贵州省思南中学2015-2016学年高二下学期第一次月考物理试卷

2015-2016学年贵州省铜仁地区思南中学高二（下）第一次月考物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.下列对物理学家的主要贡献的说法中正确的有（）A.奥斯特发现了电磁感应现象，打开了研究电磁学的大门B.法拉第发现了磁生电的现象，从而为电气化的发展奠定了基础C.安培发现了电流的磁效应，并总结了电流方向与磁场方向关系的右手螺旋定则D.牛顿提出了分子电流假设，总结了一切磁场都是由运动电荷产生的【答案】B【解析】解：A、法拉第发现了电磁感应现象，打开了研究电磁学的大门，为电气化的发展奠定了基础；故A错误，B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应；故C错误；D、安培提出了分子电流假设，总结了一切磁场都是由运动电荷产生的，并总结了电流方向与磁场方向关系的右手螺旋定则；故D错误；故选：B．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.关于电磁感应，下列说法中正确的是（）A.某时刻穿过线圈的磁通量为零，感应电动势就为零B.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势就越大C.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势就越大【答案】D【解析】解：A、穿过线圈磁通量为零，但磁通量的变化率不一定为零，感应电动势不一定为零．故A错误．B、根据，磁通量大，磁通量的变化率不一定大，感应电动势不一定大．故B 错误．C、根据，磁通量变化大，磁通量的变化率不一定大，感应电动势不一定大．故C错误．D、穿过线圈的磁通量变化越快，磁通量变化率越大，则感应电动势越大．故D正确．故选D．根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势与什么因素有关．解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道感应电动势的大小与磁通量的变化率有关．3.如图所示，竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线圈与导线在同一平面上，在下列状况中线框中不能产生感应电流的是（）A.导线中电流强度变大B.线框向右平动C.线框向下平动D.线框以ab边为轴转动【答案】C【解析】解：A、导线中电流强度变大，则周围的磁感应强度增强，则线框中磁通量增大，故可以产生感应电流，故A正确；B、线框向右运动时，线框中的磁感应线强减小，故磁通量减小，可以产生感应电流，故B正确；C、线框向下运动时，线框中的磁感应强度不变，磁通量不变，故不会产生感应电流，故C错误；D、线框以ad边为轴转动时，线框中的磁通量发生变化，故会产生感应电流，故D正确；本题选不产生感应电流的，故选：C．当闭合回路中磁通量发生变化时，回路中就会产生感应电流．判断电路中能否产生感应电流，应把握两点：一是要有闭合回路；二是回路中的磁通量要发生变化．4.1931年英国物理学家狄拉克从理论上预言：存在只有一个磁极的粒子即“磁单极子”.1982年美国物理学家卡布莱设计了一个寻找磁单极子的实验，仪器的主要部分是一个由超导体组成的线圈，超导体的电阻为零，一个微弱的电动势就可以在超导线圈中引起感应电流，而且这个电流将长期维持下去，并不减弱，他设想，如果一个只有N极的磁单极子从上向下穿过如图所示的超导线圈，那么从上向下看，超导线圈上将出现（）A.先是逆时针方向的感应电流，然后是顺时针方向的感应电流B.先是顺时针方向的感应电流，然后是逆时针方向的感应电流C.顺时针方向持续流动的感应电流D.逆时针方向持续流动的感应电流【答案】D【解析】解：若N磁单极子穿过超导线圈的过程中，当磁单极子靠近线圈时，穿过线圈中磁通量增加，且磁场方向从上向下，所以由楞次定律可知，感应磁场方向：从上向下看，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向逆时针；当磁单极子远离线圈时，穿过线圈中磁通量减小，且磁场方向从下向上，所以由楞次定律可知，感应磁场方向：从下向上，再由右手螺旋定则可确定感应电流方向逆时针．因此线圈中产生的感应电流方向不变．D正确．故选：D．磁单极子穿过超导线圈，导致线圈中的磁通量发生变化，根据磁通量变化情况，由楞次定律可判定感应电流的方向．考查右手螺旋定则、楞次定律，及磁单极子的特征．同时注意磁体外部的感应线是从N 极射出，射向S极．5.一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，飞机机身长为a，翼展为b；该空间地磁场磁感应强度的水平分量为B1，竖直分量为B2；驾驶员左侧机翼的端点用A表示，右侧机翼的端点用B表示，用E表示飞机产生的感应电动势，则（）A.E=B1vb，且A点电势低于B点电势B.E=B1vb，且A点电势高于B点电势C.E=B2vb，且A点电势低于B点电势D.E=B2vb，且A点电势高于B点电势【答案】D【解析】解：一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，切割磁感应强度的竖直分量，切割的长度等于驿站的长度，所以E=B2bv，根据右手定则，感应电动势的方向B指向A，所以A点的电势高于B点的电势．故D正确，A、B、C错误．故选D．一飞机在北半球的上空以速度v水平飞行，切割磁感应强度的竖直分量，根据E=BL v 求出切割产生的感应电动势大小，根据右手定则判断出感应电动势的方向，从而确定出A、B两点电势的高低．解决本题的关键掌握切割产生的感应电动势大小公式，以及会运用右手定则判断感应电动势的方向．6.如图所示，电感线圈L的直流电阻为R L、小灯泡的电阻为R，小量程电流表G1、G2的内阻不计，当开关S闭合且稳定后，G1、G2的指针均向右偏（电流表的零刻度在表盘中央），则当开关S断开时，下列说法正确的是（）A.G1、G2的指针都立即回到零点B.G1缓慢回到零点，G2立即左偏，然后缓慢回到零点C.G1立即回到零点，G2缓慢回到零点D.G2立即回到零点，G1缓慢回到零点【答案】B【解析】解：S闭合且稳定时，通过含电流表G1、G2的两条支路的电流均由左向右，断开S，L 中产生自感电动势，由“增反减同”可知，自感电动势E自的方向一定与原电流方向相同，显然，断开S后，在E自的作用下，上图回路中将继续形成沿顺时针方向的电流，这时流经含有电流表G2支路的电流方向已变为由右向左了．由于这段时间E自是逐渐减小的，故电流也是逐渐减小的，综上所述选B．故选B断开开关的瞬间，L相当于电源，与两个电流计组成闭合回路，电流方向顺时针．本题考查了自感线圈对电流发生突变时的阻碍作用，利用楞次定律即可判断．7.如图所示，圆环a和b的半径之比R1：R2=2：1，且是粗细相同，用同样材料的导线构成，连接两环的导线电阻不计，匀强磁场的磁感应强度始终以恒定的变化率变化，那么，当只有a环置于磁场中与只有b环置于磁场中两种情况下，A、B两点的电势差之比为（）A.1：1B.2：1C.3：1D.4：1【答案】B【解析】解：a环与b环的半径之比为2：1，故周长之比为2：1，根据电阻定律R=ρ，电阻之比为2：1；A、B两点间电势差大小为路端电压，为：U=E；磁感应强度变化率恒定的变化磁场，又面积之比是4：1，故根据法拉第电磁感应定律公式E=n=•S，得到两次电动势的大小之比为4：1；故两次的路端电压之比为U1：U2=：=E1R b：E2R a=2：1，故B正确；故选：B．a环与b环的半径之比为2：1，故周长之比为2：1，根据电阻定律R=ρ，电阻之比为2：1；根据法拉第电磁感应定律公式E=n得到两次电动势的大小关系，然后结合闭合电路欧姆定律分析即可．本题关键是理清电路结构，然后根据闭合电路欧姆定律、电阻定律和法拉第电磁感应定律列式分析，同时理解路端电压的含义．8.如图所示，在PQ、QR区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面．一导线框abcdef位于纸面内，每根邻边都相互垂直，bc边与磁场的边界P重合．导线框与磁场区域的尺寸如图所示．从t=0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域．以a→b→c→d→e→f为线框中的电动势ε的正方向，以下四个ε-t关系示意图中正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图．在第一阶段，只有bc切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为负，大小为B lv．在第二阶段，bc切割向里的磁感线，电动势为逆时针方向，同时de切割向外的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为零．在第三阶段，de切割向里的磁感线同时af切割向外的磁感线，两个电动势同为逆时针方向，等效电动势为正，大小为3B lv．在第四阶段，只有af切割向里的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为负大小为2B lv．故C正确，A、B、D错误．故选：C．根据右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E=BL v求出不同阶段的电动势大小．刚进磁场时，只有bc边切割；bc边进入QR区域时，bc边和de边都切割磁感线，但等效电动势为0；bc边出磁场后，de边和af边切割磁感线，af边切割产生的电动势大于bc边；de边出磁场后后，只有af边切割．解决本题的关键掌握右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据E=BL v求出不同阶段的电动势大小二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)9.如图所示，闭合金属环（可视为质点）从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，整个装置处在磁场中，设闭合环初速度为零，摩擦不计，则（）A.若是匀强磁场，环滚的高度小于hB.若是匀强磁场，环滚的高度等于hC.若是非匀强磁场，环滚的高度小于hD.若是非匀强磁场，环滚的高度大于h【答案】BC【解析】解：AB、若是匀强磁场，穿过小环的磁通量不变，没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变，则环在左侧滚上的高度等于h．故A错误，B正确；CD、若是非匀强磁场，小环中由于产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度将减小，则环在左侧滚上的高度小于h．故C正确，D错误．故选：BC若是匀强磁场，闭合小环中没有感应电流产生，机械能守恒，高度不变；若是非匀强磁场，闭合小环中由于电磁感应产生感应电流，机械能减小转化为内能，高度减小．本题关键根据产生感应电流的条件，分析能否产感应电流，从能量的角度分析高度的变化．常规题，比较容易．10.一线圈匝数为n=10匝，线圈电阻不计，在线圈外接一个阻值R=2.0Ω的电阻，如图甲所示．在线圈内有指向纸内方向的磁场，线圈内磁通量Ф随时间t变化的规律如图乙所示．下列说法正确的是（）A.通过R的电流方向为b→aB.线圈中产生的感应电动势为5VC.R两端电压为2.5VD.通过R的电流大小为5A【答案】AB【解析】解：A、由楞次定律可得：感应电流的方向为逆时针，所以通过R的电流方向为b→a，故A正确；B、穿过线圈的磁通量变化率为：==0.5W b/s，感应电动势为：E=N=10×0.5=5V，故B正确；CD、由闭合电路殴姆定律可得：I===2.5A，那么R两端的电压为U=IR=2.5×2V=5V，故CD错误；故选：AB．线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小．再由闭合电路的殴姆定律可求出电流大小，从而得出电阻R两端的电压，再由楞次定律判定感应电流方向．由法拉第电磁感应定律求出感应电流的大小，而感应电流的方向则由楞次定律判定．同时穿过磁通量发生变化的线圈相当于电源，所以电源内部（线圈）电流方向是负极到正极．11.两圆环A、B置于同一水平面上，其中A为均匀带电绝缘环，B为导体环，当A以如图所示的方向绕中心转动的角速度发生变化时，B中产生如图所示方向的感应电流．则（）A.A可能带正电且转速减小B.A可能带正电且转速增大C.A可能带负电且转速减小D.A可能带负电且转速增大【答案】BC【解析】解：由图可知，B中电流为逆时针，由右手螺旋定则可知，感应电流的磁场向外，由楞次定律可知，引起感应电流的磁场可能为：向外减小或向里增大；若原磁场向里，则A 中电流应为顺时针，故A应带正电，因磁场变强，故A中电流应增大，即A的转速应增大，故B正确；若原磁场向外，则A中电流应为逆时针，即A应带负电，且电流应减小，即A的转速应减小，故C正确；故选：BC．A环转动时产生等效电流，若电流产生的磁场使B中的磁通量发生变化，则可以在B中产生感应电流；则根据楞次定律可判断A中带电及转动情况．本题为楞次定律应用的逆过程，要明确B中感应电流是因为B中的磁通量发生变化引起的，同时还应知道由于A的转动而形成的等效电流的强弱与转速有关．12.如图所示，间距为L，电阻不计的足够长平行光滑金属导轨水平放置，导轨左端用一阻值为R的电阻连接，导轨上横跨一根质量为m，电阻也为R的金属棒，金属棒与导轨接触良好．整个装置处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中，现使金属棒以初速度v0沿导轨向右运动，若金属棒在整个运动过程中通过的电荷量为q．下列说法正确的是（）A.金属棒在导轨上做匀减速运动B.整个过程中电阻R上产生的焦耳热为C.整个过程中金属棒在导轨上发生的位移为D.整个过程中金属棒克服安培力做功为【答案】CD【解析】解：金属棒在整个运动过程中，受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力，这两个力合力为零，受到水平向左的安培力，金属棒受到的合力为安培力；A、金属棒受到的安培力F=BIL=BL=BL，金属棒受到安培力作用而做减速运动，速度v不断减小，安培力不断减小，加速度不断减小，故金属棒做加速度逐渐减小的变减速运动，故A错误；B、克服安培力做功把金属棒的动能转化为焦耳热，由于金属棒电阻与电阻串联在电路中，且阻值相等，则电阻R上产生的焦耳热Q=W安=mv02，故B错误；C、整个过程中感应电荷量q=I△t=△t，又E==，联立得：q=故金属棒的位移s=，故C正确；D、整个过程中由动能定理可得：-W安=0-mv02，金属棒克服安培力做功为W安=，故D正确；故选：CD．对金属棒进行受力分析，求出金属棒受到的合外力，然后判断金属棒的运动性质；由动能定理求出克服安培力所做的功；求出感应电荷量的表达式，然后求出金属棒的位移；由能量守恒定律和串联电路的特点求出电阻R上产生的焦耳热．金属棒在运动过程中克服安培力做功，把金属棒的动能转化为焦耳热，在此过程中金属棒做加速度减小的减速运动；对棒进行受力分析、熟练应用法拉第电磁感应定律、欧姆定律、动能定理等正确解题三、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)13.图为“研究电磁感应现象”的实验装置．（1）将图中所缺的导线补接完整．（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能现的情况有：（选填“左偏”、“右偏”或“不偏”）①将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将______ ．②原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，灵敏电流计指针______ ．【答案】右偏；左偏【解析】解：（1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，要使原线圈产生磁场必须对其通电，故电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路；如图所示：（2）在闭合电键时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏了一下；①闭合开关，将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计指针将右偏．②原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向左拉时，穿过线圈的磁通量减少，灵敏电流计指针左偏．故答案为：（1）如图所示；（2）右偏；左偏．（1）探究电磁感应现象实验电路分两部分，电源、开关、滑动变阻器、原线圈组成闭合电路，灵敏电流计与副线圈组成另一个闭合电路．（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反．本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同．知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键．四、填空题(本大题共2小题，共8.0分)14.如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧．若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向______ （填“左”或“右”）运动，并有______ （填“收缩”或“扩张”）趋势．【答案】左；收缩【解析】解：变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势．故答案为：左；收缩．由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可知电路中电流的变化，即可得出磁场的变化及穿着线圈的磁通量的变化，则由楞次定律可得出线圈中磁场的方向，从而得出线圈的运动及形状的变化．楞次定律可简单地记为：“增反减同”、“来拒去留”；楞次定律的应用一定注意不要只想着判断电流方向，应练习用楞次定律去判断导体的运动及形状的变化．15.固定在匀强磁场中的正方形导线框abcd，各边长为L，其中ab是一段电阻为R0的均匀电阻丝，其余三边均为电阻可忽略的铜线，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B．现有一与ab段的材料、粗细、长度都相同的电阻丝PQ架在导线框上，以恒定速度v从ad滑向bc，如图所示．当PQ滑过L/3的距离时，PQ两端的电势差是______ ，通过a P段电阻丝的电流强度是______ ，方向向______ （左或右）．【答案】；；左【解析】解：感应电动势的大小E=BL v．整个电路的总电阻：总则干路中的电流：I=PQ两端的电势差：U=E-I r=．a P、b P的电阻之比为1：2，则电流比为2：1，通过a P的电流大小．根据右手定则流过QP的电流方向由Q到P，所以流过a P段的电流方向向左．故答案为：，，左．根据E=BL v求出感应电动势的大小，再通过闭合电路欧姆定律求出总电流，从而得出外电压，根据串并联电路的特点得出通过a P段电阻丝的电流强度的大小和方向．本题是电磁感应与电路的综合问题，关键能得出等效电路，运用闭合电路欧姆定律进行求解．五、计算题(本大题共4小题，共38.0分)16.匀强磁场的磁感应强度B=0.8T，矩形线圈abcd的面积S=0.5m2，共10匝，开始B与S垂直且线圈有一半在磁场中，如图所示．（1）当线圈绕ab边转过60°时，线圈的磁通量以及此过程中磁通量的改变量为多少？（2）当线圈绕dc边转过60°时，求线圈中的磁通量以及此过程中磁通量的改变量．【答案】解析：（1）当线圈绕ab转过60°时，Φ=BS⊥=BS cos60°=0.8×0.5×W b=0.2W b（此时的S⊥正好全部处在磁场中）．在此过程中S⊥没变，穿过线圈的磁感线条数没变，故磁通量变化量△Φ=0．（2）当线圈绕dc边转过60°时，Φ=BS⊥，此时没有磁场穿过S⊥，所以Φ=0；不转时Φ1=B•=0.2W b，转动后Φ2=0，△Φ=Φ2-Φ1=-0.2W b，故磁通量改变了0.2W b．答：（1）当线圈绕ab边转过60°时，线圈的磁通量以及此过程中磁通量的改变量为0；（2）当线圈绕dc边转过60°时，求线圈中的磁通量以及此过程中磁通量的改变量为0.2W b【解析】根据磁通量的定义可求出磁通量的大小，则可求出两过程中磁通量的变化量．本题考查磁通量的计算，要注意明确磁通量是标量，其正负表示从哪一面穿过．17.如图所示，小灯泡的规格为“2V、4W”，连接在光滑水平导轨上，两导轨相距0.1m，电阻不计，金属棒ab垂直搁置在导轨上，电阻1Ω，整个装置处于磁感强度B=1T的匀强磁场中，求：（1）为使小灯正常发光，ab的滑行速度多大？（2）拉动金属棒ab的外力的功率多大？【答案】解：（1）小灯泡的规格为“2V、4W”，由I==；由R==所以闭合电路的总电阻为2Ω．则由E=IR总=2×2V=4V因为E=BL v可得v=（2）拉动金属棒ab的外力的功率等于电路中消耗的电功率，即为P=I2R总=22×2W=8W因此拉动金属棒ab的外力的功率为8W．答：（1）为使小灯正常发光，ab的滑行速度40m/s；（2）拉动金属棒ab的外力的功率8W．【解析】（1）通过灯泡的正常发光，由闭合电路欧姆定律来确定棒切割产生的感应电动势，再由法拉第电磁感应定律来算出滑行速度；（2）在外力作用下，金属棒做匀速直线运动，外力的功率即为电路中消耗的电功率，即为P=I2R．考查P=UI、、E=I2R总、E=BLV、P=I2R总等电磁学公式的基本运用．注意金属棒要垂直切割磁感线，才能有E=BLV．18.如图所示，两根足够长的直金属导轨MN、PQ平行放置在倾角为θ的绝缘斜面上，两导轨间距为L．M、P两点间接有电阻值为R的电阻，一根质量为m的均匀直金属杆ab放在两导轨上，并与导轨垂直．整套装置处于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向下．导轨和金属杆的电阻可忽略．让ab杆沿导轨由静止开始下滑，导轨和金属杆接触良好，不计它们之间的摩擦．求：（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时杆中的电流及杆的加速度大小；（2）在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．【答案】解：（1）当导体棒的速度为v时，产生的感应电动势为E=BL v，回路中的电流大小为：I==；导体棒在磁场中运动时，所受安培力大小为：F=BIL=由左手定则可知，安培力方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律，则有：ma=mgsinθ-F；解得：a=gsinθ-；（2）当F=mgsinθ时，即导体棒的加速度为零时，ab杆达最大速度v max，即：mgsinθ=可解得最大速度为：v m=答：（1）在加速下滑过程中，当ab杆的速度大小为v时杆中的电流及杆的加速度大小gsinθ-；（2）在下滑过程中，ab杆可以达到的速度最大值．【解析】（1）当导体棒的速度为v时，根据公式E=BL v求出电动势，根据闭合电路的欧姆定律即可求出电流，根据右手定则判断出通过MN棒的电流的方向；（2）导体棒运动到达最大速度时，受到的重力、支持力与安培力的合力等于0，然后使用力的正交分解法即可求出安培力的大小，代入安培力的计算公式即可．本题的关键是会推导安培力的表达式，根据平衡条件、牛顿第二定律和能量守恒研究电磁感应现象，常规题．19.如图所示，固定的水平光滑金属导轨，间距为L，左端接有阻值为R的电阻，处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m的导体棒与固定弹簧相连，放在导轨上，导轨与导体棒的电阻均可忽略．初始时刻，弹簧恰处于自然长度，导体棒具有水平向右的初速度v0．在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触．（1）求初始时刻导体棒受到的安培力．（2）若导体棒从初始时刻到速度第一次为零时，弹簧的弹性势能为E p，则这一过程中安培力所做的功W1和电阻R上产生的焦耳热Q1分别为多少？导体棒往复运动，最终将静止于何处？从导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Q 为多少？【答案】解：（1）初始时刻棒中感应电动势：E=BLυ0。

10.有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电 小球A、B、C，从同一位置以相同速度v0先后射入竖直方向的匀强电场中，它们落在正极板的位置如图所示，则下列说法中正确的是（ ）
A. 小球A带正电，小球B不带电，小球C带负电
B. 三个小球在电场中运动的时间相等
C. 三个小球到达正极板的动能
D. 三个小球的加速度关系为
D.只有体积很小的带电体才能看作点电荷
2.关于场强，下列哪个说法是正确的（ ）
A. 由E= 可知，放入电场中的电荷在电场中受到的电场力F越大，场强E越大，电荷的电荷量q越大，场强E越小
B. 由E=k 可知，在离点电荷Q很近的地方即r→0，场强E可达无穷大
C. 放入电场中某点的检验电荷的电荷量改变时，场强也随之改变；将检验电荷拿走，该点的场强就是零
18.一绝缘“ ”形杆由两段相互平行的足够长的水平直杆PQ、MN和一半径为R的光滑半圆环MAP组成，固定在竖直平面内，其中MN杆是光滑的，PQ杆是粗糙的，现将一质量为m的带正电荷的小环套在MN杆上，小环所受的电场力为重力的 ．
（1）若将小环由D点静止释放，则刚好能到达P点，求DM间的距离；
（2）若将小环由M点右侧5R处静止释放，设小环与PQ杆件的动摩擦因数为μ，小环所受最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，求小环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功．
4.如图所示的四个电场的电场线，其中A和C图中小圆圈表示一个点电荷，A图中虚线是一个圆(M、N为圆上的不同点)，B图中几条直线间距相等且互相平行，则在图中M、N处电场强度相等的是()
A B.
C. D.
5.下列关于电场线的说法正确的是（ ）
A.电场线是电荷运动的轨迹，因此两条电场线可能相交
B.电荷在电场线上会受到电场力，在两条电场线之间的某一点不受电场力

贵州省高二下学期物理第一次在线月考试卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、单选题 (共6题；共12分)1. （2分）(2017·虹口模拟) 下列叙述中符合物理学史实的是（）A . 伽利略发现了单摆的周期公式B . 奥斯特发现了电磁感应现象C . 库仑通过扭秤实验得出了电荷间相互作用的规律D . 牛顿通过斜面理想实验得出了维持运动不需要力的结论2. （2分） (2018高二上·吴忠期末) 如图所示，有一n匝矩形线圈abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成α角，已知sinα=0.8，回路面积为S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为（）A . 0.8BSB . 0.8nBSC . BSD . nBS3. （2分） (2019高二上·平遥月考) 如图所示，光滑绝缘的水平面上的P点固定着一个带正电的点电荷，在它的右侧N点由静止开始释放一个也带正电的小球（可视为质点）。

以向右为正方向，下图中能反映小球运动速度随时间变化规律的是（）A .B .C .D .4. （2分） (2018高三上·天津期末) 如图所示，E、F、G、H为矩形ABCD各边的中点，O为EG、HF的交点，AB边的长度为d。

E、G两点各固定一等量正点电荷，另一电荷量为Q的负电荷置于H点时，F点处的电场强度恰好为零。

若将H点的负电荷移到O点，则F点处场强的大小和方向为(静电力常量为k) （）A . 方向向右B . 方向向左C . 方向向右D . 方向向左5. （2分）如图所示，R3处是光敏电阻，a、b两点间接一电容，当开关S闭合后，在没有光照射时，电容上下极板上电量为零，当用光线照射电阻R3时,下列说法正确的是（）A . R3的电阻变小，电容上极板带正电，电流表示数变大B . R3的电阻变小，电容上极板带负电，电流表示数变大C . R3的电阻变大，电容上极板带正电，电流表示数变小D . R3的电阻变大，电容上极板带负电，电流表示数变小6. （2分） (2017高二上·泰州期末) 如图所示，速度选择器中匀强电场的电场强度为E，匀强磁场的磁感应强度为B1 ，挡板右侧质谱仪中匀强磁场的磁感应强度为B2 ．速度相同的一束粒子（不计重力），由左侧沿垂直于E和B1的方向射入速度选择器后，又进入质谱仪，其运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）A . 该束带电粒子带负电B . 能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于C . 粒子打在胶片上的位置越远离狭缝S0 ，粒子的比荷越小D . 能通过狭缝S0的带电粒子进入质谱仪后运动半径都相同二、多选题 (共3题；共8分)7. （3分）某导体中的电流随其两端电压的变化情况如下图所示，则下列说法中正确的是（）A . 加5 V电压时，导体的电阻约是5 ΩB . 加11 V电压时，导体的电阻约是1.4 ΩC . 由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D . 由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小8. （3分） (2018高二上·南阳期末) 如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在正方形abcd区域内，O点是cd边的中点，一个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从O点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间t0刚好从c点射出磁场，现设法使该带电粒子从O点沿纸面以与Od成30°的方向，以大小不同的速率射入正方形内，下列说法中正确的是（）A . 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从cd边射出磁场B . 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从ad边射出磁场C . 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从bc边射出磁场D . 若该带电粒子在磁场中经历的时间是，则它一定从ab边射出磁场9. （2分） (2019高二上·西湖月考) 如图，水平放置的光滑平行金属导轨上有一质量为m电阻不计的金属棒ab，在一水平恒力F作用下由静止向右运动，则（）A . 随着ab运动速度的增大，其加速度也增大B . 外力F对ab做的功等于电路中产生的电能C . 当ab做匀速运动时，外力F做功的功率等于电路中的电功率D . 无论ab做何运动，它克服安培力做的功一定等于电路中产生的电能三、实验题 (共1题；共3分)10. （3分） (2018高二上·瓦房店月考) 某同学想设计一个测量金属棒(阻值约10Ω)电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：A.电流表A1 (内阻Rg=100Ω、满偏电流Ig=3mA)B.电流表A2内阻约为0.4Ω、量程为0.6A)C.定值电阻R0=900ΩD.滑动变阻器R(5Ω、2A)E.干电池组(6V、0.05Ω)F.一个开关和导线若干G.螺旋测微器，游标卡尺（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为________;mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为________;cm．（2）请根据提供的器材，设计一个实验电路，画在答题卡方框内，要求尽可能精确测量金属棒的阻值。

一、 选择题（ 本题共12个小题， 每小题4分， 共4８分。

1-８小题只有一个选项正确， ９-12小题有多个选项正确，全部选对的得4分， 部分选对的得2分， 有错选或不选的得 O 分。

）1.在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类社会的进步， 人类社会的进步又促进了物理学的发展。

下列叙述中正确的是（ ）A ．电磁感应现象是洛伦兹最先发现的B ．电动机是利用电磁感应原理将机械能转化为电能C ．楞次最先发现了电流的磁效应D ．法拉第发现了利用磁场产生电流的条件和规律【答案】D考点：物理学史【名师点睛】此题是对物理学史的考查；对于物理学发展的历史及物理学家的伟大贡献，都要求熟练掌握，尤其是课本上涉及到的物理学家更应该熟练掌握.2. 将 N 匝闭合线圈放入一磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，现让磁场均匀变化，关于线圈中产生的感应电动势和感应电流，下列表述中正确的是（ ）A ．感应电动势的大小与线圈的匝数有关B ．穿过线圈的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势越大C ．穿过线圈的磁通量变化量越大，线圈中产生的感应电流越大D ．感应电流产生的磁场方向与原磁场方向始终相同【答案】A【解析】 试题分析：根据法拉第电磁感应定律tE N ∆Φ=∆可知，感应电动势的大小与线圈的匝数有关，选项A 正确； 穿过线圈的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势不一定越大，选项B 错误； 穿过线圈的磁通量变化量越大，感应电动势不一定大，线圈中产生的感应电流也不一定越大，选项C错误；根据楞次定律，感应电流产生的磁场方向可能与原磁场方向相同，也可能相反，选项D错误；故选A.考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律【名师点睛】此题考查对法拉第电磁感应定律及楞次定律的理解；要知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，磁通量大或者磁通量的变化量大，感应电动势不一定越大；感应电流的方向总是阻碍磁通量的变化.3. 一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电流e s i n 100πt（V），那么A．该交变电流的频率是100 H zB．当t＝0 时，线圈平面恰好与中性面垂直C．当t＝1200s 时，e最大D．该交变电流电动势的有效值为V【答案】C考点：交流电【名师点睛】此题是对交流电产生问题的考查；主要是要掌握正弦交流电的瞬时值、最大值及有效值倍；线圈在中性面时电动势为零，与中性面垂直时电动势最大. 4. 图为用电源、电磁继电器、滑动变阻器、绿灯泡、小电铃、半导体热敏电阻、开关、导线等组成的一个高温报警器电路图，要求是：正常情况绿灯亮，有险情时电铃报警，则图中的甲、乙、丙分别是（）A．小电铃、半导体、热敏电阻、绿灯泡B．半导体、热敏电阻、小电铃、绿灯泡C．绿灯泡、小电铃、半导体、热敏电阻D．半导体、热敏电阻、绿灯泡、小电铃【答案】B考点：传感器【名师点睛】此题考查了电磁继电器的构造及工作原理，并考查了并联电路电压的关系；电磁继电器是利用电磁铁来工作的自动开关．5. 如图所示，abcd 为一边长为L、匝数为N 的正方形闭合线圈，绕对称轴OO′ 匀速转动，角速度为ω.空间中只有OO′ 左侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B.若闭合线圈的总电阻为R，则（）A．线圈中电动势的有效值为NB L2ωB．当线圈转到图中所处的位置时，穿过线圈的磁通量为12NB L2C．线圈中电动势的最大值为12NB L2ωD．在转动一圈的过程中，线圈中有一半时间没有电流【答案】C考点：法拉第电磁感应定律；磁通量【名师点睛】该题考查交变电流的产生，要注意做交流电的题目不能死记公式，要具体问题具体分析，灵活运用物理公式；注意磁通量与线圈的匝数是无关的.6. L形的光滑金属轨道A O C，A O沿竖直方向，O C 沿水平方向，PQ是如图所示地放在导轨上的一根金属直杆，直杆从图示位置由静止开始在重力作用下运动，运动过程中Q端始终在O C 上。