～8题为单项选择题，所列的四个选项中，只有一项符合题意；9一12题为多项选择题，所列四个选项中至少有二项符合题意，漏选得2分，错选或不选不得分)1．存电场中的某点放一检验电荷，其电荷量为q(q＞0)，检验电荷受到的电场力为F，则该点的电场强度E=F/q，下列说法正确的是A．若移去检验电荷，则该点的电场强度为0B．若榆验电荷的电荷量变为4q，则该点的场强变为4EC．若放置到该点的检验电荷变为-2q，则场中该点的场强大小、方向均不变D．若放置到该点的检验电荷变为-2q，则场中该点的场强大小不变，但方向相反2．如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动过程中A．电压农示数变大，电流表示数变大B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变小D．电压表示数变小，电流表示数变小3．如图所示，实线是一簇未标明方向的匀强电场的电场线，虚线是一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。

若带电粒子在运动中只受电场力作用，则根据此图可以判断出A．带电粒子一定带正电B．a点的电势一定高于b点的电势C．带电粒子在a点的速度一定大于在b点的速度D．带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能4．如图所示，水平桌面上放置一根条形磁铁，磁铁中央正上方用绝缘弹簧悬挂一水平直导线，并与磁铁垂直。

当直导线中通入图中所示方向的电流时，和未通电相比较，可以判断出A．弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力增大B．弹簧的拉力减小，条形磁铁对桌面的压力减小C．弹簧的拉力增大，条形磁铁对桌面的压力增大D．弹簧的拉力增大，条形磁铁对桌面的压力减小5．如图所示，用粗细相同的铜丝做成边长分别为L和2L的两只单匝闭合线框a和b，以相同的水平速度从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外，则在此过程中A．线框a、b中电流大小之比I a:I b=1：1B．线a、b中电流大小之比I a：I b=1：2C．线框a、b中焦耳热之比Q a：Q b=1：2D．线框a、b中焦耳热之比Q a：Q b=1：86．如图所示，存水平面内固定有两平行金属导轨，导轨间距为L，两导轨间整个区域内分布有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向与导轨平面成扫角并与金属杆曲垂直，垂直于两导轨放置的金属杆a6重力为G．通过的电流为，，处于静止平衡状态，则A．金属杆ab所受的支持力等于G+BILB．金属杆ab所受的支持力等于G+BILcosθC．金属杆ab所受的摩擦力大小为BILcosθD．盒属杆ab所受的安倍力大小为BIL7．如图所示中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为上，磁场方向垂直纸面向里，abc是位于纸面内的等腰直角三角形闭合线圈，ac边平行于磁场的虚线边界，bc边长也为L，现令线圈以恒定的速度ν沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，从b点进入磁场区域作为计时起点，取沿a→b→c的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i随时间t(L／v)变化的图线可能是8．如图所示，一圆盘均匀分布着电荷量为Q的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c的轴线上有a、b、c三个点，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处有一电荷量为q(q>0) 的固定点电荷。

1．先后按图中（1）、（2）所示电路测同一未知电阻阻值R x ，已知两电路的路端电压恒定不变，若按图（1）所示电路测得电压表示数为6V ，电流表示数为2mA ，那么按图（2）所示电路测得的结果应有（ ）A ．电压表示数为6V ，电流表示数为2mAB ．电压表示数为6V ，电流表示数小于2mAC ．电压表示数小于6V ，电流表示数小于2mAD ．电压表示数小于6V ，电流表示数大于2mA 【答案】D 【解析】考点：串并联电路的特点【名师点睛】本题是实验题，电表对电路的影响不能忽略，可把电压表看成能测量电压的电阻，电流表看成能测量电流的电阻。

2. 如图所示，a 、b 分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀电阻丝的伏安特性曲线，下列判断中正确的是 ( )A ．a 代表的电阻丝较粗B ．b 代表的电阻丝较粗C ．a 电阻丝的阻值小于b 电阻丝的阻值D ．图线表示的电阻丝的阻值与电压成正比 【答案】B【解析】试题分析：图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律LRSρ=知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大，B正确，AC错误；电阻的大小与电压、电流无关，故D错误；故选B. 考点：电阻定律【名师点睛】解决本题的关键会从I-U图线中比较电阻的大小，以及掌握电阻定律LRSρ=。

3．如图所示，是测定两个电源的电动势和内电阻实验中得到的电流和路端电压图线，则应有（）A．当I1=I2时，电源总功率P1=P2B．当I1=I2时，外电阻R1=R2C．U1=U2时，电源输出功率P出1<P出2D．当U1=U2时,电源内部消耗的电功率P内1<P内2【答案】ACD【解析】考点：电源的U-I图线；电功率【名师点睛】电源的U-I图象理解时，关键要抓住纵轴截距表示电源的电动势、斜率的绝对值表示电源的内阻。

4．如图所示电路中，电源电动势为12V，内电阻不能忽略，闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大∆U=2V，在这一过程中（）A．通过R1的电流增大，增大量为∆U/R1B．R2两端的电压减小，减小量为∆UC．通过R2的电流减小，减小量小于∆U/R2D．路端电压增大，增大量为∆U【答案】A【解析】故选A.考点：电路的动态分析【名师点睛】本题是电路动态变化分析问题，本题中采用总量法，由电压表示数变化和总电压（路端电压）的变化来分析R2电压的变化，这是常用的方法。

高二物理考试本试卷满分100分，考试用时75分钟。

注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

4．本试卷主要考试内容：人教版选择性必修第二册第二章至第五章，选择性必修第三册。

一、选择题：本题共11小题，每小题4分，共44分。

在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~11题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

1．在春暖花开的季节，游客抛洒花粉于静水中，花粉微粒会做布朗运动，下列说法正确的是（ ）A ．布朗运动是花粉分子的无规则运动B ．布朗运动可以反映单个水分子的运动速率C ．人可以闻到花香是化学反应的结果D ．悬浮在水中的颗粒越小，温度越高，布朗运动越明显2．已知普朗克常量346.6310J s h −=×⋅，则400nm 电磁波辐射的能量子为（ ）A ．194.9710J −×B ．184.9710J −×C ．192.8410J −×D ．181.6810J −×3．如图所示，A 、B 是两个完全相同的白炽灯，L 是自感系数很大、电阻可忽略不计的自感线圈，下列说法正确的是（ ）A ．断开开关S 时，B 灯立即熄灭而A 灯慢慢熄灭B ．断开开关S 时，B 灯一定会闪亮一下C ．闭合开关S 时，B 灯比A 灯先亮，最后一样亮D ．断开开关S 时，B 灯可能会闪亮一下4．下列说法正确的是（ ）A ．图甲是某黑体在不同温度下的辐射强度与波长的关系，温度12T T <B ．图乙是康普顿效应的示意图，该光子与电子碰撞后其波长将变大C ．图丙中射线c 由电子组成，说明原子核内有电子D ．图丁所示的链式反应属于轻核的聚变，反应前后有质量亏损5．电冰箱由压缩机、冷凝器、毛细管、蒸发器四个部分组成一个密闭的连通系统，制冷剂在连通系统内循环流经这四个部分。

湖北省孝感市2016-2017学年高一物理上学期期末考试试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，1~8小题只有一个选项符合题目要求，9~12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1、在物理学的发展过程中，科学家们创造出了许多物理学研究方法，以下关于所用物理学研究方法的叙述正确的是（ ）A ． 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫微元法B ． 在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验采用了假设法C ． 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法D ． 伽利略认为自由落体运动就是物体在倾角为90°的斜面上的运动，再根据铜球在斜面上的运动规律得出自由落体的运动规律，这是采用了实验和逻辑推理相结合的方法 2、关于惯性，下列说法中正确的是（ ）A ．同一汽车，速度越快，越难刹车，说明物体速度越大，惯性越大B ．物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性C ．乒乓球可以快速抽杀，是因为乒乓球的惯性小的缘故D ．不受外力作用的物体才有惯性3、物理公式在确定物理数量关系的同时，也确定了物理量单位的关系。

因此国际单位制中选定了几个物理量的单位作为基本单位，进而导出其它物理量的单位，下列物理量单位为基本单位的是 （ ）A 、力B 、质量C 、 速度D 、 加速度 4、一个物体在恒力F 的作用下产生的加速度为a ；现在把物体的质量减小到原 来的32，恒力减小到原来的41，那么此时物体的加速度为（ ） A ．a 41B ．a 32C ．a 83D ．a 615、已知三个共点力的合力为零，则这三个力的大小可能为（ ） A.15N ，5N ，6N B.3N ，6N ，4N C.1N ，2N ，10N D.1N ，6N ，3N7、如图所示，用细绳将均匀球悬挂在光滑的竖直墙上，绳受的拉力为T ，墙对球的弹力为N ，如果将绳的长度增加，则（ ） A ．T 、N 均不变 B ．T 减小、N 增大C ．T 、N 均增大D ．T 、N 均减小8、如图所示，用力F 把铁块压在竖直墙上不动，那么,当F 增大时，关于铁块对墙的压力N ，铁块受墙的摩擦力F f ，下列判断正确的是( )A ．N 增大，F f 不变B ．N 增大，F f 增大C ．N 变小，F f 不变D ．N 不变，F f 不变10、某同学站在上升的电梯内，已知该同学体重为600N ，在电梯减速直至停止前的过程中，以下说法不正确的是（g 取10m/s 2）（ ） A ．该同学对电梯地板压力等于600 N B ．该同学体重小于600 NC ．该同学对电梯地板压力大于600 ND ．该同学对电梯地板压力小于600 N11、如图所示的x ﹣t 图象和v ﹣t 图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ） A ．甲车做直线运动，乙车做曲线运动B．0～t1时间内，甲、乙两车的平均速度相等C．0～t2时间内，丙、丁两车在t2时刻相距最远D．0～t2时间内，丙、丁两车的平均速度相等．．间的相互作用力仍为．若桌面的摩擦因数为，二、填空题(共2小题，共18分．把答案直接填在横线上)13、某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验，实验装置如图甲所示，其中两个主要步骤如下：①用两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度平行木板的拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O，记下O点的位置，读出并记录两个弹簧测力计的示数；②只用一个弹簧测力计，通过绳套平行木板的拉橡皮条使其伸长，读出并记录弹簧测力计的示数，记下细绳的方向，按同一标度作出力F′的图示及用平行四边形法则作出F图示，如图乙所示；（1）以上两步骤均有一处严重的疏漏，请指出疏漏：在①中是在②中是（2）图乙所示的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是．14、为了探究“加速度与力、质量的关系”，现提供如图1所示实验装置．请思考探究思路并回答下列问题：（1）为了消除小车与水平木板之间摩擦力的影响应采取的做法是．A．将木板右端适当垫高，使小车（不带纸带）在钩码拉动下恰好做匀速运动B．将木板右端适当垫高，使小车（带纸带）在钩码拉动下恰好做匀速运动C．将木板右端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车（不带纸带）恰好做匀速运动D．将木板右端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车（带纸带）恰好做匀速运动（2）某学生在平衡摩擦力时，不慎使长木板倾角偏大．则他所得到的a﹣F关系应该是图2中的哪根图线？答：（图中a是小车的加速度，F是细线作用于小车的拉力）．（3）消除小车与水平木板之间摩擦力的影响后，要用钩码总重力代替小车所受的拉力，此时钩码质量m与小车总质量M之间应满足的关系为；（4）某同学在实验中得到的纸带如图3所示，已知实验所用电源的频率为50Hz．据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2（结果保留两位有效数字）．三、论述、计算题(本题共3小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)15、（9 分）质量为3kg的物体在光滑水平面上受F=12N的水平拉力作用从静止开始运动．求：（1）物体的加速度是多大；（2）第3s末的速度是多少；（3）物体在前5s发生的位移；（4）第2秒内发生的位移．16、（12分）如图所示，在倾角为θ=30°的光滑斜面上放一质量为m=2kg的小球，球被竖直挡板挡住，若斜面足够长，g取10m/s2，求：（1）球对挡板的压力N1；（2）撤去挡板后，斜面对小球的支持力N2的大小；（3）撤去挡板起2s末小球的速度υ的大小．17、（13分）用遥控器控制小车，使小车从静止开始在水平地面上运动，该过程可看成匀加速直线运动，小车牵引力F大小恒为15N。

湖北省孝感市孝南区2016-2017学年八年级（上）期末物理试卷（解析版）一、选择题（在每小题列出的四个选项中只有一个是正确的，每小题2分，共40分）1．下列数据最接近实际的是（）A．正常人一次脉搏的时间约为5sB．中学生正常步行的速度约为5m/sC．八年级物理课本的质量约为5kgD．常压下水的沸点为100℃2．如图所示，小强从孝感站上车坐下后，观察窗外的另一辆列车．突然，他觉得自己乘坐的列车缓缓地开动了，当列车“驶过”了那辆列车的车尾后，发现自己乘坐的列车竞还是停在站台上．则下列说法正确的是（）A．小强感觉自己乘坐的列车开动了，是以站台为参照物B．小强的这种错觉，是因为他先后选择了不同的参照物而造成的C．小强发现自己乘坐的列车还停着，是以那辆走了的列车的车尾为参照物D．若以站台为参照物，那辆走了的车应该是静止的3．空调遥控器能够控制空调的开机、关机、调温等，利用的是（）A．绿光B．紫外线C．红外线D．蓝光4．如图所示，能正确描述光线从空气斜射入水中发生折射的光路图是（）A．B．C．D．5．人在平面镜中像的大小取决于（）A．平面镜的大小B．人本身的大小C．平面镜放置的高低D．人到平面镜的距离6．下列有关物态变化的叙述正确的是（）A．冰熔化过程中冰水混合物温度高于0℃B．冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气凝华而成C．通常采用降温的方法将石油气液化储存在钢罐内D．舞台上的云雾是干冰升华成的二氧化碳气体7．如图所示，小猫在平面镜中看到自己的像是（）A． B． C．D．8．下列情况下，一块铁块的质量会发生变化的情况是（）A．将它熔化成铁水 B．从地球运到太空飞船C ．把它轧成薄铁片D ．磨掉铁块一个角9．全国中学生体质健康调研表明：中学生近视发生率急剧上升，且低龄化，甲、乙两眼睛的成像示意图如图，下列判断正确的是（ ）A ．甲是近视眼，应配戴凸透镜制成的眼镜矫正B ．甲是近视眼，应配戴凹透镜制成的眼镜矫正C ．乙是近视眼，应配戴凸透镜制成的眼镜矫正D ．乙是近视眼，应配戴凹透镜制成的眼镜矫正10．如图所示，下列生活中的“影”与物理知识的对应关系正确的是（ ） A ．手影﹣平面镜成像 B ．摄影﹣光的反射 C ．投影﹣凸透镜成像 D ．倒影﹣光的折射11．根据如表得出的结论中正确的是（ ）一些物体的密度（常温常压）A．固体的密度都比液体的密度大B．不同的物质，密度一定不同C．同种物质在固态时的密度，一定比它在液态时的密度大D．质量相等的实心铜球和实心铅球相比，铜球的体积大12．如图所示，三个相同的容器中分别盛有质量相等的酒精、硫酸和盐水，甲、乙、丙三个容器中的物质分别是（）（ρ硫酸＞ρ盐水＞ρ酒精）A．硫酸、盐水、酒精B．盐水、酒精、硫酸C．酒精、硫酸、盐水D．硫酸、酒精、盐水13．如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑，小明用此凸透镜和蜡烛做“探究凸透镜成像规律”的实验，当烛焰距凸透镜15cm时，重新调节光屏的位置，可以在光屏上得到（）A．正立放大的虚像 B．倒立等大的实像C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像14．下列关于光现象的说法，正确的是（）A．视网膜上成的像是倒立、缩小的像B．白光中只含有红、绿、蓝三原色光C．平面镜所成的像一定是缩小的D．光在传播过程中没有速度15．将金属块分成大小不相等的两块，两块相比较，则对其中一块小的来说（）A．质量、体积、密度都小B．质量、体积都小，但密度相等C．质量、体积都小，密度增大D．密度、体积、质量都不变16．在凸透镜成像中，若像与物体在镜同侧，则这个像一定是（）A．缩小、正立的虚像B．放大、倒立的实像C．缩小、倒立的实像D．放大、正立的虚像17．下列说法正确的是（）A．红外夜视仪是利用紫外线来工作的B．平面镜成正立等大的实像C．近视眼应配戴凸透镜来矫正视力D．照相机、幻灯机的镜头都相当于凸透镜18．用托盘天平测物体质量前，调节横梁平衡时，发现指针在分度盘中线的右侧，这时应该（）A．将游码向左移动B．将右端平衡螺母向右旋出一些C．向左盘加砝码D．将右端平衡螺母向左旋进一些19．小威在做凸透镜成像的实验时，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，测得物体到透镜的距离为10cm，则该凸透镜的焦距有可能为（）A．3cm B．5cm C．7cm D．14cm20．敲锣时，要想使锣停止发声，只要用手按住锣面即可，这是因为（）A．锣声通过手掌被人吸收B．手对锣面形成真空，无法传声C．锣面停止振动D．有声音，但被手遮住，听不到二、填空题（共7小题，每空2分，满分28分）21．一束光线射入平面镜，其入射光线跟镜面成25°角，其入射角是．22．小明假期到天山镜湖游玩，他站在湖边看水面，发现一种奇特的景象：鱼儿在云层问尽情地游动．其中是由于光的反射沂到的现象是，由于光的折射看到的现象是（选填：“鱼”、“云”）；在欣赏的过程中，小明感到自己被太阳晒得很热，太阳的热主要是通过（选填：“红外线”、“紫外线”）传送给小明的．23．小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是m，她向后退的过程中，像的大小（选填“变大”、“变小”或“不变”）．24．池中水的深度是2.5m，月球到水面的距离上3.8×105km，月球在水池中的像到水面的距离是m．25．如图所示，敲响右边的音叉，左边的音叉也发声，悬挂的泡沫球反复被弹开，该实验现象说明，发声的物体在，可以传声，声波能传递．26．由于我们人眼观察物体是有限的，所以要借助不同的光学仪器来帮忙．如我们观察细胞的构造时，要用的仪器是；我们观察很远的地方时，要用的仪器是．（选填“望远镜”或“显微镜”）27．完成下列单位的换算：1.4吨=千克；30克=千克．三、作图题（共2小题，满分4分）28．如图，S为蜡烛，S′为蜡烛通过凸透镜所成的像．请根据凸透镜的特性，画图确定并标出凸透镜的光心O点及右侧焦点F点的位置．29．根据光线发生的折射，在图中恰当的位置添上一个合适的透镜，并完成光路．四、实验题（共3小题，满分12分）30．如图是小光同学“探究平面镜成像的特点”的实验装置图（1）用玻确板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于确定．（2）实验时，小光在玻璃板前A处放置一支点燃的蜡烛，看到蜡烛的像在玻璃板后面B处，他将另一支大小相同的蜡烛移到B处时，看到它跟点燃蜡烛的像完全重合．这说明像与物的大小；用光屏代替蜡烛B后，在光屏上看不到蜡烛A的像，这说明所成的是像．31．如表是小华同学“探究凸透镜成像的规律”的实验数据．（1）根据小华同学的实验数据可得出：①实像都是立的；②成实像时，物距越大，像距越．（2）根据凸透镜成像的规律可知：小华做实验用的凸透镜焦距是cm；实验时，如果小华把物距调为6cm，凸透镜固定不动，则在调节光屏的过程中，在光屏上能否观察到像．32．如图所示的是小红同学测量牛奶密度的实验步骤与结果．（1）测量前，应把天平放在水平台上，将游码移至处，然后调节平衡螺母、使天平横梁平衡．（2）根据小红的实验可知：空杯的质量是g，牛奶的质量为g，牛奶的体积为cm3，牛奶的密度是kg/m3．五、应用题（共3小题，满分16分）33．孝感到汉口的城际铁路已正式开通，孝感的起点站为孝感东站，如表是城际铁路C5324列车的部分运行时刻表．根据列车的运行时刻表中有关数据信息，求：（1）正常运行时，列车从孝感东站出发至到达阂集站时的平均运行速度．（2）列车从孝感东站发车，若仍以孝感东站﹣阂集段的速度运行，假若中间所有站都不停靠，则从孝感东站直达汉口站需要多少时间？34．有一塑料壶，若用来装水，则装满时只能装10kg的水．（ρ水=1.0×103kg，ρ103kg/m3）煤油=0.8×（1）塑料壶的容积为多少？（2）若用该壶来装煤油，则最多可装多少千克？35．一捆铜线的质量是89kg，铜线的横截面积是25mm2，（ρ铜=8.9×103kg/m3）求：（1）这捆铜线的长度．（2）生产1km这种规格的铜线，至少需要多少铜材．2016-2017学年湖北省孝感市孝南区八年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（在每小题列出的四个选项中只有一个是正确的，每小题2分，共40分）1．下列数据最接近实际的是（）A．正常人一次脉搏的时间约为5sB．中学生正常步行的速度约为5m/sC．八年级物理课本的质量约为5kgD．常压下水的沸点为100℃【考点】时间的估测；沸点及沸点与气压的关系；质量的估测；速度与物体运动．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A、正常情况下，人的脉搏1min跳动75次，跳动1次的时间大约1s．此选项不符合实际；B、中学生正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．此选项不符合实际；C、一个苹果的质量在150g左右，八年级物理课本的质量与此差不多，在150g=0.15kg左右．此选项不符合实际；D、水的沸点和气压有关，在不同气压下沸点不同，在标准大气压下水的沸点为100℃．此选项符合实际．故选D．2．如图所示，小强从孝感站上车坐下后，观察窗外的另一辆列车．突然，他觉得自己乘坐的列车缓缓地开动了，当列车“驶过”了那辆列车的车尾后，发现自己乘坐的列车竞还是停在站台上．则下列说法正确的是（）A．小强感觉自己乘坐的列车开动了，是以站台为参照物B．小强的这种错觉，是因为他先后选择了不同的参照物而造成的C．小强发现自己乘坐的列车还停着，是以那辆走了的列车的车尾为参照物D．若以站台为参照物，那辆走了的车应该是静止的【考点】参照物及其选择．【分析】判断物体的运动或静止时，要首先选择参照物，如果物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的；如果物体相对于参照物的位置保持不变，物体是静止的．【解答】解：A、开始小强以对面列车为参照物，对面列车反方向运动时，小强觉得自己的列车开始缓慢前进，故A错误；B、后来以站台为参照物，发现自己做的列车没动．先后不同的感觉是因为他选择的参照物不同造成的，这就是运动和静止的相对性，故B正确．C、小强发现自己乘坐的列车还停着，小强乘坐的列车相对于站台的位置没有发生变化，所以他是以站台为参照物，故C错误；D、若以站台为参照物，那辆走了的车与站台的位置发生了变化，那辆车应该是运动的，故D错误．故选B．3．空调遥控器能够控制空调的开机、关机、调温等，利用的是（）A．绿光B．紫外线C．红外线D．蓝光【考点】红外线．【分析】红外线是一种不可见光．在现实生活中，可以利用红外线做电视机的遥控器．【解答】解：红外线可以用来进行遥控，空调遥控器的前端有一个发光二极管，按下不同的键时，可以发出不同的红外线，来实现空调的遥控．故选C．4．如图所示，能正确描述光线从空气斜射入水中发生折射的光路图是（）A．B． C．D．【考点】作光的折射光路图．【分析】要解决此题，需要掌握光的折射定律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角．【解答】解：因为光线从空气斜射入水中，折射角小于入射角，所以折射光线要靠近法线．所以AB不符合题意；当光线从空气斜射入水中，折射光线与入射光线分居法线两侧；所以C不符合题意，D符合题意．故选D．5．人在平面镜中像的大小取决于（）A．平面镜的大小B．人本身的大小C．平面镜放置的高低D．人到平面镜的距离【考点】平面镜的应用．【分析】根据平面镜成像的特点之一：像与物大小相同即可解答此题．【解答】解：A、小的平面镜也可以成大物体的完整的像，不会因为镜子的大小影响到像的大小；故A错误；B、根据平面镜成像的特点，像与物大小相同，像的大小取决于物的大小，故B 正确；C、平面镜的高低也不会影响像的大小；故C错误；D、物到镜的距离近，人们感觉像大，但真实的像的大小不变，故D错误．故选B．6．下列有关物态变化的叙述正确的是（）A．冰熔化过程中冰水混合物温度高于0℃B．冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气凝华而成C．通常采用降温的方法将石油气液化储存在钢罐内D．舞台上的云雾是干冰升华成的二氧化碳气体【考点】熔化与熔化吸热特点；液化方法及其应用；生活中的升华现象；生活中的凝华现象．【分析】（1）晶体在熔化过程中吸收热量，温度保持不变；（2）物质由气态变为固态的过程叫凝华；（3）气体液化的方法有二：降低温度，压缩体积；（4）物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化．【解答】解：A、冰熔化过程中温度保持不变，所以冰水混合物的温度始终是0℃．此选项错误；B、冷冻室取出的冰棍，外表的“霜”是由空气中水蒸气遇冷凝华而成的冰晶．此选项正确；C、通常采用在常温下，压缩体积的方法将石油气液化储存在钢罐内．此选项错误；D、舞台上的云雾是干冰升华成二氧化碳气体过程中吸收大量的热，使空气中的水蒸气液化而成的．此选项错误．故选B．7．如图所示，小猫在平面镜中看到自己的像是（）A． B． C．D．【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．【分析】根据平面镜成像特点来判断像的形状：平面镜成的像，像与物大小相同，对应点连线与镜面垂直．【解答】解：根据平面镜成像特点分析，当镜面竖直放置时，所成的像是正立的、等大的、左右相反的；符合该条件的只有C图．故选C．8．下列情况下，一块铁块的质量会发生变化的情况是（）A．将它熔化成铁水 B．从地球运到太空飞船C．把它轧成薄铁片 D．磨掉铁块一个角【考点】质量及其特性．【分析】物质质量的大小与外界条件无关，只取决于物体本身所含物质的多少．据此对四个选项逐一分析即可解答此题．【解答】解：质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变．A、将它熔化成铁水是状态变了，物体本身所含物质的多少不变，故A错误；B、从地球运到太空飞船是位置变了，物体本身所含物质的多少不变，故B错误；C、把它轧成薄铁片是形状变了，但铁块所含铁的多少没有改变，所以其质量不会改变，故C错误；D、磨掉铁块一个角，铁块所含铁物质减少了，所以质量变了，故D正确．故选D．9．全国中学生体质健康调研表明：中学生近视发生率急剧上升，且低龄化，甲、乙两眼睛的成像示意图如图，下列判断正确的是（）A．甲是近视眼，应配戴凸透镜制成的眼镜矫正B．甲是近视眼，应配戴凹透镜制成的眼镜矫正C．乙是近视眼，应配戴凸透镜制成的眼镜矫正D．乙是近视眼，应配戴凹透镜制成的眼镜矫正【考点】近视眼的成因与矫正办法．【分析】根据近视眼的成因及矫正分析．【解答】解：近视眼是由于像成在了视网膜的前方，近视要用凹透镜来矫正．故选D．10．如图所示，下列生活中的“影”与物理知识的对应关系正确的是（）A．手影﹣平面镜成像 B ．摄影﹣光的反射 C ．投影﹣凸透镜成像 D ．倒影﹣光的折射【考点】光在均匀介质中直线传播；凸透镜成像的应用．【分析】（1）“影”的形成包括光沿直线传播现象、光的反射现象以及光的折射现象；（2）光沿直线传播形成的现象称之为影子；光的反射现象有平面镜成像；光的折射为透镜所成的像．根据不同原理所成的像分析各选项． 【解答】解：A 、手影是光的直线传播形成的，此选项错误；B 、摄影是利用了凸透镜成倒立缩小的实像原理，属于光的折射，此选项错误；C 、投影是利用了凸透镜成倒立放大的实像原理，属于光的折射，此选项正确；D 、水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，此选项错误． 故选C ．11．根据如表得出的结论中正确的是（ ）一些物体的密度（常温常压）A ．固体的密度都比液体的密度大B．不同的物质，密度一定不同C．同种物质在固态时的密度，一定比它在液态时的密度大D．质量相等的实心铜球和实心铅球相比，铜球的体积大【考点】密度及其特性．【分析】密度是物体本身的一种特性，其大小等于质量与体积的比值，不同物质密度一般不同，但是也有相同的情况，同种物质在相同状态下其密度是定值，是不变的，在不同状态下，如水和冰，其密度是不同的．【解答】解：A、有的液体的密度比固体的大，如水银的密度就很大．故A错误；B、不同物质密度一般不同，但是也有相同的情况．故B错误；C、冰（固态）的密度比水（液态）的密度小，故C错误；D、铜的密度小于铅，质量相等的实心铜球和实心铅球，由公式V=知：铜球的体积比铅球的体积大．故D正确．故选D．12．如图所示，三个相同的容器中分别盛有质量相等的酒精、硫酸和盐水，甲、乙、丙三个容器中的物质分别是（）（ρ硫酸＞ρ盐水＞ρ酒精）A．硫酸、盐水、酒精B．盐水、酒精、硫酸C．酒精、硫酸、盐水D．硫酸、酒精、盐水【考点】密度公式的应用．【分析】利用密度公式分析，酒精、硫酸和盐水的质量相同，分别注入完全相同的三个杯子里，因此密度小的液面高．【解答】解：由ρ=分析可知：酒精、硫酸和盐水的质量相同，又分别注入完全相同的三个杯子里，所以密度小的液面高；根据ρ硫酸＞ρ盐水＞ρ酒精可知：酒精的密度最小，故酒精的液面最高，硫酸的密度最大，故硫酸的液面最低；所以甲是酒精，乙是硫酸，丙是盐水．故选C．13．如图所示，一束平行光经过一凸透镜，调节光屏的位置直到在屏上得到一个最小、最亮的光斑，小明用此凸透镜和蜡烛做“探究凸透镜成像规律”的实验，当烛焰距凸透镜15cm时，重新调节光屏的位置，可以在光屏上得到（）A．正立放大的虚像 B．倒立等大的实像C．倒立放大的实像 D．倒立缩小的实像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】首先根据图象得出凸透镜的焦距，根据物距处于f和2f时，成倒立放大实像的原理进行分析．【解答】解：光屏上得到一个最小、最亮的光斑即为凸透镜的焦点．由图知，凸透镜的焦距为40.0cm﹣20.0cm=10.0cm，烛焰距凸透镜15cm，处于2f和f之间，此时成倒立、放大的实像．故选C．14．下列关于光现象的说法，正确的是（）A．视网膜上成的像是倒立、缩小的像B．白光中只含有红、绿、蓝三原色光C．平面镜所成的像一定是缩小的D．光在传播过程中没有速度【考点】眼睛及其视物原理；光的传播速度与光年；平面镜的应用；色光的三原色和颜料的三原色．【分析】A、人眼相当于一架微型照相机，物体在视网膜上所成的像是倒立缩小的实像．B、一束白光经过三棱镜折射后，在光屏上形成自下而上为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，这就是光的色散现象．C、平面镜成像特点之一，物像等大．D、光在不同介质中的传播速度不同．【解答】解：A、人眼相当于一架微型照相机，人眼的晶状体相当于凸透镜，视网膜相当于光屏，物体在视网膜上所成的像是倒立、缩小的实像，故A正确．B、一束白光经三棱镜折射后，在光屏上形成自上而下为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带，说明白光是由七种色光组成的，故B错误．C、平面镜所成的像是与物体是等大的，故C错误．D、光在传播过程中有速度，且在不同介质中的传播速度不同；故D错误．故选A．15．将金属块分成大小不相等的两块，两块相比较，则对其中一块小的来说（）A．质量、体积、密度都小B．质量、体积都小，但密度相等C．质量、体积都小，密度增大D．密度、体积、质量都不变【考点】质量及其特性；密度及其特性．【分析】（1）质量是物体的一种属性，它不随着物体形状、状态、位置的改变而改变；（2）密度是物质的一种特性，不同的物质的密度一般不同，同一种物质在状态不同时，密度可能也不同．【解答】解：一块金属块分成相等的两块，其质量会变为原来的，体积也会变为原来的；但是物质的种类没有发生变化，因此密度保持不变．故选B．16．在凸透镜成像中，若像与物体在镜同侧，则这个像一定是（）A．缩小、正立的虚像B．放大、倒立的实像C．缩小、倒立的实像D．放大、正立的虚像【考点】凸透镜成像的应用．【分析】根据凸透镜成像的三种情况，①U＞2f 时，在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像；②2f＞U＞f 时，在另一侧光屏上得到一个倒立、放大的实像．③U＜f 时，通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像．【解答】解：在凸透镜成像中，若得到一个与物体同侧的像．由凸透镜成像规律可知，当U＜f 时，若得到一个与物体同侧的像，那么这个像一定是一个正立的、放大的虚像．故选D．17．下列说法正确的是（）A．红外夜视仪是利用紫外线来工作的B．平面镜成正立等大的实像C．近视眼应配戴凸透镜来矫正视力D．照相机、幻灯机的镜头都相当于凸透镜【考点】紫外线；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；凸透镜成像的应用；近视眼的成因与矫正办法．【分析】A、红外夜视仪是利用红外线来工作的；B、平面镜成正立等大的虚像；C、近视眼应配戴凸透镜来矫正视力D、照相机、幻灯机的镜头是由凸透镜组成的．【解答】解：A、红外夜视仪是利用红外线工作的，不是利用紫外线来工作的，故A错误；B、平面镜成正立等大的虚像，平面镜不能成实像，故B错误；C、近视眼应配戴凹透镜来矫正视力，凸透镜可用来矫正远视眼的视力，故C错误；D、照相机、幻灯机的镜头都相当于凸透镜，故D正确；故选D．18．用托盘天平测物体质量前，调节横梁平衡时，发现指针在分度盘中线的右侧，这时应该（）A．将游码向左移动B．将右端平衡螺母向右旋出一些C．向左盘加砝码D．将右端平衡螺母向左旋进一些【考点】天平的使用．【分析】托盘天平使用前应调整横梁平衡，此时要用平衡螺母来调节，如果指针偏向分度盘的左侧，则向右调节平衡螺母；指针偏向分度盘的右侧，则向左调节平衡螺母，简记为：“左偏右移，右偏左移”．【解答】解：天平使用前调节平衡螺母使天平平衡，天平在使用过程中应通过加减砝码调节游码使天平平衡；所以调节托盘天平平衡时，发现指针停在分度盘的右侧，要使天平平衡，应向左调节平衡螺母．故选D．19．小威在做凸透镜成像的实验时，在光屏上得到了一个倒立、缩小的实像，测得物体到透镜的距离为10cm，则该凸透镜的焦距有可能为（）A．3cm B．5cm C．7cm D．14cm【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．【分析】要解决此题，需要掌握凸透镜成像的规律．知道物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距．【解答】解：当小威把物体放在距离凸透镜10cm处时，能在光屏上得到一个倒立缩小的实像．说明10cm＞2f，所以f＜5cm．所以只有A符合题意．故选A．20．敲锣时，要想使锣停止发声，只要用手按住锣面即可，这是因为（）A．锣声通过手掌被人吸收B．手对锣面形成真空，无法传声C．锣面停止振动D．有声音，但被手遮住，听不到【考点】声音的产生；声音的传播条件．。